2023年江苏省南通市崇川中学中考物理第一次段考试卷(含答案)

这是一份2023年江苏省南通市崇川中学中考物理第一次段考试卷(含答案)，共24页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省南通市崇川中学中考物理第一次段考试卷
一、单选题（本大题共10小题，每小题2分，共20分）
1．（2分）22年2月6日，中国女足在亚洲杯赛中顽强拼搏夺得冠军。踢足球时，描述足球的下列物理量中，没有发生变化的是（　　）
A．质量 B．体积 C．速度 D．机械能
2．（2分）“曾有一年，月食之时，当在日没后，乃日尚未沉，而出地之月已食矣。”早在明代，人们对于月食就有了一定的了解。下列光现象成因与此相同的是（　　）
A．树丛的光束 B．雨后的彩虹
C．水中的倒影 D．“弯折”的铅笔
3．（2分）下列物态变化，属于升华的是（　　）
A．冰雪消融 B．雾凇的形成
C．露珠的形成 D．干冰变小
4．（2分）如图所示，在水平桌面上沿直线匀速拉动木块，下列属于一对平衡力的是（　　）

A．绳子对木块的拉力和木块对绳子的拉力
B．木块对桌面的压力和桌面对木块的支持力
C．绳子对木块的拉力和桌面对木块的摩擦力
D．木块受到的重力和木块对桌面的压力
5．（2分）有一辆电动玩具车，玩具车内部电路是由电源、开关、电动机、指示灯各一个组成的。开关闭合，电动机和指示灯同时工作，开关断开，电动机和指示灯同时不工作。为了探究玩具车内部电动机与指示灯的连接方式，他将这辆玩具车的电池取下，保持开关闭合。转动车轮，车上的指示灯能够发光。则玩具车内电动机与指示灯的连接方式是（　　）
A． B．
C． D．
6．（2分）如图所示，凸透镜焦距为10cm，烛焰在图示位置时恰能在光屏上成清晰的像。现将蜡烛沿主光轴向同一方向移动距离20cm，移动蜡烛的同时移动光屏，使烛焰始终能在光屏上成清晰的像，则光屏上的像（　　）

A．一直变小 B．一直变大
C．先变大后变小 D．先变小后变大
7．（2分）下列图像中，相应的物理原理解释正确的是（　　）
A．如图小车在正常行驶过程中，内燃机的压缩冲程对外做功
B．如图小球在地面上方越跳越低的过程中重力势能完全转化为动能
C．如图前2s内，小华跑得较慢
D．如图中甲音叉比乙音叉发声的音调高
8．（2分）晚上，小亮把手机充电器的插头刚插入插座准备充电时，家里原来正常工作的用电器突然都停止了工作，发生这一现象的原因可能是（　　）
A．插头与这个插座接触不良形成了断路
B．插头插入这个插座前，火线和零线就已相接触形成了短路
C．插头插入这个插座时，火线和零线相接触形成了短路
D．同时工作的用电器过多，导致干路电流过大，保险开关跳闸
9．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为30Ω，滑动变阻器铭牌已模糊不清，只能辨识出标有“1A”字样。开关S断开时，电流表A的示数为0.4A；闭合开关S，滑片P从某处M点分别向左、右移动，发现电流表A的示数的最大变化量均为0.2A，下列判断正确的是（　　）

A．电源电压为6V
B．滑片P在M点时电流表的示数0.6A
C．滑片P在移动过程中的最大阻值是20Ω
D．滑片P在移动过程中的电路的最大功率是7.2W
10．（2分）如图（甲）所示，虚线框内为供电电路（未画出）。能提供满足特殊需求的电流，移动滑动变阻器R的滑片，电压表、电流表示数的U﹣I关系图像如图（乙）所示，则下列表示供电电路总电流I总、定值电阻R0和R的总功率P总随电流表示数I变化的关系图像中，正确的是（　　）


A．
B．
C．
D．
二、填空题（本大题共5小题，共21分）
11．（3分）中国的历史有多长，中国的茶就有多香。请完成下列关于茶文化中的物理知识。
（1）绿茶看起来是绿的，是因为茶叶 　 　（选填“反射”或“吸收”）绿光；
（2）制茶时，通过加热使新鲜茶叶中的水分快速 　 　（填“物态变化”），这便是“杀青”；
（3）突然转动茶杯时，发现水中央的茶叶没动，这是由于茶叶具有 　 　。
12．（4分）图甲是探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。

（1）组装实验装置时，应当先调整图甲中 　 　（选填“A”或“B”）的高度。
（2）某小组用相同的装置先后做了两次实验，绘制出如图乙所示的a、b两条图线，由图可知：实验中水的沸点为 　 　℃。
（3）若两次实验所用水的质量分别为ma、mb，则ma　 　（选填“＞”“＜”或“＝”）mb。
（4）水沸腾时温度 　 　。
13．（5分）在做“探究平面镜成像特点”的实验时：
（1）所需的器材是玻璃板、两个完全相同的棋子、铅笔、刻度尺。
（2）实验时应选择玻璃板来代替平面镜，主要目的是 　 　（选填“看清A的像”或“看清B”），便于确定A的像位置。
（3）在实验过程中，将棋子A放在玻璃板的一侧，则棋子B放在玻璃板的另一侧，移动棋子B，直至与A的像 　 　时便停止移动棋子B，B的位置即为棋子A像的位置，用铅笔分别在 　 　（选填“A”、“B”或“A和B”）位置做标记。
（4）在棋子 　 　（选填“A”或“B”）位置竖直放一张白纸，用眼睛 　 　（选填“直接”或“透过玻璃板”）观察，若白纸上没有像，说明像为虚像。

14．（4分）如甲、乙两图所示，能说明电动机工作原理的是图 　 　。发电机是根据 　 　现象制成的。在乙图中，把滑动变阻器的滑片向右移动时，与滑片位于左端时相比较，会看到直导线运动速度较 　 　（选填“大”或“小”）。

15．（5分）小星在湖边捡到一块鹅卵石，想测量它的密度，进行了如下实验：

（1）将天平放在水平桌面上，游码放在标尺左端零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，应将天平的平衡螺母向 　 　端调，直至横梁平衡；
（2）该实验原理是 　 　；
（3）如图乙所示，鹅卵石的质量为 　 　g；
（4）将鹅卵石放入盛有50mL水的量筒中，静止时液面情况如图丙所示，则鹅卵石的密度是 　 　kg/m3；
（5）小星根据所测数据，在图丁上描出一个对应的点A，接着他又换用另一石块重复了上述实验，将所测数据在图上又描出了另一个对应的点B，若ρA、ρB分别代表鹅卵石和另一石块的密度，则ρA　 　ρB（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
三、解答题（本大题共9小题，共49分）
16．（2分）如图，MN表示平面镜，AB表示镜前的物体，根据平面镜成像的特点作图。

17．（2分）在图的括号中标出磁体的磁极（用“N”或“S”表示）和在A点标出磁感线方向。

18．（2分）如图所示，教室中有两盏照明灯，由一个开关控制，两盏灯之间互不影响，请将电路图连接完整。如答图所示。

19．（6分）学校文化建设需要在阅读广场放置一座雕像，其质量为4.5t，吊装时用如图所示的滑轮组将雕像匀速吊上3m的高台，已知提升雕像时，拉力F的功率为6×103W，绳子自由端移动速度为0.3m/s。（g＝10N/kg）求：
（1）滑轮组对雕像做的有用功；
（2）提升雕像的过程中滑轮组的机械效率。

20．（7分）如图所示，电源电压为6V恒定，定值电阻R1的阻值为20Ω，灯泡L上标有“6V 3.6W”，滑动变阻器R2的铭牌标有“40Ω 1.2A”字样。忽略温度对灯泡电阻的影响。求：
（1）灯泡L的电阻；
（2）当闭合S、S2，R2的滑片P在b时，10s内滑动变阻器R2消耗的电能；
（3）当闭合S、S1、S2，R2的滑片P在a时，电路的总电功率。

21．（7分）如图甲所示，是“探究不同物质吸热升温的规律”实验装置，在两个相同的烧杯中，分别装有水和煤油，用相同的酒精灯分别对它们加热相同的时间。实验数据记录画成图象如图乙：

（1）实验中应保证水和煤油的　 　（选填“质量”或“体积”）相同；实验中选用相同的酒精灯对水和煤油加热相同的时间，水吸收的热量　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）煤油吸收的热量；
（2）对水和煤油加热相同的时间后，可以观察到水升高的温度　 　（选填“高于”、“等于”或“低于”）煤油升高的温度；
（3）实验表明，　 　（选填“水”或“煤油”）的吸热能力更强，在物理学中，我们用比热容这一物理量来描述物质的这种特性，已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），请根据图中数据计算出煤油的比热容是　 　J/（kg•℃）；
（4）小明又利用如图丙所示的两套相同装置，分别在两个燃烧皿中放入质量相同的不同燃料，点燃后加热质量相等的水，通过比较燃料　 　（选填“燃烧相同时间”或“全部燃烧”）后温度计示数的变化，来判断两种燃料热值的大小。实验数据记录如表：根据表中数据，计算出碎纸片的热值是　 　J/kg。
燃料
加热前水温/℃
燃料燃尽时水温/℃
燃料的热值/J•kg﹣1
酒精
25
45
2.4×106
碎纸片
25
35
/
22．（7分）小红探究电流与电阻的关系，所用器材有：可调学生电源、电流表、电压表、标有“30Ω 0.5A”的滑动变阻器R’、开关S、导线和定值电阻R（5Ω，10Ω，15Ω，20Ω，25Ω）。
（1）请你根据图甲所示电路图，用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路连接完整（要求：向右移动滑片时，电路中的电流变小，且导线不能交叉）；
（2）电路正确连接后，闭合开关，发现电流表无示数，电压表有示数，原因可能是电阻R 　 　（选填“短路”或“断路”）；
（3）小红先将电源电压调到合适的值，然后分别换上多个电阻进行探究，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像，由图像可以得出结论：　 　；
（4）在实验过程中，先将5Ω的电阻接入电路，闭合开关调节滑片至适当位置，此时滑动变阻器连入电路的阻值为R1，功率为P1，接着换成10Ω的电阻接入电路，闭合开关后，再调节滑片至适当位置，此时滑动变阻器连入电路的阻值为R2，功率为P2，则R1：R2＝　 　，P1：P2＝　 　；
（5）小红想再测某电阻Rx的阻值，发现电压表损坏，于是设计了如图丁的实验电路，图中R为电阻箱；
①开关接a，调节电阻箱和滑动变阻器滑片至适当位置，使电流表示数为I，记下电阻箱示数R1；
②开关接b，保持滑动变阻器滑片位置不变，调节电阻箱使电流表示数仍为I，记下电阻箱示数R2；则Rx＝　 　（用所测物理量符号表示）；若开关接b时，滑动变阻器滑片不小心向右移动了少许，测出的待测电阻值将 　 　（选填“偏大”或“偏小”）。
23．（6分）小明做“探究杠杆平衡条件”的实验，装置如图1所示，已知杠杆上相邻刻度线间的距离相等，每个钩码重0.5N。

（1）组装好器材后，杠杆如图甲所示，小明下一步应该调节平衡螺母使杠杆 　 　。
（2）接下来，如图乙，在A点挂两个钩码，在B点竖直向下拉弹簧测力计（忽略弹簧测力计自身重力影响），仍使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数应为 　 　N。当弹簧测力计斜向下拉时，为使杠杆在水平位置保持平衡，则弹簧测力计的示数将 　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）实验中多次改变力和力臂的大小是为了 　 　。
A.多次测量求平均值减小误差
B.减小摩擦力
C.多次测量避免偶然性得到普遍规律
【拓展】图2为普通超市购物车，小明同学推车向右前进时遇到门槛，他想竖直向下压车把手，使前轮翘起通过门槛，如图甲所示，而小红同学想将购物车掉转车头，竖直向上抬车把手，抬起后轮通过门槛，如图乙所示。若整车的重心在O1与O2中点的正上方，请问 　 　同学的方案更省力。已知AO1的距离为30cm，O1O2间距离为30cm，车和货物总重为500N，二者中更省力方案中对车把竖直方向的作用力大小为 　 　N。
24．（10分）阅读短文，回答问题。

智能洁具
智能洁具（智能马桶、全自动洗碗机、智能浴缸等），具有温水洗净、暖风烘干、杀菌等功能，已进入百姓家庭。
某智能洁具为确保安全，插头带漏电保护装置，工作原理如图甲，连接洁具的火线与零线穿过环形铁芯，正常工作时，两线中的电流相等；若火线与零线中的电流不等，绕在铁芯上的线圈会产生电流，经放大后通过电磁铁吸起铁质开关S切断电源。
这种洁具装有红外线感应装置，当人靠近时，感应装置自动升起洁具盖子；启动洗净功能，加热器将水快速加热至温控装置预设的温度，水泵喷水实施清洗，喷水杆采用纳米银（直径为纳米级的银单质）材料，杀菌效果好；清洗结束，暖风烘干机自动开启烘干功能。表一为该洁具的部分参数，表二为水泵的性能测试参数（表中流量指单位时间内水泵抽送水的体积；扬程指水泵能将水提升的高度）。
表一
额定电压
220V
清洗喷水量
0.8L/min～1.2L/min
烘干机额定功率
180W
加热器额定功率
2100W
表二
流量Q/（×10﹣4m3•s﹣1）
0.5
0.6
0.8
1.0
1.2
扬程H/m
1.25
1.80

5.00
7.20
（1）该智能洁具应选用　 　线插头。当图甲电磁铁线圈中电流从a流向b时，电磁铁下端是　 　极。
（2）下列说法正确的是　 　。
A．红外线感应装置利用超声波进行工作
B．暖风烘干是靠增大面积来加快水的汽化
C．纳米银是银分子，喷水杆材料具有良好的导电性
D．漏电保护装置内的火线与零线短路时，开关S不会被吸起
（3）洁具正常工作，按最大喷水量用设定为38℃的温水清洗，加热器的效率为　 　%；清洗结束，暖风烘干机工作40s，消耗的电能会使标有“3000imp/（kW•h）”的电能表指示灯闪烁　 　次。[水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃），室温为18℃]
（4）分析表二数据可得，当该水泵的流量为0.8×10﹣4m3/s时，其扬程为　 　m；当水泵的流量为1.0×10﹣4m3/s时，输出的水达到对应的扬程，此过程中水泵克服水重力做功的功率P＝　 　W．（g取10N/kg）
（5）图乙为洁具的温控装置原理图。R1是滑动变阻器，R2是热敏电阻，其阻值随温度升高而减小。当R1两端电压U1增大到一定值时，控制电路将切断加热电路实现对水温的控制。
①适当　 　（填“增大”或“减小”）电源电压，可使控制水温的预设值升高；
②电源电压设定为10V，当R1接入电路的阻值为6Ω时，R2的电功率为4W，此时加热电路恰好被切断。若预设的水温相对较高，则控制电压U1是　 　V。

2023年江苏省南通市崇川中学中考物理第一次段考试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（本大题共10小题，每小题2分，共20分）
1．【解答】解：A、物体所含物质的多少叫质量，踢足球时，足球的所含的物质没有变化，故质量不变，故A正确；
B、踢足球足球体积会发生变化，故B错误；
C、踢足球时足球的速度在不断变化，故C错误；
D、踢足球足球高度、速度都会变化，机械能会发生变化，故D错误。
故选：A。
2．【解答】解：月食形成的原因是光的直线传播；
A、树丛的光束形成的原因是光的直线传播，故A正确；
B、雨后的彩虹，属于色散现象，是由光的折射形成的，故B错误；
C、水中的倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C错误；
D、“弯折”的铅笔，是由光的折射形成的，故D错误。
故选：A。
3．【解答】解：A、冰雪消融是熔化现象，故A错误；
B、雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，故B错误；
C、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故C错误；
D、干冰变小是干冰直接升华为气态，故D正确。
故选：D。
4．【解答】解：A、绳子对木块的拉力和木块对绳子的拉力，作用在两个不同的物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故A错误；
B、木块对桌面的压力和桌面对木块的支持力，作用在不同的物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故B错误；
C、绳子对木块的拉力和桌面对木块的摩擦力，大小相等、方向相反，作用在一条直线上，作用在同一物体上，是一对平衡力，故C正确；
D、木块受到的重力和木块对桌面的压力，作用在不同的物体上，方向相同，不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
5．【解答】解：根据题意可知，开关接在干路上，同时控制电动机和指示灯，电动机和指示灯可能串联或并联；
转动车轮，车轮带动电动机转动，电动机变成了发电机，转动车轮，车上的指示灯还能发光，说明此时电动机、指示灯构成闭合回路，故电动机与指示灯是并联的；如果电动机与指示灯是串联的，拆去电池、闭合开关后，电动机、指示灯组成的电路是开路，指示灯不会发光，故可以确定玩具车中的电动机与指示灯一定是并联的。
故选：B。
6．【解答】解：烛焰在图示位置时恰能在光屏上成清晰的像，由图可知，像距大于物距，成倒立放大的实像，将蜡烛沿主光轴向同一方向移动距离2f，物距增大，像距变小，像变小。
故选：A。
7．【解答】解：A、汽车内燃机压缩冲程是机械能转化为内能，而做功冲程才是利用内能来做功的，故A错误；
B、因小球在弹跳的过程中克服摩擦做功，一部分机械能机械能转化内能，重力势能不能完全转化为动能，故B错误；
C、由图像可知，在前2s内，小华运动的距离比小明长，所以小华跑得较快，故C错误；
D、由波形图可知，相同的时间内甲音叉振动的次数多，甲音叉振动快，故甲的频率大于乙的频率，甲音叉比乙音叉发声的音调高，故D正确。
故选：D。
8．【解答】解：A、若是充电器的插头与插座断路状态，则手机充电器不工作，不会影响室内其它用电器，故A错误；
B、若插头插入这个插座前，火线和零线就已相接触形成了短路，则插头插入这个插座前，家庭中的所有用电器都不能工作，故B错误；
C、若是插头插入这个插座时，导致火线和零线相接触形成了短路，室内所有的用电器全部停止了工作，若不及时断电会发生火灾，故C正确；
D、手机充电器的功率很小，使用后不会导致干路中总电流过大，保险开关跳闸，故D错误。
故选：C。
9．【解答】解：（1）开关S断开时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，
由I＝可得，电源的电压：
U＝I1R1＝0.4A×30Ω＝12V，故A错误；
（2）闭合开关S，R1与R2并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过R1的电流保持不变，
当P向M点左移时，R2连入阻值变小，通过R2的电流变大，电流表示数变大，
因变化量最大0.2A，且滑动变阻器允许通过最大电流1A，
所以，P在M点的电流：
IM＝I2大﹣ΔI＝1A﹣0.2A＝0.8A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，滑片P在M点时电流表的示数：
I＝I1+IM＝0.4A+0.8A＝1.2A，故B错误；
（3）当通过R2的电流最小时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
则通过R2的最小电路：
I2小＝IM﹣ΔI＝0.8A﹣0.2A＝0.6A，
所以，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：
R2大＝＝＝20Ω，故C正确；
（4）当通过R2的电流最大时，电路的功率最大，
则干路的最大电流：
I大＝I2大+I1＝1A+0.4A＝1.4A，
电路的最大功率：
P大＝UI大＝12V×1.4A＝16.8W，故D错误。
故选：C。
10．【解答】解：由题知甲电路中R0与R并联，则二者电压相等，电流之和为I总，电流表测量通过R的电流，电压表测量总电压。
AB、通过图乙可知，移动滑动变阻器滑片，电压表、电流表示数都改变，则假设电流为恒流源，则电压U＝I0R0＝（I总﹣I）R0＝﹣IR0+I总R0，
由于I总和R0是定值，则得到U和I的一次方程，斜率为﹣R0，并且U0＝I总R0，故与图乙符合，故能确定是恒流源，I总不变，故AB都错误；
CD、总功率P＝UI总＝（I总﹣I）R0I总＝﹣I总R0I+I总2R0，其中R0与I总为定值，则P与的图像是条斜率向下的直线，故C错误，D正确。
故选：D。
二、填空题（本大题共5小题，共21分）
11．【解答】解：（1）绿茶看起来是绿的，是因为茶叶反射绿光；
（2）通过加热使新鲜茶叶中的水温度升高，水分快速的汽化，这便是制茶中的“杀青”；
（3）突然转动茶杯时，水中央的茶叶没动，这是因为茶叶具有惯性，要保持原来的静止状态。
故答案为：（1）反射；（2）汽化；（3）惯性。
12．【解答】解：（1）实验时要用酒精灯外焰加热，需要先确定石棉网的位置，因此需要自下而上安装实验器材。所以组装实验装置时，应先调节B固定夹的位置；
（2）水沸腾时温度不变，由图可知，水的沸点是98℃；
（3）由图乙知，a的初温与b的初温相同，a先沸腾，说明吸收的热量相同，a升高的温度高，根据Q＝cmΔt知，a的质量小，则ma＜mb；
（4）水沸腾时的特点是：吸收热量，温度不变。
故答案为：（1）B；（2）98；（3）＜；（4）不变。
13．【解答】解：（2）玻璃板有透光性，既能成像，又能确定像的位置，实验时应选择玻璃板来代替平面镜，主要目的是看清B，便于确定A的像位置。
（3）在实验过程中，将棋子A放在玻璃板的一侧，则棋子B放在玻璃板的另一侧，移动棋子B，直至与A的像重合时便停止移动棋子B，根据等效替代法，B的位置即为棋子A像的位置；本实验要研究像与物到镜面的距离分，故用铅笔分别在A和B位置做标记；
（4）平面镜成像的原理是光的反射，其所成的像为虚像，不能成在光屏上，故在棋子B位置竖直放一张白纸，用眼睛直接观察，若白纸上没有像，说明像为虚像。
故答案为：（2）看清B；（3）重合；A和B；（4）B；直接。
14．【解答】解：甲图是电磁感应的实验装置，乙图是通电导体在磁场中受力运动的实验装置，能说明电动机工作原理的是图乙。发电机是根据电磁感应现象制成的。在乙图中，把滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，直导线运动速度变小。
故答案为：乙；电磁感应；小。
15．【解答】解：（1）由图甲可知，测量前指针偏向分度盘的右侧，说明右盘偏重，应将天平的平衡螺母向左端调，直到指针指在分度盘的中央；
（2）测固体密度实验原理是ρ＝；
（3）如图乙所示，标尺的分度值是0.2g，鹅卵石的质量为：m＝20g+10g+1.4g＝31.4g；
（3）鹅卵石的体积：V＝V总﹣V水＝60cm3﹣50cm3＝10cm3；
则鹅卵石的密度：ρ＝＝＝3.14g/cm3＝3.14×103kg/m3；
（5）同种物质的质量与体积的比值为一个定值，即质量与体积的图象为一条过原点的直线，根据AB两个点分别做出图象，如图：

由图可知，当体积相同时，B的质量大于A的质量，故ρA＜ρB。
故答案为：（1）左；（2）ρ＝；（3）31.4；（4）3.14×103；（5）＜。
三、解答题（本大题共9小题，共49分）
16．【解答】解：
分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB经平面镜所成的像，如图所示：

17．【解答】解：据图可知，此时一定是异名磁极，左端是N极，右端一定是S极，故磁感线的方向是向右的，如下图所示：

18．【解答】解：
由于两盏灯之间互不影响，是并联的，开关接在干路上并且接在火线和灯之间，电路图如图所示：

19．【解答】解：（1）雕像的重力：
G＝mg＝4.5×103kg×10N/kg＝4.5×104N；
滑轮组对雕像做的有用功：
W有＝Gh＝4.5×104N×3m＝1.35×105J；
（2）由图可知n＝3，则绳子自由端移动的距离：
s＝nh＝3×3m＝9m，
根据v＝可得，所用的时间：
t＝＝＝30s；
已知拉力F的功率为6×103W，t＝30s，
根据P＝得，拉力做的总功：
W总＝Pt＝6×103W×30s＝1.8×105J；
提升雕像的过程中滑轮组的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝75%。
答：（1）滑轮组对雕像做的有用功为1.35×105J；
（2）提升雕像的过程中滑轮组的机械效率为75%。
20．【解答】解：（1）灯泡L上标有“6V 3W”字样，根据P＝可得灯泡的电阻为：
RL＝＝＝10Ω；
（2）当闭合S、S2，R2的滑片P在b时，滑动变阻器接入电路最大阻值，灯泡L与R2串联，电流表测量电路中电流；
根据串联电路总电阻等于各部分电阻之和和欧姆定律可得，此时通过电路的电流：
I＝＝＝＝0.12A，
10s内滑动变阻器R2消耗的电能：W2＝I2R2t＝（0.12A）2×40Ω×10s＝5.76J；
（3）当闭合S、S1、S2，R2的滑片P在a时，R2未接入电路，由L与R1并联，电流表测干路电流，
则灯泡两端的电压为：UL＝U＝U额＝6V，所以，PL＝P额＝3.6W，
R1的功率：P1＝＝＝1.8W，
电路的总功率：P＝PL+P1＝3.6W+1.8W＝5.4W。
答：（1）灯泡L的电阻为12Ω；
（2）当闭合S、S2，R2的滑片P在b时，10s内滑动变阻器R2消耗的电能为5.76J；
（3）当闭合S、S1、S2，R2的滑片P在a时，电路的总电功率为5.4W。
21．【解答】解：（1）在此实验中，为了比较水和煤油吸热本领的大小，我们可以加热相同的时间，观察升高的温度的不同；也可以让它们其升高相同温度，比较加热时间，来比较它们吸热本领的大小。为了达到实验目的前提条件是：在两个相同的烧杯中应加入初温相同、质量相同的水和煤油；
用相同的电热器对水和煤油加热相同的时间，加热器放出的热量相同，则物质吸收的热量是相同的；
（2）根据表格中的数据可知，质量相同的水和煤油，吸收相同的热量后，煤油升高的温度更高，水的温度更低；
（3）根据表中的数据可知，相同质量的水和煤油，水升高的温度小于煤油升高的温度，因此水吸热的能力更强；
由图乙知，升高相同的温度，水用的时间是煤油的2倍，即吸收的热量是煤油的2倍，根据c＝，在质量、升温相同的情况下，比热容与Q成正比，故煤油的比热容是：×4.2×103J/（kg•℃＝2.1×103J/（kg•℃）；
（4）比较不同燃料热值的实验中，同时点燃料后，需等待燃料完全燃烧，通过观察温度计示数的示数上升来比较两种燃料热值大小；
相同质量的酒精和碎纸片燃烧放热，酒精燃烧放出的热量可以将水的温度升高20℃，碎纸片燃烧放出的热量可以将水的温度升高10℃，根据Q＝mq可知，酒精的热值是碎纸片的2倍，所以碎纸片的热值为1.2×106J/kg。
故答案为：（1）质量；等于；（2）低于；（3）水；2.1×103；（4）全部燃烧；1.2×106。
22．【解答】解：
（1）滑动变阻器要上、下各选一个接线柱串联接入电路，向右移动滑片时，电路中的电流变小，即滑动变阻器接入电路中的电阻变大，故将滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如下图所示：

（2）电路正确连接后，闭合开关，发现电流表无示数，则电路可能是发生断路，同时电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源间是通路，所以原因可能是电阻R断路；
（3）分析图丙所示的电流I随电阻R变化的图像，电流与电阻之积U＝IR＝0.4A×5Ω＝0.2A×10Ω＝0.1A×20Ω＝2V，
故可得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（4）在探究电流与电阻的关系的实验时，应控制导体两端电压U一定，则前后两次电路中的电流之比＝＝＝＝，
又因为电源电压一定，根据串联电路电压规律，在导体两端电压U一定时，滑动变阻器两端电压U’也一定，则＝＝＝，
则5Ω的电阻接入电路时滑动变阻器连入电路的阻值R1的电功率P1与10Ω的电阻接入电路时滑动变阻器连入电路的阻值R1的电功率P2之比＝＝＝
（5）在①中，待测电阻、电阻箱和滑动变阻器串联，电流表测电路的电流；在②中，电阻箱与滑动变阻器串联，因保持滑动变阻器滑片位置不变，即滑动变阻器连入的电阻不变，且电流表示数不变，由等效替代法可得R2＝R1+Rx，
则未知电阻Rx＝R2﹣R1；
若开关接b时，滑动变阻器滑片不小心向右移动了少许，即增大了滑动变阻器接入电路中电阻，则为了保证电流表示数仍为I，调节电阻箱接入电路中的电阻比R2更小，所以测出的待测电阻值将偏小。
故答案为：（1）见解答图；（2）断路；（3）在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（4）1：2；2：1；（5）R2﹣R1；偏小。
23．【解答】解：（1）实验前需要将杠杆调节到水平位置平衡；
（2）杠杆的平衡条件是：F1L1＝F2L2，杠杆水平平衡时，力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，
2×0.5N×3＝F2×2，解得F2＝1.5N，
当弹簧测力计斜向下拉时，动力臂变小，根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂都相同的情况下，动力臂变小动力越大，所以，弹簧测力计变大；
（3）只有一次实验总结实验结论是不合理的，一次实验很具有偶然性，所以需要多进行几次实验，避免偶然性；
[拓展]

根据杠杆平衡的条件，F1L1＝F2L2，当阻力和阻力臂相同，动力臂L甲小于L乙，动力F甲大于动力F乙，
所以小红的方案更省力，
已知AO1的距离为30cm，O1O2间距离为30cm，则AO2＝60cm，
购物车的重力的力臂为O1O2的中点，为15cm，
F1＝＝＝125N；
故答案为：（1）在水平位置平衡；（2）1.5；变大；（3）C；（拓展）小红；125。
24．【解答】解：（1）已知智能洁具为确保安全，插头带漏电保护装置，所以该智能洁具应选用两线插头即可；
当图甲电磁铁线圈中电流从a流向b时，由右手沿着电流方向抓住螺线管，则大拇指朝下，即螺线管下端为N极，上端为S极，
（2）A、红外线感应水龙头是通过红外线反射原理，故A错误；
B、暖风烘干，有热风吹，使水的温度升高，水上方的空气流动速度增大，从而加快了水的蒸发，很快变干，故B错误。
C、纳米银（直径为纳米级的银单质）材料，具有良好的导电性，但纳米银不是银分子，故C错误；
D、漏电保护装置是在火线和零线中电流不等的情况下工作，因而短路时虽然电流很大，但是火线和零线中的电流相等，漏电保护装置不会工作，则开关S不会被吸起，故D正确。
（3）由ρ＝可得，每分钟喷出水的质量：
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×1.2×10﹣3m3＝1.2kg，
水吸收的热量：
Q＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1.2kg×（38℃﹣18℃）＝1.008×105J，
由P＝可得：
W电＝Pt＝2100W×60s＝1.26×105J，
加热效率：
η＝×100%＝×100%＝80%；
由P＝可得，暖风烘干机工作40s，消耗的电能：
W＝P烘干t＝180W×40s＝7200J＝7200×kW•h＝0.002kW•h，
电能表指示灯闪烁次数n＝0.002kW•h×3000imp/（kW•h）＝6，
（4）根据表格中的数据可知，当流量增大为2倍时，扬程增大为原来的4倍，说明扬程与流量的平方成正比，因而当流量为0.8×10﹣4m3/s时，为1.2×10﹣4m3/s的，则扬程为7.20m×＝3.2m，
由ρ＝可得，当水泵的流量为1.0×10﹣4m3/s时，
每秒钟流过水的质量m′＝ρV＝1.0×103kg/m3×1.0×10﹣4m3＝0.1kg，
重力G＝m′g＝0.1kg×10N/kg＝1N，
当水泵的流量为1.0×10﹣4m3/s时，输出的水达到对应的扬程为5m，水泵做功W＝Fs＝Gh＝1N×5m＝5J，
则功率P＝＝＝5W，
（5）①当设定的温度升高时，则热敏电阻的阻值减小，要保持电阻R1的电压不变，则必须保持电路中的电流不变，因而必须减小电源电压；
②当R1＝6Ω时的电压U1，电路中的电流为I＝，热敏电阻的电压U2＝U﹣U1＝10V﹣U1，
电功率P＝U2I，则有4W＝（10V﹣U1）×，
解得U1＝4V或U1＝6V，由于要使得水温度较高，则R2的电阻较小，电路中的电流较大，则必须使得U1较大，设计为6V。
故答案为：（1）两；N；（2）D；（3）80；6；（4）3.20 5；（5）减小；6。