2023年河南省南阳市卧龙区中考物理一模试卷

这是一份2023年河南省南阳市卧龙区中考物理一模试卷，共19页。
2023年河南省南阳市卧龙区中考物理一模试卷
1. 现在很多超市都安装了防盗报警器，超市的商品上贴有软磁条。如果消费者不结帐就直接走出超市，那么由于软磁条没有消磁，防盗报警器上的检测头就会有电流产生，导致报警器会响，这与______(选填“电动机”或“发电机”)的工作原理相似，听到报警器的声音是由______传到人耳处。
2. 如图所示，某同学手握矿泉水瓶不动，矿泉水瓶受到的摩擦力方向______；他用手捏瓶壁，瓶子变扁，说明力可以改变物体的______；他将矿泉水喝去一部分，继续握在手里，则瓶子受到的摩擦力将______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
3. 某同学在小瓶里装一些带颜色的水，再取一根两端开口的细玻璃管，在它上面画上刻度，使玻璃管穿过橡皮塞插入水中，从管子上端吹入少量气体，就制成了一个简易的气压计(如图甲所示)。周末他带着简易气压计乘坐爸爸的轿车外出，轿车外形如图乙所示，当轿车在水平平直公路上高速行驶时，轿车对地面的压力______(选填“大于”“等于”或“小于”)轿车的重力；当轿车从山脚开到山顶时，不考虑温度改变，简易气压计玻璃管内水柱的高度会______(选填“上升”“下降”或“不变”)。

4. 工人师傅用如图所示滑轮组向楼上运送沙子，在30s内将45kg的沙子匀速向上竖直拉升了6m，绳子自由端的拉力是300N。这个过程中拉力做的功是______ J，此次运送沙子，滑轮组的机械效率是______。


5. 如图甲所示，电源电压恒为6V，滑动变阻器的最大阻值为50Ω，电流在0.1A∼0.4A之间时电子元件均能正常工作。若通过此电子元件的电流与其两端电压的关系如图乙所示 为使电子元件处于正常工作状态，滑动变阻器接入电路的最大阻值为______Ω；在电子元件处于正常工作状态下，电路消耗的最大功率为______；在电子元件处于正常工作状态下且电路消耗的功率最大时，滑动变阻器每分钟发热______J。

6. 假如失去重力，将会出现的现象是______ (写出一种生活中可能发生的现象)。假如地磁场消失，将会出现的现象是______ (写出一种生活中可能发生的现象)。
7. 历史上关于光的本性的认识主要有两种观点：一种是以牛顿为代表的“微粒说”；另一种是以托马斯⋅杨为代表的“波动说”，即认为光是一种波。下列史实符合科学精神的是(    )
A. 鉴于牛顿在力学方面的伟大成就，所以“微粒说”一定是对的
B. 由于大多数科学家支持牛顿的观点，所以“微粒说”一定是对的
C. 泊松以“波动说”为基础，结合数学知识推导出听起来特别荒谬的结果，所以“波动说”是错的
D. 托马斯⋅杨用实验证实了光具有波独有的特性，所以“波动说”是正确的
8. 关于图中所示的热现象，说法正确的是(    )
A. 图甲中炙热的铁水具有内能，冰冷的冰块没有内能
B. 图乙中冬天搓手取暖是将内能转化为机械能
C. 图丙中用湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能
D. 图丁中能量转化与汽油机做功冲程能量转化都是机械能转化为内能
9. 小明利用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律。将蜡烛放在凸透镜左侧适当位置，调整光屏到凸透镜的距离，使烛焰在光屏上成清晰的像，分别测出物距u和像距v，实验数据如下表。
实验次数
1
2
3
4
5
物距u/cm
60
30
20
15
12
像距v/cm
12
15
20
30
60
下列说法正确的是(    )
A. 该凸透镜的焦距为20cm
B. 从第1次实验到第5次实验，成在光屏上的像越来越大
C. 当u=45cm时，移动光屏，可在光屏上成倒立、缩小的清晰实像
D. 第5次实验后，在贴近凸透镜左侧放一眼镜片，向右移动光屏，能在光屏上成清晰的像，则眼镜片对光起会聚作用
10. 国家关于电动自行车的技术标准规定：电动自行车刹车时，电动机必须断电。所以，电动自行车左右两刹车手柄中各安装有一只开关S1和S2，S是用钥匙控制的电源开关。在行驶中用任一只手柄刹车时，开关S1或S2断开，电动机立即断电。下列电路中符合这一要求的是(    )
A. B.
C. D.
11. 甲、乙、丙三个小球的质量m和体积V如下表所示。将它们浸没在水中释放，在其稳定后，三个小球所受的浮力分别为F甲、F乙和F丙。下列判断正确的是(    )
小球
甲
乙
丙
m/g
30
40
54
V/cm3
60
50
20

A. F甲>F乙>F丙 B. F乙>F甲>F丙 C. F丙>F乙>F甲 D. F甲>F丙>F乙
12. 下列各选项中，完全正确的是(    )
A.
物理量的常见值
光速
340m/s
安全电压
36V
大气压强
105Pa

B.
电学仪器及用途
电能表
测电能大小
验电器
验证负电荷
测电笔
辨别正负极

C.
重力的三要素
大小
G=mg
方向
垂直向下
作用点
物体重心

D.
杠杆分类
省力杠杆
瓶起子
等臂杠杆
托盘天平
费力杠杆
钓鱼竿
13. 下列有关新材料、新能源、电磁波说法正确的是(    )
A. 超导体是一种电阻超级大的材料
B. 核电站是利用核聚变原理工作的
C. 电视机遥控器利用红外线实现对电视机的控制
D. 发光二极管是由半导体材料制成的
14. 如图所示。闭合开关S，向右调节滑动变阻器的滑片P，忽略温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是(    )

A. 电压表示数变大，电压表与电流表示数的比值不变
B. 电流表示数变小，电压表与电流表示数的比值变大
C. 小灯泡亮度变亮，电路总电阻变大
D. 小灯泡亮度变暗，电路总功率变小
15. 如图所示，物块A与平板小车一起在水平桌面上向右匀速运动，当小车突然静止时，木块随即在小车的平板上滑行(平板不光滑)，画出木块滑行过程中受力示意图。

16. 电热水器面板上有两个控制开关S1、S2，火线两个电加热管分别用R1、R2表示，要求S1单独控制R1，S2单独控制R2，两个开关同时闭合时R1与R2同时加热。请你在图中，用笔画线代替导线，补全开关控制电加热管的电路，且符合安全用电的原则。
17. 在探究声音的传播时，对课本的实验进行改进，如图。
(1)为了避免声音通过底部固体传出，利用磁悬浮装置使发声体悬浮于空中，A磁体上端为N极，则B磁体下端为______极。
(2)将内部充有少量空气的气球口系紧，并悬挂于玻璃罩内壁，实验过程发现气球体积变大，说明罩内气压变______。
(3)罩内空气不断减少，最后几乎听不到声音了，但发声体上方的轻质小球照旧跳动，说明发声体仍在______。
(4)本实验无法抽成绝对真空，需在实验的基础上，进一步推理得出：真空______传声。写出一个运用类似研究方法的实验：______。
18. 某同学利用弹簧测力计、刻度尺和杠杆等器材测量长方体实心金属块的密度。

(1)挂金属块前，杠杆左端下沉，应将右侧的平衡螺母向______ 调节，使杠杆在水平位置平衡。
(2)杠杆调平后，在A点用轻绳悬挂金属块，B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，如图甲所示。此时弹簧测力计示数为2.5N，金属块质量为______ kg。(g取10N/kg)
(3)已知金属块底面积为30cm2，高度如图乙所示。金属块高度为______ cm，金属块密度为______ kg/m3。
(4)改变金属块和弹簧测力计的位置，进行多次实验，其目的是______ 。
(5)在某次测量过程中，不慎沿斜下方拉弹簧测力计，由此次数据得出的金属块密度值比实际密度______ 。
19. 小志同学在“测量小灯泡电功率”实验中，用到的器材有：新干电池两节、小灯泡(标有0.3A)1只、电流表1只、电压表1只、滑动变阻器1只、开关1支，导线若干。

(1)请用笔画线代替导线，在图甲中将实验电路连接完整(要求滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变小)。
(2)连接好电路，闭合开关，发现灯不亮，电流表无示数，电压表示数接近3V，造成这一现象的原因可能是______ (选填序号)。
A小灯泡短路
B小灯泡开路
C滑动变阻器短路
D滑动变阻器开路
(3)排除故障，进行实验，当电流表的示数如图乙时，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片P向______ (选填“A”或“B”)端移动，当电流表示数达到0.3A时，电压表的示数如图丙，则小灯泡的额定功率为______ W。
(4)小刚用相同的器材进行该实验时发现电压表损坏，他找来一只阻值为R0的定值电阻，设计了如图丁所示的电路，也可测出小灯泡的额定功率，主要的操作步骤如下：
①把电流表接在a处，闭合开关，调节滑片P，使电流表的示数为I额；
②保持滑片P的位置不变，断开开关，把电流表接在b处，闭合开关，读出电流表的示数为I；
③计算得出小灯泡的额定功率P额=______ (用R0、I额、I表示)。
20. 如图所示是我国研发生产的某型号航拍无人机。无人机起飞前，放在地面上要确保四脚着地。启动后，利用遥控器可对它进行控制。无人机的参数如表：
机身总质量/kg
3.6
四脚着地总面积/cm2
12
电池充满后储存的电能/J
108000
最大水平速度/(m⋅s−1)
6
机身尺寸/mm
400×300×200
最大上升速度/(m⋅s−1)
1.5
求：
(1)无人机所受重力是多少？
(2)无人机启动前，四脚着地静止停放在水平地面上，此时无人机对地面的压强是多少？
(3)无人机以最大上升速度匀速竖直升高30米，要飞行多长时间？
(4)无人机从50米高空降落到地面，重力做功是多少？
21. 如图甲是某自动控温电热水器的电路图，其中控制电路电压恒为6 V，R1为热敏电阻，置于水箱中产生的热量对水箱中水温的影响忽略不计，R1阻值随温度变化的关系如图乙所示，R2为可调电阻，用来设定电热水器的水温。R3、R4为纯电热丝，均置于水箱中，R3=22Ω；电磁铁线圈电阻忽略不计，当电磁铁电流达到0.2A时，继电器衔铁被吸下来。工作过程中，电源电压均保持不变，请完成下列问题：

(1)图甲中电磁铁的上端为________(选填“N极”或“S极”)；
(2)加热时电热丝R3的功率为多少？
(3)如果电热水器储有60 kg的水，电路处于加热状态，正常工作1小时，产生的热量80%被水吸收，则水温升高了多少℃？[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),结果保留1位小数]
(4)如果将电热水器水温设为60℃，R2的阻值应该调至多少Ω？

答案和解析

1.【答案】发电机  空气 
【解析】解：由题意可知，超市的商品上贴有软磁条，消费者如果不买单，直接走出超市软磁条没有消磁，检测头就会有电流产生，这是电磁感应现象；人们利用电磁感应现象制成了发电机。听到报警器的声音是由空气传到人耳处。
故答案为：发电机；空气。
防盗报警器上的检测头有电流产生，说明是闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动而产生电流，是电磁感应现象；人们利用电磁感应现象制成了发电机，利用通电导体在磁场中受力的原理制成了电动机。声音的传播需要介质。
本题考查了声音的传播、电磁感应现象的应用，要求学生能通过题意找出防盗报警器的工作原理。

2.【答案】竖直向上  形状  变小 
【解析】解：(1)用手捏瓶壁，瓶子变扁，说明力可以改变物体的形状；
(2)瓶子静止不动，处于平衡状态，在竖直方向上，瓶子受到的竖直向上的摩擦力和竖直向下的重力是一对平衡力，所以大小相等、方向相反，故摩擦力的方向竖直向上，其大小等于瓶的重力；若将矿泉水喝去一部分，瓶子仍然静止，重力和摩擦力还是一对平衡力，因瓶子的重力减小，所以瓶子受到的摩擦力将变小。
故答案为：竖直向上；形状；变小。
(1)力的作用效果包括两个方面，即力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。
(2)瓶子静止在空中，处于平衡状态，符合二力平衡条件：大小相等，方向相反，作用在同一直线上。所以，瓶子受到手竖直向上的摩擦力始终等于瓶子的重力。
本题考查的知识点为，力的作用效果、摩擦力的大小，以及二力平衡条件的应用，在日常生活中有多种方法，如何将其与理论联系在一起是解决这类问题的关键。

3.【答案】小于  上升 
【解析】解：(1)在高速公路上疾驰时，轿车上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，汽车上下表面产生向上的压强差、压力差，使轿车对地面的压力小于车的重力；
(2)自制简易气压计时，要向瓶内吹气，分析图示可知，瓶内气压等于外界大气压与细管内水柱产生压强之和，当高处的大气压强减小时，细管内液面上方承受的气压变小，瓶内气压把液体压入细管，使细管内液柱上升。
故答案为：小于；上升。
(1)在高速公路上疾驰时，轿车上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，汽车上下表面产生向上的压强差、压力差，据此分析。
(2)大气压强随高度的升高而减小，大气压直接压在细管内液面上方。
本题考查了气压计、流体压强与流速的有关知识，综合性强。

4.【答案】360075% 
【解析】解：
由图知，承担重物绳子的段数n=2，
绳端移动距离s=nh=2×6m=12m，
拉力所做的功(总功)：
W总=Fs=300N×12m=3600J，
对砂子做的有用功：
W有=Gh=mgh=45kg×10N/kg×6m=2700J，
滑轮组的机械效率：
η=W有W总=2700J3600J=75%。
故答案为：3600；75%。
由图知，承担重物绳子的段数n=2，绳端移动距离s=nh，由W总=Fs计算拉力所做的总功；由W有=Gh计算有用功，从而计算出机械效率。
本题考查了滑轮组特点、有用功、总功和滑轮组机械效率的计算，难度不大。

5.【答案】402.4W48 
【解析】解：电路电流最小时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，
电路最小电流为0.1A，由图示图象可知，此时电子元件两端电压：U元件=2V，
滑动变阻器两端电压：U滑=U−U元件=6V−2V=4V，由I=UR可知，
滑动变阻器接入电路的最大阻值：R滑最大=U滑I最小=4V0.1A=40Ω；
电路电流最大时，电路消耗的功率最大，电路最大电流为0.4A，
电路消耗的最大功率：P最大=UI最大=6V×0.4A=2.4W，
由图示图象可知，电流为0.4A时，电子原件两端电压：U原件′=4V，
此时滑动变阻器两端电压：U滑′=U−U原件′=6V−4V=2V，
滑动变阻器每分钟t=1min=60s产生的热量：Q=W=U滑′I′t=2V×0.4A×60s=48J；
故答案为：40；2.4W；48。
由电路图可知，滑动变阻器与电阻元件串联，电路电流最小时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，由图乙所示图象可以求出电阻元件正常工作时最小电流所对应的电压，由串联电路特点求出滑动变阻器两端电压，然后由欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大阻值；电源电压一定，电路电流最大时，功率最大，由图象找出正常工作最大电流对应的电压，求出滑动变阻器两端电压，然后由P=UI求出电路消耗的功率，由电功公式求出滑动变阻器消耗的电能。
本题考查了求电阻、电功率、电热问题，应用串联电路特点、欧姆定律、电功率公式与电功公式即可正确解题；由图象找出电流所对应的电压是正确解题的前提与关键。

6.【答案】人会漂浮在空中  指南针不再指示南北 
【解析】解：(1)地球上的人不能轻易脱离地球，是因为人受到重力作用，如果地球上没有了重力，则人就会漂浮在空中；
水往低处流，是因为水受到重力的作用，如果地球上没有了重力，则水就不会向低处流了，而是漂浮在空中；
地球周围有一层厚厚的大气层包裹着地球，这是由于大气受到重力的缘故，如果地球上没有了重力，则空气就会逃离地球，地面附近没有人类和动物赖以生存的大气层了；
(2)指南针依靠地磁场指示南北，假如地磁场消失，指南针不再指示南北。
故答案为：人就会漂浮在空中；指南针不再指示南北。
(1)根据重力对生活的影响分析答题；
(2)根据对地磁场的了解解答。
本题考查了对重力和地磁场应用的了解，难度不大。

7.【答案】D 
【解析】解：牛顿在力学方面的伟大成就，但他提出的“微粒说”没有得到验证，所以不一定是对的；泊松以“波动说”为基础，结合数学知识推导，这提供了理论依据，托马斯⋅杨用实验证实了光具有波独有的特性，所以“波动说”是正确的，故D正确。
故选：D。
科学家的说法不一定是正确的，一个正确的说法需要实践来检验。
本题考查了物理学史，属于基础题。

8.【答案】C 
【解析】解：A、任何物体在任何情况下都具有内能。冰冷的冰块也有内能，故A错误；
B、搓手取暖是机械能转化为内能，故B错误；
C、湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能，故C正确；
D、汽油机做功冲程是内能转化为机械能，图丁中能量转化是机械能转化为内能，故D错误；
故选：C。
(1)任何物体在任何情况下都具有内能；
(2)搓手取暖是机械能转化为内能；
(3)湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小了内能；
(4)汽油机做功冲程是内能转化为机械能；
本题考查了改变内能的两种方式、内能的概念、内燃机的四个冲程的理解，属于基础题。

9.【答案】BC 
【解析】解：
A、根据表格中的数据可知，当u=20cm时，v=20cm，则u=v=2f，所以焦距为10cm，故A错误；
B、从第1次实验到第5次实验，物距始终大于焦距，物距变小，像距变大，像变大，故B正确；
C、当u=45cm时，物距大于二倍焦距，移动光屏，可在光屏上成倒立、缩小的清晰实像，故C正确；
D、第5次实验后，在贴近凸透镜左侧放一眼镜片，向右移动光屏，能在光屏上成清晰的像，这说明像推迟会聚了，该眼镜片是凹透镜，对光起发散作用，故D错误。
故选：BC。
(1)凸透镜成实像时，u=v=2f，成倒立、等大的实像；
(2)凸透镜成实像时，物距变小像距变大；
(3)物距大于二倍焦距，凸透镜成倒立、缩小的实像；
(4)凸透镜对光线具有会聚作用，可以矫正远视眼；凹透镜对光线具有发散作用，可以矫正近视眼。
本题主要考查凸透镜的成像规律、近视眼的对光线的作用，难度不大，是中考的热点。

10.【答案】A 
【解析】解：由题知，任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动机停止工作，说明两开关相互影响、不能独立工作，所以两开关、电动机应串联接在电路中，故A正确。
故选：A。
任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开、电动机停止工作说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联。
本题要牢牢把握住关键点“任一只手柄刹车时，开关立即断开、电动机停止工作”，从而判断出两个开关的连接方式是串联。

11.【答案】B 
【解析】解：根据表格中的数据，利用公式ρ=mV可知，三个小球的密度分别为：ρ甲=0.5g/cm3、ρ乙=0.8g/cm3、ρ丙=2.7g/cm3；
甲、乙的密度小于水的密度，所以甲、乙都漂浮在水中，根据物体的浮沉条件可知：F甲=G甲=m甲g=30×10−3kg×10N/kg=0.3N，F乙=G乙=m乙g=40×10−3kg×10N/kg=0.4N；
丙的密度大于水的密度，丙在水中下沉，根据阿基米德原理可知，丙受到的浮力为：F丙=ρ水gV排=ρ水gV丙=1.0×103kg/m3×10N/kg×20×10−6m3=0.2N；
由此可知，F乙>F甲>F丙。
故选：B。
根据小球的质量和小球的体积分析小球密度大小；根据小球的密度与水的密度的关系分析小球在水中的状态，根据物体的浮沉条件分析和阿基米德原理浮力的大小。
本题考查了密度的计算、物体浮沉条件的应用、阿基米德原理的应用，难度不大。

12.【答案】D 
【解析】解：A、光速为3×108m/s、安全电压不高于36V、大气压约为105Pa，故A错误；
B、电能表测量消耗的电能、验电器是检验物体是否带电、测电笔是检验火线和零线的，故B错误；
C、重力的大小G=mg、方向竖直向下、重力的作用点是重心，故C错误；
D、杠杆分为省力杠杆、费力杠杆、等臂杠杆，其中瓶起子是省力杠杆、托盘天平是等臂杠杆、钓鱼竿是费力杠杆，故D正确。
故选：D。
根据对物理常见数值的掌握、电学仪器的作用、重力的三要素、杠杆分类及其应用的掌握分析答题。
本题是一道综合题，涉及的知识点很多，要认真一一分析，但本题难度不大，掌握基础知识即可正确解题。

13.【答案】CD 
【解析】解：A.超导体是一种在特定条件下电阻为零的材料，故A错误；
B.核电站是利用核裂变产生的能量发电，故B错误；
C.电视机遥控器利用的是红外线，故C正确；
D.发光二极管是由半导体材料制成的，故D正确。
故选：CD。
(1)超导体是特定条件下电阻为零的材料；
(2)获得核能的方式：原子核的裂变和原子核的聚变，裂变如原子弹、核反应堆，聚变如氢弹；
(3)红外线的热作用强，利用红外线制作热谱仪、夜视仪、照相机红外线敏感胶片、电视遥控等；
(4)发光二极管是用半导体材料制成的，具有单向导电性。
本题考查的是超导体、半导体、核能、红外线，属于基础问题，难度不大。

14.【答案】D 
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表V测L两端的电压，电流表测电路中的电流，所以，滑片向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=UR可知，电源电压不变，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，电压表与电流表示数的比值表示灯泡的电阻，忽略温度对灯丝电阻的影响，因此灯泡电阻不变，通过灯泡的电流变小，故灯泡变暗，根据U=IR可知，灯泡两端电压变小，即电压表示数变小，故ABC错误；
根据P=UI，电源电压不变，电流变小，电路中总功率变小，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表V测L两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据电流变化可以判断灯泡的亮度，以及电路总功率的变化。
本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的关键，应用并联电路特点、欧姆定律可以解题。

15.【答案】 
【解析】
【分析】
小车突然静止，由于惯性木块保持原来的速度继续运动，木块相对于平板向前滑动；木块受竖直向下的重力G、竖直向上平板的支持力F、水平向后的摩擦力f作用，从力的作用点，沿力的作用线作出力的示意图。
根据惯性判断出木块的滑动方向、对木块正确受力分析、掌握力的示意图的作法是正确解题的关键。

【解答】
原来物块A与平板小车一起在水平桌面上向右匀速运动，当小车突然静止，由于惯性木块保持原来的速度继续运动，木块相对于平板向右滑动，受到水平向左的摩擦力；同时木块受竖直向下的重力G、平板对它竖直向上支持力F的作用，这两个力是一对平衡力，三个力的作用点都在物块的重心上，如图所示：
  
16.【答案】解：根据题意可知，S1单独控制R1，S2单独控制R2，两个开关同时闭合时R1与R2同时加热，这说明是并联的，且S1、R1在一条支路中，S2、R2在另一条支路中；在家庭电路中，为了用电的安全，开关接在用电器和火线之间，如图所示：
 
【解析】根据题意分析两个加热管的连接方式、两个开关的作用，然后画出电路图；在家庭电路中，开关接在用电器和火线之间。
本题考查了电路的设计、家庭电路的连接，属于电学基础题。

17.【答案】N 小  振动  不能  探究牛顿第一定律 
【解析】解：(1)A磁体上端为N极，根据同名磁极相互排斥可知，则B磁体下端为N极；
(2)一个充满气的气球其体积将变大，因为气球内的气压大于外部气压，说明此时罩内气压变小；
(3)罩内空气不断减少，最后几乎听不到声音了，但发声体上方的轻质小球照旧跳动，说明发声体仍在振动；
(4)因为声音的传播需要介质，所以当把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，逐渐抽出其中的空气，发现声音越来越小，最后几乎听不到声音，说明真空不能传声，本实验采用了推理的方法，探究牛顿第一定律也运用了推理法。
故答案为：(1)N；(2)小；(3)振动；(4)不能；探究牛顿第一定律。
(1)磁极间相互作用的规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
(2)在温度保持不变的条件下，体积减小时，压强增大；体积增大时，压强减小；
(3)声音是由物体振动产生的；
(4)声音不能在真空中传播，由于实际生活中玻璃罩内无法获得真空，所以不能直接得出实验结论，据此分析。
本题主要考查了磁极间的作用规律、气体压强与体积的关系、声音的产生及传播等，知识点多，难度不大。

18.【答案】右  0.752.501×104  减小误差  偏大 
【解析】解：
(1)杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，应将平衡螺母向右调节，直至重心右移到支点处；
(2)设杠杆上一个小格的长度为L，则图甲中阻力臂为L，动力臂为3L，
根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，金属块的重力(即阻力)为：G=F2=F1L1L2=2.5N×3LL=7.5N，
金属块质量为：m=Gg=7.5N10N/kg=0.75kg；
(3)图乙中刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm，金属块上端与0对齐，下端在2.50cm上，所以金属块的高度为2.50cm；
金属块的体积为：V=Sh=30cm2×2.50cm=75cm3=7.5×10−5m3，
金属块的密度为：ρ=mV=0.75kg7.5×10−5m3=1×104kg/m3；
(4)多次测量求平均值可以减小误差；
(5)若沿斜下方拉弹簧测力计，会造成测力计拉力的力臂变小，而支点左侧的阻力以及阻力臂不变，由杠杆平衡条件可知，弹簧测力计的拉力变大，由此按(2)中的方法求出金属块的重力偏大，质量偏大，根据ρ=mV算出的密度偏大。
故答案为：(1)右；(2)0.75；(3)2.50；1×104；(4)减小误差；(5)偏大。
(1)由题意知，杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移；
(2)由杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，已知动力和动力臂、阻力臂，所以可以得到阻力即金属块的重力，利用G=mg的变形公式求出金属块质量；
(3)使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；利用V=Sh求出金属块的体积，利用ρ=mV求出金属块的密度；
(4)多次测量求平均值可以减小误差；
(5)在某次测量过程中，不慎沿斜下方拉弹簧测力计，会造成测力计拉力的力臂变小，而支点左侧的阻力以及阻力臂不变，由杠杆平衡条件可知，弹簧测力计的拉力变大，由此计算出的金属块的重力偏大，质量偏大，算出的密度偏大。
本题考查了利用杠杆平衡条件测物体的质量以及固体密度的测量，综合性强。

19.【答案】②  A0.75I额(I−I额)R0 
【解析】解：(1)因为新干电池两节，所以电压表应选择0∼3V的量程并联在小灯泡两端，滑动变阻器的接线柱要“一上一下”接入电路，因为要求滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变小，电路中的电阻变大，由I=UR可知，电流变小，故左下接线柱应接入电路，如图所示：
；
(2)电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的开路，故选②；
(3)电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，示数为0.14A；灯泡的额定电流为0.3A，要使灯在额定电压下正常发光，需要增大电路中的电流，根据欧姆定律可知，需要减小电路中的总电阻，所以应使变阻器连入电路中的电阻变小，故滑片向A移动，直到电流表示数为0.3A；
此时电压表指针位置如图丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.5V，则小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(4)根据题意可知，干路中的电流为I，通过灯泡的电流即灯泡的额定电流为I额；根据并联电路的电流规律可知，通过定值电阻的电流为：I′=I−I额；
定值电阻两端的电压为：U0=I′R0=(I−I额)R0；根据并联电路的电压规律可知，灯泡的额定电压为：U额=U0=(I−I额)R0；
灯泡的额定功率为：P额=U额I额=I额(I−I额)R0。
故答案为：(1)见解析；(2)②；(3)A；0.75；(4)I额(I−I额)R0。
(1)伏安法测小灯泡的电功率，需要测量小灯泡两端的电压和通过小灯泡的电流，故需要将电流表与小灯泡串联，电压表与小灯泡并联，根据小灯泡的额定电压确定电压表的量程，滑动变阻器采用一上一下的连接方式串联在电路中，根据当滑动变阻器的滑片向右移动时电路中的电流增大分析接入变阻器的下接线柱；
(2)电流表无示数，说明电路可能断路，根据电压表示数分析电路故障的原因；
(3)读出电流表的示数，根据电流表示数与灯泡额定电流的大小判定电路中电流的变化，根据欧姆定律分析电路中总电阻的变化和滑动变阻器阻值的变化；根据电压表选用的量程确定分度值读数，根据P=UI求灯的额定功率；
(4)根据并联电路的电流规律求出通过定值电阻的电流，根据欧姆定律求出定值电阻两端的电压，根据并联电路的电压特点求出灯泡的额定电压，然后根据P=UI求出灯泡的额定功率。
本题测定额定电流为0.3A的小灯泡的电功率，考查实验原理、额定功率的计算、特殊方法测功率等，有一定的难度。

20.【答案】解：(1)由表格数据可知，无人机机身质量m=3.6kg，
则无人机的重力：
G=mg=3.6kg×10N/kg=36N，
(2)无人机停放在水平地面上时对地面的压力：
F=G=36N，
由表格数据可知，四脚着地总面积S=12cm2=1.2×10−3m2，
无人机停放在水平地面上时对地面的压强：
p=FS=36N1.2×10−3m2=3×104Pa；
(3)由表格数据可知，最大上升速度v=1.5m/s，
由v=st可得无人机从地面飞到离地30m高处至少需要的时间：
t=hv=30m1.5m/s=20s；
(4)无人机从50m高处降落到地面，重力做的功：
W=Gh=36N×50m=1800J。
答：(1)无人机所受重力是36N；
(2)无人机启动前，四脚着地静止停放在水平地面上，此时无人机对地面的压强是3×104Pa；
(3)无人机以最大上升速度匀速竖直升高30米，要飞行20s；
(4)无人机从50米高空降落到地面，重力做功是1800J。 
【解析】(1)根据G=mg算出无人机所受重力；
(2)无人机停放在水平地面上时对地面的压力和自身的重力相等，根据表格数据可知四脚着地总面积，利用p=FS求出无人机停放在水平地面上时对地面的压强；
(3)根据表格数据可知最大上升速度，根据v=st求出无人机从地面飞到离地30m高处至少需要的时间；
(4)利用W=Gh求出无人机从50m高处降落到地面时重力做的功。
本题考查了速度公式和重力公式、做功公式、压强公式的应用，从表格中获取有用的信息是关键。

21.【答案】S极 
【解析】解：(1)电磁铁是根据电流的磁效应制成的；图甲中电流从电磁铁的上端外侧流入，由安培定则可知，线圈的下端为N极，其上端的磁极为S极；
(2)分析甲图可知，当衔铁与上方触点接通时，电路中只有R3工作，为加热状态；
当衔铁与下方触点接通时，电路中R3与R4串联，一起工作，为保温状态；
加热时电热丝R3的功率为：P=U2R3=(220V)222Ω=2200W；
(3)电路处于加热状态，正常工作1小时，
Q=Pt=2200W×3600s=7.92×106J；
产生的热量80%被水吸收，
Q吸=80%×Q=80%×7.92×106J=6.336×106J；
由Q吸=cmΔt变形得：
Δt=Q吸cm=6.336×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×60kg≈25.1℃；
(4)如果将热水器中的水温设置为60℃，此时控制电路中的电流刚好为0.2A，
由I=UR可知，此时控制电路的总电阻：
R总=UI=6V0.2A=30Ω，
由图象可知，60℃时R1的阻值为10Ω，则R2的阻值为R2=R总−R1=30Ω−10Ω=20Ω。
故答案为：(1)图甲中电磁铁的上端为S极；
(2)加热时电热丝R3的功率为2200W；
(3)水温升高了25.1℃；
(4)R2的阻值应该调至20Ω。
(1)电磁铁是根据电流的磁效应制成的；应用安培定则判断出线圈上端的磁极；
(2)由题意求出水吸收的热量，由吸热公式可以求出水升高的温度；
(4)如果将热水器中的水温设置为80℃，此时控制电路中的电流刚好为0.2A，由欧姆定律求出此时控制电路的总电阻，然后由图象求出热敏电阻的阻值，最后由串联电路的特点求出R2的阻值。
本题主要考查了电磁继电器的工作过程、欧姆定律的应用、电功与热量的综合计算，难度较大。