2023年广西地区九年级物理中考模拟题分项选编：欧姆定律

这是一份2023年广西地区九年级物理中考模拟题分项选编：欧姆定律，共32页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023年广西地区九年级物理中考模拟题分项选编：欧姆定律

一、单选题
1．（2023·广西南宁·校联考一模）某同学在探究“电流跟电压、电阻的关系”时，根据收集到的数据画出了如图所示的一个图象。下列结论与图象相符的是（　　）

A．电压一定时，电流随着电阻的增大而减小
B．电阻一定时，电压随着电流的增大而增大
C．电阻一定时，电流随着电压的增大而增大
D．电压一定时，电阻随着电流的增大而减小
2．（2023·广西桂林·统考一模）下列图象中，能正确反映小灯泡的电流随两端电压变化规律的是（）
A． B． C． D．
3．（2023·广西贵港·校考一模）如图所示，已知电源电压恒定，闭合开关S，将滑片P由图示位置向上滑动时，下列说法正确的是（　　）

A．电流表A2的示数变大 B．电流表A1的示数变小
C．灯泡L的亮度变亮 D．电压表V的示数变小
4．（2023·广西柳州·统考一模）如图所示，电源电压为3V保持不变，闭合开关S，电压表示数为2V。下列说法正确的（　　）

A．闭合开关S，L1两端电压为1V B．若开关S断开，电压表示数为0V
C．闭合开关S，L1、L2组成并联电路 D．L1、L2阻值之比为2：1
5．（2023·广西柳州·统考一模）如图所示，同学们上学进校门时都需要测量体温，这是某款电子测温仪以及它内部的原理图。其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，温度升高时，电阻会变小。在使用过程中，下列分析正确的是（　　）

A．显示仪是由电流表改装成的
B．被测温者温度越高，电路中的电流越大
C．被测温者温度越低，R两端的电压越小
D．将定值电阻R0，更换为阻值更大的电阻，测相同温度时，显示仪示数变小
6．（2023·广西贵港·统考一模）某导体中的电流与它两端电压的关系如图所示，下列分析正确的是（　　）

A．当导体两端的电压为0时，电阻为0
B．该导体的电阻随电压的增大而减小
C．当导体两端的电压为0时，电流为0
D．当导体两端的电压为2V时，电流为0.2A
7．（2023·广西·校联考一模）利用如图甲所示的电路探究电流和电阻的关系，电源电压保持3V不变，分别将5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻R连入电路，按实验要求测得通过各定值电阻的电流，描绘出如图乙所示的图像，则下列判断正确的是（　　）

A．实验中电压表的示数保持1V不变
B．当R短路时，电压表有示数，电流表无示数
C．电压一定时，电阻和电流成正比
D．将R从5Ω换成10Ω后，应将滑片向右移
8．（2023·广西柳州·校考一模）如图是某简易煤气检测电路，其中Q为气敏元件，其阻值随煤气浓度的升高而减小。若输出信号的仪表选用电压表或电流表，闭合开关S，当煤气浓度升高时，要求仪表的示数增大，则　　

A．选用电压表接在、之间 B．选用电压表接在、之间
C．选用电流表接在、之间 D．选用电流表接在、之间
9．（2023·广西崇左·统考一模）在探究“电流与电阻关系”实验中，某同学根据实验数据作出如图所示的图象，下列说法正确的是(   )

A．导体中的电流与导体的电阻成正比
B．电源至少选用两节新干电池
C．换用2Ω电阻做实验时，需要更换电压表量程
D．多次实验是为了求平均值，以减小实验误差
10．（2023·广西贵港·统考一模）关于“探究电流与电阻的关系”和“伏安法测电阻”两个实验，下列说法中正确的是（　　）
A．都采用了控制变量的研究方法
B．多次测量的目的是相同的
C．实验电路图是相同的
D．使用滑动变阻器的目的是完全相同的
11．（2023·广西南宁·统考一模）在如图所示的电路中，电源电压不变，将滑片P向左移动的过程中，判断正确的是（　　）

A．A1的示数变大
B．A的示数变大
C．V的示数不变
D．V的示数与A的示数比值变小

二、多选题
12．（2023·广西南宁·统考一模）如图是电子体温计的电路图，热敏电阻的阻值随温度的升高而增大，用甲表示数大小反映温度高低，是定值电阻。下列分析正确的是（　　）

A．该电路中甲表是电流表 B．温度降低时的阻值变小
C．温度升高时两端电压变小 D．温度升高时电路中电流变大
13．（2023·广西贵港·统考一模）疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻；在测人的体温时，当被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变大。下列关于此测温仪的分析正确的是（　　）

A．显示仪是由电流表改装成的
B．被测温者温度越高，电路电流越小
C．热敏电阻R随着温度的升高阻值减小
D．将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变大
14．（2023·广西南宁·校联考一模）如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。当开关闭合后，滑片P向右移时，下列说法中正确的是（　　）

A．V1的示数变大 B．V2的示数变大
C．A的示数变小 D．V1和A的比值不变
15．（2023·广西贵港·统考一模）兴趣小组设计的电子身高测量仪如图所示，其中定值电阻R1=6Ω。电源电压恒为4.5V，滑动变阻器R2规格为“40Ω  0.5A”，电压表的量程为0~3V，电流表量程为0~0.6A。在电路安全的情况下，关于此设计下列说法正确的是（　　）

A．当被测者的身高越高时，电压表的示数越大
B．当电路中电流为0.5A时，滑动变阻器接入电路的阻值是9Ω
C．R2接入电路的阻值是6Ω时，电压表的示数是2.25V
D．用电流表的示数来反映人的身高，更符合人们的思维习惯

三、填空题
16．（2023·广西南宁·统考一模）如图所示电路，开关S闭合前，电压表的示数为U；开关S闭合后，两灯、均正常发光，电压表示数变为，此时电压表测量灯___________两端的电压，灯、的电阻之比为___________。

17．（2023·广西南宁·统考一模）如图所示是R1、R2的电压与电流的关系图像，由图可知，R1_______R2（选填“>”“<”或“=”）；若将两电阻并联后接在3V电源两端，干路电流为_______A。

18．（2023·广西·校联考一模）当一个导体两端的电压是4.8V时，电流表示数如图所示，则通过该导体的电流是 ___A，该导体的电阻是 ___Ω。

19．（2023·广西南宁·统考一模）小明设计了如图所示的汽车油量表的工作原理图，连接浮子和滑片的是一根可绕O点转动的轻杆。油量表是由电压表或电流表改装的，已知R0为定值电阻，R相当于滑动变阻器（滑动变阻器R接入的阻值是随油面升降均匀变化），电源电压保持不变，则方案一的电流表示数随油量减少而_______，方案二的油量表所测量的刻度值_____（填“是”或“不是”）均匀的。

20．（2023·广西贵港·统考一模）定值电阻 R1=10Ω，R2=20Ω，接入如图所示电路中，闭合开关S，则R1、R2两端的电压之比U1∶U2＝_____。若电源电压为6V，则R1两端电压为 _____V。

21．（2023·广西桂林·统考一模）小林设计了一种测定油箱内油量的模拟装置，如图所示，其中电源两端电压保持不变。R0是定值电阻，R是滑动变阻器，甲为油量表，滑动变阻器的滑片P跟滑杆的一端连接，滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子。则甲表是用___________表改装而成的，油箱中的油量减少时，浮子随油面下降，R接入的电阻___________，此时甲表示数___________（后两空均填“变大”、“不变”或“变小”）。

22．（2023·广西崇左·统考一模）如图所示的电路中，电源电压不变，电阻R1的阻值为20Ω，当断开开关S1和S2，闭合开关S3时，电流表的示数为0.6A；当断开开关S2，闭合开关S1、S3时，电流表示数为0.9A，则电阻R2的阻值为_____Ω，当断开开关S1和S3，闭合开关S2时，电阻R1两端的电压为_____V。


四、实验题
23．（2023·广西·校联考一模）在“探究电流与电阻的关系”时，小李同学用如图甲的电路进行实验：电流表（0~0.6~3 A）、电压表（0~3~15 V）、定值电阻R（10Ω、15Ω、20Ω、30Ω、50Ω各一个）、滑动变阻器R′（0~50Ω）、电源（8 V）、开关、导线若干。

（1）在实验开始前，小李发现电流表指针在“0”刻度线左边，造成这样的原因是___________；
（2）如图甲，开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于___________端（选填“A”或“B”）；
（3）请用笔画线代替导线，将乙图中实物电路连接完整（导线不得交叉）；___________
（4）某次实验时电流表的示数如图丙，则电流表示数为___________A；
（5）小李做此实验时，在电流表使用无误的情况下，收集测量数据，记录表格如下：
实验次数
1
2
3
4
5
电阻R/Ω
10
15
20
30
50
电流I/A
0.6
0.2
0.3
0.2
0.12
小李的五次实验操作中有一次错误的操作，请你对小李记录的数据进行分析，他第___________次的实验操作是错误的，错误的原因是___________；
（6）另一同学小王用电阻箱（可在0~999.9Ω范围内调节电阻值大小，且能读数的变阻器）来代替电阻R，将图甲电路改进为如图丁的电路。
①你认为他这个方案是否可行？___________（选填“可行”或“不可行”）；
②当图丁中电阻箱阻值由30Ω调节为20Ω时，闭合开关后，应将滑动变阻器的滑片向___________（选填“左”或“右”）端滑动。
24．（2023·广西贵港·校考一模）小明在做“探究电流与电压、电阻的关系”实验时，准备了以下器材：两节新的干电池，电流表、电压表、滑动变阻器、定值电阻（5Ω，10Ω，15Ω，20Ω）、开关、导线若干。

（1）在按电路图（甲）连接实物时，开关必须处于______状态；闭合开关前，滑动变阻器的滑片要移到阻值最______（选填“大”或“小”）处；
（2）如图（乙）是小明连接好的实验电路，闭合开关后，他发现移动滑片的过程中，电流表的示数______，电压表的示数______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（3）小红在一旁观察后指出小明没有按照电路图正确连接实物，请你在实物图上对连接错误的一根导线打“×”，并用笔补画一根线代替导线将电路连接正确；( )
（4）问题解决后，他们接入10Ω的电阻进行实验，并得出表中的数据，对数据进行分析后得出实验结论是：当电阻一定时，电流与电压成______；
电压U/V
1
1.5
2
2.5
电流I/A
0.1
0.15
0.2
0.25
（5）接下来他们分别接入其它电阻再次对“电流与电阻关系”进行探究，并作出了如图丙所示图像。
①由图像知定值电阻两端的电压U＝______V；
②小明依次将四个备选电阻接入电路中，调节滑动变阻器使定值电阻两端电压与①问中电压相同，那么变阻器接入电路的阻值变化范围为______Ω；
③当小明将10Ω的电阻替换5Ω的电阻接入电路中，闭合开关后，若不调节滑动变阻器，电压表示数会______（填“变大”、“变小”或“不变”）。
25．（2023·广西桂林·统考一模）小桂利用如图甲所示的电路“探究通过导体的电流与电阻的关系”，用到的实验器材有：电源（恒为4.5V）、定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω）、滑动变阻器（20Ω、1A）、电压表、电流表、开关、导线等。

（1）请根据图甲的电路图将图乙的实物图补充完整，要求滑片向右滑时滑动变阻器的阻值变大；( )
（2）小桂在实际操作中，连接电路后，闭合开关，小桂发现电流表和电压表示数均较大，且无论怎么移动滑动变阻器电流表示数都不变，则可能的原因是 ___________；
（3）滑动变阻器除了可以保护电路还起到了控制 ___________不变的作用；
（4）排除故障后，小桂随机选取电阻进行了五次实验后，根据所得数据画出电流与电阻关系的图像如图丙所示。实验过程中，小桂用10Ω电阻替换5Ω电阻接入电路中，闭合开关，他应将滑动变阻器的滑片向 ___________移动（填“左”或“右”）直到电压表示数为 ___________V；
（5）交流讨论时发现五次数据中有一次的数据不太合理，但实验中各电路元件完好，读数、记录均无误，分析了原因是小桂更换了某电阻后忘记移动滑动变阻器滑片就记录了电压、电流表示数，请你根据图丙中的数据分析，小桂应该是将 ___________Ω的定值电阻连入电路时忘了移动变阻器滑片，在这次实验之前，小桂选取的是 ___________Ω的定值电阻。
26．（2023·广西南宁·统考一模）小明用图甲所示的实验电路测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，其中电源由四节新的干电池串联组成。

（1）闭合开关后，小明发现有一根导线连接错误，请在图甲中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线把电路连接正确_________；
（2）小明选择了合适的滑动变阻器并且正确连接电路后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，小灯泡的电阻为 _________Ω，根据数据可以判断出他选用的滑动变阻器是 _____；（填选项前的字母）
A．10Ω 0.5A
B．30Ω 0.5A
C．40Ω 0.1A
（3）小明将甲图改正后的实验电路和器材探究“电流与电阻的关系”，他找来了阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻代替小灯泡进行实验；
①小明将10Ω电阻连入电路中，调节滑片使电压表示数为2V，读出电流表示数；
②选用另一电阻实验时，如果滑动变阻器的滑片保持不动，电压表示数大于2V，那么他选择的电阻应该是 _______（“5”或“15”）Ω；
（4）小明又想测量3.8V小灯泡的额定功率，他重新找来器材设计了图丙所示的实验电路，已知R2阻值为10Ω。他用同一个电流表分别在图中的①、②、③三个位置测量出电流，请你将下面的步骤补充完整；
①将电流表先接在图中 _____（填“1”或“3”）的位置上，闭合开关后，调节滑片的示数为 _________A，小灯泡正常发光；
②将电流表接在图中2的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.58A；
③将电流表接在图中最后一个的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.4A；
④小灯泡的额定功率P额＝_________W。
27．（2023·广西南宁·校考一模）小明用“伏安法”测量未知电阻R的阻值。

（1）根据图甲的电路图，用笔画线代替导线，将图乙的实物图补充完整。要求滑动变阻器滑片向右滑动时电流表示数变小_______；
（2）当停止移动滑片P时，他发现电表指针左右摆动，其原因可能是_______（选填字母符号）；
A．滑动变阻器接触不良
B．待测电阻R短路
（3）电压表的示数为1.5V时，电流表的示数如图丙所示，则电阻R的阻值为_______Ω；接着他移动滑动变阻器的滑片测出多组电压和电流的值，算出对应的电阻值及电阻的平均值，目的是_______（选填“得到普遍规律”或“减少实验误差”）；
（4）利用图甲的电路图，在不增加实验器材的情况下，还可以进行的实验是________（选填字母符号）；
A．探究电流与电压关系
B．探究电流与电阻关系
C．测量灯泡电功率
（5）老师告诉小明同学，他还可以尝试制作一个直接测量电阻的仪器—欧姆表，其原理如图丁所示，如果电源两端电压恒定不变，制作步骤如下：
①在A与B之间连接导线，调节滑动变阻器R1，使电流表示数为0.6A，并把电流表的“0.6A”刻度线标为“0Ω”；
②滑动变阻器R1滑片_______（选填“适当移动”或“保持不动”），在AB之间接一阻值为40Ω电阻时，电流表示数为0.3A，把电流表的“0.3A”刻度线标为“40Ω”，则在电流表刻度为“0.1A”处应标的电阻值是________Ω。
28．（2023·广西柳州·校考一模）小宸从废旧的恒温箱里拆卸下一个完好的热敏电阻，并利用图甲电路测出该热敏电阻在不同温度下的阻值，寻找其阻值随温度变化的规律，其中电源电压为U，Rt是热敏电阻。

（1）使用电流表和电压表前，要检查指针是否对准_______刻度线；接入电路时，应使电流从其_______（选填“+”或“﹣”）接线柱流入；
（2）小宸往容器中添加不同温度的水，根据实验原理：_______，测出Rt在不同温度下的电阻值；分析数据，得出了Rt阻值与温度t的变化关系为Rt=kt+b（k、b都是常数，且k＞0，b＞0）；
（3）小宸从以上实验得到启发，利用热敏电阻设计电路，把电流表改装成温度表（此时室内气压为1标准大气压，室温为25℃）：
①图甲中，他用开关S2替换电压表，得到如图乙所示电路。为了保证电路安全，先将滑动变阻器滑片P移到b端，闭合S1、S2，移动滑片P使电流表满偏，此时滑动变阻器的阻值为R，之后保持滑片P位置不再移动；
②断开S1、S2，向容器中加入适量沸水，闭合S1并记录电流值，接着观察温度计，示数每下降5℃，就记录此时温度t和对应的电流I，水温降到_______后不再自然下降，此时可加入适量冰块使水继续降温，直至0℃，然后断开S1。请用给定的字母写出电流与温度的关系式I=_______；
③根据记录的t和I，重新刻制电流表的表盘，改装成温度表。此温度表的量程为_______，请在图丙中标出此温度表表盘最高温和最低温刻度线的大致位置（____）。

29．（2023·广西贵港·统考一模）小红用如图甲所示电路，“探究通过导体的电流与电压和电阻的关系”，电源电压为4.5V不变，滑动变阻器的规格为“30Ω  1A”。

（1）实验前，小红发现电流表的指针位置偏向刻度“0”线的左侧，原因是电流表_____；
（2）实验时小红设计了如表，通过表格可以看出，她的实验目的是探究通过导体的电流与_____的关系；
实验次数
1
2
3
4
5
R/Ω
5
10
15
20
30
I/A





（3）小红先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关S，调节滑片P到合适位置，记录电压表和电流表的示数，其中电流表示数如图乙所示，电流大小为_____A。将5Ω的定值电阻依次更换为10Ω、15Ω、20Ω继续探究，移动滑片P，使电压表的示数仍为_____V，并记录数据；
（4）小红使用30Ω的电阻做实验时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片P，都无法使电压表的示数与前4次相同，为继续完成第5次实验，如果只能更换电源，则电源电压应不高于_____V。

五、计算题
30．（2023·广西南宁·统考一模）如图1所示是一款用于锻炼握力的握力器，它的工作原理如图2所示，其中电源电压U恒定，U=6V；力量计由电流表A改装而成；小灯泡上标有“6V 0.5A”的字样（忽略温度对灯丝电阻的影响），R是一根长为9cm，阻值为18Ω的均匀电阻丝，滑片在a端时，力量计的示数为0N；C是一根弹簧，其所受压力F与压缩量ΔL的关系为：F=kΔL，k=60N/cm。求：
（1）小灯泡的电阻。
（2）当力量计的示数为0N时，电路中的电流。
（3）当力量计的示数为300N时，电压表的读数。

31．（2023·广西梧州·统考一模）某课外活动小组的同学设计了一个用电压表的变化来反映环境温度变化的电路，如图甲所示。电源电压不变，定值电阻R0=20Ω，R1是热敏电阻，其阻值随温度变化的图像如图乙所示。闭合开关S后，求：
（1）当环境温度为20℃时，电压表示数为2V，电源电压是多大？
（2）当电压表示数为4V时，求热敏电阻R1的阻值；
（3）如果将R0、R1并联接在该电路两端，当干路中的电流为0.5A时，环境温度是多少？

32．（2023·广西桂林·统考一模）小林发现市场上所用的“电子秤”，实际上是压力测量仪，其原理结构如图甲所示。图甲中La为金属片，Lb为金属板，所称物体质量与电阻R1的关系如图乙所示。定值电阻R2=12Ω。闭合开关后，称量物体A时，电压表示数为3.6V，称量物体B时，电压表示数为6V，两次滑动变阻器连入电路中的阻值比为1:2。已知滑动变阻器R1的最大值为“100Ω 0.5A”。求：
（1）电源电压；
（2）物体B的质量；
（3）若电压表所接量程为0~15V，电子秤称量物体的质量范围。

33．（2023·广西·校联考一模）定值电阻R0两端加3V电压时，通过的电流为0.5A。如图所示电路，电源电压不变，若仅闭合S2，则电流表示数为0.5A，若闭合S0和S1，断开S2，则电流表示数为2A。求：
（1）R0的阻值；
（2）电源电压。


参考答案：
1．A
【详解】图象的横坐标表示电阻，纵坐标表示电流，因此得到的是电流和电阻的关系；图象是个反比例函数图象，因此说明电流与电阻成反比，即电流随电阻的增大而减小；在探究电流与电阻的关系时，应控制电压不变；综上，由图象可得出的结论是：电压一定时，电流随电阻的增大而减小。
故选A。
2．D
【详解】因为灯丝电阻随温度的升高而增大，当灯丝两端电压越大，灯丝的温度越高，灯丝的电阻越大，通过灯泡的电流增大的越慢。
故选D。
3．B
【详解】AD．由电路图可知，闭合开关S，灯泡L与滑动变阻器并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测灯泡L支路的电流，电压表V测电源两端的电压。因电源电压恒定，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过灯泡的电流不变，即电流表A2的示数不变，故AD错误；
B．将滑片P由图示位置向上滑动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由可知，通过变阻器的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，故B正确；
C．因灯泡两端电压及通过灯泡的电流都没有改变，所以灯泡L的亮度不变，故C错误。
故选B。
4．A
【详解】ACD．由电路图可知，闭合开关S，L1、L2串联，电压表测量L2两端电压。电压表示数为2V，即L2两端电压为U2=2V；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以L1两端的电压为
U1=U-U2=3V-2V=1V
由于串联电路电流处处相等，所以由可得，两灯的阻值之比为

故A正确，CD错误。
B．若开关断开，电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电压表测量电源电压，示数为3V，故B错误。
故选A。
5．B
【详解】A．根据电路图可知，R与R0串联，显示仪与R0并联，根据电压表使用方法可知，显示仪是电压表，故A错误；
B．根据题意，热敏电阻随温度升高阻值减小，被测温者温度越高，R越小，根据串联电路电阻特点可知，电路的总电阻越小，由欧姆定律可知，电路电流越大；故B正确，
C．被测温者温度越低，R越大，根据串联电路电阻特点可知，电路的总电阻越大，由欧姆定律可知，电路电流越小；根据U=IR可知，R0两端的电压变小，由于电源电压不变，则R两端的电压变大，故C错误；
D．温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故D错误。
故选B。
6．C
【详解】A．电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流大小无关，当导体两端的电压为0时，电阻不为0，故A错误；
B．电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流大小无关，导体两端的电压增大，导体的电阻不变，故B错误；
C．由图像上看出，当导体两端的电压为0时，电流为0，故C正确；
D．由图像可知，当导体两端的电压为2V时，通过导体的电流0.4A，故D错误。
故选C。
7．D
【详解】A．根据图乙可知，当电阻为5Ω时，电路中的电流为0.5A；由可得，电压表的示数为
U＝IR＝0.5A×5Ω＝2.5V
故A错误；
B．当R短路时，电压表测量R两端的电压，故电压表无示数，电路仍接通，故电流表有示数，故B错误；
C．根据欧姆定律可知，电压一定时，电流和电阻成反比，故C错误；
D．将R从5Ω换成10Ω后，电阻分得的电压会变大，为了保证定值电阻R两端电压不变，需减小定值电阻两端电压，根据串联电路电压规律，应增大滑动变阻器两端电压，根据分压原理，需增大滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向右移动，故D正确。
故选D。
8．A
【详解】由图示知，若在或间连接电流表，则电路中的电阻或气敏元件Q会被短路，所以仪表应选用电压表。由题意可知，当煤气浓度升高时，气敏元件Q的阻值减小，电路的总电阻变小，由可知，电路中的电流增大，电阻两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，气敏电阻Q两端的电压减小，按要求，仪表的示数增大，说明电压表接在、间，故A正确，符合题意，BCD不正确，不符合题意。
故选A。
9．B
【详解】A．由图可知，导体两端的电压不变，导体中的电流与导体的电阻成反比，故A错误；
B．由图可知，这个不变的电压为：
U＝IR＝0.4A×5Ω＝2V；
电源至少选用两节新干电池（3V），故B正确；
C．换用2Ω电阻做实验时，控制电阻的电压不变，故不需要更换电压表量程，故C错误；
D．多次实验是为了得出普遍性的规律，故D错误．
10．C
【详解】A．探究电流跟电阻的关系时，采用控制变量法，要控制电压不变，伏安法测电阻实验没有采取控制变量法，故A错误；
B．“探究电流与电阻的关系”实验，为得出普遍性的规律，要多次测量；而伏安法测量电阻时，为提高测量的准确程度，减小误差，要多次测量取平均值，故B错误；
C．两个实验的电路如下

电路图是相同的，故C正确；
D．探究电流跟电阻的关系时，根据控制变量法，要控制电阻的电压不变，故变阻器的作用是控制电阻的电压不变，伏安法测量电阻时，要多次测量，故变阻器的作用是改变电阻的电压和通过的电流，故D错误。
故选C。
11．C
【详解】观察该电路图，闭合开关，根据电流的流法可知，滑动变阻器R2和电阻R1并联接入电路中，电压表测滑动变阻器R2的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测变阻器R2的电流。
A．电源电压不变，将滑片P向左移动的过程中，变阻器接入电路的阻值在变大，其两端的电压不变，则流过变阻器的电流在变小，A1的示数变小，故A错误；
B．由A解析可知，流过变阻器的电流在变小，而电阻R1的电压和自身阻值大小不变，则流过电阻R1的电流大小不变，电流表A测干路电流，根据并联电路的电流规律，可知干路电流是变小的，A的示数变小，故B错误；
C．电压表是测电源电压，电源电压不变，则V的示数不变，故C正确；
D．由C解析可知，V的示数不变，A的示数变小，则V的示数与A的示数比值变大，故D错误。
故选C。
12．BC
【详解】A．由电路图可知，电阻R1和R2串联接入电路，该电路中的电表与R1并联接入电路，为电压表，故A错误；
B．热敏电阻R1的阻值随温度的升高而增大，温度降低时，热敏电阻R1的阻值减小，故B正确；
CD．温度升高时，热敏电阻R1的阻值增大，由电阻的串联可知电路的总电阻增大，由可知电路中的电流变小，R2是定值电阻，根据U=IR可知R2两端电压变小，故C正确，D错误。
故选BC。
13．CD
【详解】A．根据电路图可知，R与R0串联，显示仪与R0并联，所以显示仪是电压表，故A错误；
BC．被测温者温度越高，显示仪的示数会变大，说明电压表示数变大，由可知，电路电流越大，由串联电路电压特点可知，R两端电压越小，由可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，故B错误，C正确；
D．测温度相同，热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故D正确。
故选CD。
14．BCD
【详解】由图示电路图可知，两电阻串联，电流表测电路电流，电压表V1测定值电阻两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压。
AB．滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器分压变大，电压表V2示数变大，定值电阻分压变小，电压表V1示数变小，故A错误，B正确；
C．滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流减小，电流表示数变小，故C正确；
D．电压表V1与电流表A的示数之比为定值电阻阻值，由于电阻阻值不变，则它们的比值不变，故D正确。
故选BCD。
15．AC
【详解】A．观察该电路图，闭合开关后，根据电流的流法可知，R1和R2串联接在电路中，电压表测R2的电压，电流表测电路电流，当被测者的身高越高时，变阻器R2接入电路的阻值变大，定值电阻R1的阻值不变，根据串联电路的分压特点，电阻阻值越大，分得的电压也越大，则电压表的示数变大，故A正确；
B．电源电压恒为4.5V，当电路中电流为0.5A时，电路的总电阻为

其中定值电阻R1=6Ω，则滑动变阻器R2接入电路的阻值为

故B错误；
C．R2接入电路的阻值是6Ω时，和定值电阻R1的阻值大小相等，电源电压恒为4.5V，根据串联电路的分压特点，可知电压表的示数是电源电压的一半，为2.25V，故C正确；
D．因为人的身高越高，变阻器接入电路的阻值越大，电压表示数越大，电流表示数越小，人们的思维习惯是人的身高越高，电表示数越大，所以用电流表的示数来反映人的身高，不符合人们的思维习惯，故D错误。
故选AC。
16． 3∶1
【详解】[1][2]由图可知，开关S闭合前，电压表串联在电路中，电压表的示数等于电源电压，所以电源电压是U；闭合开关S后，两个灯泡串联，电压表测量灯泡L2两端的电压。由串联电路电压的规律可知，灯泡L1两端的电压
U1=U-U2=U-0.25U=0.75U
串联电路中各处的电流相等，由欧姆定律可知两个灯泡的电阻之比

17． > 0.9
【详解】[1]从图中可以看到，R1和R2的图像，当电流相等时，R1的电压大于R2的电压，则根据可知，R1>R2。
[2]若将两电阻并联后接在3V电源两端，可知两电阻两端的电压都是3V，从图中可以看到，3V时它们对应的电流为0.3A、0.6A，根据并联电路的电流规律可知，干路电流为

干路电流为0.9A。
18． 0.48 10
【详解】[1]由图知道，电流表的量程为0～0.6A，分度值0.02A，其示数为0.48A。
[2]根据欧姆定律知道，导体的电阻

19． 变小 是
【详解】[1]方案一中，油量减少，滑片P向上滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由串联电路的电阻特点可知，电路的总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中的电流变小，油量表（电流表）示数变小。
[2]由方案二的电路可知，R与R0串联，电压表测量滑动变阻器滑片上方电阻丝两端的电压，滑片移动，由电压表在电路中相当于断路可知，R接入电路中的电阻不变，由可知，电路中的电流不变，油量表（电压表）的示数，电流I不变，已知滑动变阻器R接入的阻值随油面升降均匀变化，所以油量表（电压表）的示数均匀变化，即刻度均匀。
20． 1∶2 2
【详解】[1]R1、R2两个电阻是串联的，故通过它们的电流大小相等，根据欧姆定律U=IR可知，在电流不变时，电压与电阻成正比，则R1、R2两端的电压之比
U1∶U2=R1∶R2=10Ω∶20Ω=1∶2
[2]若电源的电压为6V，根据欧姆定律及串联电路的电阻规律，电路的电流为

根据欧姆定律可知 R1两端电压为
U1=IR1=0.2A×10Ω=2V
21． 电压 变大 变小
【详解】[1]观察该图，可知，甲表是与定值电阻R0并联，电流表是和用电器串联接入电路，而电压表是和用电器并联，所以甲表是电压表改装而成的。
[2][3]从图中可以看到，油箱中的油量减少时，浮子随油面下降，滑动变阻器的滑片P往上移动，根据电流的流法可知，滑动变阻器接入电路的阻值变大，定值电阻阻值不变，这是一个串联电路，电源电压恒定，根据串联电路的分压特点，变阻器的电压变大，定值电阻的电压变小，甲表示数变小。
22． 40 4
【详解】[1]当断开开关S1和S2，闭合开关S3时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，由可得，电源的电压

当断开开关S2，闭合开关S1、S3时，R1与R2并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，R1支路的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，R2支路的电流

因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电阻R2的阻值

[2]当断开开关S1和S3，闭合开关S2时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流

则电阻R1两端的电压

23． 电流表指针未调零 B 0.2 2 没有控制定值电阻两端的电压一定 可行 左
【详解】（1）[1]实验前，电流表指针在0刻度线左边，主要原因是电流表指针未调零。
（2）[2]由图甲可知，为了保护电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处，即B端。
（3）[3]根据图甲的电路图连接情况，滑动变阻器要按照一上一下的接线原则串联接入电路，所以，滑动变阻器接左下接线柱，如图所示：

（4）[4]由图丙可知，电流表选用0~0.6A的量程，分度值为0.02A，示数为0.2A。
（5）[5][6]在探究电流与电阻的关系的实验中，应保持电阻两端的电压不变，由表格中的数据可知，第1、3、4、5次的实验中，电阻两端的电压都为6V，而第2次实验时，电阻两端的电压为

所以，第2次实验操作是错误的，错误的原因是没有控制定值电阻两端的电压一定。
（6）①[7]用电阻箱代替定值电阻，并且可调节，通过调节滑动变阻器滑片，使电阻箱两端的电压保持不变，读取相应电流表的示数，得出多组实验数据，总结实验规律，所以，此方案可行。
②[8]在图丁中，电阻箱阻值由30Ω调节为20Ω时，电阻箱两端的实际电压变小，根据探究电流与电阻的关系的实验要求是，保持电阻两端的电压不变，所以，电阻箱两端的电压应该变大，根据串联电路的电压规律可知，当电源电压不变时，电阻箱两端电压变大，滑动变阻器两端电压变小，即滑动变阻器的电阻变小，所以，应将滑动变阻器的滑片向左端滑动。
24． 断开 大 不变 不变 见解析 正比 2 2.5~10 变大
【详解】（1）[1][2]为保护电路，连接实物时，开关应断开；为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片要移到阻值最大处。
（2）[3][4]由图可知，滑动变阻器与电压表串联后再与电阻并联在一起，根据电压表的特点可知，通过滑动变阻器的电流为0，当移动滑动变阻器时，电压表测量的是电阻两端的电压，也是电源电压，保持不变，电流也保持不变，故电流表、电压表示数都不变。
（3）[5]根据甲图，变阻器与电阻串联后再与电流表串联，电压表与定值电阻并联，如下所示：

（4）[6]分析表中数据知，电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来的几倍，得出的结论是：电阻不变时，电流与电压成正比。
（5）①[7]根据如图丙所示图像，由欧姆定律I＝，任取一组数据可得，定值电阻的电压为
U＝IR＝0.1A×20Ω＝2V
②[8]由于两节新的干电池，所以电源电压为3V，实验过程中滑动变阻器两端的电压
U1＝3V﹣2V＝1V
当电路中接入R1＝5Ω时，根据分压原理可知
＝＝
即
R滑1＝2.5Ω
当电路中接入R2＝20Ω时，同样可求出滑动变阻器此时连入的阻值为R滑2＝10Ω，所以滑动变阻器接入电路的阻值变化范围为2.5Ω~10Ω。
③[9]当小明将10Ω的电阻替换5Ω的电阻接入电路中，闭合开关后，若不调节滑动变阻器，根据分压原理，定值电阻两端的电压将变大，所以电压表示数会变大。
25． 将变阻器的上面两个接线柱连入了电路中 定值电阻两端电压 右 3 20 10
【详解】（1）[1]结合图甲电路图分析可知图乙只要将滑动变阻器接入电路即可，且题干要求滑片向右滑时滑动变阻器的阻值变大，说明滑动变阻器左下部分电阻接入电路了，据此完成电路连接如下图所示：
；
（2）[2]小桂同学按图甲所示的实验电路图连接电路后，进行实验的过程中，发现电流表和电压表示数都比较大，则说明电路电阻过小，无论怎么移动滑动变阻器的滑片，两表示数都不变化，说明变阻器没有了变阻的作用，故原因可能是将变阻器的上面两个接线柱连入了电路中。
（3）[3]因为在“探究通过导体的电流与电阻的关系”的实验中，需要控制导体两端电压不变，因此可知滑动变阻器除了可以保护电路还起到了控制定值电阻两端电压不变的作用。
（4）[4] [5]在探究“电流与电阻的关系”时，要控制电阻的电压不变，由图丙知，电阻两端的电压始终保持
UV=IR=0.2A×15Ω=0.3 A×10 Ω =0.6A×5Ω=3V
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大。探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表示数恢复到原来的值3V。
（5）[6]根据如图丙画出的电流与电阻关系的图像知，除定值电阻为20Ω外，电流与电阻之积为
UV=IR=0.6A×5Ω=0.3 A×10 Ω=0.2A×15Ω=0.12A×25Ω=3V
UV=IR=20Ω×0.18 A =3.6 V
只有20Ω数据不太合理，故阻值为20Ω的定值电阻连入电路时未移动滑片。
[7]由串联电路的规律及欧姆定律，这时，变阻器的电阻为


因此定值电阻的电压为变阻器的2倍，根据分压原理，定值电阻为2×5Ω=10Ω，这次实验之前的那一次实验，小桂选取的是阻值为10Ω的定值电阻。
26． 12.5 B 15 3 0.38 0.76
【详解】（1）[1]电流表、灯泡和滑动变阻器应串联接入电路，电压表应该并联在灯泡两端，修改电路如下：


（2）[2]当小灯泡两端的实际电压达到额定电压2.5V时灯泡正常发光，故调节滑动变阻器时要观察电压表的示数，使电压表的示数为2.5V，此时小灯泡正常发光；由图乙可知，电流表的示数为0.2A，则小灯泡的电阻为

[3]电源由四节新的干电池串联组成，电源电压为
U＝1.5V×4＝6V
灯泡两端电压为2.5V，则滑动变阻器分得电压为
U滑＝6V﹣2.5V＝3.5V
由图乙知此时电路中的电流为0.2A，则滑动变阻器接入电路中的电阻为

所选滑动变阻器的最大电阻应大于17.5Ω，由于电路中的电流大于0.1A。
故选B。
（3）[4]小明将10Ω电阻连入电路中，调节滑片使电压表示数为2V，选用另一电阻实验时，如果滑动变阻器的滑片保持不动，电压表示数大于2V，根据串联分压原理知，分得电压变大，则另一电阻的阻值应该大于10Ω，故他选择的电阻应该是15Ω。
（4）[5][6][7]由题意和图丙可知，小灯泡、电阻R1、电阻R2是并联接入电路，三者两端电压相等，R2阻值为10Ω，则让R2两端电压为3.8V，小灯泡即正常发光，此时，通过R2的电流为

故实验步骤为：
①将电流表先接在图中3的位置上，闭合开关后，调节滑片使电流表的示数为0.38A，小灯泡正常发光；
②将电流表接在图中2的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.58A；此时电流表测量的是通过R1和R2的总电流，所以通过R1的电流为
I1＝0.58A﹣0.38A＝0.2A
③将电流表接在图中最后一个的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.4A；此时电流测量的是通过灯泡和R1的总电流，所以通过灯泡的电流为
I灯＝0.4A﹣0.2A＝0.2A
则小灯泡的额定功率为
P额＝U额I灯＝3.8V×0.2A＝0.76W
27． A 5 减少实验误差 A 保持不动 200
【详解】（1）[1]从图甲可以看到，闭合开关后，根据电流的流法，可知未知电阻R和滑动变阻器串联接在电路中，电压表并联在未知电阻R的两端，电流表测串联电路的电流，要求滑动变阻器滑片向右滑动时电流表示数变小，则电路的总电阻是变大的，滑片向右滑动时，变阻器接入电路的电阻是变大的，根据变阻器“一上一下”的接法，从图乙可以看到，变阻器的上端B端已接入电路，则再把下端接入即可，根据电流的流法，只有把左下端接入电路，才符合题意，其他接线已经接好，则实物图，如下图所示：

（2）[2]A．假设滑动变阻器接触不良，那么从电路图可以看到，闭合开关后，有时候电路有电流，则两表有示数，指针偏转，有时候电路没有电流，则两表没有示数，指针归位，这样，就会发现电表指针左右摆动，符合题意，假设成立，故A符合题意；
B．假设待测电阻R短路，那么从电路图可以看到，闭合开关后，待测电阻R相当于一个导线接在它两端，此时电压表没有示数，只是滑动变阻器接入电路，停止移动滑片P，变阻器接入电路的阻值稳定，电流表示数稳定，两表指针都不会左右摆动，不符合题意，假设不成立，故B不符合题意。
故选A。
（3）[3]电压表的示数为1.5V，即待测电阻R的两端电压为1.5V，电流表的示数如图丙所示，从图丙可以看到，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，它的读数为0.3A，即流过待测电阻R的电流为0.3A，根据欧姆定律的推导式，可知待测电阻R的阻值大小为

待测电阻R的阻值大小为5Ω。
[4]因为实验中会存在误差，算出对应的电阻值，再求它们的平均值，这样可以减少实验误差。
（4）[5]A．探究电流与电压关系，这实验需要电阻R阻值大小不变，调节滑动变阻器滑片P，得到多组电流与电压的数据，利用图甲的电路图，在不增加实验器材的情况下，可以进行，故A符合题意；
B．探究电流与电阻关系，这实验需要多个定值电阻，但是利用图甲的电路图，在不增加实验器材的情况下，不可以进行，故B不符合题意；
C．测量灯泡电功率，这实验需要灯泡，但是利用图甲的电路图，在不增加实验器材的情况下，没有灯泡，不可以进行，故C不符合题意。
故选A。
（5）[6][7]由题意可知，在①步骤后，滑动变阻器R1滑片应该保持不动，这样才可以放其他电阻进来，测量其他电阻阻值大小；设电源电压为U电，在①步骤的变阻器阻值为R滑，电流表示数为0.6A，根据欧姆定律的推导式，可得

然后在②步骤中，在AB之间接一阻值为40Ω电阻，电流表示数为0.3A，根据欧姆定律的推导式，可得

代入数据，可得

联立上面的式子，解得、；
则在电流表刻度为“0.1A”处应标的电阻值，即相当于接一个电阻在AB之间，滑片还是不动，电流表的示数为0.1A，根据欧姆定律的推导式，可得

代入数据，可得

解得，即在电流表刻度为“0.1A”处应标的电阻值为200Ω。
28． 零 + 25
【详解】（1）[1]使用电流表和电压表前，要检查指针是否对准零刻度线。
[2]接入电路时，应使电流从其“”接线柱流入。
（2）[3]为了测出Rt在不同温度下的电阻值，应该根据伏安法测电阻的实验原理，即

（3）[4]由于室温为，所以水温降到后不再自然下降。
[5]串联电路总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得电流与温度的关系式

[6]由公式

可知电流值与温度值一一对应，不是线性关系。而数据只记录了温度所对应的电流值，则此温度表的量程为。
[7]由公式

可知电流越大，温度越低，可知温度为的刻度线在最右边，则温度表表盘如下图

29． 没有调零 电阻 0.4 2 4
【详解】（1）[1]实验前，开关没有闭合，电路没有电流，小红发现电流表的指针位置偏向刻度“0”线的左侧，电流不会从电流表的负接线柱流入，应该是电流表没有调零。
（2）[2]从表格可以看到，5次实验，电阻的阻值都不同，则实验目的是探究通过导体的电流与电阻的关系。
（3）[3]从图乙可以看到，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，它的读数为0.4A。
[4]从第一次实验可以看到，定值电阻的阻值为5Ω，电路的电流为0.4A，则电压表的示数为

电压表的示数为2V，将5Ω的定值电阻依次更换为10Ω、15Ω、20Ω继续探究，探究电流与电阻的关系，需要保持电阻两端的电压不变，则移动滑片P，使电压表的示数仍为2V，并记录数据。
（4）[5]小红使用30Ω的电阻做实验时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片P，都无法使电压表的示数与前4次相同，变阻器的电阻调为最大了，为30Ω，定值电阻两端的电压为2.25V，为继续完成第5次实验，如果只能更换电源，设电源电压最高为，保持定值电阻两端的电压为2V，滑动变阻器的电阻也调为最大，根据串联电路的分压特点，可得

解得。
30．（1）12Ω；（2）0.2A；（3）3.6V
【详解】解：（1）小灯泡上标有“6V 0.5A”的字样，可知U额=6V，I额=0.5A，根据可得灯泡的电阻为

（2）由图2可知，灯泡L与变阻器R串联，力量计即电流表测电路中的电流，电压表测量灯泡两端的电压，当力量计的示数为0N时，变阻器R接入的电阻最大，R=18Ω，根据串联电路的电阻规律可知，电路的总电阻为
R总=RL+R=12Ω+18Ω=30Ω
由欧姆定律可得电路中的电流为

（3）当力量计的示数为300N时，弹簧受到的压力F=300N，由F=kΔL可得，弹簧的压缩量为

R是一根长为9cm，阻值为18Ω的均匀电阻丝，所以变阻器接入电阻值为

由串联电路的电阻规律可得，电路的总电阻为

由欧姆定律可得电路中的电流为

则电压表的示数即灯泡两端的电压为

答：（1）小灯泡的电阻是12Ω；
（2）当力量计的示数为0N时，电路中的电流为0.2A；
（3）当力量计的示数为300N时，电压表的读数是3.6V。
31．（1）6V；（2）10Ω；（2）30℃
【详解】解：（1）由电路图可知，R1与R0串联，电压表测R0两端的电压，因为串联电路中各处的电流相等，所以电压表的示数为2V时电路中的电流

由图乙知，当环境温度为20℃时，R1的阻值为40Ω，则R1两端的电压
U1=IR1=0.1A×40Ω=4V
因串联电路中总电压等于各用电器两端电压之和，所以电源电压
U=U0+U1=2V+4V=6V
（2）电压表的示数为4V时，根据串联电路的电流特点和欧姆定律公式可知电路中的电流

则R1两端的电压
U1′=U-U0′=6V-4V=2V
此时热敏电阻R1的阻值为

（3）如果将R0、R1并联在该电路两端，因为并联电路中各用电器两端电压相等且等于电源电压，所以由欧姆定律可得通过R0的电流

因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻R1的电流
I′′1=I′-I′′0=0.5A-0.3A=0.2A
电阻R1的阻值

由图乙知，此时温度为30℃
答：（1）电源电压是6V；
（2）当电压表示数为4V时，热敏电阻R1的阻值是10Ω；
（2）将R0、R1并联在电路两端，当干路电流为0.5A时，环境温度是30℃。
32．（1）18V；（2）1.2kg；（3）0~12kg
【详解】解：（1）由电路图可知，两电阻串联接入电路，电压表与滑动变阻器R1并联，电压表测滑动变阻器两端的电压；称量物体A时，电压表示数为3.6V，称量物体B时，电压表示数为6V，两次滑动变阻器连入电路中的阻值比为1:2，设电压表示数为3.6V时，滑动变阻器接入电路的阻值为R，电源电压不变，串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压

称量物体B时，电压表示数为6V，有

解以上两式可得R=3Ω，电源电压U=18V。
（2）称量物体B时，滑动变阻器接入电路的电阻为
RB=2R=2×3Ω=6Ω
由图乙可知物体的质量与滑动变阻器接入电路的电阻成正比，设m=kR，代入数据可得4kg=k×20Ω
解得k=0.2kg/Ω。则物体B的质量为
m=0.2kg/Ω×6Ω=1.2kg
（3）电压表的量程为0~15V，根据串联分压原理可知电压表示数最大时，滑动变阻器接入电路最大阻值，由图乙可知此时电子秤称量物体的质量最大，此时定值电阻两端的电压
U2=U-U1=18V-15V=3V
根据欧姆定律可得此时通过电路的电流

此时滑动变阻器接入电路的阻值

由图乙可知电子秤称量物体的质量最大为12kg，所以电子秤称量物体的质量范围为0~12kg。
答：（1）电源电压为18V；
（2）物体B的质量为1.2kg；
（3）电子秤称量物体的质量范围为0~12kg。
33．（1）6Ω；（2）6V
【详解】解：（1）根据可得R0的阻值为

（2）若仅闭合S2，R0和R1串联，电流表测量电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压
①
若闭合S0和S1，断开S2，R0和R1并联，电流表测量干路电流
②
解①②可得


答：（1）R0的阻值6Ω；
（2） 电源电压是6V。