2023年内蒙古通辽市霍林郭勒市中考物理模拟试卷

这是一份2023年内蒙古通辽市霍林郭勒市中考物理模拟试卷，共26页。试卷主要包含了2m/s等内容，欢迎下载使用。

2023年内蒙古通辽市霍林郭勒市中考物理模拟试卷
1. 如图是某博物馆珍藏的古代青铜“鱼洗”，注入半盆水后，用双手摩擦“鱼洗”的两个把手，会发出嗡嗡声，盆内水花四溅。停止摩擦把手后，短时间内“鱼洗”仍能发出嗡嗡把手声。传说，众多“鱼洗”声如同千军万马奔跑
之声，曾吓退数十里外的敌军。下列分析正确的是(    )

A. “鱼洗”发声时“水花四溅”，说明声音就是由水振动产生的
B. 停止摩擦把手后，短时间内“鱼洗”仍能发出嗡嗡声，说明“鱼洗”仍在振动
C. 众多“鱼洗”声如千军万马奔跑之声，说明“鱼洗”声与千军万马奔跑声的响度相同
D. 众多“鱼洗”声能吓退数十里外的敌军，说明“鱼洗”声是超声波
2. 2023年3月22日是第三十一届“世界水日”，乌鲁木齐市属严重缺水城市。了解地球的水循环知识，提高节水意识，是我们每个公民的义务和责任。关于地球的水循环，下列说法正确的是(    )
A. 海水吸热，汽化成水蒸气 B. 水蒸气遇冷空气，熔化成小水滴
C. 小水滴遇冷气流，凝华成小冰珠 D. 小冰珠在降落过程中液化成雨水
3. 如图是手术用的“无影灯”，它可以尽量消除手术者的头、手和器械在手术部位投下的阴影，以下与“阴影”形成的原理相同的是(    )
A. 平静湖边，倒影可见
B. 山间小溪，清澈见底
C. 雨过天晴，彩虹出现
D. 林荫树下，光斑点点
4. 如图所示，“和谐号”高铁满载旅客从通辽站缓缓驶出前往沈阳，下列说法正确的是(    )
A. 列车由静止变为运动，列车的惯性增大了
B. 列车匀速转弯时，列车的运动状态在改变
C. 列车受到的牵引力和铁轨对它的支持力是平衡力
D. 高铁外形设计成流线型是为了增大对地面压力提高行驶稳定性

5. 小华家房间里的吸顶灯，可用房门口的开关S1控制，也可用床头的开关S2控制。图中电路设计符合要求的是(    )
A. B.
C. D.
6. 在习近平总书记“改革强军，科技兴军”伟大思想指引下，我国军队的武器装备建设取得了巨大进步，下列说法正确的是(    )


A. 甲：此国产航母在航行的过程中随着燃油的减少，燃油的热值变小
B. 乙：国产歼20战机加速升空的过程中动能转化为重力势能
C. 丙：国产99式坦克安装宽大的履带是为了增大坦克对地面的压强
D. 丁：国产潜水艇，是通过向水仓中加水或排水改变自身重力实现上浮或下潜的
7. 疫情期间，居家学习的小明用图甲所示的“铜丝琴”演奏出了优美的乐曲，他将一根张紧的铜丝两端与扬声器接通，铜丝旁边放置一块磁铁，用手指拨动铜丝，就能使扬声器发声。如图中的实验能反映其工作原理的是(    )
A.
B.
C.
D.
8. 如图所示是坐位体前屈测量仪，测试时根据挡板停留在刻度尺上的位置读数即可。晓晨利用电表等器材对该测量仪进行改进，使电表的示数随着挡板被推动距离的增大而增大。下列电路设计符合要求的是(    )

A. B.
C. D.
9. 如图甲所示是高空作业的师傅在美化楼体外墙的情境，其结构的原理图如图乙所示，已知吊篮的质量为50kg；工人以及工具的总重为600N，绳子自由端的拉力的大小为500N。在电动机拉力的作用下，吊篮在10s内上升了2m，不计绳重和摩擦。则下列说法正确的是(    )

A. 绳子自由端拉动的速度为0.2m/s
B. 整个装置的机械效率为73.3%
C. 若绳子的最大承受能力是600N，则吊篮中的人与工具的总重不能超过900N
D. 装置动滑轮的重力为200N
10. 小明新家刚装修完，家中部分照明电路如图所示。验收工程时，小明闭合了开关S(家中其他用电器均处于断开状态)，白炽灯L亮了一段时间后熄灭了，他用测电笔分别测试了图中插座的两个孔，发现测电笔氖管都发光。若故障只有一处，下列说法正确的是(    )

A. 故障是L的灯丝断了
B. 故障是进户线的零线断了
C. 若此时站在地上的人接触c点，不会发生触电危险
D. 断开开关S，再次用测电笔测试插座的两个孔，测电笔氖管都发光
11. 用同种合金材料制成的质量相等的金属盒和实心金属球，若把球放在盒内密封后，它们恰能悬浮在水中，此时球对盒底的压力为30N，如图甲所示；若把球和盒用细绳相连，放入水中静止后，盒有56体积浸在水中，如图乙所示；则下列说法正确的是(    )
A. 盒内最多能装重60N的水
B. 这种合金的密度为3.0×103kg/m3
C. 图乙中细绳对球的拉力为30N
D. 图乙中若剪断细绳，盒静止时有一半体积露出水面
12. 如图所示，电源电压保持4.5V不变，电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程为0∼3V，小灯泡的规格为“2.5V0.25A”，滑动变阻器的规格为“50Ω1A”。闭合开关，为了保证电路安全(不考虑小灯泡电阻的变化)，下列说法正确的是(    )
A. 变阻器接入电路阻值的变化范围是8∼20Ω
B. 电压表示数的变化范围是2∼3V
C. 小灯泡消耗的最大电功率和最小电功率之比为5：3
D. 电路消耗的最大功率是1.125W
13. 为了推进农业机械智能化，某科技团队研发了5G智能电动拖拉机，它可以通过______(选填“电磁波”或“超声波”)传递云端网络信息实现无人驾驶。拖拉机行驶时消耗的电能是______次能源。
14. 如图是焦耳定律的实验装置，其中R1=5Ω，R2=R3=10Ω。只闭合S1，若电路中的电流为0.1A，通电10min整个电路产生的总热量为______ J。闭合S1和S2，左侧U形管内液柱的高度差比右侧更大，导体R3的作用是______ 。

15. 甲图是小华给发烧的妹妹测量体温时体温计显示的示数，则妹妹的体温是______ ；乙图是他在课上称量物体质量的天平状态，则物体的质量是______ g。


16. 用弹簧测力计悬挂一实心圆柱体，从盛水烧杯上方某一高度缓慢下降，如图甲所示。直至浸没水中并继续匀速下放(物块始终未与容器接触)。圆柱体下降过程中，弹簧测力计示数F与圆柱体下降高度h变化的图像如图乙所示。通过图像计算出圆柱体的密度是______ kg/m3；当圆柱体上表面刚好浸没水中时，下表面受到的压强为______ Pa。(忽略水面的变化，g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3)


17. 在如图甲所示电路中，滑动变阻器的规格为“20Ω2A”。闭合开关并将滑片P从一端滑到另一端的过程中，滑动变阻器的电功率与电流表示数的关系图像如图乙所示。则定值电阻R的阻值为______ Ω；滑动变阻器的最大功率为______ W。



18. 如图所示，凸透镜与水面平行，一侧的焦点恰好在水面上，水中一束入射光线射向凸透镜的焦点，请画出这束光线发生折射后的光路图。


19. 如图(a)所示是个核桃破壳器。破壳时，手柄可以看成个杠杆。图(b)为其简化的示意图。请在图(b)中画出作用在A点的最小动力F1及其力臂l1。


20. 冬天给道路上的积雪撒融雪盐(如图甲所示)，可以有效地防止交通事故发生。为了解“融雪盐”的作用，小明用如图乙所示实验装置，探究盐冰(浓融雪盐水冻成的冰块)熔化时温度的变化规律。

(1)根据实验数据，画出的温度随时间变化的图像如图丙所示；由图像可知，盐冰是______ (选填“晶体”或“非晶体”)，原因是盐冰在熔化过程中吸热，温度______ ；
(2)从图像中可以看出盐冰熔化过程用了______ min；此实验通过______ 方式增加了盐冰的内能。
(3)为了交通安全，人们常在不能及时熔化的积雪地面上撒融雪剂(工业盐)，可加快积雪的熔化，原因是______ 。
21. 在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中。

(1)图1中的______ 两个实验说明了滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关；
(2)为了便于读数，将实验器材进行改进，如图丁所示，该装置在操作上的优点是______ 。当F=3N时，木块A相对于地面静止且长木板B恰好做匀速直线运动，则木板B受到地面的摩擦力的大小是______ N，木块A受到的摩擦力的方向水平______ (选填“向左”或“向右”)；
(3)另一小组做了图2的实验，水平地面上的物体C受到方向不变的拉力的作用，F-t、v-t图像分别如图所示，那么物体C在第5秒时受到的摩擦力是______ N。
(4)课后，班级创新小组的同学们设计出如图3所示的装置测滑动摩擦力，桌面上质量为m的滑块A通过轻绳绕过滑轮，绳的另一端悬挂一只一次性塑料杯(质量忽略不计)，测量时，向塑料杯中加适量水(当需加少量水时可改用胶头滴管)，使滑块A做匀速直线运动。将一次性杯中的水全部倒入量杯中，读出量杯中水的体积为V，则滑块A受到的摩擦力f=______ 。(用字母表示滑块A受到的摩擦力f，水的密度为ρ水)
22. (1)小明探究电流与电阻的关系，他利用电阻箱代替定值电阻设计了如图甲所示的电路，电阻箱R1规格“0∼999.9Ω”，滑动变阻器R2规格为“20Ω1A”，电源电压恒为3V。

①图乙是小明连接的实物电路，请在图中补画一根导线，使之成为完整实验电路。要求：滑片P向左移动时，电流表的示数变大；
②正确连接电路后，调节两变阻器的阻值至最大并闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，若电路故障只发生在R1或R2，则电路故障可能为______ ；
③排除故障后，小明正确进行实验，他调节电阻箱改变R1的阻值进行三次实验，在调节电阻箱的过程中，______ (选填“需要”或“不需要”)调节滑动变阻器；
④小明继续用该装置探究电流和电压关系，他准备将电阻箱的阻值调为10Ω进行实验，他预设了“0.9V”、“1.5V”、“2.5V”三个电压值进行实验，同组的小华指出有一个电压值是无法调节到的，你认为______ V的电压值是无法调节到的；
(2)小明按如图丙所示的电路来测量额定电流为I额的小灯泡的额定功率，小灯泡电阻约为8Ω。图中定值电阻可以选择R1=5Ω、R2=15Ω、R3=25Ω这三个电阻中其中一个。假如你是同组成员，请你帮助小明补全实验方案：
①闭合开关S1、S2，调节电阻箱的示数为0，调节滑动变阻器的滑片P，使______ ；
②闭合开关S1、S3，只调节电阻箱，使电流表示数为I额，再读出电阻箱的阻值R0
③小灯泡L的额定功率P额=______ (用物理量的符号表示)。
23. 新疆果子沟大桥跨越伊犁河谷，该水平大桥北起蒙琼库勒南至将军沟隧道，成为亚欧大通道的咽喉，是对“一带一路”经济的巨大推动，线路全长4.95km，桥面距谷底净高达200m，设计最高时速90km/h，货车重6000kg。阻力为车重的0.2倍。(g=10N/kg)
(1)一辆货车以设计最高时速通过全部线路需多少分钟？
(2)若货车车轮与桥面的总接触面积为0.8m2，则对桥面的压强为多少？
(3)货车经过大桥，牵引力的功率为多少？
24. 电磁炉具有加热快，效率高，节能环保，使用方便等特点，其热效率极高且加热均匀，烹调迅速，节能省电。小华在一次课外活动中，对家用电磁炉进行了相关的观察和研究，并记录了有关数据，如表：请你就他在活动中获得的有关资料，求解有关问题：
(c水=4.2×103J/(kg⋅℃),ρ水=1.0×103kg/m3)
观察对象
有关记录和相关活动
观察电磁炉铭牌
U额=220V；P额=1000W
观察电能表的铭牌
220V10(40)A2000r/(kW⋅h)
用电磁炉加热一壶水
(水壶容积是2L，初温
30℃)
关闭家里其他用电器，只将电磁炉接入电路，烧水并观察电能表表盘在5min内转了135r，此时用温度计测得的水温为50℃
(1)水壶装满水后，加热5min水所吸收的热量？
(2)电磁炉工作5min消耗的电能？电能转换为内能的效率？(保留一位小数)
(3)电磁炉的实际功率和实际电压(假设电阻丝的电阻不变)？
答案和解析

1.【答案】B 
【解析】解：A、“鱼洗”发声时“水花四溅”，说明声音就是由铜盆振动产生的，故A错误；
B、停止摩擦把手后，短时间内“鱼洗”仍能发出嗡嗡声，说明“鱼洗”仍在振动，故B正确；
C、众多“鱼洗”声如千军万马奔跑之声，说明“鱼洗”声与千军万马奔跑声的音色相同，故C错误；
D、众多“鱼洗”声能吓退数十里外的敌军，说明声可以传递信息；“鱼洗”声不是超声波，故D错误。
故选：B。
(1)声音是由发声体的振动产生的。
(2)声音的音色是由发声体的材料和结构决定的。
(3)超声波的振动频率高于20000Hz，不在人的听觉频率范围之内。
知道声音是由物体振动产生的；知道音色和响度；知道声音可以传递能量。

2.【答案】A 
【解析】解：A、海水吸热，物质由液态变为气态，吸收热量，属于汽化，故A正确；
B、水蒸气变为小水滴，放出热量，属于液化，故B错误；
C、小水滴变为小冰珠，放出热量，属于凝固，故C错误；
D、小冰珠变为雨水，属于熔化，故D错误。
故选：A。
(1)物质由液态变为气态，吸收热量，属于汽化；
(2)物质由气态变为液态，放出热量，属于液化；
(3)物质由液态变为固态，放出热量，属于凝固；
(4)物质由固态变为液态，吸收热量，属于熔化。
本题主要考查了物态变化的相关知识，属于基础题。

3.【答案】D 
【解析】解：“无影灯”可以尽量消除手术者的头、手和器械在手术部位投下的阴影，阴影的形成是光的直线传播现象。
A、平静的湖面相当于平面镜，倒影属于平面镜成像，是利用光的反射，故A不符合题意；
B、小溪底部反射的光线从水中斜射出后，发生了折射，然后进入人的眼睛，人看到的小溪的底部是变浅的，故B不符合题意；
C、雨过天晴，天空出现美丽的彩虹，是光的色散现象，即光的折射，故C不符合题意；
D、林荫树下，光斑点点，是由于光的直线传播形成的，与“阴影”形成原理相同，故D符合题意。
故选：D。
光在自然界中存在三种光现象：
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。

4.【答案】B 
【解析】解：A、惯性的大小只与物体的质量有关，与运动状态无关，所以列车由静止变为运动，列车的惯性不变，故A错误；
B、列车匀速转弯时，列车的运动方向改变，所以运动状态在改变，故B正确；
C、列车受到的牵引力和铁轨对它的支持力不是作用在一条直线上，不是平衡力，故C错误；
D、高铁外形设计成流线型是为了减小空气的阻力；同时，利用流体压强与流速的关系，可减小对铁轨的压力，故D错误。
故选：B。
(1)惯性的大小只与物体的质量有关；
(2)物体运动状态的改变包括速度大小和方向的改变；
(3)二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
(4)流线型设计可以减小空气的阻力；流体压强与流速有关，流速越大的位置压强越小。
本题主要考查了对惯性、运动状态、平衡力等的理解与应用，有一定综合性。

5.【答案】C 
【解析】根据题意可知，吸顶灯可用房门口的开关S1控制，也可用床头的开关S2控制，这说明两个开关可以独立控制吸顶灯，且一个开关断开时，另一个开关可以闭合和断开，故C正确。
故选：C。
任意一个开关均可以开灯、关灯，说明任何一个开关闭合时，灯泡都亮，任何一个开关断开时灯泡都灭。据此分析判断。
本题考查了电路图的设计，属于基础题。

6.【答案】D 
【解析】解：A、热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量无关，所以，航母上燃油的质量减小，但剩下燃油的热值不变，故A错误；
B、国产歼20战机加速升空，质量不变，速度和高度都增加，故动能和重力势能都变大，机械能增大，因此，不是动能转化为重力势能，故B错误；
C、坦克的履带非常宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C错误；
D、潜水艇通过向水艇中充水或从水舱中向外排水来改变潜水艇重力，从而使实现自身的上浮或下潜，故D正确。
故选：D。
(1)热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量无关；
(2)动能大小跟质量、速度有关；重力势能大跟质量、高度有关；机械能是动能与势能之和；
(3)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(4)潜水艇是通过改变自身的重力实现浮沉的。
本题考查了热值、能量的转化、减小压强的方法、潜水艇的原理和浮沉条件，综合性强，难度不大。

7.【答案】B 
【解析】解：由题意可知，我们听到的声音是由扬声器发出的；铜丝与扬声器接通，构成了一个闭合电路，将铜丝放在磁场中(即铜丝旁边放置一块磁铁)，当用手指拨动铜丝时，实际上就是让铜丝在磁场中做切割磁感线运动，铜丝中就会产生感应电流，感应电流通过扬声器时，扬声器振动发出优美的乐曲。
A.图中是电磁铁，电磁铁利用电流的磁效应，故A错误；
B.图中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，电流计的指针会发生偏转，故B正确；
C.图中是奥斯特实验，说明了电流的磁效应，故C错误；
D.图中有电源，当给磁场中的导体通电时，导体在磁场中运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用，故D错误。
故选：B。
闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流，这种现象叫电磁感应现象；
据此分析振动的铜丝中产生电流的原理是电磁感应现象，再逐项分析图中原理，得出结论。
掌握电磁感应的原理是解答本题的关键，同时要掌握电磁学的其他实验。

8.【答案】CD 
【解析】解：A.根据电路图可知，变阻器与R串联，电压表测变阻器的电压，挡板被推动距离的增大时，变阻器连入电路的电阻变小，由分压原理，电压表示数变小，故A错误；
B.根据电路图可知，变阻器与R串联，电压表接在变阻器的滑片上，故电流要通过全部电阻丝，变阻器连入电路的电阻不变，由串联电阻的规律及欧姆定律可知电路的电流不变，电压表测滑片以左电阻丝的电压，当挡板被推动距离的增大时，滑片以左电阻丝变小，根据U=IR可知，电压表示数变小，故B错误；
C.根据电路图可知，变阻器与R串联，电流表测电路的电流，挡板被推动距离的增大时，变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电阻的规律可知电路的电阻变小，由欧姆定律可知电流表示数变大，故C正确；
D.根据电路图可知，电流表与R并联，R短路，电流表测电路的电流，挡板被推动距离的增大时，变阻器连入电路的电阻变小，电路的电流变大，故D正确。
故选：CD。
首先判定电路的连接方式、电表的作用，根据推力的方向判定滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律、串联电路的电压规律判定电压表示数的变化。
本题考查欧姆定律和电表的使用，分析求出电路结构，熟练应用串联电路特点及欧姆定律是正确解题的关键。

9.【答案】C 
【解析】解：A、由图可知n=3，绳子自由端移动的距离：s=nh=3×2m=6m，
绳子自由端移动的速度：v=st=6m10s=0.6m/s，故A错误；
B、整个装置做的有用功：W有=Gh=600N×2m=1200J，
拉力做的总功：W总=Fs=500N×6m=3000J，
整个装置的机械效率：η=W有W总×100%=1200J3000J×100%=40%，故B错误；
C、因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动+吊)，所以动滑轮和吊篮的重力：G动+吊=nF-G=3×500N-600N=900N，
因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动+吊)，所以拉力为600N时吊篮中的人与工具的总重：G'=nF'-G动+吊=3×600N-900N=900N，故C正确；
D、吊篮的重力：G吊=m吊g=50kg×10N/kg=500N，
则装置动滑轮的重力：G动=G动+吊-G吊=900N-500N=400N，故D错误。
故选：C。
(1)由图可知n=3，绳子自由端移动的距离s=nh，利用v=st求绳子自由端拉动的速度；
(2)利用W有=Gh求有用功，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用η=W有W总×100%求滑轮组的机械效率；
(3)利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动+吊)求动滑轮和吊篮的总重力，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动+吊)求拉力为600N时吊篮中的人与工具的总重；
(4)根据G=mg求吊篮的重力，动滑轮和吊篮的总重力等于动滑轮的重力加上吊篮的重力，据此求出动滑轮的重力。
本题考查了使用滑轮组时绳子的拉力、有用功、总功和机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动+吊)是关键。

10.【答案】B 
【解析】解：
闭合了开关S(家中其他用电器均处于断开状态)，白炽灯L亮了一段时间后熄灭了，说明灯泡和火线和零线不能构成通路。可能是火线断路，可能是零线断路。
灯泡熄灭后，用测电笔分别测试了图中插座的两个孔，发现测电笔都发光。说明左孔和右孔都和火线相连。如图，右孔和火线相连(如图中绿色的划线)，测电笔的氖管发光。如图，左孔和火线相连(如图中红色划线)，测电笔的氖管发光；灯泡亮了一段时间后熄灭，是因为图中的零线断路(如图中蓝色划线)。
；
若此时站在地上的人接触c点，由于c点和火线相连，则人会发生触电危险；
当断开开关时，切断了左孔和火线的连接，所以测电笔接触左孔时，氖管不会再发光。测电笔接触右孔时，氖管照常发光；
综上所述，B正确，ACD错误。
故选：B。
当开关闭合时，用测电笔分别测试了图中插座的两个孔，发现测电笔都发光，说明左孔和右孔都和火线相连。当开关断开时，左孔切断了火线，再接触左孔，氖管不发光。
人接触零线不会出现触电事故，由于电路的变化，导致零线也会发生触电，所以不要认为接触零线一定不触电。

11.【答案】BD 
【解析】解：设金属盒的体积为V盒，金属球的体积为V球，二者的质量为：m(二者质量相等)，
A、图甲中，金属球的重力：G球=F压=30N，则：G盒=G球=30N；
由图甲可知：F浮=G总=2G球=2×30N=60N，
根据F浮=ρ水gV排可得：
V盒=V排=F浮ρ水g=60N1.0×103kg/m3×10N/kg=6×10-3m3，
根据图甲可知，盒与球处于悬浮，则浮力等于盒和球的总重力；由图乙可知，盒与球处于漂浮，则则浮力等于盒和球的总重力，因此两种情况下盒与球受到的浮力相等；
由F浮=ρ水gV排可知，两次排开水的体积相同，即：V盒=56V盒+V球，
所以，V球=16V盒=16×6×10-3m3=1×10-3m3；
由于用同种合金材料制成的质量相等的金属盒和实心金属球，则金属盒上金属的实际体积：V实=V球=1×10-3m3；
则金属盒的容积：V空=V盒-V实=6×10-3m3-1×10-3m3=5×10-3m3，
盒内最多能装的水体积：V水=V空=5×10-3m3，
所以根据G=mg=ρgV可知盒内最多能装的水重为：G水=ρ水gV水=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10-3m3=50N，故A错误。
B、由于是实心金属球，则ρ铝=G球gV球=30N10N/kg×1×10-3m3=3×103kg/m3，故B正确；
C、对图乙中金属球受到的浮力为：
F浮球=ρ水gV球=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10-3m3=10N，
由于金属球处于静止状态，则根据受力平衡可知：
细绳对球的拉力为：F拉=G球-F浮球=30N-10N=20N；故C错误；
D、当绳子剪断后，金属盒处于漂浮，F浮盒=G盒=30N；
根据F浮=ρ水gV排可得，金属盒浸没的体积：
V排1=F浮盒ρ水=30N1.0×103kg/m3×10N/kg=3×10-3m3；
则金属盒露出水面的体积：V露=V盒-V排1=6×10-3m3-3×10-3m3=3×10-3m3；
由于V露=V排1，所以盒静止时有一半体积露出水面，故D正确；
故选：BD。
(1)甲图中，金属球进行受力分析，根据受力平衡即可求出球的重力；由于金属盒和实心金属球是用同种合金材料制成的质量相等，则金属盒和实心金属球的重力相等；
根据图甲可知，盒与球处于悬浮，根据盒和球的总重力求出浮力，再根据F浮=ρ水gV排求出金属盒的体积；
由图乙可知，盒与球处于漂浮，则浮力等于盒和球的总重力，据此可知两种情况下浮力的大小关系，再根据F浮=ρ水gV排可知两种情况下排开水的体积关系，进一步得出球的体积，由于用同种合金材料制成的质量相等的金属盒和实心金属球，则金属盒上金属的实际体积与球的体积相等，据此即可根据V空=V盒-V实求出金属盒的容积，最后根据G=mg=ρgV可知盒内最多能装的水重；
(2)由于是实心金属球根据G=mg=ρgV即可求出铝合金的密度；
(3)对乙图中金属球进行受力分析，根据阿基米德原理求出金属球受到的浮力，然后根据受力平衡即可细绳对球的拉力；
(4)若剪断细绳盒静止时根据漂浮条件和阿基米德原理即可求出浸入水的体积，然后求出露出水面的体积，最后与总体积比较即可判断。
此题为一道难度较大的推理计算题，解决此类问题的方法为：①选定的研究对象并进行受力分析；②设定未知量一般为选项或题目所求物理量；③把两个物体视作整体，即整体法列一个方程；④再将两个物体分别作为研究对象，即隔离法分析解答。

12.【答案】ABD 
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器可得的电压，电流表测电路中的电流。
(1)因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的额定电流为0.25A，电流表量程为0∼0.6A，变阻器允许通过的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流I大=0.25A，即电流表最大示数为0.25A，
此时电压表的示数最小，电路的总功率最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电压表的最小示数：
U滑=U-UL=4.5V-2.5V=2V，
此时灯泡消耗的最大功率为：P大=PL=ULI大=2.5V×0.25A=0.625W；
由I=UR可得，滑动变阻器接入电路中的最小电阻：R滑小=U滑小I大=2V0.25A=8Ω；
电路消耗总功率的最大值：P大=UI大=4.5V×0.25A=1.125W，故D正确；
(2)灯泡的电阻：RL=ULIL=2.5V0.25A=10Ω，
由电压表的量程为0∼3V可知，电压表的最大示数为3V，即电压表示数的变化范围是2V∼3V，故B正确；
此时电流表的示数最小，电路消耗的总功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
灯泡两端的最小电压：
UL'=U-U滑大=4.5V-3V=1.5V，
电路中的最小电流即电流表的最小示数：I小=UL'RL=1.5V10Ω=0.15A，
灯泡的最小功率：P小=UL'I小=1.5V×0.15A=0.225W，小灯泡消耗的最大电功率和最小电功率之比为0.625W：0.225W=25：9，故C错误；
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R滑大=U滑I小=3V0.15A=20Ω，所以，滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是8Ω∼20Ω，故A正确。
故选：ABD。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器可得的电压，电流表测电路中的电流。
(1)串联电路中各处的电流相等，比较灯泡的额定电流和电流表的量程以及滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流即电流表的最大示数，此时电压表的示数最小，电路的总功率最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出电压表的最小示数，根据P=UI求出灯泡的最大电功率，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；根据P=UI求出电路的最大功率；
(2)当电压表的示数最大U滑=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P=UI求出灯泡消耗的最小功率，再根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的最大阻值，然后得出答案。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流。

13.【答案】电磁波  二 
【解析】解：
5G智能电动拖拉机是通过电磁波传递指令实现远程遥控作业的，
拖拉机行驶时所消耗的电能不能直接从自然界获取，必须经过一次能源的消耗才能得到，属于二次能源。
故答案为：电磁波；二。
(1)5G智能电动拖拉机是利用电磁波传递信息的；
(2)可以从自然界直接获取的能源是一次能源，无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源属于二次能源。
本题以5G智能电动拖拉机为内容，考查了与之相关的多个知识点，是同学们较感兴趣的，体现了物理与实际生活的联系。

14.【答案】90 分流 
【解析】解：由图可知，只闭合S1，R1、R2串联，
根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻：R=R1+R2=5Ω+10Ω=15Ω，
通电10min整个电路产生的总热量：Q=I2Rt=(0.1A)2×15Ω×10×60s=90J；
闭合S1和S2，R2、R3并联后再与R1串联，根据串并联电路的特点可知，通过R1的电流等于通过R2和R3的电流之和，所以导体R3的作用是分流。
故答案为：90；分流。
(1)由图可知，只闭合S1，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，根据焦耳定律Q=I2Rt求出通电10min整个电路产生的总热量；
(2)闭合S1和S2，R2、R3并联后再与R1串联，根据串并联电路的电流特点解释R3的作用。
本题考查串并联电路的特点和焦耳定律的应用，难度不大。

15.【答案】38.5℃154.4 
【解析】解：体温计的分度值为0.1℃，故读数为38.5℃；由图乙可知，砝码的质量为100g+50g=150g，标尺的分度值为0.2g，游码对应的标尺上的刻度为4.4g，故物体的质量为150g+4.4g=154.4g。故答案为：38.5℃；154.4g。
(1)注意体温计的分度值是0.1℃；(2)砝码质量与游码位置示数之和就指示出待称重物体的质量。
本题主要考查了体温计的读数、天平的使用，难度不大，属于基础性题目。

16.【答案】1.5×103  400 
【解析】解：(1)由图象可知，当h=0时，弹簧测力计示数F=12N，此时圆柱体处于空气中，根据二力平衡条件可知，G=F=12N；
图象中CD段是圆柱体完全浸入水中的情况，此时圆柱体受到的拉力4N，
圆柱体浸没在水中时，受到的浮力：F浮=G-F=12N-4N=8N；
因物体浸没时排开水的体积和自身的体积相等，由F浮=ρ液gV排得圆柱体的体积：
V=V排=F浮ρ水g=8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10-4m3；
由G=mg可得圆柱体的质量：
m=Gg=12N10N/kg=1.2kg，
则圆柱体的密度：
ρ=mV=1.2kg8×10-4m3=1.5×103kg/m3；
(2)由图知圆柱体刚浸没时，其下表面所处的深度(等于圆柱体的高)为7cm-3cm=4cm，
则下表面受到的液体压强为：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m=400Pa。
故答案为：1.5×103；400。
(1)分析图象AB段可知物体还没浸入水中，由二力平衡可知物重；
根据弹簧测力计示数的变化和称重法可知物体受到的浮力变化，分析图象CD段，物体全部浸没水中，对物体受力分析求其受到的最大浮力；
物体浸没时排开水的体积和自身的体积相等，由阿基米德原理求出圆柱体排开水的体积，根据重力公式求出圆柱体质量，再由密度公式求出圆柱体的密度；
(2)根据图像得出圆柱体在刚浸没时下表面所处的深度，根据p=ρ液gh求出下表面受到的液体压强。
本题考查了称重法求浮力公式、阿基米德原理、重力公式、密度公式的应用等，从图象中获取有用的信息是关键。

17.【答案】103.6 
【解析】解：由电路图可知，Rx与R串联，电压表测Rx两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
由图像可知，电路中的电流I小=0.4A，
由I=UR可得，电源的电压：U=I小(Rx+R)=0.4A×(20Ω+R)-------①
当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，电路中的电流最大，
由图像可知，电路中的电流I大=1.2A，
电源电压：U=I大R=1.2A×R------②
根据①②解得：R=10Ω，
电源电压：U=I大R=1.2A×10Ω=12V；
当滑动变阻器滑动到某一位置时，滑动变阻器的阻值为R'，
此时电路中的电流为：I=UR+R'，
那么滑动变阻器的电功率为：
P=I2R'=(UR+R')2×R'=UR'(R+R')2=U2R'(R-R')2+4RR'=U2(R-R')2R'+4R；
当R=R'=10Ω时，P的值最大，
即滑动变阻器的最大功率为：P最大=U24R=(12V)240Ω=3.6W。
故答案为：10；3.6。
(1)由电路图可知，Rx与R串联，电压表测Rx两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图像得出最小电流，
根据I=UR表示出电源电压，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，电路中的电流最大，根据图像得出最大电流，
同理表示出电源电压，联立等式计算出R的阻值和电源电压；
(2)根据P=I2R表示出滑动变阻器的电功率，通过列式可知当滑动变阻器的阻值等于电阻R的阻值时，其电功率最大，最后根据P=U2R计算出滑动变阻器的最大电功率。
本题主要考查了欧姆定律的应用和电功率的计算，题目计算难度较大。

18.【答案】解：
(1)光由水中斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角，由此在法线右侧的空气中画出折射光线；
(2)过焦点的入射光线，经凸透镜折射后平行于主光轴射出，如图所示：
 
【解析】(1)光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角；
(2)过焦点的入射光线，经凸透镜折射后平行于主光轴射出。
本题考查了光的折射定律以及凸透镜三条特殊光线的应用，记住折射现象中的角度关系是关键。

19.【答案】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中杠杆支点在O点，因此OA作为动力臂最长，由图知动力的方向应该向左，过A点垂直于OA向左画出最小力的示意图，如下图所示：
 
【解析】由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
此题主要考查了杠杆最小力、力臂的画法。解决此类题目的关键是找出最长的力臂，然后根据力臂的概念确定力的方向。

20.【答案】晶体  不变  4 热传递  降低了雪的熔点，可使雪在较低气温下熔化。 
【解析】解：(1)晶体与非晶体的区别在于晶体有固定的熔点或凝固点，反映在图像上是存在一段平行于或重合于时间的线段，图丙符合晶体熔化时温度特点；晶体熔化时继续吸热、温度保持不变；
(2)如图丙所示，盐冰在熔化过程中，4∼8分钟继续吸热，温度保持不变，熔化过程用了4分钟；内能增加方式有热传递和做功，熔化过程中是通过热传递的方式增加盐冰的内能；
(3)水的凝固点或熔点是0℃，与水相比，融雪剂的凝固点变低为-2℃，严寒的冬天，地面上的积雪不能及时熔化，会影响交通安全，人们采取在雪地上撒融雪剂的方法，降低了雪的熔点，可使雪在较低气温下熔化。
故答案为：(1)晶体；不变；(2)4；热传递；(3)降低了雪的熔点，可使雪在较低气温下熔化。
(1)晶体与非晶体的区别在于晶体有固定的熔点或凝固点，晶体熔化时继续吸热、温度保持不变；
(2)盐冰在熔化过程中，4∼8分钟继续吸热，温度保持不变；熔化过程中是通过热传递的方式增加盐冰的内能；
(3)在雪上撒融雪剂可以降低雪的熔点，使雪在温度较低的情况下也能尽快熔化。
本题考查了晶体与非晶体的区别、晶体熔化特点、内能增加方式、撒融雪剂的作用等知识。

21.【答案】甲、乙  不需要匀速拉动木板  1.8向左  4ρ水Vg 
【解析】解：(1)探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，要控制压力大小相同，图1中的甲、乙两个实验测力计示数不同，滑动摩擦力不同，说明了滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关；
(2)丁图中，A相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到长木板B施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，该装置在操作上的优点是不需要匀速拉动木板；
因测力计的拉力方向为水平向右，故木块A所受的摩擦力方向为水平向左；甲中弹簧测力计的示数为1.2N，故A在木板上运动时受到的滑动摩擦力为1.2N，根据力的相互性，A对木板的滑动摩擦力大小为1.2N，方向水平向右，以木板为研究对象，木板还受到水平左的拉力F及地面施加的水平向右的滑动摩擦力的作用，由力的平衡，木板受到地面的摩擦力的大小是：
f=3N-1.2N=1.8N；
(3)由图2c可知，6-9秒做匀速直线运动，根据图b知，受到的拉力为4N，由二力平衡的条件，物体受到滑动摩擦力为4N，因压力大小和接触面的粗糙程度不变，故物体C在第5秒时受到的摩擦力是4N。
(4)图中一次性塑料杯和水的重力大小就等于对物体A的水平拉力大小，因滑块A做匀速直线运动，根据二力平衡的条件，A滑块受到的滑动摩擦力大小等于杯和水的重力大小，在不计一次性塑料杯重时，
f=F=G=mg=ρ水Vg。
故答案为：(1)甲、乙；(2)不需要匀速拉动木板；1.8；向左；(3)4；(4)ρ水Vg。
(1)本实验用弹簧测力计沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小。影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(2)丁图中，A相对地面处于静止状态，由二力平衡原理可知A在木板上运动时受到的滑动摩擦力大小，根据力的相互性可知A对木板的滑动摩擦力大小及方向，以木板为研究对象，分析木板受到的力，由力的平衡求出木板受到地面的摩擦力的大小；
(3)由图c可知6-9秒做匀速直线运动，根据图b知受到的拉力大小，由二力平衡的条件可知物体受到滑动摩擦力大小，根据压力大小和接触面的粗糙程度不变得出物体C在第5秒时受到的摩擦力大小。
(4)图中一次性塑料杯和水的重力就等于对物体A的拉力，由二力平衡的条件，根据重力和密度公式得出滑块A受到的摩擦力ƒ。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对实验方案的改进，体现了对过程和方法的考查。

22.【答案】R1短路  需要  0.9电流表示数为I额  I额2(R0+R1) 
【解析】解：(1)①由题意可知，滑片P向左移动时，电源电压不变，R2接入电路的电阻变小，电流表的示数变大，则变阻器的左下方接线柱应与开关右接线柱相连，如下图所示：

②正确连接电路后，调节两变阻器的阻值至最大并闭合开关，发现电流表有示数，说明电路中有电流，是通路，电压表无示数，则电压表并联部分短路，可能是R1短路造成的；
③探究电流与电阻的关系时，应控制电阻两端的电压不变，他调节电阻箱改变R1的阻值进行三次实验的过程中，需要调节滑动变阻器使电阻箱两端的电压不变；
④设电阻箱两端的电压为U1，则滑动变阻器两端的电压为U-U1，由串联电路的分压特点可知，滑动变阻器接入电路中的电阻为R2=U-U1U1R1=3V-U1U1×10Ω，
把“0.9V”、“1.5V”、“2.5V”三个电压值分别代入可得，变阻器接入电路中的电阻分别为23.3Ω、10Ω、2Ω，由滑动变阻器的最大阻值为20Ω可知，滑动变阻器的阻值无法达到23.3Ω，因此0.9V的电压值是无法调节到的；
(2)①闭合开关S1、S2，调节电阻箱的示数为0时，灯泡L与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表示数为I额；
②闭合开关S1、S3，保持滑片的位置不动，只调节电阻箱，使电流表示数为I额，再读出电阻箱的阻值R0；
③电源的电压不变，由①②两种情况下电路中的电流相等可知，两种情况下的总电阻相等，由滑动变阻器接入电路中的电阻不变可知，灯泡的电阻RL=R0+R定值，
因小灯泡电阻约为8Ω，所以定值电阻只能选R1=5Ω，则小灯泡L的额定功率P额=I额2RL=I额2(R0+R1)。
故答案为：(1)①见解答图；②R1短路；③需要；④0.9；
(2)①电流表示数为I额；③I额2(R0+R1)。
(1)①滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，由“滑片P向左移动时，电流表的示数变大”可知，变阻器的左下方接线柱必须接入电路中；
②正确连接电路后，调节两变阻器的阻值至最大并闭合开关，由电流表有示数可知电路是通路，由电压表无示数可知电压表并联部分短路，据此进行解答；
③探究电流与电阻的关系时，应控制电阻两端的电压不变，据此进行解答；
④先设出电阻箱两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的分压特点得出滑动变阻器接入电路中的电阻的表达式，然后把“0.9V”、“1.5V”、“2.5V”三个电压值带入得出变阻器接入电路中的电阻，最后结合滑动变阻器的最大阻值确定无法调节到的电压值；
(2)要测量额定电流为I额的小灯泡的额定功率，根据P=UI=I2R可知，只要测出额定电流下灯泡的电阻即可；先将灯L与滑动变阻器串联在电路中，先使电流表的示数达到I额，然后保持滑片位置不动，通过调节电阻箱使电流表的示数达到I额，根据欧姆定律可知两种情况下电路的总电阻相等，从而得出额定电流下灯泡的电阻等于定值电阻的阻值加上电阻箱的示数，进一步确定定值电阻的阻值和求出小灯泡L的额定功率。
本题考查了探究电流与电阻的关系实验和测量额定电流为I额的小灯泡的额定功率实验，涉及到滑动变阻器的正确使用、电路故障的判断、归纳数据得出实验结论、串联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用等，明白等效替代法设计测量灯泡电功率实验的原理图是关键。

23.【答案】解：(1)由v=st可知，一辆货车以设计最高时速通过全部线路需要的时间：t=sv=4.95km90km/h=0.055h=3.3min；
(2)货车的重力：G=mg=6000kg×10N/kg=6×104N，
货车对水平桥面的压力：F压=G=6×104N，
货车对桥面的压强：p=F压S=6×104N0.8m2=7.5×104Pa；
(3)货车受到的阻力：f=0.2G=0.2×6×104N=1.2×104N，
因为货车做匀速直线运动，所以，由二力平衡条件可知，货车的牵引力：F=f=1.2×104N，
货车的速度：v=90km/h=25m/s，
则牵引力的功率：P=Wt=Fst=Fv=1.2×104N×25m/s=3×105W。
答：(1)一辆货车以设计最高时速通过全部线路需要3.3min；
(2)货车对桥面的压强为7.5×104Pa；
(3)货车经过大桥，牵引力的功率为3×105W。 
【解析】(1)根据v=st求出一辆货车以设计最高时速通过全部线路需要的时间；
(2)根据G=mg求货车的重力，货车对水平桥面的压力大小等于货车的重力，根据p=FS求货车对桥面的压强；
(3)根据阻力为车重的0.2倍求出货车受到的阻力，根据二力平衡条件求出货车的牵引力，根据P=Wt=Fst=Fv求牵引力的功率。
本题考查二力平衡条件、速度公式、重力公式、压强定义式和功率公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。

24.【答案】解：(1)水壶内水的质量：m=ρ水V=1.0×103kg/m3×2×10-3m3=2kg，
水所吸收的热量：
Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(50℃-30℃)=1.68×105J；
(2)电磁炉工作5min消耗的电能：
W=135r2000r/(kW⋅h)=1352000×3.6×106J=2.43×105J；
电能转化为内能的效率为：
η=Q吸W×100%=1.68×105J2.43×105J×100%≈69.1%；
(3)电磁炉的实际功率：
P=Wt=2.43×105J5×60s=810W；
由P=U2R得电炉丝的电阻为：
R=U额2P额=(220V)21000W=48.4Ω；
根据P=U2R可得实际电压为：
U实=PR=810W×48.4Ω=198V。
答：(1)加热5min，水所吸收的热量为1.68×105J；
(2)电磁炉工作5min消耗的电能为2.43×105J；电能转换为内能的效率为69.1%；
(3)电磁炉的实际功率为810W，当时实际电压为198V。 
【解析】(1)利用m=ρV求得水壶内水的质量，已知水的比热容、水温度的变化，利用吸热公式求水吸收的热量；
(2)知道只将电磁炉接入电路烧水观察电能表，表盘在5min内转了135r，利用电能表的参数“2000r/kW⋅h”求电磁炉工作5min消耗的电能；根据η=Q吸W求出转化效率；
(3)利用P=Wt求电磁炉的功率；根据R=U2P求出电炉丝的电阻值，根据公式P=U2R的变形公式U= PR计算出实际电压值。
本题是一道电学与热学的综合应用题，与生活相联系，涉及到了实际电压、实际功率、额定电压、额定功率、消耗电能的计算，对电能表参数的理解、电功率的计算、热量公式的运用，属于难题。