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2023年山东省菏泽市巨野县中考物理三模试卷
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这是一份2023年山东省菏泽市巨野县中考物理三模试卷，共22页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年山东省菏泽市巨野县中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 同学们在音乐教室上音乐课时，下列说法正确的是( )
A. 同学们的歌声可以在真空中传播
B. 用不同的力度吹奏笛子主要改变了声音的音色
C. 弹奏古筝时，手在不同位置按弦，改变了声音的音调
D. 上课时关闭门窗是在声源处减弱噪声
2. “二十四节气”是中国农耕文明的智慧结晶，下列描述中由凝华形成的是( )
A. 雨水：河水破冰 B. 白露：露似珍珠
C. 霜降：霜满枝头 D. 大寒：冰封万里
3. 关于物体内能、热量和温度，下列说法中正确的是( )
A. 物体的内能增加，温度一定升高 B. 汽油机做功冲程气缸内燃气的内能减少
C. 0℃的物体内能为零 D. 热值大的燃料，燃烧放热就多
4. 古诗词中有许多描述光学现象的诗句，下列诗句从物理学的角度解释不正确的是( )
A. 潭清疑水浅——“水浅”是由光的折射产生的
B. 还疑映蜃楼——“蜃楼”是由光的反射产生的
C. 岸边无雨挂长虹——“长虹”是由光的色散产生的
D. 绿树阴浓夏日长——“阴浓”是由光的直线传播产生的
5. 下列对物理现象的描述不正确的是( )
A. 1图中两块铅块磨光后紧压在一起，可以吊起重物，说明分子间存在引力
B. 2图是在探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系
C. 3图软木塞飞出，管内水内能减小，内能转化为机械能
D. 4图模拟电话听筒利用电磁感应原理将电信息转化为声音信号
6. 下列关于力学现象的解释中正确的是( )
A. 人用力推车，车未动，是因为推力小于摩擦阻力
B. 苹果在空中下落得越来越快，是因为力是改变物体运动状态的原因
C. 汽车刹车后，速度会逐渐减小，最后会停下来，是因为汽车具有惯性
D. 书本静止在课桌上，是因为书本受到的重力与书本对桌面的压力平衡
7. 下列说法错误的是( )
A. 甲图：排水管的U形“反水弯”是一个连通器
B. 乙图：爬到泰山之巅，自制气压计液柱高度会降低
C. 丙图：用吸管把饮料“吸”入嘴里，是利用了大气压
D. 丁图：房屋的地基增大了受力面积，减小了压强
8. 小明对图中所学的物理知识进行了梳理，其中有科学性错误的是( )
A. B.
C. D.
9. 对如图的分析中，不正确的是( )
A. 图甲空中加油时，以加油机A为参照物，战机B静止
B. 图乙大象能提前感觉到地震，是因为大象能听到次声波
C. 图丙月季花呈红色，是因为它反射的红光进入眼睛
D. 图丁系安全带能够减小车内人员的惯性
10. 小明在饮料吸管中塞入一些细铁丝作为配重，并将一端封闭，制作了一只简易密度计；将其先后放入甲、乙两杯液体中，甲、乙两个空杯完全相同，当密度计静止时，两杯中液体深度相同，如图所示，下列说法正确的是( )
A. 密度计在甲杯液体中受到的浮力更大
B. 甲杯液体的密度大于乙杯液体的密度
C. 密度计放入后，乙杯中液体对容器底的压强大于甲杯中液体对容器底的压强
D. 甲杯对桌面的压强大于乙杯对桌面的压强
11. 小美连接了如图所示的电路，闭合开关后，她发现灯泡L1发光，L2不发光，以下说法中正确的是( )
A. 灯泡L2的灯丝断了
B. 通过L1的电流大于通过L2的电流
C. 灯泡L1的电阻小于灯泡L2的电阻
D. 灯泡L2的实际功率小于灯泡L1的实际功率
12. 灯泡L和电阻R的I−U图像如图所示。下列说法错误的是( )
A. 电阻R的电阻值是12Ω
B. L的图线是曲线是因为灯丝电阻随温度升高而增大
C. 仅把L、R串联在电路中，当电流是0.5A时，它们两端总电压是6V
D. 仅把L、R并联在电源电压是3V的电路中，干路里的电流是1.0A
二、填空题（本大题共6小题，共13.0分）
13. 如图，小嘉用刻度尺测量物块的长度，此时物块的长度可记为______ cm。
14. 成语是中华文化中一颗璀璨的明珠，来自于古代经典或著作、历史故事和人们的口头故事，例如我们在描述声音的______时，可以用“万籁俱寂”来表达；古代人们在旷野地区常用“伏地听声”的办法来判断有无马群到来，这是应用了______可以传播声音。
15. 用豆浆机做豆浆时，能闻到浓浓的豆浆香味，这是______现象；豆浆机工作时加热和打浆能够交替进行，说明加热器和电动机的连接方式是______。
16. 汽油机正常工作时，飞轮转速为3000r/min，则该汽油机每秒对外做功______ 次。
17. 结合如图实验情景，回答下列问题。
(1)木块做匀速直线运动，弹簧测力计示数______ (选填“大于”“等于”或“小于”)木块受到滑动摩擦力的大小。
(2)水和食用油升高相同的温度，通过比较______ 来判断吸收热量的多少。
(3)通电一段时间后，______ 侧U形管中液面高度的变化较大。
(4)闭合开关后，导体ab沿______ (选填“左右”或“上下”)方向运动时，会产生感应电流。
18. 在“天宫课堂”中，航天员王亚平用吸管把乒乓球轻轻压入水中，取出吸管后，观察到乒乓球悬停在水中，如图1所示，这是由于在中国空间站中，乒乓球不再受到重力和______ 的原因而悬停不动。在地面课堂的同学们也做同样的实验：用吸管把乒乓球轻轻压入水中，取出吸管后，观察到乒乓球会迅速上浮直至漂浮，如图2所示。乒乓球露出水面前，浮力______ 重力(选填大于或小于或等于)且浮力大小______ 。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
19. 在图中画出对应的入射光线和折射光线。
20. 用轻绳悬挂的铁球自由摆动，请画出摆动到如图所示位置时，铁球的受力示意图。(忽略空气阻力)
四、实验探究题（本大题共3小题，共13.0分）
21. 李华同学在实验室探究平面镜成像的特点。如图所示，保持玻璃板与直尺垂直，取两支外形相同的蜡烛A和B分别竖直置于玻璃板两侧的直尺上，点燃玻璃板前的蜡烛A，进行观察和调整。
(1)利用刻度尺是为了便于测量像与物到平面镜的______ 。
(2)选择两支外形相同的蜡烛是为了便于比较______ 关系。
(3)在物理实验中，为了减小误差或寻找普遍规律，经常需要多次测量。下列实验中多次测量的目的与本实验多次测量的目的相同的是______ (选填字母符号)。
A.“探究串、并联电路中电流的规律”时，换用不同规格的小灯泡，多次测量
B.“用刻度尺测长度”时，需要多次测量被测物体的长度
22. 小王和小张选取大小不同的两块工艺石进行密度测量。
(1)小王进行了如下操作：
①天平放在水平台面上，游码归零，小王发现指针如甲图所示，他向右调节平衡螺母，直到天平平衡；天平平衡后，小王开始称量，在称量过程中又发现指针位置如图甲，放上最小砝码后指针又向右偏，这时小王应该______ 直到天平恢复平衡。
②测得工艺石的质量是29g，体积测量如图乙所示，则该工艺石密度为______ kg/m3。
(2)小张的设计方案如下：(g=10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3)
①用弹簧测力计测量另一块工艺石的重力，再将此工艺石浸没在水中，如图丙；
②此工艺石浸没时浮力为______ N，体积为______ m3，由此可进一步求出此工艺石的密度；
③又将此工艺石浸没在某液体中，弹簧测力计示数为1.8N，则该液体密度为______ g/cm3。
23. 小明利用图甲所示电路探究“导体中的电流跟电阻的关系”。
(1)请根据图甲将图乙实物电路连接完整，使滑片向右移动时，电路中的电流变小。
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，电流表有示数，电压表示数始终为0，造成这种现象的原因可能是______ ；
A.定值电阻R短路
B.定值电阻R断路
C.滑动变阻器短路
(3)图丙是根据测量的数据绘制的电流与电阻关系的图像，分析图像可得出结论：______ ；
(4)由图丙可知，实验时控制电压表的示数保持______ V不变；
(5)小明又将实验中的电阻R拆下，换用一个额定电压为2.5V的小灯泡，继续多次实验得到小灯泡的I−U图像如丁图，可知小灯泡额定功率为______ W。
五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
24. 有一足够宽的长方体薄木板，重为48N，长为1.3m，水平放在30cm长的支架上，另有个棱长为10cm的正方体木块M，质量为600g放在木板上与A端平齐，如图甲所示。(g取10N/kg)
(1)求木块M在A端静止时对木板的压强；
(2)用1.2N的水平拉力刚好匀速拉动木块，当到达B处时木板刚好失去平衡。整个过程用了3s求：这个过程中拉力F做功的功率。
25. 小明给家中喂养热带鱼的鱼缸设计了一个加热装置(如图甲)，该装置电路如图乙所示：L为照明装饰小彩灯(标有“6V，3W”)，S1为总开关，S2为温控开关(温度低于20℃自动接通，温度升高到24℃时自动断开)，R是阻值为7.2Ω的电热丝。某次换水后，鱼缸内有10kg初温为19℃的水，闭合开关S1，L正常发光，R开始发热。请你用所学知识与小明一起解决下列问题[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]；
(1)电源电压是多少？
(2)R开始发热到停止工作水吸收了多少热量？
(3)此加热装置加热效率为60%，R开始发热到停止工作的时间是多少秒？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、声音的传播需要介质，同学们的歌声不能在真空中传播，故A错误；
B、用不同的力度吹奏，主要发声体的振幅不同，从而发出声音的响度不同，故B错误；
C、按压琴弦的不同位置，可以改变琴弦振动部分的长度，从而改变琴弦发出声音的音调，故C正确；
D、为了减少对外界的干扰，上课时关闭门窗是在传播过程中减弱噪声，故D错误。
故选：C。
(1)声音的传播需要介质，声音可以通过固体、液体和气体传播；
(2)(3)音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(4)防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
本题考查声音的特性以及减弱噪声的途径的理解，体现了生活处处皆物理。
2.【答案】C
【解析】解：A、河水破冰，是冰吸收热量熔化成水的过程，故A不符合题意；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故B不符合题意；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，故C符合题意；
D、冰是水放热凝固形成的，故D不符合题意。
故选：C。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。其中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量。
判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。
3.【答案】B
【解析】解：A、物体内能变大，温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程中吸收热量，内能增大，而温度保持不变，故A错误；
B、在汽油机的做功冲程，高温高压的燃气对外做功，内能转化为机械能，所以燃气内能减少，温度降低，故B正确；
C、一切物体在任何情况下都有内能，即0℃的冰块也有内能，故C错误；
D、燃料完全燃烧放出的热量多少跟燃料的热值和燃料的质量大小有关，所以热值高的燃料完全燃烧放出的热量不一定比热值低的燃料完全燃烧放出的热量多，故D错误。
故选：B。
(1)物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化；
(2)气体对外做功内能减少，温度降低；
(3)一切物体在任何情况下都有内能；
(4)燃料完全燃烧放出的热量多少跟燃料的热值和燃料的质量大小有关，完全燃烧同种燃料的质量越大，放出的热量越多。
此题考查了内能的影响因素、热机及热值，是一道综合题。
4.【答案】B
【解析】解：A、潭清疑水浅，是由光成水中斜射入空气中发生折射形成的，故A正确；
B、“蜃楼”是由光的折射产生的，故B错误；
C、岸边无雨挂长虹，属于光的色散，是由光的折射形成的，故C正确；
D、绿树阴浓夏日长，是由光的直线传播形成的，故D正确。
故选：B。
光在同种均匀介质中沿直线传播；光线从一种介质斜射入另一种介质时会发生折射，由此形成的现象有：雨后彩虹、池水变浅、水中筷子折断、海市蜃楼等。逐项分析各情景运用的光学知识进行作答。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，是一道基础题。
5.【答案】D
【解析】解：A.将接触面被削平的两个铅块用力压紧，可以使它们结合在一起，即便在下端悬挂一定质量的重物也不分开，这个实验说明分子之间存在相互作用的引力，故A正确；
B.两个线圈串联，通过的电流相同，通电时吸起的大头针数量不同，所以研究的是电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数的关系，故B正确；
C.在软木塞被冲出试管口的过程中，水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，故C正确；
D.听筒是把强弱变化的电流通过磁场对电流的作用转化成声音的信号的，故D错误。
故选：D。
(1)物质是由分子组成的，分子永不停息地做无规则的运动，分子间存在相互作用的引力与斥力；
(2)影响电磁铁磁性强弱的因素：电流越大磁性越强；线圈匝数越多磁性越强；
(3)物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；
(4)电话的话筒通过电磁感应把声音的信号变为强弱变化的电流，而听筒是把强弱变化的电流通过磁场对电流的作用转化成声音的信号的。
本题考查了对分子动理论、影响电磁铁磁性强弱的因素、热机基本原理和电话听筒原来等知识的理解，培养应用知识解决实际问题的能力。
6.【答案】B
【解析】解：
A、人用力推车，车未动，处于静止状态，说明受力平衡，即推力等于阻力，故A错误；
B、苹果在空中下落时，由于受力竖直向下的作用，其运动状态不断改变，下落速度越来越大，故B正确；
C、汽车刹车时，受到地面的摩擦阻力，在该力的作用下，汽车的运动状态发生改变，速度会越来越小，最终会停下来，并不是由于具有惯性，故C错误；
D、书本受到的重力作用在书本上，而书本对桌面的压力是作用在桌面上，这两个力不是作用在同一物体上，不符合二力平衡的条件，故D错误。
故选：B。
(1)当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力作用；
(2)力的作用效果是：可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态；
(3)运动的物体最终停下来是由于受到阻力的作用；
(4)二力平衡的条件是：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，并且在同一直线上。
该题通过实例考查了力的作用效果和二力平衡的知识，在应用力的作用效果时时要注意辨别物体发生变化的是形状还是运动状态，在判断两个力是否为平衡力时要注意这两个力需要同时满足四个条件，即：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，并且在同一直线上。
7.【答案】B
【解析】解：A、洗手池下方排水管的U形“反水弯”上端开口、底部连通，利用了连通器原理，故A正确；
B、爬到泰山之巅，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分液体被压入玻璃管，因此管内液柱的高度会升高，故B错误；
C、人喝饮料时，嘴内的气压小于嘴外部的大气压，饮料在大气压力的作用下，被吸入嘴中，故C正确；
D、房屋的地基的面积较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D正确。
故选：B。
(1)连通器的结构特征是上端开口、底部连通；
(2)大气压随高度的增加而减小，结合简易气压计的原理进行解答；
(3)人喝饮料时，饮料在大气压力的作用下被压入嘴中；
(4)当压力一定时，受力面积越小，压强越大；受力面积越大，压强越小。
此题主要考查的是学生对各实验的原理及实验结论的理解和掌握，基础性题目。
8.【答案】A
【解析】解：
A、声音的特性包括响度、音色、音调；响度与振幅有关，与频率无关，故A错误；
B、机械能包括动能和势能，动能与质量和速度有关，故B正确；
C、光的传播包括光的直线传播、光的反射、光的折射，光的反射又分为镜面反射和漫反射，故C正确；
D、物态变化包括熔化、凝固、汽化、液化、升华和凝华；汽化又包括蒸发和沸腾两种方式，故D正确。
故选：A。
根据对每个选项中所涉及的物理概念、规律的掌握作出判断，确定错误的选项。
此类问题一般难度不大，重点考查的是我们对基础知识的掌握情况。
9.【答案】D
【解析】解：A、空中加油时，以加油机A为参照物，战机B位置没有发生改变，所以是静止的，故A正确；
B、地震往往伴随着次声波的产生，大象能提前感觉到地震，是因为大象能听到次声波，故B正确；
C、月季花呈红色，是因为它反射的红光进入人的眼睛，故C正确；
D、系安全带可防止惯性带来伤害，但不能够减小车内人员的惯性，故D错误。
故选：D。
(1)在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的；
(2)一些大型自然灾害发生时，往往伴随着次声波的产生；
(3)不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的；
(4)惯性的大小只与物体的质量有关。
本题以生活中的事例或场景为内容，考查了对运动与静止相对性、次声波、颜色的规律、惯性等的理解与应用，有一定综合性。
10.【答案】C
【解析】解：
A、同一支密度计放在甲、乙两种液体中都漂浮，则F浮甲=F浮乙=G，即浮力是相同的，故A错误；
BC、由图可知，密度计在乙液体中排开的液体的体积小，根据F浮=ρ液gV排可知，乙液体的密度大，又因为深度相同，根据p=ρgh可知，乙杯中液体对容器底的压强更大，故B错误，C正确；
D、由图可知，两液体的体积V甲
(1)从图可知，密度计放在甲、乙液体中都漂浮，受到的浮力都等于密度计受到的重力，从而可以判断受到浮力的大小关系；
(2)根据密度计的浮沉情况判定液体密度的关系；根据p=ρgh判定容器底部压强的大小；
(3)杯对桌面的压力等于杯、水、密度计的总重力，再利用p=FS分析其对桌面的压强。
本题考查了学生对阿基米德原理和重力公式的应用，关键是理解和运用漂浮条件、下沉条件(密度关系)得出两液体的密度关系。
11.【答案】D
【解析】解：根据实物图可知，灯泡L1和 L2是串联在电路中的。
A.闭合开关后，发现灯泡L1发光，表明电路中有电流，电路出现了短路现象；如果灯泡L2的灯丝断了，那么电路中是没有电流的，故A错误；
B.灯泡L1和 L2是串联在电路中的，根据串联电路的电流规律可知，通过L1的电流等于通过L2的电流，故B错误；
CD.灯泡的亮暗程度是由灯泡的实际功率来决定的，因为L1发光，L2不发光，表明灯泡L1的实际功率大于灯泡L2的实际功率；根据P=I2R，通过两灯泡的电流相等，灯泡L1的实际功率大于灯泡L2的实际功率，因此灯泡L1的电阻大于灯泡L2的电阻，故C错误，D正确。
故选：D。
根据电路图可知，该电路为串联电路；
(1)闭合开关后，她发现灯泡L1发光，L2不发光，这说明电路中有电流，电路发生了短路现象，据此分析；
(2)串联电路中，电流处处相等；
(3)灯泡的亮度是由实际功率决定的，根据P=I2R分析电阻的大小关系。
本题考查了电路的识别、电路故障的判定、串联电路的电流规律、电功率计算公式的应用，难度不大。
12.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，R阻值为：R=UI=6V0.5A=12Ω，故A正确；
B、灯丝的电阻跟灯丝的温度有关，当灯丝两端的电压增大时，通过的电流也会增大，则灯丝的温度升高，因此灯丝的电阻会增大，故B正确；
C、仅把L、R串联在电路中，串联电路电流处处相等，总电压等于和用电器电压的和，当电流中的电流是0.5A时，由图像可知，此时L两端的电压为1.5V、R两端的电压为6V，则它们两端总电压是：U=UR+UL=6V+1.5V=7.5V，故C错误；
D、并联电路各个支路两端的电压相等，由图可知，当电源电压为3V时，通过R的电流为0.25A，通过L的电流为0.75A，则干路的电流为：I′=IR+IL=0.25A+0.75A=1A，故D正确。
故选：C。
(1)利用R=UI可求出电阻R的阻值；
(2)灯丝的电阻随温度的升高而增大；
(3)根据图像和串联电路的电压特点得出当电流值为0.5A时L、R两端的电压，根据串联电路电压的规律算出它们两端总电压；
(4)由并联电路的电压特点，结合图像可知此时通过L和R的电流大小，再由并联电路的电流特点得出干路的电流。
本题考查了学生对欧姆定律的运用和对电阻的理解，能从图像中读取有用的信息是解题的关键。
13.【答案】1.90
【解析】解：图中，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与7.90cm对齐，右侧与9.80cm对齐，故物体的长度为9.80cm−7.90cm=1.90cm。
故答案为：1.90。
使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
本题考查了刻度尺的使用和读数，是一道基础题。
14.【答案】响度 固体
【解析】解：我们在描述声音的响度时，可以用“万籁俱寂”来表达；用“伏地听声”的办法来判断有无马群到来，这是应用了固体可以传播声音。
故答案为：响度；固体。
(1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
(2)声音的传播需要介质，气体、液体和固体都能够传播声音。
理解声音的传播、区分声音的三个特征，可解答此题。
15.【答案】扩散 并联
【解析】解：(1)用豆浆机做豆浆时，豆浆分子运动到空气中，闻到浓浓的豆浆香味，这是扩散现象。
(2)豆浆机工作时加热和打浆能够交替进行，加热器和电动机互不影响，说明加热器和电动机是并联的。
故答案为：扩散；并联。
(1)不同物质组成的物体相互接触时彼此进入对方的现象是扩散。
(2)串联电路中用电器相互影响，并联电路中用电器互不影响。
本题通过用豆浆机做豆浆考查了扩散现象和并联，体现了生活处处皆物理。
16.【答案】25
【解析】解：已知汽油机的飞轮转速是3000r/min=50r/s，即每秒飞轮转50圈，由于汽油机飞轮转2圈，对外做功1次，所以该汽油机每秒对外做功25次。
故答案为：25。
汽油机在1个工作循环中，经历4个冲程，飞轮转2圈，对外做功1次，结合飞轮转速求得该汽油机每秒对外做功的次数。
本题主要考查汽油机中有关量的计算，知道汽油机在1个工作循环中，经历4个冲程，飞轮转2圈，对外做功1次”是关键。
17.【答案】等于 加热时间的长短 左 左右
【解析】解：(1)木块做匀速直线运动，拉力与摩擦力是一对平衡力，所以弹簧测力计示数等于木块受到滑动摩擦力的大小；
(2)实验中，水和食用油升高相同的温度，通过比较加热时间的长短来判断吸收热量的多少；
(3)右侧两个电阻并联后又与左侧电阻串联，根据串并联电路的电流特点可知，通过左侧透明容器中的电阻的电流大于通过右侧透明容器中的电阻的电流，电阻阻值和通电时间相同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，通电一段时间后，左侧U形管中液面高度变化更明显；
(4)产生感应电流的两个必要条件：闭合电路；电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。图中马蹄形磁铁在导体ab附近的磁感线是竖直的，如果导体ab上下方向运动，不能切割磁感线；导体ab左右方向运动，才能切割磁感线，才会产生感应电流。
故答案为：(1)等于；(2)加热时间的长短；(3)左；(4)左右。
(1)根据二力平衡条件可做出解答；
(2)使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(3)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，据此分析；
(4)产生感应电流的必要条件：闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
本题通过几个常见的物理实验，考查了我们对实验原理的理解、实验现象的分析等，有一定综合性。
18.【答案】浮力 大于 不变
【解析】解：在中国空间站中，乒乓球不再受到重力和浮力的原因而悬停不动。乒乓球露出水面前，受到竖直向上的浮力大于竖直向下的重力；露出水面前，乒乓球排开水的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知，浮力不变。
故答案为：浮力；大于；不变。
根据浮沉判断出浮力与重力的关系，根据阿基米德原理分析浮力的大小变化。
本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理的应用，知道物体浸没时排开液体的体积等于物体的体积是关键之处。
19.【答案】解：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，据此作出对应的入射光线和折射光线。如图所示：
【解析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
20.【答案】解：铁球悬挂在细绳下来回自由摆动，忽略空气阻力，在图示位置时，铁球共受到拉力和重力的作用，过球心作竖直向下的重力和沿绳子斜向上的拉力。如图所示：
【解析】根据规则物体的重心在物体的几何中心，然后过重心表示出重力的方向和拉力的方向。
本题考查示意图的画法，要牢记重力的方向总是竖直向下的。
21.【答案】距离 像与物的大小 A
【解析】解：(1)利用直尺是为了便于测量像与物到平面镜的距离；
(2)选择两支外形相同的蜡烛是为了便于比较像与物的大小关系；
(3)本实验多次测量的目的是寻找普遍规律；
A、“探究串、并联电路中电流的规律”时，换用不同规格的小灯泡，多次测量，寻找普遍规律；
B、“用刻度尺测长度”时，需要多次测量被测物体的长度的目的是减小误差；
故选A。
故答案为：(1)距离；(2)像与物的大小；(3)A。
(1)要比较像与物距离的关系，需借助刻度尺；用刻度尺测出两支蜡烛到玻璃板的距离便可得出像和物体到平面镜的距离相等；
(2)在实验中为了便于研究物像的大小关系，用了两支相同的蜡烛；
(3)本实验多次测量的目的是寻找普遍规律，逐项分析得出答案。
本题考查探究平面镜成像特点实验，掌握平面镜成像的特点：等大正立的虚像，且物像关于镜面对称。
22.【答案】取下质量最小的砝码，然后移动游码 2.9×103 1 1×10−4 1.2
【解析】解：(1)①用天平称矿石的质量，把矿石放在天平的左盘。向右盘添加砝码当放上质量最小的砝码时，指针向右偏，这时小明下一步的操作应该是：取下质量最小的砝码，然后移动游码使天平平衡；
②由图乙可知水的体积为20mL=20cm3，小石块和水的体积为30mL=30cm3，小石块的体积V=30cm3−20cm3=10cm3；
小石块的密：ρ=mV=29g10cm3=2.9g/cm3=2.9×103kg/m3；
(2)②由图丙可知，大块工艺石的重力为3N，此工艺石浸没在水中时测力计的示数为2N，
此工艺石浸没在水中时受到的浮力为F浮=G−F′=3N−2N=1N；
此工艺石的体积为V=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−4m3，
③此工艺石浸没在液体中时受到的浮力为F浮1=G−F1′=3N−1.8N=1.2N，
液体的密度为ρ1=F浮1gV=1.2N10N/kg×1×10−4m3=1.2×103kg/m3=1.2g/cm3。
故答案为：(1)①取下质量最小的砝码，然后移动游码；②2.9×103；(2)②1；1×10−4；③1.2。
(1)①把质量最小的砝码放在右盘中时，如果天平不平衡，应把质量最小的砝码取下，然后移动游码，使天平平衡；
②利用天平测量物体质量时，物体质量等于砝码的质量和游码对应的刻度值之和；
小石块的体积对应图丙、丁的量筒的示数之差；知道小石块的质量和体积，根据密度公式计算小石块密度；
(2)由称重法浮力计算公式可得此工艺石浸没在水中时受到的浮力，根据浮力计算公式可知此工艺石的体积，由称重法浮力计算公式可得此工艺石浸没在液体中时受到的浮力，根据浮力计算公式计算该液体的体积。
本题考查密度公式、称重法浮力计算公式、阿基米德原理的灵活运用，综合性强。
23.【答案】A 当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 2 0.625
【解析】解：(1)使滑片向右移动时，电路中的电流变小，说明滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与电源串联，如下图所示：
；
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，电流表有示数，说明电路是通路；电压表示数始终为0，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，即造成这种现象的原因可能是定值电阻R短路，故选：A；
(3)由图丙可知，电流与电阻的乘积为UV=IR=0.4A×5Ω=……=0.1A×20Ω=2V，为一定值，故可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(4)由(3)可知，实验时控制电压表的示数保持2V不变；
(5)由图丁可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W。
故答案为：(1)见解答图；(2)A；(3)当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(4)2；(5)0.625。
(1)使滑片向右移动时，电路中的电流变小，说明滑动变阻器阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，电流表有示数，说明电路是通路；电压表示数始终为0，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路；
(3)(4)根据图丙求出电流与电阻的乘积分析得出结论；
(5)根据图丁确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡的额定功率。
本题探究“导体中的电流跟电阻的关系”实验，考查了电路连接、电路故障、数据分析和功率的计算等知识。
24.【答案】解：(1)木块M在A端静止时对木板的压力F=GM=mMg=0.6kg×10N/kg=6N，
M与木板的接触面积S=a2=(0.1m)2=0.01m2，
木块M在A端静止时对木板的压强p=FS=6N0.01m2=600Pa；
(2)设当木板刚好失去平衡时，M移动的距离为s，则此时的动力臂L1=s−0.4m−0.3m+12×0.1m=s−0.65m，
木板的重心到支点O的距离，即阻力臂L2=0.7m−12×1.3m=0.05m，
根据杠杆的平衡条件知G木板L2=GML1
L1=G木板L2GM=48N×0.05m6N=0.4m=s−0.65m，
解方程得s=1.05m，
这个过程中拉力F做功W=Fs=1.2N×1.05m=1.26J，
力F做功的功率P=Wt=1.26J3s=0.42W。
答：(1)木块M在A端静止时对木板的压强为600Pa；
(2)这个过程中拉力F做功的功率为0.42W。
【解析】(1)木块M在A端静止时对木板的压力等于M的重力，M与木板的接触面积等于M边长的平方，根据p=FS计算木块M在A端静止时对木板的压强；
(2)设当木板刚好失去平衡时，M移动的距离为s，此时的动力臂等于s减去AO的距离加上M的重心到M左边的距离，木板的重心到支点O的距离为阻力臂，等于AO的距离先去一半木板的长度，然后根据杠杆的平衡条件列出等式，解得动力臂的长度，从而得出s的值，根据W=Fs计算这个过程中拉力F做的功，根据P=Wt计算这个过程中拉力F做功的功率。
本题考查了压强和功率的计算，能够根据题意找出动力臂跟木块移动的距离的关系，是解答本题的关键。
25.【答案】解：(1)当开关S1闭合时，灯泡L正常工作，则灯泡L两端电压UL=6V；
故电源电压U=UR=UL=6V；
(2)R开始发热到停止工作水吸收的热量：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×10kg×(24℃−19℃)=2.1×105J；
(3)电热丝R产生热量Q=Q 吸η=2.1×105J60%=3.5×105J；
由Q=W=U2Rt可知，R开始发热到停止工作的时间：t=WRU2=3.5×105J×7.2Ω(6V)2=70000s。
答：(1)电源电压是6V；
(2)R开始发热到停止工作水吸收了2.1×105J热量
(3)R开始发热到停止工作的时间是70000秒。
【解析】(1)当开关S1闭合时，灯泡L正常工作，灯泡L两端的电压等于其额定电压，据此可知电源电压；
(2)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t−t0)计算出水吸收的热量；
(3)利用效率公式求得电热丝R产生热量，再利用W=U2Rt计算出R开始发热到停止工作的时间。
本题考查吸热公式、电功公式的灵活运用，是一道电热综合性题目。
2023年山东省菏泽市巨野县中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 同学们在音乐教室上音乐课时，下列说法正确的是( )
A. 同学们的歌声可以在真空中传播
B. 用不同的力度吹奏笛子主要改变了声音的音色
C. 弹奏古筝时，手在不同位置按弦，改变了声音的音调
D. 上课时关闭门窗是在声源处减弱噪声
2. “二十四节气”是中国农耕文明的智慧结晶，下列描述中由凝华形成的是( )
A. 雨水：河水破冰 B. 白露：露似珍珠
C. 霜降：霜满枝头 D. 大寒：冰封万里
3. 关于物体内能、热量和温度，下列说法中正确的是( )
A. 物体的内能增加，温度一定升高 B. 汽油机做功冲程气缸内燃气的内能减少
C. 0℃的物体内能为零 D. 热值大的燃料，燃烧放热就多
4. 古诗词中有许多描述光学现象的诗句，下列诗句从物理学的角度解释不正确的是( )
A. 潭清疑水浅——“水浅”是由光的折射产生的
B. 还疑映蜃楼——“蜃楼”是由光的反射产生的
C. 岸边无雨挂长虹——“长虹”是由光的色散产生的
D. 绿树阴浓夏日长——“阴浓”是由光的直线传播产生的
5. 下列对物理现象的描述不正确的是( )
A. 1图中两块铅块磨光后紧压在一起，可以吊起重物，说明分子间存在引力
B. 2图是在探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系
C. 3图软木塞飞出，管内水内能减小，内能转化为机械能
D. 4图模拟电话听筒利用电磁感应原理将电信息转化为声音信号
6. 下列关于力学现象的解释中正确的是( )
A. 人用力推车，车未动，是因为推力小于摩擦阻力
B. 苹果在空中下落得越来越快，是因为力是改变物体运动状态的原因
C. 汽车刹车后，速度会逐渐减小，最后会停下来，是因为汽车具有惯性
D. 书本静止在课桌上，是因为书本受到的重力与书本对桌面的压力平衡
7. 下列说法错误的是( )
A. 甲图：排水管的U形“反水弯”是一个连通器
B. 乙图：爬到泰山之巅，自制气压计液柱高度会降低
C. 丙图：用吸管把饮料“吸”入嘴里，是利用了大气压
D. 丁图：房屋的地基增大了受力面积，减小了压强
8. 小明对图中所学的物理知识进行了梳理，其中有科学性错误的是( )
A. B.
C. D.
9. 对如图的分析中，不正确的是( )
A. 图甲空中加油时，以加油机A为参照物，战机B静止
B. 图乙大象能提前感觉到地震，是因为大象能听到次声波
C. 图丙月季花呈红色，是因为它反射的红光进入眼睛
D. 图丁系安全带能够减小车内人员的惯性
10. 小明在饮料吸管中塞入一些细铁丝作为配重，并将一端封闭，制作了一只简易密度计；将其先后放入甲、乙两杯液体中，甲、乙两个空杯完全相同，当密度计静止时，两杯中液体深度相同，如图所示，下列说法正确的是( )
A. 密度计在甲杯液体中受到的浮力更大
B. 甲杯液体的密度大于乙杯液体的密度
C. 密度计放入后，乙杯中液体对容器底的压强大于甲杯中液体对容器底的压强
D. 甲杯对桌面的压强大于乙杯对桌面的压强
11. 小美连接了如图所示的电路，闭合开关后，她发现灯泡L1发光，L2不发光，以下说法中正确的是( )
A. 灯泡L2的灯丝断了
B. 通过L1的电流大于通过L2的电流
C. 灯泡L1的电阻小于灯泡L2的电阻
D. 灯泡L2的实际功率小于灯泡L1的实际功率
12. 灯泡L和电阻R的I−U图像如图所示。下列说法错误的是( )
A. 电阻R的电阻值是12Ω
B. L的图线是曲线是因为灯丝电阻随温度升高而增大
C. 仅把L、R串联在电路中，当电流是0.5A时，它们两端总电压是6V
D. 仅把L、R并联在电源电压是3V的电路中，干路里的电流是1.0A
二、填空题（本大题共6小题，共13.0分）
13. 如图，小嘉用刻度尺测量物块的长度，此时物块的长度可记为______ cm。
14. 成语是中华文化中一颗璀璨的明珠，来自于古代经典或著作、历史故事和人们的口头故事，例如我们在描述声音的______时，可以用“万籁俱寂”来表达；古代人们在旷野地区常用“伏地听声”的办法来判断有无马群到来，这是应用了______可以传播声音。
15. 用豆浆机做豆浆时，能闻到浓浓的豆浆香味，这是______现象；豆浆机工作时加热和打浆能够交替进行，说明加热器和电动机的连接方式是______。
16. 汽油机正常工作时，飞轮转速为3000r/min，则该汽油机每秒对外做功______ 次。
17. 结合如图实验情景，回答下列问题。
(1)木块做匀速直线运动，弹簧测力计示数______ (选填“大于”“等于”或“小于”)木块受到滑动摩擦力的大小。
(2)水和食用油升高相同的温度，通过比较______ 来判断吸收热量的多少。
(3)通电一段时间后，______ 侧U形管中液面高度的变化较大。
(4)闭合开关后，导体ab沿______ (选填“左右”或“上下”)方向运动时，会产生感应电流。
18. 在“天宫课堂”中，航天员王亚平用吸管把乒乓球轻轻压入水中，取出吸管后，观察到乒乓球悬停在水中，如图1所示，这是由于在中国空间站中，乒乓球不再受到重力和______ 的原因而悬停不动。在地面课堂的同学们也做同样的实验：用吸管把乒乓球轻轻压入水中，取出吸管后，观察到乒乓球会迅速上浮直至漂浮，如图2所示。乒乓球露出水面前，浮力______ 重力(选填大于或小于或等于)且浮力大小______ 。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
19. 在图中画出对应的入射光线和折射光线。
20. 用轻绳悬挂的铁球自由摆动，请画出摆动到如图所示位置时，铁球的受力示意图。(忽略空气阻力)
四、实验探究题（本大题共3小题，共13.0分）
21. 李华同学在实验室探究平面镜成像的特点。如图所示，保持玻璃板与直尺垂直，取两支外形相同的蜡烛A和B分别竖直置于玻璃板两侧的直尺上，点燃玻璃板前的蜡烛A，进行观察和调整。
(1)利用刻度尺是为了便于测量像与物到平面镜的______ 。
(2)选择两支外形相同的蜡烛是为了便于比较______ 关系。
(3)在物理实验中，为了减小误差或寻找普遍规律，经常需要多次测量。下列实验中多次测量的目的与本实验多次测量的目的相同的是______ (选填字母符号)。
A.“探究串、并联电路中电流的规律”时，换用不同规格的小灯泡，多次测量
B.“用刻度尺测长度”时，需要多次测量被测物体的长度
22. 小王和小张选取大小不同的两块工艺石进行密度测量。
(1)小王进行了如下操作：
①天平放在水平台面上，游码归零，小王发现指针如甲图所示，他向右调节平衡螺母，直到天平平衡；天平平衡后，小王开始称量，在称量过程中又发现指针位置如图甲，放上最小砝码后指针又向右偏，这时小王应该______ 直到天平恢复平衡。
②测得工艺石的质量是29g，体积测量如图乙所示，则该工艺石密度为______ kg/m3。
(2)小张的设计方案如下：(g=10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3)
①用弹簧测力计测量另一块工艺石的重力，再将此工艺石浸没在水中，如图丙；
②此工艺石浸没时浮力为______ N，体积为______ m3，由此可进一步求出此工艺石的密度；
③又将此工艺石浸没在某液体中，弹簧测力计示数为1.8N，则该液体密度为______ g/cm3。
23. 小明利用图甲所示电路探究“导体中的电流跟电阻的关系”。
(1)请根据图甲将图乙实物电路连接完整，使滑片向右移动时，电路中的电流变小。
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，电流表有示数，电压表示数始终为0，造成这种现象的原因可能是______ ；
A.定值电阻R短路
B.定值电阻R断路
C.滑动变阻器短路
(3)图丙是根据测量的数据绘制的电流与电阻关系的图像，分析图像可得出结论：______ ；
(4)由图丙可知，实验时控制电压表的示数保持______ V不变；
(5)小明又将实验中的电阻R拆下，换用一个额定电压为2.5V的小灯泡，继续多次实验得到小灯泡的I−U图像如丁图，可知小灯泡额定功率为______ W。
五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
24. 有一足够宽的长方体薄木板，重为48N，长为1.3m，水平放在30cm长的支架上，另有个棱长为10cm的正方体木块M，质量为600g放在木板上与A端平齐，如图甲所示。(g取10N/kg)
(1)求木块M在A端静止时对木板的压强；
(2)用1.2N的水平拉力刚好匀速拉动木块，当到达B处时木板刚好失去平衡。整个过程用了3s求：这个过程中拉力F做功的功率。
25. 小明给家中喂养热带鱼的鱼缸设计了一个加热装置(如图甲)，该装置电路如图乙所示：L为照明装饰小彩灯(标有“6V，3W”)，S1为总开关，S2为温控开关(温度低于20℃自动接通，温度升高到24℃时自动断开)，R是阻值为7.2Ω的电热丝。某次换水后，鱼缸内有10kg初温为19℃的水，闭合开关S1，L正常发光，R开始发热。请你用所学知识与小明一起解决下列问题[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]；
(1)电源电压是多少？
(2)R开始发热到停止工作水吸收了多少热量？
(3)此加热装置加热效率为60%，R开始发热到停止工作的时间是多少秒？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、声音的传播需要介质，同学们的歌声不能在真空中传播，故A错误；
B、用不同的力度吹奏，主要发声体的振幅不同，从而发出声音的响度不同，故B错误；
C、按压琴弦的不同位置，可以改变琴弦振动部分的长度，从而改变琴弦发出声音的音调，故C正确；
D、为了减少对外界的干扰，上课时关闭门窗是在传播过程中减弱噪声，故D错误。
故选：C。
(1)声音的传播需要介质，声音可以通过固体、液体和气体传播；
(2)(3)音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(4)防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
本题考查声音的特性以及减弱噪声的途径的理解，体现了生活处处皆物理。
2.【答案】C
【解析】解：A、河水破冰，是冰吸收热量熔化成水的过程，故A不符合题意；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故B不符合题意；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，故C符合题意；
D、冰是水放热凝固形成的，故D不符合题意。
故选：C。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。其中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量。
判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。
3.【答案】B
【解析】解：A、物体内能变大，温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程中吸收热量，内能增大，而温度保持不变，故A错误；
B、在汽油机的做功冲程，高温高压的燃气对外做功，内能转化为机械能，所以燃气内能减少，温度降低，故B正确；
C、一切物体在任何情况下都有内能，即0℃的冰块也有内能，故C错误；
D、燃料完全燃烧放出的热量多少跟燃料的热值和燃料的质量大小有关，所以热值高的燃料完全燃烧放出的热量不一定比热值低的燃料完全燃烧放出的热量多，故D错误。
故选：B。
(1)物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化；
(2)气体对外做功内能减少，温度降低；
(3)一切物体在任何情况下都有内能；
(4)燃料完全燃烧放出的热量多少跟燃料的热值和燃料的质量大小有关，完全燃烧同种燃料的质量越大，放出的热量越多。
此题考查了内能的影响因素、热机及热值，是一道综合题。
4.【答案】B
【解析】解：A、潭清疑水浅，是由光成水中斜射入空气中发生折射形成的，故A正确；
B、“蜃楼”是由光的折射产生的，故B错误；
C、岸边无雨挂长虹，属于光的色散，是由光的折射形成的，故C正确；
D、绿树阴浓夏日长，是由光的直线传播形成的，故D正确。
故选：B。
光在同种均匀介质中沿直线传播；光线从一种介质斜射入另一种介质时会发生折射，由此形成的现象有：雨后彩虹、池水变浅、水中筷子折断、海市蜃楼等。逐项分析各情景运用的光学知识进行作答。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，是一道基础题。
5.【答案】D
【解析】解：A.将接触面被削平的两个铅块用力压紧，可以使它们结合在一起，即便在下端悬挂一定质量的重物也不分开，这个实验说明分子之间存在相互作用的引力，故A正确；
B.两个线圈串联，通过的电流相同，通电时吸起的大头针数量不同，所以研究的是电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数的关系，故B正确；
C.在软木塞被冲出试管口的过程中，水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，故C正确；
D.听筒是把强弱变化的电流通过磁场对电流的作用转化成声音的信号的，故D错误。
故选：D。
(1)物质是由分子组成的，分子永不停息地做无规则的运动，分子间存在相互作用的引力与斥力；
(2)影响电磁铁磁性强弱的因素：电流越大磁性越强；线圈匝数越多磁性越强；
(3)物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；
(4)电话的话筒通过电磁感应把声音的信号变为强弱变化的电流，而听筒是把强弱变化的电流通过磁场对电流的作用转化成声音的信号的。
本题考查了对分子动理论、影响电磁铁磁性强弱的因素、热机基本原理和电话听筒原来等知识的理解，培养应用知识解决实际问题的能力。
6.【答案】B
【解析】解：
A、人用力推车，车未动，处于静止状态，说明受力平衡，即推力等于阻力，故A错误；
B、苹果在空中下落时，由于受力竖直向下的作用，其运动状态不断改变，下落速度越来越大，故B正确；
C、汽车刹车时，受到地面的摩擦阻力，在该力的作用下，汽车的运动状态发生改变，速度会越来越小，最终会停下来，并不是由于具有惯性，故C错误；
D、书本受到的重力作用在书本上，而书本对桌面的压力是作用在桌面上，这两个力不是作用在同一物体上，不符合二力平衡的条件，故D错误。
故选：B。
(1)当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力作用；
(2)力的作用效果是：可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态；
(3)运动的物体最终停下来是由于受到阻力的作用；
(4)二力平衡的条件是：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，并且在同一直线上。
该题通过实例考查了力的作用效果和二力平衡的知识，在应用力的作用效果时时要注意辨别物体发生变化的是形状还是运动状态，在判断两个力是否为平衡力时要注意这两个力需要同时满足四个条件，即：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，并且在同一直线上。
7.【答案】B
【解析】解：A、洗手池下方排水管的U形“反水弯”上端开口、底部连通，利用了连通器原理，故A正确；
B、爬到泰山之巅，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分液体被压入玻璃管，因此管内液柱的高度会升高，故B错误；
C、人喝饮料时，嘴内的气压小于嘴外部的大气压，饮料在大气压力的作用下，被吸入嘴中，故C正确；
D、房屋的地基的面积较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D正确。
故选：B。
(1)连通器的结构特征是上端开口、底部连通；
(2)大气压随高度的增加而减小，结合简易气压计的原理进行解答；
(3)人喝饮料时，饮料在大气压力的作用下被压入嘴中；
(4)当压力一定时，受力面积越小，压强越大；受力面积越大，压强越小。
此题主要考查的是学生对各实验的原理及实验结论的理解和掌握，基础性题目。
8.【答案】A
【解析】解：
A、声音的特性包括响度、音色、音调；响度与振幅有关，与频率无关，故A错误；
B、机械能包括动能和势能，动能与质量和速度有关，故B正确；
C、光的传播包括光的直线传播、光的反射、光的折射，光的反射又分为镜面反射和漫反射，故C正确；
D、物态变化包括熔化、凝固、汽化、液化、升华和凝华；汽化又包括蒸发和沸腾两种方式，故D正确。
故选：A。
根据对每个选项中所涉及的物理概念、规律的掌握作出判断，确定错误的选项。
此类问题一般难度不大，重点考查的是我们对基础知识的掌握情况。
9.【答案】D
【解析】解：A、空中加油时，以加油机A为参照物，战机B位置没有发生改变，所以是静止的，故A正确；
B、地震往往伴随着次声波的产生，大象能提前感觉到地震，是因为大象能听到次声波，故B正确；
C、月季花呈红色，是因为它反射的红光进入人的眼睛，故C正确；
D、系安全带可防止惯性带来伤害，但不能够减小车内人员的惯性，故D错误。
故选：D。
(1)在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的；
(2)一些大型自然灾害发生时，往往伴随着次声波的产生；
(3)不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的；
(4)惯性的大小只与物体的质量有关。
本题以生活中的事例或场景为内容，考查了对运动与静止相对性、次声波、颜色的规律、惯性等的理解与应用，有一定综合性。
10.【答案】C
【解析】解：
A、同一支密度计放在甲、乙两种液体中都漂浮，则F浮甲=F浮乙=G，即浮力是相同的，故A错误；
BC、由图可知，密度计在乙液体中排开的液体的体积小，根据F浮=ρ液gV排可知，乙液体的密度大，又因为深度相同，根据p=ρgh可知，乙杯中液体对容器底的压强更大，故B错误，C正确；
D、由图可知，两液体的体积V甲
(1)从图可知，密度计放在甲、乙液体中都漂浮，受到的浮力都等于密度计受到的重力，从而可以判断受到浮力的大小关系；
(2)根据密度计的浮沉情况判定液体密度的关系；根据p=ρgh判定容器底部压强的大小；
(3)杯对桌面的压力等于杯、水、密度计的总重力，再利用p=FS分析其对桌面的压强。
本题考查了学生对阿基米德原理和重力公式的应用，关键是理解和运用漂浮条件、下沉条件(密度关系)得出两液体的密度关系。
11.【答案】D
【解析】解：根据实物图可知，灯泡L1和 L2是串联在电路中的。
A.闭合开关后，发现灯泡L1发光，表明电路中有电流，电路出现了短路现象；如果灯泡L2的灯丝断了，那么电路中是没有电流的，故A错误；
B.灯泡L1和 L2是串联在电路中的，根据串联电路的电流规律可知，通过L1的电流等于通过L2的电流，故B错误；
CD.灯泡的亮暗程度是由灯泡的实际功率来决定的，因为L1发光，L2不发光，表明灯泡L1的实际功率大于灯泡L2的实际功率；根据P=I2R，通过两灯泡的电流相等，灯泡L1的实际功率大于灯泡L2的实际功率，因此灯泡L1的电阻大于灯泡L2的电阻，故C错误，D正确。
故选：D。
根据电路图可知，该电路为串联电路；
(1)闭合开关后，她发现灯泡L1发光，L2不发光，这说明电路中有电流，电路发生了短路现象，据此分析；
(2)串联电路中，电流处处相等；
(3)灯泡的亮度是由实际功率决定的，根据P=I2R分析电阻的大小关系。
本题考查了电路的识别、电路故障的判定、串联电路的电流规律、电功率计算公式的应用，难度不大。
12.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，R阻值为：R=UI=6V0.5A=12Ω，故A正确；
B、灯丝的电阻跟灯丝的温度有关，当灯丝两端的电压增大时，通过的电流也会增大，则灯丝的温度升高，因此灯丝的电阻会增大，故B正确；
C、仅把L、R串联在电路中，串联电路电流处处相等，总电压等于和用电器电压的和，当电流中的电流是0.5A时，由图像可知，此时L两端的电压为1.5V、R两端的电压为6V，则它们两端总电压是：U=UR+UL=6V+1.5V=7.5V，故C错误；
D、并联电路各个支路两端的电压相等，由图可知，当电源电压为3V时，通过R的电流为0.25A，通过L的电流为0.75A，则干路的电流为：I′=IR+IL=0.25A+0.75A=1A，故D正确。
故选：C。
(1)利用R=UI可求出电阻R的阻值；
(2)灯丝的电阻随温度的升高而增大；
(3)根据图像和串联电路的电压特点得出当电流值为0.5A时L、R两端的电压，根据串联电路电压的规律算出它们两端总电压；
(4)由并联电路的电压特点，结合图像可知此时通过L和R的电流大小，再由并联电路的电流特点得出干路的电流。
本题考查了学生对欧姆定律的运用和对电阻的理解，能从图像中读取有用的信息是解题的关键。
13.【答案】1.90
【解析】解：图中，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与7.90cm对齐，右侧与9.80cm对齐，故物体的长度为9.80cm−7.90cm=1.90cm。
故答案为：1.90。
使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
本题考查了刻度尺的使用和读数，是一道基础题。
14.【答案】响度 固体
【解析】解：我们在描述声音的响度时，可以用“万籁俱寂”来表达；用“伏地听声”的办法来判断有无马群到来，这是应用了固体可以传播声音。
故答案为：响度；固体。
(1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
(2)声音的传播需要介质，气体、液体和固体都能够传播声音。
理解声音的传播、区分声音的三个特征，可解答此题。
15.【答案】扩散 并联
【解析】解：(1)用豆浆机做豆浆时，豆浆分子运动到空气中，闻到浓浓的豆浆香味，这是扩散现象。
(2)豆浆机工作时加热和打浆能够交替进行，加热器和电动机互不影响，说明加热器和电动机是并联的。
故答案为：扩散；并联。
(1)不同物质组成的物体相互接触时彼此进入对方的现象是扩散。
(2)串联电路中用电器相互影响，并联电路中用电器互不影响。
本题通过用豆浆机做豆浆考查了扩散现象和并联，体现了生活处处皆物理。
16.【答案】25
【解析】解：已知汽油机的飞轮转速是3000r/min=50r/s，即每秒飞轮转50圈，由于汽油机飞轮转2圈，对外做功1次，所以该汽油机每秒对外做功25次。
故答案为：25。
汽油机在1个工作循环中，经历4个冲程，飞轮转2圈，对外做功1次，结合飞轮转速求得该汽油机每秒对外做功的次数。
本题主要考查汽油机中有关量的计算，知道汽油机在1个工作循环中，经历4个冲程，飞轮转2圈，对外做功1次”是关键。
17.【答案】等于 加热时间的长短 左 左右
【解析】解：(1)木块做匀速直线运动，拉力与摩擦力是一对平衡力，所以弹簧测力计示数等于木块受到滑动摩擦力的大小；
(2)实验中，水和食用油升高相同的温度，通过比较加热时间的长短来判断吸收热量的多少；
(3)右侧两个电阻并联后又与左侧电阻串联，根据串并联电路的电流特点可知，通过左侧透明容器中的电阻的电流大于通过右侧透明容器中的电阻的电流，电阻阻值和通电时间相同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，通电一段时间后，左侧U形管中液面高度变化更明显；
(4)产生感应电流的两个必要条件：闭合电路；电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。图中马蹄形磁铁在导体ab附近的磁感线是竖直的，如果导体ab上下方向运动，不能切割磁感线；导体ab左右方向运动，才能切割磁感线，才会产生感应电流。
故答案为：(1)等于；(2)加热时间的长短；(3)左；(4)左右。
(1)根据二力平衡条件可做出解答；
(2)使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(3)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，据此分析；
(4)产生感应电流的必要条件：闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
本题通过几个常见的物理实验，考查了我们对实验原理的理解、实验现象的分析等，有一定综合性。
18.【答案】浮力 大于 不变
【解析】解：在中国空间站中，乒乓球不再受到重力和浮力的原因而悬停不动。乒乓球露出水面前，受到竖直向上的浮力大于竖直向下的重力；露出水面前，乒乓球排开水的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知，浮力不变。
故答案为：浮力；大于；不变。
根据浮沉判断出浮力与重力的关系，根据阿基米德原理分析浮力的大小变化。
本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理的应用，知道物体浸没时排开液体的体积等于物体的体积是关键之处。
19.【答案】解：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，据此作出对应的入射光线和折射光线。如图所示：
【解析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
20.【答案】解：铁球悬挂在细绳下来回自由摆动，忽略空气阻力，在图示位置时，铁球共受到拉力和重力的作用，过球心作竖直向下的重力和沿绳子斜向上的拉力。如图所示：
【解析】根据规则物体的重心在物体的几何中心，然后过重心表示出重力的方向和拉力的方向。
本题考查示意图的画法，要牢记重力的方向总是竖直向下的。
21.【答案】距离 像与物的大小 A
【解析】解：(1)利用直尺是为了便于测量像与物到平面镜的距离；
(2)选择两支外形相同的蜡烛是为了便于比较像与物的大小关系；
(3)本实验多次测量的目的是寻找普遍规律；
A、“探究串、并联电路中电流的规律”时，换用不同规格的小灯泡，多次测量，寻找普遍规律；
B、“用刻度尺测长度”时，需要多次测量被测物体的长度的目的是减小误差；
故选A。
故答案为：(1)距离；(2)像与物的大小；(3)A。
(1)要比较像与物距离的关系，需借助刻度尺；用刻度尺测出两支蜡烛到玻璃板的距离便可得出像和物体到平面镜的距离相等；
(2)在实验中为了便于研究物像的大小关系，用了两支相同的蜡烛；
(3)本实验多次测量的目的是寻找普遍规律，逐项分析得出答案。
本题考查探究平面镜成像特点实验，掌握平面镜成像的特点：等大正立的虚像，且物像关于镜面对称。
22.【答案】取下质量最小的砝码，然后移动游码 2.9×103 1 1×10−4 1.2
【解析】解：(1)①用天平称矿石的质量，把矿石放在天平的左盘。向右盘添加砝码当放上质量最小的砝码时，指针向右偏，这时小明下一步的操作应该是：取下质量最小的砝码，然后移动游码使天平平衡；
②由图乙可知水的体积为20mL=20cm3，小石块和水的体积为30mL=30cm3，小石块的体积V=30cm3−20cm3=10cm3；
小石块的密：ρ=mV=29g10cm3=2.9g/cm3=2.9×103kg/m3；
(2)②由图丙可知，大块工艺石的重力为3N，此工艺石浸没在水中时测力计的示数为2N，
此工艺石浸没在水中时受到的浮力为F浮=G−F′=3N−2N=1N；
此工艺石的体积为V=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−4m3，
③此工艺石浸没在液体中时受到的浮力为F浮1=G−F1′=3N−1.8N=1.2N，
液体的密度为ρ1=F浮1gV=1.2N10N/kg×1×10−4m3=1.2×103kg/m3=1.2g/cm3。
故答案为：(1)①取下质量最小的砝码，然后移动游码；②2.9×103；(2)②1；1×10−4；③1.2。
(1)①把质量最小的砝码放在右盘中时，如果天平不平衡，应把质量最小的砝码取下，然后移动游码，使天平平衡；
②利用天平测量物体质量时，物体质量等于砝码的质量和游码对应的刻度值之和；
小石块的体积对应图丙、丁的量筒的示数之差；知道小石块的质量和体积，根据密度公式计算小石块密度；
(2)由称重法浮力计算公式可得此工艺石浸没在水中时受到的浮力，根据浮力计算公式可知此工艺石的体积，由称重法浮力计算公式可得此工艺石浸没在液体中时受到的浮力，根据浮力计算公式计算该液体的体积。
本题考查密度公式、称重法浮力计算公式、阿基米德原理的灵活运用，综合性强。
23.【答案】A 当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 2 0.625
【解析】解：(1)使滑片向右移动时，电路中的电流变小，说明滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与电源串联，如下图所示：
；
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，电流表有示数，说明电路是通路；电压表示数始终为0，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，即造成这种现象的原因可能是定值电阻R短路，故选：A；
(3)由图丙可知，电流与电阻的乘积为UV=IR=0.4A×5Ω=……=0.1A×20Ω=2V，为一定值，故可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(4)由(3)可知，实验时控制电压表的示数保持2V不变；
(5)由图丁可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W。
故答案为：(1)见解答图；(2)A；(3)当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(4)2；(5)0.625。
(1)使滑片向右移动时，电路中的电流变小，说明滑动变阻器阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，电流表有示数，说明电路是通路；电压表示数始终为0，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路；
(3)(4)根据图丙求出电流与电阻的乘积分析得出结论；
(5)根据图丁确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡的额定功率。
本题探究“导体中的电流跟电阻的关系”实验，考查了电路连接、电路故障、数据分析和功率的计算等知识。
24.【答案】解：(1)木块M在A端静止时对木板的压力F=GM=mMg=0.6kg×10N/kg=6N，
M与木板的接触面积S=a2=(0.1m)2=0.01m2，
木块M在A端静止时对木板的压强p=FS=6N0.01m2=600Pa；
(2)设当木板刚好失去平衡时，M移动的距离为s，则此时的动力臂L1=s−0.4m−0.3m+12×0.1m=s−0.65m，
木板的重心到支点O的距离，即阻力臂L2=0.7m−12×1.3m=0.05m，
根据杠杆的平衡条件知G木板L2=GML1
L1=G木板L2GM=48N×0.05m6N=0.4m=s−0.65m，
解方程得s=1.05m，
这个过程中拉力F做功W=Fs=1.2N×1.05m=1.26J，
力F做功的功率P=Wt=1.26J3s=0.42W。
答：(1)木块M在A端静止时对木板的压强为600Pa；
(2)这个过程中拉力F做功的功率为0.42W。
【解析】(1)木块M在A端静止时对木板的压力等于M的重力，M与木板的接触面积等于M边长的平方，根据p=FS计算木块M在A端静止时对木板的压强；
(2)设当木板刚好失去平衡时，M移动的距离为s，此时的动力臂等于s减去AO的距离加上M的重心到M左边的距离，木板的重心到支点O的距离为阻力臂，等于AO的距离先去一半木板的长度，然后根据杠杆的平衡条件列出等式，解得动力臂的长度，从而得出s的值，根据W=Fs计算这个过程中拉力F做的功，根据P=Wt计算这个过程中拉力F做功的功率。
本题考查了压强和功率的计算，能够根据题意找出动力臂跟木块移动的距离的关系，是解答本题的关键。
25.【答案】解：(1)当开关S1闭合时，灯泡L正常工作，则灯泡L两端电压UL=6V；
故电源电压U=UR=UL=6V；
(2)R开始发热到停止工作水吸收的热量：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×10kg×(24℃−19℃)=2.1×105J；
(3)电热丝R产生热量Q=Q 吸η=2.1×105J60%=3.5×105J；
由Q=W=U2Rt可知，R开始发热到停止工作的时间：t=WRU2=3.5×105J×7.2Ω(6V)2=70000s。
答：(1)电源电压是6V；
(2)R开始发热到停止工作水吸收了2.1×105J热量
(3)R开始发热到停止工作的时间是70000秒。
【解析】(1)当开关S1闭合时，灯泡L正常工作，灯泡L两端的电压等于其额定电压，据此可知电源电压；
(2)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t−t0)计算出水吸收的热量；
(3)利用效率公式求得电热丝R产生热量，再利用W=U2Rt计算出R开始发热到停止工作的时间。
本题考查吸热公式、电功公式的灵活运用，是一道电热综合性题目。
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