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2023年广西南宁市中考物理一模试卷（含解析）
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这是一份2023年广西南宁市中考物理一模试卷（含解析），共25页。试卷主要包含了 如图是电吹风的简化电路图等内容，欢迎下载使用。
2023年广西南宁市中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 如图是我国古代的一种计时工具——日晷，通过观察直杆在太阳下影子的位置来计时。影子的形成是由于( )
A. 光的折射 B. 光的反射 C. 平面镜成像 D. 光沿直线传播
2. 从细沙和铁屑的混合物中快速分离出铁屑，最合适的工具是( )
A. 磁铁 B. 镊子 C. 药匙 D. 放大镜
3. 如图所示电路，在金属夹子A、B之间分别接入下列学习物品，闭合开关后，小灯泡能发光的是( )
A. 塑料尺
B. 橡皮擦
C. 金属圆规
D. 木制书签
4. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 洗衣机应使用两脚插头 B. 更换灯泡前应断开电源开关
C. 电灯开关应接在零线和灯泡之间 D. 使用试电笔时手应接触金属笔尖
5. “方寸天地纳寰宇”描述了小小眼球可尽观广袤世界。世界万物在眼睛的视网膜上成的像是( )
A. 放大的虚像 B. 缩小的虚像 C. 放大的实像 D. 缩小的实像
6. 下列利用流体压强与流速的关系的做法是( )
A. 用吸管吸饮料
B. 设置站台安全线
C. 盆景自动供水
D. 茶壶盖上开小孔
7. 下列利用电热工作的家用电器是( )
A. 洗衣机 B. 电风扇 C. 电视机 D. 电饭锅
8. 如图是磁悬浮蓝牙音箱，可悬浮在空中边旋转边播放歌曲。下列说法错误的是( )
A. 悠扬的歌声是通过空气传入人耳的
B. 根据音色可判断出是哪位歌手的歌声
C. 音箱发出悠扬的歌声，一定不属于噪声
D. 音箱具有声控功能，说明声音可以传递信息
9. 用餐巾纸摩擦过的塑料吸管接触验电器的金属球，两金属箔片张开，原因是( )
A. 同种电荷相互吸引 B. 同种电荷相互排斥 C. 异种电荷相互吸引 D. 异种电荷相互排斥
10. 如图是电吹风的简化电路图。下列说法正确的是( )
A. 只闭合开关S1，吹热风
B. 只闭合开关S2，吹冷风
C. 同时闭合开关S1、S2，吹热风
D. 同时闭合开关S1、S2，电动机与电热丝串联
11. 踢毽子起源于汉代，是中国民间传统运动项目之一。在踢毽子的过程中( )
A. 键子上升过程中质量变小 B. 毽子在最高点不受力的作用
C. 毽子下落时运动状态一定不变 D. 毽子下落时相对地面是运动的
12. 垂直升降式立体车库能有效缓解车位不足的问题。停在载车板上的汽车匀速上升过程中，下列说法正确的是( )
A. 动能不变，重力势能不变 B. 动能不变，重力势能增大
C. 动能增大，重力势能不变 D. 动能增大，重力势能增大
13. 一年四季自然现象中蕴含的热学知识，下列说法正确的是( )
A. 春暖花开，花香四溢是扩散现象 B. 夏日炎炎，沿海地区昼夜温差大
C. 秋日寒霜，霜的形成是凝固现象 D. 冬雪飞舞，雪的形成要吸收热量
14. 小明帮妈妈晾衣服时，观察到升降式晾衣架主要结构是如图所示的滑轮组，关于该滑轮组的说法正确的是( )
A. 有3个定滑轮 B. 有2个动滑轮 C. 机械效率大于1 D. 机械效率小于1
15. 如图是电子体温计的电路图，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而增大，用甲表示数大小反映温度高低，R2是定值电阻。下列分析正确的是( )
A. 该电路中甲表是电流表
B. 温度降低时R1的阻值变小
C. 温度升高时R2两端电压变小
D. 温度升高时电路中电流变大
16. 放在水平桌面上相同的烧杯甲、乙装满水，将体积相同的A、B两个小球分别放入甲、乙烧杯中，小球静止时如图所示。下列说法正确的是( )
A. 小球的密度大小关系为：ρA<ρB
B. 小球受到的浮力大小关系为：FA>FB
C. 水对烧杯底的压强大小关系为：p甲>p乙
D. 烧杯对桌面的压力大小关系为：F甲
17. 北斗卫星导航系统通过______ 波为汽车提供导航信息。太阳能电池板能为卫星提供电能，太阳能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源。
18. 劳动课上，小明用手反复弯折铁丝，发现弯折处的温度升高，说明______ 的方式可以改变铁丝的内能；他用钳子能轻松剪断铁丝，图中的钳子是______ 杠杆。
19. 小明在竖放的平面镜前0.5m处整理仪容仪表，他的像距离平面镜______ m；当他远离平面镜时，像的大小______ 。
20. 如图是某物质的温度随加热时间变化的图像，由图像可知该物质是______ (选填“晶体”或“非晶体”)，图中______ 段表示该物质的熔化过程。
21. 如图所示电路，开关S闭合前，电压表的示数为U；开关S闭合后，两灯L1、L2均正常发光，电压表示数变为0.25U，此时电压表测量灯______ 两端的电压，灯L1、L2的电阻之比为______ 。
22. 两个质量分布均匀的正方体A、B放在水平地面上，A、B对地面的压强之比为2：3，将A沿水平方向切去高为L的部分，把切去部分叠放在B上，B对地面的压强为pB，A剩余部分对地面的压强为pA，pA、pB与L的变化关系如图所示，则切除之前A的边长为______ cm，B的密度为______ kg/m3。
23. 图中小球静止在水面上，请画出小球所受浮力F的示意图。
24. 请在图中画出反射光线并标出反射角r。
25. 两千多年前，亚里士多德认为：力是维持物体运动的原因。我们可以通过实验和推理来判断这个观点是否正确。
(1)让小车在同一斜面顶端由______ 滑下，是为了使小车到达水平面时的______ 相同。
(2)对比三次实验现象，发现小车沿______ 表面所受阻力最______ ，小车滑行距离最长。
(3)若小车运动时不受阻力，小车将做______ 运动，由此可知物体的运动不需要力来维持。
26. (1)图甲是兴趣小组自制的小纸锅。将装有水的纸锅放到酒精灯上加热，不要让火苗烧到水面以上的纸，纸的着火点约183℃，酒精灯火焰温度约500℃。过一会水就沸腾，沸腾时水的温度______ ，纸锅______ (选填“会”或“不会”)燃烧。
(2)在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图乙所示，光经过凸透镜后______ (选填“会聚”或“发散”)在光屏上成倒立缩小的像，生活中的______ (选填“照相机”或“投影仪”)就是利用这一原理制成的。
(3)如图丙所示，在“探究什么情况下磁可以生电”的实验中，当闭合电路中的导体AB向______ 运动时，观察到灵敏电流计指针发生偏转，说明电路中产生了______ 。
27. 农村义务教育学生营养改善计划政策惠及千家万户。小明想知道学校发放牛奶的密度，他利用托盘天平、量筒、烧杯和水进行测量。
(1)将牛奶倒入量筒，如图甲所示，牛奶的体积为______ cm3；天平应______ 放置。用调节好的天平测出空烧杯的质量为29.4g，然后将量筒中的牛奶倒入烧杯中，用天平测量烧杯和牛奶的总质量，横梁平衡时，右盘中砝码的数量及游码的位置如图乙所示，则烧杯和牛奶的总质量为______ g；
(2)根据以上实验数据计算出牛奶的密度为______ g/cm3。用该方法测得的密度比真实值偏______ (选填“大”或“小”)，原因是______ ；
(3)为了减小误差，小明利用电子秤、合金块(密度为ρ)和烧杯再次测量牛奶密度，他进行了以下操作：
①将合金块放在电子秤上，如图丙所示，记下示数m0；
②将适量的牛奶倒入烧杯，放在电子秤上，如图丁所示，记下示数m1；
③用细绳拴住合金块并浸没在牛奶中，如图戊所示，记下示数m2；
④牛奶的密度表达式ρ牛奶= ______ (用已知物理量ρ、m0、m1、m2表示)。
28. 旧物利用既节能又环保。小明爸爸将一节新电池和一节旧电池混合使用，认为这样会更节能。善于观察的小明看到电池使用说明中提示“请一次性更换所有电池，以免新旧电池混用”。于是小明在家中找出同一品牌的电池设计实验，探究新旧电池混用是否更节能。
实验
电池组合
AB之间的电压UAB/V
S断开时
S闭合时
1
两节新电池串联
3.2
3.1
2
一新一旧电池串联
1.9
1.3
3
一节新电池
1.6
1.5
(1)小明将同型号的两节新电池串联或“一新一旧”的两节电池串联，分别给同一辆玩具电动车供电，让玩具车在______ (选填“相同”或“不同”)的路面上行驶。他发现在相同时间内装有“一新一旧”电池的玩具车通过的路程较短，说明这个过程中该组电池提供的电能越______ 。
(2)小明换用定值电阻进一步探究，通过测量定值电阻两端的电压，比较电池给定值电阻提供电压的大小。他设计了如图所示的电路进行实验，分别将相同型号的电池以不同的组合方式接入AB间，将开关S闭合前后的电压表读数记录在表中。
①分析表中的数据发现，“一新一旧”电池串联对外提供的电压最______ 。
②小明找来几个其他型号的新旧电池重复以上实验，是为了______ (选填“减小实验误差”或“实验结论具有普遍性”)。
③小明查阅资料得知，电池本身有电阻，称为电池内阻，旧电池的内阻较大。分析实验电路可知，电池和电阻R是串联，旧电池内阻越大，消耗自身的能量就越______ ，电池能提供给电阻R两端的电压就越______ ，所以新旧电池不能混用。
(3)分析表格中实验2、3的数据，你能提出一个具有研究价值的问题是______ °
29. 太阳能是理想清洁能源之一，一辆太阳能玩具小车在3N的牵引力作用下匀速行驶了20m，用时40s。求：
(1)玩具小车行驶的速度；
(2)玩具小车牵引力所做的功；
(3)玩具小车牵引力做功的功率。
30. 载人飞船在发射前，科技人员要检查飞船舱体的气密性，科技小组设计了如图甲所示的电路进行模拟检测，电源电压不变，定值电阻R0阻值为40Ω，R1为压力传感器，其阻值随环境气压的变化规律如图乙所示，R1置于舱体内，舱体置于真空室中。舱体不漏气时，舱体内气压为1.0×105Pa，电流表示数为0.6A。求：
(1)舱体不漏气时，R0两端的电压。
(2)舱体不漏气时，R0消耗的电功率
(3)一段时间后，电流表损坏了，组员拆除电流表，将一只电压表并联在R0两端，正确连接电路后闭合开关，电压表示数为20V，请推算出此时舱体内的气压值并判断是否漏气。
31. 如图甲所示，正方形木板放置在水平地面上，装有2kg水的薄壁圆柱形容器(质量不计)放在木板中央，木板的底面积S木=2×10−2m2，容器的底面积S容=1×10−2m2，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3。求：
(1)容器中水的重力；
(2)容器对木板的压强；
(3)现有如图乙所示的物体A、B、C(其密度、体积的关系如表所示)，选择其中一个物体放入容器中(水足够多且不会溢出)，水对容器底部压强的增加量为Δp水，水平地面受到压强的增加量为Δp地，使Δp水与Δp地比值最小。通过计算进行判断选择的是哪个物体，并求出此最小比值。
物体
密度
体积
A
1.0ρ水
2V
B
3.0ρ水
3V
C
0.5ρ水
3V
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：影子是由于光照射到不透明的物体形成的阴影部分，是由于光的直线传播形成的。
故选：D。
光在同种均匀介质中沿直线传播，如：激光准直、小孔成像、影子的形成、日食和月食的形成等。
本题考查了光的直线传播，是一道基础题。
2.【答案】A
【解析】解：磁铁具有吸附铁质物质的性质，可以将铁屑快速从细沙中分离出来，而用镊子、钥匙和放大镜来分离铁屑显然效率低下、不现实。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
把物体吸引铁钴镍等物质的性质叫磁性，具有磁性的物体叫磁体。
知道磁体能够吸引铁钴镍等物质。知道具有磁性的物体叫磁体。
3.【答案】C
【解析】解：常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。题中塑料尺子、橡皮擦、木制书签都是绝缘体，只有金属圆规是导体，而要使小灯泡发光，在金属夹之间必须接入导体，所以开关闭合后小灯泡能发光的是金属圆规。
故选：C。
要使小灯泡发光，在金属夹之间必须接入导体，容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。
此题考查区分物体为导体还是绝缘体，属于识记的内容，难度较小。
4.【答案】B
【解析】解：A.为了安全用电，电冰箱、洗衣机等大功率家用电器的电源插座都要用三孔插座，三脚插头的接地脚应与用电器的金属外壳相连，这样若金属外壳的用电器外壳万一带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，故A错误；
B.检修电路时要切断开关，以避免触电事故，故B正确；
C.家庭电路中控制用电器的开关应接在火线和用电器之间，这样在开关断开时，用电器上没有电，不会发生触电事故，故C错误；
D.使用试电笔时，笔尖接触被测物体，手必须接触笔尾金属体才能构成通路，试电笔接触火线时氖管才能发光，故D错误。
故选：B。
(1)用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替；
(2)检修电路时要切断开关，以避免触电事故；
(3)家庭电路中控制用电器的开关应接在火线和用电器之间；
(4)使用试电笔时，笔尖接触被测物体，手必须接触笔尾金属体才能构成通路，试电笔接触火线时氖管才能发光。
本题考查了安全用电的常识，属于基础知识在日常生活中一定要养成安全用电的习惯。
5.【答案】D
【解析】解：人的眼球好像一架照相机，当看物体时，晶状体相当于照相机的镜头--凸透镜，将来自物体的光会聚在视网膜上，视网膜相当于照相机的胶卷，外界物体在视网膜上所成的像是缩小、倒立的实像，故D正确、ABC正确。
故选：D。
根据眼睛的构造来分析眼睛是如何看到物体的，其中晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，它把来自物体的光会聚在视网膜上，形成物体的像。
本题主要考查学生对眼睛及其视物原理的了解和掌握，结合凸透镜成像的规律或生活的体验很好理解。
6.【答案】B
【解析】解：A.用吸管吸饮料，是利用大气压把饮料压入吸管内的，故A错误；
B.站台设置安全线，是因为列车快速行驶时，带动周围的气体快速流动，气压变小，站台上候车的旅客如果距离列车太近，在身体两侧压强差的作用下，有可能被推向行驶的列车，发生危险，故B正确；
C.盆景自动供水是利用大气压工作的。一旦水面低于瓶口，水就从瓶内流出，当水面升高超过瓶口，在大气压作用下，水就不再流出，故C错误；
D.茶壶盖上开小孔，是为了保持茶壶内外气压相等，便于壶内的水顺利倒出，故D错误。
故选：B。
气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。据此对照各个选项逐一进行分析从中选出符合题意的答案即可。
掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强解释有关的问题是解答的关键，本题反映了物理来源于生活，应用于生活。
7.【答案】D
【解析】解：A.洗衣机工作时电能主要转化为机械能，利用了通电导体在磁场中受到力的作用而工作的，应用了电流的磁效应，故A错误；
B.电风扇工作时电能主要转化为机械能，利用了通电导体在磁场中受到力的作用而工作的，故B错误；
C.电视机主要把电能转化为光能和声能，故C错误；
D.电饭锅工作时电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故D正确。
故选：D。
当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应。一方面，利用电流的热效应可以为人类的生产和生活服务；另一方面，电流的热效应也有一些不利因素。任何通有电流的导线，都可以在其周围产生磁场的现象，称为电流的磁效应。
主要考查电流的热效应、电流的磁效应和电流的化学效应在生活中的应用实例，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪一个效应。体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念。
8.【答案】C
【解析】解：A.声音的传播需要介质，故悠扬的歌声是通过空气传入人耳的，故A正确；
B.不同人声带产生的声音的音色一般不同，所以可以根据音色可判断出是哪位歌手的歌声，故B正确；
C.当音箱发出悠扬的歌声，影响别人的正常休息或学习时属于噪声，故C错误；
D.由于声音可以传递信息和能量，故音箱具有声控功能，说明声音可以传递信息，故D错误。
故选：C。
(1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(2)一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止；
(3)噪声是指妨碍人正常休息、学习和生活的声音以及对人们要听到的声音起干扰作用的声音；
(4)声音可以传递信息，也可以传递能量。
此题综合性较强，考查声音的产生、传播和特征、噪声等知识；结合声音产生、传播的条件，区分好声音的三个特征，可解答此题。
9.【答案】B
【解析】解：用餐巾纸摩擦过的塑料吸管接触验电器的金属球，金属箔片和塑料吸管带同种电荷，金属箔片因带同种电荷相互排斥。
故选：B。
验电器原理：同种电荷相互排斥。
此题考查了验电器原理，属于基础知识。
10.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，电动机与电热丝是并联，开关S1在干路上，控制整个电路；开关S2在电热丝所在支路，只控制电热丝。因此只闭合开关S1，只有电动机工作，吹冷风；只闭合开关S2，电动机与电热丝都不工作；同时闭合开关S1、S2，电动机与电热丝都工作，吹热风，故C正确，ABD错误。
故选：C。
电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。
本题考查了并联电路的特点。干路上的开关控制所有用电器，支路上的开关只控制该支路上的用电器。
11.【答案】D
【解析】解：A、键子上升过程中只是改变了状态、位置，所以质量没有改变，故A错误；
B、毽子到达最高点的瞬间受到重力的作用，故B错误；
C、毽子在下落过程中运动速度发生改变，所以其运动状态发生改变，故C错误；
D、毽子下落时，与地面之间发生了位置的变化，相对地面是运动的，故D正确。
故选：D。
(1)质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，如果只是改变了形状、状态、温度、位置则不会发生改变；
(2)根据毽子的运动状态分析其受力情况；
(3)运动状态的改变包括运动方向的改变和运动速度的改变；
(4)根据毽子和地面之间的位置的变化分析。
本题考查了与物体运动和力相关的多个知识点，要求我们对物体的运动和受力情况有一定明确的了解，难度不大。
12.【答案】B
【解析】解：汽车在匀速上升的过程中，质量不变，速度不变，则动能不变，同时高度增加，故重力势能增大。
故选：B。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法判断动能、重力势能的变化是解答此类题的关键。
13.【答案】A
【解析】解：A.花香四溢是扩散现象，说明分子不停地做无规则运动，故A正确；
B.水的比热容比较大，与质量相同的其它物质相比，吸收或放出相同的热量，水的温度变化小，所以夏日炎炎，沿海地区昼夜温差小，故B错误；
C.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，此过程放热，故C错误；
D.雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，此过程放热，故D错误。
故选：A。
(1)分子都在不停地做无规则运动；
(2)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(3)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。
本题主要考查学生对凝华现象、分子动理论和“水的比热容大”的了解和掌握，是一道基础题。
14.【答案】BD
【解析】解：AB.轴固定不动的滑轮是定滑轮，轴可以随物体一起移动的滑轮是动滑轮，根据晾衣架的结构可知，该晾衣架有4个定滑轮、2个动滑轮，故A错误，B正确；
CD.使用机械的过程中必须做额外功，有用功一定小于总功，所以机械效率必小于1，故C错误、D正确。
故选：BD。
定滑轮和动滑轮的主要区别是：动滑轮会随物体一起运动，定滑轮不随物体运动；利用该装置既能省力，又能改变力的方向；使用机械必须做额外功，机械效率小于1。
本题考查滑轮种类的判断及滑轮组的特点、机械效率的大小，属于基础知识。
15.【答案】BC
【解析】解：A.电阻R1和R2串联接入电路，该电路中的电表与R1并联接入电路，为电压表，故A错误；
B.热敏电阻R1的阻值随温度的升高而增大，温度降低时，热敏电阻R1的阻值减小，故B正确；
CD.温度升高时，热敏电阻R1的阻值增大，由电阻的串联可知电路的总电阻增大，由I=UR可知电路中的电流变小，R2是定值电阻，根据U=IR可知R2两端电压变小，故C正确，D错误。
故选：BC。
(1)根据电表的连接方式可知电表的类型；
(2)电阻R1的阻值随温度的升高而增大，当温度升高时，串联电路的总电阻变大，根据I=UR可知电路中的电流变化，根据U=IR可知R2的电压变化，根据串联电路的电压规律可知电压表示数的变化。
本题考查了电路的动态分析、欧姆定律的应用，难度不大。
16.【答案】AD
【解析】解：A、A球漂浮，ρA<ρ水，B球下沉，ρB>ρ水，故ρA<ρB，故A正确；
B、两球体积相同，A球排开水的体积比B球小，根据F浮=ρgV排可知A球受到的浮力小于B球，FA
D、由阿基米德原理和物体浮沉条件可知，小球A漂浮时有F浮A=G排A=GA，小球B沉底时有F浮B=G排B
由F1=G容+(G水−G排A)+GA=G容+G水和F2=G容+(G水−G排B)+GB>G容+G水可知，F甲
(1)A球漂浮，ρA<ρ水，B球下沉，ρB>ρ水，据此分析ρA和ρB的大小关系；
(2)两球体积相同，A球排开水的体积比B球小，根据F浮=ρgV排可知FA和FB的大小关系；
(3)两容器底部水的深度相同，根据p=ρgh可知水对烧杯底的压强大小关系；
(4)由阿基米德原理和物体浮沉条件比较小球的重力与所受浮力的关系，容器对桌面的压力等于容器中加上水的重力、减去排开水的重力然后加上小球的重力，据此比较容器对桌面的压力关系。
本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、液体压强公式的综合应用等，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
17.【答案】电磁 可再生
【解析】解：电磁波可以传递信息且可以在真空中传播，北斗卫星导航系统通过电磁波为汽车提供导航信息。
太阳能从自然界可以源源不断得到，是可再生能源。
故答案为：电磁；可再生。
电磁波可以传递信息且可以在真空中传播，能从自然界源源不断得到或可重复利用的能源是可再生能源，不能从自然界源源不断得到或不能重复利用的能源是不可再生能源。
本题主要考查了电磁波的利用以及能源的分类，是一道基础题。
18.【答案】做功 省力
【解析】解：弯折铁丝时，人对铁丝做功，机械能转化为内能，物体内能增大，所以说明做功可以改变铁丝的内能。
在剪断铁丝的过程中，动力臂大于阻力臂，根据杠杆平衡的条件，动力小于阻力，属于省力杠杆。
故答案为：做功；省力。
(1)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，机械能转化为内能，物体的内能增大；当物体对外界做功时，内能转化为机械能，物体的内能就会减小；
(2)先判断钢丝钳在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查了改变内能的方法和杠杆的分类，我们要能够根据我们学过的物理知识来解决我们生活中的实际问题。
19.【答案】0.5 不变
【解析】解：
小明站在距离平面镜0.5m前照镜子，根据物像到平面镜距离相等，所以小明的像到镜面的距离也是0.5m；
当他远离镜面照全身时，小明的身高不变，根据物像大小相等，所以小明的像大小不变。
故答案为：0.5；不变。
根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
平面镜成像特点是平面镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
20.【答案】晶体 BC
【解析】解：由图像可知，该该物质有一段时间，吸收热量，温度不变，故该物质为晶体。
晶体熔化过程中吸收热量，温度不变，表现在温度−时间图像中为平行于横轴的一条直线，即BC段表示该物质的熔化过程。
故答案为：晶体；BC。
晶体在一定的温度下熔化，晶体在熔化过程中吸热、温度不变。
此题考查了晶体熔化的特点，属于基础知识。
21.【答案】L2 3：1
【解析】解：由图可知，开关S闭合前，电压表串联在电路中，电压表的示数等于电源电压，所以电源电压是U；
闭合开关S后，两个灯泡串联，电压表测量灯泡L2两端的电压；
由串联电路电压的规律可知，灯泡L1两端的电压为：U1=U−U2=U−0.25U=0.75U；
串联电路中各处的电流相等，由欧姆定律可知两个灯泡的电阻之比为：R1R2=U1IU2I=U1U2=0.75U0.25U=31。
故答案为：L2；3：1。
由图可知，开关S闭合前，电压表串联接入电路中，电压表测量的是电源电压；闭合开关S后，两灯串联，电压表测L2两端的电压，电流表测串联电路的电流；根据串联电路的电压规律和U=IR求出两个灯泡的电阻之比。
本题考查了欧姆定律的应用、串联电路的电压规律，属于基础题。
22.【答案】10 3×103
【解析】解：由“将A沿水平方向切去高为L的部分，把切去部分叠放在B上”可知，A剩余部分对地的压强减小，B对地的压强增大，由图可知，下面的图线反映了pA与L的变化关系，上面的图线反映了pB与L的变化关系；由图中A的图线可知，当切去部分的高度为10cm时，A剩余部分对地面的压强为0，即此时A全部被切去，因此A的边长为10cm；
由图可知，未切前B的压强为6×103Pa，A、B对地面的压强之比为2：3，即未切前A的压强为：
pA=23×6×103Pa=4×103Pa，
A的底面积为：
SA=10cm×10cm=100cm2=0.01m2
则A的重力等于压力，即
GA=FA=pASA=4×103Pa×0.01m2=40N
由图可知，当把A全部放在B上后增加的压强为：
Δp=7×103Pa−6×103Pa=1×103Pa，
则B的底面积为：
SB=GAΔp=40N1000Pa=0.04m2，
即B的边长为0.2m，A的密度为：
ρA=mAVA=GAgVA=40N10N/ kg(0.1m)3=4×103kg/m3，
因为切除前A、B对地面的压强之比为2：3，可得：
pApB=ρAghAρBghB=ρAlAρBlB=23，
即B的密度为：
ρB=3ρAglA2glB=3ρAlA2lB=3×4×103kg/m3×0.1m2×0.2m=3×103kg/m3。
故答案为：10；3×103。
(1)根据将A沿水平方向切去高为L的部分，把切去部分叠放在B上可知，A剩余部分对地的压强减小，B对地的压强增大，由图可知，下面的图线反映了pA与L的变化关系，上面的图线反映了pB与L的变化关系；由图中A的图线可知，当切去部分的高度为10cm时，A剩余部分对地面的压强为0，即此时A全部被切去，因此A的边长为10cm；
(2)由图可知，未切前B的压强为6×103Pa，A、B对地面的压强之比为2：3，即未切前A的压强，可得A的底面积，则可得A的重力，由图可得，当把A全部放在B上后增加的压强，求得B的底面积，求得A的密度，根据切除前A、B对地面的压强之比为2：3，求得B的密度。
本题考查液体压强的计算以及公式的应用，压强的计算，难度不大。
23.【答案】解：小球在水中静止时处于漂浮状态，此时浮力等于重力，所受到的浮力的作用点在重心，方向是竖直向上的，如图所示：
。
【解析】小球受到的浮力的作用点在重心，方向是竖直向上。
本题考查了力的示意图的画法，掌握浮力方向竖直向上是解题的关键。
24.【答案】解：由图知已经画出法线，然后根据反射角等于入射角，在法线的另一侧画出反射光线，反射角是反射光线与法线的夹角，如图所示。
【解析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角。
作反射光线时，先确定反射点，根据反射角等于入射角在同一平面内法线的另一侧画出反射光线，注意完成题目的要求。
25.【答案】静止自由 速度 木板 小 匀速直线
【解析】解：(1)由控制变量法，让小车在同一斜面顶端由静止自由滑下，是为了使小车到达水平面时的速度相同。
(2)木板表面最光滑，对比三次实验现象，发现小车沿木板表面所受阻力最小，小车滑行距离最长。
(3)根据(2)推理，若小车运动时不受阻力，小车通过的距离无限长，即小车将做匀速直线运动，由此可知物体的运动不需要力来维持。
故答案为：(1)静止自由；速度；(2)木板；小； (3)匀速直线。
(1)由控制变量法，要控制小车到达水平面时的速度相同。
(2)木板表面最光滑，根据实验现象回答。
(3)根据(2)推理回答。
本题研究运动和力的关系，主要考查控制变量法和推理法的运用。
26.【答案】保持不变 不会 会聚 照相机 左或右 感应电流
【解析】解：(1)因为纸的燃点高于水的沸点，且水沸腾后，继续吸热，温度不再升高，所以在纸锅里装一些水，放在火上加热，过一会儿发现水会沸腾，而纸锅不会被烧坏；
(2)蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图乙所示，光经过凸透镜后会聚在光屏上成倒立缩小的像，此时的物距大于像距，成倒立、缩小的实像，生活中的照相机就是利用这一原理制成的；
(3)当闭合电路中的导体AB向左或向右运动时，导体AB做切割磁感线运动，观察到灵敏电流计指针发生偏转，说明电路中产生了感应电流。
故答案为：(1)保持不变；不会；(2)会聚；照相机；(3)左或右；感应电流。
(1)水在一个标准大气压下沸点是100℃，而纸的燃点大约是183℃，水沸腾后温度不再变化，所以纸不会燃烧；
(2)凸透镜对光线具有会聚作用；物距大于像距，成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
(3)闭合电路的一部他导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁感应现象。
本题考查了水沸腾的特点、凸透镜成像规律的应用、电磁感应现象，属于综合题。
27.【答案】34 水平 66.8 1.1 小 从量筒向烧杯倒入牛奶时，有部分牛奶残留在量筒中 m2−m1m0ρ
【解析】解：(1)由图甲可知，量筒的分度值为2mL，所以牛奶的体积为34mL，即34cm3。
使用天平前，将天平放到水平桌面上。由图乙可知，则烧杯和牛奶的总质量为m总=50g+10g+5g+1.8g=66.8g；
(2)牛奶的质量m=m总−m杯=66.8g−29.4g=37.4g，
牛奶的密度为ρ=mV=37.4g34cm3=1.1g/cm3，
当将量筒中的牛奶倒入烧杯中，会有牛奶沾在量筒壁上，而倒不干净，因此所测的质量会偏小，根据公式ρ=mV得测得的密度比真实值偏小。
(3)合金块排开牛奶的体积等于合金块的体积，合金块的体积V合金=m0ρ，
合金块排开牛奶的体积V排=V合金，
合金块排开牛奶的质量m排=m2−m1，
牛奶的密度ρ牛奶=m排V排=m2−m1m0ρ。
故答案为：(1)34；水平；66.8；(2)1.1；小；从量筒向烧杯倒入牛奶时，有部分牛奶残留在量筒中；(3)m2−m1m0ρ。
(1)在进行量筒的读数时，注意分度值，视线应与液面的凹底相平；在调节天平平衡时，游码应拨到零刻线上，再调节平衡螺母，使天平平衡；天平平衡时物体的质量等于右盘中砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值。
(2)将牛奶的质量和体积代入公式ρ=mV便可求出其密度；根据公式，分别分析质量和体积的偏差，即可得出结论；
(3)已知合金的质量和密度算出合金的体积，结合题意表示出牛奶的质量、体积，利用密度计算公式写出表达式即可。
此题主要考查的是学生对天平的调节和读数、量筒的读数、密度计算公式的理解和掌握，综合性题目。
28.【答案】相同 少 低 实验结论具有普遍性 多 低 开关闭合时为什么“一新一旧”电池提供的电压比一节新电池提供的低
【解析】(1)小明将同型号的两节新电池串联或“一新一旧”的两节电池串联，分别给同一辆玩具电动车供电，让玩具车在相同的路面上行驶。他发现在相同时间内装有“一新一旧”电池的玩具车通过的路程较短，说明这个过程中该组电池提供的电能越少；
(2)①分析表中的数据发现，“一新一旧”电池串联对外提供的电压最低；
②小明找来几个其他型号的新旧电池重复以上实验，进行多次实验是为了实验结论具有普遍性；
③分析实验电路可知，电池和电阻R是串联，旧电池内阻越大，消耗自身的能量就越多，电池能提供给电阻R两端的电压就越少，所以新旧电池不能混用；
(3)分析表格中实验2、3的数据，提出一个具有研究价值的问题是：开关闭合时为什么“一新一旧”电池提供的电压比一节新电池提供的低？
故答案为：(1)相同；少；(2)①低；②实验结论具有普遍性；③多；低；(3)开关闭合时为什么“一新一旧”电池提供的电压比一节新电池提供的低？
(1)根据控制变量法和转换法进行解答；
(2)①分析表中的数据进行解答；
②进行多次实验是为了实验结论具有普遍性；
③分析实验电路可知，电池和电阻R是串联，旧电池内阻越大，消耗自身的能量就越多，电池能提供给电阻R两端的电压就越少；
(3)分析比较表格中实验2、3的数据进行解答。
本题通过新旧电池混用的问题，考查串联电路的规律以及实验方法和分析；注意电池用久了，电池内阻增大，旧电池对外供电时，自身消耗的电能增多，电能损失大，因此不要把新旧电池混合使用。
29.【答案】解：(1)玩具小车行驶的速度为v=st=20m40s=0.5m/s；
(2)玩具小车牵引力所做的功为W=Fs=3N×20m=60J；
(3)玩具小车牵引力做功的功率为P=Wt=60J40s=1.5W。
答：(1)玩具小车行驶的速度是0.5m/s；
(2)玩具小车牵引力所做的功60J；
(3)玩具小车牵引力做功的功率是1.5W。
【解析】(1)利用速度计算公式求得玩具小车行驶的速度；
(2)利用W=Fs求得玩具小车牵引力所做的功；
(3)利用P=Wt求得玩具小车牵引力做功的功率。
此题考查了速度、功、功率计算公式的应用，属于基础知识。
30.【答案】解：(1)定值电阻R0与压敏电阻R1串联，电流表测电路的电流，
舱体不漏气时，R0两端的电压为U0=I0R0=0.6A×40Ω=24V；
(2)舱体不漏气时，R0的电功率为P0=U0I0=24V×0.6A=14.4W；
(3)舱体不漏气时，由图像可知压力传感器R1阻值为10Ω，
电路的总电阻为R总=R0+R1=40Ω+10Ω=50Ω，
电源电压为U=IR总=0.6A×50Ω=30V，
当电压表示数为U0′=20V时，电路中的电流为I′=I0′=U0′R0=20V40Ω=0.5A，
此时电路总电阻为R′=UI′=30V0.5A=60Ω，
此时压力传感器R1阻值为R1′=R′−R0=60Ω−40Ω=20Ω，
结合乙图可知对应气压值为0.7×105Pa，
0.7×105Pa<1×105Pa，所以舱体漏气。
答：(1)舱体不漏气时，R0两端的电压为24V；
(2)舱体不漏气时，R0消耗的电功率为14.4W；
(3)压力传感器R1阻值为20Ω，查表可知对应气压值为0.7×105Pa，以舱体漏气。
【解析】由图甲可知，定值电阻R0与压敏电阻R1串联，电流表测电路的电流；
(1)根据欧姆定律求出通过R0两端的电压；
(2)利用P=UI求得R0消耗的电功率；
(3)根据图乙可知，舱体内气压为1.0×105Pa时，压敏电阻R的阻值，根据串联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，根据串联电路的电流特点求出此时电路中的电流，根据欧姆定律求出电源电压；根据欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出此时电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出压敏电阻的阻值，根据图乙可知此时舱内的气压值。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功公式的应用，关键是根据图像读出相关的信息。
31.【答案】解：(1)容器中水的重力：G水=m水g=2kg×10N/kg=20N；
(2)由于容器的质量不计，容器对桌面的压力：F压=G水=20N，
容器对木板的压强为：p=F压S容=20N1×10−2m2=2000Pa；
(3)第一种情况：因为ρA=1.0ρ水，ρB=3.0ρ水，
所以，由物体的浮沉条件可知，A、B在水中完全浸没，
因此A、B排开液体的体积：V排=V物，
水对容器底部压强的增加量：Δp水=ρ水gΔℎ=ρ水gV排S容，
水平地面受到压强的增加量：Δp地=ΔFS木=G物S木=m物gS木=ρ物gV物S木，
则Δp水Δp地=ρ水gV排S容ρ物gV物S木=ρ水gV排S容⋅S木ρ水gV排=ρ水V排S木ρ物V物S容……①
由①式可知，选择B放入容器中可使Δp水与Δp地比值较小，
解得Δp水Δp地=ρ水S木ρBS容=ρ水×2×10−2m23ρ水×10−2m2=23；
第二种情况：因为ρC=0.5ρ水，即C的密度小于水的密度，
所以，由物体的浮沉条件可知，C放入后在水中漂浮，
由物体的漂浮条件可知，C放入水中后受到的浮力：F浮=GC，
因为F浮=G排=ρ水gV排，
GC=mCg=ρCgVC=0.5ρ水gVC，
所以ρ水gV排=0.5ρ水gVC，
解得 V排=12VC，
由①式可知，Δp水Δp地=ρ水gV排S容ρ物gV物S木=ρ水g12VcS容⋅S木ρCgVC=ρ水S木2ρCS容=ρ水×2×10−2m22×0.5ρ水×1×10−2m2=21
综上所述，选择B放入容器中可使Δp水与Δp地比值最小，最小比值为 23。
答：(1)容器中水的重力为20N。
(2)容器对木板的压强为2000Pa。
(3)选择将B放入容器中，Δp水Δp地=23为最小值。
【解析】(1)根据G=mg求出容器中水的重力；
(2)由于容器的质量不计，容器对桌面的压力大小等于水的重力，根据p=FS求出容器对桌面的压强；
(3)根据物体的浮沉条件分析判断物体在水中静止时所处的状态，当物体浸没在容器内水中后(水不会溢出)，排开水的体积和自身的体积相等，当物体漂浮时，根据物体的漂浮条件表示出物体受到的浮力，根据阿基米德原理、密度公式和G=mg求出此时物体排开水的体积与物体的体积关系，根据V=Sh求出容器内水面上升的高度，根据p=ρgh表示出水对容器底部压强的增加量；水平面上物体的压力和自身的重力相等，木板对地面压力的增加量等于物体的重力，根据p=FS表示出水平地面受到的压强增加量，然后得出Δp水Δp地的表达式，结合表格数据选择物体，进一步得出答案。
本题考查了物体的浮沉条件、密度公式、重力公式、液体压强公式、压强定义式和阿基米德原理，正确的表示出水对容器底部压强的增加量与水平地面受到的压强增加量的比值是关键，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。
2023年广西南宁市中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 如图是我国古代的一种计时工具——日晷，通过观察直杆在太阳下影子的位置来计时。影子的形成是由于( )
A. 光的折射 B. 光的反射 C. 平面镜成像 D. 光沿直线传播
2. 从细沙和铁屑的混合物中快速分离出铁屑，最合适的工具是( )
A. 磁铁 B. 镊子 C. 药匙 D. 放大镜
3. 如图所示电路，在金属夹子A、B之间分别接入下列学习物品，闭合开关后，小灯泡能发光的是( )
A. 塑料尺
B. 橡皮擦
C. 金属圆规
D. 木制书签
4. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 洗衣机应使用两脚插头 B. 更换灯泡前应断开电源开关
C. 电灯开关应接在零线和灯泡之间 D. 使用试电笔时手应接触金属笔尖
5. “方寸天地纳寰宇”描述了小小眼球可尽观广袤世界。世界万物在眼睛的视网膜上成的像是( )
A. 放大的虚像 B. 缩小的虚像 C. 放大的实像 D. 缩小的实像
6. 下列利用流体压强与流速的关系的做法是( )
A. 用吸管吸饮料
B. 设置站台安全线
C. 盆景自动供水
D. 茶壶盖上开小孔
7. 下列利用电热工作的家用电器是( )
A. 洗衣机 B. 电风扇 C. 电视机 D. 电饭锅
8. 如图是磁悬浮蓝牙音箱，可悬浮在空中边旋转边播放歌曲。下列说法错误的是( )
A. 悠扬的歌声是通过空气传入人耳的
B. 根据音色可判断出是哪位歌手的歌声
C. 音箱发出悠扬的歌声，一定不属于噪声
D. 音箱具有声控功能，说明声音可以传递信息
9. 用餐巾纸摩擦过的塑料吸管接触验电器的金属球，两金属箔片张开，原因是( )
A. 同种电荷相互吸引 B. 同种电荷相互排斥 C. 异种电荷相互吸引 D. 异种电荷相互排斥
10. 如图是电吹风的简化电路图。下列说法正确的是( )
A. 只闭合开关S1，吹热风
B. 只闭合开关S2，吹冷风
C. 同时闭合开关S1、S2，吹热风
D. 同时闭合开关S1、S2，电动机与电热丝串联
11. 踢毽子起源于汉代，是中国民间传统运动项目之一。在踢毽子的过程中( )
A. 键子上升过程中质量变小 B. 毽子在最高点不受力的作用
C. 毽子下落时运动状态一定不变 D. 毽子下落时相对地面是运动的
12. 垂直升降式立体车库能有效缓解车位不足的问题。停在载车板上的汽车匀速上升过程中，下列说法正确的是( )
A. 动能不变，重力势能不变 B. 动能不变，重力势能增大
C. 动能增大，重力势能不变 D. 动能增大，重力势能增大
13. 一年四季自然现象中蕴含的热学知识，下列说法正确的是( )
A. 春暖花开，花香四溢是扩散现象 B. 夏日炎炎，沿海地区昼夜温差大
C. 秋日寒霜，霜的形成是凝固现象 D. 冬雪飞舞，雪的形成要吸收热量
14. 小明帮妈妈晾衣服时，观察到升降式晾衣架主要结构是如图所示的滑轮组，关于该滑轮组的说法正确的是( )
A. 有3个定滑轮 B. 有2个动滑轮 C. 机械效率大于1 D. 机械效率小于1
15. 如图是电子体温计的电路图，热敏电阻R1的阻值随温度的升高而增大，用甲表示数大小反映温度高低，R2是定值电阻。下列分析正确的是( )
A. 该电路中甲表是电流表
B. 温度降低时R1的阻值变小
C. 温度升高时R2两端电压变小
D. 温度升高时电路中电流变大
16. 放在水平桌面上相同的烧杯甲、乙装满水，将体积相同的A、B两个小球分别放入甲、乙烧杯中，小球静止时如图所示。下列说法正确的是( )
A. 小球的密度大小关系为：ρA<ρB
B. 小球受到的浮力大小关系为：FA>FB
C. 水对烧杯底的压强大小关系为：p甲>p乙
D. 烧杯对桌面的压力大小关系为：F甲
17. 北斗卫星导航系统通过______ 波为汽车提供导航信息。太阳能电池板能为卫星提供电能，太阳能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源。
18. 劳动课上，小明用手反复弯折铁丝，发现弯折处的温度升高，说明______ 的方式可以改变铁丝的内能；他用钳子能轻松剪断铁丝，图中的钳子是______ 杠杆。
19. 小明在竖放的平面镜前0.5m处整理仪容仪表，他的像距离平面镜______ m；当他远离平面镜时，像的大小______ 。
20. 如图是某物质的温度随加热时间变化的图像，由图像可知该物质是______ (选填“晶体”或“非晶体”)，图中______ 段表示该物质的熔化过程。
21. 如图所示电路，开关S闭合前，电压表的示数为U；开关S闭合后，两灯L1、L2均正常发光，电压表示数变为0.25U，此时电压表测量灯______ 两端的电压，灯L1、L2的电阻之比为______ 。
22. 两个质量分布均匀的正方体A、B放在水平地面上，A、B对地面的压强之比为2：3，将A沿水平方向切去高为L的部分，把切去部分叠放在B上，B对地面的压强为pB，A剩余部分对地面的压强为pA，pA、pB与L的变化关系如图所示，则切除之前A的边长为______ cm，B的密度为______ kg/m3。
23. 图中小球静止在水面上，请画出小球所受浮力F的示意图。
24. 请在图中画出反射光线并标出反射角r。
25. 两千多年前，亚里士多德认为：力是维持物体运动的原因。我们可以通过实验和推理来判断这个观点是否正确。
(1)让小车在同一斜面顶端由______ 滑下，是为了使小车到达水平面时的______ 相同。
(2)对比三次实验现象，发现小车沿______ 表面所受阻力最______ ，小车滑行距离最长。
(3)若小车运动时不受阻力，小车将做______ 运动，由此可知物体的运动不需要力来维持。
26. (1)图甲是兴趣小组自制的小纸锅。将装有水的纸锅放到酒精灯上加热，不要让火苗烧到水面以上的纸，纸的着火点约183℃，酒精灯火焰温度约500℃。过一会水就沸腾，沸腾时水的温度______ ，纸锅______ (选填“会”或“不会”)燃烧。
(2)在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图乙所示，光经过凸透镜后______ (选填“会聚”或“发散”)在光屏上成倒立缩小的像，生活中的______ (选填“照相机”或“投影仪”)就是利用这一原理制成的。
(3)如图丙所示，在“探究什么情况下磁可以生电”的实验中，当闭合电路中的导体AB向______ 运动时，观察到灵敏电流计指针发生偏转，说明电路中产生了______ 。
27. 农村义务教育学生营养改善计划政策惠及千家万户。小明想知道学校发放牛奶的密度，他利用托盘天平、量筒、烧杯和水进行测量。
(1)将牛奶倒入量筒，如图甲所示，牛奶的体积为______ cm3；天平应______ 放置。用调节好的天平测出空烧杯的质量为29.4g，然后将量筒中的牛奶倒入烧杯中，用天平测量烧杯和牛奶的总质量，横梁平衡时，右盘中砝码的数量及游码的位置如图乙所示，则烧杯和牛奶的总质量为______ g；
(2)根据以上实验数据计算出牛奶的密度为______ g/cm3。用该方法测得的密度比真实值偏______ (选填“大”或“小”)，原因是______ ；
(3)为了减小误差，小明利用电子秤、合金块(密度为ρ)和烧杯再次测量牛奶密度，他进行了以下操作：
①将合金块放在电子秤上，如图丙所示，记下示数m0；
②将适量的牛奶倒入烧杯，放在电子秤上，如图丁所示，记下示数m1；
③用细绳拴住合金块并浸没在牛奶中，如图戊所示，记下示数m2；
④牛奶的密度表达式ρ牛奶= ______ (用已知物理量ρ、m0、m1、m2表示)。
28. 旧物利用既节能又环保。小明爸爸将一节新电池和一节旧电池混合使用，认为这样会更节能。善于观察的小明看到电池使用说明中提示“请一次性更换所有电池，以免新旧电池混用”。于是小明在家中找出同一品牌的电池设计实验，探究新旧电池混用是否更节能。
实验
电池组合
AB之间的电压UAB/V
S断开时
S闭合时
1
两节新电池串联
3.2
3.1
2
一新一旧电池串联
1.9
1.3
3
一节新电池
1.6
1.5
(1)小明将同型号的两节新电池串联或“一新一旧”的两节电池串联，分别给同一辆玩具电动车供电，让玩具车在______ (选填“相同”或“不同”)的路面上行驶。他发现在相同时间内装有“一新一旧”电池的玩具车通过的路程较短，说明这个过程中该组电池提供的电能越______ 。
(2)小明换用定值电阻进一步探究，通过测量定值电阻两端的电压，比较电池给定值电阻提供电压的大小。他设计了如图所示的电路进行实验，分别将相同型号的电池以不同的组合方式接入AB间，将开关S闭合前后的电压表读数记录在表中。
①分析表中的数据发现，“一新一旧”电池串联对外提供的电压最______ 。
②小明找来几个其他型号的新旧电池重复以上实验，是为了______ (选填“减小实验误差”或“实验结论具有普遍性”)。
③小明查阅资料得知，电池本身有电阻，称为电池内阻，旧电池的内阻较大。分析实验电路可知，电池和电阻R是串联，旧电池内阻越大，消耗自身的能量就越______ ，电池能提供给电阻R两端的电压就越______ ，所以新旧电池不能混用。
(3)分析表格中实验2、3的数据，你能提出一个具有研究价值的问题是______ °
29. 太阳能是理想清洁能源之一，一辆太阳能玩具小车在3N的牵引力作用下匀速行驶了20m，用时40s。求：
(1)玩具小车行驶的速度；
(2)玩具小车牵引力所做的功；
(3)玩具小车牵引力做功的功率。
30. 载人飞船在发射前，科技人员要检查飞船舱体的气密性，科技小组设计了如图甲所示的电路进行模拟检测，电源电压不变，定值电阻R0阻值为40Ω，R1为压力传感器，其阻值随环境气压的变化规律如图乙所示，R1置于舱体内，舱体置于真空室中。舱体不漏气时，舱体内气压为1.0×105Pa，电流表示数为0.6A。求：
(1)舱体不漏气时，R0两端的电压。
(2)舱体不漏气时，R0消耗的电功率
(3)一段时间后，电流表损坏了，组员拆除电流表，将一只电压表并联在R0两端，正确连接电路后闭合开关，电压表示数为20V，请推算出此时舱体内的气压值并判断是否漏气。
31. 如图甲所示，正方形木板放置在水平地面上，装有2kg水的薄壁圆柱形容器(质量不计)放在木板中央，木板的底面积S木=2×10−2m2，容器的底面积S容=1×10−2m2，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3。求：
(1)容器中水的重力；
(2)容器对木板的压强；
(3)现有如图乙所示的物体A、B、C(其密度、体积的关系如表所示)，选择其中一个物体放入容器中(水足够多且不会溢出)，水对容器底部压强的增加量为Δp水，水平地面受到压强的增加量为Δp地，使Δp水与Δp地比值最小。通过计算进行判断选择的是哪个物体，并求出此最小比值。
物体
密度
体积
A
1.0ρ水
2V
B
3.0ρ水
3V
C
0.5ρ水
3V
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：影子是由于光照射到不透明的物体形成的阴影部分，是由于光的直线传播形成的。
故选：D。
光在同种均匀介质中沿直线传播，如：激光准直、小孔成像、影子的形成、日食和月食的形成等。
本题考查了光的直线传播，是一道基础题。
2.【答案】A
【解析】解：磁铁具有吸附铁质物质的性质，可以将铁屑快速从细沙中分离出来，而用镊子、钥匙和放大镜来分离铁屑显然效率低下、不现实。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
把物体吸引铁钴镍等物质的性质叫磁性，具有磁性的物体叫磁体。
知道磁体能够吸引铁钴镍等物质。知道具有磁性的物体叫磁体。
3.【答案】C
【解析】解：常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。题中塑料尺子、橡皮擦、木制书签都是绝缘体，只有金属圆规是导体，而要使小灯泡发光，在金属夹之间必须接入导体，所以开关闭合后小灯泡能发光的是金属圆规。
故选：C。
要使小灯泡发光，在金属夹之间必须接入导体，容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。
此题考查区分物体为导体还是绝缘体，属于识记的内容，难度较小。
4.【答案】B
【解析】解：A.为了安全用电，电冰箱、洗衣机等大功率家用电器的电源插座都要用三孔插座，三脚插头的接地脚应与用电器的金属外壳相连，这样若金属外壳的用电器外壳万一带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，故A错误；
B.检修电路时要切断开关，以避免触电事故，故B正确；
C.家庭电路中控制用电器的开关应接在火线和用电器之间，这样在开关断开时，用电器上没有电，不会发生触电事故，故C错误；
D.使用试电笔时，笔尖接触被测物体，手必须接触笔尾金属体才能构成通路，试电笔接触火线时氖管才能发光，故D错误。
故选：B。
(1)用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替；
(2)检修电路时要切断开关，以避免触电事故；
(3)家庭电路中控制用电器的开关应接在火线和用电器之间；
(4)使用试电笔时，笔尖接触被测物体，手必须接触笔尾金属体才能构成通路，试电笔接触火线时氖管才能发光。
本题考查了安全用电的常识，属于基础知识在日常生活中一定要养成安全用电的习惯。
5.【答案】D
【解析】解：人的眼球好像一架照相机，当看物体时，晶状体相当于照相机的镜头--凸透镜，将来自物体的光会聚在视网膜上，视网膜相当于照相机的胶卷，外界物体在视网膜上所成的像是缩小、倒立的实像，故D正确、ABC正确。
故选：D。
根据眼睛的构造来分析眼睛是如何看到物体的，其中晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，它把来自物体的光会聚在视网膜上，形成物体的像。
本题主要考查学生对眼睛及其视物原理的了解和掌握，结合凸透镜成像的规律或生活的体验很好理解。
6.【答案】B
【解析】解：A.用吸管吸饮料，是利用大气压把饮料压入吸管内的，故A错误；
B.站台设置安全线，是因为列车快速行驶时，带动周围的气体快速流动，气压变小，站台上候车的旅客如果距离列车太近，在身体两侧压强差的作用下，有可能被推向行驶的列车，发生危险，故B正确；
C.盆景自动供水是利用大气压工作的。一旦水面低于瓶口，水就从瓶内流出，当水面升高超过瓶口，在大气压作用下，水就不再流出，故C错误；
D.茶壶盖上开小孔，是为了保持茶壶内外气压相等，便于壶内的水顺利倒出，故D错误。
故选：B。
气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。据此对照各个选项逐一进行分析从中选出符合题意的答案即可。
掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强解释有关的问题是解答的关键，本题反映了物理来源于生活，应用于生活。
7.【答案】D
【解析】解：A.洗衣机工作时电能主要转化为机械能，利用了通电导体在磁场中受到力的作用而工作的，应用了电流的磁效应，故A错误；
B.电风扇工作时电能主要转化为机械能，利用了通电导体在磁场中受到力的作用而工作的，故B错误；
C.电视机主要把电能转化为光能和声能，故C错误；
D.电饭锅工作时电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故D正确。
故选：D。
当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应。一方面，利用电流的热效应可以为人类的生产和生活服务；另一方面，电流的热效应也有一些不利因素。任何通有电流的导线，都可以在其周围产生磁场的现象，称为电流的磁效应。
主要考查电流的热效应、电流的磁效应和电流的化学效应在生活中的应用实例，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪一个效应。体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念。
8.【答案】C
【解析】解：A.声音的传播需要介质，故悠扬的歌声是通过空气传入人耳的，故A正确；
B.不同人声带产生的声音的音色一般不同，所以可以根据音色可判断出是哪位歌手的歌声，故B正确；
C.当音箱发出悠扬的歌声，影响别人的正常休息或学习时属于噪声，故C错误；
D.由于声音可以传递信息和能量，故音箱具有声控功能，说明声音可以传递信息，故D错误。
故选：C。
(1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(2)一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止；
(3)噪声是指妨碍人正常休息、学习和生活的声音以及对人们要听到的声音起干扰作用的声音；
(4)声音可以传递信息，也可以传递能量。
此题综合性较强，考查声音的产生、传播和特征、噪声等知识；结合声音产生、传播的条件，区分好声音的三个特征，可解答此题。
9.【答案】B
【解析】解：用餐巾纸摩擦过的塑料吸管接触验电器的金属球，金属箔片和塑料吸管带同种电荷，金属箔片因带同种电荷相互排斥。
故选：B。
验电器原理：同种电荷相互排斥。
此题考查了验电器原理，属于基础知识。
10.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，电动机与电热丝是并联，开关S1在干路上，控制整个电路；开关S2在电热丝所在支路，只控制电热丝。因此只闭合开关S1，只有电动机工作，吹冷风；只闭合开关S2，电动机与电热丝都不工作；同时闭合开关S1、S2，电动机与电热丝都工作，吹热风，故C正确，ABD错误。
故选：C。
电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。
本题考查了并联电路的特点。干路上的开关控制所有用电器，支路上的开关只控制该支路上的用电器。
11.【答案】D
【解析】解：A、键子上升过程中只是改变了状态、位置，所以质量没有改变，故A错误；
B、毽子到达最高点的瞬间受到重力的作用，故B错误；
C、毽子在下落过程中运动速度发生改变，所以其运动状态发生改变，故C错误；
D、毽子下落时，与地面之间发生了位置的变化，相对地面是运动的，故D正确。
故选：D。
(1)质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，如果只是改变了形状、状态、温度、位置则不会发生改变；
(2)根据毽子的运动状态分析其受力情况；
(3)运动状态的改变包括运动方向的改变和运动速度的改变；
(4)根据毽子和地面之间的位置的变化分析。
本题考查了与物体运动和力相关的多个知识点，要求我们对物体的运动和受力情况有一定明确的了解，难度不大。
12.【答案】B
【解析】解：汽车在匀速上升的过程中，质量不变，速度不变，则动能不变，同时高度增加，故重力势能增大。
故选：B。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法判断动能、重力势能的变化是解答此类题的关键。
13.【答案】A
【解析】解：A.花香四溢是扩散现象，说明分子不停地做无规则运动，故A正确；
B.水的比热容比较大，与质量相同的其它物质相比，吸收或放出相同的热量，水的温度变化小，所以夏日炎炎，沿海地区昼夜温差小，故B错误；
C.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，此过程放热，故C错误；
D.雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，此过程放热，故D错误。
故选：A。
(1)分子都在不停地做无规则运动；
(2)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(3)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。
本题主要考查学生对凝华现象、分子动理论和“水的比热容大”的了解和掌握，是一道基础题。
14.【答案】BD
【解析】解：AB.轴固定不动的滑轮是定滑轮，轴可以随物体一起移动的滑轮是动滑轮，根据晾衣架的结构可知，该晾衣架有4个定滑轮、2个动滑轮，故A错误，B正确；
CD.使用机械的过程中必须做额外功，有用功一定小于总功，所以机械效率必小于1，故C错误、D正确。
故选：BD。
定滑轮和动滑轮的主要区别是：动滑轮会随物体一起运动，定滑轮不随物体运动；利用该装置既能省力，又能改变力的方向；使用机械必须做额外功，机械效率小于1。
本题考查滑轮种类的判断及滑轮组的特点、机械效率的大小，属于基础知识。
15.【答案】BC
【解析】解：A.电阻R1和R2串联接入电路，该电路中的电表与R1并联接入电路，为电压表，故A错误；
B.热敏电阻R1的阻值随温度的升高而增大，温度降低时，热敏电阻R1的阻值减小，故B正确；
CD.温度升高时，热敏电阻R1的阻值增大，由电阻的串联可知电路的总电阻增大，由I=UR可知电路中的电流变小，R2是定值电阻，根据U=IR可知R2两端电压变小，故C正确，D错误。
故选：BC。
(1)根据电表的连接方式可知电表的类型；
(2)电阻R1的阻值随温度的升高而增大，当温度升高时，串联电路的总电阻变大，根据I=UR可知电路中的电流变化，根据U=IR可知R2的电压变化，根据串联电路的电压规律可知电压表示数的变化。
本题考查了电路的动态分析、欧姆定律的应用，难度不大。
16.【答案】AD
【解析】解：A、A球漂浮，ρA<ρ水，B球下沉，ρB>ρ水，故ρA<ρB，故A正确；
B、两球体积相同，A球排开水的体积比B球小，根据F浮=ρgV排可知A球受到的浮力小于B球，FA
D、由阿基米德原理和物体浮沉条件可知，小球A漂浮时有F浮A=G排A=GA，小球B沉底时有F浮B=G排B
由F1=G容+(G水−G排A)+GA=G容+G水和F2=G容+(G水−G排B)+GB>G容+G水可知，F甲
(1)A球漂浮，ρA<ρ水，B球下沉，ρB>ρ水，据此分析ρA和ρB的大小关系；
(2)两球体积相同，A球排开水的体积比B球小，根据F浮=ρgV排可知FA和FB的大小关系；
(3)两容器底部水的深度相同，根据p=ρgh可知水对烧杯底的压强大小关系；
(4)由阿基米德原理和物体浮沉条件比较小球的重力与所受浮力的关系，容器对桌面的压力等于容器中加上水的重力、减去排开水的重力然后加上小球的重力，据此比较容器对桌面的压力关系。
本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、液体压强公式的综合应用等，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
17.【答案】电磁 可再生
【解析】解：电磁波可以传递信息且可以在真空中传播，北斗卫星导航系统通过电磁波为汽车提供导航信息。
太阳能从自然界可以源源不断得到，是可再生能源。
故答案为：电磁；可再生。
电磁波可以传递信息且可以在真空中传播，能从自然界源源不断得到或可重复利用的能源是可再生能源，不能从自然界源源不断得到或不能重复利用的能源是不可再生能源。
本题主要考查了电磁波的利用以及能源的分类，是一道基础题。
18.【答案】做功 省力
【解析】解：弯折铁丝时，人对铁丝做功，机械能转化为内能，物体内能增大，所以说明做功可以改变铁丝的内能。
在剪断铁丝的过程中，动力臂大于阻力臂，根据杠杆平衡的条件，动力小于阻力，属于省力杠杆。
故答案为：做功；省力。
(1)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，机械能转化为内能，物体的内能增大；当物体对外界做功时，内能转化为机械能，物体的内能就会减小；
(2)先判断钢丝钳在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查了改变内能的方法和杠杆的分类，我们要能够根据我们学过的物理知识来解决我们生活中的实际问题。
19.【答案】0.5 不变
【解析】解：
小明站在距离平面镜0.5m前照镜子，根据物像到平面镜距离相等，所以小明的像到镜面的距离也是0.5m；
当他远离镜面照全身时，小明的身高不变，根据物像大小相等，所以小明的像大小不变。
故答案为：0.5；不变。
根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
平面镜成像特点是平面镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
20.【答案】晶体 BC
【解析】解：由图像可知，该该物质有一段时间，吸收热量，温度不变，故该物质为晶体。
晶体熔化过程中吸收热量，温度不变，表现在温度−时间图像中为平行于横轴的一条直线，即BC段表示该物质的熔化过程。
故答案为：晶体；BC。
晶体在一定的温度下熔化，晶体在熔化过程中吸热、温度不变。
此题考查了晶体熔化的特点，属于基础知识。
21.【答案】L2 3：1
【解析】解：由图可知，开关S闭合前，电压表串联在电路中，电压表的示数等于电源电压，所以电源电压是U；
闭合开关S后，两个灯泡串联，电压表测量灯泡L2两端的电压；
由串联电路电压的规律可知，灯泡L1两端的电压为：U1=U−U2=U−0.25U=0.75U；
串联电路中各处的电流相等，由欧姆定律可知两个灯泡的电阻之比为：R1R2=U1IU2I=U1U2=0.75U0.25U=31。
故答案为：L2；3：1。
由图可知，开关S闭合前，电压表串联接入电路中，电压表测量的是电源电压；闭合开关S后，两灯串联，电压表测L2两端的电压，电流表测串联电路的电流；根据串联电路的电压规律和U=IR求出两个灯泡的电阻之比。
本题考查了欧姆定律的应用、串联电路的电压规律，属于基础题。
22.【答案】10 3×103
【解析】解：由“将A沿水平方向切去高为L的部分，把切去部分叠放在B上”可知，A剩余部分对地的压强减小，B对地的压强增大，由图可知，下面的图线反映了pA与L的变化关系，上面的图线反映了pB与L的变化关系；由图中A的图线可知，当切去部分的高度为10cm时，A剩余部分对地面的压强为0，即此时A全部被切去，因此A的边长为10cm；
由图可知，未切前B的压强为6×103Pa，A、B对地面的压强之比为2：3，即未切前A的压强为：
pA=23×6×103Pa=4×103Pa，
A的底面积为：
SA=10cm×10cm=100cm2=0.01m2
则A的重力等于压力，即
GA=FA=pASA=4×103Pa×0.01m2=40N
由图可知，当把A全部放在B上后增加的压强为：
Δp=7×103Pa−6×103Pa=1×103Pa，
则B的底面积为：
SB=GAΔp=40N1000Pa=0.04m2，
即B的边长为0.2m，A的密度为：
ρA=mAVA=GAgVA=40N10N/ kg(0.1m)3=4×103kg/m3，
因为切除前A、B对地面的压强之比为2：3，可得：
pApB=ρAghAρBghB=ρAlAρBlB=23，
即B的密度为：
ρB=3ρAglA2glB=3ρAlA2lB=3×4×103kg/m3×0.1m2×0.2m=3×103kg/m3。
故答案为：10；3×103。
(1)根据将A沿水平方向切去高为L的部分，把切去部分叠放在B上可知，A剩余部分对地的压强减小，B对地的压强增大，由图可知，下面的图线反映了pA与L的变化关系，上面的图线反映了pB与L的变化关系；由图中A的图线可知，当切去部分的高度为10cm时，A剩余部分对地面的压强为0，即此时A全部被切去，因此A的边长为10cm；
(2)由图可知，未切前B的压强为6×103Pa，A、B对地面的压强之比为2：3，即未切前A的压强，可得A的底面积，则可得A的重力，由图可得，当把A全部放在B上后增加的压强，求得B的底面积，求得A的密度，根据切除前A、B对地面的压强之比为2：3，求得B的密度。
本题考查液体压强的计算以及公式的应用，压强的计算，难度不大。
23.【答案】解：小球在水中静止时处于漂浮状态，此时浮力等于重力，所受到的浮力的作用点在重心，方向是竖直向上的，如图所示：
。
【解析】小球受到的浮力的作用点在重心，方向是竖直向上。
本题考查了力的示意图的画法，掌握浮力方向竖直向上是解题的关键。
24.【答案】解：由图知已经画出法线，然后根据反射角等于入射角，在法线的另一侧画出反射光线，反射角是反射光线与法线的夹角，如图所示。
【解析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角。
作反射光线时，先确定反射点，根据反射角等于入射角在同一平面内法线的另一侧画出反射光线，注意完成题目的要求。
25.【答案】静止自由 速度 木板 小 匀速直线
【解析】解：(1)由控制变量法，让小车在同一斜面顶端由静止自由滑下，是为了使小车到达水平面时的速度相同。
(2)木板表面最光滑，对比三次实验现象，发现小车沿木板表面所受阻力最小，小车滑行距离最长。
(3)根据(2)推理，若小车运动时不受阻力，小车通过的距离无限长，即小车将做匀速直线运动，由此可知物体的运动不需要力来维持。
故答案为：(1)静止自由；速度；(2)木板；小； (3)匀速直线。
(1)由控制变量法，要控制小车到达水平面时的速度相同。
(2)木板表面最光滑，根据实验现象回答。
(3)根据(2)推理回答。
本题研究运动和力的关系，主要考查控制变量法和推理法的运用。
26.【答案】保持不变 不会 会聚 照相机 左或右 感应电流
【解析】解：(1)因为纸的燃点高于水的沸点，且水沸腾后，继续吸热，温度不再升高，所以在纸锅里装一些水，放在火上加热，过一会儿发现水会沸腾，而纸锅不会被烧坏；
(2)蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图乙所示，光经过凸透镜后会聚在光屏上成倒立缩小的像，此时的物距大于像距，成倒立、缩小的实像，生活中的照相机就是利用这一原理制成的；
(3)当闭合电路中的导体AB向左或向右运动时，导体AB做切割磁感线运动，观察到灵敏电流计指针发生偏转，说明电路中产生了感应电流。
故答案为：(1)保持不变；不会；(2)会聚；照相机；(3)左或右；感应电流。
(1)水在一个标准大气压下沸点是100℃，而纸的燃点大约是183℃，水沸腾后温度不再变化，所以纸不会燃烧；
(2)凸透镜对光线具有会聚作用；物距大于像距，成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
(3)闭合电路的一部他导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁感应现象。
本题考查了水沸腾的特点、凸透镜成像规律的应用、电磁感应现象，属于综合题。
27.【答案】34 水平 66.8 1.1 小 从量筒向烧杯倒入牛奶时，有部分牛奶残留在量筒中 m2−m1m0ρ
【解析】解：(1)由图甲可知，量筒的分度值为2mL，所以牛奶的体积为34mL，即34cm3。
使用天平前，将天平放到水平桌面上。由图乙可知，则烧杯和牛奶的总质量为m总=50g+10g+5g+1.8g=66.8g；
(2)牛奶的质量m=m总−m杯=66.8g−29.4g=37.4g，
牛奶的密度为ρ=mV=37.4g34cm3=1.1g/cm3，
当将量筒中的牛奶倒入烧杯中，会有牛奶沾在量筒壁上，而倒不干净，因此所测的质量会偏小，根据公式ρ=mV得测得的密度比真实值偏小。
(3)合金块排开牛奶的体积等于合金块的体积，合金块的体积V合金=m0ρ，
合金块排开牛奶的体积V排=V合金，
合金块排开牛奶的质量m排=m2−m1，
牛奶的密度ρ牛奶=m排V排=m2−m1m0ρ。
故答案为：(1)34；水平；66.8；(2)1.1；小；从量筒向烧杯倒入牛奶时，有部分牛奶残留在量筒中；(3)m2−m1m0ρ。
(1)在进行量筒的读数时，注意分度值，视线应与液面的凹底相平；在调节天平平衡时，游码应拨到零刻线上，再调节平衡螺母，使天平平衡；天平平衡时物体的质量等于右盘中砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值。
(2)将牛奶的质量和体积代入公式ρ=mV便可求出其密度；根据公式，分别分析质量和体积的偏差，即可得出结论；
(3)已知合金的质量和密度算出合金的体积，结合题意表示出牛奶的质量、体积，利用密度计算公式写出表达式即可。
此题主要考查的是学生对天平的调节和读数、量筒的读数、密度计算公式的理解和掌握，综合性题目。
28.【答案】相同 少 低 实验结论具有普遍性 多 低 开关闭合时为什么“一新一旧”电池提供的电压比一节新电池提供的低
【解析】(1)小明将同型号的两节新电池串联或“一新一旧”的两节电池串联，分别给同一辆玩具电动车供电，让玩具车在相同的路面上行驶。他发现在相同时间内装有“一新一旧”电池的玩具车通过的路程较短，说明这个过程中该组电池提供的电能越少；
(2)①分析表中的数据发现，“一新一旧”电池串联对外提供的电压最低；
②小明找来几个其他型号的新旧电池重复以上实验，进行多次实验是为了实验结论具有普遍性；
③分析实验电路可知，电池和电阻R是串联，旧电池内阻越大，消耗自身的能量就越多，电池能提供给电阻R两端的电压就越少，所以新旧电池不能混用；
(3)分析表格中实验2、3的数据，提出一个具有研究价值的问题是：开关闭合时为什么“一新一旧”电池提供的电压比一节新电池提供的低？
故答案为：(1)相同；少；(2)①低；②实验结论具有普遍性；③多；低；(3)开关闭合时为什么“一新一旧”电池提供的电压比一节新电池提供的低？
(1)根据控制变量法和转换法进行解答；
(2)①分析表中的数据进行解答；
②进行多次实验是为了实验结论具有普遍性；
③分析实验电路可知，电池和电阻R是串联，旧电池内阻越大，消耗自身的能量就越多，电池能提供给电阻R两端的电压就越少；
(3)分析比较表格中实验2、3的数据进行解答。
本题通过新旧电池混用的问题，考查串联电路的规律以及实验方法和分析；注意电池用久了，电池内阻增大，旧电池对外供电时，自身消耗的电能增多，电能损失大，因此不要把新旧电池混合使用。
29.【答案】解：(1)玩具小车行驶的速度为v=st=20m40s=0.5m/s；
(2)玩具小车牵引力所做的功为W=Fs=3N×20m=60J；
(3)玩具小车牵引力做功的功率为P=Wt=60J40s=1.5W。
答：(1)玩具小车行驶的速度是0.5m/s；
(2)玩具小车牵引力所做的功60J；
(3)玩具小车牵引力做功的功率是1.5W。
【解析】(1)利用速度计算公式求得玩具小车行驶的速度；
(2)利用W=Fs求得玩具小车牵引力所做的功；
(3)利用P=Wt求得玩具小车牵引力做功的功率。
此题考查了速度、功、功率计算公式的应用，属于基础知识。
30.【答案】解：(1)定值电阻R0与压敏电阻R1串联，电流表测电路的电流，
舱体不漏气时，R0两端的电压为U0=I0R0=0.6A×40Ω=24V；
(2)舱体不漏气时，R0的电功率为P0=U0I0=24V×0.6A=14.4W；
(3)舱体不漏气时，由图像可知压力传感器R1阻值为10Ω，
电路的总电阻为R总=R0+R1=40Ω+10Ω=50Ω，
电源电压为U=IR总=0.6A×50Ω=30V，
当电压表示数为U0′=20V时，电路中的电流为I′=I0′=U0′R0=20V40Ω=0.5A，
此时电路总电阻为R′=UI′=30V0.5A=60Ω，
此时压力传感器R1阻值为R1′=R′−R0=60Ω−40Ω=20Ω，
结合乙图可知对应气压值为0.7×105Pa，
0.7×105Pa<1×105Pa，所以舱体漏气。
答：(1)舱体不漏气时，R0两端的电压为24V；
(2)舱体不漏气时，R0消耗的电功率为14.4W；
(3)压力传感器R1阻值为20Ω，查表可知对应气压值为0.7×105Pa，以舱体漏气。
【解析】由图甲可知，定值电阻R0与压敏电阻R1串联，电流表测电路的电流；
(1)根据欧姆定律求出通过R0两端的电压；
(2)利用P=UI求得R0消耗的电功率；
(3)根据图乙可知，舱体内气压为1.0×105Pa时，压敏电阻R的阻值，根据串联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，根据串联电路的电流特点求出此时电路中的电流，根据欧姆定律求出电源电压；根据欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出此时电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出压敏电阻的阻值，根据图乙可知此时舱内的气压值。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功公式的应用，关键是根据图像读出相关的信息。
31.【答案】解：(1)容器中水的重力：G水=m水g=2kg×10N/kg=20N；
(2)由于容器的质量不计，容器对桌面的压力：F压=G水=20N，
容器对木板的压强为：p=F压S容=20N1×10−2m2=2000Pa；
(3)第一种情况：因为ρA=1.0ρ水，ρB=3.0ρ水，
所以，由物体的浮沉条件可知，A、B在水中完全浸没，
因此A、B排开液体的体积：V排=V物，
水对容器底部压强的增加量：Δp水=ρ水gΔℎ=ρ水gV排S容，
水平地面受到压强的增加量：Δp地=ΔFS木=G物S木=m物gS木=ρ物gV物S木，
则Δp水Δp地=ρ水gV排S容ρ物gV物S木=ρ水gV排S容⋅S木ρ水gV排=ρ水V排S木ρ物V物S容……①
由①式可知，选择B放入容器中可使Δp水与Δp地比值较小，
解得Δp水Δp地=ρ水S木ρBS容=ρ水×2×10−2m23ρ水×10−2m2=23；
第二种情况：因为ρC=0.5ρ水，即C的密度小于水的密度，
所以，由物体的浮沉条件可知，C放入后在水中漂浮，
由物体的漂浮条件可知，C放入水中后受到的浮力：F浮=GC，
因为F浮=G排=ρ水gV排，
GC=mCg=ρCgVC=0.5ρ水gVC，
所以ρ水gV排=0.5ρ水gVC，
解得 V排=12VC，
由①式可知，Δp水Δp地=ρ水gV排S容ρ物gV物S木=ρ水g12VcS容⋅S木ρCgVC=ρ水S木2ρCS容=ρ水×2×10−2m22×0.5ρ水×1×10−2m2=21
综上所述，选择B放入容器中可使Δp水与Δp地比值最小，最小比值为 23。
答：(1)容器中水的重力为20N。
(2)容器对木板的压强为2000Pa。
(3)选择将B放入容器中，Δp水Δp地=23为最小值。
【解析】(1)根据G=mg求出容器中水的重力；
(2)由于容器的质量不计，容器对桌面的压力大小等于水的重力，根据p=FS求出容器对桌面的压强；
(3)根据物体的浮沉条件分析判断物体在水中静止时所处的状态，当物体浸没在容器内水中后(水不会溢出)，排开水的体积和自身的体积相等，当物体漂浮时，根据物体的漂浮条件表示出物体受到的浮力，根据阿基米德原理、密度公式和G=mg求出此时物体排开水的体积与物体的体积关系，根据V=Sh求出容器内水面上升的高度，根据p=ρgh表示出水对容器底部压强的增加量；水平面上物体的压力和自身的重力相等，木板对地面压力的增加量等于物体的重力，根据p=FS表示出水平地面受到的压强增加量，然后得出Δp水Δp地的表达式，结合表格数据选择物体，进一步得出答案。
本题考查了物体的浮沉条件、密度公式、重力公式、液体压强公式、压强定义式和阿基米德原理，正确的表示出水对容器底部压强的增加量与水平地面受到的压强增加量的比值是关键，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。
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