2021年宁夏中考物理试题（解析版）

2021年宁夏中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、单项选择题（本题共7小题，每小题2分，共14分）

1．【分析】声音的三个特征包括音调、响度和音色；音调的高低与发声体的振动频率有关，频率越大，音调越高；响度的大小与振幅和距离声源的远近有关，在距离一定时，振幅越大，响度越大；音色反映了声音的品质与特色，与发声体的材料和结构有关，是辨别不同声音的依据。

【解答】解：用相同大小的力敲击大小不同的编钟，编钟的振幅相同，则发出声音的响度相同；

编钟的质量不同（体积不同），振动的快慢不同，即振动频率不同，所以发出声音的音调不同。

故选：C。

【点评】本题考查了响度、音调和音色的区分，关键要知道用相同大小的力敲击大小不同的编钟时，不同编钟的振动频率不同。

2．【分析】物质从固态变成液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫凝固；

物质从气态变成液态的过程叫做液化，物质从液态变成气态的过程叫做汽化；

物质从固态直接变成气态的过程叫升华；物质从气态直接变成固态的过程叫做凝华。

【解答】解：A、初春，河流中冰雪消融，由固态变成液态，属于熔化，故A错误；

B、冬至时节房檐上的冰挂，水结成冰，是凝固现象，故B错误；

C、雪是空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故C错误；

D、露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故D正确。

故选：D。

【点评】此题主要考查物态变化，知道前后的物质状态是关键。

3．【分析】（1）家庭电路中，开关控制用电器时，开关接在用电器和火线之间，断开开关，切断火线，操作更安全；

（2）地磁场的北极在地理的南极附近，地磁场的南极在地理的北极附近；

（3）力是物体间的相互作用，物体间力的作用是相互的；

（4）核废料是对环境污染很严重的污染物。

【解答】解：A、家庭电路中开关接在用电器和火线之间，在切断电路时，可防止用电器继续带电，故A错误；

B、地磁场的北极在地理的南极附近，地磁场的南极在地理的北极附近，故B正确；

C、划船时，用浆向后划水，桨给水一个向后的力，由于物体间力的作用是相互的，所以水对桨和船也施加了一个向前的力，这个力就是船前进的动力，则使船前进的施力物体是水，故C错误；

D、核废料是对环境污染很严重的污染物，故D错误。

故选：B。

【点评】本题考查了安全用电、磁现象、作用力与反作用力和环境保护，都属于基础知识，需考生牢记。

4．【分析】（1）改变内能的方法有：做功和热传递；

（2）热机的工作过程中，燃料燃烧放出的能量，废气的温度很高，带走的热量最多；

（3）晶体熔化过程吸热、温度不变；

（4）一切物质的分子都在不停地做无规则的运动；

【解答】解：A、人们搓手取暖是利用做功的方法来增加手掌内能，故A错误；

B、热机的工作过程中，燃料燃烧放出的能量，废气的温度很高，带走的热量最多，故B错误；

C、冰是晶体，熔化过程中，吸收热量，内能增大，温度不变，故C错误；

D、我们能闻到花香是因为花香分子运动到空气中，吸入鼻子，属于扩散现象，这说明了分子在不停地做无规则运动，故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查了热现象、晶体熔化特点、热机与扩散现象，考点较多，但都为基础知识。

5．【分析】（1）同时闭合两个开关，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律结合两灯泡的电阻关系得出通过的电流关系；

（2）先闭合S1时，电路为灯泡L1的简单电路，电压表测电源两端的电压，电流表测通过L1的电流；再闭合S2后，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电源电压保持不变可知电压表的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过L1的电流变化，利用并联电路的电流特点得出干路电流的变化；

（3）若灯L1被短路，闭合S1、S2后，会造成电源短路，此时两灯泡均不发光，电流表损坏。

【解答】解：

A．同时闭合两个开关，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，由I＝可知，只有两灯泡的电阻相等时通过它们的电流才相等，否则不相等，故A错误；

BC．先闭合S1时，电路为灯泡L1的简单电路，电压表测电源两端的电压，电流表测通过L1的电流，

再闭合S2后，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路中的电流，

由电源电压保持不变可知，电压表的示数不变，故C错误；

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，通过L1的电流不变，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流变大，即电流表的示数变大，故B正确；

D．若灯L1被短路，闭合S1、S2后，电流从电源的正极出发，经电流表、短路位置、开关S1后回到电源的负极，会造成电源短路，

此时两灯泡均不发光，电流表损坏，故D错误。

故选：B。

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用以及电路的三种状态，利用好电源电压保持不变和并联电路中各支路独立工作、互不影响是关键。

6．【分析】（1）气压和沸点的关系是：气压越大，沸点越高，气压越小，沸点越低；

（2）连通器是上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的；

（3）浸在空气中的物体受到大气压的作用，一个标准大气压可以支持10.3m高度的水柱。

（4）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。

【解答】解：A、往圆底烧瓶上浇上冷水后，瓶内水面上的空气温度降低，气压减小，导致水的沸点降低，而水的实际温度仍很高，高于此时水的沸点，所以水会重新沸腾。故A错误；

B、卫生间的地漏，利用连通器原理防止异味上到地面上来，故B正确；

C、当把装满水的瓶放入盆景的水中时，由于大气压作用在盆景中的水面上，所以水不会从瓶中流出来，此时外界大气压等于瓶内气压加上瓶内水产生的压强，所以瓶内水上方的气压小于外界大气压，故C正确；

D、车子静止在水平面上，车子对路面的压力等于重力。小汽车运动时，上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，所以小汽车受到向上的升力，汽车对地面的压力减小，故运动时汽车对地面的压力小于静止时对地面的压力，故D正确。

故选：A。

【点评】本题考查了流体压强与流速的关系、连通器原理、沸点与气压的关系，大气压的应用等，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。

7．【分析】（1）（3）天问一号克服大气阻力做功，机械能会转化为内能；

（2）根据天问一号的运动状态判定阻力与重力的大小关系；

（4）减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。

【解答】解：

AC、在第一步降落过程和动力下降的过程中，天问一号都要克服空气阻力做功，机械能会转化为内能；且在动力下降阶段天问一号的速度和高度均减小，所以可知这两个过程中天问一号的机械能都变小，故AC正确；

B、利用减速伞降落过程中天问一号的速度变小，此时所受阻力大于重力，故B错误；

D、天问一号的四个“大脚掌”是在压力一定时，通过增大受力面积来减小它对火星表面的压强，故D正确。

故选：B。

【点评】本题考查了机械能的大小变化、力与运动的关系、减小压强的方法，属于基础题。

二、选择说明题（本题共2小题，每小题5分，共10分。选出各小题唯一正确的答案，并在横线上说明理由）

8．【分析】（1）根据图像分析物体的运动状态；

（2）根据速度公式分析路程的大小；

（3）（4）根据二力平衡求出摩擦力的大小；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。

【解答】解：

A、由图可知，物体在0～3s内的速度为0，处于静止状态，在3～6s内，速度变大，做加速运动，6s后物体的速度不变，做匀速直线运动，所以物体不是一直做匀速直线运动，故A错误；

B、由图可知，物体先静止，后加速，再匀速直线运动，最大速度为2m/s，其平均速度要小于2m/s，根据速度公式可知，通过的路程要小于s＝vt＝2m/s×9s＝18m，故B错误；

C、t＝1s时，若F＝2N，由于物体处于静止状态，水平方向上受到平衡力的作用，拉力和摩擦力是一对平衡力，所以物体受到的摩擦力等于2N，故C错误；

D、6s后物体的速度不变，做匀速直线运动，此时的拉力和滑动摩擦力为一对平衡力，滑动摩擦力等于此时的拉力；从t＝3s到t＝6s的过程中，压力不变，接触面的粗糙程度不变，则滑动摩擦力不变，故D正确。

故答案为：D；压力不变，接触面的粗糙程度不变，则滑动摩擦力不变。

【点评】本题考查了力与图像的结合，利用好二力平衡条件是解答本题的关键。

9．【分析】由电路图可知，开关闭合，定值电阻R0与传感器R1串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。根据“传感器R1的电阻随雾霾浓度的增大而减小”可知当雾霾浓度增大时传感器R1的电阻变化，从而得出电路的总电阻变化，根据欧姆定律可知电路中的电流变化和定值电阻R0两端的电压变化。

【解答】解：由电路图可知，开关闭合，定值电阻R0与传感器R1串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。

因传感器R1的电阻随雾霾浓度的增大而减小，

所以，当雾霾浓度增大时，传感器R1的电阻变小，串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻变小，

由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故AD错误；

由U＝IR可知，定值电阻R0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B错误、C正确。

故答案为：C；当雾霾浓度增大时，传感器R1的电阻变小，电路的总电阻变小，根据I＝可知，电路中的电流变大，定值电阻R0两端的电压变大，即电压表和电流表的示数均变大。

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，利用好“传感器R1的电阻随雾霾浓度的增大而减小”是关键。

三、填空题（每空1分，共8分）

10．【分析】根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像到平面镜的距离相等，物像连线与镜面垂直。

【解答】解：由图可知，视力表与平面镜的距离为2.8m，则镜中视力表的像与平面镜距离也为2.8m，要求被检查者与视力表的距离为5m，为满足检测要求，被检查者应距离平面镜的距离为5m﹣2.8m＝2.2m；

根据平面镜成像特点可知，他在平面镜里看到的视力表是虚像。

故答案为：2.2；虚。

【点评】此题主要考查平面镜成像特点在实际生活中的应用，难度不大，属于基础知识。

11．【分析】（1）知道物体的重力和斜面的高度，根据做功公式W有＝Gh求出有用功；

（2）知道斜面的长度和拉力的大小，根据做功公式W＝Fs计算该过程拉力F做的功；斜面的机械效率等于有用功与总功之比。

【解答】解：工人做的有用功W有用＝Gh＝600N×0.6m＝360J，

工人做的总功W总＝Fs＝150N×3m＝450J，

斜面的机械效率：η＝×100%＝×100%＝80%。

故答案为：360；80%。

【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、机械效率的计算，难度不大。

12．【分析】（1）根据p＝ρgh求出受到海水的压强；

（2）为能增大有效载荷，载人潜水器还要轻一些；即考虑利用密度小的物质；

（3）“奋斗者”号受到的海水压强非常大，舱内的海水需要很大的压强才能排出舱外，所以不能像潜艇那样采用排水的方法实现上浮，而是通过抛掉压载铁减小自身重力来实现上浮的。

（4）由于电磁波在海水中会大幅衰减，所以利用电磁波传递信息和导航都是行不通的。因为声波在水中传播时衰减远小于电磁波，因此，利用超声波可实现水下通信。

【解答】解：（1）在10000米深处承受的海水压强：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10000m＝1×108Pa；

（2）载人潜水器外壳的材料既要选择牢固、硬度大的材料，同时也要考虑密度小的物质，才能增大有效载荷，所以其原因是新型钛合金材料的密度小于钢铁的密度；

（3）由于“奋斗者”潜入万米深海受到的海水压强非常大，舱内的海水需要很大的压强才能排出舱外，所以不能像潜艇那样采用排水的方法实现上浮，而是通过抛掉压载铁减小自身重力，使其所受浮力大于重力来实现上浮的；

（4）电磁波在海水中会大幅衰减，所以奋斗者”号利用超声波实现水下通信。

故答案为：1×108；新型钛合金材料的密度小于钢铁的密度；大于；超声波。

【点评】本题考查了物体浮沉条件、液体压强公式、密度公式的应用、电磁波等知识，并考查综合分析能力，有一定难度。

四、应用题（共20分）

13．【分析】（1）重力的方向竖直向下，即垂直于水平面向下，已知人体重心在B点，由此画出人受到重力的示意图；

（2）力臂的画法：过支点向力的作用线作垂线段；

（3）锻炼时，脚尖离开墙壁越远，支撑点会下移，根据图示判断动力臂和阻力臂的大小变化，且阻力大小不变，根据杠杆的平衡条件分析人受到支持力的变化，再由力作用的相互性判断手掌对墙壁压力的大小变化。

【解答】解：（1）人受到的重力是竖直向下的，人受重力的作用点在B点，由此画出人所受重力的示意图，如图所示：

（2）延长支持力F画出力的作用线，过支点O向力F的作用线作垂线段，即为支持力F的力臂L，如图所示：

（3）锻炼时，脚尖离开墙壁越远，支撑点会下移，则由图可知动力臂会减小，阻力臂会增大，阻力（人的重力）大小不变，根据杠杆平衡条件可知人受到的支持力会变大；由力作用的相互性可知，手掌对墙壁的压力会增大。

故答案为：（1）（2）见上图；（3）大。

【点评】解答本题时，需要把人体抽象成杠杆模型，找准杠杆的五要素是解题的关键。

14．【分析】（1）当手遮住光线时，光敏开关闭合，通过电磁铁有电流，电磁铁具有磁性，电磁铁吸引衔铁，使得电动机的电路接通；

（2）液体蒸发的快慢与液体的温度、表面积、液面上空气流动的快慢等因素有关。

【解答】解：（1）根据图可知，当手遮住光线时，光敏开关闭合，通过电磁铁有电流，电磁铁具有磁性，电磁铁吸引衔铁，使得b与c接通，电动机工作，电动机吹出风；

（2）液体蒸发的快慢与液体的温度、表面积、液面上空气流动的快慢有关，为了使手快速变干，可以在电动机的电路中并联接入一个发热电阻，提高风的温度。

故答案为：（1）当手遮住光线时，环境变暗，光敏开关自动闭合，此时通过电磁铁有电流，电磁铁具有磁性，能吸引衔铁，使得b与c接通，电动机工作，电动机吹出风；（2）在电动机的电路中并联接入一个发热电阻，提高风的温度。

【点评】本题考查了电磁继电器的工作原理、影响蒸发快慢的因素的应用，难度不大。

15．【分析】（1）已知公交车行驶的路程和时间，利用速度公式计算公交车匀速行驶过程中速度；

（2）公交车静止时对水平地面的压力等于其重力，利用G＝mg求出重力，利用p＝计算压强；

（3）根据惯性分析解答：物体具有保持原来运动状态不变的性质称为惯性。

【解答】解：（1）公交车匀速行驶过程中速度：

v＝＝＝12m/s＝43.2km/h；

（2）公交车静止时对水平地面的压力：

F＝G＝mg＝1.2×104kg×10N/kg＝1.2×105N，

受力面积：S＝4000cm2＝0.4m2，

则公交车静止时对水平地面的压强：

p＝＝＝3×105Pa；

（3）公交车启动前，人和车处于静止状态；公交车启动后，乘客的脚因为受到摩擦力的作用向前运动，而乘客的上半身由于惯性仍要保持原来的静止状态，容易摔倒，造成伤害，故应抓好扶手。

答：（1）公交车匀速行驶过程中速度是43.2km/h；

（2）公交车静止时对水平地面的压强为3×105Pa；

（3）公交车启动前，人和车处于静止状态；公交车启动后，乘客的脚因为受到摩擦力的作用向前运动，而乘客的上半身由于惯性仍要保持原来的静止状态，容易摔倒，造成伤害。

【点评】此题主要考查速度、压强的大小计算，同时考查了惯性，知道公交车静止时对水平地面的压力等于其重力是关键。

16．【分析】（1）根据电功公式W＝UIt计算得电池充满电储存的电能即可。

（2）先根据电功率公式P＝UI计算得两个充电器的功率，进一步判断出第二个的充电速度快；

（3）在材料和长度一定时，横截面积越大电阻越小；由焦耳定律知，在电流和通电时间一定时，电阻越大产生热量越多

【解答】解：（1）电池充满电储存的电能为：W＝UIt＝3.7V×4200×10﹣3A×1×3600s＝55944J；

（2）两个充电器的功率分别为：

P1＝U1I1＝5V×1A＝5W，

P2＝U2I2＝5V×4.5A＝22.5W＞P1，

所以第二个的充电速度快，第二个是快速充电器；

（3）充电器的充电线有电阻，由焦耳定律知，工作过程中会产生热量；充电线尽可能做得粗一些，目的是减小电阻，使充电过程中产生的热量少一些。

答：（1）电池充满电后，储存的电能为55944J；

（2）标注“输出5V，4.5A”的充电器是快速充电器；

（3）充电线较粗可以减小电阻，在充电过程中产生的热量较少。

【点评】本题考查了电能、电功率的计算，并考查安全用电常识，体现了物理知识与日常生活的密切联系。

五、实验探究（共23分）

17．【分析】（1）根据凸透镜成像规律可知，当物距等于二倍焦距时成倒立等大实像，物距等于像距，都等于二倍焦距；

（2）近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，据此进行解答；

（3）将蜡烛向左移动一段距离后，分析物距的变化，然后得出像距的范围，然后得出答案；

（4）当物距位于2倍焦距与1倍焦距之间时，凸透镜成倒立、放大的实像，应用于投影仪等。

【解答】解：

（1）当物距等于二倍距时成倒立等大实像，物距等于像距，都等于二倍焦距，

由图可知，物距等于30.0cm时像距也等于30.0cm，则二倍焦距等于30.0cm，所以该凸透镜的焦距为15.0cm；

（2）近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，

将近视眼镜的镜片放在蜡烛和凸透镜之间适当位置，对光线能够起到推迟会聚的作用，此时应将光屏向右移动，才能再次承接到清晰的像；

（3）取走镜片，将蜡烛向左移动一段距离后，此时物距大于2倍焦距，像距应在2倍焦距与1倍焦距之间，凸透镜在50cm处，应将光屏移至65～80cm 范围内才能承接到清晰的像，故选B；

（4）将蜡烛移到30cm刻度线处，此时物距为50cm﹣30cm＝20cm，即蜡烛位于2倍焦距与1倍焦距之间，凸透镜成倒立、放大的实像，生活中常见的投影仪是利用此成像原理制成的。

故答案为：（1）15.0；（2）右；（3）B；（4）投影仪（答案不唯一，合理即可）。

【点评】本题主要考查了凸透镜的成像规律，关键是熟记凸透镜成像特点，并能从图中读出物距与像距的关系。

18．【分析】（1）实验中用U形管中两侧液面的高度差来反映液体压强的大小，检查装置是否漏气时，用手轻轻按压几下橡皮膜，看液体能否灵活升降。

（2）①②比较图B和图C，图C和图D，找出它们的不同点，共同点即可得出结论。

（3）探头橡皮膜安装的松紧不同，压缩探头的橡皮膜，U形管中气体的体积变化就会不相同，测得的结果就不相同。

【解答】解：（1）为了能使实验顺利进行，使用前用手指按压强计的橡皮膜，是为了检查实验装置的气密性；根据转换法，压强计是通过U形管中两侧液面的高度差来反映压强大小；

（2）①比较图B和图C，它们除了探头的深度不同其它都相同，所以可以探究液体内部压强和深度的关系；②比较图C和图D，它们除了探头橡皮膜的方向不同其它都相同，两边液面高度差相同，说明液体内部向着各个方向的压强相同。

（3）取两个相同的压强计，一个探头的橡皮膜比较松，一个探头的橡皮膜比较紧，且将它们浸入相同液体的同一深度，观察两压强计U形管两边的液面高度差的区别。

故答案为：（1）用手指按压强计的橡皮膜；U形管中两侧液面的高度差；（2）①探究液体内部压强和深度的关系；②液体内部向着各个方向的压强相同；（3）将探头水平放置在液体内部，看两侧液面的高度差，然后改变橡皮膜的松紧，观察液面的变化情况。

【点评】熟悉液体压强规律是完成本实验的基础，在实验中控制变量法依然是运用的主要研究方法，因此，搞清实验过程中的变量与控制量才是实验成功的关键。

19．【分析】（1）原电路中，电压表串联在电路中了，电流表与小灯泡并联了，是错误的；

（2）为了保护，闭合开关前应将滑片P移到滑动变阻器的最大处；

（3）灯泡不亮可能是灯泡断路或短路，

灯泡断路时，电路断路，电路中没有电流，电流表无示数，电压表串联在电路中，电压表测量电源电压；

灯泡短路时，电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大，电压表测量导线电压，示数为0；

（4）由图读出电阻中的电流值，根据R＝计算出电阻值；

（5）灯泡两端电压变化，灯丝温度变化，灯丝电阻变化，取灯泡电阻的平均值无意义。

【解答】解：（1）电压表应与小灯泡并联，电流表串联在电路中，改正后如图所示：

（2）为了保护电路，闭合开关前应将滑片P移到滑动变阻器的最大处，即最左端；

（3）灯泡不亮，电流表无示数，电路断路，灯丝断路时，电压表串联在电路中，电压表测量电源电压，电压表示数等于电源电压；

（4）由图知电流表使用的0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，电流为0.18A，

此时灯泡的电阻：

R＝＝≈8.3Ω；

（5）灯丝电阻随温度变化而变化，灯泡在不同电压下，灯丝温度不同，灯丝的电阻不同，求平均值是没有物理意义的。

故答案为：（1）见上图；（2）左；（3）小灯泡断路；（4）0.18；8.3；（5）因为灯丝的电阻随温度变化而变化，取平均值没有物理意义。

【点评】本题考查了伏安法测电阻的注意事项、电流表读数、电阻计算、灯丝电阻与温度的关系等，这些知识点都是伏安法测电阻实验中经常出现的内容，一定要掌握。

20．【分析】（1）根据密度公式ρ＝可知，要想测得物质的密度，就需要知道物质的质量与体积。

（2）将水从容器中倒出时，总会有部分水沾在容器壁上无法流出。

（3）当物体排开水的体积相同时，物体所受的浮力相等，由此我们可以求得胡麻油的密度。

【解答】解：（1）①天平的右盘上放有：100g、20g、5g的砝码各一个，游码所在位置对应的刻度值为2.2g，所以左盘中土豆的质量为m＝100g+20g+5g+2.2g＝127.2g。

②将土豆完全浸没在溢水杯中，从溢水杯中溢出的水的体积就等于土豆的体积，所以将小桶中的水倒入量筒可以测出土豆的体积。由图知，量筒中水的体积为114mL＝114cm3。由此可求得土豆的密度为ρ＝＝≈1.12g/cm3≈1.12×103kg/m3。但是在将小桶中的水倒入量筒的过程中，会有部分水沾在水桶内侧而没有进入量筒中，所以会导致测得的水的体积偏小，即测得的土豆的体积偏小，这将导致求得的土豆密度偏大。

（2）B杯中水面高度在h0时，B杯中水的质量为m水0＝ρ水Sh0；水面高度在h1时，B杯中水的质量为m水1＝ρ水Sh1。由此可得，倒入A杯中的水的质量为m水2＝m水0﹣m水1＝ρ水Sh0﹣ρ水Sh1＝ρ水S（h0﹣h1）。A杯中有水时仍处于漂浮状态，则可得A杯此时所示的浮力为F浮A1＝GA+G水2＝GA+m水2g＝GA+ρ水S（h0﹣h1）g。

当我们将A、B中水倒掉后，在B中倒入胡麻油至标记1处，则B杯中胡麻油的质量为m胡0＝ρ胡Sh0；将B中胡麻油倒入A中使标记2再次与水面相平时，量出B中胡麻油的高度h2，则A杯中胡麻油的质量为m胡2＝m胡0﹣m胡1＝ρ胡Sh0﹣ρ胡Sh2＝ρ胡S（h0﹣h2），A杯此时所受的浮力为F浮A2＝GA+G胡2＝GA+m胡2g＝GA+ρ胡S（h0﹣h2）g。

两次实验中，A杯排开水的体积相同，所以可得：F浮A1＝F浮A2，即GA+ρ水S（h0﹣h1）g＝GA+ρ胡S（h0﹣h2）g，故可得ρ胡＝。

故答案为：（1）①127.2。②1.12×103；偏大。

（2）④将A、B杯中的水倒净后擦干，向B杯中倒入胡麻油至标记1处，然后将B杯中的胡麻油倒入A杯，使标记2处再次与水面相平，测出B杯中剩余胡麻油的高度h2；；ρ水g（h0﹣h1）S+GA＝ρg（h0﹣h2）S+GA⇒ρ水（h0﹣h1）＝ρ（h0﹣h2）⇒ρ＝。

【点评】在设计实验时，我们仍要从公式ρ＝出发，设法求得胡麻油的质量与体积。但是题中没有提供天平和量筒，所以我们可以根据一些已知条件（如水的密度、B杯粗细均匀）来设计实验。这样我们就可以通过一些相等的物理量（如体积相等或所受浮力相等）求出或用已知的物理量表示出我们要求的物理量。

声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布

日期：2022/3/20 15:23:06；用户：微信用户；邮箱：orFmNt6JxbombNK--PZkfnvM8130@weixin.jyeoo.com；学号：42171657