2023年新疆克拉玛依市白碱滩区中考物理二模试卷

这是一份2023年新疆克拉玛依市白碱滩区中考物理二模试卷，共20页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验与探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023年新疆克拉玛依市白碱滩区中考物理二模试卷
一、选择题（本题共12题，每题2分，共24分，在每题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请按答题卷上的要求作答。）
1．（2分）为迎接党的二十大召开，某中学举办“颂歌献给党”的歌唱比赛，同学们满怀深情的歌声响彻整个校园。其中“响”是指声音的（　　）
A．响度大 B．音调高 C．音色好 D．频率高
2．（2分）小强的课桌上有以下物品，通常情况下属于导体的是（　　）
A．塑料刻度尺 B．玻璃镜片 C．金属小刀 D．橡皮
3．（2分）下列自然现象与物态变化名称对应正确的是（　　）
A．初春，冰雪消融——熔化 B．夏天，大雾弥漫——汽化
C．深秋，霜打枝头——凝固 D．冬天，冰封江面——凝华
4．（2分）小芳步行的部分信息如图，根据信息可推断此过程小芳（　　）

A．步长约为2m B．每分钟步行15km
C．平均速度为4km/h D．步行3km用时15min
5．（2分）如图是我国古代的一种计时工具——日晷，人们通过观察直杆在太阳下影子的位置来计时。影子的形成是由于（　　）

A．光的直线传播 B．光的反射
C．平面镜成像 D．光的折射
6．（2分）神舟十三号载人飞船与天和核心舱、天舟二号货运飞船、天舟三号货运飞船构成四舱（船）组合体，在轨道上运行。下列说法正确的是（　　）
A．火箭点火加速升空过程中，搭载的飞船机械能不变
B．以地球为参照物，组合体是静止的
C．火箭选用液态氢作燃料，是因为液态氢具有较大的热值
D．组合体通过太阳能板获得能量，太阳能属于不可再生能源
7．（2分）关于生活用电，下列说法错误的是（　　）
A．使用螺丝刀试电笔时要用指尖抵住上端的金属帽
B．与三孔插座中标有①的插孔相连的导线和室外的大地相连
C．人站在干燥的木凳上同时接触火线和零线，不会触电
D．用电器的总功率过大，容易发生火灾
8．（2分）下列关于中国科技成果的应用事例所涉及的物理知识，说法正确的是（　　）
A．“复兴号”高速列车高速行驶时，周围空气的流速大，压强也大
B．“运﹣20”军用大型远输机升空过程中，机舱外的大气压强逐渐增大
C．“华龙一号”核反应堆、“096”型核潜艇都是利用核裂变释放的能量来工作的
D．冬奥会的“巡检机器狗”将现场设备运行状态通过超声波传递到指挥中心
9．（2分）下列装置中与电风扇的核心部件（电动机）原理相同的是（　　）
A．司南
B．电铃
C．麦克风
D．扬声器
10．（2分）如图1所示，物体M静止在电梯底部，其上表面通过轻质弹簧与电梯顶部相连。M对电梯底部的压力用F表示，忽略M和电梯的形变，0～t1内，电梯静止，弹簧处于伸长状态，t1时刻后电梯由静止开始沿竖直方向运动。0～t4内，F随时间t变化的图线如图2所示，则（　　）

A．t1∼t2内，电梯可能向上运动
B．t2∼t3内，M的机械能保持不变
C．t3∼t4内，电梯一定做加速运动
D．t1∼t4内，弹簧对M的拉力不变
11．（2分）将密度为ρ甲的均匀圆锥体甲、盛有密度为ρ液的圆柱形容器乙放置于水平地面上，已知V甲＝V液，h甲＝h液＝h，且甲对地面的压强等于液体对容器底部的压强。再将甲沿水平方向截去高度为Δh的部分，乙容器中抽出液体的深度也为Δh，如图所示，甲对地面压强的变化量为Δp甲、液体对乙容器底部压强的变化量为Δp液。下列判断正确的是（　　）

A．ρ甲＜ρ液 Δp甲可能小于Δp液
B．ρ甲＜ρ液 Δp甲一定小于Δp液
C．ρ甲＞ρ液 Δp甲可能小于Δp液
D．ρ甲＞ρ液 Δp甲一定小于Δp液
12．（2分）如图所示的电路中，电源电压U保持不变。
①只闭合开关S和S3，调节滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.2A时，电压表V2的示数为1V。
②只闭合开关S和S2，电压表V1和V2的示数分别为U1和U2，电流表的示数为I1。
③只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，电流表的示数为I2，此时电路的功率为P1；保持滑片位置不变，再闭合开关S2，电流表的示数变化了0.2A，此时电路的功率为P2。
已知I1：I2＝1：9，U1：U2＝1：2，下列说法正确的是（　　）

A．U＝6V B．I1＝0.1A C．R2＝10Ω D．P1：P2＝7：9
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共26分。）
13．（4分）杆秤是中国的传统衡器，凝聚着中国古代人民的智慧。利用杆秤可以称量物体质量应用了 　 　（填写物理原理或规律）。用如图所示杆秤测物体A的质量，杆秤秤砣的质量为0.1千克，用手提起秤纽2，当杆秤水平静止时，被测物和秤砣到秤纽2的距离分别为0.05米、0.2米（即AB＝0.05米，BC＝0.2米）。
①若杆秤的质量忽略不计，则被测物的质量为 　 　千克。
②若秤砣有缺损，则杆秤所示的质量值 　 　被测物的真实质量值（选填“小于”“等于”或“大于”）。
③若用手提起秤纽1，为使杆秤仍水平静止，应该将秤砣向 　 　移动。（选填“左”或“右”）

14．（8分）即热式饮水机工作原理如图1所示，水箱中的水被水泵抽出后，流经电阻丝时被加热，实现边加热边出热水的即热功能，电阻丝最大加热功率为2000W。用户可根据需要调节出水温度和出水量。小军对该饮水机进行了探究。
表一
实验次数
出水温度/℃
出水时间/s
加热功率/W
1
40
16.00
　 　
2
45
16.05
1374
3
50
15.95
1712
4
60
18.90
2000
5
85
32.04
1999
6
95
37.29
1999
（1）小军探究过程如下（设电阻丝产生的热量全部被流经的水吸收且无热量损失）：
①将出水量设置为250mL，出水质量为 　 　kg。
②用温度计测出水箱内水的初温如图2所示，示数为 　 　℃。
③保持水的初温和出水量不变，改变出水温度，测量出水时间并记录在表1中。
④根据表1数据计算出加热功率，第1次实验时的加热功率为 　 　W。
（2）小军采用的实验方法是 　 　。小军由表1数据得出结论：饮水机可根据出水温度自动选择不同的控制方式。当出水温度低于50℃时，仅通过改变 　 　来调节出水温度。若上述实验中将出水温度设定为88℃，可估算出水时间约为 　 　s。
（3）小军对实验进行了反思：上述结论在冬季还适用吗？为得到精准的结论，小军将表1设计优化如下并重新实验，你认为①、②处应分别填写的是 　 　和 　 　。
实验次数
①
出水温度/℃
②
出水时间/s
加热功率/W
1





......






15．（7分）2021年，我国“天问一号”携带“祝融号”火星车成功登陆火星，实现了通过一次任务完成火星环绕、着陆和巡视三大目标，标志着我国行星探测领域跨入世界先进行列。“天问一号”由环绕器、着陆巡视器两部分组成。

（1）环绕器绕火星运动的过程中，受到 　 　（选填“平衡力”或“非平衡力”）的作用。
（2）着陆过程中，在距火星表面1.5公里高度，着陆巡视器会经历反推发动机减速过程。在此过程中，“天问一号”应该 　 　火星表面喷气（选填“朝着”或“背向”），这是利用了 　 　来实现减速的目的。
（3）如图（a）所示“祝融号”驶离着陆平台，后置照相机对平台先后拍摄了图（b）、（c）、（d）三张照片，相机镜头所成的像是 　 　（选填“倒立”或“正立”）的 　 　（选填“放大”或“缩小”）的 　 　（选填“实像”或“虚像”）。拍摄过程中相机镜头逐步 　 　（选填“向外伸”或“向内缩”）。
16．（7分）物理学的每一次重大发现，都为人类的文明和发展做出了杰出贡献。英国物理学家 　 　用光的色散实验证明了白光是由各种色光混合而成的，揭开了光的颜色之谜。法拉第经过十年的不懈探索发现了 　 　现象，开辟了人类大规模使用电能的新时代。亲身体验并深入思考是我们获得物理知识的重要方法。挤出两个正对的吸盘内的空气，很难拉开它们，可体验到 　 　的存在。将一根铁丝快速反复弯折，弯折处发热，使我们认识到通过 　 　方式可以改变物体的内能。用注射器取水后封住前端，用力推活塞。水很难被压缩，说明分子间存在 　 　。鸡蛋沉在水杯底部，如果向水中加盐可以使鸡蛋浮起来，告诉我们物体所受浮力的大小与 　 　有关，漂浮在水面的鸡蛋所受浮力 　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）鸡蛋的重力。
三、作图题（每图2分，共6分）
17．（2分）在图中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。

18．（2分）如图所示，在图中小球浮在水面上静止，画出小球受力示意图。

19．（2分）在图中根据通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极以及电源正、负极。


四、实验与探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）
20．（6分）在探究平面镜成像特点的实验中：
（1）为了保障实验效果，应该选择 　 　（选填“平面镜”、“厚玻璃板”、“薄玻璃板”）。
（2）用光屏替换玻璃板后面蜡烛，在玻璃板后面观察光屏 　 　（填“能”或“不能”）观察到玻璃板前点燃蜡烛的像，平面镜所成的像为 　 　（选填：“虚”或“实”）像。

21．（6分）热爱劳动的小疆，在家学做菜时，一个饮料瓶不小心落到了松软的面团上，在面团留下较深的痕迹。于是他灵机一动，利用面团和装有水的饮料瓶，依次做了如图所示的实验，对如下两个问题进行了探究。
问题一：压力作用效果跟哪些因素有关
问题二：重力势能大小跟哪些因素有关

（1）做实验①②③是为了探究 　 　（选填“问题一”或“问题二”）。
（2）利用实验④⑤可探究重力势能大小与 　 　是否有关。
（3）《民法典》中规定“禁止从建筑物中抛掷物品”，生活中更要杜绝“高空抛物”这种严重危害公共安全的行为。“高空抛物”危害性大的原因，可通过分析实验⑤⑥得出的结论来解释，请你写出该结论：　 　。
22．（12分）请你完成以下“测量额定电压为2.5V小灯泡电功率”实验的任务。

（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。
（2）小强同学连接好电路后，闭合开关时发现灯泡特别亮，这表明他在闭合开关前没有把滑动变阻器 　 　；
（3）闭合开关，移动滑片P到电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 　 　W；
（4）上述实验过程中，当电压表、电流表的示数逐渐变大时，小灯泡的电阻也逐渐变大，滑动变阻器接入电路的电阻逐渐变小，则小灯泡电阻的变化量ΔRL　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）滑动变阻器电阻的变化量ΔR；
（5）利用图甲所示电路，依据 　 　（原理）也可测出小灯泡正常工作时的电阻。如果考虑电表的电阻，此时电流表测量值比通过灯泡电流真实值 　 　（选填“偏大”或“偏小”）。
五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
23．（5分）在如图所示的电路中，电源电压为12伏且不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“20Ω 1A”字样。闭合开关S，电压表示数为5伏。求：
（1）通过电阻R1的电流I1。
（2）通电10秒，电流通过电阻R2所做的功W2。
（3）移动滑动变阻器的滑片P，在电路安全工作的情况下，求电路消耗的最大电功率P最大。

24．（5分）如图所示，足够高的轻质薄壁柱形容器置于水平地面上，其底面积为1×10﹣2米2，内部盛有体积为4×10﹣3米3的水。
（1）求容器内0.3米深处水的压强p水。
（2）求容器对水平地面的压强p地。
（3）现有A、B、C三个实心小球（其密度、体积的关系如下表所示，ρ水为水的密度），要求：将某小球浸于水中后，容器对水平地面的压强等于水对容器底部的压强。写出所选择的小球，并通过计算分析说明理由。
小球
密度
体积
A
2ρ水
V
B
ρ水
3V
C
0.8ρ水
2V


2023年新疆克拉玛依市白碱滩区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12题，每题2分，共24分，在每题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请按答题卷上的要求作答。）
1．【解答】解：同学们满怀深情的歌声响彻整个校园是指声音的响度大，故A正确，BCD错误。
故选A。
2．【解答】解：A、塑料刻度尺的材料是塑料，属于绝缘体，故A错误；
B、玻璃镜片的材料是玻璃，属于绝缘体，故B错误；
C、金属小刀的材料是金属，属于导体，故C正确；
D、橡皮的材料是橡胶，属于绝缘体，故D错误。
故选：C。
3．【解答】解：A、冰雪消融，固态的冰雪吸热变成液态的水，属于熔化过程，故A正确；
B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B不正确；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故C不正确；
D、冰封江面，水放热凝固成冰，故D不正确。
故选：A。
4．【解答】解：A、由图可知，步行的距离s＝3km＝3000m，步数n＝4718，则步长约L＝＝≈0.64m，故A错误；
BC、由图可知，步行用时t＝45min，则步行速度v＝＝＝km/min＝4km/h，故B错误、C正确；
D、由图可知，步行3km共用时45min，故D错误。
故选：C。
5．【解答】解：影子是由光的直线传播形成的，故A正确。
故选：A。
6．【解答】解：A、火箭加速升空过程中，飞船的质量不变，速度增大，其动能增大，同时高度升高，重力势能增大；因机械能等于动能与势能之和，所以搭载飞船的机械能也增大，故A错误；
B、若以地球为参照物，组合体相对于地球的位置不断发生改变，所以是运动的，故B错误；
C、火箭选用液态氢作燃料，是因为液态氢具有较大的热值，故C正确；
D、太阳能可源源不断从自然界获得，属于可再生能源，故D错误。
故选：C。
7．【解答】解：
A、使用螺丝刀形状的试电笔时，手指必须触到试电笔上端的金属帽（又叫笔尾金属体），故A正确；
B、与三孔插座中标有①的插孔相连的导线和室外的大地相连，当用电器的外壳带电时，电荷会被导入大地，不会发生触电事故，故B正确；
C、虽然站在干燥的木凳上，但双手同时分别接触家庭电路中的火线和零线，火线和零线之间的电压是220V，加在人体的电压是220V，超过人体的安全电压，且有电流通过人体，所以会发生触电事故，故C错误；
D、家庭电路同时使用的用电器总功率过大，导线会剧烈发热，容易引发火灾，故D正确。
故选：C。
8．【解答】解：A、高速列车高速行驶时，周围空气的流速大，压强小，故A错误；
B、军用大型运输机升空过程中，由于大气压强随高度增加而减小，则机舱外的大气压强逐渐减小，故B错误；
C、核潜艇的动力来源是核反应堆，核反应堆是利用核裂变释放能量，故C正确；
D、冬奥会的“巡检机器狗”是通过电磁波传递信息到指挥中心，故D错误。
故选：C。
9．【解答】解：电动机是利用通电线圈在磁场里受力运动的原理制成的。
A．司南是根据磁极间的相互作用工作的，与电动机的原理不同，故A不合题意；
B．电铃的核心部件是电磁继电器，是根据电流的磁效应工作的，与电动机的原理不同，故B不合题意；
C．麦克风是根据电磁感应现象工作的，与电动机的原理不同，故C不合题意；
D．扬声器是根据通电导体在磁场中受力会发生运动的原理工作的，同电动机的原理，故D符合题意。
故选：D。
10．【解答】解：A、物体M静止在电梯底部，弹簧处于伸长状态，0～t1内，电梯静止，物体也静止，受力平衡，则受到重力G、地面的支持力F和弹簧的拉力T；由于压力与支持力是相互作用力，大小是相等的，则有：G＝F2+T；当t1∼t2内，压力变为小于F2的F1，弹力和重力不变，此时G＞F1+T，则物体受力不平衡，由静止变为运动，速度变大了，则运动方向与较大的力方向相同，说明电梯是向下加速运动的；B、t2∼t3内，压力恢复到静止时的大小，说明受力平衡，因而是匀速下降，动能不变，而重力势能减小，机械能减小；C、t3∼t4内，压力F3大于F2，此时G＜F3+T，电梯向下则是减速运动，如果向上运动，则是加速运动，因而选项C是错误的；D、由于忽略M和电梯的形变，因而弹簧的长度始终不变，形变大小不变，因而弹簧的弹力保持不变，t1∼t4内，弹簧对M的拉力不变。所以选D。故选：D。
11．【解答】解：甲对地面的压强p甲＝＝＝×＝ρ甲gh，液体对容器底部的压强p液＝ρ液gh，
甲对地面的压强等于液体对容器底部的压强p甲＝p液，ρ甲gh＝ρ液gh，则ρ甲＝3ρ液，故AB错误，
对圆锥体来说，设原来半径为r甲，截去部分的底面积为S甲′，截去部分的半径为r甲′，
则＝＝（相似三角形的性质），
甲对地面压强的变化量为：
Δp甲＝＝＝＝＝，
液体对乙容器底部压强的变化量为Δp液＝ρ液gΔh，
因为Δh＜h，所以（）2＜1，则Δp甲一定小于Δp液，故D正确，C错误。
故答案为：D。
12．【解答】解：（1）只闭合开关S和S2，R1、R2、R3串联，电流表测电路的电流I1，电压表V1测R1两端的电压U1，电压表V2测R2、R3两端的总电压U2，
由串联电路的电阻特点和分压原理可知：
＝＝，
解得：2R1＝R2+R3……①
此时电路中的电流：I1＝
只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，R1、R2并联，电流表测干路电流I2，
由并联电路的电流特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流：I2＝I1'+I2'＝+
所以有，＝＝……②
由①②解得，R1＝2R2，R3＝3R2；
保持滑片位置不变，再闭合开关S2，R1、R2、R3并联，电流表测干路电流，电流表的示数变化了0.2A，由并联电路的特点可知，电流表变化的示数为通过R3的电流，则此时通过R3的电流I3'＝0.2A，
由并联电路的分流原理可知，此时通过R3、R2的电流之比：＝＝＝，
则通过R2的电流：I2'＝3I3'＝3×0.2A＝0.6A，
通过R1、R2的电流之比：＝＝＝，
则通过R1的电流：I1'＝I2'＝×0.6A＝0.3A，
由并联电路的电流特点可知，R1、R2并联时，干路电流：I2＝I1'+I2'＝0.3A+0.6A＝0.9A，
由I1：I2＝1：9可知，R1、R2、R3串联，电路中的电流：I1＝I2＝×0.9A＝0.1A，故B正确；
只闭合开关S和S3，R1与R串联，电压表V2测滑动变阻器R两端的电压，串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压：
U＝U1'+UR＝I'R1+UR＝0.2A×R1+1V……③
串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，R1、R2、R3串联时的电源电压：
U＝I1R总＝I1（R1+R2+R3）＝I1（R1+4R2）＝I1×3R1＝0.1A×3R1……④
由③④解得：R1＝10Ω，U＝3V，故A错误；
则R2＝R1＝×10Ω＝5Ω，故C错误；
（2）由并联电路的电流特点可知，R1、R2、R3并联时干路的电流：I'＝I2+0.2A＝0.9A+0.2A＝1.1A，
由P＝UI可知，＝＝＝＝，故D错误。
故选：B。
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共26分。）
13．【解答】解：利用杆秤可以称量物体质量应用了杠杆平衡条件；
①用手提起秤纽2时，根据杠杆平衡条件可得：G1L左＝G2L右，
即：m1gL左＝m2gL右，
所以m1＝＝＝0.4kg；
②若秤砣有缺损，m2减小，G2减小，G1L左不变，所以L右要变大，杆秤所示的质量值要偏大；
③若用手提起秤纽1，左侧的力臂L左减小，由于G1、G2不变，所以L右要减小，应该将秤砣向左移动。
故答案为：杠杆平衡条件；①0.4；②大于；③左。
14．【解答】解：（1）①将出水量设置为V＝250mL＝250cm3，出水质量为：
m＝ρV＝1g/cm3×250cm3＝250g；
②由图2知温度计的分度值为1℃，则温度计的示数为24℃；
③第1次实验，水吸收的热量为：
Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.25kg×（40℃﹣24℃）＝1.68×104J；
由于无热量损失，所以加热器产生的热量为：
W＝Q吸＝1.68×104J；
加热器的功率为：
P＝＝＝1050W；
（2）实验中保持水的初温和出水量不变，改变出水温度，用到了控制变量法；
由表1数据知当出水温度低于50℃时，仅通过改变加热功率来调节出水温度；
由表1数据知当出水温度高于85℃时，加热功率不变，都为1999W，
此时水吸收的热量为：
Q吸′＝c水mΔt′＝4.2×103J/（kg•℃）×0.25kg×（88℃﹣24℃）＝6.72×104J；
由于无热量损失，所以加热器产生的热量为：
W′＝Q吸′＝6.72×104J；
由P＝＝得水时间约为：
t′＝＝≈33.6s；
（3）由于冬季温度变化较大，为得到精准的结论，实验中需要记录水的初温度、末温度以及升高的温度，所以表格①处应该填写：水的初温/℃、②处应填：水升高的温度/℃。
故答案为：1050；（1）①0.25；②24；④1050；
（2）控制变量法；加热功率；33.6；
（3）水的初温/℃；水升高的温度/℃。
15．【解答】解：（1）环绕器绕火星运动的过程中，其运动方向不断改变，属非平衡状态，因此受到非平衡力的作用；
（2）因为物体间力的作用是相互的，所在着陆过程中，着陆器应该朝着火星表面喷气，利用物体间力的作用是相互的来减速；
（3）根据凸透镜成像规律可知，相机镜头所成的像是倒立缩小实像，
后置照相机对平台先后拍摄了图（b）、（c）、（d）三张照片，照片中的像逐渐变小，这说明像距变小，物距变大，所以照相机镜头向内缩。
故答案为：（1）非平衡力；（2）朝着；物体间力的作用是相互的；（3）倒立；缩小；实；向内缩。
16．【解答】解：（1）英国物理学家牛顿在1666年让光通过三棱镜，揭开了光的颜色之谜，这就是光的色散现象；
（2）英国物理学家法拉第经过10年的探索，于1831年发现了电磁感应现象，人们发明了发电机，为人类大规模获得电能提供了可能；
（3）挤出两个正对的吸盘内的空气后很难拉开，是因为吸盘受到大气压力的作用，该实验可说明大气压的存在；
（4）弯折铁丝时，弯折处的温度升高，说明人对铁丝做功，机械能转化为内能，物体的内能增大，温度才会升高，这是通过做功的方式改变铁丝的内能；
（5）用注射器取水后封住前端，用力推活塞，水很难被压缩，是因为分子间存在着斥力；
（6）鸡蛋沉在水杯底部，如果向水中加盐可以使鸡蛋浮起来，告诉我们物体所受浮力的大小与液体的密度有关，漂浮在水面的鸡蛋所受浮力等于鸡蛋的重力。
故答案为：七种色光；电磁感应；大气压；做功；斥力；液体的密度；等于。
三、作图题（每图2分，共6分）
17．【解答】解：已知入射角为60°，根据光的反射定律可知反射角也为60°；根据反射角等于入射角，在法线的右侧画出反射光线OB，并标出反射角及其度数，如图所示：

18．【解答】解：小球漂浮在水面上，受到重力和浮力的作用，重力和浮力是一对平衡力，二者大小相等；重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，力的作用点可都画在小球的重心上，如下图所示：
。
19．【解答】解：如图，螺线管的左端为N极，右端为S极。因为在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，故图中磁感线方向方向向右。
根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极。
根据安培定则：伸出右手，使右手大拇指指向通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端为正极，左端为负极。如图所示：

四、实验与探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）
20．【解答】解：（1）玻璃板有透光性，既能成像也能确定像的位置，而厚玻璃板成两个相距较远的像，导致实验无法完成，故为了保障实验效果，应该选择薄玻璃板；
（2）虚像不能成在光屏上，用光屏替换玻璃板后面蜡烛，在玻璃板后面观察光屏不能观察到玻璃板前点燃蜡烛的像，平面镜所成的像为虚像。
故答案为：（1）薄玻璃板；（2）不能；虚。
21．【解答】解：（1）实验①②受力面积相同，压力不同，所以探究的是压力的作用效果与压力大小的关系；②③的压力相同，受力面积不同，探究的是压力的作用效果与受力面积的关系；所以①②③探究的是问题一；
（2）实验④⑤中，物体落下的高度相同，物体的质量不同，质量越大，下陷的深度越深，具有的重力势能越大，所以实验④⑤探究重力势能大小与质量是否有关；
（3）实验⑤⑥中，物体的质量相同，物体落下的高度不同，高度越高，物体下陷的深度越深，具有的重力势能越大，故结论为：在质量一定时，高度越高，重力势能越大。
故答案为：（1）问题一；（2）质量；（3）在质量一定时，高度越高，重力势能越大。
22．【解答】解：（1）小灯泡额定电压为2.5V，故电压表选用小量程并联在灯泡两端，如下图所示：
；
（2）小强同学连接好电路后，闭合开关时发现灯泡特别亮，说明电路中电流较大，总电阻较小，原因是在闭合开关前没有把滑动变阻器滑片调到最大阻值处；
（3）闭合开关，移动滑片P到电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.2A，小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；
（4）实验过程中随滑动变阻器阻值减小，小灯泡逐渐变亮，此时灯泡两端电压增大，通过灯的电流也增大，电源电压不变，由R＝知，电路的总电阻变小，由P＝UI知，灯泡的实际功率增大，灯丝的温度升高，小灯泡阻值随温度的升高而变大，由电阻的串联规律可知：小灯泡阻值增大的值ΔRL小于滑动变阻器电阻的变化量ΔR；
（5）由图甲可知，电压表测灯泡两端的电压，电流表测通过灯泡的电流，根据R＝求出小灯泡正常工作时的电阻，故依据R＝（原理）也可测出小灯泡正常工作时的电阻；
如图甲，电流表实际测量的是小灯泡与电压表电流之和，故电流表测量值比通过灯泡电流真实值偏大。
故答案为：（1）见解答图；（2）滑片调到最大阻值处；（3）0.5；（4）小于；（5）R＝；偏大。
五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
23．【解答】解：由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测电阻R1两端的电压；
（1）通过电阻R1的电流：
I1＝＝＝0.5A；
（2）由串联电路的电压特点可知，电阻R2两端电压：
U2＝U﹣U1＝12V﹣5V＝7V，
由串联电路的电流特点可知，通过变阻器R2的电流：
I2＝I1＝0.5A，
通电10秒，电流通过变阻器R2所做的功：
W2＝U2I2t＝7V×0.5A×10s＝35J；
（3）由P＝UI可知，电源电压一定，电路中的电流最大时，电路消耗的最大电功率，
因为滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以电路中的最大电流为1A，
电路消耗的最大电功率：P最大＝UI最大＝12V×1A＝12W。
答：（1）通过电阻R1的电流为0.5A；
（2）通电10秒，电流通过电阻R2所做的功为35J；
（3）移动滑动变阻器的滑片P，在电路安全工作的情况下，电路消耗的最大电功率为12W。
24．【解答】解：（1）容器内0.3米深处水的压强为：p水＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.3m＝2940Pa；
（2）容器内水的重力为：G＝mg＝ρ水gV水＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×4×10﹣3m3＝39.2N，
轻质薄壁柱形容器对水平地面的压力等于水的重力，即：F＝G＝39.2N，
容器对水平地面的压强为：p地＝＝＝3920Pa；
（3）因为容器为轻质薄壁柱形容器，则水对容器底的压力等于容器内水的重力，由p＝可知，放入小球前水对容器底的压强和容器对水平地面的压强相等，
要使放入小球后，水对容器底的压强仍等于容器对水平地面的压强，则两个压强的增加量相等，
即：Δp地＝Δp水，
由p＝和p＝ρgh可得：，
因为容器对桌面的压力增加量为小球的重力，所以有：
，
即：ρ球V球＝ρ水V排，
若小球浸没在水中，此时V排＝V球，则有：ρ球＝ρ水；
若小球未浸没在水中，此时V排＜V球，则有：ρ球＜ρ水，
由表中数据可知，选择的是B小球或C小球。
答：（1）容器内0.3米深处水的压强为2940Pa；
（2）容器对水平地面的压强3920Pa；
（3）选择的是B小球或C小球。理由见解答。