2023年黑龙江省大庆市杜尔伯特县中考物理二模试卷

这是一份2023年黑龙江省大庆市杜尔伯特县中考物理二模试卷，共20页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023年黑龙江省大庆市杜尔伯特县中考物理二模试卷
一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分。每题四个选项中，只有一项符合要求）
1．（4分）下列关于物理学史的说法不正确的是（　　）
A．奥斯特最早发现并证实了电流周围存在磁场
B．阿基米德原理就是杠杆的平衡条件
C．牛顿第一定律是牛顿在伽利略等人的研究成果上，通过进一步的推理而概括出来
D．欧姆研究电流、电压、电阻三个物理量之间的关系，提出了欧姆定律
2．（4分）下列说法正确的是（　　）
①托起两个鸡蛋所用的力大约是1N
②成年人步行的速度约为1.1m/s
③一个普通的中学生，双脚站在地面上时，他对地面的压强大约是1.5×104Pa
④一瓶330mL的矿泉水质量约为100g
⑤光是一种电磁波，不能在真空中传播
⑥做托里拆利实验时用粗一些的玻璃管可以使管内外水银面高度差变大
A．①②③ B．①②④ C．②③⑤ D．①③⑥
3．（4分）关于下列四幅研究声现象的图片中，说法正确的是（　　）
A．小明敲鼓的实验可以研究声音是怎样产生的，这里所涉及的研究方法与研究光的传播时引入光线是一样的
B．从上、下两个音叉振动的波形图中，可看出下面的音叉音调低
C．地震、台风、海啸、泥石流发生前，会发出超声波.利用超声检测仪进行监测，可以预报灾害，减少损失
D．安装“噪声监测仪”与在摩托车上安装消音器是采用相同的方式减弱噪声
4．（4分）在“冰城”哈尔滨的冰雪大世界中，下列说法正确的是（　　）
A．嘴中呼出的“白气”是凝华现象
B．用雪制成的雕塑过一段时间后会变小，是汽化现象
C．冰放在水中熔化了，冰在熔化过程中温度升高
D．雪的形成过程是放热过程
5．（4分）如图对应的解释正确的是（　　）
A．投影仪成像原理图
B．晶体熔化过程图像
C．汽油机的做功冲程
D．光纤传输信息原理图
6．（4分）“珍爱生命，注意用电安全”。关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．电能表的转盘转得越快，说明用电器消耗的电能越多
B．空气开关跳闸一定是发生了短路
C．可以用湿抹布擦拭工作中的家用电器
D．用电器标有“E”的电源插头连接的是地线
7．（4分）如图所示，在微型电扇的插头处接一个发光二极管，用手旋转叶片，会发现二极管会发光。这个现象所包含的物理原理，在下列电气设备中得到应用的是（　　）

A．电动机 B．发电机 C．电磁起重机 D．电铃
8．（4分）物体在同一水平面上做匀速直线运动，当物体运动路程与时间的关系图象如图甲时，受到的水平推力为F1；当物体运动的速度与时间的关系图象如图乙时，受到的水平推力为F2。两次推力的功率分别为P1、P2。则F1：F2和P1：P2分别为（　　）

A．1：1，3：5 B．3：5，1：1 C．3：5，5：3 D．1：1，9：25
9．（4分）今年“五一”假期，铁路接触网遭异物侵扰的新闻多次上热搜，铁路部门有明确规定：在高铁线路两侧各500米范围内，不得升放风筝。若导电性能好的金属丝风筝线散落在高铁接触网（高压电路）上，会造成短路而使动车组失去动力。下列电路能解释上述现象的是（　　）
A．
B．
C．
D．
10．（4分）如图甲所示，电源的电压U＝6V，R0为定值电阻，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从A端滑至B端的过程中，电路中的一些物理量的变化规律如图乙所示：图I描述滑动变阻器的功率随其两端电压的变化规律，图Ⅱ描述电压表示数随电流表示数的变化规律、图Ⅲ描述效率（滑动变阻器消耗的功率与电路消耗总功率之比）随滑动变阻器电阻的变化规律，电表、导线对电路的影响不计。则下列说法正确的是（　　）

A．R0的阻值为5Ω
B．Ⅱ图上经过a点的两条虚线与坐标轴围成的长方形面积为2.68W
C．I 图上b点的坐标（3V，4.5W）
D．滑动变阻器最大阻值6Ω
二、填空题（本大题共5小题，每空1分，共20分）
11．（5分）亲爱的同学们，你们会使用下面的实验仪器吗？

（1）图甲所示的停表的读数为 　 　。
（2）图乙中的实验仪器使用前需 　 　，此时的示数为 　 　N。
（3）图丙所示的仪表是 　 　表；图丁所示是该仪表在月初和月底的两次示数，则用户在这段时间内用电 　 　度。
12．（3分）如图所示，在“探究凸透镜成像的规律”实验中：所选凸透镜的焦距为10cm。

如图所示，将凸透镜固定在50cm刻度处，蜡烛移至20cm刻度处，移动光屏使光屏上得到清晰的像，此像为倒立、　 　（填“放大”或“缩小”）的像，日常生活中。 　 　（填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像原理与这一成像原理相同。小明取了一副近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，要使光屏上还能呈清晰的像，可将光屏适当 　 　（填“左”或“右”）移。
13．（5分）（1）如图所示，研究电流产生的热量与电流大小的关系，将R1接入电路，再将R2、R3并联接入电路，为了完成实验，R3应选用阻值为 　 　Ω的电热丝。闭合开关，观察到U形管内液面高度变化较慢，不改变实验器材，为缩短观察时间，接下来的操作是 　 　。通电一段时间，R1产生的热量是Q，R3产生热量是Q′，则Q 　 　Q′（选填“大于”、“等于”或“小于”）。

（2）如图所示，完全相同的A、B两金属片浸入盐水的深度相同，a、b分别是A、B表面上两点，则a、b两点盐水的压强pa　 　pb（选填“大于”、“小于”或“等于”）；闭合开关后，小灯泡发光，通过灯泡灯丝的自由电子定向移动的方向是从 　 　（选填“c到d”或“d到c”）。
14．（5分）（1）如图所示，是汽车进行风洞实验，将汽车固定在风洞中，用吹风机对着汽车高速送风，汽车相对于风洞中的空气是 　 　（选填“运动”或“静止”）的，此时汽车 　 　气体对汽车的压强大（选填“上方”或“下方”）。
（2）如图，小明将一个重为200N的小车以0.2m/s的速度从斜面底端匀速拉到斜面顶端，沿斜面向上的拉力为120N，小车沿斜面移动的距离s＝2m，上升的高度h＝1m。在此过程中拉力的功率为 　 　W，斜面的机械效率为 　 　（保留一位小数），摩擦力大小为 　 　N。

15．（2分）两个质量相等质地均匀的实心球甲和乙，它们的体积之比V甲：V乙＝1：2，则它们的密度之比ρ甲：ρ乙＝　 　；现将甲、乙两球放入装有足够深的水的容器中，当它们静止时，水对两球的浮力之比为F甲：F乙＝5：8，则乙球的密度为ρ乙＝　 　kg/m3。
三、作图题（每小题2分，共6分）
16．（2分）作图题
如图所示，画出工人对撬棒的压力F的力臂L和石头对撬棒的阻力F2。

17．（2分）根据发光点S和它的像S′的位置确定透镜及其焦点的位置，并画出光线SA的折射光线。

18．（2分）如图是直流电铃的原理图。衔铁B与弹性片A相连，自然情况下弹性片是和螺钉接触的。接通电源后电磁铁吸引衔铁，敲击铃碗发声，但同时弹性片与螺钉分离导致断电，电磁铁失去磁性后弹性片又和螺钉接触而通电，如此往复。请在图中用笔画线代替导线，将直流电铃的工作电路连接完整，闭合开关后，电路能按上述原理工作。

四、实验探究题（每空1分，连线1分，共17分）
19．（4分）某实验小组用如图甲所示的装置比较水和煤油的吸热本领。

（1）加热前，在一个烧杯中倒入240mL的水，为了使水和煤油的质量相同，需要在另一个相同烧杯中倒入 　 　mL的煤油。（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ煤油＝0.8×103kg/m3）
（2）用两个相同规格的电加热器来加热水和煤油，每隔1min记录一次温度，整个实验操作无误。图乙中，若图线②反映水的温度随时间的变化规律，则图线 　 　（填序号）可以反映煤油的温度随时间的变化规律，加热过程中，煤油的热值 　 　（填“变大”、“不变”或“变小”）。
（3）同时停止加热，在相同质量的水和煤油温度降低的过程中，水放出的热量与降低的温度之比 　 　（填“大于”“等于”或“小于”）煤油放出的热量与降低的温度之比。
20．（5分）兴趣小组的同学认为车祸的危害程度与汽车的动能大小有关，于是他们进行了如下探究：

【提出问题】汽车的动能大小跟什么因素有关？
【猜想假设】由“十次车祸九次快”可猜想：汽车的动能可能跟 　 　有关；由“安全驾驶莫超载”可猜想：汽车的动能可能跟 　 　有关。
【进行实验】他们做了如图所示的三次实验：用金属球模拟汽车，让金属球从斜槽的某一高度由静止开始滚下，碰到水平面上的物块，将物块撞出一段距离。物块被撞击得越远，说明金属球到达水平面时的动能就越 　 　。
【分析论证】分析甲、丙两图的实验现象，可以初步得到的结论是：　 　。
【实践应用】用甲、乙两图的实验现象所得到的结论，可以解释汽车 　 　（选填“超载”或“超速”）行驶时危险性大的原因。
21．（8分）如图所示，小欣做“测量小灯泡电功率”实验中，所用电源电压恒为6V，小灯泡的螺旋套上标有“2.5V”字样，滑动变阻器的规格是“20Ω 1A”。

（1）请你根据图甲电路图用笔画线代替导线，将图乙中未完成的电路连接好。（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时灯泡变暗，导线不能交叉）
（2）连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，电路的故障可能是 　 　；
A．灯泡短路
B．滑动变阻器短路
C．灯泡断路
D．滑动变阻器断路
（3）电路故障排除后，闭合开关，逐步移动滑片，电压表示数如图丙，为使灯泡正常发光，应向 　 　（选填“左”、“右”）端移动滑片P；图丁为灯泡的I﹣U图象，小欣发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；当小灯泡两端电压为2V时，其实际功率在下列选项 　 　的范围内。
A．0～0.5W
B．0.32W～0.4W
C．0.4W～0.5W
D．0.32W～0.5W
（4）测完小灯泡的电功率之后，小欣绘制出该用电器的P﹣I2和P﹣U2图象如图1所示，下列正确的是 　 　。

（5）在某次实验中，小欣向左调节滑动变阻器，滑动变阻器的功率减小了ΔP1，灯泡的功率变化了ΔP2，则ΔP1　 　ΔP2（选填“＞”、“＜”或“＝”）
（6）小欣完成实验后，她还想探究“在电压一定时，电流与电阻的关系”，于是将图中的小灯泡换成四个阻值分别为10Ω，8Ω，6Ω和4Ω的定值电阻，调节滑动变阻器使定值电阻两端的电压保持1V不变，发现无论怎样调节都无法完成实验，为了完成四组实验，小欣采取的操作中可行的是 　 　。
A.在电路中再串联一个30Ω的定值电阻
B.将电源电压调整到1V～3V范围内
C.控制定值电阻两端的电压在2～6V范围内不变
五、计算题（本大题共2小题，第20题8分，第21题9分，共17分。解题时要写出必要的文字说明、依据的公式，运算过程和结果要写明单位，只有结果、没有过程不能得分）
22．（8分）空中有一个50g的冰雹，它正好熔化完，从1000m的高空开始下降，它受到空气的阻力与速度的平方成正比，即f＝kv2．试计算与推证下列问题：
（1）当它达到地面时，重力所做的功。
（2）设重力功的50%转化为水的内能，则它到达地面时的温度是多少？
（3）该水滴运动的速度如何变化。
（4）推导它的最大速度为：。
23．（9分）小亮家新装了一台智能电热马桶盖，如图甲所示，他查阅使用说明书发现便座加热电路有高、中、低三挡并可手动调节，其额定电压为220V，低温挡、中温挡的额定功率为22W和44W。利用所学的电学知识他设计了一个等效电路图，如图乙所示，用两定值电阻R1和R2表示两电热丝，单刀双掷开关S2可接a或b，当它接入家庭电路中正常工作时：
（1）低温挡加热时的电流多大？
（2）中温挡加热3min，消耗多少J的电能？
（3）高温挡加热的额定功率是多少W？


2023年黑龙江省大庆市杜尔伯特县中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分。每题四个选项中，只有一项符合要求）
1．【解答】解：A、奥斯特实验说明电流周围存在磁场，故A正确；
B、阿基米德原理是指浮力大小与排开液体重力的关系，不是杠杆的原理，故B错误；
C、牛顿第一定律是牛顿总结伽利略等人的研究结果得出的，故C正确；
D、欧姆发现了同一段导体中的电流跟电压和电阻之间的定量关系，得出了欧姆定律，故D正确。
故选：B。
2．【解答】解：①两个鸡蛋的质量约100g＝0.1kg，受到的重力大约为G＝mg＝0.1kg×10N/kg＝1N，因此托起两个鸡蛋所用的力大约是1N，故①正确；
②成年人步行的速度约为1.1m/s，故②正确；
③中学生平均体重约为500N，两脚的总面积约为0.05m2，则他对地面的压强约为：P＝＝1.0×104Pa，故③正确；
④V＝330mL＝330cm3，的矿泉水质量约为m＝ρV＝1g/cm3×330cm3＝330g，故④错误；
⑤光是一种电磁波，能在真空中传播，故⑤错误；
⑥做托里拆利实验时用粗一些的玻璃管，管内外水银面高度差不变，故⑥错误。故A正确，BCD错误。
故选：A。
3．【解答】解：A、小明敲鼓的实验可以研究声音是怎样产生的，把鼓面振动转换为小纸屑跳动，运用的是转换法；研究光的传播时引入光线运用的是模型法，故A错误；
B、从上、下两个音叉振动的波形图中，可看出下面的音叉振动慢、频率低、音调低，故B正确；
C、地震、台风、泥石流发生前，会发出次声波。利用次声检测仪进行监测，可以预报灾害，减少损失，故C错误；
D、安装“噪声监测仪”只能检测噪声的强弱等级，不能减弱噪声，故D错误。
故选：B。
4．【解答】解：A、嘴中呼出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；
B、雕塑经过一段时间自然变小，由固态直接变成气态，是升华现象，故B错误；
C、冰属于晶体，在熔化过程中吸收热量，但温度保持不变，故C错误；
D、雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，此过程放出热量，故D正确。
故选：D。
5．【解答】解：A、图中透镜成倒立缩小的实像，投影仪成倒立、放大的实像，故A错误；
B、晶体熔化前、后吸收热量温度升高，熔化过程中，吸收热量温度不变，故B错误；
C、由图知，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，压缩汽缸内燃料混合物，所以，该过程是汽油机的压缩冲程，故C错误；
D、该图是光纤传输信息原理图，故D正确。
故选：D。
6．【解答】解：A、电能表的转盘转得越快，说明接入电路的用电器的总功率越大，在一定时间内消耗的电能越多，故A错误；
B、空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故B错误；
C、用湿抹布擦拭工作中的家用电器，易发生触电事故，故C错误；
D、用电器标有“E”的电源插头连接用电器的金属外壳，与之对应的三孔插座的上孔连接地线，故D正确。
故选：D。
7．【解答】解：闭合电路中并无电源，当发光二极管发光，说明闭合电路中产生了电流，即磁产生了电。
AB、电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，能量转化是电能转化为机械能；发电机的原理是电磁感应现象，能量转化是机械能转化为电能；尽管电风扇里装的是电动机，但此题中是当作发电机用的，故说明的是磁场中运动的线圈可以产生电流，能量转化是机械能转化为电能，磁可以生电，应用的是发电机的原理，故A错误，B正确；
CD、电磁起重机、电铃的主要部件是电磁铁，利用的是电流的磁效应，故CD错误。
故选：B。
8．【解答】解：因为两次都是匀速直线运动，根据二力平衡条件可知，推力都等于摩擦力，由于物体对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力没变，故受到的水平推力为F1＝F2，因此F1：F2＝1：1，
由图象甲可知，第一次物体的速度大小为：v甲＝＝＝3m/s，
由v﹣t图象乙可知，第二次物体的速度大小为：v乙＝5m/s，
由P＝Fv可得，两次推力的功率之比：＝＝＝＝，故A正确。
故选：A。
9．【解答】解：家庭电路中，火线与零线直接连接或火线与大地直接连接，会造成短路。D图中风筝线导致火线与地面连接，造成短路。
故ABC错误，D正确。
故选：D。
10．【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻r串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.当滑片位于A端时，接入电路中电阻为零，此时电路中的电流最大，
由图II可知，电路中的最大电流I大＝3A，
由I＝可得，定值电阻的阻值R0＝＝＝2Ω，故A错误；
D.因串联电路中各处的电流相等，且串联电路中总电阻等于各部分电阻之和，
所以，由P＝UI＝I2R可得，滑动变阻器消耗功率与电源消耗总功率之比：
η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，效率最大，由图Ⅲ可知，最大效率为80%，
则80%＝×100%，
解得：R滑大＝8Ω，故D错误；
C.当滑动变阻器接入电路中的电阻为R时，电路中电流：
I＝＝，
此时滑动变阻器消耗的电功率：
PR＝I2R＝（）2R＝＝＝＝，
当R＝r＝2Ω时，变阻器消耗的电功率最大，由图I可知，变阻器消耗的最大功率为4.5W，
此时电路中的电流I＝＝＝1.5A，
电压表的示数UR＝IR＝1.5A×2Ω＝3V，
则I图上b点的坐标（3V，4.5W），故C正确；
B.由图II可知，a点表示电路中的电流最小，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
此时电路中的电流I小＝＝＝0.6A，
此时电压表的示数U滑＝I小R滑大＝0.6A×8Ω＝4.8V，
则II图上经过a点的两条虚线与坐标轴围成的长方形面积P＝U滑I小＝4.8V×0.6A＝2.88W，故B错误。
故选：C。
二、填空题（本大题共5小题，每空1分，共20分）
11．【解答】解：（1）由图知：在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“0”和“1”之间，偏向“1”一侧；在停表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在32.5s处，所以秒针指示的时间为32.5s，即停表的读数为32.5s；
（2）图乙是弹簧秤，使用前需调零，弹簧秤最小分度为0.2N，故读数为1.4N；
（3）从图丙可知，该仪表上的单位为kW•h，而kW•h是电能（电功）的单位，所以该仪表是测量电能（电功）的电能表；
图丁中，用户在这段时间内用电：W＝1276.0kW•h﹣1221.0kW•h＝55kW•h＝55度。
故答案为：（1）32.5s；（2）调零；1.4N；（4）电能；55。
12．【解答】解：（1））已知焦距f＝10cm，由图可得u＝30.0cm，像距v＝15.0cm，故u＞2f，f＜v＜2f，故成倒立缩小的实像，应用是照相机；
（2）将近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，光经过凹透镜后会发散，再经凸透镜会聚后交点会远离凸透镜，故应将光屏向右移动，可重新得到清晰的像。
故答案为：（1）缩小；照相机；（2）右。
13．【解答】解：（1）容器内两电阻丝为研究对象，研究电流产生的热量与电流大小的关系，要控制电阻和通电时间相同，故为了完成实验，R3应选用阻值为5Ω的电热丝；
闭合开关，观察到U形管内液面高度变化较慢，由转换法可知电流产生热量少，不改变实验器材，为缩短观察时间，根据Q＝I2Rt，可增大电路的电流，接下来的操作是向左移动变阻器的滑片P；
通电一段时间，根据Q＝I2Rt，R1产生的热量是Q，R3产生热量是Q'，通过R1的电流大于通过R3的电流，则Q大于Q'。
（2）a与b两点分别位于盐水的不同的位置，a点的深度更深，根据液体压强的计算公式p＝ρgh可得，当液体密度相同时，深度越深，压强越大，所以pa＞pb；
闭合开关后，小灯泡发光，电流从电池的正极流出，流入负极，所以电流的流向是从c到d，而自由电子定向移动的方向与电流相反，所以灯泡灯丝的自由电子定向移动的方向是从d到c。
故答案为：（1）5；向左移动变阻器的滑片P；大于；
（2）大于；d到c。
14．【解答】解：（1）以风洞中的空气为参照物，汽车相对于风洞中的空气的位置发生了改变，所以汽车是运动的；
风高速吹来时，因车身的形状是“上凸下平”的，在相同时间内空气通过汽车上方的路程大，根据流体压强和流速的关系可知，汽车上方的空气流速大、压强小，而汽车下方的空气流速小、压强大。
（2）解：拉力的功率：P＝＝＝Fv＝120N×0.2m/s＝24W；
克服物体重力做的有用功：W有＝Gh＝200N×1m＝200J，
拉力做的总功：W总＝Fs＝120N×2m＝240J，
斜面的机械效率：η＝＝≈83.3%；
克服摩擦力做的额外功：W额＝W总﹣W有＝240J﹣200J＝40J，
由W额＝fs可得，摩擦力：f＝＝＝20N。
故答案为：（1）运动；下方；（2）24；83.3%；20。
15．【解答】解：
（1）因为m甲：m乙＝1：1，V甲：V乙＝1：2，
所以＝＝＝2：1；
（2）若两球在水中都漂浮，则F甲：F乙＝G甲：G乙＝m甲：m乙＝1：1，而水对两球的浮力之比为F甲：F乙＝5：8，与实际不符；
若两球在水中都是全部浸没，就有F甲：F乙＝ρ水gV甲：ρ水gV乙＝V甲：V乙＝1：2，与实际不符；
这样就只有是一个漂浮、一个浸没，
因为它们的密度之比ρ甲：ρ乙＝2：1，所以甲球下沉，乙球漂浮，有F甲：F乙＝ρ水V甲g：ρ乙V乙g＝ρ水V甲：ρ乙V乙＝5：8，
所以ρ乙＝＝＝0.8×103kg/m3。
故答案为：2：1；0.8×103。
三、作图题（每小题2分，共6分）
16．【解答】解：由图可知，支点是O，由支点向力的作用线引垂线，支点到垂足的距离就是工人对撬棒的压力F的力臂L；
石头对杠杆的压力是阻力F2，方向竖直向下，作用点在石头与杠杆的接触点，如图所示：

17．【解答】解：
由图知，S'是S经透镜成的倒立、缩小的实像，所以该透镜是一个凸透镜；
因过光心的光经凸透镜后传播方向不变，连接S、S′的连线，与主光轴的交点O为凸透镜的光心，据此画出凸透镜，连接入射SA入射点A与S'的连线，即其折射光线；
因过焦点的光经凸透镜折射后平行于主光轴，先画出过S'且平行于主光轴的折射光线，连接其入射点与S的连接线即为该折射光线的入射光线，与主光轴的交点为凸透镜的焦点F。如图所示：

18．【解答】解：闭合开关，电磁铁中有电流，吸引衔铁，弹簧向下振动，螺钉与弹簧片断开，电磁铁中没有磁性，弹簧片恢复原状，使电路再次接通，弹簧不断的振动，如图所示：

四、实验探究题（每空1分，连线1分，共17分）
19．【解答】解：（1）水的体积：V水＝240mL＝240cm3；水的质量：m水＝ρ水V水＝1.0g/cm3×240cm3＝240g；
煤油的质量m油＝m水＝240g；煤油的体积：V油＝＝＝300cm3；
（2）可观察图象，在加热时间相同的情况下，①的温度变化量大，故①的吸热能力弱。又因②是水的温度随时间的变化规律图象，水的比热容又大于煤油的比热容，故①为煤油；热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，所以加热过程中，其热值大小不变；
（3）由Q＝cmΔt可知：放出的热量与降低的温度之比＝cm，所以在质量和放出热量相同的情况下，比热容与降低的温度成反比，故水放出的热量与降低的温度之比大于煤油放出的热量与降低的温度之比。
故答案为：（1）300；（2）①；不变；（3）大于。
20．【解答】解：“十次车祸九次快”指的是汽车的动能与速度有关，“安全驾驶莫超载”指的是汽车的动能与质量有关；
物块被撞击得越远，说明物块在水平面做的功越多，那么金属球到达水平面时的动能就越大。
分析甲、丙两图可知，此时物体的质量相等，到达水平面的速度不同，甲图小球到达水平面的速度越大，物体被撞击得更远，说明质量一定时，物体的速度越大，动能越大。
分析甲、乙两图可知，此时物体的质量不相等，初始速度相同，甲图小球的质量越大，物体被撞击得更远，可以解释汽车超载行驶时危险性大的原因。
故答案为：
【猜想假设】速度；质量；
【进行实验】大；
【分析论证】质量一定时，物体的速度越大，动能越大；超载。
21．【解答】解：（1）滑动变阻器应与灯泡串联，题中要求滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变大，则滑动变阻器应接左下接线柱，实物电路图如图所示：
；
（2）连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路出现了断路现象，电压表有示数，说明电压表与电源之间是接通的，所以故障是灯泡断路，故选C；
（3）由图可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，灯泡两端的电压为2.8V，
为测额定功率，灯两端电压应为2.5V，根据串联电路的分压特点可知，滑动变阻器分得的电压较小，应增大滑动变阻器两端电压，增大变阻器接入电路的阻值，所以应向右移动滑片，直到电压表示数为2.5V为止；
由欧姆定律，电压表与电流表的示数之比即灯的电阻；
由图丙知，当电压表的示数增大时，通过灯的电流也变大，根据P＝UI，灯的功率变大，灯丝的温度升高，灯的电阻随温度的升高而变大，灯的电阻变大，由欧姆定律，电压表与电流表的示数之比即灯的电阻，故电压表与电流表的示数之比变大；
由图像知小灯泡正常发光时的电阻为：
RL＝＝＝12.5Ω，
当灯泡两端电压为2V时，若小灯泡的电阻不变，通过灯泡的电流为：
I′＝＝＝0.16A，但由于小灯泡的电阻随温度的升高而增大，所以当灯泡两端电压为2V时，电阻小于12.5Ω，所以通过小灯泡的电流为：0.16A＜I实＜0.2A，由P＝UI可知，功率范围为0.32W＜P实＜0.4W，故选：B；
（4）由图丙，电流随电压的变大而变大，由P＝I2R知，若R不变，则P与I2成正比，由于用电器电阻随温度的升高，所以与I2的图像先变大后变小，CD错误；
由P＝分析知，若R不变，则P与U2成正比，由于电阻先变大后变小，所以比值先变小后变大，有变小的趋势，A错误，B正确；
故选：B；
（5）当向左调节滑动变阻器时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路的总电阻减小，根据I＝知电路中的电流变大，由串联电路分压的特点可知，滑动变阻器两端的电压减小，灯泡两端的电压增大，灯泡的实际功率变大；
电源电压不变，由P＝UI可知，电路总功率变大；电路总功率等于各用电器消耗功率之和，故滑动变阻器的功率减小量ΔP1小于灯泡的功率变化ΔP2，即ΔP1＜ΔP2；
（6）A、用10Ω的电阻做探究实验时，电路中的电流为：I″＝＝＝0.1A，
电路中的总电阻为：
R总＝＝＝60Ω，则需要串联的电阻阻值至少为：
R′＝R总﹣R1﹣R滑＝60Ω﹣10Ω﹣20Ω＝30Ω，故可将30Ω的电阻串联在电路中分压，故A正确；
B、根据串联分压特点可知：的最大值为：＝，故电源电压的最小值为：1V+2×1V＝3V，
最小值为：＝，故电源电压的最大值为：1V+5×1V＝6V，故将电源电压调整到3～6V的范围，故B错误；
C、当使用阻值为10Ω的定值电阻实验时，根据串联分压特点可知，＝＝，故定值电阻两端的电压的最小值为：×6V＝2V，
根据电流表的量程可知电路中电流的最大值为0.6A，当使用阻值为4Ω的定值电阻实验时，此时定值电阻两端的电压的电压为UR′＝0.6A×4Ω＝2.4V，故应控制定值电阻两端的电压在2～2.4V的范围内，故C错误。
故选：A。
故答案为：（1）见上图；（2）C；（3）右；变大；B；（4）B；（5）＜；（6）A。
五、计算题（本大题共2小题，第20题8分，第21题9分，共17分。解题时要写出必要的文字说明、依据的公式，运算过程和结果要写明单位，只有结果、没有过程不能得分）
22．【解答】解：
（1）当它达到地面时，
重力所做的功W＝Gh＝mgh＝50×10﹣3kg×9.8N/kg×1000m＝490J。
答：当它达到地面时重力所做的功为490J。
（2）吸收的热量：
Q＝cm△t＝50%×W，
即4.2×103J/（kg•℃）×50×10﹣3kg×△t＝50%×490J，
解得：△t≈1.17℃。
∵冰雹刚融化完时的温度为0℃，
∴它到达地面时的温度约为1.17℃。
答：它到达地面时的温度约为1.17℃。
（3）冰雹融化完下落时重力大于受到的阻力，根据力是改变物体运动状态的原因可知水滴做加速下落运动，
根据f＝kv2可知下落过程中阻力增大，当阻力和重力相等时，物体的运动状态不再发生变化。
答：水滴先加速运动，后来阻力增大与重力相等时，开始匀速运动。
（4）当水滴匀速运动时，速度达到最大值，由二力平衡知：G＝f＝kv2，则。
23．【解答】解：（1）由P＝UI可得，低温挡加热的电流：
I＝＝＝0.1A；
（2）由P＝可得，中温挡加热3min消耗的电能：
W＝P中温t＝44W×3×60s＝7920J；
（3）当开关S1闭合、S2接b时，电路为R1的简单电路，马桶盖处于中温挡，
由P＝可得，R1的阻值：
R1＝＝＝1100Ω，
当开关S1断开、S2接b时，R1与R2串联，马桶盖处于低温挡，
则电路中的总电阻：
R＝＝＝2200Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，R2的阻值：
R2＝R﹣R1＝2200Ω﹣1100Ω＝1100Ω，
当开关S1闭合、S2接a时R1与R2并联，电热马桶盖处于高温挡，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路中的总电阻：
R′＝＝＝550Ω，
高温挡加热的额定功率：
P高温＝＝＝88W。
答：（1）低温挡加热的电流为0.1A；
（2）消耗7920J的电能；
（3）高温挡加热的额定功率是88W。