2023年湖南省邵阳市新邵县小塘镇中考物理三模试卷

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2023年湖南省邵阳市新邵县小塘镇中考物理三模试卷
1. 下列粒子中，带负电的是(    )
A. 原子核 B. 电子 C. 质子 D. 中子
2. 古诗《凉州词》中有“羌笛何须怨杨柳，春风不度玉门关”，诗人能辨别出羌笛的声音，是依据声音的(    )
A. 音调 B. 响度 C. 音色 D. 速度
3. 电热丝通常用镍铬合金或铁铬铝合金等材料制作，从导电性能看，电热丝属于(    )
A. 绝缘体 B. 超导体 C. 半导体 D. 导体
4. 如图所示的事例，由于光的直线传播形成的是(    )
A. B. C. D.
5. 下列估测值最接近生活实际的是(    )
A. 人的正常体温约为50℃ B. 人的脉搏频率约180次/分钟
C. 一个鸡蛋的质量约50g D. 日光灯的额定功率约为1000W
6. 下列行为符合安全用电原则的是(    )
A. 用湿手按开关 B. 检修电路前断开总开关
C. 雷雨天在大树下躲雨 D. 同一插线板上同时插多个大功率用电器
7. 冰壶又称掷冰壶，冰上溜石，是以队为单位在冰上进行的一种投掷性竞赛项目，被大家喻为冰上的“国际象棋”，它考验参与者的体能与脑力，展现动静之美，取舍之智慧。如图为北京2022年2月北京冬奥会冰壶比赛的情景。下列说法正确的是(    )
A. 运动员将冰壶沿水平冰面投掷后，冰壶由于惯性继续向前运动
B. 运动员在冰壶前方“刷冰”，是为了增大摩擦
C. 冰壶最终停下来因为不受力的作用
D. 冰壶静止时，冰壶受到的重力和冰壶对冰面的压力二力平衡
8. 随着科技的发展，我们进入了“刷脸”时代。“刷脸”时，人脸面对摄像头(相当于一个凸透镜)，经系统自动拍照、扫描，确认相关信息后，即可迅速完成身份认证。在系统拍照过程中(    )
A. 人脸是光源
B. 人脸应保持在透镜的一倍焦距到二倍焦距之间
C. 人脸经摄像头成像的原理与平面镜相同
D. 人脸经摄像头成倒立缩小的实像
9. 进入初中学业水平考试考场时，监考教师会使用金属探测仪对大家进行检测。如果有同学携带金属制品，探测仪就会产生电流并报警。下列四个实验能反映金属探测仪工作原理的是(    )
A. B.
C. D.
10. 如图所示，电源电压恒定不变，开关闭合后，当滑动变阻器的滑片P由最右端向中点滑动时。下列说法正确的是(    )
A. 电流表A1示数不变，电压表V示数不变
B. 电流表A1示数变小，灯泡L的亮度不变
C. 电流表A2示数变大，电压表V示数不变
D. 电压表V示数与电流表A1的示数之比变大

11. 人用水平方向的力推物体，使物体在粗糙程度相同的水平面上做匀速直线运动，下列说法正确的是(    )
A. 人对物体的推力大于水平面对物体的摩擦力
B. 若增大推力，物体所受摩擦力也将增大，物体仍做匀速直线运动
C. 若撤去推力，物体的动能将保持不变
D. 若撤去推力，物体在继续运动过程中所受摩擦力大小不变
12. 下列各种机械中，不省力的机械是(    )
A.
B.
C.
D.
13. 关于压强，下列说法中不正确的是(    )
A. 用吸管把饮料吸入口中是利用了大气压强
B. 拦河大坝修成上窄下宽，是因为液体压强的大小与容器的形状有关
C. 载重汽车装有许多车轮是为了减小车轮对路面的压强
D. 起风时，屋内窗帘飘向窗外，是因为窗外空气流速大，压强小
14. 如图所示，两个完全相同的柱形容器放在水平桌面上，分别装有甲，乙两种不同的液体。a、b是体积相等的两个小球，a球漂浮在液面上，b球沉没在容器底。甲液面高于乙液面，且两种液体对容器底的压强相等。则(    )
A. 两种液体的密度ρ甲=ρ乙 B. 两种液体的质量m甲=m乙
C. 两个小球所受的重力Ga>Gb D. 两个小球所受的浮力Fa2f时，成倒立、缩小的实像。
(3)凸透镜成像是光的折射，平面镜成像原理是光的反射。
本题考查了凸透镜的成像特点和应用，要掌握凸透镜成像的规律，搞清每种情况下的应用。在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来。

9.【答案】B 
【解析】解：当线圈靠近金属物体时，在金属物体中产生电流，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，故在线圈中会产生电流，故探测器应采用了电磁感应原理；
A、此图是探究磁极间相互作用规律的实验，故A错误；
B、此图中没有电源，ab做切割磁感线运动时，会产生感应电流，即为探究电磁感应现象的实验，故B正确；
C、此装置的主要部件是电磁铁，其工作原理是电流的磁效应，故C错误；
D、此图为探究通电导体在磁场中受力的实验，反映了电动机的原理，故D错误。
故选：B。
由题意可知，探测仪是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，则分析各实验现象可知能产生电流的选项。
本题考查电磁感应现象的应用，要求学生能通过题意找出探测器的原理，并能正确掌握各实验的意义。

10.【答案】C 
【解析】解：由电路图可知，滑动变阻器和灯泡并联，电压表测量并联电路两端的电压(电源电压)，电流表A1测滑动变阻器的电流，电流表A2测干路中的电流；
由于电源电压不变，所以滑片移动时电压表V的示数不变；
因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过灯泡的电流不变，灯泡亮度不变；
当滑动变阻器的滑片P由最右端向中点滑动时，变阻器接入电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知，通过变阻器支路的电流变大，即电流表A1的示数变大；
根据并联电路的电流特点可知，干路电流变大，即电流表A2示数变大；
电压表V示数不变，电流表A1的示数变大，则电压表V示数与电流表A1的示数之比变小；
综上所述，C正确。
故选：C。
由电路图可知，滑动变阻器和灯泡并联，电压表测量并联电路两端的电压(电源电压)，电流表A1测滑动变阻器的电流，电流表A2测干路中的电流；
根据电源电压可知电压表示数的变化，滑动变阻器的滑片P由最右端向中点滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器电流的变化；
根据并联电路的特点分析通过灯泡电流的变化和灯泡亮度的变化，根据并联电路的电流规律判定干路中电流的变化；
根据电压表示数、电流表示数的变化分析电压表V示数与电流表A1的示数之比的变化。
本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键。

11.【答案】D 
【解析】解：
A、用水平方向的力推在水平地面上的物体做匀速直线运动，物体处于平衡状态，则在水平方向上受的力是平衡力，摩擦力和推力的大小相等，故A错误；
BD、滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，与物体的运动速度无关，在压力和接触面粗糙程度不变时，滑动摩擦力大小不变，故B错误，D正确；
C、撤去推力后物体受到了阻力的作用慢慢停下来，速度变小，物体的动能将变小，故C错误。
故选：D。
(1)(2)物体在平衡力的作用下保持静止或匀速直线运动状态；二力平衡条件：作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
(3)(4)物体受非平衡力的作用时运动状态将会改变，动能大小与速度有关；滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关。
本题考查了二力平衡的条件、摩擦力和动能，牢固掌握二力平衡的四个条件是关键。

12.【答案】C 
【解析】解：A、钢丝钳是省力杠杆，故A不符合题意；
B、动滑轮可以省力，故B不符合题意；
C、定滑轮不省力，故C符合题意；
D、斜面可以省力，故D不符合题意。
故选：C。
(1)动力臂比阻力臂长的杠杆是省力杠杆；动力臂比阻力臂短的杠杆是费力杠杆；动力臂和阻力臂相等的杠杆是等臂杠杆。
(2)动滑轮可以省力，不能改变力的方向，费距离。
(3)定滑轮不省力，也不省距离，可以改变力的方向，实质上是一个等臂杠杆。
(4)斜面可以省力。
本题考查的是简单机械的基础知识，关键是分清楚哪些是省力的机械，哪些是费力的机械。

13.【答案】B 
【解析】解：
A、吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，吸管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，故A正确；
B、由于液体压强随深度的增加而增大，为了让拦河坝承受更大的水的压强，修成“上窄下宽”的形状，故B错误；
C、载重汽车有很多轮子，是在压力一定时，增大受力面积减小车对地面的压强，保护路面，故C正确；
D、起风时，常看见屋内的窗帘飘向窗外，这是因为窗外空气流速大、压强小，故D正确。
故选：B。
(1)用吸管将饮料利用的是大气压；
(2)根据p=ρgh可知水的压强随深度增加而增大；
(3)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强。在受力面积一定时，减小压力来减小压强；
(4)流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小。
此题考查涉及到减小压强的方法、大气压在生活中的应用、流体压强与流速的关系、液体压强特点等多个知识点，是一道综合性较强的题目。

14.【答案】D 
【解析】解：A、两种液体对容器底的压强相等，根据p=ρgh，因为h甲>h乙，所以ρ甲Ga，故C错误，D正确。
故选：D。
(1)两种液体对容器底的压强相等，根据液体压强公式判断甲乙液体的密度，根据阿基米德原理判断a、b受到浮力大小，根据浮力和重力的关系判断a、b的重力关系；
(2)对于液体的质量，先通过压强相等和受力面积相等判断液体对容器底的压力相等，液体对容器的压力等于液体重和物体排开液体重之和，再根据阿基米德原理判断物体排开液体重的关系，最后判断液体的重，比较液体的质量。
本题把液体压强、密度、阿基米德原理、浮沉条件都结合在一起，综合性很强，有一定的难度。

15.【答案】D 
【解析】解：A、开关S接“1”时，电路为R1的简单电路，开关S接“2”时，电热丝R1、R2串联；
因为串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由P=UI=U2R可知，电路为R1的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，电热壶为“加热”挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，此时电热壶为“保温”挡，
因此开关S接“2”时，电热壶为“保温”挡，故A错误；
B、电热壶的正常加热功率：P加热=U2R1=(220V)248Ω≈1008.3W，故B错误；
C、水吸水的热量：Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(75℃-25℃)=2.1×105J，
因为不考虑热量损失，所以电热壶加热时消耗的电能：W=Q吸=2.1×105J，
由P=Wt可知，电热壶正常加热的时间：t'=WP加热=2.1×105J1008.3W≈208.3s，故C错误；
D、1200r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1200转，
电能表的转盘转16r时，电热壶消耗的电能：W实=16r1200r/(kW⋅h)=175kW⋅h，
电热壶的实际功率：P实=W实t″=175kW⋅h1×160h=0.8kW=800W，故D正确。
故选：D。
(1)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；
(2)根据P=UI=U2R求出电热壶的正常加热功率；
(3)根据Q吸=cm(t-t0)求出水吸水的热量，根据不考虑热量损失求出电热壶加热时消耗的电能，根据P=Wt求电热壶正常加热的时间；
(4)1200r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1200转，据此可以计算出能表的转盘转16r时电热壶消耗的电能，根据P=Wt计算出电热壶的实际加热功率。
本题是一道电功和电热的综合性题目，考查电功率公式和吸热公式的应用，正确的判断电热壶处于不同挡位时电路的连接方式是关键。

16.【答案】较小  较小 
【解析】解：石墨烯特殊晶体结构使其具有多项优异的物化性能，是目前电阻率最小的材料，石墨烯作填料能够有效提升涂料的导电性，利用的就是其电阻较小的特点；
其次石墨烯是一种超轻材料，故其密度很小，由此可知利用石墨烯制作的智能温控加热羽绒服可帮助工作人员抵御寒冷利用了石墨烯密度小且电阻小的特点。
故答案为：较小；较小。
石墨烯是一种新发现的材料，它的物理性质是密度小、延展性好、导电性和导热性好、硬度大、熔点高等，根据它的这些特性我们就能知道它的用途。
本题考查了物质的性质，读懂题中的信息是解题的关键。

17.【答案】不可再生  二次 
【解析】解：可燃冰一旦消耗，很难在短时间内从自然界中得到补充，因而是不可再生能源；电能需要将风能转化为机械能，机械能再转化为电能，故是二次能源。
故答案为：不可再生；二次能源。
(1)短期内可以从自然界得到补充的能源是可再生能源；短期内不能在自然界得到补充的能源是不可再生能源；
(2)能源包括煤炭、原油、水能、核能、风能、太阳能等一次能源；电力、热力等二次能源，以及其他新能源和可再生能源。
本题考查能源的分类，属于基本概念考查，也是科学常识。

18.【答案】足球具有惯性  匀速直线运动 
【解析】解：(1)足球离开脚后继续向前运动，是由于足球具有惯性，仍要保持原来的运动状态；
(2)由牛顿第一定律可知，如果足球离开脚后的瞬间，足球所受到的力全部消失，足球将处于匀速直线运动状态。
故答案为：足球具有惯性；匀速直线运动。
(1)物体都有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，即惯性；
(2)由牛顿第一定律可知，当物体不受任何力的作用时，物体将保持静止或匀速直线运动。
本题考查了惯性和牛顿第一定律，属于基础题。

19.【答案】0.04； 20 
【解析】解：
根据题意可得，网球从A位置运动到B位置所用的时间：t=4100s=0.04s，
由图知，刻度尺的分度值为0.1cm，照片中一个网球占据刻度尺的3个小格，即照片中网球的直径为0.30cm，
照片中网球从A位置运动到B位置通过的路程为4.00cm，
已知网球的实际直径约为6cm，设网球实际通过的路程为s，
由比例关系可得：s4.00cm=6cm0.30cm，
解得s=80.00cm=0.8m，
则网球在AB段运动的平均速度：v=st=0.8m0.04s=20m/s。
故答案为：0.04；20。
根据摄影的闪光频率结合图示得出网球从A位置运动到B位置所用的时间和小球从A位置运动到B位置实际通过的路程，然后利用速度公式计算速度。
本题速度的计算、同时考查学生的读图能力，计算出AB段运动的实际路程是解答此题关键。

20.【答案】解：由支点O向力F的作用线作垂线，则垂线段的长就是力F的力臂L.如下图所示：
 
【解析】力臂是从支点到力的作用线的距离。由支点向力的作用线作垂线，则垂线段的长度即为力臂。
画力臂时，一是要找准支点，二是要准确画出力的作用线，然后才是从支点作力的作用线的垂线段，最后还应该用字母将其标出来。

21.【答案】解：过镜面作出点S的对称点S'，即为点光源S在平面镜中的像，连接S'P与镜面交于O点，即为入射点(反射点)，连接SO就得到入射光线，如下图所示：
 
【解析】根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面对称，作出像点后，作出射线S'P，与镜面的交点为入射点，再完成光路。
本题还可以作出P点的像P'，连接SP'与镜面交于O点，从而确定入射光线和入射点，连接OP画出反射光线。

22.【答案】-4-2晶体 
【解析】解：(1)由图1可知，温度计的最小刻度值是1℃，且液柱在零刻度线下方，因此该温度计的示数是-4℃；
(2)从图3中可知，盐冰在熔化过程中温度保持-2℃不变，所以熔点是-2℃；
(3)盐冰在熔化过程中温度保持不变，属于晶体。
故答案为：(1)-4；(2)-2；(3)晶体。
(1)使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，正确读出示数；
(2)晶体熔化时的温度叫做熔点分析解答；
(3)根据晶体熔化的特点：吸热但温度保持不变。
本题主要考查了探究固体熔化时温度的变化规律，属于基础题。

23.【答案】B、Cρgh深度和密度 
【解析】解：(1)根据图甲所示的B、C两次实验可知，在压力一定时，受力面积越小，压力作用效果越明显；
(2)A、B、C三个柱体对海绵的压力分别为：
FA=GA=mAg=ρVAg=ρShg，FB=GB=mBg=ρVBg=ρShg，FC=GC=mCg=ρVCg=ρS2hg；
A、B、C三个柱体对海绵的压强分别为：
pA=FAS=ρShgS=ρgh，pB=FBS=ρShgS=ρgh，pC=FCS=ρ×S2×hgS2=ρgh；
因为A、B、C三个柱体对海绵的压强相等，所以“海绵被压下的深度相同”；
(3)在图丙中，将压强计的探头放在液体中a、b两点时，探头的深度不同，液体密度相同，可探究液体的压强跟液体的深度关系；在图丙中，将压强计的探头放在不同液体中的b、c两点时，液体密度不同，探头的深度相同，可探究液体的压强跟液体的密度关系，所以用图丙所示的器材能探究液体的压强跟液体的深度、液体的密度的关系。
故答案为：(1)B、C；(2)ρgh；(3)深度和密度。
(1)压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法。
(2)利用压强的定义式推导规则均匀柱体对水平面的压强，即可得出答案。
(3)探究液体内部的压强跟液体的深度、液体的密度关系时，应使用控制变量法来选定合适的器材和设计实验方案。
本题探究了影响压力作用效果的因素、液体压强的特点的实验，考查了控制变量法的应用和液体压强、固体压强公式的推导过程，有一定的综合性，属于中等难度。

24.【答案】B A 反比 
【解析】解：(1)电源电压恒为3V，故电压表应选小量程并联在电阻R两端，如图所示：

(2)检查电路连接无误后闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表几乎无示数，说明电路可能断路；电压表有示数并不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即原因可能是R断路，故选B；
(3)根据串联分压原理可知，将10Ω电阻换成20Ω电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变，即应保持电压表示数不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动；
(4)由图乙可知，电流与电阻的乘积为UV=IR=0.4A×5Ω=……=0.1A×20Ω=2V，为一定值，可以得出电流与电阻的关系是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：(1)见解答图；(2)B；(3)A；(4)反比。
(1)根据电源电压确定电流表量程，将电压表并联在电阻R两端；
(2)检查电路连接无误后闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表几乎无示数，说明电路可能断路；电压表有示数并不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(4)根据电流与电阻的乘积为一定值分析回答。
本题探究电流与电阻关系的实验，考查了电路连接、注意事项、故障分析、控制变量法的应用、图象分析等知识。

25.【答案】解：(1)当重物底部位于水面下5m深处时，水对重物底部的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×5m=5×104Pa；
(2)物体浸没在水中时排开水的体积：
V排=V=0.3m3，
物体浸没在水中时受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m3=3×103N；
(3)由G=mg可得，物体的质量：
m=Gg=5.4×103N10N/kg=540kg，
物体的密度：
ρ=mV=540kg0.3m3=1.8×103kg/m3；
(4)因摩擦、钢丝绳重、重物表面沾水的质量均忽略不计，
所以，克服物体重力做的功为有用功，克服动滑轮重力做的功为额外功，
则重物全部露出水面后滑轮组的机械效率：
η=W有W总×100%=W有W有+W额×100%=GhGh+G动h×100%=GG+G动×100%=5.4×103N5.4×103N+600N×100%=90%。
答：(1)当重物底部位于水面下5m深处时，水对重物底部的压强是5×104Pa；
(2)物体浸没在水中时受到的浮力为3×103N；
(3)物体的密度为1.8×103kg/m3；
(4)重物全部露出水面后再匀速上升了1m，此过程中滑轮组的机械效率是90%。 
【解析】(1)当重物底部位于水面下5m深处时，根据p=ρ液gh求出水对重物底部的压强；
(2)物体浸没在水中时排开水的体积和自身的体积相等，利用F浮=ρ液gV排求出物体浸没在水中时受到的浮力；
(3)根据G=mg求出物体的质量，利用ρ=mV求出物体的密度；
(4)摩擦、钢丝绳重、重物表面沾水的质量均忽略不计，克服物体重力做的功为有用功，克服动滑轮重力做的功为额外功，利用η=W有W总×100%=W有W有+W额×100%=GhGh+G动h×100%=GG+G动×100%求出重物全部露出水面后滑轮组的机械效率。
本题考查了液体压强公式和阿基米德原理、重力公式、密度公式、滑轮组机械效率公式的应用，明白有用功、总功、额外功的含义是关键。

26.【答案】解：由图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器的电压，电流表测电路中的电流；
(1)根据P=U2R可得灯泡正常工作时的电阻：
RL=UL2PL=(220V)240W=1210Ω；
(2)当灯起指示作用时，灯泡和电阻串联在电路中
则总电阻：R总=R+RL=990Ω+1210Ω=2200Ω
通过R的电流：I=UR总=220V2200Ω=0.1A；
(3)无人入厕时，R与L串联，电路中消耗的总功率为
P1=UI=0.1A×220V=22W；
有人入厕时，L正常发光，电路中消耗的总功率为
P2=PL=40W。
答：(1)灯泡正常工作时的电阻是1210Ω；
(2)当灯起指示作用时，通过电阻R的电流是0.1A；
(3)当无人入厕时和有人入厕时，电路消耗的功率分别是22W、40W。 
【解析】(1)根据P=U2R求出灯泡正常工作时的电阻。
(2)当灯起指示作用时，灯泡和电阻串联在电路中，根据串联电路电阻特点结合欧姆定律和电功率公式可计算通过电阻R的电流；
(3)当无人入厕时，开关断开电阻与灯泡串联，则由功率公式可求得消耗的功率；
有人入厕时开关闭合，则灯泡正常工作，根据灯泡的电功率即可得出电路消耗的功率。
准确分析电路状态并能结合欧姆定律和电功率公式即可准确计算电路元件的电流、电阻和电功率的大小，学生要牢固掌握。