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2023年河南省商丘市夏邑二中中考物理二模试卷（含解析）
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这是一份2023年河南省商丘市夏邑二中中考物理二模试卷（含解析），共22页。试卷主要包含了 如图是一款无叶电风扇等内容，欢迎下载使用。
2023年河南省商丘市夏邑二中中考物理二模试卷
考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
1. 如图所示，排箫又叫“参差”，是中国的传统乐器。排箫发出声音是由管内空气柱______ 产生的；竹管长度参差不齐的目的是为了改变声音的______ 。
2. 如图是一款无叶电风扇。该风扇工作时，从底座吸入的空气由气旋加速器加速后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的缝隙高速吹出，根据______ 的物理原理，圆环空腔周围的空气也被吸入并一同吹出。传统风扇的扇叶与空气摩擦带电，由于带电体______ ，所以扇叶会吸附大量灰尘，而无叶电风扇则不会。
3. 夜晚，汽车灯光照到自行车尾灯，自行车尾灯看起来很亮，尾灯______ (选填“是”或“不是”)光源，是光发生了______ (选填“镜面”或“漫”)反射，所以感觉亮。
4. 向前直线行驶的车内，小明给小芳连拍两张照片(如图所示)。比较两幅图片可知，拍照过程中车是在向______(选填“东”或“西”)运动的；乙图中水杯内的水由于______溅出水杯，由此可知该车在做______(选填“匀速”“加速”或“减速”)运动。
5. 如图所示，电源电压恒定为6V，R1、R2为定值电阻，R1=20Ω。当闭合开关S2、S3，开关S1处于______ 状态时，R1、R2并联，电流表示数为0.45A；则定值电阻R2的阻值为______ Ω；当开关S2、S3断开，S1闭合时，电路消耗的功率为______ W。
6. 如图是小球在地面弹跳的频闪照片，其中A、B两点等高。则小球在A点时的动能______ (选填“大于”、“等于”或“小于”)在B点时的动能，你的理由是：______ 。
7. 下列估测中，最接近生活实际的是( )
A. 一支新铅笔的长约为18cm B. 一个中学生的体积约为5m3
C. 人骑自行车匀速前进时的功率约500W D. 复兴号高铁列车运行速度可达300m/s
8. 如图是小明用手机、透镜和纸盒自制的简易投影仪，能将手机上的画面放大投射到白色墙上。下列说法不正确的是( )
A. 手机屏幕到透镜的距离应大于透镜的一倍焦距小于二倍焦距
B. 如果想使墙上的画面再大一些，则需要让手机适当远离透镜
C. 若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，白色墙上的画面仍然完整
D. 从各个角度都能清楚地看到白色墙上的像，是因为光在墙面上发生了漫反射
9. 科技引领生活，5G时代已经来临。车辆利用5G通讯网络可在一、两公里之外提前感知交通信号灯，为无人驾驶提供支持。如图所示，是用于路口的5G指示灯，则红黄绿三种颜色指示灯的连接方式及5G通讯传递信息的形式分别是( )
A. 串联 超声波 B. 串联电磁波 C. 并联超声波 D. 并联电磁波
10. 关于密度知识的应用，下列说法正确的是( )
A. 国产大飞机C919采用密度较大的新材料制造，可减轻质量
B. 大石块的质量大于小铁块的质量，所以石块的密度大于铁的密度
C. 气象工作者利用密度很小的氦气，制造探空气球，采集气象资料
D. 气体受热膨胀，密度变小，所以发生火灾时为了避免吸入燃烧后产生的有毒气体，人站立逃离比贴近地面爬行更好
11. 一只木箱放在水平地面上，地面上各处粗糙程度相同。对木箱施加一个方向不变的水平推力F(如图甲)；F的大小与时间t的关系、木箱的运动速度v与时间t的关系图象如图乙所示。以下说法正确的是( )
A. 在第一个2s内木箱所受摩擦力为2N
B. 在第二个2s内木箱所受摩擦力为3N
C. 在第一个2s内推力F对木箱所做的功为2J
D. 在第三个2s内推力F对木箱做功的功率为8W
12. 图是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是( )
A. 电冰箱接入三孔插座后其外壳与零线相连
B. 断开开关S时，用试电笔接触A点氖管发光，接触B点时氖管不会发光
C. 保险丝烧断后可用铜丝代替
D. 闭合开关S时，电灯不亮，保险丝未烧断，可能是电灯短路
13. 如图所示，放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平。则下列说法中正确的是( )
A. 物体a的密度大于物体b的密度
B. 物体a受到的浮力小于物体b受到的浮力
C. 甲容器底部受到的压力小于乙容器底部受到的压力
D. 两容器对桌面的压强一样大
14. 如图所示，小明准备了阻值分别为5Ω、10Ω的A、B两个白炽灯泡，并分别把这两个灯泡接入图甲、图乙的电路中。不考虑温度对灯丝电阻的影响，闭合开关移动滑片使两灯都发光，下列说法正确的是( )
A. 图甲中A灯泡比B灯泡亮
B. 图甲中滑动变阻器滑片向右滑动过程中，两个灯泡的亮度都变亮
C. 图乙中A灯泡比B灯泡亮
D. 图乙中滑动变阻器滑片向左滑动过程中，两个灯泡的亮度都变亮
15. 如图所示，一通电螺旋线管的右端为北极(N)极，且它的右侧有一小磁针，请你在图中标出小磁针的南极(S)及用箭头标出螺线管中的电流I的方向。
16. 如图，观光缆车沿轨道斜向上做匀速直线运动，画出车中重物A所受力的示意图。
17. 如图所示，在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中：
(1)关于小纸片的作用，下列说法错误的是______ (选填标号)。
A.减少热损失
B.有助于固定温度计
C.减少“水雾”的干扰，方便读数
D.减小杯内气压，使水沸腾得更快
(2)用酒精灯给水加热至沸腾。当水温接近90℃时，每隔0.5min记录一次温度。某探究小组记录的数据如表：
时间/min
0
0.5
1
1.5
2
2.5
3
温度/℃
90
94
97
98
98
98
98
从表格中可知，水的沸点为______ ℃，这说明实验室当时的大气压______ (选填“高于”、“低于”或“等于”)标准大气压。
(3)仔细观察水的沸腾，发现沸腾时产生的气泡在上升过程中会越来越______ (选填“大”或“小”)。
18. 在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明按照图甲、乙、丙三种情况进行了实验，其中A为木块、B为重物，甲、乙两图中的接触面粗糙程度相同且较光滑，丙图中接触面较粗糙。
(1)实验中，小明应该沿水平方向拉动木块做______ 运动。
(2)进行甲、乙两图的实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与______ 的关系。
(3)比较______ 两图的实验，可探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系。
(4)小明认为，对比乙、丙两图的实验，可探究滑动摩擦力的大小与压力的关系。你的看法是______ 。
(5)小明发现，实验中弹簧测力计示数不稳定，这主要是______ 原因导致的。小明又设计了丁图的实验方案，若水平拉力F=4.0N，弹簧测力计稳定后的示数为1.5N，现增大拉力F，弹簧测力计的示数______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
19. 在“探究电流与电阻的关系”实验中，老师提供了两节新干电池、电流表、电压表、开关、两个滑动变阻器(规格为“10Ω 1A”和“20Ω 0.5A”)，阻值为10Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，一个标记模糊、阻值未知的定值电阻，以及导线若干。
(1)小明同学连接的电路如图乙所示，其中有一根导线接错了，请在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。
(2)正确连接电路后，小明将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关后，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因可能是定值电阻______ (选填“断路”或“短路”)。
(3)排除故障后，更换不同的电阻进行实验，测得的数据填入下面的表格中。第一次实验时，电流表的示数如图丙所示，为______ A，当取下10Ω的定值电阻，换接上20Ω的定值电阻时，为控制定值电阻两端电压为______ V不变，应将滑动变阻器的滑片向______ (选填“左”或“右”)移动。
实验序号
1
2
3
电阻R/Ω
10
20
25
电流I/A
0.10
0.08
(4)由表中数据可知，导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成______ (选填“正比”或“反比”)。
(5)根据表格数据判断，实验中选用的滑动变阻器可能是______ (选填“A”或“B”)。
A.“10Ω 1A”
B.“20Ω 0.5A”
(6)小明同学在完成实验后，想知道标记模糊的定值电阻Rx的阻值。此时电压表被另一组的同学借走，小明经过思考，利用实验中选择的滑动变阻器(最大阻值记为R0)，设计了如图丁所示的电路，完成了电阻阻值的测量。具体操作如下：
①按电路图连接电路，电流表选择合适的量程，将滑动变阻器滑片P调至A端，闭合开关S，读出电流表的示数I1。
② ______ ，读出电流表的示数I2。
③则Rx= ______ 。
20. 通过微信晒每天行走的步数已经成为一种时尚。观察分析人走路的情形，可以将人的脚视为一根杠杆，如图所示，行走时人的脚掌前端O是支点，人体受到的重力是阻力，小腿肌肉施加的力F是动力。已知某人的质量为80kg，g=10N/kg。
(1)若重力作用点A刚好是OB连线的中点，请计算小腿肌肉产生的拉力F的大小。
(2)人向前走一步的过程中，重心升高约4cm，某人在30分钟的快走运动中共走了7000步，请计算此过程中人克服自身重力做功的功率为多大？(计算结果保留整数)
(3)通过查阅资料：人以不同方式徒步运动半小时，消耗人体内的能量如表所示。请你从能量角度分析“快走”能健身的原因：______ 。
运动方式
散步
快走
慢跑
快跑
消耗能量E/J
315
1165.5
1260
1764
21. 郑州蓝天救援队是一个综合性的公益救援组织，可随时待命应对各种紧急救援。为保护救援队员潜水时的安全，潜水时会携带如图甲所示的水压表和深度表。图乙是一款深度表的简化电路图，电源电压U=6V且恒定不变，定值电阻R0=10Ω，Rp是压敏电阻，Rp的阻值随水的深度变化的图象如图丙所示。深度表由电压表改装，电压表量程0～3V。
(1)随着下潜深度的增大，压敏电阻的阻值逐渐______ (选填“增大”或“减小”)；在电路中连入R0的目的是______ 。
(2)救援队员下潜到水下40m深处时，电压表的示数为多大？计算此时该电路的电功率。
(3)在电路安全的情况下，该深度表能测量的最大深度为多少米？
(4)如果想使该深度表能测量的最大深度增加，可以采取的措施有______ 。(说出一条即可)
答案和解析
1.【答案】振动 音调
【解析】解：排箫发出声音是由管内空气柱振动产生的；竹管长度参差不齐，空气中长短不同，发声时振动的快慢不同，目的是为了改变声音的音调。
故答案为：振动；音调。
(1)声音是由物体的振动产生的。
(2)音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
本题考查了声音的产生、声音的三个特征，具有一定的综合性，但相对较简单。
2.【答案】流体在流速越大的地方压强越小 能够吸引轻小物体
【解析】解：流体在流速越大的地方压强越小，在流速越小的地方压强越大，该风扇工作时，从底座吸入的空气由气旋加速器加速后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的缝隙高速吹出，根据流体在流速越大的地方压强越小的物理原理制成的，使圆环空腔周围的空气也被吸入并一同吹出。风扇叶转动时，与空气摩擦而起电，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以扇叶会吸附大量灰尘。
故答案为：流体在流速越大的地方压强越小；能够吸引轻小物体。
(1)流体在流速越大的地方压强越小，在流速越小的地方压强越大；
(2)带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查了流体压强与流速的关系、带电体的性质。
3.【答案】不是 镜面
【解析】解：自行车尾灯自身不能发光，所以不是光源；
自行车的尾灯是由相互垂直的平面镜组合而成的，当有光照射到尾灯时可起到明显警示作用，其原理是利用了光的镜面反射；
故答案为：不是；镜面。
(1)自身能发光的物体称为光源；
(2)反射分镜面反射和漫反射，平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
自行车的尾灯是由相互垂直的平面镜组合而成的，利用光的反射将射来的光按照原来的方向再次反射回去，进入自行车后面的汽车司机或摩托车司机眼中，就可以看清自行车，从而避免交通事故。
4.【答案】西 惯性 减速
【解析】解：
由图可知：以中原福塔为参照物，小芳是向西运动的，所以车是向西行驶的，杯子中是水原来随车一起向西运动，当车突然减速时，杯内的水由于惯性，保持原来静止状态，所以会向西溢出，故C正确。
故答案为：西；惯性；减速。
(1)判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，选定参照物的物体可以是运动的，也可以是静止的，如果选定为参照物，就假定为不动的物体，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的，否则被研究的物体是静止的，通常情况下选地面或地面上静止不动的物体作为参照物；
(2)任何物体都具有惯性，惯性即物体保持原来运动状态不变的性质。
掌握根据参照物判断物体的运动和静止以及惯性的应用，属于易错题。
5.【答案】断开 40 0.6
【解析】解：(1)当闭合开关S2、S3，开关S1处于断开状态时，R1、R2并联；当断开S2、S3，闭合S1时，R1、R2串联；
(2)当R1、R2并联时，电流表测干路电流，
则通过R1的电流，I1=UR1=6V20Ω=0.3A，
根据并联电路电流特点可知通过R2的电流：
I2=I−I1=0.45A−0.3A=0.15A，
根据I=UR可得：R2=UI2=6V0.15A=40Ω；
(3)当R1、R2串联时，根据串联电路的电阻特点可知：
R=R1+R2=20Ω+40Ω=60Ω，
则电路消耗的功率为：
P=U2R=(6V)260Ω=0.6W。
故答案为：断开；40；0.6。
(1)各用电器首尾顺次连接，电路只有一条电流路径的连接方式是串联；各用电器首首相连、尾尾相连，电路有多条电流路径的连接方式是并联；
(2)当R1、R2并联时，电流表测干路电流，根据欧姆定律和并联电路的特点即可求出R2的阻值；
(3)当开关S2、S3断开，S1闭合时，R1、R2串联；根据串联电路的特点求出总电阻，利用P=U2R求出电路消耗的功率。
本题考查串并联电路的识别、串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，题目有一定难度。
6.【答案】大于 小球弹跳过程中机械能逐渐减小，A点的机械能大于B点，而A点的重力势能等于B点的重力势能，所以小球在A点的动能大于在B点的动能
【解析】解：小球在地面弹跳的频闪照片，其中A、B两点等高。则小球在A点时的动能大于在B点时的动能，理由是：小球弹跳过程中机械能逐渐减小，A点的机械能大于B点，而A点的重力势能等于B点的重力势能，所以小球在A点的动能大于在B点的动能。
故答案为：大于；小球弹跳过程中机械能逐渐减小，A点的机械能大于B点，而A点的重力势能等于B点的重力势能，所以小球在A点的动能大于在B点的动能。
动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，动能与势能统称为机械能。
本题考查了机械能、动能和势能的影响因素，属于基础性题目。
7.【答案】A
【解析】解：A、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，新铅笔的长度略小于20cm，在18cm左右，故A正确；
B、一名中学生的质量约为50kg，人的密度与水的密度接近，故中学生的体积约为V=mρ=50kg1×103kg/m3=5×10−2m3，故B错误；
C、人骑自行车匀速前进时的动力约20N，速度约为5m/s，前进时的功率约P=Wt=Fst=Fv=20N×5m/s=100W，故C错误；
D、复兴号高铁运行速度可以达到300km/h≈83m/s，故D错误。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、温度等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
8.【答案】B
【解析】解：
A.根据投影仪成像的原理可知，手机屏幕到透镜的距离(物距)应大于焦距，小于二倍焦距，白色墙上呈现的是倒立、放大的实像，故A正确；
B、要使墙上的像变大，需要增大像距，减小物距，即应该减小手机与透镜之间的距离，故B错误；
C.若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，透镜的其它部分仍然能会聚光线而成像，白色墙上的画面仍然完整，只是亮度变暗，故C正确；
D.从各个角度都能清楚地看到白色墙上的像，是因为墙对光发生了漫反射，反射光线射向各个方向，故D正确。
故选：B。
(1)投影仪的成像原理是物距在一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像；
(2)凸透镜成实像时，物近像远像变大；
(3)物体由无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像，所以遮住凸透镜的一部分，还有另外的部分光线，经凸透镜折射会聚成像；
(4)当反射面凹凸不平时，光在上面会发生漫反射，发生漫反射的物体可以从不同角度被看到。
本题以自制简易投影仪为例，考查了凸透镜成像规律的应用，要熟知其成像的特点与规律，并会分析其物距和像距的关系。
9.【答案】D
【解析】解：
根据生活经验可知，交通指示灯中的三个灯不会同时亮，即可以单独工作，且工作时互不影响，所以可以判断出三种颜色指示灯是并联的；
5G通讯是利用电磁波来传递信息的。
故选：D。
并联电路中各用电器互不影响，串联电路中各用电器互相影响。由于三个电灯不会同时工作，由并联电路的特点知，三个电灯是并联。
电磁波有着广泛的应用，5G通讯传递信息利用的是电磁波。
本题考查的是学生利用物理知识解释生活现象的能力，属于基础题目。
10.【答案】C
【解析】解：A、国产大飞机C919的体积一定，由ρ=mV可知，材料的密度越小，国产大飞机C919的质量越小，故为了减轻质量，国产大飞机C919用密度较小的新材料制造，故A错误；
B、虽然大石块的质量大于小铁块的质量，但大石块的体积大于小铁块的体积，则根据ρ=mV可知，不能说明石块的密度大于铁的密度，故B错误；
C、探空气球可以飘在空中，是因为气球内部气体的密度比空气小，因此气象工作者利用密度很小的氦气制造探空气球，采集气象资料，故C正确；
D、气体的密度与温度的关系是：一定质量的气体，当温度的升高时，体积膨胀，密度变小；反之当温度的降低时，体积缩小，密度变大；所以发生火灾时，燃烧产生的有毒气体温度较高，密度较小而上浮，会分布在房间上方，所以为了避免吸入燃烧时产生的有毒气体，应该贴近地面爬行，故D错误。
故选：C。
(1)利用密度公式分析：制作不同的物体选用密度不同的材料，主要是根据物体的用途来决定的；
(2)密度是物质的一种特性，不同的物质密度一般不同。对于同种物质，密度一定时，物体的质量与物体的体积成正比。密度与物体的质量和体积无关，但密度与物体的温度和状态有关；
(3)探空气球可以飘在空中，是因为气球内部气体的密度比空气小；
(4)气体温度升高，气体的密度变小，热空气向上运动。
此题主要考查学生对质量及其特性的理解和掌握。通过练习使学生明确：物体的质量与其形状、温度、位置、状态均无关系，从而加深对质量定义的理解。
11.【答案】D
【解析】解：A、由图象可知，第一个2s内，物体没有推动，物体处于平衡状态，推力等于摩擦力，等于1N，故A错误；
B、由v−t图象可知，在4s～6s物体做匀速直线运动，处于平衡状态，由F−t图象可知在4s～6s即在第三个2s内拉力F=2N，由平衡条件可得滑动摩擦力f=F=2N，由v−t图象可知，物体在第二个2s内做匀加速运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力，因为压力和接触面的粗糙程度不变，因此物体受到的摩擦力仍是2N，方向与推力方向相反，即向左；故B错误；
C、由图象可知，第一个2s内，物体没有推动，由W=Fs可知，推力F对木箱所做的功为0；故C错误；
D、在第三个2s内推力F对木箱做功的功率为：
P=Fv=2N×4m/s=8W.故D正确；
故选：D。
先由速度−时间图象判断物体的运动情况，然后根据物体的运动状态判断物体是否受平衡力作用；根据由F−t图象求出物体受到的拉力，然后由二力平衡的条件求出摩擦力的大小。根据W=Fs可求功；由P=Fv可求功率。
本题考查了学生的识图能力，并能将v−t图象和F−t图象相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出力的大小是本题的关键。
12.【答案】B
【解析】
【分析】
知道并理解家庭电路的组成与正确连接方法，了解触电的原因，是解决该题的关键。
(1)金属外壳用电器必须接地线；
(2)测电笔是辨别火线和零线的仪器，当测电笔的笔尖接触零线和地线时，氖管不会发光；
(3)保险丝是用电阻大、熔点低的铅锑合金等材料制成；
(4)灯不发光的原因，一是电路开路，二是灯被短路，三是灯的实际功率太小。
【解答】
A、电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳漏电而使人发生触电事故，故A错误；
B、断开开关S时，A点在火线上，所以接触B点时氖管会发光，故B正确；
C、当电路电流过大时，保险丝容易熔断而保护电路，如果用铜丝代替保险丝后，就起不到保护作用了，故C错误；
D、若闭合开关S时，电灯不亮，保险丝未烧断，不是电灯短路，可能是电灯断路，故D错误。
故选B。
13.【答案】BD
【解析】解：A、a在液体中漂浮，a的密度要小于液体的密度，b在液体中悬浮，b的密度等于液体的密度，所以a的密度要小于b的密度，故A错误；
B、液体的密度相同，a和b的体积相同，由图可知，a排开的液体的体积要小于b排开的液体的体积，根据F浮=ρ液gV排可知物体a受到的浮力小于物体b受到的浮力，故B正确；
C、液体的密度和深度相同，根据p=ρgh可知，甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强相同，底面积相同，根据F=pS可知，容器底部受到液体的压力相同，故C错误；
D、由于b悬浮，则b所受的浮力F浮b=Gb=Gb排，即b的重力等于排开液体的重力；a漂浮，则a所受的浮力F浮a=Ga=Ga排，即a的重力等于排开液体的重力；因为两液面相平，且是同种液体，所以结合上面分析可知两容器中液体与物体的总重力相同，即装置的总重力相同，两容器对桌面的压力大小相等，由p=FS得，甲杯对桌面的压强等于乙杯对桌面的压强，故D正确。
故选：BD。
(1)根据物体的浮沉条件分析物体密度的大小；
(2)根据阿基米德原理判定排开液体重力的大小；
(3)根据p=ρgh判断甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强大小，根据F=pS分析容器底部受到的压力的大小；
(4)根据容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体重力之和，可判断两容器对桌面的压力大小，根据p=FS分析桌面受到的压强的大小。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压强和密度公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
14.【答案】BC
【解析】解：A、甲图中两灯串联，串联电路中电流相等，灯泡消耗的实际电功率P=UI=I2R，因为RA
C、乙图中两灯并联，所以两灯泡两端的电压相等，灯泡消耗的实际电功率P=UI=U2R，因为RAPB，因此A灯泡比B灯泡亮，故C正确；
D、乙图中滑动变阻器接在干路上，当滑片向左滑动时，变阻器接入电阻变大，根据分压原理，变阻器两端分得的电压变大，两灯泡两端的电压变小，根据P=U2R可知，灯泡的实际电功率变小，两个灯泡亮度都变暗，故D错误。
故选：BC。
灯泡的亮度由灯丝的实际电功率决定，实际电功率越大，灯泡越亮。
(1)甲图两灯串联，根据P=I2R比较实际电功率，从而可知两灯的亮度关系；
(2)甲图滑动变阻器滑片向右滑动，判断出滑动变阻器接入电路电阻的变化，由欧姆定律判断出电路中电流的变化，根据P=I2R比较实际电功率，进而判断出灯泡亮度的变化；
(3)乙图两灯并联，根据P=U2R比较实际电功率，从而可知两灯的亮度关系；
(4)乙图中滑动变阻器接在干路上，其接入电阻变大时，根据分压原理，变阻器两端分得的电压变大，灯泡两端的电压变小，灯泡的实际电功率变小，从而可知两灯的亮度变化。
本题综合考查对电路的认识，区别不同电路选择不同的电功率计算公式，结合实际功率判断灯泡亮度。
15.【答案】解：根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为S极，右端为N极。根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极(右端)，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。如图：
【解析】根据图中断螺线管的两个磁极，根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极。最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向。
本题既考查了通电螺线管、小磁针磁极的判断又考查了电流方向的判断，一环扣一环也是易错题，要求学生步步仔细才行。
16.【答案】解：
物体A随观光缆车沿轨道斜向上做匀速直线运动，水平方向上是不受力的；
竖直方向上受重力和支持力，物体A竖直方向上是静止的，重力和支持力就是一对平衡力，大小相等、方向相反。
过物体重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示，注意两条线段长度要相等，如图所示：
【解析】首先分析物体A受到的作用力，物体A做匀速直线运动说明物体受到了平衡力---重力和支持力的作用；然后根据力的示意图的画法来作图。
能否正确分析物体在水平和竖直方向上的受力情况，是本题的解题关键所在。
17.【答案】D 98 低于 大
【解析】解：(1)A、加盖可以减少对流和辐射散热，减少热量损失，正确；
B、温度计从纸片的小孔穿过，位置更加稳定，正确；
C、加盖后减少了高温水蒸气与温度计的接触，不易在温度计表面发生液化现象，避免液化形成的小水滴妨碍读数，正确；
D、加盖后可使烧杯内气压增大，水的沸点升高，错误。故选D；
(2)水沸腾过程中，温度保持在98℃不变，沸点为98℃；由于沸点低于100℃，实验时气压低于标准大气压；
(3)沸腾时，不同深度的水温都达到沸点，不断汽化变为气态水蒸气，水蒸气聚集使气泡上升过程中不断变大。
故答案为：(1)D；(2)98；低于；(3)大。
(1)烧杯加盖主要防止热量散失，缩短加热时间；液体沸点随气压增大而升高；
(2)液体沸腾时的温度叫沸点；
(3)沸腾时，不同深度的水温都达到沸点，不断汽化变为气态水蒸气，水蒸气聚集使气泡上升过程中不断变大。
此题主要考查学生对于水的沸腾实验的理解和掌握，考查知识较多需要认真分析解答。
18.【答案】匀速直线 压力 甲、丙 不可以，因为乙、丙两次实验接触面粗糙程度不同 很难保证木块做匀速直线运动 不变
【解析】解：(1)实验中，小明应该沿水平方向拉动木块做匀速直线运动；
(2)甲、乙两图实验中，接触面粗糙程度相同，压力不同且乙图中压力大，所以这是为了探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系；根据实验现象可得出：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
(3)根据甲、丙两图的实验可知，在压力相同的条件下，接触面粗糙程度不同，可得出的结论是压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；可探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系；
(4)由图乙、丙所示实验可知，物体间接触面的粗糙程度不同，物体间的压力不同，木块受到的滑动摩擦力不同，由于没有控制接触面的粗糙程度相同，不可探究滑动摩擦力大小与压力的关系；
(5)小明发现，实验中弹簧测力计示数不稳定，这主要是很难保证木块做匀速直线运动导致的；
如图丁所示的实验方案，C相对地面处于静止状态，受到的测力计的拉力与受到摩擦力为一对平衡力，大小相等，故该方案不需要长木板做匀速直线运动；用水平拉力F=4.0N拉动长木板，待弹簧测力计示数稳定后，弹簧测力计的示数为1.5N，木块C静止处于平衡状态，受到水平向左弹簧测力计的拉力和水平向右的摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，所以此时木块C受到的滑动摩擦力大小为1.5N；因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与其它因素无关，所以，增大拉力F时，木块C对长木板的压力和接触面的粗糙程度不变，则木块受到的摩擦力不变，由二力平衡条件可知，弹簧测力计的拉力不变，其示数不变。
故答案为：(1)匀速直线；(2)压力；(3)甲、丙；(4)不可以，因为乙、丙两次实验接触面粗糙程度不同；(5)很难保证木块做匀速直线运动；不变。
(1)利用二力平衡的条件分析；
(2)(3)(4)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；根据控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(5)根据A相对地面处于静止状态，受到平衡力的作用分析；根据影响滑动摩擦力大小的因素和二力平衡条件分析木板受到的拉力增大时弹簧测力计的示数变化。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和平衡力的知识。
19.【答案】断路 0.2 2 左 反比 B 将滑动变阻器的滑片调至B端，闭合开关S I1R0I2−I1
【解析】解：
(1)由图甲知应将滑动变阻器并联在定值电阻两端，而图乙中是并联在定值电阻和滑动变阻器两端，这是错误的，据此完成电路连接如下图所示：
；
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能存在断路故障，而电压表有示数且接近电源电压，说明电压表能与电源正负极形成闭通路，由此可知故障原因可能出在与电压表并联的定值电阻上，即定值电阻断路；
(3)由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A，则定值电阻两端的电压为：UV=IR=0.2A×10Ω=2V，
根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数保持2V不变；
(4)由表中数据可知，导体的电阻增大为原来的几倍，通过导体的电流减小为原来的几分之一，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成；
(5)定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=3V−2V=1V，变阻器分得的电压为电压表示数的1V2V=0.5倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=0.5×25Ω=12.5Ω>10Ω，故选B；
(6))①按电路图连接电路，电流表选择合适的量程，将滑动变阻器滑片P调至A端，闭合开关S，记下电流表的示数为I1；
②将滑动变阻器的滑片调至B端，闭合开关S，记下电流表的示数为I2；
③在①中，两电阻串联，由电阻的串联和欧姆定律得电源电压：
U=I1(Rx+R0)
在②中为RX的简单电路，由欧姆定律得电源电压：
U=I2RX，
因电源电压不变，故：
U=I1(Rx+R0)=I2RX，
解得Rx的表达式为：Rx=I1R0I2−I1。
故答案为：(1)见上图；(2)断路；(3)0.2；2；左；(4)反比；(5)B；(6)②将滑动变阻器的滑片调至B端，闭合开关S；③I1R0I2−I1。
(1)由图甲知应将滑动变阻器并联在定值电阻两端，而图乙中是并联在定值电阻和滑动变阻器两端，这是错误的，据此完成电路连接；
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能存在断路故障，而电压表有示数且接近电源电压，说明电压表能与电源正负极形成通路，由此可知故障原因可能出在与电压表并联的定值电阻上；
(3)根据图丙电流表所选量程确定分度值读数；
根据欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压，根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(4)根据表中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；
(5)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格；
(6)通过调节滑片的位置，利用滑动变阻器的最大阻值，根据电源电压不变列方程得出待测电阻表达式。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路的改接、电路故障分析、电流表读数、控制变量法、欧姆定律的应用、器材的选、分析数据归纳结论的能力以及在电表不全的情况下电阻测量的设计，考查较综合，有一定难度。
20.【答案】同样时间，“快走”消耗的能量约为散步的4倍，消耗能量多
【解析】解：(1)人的重力：G=mg=80kg×10N/kg=800N，
如图所示，分别画出动力臂和阻力臂，分析可知，动力臂l1是阻力臂l2的2倍，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2得到：F×2l2=Gl2，所以F=G2=400N；
(2)由W=Fs可得人在30分钟快走运动中做的功为：W=nGh=7000×800N×0.04m=224000J，
此过程中人克服自身重力做功的功率为：P=Wt=224000J1800s=124W；
(3)同样时间，“快走”消耗的能量约为散步的4倍，消耗能量多，所以“快走”能健身。
答：(1)若重力作用点A刚好是OB连线的中点，小腿肌肉产生的拉力F是400N；
(2)人向前走一步的过程中，重心升高约4cm，某人在30分钟的快走运动中共走了7000步，此过程中人克服自身重力做功的功率为124W；
(3)同样时间，“快走”消耗的能量约为散步的4倍，消耗能量多，所以“快走”能健身。
(1)根据杠杆的平衡条件分析解答小腿肌肉对脚的拉力；
(2)根据W=Gh得到人克服自身重力做的功，根据功率的公式得到人克服自身重力做功的功率；
(3)根据表格中的数据和题意进行分析“快走”能健身的原因。
本题考查了力臂的画法、杠杆的平衡条件、功和功率的计算、能量的转化，是一道综合题。
21.【答案】减小 保护电路 减小电源电压，或适当减小R0的阻值
【解析】解：由电路图可知，开关闭合时，RP与R0串联，电压表测R0两端的电压。
(1)由图丙可知，潜水员下潜的深度增大，压敏电阻RP的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I=UR可知，电路中的电流增大，可能烧坏电路，因此R0的作用是保护电路；
(2)由图丙可知，当救援队员下潜到水下40m深处时，压敏电阻的阻值Rp=15Ω，
则电路的阻值R=R0+RP=10Ω+15Ω=25Ω，
此时电路通过的电流为：I=UR=6V25Ω=0.24A，
根据I=UR可得电压表的示数为：U0=IR0=0.24A×10Ω=2.4V；
此时该电路的功率为：P=UI=6V×0.24A=1.44W；
(3)深度表所处的深度越深，压敏电阻Rp的阻值越小，电压表示数越大，当电压表示数为3V时，深度表所处的深度为最大深度，
此时电路中的电流I1=U1R0=3V10Ω=0.3A；
根据I=UR可得：Rp1=UpI1=U−U1I1=6V−3V0.3A=10Ω，
由丙图可知该深度表能测量的最大深度为60m；
(4)深度越大时，压敏电阻R受到的压力越大，压敏电阻R的阻值越小，根据串联电路的分压原理可知，压敏电阻两端的电压越小，定值电阻两端的电压越大，要使定值电阻两端的最大电压不变，故可以采取的措施：减小电源电压，或适当减小R0的阻值。
答：(1)减小；保护电路；
(2)救援队员下潜到水下40m深处时，电压表的示数为2.4V；此时该电路的电功率为1.44W。
(3)在电路安全的情况下，该深度表能测量的最大深度为60m；
(4)减小电源电压，或适当减小R0的阻值。
由电路图可知，开关闭合时，RP与R0串联，电压表测R0两端的电压。
(1)根据图丙得出潜水员下潜的深度越深时压敏电阻RP的阻值变化，从而得出电路的总电阻变化，根据欧姆定律得出电路中的电流变化和R0的作用；
(2)根据图丙读出深度为40m时压敏电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电压表的示数，利用P=UI求出此时该电路的电功率；
(3)当电压表的示数为3V时，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，然后与RP允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，此时该深度表能测量的深度最大，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，利用电阻的串联求出此时压敏电阻的阻值，根据图丙读出该深度表能测量的最大深度。
(4)根据压敏电阻R随表面压力大小的变化和串联电路的分压原理得出应采取的措施。
本题考查了液体压强公式、串联电路的特点、欧姆定律和电功率的应用，从图象中读出压力对应的电阻值是关键。
2023年河南省商丘市夏邑二中中考物理二模试卷
考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
1. 如图所示，排箫又叫“参差”，是中国的传统乐器。排箫发出声音是由管内空气柱______ 产生的；竹管长度参差不齐的目的是为了改变声音的______ 。
2. 如图是一款无叶电风扇。该风扇工作时，从底座吸入的空气由气旋加速器加速后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的缝隙高速吹出，根据______ 的物理原理，圆环空腔周围的空气也被吸入并一同吹出。传统风扇的扇叶与空气摩擦带电，由于带电体______ ，所以扇叶会吸附大量灰尘，而无叶电风扇则不会。
3. 夜晚，汽车灯光照到自行车尾灯，自行车尾灯看起来很亮，尾灯______ (选填“是”或“不是”)光源，是光发生了______ (选填“镜面”或“漫”)反射，所以感觉亮。
4. 向前直线行驶的车内，小明给小芳连拍两张照片(如图所示)。比较两幅图片可知，拍照过程中车是在向______(选填“东”或“西”)运动的；乙图中水杯内的水由于______溅出水杯，由此可知该车在做______(选填“匀速”“加速”或“减速”)运动。
5. 如图所示，电源电压恒定为6V，R1、R2为定值电阻，R1=20Ω。当闭合开关S2、S3，开关S1处于______ 状态时，R1、R2并联，电流表示数为0.45A；则定值电阻R2的阻值为______ Ω；当开关S2、S3断开，S1闭合时，电路消耗的功率为______ W。
6. 如图是小球在地面弹跳的频闪照片，其中A、B两点等高。则小球在A点时的动能______ (选填“大于”、“等于”或“小于”)在B点时的动能，你的理由是：______ 。
7. 下列估测中，最接近生活实际的是( )
A. 一支新铅笔的长约为18cm B. 一个中学生的体积约为5m3
C. 人骑自行车匀速前进时的功率约500W D. 复兴号高铁列车运行速度可达300m/s
8. 如图是小明用手机、透镜和纸盒自制的简易投影仪，能将手机上的画面放大投射到白色墙上。下列说法不正确的是( )
A. 手机屏幕到透镜的距离应大于透镜的一倍焦距小于二倍焦距
B. 如果想使墙上的画面再大一些，则需要让手机适当远离透镜
C. 若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，白色墙上的画面仍然完整
D. 从各个角度都能清楚地看到白色墙上的像，是因为光在墙面上发生了漫反射
9. 科技引领生活，5G时代已经来临。车辆利用5G通讯网络可在一、两公里之外提前感知交通信号灯，为无人驾驶提供支持。如图所示，是用于路口的5G指示灯，则红黄绿三种颜色指示灯的连接方式及5G通讯传递信息的形式分别是( )
A. 串联 超声波 B. 串联电磁波 C. 并联超声波 D. 并联电磁波
10. 关于密度知识的应用，下列说法正确的是( )
A. 国产大飞机C919采用密度较大的新材料制造，可减轻质量
B. 大石块的质量大于小铁块的质量，所以石块的密度大于铁的密度
C. 气象工作者利用密度很小的氦气，制造探空气球，采集气象资料
D. 气体受热膨胀，密度变小，所以发生火灾时为了避免吸入燃烧后产生的有毒气体，人站立逃离比贴近地面爬行更好
11. 一只木箱放在水平地面上，地面上各处粗糙程度相同。对木箱施加一个方向不变的水平推力F(如图甲)；F的大小与时间t的关系、木箱的运动速度v与时间t的关系图象如图乙所示。以下说法正确的是( )
A. 在第一个2s内木箱所受摩擦力为2N
B. 在第二个2s内木箱所受摩擦力为3N
C. 在第一个2s内推力F对木箱所做的功为2J
D. 在第三个2s内推力F对木箱做功的功率为8W
12. 图是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是( )
A. 电冰箱接入三孔插座后其外壳与零线相连
B. 断开开关S时，用试电笔接触A点氖管发光，接触B点时氖管不会发光
C. 保险丝烧断后可用铜丝代替
D. 闭合开关S时，电灯不亮，保险丝未烧断，可能是电灯短路
13. 如图所示，放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平。则下列说法中正确的是( )
A. 物体a的密度大于物体b的密度
B. 物体a受到的浮力小于物体b受到的浮力
C. 甲容器底部受到的压力小于乙容器底部受到的压力
D. 两容器对桌面的压强一样大
14. 如图所示，小明准备了阻值分别为5Ω、10Ω的A、B两个白炽灯泡，并分别把这两个灯泡接入图甲、图乙的电路中。不考虑温度对灯丝电阻的影响，闭合开关移动滑片使两灯都发光，下列说法正确的是( )
A. 图甲中A灯泡比B灯泡亮
B. 图甲中滑动变阻器滑片向右滑动过程中，两个灯泡的亮度都变亮
C. 图乙中A灯泡比B灯泡亮
D. 图乙中滑动变阻器滑片向左滑动过程中，两个灯泡的亮度都变亮
15. 如图所示，一通电螺旋线管的右端为北极(N)极，且它的右侧有一小磁针，请你在图中标出小磁针的南极(S)及用箭头标出螺线管中的电流I的方向。
16. 如图，观光缆车沿轨道斜向上做匀速直线运动，画出车中重物A所受力的示意图。
17. 如图所示，在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中：
(1)关于小纸片的作用，下列说法错误的是______ (选填标号)。
A.减少热损失
B.有助于固定温度计
C.减少“水雾”的干扰，方便读数
D.减小杯内气压，使水沸腾得更快
(2)用酒精灯给水加热至沸腾。当水温接近90℃时，每隔0.5min记录一次温度。某探究小组记录的数据如表：
时间/min
0
0.5
1
1.5
2
2.5
3
温度/℃
90
94
97
98
98
98
98
从表格中可知，水的沸点为______ ℃，这说明实验室当时的大气压______ (选填“高于”、“低于”或“等于”)标准大气压。
(3)仔细观察水的沸腾，发现沸腾时产生的气泡在上升过程中会越来越______ (选填“大”或“小”)。
18. 在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明按照图甲、乙、丙三种情况进行了实验，其中A为木块、B为重物，甲、乙两图中的接触面粗糙程度相同且较光滑，丙图中接触面较粗糙。
(1)实验中，小明应该沿水平方向拉动木块做______ 运动。
(2)进行甲、乙两图的实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与______ 的关系。
(3)比较______ 两图的实验，可探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系。
(4)小明认为，对比乙、丙两图的实验，可探究滑动摩擦力的大小与压力的关系。你的看法是______ 。
(5)小明发现，实验中弹簧测力计示数不稳定，这主要是______ 原因导致的。小明又设计了丁图的实验方案，若水平拉力F=4.0N，弹簧测力计稳定后的示数为1.5N，现增大拉力F，弹簧测力计的示数______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
19. 在“探究电流与电阻的关系”实验中，老师提供了两节新干电池、电流表、电压表、开关、两个滑动变阻器(规格为“10Ω 1A”和“20Ω 0.5A”)，阻值为10Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，一个标记模糊、阻值未知的定值电阻，以及导线若干。
(1)小明同学连接的电路如图乙所示，其中有一根导线接错了，请在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。
(2)正确连接电路后，小明将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关后，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因可能是定值电阻______ (选填“断路”或“短路”)。
(3)排除故障后，更换不同的电阻进行实验，测得的数据填入下面的表格中。第一次实验时，电流表的示数如图丙所示，为______ A，当取下10Ω的定值电阻，换接上20Ω的定值电阻时，为控制定值电阻两端电压为______ V不变，应将滑动变阻器的滑片向______ (选填“左”或“右”)移动。
实验序号
1
2
3
电阻R/Ω
10
20
25
电流I/A
0.10
0.08
(4)由表中数据可知，导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成______ (选填“正比”或“反比”)。
(5)根据表格数据判断，实验中选用的滑动变阻器可能是______ (选填“A”或“B”)。
A.“10Ω 1A”
B.“20Ω 0.5A”
(6)小明同学在完成实验后，想知道标记模糊的定值电阻Rx的阻值。此时电压表被另一组的同学借走，小明经过思考，利用实验中选择的滑动变阻器(最大阻值记为R0)，设计了如图丁所示的电路，完成了电阻阻值的测量。具体操作如下：
①按电路图连接电路，电流表选择合适的量程，将滑动变阻器滑片P调至A端，闭合开关S，读出电流表的示数I1。
② ______ ，读出电流表的示数I2。
③则Rx= ______ 。
20. 通过微信晒每天行走的步数已经成为一种时尚。观察分析人走路的情形，可以将人的脚视为一根杠杆，如图所示，行走时人的脚掌前端O是支点，人体受到的重力是阻力，小腿肌肉施加的力F是动力。已知某人的质量为80kg，g=10N/kg。
(1)若重力作用点A刚好是OB连线的中点，请计算小腿肌肉产生的拉力F的大小。
(2)人向前走一步的过程中，重心升高约4cm，某人在30分钟的快走运动中共走了7000步，请计算此过程中人克服自身重力做功的功率为多大？(计算结果保留整数)
(3)通过查阅资料：人以不同方式徒步运动半小时，消耗人体内的能量如表所示。请你从能量角度分析“快走”能健身的原因：______ 。
运动方式
散步
快走
慢跑
快跑
消耗能量E/J
315
1165.5
1260
1764
21. 郑州蓝天救援队是一个综合性的公益救援组织，可随时待命应对各种紧急救援。为保护救援队员潜水时的安全，潜水时会携带如图甲所示的水压表和深度表。图乙是一款深度表的简化电路图，电源电压U=6V且恒定不变，定值电阻R0=10Ω，Rp是压敏电阻，Rp的阻值随水的深度变化的图象如图丙所示。深度表由电压表改装，电压表量程0～3V。
(1)随着下潜深度的增大，压敏电阻的阻值逐渐______ (选填“增大”或“减小”)；在电路中连入R0的目的是______ 。
(2)救援队员下潜到水下40m深处时，电压表的示数为多大？计算此时该电路的电功率。
(3)在电路安全的情况下，该深度表能测量的最大深度为多少米？
(4)如果想使该深度表能测量的最大深度增加，可以采取的措施有______ 。(说出一条即可)
答案和解析
1.【答案】振动 音调
【解析】解：排箫发出声音是由管内空气柱振动产生的；竹管长度参差不齐，空气中长短不同，发声时振动的快慢不同，目的是为了改变声音的音调。
故答案为：振动；音调。
(1)声音是由物体的振动产生的。
(2)音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
本题考查了声音的产生、声音的三个特征，具有一定的综合性，但相对较简单。
2.【答案】流体在流速越大的地方压强越小 能够吸引轻小物体
【解析】解：流体在流速越大的地方压强越小，在流速越小的地方压强越大，该风扇工作时，从底座吸入的空气由气旋加速器加速后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的缝隙高速吹出，根据流体在流速越大的地方压强越小的物理原理制成的，使圆环空腔周围的空气也被吸入并一同吹出。风扇叶转动时，与空气摩擦而起电，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以扇叶会吸附大量灰尘。
故答案为：流体在流速越大的地方压强越小；能够吸引轻小物体。
(1)流体在流速越大的地方压强越小，在流速越小的地方压强越大；
(2)带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查了流体压强与流速的关系、带电体的性质。
3.【答案】不是 镜面
【解析】解：自行车尾灯自身不能发光，所以不是光源；
自行车的尾灯是由相互垂直的平面镜组合而成的，当有光照射到尾灯时可起到明显警示作用，其原理是利用了光的镜面反射；
故答案为：不是；镜面。
(1)自身能发光的物体称为光源；
(2)反射分镜面反射和漫反射，平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
自行车的尾灯是由相互垂直的平面镜组合而成的，利用光的反射将射来的光按照原来的方向再次反射回去，进入自行车后面的汽车司机或摩托车司机眼中，就可以看清自行车，从而避免交通事故。
4.【答案】西 惯性 减速
【解析】解：
由图可知：以中原福塔为参照物，小芳是向西运动的，所以车是向西行驶的，杯子中是水原来随车一起向西运动，当车突然减速时，杯内的水由于惯性，保持原来静止状态，所以会向西溢出，故C正确。
故答案为：西；惯性；减速。
(1)判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，选定参照物的物体可以是运动的，也可以是静止的，如果选定为参照物，就假定为不动的物体，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的，否则被研究的物体是静止的，通常情况下选地面或地面上静止不动的物体作为参照物；
(2)任何物体都具有惯性，惯性即物体保持原来运动状态不变的性质。
掌握根据参照物判断物体的运动和静止以及惯性的应用，属于易错题。
5.【答案】断开 40 0.6
【解析】解：(1)当闭合开关S2、S3，开关S1处于断开状态时，R1、R2并联；当断开S2、S3，闭合S1时，R1、R2串联；
(2)当R1、R2并联时，电流表测干路电流，
则通过R1的电流，I1=UR1=6V20Ω=0.3A，
根据并联电路电流特点可知通过R2的电流：
I2=I−I1=0.45A−0.3A=0.15A，
根据I=UR可得：R2=UI2=6V0.15A=40Ω；
(3)当R1、R2串联时，根据串联电路的电阻特点可知：
R=R1+R2=20Ω+40Ω=60Ω，
则电路消耗的功率为：
P=U2R=(6V)260Ω=0.6W。
故答案为：断开；40；0.6。
(1)各用电器首尾顺次连接，电路只有一条电流路径的连接方式是串联；各用电器首首相连、尾尾相连，电路有多条电流路径的连接方式是并联；
(2)当R1、R2并联时，电流表测干路电流，根据欧姆定律和并联电路的特点即可求出R2的阻值；
(3)当开关S2、S3断开，S1闭合时，R1、R2串联；根据串联电路的特点求出总电阻，利用P=U2R求出电路消耗的功率。
本题考查串并联电路的识别、串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，题目有一定难度。
6.【答案】大于 小球弹跳过程中机械能逐渐减小，A点的机械能大于B点，而A点的重力势能等于B点的重力势能，所以小球在A点的动能大于在B点的动能
【解析】解：小球在地面弹跳的频闪照片，其中A、B两点等高。则小球在A点时的动能大于在B点时的动能，理由是：小球弹跳过程中机械能逐渐减小，A点的机械能大于B点，而A点的重力势能等于B点的重力势能，所以小球在A点的动能大于在B点的动能。
故答案为：大于；小球弹跳过程中机械能逐渐减小，A点的机械能大于B点，而A点的重力势能等于B点的重力势能，所以小球在A点的动能大于在B点的动能。
动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，动能与势能统称为机械能。
本题考查了机械能、动能和势能的影响因素，属于基础性题目。
7.【答案】A
【解析】解：A、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，新铅笔的长度略小于20cm，在18cm左右，故A正确；
B、一名中学生的质量约为50kg，人的密度与水的密度接近，故中学生的体积约为V=mρ=50kg1×103kg/m3=5×10−2m3，故B错误；
C、人骑自行车匀速前进时的动力约20N，速度约为5m/s，前进时的功率约P=Wt=Fst=Fv=20N×5m/s=100W，故C错误；
D、复兴号高铁运行速度可以达到300km/h≈83m/s，故D错误。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、温度等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
8.【答案】B
【解析】解：
A.根据投影仪成像的原理可知，手机屏幕到透镜的距离(物距)应大于焦距，小于二倍焦距，白色墙上呈现的是倒立、放大的实像，故A正确；
B、要使墙上的像变大，需要增大像距，减小物距，即应该减小手机与透镜之间的距离，故B错误；
C.若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，透镜的其它部分仍然能会聚光线而成像，白色墙上的画面仍然完整，只是亮度变暗，故C正确；
D.从各个角度都能清楚地看到白色墙上的像，是因为墙对光发生了漫反射，反射光线射向各个方向，故D正确。
故选：B。
(1)投影仪的成像原理是物距在一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像；
(2)凸透镜成实像时，物近像远像变大；
(3)物体由无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像，所以遮住凸透镜的一部分，还有另外的部分光线，经凸透镜折射会聚成像；
(4)当反射面凹凸不平时，光在上面会发生漫反射，发生漫反射的物体可以从不同角度被看到。
本题以自制简易投影仪为例，考查了凸透镜成像规律的应用，要熟知其成像的特点与规律，并会分析其物距和像距的关系。
9.【答案】D
【解析】解：
根据生活经验可知，交通指示灯中的三个灯不会同时亮，即可以单独工作，且工作时互不影响，所以可以判断出三种颜色指示灯是并联的；
5G通讯是利用电磁波来传递信息的。
故选：D。
并联电路中各用电器互不影响，串联电路中各用电器互相影响。由于三个电灯不会同时工作，由并联电路的特点知，三个电灯是并联。
电磁波有着广泛的应用，5G通讯传递信息利用的是电磁波。
本题考查的是学生利用物理知识解释生活现象的能力，属于基础题目。
10.【答案】C
【解析】解：A、国产大飞机C919的体积一定，由ρ=mV可知，材料的密度越小，国产大飞机C919的质量越小，故为了减轻质量，国产大飞机C919用密度较小的新材料制造，故A错误；
B、虽然大石块的质量大于小铁块的质量，但大石块的体积大于小铁块的体积，则根据ρ=mV可知，不能说明石块的密度大于铁的密度，故B错误；
C、探空气球可以飘在空中，是因为气球内部气体的密度比空气小，因此气象工作者利用密度很小的氦气制造探空气球，采集气象资料，故C正确；
D、气体的密度与温度的关系是：一定质量的气体，当温度的升高时，体积膨胀，密度变小；反之当温度的降低时，体积缩小，密度变大；所以发生火灾时，燃烧产生的有毒气体温度较高，密度较小而上浮，会分布在房间上方，所以为了避免吸入燃烧时产生的有毒气体，应该贴近地面爬行，故D错误。
故选：C。
(1)利用密度公式分析：制作不同的物体选用密度不同的材料，主要是根据物体的用途来决定的；
(2)密度是物质的一种特性，不同的物质密度一般不同。对于同种物质，密度一定时，物体的质量与物体的体积成正比。密度与物体的质量和体积无关，但密度与物体的温度和状态有关；
(3)探空气球可以飘在空中，是因为气球内部气体的密度比空气小；
(4)气体温度升高，气体的密度变小，热空气向上运动。
此题主要考查学生对质量及其特性的理解和掌握。通过练习使学生明确：物体的质量与其形状、温度、位置、状态均无关系，从而加深对质量定义的理解。
11.【答案】D
【解析】解：A、由图象可知，第一个2s内，物体没有推动，物体处于平衡状态，推力等于摩擦力，等于1N，故A错误；
B、由v−t图象可知，在4s～6s物体做匀速直线运动，处于平衡状态，由F−t图象可知在4s～6s即在第三个2s内拉力F=2N，由平衡条件可得滑动摩擦力f=F=2N，由v−t图象可知，物体在第二个2s内做匀加速运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力，因为压力和接触面的粗糙程度不变，因此物体受到的摩擦力仍是2N，方向与推力方向相反，即向左；故B错误；
C、由图象可知，第一个2s内，物体没有推动，由W=Fs可知，推力F对木箱所做的功为0；故C错误；
D、在第三个2s内推力F对木箱做功的功率为：
P=Fv=2N×4m/s=8W.故D正确；
故选：D。
先由速度−时间图象判断物体的运动情况，然后根据物体的运动状态判断物体是否受平衡力作用；根据由F−t图象求出物体受到的拉力，然后由二力平衡的条件求出摩擦力的大小。根据W=Fs可求功；由P=Fv可求功率。
本题考查了学生的识图能力，并能将v−t图象和F−t图象相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出力的大小是本题的关键。
12.【答案】B
【解析】
【分析】
知道并理解家庭电路的组成与正确连接方法，了解触电的原因，是解决该题的关键。
(1)金属外壳用电器必须接地线；
(2)测电笔是辨别火线和零线的仪器，当测电笔的笔尖接触零线和地线时，氖管不会发光；
(3)保险丝是用电阻大、熔点低的铅锑合金等材料制成；
(4)灯不发光的原因，一是电路开路，二是灯被短路，三是灯的实际功率太小。
【解答】
A、电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳漏电而使人发生触电事故，故A错误；
B、断开开关S时，A点在火线上，所以接触B点时氖管会发光，故B正确；
C、当电路电流过大时，保险丝容易熔断而保护电路，如果用铜丝代替保险丝后，就起不到保护作用了，故C错误；
D、若闭合开关S时，电灯不亮，保险丝未烧断，不是电灯短路，可能是电灯断路，故D错误。
故选B。
13.【答案】BD
【解析】解：A、a在液体中漂浮，a的密度要小于液体的密度，b在液体中悬浮，b的密度等于液体的密度，所以a的密度要小于b的密度，故A错误；
B、液体的密度相同，a和b的体积相同，由图可知，a排开的液体的体积要小于b排开的液体的体积，根据F浮=ρ液gV排可知物体a受到的浮力小于物体b受到的浮力，故B正确；
C、液体的密度和深度相同，根据p=ρgh可知，甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强相同，底面积相同，根据F=pS可知，容器底部受到液体的压力相同，故C错误；
D、由于b悬浮，则b所受的浮力F浮b=Gb=Gb排，即b的重力等于排开液体的重力；a漂浮，则a所受的浮力F浮a=Ga=Ga排，即a的重力等于排开液体的重力；因为两液面相平，且是同种液体，所以结合上面分析可知两容器中液体与物体的总重力相同，即装置的总重力相同，两容器对桌面的压力大小相等，由p=FS得，甲杯对桌面的压强等于乙杯对桌面的压强，故D正确。
故选：BD。
(1)根据物体的浮沉条件分析物体密度的大小；
(2)根据阿基米德原理判定排开液体重力的大小；
(3)根据p=ρgh判断甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强大小，根据F=pS分析容器底部受到的压力的大小；
(4)根据容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体重力之和，可判断两容器对桌面的压力大小，根据p=FS分析桌面受到的压强的大小。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压强和密度公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
14.【答案】BC
【解析】解：A、甲图中两灯串联，串联电路中电流相等，灯泡消耗的实际电功率P=UI=I2R，因为RA
C、乙图中两灯并联，所以两灯泡两端的电压相等，灯泡消耗的实际电功率P=UI=U2R，因为RA
D、乙图中滑动变阻器接在干路上，当滑片向左滑动时，变阻器接入电阻变大，根据分压原理，变阻器两端分得的电压变大，两灯泡两端的电压变小，根据P=U2R可知，灯泡的实际电功率变小，两个灯泡亮度都变暗，故D错误。
故选：BC。
灯泡的亮度由灯丝的实际电功率决定，实际电功率越大，灯泡越亮。
(1)甲图两灯串联，根据P=I2R比较实际电功率，从而可知两灯的亮度关系；
(2)甲图滑动变阻器滑片向右滑动，判断出滑动变阻器接入电路电阻的变化，由欧姆定律判断出电路中电流的变化，根据P=I2R比较实际电功率，进而判断出灯泡亮度的变化；
(3)乙图两灯并联，根据P=U2R比较实际电功率，从而可知两灯的亮度关系；
(4)乙图中滑动变阻器接在干路上，其接入电阻变大时，根据分压原理，变阻器两端分得的电压变大，灯泡两端的电压变小，灯泡的实际电功率变小，从而可知两灯的亮度变化。
本题综合考查对电路的认识，区别不同电路选择不同的电功率计算公式，结合实际功率判断灯泡亮度。
15.【答案】解：根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为S极，右端为N极。根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极(右端)，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。如图：
【解析】根据图中断螺线管的两个磁极，根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极。最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向。
本题既考查了通电螺线管、小磁针磁极的判断又考查了电流方向的判断，一环扣一环也是易错题，要求学生步步仔细才行。
16.【答案】解：
物体A随观光缆车沿轨道斜向上做匀速直线运动，水平方向上是不受力的；
竖直方向上受重力和支持力，物体A竖直方向上是静止的，重力和支持力就是一对平衡力，大小相等、方向相反。
过物体重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示，注意两条线段长度要相等，如图所示：
【解析】首先分析物体A受到的作用力，物体A做匀速直线运动说明物体受到了平衡力---重力和支持力的作用；然后根据力的示意图的画法来作图。
能否正确分析物体在水平和竖直方向上的受力情况，是本题的解题关键所在。
17.【答案】D 98 低于 大
【解析】解：(1)A、加盖可以减少对流和辐射散热，减少热量损失，正确；
B、温度计从纸片的小孔穿过，位置更加稳定，正确；
C、加盖后减少了高温水蒸气与温度计的接触，不易在温度计表面发生液化现象，避免液化形成的小水滴妨碍读数，正确；
D、加盖后可使烧杯内气压增大，水的沸点升高，错误。故选D；
(2)水沸腾过程中，温度保持在98℃不变，沸点为98℃；由于沸点低于100℃，实验时气压低于标准大气压；
(3)沸腾时，不同深度的水温都达到沸点，不断汽化变为气态水蒸气，水蒸气聚集使气泡上升过程中不断变大。
故答案为：(1)D；(2)98；低于；(3)大。
(1)烧杯加盖主要防止热量散失，缩短加热时间；液体沸点随气压增大而升高；
(2)液体沸腾时的温度叫沸点；
(3)沸腾时，不同深度的水温都达到沸点，不断汽化变为气态水蒸气，水蒸气聚集使气泡上升过程中不断变大。
此题主要考查学生对于水的沸腾实验的理解和掌握，考查知识较多需要认真分析解答。
18.【答案】匀速直线 压力 甲、丙 不可以，因为乙、丙两次实验接触面粗糙程度不同 很难保证木块做匀速直线运动 不变
【解析】解：(1)实验中，小明应该沿水平方向拉动木块做匀速直线运动；
(2)甲、乙两图实验中，接触面粗糙程度相同，压力不同且乙图中压力大，所以这是为了探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系；根据实验现象可得出：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
(3)根据甲、丙两图的实验可知，在压力相同的条件下，接触面粗糙程度不同，可得出的结论是压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；可探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系；
(4)由图乙、丙所示实验可知，物体间接触面的粗糙程度不同，物体间的压力不同，木块受到的滑动摩擦力不同，由于没有控制接触面的粗糙程度相同，不可探究滑动摩擦力大小与压力的关系；
(5)小明发现，实验中弹簧测力计示数不稳定，这主要是很难保证木块做匀速直线运动导致的；
如图丁所示的实验方案，C相对地面处于静止状态，受到的测力计的拉力与受到摩擦力为一对平衡力，大小相等，故该方案不需要长木板做匀速直线运动；用水平拉力F=4.0N拉动长木板，待弹簧测力计示数稳定后，弹簧测力计的示数为1.5N，木块C静止处于平衡状态，受到水平向左弹簧测力计的拉力和水平向右的摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，所以此时木块C受到的滑动摩擦力大小为1.5N；因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与其它因素无关，所以，增大拉力F时，木块C对长木板的压力和接触面的粗糙程度不变，则木块受到的摩擦力不变，由二力平衡条件可知，弹簧测力计的拉力不变，其示数不变。
故答案为：(1)匀速直线；(2)压力；(3)甲、丙；(4)不可以，因为乙、丙两次实验接触面粗糙程度不同；(5)很难保证木块做匀速直线运动；不变。
(1)利用二力平衡的条件分析；
(2)(3)(4)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；根据控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(5)根据A相对地面处于静止状态，受到平衡力的作用分析；根据影响滑动摩擦力大小的因素和二力平衡条件分析木板受到的拉力增大时弹簧测力计的示数变化。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和平衡力的知识。
19.【答案】断路 0.2 2 左 反比 B 将滑动变阻器的滑片调至B端，闭合开关S I1R0I2−I1
【解析】解：
(1)由图甲知应将滑动变阻器并联在定值电阻两端，而图乙中是并联在定值电阻和滑动变阻器两端，这是错误的，据此完成电路连接如下图所示：
；
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能存在断路故障，而电压表有示数且接近电源电压，说明电压表能与电源正负极形成闭通路，由此可知故障原因可能出在与电压表并联的定值电阻上，即定值电阻断路；
(3)由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A，则定值电阻两端的电压为：UV=IR=0.2A×10Ω=2V，
根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数保持2V不变；
(4)由表中数据可知，导体的电阻增大为原来的几倍，通过导体的电流减小为原来的几分之一，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成；
(5)定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=3V−2V=1V，变阻器分得的电压为电压表示数的1V2V=0.5倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=0.5×25Ω=12.5Ω>10Ω，故选B；
(6))①按电路图连接电路，电流表选择合适的量程，将滑动变阻器滑片P调至A端，闭合开关S，记下电流表的示数为I1；
②将滑动变阻器的滑片调至B端，闭合开关S，记下电流表的示数为I2；
③在①中，两电阻串联，由电阻的串联和欧姆定律得电源电压：
U=I1(Rx+R0)
在②中为RX的简单电路，由欧姆定律得电源电压：
U=I2RX，
因电源电压不变，故：
U=I1(Rx+R0)=I2RX，
解得Rx的表达式为：Rx=I1R0I2−I1。
故答案为：(1)见上图；(2)断路；(3)0.2；2；左；(4)反比；(5)B；(6)②将滑动变阻器的滑片调至B端，闭合开关S；③I1R0I2−I1。
(1)由图甲知应将滑动变阻器并联在定值电阻两端，而图乙中是并联在定值电阻和滑动变阻器两端，这是错误的，据此完成电路连接；
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能存在断路故障，而电压表有示数且接近电源电压，说明电压表能与电源正负极形成通路，由此可知故障原因可能出在与电压表并联的定值电阻上；
(3)根据图丙电流表所选量程确定分度值读数；
根据欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压，根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(4)根据表中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；
(5)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，进而确定滑动变阻器的规格；
(6)通过调节滑片的位置，利用滑动变阻器的最大阻值，根据电源电压不变列方程得出待测电阻表达式。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路的改接、电路故障分析、电流表读数、控制变量法、欧姆定律的应用、器材的选、分析数据归纳结论的能力以及在电表不全的情况下电阻测量的设计，考查较综合，有一定难度。
20.【答案】同样时间，“快走”消耗的能量约为散步的4倍，消耗能量多
【解析】解：(1)人的重力：G=mg=80kg×10N/kg=800N，
如图所示，分别画出动力臂和阻力臂，分析可知，动力臂l1是阻力臂l2的2倍，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2得到：F×2l2=Gl2，所以F=G2=400N；
(2)由W=Fs可得人在30分钟快走运动中做的功为：W=nGh=7000×800N×0.04m=224000J，
此过程中人克服自身重力做功的功率为：P=Wt=224000J1800s=124W；
(3)同样时间，“快走”消耗的能量约为散步的4倍，消耗能量多，所以“快走”能健身。
答：(1)若重力作用点A刚好是OB连线的中点，小腿肌肉产生的拉力F是400N；
(2)人向前走一步的过程中，重心升高约4cm，某人在30分钟的快走运动中共走了7000步，此过程中人克服自身重力做功的功率为124W；
(3)同样时间，“快走”消耗的能量约为散步的4倍，消耗能量多，所以“快走”能健身。
(1)根据杠杆的平衡条件分析解答小腿肌肉对脚的拉力；
(2)根据W=Gh得到人克服自身重力做的功，根据功率的公式得到人克服自身重力做功的功率；
(3)根据表格中的数据和题意进行分析“快走”能健身的原因。
本题考查了力臂的画法、杠杆的平衡条件、功和功率的计算、能量的转化，是一道综合题。
21.【答案】减小 保护电路 减小电源电压，或适当减小R0的阻值
【解析】解：由电路图可知，开关闭合时，RP与R0串联，电压表测R0两端的电压。
(1)由图丙可知，潜水员下潜的深度增大，压敏电阻RP的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I=UR可知，电路中的电流增大，可能烧坏电路，因此R0的作用是保护电路；
(2)由图丙可知，当救援队员下潜到水下40m深处时，压敏电阻的阻值Rp=15Ω，
则电路的阻值R=R0+RP=10Ω+15Ω=25Ω，
此时电路通过的电流为：I=UR=6V25Ω=0.24A，
根据I=UR可得电压表的示数为：U0=IR0=0.24A×10Ω=2.4V；
此时该电路的功率为：P=UI=6V×0.24A=1.44W；
(3)深度表所处的深度越深，压敏电阻Rp的阻值越小，电压表示数越大，当电压表示数为3V时，深度表所处的深度为最大深度，
此时电路中的电流I1=U1R0=3V10Ω=0.3A；
根据I=UR可得：Rp1=UpI1=U−U1I1=6V−3V0.3A=10Ω，
由丙图可知该深度表能测量的最大深度为60m；
(4)深度越大时，压敏电阻R受到的压力越大，压敏电阻R的阻值越小，根据串联电路的分压原理可知，压敏电阻两端的电压越小，定值电阻两端的电压越大，要使定值电阻两端的最大电压不变，故可以采取的措施：减小电源电压，或适当减小R0的阻值。
答：(1)减小；保护电路；
(2)救援队员下潜到水下40m深处时，电压表的示数为2.4V；此时该电路的电功率为1.44W。
(3)在电路安全的情况下，该深度表能测量的最大深度为60m；
(4)减小电源电压，或适当减小R0的阻值。
由电路图可知，开关闭合时，RP与R0串联，电压表测R0两端的电压。
(1)根据图丙得出潜水员下潜的深度越深时压敏电阻RP的阻值变化，从而得出电路的总电阻变化，根据欧姆定律得出电路中的电流变化和R0的作用；
(2)根据图丙读出深度为40m时压敏电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电压表的示数，利用P=UI求出此时该电路的电功率；
(3)当电压表的示数为3V时，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，然后与RP允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，此时该深度表能测量的深度最大，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，利用电阻的串联求出此时压敏电阻的阻值，根据图丙读出该深度表能测量的最大深度。
(4)根据压敏电阻R随表面压力大小的变化和串联电路的分压原理得出应采取的措施。
本题考查了液体压强公式、串联电路的特点、欧姆定律和电功率的应用，从图象中读出压力对应的电阻值是关键。
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