精品解析：2023年新疆维吾尔自治区乌鲁木齐市中考一模适应性考试物理试题（解析版）

这是一份精品解析：2023年新疆维吾尔自治区乌鲁木齐市中考一模适应性考试物理试题（解析版），共17页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图题，实验与探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

乌鲁木齐市2023年初三年级适应性测试
物理（问卷）
说明：本试卷g取10N/kg
一、单项选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分。请按答题卷中的要求作答）
1. 收看到宏图一号01组卫星成功运行时，同学们掌声雷鸣。“掌声雷鸣”指声音的（　　）
A. 音调高 B. 响度大 C. 音色美 D. 速度快
【答案】B
【解析】
【详解】“掌声雷鸣”是指人耳感觉到的声音很大，即声音的响度大；与音调音色和声音传播的速度无关；故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
2. 冰箱中的液态制冷剂R600a经过冷冻室时，使冷冻室内温度降低，制冷剂R600a发生的物态变化是（　　）
A. 熔化 B. 凝固 C. 汽化 D. 液化
【答案】C
【解析】
【详解】液态制冷剂R600a经过冷冻室时，汽化吸热，使冷冻室内温度降低，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
3. 小明所戴的用于矫正近视的眼镜镜片是（　　）
A. 凹面镜 B. 凹透镜 C. 凸面镜 D. 凸透镜
【答案】B
【解析】
【详解】近视眼所看远处物体的像成在了视网膜的前方，为了使像成在视网膜上，需要佩戴对光线具有发散作用的凹透镜，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
4. 家庭电路中的电流过大时，会自动切断电路起保护作用的电学元件是（　　）
A. 电视机 B. 电冰箱 C. 电能表 D. 空气开关
【答案】D
【解析】
【详解】AB．电视机和电冰箱属于用电器，不能保护家庭电路，故AB不符合题意；
C．电能表是测量家庭电路中消耗电能的仪表，不能保护家庭电路，故C不符合题意；
D．当电路中的电流过大时，空气开关自动断开电路，对电路起到保护作用，故D符合题意。
故选D。
5. 收音机可以播放广播电台的节目，说明收音机的天线可以接收（　　）
A. 次声波 B. 超声波 C. 红外线 D. 无线电波
【答案】D
【解析】
【详解】广播电台是依靠电磁波（无线电波）传递信息的，收音机可以播放广播电台的节目，说明收音机的天线可以接收无线电波，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
6. 下列能源中属于可再生能源的是（　　）
A. 石油 B. 核能 C. 天然气 D. 太阳能
【答案】D
【解析】
【详解】核能、石油、天然气都属于不可再生能源，只有太阳能是可再生能源。
故选D。
7. 自行车的下列设计中，为了増大摩擦的是（　　）
A. 把手上刻花纹 B. 轮胎内充空气 C. 车轮上装轴承 D. 链条上涂润滑油
【答案】A
【解析】
【详解】A．把手上刻花纹可以在压力一定的情况下，增大接触面粗糙程度，增大摩擦，故A符合题意；
B．轮胎内充空气可以使轮胎变得更为坚硬，减少了接触面的粗糙程度，减小摩擦，故B不符合题意；
C．车轮上装轴承，可以使滑动摩擦变为滚动摩擦，减少了摩擦，故C不符合题意；
D．链条上涂润滑油，是通过使接触面分离的方式减小了摩擦，故D不符合题意。
故选A。
8. 用一个重力为G1动滑轮匀速提升重力为G2的物体时，不计绳重和摩擦。下列四种情况中，机械效率最高的是（　　）
A. G1=2N G2=10N B. G1=3N G2=12N C. G1=4N G2=16N D. G1=5N G2=24N
【答案】A
【解析】
【详解】不计绳重和摩擦，动滑轮的机械效率

A．当G1=2N，G2=10N时，机械效率

B．当G1=3N，G2=12N时，机械效率

C．当G1=4N，G2=16N时，机械效率

D．当G1=5N，G2=24N时，机械效率

所以机械效率最高的是A。
故选A。
9. 一个重为10N的金属块挂在弹簧测力计下，将金属块浸没于甲液体中静止时，弹簧测力计的示数为8N；将金属块浸没于乙液体中静止时，禅簧测力计的示数为8.4N。则甲、乙两种液体的密度之比为（　　）
A. 20∶21 B. 21∶20 C. 4∶5 D. 5∶4
【答案】D
【解析】
【详解】根据称重法，金属块浸没于甲液体中受到的浮力
F浮甲=G-F甲=10N-8N=2N
根据称重法，金属块浸没于乙液体中受到的浮力
F浮乙=G-F乙=10N-8.4N=1.6N
物体浸没时排开液体的体积和本身的体积相等，根据F浮=ρ液gV排可得，甲、乙两种液体的密度之比为

故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
10. 如图所示为某款恒温杯，可以将水温保持在50℃左右。杯中装满50℃的热水时，不通电状态下5min内温度约降低5℃，已知水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，则恒温杯通电保温时的电功率最接近（　　）

A. 3W B. 30W C. 300W D. 3kW
【答案】B
【解析】
【详解】恒温杯装满水时水的质量约为
500g=0.5kg
由于不通电状态下5min内温度约降低5℃，则恒温杯通电保温时在5min内需要产生相同的热量，恒温杯通电保温时在5min内消耗的电能
W=Q放=cmΔt=4.2×103J/(kg•℃)×0.5kg×5℃=1.05×104J
保温时的电功率

故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
11. 如图所示，电源电压保持不变，R1、R2均为电阻箱（可以读出电阻值的变阻器）。闭合开关S，电压表的示数为6V。调节电阻箱R2的旋钮，使电阻箱R2接入电路的电阻值増大20Ω，电压表的示数变为4V；再调节电阻箱R1的旋钮，使电阻箱R1接入电路的电阻值増大20Ω，电压表的示数变为5V，此时两电阻箱接入电路电阻值的大小关系为（　　）

A. R1>R2，且|R1-R2|=10Ω
B. R1 C. R1>R2，且|R1-R2|=20Ω
D. R1 【答案】C
【解析】
【详解】图中R1和R2串联在电路中，电压表测量R1两端的电压，设开始时R1、R2的阻值分别为R1′、R2′，根据欧姆定律及串联电路中的电阻规律，依据题意得到
①
②
③
联解①②③得
U=8V，R1′=30Ω
R2′=10Ω
调节电阻箱R2的旋钮后，R2的阻值为
R2=R2′+20Ω=10Ω+20Ω=30Ω
调节电阻箱R1的旋钮后，R1的阻值为
R1=R1′+20Ω=30Ω+20Ω=50Ω
因此
R1>R2
|R1-R2|=50Ω-30Ω=20Ω
故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
12. 某长方体合金零件质地均匀，密度为3.6×103kg/m3，高度为10cm。将其斜切后剩余的部分如图所示放在水平地面上时，它对水平地面的压强为2700Pa；将剩余的部分上下倒置后放在水平地面上时，它对水平地面的压强为（　　）

A. 5400Pa B. 4800Pa C. 4500Pa D. 4000Pa
【答案】A
【解析】
【详解】
密度为3.6×103kg/m3，高度为10cm，故ABDE部分产生的压强为

设BCD部分产生的压强为yPa，根据题意可作上图，根据它对水平地面的压强为2700Pa可知
①
根据图可知两个BCD形状的物体产生的压强应该为3600Pa，故
②
结合①②可得

将剩余的部分上下倒置后放在水平地面上时，它对水平地面的压强为

故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
二、填空题（本大题共4小题，毎空1分，共26分。请将符合题意的内容填在答题卷相应的横线上）
13. 2023年2月底，新疆天文台南山站的光学望远镜首次发现了一颗近地小行星（2023DB2），成为第三个发现近地小行星的中科院单位。
（1）小行星绕太阳运行过程中，受力___________（选填“平衡”或“不平衡”），从近日点（距离太阳最近的点）运动到远日点（距离太阳最远的点）的过程中，小行星的运行速度___________，惯性___________；（后两空均选填“变大”“变小”或“不变”）
（2）小行星（2023DB2）与地球轨道的最近距离为3×107km，它能被光学望远镜观测到，是由于小行星将太阳光___________（选填“反射”或“折射”）到光学望远镜，太阳光从小行星传播到地面的光学望远镜至少需要___________s。已知动能的单位为kg·m2/s2，则两颗质量之比为1∶2、速度之比为4∶5的小行星，其动能之比为___________。
【答案】 ①. 不平衡 ②. 变小 ③. 不变 ④. 反射 ⑤. 100 ⑥. 8∶25
【解析】
【详解】（1）[1]小行星绕太阳运行过程中，做圆周运动，其运动方向不断变化，处于非平衡状态，所以受力不平衡。
[2]从近日点运动到远日点过程中，小行星的动能转化为势能，动能变小，势能变大，所以小行星的运行速度变小。
[3]从近日点运动到远日点的过程中，小行星的质量不变，所以惯性不变。
（2）[4]小行星能被光学望远镜观测到，是由于小行星将太阳光反射到光学望远镜上，然后通过折射进入人的眼睛。
[5]小行星与地球轨道的最近距离
s=3×107km=3×1010m
光的传播速度v=3×108m/s，太阳光从小行星传播到地面的光学望远镜至少需要的时间

[6]已知动能的单位为kg·m2/s2，可知小行星动能为其质量与速度的平方的乘积，则两颗小行星动能之比为

14. 随着环保意识的增强和技术的不断进步，电动汽车正逐渐成为新时代的选择。
（1）纯电动汽车通过电池提供动力，电能属于___________（选填“一”或“二”）次能源。纯电动汽车由于没有安装___________（选填“内燃机”或“电动机”），它比燃油汽车噪声小，这是在___________（选填“声源处”或“人耳处”）减弱噪声。
（2）电池的能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值。电池的能量密度随环境温度的降低而降低，同一辆电动汽车在夏季的续航里程（充满电后最大行驶路程）比冬季更___________（选填“短”或“长”）。某电动汽车电池的质量为400kg，充满电后，在平直路面上以80km/h的速度匀速行驶时，受到的平均阻力为720N，续航里程为400km。该电动汽车将电能转化为机械能的效率为80%，其电池的能量密度为___________kW·h/kg。若行驶过程中电池的输出电压为400V，则电池的输出电流为___________A。
【答案】 ①. 二 ②. 内燃机 ③. 声源处 ④. 长 ⑤. 0.25 ⑥. 50
【解析】
【详解】（1）[1]常规使用的电能不是直接从自然界中获取的，而是通过消耗一次能源得到的，属于二次能源。
[2]纯电动汽车使用电能作为能源，安装的是电动机，没有内燃机。
[3]纯电动汽车比燃油汽车噪声小，是因为没有内燃机工作时发出的噪声，是在声源处减弱噪声。
（2）[4]电池的能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值，电池的能量密度随环境温度的降低而降低。相同的一块电池，在质量不变的情况下，夏季环境温度更高，可以充入的最大电能更大，充满电后最大行驶路程也更长。
[5]汽车匀速行驶时，所受的牵引力与阻力大小相等，即

行驶400km所消耗的机械能为

消耗的电能为

电池的能量密度为

[6]行驶时间为

根据可知，行驶过程中电池的输出电压为400V，则电池的输出电流为

15. 近二十年来，我国照明灯具经历了从白炽灯到荧光灯再到LED灯的发展过程。
（1）白炽灯正常发光时，灯丝的温度约为2000℃。则灯丝的熔点___________（选填“高于”或“低于”）2000℃，其灯丝周围___________（选填“会”或“不会”）产生磁场。荧光灯是利用低气压的汞蒸气在通电后释放___________（选填“红外线”或“紫外线”）使荧光粉发光的原理制成；
（2）LED灯主要利用___________（选填“超导体”或“半导体”）工作。根据中小学教室照明标准，教室照明功率密度为9-11W/m2，已知标准教室地面面积为54m2，则阴天时一间标准教室一节课（按40min计算）照明消耗的电能至少为___________kW·h。若电功率为5W的LED灯、10W的荧光灯、45W的白炽灯亮度相当，则LED灯、荧光灯、白炽灯的发光效率之比为___________。
【答案】 ①. 高于 ②. 会 ③. 紫外线 ④. 半导体 ⑤. 0.324 ⑥. 18∶9∶2
【解析】
【详解】（1）[1][2][3]灯丝工作时没有熔化，温度低于熔点，即灯丝的熔点高于2000℃；电流周围存在磁场，灯丝工作时产生磁场；紫外线能使荧光物质发光，荧光灯是利用低气压的汞蒸气在通电后释放紫外线使荧光粉发光的原理制成的。
（2）[4]LED灯核心元件发光二极管，发光二极管的主要材料是半导体。
[5]教室照明功率密度至少为9W/m2，标准教室地面面积为54m2，照明功率为
P=9W/m2×54m2=486W=0.486kW
一间标准教室一节课（按40min计算）照明消耗的电能至少

[6]根据

可得，若电功率为5W的LED灯、10W的荧光灯、45W的白炽灯亮度相当，说明获得的发光效率相同，LED灯、荧光灯、白炽灯的发光效率之比为

16. AG600水陆两栖飞机，全称大型灭火、水上救援水陆两栖飞机。它与运-20、C919并称国产大飞机“三兄弟”。

（1）将AG600飞机的机翼做成___________（选填“上凸下平”或“上平下凸”）的形状，主要是为了给飞机提供向上的升力。飞机在空中飞行时与空气产生摩擦，会___________（选填“加剧”或“减缓”）机身表面材料分子的热运动，使机身表面材料失去电子而带上___________（选填“正”或“负”）电；
（2）AG600飞机的两侧机翼上对称位置各装有一个相同的汲水斗，可以增加汲水时飞机___________（选填“横向”或“纵向”）的稳定性。飞机打开两个汲水斗汲水12t后重力增加___________N。飞机汲水时发出的声音在水中的传播速度比在空气中的___________（选填“大”或“小”），可使水中的小动物及时逃离；
（3）AG600飞机执行某次森林灭火任务，飞机水平飞行投水时，其重力势能___________（选填“变大”“变小”或“不变”）。1架AG600飞机单次汲水救火面积可达4000m2，若飞机多次往返于相距80km的火场与汲水处之间的平均速度为320km/h，汲水和投水都在极短时间内完成，则5架AG600飞机5h内可完成救火面积为___________m2
【答案】 ①. 上凸下平 ②. 加剧 ③. 正 ④. 横向 ⑤. 1.2×105 ⑥. 大 ⑦. 变小 ⑧. 2×105
【解析】
【详解】（1）[1]在流体中，流速越大的位置压强越小，将AG600飞机的机翼做成上凸下平的形状，主要是为了给飞机提供向上的升力。
[2][3]飞机在空中飞行时与空气产生摩擦，克服摩擦做功，内能增大，温度升高，会加剧机身表面材料分子的热运动，会发生电子的转移，使机身表面材料失去电子而带上正电。
（2）[4][5][6]AG600飞机的两侧机翼上对称位置各装有一个相同的汲水斗，保持飞机在水平位置平衡，增加汲水时飞机横向的稳定性。飞机打开两个汲水斗汲水12t后重力增加
G=mg=12×103kg×10N/kg=1.2×105N
声音在不同介质中传播速度不同，液体中的传播速度比气体中的传播速度大，飞机汲水时发出的声音在水中的传播速度比在空气中的大，可使水中的小动物及时逃离。
（3）[7]AG600飞机执行某次森林灭火任务，飞机水平飞行投水时，质量变小，高度不变，其重力势能变小。
[8]一架飞机一次往返需要的时间为

5h内往返的次数为

5架AG600飞机5h内可完成救火面积为
S=4000m2×5×10=2×105m2
三、作图题（每图2分，共6分）
17. 请在图中画出物体AB在平面镜中所成的像A¢B¢。

【答案】
【解析】
【详解】先作出端点AB关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为物体AB的像，如图所示：

18. 请在图中画岀杠杆绕O点转动时所受拉力F力臂l。

【答案】
【解析】
【详解】先反向延长拉力的作用线，过支点O作垂直于拉力F作用线的垂线段，即力臂l，如图所示：

19. 请在图中标出静止的小磁针的N极。

【答案】
【解析】
【详解】根据右手螺旋定则，如图所示的通电螺线管，电源左侧为正极，握上时右手大拇指指向右边，即通电螺线管的右端为N极，左端为S极。根据同名磁极相排斥、异名磁极相吸引可知，小磁针N极指向通电螺线管左侧，如图所示：

四、实验与探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）
20. 某实验小组利用如图甲所示的实验装置探究某种物质熔化时温度随时间的变化规律。将该物质装入试管内并用水浴法进行加热，实验过程中测得的数据如下表：
时间/min
0
1
2
3
…
21
22
23
24
25
26
温度/℃
-16
-8
0
0
…
0
0

8
12
16

（1）测量过程中，第23分钟时，温度计内的液面应为图乙中___________（选填“A”或“B”）所示；
（2）根据表中的数据可知，这种物质是一种___________（选填“晶体”或“非晶体”）；
（3）若该物质从温度为-2℃升高到2℃的过程中，增加的内能为ΔE1；从温度为2℃升高到12℃的过程中，增加的内能为ΔE2，则ΔE1___________ΔE2（选填“>”“<”或“=”）。
【答案】 ①. A ②. 晶体 ③. >
【解析】
【详解】（1）[1]由表中的数据可知，第23分钟的温度处于第22分钟和第24分钟之间，即0~8℃之间，由乙图可知，A温度计的示数为4℃，B温度计的示数为-4℃，故第23分钟时，温度计内的液面应为图乙中A所示。
（2）[2]由表中的数据可知，该物质从第2分钟到第22分钟温度保持0℃不变，该物质熔化过程中，吸收热量，温度不变，是一种晶体。
（3）[3]从表中的数据可知，该物质从温度为-2℃升高到2℃的时间大于从温度为2℃升高到12℃的时间，所以从温度为-2℃升高到2℃的过程中吸收的热量大于从温度为2℃升高到12℃的过程中吸收的热量，因此增加的内能
ΔE1>ΔE2
21. 某实验小组利用如图甲所示的仪器探究液体压强的特点。容器中间用隔板分成底面积相等的左右两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭，橡皮膜隔板两侧压强不同时，其形状为凹面；

（1）如图甲所示，在容器左右两部分分别倒入同一种液体，发现橡皮膜向右凸出，则___________（选填“左”或“右”）侧液体对橡皮膜的压力大，说明同种液体中深度越___________时，液体产生的压强越大；
（2）如图乙所示，在容器左右两部分分别倒入a、b两种密度不同的液体。发现橡皮膜向左凸出，则a、b两种液体密度的大小关系为ρa___________ρb（选填“>”或“＜”）。若向图乙中容器左右两部分分别再加入质量相等的a、b两种液体后（液体未溢出），橡皮膜的形变程度___________（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 左 ②. 深 ③. ＜ ④. 不变
【解析】
【详解】（1）[1][2]在容器左右两部分分别倒入同一种液体，发现橡皮膜向右凸出，说明左侧的橡皮膜受到的压力较大，左侧受到的液体压强较大，因为左右液体种类相同，故说明同种液体中深度越深时，液体产生的压强越大。
（2）[3]图乙所示，在容器左右两部分分别倒入a、b两种密度不同液体，左侧到橡皮膜中心的深度大于右侧到橡皮膜中心的深度，发现橡皮膜向左凸出，说明右端产生的压强较大，根据液体压强公式

则a、b两种液体密度的大小关系为

[4]若向图乙中容器左右两部分分别再加入质量相等的a、b两种液体后，容器是底面积相等的两部分，此时橡皮膜所处高度位置受到的压力增量相等，根据

故此处压强增量相等，故左右两侧的橡皮膜的形变程度不变。
22. 在“探究电流与电阻的关系”的实验中，提供的器材有：三节干电池、电流表、电压表、定值电阻R（阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个）、滑动变阻器、开关及导线若干。某实验小组根据提供的实验器材连成如图甲所示的电路。

（1）闭合开关前，应该将滑动变阻器的滑片移动至最___________（选填“左”或“右”）端；
（2）先接入阻值为25Ω的定值电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为U，记录电流表的示数I；再由大到小接入其它的定值电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片使电压表示数均为U，并依次记录电流表的示数I。根据测得的实验数据描绘出如图乙所示的图像，图像中A、B、C、D、E、F六个描点的数据中，有五个描点的数据是由实验测得的，描点___________的数据不是由实验测得的。实验过程中电压表的示数U=___________V；
（3）由实验可得：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成___________（选填“正比”或“反比”），本次实验中，为保证电压表的示数均为2V,滑动变阻器接入电路的阻值与定值电阻的阻值之比为___________。
【答案】 ① 左 ②. F ③. 2 ④. 反比 ⑤. 5∶4
【解析】
【详解】（1）[1]为了保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处，结合图甲判断应位于最左端。
（2）[2][3]由已知的5个阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻，分别算出其对应的的值分别为：0.2Ω-1、0.1Ω-1、、0.5Ω-1、0.04Ω-1，其对应的电流值分别为0.4A、0.2A、、0.1A、0.04A，结合图乙可以判断F点的数据不是由实验测得的；根据图乙计算出
U=IR=5Ω×0.4A=2V
即是电压表的示数U=2V。
（3）[4]由图乙数据分析可知，当定值电阻两端电压一定时，定值电阻的阻值增大为原来的几倍，通过定值电阻的电流就变为原来的几分之一，据此可总结出实验结论为：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
[5]据电源电压为三节干电池可知电压值为
3×1.5V=4.5V
而电压表示数U=2V，根据串联电路电压规律可得出滑动变阻器两端的分压
4.5V-2V=2.5V
再根据串联分压原理可得出滑动变阻器接入电路的阻值与定值电阻的阻值的比值大小，即

五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
23. 如图所示，电源电压保持不变，电阻R1=2Ω，R2=4Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为2A。求：
（1）电源电压；
（2）电流表A2的示数；
（3）整个电路通电100s所产生的热量。

【答案】（1）4V；（2）1A；（3）1200J
【解析】
【详解】解：由图可知，R1、R2并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A2测量通过R2的电流。
（1）R1两端的电压
U1=I1R1=2A×2Ω=4V
根据并联电路的电压特点可知，电源电压
U=U2=U1=4V
（2）通过R2的电流

即电流表A2的示数为1A；
（3）整个电路通电100s所产生的热量

答：（1）电源电压为4V；
（2）电流表A2的示数为1A；
（3）整个电路通电100s所产生的热量为1200J。
24. 某内底面积为50cm2的圆柱形容器置于水平桌面上。将一体积为200cm3的冰球放入空容器内。冰球逐渐熔化成水，当剩余冰球与水的总体积为194cm3时，容器底对冰球的支持力为1.1N。已知冰的密度为0.9×103kg/m3，求：
（1）冰球熔化前的质量；
（2）当剩余冰球与水的总体积为194cm3时，剩余冰球的质量；
（3）当剩余冰球与水的总体积为194cm3时，水对容器底部的压强。
【答案】（1）0.18kg；（2）0.126kg；（3）140Pa
【解析】
【详解】解：（1）冰球熔化前的质量
m冰=ρ冰V冰=0.9×103kg/m3×200×10−6m3=0.18kg
（2）冰熔化成水后质量不变，即
m剩冰+m化水=m
由m=ρV得
ρ冰V剩冰+ρ水V化水=m①
由题意知
V剩冰+V化水=194cm3
V化水=194cm3-V剩冰②
将②代入①得
1.0×103kg/m3×(194×10-6m3-V剩冰)+0.9×103kg/m3×V冰=0.18kg
解得剩余冰的体积为
V剩=1.4×10-4m3
剩余冰球的质量为
m剩冰=ρ冰V剩冰=0.9×103kg/m3×1.4×10-4m3=0.126kg
（3）冰熔化成水后质量不变，水和剩余冰球的总质量
m=0.18kg
水和剩余冰球的总重力
G=mg=0.18kg×10N/kg=1.8N
容器底对冰球的支持力为1.1N，由力的作用相互性可知，冰球对容器底的压力
F压=F支=1.1N
圆柱形容器置于水平桌面上，水对容器底部的压力
F=F压总-F压=G-F压=1.8N-1.1N=0.7N
水对容器底部的压强

答：（1）冰球熔化前的质量是0.18kg；
（2）当剩余冰球与水的总体积为194cm3时，剩余冰球的质量是0.126kg；
（3）当剩余冰球与水的总体积为194cm3时，水对容器底部的压强是140Pa。