2023年湖北省襄阳市樊城区中考物理适应性试卷（含解析）

这是一份2023年湖北省襄阳市樊城区中考物理适应性试卷（含解析），共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 2022年10月12日，神舟十四号航天员乘组在我国空间站为我们带来了精彩的“天宫课堂”第三课。下列说法正确的是( )
A. 精彩的讲课声是由声带振动产生的
B. 精彩的讲课声可以在真空中传播
C. 同学们通过声音的音调分辨出是哪位航天员正在讲课
D. 观看电视直播时减小电视机的音量是在传播过程中减弱噪声
2. 下列各种现象形成的过程中，需要吸收热量的是( )
A. 用铁水浇铸工件
B. 打开暖水瓶盖，从瓶口冒出“白气”的过程
C. 衣柜内的樟脑丸逐渐变小
D. 冬天，紧闭的玻璃窗内壁出现冰花
3. 小明在学习“光的传播”时，看到老师的一个演示实验，过程如下：①用激光笔射向水中，观察到光线是一条直线(如图)；②在A处用漏斗向水中慢慢注入浓糖水溶液，观察到光线发生了弯曲；③经搅拌后，观察到光线又变直。小明根据上述现象得出的结果，正确的是( )
A. 光在同一种均匀介质中才沿直线传播B. 光只有在水中才沿直线传播
C. 光在浓糖水里不能沿直线传播D. 光的传播需要介质
4. 小王同学参加了2021年广安市中考体育测试，下列说法正确的是( )
A. 小王跳绳时手对绳施加了力的作用，绳对手没有施加力的作用
B. 小王投掷实心球时，球离手后在空中运动的过程中受到重力和推力的作用
C. 小王跑步穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
D. 小王匀速跑过弯道时，运动状态不变
5. 细心的小明通过平时观察发现如下现象，其中表述不正确的是
(
A. “覆杯实验”证明了大气压的存在
B. 盆景自动供水装置利用了连通器原理
C. 小明看到拦河大坝“上窄下宽”，是为了能够承受水深处的较大的压强
D. 飞机获得升力是因为其上表面空气流速大于下表面空气的流速
6. 同学们在劳动课上修剪树枝，应选用以下的哪种剪刀最合适( )
A. B.
C. D.
7. 甲、乙两个底面积和质量相同的容器放在水平面上，分别盛有A、B两种液体，将同一小球分别放入两个容器中，静止时小球位置如图所示，两容器内液面恰好相平。下列分析正确的是( )
A. 两种液体的密度ρA<ρBB. 两小球所受浮力FAC. 两个容器对水平桌面的压强p甲>p乙D. 两种液体对容器底部的压强pA=pB
8. 如图所示，A的质量为2kg，B质量为3kg，A与B间接触面粗糙，用大小为250N的力F把木块A、B压在墙上一起匀速下滑，则B受到墙壁对它的摩擦力的大小和方向(取g=10N/kg)( )
A. 20N，竖直向上B. 30N，竖直向下C. 20N，竖直向下D. 50N，竖直向上
9. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 电冰箱接入三孔插座后其外壳与零线相连B. 保险丝烧断后可以用铜丝代替
C. 试电笔可以检测物体是带正电还是负电D. 电灯的开关应该接在电灯与火线之间
10. 下列说法中正确的是( )
A. 安培发现了电磁感应现象
B. 物理学家法拉第发现了电流的磁效应
C. 我国宋代的科学家沈括的突出贡献是最早记述了磁偏角
D. 司南是我国早期的指南针，静止时它的长柄指向北方
11. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S1闭合，当开关S2由断开到闭合时，下列说法正确的是( )
A. M点电流变小
B. N点电流变大
C. 电阻R1两端的电压变大
D. 电路的总电阻变小
12. 李红同学组装了一个甲图所示的电路，闭合开关后，她发现L2不亮、L1亮，经检查电路连接正确，在不更换电路元件的情况下，她又将两灯按乙图方式连接，发现两灯泡都发光。下列关于甲图中，灯泡L2不亮的原因分析正确的是( )
A. 灯泡L2断路B. 灯泡L2的灯座短路
C. 灯泡L2的电阻比L1小得多D. 通过L2的电流小于通过L1的电流
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共8小题，共16.0分）
13. “双减”教育政策落实之后，各校开展了丰富多彩的课后服务活动。如图甲所示的是某校学生在学习吹葫芦丝的情景，优美的葫芦丝声是由葫芦丝内______ 振动而产生的；如图乙所示的学生正在参加体育训练活动，他跑完1000m用时250s，这次训练的平均速度是______ m/s。
14. 如图所示，这是我国古老的医疗技法─刮痧，当刮痧板在身体上刮动时，身体会感觉到热，这是通过______ 方式增加身体的内能；刮痧时要在皮肤上涂一些药油，当体表温度升高后，药油渗入人体的速度加快，这说明分子的热运动与物体的______ 有关。
15. 游客在公园散步时，看到五颜六色的花朵，这是因为光照射在花的表面时发生了______ (选填“反射”或“折射”)；游客能闻到阵阵花香，这是由于分子在不停地做______ 。
16. 随着科技的发展，有些餐厅利用机器人送餐。某次送餐时，机器人与食物的总质量为30kg，如果机器人在水平路面上以0.8m/s的速度沿直线匀速运动50m，机器人受到的阻力为重力的0.1倍。重力做功______ J，牵引力对机器人做功功率为______ W。(取
g=10N/kg)
17. 如图所示，电源电压不变，灯泡L的电阻不变，闭合开关S，滑片P从右端向左端移动的过程中，三块电表A、V1和V2示数都发生改变，其中示数变大的是______ ，示数变小的是______ 。
18. 如图所示，这是某同学为家里车库设计的积水自动报警器原理图，其核心是一电磁继电器。车库没有积水时，电源指示灯亮，车库有积水时，电铃响，则B位置安装的是 (填“电铃”或“指示灯”)；电磁继电器相当于报警电路中的 (填“用电器”或“开关”)。
19. 如图甲所示的电路中，电源电压恒定，两只灯泡的U−I图像如图乙所示。已知L2的额定功率为3.6W，当S、S1都闭合时，L2恰好正常发光，则电源电压为 ；当S闭合，S1断开时，L1恰好正常发光，L2的实际功率为 W。
20. 如图甲所示，有A、B两个实心正方体放置在水平地面上，A的边长为0.4m。将B沿水平方向切去厚度为h的部分，并将切去的部分叠放在A的上方中央。叠放后A对地面的压强与B剩余的压强随切去厚度h的图像如图乙所示。则物体B的重力为______ N。若在B切割前，将重力为48N的物体C分别放置于物体A、B上方中央，为使放上物体C后A、B对水平地面的压强相等，应将物体B沿水平方向切下的质量为______ kg。(取g=10N/kg)
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
21. 图甲是一个菜馅挤水器，其上部手柄在使用时是一个杠杆，图乙是其简化的示意图，O为支点，F2是使用菜馅挤水器时B点受到的阻力。请在图乙中画出作用在A点的最小动力F1的示意图及阻力臂l2。
22. 如图为远视眼成像光路图，在虚线方框内画出矫正透镜。
四、实验探究题（本大题共5小题，共30.0分）
23. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中：

(1)小明把蜡烛、焦距为10cm的凸透镜和光屏依次放在光具座上，将烛焰、凸透镜和光屏的中心调整到同一高度；
(2)将蜡烛移至如图所示的位置，移动光屏，使光屏上得到清晰的像，此像是倒立、______ 的实像；
(3)换用焦距为5cm的凸透镜，光屏上原来清晰的像变模糊了，若不改变蜡烛和凸透镜的位置，要使光屏上再次得到清晰的像，你的具体操作是______ 。
24. 小海用铝块、长木板和弹簧测力计，进行了如图的实验。

(1)要探究滑动摩擦力与压力的关系，应选用______ 两次实验(选填序号)。
(2)由实验还可得出：滑动摩擦力与受力面积______ (选填“有关”或“无关”)；
(3)这个实验使用了转换法和______ 法。
25. 2020年11月10日，“奋斗者”号在马里亚纳海沟成功坐底，创造了10909m的中国载人深潜新纪录，标志着我国在载人深潜领域达到世界领先水平。这激发了小杨同学探究液体内部压强的兴趣，实验如图所示。

(1)图甲是U形管压强计，实验中，可以通过比较______ 来比较液体压强的大小；
(2)比较图乙、丙两次实验可知：同种液体内部压强随深度的增加而______ ；比较乙，丁两次实验可初步判断：液体内部压强与液体密度______ (选填“有关”或“无关”)；
(3)在图乙的实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后(液体不溢出)，橡皮膜受到的液体压强将______ (选填“变大”“变小”或“无法判断”)。
26. 图甲是小明探究“串联电路的电压规律”的实验电路图。
(1)连接电路时，开关应该处于______ (选填“闭合”或“断开”)状态。
(2)小明根据电路图连接好电路，把电压表接在A、B之间，电压表示数如图乙所示。电压表的分度值是______ V；为了使实验结果更准确，接下来小明应该断开开关，______ 。
27. 用如图甲所示的电路测量小灯泡的电阻，小灯泡正常工作时的电压为2.5V(超出正常工作电压容易损坏小灯泡)。

(1)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调节至最______ (填“左”或“右”)端；
(2)按照要求正确组装电路，闭合开关。移动滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，读数为______ V。要测量灯泡正常工作时的电流，应将图甲中滑动变阻器的滑片向______ (填A或B)端移动，使电压表的示数为2.5V；
(3)移动滑片，记下多组数据，并且绘制成图丙所示图像，则小灯泡正常发光时的电阻为______ Ω(结果保留一位小数)，测量小灯泡的电阻时，______ (填“需要”或“不需要”)多次测量求平均值。
五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
28. 建筑工地的工人用如图所示的滑轮组来提升重物。已知重物G=900N，不计绳重和摩擦，当绳子自由端的拉力F=400N时，可将重物匀速提升2m。
求：
(1)拉力F做功多少焦？
(2)滑轮组的机械效率为多少？
(3)动滑轮重多少N？
(4)若将该滑轮组的机械效率提高5%，需要用此滑轮组一次提升重物多少N？
29. 如图甲所示，电源电压为9V，小灯泡标有“5V 2.5W”字样(忽略灯丝电阻的变化)，滑动变阻器上标有“40Ω 1A”字样，电压表的量程为0～15V。闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，得出滑动变阻器的电功率P与其接入电路的阻值R之间的关系如图乙所示。求：

(1)灯泡正常发光时的电流。
(2)当滑动变阻器的阻值为10Ω时，滑动变阻器的功率P1。
(3)如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1、R2时，滑动变阻器其功率均为P2。则在电路安全范围以内，R2的最大阻值为多少？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、精彩的讲课声是由声带振动产生的，故A正确；
B、声音不能在真空中传播，故B错误；
C、不同物体发出声音的音色不同，通过音色可以分辨出哪位航天员正在讲课，故C错误；
D、观看电视直播时减小电视机的音量是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体的振动产生的；
(2)声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播；
(3)声音的三个特性：音调、响度和音色，不同物体发出声音的音色不同；
(4)减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。
本题考查了声音的产生与传播、音色以及噪声的防治，属于基础知识。
2.【答案】C
【解析】解：A、铁水是液态的，工件是固态的，液态变为固态的现象叫凝固，凝固要放热，故A不符合题意；
B、打开暖水瓶盖，从瓶口冒出“白气”是由空气中的水蒸气遇冷形成的，气态变为液态的现象叫液化，液化要放热，故B不符合题意；
C、樟脑丸是固态的，变小就是变为了气态，消散在空气中，固态变为气态的现象叫升华，升华要吸热，故C符合题意；
D、冰花是固态的，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，气态变为固态的现象叫凝华，凝华要放热，故D不符合题意。
故选：C。
物体由液态变为固态的现象叫凝固；物体由气态变为液态的现象叫液化；物体由气态变为固态的现象叫凝华；凝固、液化和凝华要放热；
物体由固态变为气态的过程叫升华，升华要吸热。
此题考查的是物态的几种变化及物态变化涉及到的吸放热情况。物态变化知识是中考物理必考的知识点，需要掌握。
3.【答案】A
【解析】解：从①中我们发现光在水中沿直线传播；而②中的光线不再沿直线传播不同于①的是介质不再均匀，③现象中的光线又沿直线传播，是由于经搅拌后，介质又变得均匀，故可以得出，光在同一种均匀介质中才沿直线传播。
故选：A。
由现象①可得，光在水中可以沿直线传播；由现象②可得，光在水和海波的不均匀混合物中，光的传播路径发生弯曲；由现象③可得，光在水和海波的均匀混合物中光又沿直线传播；分析三种情况得出实验结论。
本题通过实验验证光沿直线传播的条件，通过此题提高自己分析实验和解答实验的能力。
4.【答案】C
【解析】解：
A、小王跳绳时手对绳施加了力的作用，由于物体间力的作用是相互的，则绳对手也施加了力的作用，故A错误；
B、球离手后在空中运动的过程中受到重力和空气阻力的作用，手与球之间没有力的作用，故B错误；
C、跑步穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C正确；
D、匀速跑过弯道时，运动的方向变化，导致运动状态发生变化，故D错误。
故选：C。
(1)物体间力的作用是相互的；
(2)球离开手后，在空中运动过程中受到重力和空气阻力的作用；
(3)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
(4)物体受到平衡力作用时，其运动状态不变，即处于静止状态或匀速直线运动状态；物体受非平衡力作用时，其运动状态会发生变化，体现在速度大小及方向的变化。
该题考查了运动状态的变化、物体的受力分析、增大摩擦力的方法、力的作用的相互性，是一道综合题，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
5.【答案】B
【解析】解：A.纸片托水的“覆杯实验”，纸片托水正是因为大气压托起了纸片，能证明大气压的存在，故A正确；
B.盆景自动供水装置，蓄水瓶上端密封，不是流体压强流速越大压强越小的原理，故B错误；
C.由于液体受到重力作用，且具有流动性，所以液体对容器底和容器侧壁有压强，并且液体的压强随深度增加而增大，即越往下面，液体内部压强越大，故拦河大坝的修建成上窄下宽的梯形，为了能够承受水深处的较大的压强，故C正确；
D.等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲、下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，通过下表面的流速较小；因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的压力差，也就是升力，故D正确。
故选：B。
(1)“覆杯实验”，能证明大气压的存在；
(2)上端开口，底部相连通的容器叫连通器，当所装同一种液体静止不流动时，各容器中的液面是相平的；
(3)液体的压强跟液体的深度和密度有关。在液体的密度一定时，液体越深，液体的压强越大；
(4)液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体流速越大的地方，压强越小；流体流速越小的地方，压强越大。
该题通过生活中的现象考查了多个物理知识，要求学生熟练应用所学物理知识来解释生活中的现象。
6.【答案】C
【解析】解：要剪动树枝，说明必须是省力杠杆，要求更省力，则动力臂要比阻力臂大得更多(即刀把比刀口更长)，结合图示可知，只有C图所示剪刀最适合；
而ABD三把剪刀，AB是费力杠杆，D是省力杠杆，这三把剪刀用来剪布、纸、头发等比较软的物体。
故选：C。
使用剪刀剪修剪树枝时，需要很大的力，所以要选用省力一点的剪刀，结合图片判断四种剪刀哪一种是省力杠杆就选哪一个。
本题考查了杠杆的分类，联系了学生最常见的剪刀，注重了物理和生活的联系，是一道好题。
7.【答案】C
【解析】解：A、由图知，小球在A液体中漂浮，则ρ球<ρA；小球在B液体中悬浮，则ρ球=ρB，由于小球完全相同，则有ρA>ρB，故A错误；
B、小球在A液体中漂浮，在B液体中悬浮，且两个完全相同的小球的重力相同，由浮沉条件可知此时两球所受浮力都等于各自的重力，则两小球所受浮力FA=FB=G球，故B错误；
CD、因A液体的密度大于B液体的密度，且深度相同，则根据公式 p=ρgh可知，两种液体对容器底部的压强pA>pB，故D错误；
由图知A液体的体积大于B液体的体积，由m=ρV知A液体的质量大于B液体的质量，根据G=mg知A液体的重力大于B液体的重力，又因为容器质量相同，所以甲对桌面的压力大于乙对桌面的压力，根据p=FS知两个容器对水平桌面的压强p甲>p乙，故C正确。
故选：C。
(1)由图可知：A球在甲液体中漂浮，B球在乙液体中悬浮，且两个完全相同的小球A、B的重力相同，根据漂浮和悬浮的条件即可判断浮力的大小关系。
(2)根据浮沉条件即可判断两液体密度的大小关系；
(3)根据p=ρ液gh比较两种液体对容器底部的压强；
(4)根据F=pS比较容器底面受到的压力大小，根据容器的形状判断出压力与重力的关系，进而判断出两容器对水平桌面压力的关系，根据p=FS判断两个容器对水平桌面压强的关系。
此题综合考查了物体浮沉条件及其应用、压强大小的比较等知识点，是一道综合性较强的题目，本题也可以利用阿基米德原理比较两种液体的密度关系。
8.【答案】D
【解析】解：由图可知，木块A、B压在墙上一起匀速下滑，此时处于平衡状态，AB看成整体，竖直方向上受到重力和摩擦力，总重力G=mg=(2kg+3kg)×10N/kg=50N，重力和摩擦力是平衡力，B受到墙壁对它的摩擦力的大小f=G=50N，摩擦力的方向竖直向上，故D正确。
故选：D。
木块A、B压在墙上一起匀速下滑，此时处于平衡状态，对A受力分析，A受力平衡，从而求出B对A的摩擦力的大小，根据力的相互性求出B受到的摩擦力。
本题考查了二力平衡条件的应用、重力公式的应用，明确AB受到的是平衡力是解题的关键。
9.【答案】D
【解析】解：A、电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳漏电而使人发生触电事故，故A错误；
B、当电路电流过大时，保险丝容易熔断而保护电路，如果用铜丝代替保险丝后，由于铜丝的熔点较高，铜丝不会熔化，就起不到保护作用了，故B错误；
C、试电笔是辨别火线和零线的仪器，不能检测物体是带正电还是负电，故C错误；
D、为了用电安全，电灯的开关应该接在电灯与火线之间，故D正确。
故选：D。
(1)电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳漏电而使人发生触电事故；
(2)保险丝在电流过大时发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用，采用电阻率大，熔点较低的材料制作；
(3)试电笔是辨别火线和零线的仪器，当试电笔的笔尖接触零线和地线时，氖管不会发光；
(4)在家庭电路中，开关接在用电器和火线之间。
知道并理解家庭电路的组成与正确连接方法是解决该题的关键。
10.【答案】C
【解析】解：A、法拉第首先发现了电磁感应现象，故A错误；
B、奥斯特通过实验研究，发现了电流周围存在磁场，即电流的磁效应，故B错误；
C、世界上第一个论述磁偏角的，即第一个发现地磁的两极与地理的两极并不完全重合的科学家是我国宋代学者沈括，故C正确；
D、能自由转动的磁体静止时指南的那个磁极叫做南极，又叫S极，司南的长柄指向南方，说明长柄是磁体的南极或叫S极，故D错误。
故选：C。
根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。
本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。
11.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路；开关S1、S2均闭合时，R1与R2并联，根据并联电路的电压关系可知，电阻R1两端的电压始终为电源电压，保持不变；并联电路互不影响，所以通过N点的电流大小不变；M在干路中，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变大，所以M点电流变大；根据并联电路的电阻关系可知，总电阻会变小，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路；开关S1、S2均闭合时，R1与R2并联，根据并联电路的电流、电压、电阻关系分析。
本题考查了电路的动态分析、并联电路特点的应用，属于基础题。
12.【答案】C
【解析】解：AB、李红又将两灯泡并联在同一电源两端，发现两灯泡都发光，说明灯泡L2完好，没有断路，灯座也没有短路，故A、B错误；
CD、用一组干电池、两只灯泡、一个开关和若干导线组装了一个串联电路，闭合开关后，他发现L1不亮、L2亮，经检查电路连接正确，根据串联电路的电流处处相等知，通过L1的电流等于通过L2的电流；
L1亮说明L1的实际功率较大，由P=UI=I2R知，电流相等时，电阻越大，实际功率越大，则L1的电阻大，故灯泡L2的电阻比L1小得多；故C正确，D错误。
故选：C。
(1)根据并联都发光判断灯泡是否有故障；
(2)根据灯泡的亮度比较串联时的实际功率，根据串联电路的电流特点结合P=UI=I2R判断电阻大小。
本题考查串并联的特点和电路故障分析，关键知道当灯泡的实际功率过小时，达不到发光功率，看不出发光。
13.【答案】空气柱 4
【解析】解：(1)优美的葫芦丝声是由葫芦丝内空气柱的振动产生的；
(2)这次训练的平均速度：v=st=1000m250s=4m/s。
故答案为：空气柱；4。
(1)声音是由于物体振动产生的；
(2)知道跑步的路程和所用的时间，利用速度公式求出这次训练的平均速度。
本题考查声音产生的条件、平均速度的计算以及速度公式的换算，是一道基础题。
14.【答案】做功 温度
【解析】解：
当刮痧板在身体上刮动时，刮痧板与身体摩擦做功，通过做功方式增加内能，身体会感觉到热；
当体表温度升高后，药物分子无规则运动的速度加快，所以渗入人体的速度加快，说明分子的热运动与物体的温度有关。
故答案为：做功；温度。
(1)做功和热传递都可以改变物体的内能；对物体做功，物体内能增加；
(2)分子无规则运动的速度与温度有关，温度越高，分子无规则运动的速度越快。
本题考查了对做功改变物体内能和分子无规则运动的理解和应用，属于基础知识的考查。
15.【答案】反射 无规则运动
【解析】解：花朵不是光源，自身不能发光，游客看到五颜六色的花朵，是光照射到花朵上发生了反射的缘故。
游客闻到阵阵花香，这是扩散现象，说明花的香味分子在不停地做无规则运动。
故答案为：反射；无规则运动。
(1)我们能看到物体是因为有光进入人眼引起视觉，而客看到五颜六色的花朵，是光照射到花朵上发生了反射的缘故；
(2)扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
此题考查了反射现象和分子热运动的认识，属于基础知识，难度不大。
16.【答案】0 24
【解析】解：(1)由于机器人沿水平方向运动，在重力的方向上没有移动的距离，所以重力不做功，即重力做功为0J；
(2)因机器人沿直线匀速运动时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，机器人所受牵引力：F=f=0.1G=0.1mg=0.1×30kg×10N/kg=30N；
牵引力对机器人做功的功率：P=Wt=Fst=Fv=30N×0.8m/s=24W。
故答案为：0；24。
(1)做功的必要条件：一是有力作用在物体上，二是物体在力的方向上移动距离，二者缺一不可；
(2)机器人沿直线匀速运动时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据F=f=0.1G=0.1mg求出机器人所受牵引力；
利用P=Wt=Fst=Fv求出牵引力对机器人做功的功率。
本题考查了二力平衡条件和重力公式、功率公式的应用，难度不大，易于解答。
17.【答案】V2 A、V1
【解析】解：根据电路图可知，灯泡与R串联，电压表V1测量的是灯泡两端的电压，电压表V2测量的是R两端的电压，电流表测量电路中的电流；
闭合开关S，滑片P从右端向左端移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表A示数变小；
根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小，电压表V1示数变小；
根据串联电路的电压规律可知，R两端电压变大，电压表V2示数变大。
故答案为：V2；A、V1。
根据电路图可知，灯泡与R串联，电压表V1测量的是灯泡两端的电压，电压表V2测量的是R两端的电压，电流表测量电路中的电流；闭合开关S，滑片P从右端向左端移动的过程中，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析电路中总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化，根据U=IR分析灯泡两端电压的变化，根据串联电路的电压规律分析R两端电压的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，关键是电压表所测电路元件的辨别。
18.【答案】电铃 开关
【解析】解：车库没有积水时，电磁铁不具有磁性，不会吸引衔铁，LED灯亮，说明A为LED灯；车库有积水时，左侧控制电路接通，电磁铁通电，电磁铁会具有磁性，能吸引衔铁，使得B的电路接通，电铃发出声音，所以电铃应安装在图中的B位置；
电磁继电器的实质是一个间接开关，它连接两个电路，是通过控制电路的通断来控制工作电路的通断的开关。
故答案为：电铃；开关。
电磁继电器的实质是一个间接开关，它连接两个电路，是通过控制电路的通断来控制工作电路的通断的开关；此题中的控制电路的通断是由水位的变化来控制的，分析时要从控制电路入手。
本题中的问题都是对电磁继电器电路的工作过程进行分析，一般的思路是，先明确控制电路与工作电路，再从控制电路入手，看电磁铁磁性的有无对工作电路触点连接情况的影响，最后确定工作电路中的工作情况。
19.【答案】6V 0.8
【解析】解：L2的额定功率为3.6W，由图乙知当电压为6V时，通过小灯泡L2的电流为0.6A，其功率P2=U2I2=6V×0.6A=3.6W，所以小灯泡的额定电压为6V；
当S、S1都闭合时，只有灯泡L2接入电路，L2恰好正常发光，则电源电压等于L2两端的电压，即U=U2=6V；
当S闭合，S1断开时，两灯泡串联，L1恰好正常发光，由图像可知此时通过L1的电流为0.4A，L1两端的电压为4V，L2两端的电压为2V，L2的实际功率为：P2实=U2实I2=2V×0.4A=0.8W。
故答案为：6V；0.8。
由图乙知当电压为6V时，通过小灯泡L2的电流为0.6A，其功率符合小灯泡L2的额定功率，进而判断出小灯泡的额定电压；
当S、S1都闭合时，只有灯泡L2接入电路，L2恰好正常发光，则小灯泡两端的电压等于电源电压；
当S闭合，S1断开时，两灯泡串联，L1恰好正常发光，由图像判断出此时通过L1的电流和L1、L2两端的电压，由P=UI算出L2的实际功率。
本题考查了的电功率公式的应用，从图像中得到有用的信息是解题的关键。
20.【答案】108 2.1
【解析】解：(1)由图乙可知，当将B沿水平方向切去厚度为0.3m时B剩余部分对地面的压强为0，则物体B的高度为0.3m，物体B为正方体，可得其边长为0.3m，则物体B的底面积为：
SB=(0.3m)2=0.09m2，
当B没有被切去时，B对地面的压强为1200Pa，根据F=pS可得，此时B对地面的压力为：
FB=pBSB=1200Pa×0.09m2=108N，
因为水平面上的物体对水平面的压力等于其重力，所以：
GB=FB=108N；
(2)由图乙可知，当A上没有放B时，A对地面的压强为1200Pa，
物体A的底面积为：SA=(0.4m)2=0.16m2，
根据F=pS可得，此时A对地面的压力为：
FA=pASA=1200Pa×0.16m2=192N，
因为水平面上的物体对水平面的压力等于其重力，所以：
GA=FA=192N，
设物体B沿水平方向切下部分的重力为ΔG，
又因为放上物体C后A、B对水平地面的压强相等，
则有：GA+GCSA=GB+GC−ΔGSB，
即：192N+48N0.16m2=108N+48N−ΔG0.09m2，
则：ΔG=21N，
则B物体切下的重质量为：
Δm=ΔGg=21N10N/kg=2.1kg。
故答案为：108；2.1。
(1)由图乙可知，当将B沿水平方向切去厚度为0.3m时B剩余部分对地面的压强为0，据此分析出B边长，求出B的底面积，再根据F=pS求出没被切去之前对水平地面的压力，再根据水平面上的物体对水平面的压力等于其重力即可求出B的重力；
(2)将物体B沿水平方向切下的一部分，再根据放上物体C后A、B对水平地面的压强相等分析解答。
本题主要考查的是有关压强公式的应用的问题，要熟记压强的公式，解答本题的关键能根据图像获得信息分析解答问题，有一定的难度。
21.【答案】解：根据杠杆的平衡条件，要想找到最小力就要找到最长的力臂，连接支点O与作用点A，OA即为最长力臂，力臂始终与力的作用线垂直，从而找到最小力；从点O向F2的作用线作垂线，垂线段长即为阻力臂L2，作图如下：

【解析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1 L1=F2 L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
此题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
22.【答案】解：远视眼是由于晶状体太薄或眼球前后径过长，使折射光线会聚在视网膜的后方，应该用会聚透镜来矫正，凸透镜对光线起会聚作用，所以在虚线框内应放置凸透镜，使折射光线提前会聚在视网膜上：
。
故答案为：如上图。
【解析】远视眼是由于晶状体太薄或眼球前后径过长，使折射光线会聚在视网膜的后方，所以用会聚透镜来矫正，使折射光线提前会聚在视网膜上。
本题主要考查学生对远视眼成像的考查，基础题目。
23.【答案】缩小 将光屏靠近凸透镜
【解析】解：(2)将蜡烛移至如图所示的位置，移动光屏，使光屏上得到清晰的像，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距成倒立缩小的实像；
(3)换用焦距为5cm的凸透镜，凸透镜焦距变小，相当于增大物距，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，若不改变蜡烛和凸透镜的位置，要使光屏上再次得到清晰的像，应该将光屏靠近凸透镜。
故答案为：(2)缩小；(3)将光屏靠近凸透镜。
(2)根据凸透镜成实像时，物距大于像距成倒立缩小的实像；
(3)凸透镜焦距变小，相当于增大物距，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小分析回答。
此题主要考查了有关凸透镜成像的运用，凸透镜成像的几种情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
24.【答案】a、b 无关 控制变量
【解析】解：(1)本实验，要用弹簧测力计沿水平方向拉着铝块做匀速直线运动，铝块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小，采用了转换法；
要探究滑动摩擦力与压力的关系，由控制变量法，要控制接触面粗糙程度相同，应选用a、b两次实验；
(2)由a、c实验可知，压力相同，接触面粗糙程度相同，而受力面积不同，但测力计示数相同，滑动摩擦力相同，故还可得出：滑动摩擦力与受力面积无关；
(3)这个实验使用了转换法和控制变量法。
故答案为：(1)a、b；(2)无关；(3)控制变量。
(1)(3)根据二力平衡的条件结合转换法分析；影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(2)研究滑动摩擦力与受力面积的关系，要控制压力大小和接触面的粗糙程度相同，只改变受力面积大小，据此分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
25.【答案】U形管的液面高度差 增大 有关 变大
【解析】解：(1)压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强的大小，这种方法叫转换法。
(2)由乙、丙两次实验可知，液体的密度相同时，液体越深，U形管液面高度差越大，液体的压强越大，说明同种液体内部压强随深度的增加而增大。
由乙、丁两次实验可知，液体的深度相同，乙图中液体的密度较大，U形管液面高度差较大，液体的压强较大，说明液体压强跟液体密度有关。
(3)图乙的实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后(液体不溢出)，容器底部受到液体压力增大，由p=FS可知容器底部受到液体压强增大；容器底压强可以分成金属盒以上和金属盒以下两部分，金属盒以下部分深度不变，加清水后液体密度变小，由p=ρgh知，金属盒以下部分液体压强变小，而容器底压强变大，所以金属盒(橡皮膜)以上的压强变大。
故答案为：(1)U形管的液面高度差；(2)增大；有关；(3)变大。
(1)压强计测量液体的压强时，就是靠U形管的液面高度差来体现压强大小的，液面高度差越大就表示液体压强大，物理学中把这种研究方法叫做转换法。
(2)由乙、丙两次实验可知，液体的密度相同时，液体越深，U形管液面高度差越大，液体的压强越大。
由乙、丁两次实验可知，液体的深度相同，乙图中液体的密度较大，U形管液面高度差较大，液体的压强较大。
(3)图乙的实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后(液体不溢出)，容器底部受到液体压力增大，由p=FS可知容器底部受到液体压强的变化情况；容器底压强可以分成金属盒以上和金属盒以下两部分，金属盒以下部分深度不变，加清水后液体密度变小，由p=ρgh知，金属盒以下部分液体压强的变化情况，而容器底压强变大，据此得出金属盒(橡皮膜)以上的压强的变化情况。
本题为探究液体内部压强的实验，考查器材选择、控制变量法的使用等知识。
26.【答案】断开 0.5 换接电压表小量程
【解析】解：(1)连接电路时，为保护电路，开关应该处于断开状态；
(2)小明根据电路图连接好电路，把电压表接在A、B之间，电压表示数如图乙所示，电压表一大格为5V，一个小格表示0.5V，分度值为0.5V；
图中指针偏转角度过小，为了使实验结果更准确，接下来小明应该断开开关，换接电压表小量程。
故答案为：0.5；换接电压表小量程。
(1)为保护电路，连接电路时，开关应该处于断开状态；
(2)根据电压表选用的量程确定分度值；电压表测量电压时要选择合适的量程，否则指针偏转角度过小或过大。
本题研究“串联电路的电压规律”，考查电压表分度值的确定及注意事项。
27.【答案】左 1.8 B 8.3 不需要
【解析】解：(1)闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应调节至阻值最大处，即最左端；
(2)按照要求正确组装电路，闭合开关。移动滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，读数为1.8V；
灯在额定电压下正常发光，1.8V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，应将图甲中滑动变阻器的滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V；
(3)根据绘制的图丙所示图像知，灯在额定电压下的电流为0.3A，由欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻为：
R=UI=≈8.3Ω；
因灯的电阻随温度的变化而变化，故测量小灯泡的电阻时，不需要多次测量求平均值；
故答案为：(1)左；(2)1.8；B；(3)8.3；不需要。
(1)闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应调节至阻值最大处；
(2)根据电压表选用小量程确定分度值读数；灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
(3)根据绘制的图丙所示图像可知灯在额定电压下的电流，由欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻；根据灯的电阻随温度的变化而变化分析。
本题考查测量小灯泡的电阻时注意事项、操作过程、数据处理的能力。
28.【答案】解：(1)由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，
则绳子自由端移动的距离：s=nh=3×2m=6m，
拉力F做功：W总=Fs=400N×6m=2400J；
(2)拉力做的有用功：W有=Gh=900N×2m=1800J，
滑轮组的机械效率：η=W有用W总×100%=1800J2400J×100%=75%；
(3)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，
则动滑轮的重力：G动=nF−G=3×400N−900N=300N；
(4)不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率：η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动，
将该滑轮组的机械效率提高5%时，其机械效率η′=80%，设提升重物的重力为G′，
此时，滑轮组的机械效率：η′=G′G′+G动，
80%=G′G′+300N，
解得：G′=1200N。
答：(1)拉力F做功2400J；
(2)滑轮组的机械效率为75%；
(3)动滑轮重300N；
(4)若将该滑轮组的机械效率提高5%，需要用此滑轮组一次提升重物1200N。
【解析】(1)由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W=Fs求拉力F做的功；
(2)利用W=Gh求拉力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
(3)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，据此求动滑轮的重力；
(4)将该滑轮组的机械效率提高5%时，其机械效率η′=80%，设提升重物的重力为G′，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率：η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动，据此求用此滑轮组一次提升重物的重力。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算。要利用好两个关系式：不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)、滑轮组的机械效率η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动。
29.【答案】解：由电路图可知，闭合开关，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压。
(1)小灯泡标有“5V2.5W”字样，灯泡正常发光时的电流：IL=PLUL=2.5W5V=0.5A；
(2)由欧姆定律可得灯泡的电阻：RL=ULIL=5V0.5A=10Ω；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以当R=10Ω时，电路中的电流：I=UR+RL=9V10Ω+10Ω=0.45A，
滑动变阻器的电功率：P1=I2R=(0.45A)2×10Ω=2.025W；
(3)当滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1、R2时，电路中的电流分别为：I1=UR1+RL，I2=UR2+RL，
因当滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1、R2时，滑动变阻器的电功率均为P2，
所以，由P=UI=I2R可得P2=I12R1=I22R2，即(UR1+RL)2R1=(UR2+RL)2R2，
整理可得：(R1−R2)(RL2−R1R2)=0，
由R1≠R2可知R1R2=RL2=(10Ω)2=100Ω2。
根据串联分压原理可知滑动变阻器接入电路的阻值越大，电压表示数越大，电压表的量程为0～15V，电源电压为9V，所以滑动变阻器可接入电路最大阻值40Ω，
根据串联电路电流特点可知灯泡正常发光时，通过电路的电流最大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，
则滑动变阻器接入电路的最小阻值为R′=UIL−RL=9V0.5A−10Ω=8Ω，
所以滑动变阻器接入电路的阻值范围为8Ω～40Ω，则R2的最大阻值为：R2=RL2R1=100Ω28Ω=12.5Ω。
答：(1)灯泡正常发光时的电流为0.5A；
(2)当滑动变阻器的阻值为10Ω时，滑动变阻器的功率P1为2.025W；
(3)R2的最大阻值为12.5Ω。
【解析】由电路图可知，闭合开关，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压。
(1)小灯泡标有“5V2.5W”字样，根据I=PU计算灯泡正常发光时的电流；
(2)根据欧姆定律计算灯泡的电阻；
根据串联电路中电阻规律结合欧姆定律计算当R=10Ω时电路中的电流，根据P=I2R计算滑动变阻器的电功率；
(3)当滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1、R2时，根据欧姆定律分别表示电路中的电流，当滑动变阻器接入电路的阻值分别为R1、R2时，滑动变阻器的电功率均为P2，根据P=UI=I2R表示P2，整理可得R1、R2、RL之间的关系式，
根据串联分压原理可知滑动变阻器接入电路的阻值越大，电压表示数越大，根据电压表的量程和电源电压确定滑动变阻器接入电路最大阻值，
根据串联电路电流特点可知灯泡正常发光时，通过电路的电流最大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，进一步计算滑动变阻器接入电路的最小阻值，根据确定滑动变阻器接入电路的阻值范围，进一步计算R2的最大阻值。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，题目难度较大。