还剩20页未读，
继续阅读
2023年陕西省宝鸡市凤翔县中考物理二模试卷（含解析）
展开
这是一份2023年陕西省宝鸡市凤翔县中考物理二模试卷（含解析），共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年陕西省宝鸡市凤翔县中考物理二模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1. 地球及一切天体都是由物质组成，任何物质都是由大量分子、原子构成的。下列各项中，尺度最小的是( )
A. 分子 B. 月球 C. 病毒 D. 电子
2. 学习了声学知识后，小张同学在家利用锅盖、不锈钢盆、水桶自制了一个架子鼓(如图所示)，利用此鼓给同学们带来了精彩的表演。下列有关说法正确的是( )
A. 我们看到水桶呈绿色，是因为水桶能吸收绿光
B. 打击架子鼓发出的乐曲，一定不会成为噪声
C. 不锈钢盆通过振动发声，声音通过空气传播到现场同学们的耳中
D. 同学们能分辨出水桶和锅盖的声音，是由于发出声音的音调不同
3. 下列物态变化中，需要吸热且温度保持不变的是( )
A. 玻璃窗上形成冰花 B. 冰层消融
C. 瀑布附近形成白雾 D. 用湿毛巾降温
4. 下列说法错误的是( )
A. 新型光源LED灯，是用超导体材料制成的
B. 火箭选用液态氢做燃料，是因为液态氢的热值大
C. 船只通过长江三峡的5级船闸，是利用了连通器原理
D. 很多宾馆采用房卡插卡取电，房卡相当于电路中的开关
5. 如图所示，2022年12月4日20时09分，神舟十四号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，飞行任务取得圆满成功。下列关于返回舱返回过程的说法正确的是( )
A. 返回舱利用超声波向指挥中心传递信息
B. 返回舱与大气摩擦，温度升高，其内能是通过热传递的方式改变的
C. 返回舱外壳由新材料制成，具有耐高温、耐腐蚀、导热性好的特点
D. 返回舱距地面1.2m，反推发动机点火“刹车”利用力的作用是相互的原理
6. 如图所示是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是( )
A. 零线和地线之间的电压为220V
B. 可以用湿抹布擦拭正在工作的灯泡
C. 电冰箱连入三孔插座后，电灯与电冰箱串联
D. 若闭合开关S后灯不亮且试电笔接触插座左右两孔都发光，则零线ab间断路
7. 小明的奶奶年纪大了，总看不清手机屏幕，需要把手机拿得远远的才能勉强看清，细心的小明在网上帮奶奶购买了一个手机屏幕放大器(如图甲)，将手机放在支架处，透过透明的屏幕放大器即可看到手机屏幕放大的像，图乙为其观看效果。下列分析正确的是( )
A. 屏幕放大器对光线有发散作用
B. 透过屏幕放大器看到的是放大的虚像
C. 手机放在屏幕放大器的一倍焦距至二倍焦距之间
D. 小明奶奶配戴凹透镜制成的眼镜即可看清近处物体
8. 2021年1月13日，由我国自主研发的世界首台高温超导高速磁浮样车在四川成都下线，“自悬浮、自稳定、自导向”是它最大的特点。关于高温超导磁悬浮列车，下列说法错误的是( )
A. 超导材料用于磁悬浮列车，可减少能量损耗
B. 列车悬浮是通过列车底部与轨道上的磁极间相互作用来实现的
C. 列车车体与轨道相分离，使得车体与轨道之间摩擦力几乎为零
D. 磁悬浮列车是利用电流的磁效应来工作的，与发电机工作原理相同
9. 关于下列各图所示的实验，说法正确的是( )
A. 图甲中，将两个铅柱压在一起，下面能够悬挂一个钩码，说明分子之间存在间隙
B. 图乙中，按压活塞对空气做功，硝化棉点燃，此过程与汽油机做功冲程的能量转化相同
C. 图丙中，相同质量的水和煤油加热相同时间，煤油升温更快，煤油吸热能力较弱
D. 图丁中，接通电路后可探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系
10. 小林购买了一种“智能家居照明灯”，其内部结构如图甲所示(电磁继电器线圈的电阻不计)，R1为光敏电阻。该智能照明灯的特点是在天暗时自动发光，天亮时自动熄灭。保持光照强度不变，闭合开关S后，滑动变阻器R2的滑片P由a端向b端移动过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 光敏电阻R1的阻值随光照强度的增加而增大
B. 控制电路的电源电压U0=14V
C. 光照强度不变时，将滑片P移至a端，通电5min，R2产生的热量为300J
D. 随着使用，控制电路的电池损耗导致电压降低，则会使该智能灯照明时间变短
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）
11. 太阳能LED照明路灯可以利用太阳能工作。太阳能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源，清洁无污染，它是在太阳内部氢原子核发生______ (选填“裂变”或“聚变”)释放出巨大的能量。
12. 雨过天晴，地面上会出现建筑物的影子，影子是由于光的______ 形成的。通过地面上一层薄薄的积水还可以看到建筑物的像，如图所示，积水中建筑物的像是______ (选填“虚像”或“实像”)。积水远看是薄薄的，一旦涉入水中，发现积水的实际深度比看到的深，这是因为光从水面进入空气时发生了______ 现象。
13. 2022年12月19日，梅西率领的阿根廷队战胜法国队，第三次问鼎世界杯冠军。在足球比赛中，守门员踢出的足球能够在空中继续飞行，是由于足球具有______ ；守门员抱住了飞向门框的足球，表明力可以改变物体的______ ；地面上的足球向前滚动时，如果受到的所有外力全部消失，足球将会______ (选填“静止”或“做匀速直线运动”)。
14. 自行车是常用的交通工具。
(1)常见的自行车车轮直径约为0.637 ______ (填单位)。
(2)小林骑着自行车以5m/s的速度匀速绕跑道一圈用时80s，则跑道长______ m。以运动的自行车为参照物，跑道旁的树木是______ (选填“静止”或“运动”)的。
(3)如图所示，自行车手闸可以看做一个杠杆，当手对手闸的作用力F=10N时，刹车拉线受到力的大小为______ N。
15. 如图为我国新一代通用型052B导弹驱逐舰。舰队航行时两船不能并排行驶，是因为两舰之间的水流流速较大，压强较______ ，容易发生撞船事故。若行驶时，驱逐舰舰底距水面3m，则舰底受到海水的压强为______ Pa，舰底每0.5m2外表面受到海水的压力为______ N(海水密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg)。
16. 如图所示电路，L1、L2、L3是三只完全相同的小灯泡(设灯丝电阻不随温度发生变化)，闭合开关，小灯泡L2最亮，L3最暗，设A、B、C三处的电流为IA、IB、IC，则它们之间的大小关系为______ ；若电阻丝R2、R3是粗细相同的镍铬合金丝，由上述现象可知，R2的长度______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)R3的长度；若小灯泡L2断路，则小灯泡L1(或L3)的亮度将______ (选填“变亮”、“变暗”或“不变”)。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
17. 如图所示，F为焦点，从S点发出两条光线，一条经过光心，另一条平行于主光轴，请在图中画出它们经过凹透镜后的光线．
18. 在图中标出静止在磁场中的小磁针的N、S极和磁感线的方向。
四、实验探究题（本大题共4小题，共22.0分）
19. 按要求完成填空。
(1)如图甲所示，滴入热水中的墨水比滴入冷水中的墨水扩散得快，说明分子热运动与______ 有关。
(2)如图乙所示，是两杯水被加热时水中气泡上升的情形，其中图______ (选填“A”或“B”)是水沸腾时的情形。水沸腾时温度未达到100℃，原因可能是当地气压______ (选填“高于”或“低于”)1标准大气压。
(3)用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近用绝缘细线悬挂着的轻质小球A，相互作用情况如图丙所示，则小球A带______ (选填“正”或“负”)电。
20. 小林在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，连接了如图甲所示电路(电源电压保持4.5V不变)。
(1)连接电路时，开关应处于______ 状态。
(2)小林先把5Ω的电阻接入电路，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片P，记录电压表和电流表示数，并在丙图中描出相应的点，断开开关，她直接拆下5Ω的电阻，改换成阻值为10Ω的电阻继续实验，闭合开关，电压表示数如图乙所示，其示数是______ V，为了完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片P向______ (选填“左”或“右”)端移动。
(3)多次实验后，画出如图丙所示的I−R图象，由图象可得结论：______ 。
21. 某兴趣小组想通过实验测量矿石的密度，进行了如下操作：
(1)把天平放在水平桌面上，并将游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使天平平衡。
(2)把矿石放在天平的左盘中进行称量，当天平再次平衡时，右盘中的砝码及游码的位置如图乙所示，则矿石的质量是______ g。
(3)矿石放入量筒前后，量筒中水面位置如图丙所示，则矿石的体积为______ cm3，密度为______ kg/m3。
(4)兴趣小组找来了两个相同的正方体小木块(假设木块不吸水且密度小于水和待测液体的密度)、一把刻度尺，尝试不用天平和量筒测量液体的密度，请将步骤填写完整：
①小组同学用______ 测量出木块的棱长L0；
②将小木块放入盛水的容器内，待木块静止时测出木块露出液面的高度L1；
③将另一小木块放入盛待测液体的容器内，待木块静止时测出木块露出液面的高度L2；
则小木块在水中受到的浮力F浮= ______ ，待测液体密度的表达式ρ= ______ (用已知量ρ水、g和测量量符号表示)。
22. 在课外实践活动中，同学们用频闪照相机探究纸锥竖直下落的运动情况，照相机每隔0.2s曝光一次。
(1)小华所在的小组拍下了纸锥从A点下落过程的照片，如图所示，当纸锥下落到B点时速A度最大，接着开始做匀速运动，我们把这个最大速度叫收尾速度。测得BC段的距离为46.0cm，则纸锥的收尾速度为______ m/s。纸锥在BC段下落过程中动能______ ，重力势能______ (后两空均选填“增大”“减小”或“不变”)。
(2)小组间交流时，发现不同的纸锥下落的收尾速度不同，就纸锥下落的收尾速度大小与哪些因素有关，小明小组提出如下猜想：
猜想一：跟纸锥的锥角有关。
猜想二：跟纸锥的质量有关。
猜想三：跟纸锥的底面积有关。
他们用相同的复印纸制成了多个不同的纸锥，每次从相同高度由静止释放，分别测量出每个纸锥下落的收尾速度，并记录在表中。
纸锥编号
纸锥质量m/g
纸锥的底面积S/cm2
纸锥锥角θ/°
收尾速度v/m⋅s−1
1
14.4
20
71.1
1.5
2
25.6
20
81.9
1.6
3
14.4
20
81.9
1.2
4
14.4
10
81.9
1.7
①比较编号为______ 的纸锥的实验数据，可得猜想一是正确的。
②分析表格，发现2号纸锥比1号纸锥的收尾速度大，小明得出质量大的纸锥收尾速度大，对此你认为小明所得的结论______ (选填“可靠”或“不可靠”)。
③分析实验数据可知，为了减小纸锥竖直下落时的收尾速度，应该选择锥角较大、质量较______ 、底面积较______ 的纸锥。
五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
23. 党的二十大报告提出，要建设生态宜居、生活富裕的新农村。某乡村建筑工地用起重机提升重物，起重机吊臂上的滑轮组如图所示，现将一些规格相同的石板匀速提升到2m高的平台上，若每块石板的重力均为1.2×104N，不计摩擦和钢丝绳的重力。当滑轮组一次提升一块石板时，钢丝绳的拉力F的功率为3000W，此时滑轮组的机械效率为80%。
(1)石板静止放置在水平地面上时，石板所受重力与地面对石板的支持力是一对______ 力。
(2)在此过程中，拉力做的总功和拉力做功的时间分别是多少？
(3)动滑轮的重力是多少？
(4)若用该滑轮组一次提升两块石板时，滑轮组的机械效率将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
24. 图甲是某款电熨斗，图乙是其电路原理图。R1、R2为发热体(阻值不变)。其铭牌如表所示，通过开关S实现温度控制，S闭合时为高温挡。求：
型号：HU15816
额定电压
220V
频率
50Hz
低温挡功率
100W
高温挡功率
550W
(1)电熨斗的使用说明中写道“请勿在电熨斗同一线路上同时使用多个大功率电器”，其中的原因是______ 。
(2)电熨斗高温挡正常工作时电路中的电流和R1的阻值是多少？
(3)将电熨斗单独接入家庭电路中进行预热，金属底板的温度从20℃升高到熨衣服所需的220℃的过程中，家中标有“3600r/(kW⋅h)”的电能表转盘转了55r，若金属底板的比热容为0.46×103J/(kg⋅℃)，发热体放出的热量有92%被金属底板吸收，则金属底板的质量为多少kg？
(4)为了适应不同室温和更多衣料，小明对电路做了改进，将R2换成滑动变阻器R3，如图丙所示，R1、R3均为发热体。假定发热体产生的热量全部被电熨斗金属底板吸收，电熨斗金属底板每秒钟散失的热量Q跟电熨斗金属底板温度与环境温度的温度差ΔT关系如图丁所示。在一个20℃的房间，要求电熨斗金属底板温度保持220℃不变，应将R3的阻值调为多大？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：病毒是分子，所以电子是尺度最小的物质。
故选：D。
原子是由原子核和核外电子组成；后来人们又发现原子核是由质子和中子组成，电子的质量和体积在整个原子中都占很小的比重。
本题考查了宇宙、分子、电子的尺度大小，是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确解题。
2.【答案】C
【解析】解：A、我们看到水桶呈绿色，是因为水桶能反射绿光，故A错误；
B、打击架子鼓发出的乐曲，如果妨碍到人们正常的休息、工作、学习，或对人们要听到的声音造成了干扰，就会成为噪音，故B错误；
C、发声的物体在振动，不锈钢盆通过振动发声，声音通过空气传播到同学们的耳中，故C正确；
D、不同发声体的材料和结构不同，发出声音的音色不同，现场同学能分辨出水桶和锅盖的声音，是由于发出声音的音色不同，故D错误。
故选：C。
(1)不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的；
(2)从环保角度看，凡是妨碍到人们正常的休息、工作、学习的声音，或对人们要听到的声音造成了干扰的声音，都属于噪声；
(3)发声的物体在振动；我们平时听到的声音是通过空气进行传播的；
(4)声音的特点和品质叫音色，影响因素是发声体的材料和结构。
此题考查了物体的颜色、声音的特性、声音的产生和传播、噪声的概念，属基础题目。
3.【答案】B
【解析】解：A.玻璃窗上形成冰花是空气中的水蒸气遇冷直接变成小冰晶而形成的，属于凝华现象，凝华放热，故A不符合题意；
B.冰雪消融是晶体的熔化，晶体熔化时吸热温度不变，故B符合题意；
C.壶口附近形成白雾是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化放热，故C不符合题意；
D.抹酒精帮助退热，酒精由液态变成气态，是汽化现象，汽化吸热，使病人的温度降低，故D不符合题意。
故选：B。
六种物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的。凝固、液化、凝华是放热的，晶体熔化和凝固时温度不变。
掌握六种物态变化的状态变化，六种物态变化的吸热和放热情况以及晶体和非晶体的区别，是一道基础题。
4.【答案】A
【解析】解：A、新型光源LED灯，是用半导体材料制成的，故A错误；
B、火箭选用液态氢做燃料，是因为液态氢的热值大，故B正确；
C、船只通过长江三峡的5级船闸，是利用了连通器原理，故C正确；
D、很多宾馆采用房卡插卡取电，房卡相当于电路中的开关，故D正确。
故选：A。
(1)LED灯是由半导体材料制成的。
(2)液氢的热值大，通常用来做火箭的燃料。
(3)船闸属于连通器。
(4)宾馆采用房卡插卡取电，房卡相当于电路中的开关。
知道半导体的特点及应用；知道燃料的热值；知道连通器的原理及应用；知道电路的基本组成。
5.【答案】D
【解析】解：A、返回舱利用电磁波向指挥中心传递信息，故A错误；
B、返回舱与大气摩擦，温度升高，其内能是通过做功的方式改变的，故B错误；
C、返回舱外壳由新材料制成，具有耐高温、耐腐蚀、隔热性好的特点，故C错误；
D、返回舱距地面1.2m，反推发动机点火“刹车”利用力的作用是相互的原理，燃气反推，使返回舱减速降落地面，故D正确。
故选：D。
(1)真空不能传声。
(2)做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小。
(3)返回舱外壳由新材料制成，具有耐高温、耐腐蚀、隔热性好的特点。
(4)物体间力的作用是相互的。
会根据参照物判断物体的运动和静止；知道质量是物质的一种属性；知道返回舱外壳材料的特性；知道物体间力的作用是相互的。
6.【答案】D
【解析】解：A、零线和地线之间的电压为0V，故A错误；
B、生活用水是导体，用湿抹布擦拭正在工作的灯泡，容易发生触电事故，故B错误；
C、电冰箱接入三孔插座后，电灯与电冰箱互不影响，能独立工作，是并联的，故C错误；
D、用试电笔检测插座，左右两孔都能使测电笔的氖管发光，这说明左右两孔与火线之间是连接的，所以故障是零线ab间断路，故D正确。
故选：D。
(1)零线和地线之间的电压为0V；
(2)生活用水是导体；
(3)家用电器是并联的；
(4)电路的故障有两种：短路和断路；根据用电器的工作情况、氖管的发光情况判定电路的故障。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，难度不大。
7.【答案】B
【解析】解：
ABC、手机屏幕放大器的实质是一个凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用；把手机屏幕放大凸透镜的一倍焦距之内，成正立放大的虚像，故AC错误、B正确；
D、小明的奶奶年纪大了，总看不清手机屏幕，需要把手机拿得远远的才能勉强看清，这说明小明的奶奶是远视眼，远视眼镜是凸透镜，能看清近处的物体，故D错误。
故选：B。
放大镜的成像特点：物距在一倍焦距内时，凸透镜成放大正立的虚像；近视眼的晶状体较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面，需戴凹透镜矫正；远视眼的晶状体较薄，会聚能力较弱，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，需戴凸透镜矫正。
本题考查了凸透镜成正立放大的虚像的特点和规律，难度不大。
8.【答案】D
【解析】解：A.超导材料电阻为零，不会将电能转化为内能，因此可以减少能量损耗，故A正确；
B.悬浮是通过列车底部与永磁体相互作用来实现的，故B正确；
C.使物体与接触面分离，可以明显降低摩擦力，故C正确；
D.磁悬浮列车利用电流的磁效应工作，但是发电机不是，故D错误。
故选：D。
(1)超导材料电阻为零，不会将电能转化为内能；
(2)减小摩擦力的方式有：滑动变滚动、减小压力、减小接触面粗糙程度、使物体与接触面分离；
(3)发电机工作原理为：闭合回路中的导体切割磁感线运动可以形成感应电流。
该题目综合考查超导体特点、电与磁的常见应用、摩擦力的知识，难度适中。
9.【答案】C
【解析】解：
A、压紧的两铅块，下面悬挂钩码而不分开，说明分子间存在引力，故A错误；
B、当活塞迅速压下去时，活塞对气体做功，使气体的内能增大，温度升高，达到棉花的着火点，因此棉花燃烧起来，机械能转化为内能，与汽油机压缩冲程的能量转化相同，故B错误；
C、相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化大的吸热能力弱，比热容小，煤油升温更快，煤油吸热能力较弱，故C正确；
D、装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故甲实验可以研究电流产生的热量与电流的关系，故D错误。
故选：C。
(1)分子间存在着相互作用的引力和斥力；
(2)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小；
(3)相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化大的(小)吸热能力弱(强)，比热容小(大)；
(4)电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联、并联电路电流的规律分析。
本题考查了分子动理论的内容、能量的转化、物质吸热能力的比较、探究影响电流产生热量大小的因素等知识，属于综合题。
10.【答案】C
【解析】解：A、天暗时自动电灯亮说明此时照明电路闭合即衔铁断开，由图可知此时电磁铁的磁性减弱即电路中的电流变小，根据R=UI可知电路中的电阻变大即此时光敏电阻的阻值变大；反之，天亮时光敏电阻的阻值变小，所以光敏电阻阻值大小应随光照强度的增加而减小，故A错误；
B、由于电磁继电器线圈的电阻不计，当滑片位于b端时，电路为光敏电阻的简单电路，电压表测电源的电压，由图像可知电压表的示数为12V，则电源电压U0为12V，故B错误；
C、由图甲可知，当滑片P在a端时，电路中的电阻最大，电路最小，由图乙可知，此时电路中的电流I=0.1A，R1两端的电压为U1=2V，根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器R2两端的电压U2=U−U1=12V−2V=10V，通电5min，R2产生的热量：Q2=W2=U2I2t=10V×0.1A×5×60s=300J，故C正确；
D、控制电路的电压降低了，根据欧姆定律可知光照强度不变时通过电路的电流变小，电磁铁的磁性减弱，衔铁断开，灯亮，所以灯自动点亮的时间提前，而灯自动熄灭时间变晚，则该智能灯的照明时间变长，故D错误。
故选：C。
由图可知：控制电路中，线圈、滑动变阻器与光敏电阻R1串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)天暗时自动点亮说明此时照明电路闭合，由图可知此时电磁铁磁性的变化，进一步判断控制电路电流的变化，根据欧姆定律判断电路中电阻的变化，即可判断光敏电阻阻值的变化；
(2)当滑片位于b端时，电路为热敏电阻的简单电路，电压表测电源的电压，由图象可知电源的电压；
(3)由图甲可知，当滑片P在a端时，电路中的电阻最大，电路最小，由图乙可知，此时电路中的最小电流和R1两端的电压，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压，根据Q=W=UIt求出通电5min，R2产生的热量；
(4)控制电路的电压降低了，根据欧姆定律可知光照强度不变时通过电路的电流变小，电磁铁的磁性减弱，衔铁断开，灯亮，据此判断该智能灯照明时间变化；
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电磁铁磁性与电流的关系、安全用电等知识，涉及的知识点较多，关键是会分析电路图结合所学知识进行解决实际问题。
11.【答案】可再生 聚变
【解析】解：太阳能可以源源不断地获得，因此是可再生能源；太阳能是在太阳内部氢原子核发生聚变释放出巨大的能量。
故答案为：可再生；聚变。
可循环利用或短时间内可从自然界得到补充的能源是可再生能源，太阳能是可再生能源；太阳之所以能够发出大量的光和热，是因为太阳内部氢原子不断聚变成氦原子。
本题主要考查了对太阳能的分类、太阳能的产生原因等，属基础题，难度较小。
12.【答案】直线传播 虚像 折射
【解析】解：影子是由光的直线传播形成的；
通过地面上一层薄薄的积水还可以看到建筑物的像，属于平面镜成像，所成的像是正立等大的虚像；
积水远看是薄薄的，一旦涉入水中，发现积水的实际深度比看到的深，这是因为光从水中斜射入空气中时，在水面发生折射，折射角大于入射角，人逆着光线看到的位置比实际位置浅。
故答案为：光的直线传播；虚像；折射。
光在同种均匀介质中沿直线传播；平面镜所成的像是正立等大的虚像；光从一种介质斜射入另一种介质中时，会发生折射现象。
本题考查了光的直线传播、平面镜成像特点、折射现象，属于基础知识。
13.【答案】惯性 运动状态 做匀速直线运动
【解析】解：在足球比赛中，守门员踢出的足球能够在空中继续飞行，是由于足球具有惯性；
守门员抱住了飞向门框的足球，足球由运动变为静止，表明力可以改变物体的运动状态；
地面上的足球向前滚动时，如果受到的所有外力全部消失，由牛顿第一定律可知，足球将会做匀速直线运动。
故答案为：惯性；运动状态；做匀速直线运动。
(1)把物体保持运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性。
(2)力可以改变物体的运动状态。
(3)牛顿第一定律内容：物体在不受力的作用时，总保持静止状态或物体做匀速直线运动状态。
本题考查了有关力和运动的多个知识点，难度不大。
14.【答案】m 400 运动 40
【解析】解：(1)中学生的身高为1.60m，自行车车轮直径比中学生身高的一半短，大约为0.7m左右，所以常见的自行车车轮直径约为0.637m。
(2)小林骑着自行车以5m/s的速度绕跑道一圈用时80s，则跑道长：s=vt=5m/s×80s=400m；
以运动的自行车为参照物，跑道旁的树木与自行车之间的位置发生变化，所以跑道旁的树木是运动的；
(3)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，拉线上的拉力为：F2=L1L2×F1=12cm3cm×10N=40N。
故答案为：(1)m；(2)400；运动；(3)40。
(1)对常见的自行车车轮直径估测；
(2)计算跑道的长度，可利用速度公式来解，题中已经给出了运动速度和运动时间，直接代值计算即可；判断物体的运动与静止，关键看物体与参照物之间的位置是否改变；
(3)根据杠杆的平衡条件计算力刹车拉线受到的力的大小。
本题考查了运动和静止的相对性、长度的单位、杠杆平衡条件的应用，难度不大。
15.【答案】小 3×104 1500
【解析】解：(1)根据流体压强和流速的关系可知，当两船高速并排行驶时，两舰之间的水流流速较大，压强较小，而两舰外侧的水流流速较小，压强较大，在内外压强差的作用下，容易发生撞船事故。
(2)舰底受到海水的压强：p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×3m=3×104Pa；
根据p=FS可得，舰底每0.5m2外表面受到海水的压力：F=pS=3×104Pa×0.5m2=1500N。
故答案为：小；3×104；1500。
(1)流体压强与流速的关系：在气体和液体中，流速越大的位置压强越小；
(2)根据液体压强公式p=ρgh计算舰底受到海水的压强，然后利用p=FS计算舰底每0.5m2外表面受到海水的压力。
本题考查了流体压强与流速的关系、压强和压力的计算，属于常考题目，难度适中，解题的关键是熟练运用相关公式，掌握相关的物理规律。
16.【答案】IC>IA=IB 小于 不变
【解析】解：由图可知，灯泡L1与电阻R1串联，灯泡L2与电阻R2串联，灯泡L3与电阻R3串联，三灯泡并联，A、B处的电流是支路灯泡L1与电阻R1串联部分的电流，因为串联电路中电流处处相等，故I A=IB；C点在灯泡L1与电阻R1串联，灯泡L2与电阻R2串联的干路上，由并联电路的电流特点可知，C处电流大于A、B处电流，即IC>IA=IB；
灯泡的亮度取决于其实际功率的大小，闭合开关，小灯泡L2最亮，L3最暗，由P=UI=I2R可知，通过L3的电流最小，由I=UR可知，该支路的总电阻最大，各灯电阻相同，由串联电路的电阻规律可知，R3阻值最大，
若R2、R3是粗细相同、长度不同的镍铬合金丝，已知R3阻值最大，由此可知，R2的长度小于R3的长度；
因为并联电路中各用电器互不影响，所以若小灯泡L2断路，则小灯泡L1(或L3)的亮度将不变。
故答案为：IC>IA=IB；R3；小于；不变。
(1)由图可知，三灯泡并联，灯泡L1与电阻R1串联，灯泡L2与电阻R2串联，灯泡L3与电阻R3串联，根据串联、并联电路的电流特点可知，A、B、C三处的电流关系；
(2)灯泡的亮度取决于其实际功率的大小，已知L1、L2、L3是三只完全相同的小灯泡，闭合开关，小灯泡L2最亮，L3最暗，由P=I2R可知通过各灯的电流关系，根据欧姆定律可知各支路中的电阻关系，根据串联电路的电阻规律可知各电阻丝的阻值关系；
(3)电阻是导体本身的一种特性，大小与长度、材料、横截面积有关；
(4)并联电路中各用电器互不影响。
本题考查串、并联电路的电流规律，影响电阻大小的因素等多个知识点、难度适中。
17.【答案】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过凹透镜光心的光线传播方向不改变，如图所示：
【解析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点(三条特殊光线)来作图。
凹透镜的三条特殊光线：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
18.【答案】解：由右手螺旋定则可知电流由右侧流入，左端为N极；因电磁铁外部磁感线由N极指向S极，故磁感线方向向右，利用磁极间的相互作用规律得出小磁针左端为N极如图所示：
。
【解析】由右手螺旋定则得出螺线管的磁极，由磁感线特点可知磁感线方向，利用磁极间的相互作用规律得出小磁针的NS极。
本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用。利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。
19.【答案】温度 A 低于 负
【解析】解：(1)滴入热水中的墨水比滴入冷水中的墨水扩散得快，说明温度越高，分子的无规则运动越剧烈；
(2)水在沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大，故A为沸腾时的状态；水沸腾时温度未达到100℃，原因可能是当地气压低于1标准大气压；
(3)用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，故用毛皮摩擦过的橡胶棒去靠近A，二者将相互排斥，根据同种电荷相互排斥可知，小球A带负电。
故答案为：(1)温度；(2)A；低于；(3)负。
(1)分子在永不停息地做无规则运动，其运动快慢与温度有关，温度越高，分子的运动速度越快；
(2)水在沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐变小，水在沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大；标准气压下水的沸点为100℃；
(3)用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查了扩散现象、物体带电情况的判定、水的沸腾、沸点与气压的关系，属于基础题。
20.【答案】断开 2.4 左 导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时开关应处于断开状态；
(2)由图丙可知，定值电阻两端所控制的电压：UV=IR=0.4A×5Ω=2V，
图乙中电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.4V，大于定值电阻两端所控制的电压2V，
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2V；
(3)由图丙可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：(1)断开；(2)2.4；左；(3)导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(2)根据图丙利用欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压，根据电压表选用小量程确定分度值读出示数，与定值电阻两端所控制的电压进行比较，根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)根据图丙所示的I−R图象中电流与电阻之积为一定值分析得出结论。
本题探究通电导体中电流与电阻的关系，考查注意事项、电压表读数、控制变量法和欧姆定律的应用以及分析图象归纳结论的能力。
21.【答案】右 52.4 20 2.62×103 刻度尺 ρ水g(L0−L1)L02 L0−L1L0−L2⋅ρ水
【解析】解：(1)把天平放在水平桌面上，并将游码移至标尺左端零刻度线处，图中指针偏左，平衡螺母向右调节，使横梁平衡；
(2)物体质量等于砝码质量和游码示数之和，游码分度值为0.2g，
故矿石质量为：m=m码+m游=50g+2.4g=52.4g；
(3)矿石放入前，量筒中水的体积为V1=20cm3，矿石放入水中浸没，量筒中的体积为V2=40cm3，
则矿石的体积为：V=V2−V1=40cm3−20cm3=20cm3；
矿石的密度为：ρ=mV=52.4g20cm3=2.62g/cm3=2.62×103kg/m3；
(4)①用刻度尺测量出木块的棱长L0，则正方体小木块的一个面的面积为S=L02，
②当将小木块放入盛水的容器时，待木块静止时测出木块露出液面的高度为L1，
则小木块浸入水中的深度为L0−L1；
则根据G=mg、F浮=ρ液gV排和物体的漂浮条件可得：mg=ρ水g(L0−L1)L02，----------①
③当将另一小木块放入盛待测液体的容器中，小木块露出该液体表面的高度为L2，则小木块浸入液体中的深度为L0−L2；
同理可得：mg=ρ液g(L0−L2)L02，-----------②
联立①②可得：待测液体密度为：ρ=L0−L1L0−L2⋅ρ水。
故答案为：(1)右；(2)52.4；(3)20；2.62×103；(4)①刻度尺；③ρ水g(L0−L1)L02；L0−L1L0−L2⋅ρ水。
(1)把天平放在水平桌面上，并将游码移至标尺左端零刻度线处，使用天平测量物体质量之前要进行调平，先调节平衡螺母，后调节游码，平衡螺母相对于指针的调节规律是“左偏右调，右偏左调”；
(2)物体的质量等于砝码的总质量加游码对应的刻度值；
(3)矿石的体积等于水和矿石的总体积减水的体积；根据ρ=mV计算出矿石的密度；
(4)木块漂浮在水和待测液体中，根据漂浮时浮力等于重力，再利用F浮=ρ液gV排列等式表示出待测液体的密度。
本题考查了液体密度的测量、天平的使用与读数、量筒的读数、特殊的方法测量固体的密度等，是一道综合题，难度不大。
22.【答案】1.15 增大 减小 1、3 不可靠 小 大
【解析】解：(1)纸锥在AB段作加速运动，判断的依据是纸锥在相同的时间内通过的路程变大；
纸锥通过BC两位置间所用时间：t=2×0.2s=0.4s，由速度公式可得纸锥的收尾速度：v=st=46.0×10−2m0.4s=1.15m/s；
质量不变，故动能增加；高度减小，故重力势能减小；
(2)①由1、3知纸锥锥角越大，下落时间越长，下落速度越慢，可知猜想一是正确的；
②实验中没有控制纸锥的锥角相等，因此不能得出：质量大的纸锥下落速度大，小明所得的结论不可靠，要科学的得出结论需要：用锥角和纸锥的底面积，质量不同的两个纸锥做实验；
③为了减小纸锥竖直下落时的收尾速度，应该选择锥角较大、质量较小、底面积较大的纸锥。
故答案为：(1)1.15；增大；减小；(2)①1、3； ②不可靠；③小；大。
(1)从照片中两个纸锥之间的间距判断物体运动快慢，间距越大，速度越快，并利用v=st计算速度的大小；动能大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关；
(2)①根据控制变量法分析纸锥下落快慢与锥角的关系，得出结论；
②探究速度与质量的关系应控制纸锥锥角与纸锥的底面积相同而质量不同；
③使用控制变量法，结合表中数据分析得出结论。
在本实验的探究中，主要运用了控制变量的研究方法，同时还考查了运动快慢的比较，速度公式的简单计算，以及如何解决实验中遇到的现实问题等，对我们的能力是一个很好的锻炼。
23.【答案】平衡 变大
【解析】解：(1)石板所受重力与地面对石板的支持力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，都作用在石板上，是一对平衡力；
(2)克服石板重力做的有用功：
W有=Gh=1.2×104N×2m=2.4×104J，
由η=W有W总可得，总功：
W总=W有η=2.4×104J80%=3×104J；
由P=Wt可得，做功时间：
t=W总P=3×104J3000W=10s；
(3)不计摩擦和钢丝绳的重力，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额=GhGh+G动h=GG+G动，
即有：80%=1.2×104N1.2×104N+G动，
解得：G动=3×103N；
(4)同一滑轮组提升重物，所提升重物重力越大，滑轮组机械效率越高，所以用该滑轮组一次提升两块石板时，滑轮组的机械效率将变大。
故答案为：(1)平衡；
(2)拉力做的总功为3×104J，拉力做功的时间为10s；
(3)动滑轮的重力是3×103N；
(4)变大。
(1)二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上；相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同的物体上；
(2)根据W有=Gh先计算有用功，再机械效率η=W有W总计算总功，根据P=Wt计算做功时间；
(3)不计摩擦和钢丝绳的重力，根据η=W有W总=W有W有+W额=GhGh+G动h=GG+G动计算动滑轮的重力；
(4)同一滑轮组提起的物体越重，机械效率越高。
本题考查了平衡力的认识、功率、有用功、总功、机械效率公式的灵活应用，还考查了滑轮组效率因素的理解，考查知识点多，综合性强。
24.【答案】同一电路上同时使用多个大功率用电器，会使电路中的电流过大，烧坏保险丝
【解析】解：(1)同一电路上同时使用多个大功率用电器，会使电路中的电流过大，烧坏保险丝；
(2)观察图乙可知当S闭合时R2被短路，只有R1接入电路，此时对应高温挡；
由P=U2R得R1的阻值为：
R1=U2P高温=(220V)2550W=88Ω；
电熨斗高温挡正常工作时电路中的电流为：
I=P高温U=550W220V=2.5A；
(3)消耗的电能为：
W=n实n标=55r3600r/(kW⋅h)=11720kW⋅h=5.5×104J，
由η=Q吸W得金属底板吸收的热量为：
Q吸=Wη=5.5×104J×92%=5.06×104J，
由Q吸=cmΔt得金属底板的质量为：
m=Q吸cΔt=5.06×104J0.46×103J/(kg⋅℃)×(220℃−20℃)=0.55kg；
(3)由题干可知室温为20℃，电熨斗表面为220℃，则温差Δt=220℃−20℃=200℃；
观察图像丁可知，在温差为200℃下电熨斗每秒钟散失的热量为440J；
则损失热量的功率为：
P损=Wt=440J1s=440W；
要想保持电熨斗表面温度不变，则电熨斗的加热功率P加热=440W；
电路丙中的加热功率为：P加热=U2R1+R3，即440W=(220V)288Ω+R3，解得R3=22Ω。
答：(1)同一电路上同时使用多个大功率用电器，会使电路中的电流过大，烧坏保险丝；
(2)电熨斗高温挡正常工作时电路中的电流为2.5A、R1的阻值是88Ω；
(3)金属底板的质量为0.55kg；
(4)应将R3的阻值调为22Ω。
(1)根据P−=UI判断分析请勿在电熨斗同一线路上同时使用多个大功率电器的原因；
(2)观察电路图乙，识别开关S断开与闭合时的电路结构，由P=U2R求出R1的阻值，由P=UI算出电熨斗高温挡正常工作时电路中的电流；
(3)根据W=n实n标算出消耗的电能，根据效率求出金属底板吸收的热量，由热量公式算出金属底板的质量；
(4)图像丙是让R1与滑动变阻器串联，根据题干与图像可得出220℃时每秒钟散失的热量，若要使电熨斗表面温度保持不变，需要加热功率与散热功率相等，此时根据P=U2R1+R3即可计算出R3的阻值。
本题考查了电功公式、功率公式、效率公式、吸热公式的综合应用，第(3)关键能读懂题意，让电熨斗的功率与其每秒钟散失热量相等即可。
2023年陕西省宝鸡市凤翔县中考物理二模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1. 地球及一切天体都是由物质组成，任何物质都是由大量分子、原子构成的。下列各项中，尺度最小的是( )
A. 分子 B. 月球 C. 病毒 D. 电子
2. 学习了声学知识后，小张同学在家利用锅盖、不锈钢盆、水桶自制了一个架子鼓(如图所示)，利用此鼓给同学们带来了精彩的表演。下列有关说法正确的是( )
A. 我们看到水桶呈绿色，是因为水桶能吸收绿光
B. 打击架子鼓发出的乐曲，一定不会成为噪声
C. 不锈钢盆通过振动发声，声音通过空气传播到现场同学们的耳中
D. 同学们能分辨出水桶和锅盖的声音，是由于发出声音的音调不同
3. 下列物态变化中，需要吸热且温度保持不变的是( )
A. 玻璃窗上形成冰花 B. 冰层消融
C. 瀑布附近形成白雾 D. 用湿毛巾降温
4. 下列说法错误的是( )
A. 新型光源LED灯，是用超导体材料制成的
B. 火箭选用液态氢做燃料，是因为液态氢的热值大
C. 船只通过长江三峡的5级船闸，是利用了连通器原理
D. 很多宾馆采用房卡插卡取电，房卡相当于电路中的开关
5. 如图所示，2022年12月4日20时09分，神舟十四号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，飞行任务取得圆满成功。下列关于返回舱返回过程的说法正确的是( )
A. 返回舱利用超声波向指挥中心传递信息
B. 返回舱与大气摩擦，温度升高，其内能是通过热传递的方式改变的
C. 返回舱外壳由新材料制成，具有耐高温、耐腐蚀、导热性好的特点
D. 返回舱距地面1.2m，反推发动机点火“刹车”利用力的作用是相互的原理
6. 如图所示是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是( )
A. 零线和地线之间的电压为220V
B. 可以用湿抹布擦拭正在工作的灯泡
C. 电冰箱连入三孔插座后，电灯与电冰箱串联
D. 若闭合开关S后灯不亮且试电笔接触插座左右两孔都发光，则零线ab间断路
7. 小明的奶奶年纪大了，总看不清手机屏幕，需要把手机拿得远远的才能勉强看清，细心的小明在网上帮奶奶购买了一个手机屏幕放大器(如图甲)，将手机放在支架处，透过透明的屏幕放大器即可看到手机屏幕放大的像，图乙为其观看效果。下列分析正确的是( )
A. 屏幕放大器对光线有发散作用
B. 透过屏幕放大器看到的是放大的虚像
C. 手机放在屏幕放大器的一倍焦距至二倍焦距之间
D. 小明奶奶配戴凹透镜制成的眼镜即可看清近处物体
8. 2021年1月13日，由我国自主研发的世界首台高温超导高速磁浮样车在四川成都下线，“自悬浮、自稳定、自导向”是它最大的特点。关于高温超导磁悬浮列车，下列说法错误的是( )
A. 超导材料用于磁悬浮列车，可减少能量损耗
B. 列车悬浮是通过列车底部与轨道上的磁极间相互作用来实现的
C. 列车车体与轨道相分离，使得车体与轨道之间摩擦力几乎为零
D. 磁悬浮列车是利用电流的磁效应来工作的，与发电机工作原理相同
9. 关于下列各图所示的实验，说法正确的是( )
A. 图甲中，将两个铅柱压在一起，下面能够悬挂一个钩码，说明分子之间存在间隙
B. 图乙中，按压活塞对空气做功，硝化棉点燃，此过程与汽油机做功冲程的能量转化相同
C. 图丙中，相同质量的水和煤油加热相同时间，煤油升温更快，煤油吸热能力较弱
D. 图丁中，接通电路后可探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系
10. 小林购买了一种“智能家居照明灯”，其内部结构如图甲所示(电磁继电器线圈的电阻不计)，R1为光敏电阻。该智能照明灯的特点是在天暗时自动发光，天亮时自动熄灭。保持光照强度不变，闭合开关S后，滑动变阻器R2的滑片P由a端向b端移动过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 光敏电阻R1的阻值随光照强度的增加而增大
B. 控制电路的电源电压U0=14V
C. 光照强度不变时，将滑片P移至a端，通电5min，R2产生的热量为300J
D. 随着使用，控制电路的电池损耗导致电压降低，则会使该智能灯照明时间变短
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）
11. 太阳能LED照明路灯可以利用太阳能工作。太阳能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源，清洁无污染，它是在太阳内部氢原子核发生______ (选填“裂变”或“聚变”)释放出巨大的能量。
12. 雨过天晴，地面上会出现建筑物的影子，影子是由于光的______ 形成的。通过地面上一层薄薄的积水还可以看到建筑物的像，如图所示，积水中建筑物的像是______ (选填“虚像”或“实像”)。积水远看是薄薄的，一旦涉入水中，发现积水的实际深度比看到的深，这是因为光从水面进入空气时发生了______ 现象。
13. 2022年12月19日，梅西率领的阿根廷队战胜法国队，第三次问鼎世界杯冠军。在足球比赛中，守门员踢出的足球能够在空中继续飞行，是由于足球具有______ ；守门员抱住了飞向门框的足球，表明力可以改变物体的______ ；地面上的足球向前滚动时，如果受到的所有外力全部消失，足球将会______ (选填“静止”或“做匀速直线运动”)。
14. 自行车是常用的交通工具。
(1)常见的自行车车轮直径约为0.637 ______ (填单位)。
(2)小林骑着自行车以5m/s的速度匀速绕跑道一圈用时80s，则跑道长______ m。以运动的自行车为参照物，跑道旁的树木是______ (选填“静止”或“运动”)的。
(3)如图所示，自行车手闸可以看做一个杠杆，当手对手闸的作用力F=10N时，刹车拉线受到力的大小为______ N。
15. 如图为我国新一代通用型052B导弹驱逐舰。舰队航行时两船不能并排行驶，是因为两舰之间的水流流速较大，压强较______ ，容易发生撞船事故。若行驶时，驱逐舰舰底距水面3m，则舰底受到海水的压强为______ Pa，舰底每0.5m2外表面受到海水的压力为______ N(海水密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg)。
16. 如图所示电路，L1、L2、L3是三只完全相同的小灯泡(设灯丝电阻不随温度发生变化)，闭合开关，小灯泡L2最亮，L3最暗，设A、B、C三处的电流为IA、IB、IC，则它们之间的大小关系为______ ；若电阻丝R2、R3是粗细相同的镍铬合金丝，由上述现象可知，R2的长度______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)R3的长度；若小灯泡L2断路，则小灯泡L1(或L3)的亮度将______ (选填“变亮”、“变暗”或“不变”)。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
17. 如图所示，F为焦点，从S点发出两条光线，一条经过光心，另一条平行于主光轴，请在图中画出它们经过凹透镜后的光线．
18. 在图中标出静止在磁场中的小磁针的N、S极和磁感线的方向。
四、实验探究题（本大题共4小题，共22.0分）
19. 按要求完成填空。
(1)如图甲所示，滴入热水中的墨水比滴入冷水中的墨水扩散得快，说明分子热运动与______ 有关。
(2)如图乙所示，是两杯水被加热时水中气泡上升的情形，其中图______ (选填“A”或“B”)是水沸腾时的情形。水沸腾时温度未达到100℃，原因可能是当地气压______ (选填“高于”或“低于”)1标准大气压。
(3)用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近用绝缘细线悬挂着的轻质小球A，相互作用情况如图丙所示，则小球A带______ (选填“正”或“负”)电。
20. 小林在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，连接了如图甲所示电路(电源电压保持4.5V不变)。
(1)连接电路时，开关应处于______ 状态。
(2)小林先把5Ω的电阻接入电路，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片P，记录电压表和电流表示数，并在丙图中描出相应的点，断开开关，她直接拆下5Ω的电阻，改换成阻值为10Ω的电阻继续实验，闭合开关，电压表示数如图乙所示，其示数是______ V，为了完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片P向______ (选填“左”或“右”)端移动。
(3)多次实验后，画出如图丙所示的I−R图象，由图象可得结论：______ 。
21. 某兴趣小组想通过实验测量矿石的密度，进行了如下操作：
(1)把天平放在水平桌面上，并将游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使天平平衡。
(2)把矿石放在天平的左盘中进行称量，当天平再次平衡时，右盘中的砝码及游码的位置如图乙所示，则矿石的质量是______ g。
(3)矿石放入量筒前后，量筒中水面位置如图丙所示，则矿石的体积为______ cm3，密度为______ kg/m3。
(4)兴趣小组找来了两个相同的正方体小木块(假设木块不吸水且密度小于水和待测液体的密度)、一把刻度尺，尝试不用天平和量筒测量液体的密度，请将步骤填写完整：
①小组同学用______ 测量出木块的棱长L0；
②将小木块放入盛水的容器内，待木块静止时测出木块露出液面的高度L1；
③将另一小木块放入盛待测液体的容器内，待木块静止时测出木块露出液面的高度L2；
则小木块在水中受到的浮力F浮= ______ ，待测液体密度的表达式ρ= ______ (用已知量ρ水、g和测量量符号表示)。
22. 在课外实践活动中，同学们用频闪照相机探究纸锥竖直下落的运动情况，照相机每隔0.2s曝光一次。
(1)小华所在的小组拍下了纸锥从A点下落过程的照片，如图所示，当纸锥下落到B点时速A度最大，接着开始做匀速运动，我们把这个最大速度叫收尾速度。测得BC段的距离为46.0cm，则纸锥的收尾速度为______ m/s。纸锥在BC段下落过程中动能______ ，重力势能______ (后两空均选填“增大”“减小”或“不变”)。
(2)小组间交流时，发现不同的纸锥下落的收尾速度不同，就纸锥下落的收尾速度大小与哪些因素有关，小明小组提出如下猜想：
猜想一：跟纸锥的锥角有关。
猜想二：跟纸锥的质量有关。
猜想三：跟纸锥的底面积有关。
他们用相同的复印纸制成了多个不同的纸锥，每次从相同高度由静止释放，分别测量出每个纸锥下落的收尾速度，并记录在表中。
纸锥编号
纸锥质量m/g
纸锥的底面积S/cm2
纸锥锥角θ/°
收尾速度v/m⋅s−1
1
14.4
20
71.1
1.5
2
25.6
20
81.9
1.6
3
14.4
20
81.9
1.2
4
14.4
10
81.9
1.7
①比较编号为______ 的纸锥的实验数据，可得猜想一是正确的。
②分析表格，发现2号纸锥比1号纸锥的收尾速度大，小明得出质量大的纸锥收尾速度大，对此你认为小明所得的结论______ (选填“可靠”或“不可靠”)。
③分析实验数据可知，为了减小纸锥竖直下落时的收尾速度，应该选择锥角较大、质量较______ 、底面积较______ 的纸锥。
五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
23. 党的二十大报告提出，要建设生态宜居、生活富裕的新农村。某乡村建筑工地用起重机提升重物，起重机吊臂上的滑轮组如图所示，现将一些规格相同的石板匀速提升到2m高的平台上，若每块石板的重力均为1.2×104N，不计摩擦和钢丝绳的重力。当滑轮组一次提升一块石板时，钢丝绳的拉力F的功率为3000W，此时滑轮组的机械效率为80%。
(1)石板静止放置在水平地面上时，石板所受重力与地面对石板的支持力是一对______ 力。
(2)在此过程中，拉力做的总功和拉力做功的时间分别是多少？
(3)动滑轮的重力是多少？
(4)若用该滑轮组一次提升两块石板时，滑轮组的机械效率将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
24. 图甲是某款电熨斗，图乙是其电路原理图。R1、R2为发热体(阻值不变)。其铭牌如表所示，通过开关S实现温度控制，S闭合时为高温挡。求：
型号：HU15816
额定电压
220V
频率
50Hz
低温挡功率
100W
高温挡功率
550W
(1)电熨斗的使用说明中写道“请勿在电熨斗同一线路上同时使用多个大功率电器”，其中的原因是______ 。
(2)电熨斗高温挡正常工作时电路中的电流和R1的阻值是多少？
(3)将电熨斗单独接入家庭电路中进行预热，金属底板的温度从20℃升高到熨衣服所需的220℃的过程中，家中标有“3600r/(kW⋅h)”的电能表转盘转了55r，若金属底板的比热容为0.46×103J/(kg⋅℃)，发热体放出的热量有92%被金属底板吸收，则金属底板的质量为多少kg？
(4)为了适应不同室温和更多衣料，小明对电路做了改进，将R2换成滑动变阻器R3，如图丙所示，R1、R3均为发热体。假定发热体产生的热量全部被电熨斗金属底板吸收，电熨斗金属底板每秒钟散失的热量Q跟电熨斗金属底板温度与环境温度的温度差ΔT关系如图丁所示。在一个20℃的房间，要求电熨斗金属底板温度保持220℃不变，应将R3的阻值调为多大？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：病毒是分子，所以电子是尺度最小的物质。
故选：D。
原子是由原子核和核外电子组成；后来人们又发现原子核是由质子和中子组成，电子的质量和体积在整个原子中都占很小的比重。
本题考查了宇宙、分子、电子的尺度大小，是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确解题。
2.【答案】C
【解析】解：A、我们看到水桶呈绿色，是因为水桶能反射绿光，故A错误；
B、打击架子鼓发出的乐曲，如果妨碍到人们正常的休息、工作、学习，或对人们要听到的声音造成了干扰，就会成为噪音，故B错误；
C、发声的物体在振动，不锈钢盆通过振动发声，声音通过空气传播到同学们的耳中，故C正确；
D、不同发声体的材料和结构不同，发出声音的音色不同，现场同学能分辨出水桶和锅盖的声音，是由于发出声音的音色不同，故D错误。
故选：C。
(1)不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的；
(2)从环保角度看，凡是妨碍到人们正常的休息、工作、学习的声音，或对人们要听到的声音造成了干扰的声音，都属于噪声；
(3)发声的物体在振动；我们平时听到的声音是通过空气进行传播的；
(4)声音的特点和品质叫音色，影响因素是发声体的材料和结构。
此题考查了物体的颜色、声音的特性、声音的产生和传播、噪声的概念，属基础题目。
3.【答案】B
【解析】解：A.玻璃窗上形成冰花是空气中的水蒸气遇冷直接变成小冰晶而形成的，属于凝华现象，凝华放热，故A不符合题意；
B.冰雪消融是晶体的熔化，晶体熔化时吸热温度不变，故B符合题意；
C.壶口附近形成白雾是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化放热，故C不符合题意；
D.抹酒精帮助退热，酒精由液态变成气态，是汽化现象，汽化吸热，使病人的温度降低，故D不符合题意。
故选：B。
六种物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的。凝固、液化、凝华是放热的，晶体熔化和凝固时温度不变。
掌握六种物态变化的状态变化，六种物态变化的吸热和放热情况以及晶体和非晶体的区别，是一道基础题。
4.【答案】A
【解析】解：A、新型光源LED灯，是用半导体材料制成的，故A错误；
B、火箭选用液态氢做燃料，是因为液态氢的热值大，故B正确；
C、船只通过长江三峡的5级船闸，是利用了连通器原理，故C正确；
D、很多宾馆采用房卡插卡取电，房卡相当于电路中的开关，故D正确。
故选：A。
(1)LED灯是由半导体材料制成的。
(2)液氢的热值大，通常用来做火箭的燃料。
(3)船闸属于连通器。
(4)宾馆采用房卡插卡取电，房卡相当于电路中的开关。
知道半导体的特点及应用；知道燃料的热值；知道连通器的原理及应用；知道电路的基本组成。
5.【答案】D
【解析】解：A、返回舱利用电磁波向指挥中心传递信息，故A错误；
B、返回舱与大气摩擦，温度升高，其内能是通过做功的方式改变的，故B错误；
C、返回舱外壳由新材料制成，具有耐高温、耐腐蚀、隔热性好的特点，故C错误；
D、返回舱距地面1.2m，反推发动机点火“刹车”利用力的作用是相互的原理，燃气反推，使返回舱减速降落地面，故D正确。
故选：D。
(1)真空不能传声。
(2)做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小。
(3)返回舱外壳由新材料制成，具有耐高温、耐腐蚀、隔热性好的特点。
(4)物体间力的作用是相互的。
会根据参照物判断物体的运动和静止；知道质量是物质的一种属性；知道返回舱外壳材料的特性；知道物体间力的作用是相互的。
6.【答案】D
【解析】解：A、零线和地线之间的电压为0V，故A错误；
B、生活用水是导体，用湿抹布擦拭正在工作的灯泡，容易发生触电事故，故B错误；
C、电冰箱接入三孔插座后，电灯与电冰箱互不影响，能独立工作，是并联的，故C错误；
D、用试电笔检测插座，左右两孔都能使测电笔的氖管发光，这说明左右两孔与火线之间是连接的，所以故障是零线ab间断路，故D正确。
故选：D。
(1)零线和地线之间的电压为0V；
(2)生活用水是导体；
(3)家用电器是并联的；
(4)电路的故障有两种：短路和断路；根据用电器的工作情况、氖管的发光情况判定电路的故障。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，难度不大。
7.【答案】B
【解析】解：
ABC、手机屏幕放大器的实质是一个凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用；把手机屏幕放大凸透镜的一倍焦距之内，成正立放大的虚像，故AC错误、B正确；
D、小明的奶奶年纪大了，总看不清手机屏幕，需要把手机拿得远远的才能勉强看清，这说明小明的奶奶是远视眼，远视眼镜是凸透镜，能看清近处的物体，故D错误。
故选：B。
放大镜的成像特点：物距在一倍焦距内时，凸透镜成放大正立的虚像；近视眼的晶状体较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面，需戴凹透镜矫正；远视眼的晶状体较薄，会聚能力较弱，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，需戴凸透镜矫正。
本题考查了凸透镜成正立放大的虚像的特点和规律，难度不大。
8.【答案】D
【解析】解：A.超导材料电阻为零，不会将电能转化为内能，因此可以减少能量损耗，故A正确；
B.悬浮是通过列车底部与永磁体相互作用来实现的，故B正确；
C.使物体与接触面分离，可以明显降低摩擦力，故C正确；
D.磁悬浮列车利用电流的磁效应工作，但是发电机不是，故D错误。
故选：D。
(1)超导材料电阻为零，不会将电能转化为内能；
(2)减小摩擦力的方式有：滑动变滚动、减小压力、减小接触面粗糙程度、使物体与接触面分离；
(3)发电机工作原理为：闭合回路中的导体切割磁感线运动可以形成感应电流。
该题目综合考查超导体特点、电与磁的常见应用、摩擦力的知识，难度适中。
9.【答案】C
【解析】解：
A、压紧的两铅块，下面悬挂钩码而不分开，说明分子间存在引力，故A错误；
B、当活塞迅速压下去时，活塞对气体做功，使气体的内能增大，温度升高，达到棉花的着火点，因此棉花燃烧起来，机械能转化为内能，与汽油机压缩冲程的能量转化相同，故B错误；
C、相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化大的吸热能力弱，比热容小，煤油升温更快，煤油吸热能力较弱，故C正确；
D、装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故甲实验可以研究电流产生的热量与电流的关系，故D错误。
故选：C。
(1)分子间存在着相互作用的引力和斥力；
(2)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小；
(3)相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化大的(小)吸热能力弱(强)，比热容小(大)；
(4)电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联、并联电路电流的规律分析。
本题考查了分子动理论的内容、能量的转化、物质吸热能力的比较、探究影响电流产生热量大小的因素等知识，属于综合题。
10.【答案】C
【解析】解：A、天暗时自动电灯亮说明此时照明电路闭合即衔铁断开，由图可知此时电磁铁的磁性减弱即电路中的电流变小，根据R=UI可知电路中的电阻变大即此时光敏电阻的阻值变大；反之，天亮时光敏电阻的阻值变小，所以光敏电阻阻值大小应随光照强度的增加而减小，故A错误；
B、由于电磁继电器线圈的电阻不计，当滑片位于b端时，电路为光敏电阻的简单电路，电压表测电源的电压，由图像可知电压表的示数为12V，则电源电压U0为12V，故B错误；
C、由图甲可知，当滑片P在a端时，电路中的电阻最大，电路最小，由图乙可知，此时电路中的电流I=0.1A，R1两端的电压为U1=2V，根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器R2两端的电压U2=U−U1=12V−2V=10V，通电5min，R2产生的热量：Q2=W2=U2I2t=10V×0.1A×5×60s=300J，故C正确；
D、控制电路的电压降低了，根据欧姆定律可知光照强度不变时通过电路的电流变小，电磁铁的磁性减弱，衔铁断开，灯亮，所以灯自动点亮的时间提前，而灯自动熄灭时间变晚，则该智能灯的照明时间变长，故D错误。
故选：C。
由图可知：控制电路中，线圈、滑动变阻器与光敏电阻R1串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)天暗时自动点亮说明此时照明电路闭合，由图可知此时电磁铁磁性的变化，进一步判断控制电路电流的变化，根据欧姆定律判断电路中电阻的变化，即可判断光敏电阻阻值的变化；
(2)当滑片位于b端时，电路为热敏电阻的简单电路，电压表测电源的电压，由图象可知电源的电压；
(3)由图甲可知，当滑片P在a端时，电路中的电阻最大，电路最小，由图乙可知，此时电路中的最小电流和R1两端的电压，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压，根据Q=W=UIt求出通电5min，R2产生的热量；
(4)控制电路的电压降低了，根据欧姆定律可知光照强度不变时通过电路的电流变小，电磁铁的磁性减弱，衔铁断开，灯亮，据此判断该智能灯照明时间变化；
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电磁铁磁性与电流的关系、安全用电等知识，涉及的知识点较多，关键是会分析电路图结合所学知识进行解决实际问题。
11.【答案】可再生 聚变
【解析】解：太阳能可以源源不断地获得，因此是可再生能源；太阳能是在太阳内部氢原子核发生聚变释放出巨大的能量。
故答案为：可再生；聚变。
可循环利用或短时间内可从自然界得到补充的能源是可再生能源，太阳能是可再生能源；太阳之所以能够发出大量的光和热，是因为太阳内部氢原子不断聚变成氦原子。
本题主要考查了对太阳能的分类、太阳能的产生原因等，属基础题，难度较小。
12.【答案】直线传播 虚像 折射
【解析】解：影子是由光的直线传播形成的；
通过地面上一层薄薄的积水还可以看到建筑物的像，属于平面镜成像，所成的像是正立等大的虚像；
积水远看是薄薄的，一旦涉入水中，发现积水的实际深度比看到的深，这是因为光从水中斜射入空气中时，在水面发生折射，折射角大于入射角，人逆着光线看到的位置比实际位置浅。
故答案为：光的直线传播；虚像；折射。
光在同种均匀介质中沿直线传播；平面镜所成的像是正立等大的虚像；光从一种介质斜射入另一种介质中时，会发生折射现象。
本题考查了光的直线传播、平面镜成像特点、折射现象，属于基础知识。
13.【答案】惯性 运动状态 做匀速直线运动
【解析】解：在足球比赛中，守门员踢出的足球能够在空中继续飞行，是由于足球具有惯性；
守门员抱住了飞向门框的足球，足球由运动变为静止，表明力可以改变物体的运动状态；
地面上的足球向前滚动时，如果受到的所有外力全部消失，由牛顿第一定律可知，足球将会做匀速直线运动。
故答案为：惯性；运动状态；做匀速直线运动。
(1)把物体保持运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性。
(2)力可以改变物体的运动状态。
(3)牛顿第一定律内容：物体在不受力的作用时，总保持静止状态或物体做匀速直线运动状态。
本题考查了有关力和运动的多个知识点，难度不大。
14.【答案】m 400 运动 40
【解析】解：(1)中学生的身高为1.60m，自行车车轮直径比中学生身高的一半短，大约为0.7m左右，所以常见的自行车车轮直径约为0.637m。
(2)小林骑着自行车以5m/s的速度绕跑道一圈用时80s，则跑道长：s=vt=5m/s×80s=400m；
以运动的自行车为参照物，跑道旁的树木与自行车之间的位置发生变化，所以跑道旁的树木是运动的；
(3)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，拉线上的拉力为：F2=L1L2×F1=12cm3cm×10N=40N。
故答案为：(1)m；(2)400；运动；(3)40。
(1)对常见的自行车车轮直径估测；
(2)计算跑道的长度，可利用速度公式来解，题中已经给出了运动速度和运动时间，直接代值计算即可；判断物体的运动与静止，关键看物体与参照物之间的位置是否改变；
(3)根据杠杆的平衡条件计算力刹车拉线受到的力的大小。
本题考查了运动和静止的相对性、长度的单位、杠杆平衡条件的应用，难度不大。
15.【答案】小 3×104 1500
【解析】解：(1)根据流体压强和流速的关系可知，当两船高速并排行驶时，两舰之间的水流流速较大，压强较小，而两舰外侧的水流流速较小，压强较大，在内外压强差的作用下，容易发生撞船事故。
(2)舰底受到海水的压强：p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×3m=3×104Pa；
根据p=FS可得，舰底每0.5m2外表面受到海水的压力：F=pS=3×104Pa×0.5m2=1500N。
故答案为：小；3×104；1500。
(1)流体压强与流速的关系：在气体和液体中，流速越大的位置压强越小；
(2)根据液体压强公式p=ρgh计算舰底受到海水的压强，然后利用p=FS计算舰底每0.5m2外表面受到海水的压力。
本题考查了流体压强与流速的关系、压强和压力的计算，属于常考题目，难度适中，解题的关键是熟练运用相关公式，掌握相关的物理规律。
16.【答案】IC>IA=IB 小于 不变
【解析】解：由图可知，灯泡L1与电阻R1串联，灯泡L2与电阻R2串联，灯泡L3与电阻R3串联，三灯泡并联，A、B处的电流是支路灯泡L1与电阻R1串联部分的电流，因为串联电路中电流处处相等，故I A=IB；C点在灯泡L1与电阻R1串联，灯泡L2与电阻R2串联的干路上，由并联电路的电流特点可知，C处电流大于A、B处电流，即IC>IA=IB；
灯泡的亮度取决于其实际功率的大小，闭合开关，小灯泡L2最亮，L3最暗，由P=UI=I2R可知，通过L3的电流最小，由I=UR可知，该支路的总电阻最大，各灯电阻相同，由串联电路的电阻规律可知，R3阻值最大，
若R2、R3是粗细相同、长度不同的镍铬合金丝，已知R3阻值最大，由此可知，R2的长度小于R3的长度；
因为并联电路中各用电器互不影响，所以若小灯泡L2断路，则小灯泡L1(或L3)的亮度将不变。
故答案为：IC>IA=IB；R3；小于；不变。
(1)由图可知，三灯泡并联，灯泡L1与电阻R1串联，灯泡L2与电阻R2串联，灯泡L3与电阻R3串联，根据串联、并联电路的电流特点可知，A、B、C三处的电流关系；
(2)灯泡的亮度取决于其实际功率的大小，已知L1、L2、L3是三只完全相同的小灯泡，闭合开关，小灯泡L2最亮，L3最暗，由P=I2R可知通过各灯的电流关系，根据欧姆定律可知各支路中的电阻关系，根据串联电路的电阻规律可知各电阻丝的阻值关系；
(3)电阻是导体本身的一种特性，大小与长度、材料、横截面积有关；
(4)并联电路中各用电器互不影响。
本题考查串、并联电路的电流规律，影响电阻大小的因素等多个知识点、难度适中。
17.【答案】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过凹透镜光心的光线传播方向不改变，如图所示：
【解析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点(三条特殊光线)来作图。
凹透镜的三条特殊光线：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
18.【答案】解：由右手螺旋定则可知电流由右侧流入，左端为N极；因电磁铁外部磁感线由N极指向S极，故磁感线方向向右，利用磁极间的相互作用规律得出小磁针左端为N极如图所示：
。
【解析】由右手螺旋定则得出螺线管的磁极，由磁感线特点可知磁感线方向，利用磁极间的相互作用规律得出小磁针的NS极。
本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用。利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。
19.【答案】温度 A 低于 负
【解析】解：(1)滴入热水中的墨水比滴入冷水中的墨水扩散得快，说明温度越高，分子的无规则运动越剧烈；
(2)水在沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大，故A为沸腾时的状态；水沸腾时温度未达到100℃，原因可能是当地气压低于1标准大气压；
(3)用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，故用毛皮摩擦过的橡胶棒去靠近A，二者将相互排斥，根据同种电荷相互排斥可知，小球A带负电。
故答案为：(1)温度；(2)A；低于；(3)负。
(1)分子在永不停息地做无规则运动，其运动快慢与温度有关，温度越高，分子的运动速度越快；
(2)水在沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐变小，水在沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大；标准气压下水的沸点为100℃；
(3)用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查了扩散现象、物体带电情况的判定、水的沸腾、沸点与气压的关系，属于基础题。
20.【答案】断开 2.4 左 导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时开关应处于断开状态；
(2)由图丙可知，定值电阻两端所控制的电压：UV=IR=0.4A×5Ω=2V，
图乙中电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.4V，大于定值电阻两端所控制的电压2V，
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2V；
(3)由图丙可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：(1)断开；(2)2.4；左；(3)导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(2)根据图丙利用欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压，根据电压表选用小量程确定分度值读出示数，与定值电阻两端所控制的电压进行比较，根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)根据图丙所示的I−R图象中电流与电阻之积为一定值分析得出结论。
本题探究通电导体中电流与电阻的关系，考查注意事项、电压表读数、控制变量法和欧姆定律的应用以及分析图象归纳结论的能力。
21.【答案】右 52.4 20 2.62×103 刻度尺 ρ水g(L0−L1)L02 L0−L1L0−L2⋅ρ水
【解析】解：(1)把天平放在水平桌面上，并将游码移至标尺左端零刻度线处，图中指针偏左，平衡螺母向右调节，使横梁平衡；
(2)物体质量等于砝码质量和游码示数之和，游码分度值为0.2g，
故矿石质量为：m=m码+m游=50g+2.4g=52.4g；
(3)矿石放入前，量筒中水的体积为V1=20cm3，矿石放入水中浸没，量筒中的体积为V2=40cm3，
则矿石的体积为：V=V2−V1=40cm3−20cm3=20cm3；
矿石的密度为：ρ=mV=52.4g20cm3=2.62g/cm3=2.62×103kg/m3；
(4)①用刻度尺测量出木块的棱长L0，则正方体小木块的一个面的面积为S=L02，
②当将小木块放入盛水的容器时，待木块静止时测出木块露出液面的高度为L1，
则小木块浸入水中的深度为L0−L1；
则根据G=mg、F浮=ρ液gV排和物体的漂浮条件可得：mg=ρ水g(L0−L1)L02，----------①
③当将另一小木块放入盛待测液体的容器中，小木块露出该液体表面的高度为L2，则小木块浸入液体中的深度为L0−L2；
同理可得：mg=ρ液g(L0−L2)L02，-----------②
联立①②可得：待测液体密度为：ρ=L0−L1L0−L2⋅ρ水。
故答案为：(1)右；(2)52.4；(3)20；2.62×103；(4)①刻度尺；③ρ水g(L0−L1)L02；L0−L1L0−L2⋅ρ水。
(1)把天平放在水平桌面上，并将游码移至标尺左端零刻度线处，使用天平测量物体质量之前要进行调平，先调节平衡螺母，后调节游码，平衡螺母相对于指针的调节规律是“左偏右调，右偏左调”；
(2)物体的质量等于砝码的总质量加游码对应的刻度值；
(3)矿石的体积等于水和矿石的总体积减水的体积；根据ρ=mV计算出矿石的密度；
(4)木块漂浮在水和待测液体中，根据漂浮时浮力等于重力，再利用F浮=ρ液gV排列等式表示出待测液体的密度。
本题考查了液体密度的测量、天平的使用与读数、量筒的读数、特殊的方法测量固体的密度等，是一道综合题，难度不大。
22.【答案】1.15 增大 减小 1、3 不可靠 小 大
【解析】解：(1)纸锥在AB段作加速运动，判断的依据是纸锥在相同的时间内通过的路程变大；
纸锥通过BC两位置间所用时间：t=2×0.2s=0.4s，由速度公式可得纸锥的收尾速度：v=st=46.0×10−2m0.4s=1.15m/s；
质量不变，故动能增加；高度减小，故重力势能减小；
(2)①由1、3知纸锥锥角越大，下落时间越长，下落速度越慢，可知猜想一是正确的；
②实验中没有控制纸锥的锥角相等，因此不能得出：质量大的纸锥下落速度大，小明所得的结论不可靠，要科学的得出结论需要：用锥角和纸锥的底面积，质量不同的两个纸锥做实验；
③为了减小纸锥竖直下落时的收尾速度，应该选择锥角较大、质量较小、底面积较大的纸锥。
故答案为：(1)1.15；增大；减小；(2)①1、3； ②不可靠；③小；大。
(1)从照片中两个纸锥之间的间距判断物体运动快慢，间距越大，速度越快，并利用v=st计算速度的大小；动能大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关；
(2)①根据控制变量法分析纸锥下落快慢与锥角的关系，得出结论；
②探究速度与质量的关系应控制纸锥锥角与纸锥的底面积相同而质量不同；
③使用控制变量法，结合表中数据分析得出结论。
在本实验的探究中，主要运用了控制变量的研究方法，同时还考查了运动快慢的比较，速度公式的简单计算，以及如何解决实验中遇到的现实问题等，对我们的能力是一个很好的锻炼。
23.【答案】平衡 变大
【解析】解：(1)石板所受重力与地面对石板的支持力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，都作用在石板上，是一对平衡力；
(2)克服石板重力做的有用功：
W有=Gh=1.2×104N×2m=2.4×104J，
由η=W有W总可得，总功：
W总=W有η=2.4×104J80%=3×104J；
由P=Wt可得，做功时间：
t=W总P=3×104J3000W=10s；
(3)不计摩擦和钢丝绳的重力，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额=GhGh+G动h=GG+G动，
即有：80%=1.2×104N1.2×104N+G动，
解得：G动=3×103N；
(4)同一滑轮组提升重物，所提升重物重力越大，滑轮组机械效率越高，所以用该滑轮组一次提升两块石板时，滑轮组的机械效率将变大。
故答案为：(1)平衡；
(2)拉力做的总功为3×104J，拉力做功的时间为10s；
(3)动滑轮的重力是3×103N；
(4)变大。
(1)二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上；相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同的物体上；
(2)根据W有=Gh先计算有用功，再机械效率η=W有W总计算总功，根据P=Wt计算做功时间；
(3)不计摩擦和钢丝绳的重力，根据η=W有W总=W有W有+W额=GhGh+G动h=GG+G动计算动滑轮的重力；
(4)同一滑轮组提起的物体越重，机械效率越高。
本题考查了平衡力的认识、功率、有用功、总功、机械效率公式的灵活应用，还考查了滑轮组效率因素的理解，考查知识点多，综合性强。
24.【答案】同一电路上同时使用多个大功率用电器，会使电路中的电流过大，烧坏保险丝
【解析】解：(1)同一电路上同时使用多个大功率用电器，会使电路中的电流过大，烧坏保险丝；
(2)观察图乙可知当S闭合时R2被短路，只有R1接入电路，此时对应高温挡；
由P=U2R得R1的阻值为：
R1=U2P高温=(220V)2550W=88Ω；
电熨斗高温挡正常工作时电路中的电流为：
I=P高温U=550W220V=2.5A；
(3)消耗的电能为：
W=n实n标=55r3600r/(kW⋅h)=11720kW⋅h=5.5×104J，
由η=Q吸W得金属底板吸收的热量为：
Q吸=Wη=5.5×104J×92%=5.06×104J，
由Q吸=cmΔt得金属底板的质量为：
m=Q吸cΔt=5.06×104J0.46×103J/(kg⋅℃)×(220℃−20℃)=0.55kg；
(3)由题干可知室温为20℃，电熨斗表面为220℃，则温差Δt=220℃−20℃=200℃；
观察图像丁可知，在温差为200℃下电熨斗每秒钟散失的热量为440J；
则损失热量的功率为：
P损=Wt=440J1s=440W；
要想保持电熨斗表面温度不变，则电熨斗的加热功率P加热=440W；
电路丙中的加热功率为：P加热=U2R1+R3，即440W=(220V)288Ω+R3，解得R3=22Ω。
答：(1)同一电路上同时使用多个大功率用电器，会使电路中的电流过大，烧坏保险丝；
(2)电熨斗高温挡正常工作时电路中的电流为2.5A、R1的阻值是88Ω；
(3)金属底板的质量为0.55kg；
(4)应将R3的阻值调为22Ω。
(1)根据P−=UI判断分析请勿在电熨斗同一线路上同时使用多个大功率电器的原因；
(2)观察电路图乙，识别开关S断开与闭合时的电路结构，由P=U2R求出R1的阻值，由P=UI算出电熨斗高温挡正常工作时电路中的电流；
(3)根据W=n实n标算出消耗的电能，根据效率求出金属底板吸收的热量，由热量公式算出金属底板的质量；
(4)图像丙是让R1与滑动变阻器串联，根据题干与图像可得出220℃时每秒钟散失的热量，若要使电熨斗表面温度保持不变，需要加热功率与散热功率相等，此时根据P=U2R1+R3即可计算出R3的阻值。
本题考查了电功公式、功率公式、效率公式、吸热公式的综合应用，第(3)关键能读懂题意，让电熨斗的功率与其每秒钟散失热量相等即可。
相关试卷
2023年陕西省宝鸡市陈仓区中考三模物理试题（含解析）： 这是一份2023年陕西省宝鸡市陈仓区中考三模物理试题（含解析），共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2023年陕西省宝鸡市陇县中考物理三模试卷： 这是一份2023年陕西省宝鸡市陇县中考物理三模试卷，共22页。试卷主要包含了2kW⋅h等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年陕西省宝鸡市凤翔县九年级（上）期末物理试卷： 这是一份2022-2023学年陕西省宝鸡市凤翔县九年级（上）期末物理试卷，共10页。
