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2023年福建省龙岩市长汀县中考物理适应性试卷（二）（含解析）
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这是一份2023年福建省龙岩市长汀县中考物理适应性试卷（二）（含解析），共30页。试卷主要包含了 下列说法中正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年福建省龙岩市长汀县中考物理适应性试卷（二）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列说法中与实际相符的是( )
A. 普通医用外科口罩的长度约10dm B. 人体口腔内的正常温度约37℃
C. 中学生骑自行车的速度约50m/s D. 一个篮球的体积约1m3
2. 各种自然现象之间存在着相互联系。历史上第一个发现电与磁存在联系的科学家是( )
A. 安培 B. 奧斯特 C. 欧姆 D. 法拉第
3. 如图所示的“倒像”中，由于光的反射形成的是( )
A. 烛焰通过小孔形成“倒像”
B. 杏林阁通过水面形成“倒像”
C. 景物通过水晶球形成“倒像”
D. 字母通过晶状体形成“倒像”
4. 以下对中华古诗中有关物态变化的分析，正确的是( )
A. “好雨知时节，当春乃发生”雨的形成是凝固现象
B. “露从今夜白，月是故乡明”露的形成是熔化现象
C. “床前明月光，疑是地上霜”霜的形成是凝华现象
D. “遥知不是雪，为有暗香来”雪的形成是液化现象
5. 如图所示，关于近视眼和远视眼，下列说法正确的是( )
A. 乙为远视眼，应佩戴凸透镜矫正 B. 乙为近视眼，应佩戴凹透镜矫正
C. 甲为远视眼，应佩戴凹透镜矫正 D. 甲为近视眼，应佩戴凸透镜矫正
6. 如图所示，对比图中白炽灯和LED灯将电能转化为其他形式能的情况，可得( )
A. 白炽灯发光时，电能主要转化为光能 B. 白炽灯发光时，灯丝会凝华
C. LED灯可以把电能全部转化为光能 D. LED灯发光的效率较高
7. 下列说法中正确的是( )
A. 敲碎煤块使煤充分燃烧能提高煤的热值
B. 汽车在减速过程中，惯性减小，动能减小
C. 当仅有热传递时，物体吸收热量时内能增加，放出热量时内能减小
D. 与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为丝绸的正电荷转移到玻璃棒上
8. 全球变暖已经日益威胁到生物的生存，如图为一对北极熊母子无助地待在一块不断熔化缩小的浮冰上，若浮冰和北极熊能始终处于漂浮状态，则随着浮冰的熔化( )
A. 浮冰受到的浮力不变
B. 浮冰受到的浮力大小增大
C. 浮冰受到的浮力大小减小
D. 北极熊受到的支持力在减小
9. 2020年2月，某品牌混动版全球首款”太阳能动力”量产汽车首发上市，这是首次将太阳能光伏发电车顶搭载到混动车型上。关于太阳能汽车，下列说法正确的是( )
A. 太阳能是一种不可再生能源
B. 图中车顶太阳能电池可将太阳能转化为电能
C. 车内电动机的工作原理是电磁感应现象
D. 太阳能汽车外形呈流线型，快速行驶时对地面的压力比静止时大
10. 为了减少行车安全隐患，交警一直严查超速、超高、超载等违法行为，下列分析正确的是( )
A. 超速的危害是速度越大，惯性越大 B. 超载的危害是质量越大，动能越小
C. 超高的危害是重心越高，稳定性越差 D. 超载的危害是质量越大，对路面压力越小
11. “歼20”是我国自主研发的一种新型“隐形战机”，飞机与地面指挥中心联系是通过( )
A. 超声波 B. 电磁波 C. 次声波 D. 红外线
12. 图中四幅图对应的说法正确的是( )
A. 图甲：通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场消失
B. 图乙：电流一定时，电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数有关
C. 图丙：改变电流方向并对调N、S极，导体棒摆动方向随之改变
D. 图丁：只要导体棒在磁场中运动，就一定会产生感应电流
13. 某门禁系统有两种识别方式：人脸识别(开关S1)和密码识别(开关S2)，只要其中一种方式识别成功即可闭合相应开关，启动电动机，开启门锁。下列电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
14. 电压U恒定，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，两电压表V1、V2的示数随电流表示数变化的图象如图乙所示，则下列错误的是( )
A. 图乙中“ac”段表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图象
B. 电源电压U=3.0V
C. 定值电阻R0=24Ω
D. 调节滑片P的过程中，滑动变阻器R的最大电功率为0.375W
15. 如图所示，曾侯乙编钟是我国现存最大、保存最完整的一套大型编钟，用钟锤敲击编钟时发出的声音是由编钟______ 产生的。敲击大小不同的钟，发出声音的______ (选填“响度”、“音调”或“音色”)可能相同。
16. 2022年4月16日神舟十三号载人飞船返回舱安全返航，着陆后的返回舱表面有烧蚀痕迹如图甲所示，这是返回舱与大气层摩擦引起的，此过程的能量转化与图______ (选填“乙”或“丙”)所示的实验相同，它们都是通过______ 方式改变物体内能的。
17. 举世闻名的三峡水利枢纽工程的船闸实现了上下游通航，船闸的工作利用了______原理，轮船在闸室中前进时，若以河岸为参照物，该轮船是______(选填“运动”成“静止”)的。
18. 2022年女足亚洲杯决赛赛场上，张琳艳用头顶回远处飞来的足球，说明力可以改变物体的______，同时她感觉头疼，说明物体间力的作用是______的。
19. 如图所示，用沿斜面向上大小为4N的拉力，将一个重5N的物体从斜面底端匀速拉至顶端。已知物体沿斜面上滑的距离为5m，上升的高度为3m，则物体受到的摩擦力为______N，斜面的机械效率为______。
20. 电阻R1与R2的I−U图象如图所示。当R2两端的电压为1V时，R2的阻值是______Ω；若将它们并联接到电压为4V的电源上，则干路的电流是______A。
21. 如图所示，重为20N的鱼悬浮在水中，请画出鱼所受到的力的示意图(O为重心)。
22. 如图中，牙医借助平面镜观察牙齿的背面，请在图乙中画出能反映此过程的光路图。
23. 如图是“天问一号”火星车，火星车的车轮做得比普通车的车轮宽得多，且车轮上有许多凸棱。请从物理学角度解释这两种设计的目的。
24. 如图甲所示，是小蕊同学探究“水沸腾时温度变化特点”的实验装置。
(1)图甲的实验装置，安装时应按照______(选填“由上到下”或“由下到上”)的顺序；实验中除了图甲的器材之外，还需要的测量工具是______。
(2)图甲装置中硬纸板的主要作用是______。
(3)小蕊用质量为m1的水做实验，根据记录的实验数据，绘出图乙中的a图线，由a图象可知：水沸腾时吸收热量，温度______。
(4)若换用初温相同的质量为m2(m2>m1)的水做实验，得到的图线是图乙中的______。(选填“b”“c”或“d”
)
25. 如图是小红同学“探究光的反射规律”的实验装置，平面镜放在水平桌面上，A、B是两块粘接起来的白色硬纸板，垂直于镜面且可绕ON转动。
(1)选用的白色硬纸板表面要尽可能粗糙一些，其目的是使光在纸板上发生______ ，这样我们就能从各个方向看清光的传播路径。
(2)为了进一步确定反射光线的位置，小红同学把硬纸板B沿PQ剪开，将硬纸板的上半部分向后折转一定的角度，如图乙，发现在硬纸板的______ (选填“上半部分”或“下半部分”)看不到反射光线。此实验现象说明反射光线、入射光线和法线______ 。
(3)小红同学用铅笔将图甲中的光线描绘在纸板上后，她让光线沿着FO方向入射，看到了反射光线恰好沿OE方向射出，这表明光在反射时，光路是______ 的。
(4)实验中，将纸板沿ON对折，发现描绘的反射光线OF与入射光线EO完全重合，就得出反射角等于入射角的结论。请你指出实验中的不足之处是______ 。
(5)完成实验后，小红同学发现每次用铅笔把光的传播路径描下来非常不方便，经认真思考，她认为较方便的操作是，只要在光的传播路径上标记两个合适的点就能确定了，她用到的光学知识是光在同种均匀介质沿______ 传播。
26. 小明想知道酱油的密度，于是他和小华用天平和量筒做了如下实验：
(1)将天平放在水平台上，把游码放在______处，发现指针指如图甲所示，要使横梁平衡，应将平衡螺母向______(选填“右”或“左”)调。
(2)用天平测出空烧杯的质量为17g，在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总量如图乙所示，将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，酱油的体积如图丙所示，则烧杯中酱油的质量为______g，酱油的密度为______kg/m3。
(3)小明用这种方法测出的酱油密度会______(选填“偏大”或“偏小”)。
(4)小红利用弹簧测力计、烧杯、石块、细绳和水等物品也能把酱油的密度测量出来，其操作步骤是：
①用弹簧测力计测出石块的重力为G；
②将石块浸没在水中，弹簧测力计的示数为F1；
③______(写出具体方法和要测出的物理量并用字母表示)；
④酱油密度的表达式为ρ酱油=______(用测出物理量的字母表示，水的密度用ρ水表示)。
27. 某实验小组连接了如图所示的探究电磁感应现象的装置进行实验。
(1)闭合开关，让导体AB沿水平方向左右运动。观察到灵敏电流计的指针偏转；若让导体AB由图示位置沿竖直方向上下运动，则灵敏电流计的指针______ (选填“偏转”或“不偏转”)。
(2)利用此装置，探究感应电流方向与磁场方向和导体切割磁感线方向之间的关系，观察到的实验现象记录如下：
实验序号
磁场方向
导体切割磁感线方向
灵敏电流计指
①
向下
向右
向左
②
向上
向右
向右
③
向下
向左
向右
④
向上
向左
向左
在上述四次实验中，比较______ 两次实验，可知感应电流方向与磁场方向有关；比较______ 两次实验，可知同时改变磁场方向和切割磁感线方向则感应电流方向不变。
(3)在探究中还发现，导体AB水平向左(或向右)缓慢运动时，灵敏电流计的指针偏转角度较小；导体AB水平向左(或向右)快速运动时，灵敏电流计的指针偏转角度较大。说明感应电流的大小与______ 有关。
(4)如果去掉灵敏电流计，接上一个电源，这个实验装置还可以探究什么实验？答：______ 。
28. 实验室提供如下器材：学生电源、电流表、电压表各一只，阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，未知电阻Rx一个，标有“50Ω，1A”的滑动变阻器一个，开关、导线若干。
(1)请根据图甲的电路图将乙中实物图连接完整，要求滑片P向D端移动时电流变大。
(2)在连接电路过程中，开关应处于______状态(填“断开”或“闭合”)。
(3)闭合开关S后，移动滑片P，发现电压表有示数，电流表无示数，故障可能是定值电阻R ______(填“开路”或“短路”)。
(4)故障排除后，小南在“保持电压不变时，研究电流随电阻的变化”实验中，测5Ω电阻中的电流后，将其更换为10Ω电阻，闭合开关，接下来他应向______(选填“左”或“右”)移动滑动变阻器的滑片。
(5)小南分别将五个已知阻值的定值电阻接入电路，并利用收集的数据，作出图丙的I−R图象。图中阴影部分面积表示的是______表测量的物理量。
(6)小南测未知电阻Rx的阻值时，发现电流表已损坏。他用一根导线替换电路中的电流表后，也测出Rx的阻值。请将实验步骤补充完整：
①按照电路图连接好电路。
②将滑片P移至阻值最大处，闭合开关S，读出电压表的示数U1。
③______，读出电压表的示数U2。
④请根据滑动变阻器最大阻值R′和所测量的物理量，写出该电阻Rx的表达式Rx=______。
29. 如图是我国自主研发的水陆两栖飞机“鲲龙−600”，它可以承担大型灭火、水上救援
等任务。若该两栖飞机以10m/s的速度匀速直线飞行60s，消耗航空燃油50kg，发动机的效率为40%，已知q燃油=4.2×107J/kg。求：
(1)它在此过程中飞行的路程。
(2)50kg的航空燃油完全燃烧放出的热量。
(3)飞机发动机的功率。
30. 如图甲所示，这是物理兴趣小组设计的简易坐位体前屈测仪。其内部简化电路原理图如图乙所示。测试中，被测试的同学向前推动测试仪的滑块(滑动变阻器的滑片)，用电压表的示数来反映被测试的同学的成绩。电源电压恒为6V，滑动变阻器R1的滑片P每移动1cm电阻变化0.5Ω，定值电阻R2的阻值为15Ω。
(1)当滑片P位于最左端时，电流表的示数是多少？
(2)某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动了20cm，此时电压表的示数是多少？
(3)另一同学测试时，电压表的示数为3V，则该同学从最左端推动滑片P向右移动的距离是多少？
31. 将平底薄壁直圆筒状的空杯，放在饮料机的水平杯座上接饮料。杯座受到的压力F随杯中饮料的高度h变化的图象如图 。饮料出口的横截面积S1=0.8cm2，饮料流出的速度v=50cm/s，杯高H=10cm，杯底面积S2=30cm2，g取10N/kg。
(1)装满饮料时，杯底受到饮料的压力为多大？
(2)饮料的密度为多大？
(3)设杯底与杯座的接触面积也为S2，饮料持续流入空杯5s后关闭开关，杯对杯座的压强为多大？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：
A、普通医用外科口罩的长度约15cm=1.5dm，故A不符合实际；
B、正常情况下，人的口腔内温度在37℃左右，变化幅度很小，故B符合实际；
C、中学生骑自行车的速度在18km/h=18×13.6m/s=5m/s左右，故C不符合实际；
D、一个篮球的体积约为5dm3=5×10−3m3，故D不符合实际。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题考查对生活中物理量的估测，估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
2.【答案】B
【解析】解：奥斯特实验证明了电流的周围存在磁场，这是第一个发现了电和磁存在联系的实验。奥斯特由于这个贡献而载入物理史册。
故选：B。
丹麦的物理学家奥斯特做的著名的奥斯特实验证实了：电流周围存在磁场。
物理学史一直是考试中的热点，了解相关的物理学史可以使我们了解科学家的贡献，激发我们学习物理的兴趣。
3.【答案】B
【解析】解：A、烛焰通过小孔形成“倒像”，属于光在同一种均匀介质中沿直线传播，故A不符合题意；
B、杏林阁通过水面形成“倒像”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B符合题意；
C、景物通过水晶球形成“倒像”，属于凸透镜成像，凸透镜成像属于光的折射，故C不符合题意；
D、字母通过晶状体形成“倒像”，属于凸透镜成像，凸透镜成像属于光的折射，故D不符合题意。
故选：B。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
4.【答案】C
【解析】解：
A、雨是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴附着在物体表面，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的小冰晶，附着在建筑物或植被表面，故C正确；
D、雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的小冰晶，故D错误。
故选：C。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5.【答案】A
【解析】解：
图甲中的光线在视网膜前会聚，表示像成在视网膜的前方，因此表示的是近视眼，近视眼应该佩戴凹透镜矫正；
图乙中的光线在视网膜后方会聚，表示像成在视网膜的后方，因此表示的是远视眼，远视眼应该佩戴凸透镜进行矫正；
由此可知，A正确，BCD错误。
故选：A。
远视眼的晶状体变薄，会聚能力减弱，像成在视网膜的后方。远视眼能看清远处的物体，不能看清近处的物体，要看清近处的物体需要戴凸透镜进行矫正；
近视眼的晶状体变厚，会聚能力增强，像成在视网膜的前方。近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体，要看清远处的物体需要戴凹透镜进行矫正。
解答此类题目的关键是理解掌握近视、远视的成像特点和矫正措施。
6.【答案】D
【解析】解：A.根据图示可知，白炽灯发光时，电能转化为了20%的光能和80%的内能，显然大量的电能转化为内能，故A错误；
B.白炽灯发光时，温度较高，灯丝容易升华，故B错误；
CD.根据图示可知，LED发光时，电能转化为10%的内能和90%的光能，与白炽灯相比，LED 灯发光的效率较高，故C错误、D正确。
故选：D。
根据图示可知白炽灯与LED灯发光时的能量转化以及发光效率；升华是指固体直接变为气体的过程。
本题考查电功的实质，家庭中，LED灯完全替代了白炽灯，体现了物理与生活的紧密联系。
7.【答案】C
【解析】解：
A、热值的大小只与燃料的种类有关，与燃料的燃烧情况无关，故A错误；
B、汽车在减速过程中，质量不变，其惯性不变，速度减小，则动能减小，故B错误；
C、当仅有热传递时，物体吸收热量，内能增加；物体放出热量，内能减小，故C正确；
D、与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为在摩擦过程中玻璃棒失去了电子，故D错误。
故选：C。
(1)热值的大小只与燃料的种类有关；
(2)惯性的大小只与质量有关；动能的大小与质量和速度有关；
(3)改变内能的方法有两个：做功和热传递；
(4)摩擦起电的实质是电子的转移，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电。
本题考查了惯性、热值、改变内能的方法、摩擦起电的实质，都是基础知识。
8.【答案】C
【解析】解：
ABC、由题知，浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，则F浮=G总；随着浮冰的熔化，浮冰的重力减小，北极熊和浮冰的总重力减小；因为F浮=G总，所以浮冰和北极熊受到的浮力减小，故AB错误、C正确；
D、北极熊在浮冰上，受到的支持力和重力是一对平衡力，二力的大小相等，北极熊的重力不变，所以支持力大小不变，故D错误。
故选：C。
(1)浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，受到的浮力等于北极熊和浮冰的总重力；随着浮冰的熔化，浮冰的重力减小，北极熊和浮冰的总重力减小，根据漂浮条件判断出受到浮力的变化；
(2)北极熊站在浮冰上，受到的重力和支持力为一对平衡力，大小相等。
本题考查了学生对物体的漂浮条件、二力平衡条件的掌握和运用，把浮冰和北极熊当作一个整体，确认随着浮冰的熔化，北极熊和浮冰的总重力减小、浮力减小是本题的关键。
9.【答案】B
【解析】解：
A、太阳能能够源源不断的从自然界得到的能源，是可再生能源，故A错误；
B、太阳能电池可将太阳能直接转化为电能，故B正确；
C、电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，发电机的工作原理是电磁感应现象，故C错误；
D、太阳能汽车外型是流线型，当汽车高速行驶时，相同时间内，空气经过上方的路程比下方路程长，流速大、压强小；下方的流速小、压强大，产生向上的压强差、向上的升力，所以汽车行驶时对地面压力比静止时小，故D错误。
故选：B。
(1)像风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
(2)太阳能电池是将太阳能转化为电能的装置；
(3)电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的；
(4)车子静止在水平面上，车子对路面的压力等于重力，当流线型的车子快速行驶时，产生升力，车子对地面压力减小。
本题考查了能源的分类、能量的转化、电动机的原理、流体压强与流速的关系，考查我们对物理知识的综合理解能力。
10.【答案】C
【解析】解：A、惯性大小只跟物体的质量有关，质量不变，惯性不变，超速是增大物体的动能，增加危害性，故选项错误。
B、速度一定时，质量越大，动能越大，超载的危害是质量越大，动能越大，故选项错误。
C、超高的危害是重心越高，稳定性越差，容易翻车，故选项正确。
D、超载的危害是质量越大，重力越大，对水平地面的压力越大，故选项错误。
故选：C。
(1)惯性大小只跟物体的质量有关，跟物体的速度无关。
(2)从动能大小的影响因素进行分析，质量一定时，速度越大，动能越大，速度一定时，质量越大，动能越大。
(3)物体的重心越高，稳定性越差。
(4)放在水平面上的物体，对水平面的压力等于物体的重力。
本题对汽车的超高、超速、超载限制，考查了动能大小的影响因素、稳定性、惯性、压力、重力跟质量关系等，体现生活处处皆物理。
11.【答案】B
【解析】解：“歼20”是我国自主研发的一种新型“隐形战机”，现代战争中为了使雷达“看”得更远，雷达装在预警机上飞上几万米的高空，雷达发出的是电磁波中的微波。“隐形战机”又称“低可探测飞机”，可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收，减弱电磁波反射，故雷达接受不到有效信号。
故选：B。
“隐形战机”将雷达发射的电磁波吸收，电磁波不能反射回雷达，就避开了雷达的探测。
被人们称为电子眼的雷达是利用无线电波的反射来探测物体位置的。
12.【答案】B
【解析】
【分析】
利用下列知识分析判断：
(1)通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转说明磁场的存在；
(2)电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关，电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；
(3)通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变；
(4)闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生电流，叫电磁感应。
本题考查了电与磁之间的三个联系(通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象)，要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用。
【解答】
A、通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A错误；
B、电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关，电流一定时，匝数越多、电磁铁的磁性越强，故B正确；
C、通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，改变电流方向并对调N，S极，导体棒摆动方向不变，故C错误；
D、导体棒在磁场中运动，若不切割磁感线，就不会产生感应电流，故D错误。
故选：B。
13.【答案】D
【解析】解：
由题知，人脸识别(S1)、密码识别(S2)，只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合从而使电动机启动工作，所以两个开关应并联后再与电动机串联在电源上，故D符合题意。
故选：D。
两个开关串联时，要让用电器工作，则两个开关都应闭合；两个开关并联时，要让用电器工作，只需闭合一个开关即可；根据只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合，电动机启动分析解答。
本题考查根据要求设计电路，关键是明确并两个开关的连接方式。
14.【答案】C
【解析】解：A、由图知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表V1测R0的电压，V2测R的电压，电流表测电路中的电流；
滑片P向右移动时，变阻器R接入电路的阻值变大，总电阻变大，由欧姆定律可知电路的电流变小，根据U=IR可知，V1示数变大，故bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，则图乙中“ac”段表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图象，故A正确；
B、由图乙可知，当电流I=0.1A，两电压表示数分别为2.4V、0.6V，根据串联电路电压的规律，电源电压：U=2.4V+0.6V=3V，故B正确；
C、bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，
由欧姆定律可得R0的阻值：R0=U0I0=0.6V0.1A=6Ω，故C错误；
D、由欧姆定律可得，变阻器接入电路的最大电阻为：
R滑大=U′I0=2.4V0.1A=24Ω，
滑动变阻器R消耗的功率：
P滑=I2R滑=(UR0+R滑)2×R滑=U2(R0+R滑)2R滑=U2(R0−R滑)2+4R0R滑R滑，
由数学知识可知，当变阻器连入电路的电阻R滑=R0=6Ω时，变阻器消耗的功率最大，
则滑动变阻器R的最大电功率：P滑大=U24R0=(3V)24×6Ω=0.375W.故D正确。
故选：C。
A、定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表V1测R0的电压，V2测R的电压，电流表测电路中的电流；分析滑片P向右移动时确定R的阻值变化，由欧姆定律可知电路的电流变小及V1示数变大，从而确定故bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，据此分析；
B、根据串联电路电压的规律结合图象得出电源电压；
C、bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，由欧姆定律求出R0；
D、由欧姆定律求出变阻器的电阻；变阻器的功率P滑=I2R滑=(UR0+R滑)2×R滑，由数学知识，当变阻器连入电路的电阻等于6Ω时，变阻器的功率最大，据此求变阻器功率的最大值。
本题考查了串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，从图中获取有用的信息是关键。
15.【答案】振动 响度
【解析】解：曾侯乙编钟是我国现存最大、保存最完整的一套大型编钟，用钟锤敲击编钟时发出的声音是由编钟振动产生的；
用同样大小的力敲击不同的编钟时，编钟振动的频率不相同，所以发出声音的音调不相同，但响度可能相同。
故答案为：振动；响度。
声音是由物体的振动产生的；
声音的特性包括音调、响度和音色，音调的高低与发声体振动的频率有关，频率越大，音调越高。
本题主要考查学生对声音产生和特征的了解，掌握音调的概念是解题的关键。
16.【答案】丙 做功
【解析】解：图乙中当按动电火花发生器的按钮时，酒精燃烧后的燃气对盒盖做功，盖子飞出去，将燃气的内能转化为盒盖的机械能，燃气的内能减小；图丙中在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小团硝化棉，迅速向下压活塞，由于压缩玻璃筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，是将机械能转化为内能的过程；返回舱与大气层摩擦，机械能转化为内能，返回舱内能增大，温度升高，着陆后的返回舱表面有烧蚀痕迹；此过程的能量转化与汽油机的压缩冲程以及图丙的实验相同，它们都是通过做功的方式改变物体的内能。
故答案为：丙；做功。
汽油机的做功冲程中，内能转化为机械能，压缩冲程中，机械能转化为内能；改变物体内能的方法有两种：做功和热传递。
本题考查改变物体内能的方法，属于基础题。
17.【答案】连通器 运动
【解析】解：
(1)船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，所以船闸是根据连通器原理工作的；
(2)轮船在闸室中前进时，若以河岸为参照物，轮船与岸的位置在不断发生变化，若以河岸为参照物，该轮船是运动的。
故答案为：连通器；运动。
(1)上端开口、底部相连通的容器叫连通器，当注入同一种液体，在液体不流动时，连通器内各容器的液面总是相平的，这就是连通器的原理。
(2)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
本题考查连通器的原理以及运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
18.【答案】运动状态 相互
【解析】解：(1)张琳艳用头顶回远处飞来的足球，足球在力的作用下运动状态发生改变，该现象说明力可以改变物体的运动状态；
(2)张琳艳的头被撞疼，说明头受到力的作用，头在对足球施加力的同时，足球也对头施加力的作用，这说明物体间力的作用是相互的。
故答案为：运动状态；相互。
(1)力可以使物体发生形变，可以改变物体的运动状态；
(2)物体间力的作用是相互的，施力物体同时也是受力物体。
本题考查了力的作用效果和物体间力的相互作用，是一道基础题，熟练掌握基础知识是正确解题的关键。
19.【答案】1 75%
【解析】解：
拉力做的总功为：
W总=Fs=4N×5m=20J，
使用斜面做的有用功，
W有用=Gh=5N×3m=15J，
额外功为：
W额=W总−W有用=20J−15J=5J，
根据W额=fs知物体受到的摩擦力：
f=W额s=5J5m=1N；
斜面的机械效率为：
η=W有用W总=15J20J×100%=75%。
故答案为：1；75%。
有用功等于克服物体的重力做的功，利用W有用=Gh计算，利用W总=Fs求总功；总功等于有用功加上额外功，可求额外功，再利用W额=fs求摩擦力；利用η=W有用W总求机械效率。
本题考查了学生对斜面的机械效率的计算，其中知道克服摩擦力做的功为额外功是解题的关键。
20.【答案】10 1.05
【解析】解：(1)电阻R2的电流与电压关系的图象是一条过原点的曲线，所以通过它的电流跟它两端所加电压不成正比。
当U2=1V时，通过它的电流I2=0.1A，由欧姆定律可得：R2=U2I2=1V0.1A=10Ω；
(2)电阻R1的电流与电压关系的图象是一条过原点的直线，所以通过它的电流跟它两端所加电压成正比，即R1为定值电阻；
当U1=1V时，通过它的电流I1=0.2A，由欧姆定律可得：R1=U1I1=1V0.2A=5Ω；
将它们并联连接到两端电压为4V的电路中时，由图象中可知：R2电流为0.25A，
通过R1的电流：I1′=UR1=4V5Ω=0.8A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，则通过干路的电流是I=I2+I1′=0.25A+0.8A=1.05A。
故答案为：10；1.05。
(1)由图象可知，通过R2的电流与其两端所加电压不成正比，则R2阻值是变化的。由欧姆定律计算R2两端的电压为1V时的电阻值；
(2)并联电路各支路两端的电压相等，通过R2的电流可通过图象直接读出，电阻R1的函数图象是一条过原点的直线，根据欧姆定律计算R1的阻值，进一步计算其两端电压为4V时的电流，根据并联电路电流规律计算干路电流。
本题考查图象的分析能力，欧姆定律、并联电路特点的运用，注意掌握图象中的曲线表示的特点，并会从中读取数据。
21.【答案】解：
鱼悬浮在水中，受到重力和浮力的作用，且这两个力是一对平衡力，大小均为20N，方向相反；
从鱼的重心O分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，两条线段的长度要相等，并标出这两个力的符号和大小，如图所示：
【解析】鱼悬浮在水中，鱼受到的重力和浮力是一对平衡力，二力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上，二力的作用点都画在鱼的重心O处，据此根据力的示意图的画法画出鱼所受到的力。
该题主要考查力的示意图的画法，属于学生必须掌握的一项基本技能，注意重力的方向始终竖直向下，浮力的方向始终竖直向上。
22.【答案】解：先作出牙齿A关于平面镜的对称点A′，即像的位置，连接像A′和眼睛B与平面镜交于O点，即为入射点，连接AO为入射光线，OB为反射光线，如图所示：
【解析】由于光在平面镜发生镜面反射，所以牙齿和在平面镜形成的像关于平面镜对称，先确定像的位置，连接像与人的眼睛确定入射点，可得反射光线，进一步得出入射光线即可完成光路。
本题用到了光的反射定律、反射光线反向延长过像点，考查的是我们对生活中光的反射现象的应用，这是光现象中的重点。
23.【答案】答：火星车的车轮做得比较宽，由p=FS可知，在压力一定时，通过增大受力面积来减小火星车对火星表面的压强，从而使车不易陷进火星表面；
车轮上有许多凸棱，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度，增大车轮与火星表面间的摩擦力，使车轮不易打滑。
【解析】根据压强和摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法分析解答。
掌握压强和摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强、摩擦力的问题。
24.【答案】(1)由下到上；秒表；(2)减少热量散失，缩短实验时间；(3)不变；(4)c。
【解析】解：
(1)在该实验中，先安装下面器材，再安装上面器材，便于调节器材间的距离，且便于利用酒精灯的外焰加热；
实验过程中需要测量加热时间，因此需要用到秒表。
(2)在烧杯上覆盖的中心有孔的硬纸板的主要作用是减少热量散失，缩短实验时间。
(3)由图象可知：水沸腾时的特点是吸收热量，温度不变；
(4)改变水的质量，水的沸点不变，只改变加热的时间，得到的图象可能是图乙中的c。
故答案为：(1)由下到上；秒表；(2)减少热量散失，缩短实验时间；(3)不变；(4)c。
(1)用酒精灯加热物体时，安装装置时，先从下到上，方便调节；根据需要测量的量确定实验器材。
(2)在烧杯上覆盖的中心有孔的硬纸板的主要作用是减少热量散失，缩短加热时间。
(3)在探究水的沸腾实验中，水开始沸腾，吸收热量，此时水温保持不变。
(4)改变水的质量，水的沸点不变。
此题是“观察水的沸腾”实验，考查了对沸腾时间、图象的分析等，常见题目。
25.【答案】漫反射 上半部分 在同一平面 可逆 实验次数太少，实验结论具有偶然性 直线
【解析】解：(1)为了看清楚纸板上的光路，白色的纸板材质应较粗糙些，光射在上面发生了漫反射，反射光线射向各个方向，无论从哪个角度看，都能看得清楚；
(2)光在反射时，反射光线、入射光线、法线在同一平面内，将纸板的上半部分向后折，如图丙所示，发现在纸板右侧的下部会看到反射光线，此实验现象说明反射光线、入射光线和法线在同一平面；
(3)在图甲中，如果让光线沿着FO方向射向镜面，会看到反射光线沿着OE方向射出这表明光反射时，光路是可逆的；
(4)因为一次实验具有很大的偶然性，所以不能只由一组数据就得出结论，应改变入射角的度数进行多次实验；
(5)因为光在同种均匀介质中是沿直线传播的，因此沿光路用铅笔相隔一定距离时在纸板上各打两个点，再过两点用直尺、铅笔将光的路径画在纸板上(两点确定直线)。
故答案为：(1)漫反射；(2)上半部分；在同一平面；(3)可逆的；(4)实验次数太少，实验结论具有偶然性；(5)直线。
(1)我们能从不同角度观察到光线，是因此光在光屏上发生了漫反射；
(2)反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角；
(4)反射现象中，光路是可逆的；为避免实验的偶然性，应多做几次试验，然后才可以得出结论；
(5)光在同种均匀介质中是沿直线传播的。
本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题。只要熟练掌握平面镜的成像特点和光的反射定律，解答此类题目就很容易。
26.【答案】(1)标尺左端的0刻线；右；(2)45；1.125×103；(3)偏大；(4)③将石块浸没在酱油中，弹簧测力计的示数为F2；G−F2G−F1ρ水
【解析】解：
(1)天平使用前要先放，把天平放在水平台上，游码放到标尺左端的0刻度线处，然后调平，调平时指针偏左需要把橫梁两端的平衡螺母向右调节。直至指针指在分度盘的中央。
(2)量筒的分度值为2ml，量筒中酱油的体积为V=40ml=40cm3；
在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表的质量是0.2g，即天平的分度值为0.2g；
烧杯和酱油的总质量是m1=50g+10g+2g=62g；
空烧杯的质量为m2=17g，
烧杯中酱油的质量为m=m1−m2=62g−17g=45g，
酱油的密度为ρ=mV=45g40cm3=1.125g/cm3=1.125×103kg/m3。
(3)小明不可能把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，导致测量的酱油的体积偏小，由公式ρ=mV知：密度测量结果偏大。
(4)③将石块浸没在酱油中，弹簧测力计的示数为F2；
④根据阿基米德原理可知，石块在水中的浮力为F浮水=G−F1=ρ水V排g，即V排=G−F1ρ水g；
石块在酱油中的浮力为：F浮酱油=G−F2=ρ酱油V排g，
可得：V排=G−F2ρ酱油g，
所以有：G−F1ρ水g=G−F2ρ酱油g，
化简得：ρ酱油=G−F2G−F1ρ水。
故答案为：(1)标尺左端的0刻线；右；(2)45；1.125×103；(3)偏大；(4)③将石块浸没在酱油中，弹簧测力计的示数为F2；G−F2G−F1ρ水。
(1)天平是测量物体质量的工具，使用之前要进行调节：把天平放在水平桌面上，游码与标尺左端的0刻度线对齐，调节平衡螺母使指针指在分度盘的中央。
(2)读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
已知烧杯和酱油的质量，烧杯的质量，可以得到烧杯中酱油的质量；已知酱油的质量和体积，利用公式ρ=mV得到酱油的密度。
(3)小明的方案中“把烧杯内的酱油全部倒入量筒内”会使得酱油不能全部倒入量筒内，从而使密度出现很大的误差。
(4)利用题目中所方法测酱油密度，遇到的关键困难是要解决如何测酱油的体积，这里是借助了水来进行等效替代。因此，按照这一思路结合密度的公式可完成本实验。
测量液体密度时，只有量筒没有天平，可以采用被测液体和水的质量相同进行测量；只有天平没有量筒，可以采用被测液体和水的体积相同进行测量。酱油体积的测量是本实验的难点，巧妙地利用等效替代法，是解决此题的关键。
27.【答案】不偏转 1、2或3、4 1、3或2、4 导体的运动快慢 磁场对电流的作用
【解析】解：(1)导体沿竖直方向运动，运动方向与磁场平行，故不切割磁感线，不会产生感应电流，指针不发生偏转；
(2)比较实验1、2或3、4可知：在导体切割磁感线运动方向一定时，改变磁场方向，感应电流的方向发生改变；比较实验1、3或2、4可知：在导体切割磁感线运动方向(或导体运动方向)不变时，磁场方向改变，感应电流的方向就改变。
(3)导体AB水平向左(或向右)缓慢运动时，灵敏电流计的指针偏转角度较小；导体AB水平向左(或向右)快速运动时，灵敏电流计的指针偏转角度较大，这说明电路中的电流变大，所以可以看出感应电流的大小与导体的运动快慢有关。
(4)如果将灵敏电流计换成电源，电路有电流，有磁体，可以探究磁场对电流的作用实验。
故答案为：(1)不偏转；(2)1、2或3、4；1、3或2、4；(3)导体的运动快慢；(4)磁场对电流的作用。
(1)产生电磁感应现象的条件：一：有闭合回路，二、回路中的部分导体做切割磁感线运动。
(2)根据表格分析感应电流的方向是在什么方向的变化而变化的，若导体运动方向不变时，只改变磁场方向时，感应电流方向也在变化，则说明感应电流的方向一定与磁场方向有关；若导体运动方向和磁场方向同时改变时，感应电流方向不变化，则说明同时改变方向不影响感应电流的方向；
(3)导体AB水平向左(或向右)快速运动时，灵敏电流计的指针偏转角度较大，说明感应电流变大了，再其它条件不变的情况下，说明感应电流的大小与导体运动的快慢有关；
(4)电路中有电源，有磁体，可以探究通电导体在磁场中受力情况。
解决本题的关键：一是掌握影响感应电流大小的因素，二是控制变量法和转换法的灵活运用。
28.【答案】断开 开路 左 电压 将滑片P移至阻值最小处，闭合开关S U1R′U2−U1
【解析】解：(1)向D移动滑片电流表的示数变大，即电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路与电阻串联，如下图所示：
(2)为了保护电路，在连接电路过程中，开关应处于断开状态；
(3)连好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现电流表无示数，电路可能断路；电压表有示数，电压表与电源连通，其原因可能是定值电阻R开路；
(4)由图丙知，电阻两端的电压始终保持：UV=IR=0.3A×10Ω=-----=0.6A×5Ω=3V；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为3V，读出电流表的示数；
(5)图丙中阴影部分的面积S=IR，因U=IR，阴影部分的面积表示定值电阻两端电压，即电压表测量的物理量；
(6)①按照电路图连接好电路。
②将滑片P移至阻值最大处，闭合开关S，读出电压表的示数U1，此时用电压表测待测电阻Rx两端的电压；
③将滑片P移至最右端即阻值最小处，闭合开关S，读出电压表的示数U2，此时电压表测电源电压；
④在步骤②中，待测电阻与变阻器的最大阻值串联，
由串联电路电压的规律可知，滑动变阻器两端的电压为：Ux=U2−U1，
由串联分压原理可得：U1U2−U1=RxR′，
则未知电阻Rx的阻值表达式：Rx=U1R′U2−U1。
故答案为：
(1)如上图所示；(2)断开；(3)开路；(4)左； (5)电压；(6)③将滑片P移至阻值最小处，闭合开关S；④U1R′U2−U1。
(1)根据向D移动滑片电流表的示数变大确定变阻器右下接线柱连入电路与电阻串联；
(2)为了保护电路，在连接电路过程中，开关应处于断开状态；
(3)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(4)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)图丙中阴影部分的面积S=IR，结合欧姆定律分析；
(6)分析电路的连接及电表测量的物理量；通过移动滑动变阻器，使电压表测电源电压，由串联电路电压的规律和分压原理得出未知电阻Rx的阻值表达式。
本题是“探究电流跟电阻的关系”的实验，考查了电路连接、数据分析、控制变量法和操作过程及设计方案测电阻的能力。
29.【答案】解：(1)它在此过程中飞行的路程：
s=vt=10m/s×60s=600m；
(2)50kg的航空燃油完全燃烧放出的热量：
Q放=mq燃油=50 kg×4.2×107 J/kg=2.1×109J；
(3)飞机发动机做的功：
W=ηQ放=40%×2.1×109 J=8.4×108 J；
飞机发动机的功率：
P=W t=8.4×108J60 s=1.4×107 w。
故答案为：(1)600m
(2)2.1×109J
(3)1.4×107 W。
【解析】解析
(1)利用s=vt，求在此过程中飞行的路程；
(2)利用Q放=mq，求50kg的航空燃油完全燃烧放出的热量
(3)利用W=ηQ放，计算发动机做的功，再根据P=W t，计算功率。
本题考查了热量的计算、功率公式的应用、效率的计算等，熟练掌握，并灵活运用相关公式是解答此题关键。
30.【答案】解：电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流；
(1)当滑片P位于最左端时，电路为定值电阻R2的简单电路，
根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I=UR2=6V15Ω=0.4A，
即电流表示数为0.4A；
(2)滑片P每移动1cm，R1的电阻变化0.5Ω，某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动20cm，此时滑动变阻器接入电路的电阻：R1=0.5Ω/cm×20cm=10Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：
I′=UR1+R2=6V10Ω+15Ω=0.24A，
此时滑动变阻器两端的电压：U1=I′R1=0.24A×10Ω=2.4V，
即电压表示数为2.4V；
(3)当电压表示数为3V时，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以定值电阻R2两端电压：U2=U−U1=6V−3V=3V，
电路中电流：I″=U2R2=3V15Ω=0.2A，
根据欧姆定律可得此时滑动变阻器的阻值：，
滑片P每移动1cm，R1的电阻变化0.5Ω，则移动的距离L=15Ω0.5Ω/cm=30cm。
答：(1)当滑片P位于最左端时，电流表的示数为0.4A；
(2)某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动20cm，此时电压表的示数为2.4V；
(3)另一同学测试时，电压表的示数为3V，则该同学从最左端推动滑片P向右移动的距离是30cm。
【解析】电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流；
(1)当滑片P位于最左端时，电路为定值电阻的简单电路，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流；
(2)滑片P每移动1cm，R1的电阻变化0.5Ω，某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动20cm，据此计算此时滑动变阻器接入电路的电阻，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算此时通过电路的电流，进一步计算滑动变阻器两端的电压；
(3)根据串联分压原理可知当电压表示数为3V时，根据串联电路电压规律计算定值电阻两端的电压，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，进一步计算此时滑动变阻器的阻值，结合长度与距离关系得出移动的距离。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用，关键是能将长度和电阻大小进行转换。
31.【答案】解：
(1)由图可知空杯对杯座的压力：F0=0.9N；
装满饮料时，杯对杯座的压力：F1=4.5N；
因杯子为平底薄壁直圆筒状，
所以杯底受到饮料的压力：F=F1−F0=4.5N−0.9N=3.6N。
(2)饮料的质量：m=Gg=Fg=3.6N10N/kg=0.36kg；
杯中饮料的体积：V=S2H=30cm2×10cm=300cm3=3×10−4m3；
则饮料的密度：ρ=mV=0.36kg3×10−4m3=1.2×103kg/m3；
(3)饮料持续流入空杯5s，则流入杯中饮料的质量：
m1=ρS1vt=1.2×103kg/m3×0.8×10−4m2×0.5m/s×5s=0.24kg；
此时饮料对杯底的压力：F2=m1g=0.24kg×10N/kg=2.4N，
此时杯对杯座的压强：p=F0+F2S2=0.9N+2.4N30×10−4m2=1.1×103Pa。
答：(1)装满饮料时，杯底受到饮料的压力为3.6N；
(2)饮料的密度为1.2×103kg/m3；
(3)设杯底与杯座的接触面积也为S2，饮料持续流入空杯5s后关闭开关，杯对杯座的压强为1.1×103Pa。
【解析】本题考查了密度、质量、重力、液体压强公式的应用，关键是公式及其变形的灵活运用，解题过程中要注意单位的换算。
2023年福建省龙岩市长汀县中考物理适应性试卷（二）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列说法中与实际相符的是( )
A. 普通医用外科口罩的长度约10dm B. 人体口腔内的正常温度约37℃
C. 中学生骑自行车的速度约50m/s D. 一个篮球的体积约1m3
2. 各种自然现象之间存在着相互联系。历史上第一个发现电与磁存在联系的科学家是( )
A. 安培 B. 奧斯特 C. 欧姆 D. 法拉第
3. 如图所示的“倒像”中，由于光的反射形成的是( )
A. 烛焰通过小孔形成“倒像”
B. 杏林阁通过水面形成“倒像”
C. 景物通过水晶球形成“倒像”
D. 字母通过晶状体形成“倒像”
4. 以下对中华古诗中有关物态变化的分析，正确的是( )
A. “好雨知时节，当春乃发生”雨的形成是凝固现象
B. “露从今夜白，月是故乡明”露的形成是熔化现象
C. “床前明月光，疑是地上霜”霜的形成是凝华现象
D. “遥知不是雪，为有暗香来”雪的形成是液化现象
5. 如图所示，关于近视眼和远视眼，下列说法正确的是( )
A. 乙为远视眼，应佩戴凸透镜矫正 B. 乙为近视眼，应佩戴凹透镜矫正
C. 甲为远视眼，应佩戴凹透镜矫正 D. 甲为近视眼，应佩戴凸透镜矫正
6. 如图所示，对比图中白炽灯和LED灯将电能转化为其他形式能的情况，可得( )
A. 白炽灯发光时，电能主要转化为光能 B. 白炽灯发光时，灯丝会凝华
C. LED灯可以把电能全部转化为光能 D. LED灯发光的效率较高
7. 下列说法中正确的是( )
A. 敲碎煤块使煤充分燃烧能提高煤的热值
B. 汽车在减速过程中，惯性减小，动能减小
C. 当仅有热传递时，物体吸收热量时内能增加，放出热量时内能减小
D. 与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为丝绸的正电荷转移到玻璃棒上
8. 全球变暖已经日益威胁到生物的生存，如图为一对北极熊母子无助地待在一块不断熔化缩小的浮冰上，若浮冰和北极熊能始终处于漂浮状态，则随着浮冰的熔化( )
A. 浮冰受到的浮力不变
B. 浮冰受到的浮力大小增大
C. 浮冰受到的浮力大小减小
D. 北极熊受到的支持力在减小
9. 2020年2月，某品牌混动版全球首款”太阳能动力”量产汽车首发上市，这是首次将太阳能光伏发电车顶搭载到混动车型上。关于太阳能汽车，下列说法正确的是( )
A. 太阳能是一种不可再生能源
B. 图中车顶太阳能电池可将太阳能转化为电能
C. 车内电动机的工作原理是电磁感应现象
D. 太阳能汽车外形呈流线型，快速行驶时对地面的压力比静止时大
10. 为了减少行车安全隐患，交警一直严查超速、超高、超载等违法行为，下列分析正确的是( )
A. 超速的危害是速度越大，惯性越大 B. 超载的危害是质量越大，动能越小
C. 超高的危害是重心越高，稳定性越差 D. 超载的危害是质量越大，对路面压力越小
11. “歼20”是我国自主研发的一种新型“隐形战机”，飞机与地面指挥中心联系是通过( )
A. 超声波 B. 电磁波 C. 次声波 D. 红外线
12. 图中四幅图对应的说法正确的是( )
A. 图甲：通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场消失
B. 图乙：电流一定时，电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数有关
C. 图丙：改变电流方向并对调N、S极，导体棒摆动方向随之改变
D. 图丁：只要导体棒在磁场中运动，就一定会产生感应电流
13. 某门禁系统有两种识别方式：人脸识别(开关S1)和密码识别(开关S2)，只要其中一种方式识别成功即可闭合相应开关，启动电动机，开启门锁。下列电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
14. 电压U恒定，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，两电压表V1、V2的示数随电流表示数变化的图象如图乙所示，则下列错误的是( )
A. 图乙中“ac”段表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图象
B. 电源电压U=3.0V
C. 定值电阻R0=24Ω
D. 调节滑片P的过程中，滑动变阻器R的最大电功率为0.375W
15. 如图所示，曾侯乙编钟是我国现存最大、保存最完整的一套大型编钟，用钟锤敲击编钟时发出的声音是由编钟______ 产生的。敲击大小不同的钟，发出声音的______ (选填“响度”、“音调”或“音色”)可能相同。
16. 2022年4月16日神舟十三号载人飞船返回舱安全返航，着陆后的返回舱表面有烧蚀痕迹如图甲所示，这是返回舱与大气层摩擦引起的，此过程的能量转化与图______ (选填“乙”或“丙”)所示的实验相同，它们都是通过______ 方式改变物体内能的。
17. 举世闻名的三峡水利枢纽工程的船闸实现了上下游通航，船闸的工作利用了______原理，轮船在闸室中前进时，若以河岸为参照物，该轮船是______(选填“运动”成“静止”)的。
18. 2022年女足亚洲杯决赛赛场上，张琳艳用头顶回远处飞来的足球，说明力可以改变物体的______，同时她感觉头疼，说明物体间力的作用是______的。
19. 如图所示，用沿斜面向上大小为4N的拉力，将一个重5N的物体从斜面底端匀速拉至顶端。已知物体沿斜面上滑的距离为5m，上升的高度为3m，则物体受到的摩擦力为______N，斜面的机械效率为______。
20. 电阻R1与R2的I−U图象如图所示。当R2两端的电压为1V时，R2的阻值是______Ω；若将它们并联接到电压为4V的电源上，则干路的电流是______A。
21. 如图所示，重为20N的鱼悬浮在水中，请画出鱼所受到的力的示意图(O为重心)。
22. 如图中，牙医借助平面镜观察牙齿的背面，请在图乙中画出能反映此过程的光路图。
23. 如图是“天问一号”火星车，火星车的车轮做得比普通车的车轮宽得多，且车轮上有许多凸棱。请从物理学角度解释这两种设计的目的。
24. 如图甲所示，是小蕊同学探究“水沸腾时温度变化特点”的实验装置。
(1)图甲的实验装置，安装时应按照______(选填“由上到下”或“由下到上”)的顺序；实验中除了图甲的器材之外，还需要的测量工具是______。
(2)图甲装置中硬纸板的主要作用是______。
(3)小蕊用质量为m1的水做实验，根据记录的实验数据，绘出图乙中的a图线，由a图象可知：水沸腾时吸收热量，温度______。
(4)若换用初温相同的质量为m2(m2>m1)的水做实验，得到的图线是图乙中的______。(选填“b”“c”或“d”
)
25. 如图是小红同学“探究光的反射规律”的实验装置，平面镜放在水平桌面上，A、B是两块粘接起来的白色硬纸板，垂直于镜面且可绕ON转动。
(1)选用的白色硬纸板表面要尽可能粗糙一些，其目的是使光在纸板上发生______ ，这样我们就能从各个方向看清光的传播路径。
(2)为了进一步确定反射光线的位置，小红同学把硬纸板B沿PQ剪开，将硬纸板的上半部分向后折转一定的角度，如图乙，发现在硬纸板的______ (选填“上半部分”或“下半部分”)看不到反射光线。此实验现象说明反射光线、入射光线和法线______ 。
(3)小红同学用铅笔将图甲中的光线描绘在纸板上后，她让光线沿着FO方向入射，看到了反射光线恰好沿OE方向射出，这表明光在反射时，光路是______ 的。
(4)实验中，将纸板沿ON对折，发现描绘的反射光线OF与入射光线EO完全重合，就得出反射角等于入射角的结论。请你指出实验中的不足之处是______ 。
(5)完成实验后，小红同学发现每次用铅笔把光的传播路径描下来非常不方便，经认真思考，她认为较方便的操作是，只要在光的传播路径上标记两个合适的点就能确定了，她用到的光学知识是光在同种均匀介质沿______ 传播。
26. 小明想知道酱油的密度，于是他和小华用天平和量筒做了如下实验：
(1)将天平放在水平台上，把游码放在______处，发现指针指如图甲所示，要使横梁平衡，应将平衡螺母向______(选填“右”或“左”)调。
(2)用天平测出空烧杯的质量为17g，在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总量如图乙所示，将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，酱油的体积如图丙所示，则烧杯中酱油的质量为______g，酱油的密度为______kg/m3。
(3)小明用这种方法测出的酱油密度会______(选填“偏大”或“偏小”)。
(4)小红利用弹簧测力计、烧杯、石块、细绳和水等物品也能把酱油的密度测量出来，其操作步骤是：
①用弹簧测力计测出石块的重力为G；
②将石块浸没在水中，弹簧测力计的示数为F1；
③______(写出具体方法和要测出的物理量并用字母表示)；
④酱油密度的表达式为ρ酱油=______(用测出物理量的字母表示，水的密度用ρ水表示)。
27. 某实验小组连接了如图所示的探究电磁感应现象的装置进行实验。
(1)闭合开关，让导体AB沿水平方向左右运动。观察到灵敏电流计的指针偏转；若让导体AB由图示位置沿竖直方向上下运动，则灵敏电流计的指针______ (选填“偏转”或“不偏转”)。
(2)利用此装置，探究感应电流方向与磁场方向和导体切割磁感线方向之间的关系，观察到的实验现象记录如下：
实验序号
磁场方向
导体切割磁感线方向
灵敏电流计指
①
向下
向右
向左
②
向上
向右
向右
③
向下
向左
向右
④
向上
向左
向左
在上述四次实验中，比较______ 两次实验，可知感应电流方向与磁场方向有关；比较______ 两次实验，可知同时改变磁场方向和切割磁感线方向则感应电流方向不变。
(3)在探究中还发现，导体AB水平向左(或向右)缓慢运动时，灵敏电流计的指针偏转角度较小；导体AB水平向左(或向右)快速运动时，灵敏电流计的指针偏转角度较大。说明感应电流的大小与______ 有关。
(4)如果去掉灵敏电流计，接上一个电源，这个实验装置还可以探究什么实验？答：______ 。
28. 实验室提供如下器材：学生电源、电流表、电压表各一只，阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，未知电阻Rx一个，标有“50Ω，1A”的滑动变阻器一个，开关、导线若干。
(1)请根据图甲的电路图将乙中实物图连接完整，要求滑片P向D端移动时电流变大。
(2)在连接电路过程中，开关应处于______状态(填“断开”或“闭合”)。
(3)闭合开关S后，移动滑片P，发现电压表有示数，电流表无示数，故障可能是定值电阻R ______(填“开路”或“短路”)。
(4)故障排除后，小南在“保持电压不变时，研究电流随电阻的变化”实验中，测5Ω电阻中的电流后，将其更换为10Ω电阻，闭合开关，接下来他应向______(选填“左”或“右”)移动滑动变阻器的滑片。
(5)小南分别将五个已知阻值的定值电阻接入电路，并利用收集的数据，作出图丙的I−R图象。图中阴影部分面积表示的是______表测量的物理量。
(6)小南测未知电阻Rx的阻值时，发现电流表已损坏。他用一根导线替换电路中的电流表后，也测出Rx的阻值。请将实验步骤补充完整：
①按照电路图连接好电路。
②将滑片P移至阻值最大处，闭合开关S，读出电压表的示数U1。
③______，读出电压表的示数U2。
④请根据滑动变阻器最大阻值R′和所测量的物理量，写出该电阻Rx的表达式Rx=______。
29. 如图是我国自主研发的水陆两栖飞机“鲲龙−600”，它可以承担大型灭火、水上救援
等任务。若该两栖飞机以10m/s的速度匀速直线飞行60s，消耗航空燃油50kg，发动机的效率为40%，已知q燃油=4.2×107J/kg。求：
(1)它在此过程中飞行的路程。
(2)50kg的航空燃油完全燃烧放出的热量。
(3)飞机发动机的功率。
30. 如图甲所示，这是物理兴趣小组设计的简易坐位体前屈测仪。其内部简化电路原理图如图乙所示。测试中，被测试的同学向前推动测试仪的滑块(滑动变阻器的滑片)，用电压表的示数来反映被测试的同学的成绩。电源电压恒为6V，滑动变阻器R1的滑片P每移动1cm电阻变化0.5Ω，定值电阻R2的阻值为15Ω。
(1)当滑片P位于最左端时，电流表的示数是多少？
(2)某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动了20cm，此时电压表的示数是多少？
(3)另一同学测试时，电压表的示数为3V，则该同学从最左端推动滑片P向右移动的距离是多少？
31. 将平底薄壁直圆筒状的空杯，放在饮料机的水平杯座上接饮料。杯座受到的压力F随杯中饮料的高度h变化的图象如图 。饮料出口的横截面积S1=0.8cm2，饮料流出的速度v=50cm/s，杯高H=10cm，杯底面积S2=30cm2，g取10N/kg。
(1)装满饮料时，杯底受到饮料的压力为多大？
(2)饮料的密度为多大？
(3)设杯底与杯座的接触面积也为S2，饮料持续流入空杯5s后关闭开关，杯对杯座的压强为多大？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：
A、普通医用外科口罩的长度约15cm=1.5dm，故A不符合实际；
B、正常情况下，人的口腔内温度在37℃左右，变化幅度很小，故B符合实际；
C、中学生骑自行车的速度在18km/h=18×13.6m/s=5m/s左右，故C不符合实际；
D、一个篮球的体积约为5dm3=5×10−3m3，故D不符合实际。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题考查对生活中物理量的估测，估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
2.【答案】B
【解析】解：奥斯特实验证明了电流的周围存在磁场，这是第一个发现了电和磁存在联系的实验。奥斯特由于这个贡献而载入物理史册。
故选：B。
丹麦的物理学家奥斯特做的著名的奥斯特实验证实了：电流周围存在磁场。
物理学史一直是考试中的热点，了解相关的物理学史可以使我们了解科学家的贡献，激发我们学习物理的兴趣。
3.【答案】B
【解析】解：A、烛焰通过小孔形成“倒像”，属于光在同一种均匀介质中沿直线传播，故A不符合题意；
B、杏林阁通过水面形成“倒像”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B符合题意；
C、景物通过水晶球形成“倒像”，属于凸透镜成像，凸透镜成像属于光的折射，故C不符合题意；
D、字母通过晶状体形成“倒像”，属于凸透镜成像，凸透镜成像属于光的折射，故D不符合题意。
故选：B。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
4.【答案】C
【解析】解：
A、雨是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴附着在物体表面，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的小冰晶，附着在建筑物或植被表面，故C正确；
D、雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的小冰晶，故D错误。
故选：C。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5.【答案】A
【解析】解：
图甲中的光线在视网膜前会聚，表示像成在视网膜的前方，因此表示的是近视眼，近视眼应该佩戴凹透镜矫正；
图乙中的光线在视网膜后方会聚，表示像成在视网膜的后方，因此表示的是远视眼，远视眼应该佩戴凸透镜进行矫正；
由此可知，A正确，BCD错误。
故选：A。
远视眼的晶状体变薄，会聚能力减弱，像成在视网膜的后方。远视眼能看清远处的物体，不能看清近处的物体，要看清近处的物体需要戴凸透镜进行矫正；
近视眼的晶状体变厚，会聚能力增强，像成在视网膜的前方。近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体，要看清远处的物体需要戴凹透镜进行矫正。
解答此类题目的关键是理解掌握近视、远视的成像特点和矫正措施。
6.【答案】D
【解析】解：A.根据图示可知，白炽灯发光时，电能转化为了20%的光能和80%的内能，显然大量的电能转化为内能，故A错误；
B.白炽灯发光时，温度较高，灯丝容易升华，故B错误；
CD.根据图示可知，LED发光时，电能转化为10%的内能和90%的光能，与白炽灯相比，LED 灯发光的效率较高，故C错误、D正确。
故选：D。
根据图示可知白炽灯与LED灯发光时的能量转化以及发光效率；升华是指固体直接变为气体的过程。
本题考查电功的实质，家庭中，LED灯完全替代了白炽灯，体现了物理与生活的紧密联系。
7.【答案】C
【解析】解：
A、热值的大小只与燃料的种类有关，与燃料的燃烧情况无关，故A错误；
B、汽车在减速过程中，质量不变，其惯性不变，速度减小，则动能减小，故B错误；
C、当仅有热传递时，物体吸收热量，内能增加；物体放出热量，内能减小，故C正确；
D、与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为在摩擦过程中玻璃棒失去了电子，故D错误。
故选：C。
(1)热值的大小只与燃料的种类有关；
(2)惯性的大小只与质量有关；动能的大小与质量和速度有关；
(3)改变内能的方法有两个：做功和热传递；
(4)摩擦起电的实质是电子的转移，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电。
本题考查了惯性、热值、改变内能的方法、摩擦起电的实质，都是基础知识。
8.【答案】C
【解析】解：
ABC、由题知，浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，则F浮=G总；随着浮冰的熔化，浮冰的重力减小，北极熊和浮冰的总重力减小；因为F浮=G总，所以浮冰和北极熊受到的浮力减小，故AB错误、C正确；
D、北极熊在浮冰上，受到的支持力和重力是一对平衡力，二力的大小相等，北极熊的重力不变，所以支持力大小不变，故D错误。
故选：C。
(1)浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，受到的浮力等于北极熊和浮冰的总重力；随着浮冰的熔化，浮冰的重力减小，北极熊和浮冰的总重力减小，根据漂浮条件判断出受到浮力的变化；
(2)北极熊站在浮冰上，受到的重力和支持力为一对平衡力，大小相等。
本题考查了学生对物体的漂浮条件、二力平衡条件的掌握和运用，把浮冰和北极熊当作一个整体，确认随着浮冰的熔化，北极熊和浮冰的总重力减小、浮力减小是本题的关键。
9.【答案】B
【解析】解：
A、太阳能能够源源不断的从自然界得到的能源，是可再生能源，故A错误；
B、太阳能电池可将太阳能直接转化为电能，故B正确；
C、电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，发电机的工作原理是电磁感应现象，故C错误；
D、太阳能汽车外型是流线型，当汽车高速行驶时，相同时间内，空气经过上方的路程比下方路程长，流速大、压强小；下方的流速小、压强大，产生向上的压强差、向上的升力，所以汽车行驶时对地面压力比静止时小，故D错误。
故选：B。
(1)像风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
(2)太阳能电池是将太阳能转化为电能的装置；
(3)电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的；
(4)车子静止在水平面上，车子对路面的压力等于重力，当流线型的车子快速行驶时，产生升力，车子对地面压力减小。
本题考查了能源的分类、能量的转化、电动机的原理、流体压强与流速的关系，考查我们对物理知识的综合理解能力。
10.【答案】C
【解析】解：A、惯性大小只跟物体的质量有关，质量不变，惯性不变，超速是增大物体的动能，增加危害性，故选项错误。
B、速度一定时，质量越大，动能越大，超载的危害是质量越大，动能越大，故选项错误。
C、超高的危害是重心越高，稳定性越差，容易翻车，故选项正确。
D、超载的危害是质量越大，重力越大，对水平地面的压力越大，故选项错误。
故选：C。
(1)惯性大小只跟物体的质量有关，跟物体的速度无关。
(2)从动能大小的影响因素进行分析，质量一定时，速度越大，动能越大，速度一定时，质量越大，动能越大。
(3)物体的重心越高，稳定性越差。
(4)放在水平面上的物体，对水平面的压力等于物体的重力。
本题对汽车的超高、超速、超载限制，考查了动能大小的影响因素、稳定性、惯性、压力、重力跟质量关系等，体现生活处处皆物理。
11.【答案】B
【解析】解：“歼20”是我国自主研发的一种新型“隐形战机”，现代战争中为了使雷达“看”得更远，雷达装在预警机上飞上几万米的高空，雷达发出的是电磁波中的微波。“隐形战机”又称“低可探测飞机”，可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收，减弱电磁波反射，故雷达接受不到有效信号。
故选：B。
“隐形战机”将雷达发射的电磁波吸收，电磁波不能反射回雷达，就避开了雷达的探测。
被人们称为电子眼的雷达是利用无线电波的反射来探测物体位置的。
12.【答案】B
【解析】
【分析】
利用下列知识分析判断：
(1)通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转说明磁场的存在；
(2)电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关，电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；
(3)通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变；
(4)闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生电流，叫电磁感应。
本题考查了电与磁之间的三个联系(通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象)，要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用。
【解答】
A、通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A错误；
B、电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关，电流一定时，匝数越多、电磁铁的磁性越强，故B正确；
C、通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，改变电流方向并对调N，S极，导体棒摆动方向不变，故C错误；
D、导体棒在磁场中运动，若不切割磁感线，就不会产生感应电流，故D错误。
故选：B。
13.【答案】D
【解析】解：
由题知，人脸识别(S1)、密码识别(S2)，只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合从而使电动机启动工作，所以两个开关应并联后再与电动机串联在电源上，故D符合题意。
故选：D。
两个开关串联时，要让用电器工作，则两个开关都应闭合；两个开关并联时，要让用电器工作，只需闭合一个开关即可；根据只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合，电动机启动分析解答。
本题考查根据要求设计电路，关键是明确并两个开关的连接方式。
14.【答案】C
【解析】解：A、由图知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表V1测R0的电压，V2测R的电压，电流表测电路中的电流；
滑片P向右移动时，变阻器R接入电路的阻值变大，总电阻变大，由欧姆定律可知电路的电流变小，根据U=IR可知，V1示数变大，故bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，则图乙中“ac”段表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图象，故A正确；
B、由图乙可知，当电流I=0.1A，两电压表示数分别为2.4V、0.6V，根据串联电路电压的规律，电源电压：U=2.4V+0.6V=3V，故B正确；
C、bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，
由欧姆定律可得R0的阻值：R0=U0I0=0.6V0.1A=6Ω，故C错误；
D、由欧姆定律可得，变阻器接入电路的最大电阻为：
R滑大=U′I0=2.4V0.1A=24Ω，
滑动变阻器R消耗的功率：
P滑=I2R滑=(UR0+R滑)2×R滑=U2(R0+R滑)2R滑=U2(R0−R滑)2+4R0R滑R滑，
由数学知识可知，当变阻器连入电路的电阻R滑=R0=6Ω时，变阻器消耗的功率最大，
则滑动变阻器R的最大电功率：P滑大=U24R0=(3V)24×6Ω=0.375W.故D正确。
故选：C。
A、定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表V1测R0的电压，V2测R的电压，电流表测电路中的电流；分析滑片P向右移动时确定R的阻值变化，由欧姆定律可知电路的电流变小及V1示数变大，从而确定故bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，据此分析；
B、根据串联电路电压的规律结合图象得出电源电压；
C、bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，由欧姆定律求出R0；
D、由欧姆定律求出变阻器的电阻；变阻器的功率P滑=I2R滑=(UR0+R滑)2×R滑，由数学知识，当变阻器连入电路的电阻等于6Ω时，变阻器的功率最大，据此求变阻器功率的最大值。
本题考查了串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，从图中获取有用的信息是关键。
15.【答案】振动 响度
【解析】解：曾侯乙编钟是我国现存最大、保存最完整的一套大型编钟，用钟锤敲击编钟时发出的声音是由编钟振动产生的；
用同样大小的力敲击不同的编钟时，编钟振动的频率不相同，所以发出声音的音调不相同，但响度可能相同。
故答案为：振动；响度。
声音是由物体的振动产生的；
声音的特性包括音调、响度和音色，音调的高低与发声体振动的频率有关，频率越大，音调越高。
本题主要考查学生对声音产生和特征的了解，掌握音调的概念是解题的关键。
16.【答案】丙 做功
【解析】解：图乙中当按动电火花发生器的按钮时，酒精燃烧后的燃气对盒盖做功，盖子飞出去，将燃气的内能转化为盒盖的机械能，燃气的内能减小；图丙中在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小团硝化棉，迅速向下压活塞，由于压缩玻璃筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，是将机械能转化为内能的过程；返回舱与大气层摩擦，机械能转化为内能，返回舱内能增大，温度升高，着陆后的返回舱表面有烧蚀痕迹；此过程的能量转化与汽油机的压缩冲程以及图丙的实验相同，它们都是通过做功的方式改变物体的内能。
故答案为：丙；做功。
汽油机的做功冲程中，内能转化为机械能，压缩冲程中，机械能转化为内能；改变物体内能的方法有两种：做功和热传递。
本题考查改变物体内能的方法，属于基础题。
17.【答案】连通器 运动
【解析】解：
(1)船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，所以船闸是根据连通器原理工作的；
(2)轮船在闸室中前进时，若以河岸为参照物，轮船与岸的位置在不断发生变化，若以河岸为参照物，该轮船是运动的。
故答案为：连通器；运动。
(1)上端开口、底部相连通的容器叫连通器，当注入同一种液体，在液体不流动时，连通器内各容器的液面总是相平的，这就是连通器的原理。
(2)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
本题考查连通器的原理以及运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
18.【答案】运动状态 相互
【解析】解：(1)张琳艳用头顶回远处飞来的足球，足球在力的作用下运动状态发生改变，该现象说明力可以改变物体的运动状态；
(2)张琳艳的头被撞疼，说明头受到力的作用，头在对足球施加力的同时，足球也对头施加力的作用，这说明物体间力的作用是相互的。
故答案为：运动状态；相互。
(1)力可以使物体发生形变，可以改变物体的运动状态；
(2)物体间力的作用是相互的，施力物体同时也是受力物体。
本题考查了力的作用效果和物体间力的相互作用，是一道基础题，熟练掌握基础知识是正确解题的关键。
19.【答案】1 75%
【解析】解：
拉力做的总功为：
W总=Fs=4N×5m=20J，
使用斜面做的有用功，
W有用=Gh=5N×3m=15J，
额外功为：
W额=W总−W有用=20J−15J=5J，
根据W额=fs知物体受到的摩擦力：
f=W额s=5J5m=1N；
斜面的机械效率为：
η=W有用W总=15J20J×100%=75%。
故答案为：1；75%。
有用功等于克服物体的重力做的功，利用W有用=Gh计算，利用W总=Fs求总功；总功等于有用功加上额外功，可求额外功，再利用W额=fs求摩擦力；利用η=W有用W总求机械效率。
本题考查了学生对斜面的机械效率的计算，其中知道克服摩擦力做的功为额外功是解题的关键。
20.【答案】10 1.05
【解析】解：(1)电阻R2的电流与电压关系的图象是一条过原点的曲线，所以通过它的电流跟它两端所加电压不成正比。
当U2=1V时，通过它的电流I2=0.1A，由欧姆定律可得：R2=U2I2=1V0.1A=10Ω；
(2)电阻R1的电流与电压关系的图象是一条过原点的直线，所以通过它的电流跟它两端所加电压成正比，即R1为定值电阻；
当U1=1V时，通过它的电流I1=0.2A，由欧姆定律可得：R1=U1I1=1V0.2A=5Ω；
将它们并联连接到两端电压为4V的电路中时，由图象中可知：R2电流为0.25A，
通过R1的电流：I1′=UR1=4V5Ω=0.8A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，则通过干路的电流是I=I2+I1′=0.25A+0.8A=1.05A。
故答案为：10；1.05。
(1)由图象可知，通过R2的电流与其两端所加电压不成正比，则R2阻值是变化的。由欧姆定律计算R2两端的电压为1V时的电阻值；
(2)并联电路各支路两端的电压相等，通过R2的电流可通过图象直接读出，电阻R1的函数图象是一条过原点的直线，根据欧姆定律计算R1的阻值，进一步计算其两端电压为4V时的电流，根据并联电路电流规律计算干路电流。
本题考查图象的分析能力，欧姆定律、并联电路特点的运用，注意掌握图象中的曲线表示的特点，并会从中读取数据。
21.【答案】解：
鱼悬浮在水中，受到重力和浮力的作用，且这两个力是一对平衡力，大小均为20N，方向相反；
从鱼的重心O分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，两条线段的长度要相等，并标出这两个力的符号和大小，如图所示：
【解析】鱼悬浮在水中，鱼受到的重力和浮力是一对平衡力，二力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上，二力的作用点都画在鱼的重心O处，据此根据力的示意图的画法画出鱼所受到的力。
该题主要考查力的示意图的画法，属于学生必须掌握的一项基本技能，注意重力的方向始终竖直向下，浮力的方向始终竖直向上。
22.【答案】解：先作出牙齿A关于平面镜的对称点A′，即像的位置，连接像A′和眼睛B与平面镜交于O点，即为入射点，连接AO为入射光线，OB为反射光线，如图所示：
【解析】由于光在平面镜发生镜面反射，所以牙齿和在平面镜形成的像关于平面镜对称，先确定像的位置，连接像与人的眼睛确定入射点，可得反射光线，进一步得出入射光线即可完成光路。
本题用到了光的反射定律、反射光线反向延长过像点，考查的是我们对生活中光的反射现象的应用，这是光现象中的重点。
23.【答案】答：火星车的车轮做得比较宽，由p=FS可知，在压力一定时，通过增大受力面积来减小火星车对火星表面的压强，从而使车不易陷进火星表面；
车轮上有许多凸棱，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度，增大车轮与火星表面间的摩擦力，使车轮不易打滑。
【解析】根据压强和摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法分析解答。
掌握压强和摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强、摩擦力的问题。
24.【答案】(1)由下到上；秒表；(2)减少热量散失，缩短实验时间；(3)不变；(4)c。
【解析】解：
(1)在该实验中，先安装下面器材，再安装上面器材，便于调节器材间的距离，且便于利用酒精灯的外焰加热；
实验过程中需要测量加热时间，因此需要用到秒表。
(2)在烧杯上覆盖的中心有孔的硬纸板的主要作用是减少热量散失，缩短实验时间。
(3)由图象可知：水沸腾时的特点是吸收热量，温度不变；
(4)改变水的质量，水的沸点不变，只改变加热的时间，得到的图象可能是图乙中的c。
故答案为：(1)由下到上；秒表；(2)减少热量散失，缩短实验时间；(3)不变；(4)c。
(1)用酒精灯加热物体时，安装装置时，先从下到上，方便调节；根据需要测量的量确定实验器材。
(2)在烧杯上覆盖的中心有孔的硬纸板的主要作用是减少热量散失，缩短加热时间。
(3)在探究水的沸腾实验中，水开始沸腾，吸收热量，此时水温保持不变。
(4)改变水的质量，水的沸点不变。
此题是“观察水的沸腾”实验，考查了对沸腾时间、图象的分析等，常见题目。
25.【答案】漫反射 上半部分 在同一平面 可逆 实验次数太少，实验结论具有偶然性 直线
【解析】解：(1)为了看清楚纸板上的光路，白色的纸板材质应较粗糙些，光射在上面发生了漫反射，反射光线射向各个方向，无论从哪个角度看，都能看得清楚；
(2)光在反射时，反射光线、入射光线、法线在同一平面内，将纸板的上半部分向后折，如图丙所示，发现在纸板右侧的下部会看到反射光线，此实验现象说明反射光线、入射光线和法线在同一平面；
(3)在图甲中，如果让光线沿着FO方向射向镜面，会看到反射光线沿着OE方向射出这表明光反射时，光路是可逆的；
(4)因为一次实验具有很大的偶然性，所以不能只由一组数据就得出结论，应改变入射角的度数进行多次实验；
(5)因为光在同种均匀介质中是沿直线传播的，因此沿光路用铅笔相隔一定距离时在纸板上各打两个点，再过两点用直尺、铅笔将光的路径画在纸板上(两点确定直线)。
故答案为：(1)漫反射；(2)上半部分；在同一平面；(3)可逆的；(4)实验次数太少，实验结论具有偶然性；(5)直线。
(1)我们能从不同角度观察到光线，是因此光在光屏上发生了漫反射；
(2)反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角；
(4)反射现象中，光路是可逆的；为避免实验的偶然性，应多做几次试验，然后才可以得出结论；
(5)光在同种均匀介质中是沿直线传播的。
本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题。只要熟练掌握平面镜的成像特点和光的反射定律，解答此类题目就很容易。
26.【答案】(1)标尺左端的0刻线；右；(2)45；1.125×103；(3)偏大；(4)③将石块浸没在酱油中，弹簧测力计的示数为F2；G−F2G−F1ρ水
【解析】解：
(1)天平使用前要先放，把天平放在水平台上，游码放到标尺左端的0刻度线处，然后调平，调平时指针偏左需要把橫梁两端的平衡螺母向右调节。直至指针指在分度盘的中央。
(2)量筒的分度值为2ml，量筒中酱油的体积为V=40ml=40cm3；
在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表的质量是0.2g，即天平的分度值为0.2g；
烧杯和酱油的总质量是m1=50g+10g+2g=62g；
空烧杯的质量为m2=17g，
烧杯中酱油的质量为m=m1−m2=62g−17g=45g，
酱油的密度为ρ=mV=45g40cm3=1.125g/cm3=1.125×103kg/m3。
(3)小明不可能把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，导致测量的酱油的体积偏小，由公式ρ=mV知：密度测量结果偏大。
(4)③将石块浸没在酱油中，弹簧测力计的示数为F2；
④根据阿基米德原理可知，石块在水中的浮力为F浮水=G−F1=ρ水V排g，即V排=G−F1ρ水g；
石块在酱油中的浮力为：F浮酱油=G−F2=ρ酱油V排g，
可得：V排=G−F2ρ酱油g，
所以有：G−F1ρ水g=G−F2ρ酱油g，
化简得：ρ酱油=G−F2G−F1ρ水。
故答案为：(1)标尺左端的0刻线；右；(2)45；1.125×103；(3)偏大；(4)③将石块浸没在酱油中，弹簧测力计的示数为F2；G−F2G−F1ρ水。
(1)天平是测量物体质量的工具，使用之前要进行调节：把天平放在水平桌面上，游码与标尺左端的0刻度线对齐，调节平衡螺母使指针指在分度盘的中央。
(2)读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
已知烧杯和酱油的质量，烧杯的质量，可以得到烧杯中酱油的质量；已知酱油的质量和体积，利用公式ρ=mV得到酱油的密度。
(3)小明的方案中“把烧杯内的酱油全部倒入量筒内”会使得酱油不能全部倒入量筒内，从而使密度出现很大的误差。
(4)利用题目中所方法测酱油密度，遇到的关键困难是要解决如何测酱油的体积，这里是借助了水来进行等效替代。因此，按照这一思路结合密度的公式可完成本实验。
测量液体密度时，只有量筒没有天平，可以采用被测液体和水的质量相同进行测量；只有天平没有量筒，可以采用被测液体和水的体积相同进行测量。酱油体积的测量是本实验的难点，巧妙地利用等效替代法，是解决此题的关键。
27.【答案】不偏转 1、2或3、4 1、3或2、4 导体的运动快慢 磁场对电流的作用
【解析】解：(1)导体沿竖直方向运动，运动方向与磁场平行，故不切割磁感线，不会产生感应电流，指针不发生偏转；
(2)比较实验1、2或3、4可知：在导体切割磁感线运动方向一定时，改变磁场方向，感应电流的方向发生改变；比较实验1、3或2、4可知：在导体切割磁感线运动方向(或导体运动方向)不变时，磁场方向改变，感应电流的方向就改变。
(3)导体AB水平向左(或向右)缓慢运动时，灵敏电流计的指针偏转角度较小；导体AB水平向左(或向右)快速运动时，灵敏电流计的指针偏转角度较大，这说明电路中的电流变大，所以可以看出感应电流的大小与导体的运动快慢有关。
(4)如果将灵敏电流计换成电源，电路有电流，有磁体，可以探究磁场对电流的作用实验。
故答案为：(1)不偏转；(2)1、2或3、4；1、3或2、4；(3)导体的运动快慢；(4)磁场对电流的作用。
(1)产生电磁感应现象的条件：一：有闭合回路，二、回路中的部分导体做切割磁感线运动。
(2)根据表格分析感应电流的方向是在什么方向的变化而变化的，若导体运动方向不变时，只改变磁场方向时，感应电流方向也在变化，则说明感应电流的方向一定与磁场方向有关；若导体运动方向和磁场方向同时改变时，感应电流方向不变化，则说明同时改变方向不影响感应电流的方向；
(3)导体AB水平向左(或向右)快速运动时，灵敏电流计的指针偏转角度较大，说明感应电流变大了，再其它条件不变的情况下，说明感应电流的大小与导体运动的快慢有关；
(4)电路中有电源，有磁体，可以探究通电导体在磁场中受力情况。
解决本题的关键：一是掌握影响感应电流大小的因素，二是控制变量法和转换法的灵活运用。
28.【答案】断开 开路 左 电压 将滑片P移至阻值最小处，闭合开关S U1R′U2−U1
【解析】解：(1)向D移动滑片电流表的示数变大，即电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路与电阻串联，如下图所示：
(2)为了保护电路，在连接电路过程中，开关应处于断开状态；
(3)连好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现电流表无示数，电路可能断路；电压表有示数，电压表与电源连通，其原因可能是定值电阻R开路；
(4)由图丙知，电阻两端的电压始终保持：UV=IR=0.3A×10Ω=-----=0.6A×5Ω=3V；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为3V，读出电流表的示数；
(5)图丙中阴影部分的面积S=IR，因U=IR，阴影部分的面积表示定值电阻两端电压，即电压表测量的物理量；
(6)①按照电路图连接好电路。
②将滑片P移至阻值最大处，闭合开关S，读出电压表的示数U1，此时用电压表测待测电阻Rx两端的电压；
③将滑片P移至最右端即阻值最小处，闭合开关S，读出电压表的示数U2，此时电压表测电源电压；
④在步骤②中，待测电阻与变阻器的最大阻值串联，
由串联电路电压的规律可知，滑动变阻器两端的电压为：Ux=U2−U1，
由串联分压原理可得：U1U2−U1=RxR′，
则未知电阻Rx的阻值表达式：Rx=U1R′U2−U1。
故答案为：
(1)如上图所示；(2)断开；(3)开路；(4)左； (5)电压；(6)③将滑片P移至阻值最小处，闭合开关S；④U1R′U2−U1。
(1)根据向D移动滑片电流表的示数变大确定变阻器右下接线柱连入电路与电阻串联；
(2)为了保护电路，在连接电路过程中，开关应处于断开状态；
(3)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(4)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)图丙中阴影部分的面积S=IR，结合欧姆定律分析；
(6)分析电路的连接及电表测量的物理量；通过移动滑动变阻器，使电压表测电源电压，由串联电路电压的规律和分压原理得出未知电阻Rx的阻值表达式。
本题是“探究电流跟电阻的关系”的实验，考查了电路连接、数据分析、控制变量法和操作过程及设计方案测电阻的能力。
29.【答案】解：(1)它在此过程中飞行的路程：
s=vt=10m/s×60s=600m；
(2)50kg的航空燃油完全燃烧放出的热量：
Q放=mq燃油=50 kg×4.2×107 J/kg=2.1×109J；
(3)飞机发动机做的功：
W=ηQ放=40%×2.1×109 J=8.4×108 J；
飞机发动机的功率：
P=W t=8.4×108J60 s=1.4×107 w。
故答案为：(1)600m
(2)2.1×109J
(3)1.4×107 W。
【解析】解析
(1)利用s=vt，求在此过程中飞行的路程；
(2)利用Q放=mq，求50kg的航空燃油完全燃烧放出的热量
(3)利用W=ηQ放，计算发动机做的功，再根据P=W t，计算功率。
本题考查了热量的计算、功率公式的应用、效率的计算等，熟练掌握，并灵活运用相关公式是解答此题关键。
30.【答案】解：电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流；
(1)当滑片P位于最左端时，电路为定值电阻R2的简单电路，
根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I=UR2=6V15Ω=0.4A，
即电流表示数为0.4A；
(2)滑片P每移动1cm，R1的电阻变化0.5Ω，某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动20cm，此时滑动变阻器接入电路的电阻：R1=0.5Ω/cm×20cm=10Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：
I′=UR1+R2=6V10Ω+15Ω=0.24A，
此时滑动变阻器两端的电压：U1=I′R1=0.24A×10Ω=2.4V，
即电压表示数为2.4V；
(3)当电压表示数为3V时，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以定值电阻R2两端电压：U2=U−U1=6V−3V=3V，
电路中电流：I″=U2R2=3V15Ω=0.2A，
根据欧姆定律可得此时滑动变阻器的阻值：，
滑片P每移动1cm，R1的电阻变化0.5Ω，则移动的距离L=15Ω0.5Ω/cm=30cm。
答：(1)当滑片P位于最左端时，电流表的示数为0.4A；
(2)某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动20cm，此时电压表的示数为2.4V；
(3)另一同学测试时，电压表的示数为3V，则该同学从最左端推动滑片P向右移动的距离是30cm。
【解析】电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流；
(1)当滑片P位于最左端时，电路为定值电阻的简单电路，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流；
(2)滑片P每移动1cm，R1的电阻变化0.5Ω，某同学测试时，从最左端推动滑片P向右移动20cm，据此计算此时滑动变阻器接入电路的电阻，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算此时通过电路的电流，进一步计算滑动变阻器两端的电压；
(3)根据串联分压原理可知当电压表示数为3V时，根据串联电路电压规律计算定值电阻两端的电压，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，进一步计算此时滑动变阻器的阻值，结合长度与距离关系得出移动的距离。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用，关键是能将长度和电阻大小进行转换。
31.【答案】解：
(1)由图可知空杯对杯座的压力：F0=0.9N；
装满饮料时，杯对杯座的压力：F1=4.5N；
因杯子为平底薄壁直圆筒状，
所以杯底受到饮料的压力：F=F1−F0=4.5N−0.9N=3.6N。
(2)饮料的质量：m=Gg=Fg=3.6N10N/kg=0.36kg；
杯中饮料的体积：V=S2H=30cm2×10cm=300cm3=3×10−4m3；
则饮料的密度：ρ=mV=0.36kg3×10−4m3=1.2×103kg/m3；
(3)饮料持续流入空杯5s，则流入杯中饮料的质量：
m1=ρS1vt=1.2×103kg/m3×0.8×10−4m2×0.5m/s×5s=0.24kg；
此时饮料对杯底的压力：F2=m1g=0.24kg×10N/kg=2.4N，
此时杯对杯座的压强：p=F0+F2S2=0.9N+2.4N30×10−4m2=1.1×103Pa。
答：(1)装满饮料时，杯底受到饮料的压力为3.6N；
(2)饮料的密度为1.2×103kg/m3；
(3)设杯底与杯座的接触面积也为S2，饮料持续流入空杯5s后关闭开关，杯对杯座的压强为1.1×103Pa。
【解析】本题考查了密度、质量、重力、液体压强公式的应用，关键是公式及其变形的灵活运用，解题过程中要注意单位的换算。
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