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2023年山东省聊城市中考物理模拟试卷
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这是一份2023年山东省聊城市中考物理模拟试卷，共21页。试卷主要包含了 下列有关电与磁说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年山东省聊城市中考物理模拟试卷
1. 关于声现象的描述，下列说法中正确的是( )
A. 图甲，利用“土电话”听声音，说明声音能在气体中传播
B. 图乙，禁止燃放烟花爆竹是在声源处控制噪声
C. 图丙，医生用B超查体，说明声音可以传递能量
D. 图丁，演奏钢琴时按压不同的键，是为了改变响度大小
2. 北京2022年冬奥会的成功举行，掀起了全民冰雪运动的热潮。我们认识了速度滑冰、花样滑冰、冰壶等冰上项目，单板滑雪、跳台滑雪、钢架雪车、雪橇等雪上项目。下列有关冰雪运动中物态变化的说法正确的是( )
A. 冰的形成需要放出热量 B. 雾的形成是汽化现象
C. 雪的形成需要吸收热量 D. 霜的形成是凝固现象
3. 光使世界绚丽多彩，人们的生活更离不开光，关于光现象，下列说法正确的是( )
A. 甲图海市蜃楼是由于光的反射形成的
B. 乙图人越靠近家里的穿衣镜所成的像越大，但始终是正立的虚像
C. 丙图日食的成因是光沿直线传播
D. 丁图加入水后，看到碗中的硬币变浅了，是由于光线由空气射入水中发生了折射
4. 当地时间2023年2月28日在西班牙举行的滑雪登山世锦赛中，我国选手玉珍拉姆在短距离项目U20女子组比赛中夺得冠军，为中国队摘得滑雪登山世锦赛的首枚金牌。如图所示比赛中的现场图，下列说法正确的是( )
A. 在斜面下滑的运动员受到的重力、滑板对她的支持力、下滑力三个力的作用
B. 运动员滑到斜面底端后，由于受到惯性作用还能继续向前滑行
C. 在下滑过程中，运动员的惯性增大
D. 滑板在斜面下滑过程中，受到地面摩擦力的方向沿斜面向上
5. 我区公共汽车已实现了微信、支付宝扫码支付乘车，极大的方便了市民出行。如图所示，乘车时市民只要打开付款码，置于公交车付款摄像头前，就能自动扫描扣款相应车票金额。扫描时相当于公交车付款摄像头给手机付款码拍了一张照片，则下列相关分析中正确的是( )
A. 摄像头利用光的反射成像
B. 摄像头成倒立缩小的虚像
C. 付款码要放在摄像头前小于1倍焦距的位置上
D. 付款码要放在摄像头前大于二倍焦距的位置上
6. 2022年11月29日23时08分，我国成功发射神舟十五号载人飞船，在飞船随长征二号F遥运载火箭一起飞向太空的过程中速度越来越快，则下列说法正确的是( )
A. 飞船受到平衡力的作用 B. 飞船的重力势能转化为动能，机械能不变
C. 飞船相对于火箭是静止的 D. 燃料的化学能全部转化为火箭的机械能
7. 此时正值草长莺飞、百花盛开的春季，周末小明同学和家人乘坐公共汽车出门游玩，下列观察到的现象解释正确的是( )
A. 向窗外看时感觉到路边树木向后退，是以地面为参照物
B. 外面风很大，开着车窗看到窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小
C. 司机通过转动方向盘来控制汽车转向，方向盘是费力杠杆
D. 司机使用高德地图可以准确查询景区位置，这是利用超声波来传递信息的
8. 电和我们的生活息息相关，关于家庭电路与安全用电，下列说法正确的是( )
A. 家庭电路中，控制用电器的开关一定要接在零线和用电器之间
B. 家用电器使用三线插头是为了防止漏电对人体造成的伤害
C. 使用试电笔时，手指不能碰到笔尾的金属体，以免触电
D. 人可以靠近断线后落地的高压线
9. 下列有关电与磁说法正确的是( )
A. 甲图我国早期的指南针——司南，静止时长柄指的是地理的北极
B. 乙图导线通电时，小磁针发生偏转，法拉第最早证实了电流周围存在磁场
C. 丙图所示小磁针静止，则A端为电源的正极
D. 丁图开关闭合，导体ab左右运动电流计指针摆动，利用这个原理可以制成电动机
10. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器R的滑片P从中点向b端滑动的过程中( )
A. 电压表的示数变大
B. 电流表A1示数变大
C. 电流表A2示数变小
D. 灯泡L的亮度变暗
11. 每年的五月初五，是端午节，人们喜欢吃粽子。下列与粽子有关的说法正确的是( )
A. 煮粽子是用热传递的方法改变粽子内能的
B. 能闻到粽子的香味是扩散现象
C. 用高压锅能更快煮熟粽子，是因为锅内气压增大，水的沸点升高
D. 剥粽子时总有一些糯米粘到粽叶上，是因为分子间存在斥力
12. 工人师傅使用一个动滑轮将400N的重物匀速提升到6m高处，拉力的方向竖直向上，大小为250N，则( )
A. 拉力所做的功为1500J
B. 机械效率为80%
C. 若用该动滑轮提升更重的货物，机械效率将变小
D. 若采用更轻质的滑轮完成原任务，机械效率将变大
13. 如图所示电路，甲灯泡标有“6V 6W”、乙灯泡标有“6V 3W”的字样，闭合开关后，其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡发光较暗，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则以下说法正确的是( )
A. 甲灯的电阻大于乙灯的电阻 B. 通过甲灯的电流大于通过乙灯的电流
C. 电源电压为9V D. 整个电路此时消耗的总功率是4.5W
14. 同学们佩戴的近视镜是______ (选填“凸”或“凹”)透镜；请你说出一种鉴别老花镜镜片度数是否相同的方法：______ 。
15. 2021年4月29日，中国天宫空间站天和核心舱发射成功，标志着我国空间站时代已经到来。如图所示，天和核心舱沿椭圆轨道环绕地球运行，不受空气阻力，因此机械能守恒。天和核心舱沿椭圆轨道从远地点向近地点运行的过程中，重力势能减小，动能______；把月饼从地球带到空间站，质量______。
16. 实验小组对甲、乙两种固体进行加热研究，分别得出其熔化时的温度时间图像如图所示，由实验结果可知，乙固体是______ (选填“晶体”或“非晶体”)；甲在AB段过程中______ (选填“需要”或“不需要”)吸收热量。
17. 晓亮家中的电能表表盘如图，他家新购置了一台用电器，他想用这个电能表来测量该用电器的电功率与说明书上是否一致，于是他把家中的其他用电器都与电源断开，仅让这个用电器工作，1min内电能表的转盘转了60转，则测得该用电器的电功率是______ W，已知她家原有用电器的总功率是3000W，从电能表使用的角度考虑，他家的电路______(选填“能”或“不能”)允许接入该用电器。
18. 近年来热卖的空气炸锅，可以不用或少用油制作炸制食品。实际就是利用风扇将电热管产生的热量吹向食品进行加热，形象一点就是在锅里放了一台吹风机，用热风吹食物。其内部电路原理如图，相关参数如表。热风加热时电路中的总电流______ A；电热管R的电阻______ Ω。
额定电压
220V
电源频率
50HZ
热风功率
1276W
冷风功率
66W
19. 一束光射向一块玻璃砖(如图)，并穿过玻璃砖。画出这束光进入玻璃和离开玻璃后的光线(注意标出法线)。
20. 如图所示，一个木块从斜面上滑下，在水平面上继续滑动，请分别画出木块在斜面和水平面时所受重力的示意图。
21. 小凯同学利用天平和量筒测量液体的密度。实验步骤如下：
(1)如图甲所示，把天平放在水平台上，游码移到标尺的零刻度处，观察到指针偏向分度盘的右侧，应将平衡螺母向______ 调节，使天平平衡；
(2)用已调节好的天平测得空烧杯的质量m0=30.4g；向烧杯中倒入适量待测液体，用天平测出烧杯和液体的总质量m1，如图乙所示m1=______ g；
(3)将液体全部倒入量筒中，如图丙所示，则量筒内待测液体体积V=______ cm3；
(4)计算量筒内待测液体的密度ρ=______ kg/m3；
(5)按照此方法，所测的密度值会______ (选填“偏小”“偏大”“不变”)。
22. 小明同学在做“探究杠杆平衡条件”时，探究过程如下：
(1)未挂钩码前，他们调动杠杆左侧的平衡螺母，使杠杆在______ 位置平衡。杠杆调节平衡后，在此后的实验中，______ (选填“可以”或“不可以”)旋动两侧的螺母使杠杆恢复平衡。
(2)如图所示，杠杆在水平位置处于平衡状态，若将两侧的钩码同时各向外移动两个小格，杠杆将______ (填写字母)
a.仍然平衡
b.左端下降
c.右端下降
d.无法判断
(3)小明同学进行正确的实验操作后，得到的数据为F1=0.5N，L1=30cm，F2=1N和L1=15cm，于是他就得出了“动力×动力臂=阻力×阻力臂”的结论，他这样做是______ (选填“合理”或“不合理”)的。原因为：______ 。
23. 某实验小组用图甲所示器材测量小灯泡的电功率，电源电压恒为4.5V，待测小灯泡L的额定电压为2.5V，滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”。
(1)图甲是该实验小组没有连接完整的电路，请用笔画出导线，在图甲中完成电路连接，要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大，导线不交叉；
(2)连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，电流表示数变化明显，电压表无示数。仔细检查，连接无误，那么出现该状况的原因可能是小灯泡发生______(选填“断路”或“短路”)；
(3)排除故障后，按图甲所示的电路继续进行实验。由表格可知，小灯泡的额定功率P额=______W；
(4)分析表中数据可知，小灯泡的电阻随电压的增大而______(选填“增大”“减小”或“不变”)；由表中信息可知：灯泡实际功率越______，灯泡越亮。
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1
1.5
2
2.5
3
电流I/A
0.14
0.18
0.22
0.26
0.30
实际功率P/W
0.14
0.27
0.44
0.90
灯泡亮度
逐渐变亮
24. 我国预计于2023年6月发射神舟十六号载人飞船，神舟系列飞船常用偏二甲肼作为主要燃料。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，q偏取4.2×107J/kg，求：
(1)要想获得8.4×l08J的热量需完全燃烧偏二甲肼多少kg？
(2)若这些热量被质量为2.4t的水吸收，其效率为60%，可使初温为20℃的水温度升高到多少℃？
25. 2022年6月17日上午，中国第三艘航空母舰福建舰正式下水。如图所示，福建舰满载时排水量为8万吨，是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰。(ρ海水取1.0×103kg/m3，g=10N/kg)求：
(1)该舰艇满载时静止在海面上所受浮力为多少N？此时排开海水的体积是多少m3？
(2)水面下10m处的舰体受到海水的压强为多少Pa？
(3)水面下10m处，面积为20m2的舰体受到海水的压力为多少N？
26. 如图所示电路中，电源电压保持不变。只闭合开关S1，移动滑动变阻器的滑片，使电路中电流达到最小值，此时电流表示数为0.15A，电压表的示数为3V；只闭合开关S2，移动滑片至滑动变阻器的中点c处时，电压表的示数为5V，此时电阻R2的电功率为0.5W。求：
(1)电阻R1的阻值是多少Ω？
(2)电源电压是多少V？
(3)滑动变阻器R3的最大阻值是多少Ω？
(4)当开关S1、S2、S3都闭合时，电路消耗的总功率是多少W？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、利用“土电话”听声音，说明声音在固体中也能传播，故A错误；
B、禁止燃放烟花爆竹，属于在声源处控制噪声，故B正确；
C、医生用B超查体，说明声音可以传递信息，故C错误；
D、演奏钢琴时，用手按压不同的琴键，琴键振动的频率不同，这是为了改变音调，故D错误。
故选：B。
(1)声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体、气体中传播；
(2)减弱噪声有三种方法：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱；
(3)声音可以传递能量，可以传递信息；
(4)音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
本题考查声音在不同介质中的传播速度、声音的特征、防治噪声的三种途径，以及声波的应用等，综合性较强，但难度不大，是一道基础题。
2.【答案】A
【解析】解：A、冰的形成是液态变成固态的过程，是凝固现象，凝固放热，故A正确；
B、雾的形成是空气中的水蒸气变成液态的小水滴，是气态变成液态的过程，是液化现象，故B错误；
C、雪的形成是空气中的水蒸气直接变成固态的小冰晶，是气态直接变成固态的过程，是凝华现象，凝华放热，故C错误；
D、霜的形成是空气中的水蒸气直接变成固态的小冰晶，是气态直接变成固态的过程，是凝华现象，故D错误；
故选：A。
液态变成固态的过程，是凝固现象，凝固放热；气态变成液态的过程，是液化现象；气态直接变成固态的过程，是凝华现象，凝华放热。
本题考察凝固现象、液化现象、凝华现象的概念。
3.【答案】C
【解析】解：A、甲图海市蜃楼是由于光的折射形成的，故A错误；
B、乙图人越靠近家里的穿衣镜所成的像不变，平面镜所成的像的大小与物体大小相等，与物体到镜面的距离无关，故B错误；
C、丙图日食的成因是由于月球挡住了照向地球的光，故是由于光沿直线传播形成的，故C正确；
D、丁图加入水后，看到碗中的硬币变浅了，是由于光从水中斜射入空气中发生了折射现象，故D错误。
故选：C。
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、凸透镜成像等。
本题列举了四个常见的光现象，综合了光学知识，需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考。
4.【答案】D
【解析】解：A.在斜面下滑的运动员受到的重力、滑板对她的支持力、摩擦力三个力的作用，斜面上物体由于受重力下滑，不存在下滑力；故A错误；
B.运动员滑到斜面底端后，由于具有惯性，还能继续向前滑行，惯性不是力，不能说惯性作用，故B错误。
C.在下滑过程中，运动员的质量不变，惯性不变，故D错误；
D.滑板在斜面下滑过程中，受到地面摩擦力的方向与相对运动方向相反，沿斜面向上，故D正确。
故选：D。
(1)斜面上物体由于受重力下滑，不存在下滑力；
(2)惯性是物体的属性，不是力，惯性大小与质量有关；
(3)摩擦力的方向与物体相对运动或运动趋势方向相反。
本题考查摩擦力、惯性以及受力分析，属于中档题。
5.【答案】D
【解析】解：摄像头相当于凸透镜，其成像原理属于光的折射；利用摄像头扫码时，付款码到摄像头的距离是物距，物距要大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，故D正确、ABC错误。
故选：D。
物距u>2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，像距的范围f
6.【答案】C
【解析】解：
A、因为飞船速度增大，受到的推力大于重力，因此受到的不是平衡力，故A错误；
B、飞船上升的过程中速度越来越大，高度越来越高，所以飞船的动能和势能不断增加，机械能增大，故B错误；
C、飞船与火箭之间没有发生位置变化，所以飞船相对于火箭是静止的，故C正确；
D、在能量的转化和转移的过程中，有能量的散失，所以燃料的化学能不可能全部转化为火箭的机械能，故D错误。
故选：C。
(1)只有处于静止状态或匀速直线运动状态的物体才受平衡力作用；
(2)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，机械能为动能、势能的和；
(3)根据飞船与火箭之间是否发生了位置变化分析；
(4)在能量的转化和转移的过程中，有能量的散失。
本题考查了平衡力的辨别、机械能的变化、运动和静止的相对性、能量的转化，属于基础题。
7.【答案】B
【解析】解：A、向窗外看时感觉到路边树木向后退，是以车为参照物，树木和车的相对位置发生了变化，故A错误；
B、看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小，车内空气流速慢压强大，从而产生向外的压力差，故B正确；
C、汽车的方向盘是一个轮轴，其实质是一个可以连续转动的省力杠杆，故C错误；
D、司机使用高德地图可以准确查询景区位置，是利用电磁波来传递信息的，故D错误。
故选：B。
(1)研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
(2)气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；
(3)汽车的方向盘是一个轮轴，其实质是一个省力的杠杆；
(4)电磁波可以传递信息。
本题考查的知识点较多，包括参照物的判断、流体压强与流速的关系、轮轴的特点和电磁波等，是一道综合题；联系生活实际来考查物理知识，是现在中考考查知识一个很重要的方式，需要掌握其方法。
8.【答案】B
【解析】解：A、控制用电器的开关应接在火线和用电器之间，这样在开关断开时，用电器上没有电，不易发生触电事故，故A错误；
B、三孔插座的上孔接地线，金属外壳的用电器连接三孔插座的上孔，这样在金属外壳的用电器漏电时，避免出现触电事故。故B正确；
C、使用试电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，才是正确的，当氖管发光时，说明接触的是火线，故C错误；
D、如果高压线掉落在地上，当人经过这个区域时，两脚之间存在相当高的电压，称做“跨步电压”，所以不可以靠近断线后落地的高压线，故D错误。
故选：B。
(1)家庭电路中，控制用电器的开关应接在火线和用电器之间；
(2)三孔插座的接法：上面的孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。上孔接地线是为了金属外壳的用电器的金属外壳接地，避免金属外壳的用电器漏电时，发生触电事故；
(3)使用试电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，不能与笔尖金属体接触；
(4)如果高压线掉落在地上，当人经过这个区域时，两脚之间存在相当高的电压，称做“跨步电压”；
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
9.【答案】C
【解析】解：
A、地球本身是一个大磁体，司南是用天然磁石磨制成的勺子，即其实质就是一块磁铁，在地球的磁场中受到磁力的作用，其静止时其勺柄指向地理南方，即指南的南极用S表示，故长柄所指的方向是地球磁场的北极，即地理的南极附近，故A错误；
B、导线通电时，小磁针发生偏转，这说明小磁针受到的磁场的作用，证实了电流周围存在磁场，是奥斯特首先发现的，故B错误；
C、由图可知，小磁针的左端为N极，右端为S极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为S极，根据安培定则可知，电流从螺线管的左端流入，所以A端为正极，B端为负极，故C正确；
D、闭合电路的部分导体ab左右运动时，导体ab在磁场中切割磁感线运动，所以导体中有感应电流，电流计指针左右摆动，这种现象是电磁感应现象；利用这个原理可以制成发电机，故D错误。
故选：C。
(1)地磁的南极在地理的北极附近，而地磁的北极在地理的南极附近，再根据磁极间的作用规律，可判断司南指向；
(2)奥斯特实验说明通电导线的周围存在磁场；
(3)根据磁极间的相互作用规律判定螺线管的极性，根据安培定则判定螺线管中电流的方向和电源的正、负极；
(4)闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象。据此制成了发电机。
本题考查了地磁场、安培定则的应用、磁极间的相互作用规律、电磁感应现象、电流的磁效应等，知识点较多，熟练掌握基础知识是解答的关键。
10.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表A1测R支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源的电压；
因为电源的电压不变，所以滑片移动时，电压表的示数不变，故A不正确；
当滑动变阻器R的滑片P从中点向b端滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，由I=UR可知，该支路的电流变小，即电流表A1的示数变小，故B不正确；
因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以灯泡两端的电压和通过的电流不变，亮度不变，故D不正确；
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A2示数变小，故C正确。
故选：C。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表A1测R支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源的电压；根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据滑片的移动可知该支路接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路的特点可知通过灯泡的电流变化及亮度变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断。
11.【答案】ABC
【解析】解：A、煮粽子的过程是利用热传递的方法改变粽子的内能，故A正确；
B、能闻到粽子的香味是由于分子不停地做无规则运动产生的扩散现象，故B正确；
C、用压锅能更快煮熟粽子，是因为锅内气压增大，水的沸点升高，故C正确；
D、剥粽子时总有一些糯米粘到粽叶上，是因为分子间存在引力，故D错误。
故选：ABC。
(1)改变内能的方法：做功和热传递；
(2)不同物质接触时，分子彼此进入对方的现象叫扩散；
(3)液体的沸点与大气压有关，气压越大沸点越高；
(4)分子间存在相互作用的引力和斥力。
深入理解分子动理论的内容，知道沸点与大气压的关系，可解答此题。
12.【答案】BD
【解析】解：
A、由于使用动滑轮，所以n=2，则绳端移动的距离为：s=2h=2×6m=12m，
拉力做的总功为：
W总=Fs=250N×12m=3000J，故A错误；
B、有用功：W有用=Gh=400N×6m=2400J，
滑轮组的机械效率为：
η=W有用W总×100%=2400J3000J×100%=80%，故B正确；
C、此题中动滑轮不变，则在此过程中所做的额外功几乎不变，由于物体的重力增加，所以有用功增大，
由公式η=W有用W总=W有用W有用+W额外可知，若用该动滑轮提升更重的货物，有用功在总功中所占的比例将增大，则机械效率变大，故C错误；
D、采用轻质滑轮完成原任务，额外功减小，由η=W有用W总=W有用W有用+W额外可知，机械效率变大，故D正确。
故选：BD。
(1)知道物体上升的高度，可利用公式W有用=Gh计算有用功；从题可知，使用的是一个动滑轮，则n=2，可利用s=2h求出拉力移动的距离，知道拉力大小，可利用公式W总=Fs计算拉力做的总功；最后利用机械效率的公式求动滑轮的机械效率；
(2)增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重。
本题考查了学生对有用功、总功、功率公式、机械效率公式、滑轮组s=nh的理解和运用，理解并求出有用功和总功是本题的关键。
13.【答案】CD
【解析】解：A、由P=UI=U2R可得两灯泡的电阻分别为：
R甲=U甲2P甲=(6V)26W=6Ω、R乙=U乙2P乙=(6V)23W=12Ω，则R甲
因串联电路中各处的电流相等，且其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡发光较暗，
所以，电路中的电流I=I乙=0.5A，故B错误；
电源电压为：
U=I(IR甲+R乙)=0.5A×(6Ω+12Ω)=9V，故C正确；
整个电路此时消耗的总功率为：
P=UI=9V×0.5A=4.5W，故D正确。
故选：CD。
(1)知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI=U2R求出两灯泡的电阻，然后比较两灯泡的电阻关系；
(2)根据串联电路的电流规律分析解答；
(3)根据欧姆定律求出两灯泡的额定电流，根据串联电路的电流特点结合题意求出电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路电阻的规律求出电源电压，根据P=UI求出整个电路此时消耗的总功率。
本题考查了串联电路的特点和电功率公式、欧姆定律公式的综合应用，正确得出电路中的电流是关键。
14.【答案】凹 使平行光分别正对着两个镜片入射，比较它们的焦距大小，若二者相等说明度数相同。因为眼镜的度数和镜片的焦距有关，度数越大，则镜片的焦距越小，对光的偏折程度越大
【解析】解：(1)近视镜是凹透镜；
(2)镜片的度数表示对光发散或会聚能力的大小。
使平行光分别正对着两个镜片入射，比较它们的焦距大小，若二者相等说明度数相同。因为眼镜的度数和镜片的焦距有关，度数越大，则镜片的焦距越小，对光的偏折程度越大。
故答案为：凹；使平行光分别正对着两个镜片入射，比较它们的焦距大小，若二者相等说明度数相同。因为眼镜的度数和镜片的焦距有关，度数越大，则镜片的焦距越小，对光的偏折程度越大。
近视镜是凹透镜；老花镜是凸透镜。
鉴别老花镜度数的大小，实际上是鉴别凸透镜焦距的大小，焦距越大，会聚能力越弱，度数越小。
掌握如何区别凸透镜和凹透镜的应用、凸透镜焦距大小的测定等。
15.【答案】变大 不变
【解析】解：天和核心舱沿椭圆轨道从远地点向近地点运行的过程中，重力势能减小，质量不变，速度变大，动能变大；质量的大小与物体的位置无关，把月饼从地球带到空间站，质量不变。
故答案为：变大；不变。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)质量的大小与物体的位置无关。
本题考查了动能的影响因素、质量的变化，属于基础题。
16.【答案】非晶体 需要
【解析】解：晶体与非晶体的区别在于晶体有固定的熔点或凝固点，晶体熔化特点是继续吸收热量，温度不变。反映在图像上，晶体熔化过程中存在一段平行于(或重合于)时间轴的线段，甲固体熔化过程AB段符合晶体熔化过程中继续吸收热量，温度保持不变的特征，乙固体熔化过程中温度一直升高，故乙固体是非晶体，晶体甲熔化过程AB段需要吸收热量。
故答案为：非晶体；需要。
晶体与非晶体的区别在于晶体有固定的熔点或凝固点，晶体熔化特点是继续吸收热量，温度不变。
本题考察晶体与非晶体的区别、晶体熔化特点。
17.【答案】1200 能
【解析】解：(1)3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过3000r，
电能表的转盘转过60r，则用电器消耗的电能：
W=603000kW⋅h=0.02kW⋅h；
该用电器的电功率：
P=Wt=0.02kW⋅h160h=1.2kW=1200W；
(2)“220V10(40)A”中，40A为电能表平时工作允许通过的最大电流；
电能表允许接入用电器的最大总功率：P最大=UI最大=220V×40A=8800W，
增加此用电器后，他家用电器的总功率为P总=3000W+1200W=4200W，
因为P总
故答案为：1200；能。
(1)3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过3000r，据此求转盘转60r时用电器消耗的电能，再利用P=Wt求出该用电器的电功率；
(2)“220V10(40)A”中，220V是指电能表的工作电压，10A为电能表的标定电流，40A为电能表平时工作允许通过的最大电流；利用P=UI求出电能表允许接入用电器的最大总功率，再求出增加用电器后电路中的总功率，比较此时的总功率与允许接入用电器的最大总功率的大小关系可作出判断。
本题考查了电功率的计算以及对电能表相关参数的理解和应用，属于基础题。
18.【答案】5.840
【解析】解：(1)由表格数据可知，热风功率P热=1276W，根据P=UI可得，热风加热时电路中的总电流：I=P热U=1276W220V=5.8A；
(2)由电路图结合题意可知，热风加热时电风扇和电热丝R并联同时工作，冷风时只有电风扇工作，
由表格可知，冷风功率为P冷=66W，
加热时电热丝的电功PR=P热-P冷=1276W-66W=1210W；
根据P=U2R知，
正常工作时电热管的电阻；
R=U额2PR=(220V)21210W=40Ω。
故答案为：5.8；40。
(1)根据表格数据可知热风加热时的功率，根据P=UI求出热风加热时电路中的总电流；
(2)由电路图结合题意可知，热风加热时电风扇和电热丝R并联同时工作，冷风时只有电风扇工作；根据冷风功率和热风功率计算加热电阻的电功率，根据P=U2R知正常工作时电热管的电阻。
本题考查了欧姆定律、电功率公式综合应用，判断好吹热风和冷风时电路的连接方式是关键。
19.【答案】解：
先画出法线，当光从空气斜射入玻璃时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角；当光从玻璃斜射入空气时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角；据此作出两条折射光线，如下图所示：
【解析】根据光的折射规律：
当光从空气斜射入玻璃时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角。
当光从玻璃斜射入空气时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角。
光从空气斜射入玻璃和光从玻璃斜射入空气时，入射角和折射角的大小关系是不同的。
20.【答案】解：木块在斜面和水平面时所受重力的重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心上，如图所示：
【解析】重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心上，据此作图。
本题考查了力的示意图的画法。注意要先确定力的三要素，然后用带箭头的线段表示出力的三要素。
21.【答案】左 66.4301.2×103 偏大
【解析】解：(1)将天平放在水平台上，将游码移到标尺左端的零刻线处，此时，指针在分度盘上的位置如图甲所示，即指针右偏，他应将平衡螺母向左端调节，使天平平衡；
(2)由乙可知，液体和烧杯的总质量m1=50g+10g+5g+1.4g=66.4g；
(3)量筒的分度值为2mL=2cm3，量筒中液体的体积为：V=30mL=30cm3；
(4)量筒中液体的质量为：
m=m1-m0=66.4g-30.4g=36g，
液体密度为：
ρ=mV=36g30cm3=1.2g/cm3=1.2×103kg/m3；
(5)由于将烧杯中液体全部倒入量筒时，烧杯中有液体残留，使所测体积偏小，在质量一定时，由公式ρ=mV可知，所测液体密度偏大。
故答案为：(1)左；(2)66.4；(3)30；(4)1.2×103；(5)偏大。
(1)天平的正确调节：把天平放在水平台上，把游码拨到零刻度，调节天平横梁平衡时，平衡螺母向天平上翘的一端移动；
(2)被测物体质量等于右盘中所有砝码质量与游码在标尺上所对刻度值之和；
(3)读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
(4)由密度公式ρ=mV计算液体密度；
(5)由于烧杯中有液体残留，使测量体积时结果偏小，在质量一定时，由密度公式ρ=mV判断出所测密度的偏差。
本题考查实验：液体密度的测量，要求学生会使用天平和量筒测量密度，难度适中。
22.【答案】水平 不可以 c 不合理 只有一次实验数据，总结的实验结论具有偶然性
【解析】解：(1)当杠杆在不挂钩码时，调节杠杆左侧的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；
杠杆平衡后，在往后的实验过程中不能再调节两侧的平衡螺母；
(2)设杠杆上每格长度是L，每格钩码的重力是G，
原来杠杆：1G×6L=2G×3L，处于平衡状态，
若将杠杆两侧的沟马同时各向外移动两小格，左侧=G×8L=8GL，
右侧=2G×5L=10GL，左侧<右侧，右端下倾，故选： c。
(3)用实验来探究物理规律时，要采用多次实验，用多组实验数据来总结实验结论，实验结论具有普遍性，如果只有一次实验数据，总结的实验结论具有偶然性，所以用一次实验数据就得出结论不合理。
故答案为：(1)水平；不可以；(2)c；(3)不合理；只有一次实验数据，总结的实验结论具有偶然性。
(1)当杠杆在不挂钩码时，调节杠杆左侧的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；
调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡后，就不能再移动平衡螺母，依靠改变钩码的数量和位置来使杠杆在水平位置重新平衡。
(2)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2计算可解；
(3)用实验数据总结实验结论时，要进行多次实验，总结的实验结论才具有普遍性，避免偶然性。
探究杠杆的平衡条件实验，先将杠杆调到水平平衡，一是让杠杆中心在支点上，不对杠杆平衡产生影响；二是便于力臂的测量。实验时要进行多次试验，由多组数据分析得出结论。
23.【答案】短路 0.65增大 大
【解析】解：
(1)待测小灯泡L的额定电压为2.5V，电源电压为4.5V，故电压表应该选择量程0-3V的接线柱。要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大，即滑片向右移动时，接入电路的电阻阻值增大，故此时滑动变阻器应该接A接线柱。如下图：
(2)闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，电流表示数变化明显，说明电路是通路，电压表无示数，可能是灯泡短路；
(3)从表中可知灯泡额定电压为2.5V，通过灯泡电流为0.26A，故灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.26A=0.65W；
(4)由表中数据知，通过灯泡的电流随电压的增大而增大，但电压增加量大于电流的增加量，由R=UI可知，小灯泡灯丝电阻随电压的增大而增大；通过灯的电流随电压的变大而增大，根据P=UI，灯的实际功率变大，故小灯泡工作时，消耗的电功率随电压的增大而增大，灯泡实际功率越大，灯泡越亮。
故答案为：(1)见解析；(2)短路；(3)0.65；(4)增大；大。
(1)根据滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大确定变阻器器左下接线柱连入电路中；由待测小灯泡L的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联；
(2)连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，电流表示数变化明显，则电路为通路，根据小灯泡不亮，电压表无示数分析原因；
(3)灯在额定电压下正常发光，由表中数据可知2.5V时的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
(4)由表中数据，结合欧姆定律分析灯泡电阻随电压的变化情况；根据P=UI可知灯的实际功率变化，结合表中数据得出结论。
本题测量小灯泡的电功率，考查电路连接、故障分析、功率计算，有一定难度。
24.【答案】解：(1)由Q放=mq得完全燃烧偏二甲肼的质量：
m=Q放q偏=8.4×108J4.2×107J/kg=20kg；
(2)由题意知，水吸收的热量：
Q吸=Q放η=8.4×l08J×60%=5.04×107J，
由Q吸=cm(t-t0)得，水的末温：
t=Q吸c水m+t0=5.04×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×2.4×103kg+20℃=70℃。
答：(1)要想获得8.4×l08J的热量需完全燃烧偏二甲肼20kg；
(2)可使初温为20℃的水温度升高到70℃。
【解析】(1)知道偏二甲肼燃烧放出的热量，利用Q放=mq求需完全燃烧偏二甲肼的质量。
(2)根据题意求出水吸收的热量，再根据Q吸=cm(t-t0)求出水的末温。
本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
25.【答案】解：(1)舰艇的最大排水量为8×104t，根据阿基米德原理可知该舰艇满载时静止在海面上所受浮力：
F浮=G排=m排g=8×104×103kg×10N/kg=8×108N；
由F浮=ρ液gV排得，舰艇排开水的体积：
V排=F浮ρ海水g=8×108N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×104m3；
(2)水面下10m处的舰体受到海水的压强：
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10m=1×105Pa；
(3)根据p=FS可知水面下10m处，面积为20m2的舰体受到海水的压力：
F=pS=1×105Pa×20m2=2×106N。
答：(1)该舰艇满载时静止在海面上所受浮力为8×108N，此时排开海水的体积是8×104m3；
(2)水面下10m处的舰体受到海水的压强为1×105Pa；
(3)水面下10m处，面积为20m2的舰体受到海水的压力为2×106N。
【解析】(1)根据F浮=G排=m排g可知该舰艇满载时静止在海面上所受浮力，由F浮=ρ液gV排得舰艇排开水的体积；
(2)根据p=ρ海水gh得出水面下10m处的舰体受到海水的压强；
(3)根据p=FS的变形式F=pS可知水面下10m处面积为20m2的舰体受到海水的压力.
本题考查了排水量、阿基米德原理和压强公式等重要知识点，属于基本公式的应用。
26.【答案】解：(1)只闭合开关S1，R1和R3串联，电流表测量电路电流，电压表测量R1两端的电压，
移动滑动变阻器的滑片，使电路中电流达到最小值，则滑动变阻器的滑片位于b处，接入电路的阻值最大，
根据欧姆定律可知R1=U1I1=3V0.15A=20Ω；
(2)(3)只闭合开关S1，R1和R3串联，根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压：
U=U1+U3=U1+I1R3=3V+0.15A×R3----------------①；
只闭合开关S2，R2和R3串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端的电压，移动滑片至滑动变阻器的中点c处时，
根据P=UI可知此时电路中的电流I2=P2U2=0.5W5V=0.1A，
根据欧姆定律可知R2=U2I2=5V0.1A=50Ω，
电源电压U=U2+U3'=U2+I2×12R3=5V+0.1A×12R3-------------②；
解①②可得：U=6V，R3=20Ω；
(4)当开关S1、S2、S3都闭合时，滑动变阻器被短路，电路为R1和R2并联的电路，
电路消耗的总功率P总=U2R1+U2R2=(6V)220Ω+(6V)250Ω=2.52W。
答：(1)电阻R1的阻值是20Ω；
(2)电源电压是6V；
(3)滑动变阻器R3的最大阻值是20Ω；
(4)当开关S1、S2、S3都闭合时，电路消耗的总功率是2.52W。
【解析】(1)只闭合开关S1，R1和R3串联，电流表测量电路电流，电压表测量R1两端的电压，移动滑动变阻器的滑片，使电路中电流达到最小值，则滑动变阻器的滑片位于b处，接入电路的阻值最大，根据欧姆定律可知R1的阻值；
(2)(3)只闭合开关S1，R1和R3串联，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得出电源电压的表达式；
只闭合开关S2，R2和R3串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端的电压，移动滑片至滑动变阻器的中点c处时，
根据P=UI可知此时电路中的电流，根据欧姆定律可知R2的阻值；
根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得出电源电压的表达式；联立以上两式可得出电源电压和滑动变阻器R3的最大阻值；
(4)当开关S1、S2、S3都闭合时，滑动变阻器被短路，电路为R1和R2并联的电路，根据P=U2R可得出电路消耗的总功率。
本题考查等效电路分析、欧姆定律的应用和电功率的计算等知识，综合性强，难度适中。
2023年山东省聊城市中考物理模拟试卷
1. 关于声现象的描述，下列说法中正确的是( )
A. 图甲，利用“土电话”听声音，说明声音能在气体中传播
B. 图乙，禁止燃放烟花爆竹是在声源处控制噪声
C. 图丙，医生用B超查体，说明声音可以传递能量
D. 图丁，演奏钢琴时按压不同的键，是为了改变响度大小
2. 北京2022年冬奥会的成功举行，掀起了全民冰雪运动的热潮。我们认识了速度滑冰、花样滑冰、冰壶等冰上项目，单板滑雪、跳台滑雪、钢架雪车、雪橇等雪上项目。下列有关冰雪运动中物态变化的说法正确的是( )
A. 冰的形成需要放出热量 B. 雾的形成是汽化现象
C. 雪的形成需要吸收热量 D. 霜的形成是凝固现象
3. 光使世界绚丽多彩，人们的生活更离不开光，关于光现象，下列说法正确的是( )
A. 甲图海市蜃楼是由于光的反射形成的
B. 乙图人越靠近家里的穿衣镜所成的像越大，但始终是正立的虚像
C. 丙图日食的成因是光沿直线传播
D. 丁图加入水后，看到碗中的硬币变浅了，是由于光线由空气射入水中发生了折射
4. 当地时间2023年2月28日在西班牙举行的滑雪登山世锦赛中，我国选手玉珍拉姆在短距离项目U20女子组比赛中夺得冠军，为中国队摘得滑雪登山世锦赛的首枚金牌。如图所示比赛中的现场图，下列说法正确的是( )
A. 在斜面下滑的运动员受到的重力、滑板对她的支持力、下滑力三个力的作用
B. 运动员滑到斜面底端后，由于受到惯性作用还能继续向前滑行
C. 在下滑过程中，运动员的惯性增大
D. 滑板在斜面下滑过程中，受到地面摩擦力的方向沿斜面向上
5. 我区公共汽车已实现了微信、支付宝扫码支付乘车，极大的方便了市民出行。如图所示，乘车时市民只要打开付款码，置于公交车付款摄像头前，就能自动扫描扣款相应车票金额。扫描时相当于公交车付款摄像头给手机付款码拍了一张照片，则下列相关分析中正确的是( )
A. 摄像头利用光的反射成像
B. 摄像头成倒立缩小的虚像
C. 付款码要放在摄像头前小于1倍焦距的位置上
D. 付款码要放在摄像头前大于二倍焦距的位置上
6. 2022年11月29日23时08分，我国成功发射神舟十五号载人飞船，在飞船随长征二号F遥运载火箭一起飞向太空的过程中速度越来越快，则下列说法正确的是( )
A. 飞船受到平衡力的作用 B. 飞船的重力势能转化为动能，机械能不变
C. 飞船相对于火箭是静止的 D. 燃料的化学能全部转化为火箭的机械能
7. 此时正值草长莺飞、百花盛开的春季，周末小明同学和家人乘坐公共汽车出门游玩，下列观察到的现象解释正确的是( )
A. 向窗外看时感觉到路边树木向后退，是以地面为参照物
B. 外面风很大，开着车窗看到窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小
C. 司机通过转动方向盘来控制汽车转向，方向盘是费力杠杆
D. 司机使用高德地图可以准确查询景区位置，这是利用超声波来传递信息的
8. 电和我们的生活息息相关，关于家庭电路与安全用电，下列说法正确的是( )
A. 家庭电路中，控制用电器的开关一定要接在零线和用电器之间
B. 家用电器使用三线插头是为了防止漏电对人体造成的伤害
C. 使用试电笔时，手指不能碰到笔尾的金属体，以免触电
D. 人可以靠近断线后落地的高压线
9. 下列有关电与磁说法正确的是( )
A. 甲图我国早期的指南针——司南，静止时长柄指的是地理的北极
B. 乙图导线通电时，小磁针发生偏转，法拉第最早证实了电流周围存在磁场
C. 丙图所示小磁针静止，则A端为电源的正极
D. 丁图开关闭合，导体ab左右运动电流计指针摆动，利用这个原理可以制成电动机
10. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器R的滑片P从中点向b端滑动的过程中( )
A. 电压表的示数变大
B. 电流表A1示数变大
C. 电流表A2示数变小
D. 灯泡L的亮度变暗
11. 每年的五月初五，是端午节，人们喜欢吃粽子。下列与粽子有关的说法正确的是( )
A. 煮粽子是用热传递的方法改变粽子内能的
B. 能闻到粽子的香味是扩散现象
C. 用高压锅能更快煮熟粽子，是因为锅内气压增大，水的沸点升高
D. 剥粽子时总有一些糯米粘到粽叶上，是因为分子间存在斥力
12. 工人师傅使用一个动滑轮将400N的重物匀速提升到6m高处，拉力的方向竖直向上，大小为250N，则( )
A. 拉力所做的功为1500J
B. 机械效率为80%
C. 若用该动滑轮提升更重的货物，机械效率将变小
D. 若采用更轻质的滑轮完成原任务，机械效率将变大
13. 如图所示电路，甲灯泡标有“6V 6W”、乙灯泡标有“6V 3W”的字样，闭合开关后，其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡发光较暗，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则以下说法正确的是( )
A. 甲灯的电阻大于乙灯的电阻 B. 通过甲灯的电流大于通过乙灯的电流
C. 电源电压为9V D. 整个电路此时消耗的总功率是4.5W
14. 同学们佩戴的近视镜是______ (选填“凸”或“凹”)透镜；请你说出一种鉴别老花镜镜片度数是否相同的方法：______ 。
15. 2021年4月29日，中国天宫空间站天和核心舱发射成功，标志着我国空间站时代已经到来。如图所示，天和核心舱沿椭圆轨道环绕地球运行，不受空气阻力，因此机械能守恒。天和核心舱沿椭圆轨道从远地点向近地点运行的过程中，重力势能减小，动能______；把月饼从地球带到空间站，质量______。
16. 实验小组对甲、乙两种固体进行加热研究，分别得出其熔化时的温度时间图像如图所示，由实验结果可知，乙固体是______ (选填“晶体”或“非晶体”)；甲在AB段过程中______ (选填“需要”或“不需要”)吸收热量。
17. 晓亮家中的电能表表盘如图，他家新购置了一台用电器，他想用这个电能表来测量该用电器的电功率与说明书上是否一致，于是他把家中的其他用电器都与电源断开，仅让这个用电器工作，1min内电能表的转盘转了60转，则测得该用电器的电功率是______ W，已知她家原有用电器的总功率是3000W，从电能表使用的角度考虑，他家的电路______(选填“能”或“不能”)允许接入该用电器。
18. 近年来热卖的空气炸锅，可以不用或少用油制作炸制食品。实际就是利用风扇将电热管产生的热量吹向食品进行加热，形象一点就是在锅里放了一台吹风机，用热风吹食物。其内部电路原理如图，相关参数如表。热风加热时电路中的总电流______ A；电热管R的电阻______ Ω。
额定电压
220V
电源频率
50HZ
热风功率
1276W
冷风功率
66W
19. 一束光射向一块玻璃砖(如图)，并穿过玻璃砖。画出这束光进入玻璃和离开玻璃后的光线(注意标出法线)。
20. 如图所示，一个木块从斜面上滑下，在水平面上继续滑动，请分别画出木块在斜面和水平面时所受重力的示意图。
21. 小凯同学利用天平和量筒测量液体的密度。实验步骤如下：
(1)如图甲所示，把天平放在水平台上，游码移到标尺的零刻度处，观察到指针偏向分度盘的右侧，应将平衡螺母向______ 调节，使天平平衡；
(2)用已调节好的天平测得空烧杯的质量m0=30.4g；向烧杯中倒入适量待测液体，用天平测出烧杯和液体的总质量m1，如图乙所示m1=______ g；
(3)将液体全部倒入量筒中，如图丙所示，则量筒内待测液体体积V=______ cm3；
(4)计算量筒内待测液体的密度ρ=______ kg/m3；
(5)按照此方法，所测的密度值会______ (选填“偏小”“偏大”“不变”)。
22. 小明同学在做“探究杠杆平衡条件”时，探究过程如下：
(1)未挂钩码前，他们调动杠杆左侧的平衡螺母，使杠杆在______ 位置平衡。杠杆调节平衡后，在此后的实验中，______ (选填“可以”或“不可以”)旋动两侧的螺母使杠杆恢复平衡。
(2)如图所示，杠杆在水平位置处于平衡状态，若将两侧的钩码同时各向外移动两个小格，杠杆将______ (填写字母)
a.仍然平衡
b.左端下降
c.右端下降
d.无法判断
(3)小明同学进行正确的实验操作后，得到的数据为F1=0.5N，L1=30cm，F2=1N和L1=15cm，于是他就得出了“动力×动力臂=阻力×阻力臂”的结论，他这样做是______ (选填“合理”或“不合理”)的。原因为：______ 。
23. 某实验小组用图甲所示器材测量小灯泡的电功率，电源电压恒为4.5V，待测小灯泡L的额定电压为2.5V，滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”。
(1)图甲是该实验小组没有连接完整的电路，请用笔画出导线，在图甲中完成电路连接，要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大，导线不交叉；
(2)连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，电流表示数变化明显，电压表无示数。仔细检查，连接无误，那么出现该状况的原因可能是小灯泡发生______(选填“断路”或“短路”)；
(3)排除故障后，按图甲所示的电路继续进行实验。由表格可知，小灯泡的额定功率P额=______W；
(4)分析表中数据可知，小灯泡的电阻随电压的增大而______(选填“增大”“减小”或“不变”)；由表中信息可知：灯泡实际功率越______，灯泡越亮。
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1
1.5
2
2.5
3
电流I/A
0.14
0.18
0.22
0.26
0.30
实际功率P/W
0.14
0.27
0.44
0.90
灯泡亮度
逐渐变亮
24. 我国预计于2023年6月发射神舟十六号载人飞船，神舟系列飞船常用偏二甲肼作为主要燃料。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，q偏取4.2×107J/kg，求：
(1)要想获得8.4×l08J的热量需完全燃烧偏二甲肼多少kg？
(2)若这些热量被质量为2.4t的水吸收，其效率为60%，可使初温为20℃的水温度升高到多少℃？
25. 2022年6月17日上午，中国第三艘航空母舰福建舰正式下水。如图所示，福建舰满载时排水量为8万吨，是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰。(ρ海水取1.0×103kg/m3，g=10N/kg)求：
(1)该舰艇满载时静止在海面上所受浮力为多少N？此时排开海水的体积是多少m3？
(2)水面下10m处的舰体受到海水的压强为多少Pa？
(3)水面下10m处，面积为20m2的舰体受到海水的压力为多少N？
26. 如图所示电路中，电源电压保持不变。只闭合开关S1，移动滑动变阻器的滑片，使电路中电流达到最小值，此时电流表示数为0.15A，电压表的示数为3V；只闭合开关S2，移动滑片至滑动变阻器的中点c处时，电压表的示数为5V，此时电阻R2的电功率为0.5W。求：
(1)电阻R1的阻值是多少Ω？
(2)电源电压是多少V？
(3)滑动变阻器R3的最大阻值是多少Ω？
(4)当开关S1、S2、S3都闭合时，电路消耗的总功率是多少W？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、利用“土电话”听声音，说明声音在固体中也能传播，故A错误；
B、禁止燃放烟花爆竹，属于在声源处控制噪声，故B正确；
C、医生用B超查体，说明声音可以传递信息，故C错误；
D、演奏钢琴时，用手按压不同的琴键，琴键振动的频率不同，这是为了改变音调，故D错误。
故选：B。
(1)声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体、气体中传播；
(2)减弱噪声有三种方法：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱；
(3)声音可以传递能量，可以传递信息；
(4)音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
本题考查声音在不同介质中的传播速度、声音的特征、防治噪声的三种途径，以及声波的应用等，综合性较强，但难度不大，是一道基础题。
2.【答案】A
【解析】解：A、冰的形成是液态变成固态的过程，是凝固现象，凝固放热，故A正确；
B、雾的形成是空气中的水蒸气变成液态的小水滴，是气态变成液态的过程，是液化现象，故B错误；
C、雪的形成是空气中的水蒸气直接变成固态的小冰晶，是气态直接变成固态的过程，是凝华现象，凝华放热，故C错误；
D、霜的形成是空气中的水蒸气直接变成固态的小冰晶，是气态直接变成固态的过程，是凝华现象，故D错误；
故选：A。
液态变成固态的过程，是凝固现象，凝固放热；气态变成液态的过程，是液化现象；气态直接变成固态的过程，是凝华现象，凝华放热。
本题考察凝固现象、液化现象、凝华现象的概念。
3.【答案】C
【解析】解：A、甲图海市蜃楼是由于光的折射形成的，故A错误；
B、乙图人越靠近家里的穿衣镜所成的像不变，平面镜所成的像的大小与物体大小相等，与物体到镜面的距离无关，故B错误；
C、丙图日食的成因是由于月球挡住了照向地球的光，故是由于光沿直线传播形成的，故C正确；
D、丁图加入水后，看到碗中的硬币变浅了，是由于光从水中斜射入空气中发生了折射现象，故D错误。
故选：C。
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、凸透镜成像等。
本题列举了四个常见的光现象，综合了光学知识，需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考。
4.【答案】D
【解析】解：A.在斜面下滑的运动员受到的重力、滑板对她的支持力、摩擦力三个力的作用，斜面上物体由于受重力下滑，不存在下滑力；故A错误；
B.运动员滑到斜面底端后，由于具有惯性，还能继续向前滑行，惯性不是力，不能说惯性作用，故B错误。
C.在下滑过程中，运动员的质量不变，惯性不变，故D错误；
D.滑板在斜面下滑过程中，受到地面摩擦力的方向与相对运动方向相反，沿斜面向上，故D正确。
故选：D。
(1)斜面上物体由于受重力下滑，不存在下滑力；
(2)惯性是物体的属性，不是力，惯性大小与质量有关；
(3)摩擦力的方向与物体相对运动或运动趋势方向相反。
本题考查摩擦力、惯性以及受力分析，属于中档题。
5.【答案】D
【解析】解：摄像头相当于凸透镜，其成像原理属于光的折射；利用摄像头扫码时，付款码到摄像头的距离是物距，物距要大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，故D正确、ABC错误。
故选：D。
物距u>2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，像距的范围f
6.【答案】C
【解析】解：
A、因为飞船速度增大，受到的推力大于重力，因此受到的不是平衡力，故A错误；
B、飞船上升的过程中速度越来越大，高度越来越高，所以飞船的动能和势能不断增加，机械能增大，故B错误；
C、飞船与火箭之间没有发生位置变化，所以飞船相对于火箭是静止的，故C正确；
D、在能量的转化和转移的过程中，有能量的散失，所以燃料的化学能不可能全部转化为火箭的机械能，故D错误。
故选：C。
(1)只有处于静止状态或匀速直线运动状态的物体才受平衡力作用；
(2)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，机械能为动能、势能的和；
(3)根据飞船与火箭之间是否发生了位置变化分析；
(4)在能量的转化和转移的过程中，有能量的散失。
本题考查了平衡力的辨别、机械能的变化、运动和静止的相对性、能量的转化，属于基础题。
7.【答案】B
【解析】解：A、向窗外看时感觉到路边树木向后退，是以车为参照物，树木和车的相对位置发生了变化，故A错误；
B、看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小，车内空气流速慢压强大，从而产生向外的压力差，故B正确；
C、汽车的方向盘是一个轮轴，其实质是一个可以连续转动的省力杠杆，故C错误；
D、司机使用高德地图可以准确查询景区位置，是利用电磁波来传递信息的，故D错误。
故选：B。
(1)研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
(2)气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；
(3)汽车的方向盘是一个轮轴，其实质是一个省力的杠杆；
(4)电磁波可以传递信息。
本题考查的知识点较多，包括参照物的判断、流体压强与流速的关系、轮轴的特点和电磁波等，是一道综合题；联系生活实际来考查物理知识，是现在中考考查知识一个很重要的方式，需要掌握其方法。
8.【答案】B
【解析】解：A、控制用电器的开关应接在火线和用电器之间，这样在开关断开时，用电器上没有电，不易发生触电事故，故A错误；
B、三孔插座的上孔接地线，金属外壳的用电器连接三孔插座的上孔，这样在金属外壳的用电器漏电时，避免出现触电事故。故B正确；
C、使用试电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，才是正确的，当氖管发光时，说明接触的是火线，故C错误；
D、如果高压线掉落在地上，当人经过这个区域时，两脚之间存在相当高的电压，称做“跨步电压”，所以不可以靠近断线后落地的高压线，故D错误。
故选：B。
(1)家庭电路中，控制用电器的开关应接在火线和用电器之间；
(2)三孔插座的接法：上面的孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。上孔接地线是为了金属外壳的用电器的金属外壳接地，避免金属外壳的用电器漏电时，发生触电事故；
(3)使用试电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，不能与笔尖金属体接触；
(4)如果高压线掉落在地上，当人经过这个区域时，两脚之间存在相当高的电压，称做“跨步电压”；
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
9.【答案】C
【解析】解：
A、地球本身是一个大磁体，司南是用天然磁石磨制成的勺子，即其实质就是一块磁铁，在地球的磁场中受到磁力的作用，其静止时其勺柄指向地理南方，即指南的南极用S表示，故长柄所指的方向是地球磁场的北极，即地理的南极附近，故A错误；
B、导线通电时，小磁针发生偏转，这说明小磁针受到的磁场的作用，证实了电流周围存在磁场，是奥斯特首先发现的，故B错误；
C、由图可知，小磁针的左端为N极，右端为S极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为S极，根据安培定则可知，电流从螺线管的左端流入，所以A端为正极，B端为负极，故C正确；
D、闭合电路的部分导体ab左右运动时，导体ab在磁场中切割磁感线运动，所以导体中有感应电流，电流计指针左右摆动，这种现象是电磁感应现象；利用这个原理可以制成发电机，故D错误。
故选：C。
(1)地磁的南极在地理的北极附近，而地磁的北极在地理的南极附近，再根据磁极间的作用规律，可判断司南指向；
(2)奥斯特实验说明通电导线的周围存在磁场；
(3)根据磁极间的相互作用规律判定螺线管的极性，根据安培定则判定螺线管中电流的方向和电源的正、负极；
(4)闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象。据此制成了发电机。
本题考查了地磁场、安培定则的应用、磁极间的相互作用规律、电磁感应现象、电流的磁效应等，知识点较多，熟练掌握基础知识是解答的关键。
10.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表A1测R支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源的电压；
因为电源的电压不变，所以滑片移动时，电压表的示数不变，故A不正确；
当滑动变阻器R的滑片P从中点向b端滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，由I=UR可知，该支路的电流变小，即电流表A1的示数变小，故B不正确；
因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以灯泡两端的电压和通过的电流不变，亮度不变，故D不正确；
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A2示数变小，故C正确。
故选：C。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表A1测R支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源的电压；根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据滑片的移动可知该支路接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路的特点可知通过灯泡的电流变化及亮度变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断。
11.【答案】ABC
【解析】解：A、煮粽子的过程是利用热传递的方法改变粽子的内能，故A正确；
B、能闻到粽子的香味是由于分子不停地做无规则运动产生的扩散现象，故B正确；
C、用压锅能更快煮熟粽子，是因为锅内气压增大，水的沸点升高，故C正确；
D、剥粽子时总有一些糯米粘到粽叶上，是因为分子间存在引力，故D错误。
故选：ABC。
(1)改变内能的方法：做功和热传递；
(2)不同物质接触时，分子彼此进入对方的现象叫扩散；
(3)液体的沸点与大气压有关，气压越大沸点越高；
(4)分子间存在相互作用的引力和斥力。
深入理解分子动理论的内容，知道沸点与大气压的关系，可解答此题。
12.【答案】BD
【解析】解：
A、由于使用动滑轮，所以n=2，则绳端移动的距离为：s=2h=2×6m=12m，
拉力做的总功为：
W总=Fs=250N×12m=3000J，故A错误；
B、有用功：W有用=Gh=400N×6m=2400J，
滑轮组的机械效率为：
η=W有用W总×100%=2400J3000J×100%=80%，故B正确；
C、此题中动滑轮不变，则在此过程中所做的额外功几乎不变，由于物体的重力增加，所以有用功增大，
由公式η=W有用W总=W有用W有用+W额外可知，若用该动滑轮提升更重的货物，有用功在总功中所占的比例将增大，则机械效率变大，故C错误；
D、采用轻质滑轮完成原任务，额外功减小，由η=W有用W总=W有用W有用+W额外可知，机械效率变大，故D正确。
故选：BD。
(1)知道物体上升的高度，可利用公式W有用=Gh计算有用功；从题可知，使用的是一个动滑轮，则n=2，可利用s=2h求出拉力移动的距离，知道拉力大小，可利用公式W总=Fs计算拉力做的总功；最后利用机械效率的公式求动滑轮的机械效率；
(2)增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重。
本题考查了学生对有用功、总功、功率公式、机械效率公式、滑轮组s=nh的理解和运用，理解并求出有用功和总功是本题的关键。
13.【答案】CD
【解析】解：A、由P=UI=U2R可得两灯泡的电阻分别为：
R甲=U甲2P甲=(6V)26W=6Ω、R乙=U乙2P乙=(6V)23W=12Ω，则R甲
因串联电路中各处的电流相等，且其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡发光较暗，
所以，电路中的电流I=I乙=0.5A，故B错误；
电源电压为：
U=I(IR甲+R乙)=0.5A×(6Ω+12Ω)=9V，故C正确；
整个电路此时消耗的总功率为：
P=UI=9V×0.5A=4.5W，故D正确。
故选：CD。
(1)知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI=U2R求出两灯泡的电阻，然后比较两灯泡的电阻关系；
(2)根据串联电路的电流规律分析解答；
(3)根据欧姆定律求出两灯泡的额定电流，根据串联电路的电流特点结合题意求出电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路电阻的规律求出电源电压，根据P=UI求出整个电路此时消耗的总功率。
本题考查了串联电路的特点和电功率公式、欧姆定律公式的综合应用，正确得出电路中的电流是关键。
14.【答案】凹 使平行光分别正对着两个镜片入射，比较它们的焦距大小，若二者相等说明度数相同。因为眼镜的度数和镜片的焦距有关，度数越大，则镜片的焦距越小，对光的偏折程度越大
【解析】解：(1)近视镜是凹透镜；
(2)镜片的度数表示对光发散或会聚能力的大小。
使平行光分别正对着两个镜片入射，比较它们的焦距大小，若二者相等说明度数相同。因为眼镜的度数和镜片的焦距有关，度数越大，则镜片的焦距越小，对光的偏折程度越大。
故答案为：凹；使平行光分别正对着两个镜片入射，比较它们的焦距大小，若二者相等说明度数相同。因为眼镜的度数和镜片的焦距有关，度数越大，则镜片的焦距越小，对光的偏折程度越大。
近视镜是凹透镜；老花镜是凸透镜。
鉴别老花镜度数的大小，实际上是鉴别凸透镜焦距的大小，焦距越大，会聚能力越弱，度数越小。
掌握如何区别凸透镜和凹透镜的应用、凸透镜焦距大小的测定等。
15.【答案】变大 不变
【解析】解：天和核心舱沿椭圆轨道从远地点向近地点运行的过程中，重力势能减小，质量不变，速度变大，动能变大；质量的大小与物体的位置无关，把月饼从地球带到空间站，质量不变。
故答案为：变大；不变。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)质量的大小与物体的位置无关。
本题考查了动能的影响因素、质量的变化，属于基础题。
16.【答案】非晶体 需要
【解析】解：晶体与非晶体的区别在于晶体有固定的熔点或凝固点，晶体熔化特点是继续吸收热量，温度不变。反映在图像上，晶体熔化过程中存在一段平行于(或重合于)时间轴的线段，甲固体熔化过程AB段符合晶体熔化过程中继续吸收热量，温度保持不变的特征，乙固体熔化过程中温度一直升高，故乙固体是非晶体，晶体甲熔化过程AB段需要吸收热量。
故答案为：非晶体；需要。
晶体与非晶体的区别在于晶体有固定的熔点或凝固点，晶体熔化特点是继续吸收热量，温度不变。
本题考察晶体与非晶体的区别、晶体熔化特点。
17.【答案】1200 能
【解析】解：(1)3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过3000r，
电能表的转盘转过60r，则用电器消耗的电能：
W=603000kW⋅h=0.02kW⋅h；
该用电器的电功率：
P=Wt=0.02kW⋅h160h=1.2kW=1200W；
(2)“220V10(40)A”中，40A为电能表平时工作允许通过的最大电流；
电能表允许接入用电器的最大总功率：P最大=UI最大=220V×40A=8800W，
增加此用电器后，他家用电器的总功率为P总=3000W+1200W=4200W，
因为P总
故答案为：1200；能。
(1)3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过3000r，据此求转盘转60r时用电器消耗的电能，再利用P=Wt求出该用电器的电功率；
(2)“220V10(40)A”中，220V是指电能表的工作电压，10A为电能表的标定电流，40A为电能表平时工作允许通过的最大电流；利用P=UI求出电能表允许接入用电器的最大总功率，再求出增加用电器后电路中的总功率，比较此时的总功率与允许接入用电器的最大总功率的大小关系可作出判断。
本题考查了电功率的计算以及对电能表相关参数的理解和应用，属于基础题。
18.【答案】5.840
【解析】解：(1)由表格数据可知，热风功率P热=1276W，根据P=UI可得，热风加热时电路中的总电流：I=P热U=1276W220V=5.8A；
(2)由电路图结合题意可知，热风加热时电风扇和电热丝R并联同时工作，冷风时只有电风扇工作，
由表格可知，冷风功率为P冷=66W，
加热时电热丝的电功PR=P热-P冷=1276W-66W=1210W；
根据P=U2R知，
正常工作时电热管的电阻；
R=U额2PR=(220V)21210W=40Ω。
故答案为：5.8；40。
(1)根据表格数据可知热风加热时的功率，根据P=UI求出热风加热时电路中的总电流；
(2)由电路图结合题意可知，热风加热时电风扇和电热丝R并联同时工作，冷风时只有电风扇工作；根据冷风功率和热风功率计算加热电阻的电功率，根据P=U2R知正常工作时电热管的电阻。
本题考查了欧姆定律、电功率公式综合应用，判断好吹热风和冷风时电路的连接方式是关键。
19.【答案】解：
先画出法线，当光从空气斜射入玻璃时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角；当光从玻璃斜射入空气时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角；据此作出两条折射光线，如下图所示：
【解析】根据光的折射规律：
当光从空气斜射入玻璃时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角。
当光从玻璃斜射入空气时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角。
光从空气斜射入玻璃和光从玻璃斜射入空气时，入射角和折射角的大小关系是不同的。
20.【答案】解：木块在斜面和水平面时所受重力的重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心上，如图所示：
【解析】重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心上，据此作图。
本题考查了力的示意图的画法。注意要先确定力的三要素，然后用带箭头的线段表示出力的三要素。
21.【答案】左 66.4301.2×103 偏大
【解析】解：(1)将天平放在水平台上，将游码移到标尺左端的零刻线处，此时，指针在分度盘上的位置如图甲所示，即指针右偏，他应将平衡螺母向左端调节，使天平平衡；
(2)由乙可知，液体和烧杯的总质量m1=50g+10g+5g+1.4g=66.4g；
(3)量筒的分度值为2mL=2cm3，量筒中液体的体积为：V=30mL=30cm3；
(4)量筒中液体的质量为：
m=m1-m0=66.4g-30.4g=36g，
液体密度为：
ρ=mV=36g30cm3=1.2g/cm3=1.2×103kg/m3；
(5)由于将烧杯中液体全部倒入量筒时，烧杯中有液体残留，使所测体积偏小，在质量一定时，由公式ρ=mV可知，所测液体密度偏大。
故答案为：(1)左；(2)66.4；(3)30；(4)1.2×103；(5)偏大。
(1)天平的正确调节：把天平放在水平台上，把游码拨到零刻度，调节天平横梁平衡时，平衡螺母向天平上翘的一端移动；
(2)被测物体质量等于右盘中所有砝码质量与游码在标尺上所对刻度值之和；
(3)读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
(4)由密度公式ρ=mV计算液体密度；
(5)由于烧杯中有液体残留，使测量体积时结果偏小，在质量一定时，由密度公式ρ=mV判断出所测密度的偏差。
本题考查实验：液体密度的测量，要求学生会使用天平和量筒测量密度，难度适中。
22.【答案】水平 不可以 c 不合理 只有一次实验数据，总结的实验结论具有偶然性
【解析】解：(1)当杠杆在不挂钩码时，调节杠杆左侧的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；
杠杆平衡后，在往后的实验过程中不能再调节两侧的平衡螺母；
(2)设杠杆上每格长度是L，每格钩码的重力是G，
原来杠杆：1G×6L=2G×3L，处于平衡状态，
若将杠杆两侧的沟马同时各向外移动两小格，左侧=G×8L=8GL，
右侧=2G×5L=10GL，左侧<右侧，右端下倾，故选： c。
(3)用实验来探究物理规律时，要采用多次实验，用多组实验数据来总结实验结论，实验结论具有普遍性，如果只有一次实验数据，总结的实验结论具有偶然性，所以用一次实验数据就得出结论不合理。
故答案为：(1)水平；不可以；(2)c；(3)不合理；只有一次实验数据，总结的实验结论具有偶然性。
(1)当杠杆在不挂钩码时，调节杠杆左侧的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；
调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡后，就不能再移动平衡螺母，依靠改变钩码的数量和位置来使杠杆在水平位置重新平衡。
(2)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2计算可解；
(3)用实验数据总结实验结论时，要进行多次实验，总结的实验结论才具有普遍性，避免偶然性。
探究杠杆的平衡条件实验，先将杠杆调到水平平衡，一是让杠杆中心在支点上，不对杠杆平衡产生影响；二是便于力臂的测量。实验时要进行多次试验，由多组数据分析得出结论。
23.【答案】短路 0.65增大 大
【解析】解：
(1)待测小灯泡L的额定电压为2.5V，电源电压为4.5V，故电压表应该选择量程0-3V的接线柱。要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大，即滑片向右移动时，接入电路的电阻阻值增大，故此时滑动变阻器应该接A接线柱。如下图：
(2)闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡不亮，电流表示数变化明显，说明电路是通路，电压表无示数，可能是灯泡短路；
(3)从表中可知灯泡额定电压为2.5V，通过灯泡电流为0.26A，故灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.26A=0.65W；
(4)由表中数据知，通过灯泡的电流随电压的增大而增大，但电压增加量大于电流的增加量，由R=UI可知，小灯泡灯丝电阻随电压的增大而增大；通过灯的电流随电压的变大而增大，根据P=UI，灯的实际功率变大，故小灯泡工作时，消耗的电功率随电压的增大而增大，灯泡实际功率越大，灯泡越亮。
故答案为：(1)见解析；(2)短路；(3)0.65；(4)增大；大。
(1)根据滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大确定变阻器器左下接线柱连入电路中；由待测小灯泡L的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联；
(2)连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，电流表示数变化明显，则电路为通路，根据小灯泡不亮，电压表无示数分析原因；
(3)灯在额定电压下正常发光，由表中数据可知2.5V时的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
(4)由表中数据，结合欧姆定律分析灯泡电阻随电压的变化情况；根据P=UI可知灯的实际功率变化，结合表中数据得出结论。
本题测量小灯泡的电功率，考查电路连接、故障分析、功率计算，有一定难度。
24.【答案】解：(1)由Q放=mq得完全燃烧偏二甲肼的质量：
m=Q放q偏=8.4×108J4.2×107J/kg=20kg；
(2)由题意知，水吸收的热量：
Q吸=Q放η=8.4×l08J×60%=5.04×107J，
由Q吸=cm(t-t0)得，水的末温：
t=Q吸c水m+t0=5.04×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×2.4×103kg+20℃=70℃。
答：(1)要想获得8.4×l08J的热量需完全燃烧偏二甲肼20kg；
(2)可使初温为20℃的水温度升高到70℃。
【解析】(1)知道偏二甲肼燃烧放出的热量，利用Q放=mq求需完全燃烧偏二甲肼的质量。
(2)根据题意求出水吸收的热量，再根据Q吸=cm(t-t0)求出水的末温。
本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
25.【答案】解：(1)舰艇的最大排水量为8×104t，根据阿基米德原理可知该舰艇满载时静止在海面上所受浮力：
F浮=G排=m排g=8×104×103kg×10N/kg=8×108N；
由F浮=ρ液gV排得，舰艇排开水的体积：
V排=F浮ρ海水g=8×108N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×104m3；
(2)水面下10m处的舰体受到海水的压强：
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10m=1×105Pa；
(3)根据p=FS可知水面下10m处，面积为20m2的舰体受到海水的压力：
F=pS=1×105Pa×20m2=2×106N。
答：(1)该舰艇满载时静止在海面上所受浮力为8×108N，此时排开海水的体积是8×104m3；
(2)水面下10m处的舰体受到海水的压强为1×105Pa；
(3)水面下10m处，面积为20m2的舰体受到海水的压力为2×106N。
【解析】(1)根据F浮=G排=m排g可知该舰艇满载时静止在海面上所受浮力，由F浮=ρ液gV排得舰艇排开水的体积；
(2)根据p=ρ海水gh得出水面下10m处的舰体受到海水的压强；
(3)根据p=FS的变形式F=pS可知水面下10m处面积为20m2的舰体受到海水的压力.
本题考查了排水量、阿基米德原理和压强公式等重要知识点，属于基本公式的应用。
26.【答案】解：(1)只闭合开关S1，R1和R3串联，电流表测量电路电流，电压表测量R1两端的电压，
移动滑动变阻器的滑片，使电路中电流达到最小值，则滑动变阻器的滑片位于b处，接入电路的阻值最大，
根据欧姆定律可知R1=U1I1=3V0.15A=20Ω；
(2)(3)只闭合开关S1，R1和R3串联，根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压：
U=U1+U3=U1+I1R3=3V+0.15A×R3----------------①；
只闭合开关S2，R2和R3串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端的电压，移动滑片至滑动变阻器的中点c处时，
根据P=UI可知此时电路中的电流I2=P2U2=0.5W5V=0.1A，
根据欧姆定律可知R2=U2I2=5V0.1A=50Ω，
电源电压U=U2+U3'=U2+I2×12R3=5V+0.1A×12R3-------------②；
解①②可得：U=6V，R3=20Ω；
(4)当开关S1、S2、S3都闭合时，滑动变阻器被短路，电路为R1和R2并联的电路，
电路消耗的总功率P总=U2R1+U2R2=(6V)220Ω+(6V)250Ω=2.52W。
答：(1)电阻R1的阻值是20Ω；
(2)电源电压是6V；
(3)滑动变阻器R3的最大阻值是20Ω；
(4)当开关S1、S2、S3都闭合时，电路消耗的总功率是2.52W。
【解析】(1)只闭合开关S1，R1和R3串联，电流表测量电路电流，电压表测量R1两端的电压，移动滑动变阻器的滑片，使电路中电流达到最小值，则滑动变阻器的滑片位于b处，接入电路的阻值最大，根据欧姆定律可知R1的阻值；
(2)(3)只闭合开关S1，R1和R3串联，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得出电源电压的表达式；
只闭合开关S2，R2和R3串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端的电压，移动滑片至滑动变阻器的中点c处时，
根据P=UI可知此时电路中的电流，根据欧姆定律可知R2的阻值；
根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得出电源电压的表达式；联立以上两式可得出电源电压和滑动变阻器R3的最大阻值；
(4)当开关S1、S2、S3都闭合时，滑动变阻器被短路，电路为R1和R2并联的电路，根据P=U2R可得出电路消耗的总功率。
本题考查等效电路分析、欧姆定律的应用和电功率的计算等知识，综合性强，难度适中。
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