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2023年广东省阳江市阳春市中考物理二模试卷-普通用卷
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这是一份2023年广东省阳江市阳春市中考物理二模试卷-普通用卷，共25页。
2023年广东省阳江市阳春市中考物理二模试卷
1. 下列关于声音的说法中不正确的是( )
A. “响鼓也要重锤敲”，说明振幅越大响度越大
B. “震耳欲聋”说明声音的响度大
C. “长啸一声，山鸣谷应”，说明次声波传播很远
D. “只闻其声，不见其人”，说明可以根据音色来判断说话者
2. 以下能源中属于可再生能源的是( )
A. 风能 B. 石油 C. 天然气 D. 煤
3. 关于温度、内能、热量和做功，下列说法正确的是( )
A. 温度越高的物体具有的内能就越多 B. 物体内能减少，一定对外界做了功
C. 物体的温度不变，内能可以增加 D. 物体含有的热量越多，温度就越高
4. 一物体在水平推力作用下沿水平方向做匀速直线运动，如图所示，下列说法正确的是( )
A. 物体受到的重力和物体受到的摩擦力是一对平衡力
B. 物体受到的重力和物体受到的推力是一对平衡力
C. 物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对平衡力
D. 物体受到的重力和地面对物体的支持力是一对平衡力
5. 下列各选项中物理原理不同于其他三项的是( )
A. 楼房的地基做宽些 B. 菜刀磨得很锋利 C. 铁路上铺枕木 D. 俯卧在冰上爬行
6. 以下电路图中不能测出电阻R的阻值的是(滑动变阻器最大阻值已知)( )
A. B.
C. D.
7. 小明用图探究磁生电现象，当磁体不动，ab向右运动时，电流表指针向左偏转．要使得电流表指针向右偏转，一下做法正确的是( )
A. ab不动，磁体向下运动
B. ab不动，磁体向上运动
C. 调换磁极，ab向左运动
D. 调换磁极，ab向右运动
8. 物理学家用______ 来形象地描述空间磁场情况，在磁体外部这些线都是从磁体的______ 极出来，回到磁体的______ 极。
9. 随着科技的发展，新材料新技术不断涌现，人们对物质结构的研究越来越深入。原子核是由质子和______组成的；根据物质的导电性能不同，人们把物质分为导体和绝缘体，以及介于导体和绝缘体之间的______；卫星和地面控制中心是通过______波来进行通讯的。
10. 相对于正在行驶的汽车，路旁的房屋是______ 的(选填“运动”或“静止”)，大型载重汽车都安装了很多的车轮，是为了______ .车轮上凹凸不平的“花纹”是为了______ ．
11. 夏天，把保鲜袋装好的冰冻海鲜从冰箱里拿出来放一段时间，发现保鲜袋外面有许多小水珠，这些水珠是由于热的水蒸气遇冷______ (填物态变化名称)而来的。把海鲜拿出来放在盘中，表面上的冰块慢慢熔化时需要______ 热量，但是______ 不变。
12. 小明在探究物体的“浮沉条件”时，将一个质量为200g的物体放入装满水的足够深的桶中，物体缓缓下沉．则溢出水的质量______ (选填“大于”“小于”“等于”)200g水，放入物体后水对桶底的压强______ 放入物体前水对桶底的压强(选填“大于”“小于”“等于”)；若要让物体上浮，可以在水中加入______ ．
13. 汽油机的一个工作循环是由四个冲程组成，如图所示是表示汽油机的______ 冲程，汽车汽油机工作过程中，水箱中的水温度会升高，这是通过______ 的方式使水的内能增加．若汽车水箱内装有质量为2kg、温度为25℃的水，一段时间过后水的温度变成了45℃，那么水吸收的热量为______ J(c水=4.2×103J/(kg⋅℃))
14. 如图所示，在甲图中，闭合S，调节滑片P，两电压表的示数随电路中电流变化的图象如图乙所示，电源电压为______ V，R1的阻值为______ Ω；接通电路后，当两电压表示数相等时，电路消耗的总功率为______ W。
15. 在图中，画出细绳下物体受到的重力及拉力F1的力臂的示意图。
16. 在图中，作出AB在平面镜MN中成的像A′B′。
17. 如图所示是家庭电路的一部分，电位器是调节台灯(螺口灯泡)亮度的装置，a、b、c是它的三个接线柱，旋钮带动滑片转动。插座的一部分已正确接入家庭电路，请将其他部分也正确接入家庭电路。(要求顺时针旋转旋钮时灯泡的亮度变亮)
18. (1)如图1所示，图中物体的长度为______ cm。图2所示的时间是______ min ______ s。
(2)在探究“水的沸腾”的实验中，某实验小组观察到图3(a)、(b)所示的两种情景。你认为______ 图是水沸腾时的情景；实验过程中，温度计示数如图4所示，其示数为______ ℃；小凡同学的实验操作过程如图5所示，其中错误之处是______ 。
19. 小田用如图甲所示装置做“比较不同物质的吸热能力”实验。
(1)在两个相同的烧杯中分别装入质量和______都相同的A、B两种液体。
(2)用规格相同的电加热器来加热，其目的是为了使两种液体在相同时间内吸热______。
(3)本实验需要的测量工具主要有______和______。
(4)小田根据实验测得的数据分别描绘出A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图乙所示，分析图乙可知______(填“A”或“B”)的吸热能力更强，若加热过程中无热量损失，已知A的比热容为2.4×103J/(kg⋅℃)，则B的比热容是______J/(kg⋅℃)。
20. 如图甲是小琪实验小组在探究“电流与电阻的关系”时的电路图，电源电压恒定不变。电压表(量程为0～3V)、电流表(量程为0～0.6A)无损坏，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个。
(1)请根据图甲，用笔画线代替导线连接完成图乙的实物图。
(2)连接好电路，闭合开关后，电压表指针迅速偏转到最右端，电流表无示数，其原因可能是______。
(3)排除故障后，小琪进行了5次实验。在老师的引导下，他们将5次实验数据描绘在图丙中。观察图像可以得出实验结论：当电压一定时，______。
(4)图丙中阴影部分的面积表示的物理量是______。
(5)实验过程中，当每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器的滑片，此时眼睛应注意观察______(填字母)。
A.滑动变阻器的滑片
B.电压表
C.电流表
(6)实验后，小琪想知道滑动变阻器的最大阻值，考虑到电压表的量程较小，小琪在电路中接入25Ω的定值电阻并去掉电压表来进行如下的测量：
①闭合开关，将滑片移到最左端，读出电流表的示数记作I1；
②闭合开关，______，读出电流表的示数记作I2；
③滑动变阻器的最大阻值的表达式R′=______。
21. 一人用如图所示的滑轮组用时5s匀速提升物重为200N的物体，物体向上移动了5m，此时人对绳的拉力为120N，不计绳重和摩擦。
求：(1)人的拉力的功率。
(2)滑轮组的机械效率(保留1位小数)。
22. 如图所示，是某品牌智能电火锅的简化电路图，其铭牌如下表所示(不计温度对电阻的影响)。
××牌智能电火锅
型号
ZDF−215
额定电压
220V
加热功率
1210W
保温功率
484W
频率
50Hz
(1)该电火锅正常加热30min所消耗的电能为多少？
(2)某天用电高峰期，只使用电火锅加热10min，家用电能表【1200r/(kW⋅h)】的转盘转了200转，此时电火锅的实际功率是多少？
(3)如图所示电火锅的简化电路中，R1、R2均为发热电阻，S2为加热保温自动切换开关，求电阻R2的阻值。
23. 在“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让质量不同的铁球从斜面的同一高度由静止释放，撞击同一木块，能将木块撞出一段距离，如图1所示。请回答问题：
(1)从同一高度由静止释放的目的是______ ，该实验的目的是研究铁球的动能大小与______ 的关系。若要探究物体的动能大小与速度的关系，应将同一铁球从______ (选填“相同”或“不同”)的高度由静止释放。
(2)图2是高速公路的限速牌，但是对不同的车型限速却不一样，限制车速实际上是限制车的______ (选填“内能”或“动能”)。
(3)如图3所示是“探究物体重力势能与哪些因素有关”的实验，其中m甲=m乙
②若图3中B、C两木桩扎入沙坑的深度相同，______ (选填“能”或“不能”)说明乙、丙的重力势能相同。
24. 小李利用如图所示的实验装置，进行“探究光的反射定律”实验。
实验次数
入射角
反射角
1
30°
30°
2
40°
40°
3
60°
30°
4
75°
75°
(1)除了图中器材外，还应补充的测量仪器是______ 。
(2)实验时让一束光贴着纸板入射是为了______ 。
(3)实验中使用可折转的硬纸板，这样可以方便探究反射光线、入射光线与______ 是否在同一平面内。
(4)为了得到反射角与入射角大小关系的普遍规律，应当______ 。
(5)小李的实验记录如表所示。其中有一个数据错误，你认为原因可能是______ 。
(6)如图所示，若将一束光贴着纸板B沿FO方向射到O点，这束光将沿图中的OE方向射出。这说明______ 。
25. 根据材料，回答问题。
主动式空气净化器图甲为某型号空气净化器，它在不同挡位工作时的参数如下表所示，净化空气量是指1h净化空气的体积；能效比是空气净化器净化空气量与输入功率之比，净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比。
工作挡位
待机
1挡
2挡
3挡
4挡
5挡
6挡
功率(W)
0.9
23
45
75
103
121
148
净化空气量(m3/h)
—
120
240
360
500
610
760
噪声强弱等级(dB)
—
23
32
39
47
49
55
(1)颗粒物接近带有负电荷的金属网时受到强烈的吸引力，这主要是因为______ 。
(2)该净化器接在家庭电路中，在5挡正常工作时的电流为______ A。
(3)单独使用该净化器20min，规格为2400imp/(kW⋅h)的电能表指示灯闪烁36次，则该净化器消耗电功率为______ W，此时该空气净化器的能效比为______ m3/(h⋅W)(结果保留1位小数)。
(4)利用气敏电阻可以检测空气质量，如图乙所示为检测电路，定值电阻R0=10Ω，电源电压恒为28V；如图丙所示为气敏电阻阻值随空气中有害气体浓度β的变化曲线。现用此电路检测该型号净化器的净化效率：净化器刚启动时，检测电路中电流表的示数为0.7A，此时空气中有害气体浓度是______ μg/m3，净化器正常使用30min后，检测电路的电流变为0.1A，则该空气净化器的实际净化效率为______ %。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、声音振幅越大，响度越大，故A正确；
B、“震耳欲聋”说明声音的响度大，故B正确；
C、次声波是人耳听不到的声音，“长啸一声，山鸣谷应”，说明声波传播很远，故C错误；
D、“只闻其声，不见其人”，说明可以根据音色来判断说话者，故D正确。
故选：C。
(1)响度是指声音的强弱，它与振幅有关，振幅越大，响度越大；
(2)震耳欲聋指的是响度大；
(3)人耳听不到的声音有超声波和次声波；
(4)音色是指声音的品质与特色，不同物体发出的声音音色是不同的。
本题考查声音的三个特征及其相关因素，还有人耳听不到的声音的认识，属于基础题。
2.【答案】A
【解析】解：A、风能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源；
B、石油属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；
C、天然气属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；
D、煤属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源。
故选：A。
从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源。人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、永续利用的能源，属于可再生能源。
本题难度不大，了解可再生能源和不可再生能源的特点是正确解答本题的关键。
3.【答案】C
【解析】解：A、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素；故A错误；
B、物体内能减少，可能是温度下降，不一定是对外界做了功，故B错误；
C、物体的温度不变，内能可以增加，如晶体在熔化时，吸收热量，内能增加，但温度保持在熔点不变；故C正确
D、热量是出现在热传递过程中的一个过程量，不能说物体含有热量，可以说吸收或放出热量；故D错误；
故选C．
温度、热量和内能是相互关联的几个热学物理量；温度和内能是表达某时刻的状态量；热量是出现在热传递过程中的一个过程量，不能说物体含有热量；物体的内能与温度有关，温度升高，内能增大；晶体熔化和凝固过程中，虽吸热和放热，但温度保持不变．
本题主要考查学生对内能、温度、热传递的理解，是中考的热点，热学的难点．要特别注意：温度升高，内能一定增加；但是，内能增加，温度不一定升高．
4.【答案】D
【解析】解：
A、物体受到的重力和物体受到的摩擦力不在同一直线上，且大小也不一定相等，所以不是一对平衡力，故A错误；
B、物体受到的重力和物体受到的推力不在同一直线上，且大小也不一定相等，所以不是一对平衡力，故B错误；
C、物体对地面的压力和地面对物体的支持力是作用在不同物体的两个力，不是一对平衡力，故C错误；
D、物体受到的重力和地面对物体的支持力，二力的大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
判断平衡力要根据二力平衡的条件来分析，一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。
5.【答案】B
【解析】解：A、楼房的地基做宽些是通过增大受力面积的方法来减小压强．
B、菜刀磨得很锋利是通过减小受力面积的方法来增大压强；
C、给火车轨铺上枕木是通过增大受力面积的方法来减小压强；
D、俯卧在冰上爬行是通过增大受力面积的方法来减小压强．综上分析，只有B选项不同于其他三项．
故选B．
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强．
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强．
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义．
6.【答案】D
【解析】
【解答】
A.由电路图可知，电压表测R两端的电压，电流表测通过R的电流，根据R=UI求出R的阻值，故A不符合题意；
B.由电路图可知，R与滑动变阻器的最大阻值串联，当滑片位于左端时电压表测R两端的电压，当滑片位于右端时电压表测电源的电压，根据串联电路中总电压等于各分电压之和可求滑动变阻器阻值最大时两端的电压，根据串联电路中各处的电流相等和I=UR求出电路中的电流，再根据R=UI求出R的阻值，故B不符合题意；
C.由电路图可知，当滑片位于左端时电压表测电源的电压，当滑片位于右端时，R与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测R两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路中总电压等于各分电压之和可求滑动变阻器阻值最大时两端的电压，根据串联电路中各处的电流相等和I=UR求出电路中的电流，再根据R=UI求出R的阻值，故C不符合题意；
D.由电路图可知，R与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，无论怎么调节无法得出R两端的电压，所以测不出R的阻值，故D符合题意。
故选D
【分析】
由欧姆定律的表达式R=UI可知，要测出R的阻值，就要想法设法测出R两端的电压和通过的电流，据此进行解答。
测量电阻时，一定能直接或间接测量电压和电流，根据欧姆定律的导出公式进行计算，这种是伏安法测电阻。
7.【答案】D
【解析】解：在原来的操作中，磁场方向是向下，导体ab向右运动，此时电流表的指针向左偏转．
A、在该操作中，磁场方向不变，磁体向下运动，ab相对向上运动，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，故A错误．
B、在该操作中，磁场方向不变，磁体向上运动，ab相对向下运动，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，故B错误．
C、对调磁体的磁极，ab向左运动；导体的运动方向和磁场的方向都发生了改变，感应电流的方向不变，电流表的指针仍向左偏转，故C错误．
D、对调磁体的磁极，ab向右运动；导体的运动方向不变，磁场的方向发生了改变，感应电流的方向偏转，电流表的指针向右偏转，故D正确．
故选D．
电流表指针偏转，说明电路中产生了感应电流，指针偏转方向改变，说明感应电流的方向改变；
感应电流方向的决定因素有两个：导体的运动方向；磁场方向．两者中只要改变其中的一个，感应电流的方向就发生改变．两者同时改变电流方向不变．
首先根据原来的操作确定导体的运动方向和磁场方向，然后将下列操作与原来的操作进行对比即可判定电流表指针的偏转方向是否改变．
以原来的操作为基准点，只要明确了现在的操作中与原来的操作中哪一个因素发生了改变，结合感应电流方向与两个决定因素的关系，就可以解决此题，不需要明确三者：磁场方向、导体运动方向、感应电流方向的具体关系．
8.【答案】磁感线 N S
【解析】解：磁感线可以形象地表示磁场的方向和它的分布情况，磁体外部的磁感线是从它的N极出来，回到它的S极。
故答案为：磁感线；N；S。
磁场是看不见、摸不着的，但磁场是真实存在的，为了形象的描述磁场的特点，引入了磁感线，磁感线即在磁体周围的一些有方向的曲线，在画磁感线时，对于磁体外部从N极出发回到S极，在内部则是从S极回到N极。
此题主要考查了磁感线的概念及方向。磁感线很抽象，一定要注意理解。
9.【答案】中子 半导体 电磁
【解析】解：(1)原子核是由质子和中子组成的；
(2)介于导体和绝缘体之间的是半导体材料；
(3)电磁波可以传递信息，并且电磁波可以在真空中传播，卫星和地面控制中心是通过电磁波来进行通讯的。
故答案为：中子；半导体；电磁。
(1)分子是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核是由质子和中子组成；
(2)根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，如：人体、大地、各种金属、石墨、酸碱盐的溶液等；不容易导电的物体叫绝缘体，如：玻璃、陶瓷、橡胶、塑料等；导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，如：硅、锗等；
(3)电磁波可以传递信息，并且电磁波可以在真空中传播。
此题主要考查分子的组成，导体、绝缘体和半导体区分，电磁波的传播，虽然具有一定的综合性，但都属于基础知识，难度不大。
10.【答案】运动；减小压强；增大摩擦力
【解析】
【分析】
①判断运动与静止关键看物体相对于参照物的位置是否发生改变；
②在压力一定时，增大受力面积可减小压强；
③在压力一定时，增加接触面的粗糙程度可增大摩擦力。
此题主要考查了多个力学基本知识点的理解和应用，包括运动和静止的相对性、减小压强的方法、增大摩擦力的方法等。
【解答】
解：以汽车为参照物，路旁的房屋位置不断变化，所以是运动的；
安装很多的车轮可在压力不变的情况下，增大受力面积，从而减小压强；
轮胎上的花纹增加了接触面的粗糙程度，在压力不变的情况下，可增大摩擦力。
故答案为：运动；减小压强；增大摩擦力。
11.【答案】液化 吸收 温度
【解析】解：空气中的水蒸气遇冷变成液态的小水滴，是液化现象；冰是晶体，晶体熔化过程中，继续吸收热量，温度保持不变；
故答案为：液化；吸收；温度。
气态变成液态的过程，是液化现象；晶体熔化特点是吸收热量，温度不变。
本题考察了液化的概念、晶体熔化特点。
12.【答案】小于；等于；食盐
【解析】解：(1)由题知：物体缓缓下沉．
根据物体的浮沉条件可知：所受的浮力F浮=G排
(3)由于物体浸没在水中，物体的重力不变，排开水的体积不变，若要让物体上浮，则根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知应增大液体的密度，即在水中加入食盐．
故答案为：小于，等于，食盐．
(1)由于时装满水的足够深的桶，放入物体后水被排出一部分，根据物体的浮沉条件即可判断溢出水的多少；
(2)由于溢出水后，水还是满的，水的深度不变；烧杯底部受到的压强是液体压强，只与液体的密度和液体的深度有关，可以判断压强的变化情况；
(3)根据阿基米德原理和浮沉条件即可判断．
本题考查阿基米德原理的应用和液体压强的比较，必须明确：容器底部受到的压强是液体压强，只与液体的密度和液体的深度有关；所受的浮力与物体排开的液体的重力有关．
13.【答案】做功；热传递；1.68×105
【解析】解：(1)由图知，两个气门都关闭，活塞向下运动，所以此冲程为做功冲程；
(2)汽油机的温度比水的温度高，所以内能会从汽油机传向水，这是通过热传递的方式改变水的内能；
(3)水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(45℃−25℃)=1.68×105J.
故答案为：做功；热传递；1.68×105．
(1)根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程，同时还可参考火花塞的状态进行判断；
(2)改变内能的方式有两种：做功和热传递；内能从高温物体传向低温物体的现象叫热传递；
(3)知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量．
本题考查了汽油机四个冲程的判断和改变物体内能的方法以及热量的计算，是一道热学综合题，难度不大．
14.【答案】6 10 1.8
【解析】解：由甲电路图可知，R1、滑动变阻器R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器R2滑片向左移动时，滑动变阻器R2接入电路中的电阻变小，由欧姆定律可知，此时电路中的电流变大，由串联电路的电阻分压原理可知，V2的示数变小，由串联电路的电压特点可知，V1的示数变大，结合图乙可知：甲代表V2的示数随电路中电流变化的图象，乙代表V1的示数随电路中电流变化的图象；
由甲电路图可知，当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，V1测电源的电压，由乙图可知，此时的电压6V，即电源的电压U=6V，对应的电流I=0.6A，
由欧姆定律可知，R1的阻值为R=UI=6V0.6A=10Ω；
由图乙可知，当两电压表示数相等时，两电压表的示数为3V，电路中的电流为0.3A，
此时电路消耗的总功率：P=UI′=6V×0.3A=1.8W。
故答案为：6；10；1.8。
由甲电路图可知，R1、滑动变阻器R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器R2滑片向左移动时，滑动变阻器R2接入电路中的电阻变小，由欧姆定律可知，此时电路中电流的变化，根据串联电路的电阻分压原理可知V2示数的变化，由串联电路的电压特点可知V1示数的变化，结合图象得出代表的图象；
当滑动变阻器接入电路的电阻为0时V1的示数为电源的电压，结合图象读出其大小和对应的电流，再根据欧姆定律求出R的阻值；
由图乙可知，当两电压表示数相等时电路中的电流，根据P=UI求出电路消耗的总功率。
本题考查串联电路电压的规律、滑动变阻器的使用、欧姆定律和电功率公式的应用，会从图象中读出相关信息是解答本题的关键。
15.【答案】解：图中支点O，从支点向F的作用线作垂线，垂线段的长度即为动力臂L1；找出物体的重心，重力的方向是竖直向下的，做出重力的示意图，如图所示：
【解析】力臂是指从支点到力的作用线的距离。重力的作用点在物体的重心，方向竖直向下。
本题考查了重力和力臂的画法，首先要掌握力臂的画法，确定支点，从支点向力的作用线引垂线。垂线段的长度即为力臂。
16.【答案】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′B′即为AB在平面镜中的像。如图所示：
【解析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像。
17.【答案】解：三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，据此可知上面为零线，中间为火线；
开关控制灯泡时，火线先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上；
顺时针旋转旋钮时灯泡变亮，说明通过灯泡的电流变大，则变阻器接入电路的电阻是变小的；故应解bc接线柱如图所示：
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。据此确定火线和零线；
家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套。这样连接的电路，不但开关控制灯泡，而且断开开关，切断火线，更换灯泡时，更安全；
若只将b、c接入电路，滑片右边的电阻丝接入电路；顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，灯泡变亮，
本题考查了家庭电路的连接，关键是确定导线的名称以及开关和灯泡的接法。
18.【答案】3.75 5 37.5 a 96 玻璃泡接触到烧杯底
【解析】解：(1)图1中，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与3.00cm对齐，右侧与6.75cm对齐，故物体的长度为3.75cm；
图2中，停表小盘的分度值是0.5min，指针在5min和6min之间，偏过中线；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在37.5s，因此停表读数为5min37.5s；
(2)水在沸腾时，各处水温都达到沸点，水在各个部位同时汽化，因此大量气泡会在上升过程中逐渐得到补充，加之越往水面液体的压强越小，因此气泡会越变越大，由图3所示两图可知，b是水沸腾前的情况，a是水沸腾时的情况；从图中能看出温度计的分度值是1℃，所以温度计的示数是96℃；小凡同学的实验操作过程如图5所示，其中错误之处是温度计的玻璃泡接触到烧杯底。
故答案为：(1)3.75；5；37.5；(2)a；96；玻璃泡接触到烧杯底。
(1)使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0刻度线开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和；
(2)水沸腾前和沸腾时都会从水底冒出气泡，但一种缓慢、一种剧烈，且在温度和形态变化上也有不同；从图中能看出温度计的分度值是1℃，然后根据液面到达的刻度即可读数；温度计的玻璃泡要放在被测液体中，不能接触烧杯；
本题考查刻度尺的读数、温度计的使用及读数以及水的沸腾现象，难度不大。
19.【答案】温度 相同 秒表 温度计 B 1.2×103
【解析】解：(1)由图乙知，在两个相同的烧杯中分别装入质量和温度都相同的A、B两种液体。
(2)根据转换法，用规格相同的电加热器来加热，其目的是为了使两种液体在相同时间内吸热相同。
(3)通过加热时间的长短来比较吸热多少，故用到秒表；因比较液体的温度，故需要的测量工具是温度计；
(4)根据描绘出A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象知，加热相同时间，B升温快，根据比较吸热能力的第2种方法，可知B的吸热能力更强：
由表中数据，加热5分钟，A高的温度为：
30℃−10℃=20℃；
B液体升高的温度为：
50℃−10℃=40℃；
根据c=Qm△t，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度成反比，则B的比热容是：
20℃40℃×2.4×103J/(kg⋅℃)=1.2×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)温度； (2)相同； (3)秒表； 温度计； (4)B； 1.2×103。
(1)根据图乙分析；
(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；
(3)根据通过加热时间的长短来比较吸热多少和比较液体的温度确定需要的测量工具；
(4)比较物质吸热能力的方法：
使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
由表中数据得出加热5分钟，A、B升高的温度，根据c=Qm△t，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度成反比求出B的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
20.【答案】电阻R断路 导体中的电流与导体的电阻成反比 电阻两端的电压 B 将滑动变阻器的滑片移到最右端 25Ω×I1−I2I2
【解析】解：(1)将电压表与电阻并联；滑动变阻器上下各选一个接线柱与电阻串联，已接了上面一个接线柱，根据电路图知接左下接线柱，如下图所示：
；
(2)连接好电路，闭合开关后，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表指针迅速偏转到最右端，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即其原因可能是电阻R断路；
(3)分析图丙可知，曲线上每点对应的电流和电阻的乘积为：
UV=IRV=0.1A×25Ω=……=0.5×5Ω=2.5V，为一定值，由此得出结论：电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
(4)阴影部分的面积为IR，根据U=IR，故阴影部分表示电阻两端的电压；
(5)探究“电流与电阻的关系”时，要控制电阻的电压不变，故实验过程中，当每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器的滑片，此时眼睛应注意观察电压表，故选B；
(6)实验步骤：
①闭合开关，将滑片移到最左端，读出电流表的示数记作I1；
②闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到最右端，读出电流表的示数为I2；
③在①中为定值电阻的简单电路，由欧姆定律，电源电压为：
U=I1R=I1×25Ω；
在 ②中，两电阻串联，由欧姆定律和电阻的串联规律，
滑动变阻器最大阻值的表达式：
R′=UI2−R=I1×25ΩI2−25Ω=25Ω×I1−I2I2。
故答案为：(1)见解答图；(2)电阻R断路；(3)导体中的电流与导体的电阻成反比；(4)电阻两端的电压；(5)B；(6)②将滑动变阻器的滑片移到最右端；③25Ω×I1−I2I2。
(1)将电压表与电阻并联；滑动变阻器上下各选一个接线柱与电阻串联；
(2)连接好电路，闭合开关后，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表指针迅速偏转到最右端，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(3)分析图丙中图象，曲线上每一点对应的电流和电阻的乘积相等，据此得出结论；
(4)根据U=IR分析；
(5)探究“电流与电阻的关系”时，要控制电阻的电压不变；
(6)通过开关的转换只使定值电阻连入电路，由欧姆定律可得出电源电压，通过开关的转换，使变阻器的最大电阻与定值电阻串联，记下此时电流表的示数，由欧姆定律和电阻的串联规律得出滑动变阻器最大阻值的表达式。
本题探究电流与电阻的关系实验，考查电路连接、电路故障、图像分析、操作过程以及设计实验方案测电阻的能力。
21.【答案】解：
(1)由图知，承担重物绳子的段数n=2，
由s=nh和W=Fs可得，拉力做的总功：
W总=Fnh=120N×2×5m=1200J，
人的拉力的功率：
P=W总t=1200J5s=240W；
(2)克服物体重力做的有用功：
W有=Gh=200N×5m=1000J，
滑轮组的机械效率：
η=W有W总=1000J1200J≈83.3%。
答：(1)人的拉力的功率为240W；
(2)滑轮组的机械效率为83.3%。
【解析】(1)根据s=nh和W=Fs计算拉力做的总功，根据P=Wt计算人的拉力的功率；
(2)根据W有=Gh计算有用功，根据η=W有W总计算滑轮组的机械效率。
本题考查了功率和滑轮组机械效率的计算，难度不大。
22.【答案】解：(1)由P=Wt可得，该电火锅锅正常加热30分钟时所消耗的电能：
W=P加热t=1210×10−3kW×30×160h=0.605kW⋅h；
(2)家用电能表的转盘转了200转时电火锅消耗的电能：
W=200×11200kW⋅h=16kW⋅h=6×105J，
此时电火锅的实际功率：
P实=Wt′=6×105J10×60s=1000W；
(3)由电路图可知，当S1闭合、S2接a时，电路为R1的简单电路，电路中总电阻最小，总功率最大，电火锅处于加热状态，
由P=UI=U2R可得，R1的阻值：
R1=U2P加热=(220V)21210W=40Ω；
当S1闭合、S2接b时，R1与R2串联，电路中总电阻最大，总功率最小，电火锅处于保温状态，
则电路的总电阻：
R总=U2P保温=(220V)2484W=100Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，R2的电阻：
R2=R总−R1=100Ω−40Ω=60Ω。
答：(1)该电火锅锅正常加热30分钟时所消耗的电能为0.605kW⋅h；
(2)此时电火锅的实际功率是1000W；
(3)R2的电阻是60Ω。
【解析】(1)根据W=Pt求出该电火锅正常加热30分钟时所消耗的电能；
(2)1200r/(kW⋅h)表示电路中的用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1200r，据此求出家用电能表的转盘转了200转时电火锅消耗的电能，根据P=Wt求出此时电火锅的实际功率；
(3)由电路图可知，当S1闭合、S2接a时，电路为R1的简单电路，电路中总电阻最小，由P=UI=U2R可知，电源的电压一定时，电路的总功率最大，电火锅处于加热状态，再根据P=UI=U2R求出R1的阻值；当S1闭合、S2接b时，R1与R2串联，电路中总电阻最大，总功率最小，电火锅处于保温状态，根据P=UI=U2R求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出R2的电阻。
本题考查了电功公式和电功率公式的应用以及电能表参数含义的理解与掌握，分清电饭锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。
23.【答案】使铁球到达水平面时的速度相等 质量 不同 动能 越大 能
【解析】解：
(1)实验中，保持铁球在斜面上的高度相同，是为了控制铁球到达下端时具有相同的速度，研究铁球的动能大小与质量的关系；
铁球从不同的高度从斜面上由静止下落，到达斜面底时的速度就不同，所以应将同一铁球从斜面不同的高度由静止释放；
(2)图2中对不同的车型进行限速，原因是不同车型质量不同，行驶过程中具有的动能不同，限速可以起到减少事故发生的作用，；
(3)图3的A、B让质量相同的物体从不同高度落向插入沙坑中的木桩，通过木桩陷入沙中的深度来反映重力势能的大小，也就是探究重力势与高度的关系。若图3中B、C两物块质量不同，被举高度不同，但两木桩扎入沙坑的深度相同，所以能说明说明乙、丙的初始的重力势能相同。
故答案为：(1)使铁球到达水平面时的速度相等；质量；不同；(2)动能；(3)①越大；②能。
(1)当研究动能大小与质量的关系时，要让铁球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一铁球，这样可以保证铁球的质量相同；
小球在斜面上时，距离水平面的高度越高，小球由静止下落，运动到斜面底的速度就越大；
(2)动能大小跟质量和速度有关；
(3)重力势能跟质量和被举的高度有关，探究重力势能跟被举高度的关系时，控制质量相同；探究重力势能跟质量关系时，控制被举的高度相同；
实验中是把物体的重力势能转化成木桩陷进沙坑的深度来比较各物体重力势能的大小的。
动能的大小与物体的质量和速度有关，注意控制变量法的应用，动能的大小通过小小球撞击木块的距离来反映动能的大小，体现了转换法。
24.【答案】量角器 显示光路 法线 改变入射角的大小，多次实验 测量的不是反射角，而是反射光线与镜面的夹角 在反射现象中，光路是可逆的
【解析】解：(1)因为实验时要测量反射角和入射角的大小，所以需要量角器；
(2)实验时如果不让光贴着纸板入射，则无法看见入射光线以及反射光线，就无法确定反射光线、入射光线，所以让光贴着纸板入射是为了显示光路；法线在纸板上，法线与镜面垂直，入射光线、法线、反射光线在同一平面内，如果纸板与平面镜不垂直，则镜面的法线不在纸板上，入射光沿纸板照射后，反射光线不在纸板上，则我们在纸板上看不到反射光线；
(3)实验中把纸板B向前或向后折转，则在纸板B上都不能看到反射光线，说明反射光线、入射光线和法线应在同一平面内；
(4)为了得到反射角与入射角大小关系的普遍规律，应当改变入射角的大小，多次实验；
(5)根据反射定律，反射角等于入射角，反射角是反射光线与法线的夹角，入射角是入射光线与法线的夹角，当入射角为60°时，反射光线与法线的夹角，即反射角也应是60°，不是30°，而30°正好是反射光线与镜面的夹角；
(6)若将一束光贴着纸板B沿FO方向射到O点，这时的入射角为原来的反射角，根据光的反射定律，反射角等于入射角，这时的反射角为原来的入射角，所以会发现光线原路返回，即光将沿图中的OE方向射出，也就是在反射现象中，光路是可逆的。
故答案为：(1)量角器；(2)显示光路；(3)法线；(4)改变入射角的大小，多次实验；(5)测量的不是反射角，而是反射光线与镜面的夹角；(6)在反射现象中，光路是可逆的。
(1)根据实验目的确定这个实验需要的器材；
(2)实验中让光贴着纸板入射是为了显示光路；实验过程中法线要与平面镜垂直；
(3)在光的反射中，三线在同一平面上，是通过光屏展现在我们眼前的，通过折转反射光线所在的纸板，观察纸板是否还有反射光线；
(4)为了得到反射角与入射角大小关系的普遍规律，应当多次实验；
(5)根据反射角与入射角相等的关系得出反射角大小；
(6)根据入射光线和反射光线的位置互换进行实验，观察反射光线与原来入射光线的关系得出结论。
本类型题考查对平面镜成像实验的掌握情况，实验探究的关键是对相应的知识理解透彻，思路清晰。
25.【答案】带电体具有吸引轻小物体的性质 0.55 45 5.3 2.0 95
【解析】解：(1)颗粒物接近带有负电荷的光洁金属网时受到强烈的吸引力，这是因为带电体具有吸引轻小物体的性质；
(2)由表格数据可知，净化器接在家庭电路中，在5挡时的功率P=121W，
由P=UI得，在5挡正常工作时的电流：I=PU=121W220V=0.55A。
(3)电能表指示灯闪烁36次，净化器消耗的电能：W=36imp2400imp/(kW⋅h)=0.015kW⋅h=5.4×104J，
工作时间t′=20min=1200s，
则净化器消耗的电功率：P′=Wt′=5.4×104J1200s=45W，
由净化器能效比的定义可得，此时该空气净化器的能效比：240m3/h45W=5.3m3/(h⋅W)。
(4)由电路图可知，R0、R串联，检测电路中电流表的示数为I=0.7A，
由I=UR得，电路的总电阻：R总=UI=28V0.7A=40Ω，
根据串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值：
R=R总−R=40Ω−10Ω=30Ω，由图丙可知，气敏电阻阻值为30Ω时，此时空气中有害气体浓度是β1=2.0μg/m3。
当检测电路的电流变为I′=0.1A，
此时电路总电阻：R总′=UI′=28V0.1A=280Ω，
根据串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值：
R′=R总′−R=280Ω−10Ω=270Ω，
由图丙可知，气敏电阻阻值为270Ω时，此时空气中有害气体浓度是β2=0.1μg/m3。
由题意知，净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比；
则该空气净化器的实际净化效率：
η=β1−β2β1×100%=2.0μg/m3−0.1μg/m32.0μg/m3×100%=95%。
故答案为：(1)带电体具有吸引轻小物体的性质；(2)0.55；(3)45；5.3；(4)2.0；95。
(1)根据带电体具有吸引轻小物体的性质和电荷间的相互作用可做出解答；
(2)由表格数据可知，净化器接在家庭电路中，在5挡时的功率，根据P=UI求出在5挡正常工作时的电流；
(3)先求出电能表指示灯闪烁30次，净化器消耗的电能，再根据P=Wt求出净化器消耗的电功率，利用能效比的定义求出此时该空气净化器的能效比；
(4)由电路图可知，R0、R串联，电流表测电路中的电流，根据I=UR求出电路总电阻，根据串联电路电阻特点求出气敏电阻的阻值，由图丙可知，此时空气中有害气体浓度；
当检测电路的电流变为I′=0.1A，根据欧姆定律求出此时电路总电阻，根据串联电路电阻特点求出气敏电阻的阻值，由图丙可知，此时空气中有害气体浓度利用净化效率的求出该空气净化器的实际净化效率。
本题以空气净化器为背景材料，考查了带电体的性质、电功率公式、欧姆定律的应用、串联电路的特点等知识，涉及到的知识多，综合性强，关键要从题干中获取有用的信息，有一定的难度。
2023年广东省阳江市阳春市中考物理二模试卷
1. 下列关于声音的说法中不正确的是( )
A. “响鼓也要重锤敲”，说明振幅越大响度越大
B. “震耳欲聋”说明声音的响度大
C. “长啸一声，山鸣谷应”，说明次声波传播很远
D. “只闻其声，不见其人”，说明可以根据音色来判断说话者
2. 以下能源中属于可再生能源的是( )
A. 风能 B. 石油 C. 天然气 D. 煤
3. 关于温度、内能、热量和做功，下列说法正确的是( )
A. 温度越高的物体具有的内能就越多 B. 物体内能减少，一定对外界做了功
C. 物体的温度不变，内能可以增加 D. 物体含有的热量越多，温度就越高
4. 一物体在水平推力作用下沿水平方向做匀速直线运动，如图所示，下列说法正确的是( )
A. 物体受到的重力和物体受到的摩擦力是一对平衡力
B. 物体受到的重力和物体受到的推力是一对平衡力
C. 物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对平衡力
D. 物体受到的重力和地面对物体的支持力是一对平衡力
5. 下列各选项中物理原理不同于其他三项的是( )
A. 楼房的地基做宽些 B. 菜刀磨得很锋利 C. 铁路上铺枕木 D. 俯卧在冰上爬行
6. 以下电路图中不能测出电阻R的阻值的是(滑动变阻器最大阻值已知)( )
A. B.
C. D.
7. 小明用图探究磁生电现象，当磁体不动，ab向右运动时，电流表指针向左偏转．要使得电流表指针向右偏转，一下做法正确的是( )
A. ab不动，磁体向下运动
B. ab不动，磁体向上运动
C. 调换磁极，ab向左运动
D. 调换磁极，ab向右运动
8. 物理学家用______ 来形象地描述空间磁场情况，在磁体外部这些线都是从磁体的______ 极出来，回到磁体的______ 极。
9. 随着科技的发展，新材料新技术不断涌现，人们对物质结构的研究越来越深入。原子核是由质子和______组成的；根据物质的导电性能不同，人们把物质分为导体和绝缘体，以及介于导体和绝缘体之间的______；卫星和地面控制中心是通过______波来进行通讯的。
10. 相对于正在行驶的汽车，路旁的房屋是______ 的(选填“运动”或“静止”)，大型载重汽车都安装了很多的车轮，是为了______ .车轮上凹凸不平的“花纹”是为了______ ．
11. 夏天，把保鲜袋装好的冰冻海鲜从冰箱里拿出来放一段时间，发现保鲜袋外面有许多小水珠，这些水珠是由于热的水蒸气遇冷______ (填物态变化名称)而来的。把海鲜拿出来放在盘中，表面上的冰块慢慢熔化时需要______ 热量，但是______ 不变。
12. 小明在探究物体的“浮沉条件”时，将一个质量为200g的物体放入装满水的足够深的桶中，物体缓缓下沉．则溢出水的质量______ (选填“大于”“小于”“等于”)200g水，放入物体后水对桶底的压强______ 放入物体前水对桶底的压强(选填“大于”“小于”“等于”)；若要让物体上浮，可以在水中加入______ ．
13. 汽油机的一个工作循环是由四个冲程组成，如图所示是表示汽油机的______ 冲程，汽车汽油机工作过程中，水箱中的水温度会升高，这是通过______ 的方式使水的内能增加．若汽车水箱内装有质量为2kg、温度为25℃的水，一段时间过后水的温度变成了45℃，那么水吸收的热量为______ J(c水=4.2×103J/(kg⋅℃))
14. 如图所示，在甲图中，闭合S，调节滑片P，两电压表的示数随电路中电流变化的图象如图乙所示，电源电压为______ V，R1的阻值为______ Ω；接通电路后，当两电压表示数相等时，电路消耗的总功率为______ W。
15. 在图中，画出细绳下物体受到的重力及拉力F1的力臂的示意图。
16. 在图中，作出AB在平面镜MN中成的像A′B′。
17. 如图所示是家庭电路的一部分，电位器是调节台灯(螺口灯泡)亮度的装置，a、b、c是它的三个接线柱，旋钮带动滑片转动。插座的一部分已正确接入家庭电路，请将其他部分也正确接入家庭电路。(要求顺时针旋转旋钮时灯泡的亮度变亮)
18. (1)如图1所示，图中物体的长度为______ cm。图2所示的时间是______ min ______ s。
(2)在探究“水的沸腾”的实验中，某实验小组观察到图3(a)、(b)所示的两种情景。你认为______ 图是水沸腾时的情景；实验过程中，温度计示数如图4所示，其示数为______ ℃；小凡同学的实验操作过程如图5所示，其中错误之处是______ 。
19. 小田用如图甲所示装置做“比较不同物质的吸热能力”实验。
(1)在两个相同的烧杯中分别装入质量和______都相同的A、B两种液体。
(2)用规格相同的电加热器来加热，其目的是为了使两种液体在相同时间内吸热______。
(3)本实验需要的测量工具主要有______和______。
(4)小田根据实验测得的数据分别描绘出A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图乙所示，分析图乙可知______(填“A”或“B”)的吸热能力更强，若加热过程中无热量损失，已知A的比热容为2.4×103J/(kg⋅℃)，则B的比热容是______J/(kg⋅℃)。
20. 如图甲是小琪实验小组在探究“电流与电阻的关系”时的电路图，电源电压恒定不变。电压表(量程为0～3V)、电流表(量程为0～0.6A)无损坏，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个。
(1)请根据图甲，用笔画线代替导线连接完成图乙的实物图。
(2)连接好电路，闭合开关后，电压表指针迅速偏转到最右端，电流表无示数，其原因可能是______。
(3)排除故障后，小琪进行了5次实验。在老师的引导下，他们将5次实验数据描绘在图丙中。观察图像可以得出实验结论：当电压一定时，______。
(4)图丙中阴影部分的面积表示的物理量是______。
(5)实验过程中，当每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器的滑片，此时眼睛应注意观察______(填字母)。
A.滑动变阻器的滑片
B.电压表
C.电流表
(6)实验后，小琪想知道滑动变阻器的最大阻值，考虑到电压表的量程较小，小琪在电路中接入25Ω的定值电阻并去掉电压表来进行如下的测量：
①闭合开关，将滑片移到最左端，读出电流表的示数记作I1；
②闭合开关，______，读出电流表的示数记作I2；
③滑动变阻器的最大阻值的表达式R′=______。
21. 一人用如图所示的滑轮组用时5s匀速提升物重为200N的物体，物体向上移动了5m，此时人对绳的拉力为120N，不计绳重和摩擦。
求：(1)人的拉力的功率。
(2)滑轮组的机械效率(保留1位小数)。
22. 如图所示，是某品牌智能电火锅的简化电路图，其铭牌如下表所示(不计温度对电阻的影响)。
××牌智能电火锅
型号
ZDF−215
额定电压
220V
加热功率
1210W
保温功率
484W
频率
50Hz
(1)该电火锅正常加热30min所消耗的电能为多少？
(2)某天用电高峰期，只使用电火锅加热10min，家用电能表【1200r/(kW⋅h)】的转盘转了200转，此时电火锅的实际功率是多少？
(3)如图所示电火锅的简化电路中，R1、R2均为发热电阻，S2为加热保温自动切换开关，求电阻R2的阻值。
23. 在“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让质量不同的铁球从斜面的同一高度由静止释放，撞击同一木块，能将木块撞出一段距离，如图1所示。请回答问题：
(1)从同一高度由静止释放的目的是______ ，该实验的目的是研究铁球的动能大小与______ 的关系。若要探究物体的动能大小与速度的关系，应将同一铁球从______ (选填“相同”或“不同”)的高度由静止释放。
(2)图2是高速公路的限速牌，但是对不同的车型限速却不一样，限制车速实际上是限制车的______ (选填“内能”或“动能”)。
(3)如图3所示是“探究物体重力势能与哪些因素有关”的实验，其中m甲=m乙
②若图3中B、C两木桩扎入沙坑的深度相同，______ (选填“能”或“不能”)说明乙、丙的重力势能相同。
24. 小李利用如图所示的实验装置，进行“探究光的反射定律”实验。
实验次数
入射角
反射角
1
30°
30°
2
40°
40°
3
60°
30°
4
75°
75°
(1)除了图中器材外，还应补充的测量仪器是______ 。
(2)实验时让一束光贴着纸板入射是为了______ 。
(3)实验中使用可折转的硬纸板，这样可以方便探究反射光线、入射光线与______ 是否在同一平面内。
(4)为了得到反射角与入射角大小关系的普遍规律，应当______ 。
(5)小李的实验记录如表所示。其中有一个数据错误，你认为原因可能是______ 。
(6)如图所示，若将一束光贴着纸板B沿FO方向射到O点，这束光将沿图中的OE方向射出。这说明______ 。
25. 根据材料，回答问题。
主动式空气净化器图甲为某型号空气净化器，它在不同挡位工作时的参数如下表所示，净化空气量是指1h净化空气的体积；能效比是空气净化器净化空气量与输入功率之比，净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比。
工作挡位
待机
1挡
2挡
3挡
4挡
5挡
6挡
功率(W)
0.9
23
45
75
103
121
148
净化空气量(m3/h)
—
120
240
360
500
610
760
噪声强弱等级(dB)
—
23
32
39
47
49
55
(1)颗粒物接近带有负电荷的金属网时受到强烈的吸引力，这主要是因为______ 。
(2)该净化器接在家庭电路中，在5挡正常工作时的电流为______ A。
(3)单独使用该净化器20min，规格为2400imp/(kW⋅h)的电能表指示灯闪烁36次，则该净化器消耗电功率为______ W，此时该空气净化器的能效比为______ m3/(h⋅W)(结果保留1位小数)。
(4)利用气敏电阻可以检测空气质量，如图乙所示为检测电路，定值电阻R0=10Ω，电源电压恒为28V；如图丙所示为气敏电阻阻值随空气中有害气体浓度β的变化曲线。现用此电路检测该型号净化器的净化效率：净化器刚启动时，检测电路中电流表的示数为0.7A，此时空气中有害气体浓度是______ μg/m3，净化器正常使用30min后，检测电路的电流变为0.1A，则该空气净化器的实际净化效率为______ %。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、声音振幅越大，响度越大，故A正确；
B、“震耳欲聋”说明声音的响度大，故B正确；
C、次声波是人耳听不到的声音，“长啸一声，山鸣谷应”，说明声波传播很远，故C错误；
D、“只闻其声，不见其人”，说明可以根据音色来判断说话者，故D正确。
故选：C。
(1)响度是指声音的强弱，它与振幅有关，振幅越大，响度越大；
(2)震耳欲聋指的是响度大；
(3)人耳听不到的声音有超声波和次声波；
(4)音色是指声音的品质与特色，不同物体发出的声音音色是不同的。
本题考查声音的三个特征及其相关因素，还有人耳听不到的声音的认识，属于基础题。
2.【答案】A
【解析】解：A、风能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源；
B、石油属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；
C、天然气属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；
D、煤属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源。
故选：A。
从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源。人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、永续利用的能源，属于可再生能源。
本题难度不大，了解可再生能源和不可再生能源的特点是正确解答本题的关键。
3.【答案】C
【解析】解：A、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素；故A错误；
B、物体内能减少，可能是温度下降，不一定是对外界做了功，故B错误；
C、物体的温度不变，内能可以增加，如晶体在熔化时，吸收热量，内能增加，但温度保持在熔点不变；故C正确
D、热量是出现在热传递过程中的一个过程量，不能说物体含有热量，可以说吸收或放出热量；故D错误；
故选C．
温度、热量和内能是相互关联的几个热学物理量；温度和内能是表达某时刻的状态量；热量是出现在热传递过程中的一个过程量，不能说物体含有热量；物体的内能与温度有关，温度升高，内能增大；晶体熔化和凝固过程中，虽吸热和放热，但温度保持不变．
本题主要考查学生对内能、温度、热传递的理解，是中考的热点，热学的难点．要特别注意：温度升高，内能一定增加；但是，内能增加，温度不一定升高．
4.【答案】D
【解析】解：
A、物体受到的重力和物体受到的摩擦力不在同一直线上，且大小也不一定相等，所以不是一对平衡力，故A错误；
B、物体受到的重力和物体受到的推力不在同一直线上，且大小也不一定相等，所以不是一对平衡力，故B错误；
C、物体对地面的压力和地面对物体的支持力是作用在不同物体的两个力，不是一对平衡力，故C错误；
D、物体受到的重力和地面对物体的支持力，二力的大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
判断平衡力要根据二力平衡的条件来分析，一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。
5.【答案】B
【解析】解：A、楼房的地基做宽些是通过增大受力面积的方法来减小压强．
B、菜刀磨得很锋利是通过减小受力面积的方法来增大压强；
C、给火车轨铺上枕木是通过增大受力面积的方法来减小压强；
D、俯卧在冰上爬行是通过增大受力面积的方法来减小压强．综上分析，只有B选项不同于其他三项．
故选B．
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强．
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强．
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义．
6.【答案】D
【解析】
【解答】
A.由电路图可知，电压表测R两端的电压，电流表测通过R的电流，根据R=UI求出R的阻值，故A不符合题意；
B.由电路图可知，R与滑动变阻器的最大阻值串联，当滑片位于左端时电压表测R两端的电压，当滑片位于右端时电压表测电源的电压，根据串联电路中总电压等于各分电压之和可求滑动变阻器阻值最大时两端的电压，根据串联电路中各处的电流相等和I=UR求出电路中的电流，再根据R=UI求出R的阻值，故B不符合题意；
C.由电路图可知，当滑片位于左端时电压表测电源的电压，当滑片位于右端时，R与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测R两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路中总电压等于各分电压之和可求滑动变阻器阻值最大时两端的电压，根据串联电路中各处的电流相等和I=UR求出电路中的电流，再根据R=UI求出R的阻值，故C不符合题意；
D.由电路图可知，R与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，无论怎么调节无法得出R两端的电压，所以测不出R的阻值，故D符合题意。
故选D
【分析】
由欧姆定律的表达式R=UI可知，要测出R的阻值，就要想法设法测出R两端的电压和通过的电流，据此进行解答。
测量电阻时，一定能直接或间接测量电压和电流，根据欧姆定律的导出公式进行计算，这种是伏安法测电阻。
7.【答案】D
【解析】解：在原来的操作中，磁场方向是向下，导体ab向右运动，此时电流表的指针向左偏转．
A、在该操作中，磁场方向不变，磁体向下运动，ab相对向上运动，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，故A错误．
B、在该操作中，磁场方向不变，磁体向上运动，ab相对向下运动，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，故B错误．
C、对调磁体的磁极，ab向左运动；导体的运动方向和磁场的方向都发生了改变，感应电流的方向不变，电流表的指针仍向左偏转，故C错误．
D、对调磁体的磁极，ab向右运动；导体的运动方向不变，磁场的方向发生了改变，感应电流的方向偏转，电流表的指针向右偏转，故D正确．
故选D．
电流表指针偏转，说明电路中产生了感应电流，指针偏转方向改变，说明感应电流的方向改变；
感应电流方向的决定因素有两个：导体的运动方向；磁场方向．两者中只要改变其中的一个，感应电流的方向就发生改变．两者同时改变电流方向不变．
首先根据原来的操作确定导体的运动方向和磁场方向，然后将下列操作与原来的操作进行对比即可判定电流表指针的偏转方向是否改变．
以原来的操作为基准点，只要明确了现在的操作中与原来的操作中哪一个因素发生了改变，结合感应电流方向与两个决定因素的关系，就可以解决此题，不需要明确三者：磁场方向、导体运动方向、感应电流方向的具体关系．
8.【答案】磁感线 N S
【解析】解：磁感线可以形象地表示磁场的方向和它的分布情况，磁体外部的磁感线是从它的N极出来，回到它的S极。
故答案为：磁感线；N；S。
磁场是看不见、摸不着的，但磁场是真实存在的，为了形象的描述磁场的特点，引入了磁感线，磁感线即在磁体周围的一些有方向的曲线，在画磁感线时，对于磁体外部从N极出发回到S极，在内部则是从S极回到N极。
此题主要考查了磁感线的概念及方向。磁感线很抽象，一定要注意理解。
9.【答案】中子 半导体 电磁
【解析】解：(1)原子核是由质子和中子组成的；
(2)介于导体和绝缘体之间的是半导体材料；
(3)电磁波可以传递信息，并且电磁波可以在真空中传播，卫星和地面控制中心是通过电磁波来进行通讯的。
故答案为：中子；半导体；电磁。
(1)分子是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核是由质子和中子组成；
(2)根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，如：人体、大地、各种金属、石墨、酸碱盐的溶液等；不容易导电的物体叫绝缘体，如：玻璃、陶瓷、橡胶、塑料等；导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，如：硅、锗等；
(3)电磁波可以传递信息，并且电磁波可以在真空中传播。
此题主要考查分子的组成，导体、绝缘体和半导体区分，电磁波的传播，虽然具有一定的综合性，但都属于基础知识，难度不大。
10.【答案】运动；减小压强；增大摩擦力
【解析】
【分析】
①判断运动与静止关键看物体相对于参照物的位置是否发生改变；
②在压力一定时，增大受力面积可减小压强；
③在压力一定时，增加接触面的粗糙程度可增大摩擦力。
此题主要考查了多个力学基本知识点的理解和应用，包括运动和静止的相对性、减小压强的方法、增大摩擦力的方法等。
【解答】
解：以汽车为参照物，路旁的房屋位置不断变化，所以是运动的；
安装很多的车轮可在压力不变的情况下，增大受力面积，从而减小压强；
轮胎上的花纹增加了接触面的粗糙程度，在压力不变的情况下，可增大摩擦力。
故答案为：运动；减小压强；增大摩擦力。
11.【答案】液化 吸收 温度
【解析】解：空气中的水蒸气遇冷变成液态的小水滴，是液化现象；冰是晶体，晶体熔化过程中，继续吸收热量，温度保持不变；
故答案为：液化；吸收；温度。
气态变成液态的过程，是液化现象；晶体熔化特点是吸收热量，温度不变。
本题考察了液化的概念、晶体熔化特点。
12.【答案】小于；等于；食盐
【解析】解：(1)由题知：物体缓缓下沉．
根据物体的浮沉条件可知：所受的浮力F浮=G排
(3)由于物体浸没在水中，物体的重力不变，排开水的体积不变，若要让物体上浮，则根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知应增大液体的密度，即在水中加入食盐．
故答案为：小于，等于，食盐．
(1)由于时装满水的足够深的桶，放入物体后水被排出一部分，根据物体的浮沉条件即可判断溢出水的多少；
(2)由于溢出水后，水还是满的，水的深度不变；烧杯底部受到的压强是液体压强，只与液体的密度和液体的深度有关，可以判断压强的变化情况；
(3)根据阿基米德原理和浮沉条件即可判断．
本题考查阿基米德原理的应用和液体压强的比较，必须明确：容器底部受到的压强是液体压强，只与液体的密度和液体的深度有关；所受的浮力与物体排开的液体的重力有关．
13.【答案】做功；热传递；1.68×105
【解析】解：(1)由图知，两个气门都关闭，活塞向下运动，所以此冲程为做功冲程；
(2)汽油机的温度比水的温度高，所以内能会从汽油机传向水，这是通过热传递的方式改变水的内能；
(3)水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(45℃−25℃)=1.68×105J.
故答案为：做功；热传递；1.68×105．
(1)根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程，同时还可参考火花塞的状态进行判断；
(2)改变内能的方式有两种：做功和热传递；内能从高温物体传向低温物体的现象叫热传递；
(3)知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量．
本题考查了汽油机四个冲程的判断和改变物体内能的方法以及热量的计算，是一道热学综合题，难度不大．
14.【答案】6 10 1.8
【解析】解：由甲电路图可知，R1、滑动变阻器R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器R2滑片向左移动时，滑动变阻器R2接入电路中的电阻变小，由欧姆定律可知，此时电路中的电流变大，由串联电路的电阻分压原理可知，V2的示数变小，由串联电路的电压特点可知，V1的示数变大，结合图乙可知：甲代表V2的示数随电路中电流变化的图象，乙代表V1的示数随电路中电流变化的图象；
由甲电路图可知，当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，V1测电源的电压，由乙图可知，此时的电压6V，即电源的电压U=6V，对应的电流I=0.6A，
由欧姆定律可知，R1的阻值为R=UI=6V0.6A=10Ω；
由图乙可知，当两电压表示数相等时，两电压表的示数为3V，电路中的电流为0.3A，
此时电路消耗的总功率：P=UI′=6V×0.3A=1.8W。
故答案为：6；10；1.8。
由甲电路图可知，R1、滑动变阻器R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器R2滑片向左移动时，滑动变阻器R2接入电路中的电阻变小，由欧姆定律可知，此时电路中电流的变化，根据串联电路的电阻分压原理可知V2示数的变化，由串联电路的电压特点可知V1示数的变化，结合图象得出代表的图象；
当滑动变阻器接入电路的电阻为0时V1的示数为电源的电压，结合图象读出其大小和对应的电流，再根据欧姆定律求出R的阻值；
由图乙可知，当两电压表示数相等时电路中的电流，根据P=UI求出电路消耗的总功率。
本题考查串联电路电压的规律、滑动变阻器的使用、欧姆定律和电功率公式的应用，会从图象中读出相关信息是解答本题的关键。
15.【答案】解：图中支点O，从支点向F的作用线作垂线，垂线段的长度即为动力臂L1；找出物体的重心，重力的方向是竖直向下的，做出重力的示意图，如图所示：
【解析】力臂是指从支点到力的作用线的距离。重力的作用点在物体的重心，方向竖直向下。
本题考查了重力和力臂的画法，首先要掌握力臂的画法，确定支点，从支点向力的作用线引垂线。垂线段的长度即为力臂。
16.【答案】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′B′即为AB在平面镜中的像。如图所示：
【解析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像。
17.【答案】解：三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，据此可知上面为零线，中间为火线；
开关控制灯泡时，火线先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上；
顺时针旋转旋钮时灯泡变亮，说明通过灯泡的电流变大，则变阻器接入电路的电阻是变小的；故应解bc接线柱如图所示：
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。据此确定火线和零线；
家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套。这样连接的电路，不但开关控制灯泡，而且断开开关，切断火线，更换灯泡时，更安全；
若只将b、c接入电路，滑片右边的电阻丝接入电路；顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，灯泡变亮，
本题考查了家庭电路的连接，关键是确定导线的名称以及开关和灯泡的接法。
18.【答案】3.75 5 37.5 a 96 玻璃泡接触到烧杯底
【解析】解：(1)图1中，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与3.00cm对齐，右侧与6.75cm对齐，故物体的长度为3.75cm；
图2中，停表小盘的分度值是0.5min，指针在5min和6min之间，偏过中线；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在37.5s，因此停表读数为5min37.5s；
(2)水在沸腾时，各处水温都达到沸点，水在各个部位同时汽化，因此大量气泡会在上升过程中逐渐得到补充，加之越往水面液体的压强越小，因此气泡会越变越大，由图3所示两图可知，b是水沸腾前的情况，a是水沸腾时的情况；从图中能看出温度计的分度值是1℃，所以温度计的示数是96℃；小凡同学的实验操作过程如图5所示，其中错误之处是温度计的玻璃泡接触到烧杯底。
故答案为：(1)3.75；5；37.5；(2)a；96；玻璃泡接触到烧杯底。
(1)使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0刻度线开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和；
(2)水沸腾前和沸腾时都会从水底冒出气泡，但一种缓慢、一种剧烈，且在温度和形态变化上也有不同；从图中能看出温度计的分度值是1℃，然后根据液面到达的刻度即可读数；温度计的玻璃泡要放在被测液体中，不能接触烧杯；
本题考查刻度尺的读数、温度计的使用及读数以及水的沸腾现象，难度不大。
19.【答案】温度 相同 秒表 温度计 B 1.2×103
【解析】解：(1)由图乙知，在两个相同的烧杯中分别装入质量和温度都相同的A、B两种液体。
(2)根据转换法，用规格相同的电加热器来加热，其目的是为了使两种液体在相同时间内吸热相同。
(3)通过加热时间的长短来比较吸热多少，故用到秒表；因比较液体的温度，故需要的测量工具是温度计；
(4)根据描绘出A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象知，加热相同时间，B升温快，根据比较吸热能力的第2种方法，可知B的吸热能力更强：
由表中数据，加热5分钟，A高的温度为：
30℃−10℃=20℃；
B液体升高的温度为：
50℃−10℃=40℃；
根据c=Qm△t，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度成反比，则B的比热容是：
20℃40℃×2.4×103J/(kg⋅℃)=1.2×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)温度； (2)相同； (3)秒表； 温度计； (4)B； 1.2×103。
(1)根据图乙分析；
(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；
(3)根据通过加热时间的长短来比较吸热多少和比较液体的温度确定需要的测量工具；
(4)比较物质吸热能力的方法：
使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
由表中数据得出加热5分钟，A、B升高的温度，根据c=Qm△t，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度成反比求出B的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
20.【答案】电阻R断路 导体中的电流与导体的电阻成反比 电阻两端的电压 B 将滑动变阻器的滑片移到最右端 25Ω×I1−I2I2
【解析】解：(1)将电压表与电阻并联；滑动变阻器上下各选一个接线柱与电阻串联，已接了上面一个接线柱，根据电路图知接左下接线柱，如下图所示：
；
(2)连接好电路，闭合开关后，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表指针迅速偏转到最右端，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即其原因可能是电阻R断路；
(3)分析图丙可知，曲线上每点对应的电流和电阻的乘积为：
UV=IRV=0.1A×25Ω=……=0.5×5Ω=2.5V，为一定值，由此得出结论：电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
(4)阴影部分的面积为IR，根据U=IR，故阴影部分表示电阻两端的电压；
(5)探究“电流与电阻的关系”时，要控制电阻的电压不变，故实验过程中，当每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器的滑片，此时眼睛应注意观察电压表，故选B；
(6)实验步骤：
①闭合开关，将滑片移到最左端，读出电流表的示数记作I1；
②闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到最右端，读出电流表的示数为I2；
③在①中为定值电阻的简单电路，由欧姆定律，电源电压为：
U=I1R=I1×25Ω；
在 ②中，两电阻串联，由欧姆定律和电阻的串联规律，
滑动变阻器最大阻值的表达式：
R′=UI2−R=I1×25ΩI2−25Ω=25Ω×I1−I2I2。
故答案为：(1)见解答图；(2)电阻R断路；(3)导体中的电流与导体的电阻成反比；(4)电阻两端的电压；(5)B；(6)②将滑动变阻器的滑片移到最右端；③25Ω×I1−I2I2。
(1)将电压表与电阻并联；滑动变阻器上下各选一个接线柱与电阻串联；
(2)连接好电路，闭合开关后，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表指针迅速偏转到最右端，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(3)分析图丙中图象，曲线上每一点对应的电流和电阻的乘积相等，据此得出结论；
(4)根据U=IR分析；
(5)探究“电流与电阻的关系”时，要控制电阻的电压不变；
(6)通过开关的转换只使定值电阻连入电路，由欧姆定律可得出电源电压，通过开关的转换，使变阻器的最大电阻与定值电阻串联，记下此时电流表的示数，由欧姆定律和电阻的串联规律得出滑动变阻器最大阻值的表达式。
本题探究电流与电阻的关系实验，考查电路连接、电路故障、图像分析、操作过程以及设计实验方案测电阻的能力。
21.【答案】解：
(1)由图知，承担重物绳子的段数n=2，
由s=nh和W=Fs可得，拉力做的总功：
W总=Fnh=120N×2×5m=1200J，
人的拉力的功率：
P=W总t=1200J5s=240W；
(2)克服物体重力做的有用功：
W有=Gh=200N×5m=1000J，
滑轮组的机械效率：
η=W有W总=1000J1200J≈83.3%。
答：(1)人的拉力的功率为240W；
(2)滑轮组的机械效率为83.3%。
【解析】(1)根据s=nh和W=Fs计算拉力做的总功，根据P=Wt计算人的拉力的功率；
(2)根据W有=Gh计算有用功，根据η=W有W总计算滑轮组的机械效率。
本题考查了功率和滑轮组机械效率的计算，难度不大。
22.【答案】解：(1)由P=Wt可得，该电火锅锅正常加热30分钟时所消耗的电能：
W=P加热t=1210×10−3kW×30×160h=0.605kW⋅h；
(2)家用电能表的转盘转了200转时电火锅消耗的电能：
W=200×11200kW⋅h=16kW⋅h=6×105J，
此时电火锅的实际功率：
P实=Wt′=6×105J10×60s=1000W；
(3)由电路图可知，当S1闭合、S2接a时，电路为R1的简单电路，电路中总电阻最小，总功率最大，电火锅处于加热状态，
由P=UI=U2R可得，R1的阻值：
R1=U2P加热=(220V)21210W=40Ω；
当S1闭合、S2接b时，R1与R2串联，电路中总电阻最大，总功率最小，电火锅处于保温状态，
则电路的总电阻：
R总=U2P保温=(220V)2484W=100Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，R2的电阻：
R2=R总−R1=100Ω−40Ω=60Ω。
答：(1)该电火锅锅正常加热30分钟时所消耗的电能为0.605kW⋅h；
(2)此时电火锅的实际功率是1000W；
(3)R2的电阻是60Ω。
【解析】(1)根据W=Pt求出该电火锅正常加热30分钟时所消耗的电能；
(2)1200r/(kW⋅h)表示电路中的用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1200r，据此求出家用电能表的转盘转了200转时电火锅消耗的电能，根据P=Wt求出此时电火锅的实际功率；
(3)由电路图可知，当S1闭合、S2接a时，电路为R1的简单电路，电路中总电阻最小，由P=UI=U2R可知，电源的电压一定时，电路的总功率最大，电火锅处于加热状态，再根据P=UI=U2R求出R1的阻值；当S1闭合、S2接b时，R1与R2串联，电路中总电阻最大，总功率最小，电火锅处于保温状态，根据P=UI=U2R求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出R2的电阻。
本题考查了电功公式和电功率公式的应用以及电能表参数含义的理解与掌握，分清电饭锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。
23.【答案】使铁球到达水平面时的速度相等 质量 不同 动能 越大 能
【解析】解：
(1)实验中，保持铁球在斜面上的高度相同，是为了控制铁球到达下端时具有相同的速度，研究铁球的动能大小与质量的关系；
铁球从不同的高度从斜面上由静止下落，到达斜面底时的速度就不同，所以应将同一铁球从斜面不同的高度由静止释放；
(2)图2中对不同的车型进行限速，原因是不同车型质量不同，行驶过程中具有的动能不同，限速可以起到减少事故发生的作用，；
(3)图3的A、B让质量相同的物体从不同高度落向插入沙坑中的木桩，通过木桩陷入沙中的深度来反映重力势能的大小，也就是探究重力势与高度的关系。若图3中B、C两物块质量不同，被举高度不同，但两木桩扎入沙坑的深度相同，所以能说明说明乙、丙的初始的重力势能相同。
故答案为：(1)使铁球到达水平面时的速度相等；质量；不同；(2)动能；(3)①越大；②能。
(1)当研究动能大小与质量的关系时，要让铁球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一铁球，这样可以保证铁球的质量相同；
小球在斜面上时，距离水平面的高度越高，小球由静止下落，运动到斜面底的速度就越大；
(2)动能大小跟质量和速度有关；
(3)重力势能跟质量和被举的高度有关，探究重力势能跟被举高度的关系时，控制质量相同；探究重力势能跟质量关系时，控制被举的高度相同；
实验中是把物体的重力势能转化成木桩陷进沙坑的深度来比较各物体重力势能的大小的。
动能的大小与物体的质量和速度有关，注意控制变量法的应用，动能的大小通过小小球撞击木块的距离来反映动能的大小，体现了转换法。
24.【答案】量角器 显示光路 法线 改变入射角的大小，多次实验 测量的不是反射角，而是反射光线与镜面的夹角 在反射现象中，光路是可逆的
【解析】解：(1)因为实验时要测量反射角和入射角的大小，所以需要量角器；
(2)实验时如果不让光贴着纸板入射，则无法看见入射光线以及反射光线，就无法确定反射光线、入射光线，所以让光贴着纸板入射是为了显示光路；法线在纸板上，法线与镜面垂直，入射光线、法线、反射光线在同一平面内，如果纸板与平面镜不垂直，则镜面的法线不在纸板上，入射光沿纸板照射后，反射光线不在纸板上，则我们在纸板上看不到反射光线；
(3)实验中把纸板B向前或向后折转，则在纸板B上都不能看到反射光线，说明反射光线、入射光线和法线应在同一平面内；
(4)为了得到反射角与入射角大小关系的普遍规律，应当改变入射角的大小，多次实验；
(5)根据反射定律，反射角等于入射角，反射角是反射光线与法线的夹角，入射角是入射光线与法线的夹角，当入射角为60°时，反射光线与法线的夹角，即反射角也应是60°，不是30°，而30°正好是反射光线与镜面的夹角；
(6)若将一束光贴着纸板B沿FO方向射到O点，这时的入射角为原来的反射角，根据光的反射定律，反射角等于入射角，这时的反射角为原来的入射角，所以会发现光线原路返回，即光将沿图中的OE方向射出，也就是在反射现象中，光路是可逆的。
故答案为：(1)量角器；(2)显示光路；(3)法线；(4)改变入射角的大小，多次实验；(5)测量的不是反射角，而是反射光线与镜面的夹角；(6)在反射现象中，光路是可逆的。
(1)根据实验目的确定这个实验需要的器材；
(2)实验中让光贴着纸板入射是为了显示光路；实验过程中法线要与平面镜垂直；
(3)在光的反射中，三线在同一平面上，是通过光屏展现在我们眼前的，通过折转反射光线所在的纸板，观察纸板是否还有反射光线；
(4)为了得到反射角与入射角大小关系的普遍规律，应当多次实验；
(5)根据反射角与入射角相等的关系得出反射角大小；
(6)根据入射光线和反射光线的位置互换进行实验，观察反射光线与原来入射光线的关系得出结论。
本类型题考查对平面镜成像实验的掌握情况，实验探究的关键是对相应的知识理解透彻，思路清晰。
25.【答案】带电体具有吸引轻小物体的性质 0.55 45 5.3 2.0 95
【解析】解：(1)颗粒物接近带有负电荷的光洁金属网时受到强烈的吸引力，这是因为带电体具有吸引轻小物体的性质；
(2)由表格数据可知，净化器接在家庭电路中，在5挡时的功率P=121W，
由P=UI得，在5挡正常工作时的电流：I=PU=121W220V=0.55A。
(3)电能表指示灯闪烁36次，净化器消耗的电能：W=36imp2400imp/(kW⋅h)=0.015kW⋅h=5.4×104J，
工作时间t′=20min=1200s，
则净化器消耗的电功率：P′=Wt′=5.4×104J1200s=45W，
由净化器能效比的定义可得，此时该空气净化器的能效比：240m3/h45W=5.3m3/(h⋅W)。
(4)由电路图可知，R0、R串联，检测电路中电流表的示数为I=0.7A，
由I=UR得，电路的总电阻：R总=UI=28V0.7A=40Ω，
根据串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值：
R=R总−R=40Ω−10Ω=30Ω，由图丙可知，气敏电阻阻值为30Ω时，此时空气中有害气体浓度是β1=2.0μg/m3。
当检测电路的电流变为I′=0.1A，
此时电路总电阻：R总′=UI′=28V0.1A=280Ω，
根据串联电路电阻特点可知，气敏电阻的阻值：
R′=R总′−R=280Ω−10Ω=270Ω，
由图丙可知，气敏电阻阻值为270Ω时，此时空气中有害气体浓度是β2=0.1μg/m3。
由题意知，净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比；
则该空气净化器的实际净化效率：
η=β1−β2β1×100%=2.0μg/m3−0.1μg/m32.0μg/m3×100%=95%。
故答案为：(1)带电体具有吸引轻小物体的性质；(2)0.55；(3)45；5.3；(4)2.0；95。
(1)根据带电体具有吸引轻小物体的性质和电荷间的相互作用可做出解答；
(2)由表格数据可知，净化器接在家庭电路中，在5挡时的功率，根据P=UI求出在5挡正常工作时的电流；
(3)先求出电能表指示灯闪烁30次，净化器消耗的电能，再根据P=Wt求出净化器消耗的电功率，利用能效比的定义求出此时该空气净化器的能效比；
(4)由电路图可知，R0、R串联，电流表测电路中的电流，根据I=UR求出电路总电阻，根据串联电路电阻特点求出气敏电阻的阻值，由图丙可知，此时空气中有害气体浓度；
当检测电路的电流变为I′=0.1A，根据欧姆定律求出此时电路总电阻，根据串联电路电阻特点求出气敏电阻的阻值，由图丙可知，此时空气中有害气体浓度利用净化效率的求出该空气净化器的实际净化效率。
本题以空气净化器为背景材料，考查了带电体的性质、电功率公式、欧姆定律的应用、串联电路的特点等知识，涉及到的知识多，综合性强，关键要从题干中获取有用的信息，有一定的难度。
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