还剩35页未读，
继续阅读
2023年河北省秦皇岛市中考物理一模试卷（含解析）
展开
这是一份2023年河北省秦皇岛市中考物理一模试卷（含解析），共38页。
2023年河北省秦皇岛市中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 疫情未结束，防控不松懈！请同学们务必保持良好的卫生习惯，将常态化防控落实到生活的各个方面。李明对防控措施中使用的一些物品进行了估测，其中最接近实际的是( )
A. “勤洗手”：一瓶家用洗手液的质量约为5kg
B. “测体温”：一只测温枪所受的重力约为30N
C. “戴口罩”：一只长方形口罩的面积约为180cm2
D. “要消毒”：一张消毒湿巾的厚度约为50mm
2. 如图所示，空中加油机正在给战斗机加油的情境，下列说法中错误的是( )
A. 以加油机为参照物，战斗机甲是静止的
B. 以地面为参照物，战斗机乙是运动的
C. 以战斗机甲为参照物，战斗机乙是运动的
D. 加油机相对于地面是运动的
3. 北京冬奥会开幕式的倒计时方式以二十四节气为序曲，从“雨水”开始，一路倒数最终行至“立春”，在开幕式一开篇就向世界展现本届开幕式的中国风格和中国气质。下列自然现象，由凝华形成的是( )
A. 霜降，红红的枫叶蒙上白霜 B. 冬至，静的的池塘覆上薄冰
C. 立春，皑皑的白雪开始消融 D. 白露，青青的小草挂上露珠
4. 2022年4月16日我国的“神舟十三号”已成功返回，宇航员翟志刚、王亚平和叶光富乘坐着字宙飞船“神舟十三号”邀游了太空。宇航员在太空舱中可以直接对话，但在飞船外作业时，他们之间不能直接对话，必须借助电子通信设备进行交流，其原因是( )
A. 用通信设备对话是为了方便 B. 声音只能在地面上传播
C. 电子通讯设备使声音传播的更快一些 D. 声音的传播需要介质
5. “禾下乘凉梦”是袁隆平先生的中国梦。其实，“禾下乘凉梦”也包含着一定的物理知识，水稻下面可乘凉，说明水稻下面有阴影。下列现象的形成原因和阴影的形成原因相同的是( )
A. 墙上形成影子 B. 水面“折”枝
C. 水中倒影 D. 雨后彩虹
6. 中国海上巨型风机−巨无霸SL5000是史上最大的单体风力发电机，如图所示，它的每个叶片长62m，它转动起来能够扫过将近两个足球场大的面积。为了让风更易带动起扇叶，制成叶片的材料应该具有( )
A. 较大的质量 B. 较低的熔点 C. 尽量小的密度 D. 较好的吸热性
7. 5月8日母亲节这一天，学校举行了“爱心献给妈妈”的主题活动。很多同学通过为妈妈分担家务来表达对妈妈的爱。以下说法正确的是( )
A. 切菜——用锋利的刀是为了减小压强
B. 拖地——加大力度可以增大滑动摩擦力
C. 炒菜——是用做功的方法改变食物的内能
D. 烧水——水沸腾后继续加热，温度会继续升高
8. 在航空领域，常常发生小鸟撞毁飞机事件，下列关于小鸟和飞机相撞时的说法正确的是( )
A. 小鸟受到的力大 B. 主动撞击的一方产生的力大
C. 飞机受到的力大 D. 小鸟和飞机的受力一样大
9. 如图所示的玩具叫“静电飞雪”，它是在塑料罩内分别放有扇叶和大量的泡沫小球。通电后扇叶转动形成的风会把泡沫小球吹得像雪花一样漫天飞舞，关闭电源后，一些泡沫小球没有掉下来，而是分散吸附在塑料罩的内壁上。下列有关说法正确的是( )
A. 泡沫小球和空气摩擦创造了电荷
B. 塑料罩和泡沫小球都是绝缘体
C. 泡沫小球和塑料罩一定带同种电荷
D. 电动机使扇叶转动，是把机械能转化为电能
10. 有一种电子牙刷，它发出的超声波，能直达牙刷棕毛刷不到的地方，这样刷牙既干净又舒服。关于电子牙刷，下列说法中正确的是( )
A. 人听不到超声波，是因为超声波不能在空气中传播
B. 超声波能传递能量
C. 超声波不是由物体振动产生的
D. 超声波的音调很低，所以人听不到
11. 电给我们的生活带来了极大的便利，但不安全用电也会带来很大的危害，甚至会危及生命。下列四幅图做法中符合安全用电原则的是( )
A. 图甲多个大功率用电器同时使用一个插座 B. 图乙使用绝缘皮破损的电线
C. 图丙开关和电灯的连接 D. 图丁发生触电事故时要立刻断开电源
12. 在某次空中跳伞训练中，跳伞运动员正在匀速下落过程中，关于它的动能和重力势能的变化，下列说法正确的是( )
A. 动能不变，重力势能增大 B. 动能减小，重力势能减小
C. 动能不变，重力势能减小 D. 动能增大，重力势能增大
13. 如图所示，用滑轮组把250N的重物匀速提升2m，所做的有用功是多少J？如果用该滑轮组提升200N的重物，它的机械效率将怎样变化( )
A. 500J增大
B. 500J变小
C. 1000J增大
D. 1000J变小
14. 如图所示，在高铁站，离站台边缘一定距离的地方有一条黄色安全线，人必须站在安全线以外的区域候车。这是因为动车进站时车厢附近( )
A. 空气流速快，压强小
B. 空气流速慢，压强小
C. 空气流速快，压强大
D. 空气流速慢，压强大
15. 如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器(a、b为其两端点).闭合开关S，当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.1A，R2消耗的电功率为lW；当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，R2消耗的电功率为1.8W.则当滑片P从a移到b的过程中( )
A. 电流表示数变化了0.6A B. 电压表示数变化了4V
C. R1消耗的电功率变化了5W D. 电路消耗的总功率变化了6W
16. 春晚一首《早安中国》歌曲：“你是那夜空中最美的星星，照亮我一路前行，你是我生命中最美的相遇……”。舞台上，演员唱歌是声带______ 产生的。自习课时小明同学小声唱着这首歌，对其他同学来讲，属于______ (选填“乐音”或“噪声”)。
17. 2023年3月2日，神舟十五号航天员乘组进行了第二次出舱活动。在地面工作人员和舱内航天员邓清明的密切配合下，两名出舱航天员费俊龙、张陆圆满完成全部既定工作任务，安全返回问天实验舱，他们相互配合是靠 来传递数据信息的，神舟十五号卫星是利用太阳能电池板来提供能量的，太阳能属于 (选填“一次能源”或“二次能源”)。
18. 在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明用若干数量的小铁钉和电磁铁甲、乙设计了如图所示的电路。
(1)实验中是通过吸引铁钉的多少来判断电磁铁磁性强弱的，当滑动变阻器滑片处于某一位置时，观察实验现象可得出的结论是：电流一定时， ，磁性越强；
(2)根据图示发现被电磁铁吸引的小铁钉下端是分散的，其原因是 。
19. 小丽测小石块密度，先用天平测出小石块的质量，如图所示。接着用量筒和水测出小石块体积为10.0cm3。则小石块的密度为______ kg/m3。实验时若先测小石块体积再测小石块质量，所测小石块密度会偏______ (选填“大”或“小”)。
20. 如图所示，请补充平面镜的入射光线和透镜的折射光线，完成光路图。
21. 根据图中小磁针的指向，标出通电螺线管中的电流方向。
22. 在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，小玲用到了以下实验器材：弹簧测力计、圆柱体合金块、烧杯、适量水和某种液体。实验操作步骤和相关实验数据如图所示。
(1)图甲、丙所示实验合金块所受浮力为______ N；
(2)分析图甲、乙、丙所示实验可初步得出结论：浸入液体中的物体受到的浮力大小与物体排开液体的______ 有关；
(3)分析图丙和图丁可知，图丁中液体的密度ρ液和水的密度ρ水的关系：ρ液 ______ ρ水(填“大于”或“小于”或“等于”)。
23. 小明在探究杠杆的平衡条件试验中
(1)小明将杠杆装到支架上时，发现杠杆左端上翘，此时，应将杠杆的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使杠杆在水平位置平衡．
(2)杠杆调节平衡后，在杠杆的左侧挂上钩码，如图甲所示，每个钩码重均为0.5N，且杠杆每格相同，在杠杆的右侧用测力计(图中未画出)拉杠杆，使其在水平位置平衡，为了便于测量力臂，应使弹簧测力计拉力的方向______ ．
(3)小明探究出杠杆的平衡条件后，上网查找资料对这一知识进行拓宽和延伸，查找的有关资料如下：有固定转动轴的物体在力的作用下处于静止或匀速转动的状态称为力矩平衡状态．物理学中把力和力臂的乘积叫做力对转动轴的力矩，力矩用M表示，即M=FL，式中L为力臂，力臂是转动轴到力的作用线的距离．引入力矩概念后，杠杆的平衡条件可叙述为：使杠杆沿顺时针转动的力矩与使杠杆沿逆时针转动的力矩相等．用公式表示为：M顺=M逆.在甲图中，小明在B点用弹簧秤拉杠杆，拉力F的方向从竖直位置缓慢转到偏角θ<90°的某一位罝的过程中，杠杆一直处于水平平衡状态，如图乙所示．设M为拉力F对转轴的力矩，在此过程中M和F判断正确的是______ .(选填字母)
A.M不变，F不断变小 B.M不变，F不断变大
C.M不断变小，F不断变大 D.M不断变大，F不断变小．
24. 如图所示，在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω，滑动变阻器铭牌为“50Ω 2A”，电源电压为6V。
(1)请按照图a，将图b中的实物电路连接完整；
(2)电路连接完好，当闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器，电流表均无示数，而电压表有示数且等于电源电压，则电路中出现的故障为______ 。
(3)问题解决后，继续进行实验，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图c所示，则小灯泡的额定功率是______ W。
(4)调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐减小，会发现灯泡变暗直至完全不发光。可以猜想此过程中灯丝的温度______ (选填“升高”、“不变”或“降低”)。
25. 2022年，高亭宇在北京冬奥会速度滑冰男子500米项目上滑出34秒32的成绩，打破奥运纪录的同时也赢得中国历史上首枚冬奥会男子速度滑冰金牌。已知高亭宇连同其装备的总质量m=72kg，静止站在起跑处时冰刀与冰面的接触总面积S=12cm2；若将高亭宇的滑行总时间记为s=34.3s，g取10N/kg。求：
(1)高亭宇静止站立时冰刀对地面的压强p；
(2)高亭宇比赛全程的平均速度v的大小(结果保留1位小数)。
26. 图甲是小慧家使用的电饭煲，图乙是其电路原理图，电路中电源电压为220V。R1和R2为阻值不变的电热丝，S1为温度自动控制开关，可实现“加热”和“保温”状态的转换。该电饭煲的最大容量是4L，额定加热功率是1210W，额定保温功率是100W。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]求：
(1)电热丝R1的阻值是多少？
(2)若该电饭煲将2kg水从20℃加热到100℃时，水吸收的热量是多少？
(3)关闭家中其他用电器，只让该电饭煲在加热状态下工作4min，观察到标有“2400r/(kW⋅h)”字样的电能表转盘转了160转，则电饭煲工作过程中的实际电压是多少？
27. 下列数据中与实际情况最接近的是( )
A. 物理课本的长度约0.26m
B. 人在正常情况下呼吸一次的时间约为1min
C. 长跑运动员的体温可达50℃
D. 物理课本的质量为5kg
28. 我国的古诗词和民间俗语中往往包含着物理知识的运用。从物理知识运用的角度看，下列对于诗句或俗语的理解、解释正确的是( )
A. “隔墙有耳”——说明固体能传播声音
B. “震耳欲聋”——说明声音的音调很高
C. “闻其声知其人”——可以根据响度来判断说话者是谁
D. “响鼓也要重锤敲”——声音是由物体振动产生的，且振幅越大音调越大
29. 下列关于“光现象”的说法正确的是( )
A. 池水看起来比实际浅，这是由于光的折射引起的
B. 浓密的树荫下出现很多圆形的光斑，这是由于光的反射引起的
C. 路边建筑物的玻璃幕墙造成光污染，这是由于光的漫反射引起的
D. 人站在平面镜前，当他走向平面镜时，镜中的像会变大
30. 如图是一款自发电手电筒。上下快速移动手电筒，筒内的磁体就会上下运动，使筒壁上的线圈内产生感应电流，为手电筒内的蓄电池充电。下列说法正确的是( )
A. 动圈式话筒也应用了手电筒的发电原理
B. 感应电流给蓄电池充电时，蓄电池相当于电源
C. 闭合开关，灯泡发光，灯泡将光能转化为电能
D. 导线中电流的方向就是电荷定向移动的方向
31. 关于家庭电路及安全用电，下列说法中正确的是( )
A. 只有大功率用电器才需使用三孔插座
B. 控制用电器的开关应该连接在零线和用电器之间
C. 电能表是测量电功率的仪表
D. 使用试电笔辨别火线与零线时，手指千万不能碰到笔尖金属体
32. 如图所示，将冰块放于易拉罐中并加入适量的盐，用筷子搅拌大约半分钟，用温度计测量罐中冰与盐水混合物的温度，可以看到冰水混合物的温度低于0℃，这时观察易拉罐的下部和底部，就会发现白霜。下列说法正确的是( )
A. 冰中加盐降低了冰的熔点 B. 霜是周围空气中的水蒸气遇冷液化形成的
C. 冰是晶体，熔化过程中温度保持不变 D. 水蒸气形成白霜时吸收了热量
33. 如图所示，这是国产舰载机在“辽宁号”航空母舰上成功起降的情景，下列有关舰载机的说法正确的是( )
A. 舰载机起飞过程中，以航母为参照物，舰载机是运动的
B. 静止时，它对航母的压力和航母对它的支持力是一对平衡力
C. 在空中飞行利用了流体中流速越大的位置压强越小的原理
D. 发动机向后喷气使舰载机向前飞行，这是利用力的作用是相互的
34. 如图所示的电路中，电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值R3=R1=R2，a、b为电流表或电压表，且不相同。当闭合开关S2、S3、S4时，两个电表中只有一个电表有示数。此时断开S3，电路中的两个电表示数没有变化。下列有关说法正确的是( )
A. a一定是电流表，b一定是电压表
B. 当开关全部闭合，R3的滑片向左移动时，b表示数变小
C. 当闭合开关S2、S3时，R3的滑片向左移动时，电表b的示数变化量与电表a的示数变化量之比变大
D. 若将a、b两表互换，此电路的最大功率与最小功率之比为4：1
35. 智能家居已广泛应用于生活中，手机远程控制扫地机器人是通过______来传递信息的，扫地机器人内部电动机的工作原理是______。
36. 自行车车座设计得宽大柔软，这是为了减小______。如图所示，三峡大坝的正常蓄水位为175m，则深度为20m的某处受到水的压强为______Pa。轮船在通过三峡大坝时，需经过五级船闸才能完成“跳大坝”的壮举，船闸利用了______原理。
(g=10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3)
37. 2021年8月5日，中国14岁的全红婵以创奥运纪录的高分夺得东京奥运会10米跳台冠军，如图甲所示，在下落过程中忽略空气阻力，全红婵只受______ 力作用，她的重力势能转化为______ 能。2022年2月16日，中国运动员齐广璞在北京冬奥会男子自由滑雪空中技巧赛上获得冠军，如图乙所示，他离开大跳台后由于______ 仍能在空中继续“飞行”。
38. 用煤气灶把初温为20℃、质量为2kg的水加热到70℃，水吸收的热量为______J，若煤气燃烧时放出的热量全部被水吸收，则需要完全燃烧______kg的煤气，事实上，将这壶水加热到70℃需要的煤气质量更______。[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，煤气的热值为
4.2×107J/kg]
39. 近年来我州践行绿色发展理念，挖掘自然资源优势，减少化石燃料的使用，大力发展水能、风能等绿色能源。目前经常使用的化石能源属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源，大力推广的风力发电是将______能转化为______能。
40. 小华用焦距为10.0cm的凸透镜探究凸透镜成像规律。
(1)实验前，应调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在______。
(2)当各器材位置如图所示时，在光屏上成烛焰清晰的像，此时烛焰的成像特点与______(选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)的成像特点相同。
(3)实验时，若用一张纸片遮住了凸透镜的上半部，光屏上______(选填“能”或“不能”)成完整的像。
(4)小华将一副老花镜的镜片放在烛焰与凸透镜之间且靠近凸透镜的位置，若保持蜡烛的位置不变，仅将光屏向______端移动适当距离，光屏上即可重新成烛焰清晰的像。
41. 为了测量盐水密度，小方同学进行了如下实验：
(1)将天平放在水平桌面上，游码放到标尺左端零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，应将平衡螺母向______调，使横梁平衡。
(2)先测出烧杯和盐水的总质量为123.2g。然后将烧杯中的盐水倒入量筒中一部分，如图乙所示，量筒读数时做法正确的是：______(选填“a”“b”或“c”)。
(3)把烧杯和剩余盐水放在天平左盘中称量，当横梁平衡时，所用砝码和游码在标尺上的位置如图丙所示，则烧杯和剩余盐水的总质量为______g。
(4)盐水的密度为______kg/m3。
(5)小方利用一把刻度尺、装有适量水的水槽和两个相同的薄壁圆柱形平底玻璃容器(容器厚度忽略不计)也测量出了另一种液体的密度。
①向容器中倒入适量的液体，将容器缓慢的放入水槽中，处于竖直漂浮状态，如图丁所示，测出容器下表面到水面的距离为h1。
②从容器中取出一部分液体，放入另一个放在水平桌面上的玻璃容器中，如图戊所示，测量出______为h0。
③容器再次处于竖直漂浮状态，如图己所示，测出容器下表面到水面的距离为h2。
④液体密度ρ液=______(用h1、h2、h0、ρ水表示)。
42. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V，图甲是未连接完整的实验电路。
(1)用笔画线代替导线，将图甲的实验电路连接完整(要求滑动变阻器的滑片P向B端移动时电流表的示数变大)；
(2)闭合开关后，小明发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近4.5V，则电路的故障可能是______ ；
(3)排除故障后，调节滑动变阻器的滑片，如图乙所示，电压表的示数为______ V，为了测小灯泡的额定功率，应将滑片向______ (选填“A”或“B”)端移动；
(4)改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，绘制了如图丙所示的I−U图像，由图像可知，小灯泡的额定功率为______ ；
(5)由图丙可知小灯泡正常发光时的电阻是______ Ω，小灯泡的电阻是变化的，原因是灯丝电阻受______ 的影响。
43. 如图所示，工人师傅用150N的拉力，使重为1000N的物体以0.2m/s的速度在地面上沿水平方向做匀速直线运动，已知物体在运动时受到地面的摩擦力为物重的0.2倍。不计绳重及绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦。求：
(1)工人师傅拉力的功率；
(2)动滑轮的重；
(3)若物重增大到2000N，则滑轮组的机械效率是多少？
44. 如图所示，电源电压恒定，灯泡L上标有“6V 3.6W”，将滑动变阻器R的滑片P移至a端，闭合S，L正常发光；再将滑动变阻器R的滑片P移至b端，电流表示数I=0.12A。(忽略温度对灯泡电阻的影响)求：
(1)电源电压U。
(2)滑动变阻器R的最大阻值。
(3)电路工作时的最大电功率和最小电功率之比。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.一瓶家用洗手液的质量约为0.5kg，故A不符合实际；
B.一只测温枪所受的重力约为2N，故B不符合实际；
C.一只长方形口罩的面积约为：S=18cm×10cm=180cm2，故C符合实际；
D.一张消毒湿巾的厚度约为0.5mm，故D不符合实际。
故选：C。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】C
【解析】
【分析】
此题主要考查学生对运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
判断物体的运动与静止时，要看物体相对于参照物的位置是否发生改变。如果改变就是运动的，如果不变就是静止的。
【解答】
A.以加油机为参照物，战斗机甲的位置没有发生改变，所以是静止的，故A正确；
B.以地面为参照物，战斗机乙的位置发生了改变，所以是运动的，故B正确；
C.以战斗机甲为参照物，战斗机乙的位置没有发生改变，所以是静止的，故C错误；
D.加油机相对于地面位置发生了改变，所以是运动的，故D正确。
故选C。
3.【答案】A
【解析】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，故A正确；
B、冬至，静的的池塘覆上薄冰，属于凝固现象，故B错误；
C、立春，皑皑的白雪开始消融，是熔化现象，故C错误；
D、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故D错误。
故选：A。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】D
【解析】解：A、宇航员在太空舱中，用通信设备对话是因为声音不能在太空传播，故A错误；
BD、声音的传播需要介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质，故B错误，D正确；
C、电子通讯是利用电磁波传递信息的，电磁波的传播速度大于声速，故C错误。
故选：D。
(1)声音的传播需要介质，真空不能传声；
(2)电磁波的传播速度远大于声速；
(3)一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质。
本题考查了声音的传播条件，属于基础题。
5.【答案】A
【解析】解：光在同种均匀介质中沿直线传播，遇到水稻后在其后面形成阴影；
A、墙上形成影子是因为光在同种均匀介质中沿直线传播，手正好把光线挡住了，挡住的光线不能进入人的眼睛，就看不见挡住的那部分东西了，故A正确；
B、花枝在水中弯折是光从水中斜射入空气时发生折射的结果，故B错误；
C、图中美丽的倒影是平面镜成像，属光的反射现象，故C错误；
D、雨后的彩虹是由光的折射形成的，故D错误。
故选：A。
(1)光在同种均匀介质中沿直线传播，遇到不透明物体后会在其后面形成影子；
(2)(4)光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、彩虹、凸透镜成像都是光的折射；
(3)图中美丽的倒影是光在水面上发生反射形成的虚像。
本题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播、光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
6.【答案】C
【解析】因为叶片质量小有利于转动，在体积一定时，密度小的物质，其质量小，所以叶片在选材时，既要选择牢固、硬度大的材料，同时也要考虑密度小的物质，其重力也小。故C正确，ABD错误。
故选：C。
叶片要在空中转动，质量当然是越小越好，但叶片制造出来的体积是一定的，故只能是在体积一定的情况下，质量越小越好，即密度尽量小。
此题是考查密度知识在生活中的应用。我们要学会用我们学过的知识分析生活中的物理现象。
7.【答案】B
【解析】解：
A、切菜的刀磨得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A错误；
B、在接触面的粗糙程度一定时，增大物体间的压力，可以增大滑动摩擦力，故B正确；
C、炒菜时，主要是通过热传递的方式增加菜的内能，菜吸收热量，温度升高，故C错误；
D、水沸腾后继续加热，温度不变，故D错误。
故选：B。
(1)增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积；
(2)增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度。减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动等；
(3)改变物体内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；
(4)液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是该液体的沸点。
本题主要考查学生对压强、摩擦力和内能等了解和掌握，是基础题，难度不大。
8.【答案】D
【解析】解：小鸟撞击飞机时，小鸟给飞机一个力，同时飞机给小鸟一个大小相等，方向相反的一个力，因为物体间力的作用是相互的。
故选：D。
物体间力的作用是相互的，相互作用的两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上。
掌握平衡力的条件，相互作用力的条件。平衡力和相互作用力容易混淆，重要区别在于是一个受力物体还是两个受力物体。
9.【答案】B
【解析】解：A.泡沫小球和空气摩擦，电荷(电子)发生了转移，故A错误；
B.塑料罩和泡沫小球都不易导电，都是绝缘体，故B正确；
C.泡沫小球没有掉下来，而是分散吸附在塑料罩的内壁上，是由于两者带异种电荷，或其一带电另一个不带电，故C错误。
D.电动机使扇叶转动，是把电能转化为机械能的过程，故D错误。
故选：B。
(1)摩擦起电的实质是电荷(电子)的转移；
(2)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；
(3)电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。带电体能够吸引轻小物体的性质。
(4)电动机工作过程将电能转化为机械能。
知道生活中常见导体和绝缘体，理解摩擦起电的实质和电荷间的作用规律，知道电动机工作中能量转化，可解答此题。
10.【答案】B
【解析】解：A、超声波能够在空气中传播，该选项说法不正确；
B、超声波可以传递能量，该选项说法正确；
C、超声波是由物体振动产生的，该选项说法不正确；
D、超声波的频率高于20000Hz，频率太高，即音调太高，其不在人耳的听觉范围之内，所以听不到超声波，该选项说法不正确。
故选：B。
(1)超声波也是声波，能够在固体、液体、气体中传播，真空不能传声；
(2)声音既能传递信息，又能传递能量；
(3)声音是由物体的振动产生的；
(4)人耳听觉范围是20Hz～20000Hz，频率高于20000Hz的声波叫超声波，不在人耳听觉范围之内。
此题结合超声波考查了声音的产生原因和传播条件，知道超声波具有能量。
11.【答案】D
【解析】解：A、多个大功率用电器同时使用一个插座，接线板负载过多，会造成火灾，此选项不符合安全用电原则；
B、导线破损后，金属线裸露在外，非常容易发生触电事故，此选项不符合安全用电原则；
C、连接电灯时，开关要接在灯泡和火线之间，断开开关时，能切断火线，触及灯泡时不会触电，而图中开关接在零线上，故C不符合安全用电原则；
D、发现有人触电，首先要使触电者尽快脱离电源(断开电源)，然后根据具体情况进行相应的救治，故D符合安全用电原则；
故选：D。
(1)对于接线板上的用电器不能过多，否则会引起电路电流过大，造成火灾；
(2)绝缘皮破损的导线，容易发生触电事故；
(3)接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套。如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故。所以开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全。
(4)当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电。发现有人触电，首先要使触电者尽快脱离电源，然后根据具体情况，进行相应的救治。
(1)本题来源于日常生活的常见现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用。
(2)家庭中有时自己私接电器，存在着很多安全隐患，尤其在农村更为严重，希望同学们及时杜绝，安全文明用电。
12.【答案】C
【解析】解：跳伞运动员正在匀速下落过程中，速度不变，质量不变，动能不变；同时高度减小，其重力势能减小，故C正确。
故选：C。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。
13.【答案】B
【解析】解：所做的有用功是：
W有=Gh=250N×2m=500J；
根据不计绳重和摩擦时，根据η=W有用W总=W有用W有用+W额外=GhGh+G动h=GG+G动=11+G动G知用该滑轮组提升200N的重物，即物体的重力减小，滑轮组机械效率变小，故B正确，ACD错误。
故选：B。
根据W有=Gh求出有用功；
根据不计绳重和摩擦时η=W有用W总=W有用W有用+W额外=GhGh+G动h=GG+G动=11+G动G分析提升的物重改变时，滑轮组机械效率的变化。
本题考查了有用功和滑轮组机械效率变化情况，明确滑轮组机械效率公式是关键。
14.【答案】A
【解析】解：当列车驶进站台时，会带动车厢附近的空气流动速度加快，此时车厢远处的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：车厢远处空气流速慢压强大，而车厢附近流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险，所以人必须站在安全线以外的区域候车。
故选：A。
当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人周围空气流速不同，结合流体压强与流速的关系即可解决此题。
解答这类题目的思路是先确定哪里的流体流速大，压强小，在这个压力差的作用下便产生了什么现象。
15.【答案】D
【解析】解：
由图，R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压。
根据I=UR，
电流表示数为0.1A，电流最小，电阻最大，可知滑片在b端，
根据P=UI得：
滑动变阻器R2的电压：U2=PI=1W0.1A=10V，
滑动变阻器R2的最大值：R2=U2I=10V0.1A=100Ω
根据串联电路的电压特点可知：U=U1+U2，
即：U=0.1A×R1+10V…①
当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，
R2的电压：U2′=P′I′=1.8W0.3A=6V，
由U=U1′+U2′可得：
U=0.3A×R1+6V…②
联立①②解得：R1=20Ω，U=12V；
当P在a端时，R2连入阻值为0，所以电压表示数UV=0，
电流表示数：IA=UR1=12V20Ω=0.6A，
由前面的计算可知：
当P在b端时，IA′=0.1A，
电压表示数UV′=10V，
由此电流表变化为：△I=IA−IA′=0.6A−0.1A=0.5A，故A错误；
电压表变化为：△U=UV′−UV=10V−0=10V，故B错误；
R1消耗的电功率：△P1=IA2R1−IA′2R1=(0.6A)2×20Ω−(0.1A)2×20Ω=7W，故C错误；
电路消耗的总功率变化：△P=U△I=12V×0.5A=6W，故D正确。
故选：D。
由图R1与R2串联，根据P=UI计算出R2两端电压，根据欧姆定律计算出R2的最大值，根据串联电路的特点和列方程求出电源电压和R1的阻值；
分别求出P在a、b两端时电流表、电压表、R1功率及电路总功率即可得出正确答案。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，属于一道难题。关键是根据滑片在两个位置时电流的电功率，求得R2的电压，由此求出电源电压和电阻的大小。
16.【答案】振动 噪声
【解析】解：(1)演员唱歌发出的声音是由于声带振动产生的；
(2)他在自习课上唱歌，干扰了其他同学的学习，因此属于噪声。
故答案为：振动；噪声。
(1)声音是由物体的振动产生的；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；
(2)物理学上，噪声指物体做无规则振动发出的声音；从环保角度来讲，凡是影响人们正常工作、生活、休息的声音以及对人们要听的声音产生干扰的声音都是噪声。
本题考查了声音产生、噪声的定义，属于基础题目。
17.【答案】电磁波 一次能源
【解析】解：(1)电磁波可以传递信息，可以在真空中传播，两名出舱航天员费俊龙、张陆圆满完成全部既定工作任务，安全返回问天实验舱，他们相互配合是靠电磁波来传递数据信息的；
(2)太阳能可以从自然界中源源不断的直接获取，所以太阳能是一次能源。
故答案为：电磁波；一次能源。
(1)声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播；电磁波可以传递信息，可以在真空中传播；
(2)一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源；二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。
本题考查电磁波的运用及能源的分类，为基础题。
18.【答案】线圈匝数越多 被吸引的小铁钉会被电磁铁磁化，小铁钉下端是同名磁极，同名磁极相互排斥
【解析】解：(1)实验时可以通过吸引铁小钉的多少来判断电磁铁磁性的强弱；由图知，乙吸引小铁钉的个数较多，说明乙的磁性较强；甲、乙串联，电流相等，乙的线圈匝数多于甲的线圈匝数，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；
(2)被吸引的小铁钉会被电磁铁磁化，小铁钉下端是同名磁极，同名磁极相互排斥，故小铁钉下端是分散的。
故答案为：(1)线圈匝数越多；(2)被吸引的小铁钉会被电磁铁磁化，小铁钉下端是同名磁极，同名磁极相互排斥。
(1)电磁铁磁性的变化可改变吸引小铁钉个数的多少；影响电磁铁磁性强弱的因素有电流大小和匝数多少；
(2)利用磁化和磁极间的作用规律进行分析。
在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”实验时采用控制变量法，即在研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系时，要保证电流的大小。
19.【答案】2.7×103 大
【解析】解：由图知，小石块的质量为m=20g+5g+2g=27g；
小石块的密度为ρ=mV=27g10.0cm3=2.7g/cm3=2.7×103kg/m3；
先测石块的体积，取出石块再测质量时，由于石块上粘有水，所以测得石块的质量变大，体积不变，导致最终测得石块的密度会偏大。
故答案为：2.7×103；大。
(1)小石块的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和，已知小石块质量和体积，根据密度公式ρ=mV求出石块的密度；
(2)先测石块的体积，则石块上会粘有水。
此题考查了固体密度的测量过程及误差分析和密度计算公式的应用，过程简单，难度不大。
20.【答案】解：经过入射点作出法线，因为反射光线与镜面的夹角是45°，所以反射角为90°−45°=45°.根据反射角与入射角相等作出入射光线；
反射光线平行于凸透镜的主光轴，经过凸透镜后折射光线过焦点，如图所示：
。
【解析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出入射光线；
平行于主光轴的光线经过凸透镜后会过焦点。
本题考查了凸透镜对光线的作用、光的反射定律的应用，注意法线要画成虚线，属于基础知识。
21.【答案】解：由图知，小磁针左侧为S极，右侧为N极，根据磁极间的相互作用规律，可知通电螺线管右端为N极，左端为S极；根据右手螺旋定则可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，则电源的左端为正极，右端为负极，如图所示：
【解析】先根据磁极间的相互作用规律得出通电螺线管的右端为N极，左端为S极，再由安培定则得出电流的方向，标出电源的正、负极。
本题考查了磁极间的相互作用规律和安培定则。利用安培定则既可由电流的方向判定磁极极性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。
22.【答案】2 体积 大于
【解析】解：(1)由图丙可知，金属块完全浸没在水中时弹簧测力计示数为2.8N，所受的浮力为：F浮丙=G−F丙=4.8N−2.8N=2N；
(2)比较乙、丙两图可知，金属块排开水的体积不同，弹簧测力计的示数不同，根据称重法可知，金属块受到的浮力不同，因此金属块所受浮力不同的原因是金属块排开液体的体积不同，所以浸入液体中的物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关；
(3)金属块排开液体的体积相同，根据称重法可知丙图中金属块受到的浮力小，根据阿基米德原理，则丙图中水密度比丁图中液体的密度小，即ρ液大于ρ水。
故答案为：(1)2；(2)体积；(3)大于。
(1)根据称重法求金属块完全浸没在水中时所受的浮力；
(2)乙、丙两图中金属块排开液体的体积不同分析解答；
(3)根据F浮=ρ液gV排分析两液体的密度大小关系。
本题考查探究影响浮力大小因素的实验，考查称重法测浮力、阿基米德原理的应用，难度不大。
23.【答案】左；竖直向下；B
【解析】解：(1)在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，若发现杠杆左端偏高，应将右端的平衡螺母向左调节．
(2)在水平位置平衡时，钩码的力臂在杠杆上，为了使弹簧测力计的力臂也在杠杆上，就要求弹簧测力计的拉力方向竖直向下拉；
(3)以O点为转轴，钩码重力不变，钩码重力的力臂不变，其力矩不变，根据力矩平衡条件可知，力F的力矩与钩码重力的力矩平衡，则力F对转轴的力矩M不变．力F对转轴的力臂L减小，由力矩M=FL，分析可知，F不断变大，故B正确．
故答案为：(1)左；(2)竖直向下；(3)B．
(1)杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，使杠杆在水平位置平衡的目的是为了便于测量力臂，若左端偏高，则需将平衡螺母向右调节．
(2)根据杠杆的平衡条件可知，弹簧测力计应与杠杆垂直；
(3)弹簧测力计从竖直位置缓慢地转到偏角为θ的过程中，以O点为转轴，力F的力矩与钩码重力的力矩平衡．钩码重力不变，钩码重力的力臂不变，其力矩不变，力F对转轴的力臂减小，再由力矩M=FL，分析力F的变化．
本题考查了杠杆平衡条件的应用，涉及到高中的“力矩”问题，属于与高中“挂钩”的题目，关键是从题目中得到有用信息并加以利用．
24.【答案】灯泡断路(或灯的接线柱接触不良) 0.7 降低
【解析】解：由小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω知，灯泡中的电流约为：I=UR=2.5V10Ω=0.25A，所以电流表选用小量程串联在电路中，根据电路图连接实物图，如下所示：
；
(2)电路连接完好，当闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器，电流表均无示数，电路可能断路，而电压表有示数且等于电源电压，则电压表与电源连通，所以电路中出现的故障为灯泡断路(或灯的接线柱接触不良)；
(3)当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，根据图c读出额定电流为0.28A，
则小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.28A=0.7W；
(4)调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐减小，会发现灯泡变暗直至完全不发光，电能转化成的内能变小，可以猜想此过程中灯丝的温度降低。
故答案为：(1)如图所示：
；
(2)灯泡断路(或灯的接线柱接触不良)；
(3)0.7；
(4)降低。
(1)由题意知，电流表选用小量程串联在电路中，根据电路图连接实物图；
(2)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的部分断路了；
(3)当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，根据图c读出电流，利用P=UI计算小灯泡的额定功率；
(4)小灯泡电压越低，灯丝温度越低。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查电路连接、故障分析、电表读数及额定功率的计算，属于常考命题点。
25.【答案】解：(1)高亭宇静止站立时冰刀对地面的压力为：
F=G=mg=72kg×10N/kg=720N，
高亭宇静止站立时冰刀对地面的压强为：
p=FS=720N12×10−4m2=6×105Pa；
(2)高亭宇比赛全程的平均速度为：
v=st=500m34.3s≈14.6m/s。
答：(1)高亭宇静止站立时冰刀对地面的压强p为6×105Pa；
(2)高亭宇比赛全程的平均速度v的大小为14.6m/s。
【解析】(1)根据F=G=mg算出高亭宇静止站立时冰刀对地面的压力，由p=FS算出高亭宇静止站立时冰刀对地面的压强；
(2)利用速度公式v=st算出高亭宇比赛全程的平均速度v的大小。
本题考查了重力、压强以及平均速度的计算，要掌握压强及平均速度的公式，是一道基础题。
26.【答案】解：(1)由图乙可知，当开关S、S1都闭合时，只有R1工作；当开关S闭合、S1断开时，R1、R2串联；
根据串联电路的电阻特点可知，串联的总电阻大于任一分电阻，
所以，当开关S、S1都闭合时，只有R1工作，电路中的电阻最小，根据P=U2R可知，电路的功率最大，此时为加热状态；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P加=(220V)21210W=40Ω；
(2)若该电饭煲将2kg水从20℃加热到100℃时，水吸收的热量：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(100℃−20℃)=6.72×105J；
(3)2400r/(kW⋅h)表示电路的用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过2400转，
则电能表转盘转了80转，电饭煲消耗的电能：W=160r2400r/(kW⋅h)=115kW⋅h=2.4×105J，
由W=U2Rt可知，电饭煲工作过程中的实际电压：U实= WR1t′= 2.4×105J×40Ω4×60s=200V。
答：(1)电热丝R1的阻值是40Ω；
(2)若该电饭煲将2kg水从20℃加热到100℃时，水吸收的热量为6.72×105J；
(3)电饭煲工作过程中的实际电压是200V。
【解析】(1)由图乙可知，当开关S、S1都闭合时，只有R1工作；当开关S闭合、S1断开时，R1、R2串联；根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知加热状态和保温状态时的电路连接；再根据P=U2R可求出R1的阻值；
(2)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(3)2400r/(kW⋅h)表示电路的用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过2400转，据此可求出电能表转盘转了160转，电饭煲消耗的电能；根据W=U2Rt求出电饭煲工作过程中的实际电压。
本题是电热综合题，主要考查电功率公式、吸热公式和电能计算公式的应用以及对电能表参数的理解和掌握，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
27.【答案】A
【解析】解：A、一根筷子的长度约25cm，物理课本的长度略大于此数值，在26cm=0.26m左右。故A符合实际；
B、平静状态下，人1min呼吸25次左右，平均一次的时间在2.4s左右。故B不符合实际；
C、人的体温在36℃～37℃之间，感觉舒适的温度在23℃左右。故C不符合实际；
D、一个苹果的质量在200g左右，物理课本的质量与苹果的质量差不多，在200g=0.2kg左右。故D不符合实际。
故选：A。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
28.【答案】A
【解析】解：A、“隔墙有耳”说明固体能传播声音，故A正确；
B、“震耳欲聋”说明声音的响度很大，故B错误；
C、“闻其声知其人”可以根据音色来判断说话者是谁，故C错误；
D、“响鼓也要重锤敲”说明声音是由物体振动产生的，且振幅越大响度越大，故D错误。
故选：A。
(1)声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质。
(2)声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色反映了声音的品质与特色，是由发声体本身决定的一个特性。
理解声音的传播条件，区分声音的三个特征，可解答此题。
29.【答案】A
【解析】解：A、池底的光线由水中斜射到空气中时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得池底变浅了，故A正确；
B、浓密的树荫下出现很多圆形的光斑是太阳的实像，是小孔成像，是由光的直线传播形成的，故B错误；
C、玻璃幕墙造成光污染，这是由于光的镜面反射反射引起的，故C错误；
D、由平面镜成像特点可知，人站在平面镜前，当他走向平面镜时，平面镜中的像不会改变，故D错误。
故选：A。
(1)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等；
(2)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直线传播形成的；
(3)光的反射分为镜面反射与漫反射两种，光污染主要是由镜面反射引起的；
(4)平面镜成像特点：正立等大的虚像。
此题考查的是我们生活中光现象原理的判断，列举的事例或现象比较全面，这是我们光现象中的重点，是中考时必考的一个知识点。
30.【答案】A
【解析】解：磁体在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生感应电流，使小灯泡发光，所以手摇电筒的工作原理为电磁感应现象；
A、动圈式话筒工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器，由此可知其工作原理是电磁感应现象，与手电筒的发电原理相同，故A正确；
B、给蓄电池充电的过程中，蓄电池把电能转化为化学能储存起来，则蓄电池相当于用电器，故B错误；
C、闭合开关，灯泡发光，灯泡将电能转化为光能，故C错误；
D、导线中电流是由电子定向移动形成的，电子定向移动的方向与电流的方向相反，故D错误。
故选：A。
(1)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，这种现象是电磁感现象，动圈式话筒都是根据电磁感应现象工作的；
(2)给蓄电池充电的过程中，蓄电池会消耗电能；
(3)用电器工作的过程是把电能转化为其他形式的能的过程；
(4)电荷的定向移动形成电流；正电荷定向移动的方向为电流方向，自由电子定向移动的方向与电流的方向相反。
本题考查了电磁感应现象、能量的转化、电路的组成、电流的方向，属于基础题。
31.【答案】D
【解析】解：A、大功率用电器、带金属外壳的用电器必须使用三孔插座，故A错误。
B、控制用电器的开关必须连接在火线和用电器之间，故B错误。C、电能表是用来测量用电器消耗电能(电功)的仪表，故C错误。
D、使用试电笔时，不能用手接触测电笔前端的金属体，这样会造成人身触电事故，故D正确。
故选：D。
(1)大功率用电器、带金属外壳的用电器必须使用三孔插座。
(2)控制用电器的开关必须连接在火线和用电器之间。
(3)电能表是用来测量用电器消耗电能(电功)的仪表。
(4)使用试电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电，是十分危险的：使用试电笔时，不能用手接触试电笔前端的金属体，这样会造成人身触电事故。
本题考查了电能表的作用以及一些安全用电常识，属于基础题目。
32.【答案】AC
【解析】解：A、冰中加盐形成了混合物，降低了冰的熔点，故A正确；
B、霜是周围空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故B错误；
C、冰是晶体，熔化过程中吸热但温度保持不变，故C正确；
D、水蒸气形成白霜是凝华现象，凝华放热，故D错误。
故选：AC。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，熔化吸热；物质从气态直接变为固态的过程叫凝华，凝华放热；冰中加盐可使其熔点降低；晶体熔化时吸热，但温度保持不变。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况、物态变化特点等也要有清晰的认识。
33.【答案】ACD
【解析】解：A.舰载机起飞过程中，舰载机与航母之间的位置发生了变化，以航母为参照物，舰载机是运动的，故A正确；
B.舰载机对航母的压力与航母对舰载机的支持力作用在不同一物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C.伯努利原理告诉我们：流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大。舰载机在空中飞行是利用了流体中流速越大的位置压强越小的原理，故C正确；
D.发动机向后喷气，舰载机就向前运动，这一现象说明物体间力的作用是相互的，故D正确。
故选：ACD。
(1)判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化，若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的；
(2)一对平衡力必须满足大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，四个条件缺一不可；
(3)流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大；
(4)物体间力的作用是相互的。
本题考查了平衡力的辨别、流体压强与流速关系的运用、力的作用效果、运动和静止的相对性等，综合性较强，但总体难度不大。
34.【答案】AD
【解析】解：
A、当闭合开关S2、S3、S4时，两个电表中只有一个电表有示数，R3短路，电路为R1的简单电路，若a为电流表，有示数，b为电压表，无示数；若a为电压表，无示数，b为电流表示数；
此时断开S3，若a为电流表，R3短路，电路仍为R1的简单电路，则a表示数不变，b表仍无示数，符合电路中的两个电表示数没有变化的条件；
若b为电流表，a为电压表，此时R1、R3串联，电压表测R3两端电压，则两表都有示数，不符合电路中的两个电表示数没有变化的条件。
综上分析可知，a一定是电流表，b一定是电压表，如图所示：
，故A正确；
B、当开关全部闭合，R1与R2并联，R3短路，所以移动R3的滑片，电表的示数都不会发生变化，故B错误；
C、当闭合开关S2、S3时，R1与R3串联，电表a(电流表)测电路中电流，电表b(电压表)测R3两端的电压，
由串联电路特点知，电表b(电压表)的示数变化量ΔU3=ΔU1，
所以，ΔU3ΔI=ΔU1ΔI=R1，即电表b的示数变化量与电表a的示数变化量之比不变，故C错误；
D、由题知，滑动变阻器的最大阻值R3=R1=R2，若将a、b两表互换，如图所示：
当开关都闭合时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，电源电压一定，由P=U2R知，此时电路的总功率最大，P最大=U212R1=2U2R1，
当只S2、S4闭合，R1与R3串联，滑片在右端(或只闭合S1，R2与R3串联，滑片在右端)，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，P最小=U22R1，
所以P最大：P最小=2U2R1：U22R1=4：1，故D正确。
故选：AD。
(1)当闭合开关S2、S3、S4时，两个电表中只有一个电表有示数。此时断开S3，电路中的两个电表示数没有变化，据此分析a、b电表的类型；
(2)当开关全部闭合，R1与R2并联，R3短路，据此分析解答；
(3)当闭合开关S2、S3时，R1与R3串联，电表a(电流表)测电路中电流，电表b(电压表)测R3两端的电压，由串联电路特点和欧姆定律表示出两电表示数变化量的比值，从而判断其比值的变化情况；
(4)将两电表互换，由P=U2R分析并表示出电路的最大和最小功率，从而得到最大和最小功率比。
本题是动态电路的分析，考查了串、并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，正确分析两电表的类型是关键。
35.【答案】电磁波 通电导体在磁场中受到力的作用
【解析】解：(1)手机远程控制扫地机器人是通过电磁波来传递信息的。
(2)电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
故答案为：(1)电磁波；(2)通电导体在磁场中受到力的作用。
(1)电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；电磁波可以传递信息和能量。
(2)电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。
本题考查了电磁波的应用和电动机的工作原理，属于基础题。
36.【答案】压强 2×105 连通器
【解析】解：(1)车座设计得宽大柔软，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；
(2)水对坝底的压强为p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×20m=2×105Pa；
船闸在工作时，闸室分别与上游和下游构成连通器，是利用连通器原理工作的。
故答案为：压强；2×105；连通器。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)液体压强随深度的增加而增大；已知水的深度和密度，利用公式p=ρgh计算水对坝底的压强。上端开口、下端相连通的容器叫连通器；船闸是连通器特点的应用。
本题考查了连通器的应用和液体压强的计算，正确理解深度的含义，是解决液体压强问题的第一步。
37.【答案】重 动 惯性
【解析】解：在下落过程中忽略空气阻力，高度减小，速度变大，重力势能减小，动能变大，重力势能转化为动能；
运动员离开大跳台后，由于惯性继续保持原来的运动状态，所以能在空中继续飞行。
故答案为：重；动；惯性。
(1)动能的大小与速度和质量有关，重力势能的大小与质量和高度有关，据此判定能量的转化；
(2)一切物体在任何时候都有惯性，惯性是物体本身具有的一种保持原来运动状态不变的性质。
本题考查了动能、重力势能之间的变化及惯性，关键是对各自影响因素和受力情况的分析。
38.【答案】4.2×105 0.01 多
【解析】解：(1)水吸收的热量：Q吸=cm水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(70℃−20℃)=4.2×105J；
(2)由题意可知，Q放=Q吸=4.2×105J，
根据Q放=mq煤气可得，消耗煤气的质量：
m煤气=Q放q=4.2×105J4.2×107J/kg=0.01kg；
(3)由于有热损失，则事实上将这壶水加热到70℃需要的煤气质量更多。
故答案为：4.2×105；0.01；多。
(1)知道水的质量、水的比热容、初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm(t−t0)求水吸收的热量；
(2)由题意可知，煤气完全燃烧释放的热量Q放=Q吸，根据Q=mq求出消耗煤气的质量；
(3)由于有热损失，则需要的煤气质量更多。
本题考查了吸热公式和燃料完全燃烧放热公式的应用，关键是公式及其变形式的灵活运用。
39.【答案】不可再生 机械 电
【解析】解：
化石能源在地球上的储量是一定的，短期内不可能从自然界得到补充，属于不可再生能源；
风力发电中消耗了机械能，获得了电能，故风力发电是将风能即机械能转化为电能。
故答案为：不可再生；机械；电。
(1)像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
(2)风力发电就是把风的机械能转化成电能。
此题考查了能源的分类和能量的转化，属于基础知识考查，难度不大。
40.【答案】同一高度 照相机 能 左
【解析】解：(1)点燃蜡烛后，调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度上，这样才能使像成在光屏的中央；
(2)由图可知，物距u=50cm−10cm=40cm，像距v=73.5cm−50cm=23.5cm，已知f=15.0cm，此时u>2f，成倒立、缩小的实像，能够说明照相机的成像原理；
(3)若用一张纸片遮住了凸透镜的上半部，物体上任一点都有光线射向凸透镜下半部，经凸透镜折射后，照样能会聚成完整的烛焰的像，折射光线减少，会聚成的像变暗；
(4)老花镜是一个凸透镜，对光线有会聚作用，使光提前会聚将一副老花镜的镜片放在烛焰与凸透镜之间且靠近凸透镜的位置，若保持光屏的位置不变，此时清晰的像成在光屏左侧，要在光屏上重新承接到烛焰清晰的像，光屏应向左移动。
故答案为：(1)同一高度；(2)照相机；(3)能；(4)左。
(1)为使像能成在光屏的中央，应调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度；
(2)物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机根据这个原理制成；
(3)将凸透镜的部分遮住后，其它部分仍能够折射光线而成完整的像；
(4)老花镜是一个凸透镜，对光线有会聚作用。
此题主要考查的是学生对凸透镜成像规律的应用理解和掌握，属于基础题目。
41.【答案】右 b 69 1.15×103 容器内液体深度 ρ水(h1−h2)h0
【解析】解：(1)分度盘指针如图甲所示，说明左侧较重，应该向右调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中央；
(2)量筒读数时既不能仰视，也不能俯视，读数时视线应与液面齐平，如图乙所示，做法正确的是b，量筒中盐水的体积为60mL=60cm3；
(3)如图丙所示，砝码的质量为50g，游码指在4.2g处，量筒中盐水的质量为123.2g−50g−4.2g=69g；
(4)盐水的密度为ρ=mV=69g60cm3=1.15g/cm3=1.15×103kg/m3；
(5)小方利用一把刻度尺、装有适量水的水槽和两个相同的薄壁圆柱形平底玻璃容器(容器厚度忽略不计)也测量出了另一种液体的密度。
①向容器中倒入适量的液体，将容器缓慢的放入水槽中，处于竖直漂浮状态，如图丁所示，测出容器下表面到水面的距离为h1，
漂浮时物体受到的浮力等于重力，设容器底面积为S，根据阿基米德原理可知此时容器受到的浮力：F浮=ρ水gSh1，
②从容器中取出一部分液体，放入另一个放在水平桌面上的玻璃容器中，如图戊所示，测量出容器内液体的深度为h0。
③容器再次处于竖直漂浮状态，如图己所示，测出容器下表面到水面的距离为h2，此时容器受到的浮力：F浮′=ρ水gSh2，
则图戊所示容器内液体的重力为：G=F浮−F浮′=ρ水gSh1−ρ水gSh2，
图戊所示容器内液体的质量为：m′=Gg=ρ水gSh1−ρ水gSh2g=ρ水S(h1−h2)，
④液体密度ρ液=m′V′=ρ水S(h1−h2)Sh0=ρ水(h1−h2)h0。
故答案为：(1)右；(2)b；(3)54.2；(4)1.15×103；(5)容器内液体深度；ρ水(h1−h2)h0。
(1)调节天平横梁平衡时，指针偏向左侧，说明天平的左端下沉，平衡螺母向上翘的右端移动；
(2)量筒读数时既不能仰视，也不能俯视，读数时视线应与液面齐平，进一步读出液体的体积；
(3)量筒中盐水的质量等于烧杯和盐水的的总质量减去如图丙所示砝码的质量和游码对应的刻度值；
(4)知道液体的质量和体积，根据密度公式求出液体的密度；
(5)漂浮时物体受到的浮力等于重力，设容器底面积为S，根据阿基米德原理可知图丁和己容器受到的浮力，两次浮力之差即为图戊所示容器内液体的重力，根据重力公式计算图戊所示容器内液体的质量，根据体积公式和密度公式计算液体的密度。
本题考查天平和量筒的使用，重力公式、密度公式、阿基米德原理的灵活运用，综合性强。
42.【答案】小灯泡断路 1.9 B 0.625W 10 温度
【解析】解：(1)滑动变阻器选用“一上一下”两个接线柱串联接入电路，且变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，则滑动变阻器接入电路的阻值变小，故应将滑动变阻器的右下接线柱与电源的负极接线柱相连，如图：
(2)实验过程中，小明发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近4.5V，则电路可能断路，而电压表有示数而且等于电源电压，则电压表与电源接通，电路出现的故障是小灯泡断路；
(3)电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.9V；小灯泡的额定电压为2.5V，若要测得小灯泡正常发光时的电阻，应让灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值应变小，滑片P应向B端移动；
(4)由丙图可知，小灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为0.25A，小灯泡正常工作时的电功率P=UI=2.5V×0.25A=0.625W。
(5)小灯泡正常发光时的电阻R=UI=2.5V0.25A=10Ω，
灯泡电阻是变化的，其原因是灯丝的电阻受温度的影响。
故答案为：(1)见解答图；(2)小灯泡断路；(3)1.9；B；(4)0.625W；(5)10；温度。
(1)滑动变阻器选用“一上一下”两个接线柱串联接入电路，且变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，则滑动变阻器接入电路的阻值变小，故应将滑动变阻器的右下接线柱与电源的负极接线柱相连；
(2)实验过程中，小灯泡不发光，观察电流表和电压表，发现电流表几乎无示数，则电路可能断路，而电压表有示数而且接近电源电压，则电压表与电源接通；
(3)电压表选用小量程，分度值为0.1V，据此得出电压表的示数；小灯泡的额定电压为2.5V，若要测得小灯泡正常发光时的电阻，应让灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值应变小，进而得出滑片P的移动方向；
(4)根据P=UI得出小灯泡正常工作时的电功率；
(5)利用欧姆定律求得小灯泡正常发光时的电阻；灯丝的电阻随温度的变化而变化。
本题为测量小灯泡正常发光时的电阻的实验，考查电路连接、故障分析、灯泡电阻的特点和电功率的计算等知识。
43.【答案】解：(1)由图可知，有两段绳子拉着动滑轮，则绳子的自由端移动的速度为：v=2×0.2m/s=0.4m/s；
拉力的功率为：P=Wt=Fst=Fv=150N×0.4m/s=60W；
(2)物体在运动时受到地面的摩擦力为物重的0.2倍，则物体受到的摩擦力为：f=0.2G=0.2×1000N=200N；
物体在水平面上做匀速直线运动，受到的拉力与摩擦力是一对平衡力，则拉动物体的力F′=f=200N；
不计绳重及绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦，根据F=1n(F′+G动)可知，
动滑轮的重力为：G动=2F−F′=2×150N−200N=100N；
(3)若物重增大到2000N，则水平方向上拉动物体的力为：
F大=0.2G′=0.2×2000N=400N；
设物体在水平方向上移动的距离为l，则动滑轮上升的高度为l，滑轮组的机械效率为：
η=W有W总×100％=F大lF大l+G动l×100％=F大F大+G动×100％=400N400N+100N×100％=80%。
答：(1)工人师傅拉力的功率为60W；
(2)动滑轮的重力为100N；
(3)若物重增大到2000N，则滑轮组的机械效率是80%。
【解析】(1)首先判定连接动滑轮绳子的段数，据此求出绳子的自由端的速度，根据P=Wt=Fst=Fv求出拉力的功率；
(2)根据摩擦力与物体重力的关系求出拉动物体的力F′的大小，根据F=1n(F′+G动)求出动滑轮的重力；
(3)物重增大到2000N，据此求出拉动物体的力的大小；然后根据η=W有W总×100％=F大lF大l+G动l×100％=F大F大+G动×100％求出滑轮组的机械效率。
本题考查了功率公式和机械效率的计算，明确拉力做的功为总功，克服摩擦力做的功为有用功是关键。
44.【答案】解：(1)将滑动变阻器R的滑片P移至a端，闭合S，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，
灯泡L正常发光，灯泡的额定电压为6V，因此电源电压为U=UL=6V；
(2)将滑动变阻器R的滑片P移至b端，滑动变阻器全部接入电路，滑动变阻器与灯泡串联，
电流表测电路电流，电流表示数I=0.12A，
由P=U2R可知，灯泡的电阻为RL=UL2PL=(6V)23.6W=10Ω，
电路的总电阻为R总=UI=6V0.12A=50Ω，
由于串联电路的总电阻等于各用电器的电阻之和，
所以滑动变阻器R的最大阻值为R=R总−RL=50Ω−10Ω=40Ω；
(3)将滑动变阻器R的滑片P移至a端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，只有灯泡工作，
根据I=UR可知，此时电路中的电阻最小，电流最大，由P=UI可知，电路的总功率最大，
电路的最大功率为P最大=PL=3.6W；
将滑动变阻器R的滑片P移至b端，滑动变阻器全部接入电路，滑动变阻器与灯泡串联，
由I=UR可知，此时电路中的电阻最大，电流最小，为I最小=0.12A，
电路的最小功率为P最小=UI最小=6V×0.12A=0.72W，
电路工作时的最大电功率和最小电功率之比：P最大P最小=3.6W0.72W=51。
答：(1)电源电压U为6V；
(2)滑动变阻器R的最大阻值为40Ω；
(3)电路工作时的最大电功率和最小电功率之比为5：1。
【解析】(1)将滑动变阻器R的滑片P移至a端，闭合S，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，灯泡L正常发光，灯泡的额定电压为6V，根据U=UL得出电源电压；
(2)将滑动变阻器R的滑片P移至b端，滑动变阻器全部接入电路，滑动变阻器与灯泡串联，电流表测电路电流，电流表示数I=0.12A，由P=U2R可知灯泡的电阻，根据欧姆定律得出电路的总电阻，由于串联电路的总电阻等于各用电器的电阻之和，据此得出滑动变阻器R的最大阻值；
(3)将滑动变阻器R的滑片P移至a端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，只有灯泡工作，根据I=UR可知，此时电路中的电阻最小，电流最大，由P=UI可知电路的总功率最大，等于灯的额定功率；
将滑动变阻器R的滑片P移至b端，滑动变阻器全部接入电路，滑动变阻器与灯泡串联，由I=UR可知，此时电路中的电阻最大，电流最小，根据P=UI得出电路的最小功率，进而得出电路工作时的最大电功率和最小电功率之比。
本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，正确判断电路最大功率和最小功率时电路的状态是关键。
2023年河北省秦皇岛市中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 疫情未结束，防控不松懈！请同学们务必保持良好的卫生习惯，将常态化防控落实到生活的各个方面。李明对防控措施中使用的一些物品进行了估测，其中最接近实际的是( )
A. “勤洗手”：一瓶家用洗手液的质量约为5kg
B. “测体温”：一只测温枪所受的重力约为30N
C. “戴口罩”：一只长方形口罩的面积约为180cm2
D. “要消毒”：一张消毒湿巾的厚度约为50mm
2. 如图所示，空中加油机正在给战斗机加油的情境，下列说法中错误的是( )
A. 以加油机为参照物，战斗机甲是静止的
B. 以地面为参照物，战斗机乙是运动的
C. 以战斗机甲为参照物，战斗机乙是运动的
D. 加油机相对于地面是运动的
3. 北京冬奥会开幕式的倒计时方式以二十四节气为序曲，从“雨水”开始，一路倒数最终行至“立春”，在开幕式一开篇就向世界展现本届开幕式的中国风格和中国气质。下列自然现象，由凝华形成的是( )
A. 霜降，红红的枫叶蒙上白霜 B. 冬至，静的的池塘覆上薄冰
C. 立春，皑皑的白雪开始消融 D. 白露，青青的小草挂上露珠
4. 2022年4月16日我国的“神舟十三号”已成功返回，宇航员翟志刚、王亚平和叶光富乘坐着字宙飞船“神舟十三号”邀游了太空。宇航员在太空舱中可以直接对话，但在飞船外作业时，他们之间不能直接对话，必须借助电子通信设备进行交流，其原因是( )
A. 用通信设备对话是为了方便 B. 声音只能在地面上传播
C. 电子通讯设备使声音传播的更快一些 D. 声音的传播需要介质
5. “禾下乘凉梦”是袁隆平先生的中国梦。其实，“禾下乘凉梦”也包含着一定的物理知识，水稻下面可乘凉，说明水稻下面有阴影。下列现象的形成原因和阴影的形成原因相同的是( )
A. 墙上形成影子 B. 水面“折”枝
C. 水中倒影 D. 雨后彩虹
6. 中国海上巨型风机−巨无霸SL5000是史上最大的单体风力发电机，如图所示，它的每个叶片长62m，它转动起来能够扫过将近两个足球场大的面积。为了让风更易带动起扇叶，制成叶片的材料应该具有( )
A. 较大的质量 B. 较低的熔点 C. 尽量小的密度 D. 较好的吸热性
7. 5月8日母亲节这一天，学校举行了“爱心献给妈妈”的主题活动。很多同学通过为妈妈分担家务来表达对妈妈的爱。以下说法正确的是( )
A. 切菜——用锋利的刀是为了减小压强
B. 拖地——加大力度可以增大滑动摩擦力
C. 炒菜——是用做功的方法改变食物的内能
D. 烧水——水沸腾后继续加热，温度会继续升高
8. 在航空领域，常常发生小鸟撞毁飞机事件，下列关于小鸟和飞机相撞时的说法正确的是( )
A. 小鸟受到的力大 B. 主动撞击的一方产生的力大
C. 飞机受到的力大 D. 小鸟和飞机的受力一样大
9. 如图所示的玩具叫“静电飞雪”，它是在塑料罩内分别放有扇叶和大量的泡沫小球。通电后扇叶转动形成的风会把泡沫小球吹得像雪花一样漫天飞舞，关闭电源后，一些泡沫小球没有掉下来，而是分散吸附在塑料罩的内壁上。下列有关说法正确的是( )
A. 泡沫小球和空气摩擦创造了电荷
B. 塑料罩和泡沫小球都是绝缘体
C. 泡沫小球和塑料罩一定带同种电荷
D. 电动机使扇叶转动，是把机械能转化为电能
10. 有一种电子牙刷，它发出的超声波，能直达牙刷棕毛刷不到的地方，这样刷牙既干净又舒服。关于电子牙刷，下列说法中正确的是( )
A. 人听不到超声波，是因为超声波不能在空气中传播
B. 超声波能传递能量
C. 超声波不是由物体振动产生的
D. 超声波的音调很低，所以人听不到
11. 电给我们的生活带来了极大的便利，但不安全用电也会带来很大的危害，甚至会危及生命。下列四幅图做法中符合安全用电原则的是( )
A. 图甲多个大功率用电器同时使用一个插座 B. 图乙使用绝缘皮破损的电线
C. 图丙开关和电灯的连接 D. 图丁发生触电事故时要立刻断开电源
12. 在某次空中跳伞训练中，跳伞运动员正在匀速下落过程中，关于它的动能和重力势能的变化，下列说法正确的是( )
A. 动能不变，重力势能增大 B. 动能减小，重力势能减小
C. 动能不变，重力势能减小 D. 动能增大，重力势能增大
13. 如图所示，用滑轮组把250N的重物匀速提升2m，所做的有用功是多少J？如果用该滑轮组提升200N的重物，它的机械效率将怎样变化( )
A. 500J增大
B. 500J变小
C. 1000J增大
D. 1000J变小
14. 如图所示，在高铁站，离站台边缘一定距离的地方有一条黄色安全线，人必须站在安全线以外的区域候车。这是因为动车进站时车厢附近( )
A. 空气流速快，压强小
B. 空气流速慢，压强小
C. 空气流速快，压强大
D. 空气流速慢，压强大
15. 如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器(a、b为其两端点).闭合开关S，当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.1A，R2消耗的电功率为lW；当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，R2消耗的电功率为1.8W.则当滑片P从a移到b的过程中( )
A. 电流表示数变化了0.6A B. 电压表示数变化了4V
C. R1消耗的电功率变化了5W D. 电路消耗的总功率变化了6W
16. 春晚一首《早安中国》歌曲：“你是那夜空中最美的星星，照亮我一路前行，你是我生命中最美的相遇……”。舞台上，演员唱歌是声带______ 产生的。自习课时小明同学小声唱着这首歌，对其他同学来讲，属于______ (选填“乐音”或“噪声”)。
17. 2023年3月2日，神舟十五号航天员乘组进行了第二次出舱活动。在地面工作人员和舱内航天员邓清明的密切配合下，两名出舱航天员费俊龙、张陆圆满完成全部既定工作任务，安全返回问天实验舱，他们相互配合是靠 来传递数据信息的，神舟十五号卫星是利用太阳能电池板来提供能量的，太阳能属于 (选填“一次能源”或“二次能源”)。
18. 在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明用若干数量的小铁钉和电磁铁甲、乙设计了如图所示的电路。
(1)实验中是通过吸引铁钉的多少来判断电磁铁磁性强弱的，当滑动变阻器滑片处于某一位置时，观察实验现象可得出的结论是：电流一定时， ，磁性越强；
(2)根据图示发现被电磁铁吸引的小铁钉下端是分散的，其原因是 。
19. 小丽测小石块密度，先用天平测出小石块的质量，如图所示。接着用量筒和水测出小石块体积为10.0cm3。则小石块的密度为______ kg/m3。实验时若先测小石块体积再测小石块质量，所测小石块密度会偏______ (选填“大”或“小”)。
20. 如图所示，请补充平面镜的入射光线和透镜的折射光线，完成光路图。
21. 根据图中小磁针的指向，标出通电螺线管中的电流方向。
22. 在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，小玲用到了以下实验器材：弹簧测力计、圆柱体合金块、烧杯、适量水和某种液体。实验操作步骤和相关实验数据如图所示。
(1)图甲、丙所示实验合金块所受浮力为______ N；
(2)分析图甲、乙、丙所示实验可初步得出结论：浸入液体中的物体受到的浮力大小与物体排开液体的______ 有关；
(3)分析图丙和图丁可知，图丁中液体的密度ρ液和水的密度ρ水的关系：ρ液 ______ ρ水(填“大于”或“小于”或“等于”)。
23. 小明在探究杠杆的平衡条件试验中
(1)小明将杠杆装到支架上时，发现杠杆左端上翘，此时，应将杠杆的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使杠杆在水平位置平衡．
(2)杠杆调节平衡后，在杠杆的左侧挂上钩码，如图甲所示，每个钩码重均为0.5N，且杠杆每格相同，在杠杆的右侧用测力计(图中未画出)拉杠杆，使其在水平位置平衡，为了便于测量力臂，应使弹簧测力计拉力的方向______ ．
(3)小明探究出杠杆的平衡条件后，上网查找资料对这一知识进行拓宽和延伸，查找的有关资料如下：有固定转动轴的物体在力的作用下处于静止或匀速转动的状态称为力矩平衡状态．物理学中把力和力臂的乘积叫做力对转动轴的力矩，力矩用M表示，即M=FL，式中L为力臂，力臂是转动轴到力的作用线的距离．引入力矩概念后，杠杆的平衡条件可叙述为：使杠杆沿顺时针转动的力矩与使杠杆沿逆时针转动的力矩相等．用公式表示为：M顺=M逆.在甲图中，小明在B点用弹簧秤拉杠杆，拉力F的方向从竖直位置缓慢转到偏角θ<90°的某一位罝的过程中，杠杆一直处于水平平衡状态，如图乙所示．设M为拉力F对转轴的力矩，在此过程中M和F判断正确的是______ .(选填字母)
A.M不变，F不断变小 B.M不变，F不断变大
C.M不断变小，F不断变大 D.M不断变大，F不断变小．
24. 如图所示，在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω，滑动变阻器铭牌为“50Ω 2A”，电源电压为6V。
(1)请按照图a，将图b中的实物电路连接完整；
(2)电路连接完好，当闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器，电流表均无示数，而电压表有示数且等于电源电压，则电路中出现的故障为______ 。
(3)问题解决后，继续进行实验，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图c所示，则小灯泡的额定功率是______ W。
(4)调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐减小，会发现灯泡变暗直至完全不发光。可以猜想此过程中灯丝的温度______ (选填“升高”、“不变”或“降低”)。
25. 2022年，高亭宇在北京冬奥会速度滑冰男子500米项目上滑出34秒32的成绩，打破奥运纪录的同时也赢得中国历史上首枚冬奥会男子速度滑冰金牌。已知高亭宇连同其装备的总质量m=72kg，静止站在起跑处时冰刀与冰面的接触总面积S=12cm2；若将高亭宇的滑行总时间记为s=34.3s，g取10N/kg。求：
(1)高亭宇静止站立时冰刀对地面的压强p；
(2)高亭宇比赛全程的平均速度v的大小(结果保留1位小数)。
26. 图甲是小慧家使用的电饭煲，图乙是其电路原理图，电路中电源电压为220V。R1和R2为阻值不变的电热丝，S1为温度自动控制开关，可实现“加热”和“保温”状态的转换。该电饭煲的最大容量是4L，额定加热功率是1210W，额定保温功率是100W。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]求：
(1)电热丝R1的阻值是多少？
(2)若该电饭煲将2kg水从20℃加热到100℃时，水吸收的热量是多少？
(3)关闭家中其他用电器，只让该电饭煲在加热状态下工作4min，观察到标有“2400r/(kW⋅h)”字样的电能表转盘转了160转，则电饭煲工作过程中的实际电压是多少？
27. 下列数据中与实际情况最接近的是( )
A. 物理课本的长度约0.26m
B. 人在正常情况下呼吸一次的时间约为1min
C. 长跑运动员的体温可达50℃
D. 物理课本的质量为5kg
28. 我国的古诗词和民间俗语中往往包含着物理知识的运用。从物理知识运用的角度看，下列对于诗句或俗语的理解、解释正确的是( )
A. “隔墙有耳”——说明固体能传播声音
B. “震耳欲聋”——说明声音的音调很高
C. “闻其声知其人”——可以根据响度来判断说话者是谁
D. “响鼓也要重锤敲”——声音是由物体振动产生的，且振幅越大音调越大
29. 下列关于“光现象”的说法正确的是( )
A. 池水看起来比实际浅，这是由于光的折射引起的
B. 浓密的树荫下出现很多圆形的光斑，这是由于光的反射引起的
C. 路边建筑物的玻璃幕墙造成光污染，这是由于光的漫反射引起的
D. 人站在平面镜前，当他走向平面镜时，镜中的像会变大
30. 如图是一款自发电手电筒。上下快速移动手电筒，筒内的磁体就会上下运动，使筒壁上的线圈内产生感应电流，为手电筒内的蓄电池充电。下列说法正确的是( )
A. 动圈式话筒也应用了手电筒的发电原理
B. 感应电流给蓄电池充电时，蓄电池相当于电源
C. 闭合开关，灯泡发光，灯泡将光能转化为电能
D. 导线中电流的方向就是电荷定向移动的方向
31. 关于家庭电路及安全用电，下列说法中正确的是( )
A. 只有大功率用电器才需使用三孔插座
B. 控制用电器的开关应该连接在零线和用电器之间
C. 电能表是测量电功率的仪表
D. 使用试电笔辨别火线与零线时，手指千万不能碰到笔尖金属体
32. 如图所示，将冰块放于易拉罐中并加入适量的盐，用筷子搅拌大约半分钟，用温度计测量罐中冰与盐水混合物的温度，可以看到冰水混合物的温度低于0℃，这时观察易拉罐的下部和底部，就会发现白霜。下列说法正确的是( )
A. 冰中加盐降低了冰的熔点 B. 霜是周围空气中的水蒸气遇冷液化形成的
C. 冰是晶体，熔化过程中温度保持不变 D. 水蒸气形成白霜时吸收了热量
33. 如图所示，这是国产舰载机在“辽宁号”航空母舰上成功起降的情景，下列有关舰载机的说法正确的是( )
A. 舰载机起飞过程中，以航母为参照物，舰载机是运动的
B. 静止时，它对航母的压力和航母对它的支持力是一对平衡力
C. 在空中飞行利用了流体中流速越大的位置压强越小的原理
D. 发动机向后喷气使舰载机向前飞行，这是利用力的作用是相互的
34. 如图所示的电路中，电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值R3=R1=R2，a、b为电流表或电压表，且不相同。当闭合开关S2、S3、S4时，两个电表中只有一个电表有示数。此时断开S3，电路中的两个电表示数没有变化。下列有关说法正确的是( )
A. a一定是电流表，b一定是电压表
B. 当开关全部闭合，R3的滑片向左移动时，b表示数变小
C. 当闭合开关S2、S3时，R3的滑片向左移动时，电表b的示数变化量与电表a的示数变化量之比变大
D. 若将a、b两表互换，此电路的最大功率与最小功率之比为4：1
35. 智能家居已广泛应用于生活中，手机远程控制扫地机器人是通过______来传递信息的，扫地机器人内部电动机的工作原理是______。
36. 自行车车座设计得宽大柔软，这是为了减小______。如图所示，三峡大坝的正常蓄水位为175m，则深度为20m的某处受到水的压强为______Pa。轮船在通过三峡大坝时，需经过五级船闸才能完成“跳大坝”的壮举，船闸利用了______原理。
(g=10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3)
37. 2021年8月5日，中国14岁的全红婵以创奥运纪录的高分夺得东京奥运会10米跳台冠军，如图甲所示，在下落过程中忽略空气阻力，全红婵只受______ 力作用，她的重力势能转化为______ 能。2022年2月16日，中国运动员齐广璞在北京冬奥会男子自由滑雪空中技巧赛上获得冠军，如图乙所示，他离开大跳台后由于______ 仍能在空中继续“飞行”。
38. 用煤气灶把初温为20℃、质量为2kg的水加热到70℃，水吸收的热量为______J，若煤气燃烧时放出的热量全部被水吸收，则需要完全燃烧______kg的煤气，事实上，将这壶水加热到70℃需要的煤气质量更______。[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，煤气的热值为
4.2×107J/kg]
39. 近年来我州践行绿色发展理念，挖掘自然资源优势，减少化石燃料的使用，大力发展水能、风能等绿色能源。目前经常使用的化石能源属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源，大力推广的风力发电是将______能转化为______能。
40. 小华用焦距为10.0cm的凸透镜探究凸透镜成像规律。
(1)实验前，应调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在______。
(2)当各器材位置如图所示时，在光屏上成烛焰清晰的像，此时烛焰的成像特点与______(选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)的成像特点相同。
(3)实验时，若用一张纸片遮住了凸透镜的上半部，光屏上______(选填“能”或“不能”)成完整的像。
(4)小华将一副老花镜的镜片放在烛焰与凸透镜之间且靠近凸透镜的位置，若保持蜡烛的位置不变，仅将光屏向______端移动适当距离，光屏上即可重新成烛焰清晰的像。
41. 为了测量盐水密度，小方同学进行了如下实验：
(1)将天平放在水平桌面上，游码放到标尺左端零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，应将平衡螺母向______调，使横梁平衡。
(2)先测出烧杯和盐水的总质量为123.2g。然后将烧杯中的盐水倒入量筒中一部分，如图乙所示，量筒读数时做法正确的是：______(选填“a”“b”或“c”)。
(3)把烧杯和剩余盐水放在天平左盘中称量，当横梁平衡时，所用砝码和游码在标尺上的位置如图丙所示，则烧杯和剩余盐水的总质量为______g。
(4)盐水的密度为______kg/m3。
(5)小方利用一把刻度尺、装有适量水的水槽和两个相同的薄壁圆柱形平底玻璃容器(容器厚度忽略不计)也测量出了另一种液体的密度。
①向容器中倒入适量的液体，将容器缓慢的放入水槽中，处于竖直漂浮状态，如图丁所示，测出容器下表面到水面的距离为h1。
②从容器中取出一部分液体，放入另一个放在水平桌面上的玻璃容器中，如图戊所示，测量出______为h0。
③容器再次处于竖直漂浮状态，如图己所示，测出容器下表面到水面的距离为h2。
④液体密度ρ液=______(用h1、h2、h0、ρ水表示)。
42. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V，图甲是未连接完整的实验电路。
(1)用笔画线代替导线，将图甲的实验电路连接完整(要求滑动变阻器的滑片P向B端移动时电流表的示数变大)；
(2)闭合开关后，小明发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近4.5V，则电路的故障可能是______ ；
(3)排除故障后，调节滑动变阻器的滑片，如图乙所示，电压表的示数为______ V，为了测小灯泡的额定功率，应将滑片向______ (选填“A”或“B”)端移动；
(4)改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，绘制了如图丙所示的I−U图像，由图像可知，小灯泡的额定功率为______ ；
(5)由图丙可知小灯泡正常发光时的电阻是______ Ω，小灯泡的电阻是变化的，原因是灯丝电阻受______ 的影响。
43. 如图所示，工人师傅用150N的拉力，使重为1000N的物体以0.2m/s的速度在地面上沿水平方向做匀速直线运动，已知物体在运动时受到地面的摩擦力为物重的0.2倍。不计绳重及绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦。求：
(1)工人师傅拉力的功率；
(2)动滑轮的重；
(3)若物重增大到2000N，则滑轮组的机械效率是多少？
44. 如图所示，电源电压恒定，灯泡L上标有“6V 3.6W”，将滑动变阻器R的滑片P移至a端，闭合S，L正常发光；再将滑动变阻器R的滑片P移至b端，电流表示数I=0.12A。(忽略温度对灯泡电阻的影响)求：
(1)电源电压U。
(2)滑动变阻器R的最大阻值。
(3)电路工作时的最大电功率和最小电功率之比。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.一瓶家用洗手液的质量约为0.5kg，故A不符合实际；
B.一只测温枪所受的重力约为2N，故B不符合实际；
C.一只长方形口罩的面积约为：S=18cm×10cm=180cm2，故C符合实际；
D.一张消毒湿巾的厚度约为0.5mm，故D不符合实际。
故选：C。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】C
【解析】
【分析】
此题主要考查学生对运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
判断物体的运动与静止时，要看物体相对于参照物的位置是否发生改变。如果改变就是运动的，如果不变就是静止的。
【解答】
A.以加油机为参照物，战斗机甲的位置没有发生改变，所以是静止的，故A正确；
B.以地面为参照物，战斗机乙的位置发生了改变，所以是运动的，故B正确；
C.以战斗机甲为参照物，战斗机乙的位置没有发生改变，所以是静止的，故C错误；
D.加油机相对于地面位置发生了改变，所以是运动的，故D正确。
故选C。
3.【答案】A
【解析】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，故A正确；
B、冬至，静的的池塘覆上薄冰，属于凝固现象，故B错误；
C、立春，皑皑的白雪开始消融，是熔化现象，故C错误；
D、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故D错误。
故选：A。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】D
【解析】解：A、宇航员在太空舱中，用通信设备对话是因为声音不能在太空传播，故A错误；
BD、声音的传播需要介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质，故B错误，D正确；
C、电子通讯是利用电磁波传递信息的，电磁波的传播速度大于声速，故C错误。
故选：D。
(1)声音的传播需要介质，真空不能传声；
(2)电磁波的传播速度远大于声速；
(3)一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质。
本题考查了声音的传播条件，属于基础题。
5.【答案】A
【解析】解：光在同种均匀介质中沿直线传播，遇到水稻后在其后面形成阴影；
A、墙上形成影子是因为光在同种均匀介质中沿直线传播，手正好把光线挡住了，挡住的光线不能进入人的眼睛，就看不见挡住的那部分东西了，故A正确；
B、花枝在水中弯折是光从水中斜射入空气时发生折射的结果，故B错误；
C、图中美丽的倒影是平面镜成像，属光的反射现象，故C错误；
D、雨后的彩虹是由光的折射形成的，故D错误。
故选：A。
(1)光在同种均匀介质中沿直线传播，遇到不透明物体后会在其后面形成影子；
(2)(4)光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、彩虹、凸透镜成像都是光的折射；
(3)图中美丽的倒影是光在水面上发生反射形成的虚像。
本题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播、光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
6.【答案】C
【解析】因为叶片质量小有利于转动，在体积一定时，密度小的物质，其质量小，所以叶片在选材时，既要选择牢固、硬度大的材料，同时也要考虑密度小的物质，其重力也小。故C正确，ABD错误。
故选：C。
叶片要在空中转动，质量当然是越小越好，但叶片制造出来的体积是一定的，故只能是在体积一定的情况下，质量越小越好，即密度尽量小。
此题是考查密度知识在生活中的应用。我们要学会用我们学过的知识分析生活中的物理现象。
7.【答案】B
【解析】解：
A、切菜的刀磨得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A错误；
B、在接触面的粗糙程度一定时，增大物体间的压力，可以增大滑动摩擦力，故B正确；
C、炒菜时，主要是通过热传递的方式增加菜的内能，菜吸收热量，温度升高，故C错误；
D、水沸腾后继续加热，温度不变，故D错误。
故选：B。
(1)增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积；
(2)增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度。减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动等；
(3)改变物体内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；
(4)液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是该液体的沸点。
本题主要考查学生对压强、摩擦力和内能等了解和掌握，是基础题，难度不大。
8.【答案】D
【解析】解：小鸟撞击飞机时，小鸟给飞机一个力，同时飞机给小鸟一个大小相等，方向相反的一个力，因为物体间力的作用是相互的。
故选：D。
物体间力的作用是相互的，相互作用的两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上。
掌握平衡力的条件，相互作用力的条件。平衡力和相互作用力容易混淆，重要区别在于是一个受力物体还是两个受力物体。
9.【答案】B
【解析】解：A.泡沫小球和空气摩擦，电荷(电子)发生了转移，故A错误；
B.塑料罩和泡沫小球都不易导电，都是绝缘体，故B正确；
C.泡沫小球没有掉下来，而是分散吸附在塑料罩的内壁上，是由于两者带异种电荷，或其一带电另一个不带电，故C错误。
D.电动机使扇叶转动，是把电能转化为机械能的过程，故D错误。
故选：B。
(1)摩擦起电的实质是电荷(电子)的转移；
(2)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；
(3)电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。带电体能够吸引轻小物体的性质。
(4)电动机工作过程将电能转化为机械能。
知道生活中常见导体和绝缘体，理解摩擦起电的实质和电荷间的作用规律，知道电动机工作中能量转化，可解答此题。
10.【答案】B
【解析】解：A、超声波能够在空气中传播，该选项说法不正确；
B、超声波可以传递能量，该选项说法正确；
C、超声波是由物体振动产生的，该选项说法不正确；
D、超声波的频率高于20000Hz，频率太高，即音调太高，其不在人耳的听觉范围之内，所以听不到超声波，该选项说法不正确。
故选：B。
(1)超声波也是声波，能够在固体、液体、气体中传播，真空不能传声；
(2)声音既能传递信息，又能传递能量；
(3)声音是由物体的振动产生的；
(4)人耳听觉范围是20Hz～20000Hz，频率高于20000Hz的声波叫超声波，不在人耳听觉范围之内。
此题结合超声波考查了声音的产生原因和传播条件，知道超声波具有能量。
11.【答案】D
【解析】解：A、多个大功率用电器同时使用一个插座，接线板负载过多，会造成火灾，此选项不符合安全用电原则；
B、导线破损后，金属线裸露在外，非常容易发生触电事故，此选项不符合安全用电原则；
C、连接电灯时，开关要接在灯泡和火线之间，断开开关时，能切断火线，触及灯泡时不会触电，而图中开关接在零线上，故C不符合安全用电原则；
D、发现有人触电，首先要使触电者尽快脱离电源(断开电源)，然后根据具体情况进行相应的救治，故D符合安全用电原则；
故选：D。
(1)对于接线板上的用电器不能过多，否则会引起电路电流过大，造成火灾；
(2)绝缘皮破损的导线，容易发生触电事故；
(3)接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套。如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故。所以开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全。
(4)当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电。发现有人触电，首先要使触电者尽快脱离电源，然后根据具体情况，进行相应的救治。
(1)本题来源于日常生活的常见现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用。
(2)家庭中有时自己私接电器，存在着很多安全隐患，尤其在农村更为严重，希望同学们及时杜绝，安全文明用电。
12.【答案】C
【解析】解：跳伞运动员正在匀速下落过程中，速度不变，质量不变，动能不变；同时高度减小，其重力势能减小，故C正确。
故选：C。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。
13.【答案】B
【解析】解：所做的有用功是：
W有=Gh=250N×2m=500J；
根据不计绳重和摩擦时，根据η=W有用W总=W有用W有用+W额外=GhGh+G动h=GG+G动=11+G动G知用该滑轮组提升200N的重物，即物体的重力减小，滑轮组机械效率变小，故B正确，ACD错误。
故选：B。
根据W有=Gh求出有用功；
根据不计绳重和摩擦时η=W有用W总=W有用W有用+W额外=GhGh+G动h=GG+G动=11+G动G分析提升的物重改变时，滑轮组机械效率的变化。
本题考查了有用功和滑轮组机械效率变化情况，明确滑轮组机械效率公式是关键。
14.【答案】A
【解析】解：当列车驶进站台时，会带动车厢附近的空气流动速度加快，此时车厢远处的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：车厢远处空气流速慢压强大，而车厢附近流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险，所以人必须站在安全线以外的区域候车。
故选：A。
当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人周围空气流速不同，结合流体压强与流速的关系即可解决此题。
解答这类题目的思路是先确定哪里的流体流速大，压强小，在这个压力差的作用下便产生了什么现象。
15.【答案】D
【解析】解：
由图，R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压。
根据I=UR，
电流表示数为0.1A，电流最小，电阻最大，可知滑片在b端，
根据P=UI得：
滑动变阻器R2的电压：U2=PI=1W0.1A=10V，
滑动变阻器R2的最大值：R2=U2I=10V0.1A=100Ω
根据串联电路的电压特点可知：U=U1+U2，
即：U=0.1A×R1+10V…①
当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，
R2的电压：U2′=P′I′=1.8W0.3A=6V，
由U=U1′+U2′可得：
U=0.3A×R1+6V…②
联立①②解得：R1=20Ω，U=12V；
当P在a端时，R2连入阻值为0，所以电压表示数UV=0，
电流表示数：IA=UR1=12V20Ω=0.6A，
由前面的计算可知：
当P在b端时，IA′=0.1A，
电压表示数UV′=10V，
由此电流表变化为：△I=IA−IA′=0.6A−0.1A=0.5A，故A错误；
电压表变化为：△U=UV′−UV=10V−0=10V，故B错误；
R1消耗的电功率：△P1=IA2R1−IA′2R1=(0.6A)2×20Ω−(0.1A)2×20Ω=7W，故C错误；
电路消耗的总功率变化：△P=U△I=12V×0.5A=6W，故D正确。
故选：D。
由图R1与R2串联，根据P=UI计算出R2两端电压，根据欧姆定律计算出R2的最大值，根据串联电路的特点和列方程求出电源电压和R1的阻值；
分别求出P在a、b两端时电流表、电压表、R1功率及电路总功率即可得出正确答案。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，属于一道难题。关键是根据滑片在两个位置时电流的电功率，求得R2的电压，由此求出电源电压和电阻的大小。
16.【答案】振动 噪声
【解析】解：(1)演员唱歌发出的声音是由于声带振动产生的；
(2)他在自习课上唱歌，干扰了其他同学的学习，因此属于噪声。
故答案为：振动；噪声。
(1)声音是由物体的振动产生的；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；
(2)物理学上，噪声指物体做无规则振动发出的声音；从环保角度来讲，凡是影响人们正常工作、生活、休息的声音以及对人们要听的声音产生干扰的声音都是噪声。
本题考查了声音产生、噪声的定义，属于基础题目。
17.【答案】电磁波 一次能源
【解析】解：(1)电磁波可以传递信息，可以在真空中传播，两名出舱航天员费俊龙、张陆圆满完成全部既定工作任务，安全返回问天实验舱，他们相互配合是靠电磁波来传递数据信息的；
(2)太阳能可以从自然界中源源不断的直接获取，所以太阳能是一次能源。
故答案为：电磁波；一次能源。
(1)声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播；电磁波可以传递信息，可以在真空中传播；
(2)一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源；二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。
本题考查电磁波的运用及能源的分类，为基础题。
18.【答案】线圈匝数越多 被吸引的小铁钉会被电磁铁磁化，小铁钉下端是同名磁极，同名磁极相互排斥
【解析】解：(1)实验时可以通过吸引铁小钉的多少来判断电磁铁磁性的强弱；由图知，乙吸引小铁钉的个数较多，说明乙的磁性较强；甲、乙串联，电流相等，乙的线圈匝数多于甲的线圈匝数，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；
(2)被吸引的小铁钉会被电磁铁磁化，小铁钉下端是同名磁极，同名磁极相互排斥，故小铁钉下端是分散的。
故答案为：(1)线圈匝数越多；(2)被吸引的小铁钉会被电磁铁磁化，小铁钉下端是同名磁极，同名磁极相互排斥。
(1)电磁铁磁性的变化可改变吸引小铁钉个数的多少；影响电磁铁磁性强弱的因素有电流大小和匝数多少；
(2)利用磁化和磁极间的作用规律进行分析。
在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”实验时采用控制变量法，即在研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系时，要保证电流的大小。
19.【答案】2.7×103 大
【解析】解：由图知，小石块的质量为m=20g+5g+2g=27g；
小石块的密度为ρ=mV=27g10.0cm3=2.7g/cm3=2.7×103kg/m3；
先测石块的体积，取出石块再测质量时，由于石块上粘有水，所以测得石块的质量变大，体积不变，导致最终测得石块的密度会偏大。
故答案为：2.7×103；大。
(1)小石块的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和，已知小石块质量和体积，根据密度公式ρ=mV求出石块的密度；
(2)先测石块的体积，则石块上会粘有水。
此题考查了固体密度的测量过程及误差分析和密度计算公式的应用，过程简单，难度不大。
20.【答案】解：经过入射点作出法线，因为反射光线与镜面的夹角是45°，所以反射角为90°−45°=45°.根据反射角与入射角相等作出入射光线；
反射光线平行于凸透镜的主光轴，经过凸透镜后折射光线过焦点，如图所示：
。
【解析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出入射光线；
平行于主光轴的光线经过凸透镜后会过焦点。
本题考查了凸透镜对光线的作用、光的反射定律的应用，注意法线要画成虚线，属于基础知识。
21.【答案】解：由图知，小磁针左侧为S极，右侧为N极，根据磁极间的相互作用规律，可知通电螺线管右端为N极，左端为S极；根据右手螺旋定则可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，则电源的左端为正极，右端为负极，如图所示：
【解析】先根据磁极间的相互作用规律得出通电螺线管的右端为N极，左端为S极，再由安培定则得出电流的方向，标出电源的正、负极。
本题考查了磁极间的相互作用规律和安培定则。利用安培定则既可由电流的方向判定磁极极性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。
22.【答案】2 体积 大于
【解析】解：(1)由图丙可知，金属块完全浸没在水中时弹簧测力计示数为2.8N，所受的浮力为：F浮丙=G−F丙=4.8N−2.8N=2N；
(2)比较乙、丙两图可知，金属块排开水的体积不同，弹簧测力计的示数不同，根据称重法可知，金属块受到的浮力不同，因此金属块所受浮力不同的原因是金属块排开液体的体积不同，所以浸入液体中的物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关；
(3)金属块排开液体的体积相同，根据称重法可知丙图中金属块受到的浮力小，根据阿基米德原理，则丙图中水密度比丁图中液体的密度小，即ρ液大于ρ水。
故答案为：(1)2；(2)体积；(3)大于。
(1)根据称重法求金属块完全浸没在水中时所受的浮力；
(2)乙、丙两图中金属块排开液体的体积不同分析解答；
(3)根据F浮=ρ液gV排分析两液体的密度大小关系。
本题考查探究影响浮力大小因素的实验，考查称重法测浮力、阿基米德原理的应用，难度不大。
23.【答案】左；竖直向下；B
【解析】解：(1)在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，若发现杠杆左端偏高，应将右端的平衡螺母向左调节．
(2)在水平位置平衡时，钩码的力臂在杠杆上，为了使弹簧测力计的力臂也在杠杆上，就要求弹簧测力计的拉力方向竖直向下拉；
(3)以O点为转轴，钩码重力不变，钩码重力的力臂不变，其力矩不变，根据力矩平衡条件可知，力F的力矩与钩码重力的力矩平衡，则力F对转轴的力矩M不变．力F对转轴的力臂L减小，由力矩M=FL，分析可知，F不断变大，故B正确．
故答案为：(1)左；(2)竖直向下；(3)B．
(1)杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，使杠杆在水平位置平衡的目的是为了便于测量力臂，若左端偏高，则需将平衡螺母向右调节．
(2)根据杠杆的平衡条件可知，弹簧测力计应与杠杆垂直；
(3)弹簧测力计从竖直位置缓慢地转到偏角为θ的过程中，以O点为转轴，力F的力矩与钩码重力的力矩平衡．钩码重力不变，钩码重力的力臂不变，其力矩不变，力F对转轴的力臂减小，再由力矩M=FL，分析力F的变化．
本题考查了杠杆平衡条件的应用，涉及到高中的“力矩”问题，属于与高中“挂钩”的题目，关键是从题目中得到有用信息并加以利用．
24.【答案】灯泡断路(或灯的接线柱接触不良) 0.7 降低
【解析】解：由小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω知，灯泡中的电流约为：I=UR=2.5V10Ω=0.25A，所以电流表选用小量程串联在电路中，根据电路图连接实物图，如下所示：
；
(2)电路连接完好，当闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器，电流表均无示数，电路可能断路，而电压表有示数且等于电源电压，则电压表与电源连通，所以电路中出现的故障为灯泡断路(或灯的接线柱接触不良)；
(3)当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，根据图c读出额定电流为0.28A，
则小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.28A=0.7W；
(4)调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐减小，会发现灯泡变暗直至完全不发光，电能转化成的内能变小，可以猜想此过程中灯丝的温度降低。
故答案为：(1)如图所示：
；
(2)灯泡断路(或灯的接线柱接触不良)；
(3)0.7；
(4)降低。
(1)由题意知，电流表选用小量程串联在电路中，根据电路图连接实物图；
(2)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的部分断路了；
(3)当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，根据图c读出电流，利用P=UI计算小灯泡的额定功率；
(4)小灯泡电压越低，灯丝温度越低。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查电路连接、故障分析、电表读数及额定功率的计算，属于常考命题点。
25.【答案】解：(1)高亭宇静止站立时冰刀对地面的压力为：
F=G=mg=72kg×10N/kg=720N，
高亭宇静止站立时冰刀对地面的压强为：
p=FS=720N12×10−4m2=6×105Pa；
(2)高亭宇比赛全程的平均速度为：
v=st=500m34.3s≈14.6m/s。
答：(1)高亭宇静止站立时冰刀对地面的压强p为6×105Pa；
(2)高亭宇比赛全程的平均速度v的大小为14.6m/s。
【解析】(1)根据F=G=mg算出高亭宇静止站立时冰刀对地面的压力，由p=FS算出高亭宇静止站立时冰刀对地面的压强；
(2)利用速度公式v=st算出高亭宇比赛全程的平均速度v的大小。
本题考查了重力、压强以及平均速度的计算，要掌握压强及平均速度的公式，是一道基础题。
26.【答案】解：(1)由图乙可知，当开关S、S1都闭合时，只有R1工作；当开关S闭合、S1断开时，R1、R2串联；
根据串联电路的电阻特点可知，串联的总电阻大于任一分电阻，
所以，当开关S、S1都闭合时，只有R1工作，电路中的电阻最小，根据P=U2R可知，电路的功率最大，此时为加热状态；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P加=(220V)21210W=40Ω；
(2)若该电饭煲将2kg水从20℃加热到100℃时，水吸收的热量：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(100℃−20℃)=6.72×105J；
(3)2400r/(kW⋅h)表示电路的用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过2400转，
则电能表转盘转了80转，电饭煲消耗的电能：W=160r2400r/(kW⋅h)=115kW⋅h=2.4×105J，
由W=U2Rt可知，电饭煲工作过程中的实际电压：U实= WR1t′= 2.4×105J×40Ω4×60s=200V。
答：(1)电热丝R1的阻值是40Ω；
(2)若该电饭煲将2kg水从20℃加热到100℃时，水吸收的热量为6.72×105J；
(3)电饭煲工作过程中的实际电压是200V。
【解析】(1)由图乙可知，当开关S、S1都闭合时，只有R1工作；当开关S闭合、S1断开时，R1、R2串联；根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知加热状态和保温状态时的电路连接；再根据P=U2R可求出R1的阻值；
(2)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(3)2400r/(kW⋅h)表示电路的用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过2400转，据此可求出电能表转盘转了160转，电饭煲消耗的电能；根据W=U2Rt求出电饭煲工作过程中的实际电压。
本题是电热综合题，主要考查电功率公式、吸热公式和电能计算公式的应用以及对电能表参数的理解和掌握，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
27.【答案】A
【解析】解：A、一根筷子的长度约25cm，物理课本的长度略大于此数值，在26cm=0.26m左右。故A符合实际；
B、平静状态下，人1min呼吸25次左右，平均一次的时间在2.4s左右。故B不符合实际；
C、人的体温在36℃～37℃之间，感觉舒适的温度在23℃左右。故C不符合实际；
D、一个苹果的质量在200g左右，物理课本的质量与苹果的质量差不多，在200g=0.2kg左右。故D不符合实际。
故选：A。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
28.【答案】A
【解析】解：A、“隔墙有耳”说明固体能传播声音，故A正确；
B、“震耳欲聋”说明声音的响度很大，故B错误；
C、“闻其声知其人”可以根据音色来判断说话者是谁，故C错误；
D、“响鼓也要重锤敲”说明声音是由物体振动产生的，且振幅越大响度越大，故D错误。
故选：A。
(1)声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质。
(2)声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色反映了声音的品质与特色，是由发声体本身决定的一个特性。
理解声音的传播条件，区分声音的三个特征，可解答此题。
29.【答案】A
【解析】解：A、池底的光线由水中斜射到空气中时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得池底变浅了，故A正确；
B、浓密的树荫下出现很多圆形的光斑是太阳的实像，是小孔成像，是由光的直线传播形成的，故B错误；
C、玻璃幕墙造成光污染，这是由于光的镜面反射反射引起的，故C错误；
D、由平面镜成像特点可知，人站在平面镜前，当他走向平面镜时，平面镜中的像不会改变，故D错误。
故选：A。
(1)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等；
(2)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直线传播形成的；
(3)光的反射分为镜面反射与漫反射两种，光污染主要是由镜面反射引起的；
(4)平面镜成像特点：正立等大的虚像。
此题考查的是我们生活中光现象原理的判断，列举的事例或现象比较全面，这是我们光现象中的重点，是中考时必考的一个知识点。
30.【答案】A
【解析】解：磁体在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生感应电流，使小灯泡发光，所以手摇电筒的工作原理为电磁感应现象；
A、动圈式话筒工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器，由此可知其工作原理是电磁感应现象，与手电筒的发电原理相同，故A正确；
B、给蓄电池充电的过程中，蓄电池把电能转化为化学能储存起来，则蓄电池相当于用电器，故B错误；
C、闭合开关，灯泡发光，灯泡将电能转化为光能，故C错误；
D、导线中电流是由电子定向移动形成的，电子定向移动的方向与电流的方向相反，故D错误。
故选：A。
(1)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，这种现象是电磁感现象，动圈式话筒都是根据电磁感应现象工作的；
(2)给蓄电池充电的过程中，蓄电池会消耗电能；
(3)用电器工作的过程是把电能转化为其他形式的能的过程；
(4)电荷的定向移动形成电流；正电荷定向移动的方向为电流方向，自由电子定向移动的方向与电流的方向相反。
本题考查了电磁感应现象、能量的转化、电路的组成、电流的方向，属于基础题。
31.【答案】D
【解析】解：A、大功率用电器、带金属外壳的用电器必须使用三孔插座，故A错误。
B、控制用电器的开关必须连接在火线和用电器之间，故B错误。C、电能表是用来测量用电器消耗电能(电功)的仪表，故C错误。
D、使用试电笔时，不能用手接触测电笔前端的金属体，这样会造成人身触电事故，故D正确。
故选：D。
(1)大功率用电器、带金属外壳的用电器必须使用三孔插座。
(2)控制用电器的开关必须连接在火线和用电器之间。
(3)电能表是用来测量用电器消耗电能(电功)的仪表。
(4)使用试电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电，是十分危险的：使用试电笔时，不能用手接触试电笔前端的金属体，这样会造成人身触电事故。
本题考查了电能表的作用以及一些安全用电常识，属于基础题目。
32.【答案】AC
【解析】解：A、冰中加盐形成了混合物，降低了冰的熔点，故A正确；
B、霜是周围空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故B错误；
C、冰是晶体，熔化过程中吸热但温度保持不变，故C正确；
D、水蒸气形成白霜是凝华现象，凝华放热，故D错误。
故选：AC。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，熔化吸热；物质从气态直接变为固态的过程叫凝华，凝华放热；冰中加盐可使其熔点降低；晶体熔化时吸热，但温度保持不变。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况、物态变化特点等也要有清晰的认识。
33.【答案】ACD
【解析】解：A.舰载机起飞过程中，舰载机与航母之间的位置发生了变化，以航母为参照物，舰载机是运动的，故A正确；
B.舰载机对航母的压力与航母对舰载机的支持力作用在不同一物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C.伯努利原理告诉我们：流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大。舰载机在空中飞行是利用了流体中流速越大的位置压强越小的原理，故C正确；
D.发动机向后喷气，舰载机就向前运动，这一现象说明物体间力的作用是相互的，故D正确。
故选：ACD。
(1)判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化，若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的；
(2)一对平衡力必须满足大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，四个条件缺一不可；
(3)流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大；
(4)物体间力的作用是相互的。
本题考查了平衡力的辨别、流体压强与流速关系的运用、力的作用效果、运动和静止的相对性等，综合性较强，但总体难度不大。
34.【答案】AD
【解析】解：
A、当闭合开关S2、S3、S4时，两个电表中只有一个电表有示数，R3短路，电路为R1的简单电路，若a为电流表，有示数，b为电压表，无示数；若a为电压表，无示数，b为电流表示数；
此时断开S3，若a为电流表，R3短路，电路仍为R1的简单电路，则a表示数不变，b表仍无示数，符合电路中的两个电表示数没有变化的条件；
若b为电流表，a为电压表，此时R1、R3串联，电压表测R3两端电压，则两表都有示数，不符合电路中的两个电表示数没有变化的条件。
综上分析可知，a一定是电流表，b一定是电压表，如图所示：
，故A正确；
B、当开关全部闭合，R1与R2并联，R3短路，所以移动R3的滑片，电表的示数都不会发生变化，故B错误；
C、当闭合开关S2、S3时，R1与R3串联，电表a(电流表)测电路中电流，电表b(电压表)测R3两端的电压，
由串联电路特点知，电表b(电压表)的示数变化量ΔU3=ΔU1，
所以，ΔU3ΔI=ΔU1ΔI=R1，即电表b的示数变化量与电表a的示数变化量之比不变，故C错误；
D、由题知，滑动变阻器的最大阻值R3=R1=R2，若将a、b两表互换，如图所示：
当开关都闭合时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，电源电压一定，由P=U2R知，此时电路的总功率最大，P最大=U212R1=2U2R1，
当只S2、S4闭合，R1与R3串联，滑片在右端(或只闭合S1，R2与R3串联，滑片在右端)，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，P最小=U22R1，
所以P最大：P最小=2U2R1：U22R1=4：1，故D正确。
故选：AD。
(1)当闭合开关S2、S3、S4时，两个电表中只有一个电表有示数。此时断开S3，电路中的两个电表示数没有变化，据此分析a、b电表的类型；
(2)当开关全部闭合，R1与R2并联，R3短路，据此分析解答；
(3)当闭合开关S2、S3时，R1与R3串联，电表a(电流表)测电路中电流，电表b(电压表)测R3两端的电压，由串联电路特点和欧姆定律表示出两电表示数变化量的比值，从而判断其比值的变化情况；
(4)将两电表互换，由P=U2R分析并表示出电路的最大和最小功率，从而得到最大和最小功率比。
本题是动态电路的分析，考查了串、并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，正确分析两电表的类型是关键。
35.【答案】电磁波 通电导体在磁场中受到力的作用
【解析】解：(1)手机远程控制扫地机器人是通过电磁波来传递信息的。
(2)电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
故答案为：(1)电磁波；(2)通电导体在磁场中受到力的作用。
(1)电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；电磁波可以传递信息和能量。
(2)电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。
本题考查了电磁波的应用和电动机的工作原理，属于基础题。
36.【答案】压强 2×105 连通器
【解析】解：(1)车座设计得宽大柔软，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；
(2)水对坝底的压强为p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×20m=2×105Pa；
船闸在工作时，闸室分别与上游和下游构成连通器，是利用连通器原理工作的。
故答案为：压强；2×105；连通器。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)液体压强随深度的增加而增大；已知水的深度和密度，利用公式p=ρgh计算水对坝底的压强。上端开口、下端相连通的容器叫连通器；船闸是连通器特点的应用。
本题考查了连通器的应用和液体压强的计算，正确理解深度的含义，是解决液体压强问题的第一步。
37.【答案】重 动 惯性
【解析】解：在下落过程中忽略空气阻力，高度减小，速度变大，重力势能减小，动能变大，重力势能转化为动能；
运动员离开大跳台后，由于惯性继续保持原来的运动状态，所以能在空中继续飞行。
故答案为：重；动；惯性。
(1)动能的大小与速度和质量有关，重力势能的大小与质量和高度有关，据此判定能量的转化；
(2)一切物体在任何时候都有惯性，惯性是物体本身具有的一种保持原来运动状态不变的性质。
本题考查了动能、重力势能之间的变化及惯性，关键是对各自影响因素和受力情况的分析。
38.【答案】4.2×105 0.01 多
【解析】解：(1)水吸收的热量：Q吸=cm水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(70℃−20℃)=4.2×105J；
(2)由题意可知，Q放=Q吸=4.2×105J，
根据Q放=mq煤气可得，消耗煤气的质量：
m煤气=Q放q=4.2×105J4.2×107J/kg=0.01kg；
(3)由于有热损失，则事实上将这壶水加热到70℃需要的煤气质量更多。
故答案为：4.2×105；0.01；多。
(1)知道水的质量、水的比热容、初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm(t−t0)求水吸收的热量；
(2)由题意可知，煤气完全燃烧释放的热量Q放=Q吸，根据Q=mq求出消耗煤气的质量；
(3)由于有热损失，则需要的煤气质量更多。
本题考查了吸热公式和燃料完全燃烧放热公式的应用，关键是公式及其变形式的灵活运用。
39.【答案】不可再生 机械 电
【解析】解：
化石能源在地球上的储量是一定的，短期内不可能从自然界得到补充，属于不可再生能源；
风力发电中消耗了机械能，获得了电能，故风力发电是将风能即机械能转化为电能。
故答案为：不可再生；机械；电。
(1)像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
(2)风力发电就是把风的机械能转化成电能。
此题考查了能源的分类和能量的转化，属于基础知识考查，难度不大。
40.【答案】同一高度 照相机 能 左
【解析】解：(1)点燃蜡烛后，调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度上，这样才能使像成在光屏的中央；
(2)由图可知，物距u=50cm−10cm=40cm，像距v=73.5cm−50cm=23.5cm，已知f=15.0cm，此时u>2f，成倒立、缩小的实像，能够说明照相机的成像原理；
(3)若用一张纸片遮住了凸透镜的上半部，物体上任一点都有光线射向凸透镜下半部，经凸透镜折射后，照样能会聚成完整的烛焰的像，折射光线减少，会聚成的像变暗；
(4)老花镜是一个凸透镜，对光线有会聚作用，使光提前会聚将一副老花镜的镜片放在烛焰与凸透镜之间且靠近凸透镜的位置，若保持光屏的位置不变，此时清晰的像成在光屏左侧，要在光屏上重新承接到烛焰清晰的像，光屏应向左移动。
故答案为：(1)同一高度；(2)照相机；(3)能；(4)左。
(1)为使像能成在光屏的中央，应调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度；
(2)物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机根据这个原理制成；
(3)将凸透镜的部分遮住后，其它部分仍能够折射光线而成完整的像；
(4)老花镜是一个凸透镜，对光线有会聚作用。
此题主要考查的是学生对凸透镜成像规律的应用理解和掌握，属于基础题目。
41.【答案】右 b 69 1.15×103 容器内液体深度 ρ水(h1−h2)h0
【解析】解：(1)分度盘指针如图甲所示，说明左侧较重，应该向右调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中央；
(2)量筒读数时既不能仰视，也不能俯视，读数时视线应与液面齐平，如图乙所示，做法正确的是b，量筒中盐水的体积为60mL=60cm3；
(3)如图丙所示，砝码的质量为50g，游码指在4.2g处，量筒中盐水的质量为123.2g−50g−4.2g=69g；
(4)盐水的密度为ρ=mV=69g60cm3=1.15g/cm3=1.15×103kg/m3；
(5)小方利用一把刻度尺、装有适量水的水槽和两个相同的薄壁圆柱形平底玻璃容器(容器厚度忽略不计)也测量出了另一种液体的密度。
①向容器中倒入适量的液体，将容器缓慢的放入水槽中，处于竖直漂浮状态，如图丁所示，测出容器下表面到水面的距离为h1，
漂浮时物体受到的浮力等于重力，设容器底面积为S，根据阿基米德原理可知此时容器受到的浮力：F浮=ρ水gSh1，
②从容器中取出一部分液体，放入另一个放在水平桌面上的玻璃容器中，如图戊所示，测量出容器内液体的深度为h0。
③容器再次处于竖直漂浮状态，如图己所示，测出容器下表面到水面的距离为h2，此时容器受到的浮力：F浮′=ρ水gSh2，
则图戊所示容器内液体的重力为：G=F浮−F浮′=ρ水gSh1−ρ水gSh2，
图戊所示容器内液体的质量为：m′=Gg=ρ水gSh1−ρ水gSh2g=ρ水S(h1−h2)，
④液体密度ρ液=m′V′=ρ水S(h1−h2)Sh0=ρ水(h1−h2)h0。
故答案为：(1)右；(2)b；(3)54.2；(4)1.15×103；(5)容器内液体深度；ρ水(h1−h2)h0。
(1)调节天平横梁平衡时，指针偏向左侧，说明天平的左端下沉，平衡螺母向上翘的右端移动；
(2)量筒读数时既不能仰视，也不能俯视，读数时视线应与液面齐平，进一步读出液体的体积；
(3)量筒中盐水的质量等于烧杯和盐水的的总质量减去如图丙所示砝码的质量和游码对应的刻度值；
(4)知道液体的质量和体积，根据密度公式求出液体的密度；
(5)漂浮时物体受到的浮力等于重力，设容器底面积为S，根据阿基米德原理可知图丁和己容器受到的浮力，两次浮力之差即为图戊所示容器内液体的重力，根据重力公式计算图戊所示容器内液体的质量，根据体积公式和密度公式计算液体的密度。
本题考查天平和量筒的使用，重力公式、密度公式、阿基米德原理的灵活运用，综合性强。
42.【答案】小灯泡断路 1.9 B 0.625W 10 温度
【解析】解：(1)滑动变阻器选用“一上一下”两个接线柱串联接入电路，且变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，则滑动变阻器接入电路的阻值变小，故应将滑动变阻器的右下接线柱与电源的负极接线柱相连，如图：
(2)实验过程中，小明发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近4.5V，则电路可能断路，而电压表有示数而且等于电源电压，则电压表与电源接通，电路出现的故障是小灯泡断路；
(3)电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.9V；小灯泡的额定电压为2.5V，若要测得小灯泡正常发光时的电阻，应让灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值应变小，滑片P应向B端移动；
(4)由丙图可知，小灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为0.25A，小灯泡正常工作时的电功率P=UI=2.5V×0.25A=0.625W。
(5)小灯泡正常发光时的电阻R=UI=2.5V0.25A=10Ω，
灯泡电阻是变化的，其原因是灯丝的电阻受温度的影响。
故答案为：(1)见解答图；(2)小灯泡断路；(3)1.9；B；(4)0.625W；(5)10；温度。
(1)滑动变阻器选用“一上一下”两个接线柱串联接入电路，且变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，则滑动变阻器接入电路的阻值变小，故应将滑动变阻器的右下接线柱与电源的负极接线柱相连；
(2)实验过程中，小灯泡不发光，观察电流表和电压表，发现电流表几乎无示数，则电路可能断路，而电压表有示数而且接近电源电压，则电压表与电源接通；
(3)电压表选用小量程，分度值为0.1V，据此得出电压表的示数；小灯泡的额定电压为2.5V，若要测得小灯泡正常发光时的电阻，应让灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值应变小，进而得出滑片P的移动方向；
(4)根据P=UI得出小灯泡正常工作时的电功率；
(5)利用欧姆定律求得小灯泡正常发光时的电阻；灯丝的电阻随温度的变化而变化。
本题为测量小灯泡正常发光时的电阻的实验，考查电路连接、故障分析、灯泡电阻的特点和电功率的计算等知识。
43.【答案】解：(1)由图可知，有两段绳子拉着动滑轮，则绳子的自由端移动的速度为：v=2×0.2m/s=0.4m/s；
拉力的功率为：P=Wt=Fst=Fv=150N×0.4m/s=60W；
(2)物体在运动时受到地面的摩擦力为物重的0.2倍，则物体受到的摩擦力为：f=0.2G=0.2×1000N=200N；
物体在水平面上做匀速直线运动，受到的拉力与摩擦力是一对平衡力，则拉动物体的力F′=f=200N；
不计绳重及绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦，根据F=1n(F′+G动)可知，
动滑轮的重力为：G动=2F−F′=2×150N−200N=100N；
(3)若物重增大到2000N，则水平方向上拉动物体的力为：
F大=0.2G′=0.2×2000N=400N；
设物体在水平方向上移动的距离为l，则动滑轮上升的高度为l，滑轮组的机械效率为：
η=W有W总×100％=F大lF大l+G动l×100％=F大F大+G动×100％=400N400N+100N×100％=80%。
答：(1)工人师傅拉力的功率为60W；
(2)动滑轮的重力为100N；
(3)若物重增大到2000N，则滑轮组的机械效率是80%。
【解析】(1)首先判定连接动滑轮绳子的段数，据此求出绳子的自由端的速度，根据P=Wt=Fst=Fv求出拉力的功率；
(2)根据摩擦力与物体重力的关系求出拉动物体的力F′的大小，根据F=1n(F′+G动)求出动滑轮的重力；
(3)物重增大到2000N，据此求出拉动物体的力的大小；然后根据η=W有W总×100％=F大lF大l+G动l×100％=F大F大+G动×100％求出滑轮组的机械效率。
本题考查了功率公式和机械效率的计算，明确拉力做的功为总功，克服摩擦力做的功为有用功是关键。
44.【答案】解：(1)将滑动变阻器R的滑片P移至a端，闭合S，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，
灯泡L正常发光，灯泡的额定电压为6V，因此电源电压为U=UL=6V；
(2)将滑动变阻器R的滑片P移至b端，滑动变阻器全部接入电路，滑动变阻器与灯泡串联，
电流表测电路电流，电流表示数I=0.12A，
由P=U2R可知，灯泡的电阻为RL=UL2PL=(6V)23.6W=10Ω，
电路的总电阻为R总=UI=6V0.12A=50Ω，
由于串联电路的总电阻等于各用电器的电阻之和，
所以滑动变阻器R的最大阻值为R=R总−RL=50Ω−10Ω=40Ω；
(3)将滑动变阻器R的滑片P移至a端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，只有灯泡工作，
根据I=UR可知，此时电路中的电阻最小，电流最大，由P=UI可知，电路的总功率最大，
电路的最大功率为P最大=PL=3.6W；
将滑动变阻器R的滑片P移至b端，滑动变阻器全部接入电路，滑动变阻器与灯泡串联，
由I=UR可知，此时电路中的电阻最大，电流最小，为I最小=0.12A，
电路的最小功率为P最小=UI最小=6V×0.12A=0.72W，
电路工作时的最大电功率和最小电功率之比：P最大P最小=3.6W0.72W=51。
答：(1)电源电压U为6V；
(2)滑动变阻器R的最大阻值为40Ω；
(3)电路工作时的最大电功率和最小电功率之比为5：1。
【解析】(1)将滑动变阻器R的滑片P移至a端，闭合S，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，灯泡L正常发光，灯泡的额定电压为6V，根据U=UL得出电源电压；
(2)将滑动变阻器R的滑片P移至b端，滑动变阻器全部接入电路，滑动变阻器与灯泡串联，电流表测电路电流，电流表示数I=0.12A，由P=U2R可知灯泡的电阻，根据欧姆定律得出电路的总电阻，由于串联电路的总电阻等于各用电器的电阻之和，据此得出滑动变阻器R的最大阻值；
(3)将滑动变阻器R的滑片P移至a端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，只有灯泡工作，根据I=UR可知，此时电路中的电阻最小，电流最大，由P=UI可知电路的总功率最大，等于灯的额定功率；
将滑动变阻器R的滑片P移至b端，滑动变阻器全部接入电路，滑动变阻器与灯泡串联，由I=UR可知，此时电路中的电阻最大，电流最小，根据P=UI得出电路的最小功率，进而得出电路工作时的最大电功率和最小电功率之比。
本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，正确判断电路最大功率和最小功率时电路的状态是关键。
相关试卷
2023年河北省邯郸十三中中考物理二模试卷（含解析）： 这是一份2023年河北省邯郸十三中中考物理二模试卷（含解析），共23页。试卷主要包含了 下列数据最接近实际情况的是， 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2021年河北省唐山市路南区中考物理一模试题（含解析）： 这是一份2021年河北省唐山市路南区中考物理一模试题（含解析），共18页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2021年河北省唐山市滦州市中考物理一模试题（含解析）： 这是一份2021年河北省唐山市滦州市中考物理一模试题（含解析），共21页。试卷主要包含了单选题，多选题，综合题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
