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2023年重庆市中考数学试卷（A卷）(含解析）
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这是一份2023年重庆市中考数学试卷（A卷）(含解析），共27页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2023年重庆市中考数学试卷（A卷）
一、选择题（本大题共10小题，共40.0分。在每小题列出的选项中，选出符合题目的一项）
1. 8的相反数是( )
A. −8 B. 8 C. −18 D. 18
2. 四个大小相同的正方体搭成的几何体如图所示，从正面得到的视图是( )
A.
B.
C.
D.
3. 反比例函数y=−4x的图象一定经过的点是( )
A. (1,4) B. (−1,−4) C. (−2,2) D. (2,2)
4. 若两个相似三角形周长的比为1：4，则这两个三角形对应边的比是( )
A. 1：2 B. 1：4 C. 1：8 D. 1：16
5. 如图，AB//CD，AD⊥AC，若∠1=55°，则∠2的度数为( )
A. 35°
B. 45°
C. 50°
D. 55°
6. 估计 2( 8+ 10)的值应在( )
A. 7和8之间 B. 8和9之间 C. 9和10之间 D. 10和11之间
7. 用长度相同的木棍按如图所示的规律拼图案，其中第①个图案用了9根木棍，第②个图案用了14根木棍，第③个图案用了19根木棍，第④个图案用了24根木棍，…，按此规律排列下去，则第⑧个图案用的木棍根数是( )
A. 39 B. 44 C. 49 D. 54
8. 如图，AC是⊙O的切线，B为切点，连接OA，OC.若∠A=30°，AB=2 3，BC=3，则OC的长度是( )
A. 3 B. 2 3 C. 13 D. 6
9. 如图，在正方形ABCD中，点E，F分别在BC，CD上，连接AE，AF，EF，∠EAF=45°.若∠BAE=α，则∠FEC一定等于( )
A. 2α
B. 90°−2α
C. 45°−α
D. 90°−α
10. 在多项式x−y−z−m−n(其中x>y>z>m>n)中，对相邻的两个字母间任意添加绝对值符号，添加绝对值符号后仍只有减法运算，然后进行去绝对值运算，称此为“绝对操作”.例如：x−y−|z−m|−n=x−y−z+m−n，|x−y|−z−|m−n|=x−y−z−m+n，….下列说法：
①存在“绝对操作”，使其运算结果与原多项式相等；
②不存在“绝对操作”，使其运算结果与原多项式之和为0；
③所有的“绝对操作”共有7种不同运算结果．
其中正确的个数是( )
A. 0 B. 1 C. 2 D. 3
二、填空题（本大题共8小题，共32.0分）
11. 计算：2−1+30= ______ ．
12. 如图，正五边形ABCDE中，连接AC，那么∠BAC的度数为______ ．
13. 一个口袋中有1个红色球，有1个白色球，有1个蓝色球，这些球除颜色外都相同，从中随机摸出一个球，记下颜色后放回，摇匀后再从中随机摸出一个球，则两次都摸到红球的概率是______ ．
14. 某新建工业园区今年六月份提供就业岗位1501个，并按计划逐月增长，预计八月份将提供岗位1815个，设七、八两个月提供就业岗位数量的月平均增长率为x，根据题意，可列方程为______ ．
15. 如图，在Rt△ABC中，∠BAC=90°，AB=AC，点D为BC上一点，连接AD.过点B作BE⊥AD于点E，过点C作CF⊥AD交AD的延长线于点F.若BE=4，CF=1，则EF的长度为______ ．
16. 如图，⊙O是矩形ABCD的外接圆，若AB=4，AD=3，则图中阴影部分的面积为______ .(结果保留π)
17. 若关于x的一元一次不等式组x+32≤42x−a≥2至少有2个整数解，且关于y的分式方程a−1y−2+42−y=2有非负整数解，则所有满足条件的整数a的值之和是______ ．
18. 如果一个四位自然数abcd−的各数位上的数字互不相等且均不为0，满足ab−−bc−=cd−，那么称这个四位数为“递减数”.例如：四位数4129，∵41−12=29，∴4129是“递减数”；又如：四位数5324，∵53−32=21≠24，∴5324不是“递减数”.若一个“递减数”为a312−，则这个数为______ ；若一个“递减数”的前三个数字组成的三位数abc−与后三个数字组成的三位数bcd−的和能被9整除，则满足条件的数的最大值是______ ．
三、解答题（本大题共8小题，共78.0分。解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）
19. (本小题8.0分)
计算：
(1)a(2−a)+(a+1)(a−1)；
(2)x2x2+2x+1÷(x−xx+1).
20. (本小题10.0分)
学习了平行四边形后，小虹进行了拓展性研究.她发现，如果作平行四边形一条对角线的垂直平分线，那么这个平行四边形的一组对边截垂直平分线所得的线段被垂足平分.她的解决思路是通过证明对应线段所在的两个三角形全等得出结论.请根据她的思路完成以下作图与填空：
用直尺和圆规，作AC的垂直平分线交DC于点E，交AB于点F，垂足为点O.(只保留作图痕迹)
已知：如图，四边形ABCD是平行四边形，AC是对角线，EF垂直平分AC，垂足为点O.求证：OE=OF．
证明：∵四边形ABCD是平行四边形，
∴DC//AB．
∴∠ECO= ______ ．
∵EF垂直平分AC，
∴ ______ ．
又∠EOC= ______ ，
∴△COE≌△AOF(ASA)．
∴OE=OF．
小虹再进一步研究发现，过平行四边形对角线AC中点的直线与平行四边形一组对边相交形成的线段均有此特征.请你依照题意完成下面命题：
过平行四边形对角线中点的直线______ ．
21. (本小题10.0分)
为了解A、B两款品质相近的智能玩具飞机在一次充满电后运行的最长时间，有关人员分别随机调查了A、B两款智能玩具飞机各10架，记录下它们运行的最长时间(分钟)，并对数据进行整理、描述和分析(运行最长时间用x表示，共分为三组：合格60≤x<70，中等70≤x<80，优等x≥80)，下面给出了部分信息：
A款智能玩具飞机10架一次充满电后运行最长时间是：60，64，67，69，71，71，72，72，72，82．
B款智能玩具飞机10架一次充满电后运行最长时间属于中等的数据是：70，71，72，72，73．
两款智能玩具飞机运行最长时间统计表
类别
A
B
平均数
70
70
中位数
71
b
众数
a
67
方差
30.4
26.6
根据以上信息，解答下列问题：
(1)上述图表中a= ______ ，b= ______ ，m= ______ ；
(2)根据以上数据，你认为哪款智能玩具飞机运行性能更好？请说明理由(写出一条理由即可)；
(3)若某玩具仓库有A款智能玩具飞机200架、B款智能玩具飞机120架，估计两款智能玩具飞机运行性能在中等及以上的共有多少架？
22. (本小题10.0分)
某公司不定期为员工购买某预制食品厂生产的杂酱面、牛肉面两种食品．
(1)该公司花费3000元一次性购买了杂酱面、牛肉面共170份，此时杂酱面、牛肉面的价格分别为15元、20元，求购买两种食品各多少份？
(2)由于公司员工人数和食品价格有所调整，现该公司分别花费1260元、1200元一次性购买杂酱面、牛肉面两种食品，已知购买杂酱面的份数比牛肉面的份数多50%，每份杂酱面比每份牛肉面的价格少6元，求购买牛肉面多少份？
23. (本小题10.0分)
如图，△ABC是边长为4的等边三角形，动点E，F分别以每秒1个单位长度的速度同时从点A出发，点E沿折线A→B→C方向运动，点F沿折线A→C→B方向运动，当两者相遇时停止运动.设运动时间为t秒，点E，F的距离为y．
(1)请直接写出y关于t的函数表达式并注明自变量t的取值范围；
(2)在给定的平面直角坐标系中画出这个函数的图象，并写出该函数的一条性质；
(3)结合函数图象，写出点E，F相距3个单位长度时t的值．
24. (本小题10.0分)
为了满足市民的需求，我市在一条小河AB两侧开辟了两条长跑锻炼线路，如图：①A−D−C−B；②A−E−B.经勘测，点B在点A的正东方，点C在点B的正北方10千米处，点D在点C的正西方14千米处，点D在点A的北偏东45°方向，点E在点A的正南方，点E在点B的南偏西60°方向.(参考数据： 2≈1.41， 3≈1.73)
(1)求AD的长度.(结果精确到1千米)
(2)由于时间原因，小明决定选择一条较短线路进行锻炼，请计算说明他应该选择线路①还是线路②？
25. (本小题10.0分)
如图，在平面直角坐标系中，抛物线y=ax2+bx+2过点(1,3)，且交x轴于点A(−1,0)，B两点，交y轴于点C．
(1)求抛物线的表达式；
(2)点P是直线BC上方抛物线上的一动点，过点P作PD⊥BC于点D，过点P作y轴的平行线交直线BC于点E，求△PDE周长的最大值及此时点P的坐标；
(3)在(2)中△PDE周长取得最大值的条件下，将该抛物线沿射线CB方向平移 5个单位长度，点M为平移后的抛物线的对称轴上一点.在平面内确定一点N，使得以点A，P，M，N为顶点的四边形是菱形，写出所有符合条件的点N的坐标，并写出求解点N的坐标的其中一种情况的过程．
26. (本小题10.0分)
在Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠B=60°，点D为线段AB上一动点，连接CD．
(1)如图1，若AC=9，BD= 3，求线段AD的长；
(2)如图2，以CD为边在CD上方作等边△CDE，点F是DE的中点，连接BF并延长，交CD的延长线于点G.若∠G=∠BCE，求证：GF=BF+BE；
(3)在CD取得最小值的条件下，以CD为边在CD右侧作等边△CDE.点M为CD所在直线上一点，将△BEM沿BM所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BNM.连接AN，点P为AN的中点，连接CP，当CP取最大值时，连接BP，将△BCP沿BC所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BCQ，请直接写出此时NQCP的值．
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：8的相反数是−8．
故选：A．
只有符号不同的两个数叫做互为相反数，由此即可得到答案．
本题考查相反数，关键是掌握相反数的定义．
2.【答案】D
【解析】解：从正面看，底层是两个小正方形，上层的右边是一个小正方形，
故选：D．
根据从正面看得到的图形是主视图，可得答案．
本题考查了简单组合体的三视图．解题的关键是理解简单组合体的三视图的定义，明确从正面看得到的图形是主视图．
3.【答案】C
【解析】解：∵反比例函数y=−4x，
∴k=−4，
A、∵1×4=4≠−4，∴此点不在函数图象上，故本选项不合题意；
B、∵−1×(−4)=4≠−4，∴此点不在函数图象上，故本选项不合题意；
C、∵−2×2=−4，∴此点在函数图象上，故本选项符合题意；
D、∵2×2=4≠−4，∴此点不在函数图象上，故本选项不合题意．
故选：C．
根据k=xy对各选项进行逐一判断即可．
本题考查的是反比例函数图象上点的坐标特点，熟知反比例函数中k=xy为定值是解答此题的关键．
4.【答案】B
【解析】解：∵两个相似三角形周长的比为1：4，
∴这两个三角形对应边的比为1：4，
故选：B．
根据相似三角形的性质：相似三角形周长的比等于相似比，求解即可．
本题考查了相似三角形的性质，熟练掌握相似三角形的性质是解题的关键．
5.【答案】A
【解析】解：∵AB//CD，
∴∠BAC+∠1=180°，
∵∠1=55°，
∴∠BAC=125°，
∵AD⊥AC，
∴∠CAD=90°，
∴∠2=∠BAC−∠CAD=35°，
故选：A．
根据平行线的性质，可以求得∠BAC+∠1=180°，然后根据∠1的度数和AD⊥AC，即可得到∠2的度数．
本题考查平行线的性质、垂线，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答．
6.【答案】B
【解析】解：原式=4+2 5．
∵2.52=6.25，
∴2< 5<2.5，
∴4<2 5<5，
∴8<4+2 5<9．
故选：B．
化简题干中的式子得到4+2 5，计算出2< 5<2.5.利用不等式的性质，得出式子的值所在的范围．
本题以计算选择为背景考查了无理数的估算，考核了学生对无理数范围确定及不等式的性质的掌握，解题关键是化简式子并确定无理数的范围利用不等式的性质解决问题．解题时应注意合理缩小无理数的范围得到最准确的答案．
7.【答案】B
【解析】解：由图可得，图案①有：4+5=9根小木棒，
图案②有：4+5×2=14根小木棒，
图案③有：4+5×3=19根小木棒，
…，
∴第n个图案有：(4+5n)根小木棒，
∴第⑧个图案有：4+5×8=44根小木棒，
故选：B．
根据图形可以写出前几个图案需要的小木棒的数量，即可发现小木棒数量的变化规律，从而可以解答本题．
本题考查图形的变化类、列代数式，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答．
8.【答案】C
【解析】解：连接OB，
∵AC是⊙O的切线，
∴OB⊥AC，
∴∠ABO=∠CBO=90°，
∵∠A=30°，AB=2 3，
∴OB= 33AB=2，
∵BC=3，
∴OC= BC2+OB2= 32+22= 13，
故选：C．
根据切线的性质得到OB⊥AC，求得∠ABO=∠CBO=90°，得到OB= 33AB=2，根据勾股定理即可得到结论．
本题考查了切线的性质，解直角三角形，正确的作出辅助线是解题的关键．
9.【答案】A
【解析】解：在正方形ABCD中，AD=AB，∠BAD=∠ABC=∠ADC=90°，
将△ADF绕点A顺时针旋转90°，得△ABG，如图所示：
则AF=AG，∠DAF=∠BAG，
∵∠EAF=45°，
∴∠BAE+∠DAF=45°，
∴∠GAE=∠FAE=45°，
在△GAE和△FAE中，
AF=AG∠FAE=∠GAEAE=AE，
∴△GAE≌△FAE(SAS)，
∴∠AEF=∠AEG，
∵∠BAE=α，
∴∠AEB=90°−α，
∴∠AEF=∠AEB=90°−α，
∴∠FEC=180°−∠AEF−∠AEB=180°−2×(90°−α)=2α，
故选：A．
根据正方形的性质可得AD=AB，∠BAD=∠ABC=∠ADC=90°，将△ADF绕点A顺时针旋转90°，得△ABG，易证△GAE≌△FAE(SAS)，根据全等三角形的性质可得∠AEF=∠AEG，进一步根据∠FEC=180°−∠AEF−∠AEB求解即可．
本题考查了正方形的性质，全等三角形的判定和性质，涉及旋转的性质，添加合适的辅助线是解题的关键．
10.【答案】C
【解析】解：|x−y|−z−m−n=x−y−z−m−n，故说法①正确．
若使其运算结果与原多项式之和为0，需出现−x，
显然无论怎么添加绝对值，都无法使x的符号为负号，故说法②正确．
当添加一个绝对值时，共有4种情况，分别是|x−y|−z−m−n=x−y−z−m−n；x−|y−z|−m−n=x−y+z−m−n；x−y−|z−m|−n=x−y−z+m−n；x−y−z−|m−n|=x−y−z−m+n.当添加两个绝对值时，共有3种情况，分别是|x−y|−|z−m|−n=x−y−z+m−n；|x−y|−z−|m−n|=x−y−z−m+n；x−|y−z|−|m−n|=x−y+z−m+n.共有7种情况；
有两对运算结果相同，故共有5种不同运算结果，故说法③不符合题意．
故选：C．
根据给定的定义，举出符合条件的说法①和②.说法③需要对绝对操作分析添加一个和两个绝对值的情况，并将结果进行比较排除相等的结果，汇总得出答案．
本题考查新定义题型，根据多给的定义，举出符合条件的代数式进行情况讨论；
需要注意去绝对值时的符号，和所有结果可能的比较．主要考查绝对值计算和分类讨论思想的应用．
11.【答案】32
【解析】解：2−1+30
=12+1
=32，
故答案为：32．
根据负整数指数幂和零指数幂计算即可．
本题考查了负整数指数幂，零指数幂，熟练掌握这些知识是解题的关键．
12.【答案】36°
【解析】解：∵五边形ABCDE是正五边形，
∴AB=BC，∠B=(5−2)×180°÷5=108°，
∴∠BAC=∠BCA=180°−∠B2=180°−108°2=36°，
故答案为：36°．
利用多边形内角和公式及正多边形性质易得∠B的度数，AB=BC，再根据等边对等角，利用三角形内角和定理即可求得答案．
本题主要考查多边形内角和及正多边形性质，利用其求得∠B的度数是解题的关键．
13.【答案】19
【解析】解：画树状图如下：
共有9种等可能的结果，其中两次都摸到红球的结果有1种，
∴两次都摸到红球的概率是19，
故答案为：19．
画树状图，共有9种等可能的结果，其中两次都摸到红球的结果有1种，再由概率公式求解即可．
此题考查的是树状图法以及概率公式．树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，适合两步或两步以上完成的事件．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．
14.【答案】1501(1+x)2=1815
【解析】解：根据题意，得1501(1+x)2=1815，
故答案为：1501(1+x)2=1815．
根据今年六月份提供就业岗位1501个，并按计划逐月增长，预计八月份将提供岗位1815个，列一元二次方程即可．
本题考查了一元二次方程的应用，理解题意并根据题意建立等量关系是解题的关键．
15.【答案】3
【解析】解：∵BE⊥AD，CF⊥AD，
∴∠BEA=∠AFC=90°，
∴∠BAE+∠ABE=90°，
∵∠BAC=90°，
∴∠BAE+∠FAC=90°，
∴∠FAC=∠ABE，
在△ABE和△CAF中，
∠BEA=∠AFC∠ABE=∠FACAB=AC，
∴△ABE≌△CAF(AAS)，
∴AF=BE，AE=CF，
∵BE=4，CF=1，
∴AF=BE=4，AE=CF=1，
∴EF=AF−AE=4−1=3，
故答案为：3．
先证明△ABE≌△CAF(AAS)，根据全等三角形的性质可得AF=BE=4，AE=CF=1，进一步可得EF的长．
本题考查了全等三角形的判定和性质，等腰直角三角形的性质，熟练掌握全等三角形的判定方法是解题的关键．
16.【答案】254π−12
【解析】解：连接BD，
∵∠BAD=90°，
∴BD是⊙O的直径，
∵AB=4，AD=3，
∴BD= AD2+AB2= 32+42=5，
∴S阴影=S⊙O−S矩形ABCD=π×(52)2−3×4=254π−12．
故答案为：254π−12．
连接BD，根据圆周角定理证得BD是⊙O的直径，利用勾股定理求得直径，然后利用圆的面积减去矩形的面积即可求得阴影部分的面积．
本题考查了圆的面积和矩形的面积，解题的关键是明确阴影部分的面积是圆的面积减去矩形的面积，属于中考常考题型．
17.【答案】4
【解析】解：解不等式组x+32≤42x−a≥2，得x≤5x≥a+22，
∵至少有2个整数解，
∴a+22≤4，
∴a≤6，
解分式方程a−1y−2+42−y=2，
得y=a−12，
∵y的值是非负整数，a≤6，
∴当a=5时，y=2，
当a=3时，y=1，
当a=1时，y=0，
∵y=2是分式方程的增根，
∴a=5(舍去)，
∴满足条件的a的值有3和1，
∵3+1=4，
∴所有满足条件的整数a的值之和是4．
故答案为：4．
先解不等式组，根据至少有2个整数解求出a的取值范围，再解分式方程，根据解是非负整数，可求出满足条件的a的值，进一步求解即可．
本题考查了分式方程与一元一次不等式组的综合，熟练掌握解一元一次不等式组和分式方程的解法是解题的关键．
18.【答案】4312 8165
【解析】解：由题意可得10a+3−31=12，
解得a=4，
∴这个数为4312，
由题意可得，10a+b−(10b+c)=10c+d，
整理，可得10a−9b−11c=d，
一个“递减数”的前三个数字组成的三位数abc−与后三个数字组成的三位数bcd−的和为：
100a+10b+c+100b+10c+d
=100a+10b+c+100b+10c+10a−9b−11c
=110a+101b
=99(a+b)=11a+2b，
又∵一个“递减数”的前三个数字组成的三位数abc−与后三个数字组成的三位数bcd−的和能被9整除，
∴11a+2b9是整数，且a≠b≠c≠d，1≤a≤9，1≤b≤9，1≤c≤9，0≤d≤9，
a=9时，原四位数可得最大值，此时b只能取0，不符合题意，舍去，
当a=8时，b=1，此时71−11c=d，
c取9或8时，均不符合题意，
当c取7时，d=5，
∴满足条件的数的最大值是8165，
故答案为：4312；8165．
根据递减数的概念列方程求a的值，根据递减数的概念先求得10a−9b−11c=d，然后根据题意列出两个三位数字之和，结合能被9整除的数的特征分析满足条件的最大值．
本题考查新定义运算，理解新定义概念，正确推理计算是解题关键．
19.【答案】解：
(1)a(2−a)+(a+1)(a−1)
=2a−a2+a2−1
=2a−1．
(2)x2x2+2x+1÷(x−xx+1)
=x2(x+1)2÷x2x+1
=x2(x+1)2×x+1x2
=1x+1．
【解析】(1)先由单项式乘以多项式，平方差公式进行化简，然后合并同类项即可；
(2)先将括号内的进行合并，除法变成乘法，再约分化简即可．
此题主要是考查了分式的混合运算，整式的混合运算，能够熟练运用平方差公式，完全平方公式是解答此题的关键．
20.【答案】∠FAO OA=OC ∠FOA 平分
【解析】证明：∵四边形ABCD是平行四边形，
∴DC//AB．
∴∠ECO=∠FAO．
∵EF垂直平分AC，
∴OA=OC．
又∠EOC=∠FOA，
∴△COE≌△AOF(ASA)．
∴OE=OF；
过平行四边形对角线中点的直线平分，
故答案为：∠FAO；OA=OC；∠FOA；平分．
根据平行四边形的性质和全等三角形的判定和性质解答即可．
此题考查命题与定理，关键是根据平行四边形的性质和全等三角形的判定和性质解答．
21.【答案】72 70.5 10
【解析】解：(1)A款智能玩具飞机10架一次充满电后运行最长时间中，72出现的次数最多，故众数a=72，
把B款智能玩具飞机10架一次充满电后运行最长时间从小到大排列，排在中间的两个数是70和71，故中位数b=70+712=70.5，
m%=1−50%−40%=10%，即m=10．
故答案为：70，70.5，10；
(2)A款智能玩具飞机运行性能更好，理由如下：
虽然两款智能玩具飞机运行最长时间的平均数相同，但A款智能玩具飞机运行最长时间的中位数和众数均高于B款智能玩具飞机，所以A款智能玩具飞机运行性能更好；(答案不唯一)；
(3)200×610+120×(1−40%)=120+72=192(架)，
答：估计两款智能玩具飞机运行性能在中等及以上的大约共有192架．
(1)根据众数的定义可得a的值，根据中位数的定义可得b的值，用“1”减去其他两组所占百分百可得m的值；
(2)可比较中位数，众数与方差得出结论；
(3)利用样本估计总体可求解．
本题考查扇形统计图，频数分布表，中位数，众数，方差以及用样本估计总体，解题关键是从统计图表中获取有用信息是解题的关键．
22.【答案】解：(1)设购买炸酱面x份，牛肉面y份，
根据题意得：x+y=17015x+20y=3000，
解得：x=80y=90．
答：购买炸酱面80份，牛肉面90份；
(2)设购买牛肉面m份，则购买炸酱面(1+50%)m份，
根据题意得：1200m−1260(1+50%)m=6，
解得：m=60，
经检验，m=60是所列方程的解，且符合题意．
答：购买牛肉面60份．
【解析】(1)设购买炸酱面x份，牛肉面y份，利用总价=单价×数量，结合该公司花费3000元一次性购买了杂酱面、牛肉面共170份，可得出关于x，y的二元一次方程组，解之即可得出结论；
(2)设购买牛肉面m份，则购买炸酱面(1+50%)m份，利用单价=总价÷数量，结合每份杂酱面比每份牛肉面的价格少6元，可得出关于m的分式方程，解之经检验后，即可得出结论．
本题考查了二元一次方程组的应用以及分式方程的应用，解题的关键是：(1)找准等量关系，正确列出二元一次方程组；(2)找准等量关系，正确列出分式方程．
23.【答案】解：(1)当点E、F分别在AB、AC上运动时，△AEF为边长等于t的等边三角形，
∴点E，F的距离等于AE、AF的长，
∴当0
∴当4
分别描出三个点(0,0)，(4,4)(6,0)，然后顺次连线，如图：
(3)把y=3分别代入y=t和y=12−2t中，得：
3=t，3=12−2t，
解得：t=3或t=4.5，
∴点E，F相距3个单位长度时t的值为3或4.5．
【解析】(1)根据动点E、F运动的路线和速度分段进行分析，写出不同时间的函数表达式并注明自变量t的取值范围即可；
(2)根据画函数图象的方法分别画出两端函数图象即可；
(3)根据两个函数关系式分别求出当y=3时的t值即可解决问题．
本题是三角形综合题，主要考查等边三角形的性质、一次函数的图象和性质，以及一次函数的应用，深入理解题意是解决问题的关键．
24.【答案】解：(1)过D作DF⊥AE，垂足为F，
由题意得：四边形ABCF是矩形，
∴AF=BC=10千米，
在Rt△ADF中，∠DAF=45°，
∴AD=AFsin45∘=10 22=10 2≈10×1.41≈14(千米)．
∴AD的长度约为14米；
(2)小明应该选择线路①，
理由：在Rt△ADF中，∠DAF=45°，AF=10千米，
∴∠ADF=45°=∠DAF，
∴DF=AF=10千米，
在Rt△ABE中，∠ABE=90°−60°=30°，AB=DF+CD=24千米，
∴AE=AB⋅tan30°=24× 33=8 3(千米)，
EB=2AE=16 3千米，
按路线①A−D−C−B走的路程为AD+DC+CB=17+14+10=41(千米)
按路线②A−E−B走的路程为AE+EB=8 3+16 3≈241.73=41.52(千米)
∵41千米<41.52千米，
∴小明应该选择线路①．
【解析】(1)过D作DF⊥AE，垂足为F，根据题意可得：四边形ABCF是矩形，从而可得AF=BC=10千米，然后在Rt△AFD中，利用锐角三角函数的定义进行计算，即可解答；
(2)先在Rt△ADF中，根据等腰三角形的判定求出AF的长，再在Rt△ABE中，利用锐角三角函数的定义求出AB，AE的长，最后利用线段的和差关系进行计算，比较即可解答．
本题考查了解直角三角形的应用−方向角问题，根据题目的已知条件并结合图形添加适当的辅助线是解题的关键．
25.【答案】解：(1)由题意得：a+b+2=30=a−b+2，
解得：a=−12b=32，
则抛物线的表达式为：y=−12x2+32x+2；
(2)令y=−12x2+32x+2=0，
解得：x=4或−1，即点B(4,0)，
∵PE//y轴，则∠PED=∠OCB，
则tan∠PED=tan∠OCB=2，则sin∠PED=2 5，cos∠PED=1 5，
由点B、C的坐标得，直线BC的表达式为：y=−12x+2，
则PE=−12x2+32x+2+12x−2=−12(x−2)2+2≤2，
即PE的最大值为2，此时，点P(2,3)，
则△PDE周长的最大值=PE(1+sin∠PED+cos∠PED)=(1+2 5+1 5)PE=10+6 55，
即△PDE周长的最大值为10+6 55，点P(2,3)；
(3)抛物线沿射线CB方向平移 5个单位长度，相当于向右平移2个单位向下平移1个单位，
则平移后抛物线的对称轴为x=72，
设点M(72,m)，点N(s,t)，
由点A、P的坐标得，AP2=18，
当AP是对角线时，由中点坐标公式和AM=AN得：
−1+2=s+723=m+t(72+1)2+m2=(s+1)2+t2，解得：m=−32t=92s=−52，
即点N的坐标为：(−52,92)；
当AM或AN是对角线时，由中点坐标公式和AN=AP或AM=AP得：
72−1=s+2m=t+3(s+1)2+t2=18或s−1=72t=m+3(72+1)2+m2=18，
解得：s=12t=±3 72m=3±3 72(不合题意的值已舍去)，
即点N的坐标为：(12,±3 72)；
综上，点N的坐标为：(12,−3 72)或(12,3 72)或(−52,92).
【解析】(1)由待定系数法即可求解；
(2)由△PDE周长的最大值=PE(1+sin∠PED+cos∠PED)，即可求解；
(3)当AP是对角线时，由中点坐标公式和AM=AN，列出方程组即可求解；当AM或AN是对角线时，同理可解．
本题是二次函数综合题，主要考查了一次函数的性质、菱形的性质、平行四边形的性质、解直角三角形等，其中(3)，要注意分类求解，避免遗漏．
26.【答案】(1)解：在Rt△ABC中，∠ACB=90°，
∵∠B=60°，AC=9，
∴BC=AC 3=3 3，AB=2BC=6 3
∵BD= 3，
∴AD=AB−BD=5 3；
(2)证明：取AB的中点O，连接OC，如图：
在Rt△ABC中，点O为斜边AB的中点，
∴OC=OB，
∵∠ABC=60°，
∴△BOC为等边三角形，
∴CO=CB，∠OCB=∠BOC=60°，
∴∠DOC=120°，
∵△CDE为等边三角形，
∴CD=CE，∠DCE=60°，
∴∠DCE=∠OCB=60°，即∠OCD+∠OCE=∠OCE+∠BCE，
∴∠OCD=∠BCE，
在△OCD和△BCE中，
CD=CE∠OCD=∠BCECO=CB，
∴△OCD≌△BCE(SAS)，
∴∠EBC=∠DOC=120°，
∴∠OCB+∠EBC=180°，
∴OC//BE，
在GF上截取HF=BF，连接DH，
∵点F是DE的中点，
∴FE=FD．
在△BEF和△HDF中，
BF=HF∠BFE=∠HFDFE=FD，
∴△BEF≌△HDF(SAS)，
∴BE=HD，∠BEF=∠HDF，
∴DH//BE，
∴DH//OC，
∴∠HDG=∠OCD，
又∠G=∠BCE，
∴∠G=∠HDG，
∴HG=HD，
∴HG=BE，
∴GF=HG+FH=BE+BF；
(3)解：取AB的中点S，连接PS，如图：
在CD取得最小值时，CD⊥AB，
设AB=4a，则BC=2a，AC=2 3a，
∵2S△ABC=AC⋅BC=AB⋅CD，
∴CD=AC⋅BCAB= 3a，BD=12BC=a，
∵△CDE是等边三角形，
∴∠DCE=60°，CD=CE，
∴∠BCE=∠DCE−∠DCB=60°−30°=30°=∠DCB，
∵BC=BC，
∴△BCD≌△BCE(SAS)，
∴BD=BE=a，
∵将△BEM沿BM所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BNM，
∴BE=BN=a，
∴N的轨迹是以B为圆心，a为半径的圆，
∵点P为AN的中点，S为AB的中点，
∴PS=12BN=12a，
∴P的轨迹是以S为圆心，12a为半径的圆，
当CP最大时，C，P，S三点共线，过P作PT⊥AC于T，过N作NR⊥AC于R，如图：
∵S是AB中点，
∴BS=AS=CS=12AB=2a，
∵∠ABC=60°，
∴△BSC是等边三角形，
∴∠PCB=60°，BC=CS=2a，
∴∠PCA=30°，
∵CP=CS+PS=2a+12a=52a，
∴PT=12CP=54a，CT= 3PT=5 34a，
∴AT=AC−CT=3 34a，
连接PQ交NR于W，如图：
∵将△BCP沿BC所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BCQ，
∴PQ⊥BC，
∵AC⊥BC，
∴PQ//AC，即PW//AR，
∵P为AN中点，
∴PW是△ANR的中位线，
∴NW=RW=12NR，
同理可得PT是△ANR的中位线，
∴PT=12NR，
∴PT=NW=RW=54a，PW=12AR=AT=3 34a，
∵将△BCP沿BC所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BCQ，
∴∠QCB=∠PCB=60°，CP=CQ，
∴∠QCP=120°，
∴PQ= 3CP=5 32a，
∴WQ=PQ−PW=5 32a−3 34a=7 34a，
∴NQ= NW2+WQ2= (54a)2+(7 34a)2= 432a，
∴NQCP= 432a52a= 435．
【解析】(1)在Rt△ABC中，由∠B=60°，AC=9，可得BC=AC 3=3 3，AB=2BC=6 3，即得AD=AB−BD=5 3；
(2)取AB的中点O，连接OC，证明△BOC为等边三角形，得CO=CB，∠OCB=∠BOC=60°，可得△OCD≌△BCE(SAS)，有∠EBC=∠DOC=120°，故OC//BE，在GF上截取HF=BF，连接DH，可证△BEF≌△HDF(SAS)，得BE=HD，∠BEF=∠HDF，有DH//BE，DH//OC，可得∠HDG=∠OCD，知∠G=∠HDG，HG=HD，从而HG=BE，GF=HG+FH=BE+BF；
(3)取AB的中点S，连接PS，在CD取得最小值时，CD⊥AB，设AB=4a，则BC=2a，AC=2 3a，用面积法得CD=AC⋅BCAB= 3a，BD=12BC=a，证明△BCD≌△BCE(SAS)，知BD=BE=a，根据将△BEM沿BM所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BNM，有BE=BN=a，故N的轨迹是以B为圆心，a为半径的圆，又PS=12BN=12a，故P的轨迹是以S为圆心，12a为半径的圆，当CP最大时，C，P，S三点共线，过P作PT⊥AC于T，过N作NR⊥AC于R，可得△BSC是等边三角形，∠PCB=60°，BC=CS=2a，而CP=CS+PS=2a+12a=52a，可求得PT=12CP=54a，CT= 3PT=5 34a，AT=AC−CT=3 34a，连接PQ交NR于W，根据将△BCP沿BC所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BCQ，知PQ⊥BC，故即PW//AR，PW是△ANR的中位线，同理可得PT是△ANR的中位线，即可得PT=NW=RW=54a，PW=12AR=AT=3 34a，根据将△BCP沿BC所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BCQ，得CP=CQ，∠QCP=120°，有PQ= 3CP=5 32a，即得WQ=PQ−PW=7 34a，从而NQ= NW2+WQ2= 432a，NQCP= 435．
本题考查三角形综合应用，涉及全等三角形的判定与性质，相似三角形的判定与性质，对称变换，最短路径等知识，综合性较强，解题的关键是作辅助线，构造直角三角形和全等三角形解决问题．
2023年重庆市中考数学试卷（A卷）
一、选择题（本大题共10小题，共40.0分。在每小题列出的选项中，选出符合题目的一项）
1. 8的相反数是( )
A. −8 B. 8 C. −18 D. 18
2. 四个大小相同的正方体搭成的几何体如图所示，从正面得到的视图是( )
A.
B.
C.
D.
3. 反比例函数y=−4x的图象一定经过的点是( )
A. (1,4) B. (−1,−4) C. (−2,2) D. (2,2)
4. 若两个相似三角形周长的比为1：4，则这两个三角形对应边的比是( )
A. 1：2 B. 1：4 C. 1：8 D. 1：16
5. 如图，AB//CD，AD⊥AC，若∠1=55°，则∠2的度数为( )
A. 35°
B. 45°
C. 50°
D. 55°
6. 估计 2( 8+ 10)的值应在( )
A. 7和8之间 B. 8和9之间 C. 9和10之间 D. 10和11之间
7. 用长度相同的木棍按如图所示的规律拼图案，其中第①个图案用了9根木棍，第②个图案用了14根木棍，第③个图案用了19根木棍，第④个图案用了24根木棍，…，按此规律排列下去，则第⑧个图案用的木棍根数是( )
A. 39 B. 44 C. 49 D. 54
8. 如图，AC是⊙O的切线，B为切点，连接OA，OC.若∠A=30°，AB=2 3，BC=3，则OC的长度是( )
A. 3 B. 2 3 C. 13 D. 6
9. 如图，在正方形ABCD中，点E，F分别在BC，CD上，连接AE，AF，EF，∠EAF=45°.若∠BAE=α，则∠FEC一定等于( )
A. 2α
B. 90°−2α
C. 45°−α
D. 90°−α
10. 在多项式x−y−z−m−n(其中x>y>z>m>n)中，对相邻的两个字母间任意添加绝对值符号，添加绝对值符号后仍只有减法运算，然后进行去绝对值运算，称此为“绝对操作”.例如：x−y−|z−m|−n=x−y−z+m−n，|x−y|−z−|m−n|=x−y−z−m+n，….下列说法：
①存在“绝对操作”，使其运算结果与原多项式相等；
②不存在“绝对操作”，使其运算结果与原多项式之和为0；
③所有的“绝对操作”共有7种不同运算结果．
其中正确的个数是( )
A. 0 B. 1 C. 2 D. 3
二、填空题（本大题共8小题，共32.0分）
11. 计算：2−1+30= ______ ．
12. 如图，正五边形ABCDE中，连接AC，那么∠BAC的度数为______ ．
13. 一个口袋中有1个红色球，有1个白色球，有1个蓝色球，这些球除颜色外都相同，从中随机摸出一个球，记下颜色后放回，摇匀后再从中随机摸出一个球，则两次都摸到红球的概率是______ ．
14. 某新建工业园区今年六月份提供就业岗位1501个，并按计划逐月增长，预计八月份将提供岗位1815个，设七、八两个月提供就业岗位数量的月平均增长率为x，根据题意，可列方程为______ ．
15. 如图，在Rt△ABC中，∠BAC=90°，AB=AC，点D为BC上一点，连接AD.过点B作BE⊥AD于点E，过点C作CF⊥AD交AD的延长线于点F.若BE=4，CF=1，则EF的长度为______ ．
16. 如图，⊙O是矩形ABCD的外接圆，若AB=4，AD=3，则图中阴影部分的面积为______ .(结果保留π)
17. 若关于x的一元一次不等式组x+32≤42x−a≥2至少有2个整数解，且关于y的分式方程a−1y−2+42−y=2有非负整数解，则所有满足条件的整数a的值之和是______ ．
18. 如果一个四位自然数abcd−的各数位上的数字互不相等且均不为0，满足ab−−bc−=cd−，那么称这个四位数为“递减数”.例如：四位数4129，∵41−12=29，∴4129是“递减数”；又如：四位数5324，∵53−32=21≠24，∴5324不是“递减数”.若一个“递减数”为a312−，则这个数为______ ；若一个“递减数”的前三个数字组成的三位数abc−与后三个数字组成的三位数bcd−的和能被9整除，则满足条件的数的最大值是______ ．
三、解答题（本大题共8小题，共78.0分。解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）
19. (本小题8.0分)
计算：
(1)a(2−a)+(a+1)(a−1)；
(2)x2x2+2x+1÷(x−xx+1).
20. (本小题10.0分)
学习了平行四边形后，小虹进行了拓展性研究.她发现，如果作平行四边形一条对角线的垂直平分线，那么这个平行四边形的一组对边截垂直平分线所得的线段被垂足平分.她的解决思路是通过证明对应线段所在的两个三角形全等得出结论.请根据她的思路完成以下作图与填空：
用直尺和圆规，作AC的垂直平分线交DC于点E，交AB于点F，垂足为点O.(只保留作图痕迹)
已知：如图，四边形ABCD是平行四边形，AC是对角线，EF垂直平分AC，垂足为点O.求证：OE=OF．
证明：∵四边形ABCD是平行四边形，
∴DC//AB．
∴∠ECO= ______ ．
∵EF垂直平分AC，
∴ ______ ．
又∠EOC= ______ ，
∴△COE≌△AOF(ASA)．
∴OE=OF．
小虹再进一步研究发现，过平行四边形对角线AC中点的直线与平行四边形一组对边相交形成的线段均有此特征.请你依照题意完成下面命题：
过平行四边形对角线中点的直线______ ．
21. (本小题10.0分)
为了解A、B两款品质相近的智能玩具飞机在一次充满电后运行的最长时间，有关人员分别随机调查了A、B两款智能玩具飞机各10架，记录下它们运行的最长时间(分钟)，并对数据进行整理、描述和分析(运行最长时间用x表示，共分为三组：合格60≤x<70，中等70≤x<80，优等x≥80)，下面给出了部分信息：
A款智能玩具飞机10架一次充满电后运行最长时间是：60，64，67，69，71，71，72，72，72，82．
B款智能玩具飞机10架一次充满电后运行最长时间属于中等的数据是：70，71，72，72，73．
两款智能玩具飞机运行最长时间统计表
类别
A
B
平均数
70
70
中位数
71
b
众数
a
67
方差
30.4
26.6
根据以上信息，解答下列问题：
(1)上述图表中a= ______ ，b= ______ ，m= ______ ；
(2)根据以上数据，你认为哪款智能玩具飞机运行性能更好？请说明理由(写出一条理由即可)；
(3)若某玩具仓库有A款智能玩具飞机200架、B款智能玩具飞机120架，估计两款智能玩具飞机运行性能在中等及以上的共有多少架？
22. (本小题10.0分)
某公司不定期为员工购买某预制食品厂生产的杂酱面、牛肉面两种食品．
(1)该公司花费3000元一次性购买了杂酱面、牛肉面共170份，此时杂酱面、牛肉面的价格分别为15元、20元，求购买两种食品各多少份？
(2)由于公司员工人数和食品价格有所调整，现该公司分别花费1260元、1200元一次性购买杂酱面、牛肉面两种食品，已知购买杂酱面的份数比牛肉面的份数多50%，每份杂酱面比每份牛肉面的价格少6元，求购买牛肉面多少份？
23. (本小题10.0分)
如图，△ABC是边长为4的等边三角形，动点E，F分别以每秒1个单位长度的速度同时从点A出发，点E沿折线A→B→C方向运动，点F沿折线A→C→B方向运动，当两者相遇时停止运动.设运动时间为t秒，点E，F的距离为y．
(1)请直接写出y关于t的函数表达式并注明自变量t的取值范围；
(2)在给定的平面直角坐标系中画出这个函数的图象，并写出该函数的一条性质；
(3)结合函数图象，写出点E，F相距3个单位长度时t的值．
24. (本小题10.0分)
为了满足市民的需求，我市在一条小河AB两侧开辟了两条长跑锻炼线路，如图：①A−D−C−B；②A−E−B.经勘测，点B在点A的正东方，点C在点B的正北方10千米处，点D在点C的正西方14千米处，点D在点A的北偏东45°方向，点E在点A的正南方，点E在点B的南偏西60°方向.(参考数据： 2≈1.41， 3≈1.73)
(1)求AD的长度.(结果精确到1千米)
(2)由于时间原因，小明决定选择一条较短线路进行锻炼，请计算说明他应该选择线路①还是线路②？
25. (本小题10.0分)
如图，在平面直角坐标系中，抛物线y=ax2+bx+2过点(1,3)，且交x轴于点A(−1,0)，B两点，交y轴于点C．
(1)求抛物线的表达式；
(2)点P是直线BC上方抛物线上的一动点，过点P作PD⊥BC于点D，过点P作y轴的平行线交直线BC于点E，求△PDE周长的最大值及此时点P的坐标；
(3)在(2)中△PDE周长取得最大值的条件下，将该抛物线沿射线CB方向平移 5个单位长度，点M为平移后的抛物线的对称轴上一点.在平面内确定一点N，使得以点A，P，M，N为顶点的四边形是菱形，写出所有符合条件的点N的坐标，并写出求解点N的坐标的其中一种情况的过程．
26. (本小题10.0分)
在Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠B=60°，点D为线段AB上一动点，连接CD．
(1)如图1，若AC=9，BD= 3，求线段AD的长；
(2)如图2，以CD为边在CD上方作等边△CDE，点F是DE的中点，连接BF并延长，交CD的延长线于点G.若∠G=∠BCE，求证：GF=BF+BE；
(3)在CD取得最小值的条件下，以CD为边在CD右侧作等边△CDE.点M为CD所在直线上一点，将△BEM沿BM所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BNM.连接AN，点P为AN的中点，连接CP，当CP取最大值时，连接BP，将△BCP沿BC所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BCQ，请直接写出此时NQCP的值．
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：8的相反数是−8．
故选：A．
只有符号不同的两个数叫做互为相反数，由此即可得到答案．
本题考查相反数，关键是掌握相反数的定义．
2.【答案】D
【解析】解：从正面看，底层是两个小正方形，上层的右边是一个小正方形，
故选：D．
根据从正面看得到的图形是主视图，可得答案．
本题考查了简单组合体的三视图．解题的关键是理解简单组合体的三视图的定义，明确从正面看得到的图形是主视图．
3.【答案】C
【解析】解：∵反比例函数y=−4x，
∴k=−4，
A、∵1×4=4≠−4，∴此点不在函数图象上，故本选项不合题意；
B、∵−1×(−4)=4≠−4，∴此点不在函数图象上，故本选项不合题意；
C、∵−2×2=−4，∴此点在函数图象上，故本选项符合题意；
D、∵2×2=4≠−4，∴此点不在函数图象上，故本选项不合题意．
故选：C．
根据k=xy对各选项进行逐一判断即可．
本题考查的是反比例函数图象上点的坐标特点，熟知反比例函数中k=xy为定值是解答此题的关键．
4.【答案】B
【解析】解：∵两个相似三角形周长的比为1：4，
∴这两个三角形对应边的比为1：4，
故选：B．
根据相似三角形的性质：相似三角形周长的比等于相似比，求解即可．
本题考查了相似三角形的性质，熟练掌握相似三角形的性质是解题的关键．
5.【答案】A
【解析】解：∵AB//CD，
∴∠BAC+∠1=180°，
∵∠1=55°，
∴∠BAC=125°，
∵AD⊥AC，
∴∠CAD=90°，
∴∠2=∠BAC−∠CAD=35°，
故选：A．
根据平行线的性质，可以求得∠BAC+∠1=180°，然后根据∠1的度数和AD⊥AC，即可得到∠2的度数．
本题考查平行线的性质、垂线，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答．
6.【答案】B
【解析】解：原式=4+2 5．
∵2.52=6.25，
∴2< 5<2.5，
∴4<2 5<5，
∴8<4+2 5<9．
故选：B．
化简题干中的式子得到4+2 5，计算出2< 5<2.5.利用不等式的性质，得出式子的值所在的范围．
本题以计算选择为背景考查了无理数的估算，考核了学生对无理数范围确定及不等式的性质的掌握，解题关键是化简式子并确定无理数的范围利用不等式的性质解决问题．解题时应注意合理缩小无理数的范围得到最准确的答案．
7.【答案】B
【解析】解：由图可得，图案①有：4+5=9根小木棒，
图案②有：4+5×2=14根小木棒，
图案③有：4+5×3=19根小木棒，
…，
∴第n个图案有：(4+5n)根小木棒，
∴第⑧个图案有：4+5×8=44根小木棒，
故选：B．
根据图形可以写出前几个图案需要的小木棒的数量，即可发现小木棒数量的变化规律，从而可以解答本题．
本题考查图形的变化类、列代数式，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答．
8.【答案】C
【解析】解：连接OB，
∵AC是⊙O的切线，
∴OB⊥AC，
∴∠ABO=∠CBO=90°，
∵∠A=30°，AB=2 3，
∴OB= 33AB=2，
∵BC=3，
∴OC= BC2+OB2= 32+22= 13，
故选：C．
根据切线的性质得到OB⊥AC，求得∠ABO=∠CBO=90°，得到OB= 33AB=2，根据勾股定理即可得到结论．
本题考查了切线的性质，解直角三角形，正确的作出辅助线是解题的关键．
9.【答案】A
【解析】解：在正方形ABCD中，AD=AB，∠BAD=∠ABC=∠ADC=90°，
将△ADF绕点A顺时针旋转90°，得△ABG，如图所示：
则AF=AG，∠DAF=∠BAG，
∵∠EAF=45°，
∴∠BAE+∠DAF=45°，
∴∠GAE=∠FAE=45°，
在△GAE和△FAE中，
AF=AG∠FAE=∠GAEAE=AE，
∴△GAE≌△FAE(SAS)，
∴∠AEF=∠AEG，
∵∠BAE=α，
∴∠AEB=90°−α，
∴∠AEF=∠AEB=90°−α，
∴∠FEC=180°−∠AEF−∠AEB=180°−2×(90°−α)=2α，
故选：A．
根据正方形的性质可得AD=AB，∠BAD=∠ABC=∠ADC=90°，将△ADF绕点A顺时针旋转90°，得△ABG，易证△GAE≌△FAE(SAS)，根据全等三角形的性质可得∠AEF=∠AEG，进一步根据∠FEC=180°−∠AEF−∠AEB求解即可．
本题考查了正方形的性质，全等三角形的判定和性质，涉及旋转的性质，添加合适的辅助线是解题的关键．
10.【答案】C
【解析】解：|x−y|−z−m−n=x−y−z−m−n，故说法①正确．
若使其运算结果与原多项式之和为0，需出现−x，
显然无论怎么添加绝对值，都无法使x的符号为负号，故说法②正确．
当添加一个绝对值时，共有4种情况，分别是|x−y|−z−m−n=x−y−z−m−n；x−|y−z|−m−n=x−y+z−m−n；x−y−|z−m|−n=x−y−z+m−n；x−y−z−|m−n|=x−y−z−m+n.当添加两个绝对值时，共有3种情况，分别是|x−y|−|z−m|−n=x−y−z+m−n；|x−y|−z−|m−n|=x−y−z−m+n；x−|y−z|−|m−n|=x−y+z−m+n.共有7种情况；
有两对运算结果相同，故共有5种不同运算结果，故说法③不符合题意．
故选：C．
根据给定的定义，举出符合条件的说法①和②.说法③需要对绝对操作分析添加一个和两个绝对值的情况，并将结果进行比较排除相等的结果，汇总得出答案．
本题考查新定义题型，根据多给的定义，举出符合条件的代数式进行情况讨论；
需要注意去绝对值时的符号，和所有结果可能的比较．主要考查绝对值计算和分类讨论思想的应用．
11.【答案】32
【解析】解：2−1+30
=12+1
=32，
故答案为：32．
根据负整数指数幂和零指数幂计算即可．
本题考查了负整数指数幂，零指数幂，熟练掌握这些知识是解题的关键．
12.【答案】36°
【解析】解：∵五边形ABCDE是正五边形，
∴AB=BC，∠B=(5−2)×180°÷5=108°，
∴∠BAC=∠BCA=180°−∠B2=180°−108°2=36°，
故答案为：36°．
利用多边形内角和公式及正多边形性质易得∠B的度数，AB=BC，再根据等边对等角，利用三角形内角和定理即可求得答案．
本题主要考查多边形内角和及正多边形性质，利用其求得∠B的度数是解题的关键．
13.【答案】19
【解析】解：画树状图如下：
共有9种等可能的结果，其中两次都摸到红球的结果有1种，
∴两次都摸到红球的概率是19，
故答案为：19．
画树状图，共有9种等可能的结果，其中两次都摸到红球的结果有1种，再由概率公式求解即可．
此题考查的是树状图法以及概率公式．树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，适合两步或两步以上完成的事件．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．
14.【答案】1501(1+x)2=1815
【解析】解：根据题意，得1501(1+x)2=1815，
故答案为：1501(1+x)2=1815．
根据今年六月份提供就业岗位1501个，并按计划逐月增长，预计八月份将提供岗位1815个，列一元二次方程即可．
本题考查了一元二次方程的应用，理解题意并根据题意建立等量关系是解题的关键．
15.【答案】3
【解析】解：∵BE⊥AD，CF⊥AD，
∴∠BEA=∠AFC=90°，
∴∠BAE+∠ABE=90°，
∵∠BAC=90°，
∴∠BAE+∠FAC=90°，
∴∠FAC=∠ABE，
在△ABE和△CAF中，
∠BEA=∠AFC∠ABE=∠FACAB=AC，
∴△ABE≌△CAF(AAS)，
∴AF=BE，AE=CF，
∵BE=4，CF=1，
∴AF=BE=4，AE=CF=1，
∴EF=AF−AE=4−1=3，
故答案为：3．
先证明△ABE≌△CAF(AAS)，根据全等三角形的性质可得AF=BE=4，AE=CF=1，进一步可得EF的长．
本题考查了全等三角形的判定和性质，等腰直角三角形的性质，熟练掌握全等三角形的判定方法是解题的关键．
16.【答案】254π−12
【解析】解：连接BD，
∵∠BAD=90°，
∴BD是⊙O的直径，
∵AB=4，AD=3，
∴BD= AD2+AB2= 32+42=5，
∴S阴影=S⊙O−S矩形ABCD=π×(52)2−3×4=254π−12．
故答案为：254π−12．
连接BD，根据圆周角定理证得BD是⊙O的直径，利用勾股定理求得直径，然后利用圆的面积减去矩形的面积即可求得阴影部分的面积．
本题考查了圆的面积和矩形的面积，解题的关键是明确阴影部分的面积是圆的面积减去矩形的面积，属于中考常考题型．
17.【答案】4
【解析】解：解不等式组x+32≤42x−a≥2，得x≤5x≥a+22，
∵至少有2个整数解，
∴a+22≤4，
∴a≤6，
解分式方程a−1y−2+42−y=2，
得y=a−12，
∵y的值是非负整数，a≤6，
∴当a=5时，y=2，
当a=3时，y=1，
当a=1时，y=0，
∵y=2是分式方程的增根，
∴a=5(舍去)，
∴满足条件的a的值有3和1，
∵3+1=4，
∴所有满足条件的整数a的值之和是4．
故答案为：4．
先解不等式组，根据至少有2个整数解求出a的取值范围，再解分式方程，根据解是非负整数，可求出满足条件的a的值，进一步求解即可．
本题考查了分式方程与一元一次不等式组的综合，熟练掌握解一元一次不等式组和分式方程的解法是解题的关键．
18.【答案】4312 8165
【解析】解：由题意可得10a+3−31=12，
解得a=4，
∴这个数为4312，
由题意可得，10a+b−(10b+c)=10c+d，
整理，可得10a−9b−11c=d，
一个“递减数”的前三个数字组成的三位数abc−与后三个数字组成的三位数bcd−的和为：
100a+10b+c+100b+10c+d
=100a+10b+c+100b+10c+10a−9b−11c
=110a+101b
=99(a+b)=11a+2b，
又∵一个“递减数”的前三个数字组成的三位数abc−与后三个数字组成的三位数bcd−的和能被9整除，
∴11a+2b9是整数，且a≠b≠c≠d，1≤a≤9，1≤b≤9，1≤c≤9，0≤d≤9，
a=9时，原四位数可得最大值，此时b只能取0，不符合题意，舍去，
当a=8时，b=1，此时71−11c=d，
c取9或8时，均不符合题意，
当c取7时，d=5，
∴满足条件的数的最大值是8165，
故答案为：4312；8165．
根据递减数的概念列方程求a的值，根据递减数的概念先求得10a−9b−11c=d，然后根据题意列出两个三位数字之和，结合能被9整除的数的特征分析满足条件的最大值．
本题考查新定义运算，理解新定义概念，正确推理计算是解题关键．
19.【答案】解：
(1)a(2−a)+(a+1)(a−1)
=2a−a2+a2−1
=2a−1．
(2)x2x2+2x+1÷(x−xx+1)
=x2(x+1)2÷x2x+1
=x2(x+1)2×x+1x2
=1x+1．
【解析】(1)先由单项式乘以多项式，平方差公式进行化简，然后合并同类项即可；
(2)先将括号内的进行合并，除法变成乘法，再约分化简即可．
此题主要是考查了分式的混合运算，整式的混合运算，能够熟练运用平方差公式，完全平方公式是解答此题的关键．
20.【答案】∠FAO OA=OC ∠FOA 平分
【解析】证明：∵四边形ABCD是平行四边形，
∴DC//AB．
∴∠ECO=∠FAO．
∵EF垂直平分AC，
∴OA=OC．
又∠EOC=∠FOA，
∴△COE≌△AOF(ASA)．
∴OE=OF；
过平行四边形对角线中点的直线平分，
故答案为：∠FAO；OA=OC；∠FOA；平分．
根据平行四边形的性质和全等三角形的判定和性质解答即可．
此题考查命题与定理，关键是根据平行四边形的性质和全等三角形的判定和性质解答．
21.【答案】72 70.5 10
【解析】解：(1)A款智能玩具飞机10架一次充满电后运行最长时间中，72出现的次数最多，故众数a=72，
把B款智能玩具飞机10架一次充满电后运行最长时间从小到大排列，排在中间的两个数是70和71，故中位数b=70+712=70.5，
m%=1−50%−40%=10%，即m=10．
故答案为：70，70.5，10；
(2)A款智能玩具飞机运行性能更好，理由如下：
虽然两款智能玩具飞机运行最长时间的平均数相同，但A款智能玩具飞机运行最长时间的中位数和众数均高于B款智能玩具飞机，所以A款智能玩具飞机运行性能更好；(答案不唯一)；
(3)200×610+120×(1−40%)=120+72=192(架)，
答：估计两款智能玩具飞机运行性能在中等及以上的大约共有192架．
(1)根据众数的定义可得a的值，根据中位数的定义可得b的值，用“1”减去其他两组所占百分百可得m的值；
(2)可比较中位数，众数与方差得出结论；
(3)利用样本估计总体可求解．
本题考查扇形统计图，频数分布表，中位数，众数，方差以及用样本估计总体，解题关键是从统计图表中获取有用信息是解题的关键．
22.【答案】解：(1)设购买炸酱面x份，牛肉面y份，
根据题意得：x+y=17015x+20y=3000，
解得：x=80y=90．
答：购买炸酱面80份，牛肉面90份；
(2)设购买牛肉面m份，则购买炸酱面(1+50%)m份，
根据题意得：1200m−1260(1+50%)m=6，
解得：m=60，
经检验，m=60是所列方程的解，且符合题意．
答：购买牛肉面60份．
【解析】(1)设购买炸酱面x份，牛肉面y份，利用总价=单价×数量，结合该公司花费3000元一次性购买了杂酱面、牛肉面共170份，可得出关于x，y的二元一次方程组，解之即可得出结论；
(2)设购买牛肉面m份，则购买炸酱面(1+50%)m份，利用单价=总价÷数量，结合每份杂酱面比每份牛肉面的价格少6元，可得出关于m的分式方程，解之经检验后，即可得出结论．
本题考查了二元一次方程组的应用以及分式方程的应用，解题的关键是：(1)找准等量关系，正确列出二元一次方程组；(2)找准等量关系，正确列出分式方程．
23.【答案】解：(1)当点E、F分别在AB、AC上运动时，△AEF为边长等于t的等边三角形，
∴点E，F的距离等于AE、AF的长，
∴当0
∴当4
分别描出三个点(0,0)，(4,4)(6,0)，然后顺次连线，如图：
(3)把y=3分别代入y=t和y=12−2t中，得：
3=t，3=12−2t，
解得：t=3或t=4.5，
∴点E，F相距3个单位长度时t的值为3或4.5．
【解析】(1)根据动点E、F运动的路线和速度分段进行分析，写出不同时间的函数表达式并注明自变量t的取值范围即可；
(2)根据画函数图象的方法分别画出两端函数图象即可；
(3)根据两个函数关系式分别求出当y=3时的t值即可解决问题．
本题是三角形综合题，主要考查等边三角形的性质、一次函数的图象和性质，以及一次函数的应用，深入理解题意是解决问题的关键．
24.【答案】解：(1)过D作DF⊥AE，垂足为F，
由题意得：四边形ABCF是矩形，
∴AF=BC=10千米，
在Rt△ADF中，∠DAF=45°，
∴AD=AFsin45∘=10 22=10 2≈10×1.41≈14(千米)．
∴AD的长度约为14米；
(2)小明应该选择线路①，
理由：在Rt△ADF中，∠DAF=45°，AF=10千米，
∴∠ADF=45°=∠DAF，
∴DF=AF=10千米，
在Rt△ABE中，∠ABE=90°−60°=30°，AB=DF+CD=24千米，
∴AE=AB⋅tan30°=24× 33=8 3(千米)，
EB=2AE=16 3千米，
按路线①A−D−C−B走的路程为AD+DC+CB=17+14+10=41(千米)
按路线②A−E−B走的路程为AE+EB=8 3+16 3≈241.73=41.52(千米)
∵41千米<41.52千米，
∴小明应该选择线路①．
【解析】(1)过D作DF⊥AE，垂足为F，根据题意可得：四边形ABCF是矩形，从而可得AF=BC=10千米，然后在Rt△AFD中，利用锐角三角函数的定义进行计算，即可解答；
(2)先在Rt△ADF中，根据等腰三角形的判定求出AF的长，再在Rt△ABE中，利用锐角三角函数的定义求出AB，AE的长，最后利用线段的和差关系进行计算，比较即可解答．
本题考查了解直角三角形的应用−方向角问题，根据题目的已知条件并结合图形添加适当的辅助线是解题的关键．
25.【答案】解：(1)由题意得：a+b+2=30=a−b+2，
解得：a=−12b=32，
则抛物线的表达式为：y=−12x2+32x+2；
(2)令y=−12x2+32x+2=0，
解得：x=4或−1，即点B(4,0)，
∵PE//y轴，则∠PED=∠OCB，
则tan∠PED=tan∠OCB=2，则sin∠PED=2 5，cos∠PED=1 5，
由点B、C的坐标得，直线BC的表达式为：y=−12x+2，
则PE=−12x2+32x+2+12x−2=−12(x−2)2+2≤2，
即PE的最大值为2，此时，点P(2,3)，
则△PDE周长的最大值=PE(1+sin∠PED+cos∠PED)=(1+2 5+1 5)PE=10+6 55，
即△PDE周长的最大值为10+6 55，点P(2,3)；
(3)抛物线沿射线CB方向平移 5个单位长度，相当于向右平移2个单位向下平移1个单位，
则平移后抛物线的对称轴为x=72，
设点M(72,m)，点N(s,t)，
由点A、P的坐标得，AP2=18，
当AP是对角线时，由中点坐标公式和AM=AN得：
−1+2=s+723=m+t(72+1)2+m2=(s+1)2+t2，解得：m=−32t=92s=−52，
即点N的坐标为：(−52,92)；
当AM或AN是对角线时，由中点坐标公式和AN=AP或AM=AP得：
72−1=s+2m=t+3(s+1)2+t2=18或s−1=72t=m+3(72+1)2+m2=18，
解得：s=12t=±3 72m=3±3 72(不合题意的值已舍去)，
即点N的坐标为：(12,±3 72)；
综上，点N的坐标为：(12,−3 72)或(12,3 72)或(−52,92).
【解析】(1)由待定系数法即可求解；
(2)由△PDE周长的最大值=PE(1+sin∠PED+cos∠PED)，即可求解；
(3)当AP是对角线时，由中点坐标公式和AM=AN，列出方程组即可求解；当AM或AN是对角线时，同理可解．
本题是二次函数综合题，主要考查了一次函数的性质、菱形的性质、平行四边形的性质、解直角三角形等，其中(3)，要注意分类求解，避免遗漏．
26.【答案】(1)解：在Rt△ABC中，∠ACB=90°，
∵∠B=60°，AC=9，
∴BC=AC 3=3 3，AB=2BC=6 3
∵BD= 3，
∴AD=AB−BD=5 3；
(2)证明：取AB的中点O，连接OC，如图：
在Rt△ABC中，点O为斜边AB的中点，
∴OC=OB，
∵∠ABC=60°，
∴△BOC为等边三角形，
∴CO=CB，∠OCB=∠BOC=60°，
∴∠DOC=120°，
∵△CDE为等边三角形，
∴CD=CE，∠DCE=60°，
∴∠DCE=∠OCB=60°，即∠OCD+∠OCE=∠OCE+∠BCE，
∴∠OCD=∠BCE，
在△OCD和△BCE中，
CD=CE∠OCD=∠BCECO=CB，
∴△OCD≌△BCE(SAS)，
∴∠EBC=∠DOC=120°，
∴∠OCB+∠EBC=180°，
∴OC//BE，
在GF上截取HF=BF，连接DH，
∵点F是DE的中点，
∴FE=FD．
在△BEF和△HDF中，
BF=HF∠BFE=∠HFDFE=FD，
∴△BEF≌△HDF(SAS)，
∴BE=HD，∠BEF=∠HDF，
∴DH//BE，
∴DH//OC，
∴∠HDG=∠OCD，
又∠G=∠BCE，
∴∠G=∠HDG，
∴HG=HD，
∴HG=BE，
∴GF=HG+FH=BE+BF；
(3)解：取AB的中点S，连接PS，如图：
在CD取得最小值时，CD⊥AB，
设AB=4a，则BC=2a，AC=2 3a，
∵2S△ABC=AC⋅BC=AB⋅CD，
∴CD=AC⋅BCAB= 3a，BD=12BC=a，
∵△CDE是等边三角形，
∴∠DCE=60°，CD=CE，
∴∠BCE=∠DCE−∠DCB=60°−30°=30°=∠DCB，
∵BC=BC，
∴△BCD≌△BCE(SAS)，
∴BD=BE=a，
∵将△BEM沿BM所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BNM，
∴BE=BN=a，
∴N的轨迹是以B为圆心，a为半径的圆，
∵点P为AN的中点，S为AB的中点，
∴PS=12BN=12a，
∴P的轨迹是以S为圆心，12a为半径的圆，
当CP最大时，C，P，S三点共线，过P作PT⊥AC于T，过N作NR⊥AC于R，如图：
∵S是AB中点，
∴BS=AS=CS=12AB=2a，
∵∠ABC=60°，
∴△BSC是等边三角形，
∴∠PCB=60°，BC=CS=2a，
∴∠PCA=30°，
∵CP=CS+PS=2a+12a=52a，
∴PT=12CP=54a，CT= 3PT=5 34a，
∴AT=AC−CT=3 34a，
连接PQ交NR于W，如图：
∵将△BCP沿BC所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BCQ，
∴PQ⊥BC，
∵AC⊥BC，
∴PQ//AC，即PW//AR，
∵P为AN中点，
∴PW是△ANR的中位线，
∴NW=RW=12NR，
同理可得PT是△ANR的中位线，
∴PT=12NR，
∴PT=NW=RW=54a，PW=12AR=AT=3 34a，
∵将△BCP沿BC所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BCQ，
∴∠QCB=∠PCB=60°，CP=CQ，
∴∠QCP=120°，
∴PQ= 3CP=5 32a，
∴WQ=PQ−PW=5 32a−3 34a=7 34a，
∴NQ= NW2+WQ2= (54a)2+(7 34a)2= 432a，
∴NQCP= 432a52a= 435．
【解析】(1)在Rt△ABC中，由∠B=60°，AC=9，可得BC=AC 3=3 3，AB=2BC=6 3，即得AD=AB−BD=5 3；
(2)取AB的中点O，连接OC，证明△BOC为等边三角形，得CO=CB，∠OCB=∠BOC=60°，可得△OCD≌△BCE(SAS)，有∠EBC=∠DOC=120°，故OC//BE，在GF上截取HF=BF，连接DH，可证△BEF≌△HDF(SAS)，得BE=HD，∠BEF=∠HDF，有DH//BE，DH//OC，可得∠HDG=∠OCD，知∠G=∠HDG，HG=HD，从而HG=BE，GF=HG+FH=BE+BF；
(3)取AB的中点S，连接PS，在CD取得最小值时，CD⊥AB，设AB=4a，则BC=2a，AC=2 3a，用面积法得CD=AC⋅BCAB= 3a，BD=12BC=a，证明△BCD≌△BCE(SAS)，知BD=BE=a，根据将△BEM沿BM所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BNM，有BE=BN=a，故N的轨迹是以B为圆心，a为半径的圆，又PS=12BN=12a，故P的轨迹是以S为圆心，12a为半径的圆，当CP最大时，C，P，S三点共线，过P作PT⊥AC于T，过N作NR⊥AC于R，可得△BSC是等边三角形，∠PCB=60°，BC=CS=2a，而CP=CS+PS=2a+12a=52a，可求得PT=12CP=54a，CT= 3PT=5 34a，AT=AC−CT=3 34a，连接PQ交NR于W，根据将△BCP沿BC所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BCQ，知PQ⊥BC，故即PW//AR，PW是△ANR的中位线，同理可得PT是△ANR的中位线，即可得PT=NW=RW=54a，PW=12AR=AT=3 34a，根据将△BCP沿BC所在直线翻折至△ABC所在平面内得到△BCQ，得CP=CQ，∠QCP=120°，有PQ= 3CP=5 32a，即得WQ=PQ−PW=7 34a，从而NQ= NW2+WQ2= 432a，NQCP= 435．
本题考查三角形综合应用，涉及全等三角形的判定与性质，相似三角形的判定与性质，对称变换，最短路径等知识，综合性较强，解题的关键是作辅助线，构造直角三角形和全等三角形解决问题．
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