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2023年江西省抚州市八校中考物理三模试卷（含解析）
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这是一份2023年江西省抚州市八校中考物理三模试卷（含解析），共22页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年江西省抚州市八校中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共4小题，共8.0分）
1. 物理源于生活，又服务于生活，下列数据符合实际的是( )
A. 用体温枪测得小明同学体温为36.8℃ B. 家庭节能灯中的电流约为10A
C. 比赛用篮球的质量约为6g D. 一枚1元硬币的直径大约10cm
2. 如图，关于“观察水蒸气液化”的实验，下列说法中错误的是( )
A. 烧瓶内水不断减少主要是因为水的沸腾
B. 烧瓶上方出现的“白气”是周围空气中的水蒸气液化形成的
C. 如果在烧瓶上方的金属盒上放冰块可以使液化现象更明显
D. 金属盒底部滴下的水滴主要是烧瓶里面产生的水蒸气液化形成的
3. 小王、小李、小乐和小艾对图中的核动力航空母舰和直升飞机各提出了一条与物理知识有关的说法，其中错误的是( )
A. 小王：直升飞机悬停在空中时，也需要消耗能量
B. 小李：航空母舰利用的核能是在核反应堆中氢核聚变释放的能量，它属于一种新能源
C. 小乐：当甲板上的飞机都升空执行任务后，航空母舰在大海中的吃水深度将减小
D. 小艾：航空母舰上的雷达是利用了电磁波来发现敌方的军事目标的
4. 电梯为居民上、下楼梯带来很大的便利，出于安全考虑，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示，电梯厢底控制电路中装有压敏电阻R1(压力增大时其电阻减小)，保护电阻R2。在工作电路中，K为动触点A、B为静触点，当出现超载情况时，电铃将发出报警声，电梯停止运行。下列说法错误的是( )
A. 电梯工作时电磁铁的上端为N极
B. 电磁铁磁性的强弱与线圈中电流的大小有关
C. 电梯超载时电磁铁的磁性增强
D. 电梯未超载时动触点K与静触点A接触
二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）
5. 妈妈做饭时，小军在旁边仔细观察并联想到许多物理知识，其中正确的是( )
A. 饺子上捏出了漂亮的花边，是力改变了物体的形状
B. 把鸡蛋向碗沿一碰，鸡蛋就破了，是因为鸡蛋受到的力大
C. 泼水时，水总是落向地面，是因为水受到了垂直向下的重力
D. 妈妈很难用手抓出水盆里的鱼，因为鱼的表面太光滑，摩擦力太小
6. 如图所示的电路中，电源电压恒定，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法不正确的是( )
A. 电压表V读数与A1读数的比值变大
B. 电流表A1读数变大，电压表V读数不变
C. 电流表A2读数变小，电压表V读数变大
D. 电压表V读数与A2读数的比值变小
三、填空题（本大题共8小题，共16.0分）
7. 在2021年中秋晚会上，见到一位老泰斗级人物陈彼得，与聊城歌手赵照一同演出，依然穿着一件西装，抱着一把吉他，唱了一首《乡愁》，这位老级别人物都78岁高龄竟然还依然拥有干净清脆的声音。这里“清脆”是指他的声音______(选填声音基本特征)高，其高低和______有关。
8. 如图是我们日常生活中常见的汤勺，其勺柄印有凹凸的花纹，在美观的同时还能起到 摩擦的作用；用汤勺舀汤时，汤勺可以看作是一个 杠杆。
9. 如图所示是嫦娥4号的中继卫星“鹊桥”由长征4号丙运载火箭发射时的情景。火箭中的燃料燃烧时，燃气推动火箭和卫星上升，卫星的机械能会 (选填“增大”、“不变”或“减小”)。“鹊桥”最终在距地球约45万千米的轨道上运行，由此可知，从地球上发射的电磁波信号经过 秒后就会被“鹊桥”接收到。
10. 近几年，东乡区夜市悄然兴起，如图为该区体育场夜市的热闹场景之一，此起彼伏的广场舞曲声和各色美味是其最大特色，舞曲声音是通过______ 传入人耳，各种香味能被人闻到是因为发生了______ 现象。
11. 利用图所示的装置研究“磁场对电流的作用”时，应在a、b之间接入______ (选填“灵敏电流计”、“电源”或“灯泡”)；若在a、b之间接入______ (选填“灵敏电流计”、“电源”或“灯泡”)可研究“电磁感应现象”。
12. 做文明人，创文明城。近年来，万州市民齐动员，养习惯、讲文明、育新风，争创全国文明城区。私拉乱接电线是城市常见的不文明行为，劣质老化的电线常常会有绝缘层破损的情况，容易使过往行人直接或间接接触到______(选填“零线”、“火线”)造成触电事故；裸露的电线相互缠绕也容易发生______从而造成火灾，有极高的安全隐患。
13. 如图是某取暖器的简化工作电路图。图中元件M是装有扇叶的电动机，元件R通电时会产生热。若只闭合开关S1，取暖器______(选填“只送风”、“送热风”或“不送风”)。为了安全起见，取暖器一般都要安装一个跌倒开关S，当取暖器倾倒时整个电路断开，则跌倒开关S应安装在图中的______处(选填“a”“b”或“c”)。
14. 如图所示，电源电压恒为3V，R1=10Ω，R2=20Ω。当闭合开关后，两电表都有示数且保持稳定，则甲电表的示数为 ，乙电表的示数为 。
四、实验探究题（本大题共4小题，共28.0分）
15. 小玲在学习了声与光的知识后，利用课余时间做了以下两个实验：
(1)如图甲所示，在桌面上放一块平面镜，用激光笔向平面镜上射出一束光，墙壁上出现了一个静止不动的光点。当她用手敲击桌面，听到敲击声的同时看到墙上的光点晃动起来，这是因为桌面发声时在______ ；若她用更大的力敲击桌面，她听到敲击声的响度______ ，同时她会看到墙上光点晃动的范围______ (后两空均选填“变大”“变小”或“不变”)。
(2)如图乙所示，用激光笔向水面O点射出的一束光，光线与水面的夹角为30°，她测得水中折射光线与水面的夹角为50°，此时折射角的度数为______ °；若将入射光线绕O点顺时针旋转20°，则折射角______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)。
(3)如图丙所示，木块A的长度为______ cm；图丁所示温度计的示数为______ ℃。
16. 某同学在“探究通过导体的电流与电压的关系”时，他用图1所示的电路进行实验，已知电源电压为3V。
(1)请你用笔画线代替导线把图1中实物连接完整(滑动变阻器滑片向右移动，电流表示数变大)。
(2)闭合开关，发现电流表、电压表均无示数，调节滑动变阻器滑片，两表均无变化，其原因可能是______ 。
(3)排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为1V时，电流表的示数如图2所示，为______ A。
(4)继续实验，记录实验数据如下表，请你根据表中数据在图3中描点作出图像，分析图像可以得到的结论是______ 。
电压
U/V
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3
电流
I/A
0.1
0.3
0.38
0.5
0.6
(5)完成上述实验后，某小组设计了如图4所示的电路，继续使用上述实验中的电源和电压表测量额定电压为UU的小灯泡的额定功率(定值电阻R₀的阻值已知)。方案如下：
①把定值电阻R0接入电路，调节滑动变阻器使电压表示数为______ ；
②保持滑片位置不变，将电压表改接在R0两端，读出电压表示数为U0；
③写出小灯泡额定功率的表达式为：P额= ______ 。(用U额、U0、R0表示)
17. 小华设计了如图的甲、乙两种装置来探究“冰的物态变化规律”。
(1)该实验应选用______选填(“大冰块”或“碎冰块”)来进行实验，效果更好些；
(2)为了使试管中的冰受热均匀。且便于记录各时刻的温度值，小华应选用______(选填“甲”或“乙”)装置来进行实验。
(3)用酒精灯对烧杯加热，当试管中的冰完全熔化后，继续加热一段时间，如图丙是整个实验过程中温度随时间的变化图象，由图象可知：冰熔化的过程是______段(用字母表示)，在第4分钟时处于______状态。
(4)当观察到温度计的示数不变且气泡上升时______(选填“越来越小”“大小不变”或“越来越大”)，说明水已______。
(5)图象丙中，在实验过程中BC段和DE段，温度保持不变，此过程中______
A.都不吸热
B.BC段吸热，DE段不吸热
C.都吸热
D.BC段不吸热，DE段吸热
18. 如图所示是小芳同学探究“阿基米德原理”的实验，其中桶A为圆柱形
(1)小沿同学用弹簧测力计分别测出了空桶A、B的重力，如图甲、乙所示，则桶A重______N，桶B重______N
(2)将空桶A轻放入盛满水的溢水杯中，用桶B接住溢出的水，如图丙所示。则空桶A受到的浮力为______N
(3)测出桶B和溢出水的总重力，如图丁所示，则桶A排开水的重力为______N
(4)接着小芳同学往桶A中加入沙子进行实验，得到4组数据，表格如下，其中有明显错误的是第______次，实验中，随着加入沙子越多，桶A浸入水中就越______(选填“深”或“浅”)
次数
1
2
3
4
桶A与沙子的总重量/N
2.4
2.8
3.2
3.4
桶B与水的总重量/N
4.0
4.4
4.6
5.0
(5)分析以上探究过程可以得到的结论是：浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力大小等于该物体______
(6)小芳同学进一步探究，她将装有适量沙子的桶A分别放入水中和另一未知液体中，桶A浸入水中的深度为h1，浸入另一液体中的深度为h2，设水的密度为ρ水，则另一液体的密度表达式为______(用题中所给和所测物理量的字母表示)
五、计算题（本大题共3小题，共22.0分）
19. 氢能源具有清洁、高效、可持续以及资源丰富的特点。如图为某氢能科技有限公司的氢能源环卫车。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，q氢=1.4×108J/kg。求：
(1)质量为0.9kg的氢燃料完全燃烧放出的热量；
(2)若这些热量的80%被水吸收，水温从10℃升高到90℃，水的质量为多少？
(3)氢能源环卫车以42kW的恒定功率匀速行驶，燃烧0.9kg的氢燃料能让该车匀速行驶25min，该车发动机的热机效率为多少？
20. 测量压力大小的压力传感器的工作原理如图甲所示，其中M、N均为绝缘材料，M、N间有可收缩的导线(电阻大小不计)；弹簧上端和滑动变阻器R2的滑片P固定在一起，已知压力F的大小与R2的阻值大小关系如图乙所示。闭合开关S，压力F=0时，滑片P在最上端。定值电阻R1的大小为9Ω。
(1)当压力F=1N时，电压表示数为3V，求电源电压；
(2)当电流表示数为0.5A时，压力F大小为多少？
21. 如图甲为新型电饭锅，它能智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感。小明了解到电饭锅的简化电路如图乙所示，R1和R2均为电热丝，S1和S2为温控开关，其中S2有A、B两个触点，可实现“高温”、“中温”和“低温”三挡的转换。当S1闭合，S2连接触点A时，处于“高温”挡，高温功率1100W。已知R1=55Ω，求：
(1)处于“高温”挡时，电饭锅正常工作时电路中的总电流是多大；
(2)当S1断开，S2连接触点B时，处于“低温”挡，此时电路的总功率；
(3)如图丙是在一次煮饭过程中电饭锅功率与时间的关系图像，求本次煮饭过程中电饭锅消耗的电能。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、人的正常体温约为37℃，用体温枪测得小明同学体温为36.8℃，故A正确；
B、家庭节能灯中的电流约为0.1A，故B错误；
C、比赛用篮球的质量约为600g，故C错误；
D、一枚1元硬币的直径大约2cm，故D错误。
故选：A。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对温度、电流、质量、长度的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】B
【解析】解：A、用酒精灯加热，烧瓶内的水会吸收热量，发生沸腾现象，汽化为水蒸气，烧瓶内水的减少主要是因为水的沸腾，故A正确；
B、烧瓶口上方的白气是瓶内的水汽化成的水蒸气遇冷液化成的小水滴，故B错误；
C、水蒸气液化时要放出热量，为了使实验现象更明显，应使盘的温度低一些，可以在盘中加些冰块，故C正确；
D、金属盒底部滴下的水滴主要是烧瓶里面产生的水蒸气液化形成的，故D正确。
故选：B。
(1)物质由液态变为气态的过程叫做汽化，蒸发和沸腾是汽化的两种形式；
(2)使气体液化的方法有两个：降低温度和压缩体积；
(3)物质由气态变为液态的过程叫做液化，液化时要放出热量。
本题考查液化和汽化现象等，重点是液化的条件和特点，难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：A、直升机悬浮在空中，螺旋桨依然在转动，需要发动机提供动力，需要消耗燃料，故A正确；
B、航母利用的核能是可控制的核能，是重核裂变产生的能量，核能是一种新能源，故B错误；
C、航母上在海面上处于漂浮状态，受到的浮力等于航母的自身重力，飞走部分飞机时，航母重力减小，浮力减小，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，海水密度一定时，浮力减小，排开海水的体积减小，航母就会浮起一些，吃水深度将减小，故C正确；
D、雷达是靠发射和接收电磁波来发现敌方军事目标的，故D正确。
故选：B。
(1)直升机的螺旋桨只要转动，就要消耗燃料；
(2)目前我们利用的可控制的核能是重核裂变时产生的核能；
(3)航母在大海中始终处于漂浮状态，根据沉浮条件判断出浮力的变化，然后根据阿基米德原理判断出排开海水体积的变化，进而得出吃水深度的变化；
(4)雷达是靠发射、接收电磁波来工作的。
新型的航母用到的物理知识非常多，我们要能够根据我们所学的物理知识来改变我们的生活，这也是我们学习物理知识的最终目的。
4.【答案】A
【解析】解：A、工作时，电流从电磁铁的下面导线流入，利用安培定则判断出电磁铁的下端为N极，上端为S极，故A错误；
B、电磁铁磁性的强弱与电流的大小有关，故B正确；
C、电梯超载时报警，说明电铃的电路接通，此时衔铁被吸下，这说明通过电磁铁的电流变大，电磁铁磁性增强，故C正确；
D、正常情况下(未超载时)，衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触，故D正确。
故选：A。
A、知道电流的方向，根据安培定则判断出电磁铁的N、S极；
B、电磁铁是根据电流的磁效应制成的；电磁铁的磁性强弱和电流大小、线圈匝数多少有关；
C、R1为压敏电阻，根据电路的工作状态分析电路中电流的变化。
D、正常情况下(未超载时)，衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触。
此题主要考查的是学生对电磁铁和电磁继电器的原理、磁性强弱的影响因素、安培定则的理解和掌握，知识点较多，但都是基础性题目。
5.【答案】AD
【解析】解：A、饺子上捏出了漂亮的花边，是由于力改变了物体的形状，故A正确；
B、鸡蛋向碗沿一撞碰，鸡蛋破了碗没破，说明碗的硬度大于鸡蛋的硬度，由于物体间力的作用是相互的，所以碗给鸡蛋的力等于鸡蛋给碗的力，故B错误；
C、泼水时，水总是落向地面，是因为水受到了竖直向下的重力，故C错误；
D、妈妈很难用手抓出水盆里的鱼，因为鱼的表面太光滑，导致摩擦力较小，故D正确。
故选：AD。
(1)力的作用效果有两个：改变物体的形状和改变物体的运动状态；
(2)物体间力的作用是相互的；
(3)重力的方向是竖直向下的；
(4)影响摩擦力大小的因素是压力大小和接触面的粗糙程度。
在厨房等实际的生活中，蕴含着丰富的物理知识，平时要细心留意，从生活中学习和体验学习物理的乐趣。
6.【答案】BCD
【解析】解：闭合开关S后，R1与滑动变阻器并联；电流表A1测量干路电流；电流表A2测量滑动变阻器所在支路的电流；电压表测量电源电压；
因为电压表始终测量电源电压，因此电压表的示数不变；
当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，其两端电压不变，由欧姆定律可知，通过R2的电流变小，电流表A2的示数变小；
由于并联电路中各支路互不影响，因此通过R1的电流不变，而并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A1的示数变小；
电压表V读数不变，电流表A1读数变小，其比值变大；
电压表V读数不变，电流表A2读数变小，其比值变大；
综上所述，A正确、BCD错误。
故选：BCD。
闭合开关S后，R1与滑动变阻器并联；电流表A1测量干路电流；电流表A2测量滑动变阻器所在支路的电流；电压表测量电源电压；根据滑片的移动方向判定滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据欧姆定律判定通过滑动变阻器电流的变化，根据并联电路的特点和电流关系分析电路中电流的变化，从而确定电压表示数与电流表示数的比值变化。
本题考查了电路的动态分析，难点是分析电路中各个用电器的连接情况及各电表的作用。
7.【答案】音调 频率
【解析】解：78岁高龄竟然还依然拥有干净清脆的声音。这里“清脆”是指他的声音音调高，音调的高低和频率有关。
故答案为：音调；频率。
音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高，物体振动越慢，音调就越低。
本题考查声音的特性，难度不大。
8.【答案】增大 费力
【解析】解：(1)勺柄印有凹凸的花纹，可以在压力不变的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦；
(2)用汤勺舀汤时，人的力看做动力，动力臂短，阻力臂长，汤勺可以看作是一个费力杠杆。
故答案为：增大；费力。
(1)摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，增大摩擦的方法有两种：一是增大压力，二是增大接触面的粗糙程度。
(2)根据动力臂和阻力臂的长度关系分析。
本题考查的是增大摩擦力的方法和杠杆的分类，属于基础题。
9.【答案】增大 1.5
【解析】解：火箭中的燃料燃烧时，燃气推动火箭和卫星上升，卫星的质量不变，速度变大，高度增加，所以卫星的动能、重力势能都增大，其机械能会增大；
电磁波在太空中的传播速度为3×108m/s=3×105km/s，
由v=st可得，电磁波传播时间：t=sv=450000km3×105km/s=1.5s。
故答案为：增大；1.5。
内能可以用来做功，转化成机械能；
电磁波的传播速度是3×108m/s，已知电磁波信号传播距离和速度，利用公式t=sv得到信号传播时间。
此题考查了能量的转化和速度变形公式的应用，是一道联系实际的应用题，难度不大。
10.【答案】空气 扩散
【解析】解：(1)舞曲声音是通过空气传入人耳的；
(2)由于食物分子在永不停息地做无规则运动，因此各种香味能被人闻到，这是扩散现象。
故答案为：空气；扩散。
(1)声音的传播需要介质；
(2)物质是由原子或分子组成的，分子不停地做无规则运动。
本题考查了声音的传播和扩散现象，难度不大。
11.【答案】电源 灵敏电流计
【解析】解：因为通电导体在磁场中受力会运动，观察图可知缺少一个电源，因此利用如图所示的装置研究“磁场对电流的作用”时，应在“a”、“b”之间接入电源；
电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时产生感应电流的现象，将机械能转化为电能，不需要电源，为了实验现象明显，利用灵敏电流计显示是否有电流产生，所以若在a、b之间接入灵敏电流计可研究“电磁感应现象”。
故答案为：电源；灵敏电流计。
电动机和发电机的工作原理图非常相似，电动机的原理图中有电源，是利用磁场对电流的作用工作的；发电机的原理图中没有电源，是利用电磁感应原理工作的，这是两个原理图最重要的区别；
本题主要考查了电动机的原理图以及电磁感应现象的装置图等知识，难度不大。
12.【答案】火线 短路
【解析】解：劣质老化的电线常常会有绝缘层破损的情况，容易使过往行人直接或间接接触到火线，通过人体有电流，会造成触电事故；
裸露的电线相互缠绕，也容易发生短路，使得电路中的电流过大，从而造成火灾，有极高的安全隐患。
故答案为：火线；短路。
生活中的触电事故都是人体在接触火线的同时又接触零线或大地引起的。
家庭电路电流过大的原因：短路和用电器的总功率过大。
本题考查了触电事故的原因、家庭电路电流过大的原因，属于基础题。
13.【答案】只送风 a
【解析】解：(1)若只闭合开关Sl，电路为电动机的简单电路，电流只经过电动机，所以电吹风只送风。
若将开关Sl、S2都闭合，电动机和电热丝并联，电流分两路分别经过电动机和电热丝，则电吹风吹出的是热风。
(2)为了防止短路现象，在取暖器倾倒时，切断电路，故跌倒开关应位于干路上，即图中a处。
故答案为：只送风；a。
(1)根据串并联电路的特点，依据题意结合电路图分析是哪部分连入电路，有电流经过的部分，才能正常工作。
(2)跌倒开关就是防止取暖器倾倒时火线和零线直接接触会出现短路，电流过大，产生热量会增多，会引起火灾，为了防止短路现象，在电热器倾倒时，切断电路即应位于干路。
本题考查并联电路的分析和开关的使用。关键是明白跌倒开关的作用和不同位置时开关的作用是解题的关键。
14.【答案】0.3A 3V
【解析】解：电流表与用电器串联接入电路，电压表与用电器并联接入电路，闭合开关，两电表有示数且保持稳定，由图可知甲为电流表，测通过R1的电流，乙为电压表，测电源电压，乙电表的示数为3V；
两电阻并联接入电路，并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律可得电流表的示数：I=UR1=3V10Ω=0.3A。
故答案为：0.3A；3V。
电流表与用电器串联接入电路，电压表与用电器并联接入电路，据此分析电路可知甲为电流表，乙为电压表，两电阻并联接入电路，根据并联电路电压特点可知电压表示数，根据欧姆定律计算电流表的示数，
本题考查电流表、电压表的使用、并联电路特点和欧姆定律的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。
15.【答案】振动 变大 变大 40 减小 3.30 16
【解析】解：(1)桌面发声时，桌面振动带动镜子也振动，所以小光斑的位置会上下晃动，这说明声音是由于物体的振动产生的；
若她用更大的力敲击桌面，则声源的振幅变大，她听到敲击声的响度变大，可以观察到墙上的光斑晃动的幅度变大；
(2)测得水中折射光线与水面的夹角为50°，此时折射角的度数为90°−50°=40°，
已知入射光线与水面的夹角为30°，则入射角为90°−30°=60°，若将入射光线绕O点顺时针旋转20°，则入射角减小20°，为60°−20°=40°，折射角随入射角的改变而改变，故折射角随之减小。
(3)图丙中，刻度尺的分度值为1mm；木块左侧与0.00cm对齐，右侧与3.30cm对齐，故木块的长度为3.30cm；
图丁所示温度计分度值为1℃，示数为16℃。
故答案为：(1)振动；变大；变大；(2)40；变小；(3)3.30；16。
(1)桌子的振动是看不见的，所以我们可以应用转换法来证明桌子是振动的；
声音的响度与发声体振幅有关，振幅越大，响度越大；
(2)折射光线与法线间的夹角为折射角；折射角随入射角的改变而改变。
(3)使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0刻度线开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
温度计的工作原理是液体的热胀冷缩；温度计的读数：首先确定零上还是零下，确定每一个大格和每一个小格各代表的示数，从小数字读向大数字。
(1)解决此类问题要结合声音的产生条件和物理学方法进行分析解答。
(2)此题主要考查了对光的规律的应用，掌握入射角、折射角的概念，搞清折射角和入射角的大小关系。
16.【答案】开关断路(或滑动变阻器断路或电流表断路) 0.2 电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 U额 U额U0R0
【解析】解：(1)滑动变阻器滑片向右移动，电流表示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，根据串联电路电阻规律可知滑动变阻器接入电路的电阻变小，所以滑动变阻器选择右下接线柱串联接入电路，如图：
；
(2)闭合开关，发现电流表、电压表均无示数，调节滑动变阻器滑片，两表均无变化，说明其原因可能是开关断路，或滑动变阻器断路，或电流表断路；
(3)由图可知电流表接入电路的是小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A；
(4)根据表中数据描点、连线作图：
；
分析图像可以得到的结论是电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(5)①定值电阻、灯泡、滑动变阻器串联接入电路，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光；
②保持滑片位置不变，将电压表改接在R0两端，电压表测定值电阻两端的电压，读出电压表示数为U0；
③根据欧姆定律可得通过定值电阻的电流：I=U0R0，串联电路各处电流相等，则I额=I；
③则小灯泡额定功率的表达式为：P额=U额I额=U额×U0R0=U额U0R0。
故答案为：(1)见上图；(2)开关断路(或滑动变阻器断路或电流表断路)；(3)0.2；(4)见上图；电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(5)U额；U额U0R0。
(1)滑动变阻器滑片向右移动，电流表示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，根据串联电路电阻规律可知滑动变阻器接入电路的电阻变小，所以滑动变阻器选择右下接线柱串联接入电路；
(2)闭合开关，发现电流表、电压表均无示数，调节滑动变阻器滑片，两表均无变化，其原因可能是电路断路；
(3)由图可知电流表接入电路的是小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A；
(4)根据表中数据描点、连线作图，分析图像可以得到的结论是电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(5)①定值电阻、灯泡、滑动变阻器串联接入电路，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光；
②保持滑片位置不变，将电压表改接在R0两端，电压表测定值电阻两端的电压，读出电压表示数为U0；
③根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算灯泡正常发光时的电流；
③根据P=UI可得小灯泡额定功率的表达式。
“探究通过导体的电流与电压的关系”的实验考查电路连接、故障分析、电表读数、数据和图像的分析、串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
17.【答案】碎冰块 乙 BC 固液共存 越来越大 沸腾 C
【解析】解：(1)实验中宜选用等质量的碎冰块，均匀受热，可以减小误差，为了能够均匀受热，还应用玻璃棒不停地搅拌碎冰块。
(2)利用水浴法加热，不但能使试管受热均匀，而且物质的温度上升速度较慢，便于及时记录各个时刻的温度，故应选择乙装置。
(3)冰是晶体，在熔化过程中吸热，温度保持不变，由图象知，冰从第2min开始熔化，到第8min完全熔化完，所以熔化过程经历了8min−2min=6min；
第4min时，冰在熔化过程中，所以为固液混合态；
(4)液体沸腾时特点吸热温度不变，沸腾时气泡上升，液体温度相同，气泡越向上水的压强变小，气泡会越来越大；
(5)BC段是冰的熔化需要不断吸热，DE段是水的沸腾同样需要不断吸热；
故答案为：(1)碎冰块；(2)乙；(3)BC；固液共存；(4)越来越大；沸腾；(5)C。
(1)知道怎样才能使试管中的晶体均匀受热是解决此题的关键。
(2)利用水浴法加热，可以使固态物质受热均匀，且可以防止温度上升较快，便于测量温度；
(3)冰从开始熔化到完全熔化完所用的时间为熔化时间；晶体熔化过程中温度保持不变，处于固液混合状态；
(4)沸腾前气泡上升越来越小，沸腾时气泡上升越来越大；
(5)晶体熔化过程吸热温度不变，液体沸腾时特点吸热温度不变；
本题考查冰的熔化和水的沸腾实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
18.【答案】(1)2；1.6；(2)2；(3)2；(4)3；深；(5)排开的液体受到的重力；(6)ρ液=ρ水h1h2。
【解析】解：(1)由图知，弹簧测力计的分度值为0.2N，甲图中弹簧测力计的示数为2N，即桶A重为2N，乙图中弹簧测力计的示数为1.6N，即桶B重为1.6N，
(2)如图丙，小桶A处于漂浮状态，由物体漂浮的条件可知，小桶A受到的浮力与小桶的重力相同，即F浮=GA=2N；
(3)由图丁可知，小桶B和排开的水的总重力为G总=3.6N，
所以，小桶A排开的水重：G排=G总−G桶=3.6N−1.6N=2N；
(4)由表格数据可知，桶A与沙子的总重量从2.4N增加到2.8N，增加量△G沙=2.8N−2.4N=0.4N；
桶A与水的总重量从4N增加到4.4N，增加量△G水=4.4N−4N=0.4N；即△G沙=△水，
而第3次实验中桶A与沙子的总重量从2.8N增加到3.2N，增加量△G沙=3.2N−2.8N=0.4N；
桶A与水的总重量从4.4N增加到4.6N，增加量△G水=4.6N−4.4N=0.2N；即△G沙≠△水，故错误的是第3次，
随着加入沙子越多，桶A与沙子的总重力增大，因为漂浮，所以浮力增大，由F浮=ρ水gV排可知，排开水的体积增大，则桶A浸入水中就越深，
比较木块排开水的重力和木块受到的浮力大小可知：漂浮在液面上的物体，其所受浮力等于它排开液体的重力。
(5)由图丙可知，空桶A受到的浮力为2N，该物体排开的液体受到的重力G排=G总−G桶=3.6N−1.6N=2N；
分析以上探究过程可以得到的结论是：浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力大小等于该物体排开的液体受到的重力、
(6)装有适量沙子的桶A始终处于漂浮状态，所受浮力等于本身的重力，则F浮水=F浮液=G，
由于V排水=SH，V排液=Sh，根据F浮=ρ液gV排得：
ρ水gSh1=ρ液gSh2，
所以ρ液=ρ水h1h2。
故答案为：(1)2；1.6；(2)2；(3)2；(4)3；深；(5)排开的液体受到的重力；(6)ρ液=ρ水h1h2。
(1)弹簧测力计的分度值为0.2N，根据指针位置读出弹簧测力计的示数，可得物体重力大小；
(2)根据物体漂浮的条件可求木块A受的浮力；
(3)比较木块受的浮力与木块排开水的重力可知：
(4)根据每次增加的沙子的重力与增加的水的重力比较即可得出结论；由F浮=ρ水gV排分析V排，然后分析桶A浸入水中的深度变化；
(5)浸在液体中的物体受到的浮力等于它排开液体的重力。
(6)装有适量沙子的桶A始终处于漂浮状态，即浮力大小等于重力大小，浮力不变。根据F浮=ρ液gV排即可求出该液体的密度。
本题来源于课本，重点是阿基米德原理的探究过程，应熟练掌握，知道漂浮时同样适用于物体的漂浮状态。
19.【答案】解：(1)质量为0.9kg的氢燃料完全燃烧放出的热量：Q放=m氢q氢=0.9kg×1.4×108J/kg=1.26×108J；
(2)根据题意可知，水吸收的热量：Q吸=80Q放=80%×1.26×108J=1.008×108J，
由Q吸=cmΔt可知，水的质量：m=Q吸c水Δt=1.008×108J4.2×103J/(kg⋅℃)×(90℃−10℃)=300kg；
(3)由P=Wt可知，氢能源环卫车所做的有用功：W=Pt=42×1000W×25×60s=6.3×107J，
该车发动机的热效率：η=WQ放=6.3×107J1.26×108J×100%=50%。
答：(1)质量为0.9kg的氢燃料完全燃烧放出的热量为1.26×108J；
(2)若这些热量的80%被水吸收，水温从10℃升高到90℃，水的质量为300kg；
(3)该车发动机的热效率为50%。
【解析】(1)知道氢燃料的质量和热值，利用Q放=mq求出质量为0.9kg的氢燃料完全燃烧放出的热量；
(2)根据题意Q吸=80%Q放求出水吸收的热量，利用Q吸=cmΔt求出水的质量；
(3)知道氢能源环卫车的功率和行驶时间，利用P=Wt求出氢能源环卫车所做的有用功，利用效率公式求出该车发动机的热效率。
本题是一道力热综合题，主要考查燃料完全燃烧放热公式、效率公式、吸热公式以及功的计算公式的应用，难度不大。
20.【答案】解：由电路图可知，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端电压；
(1)由图乙可知，当F=1N时，R2=3Ω，
因串联电路处处电流相等，所以电路电流：I=I2=U2R2=3V3Ω=1A，
由I=UR可得，R1两端电压：U1=IR1=1A×9Ω=9V，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压：U=U1+U2=9V+3V=12V；
(2)当电流表示数为0.5A时，电路的总电阻：R=UI′=12V0.5A=24Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以此时R2接入电路的阻值：R2′=R−R1=24Ω−9Ω=15Ω，
由图乙可知，当R2′=15Ω时，压力F′=5N。
答：(1)电源电压为12V；
(2)当电流表示数为0.5A时，压力F大小为5N。
【解析】根据电路图可知，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端电压；
(1)当压力F=1N时，根据图乙读出R2接入电路的阻值，然后根据串联电路电流规律和欧姆定律求出电路电流，再根据欧姆定律求出R1两端电压，最后根据串联电路电压规律求出电源电压；
(2)当电流表示数为0.5A时，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据串联电路电阻规律求出R2接入电路的阻值，结合图乙可知此时压力F的大小。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键会根据图像读出有用信息。
21.【答案】解：(1)高温挡时电饭锅正常工作时电路中的总电流：
I=P高U=1100W220V=5A；
(2)由电路图知，当S1闭合，S2连接触点A时，处于高温挡，电阻R1、R2并联，
通过R1的电流：
I1=UR1=220V55Ω=4A，
通过R2的电流：
I2=I−I1=5A−4A=1A，
R2的阻值：
R2=UI2=220V1A=220Ω；
由电路图知，当S1断开，S2连接触点B时，处于低温挡，电阻阻R1和R2串联，
电路的总电阻：
R总=R1+R2=55Ω+220Ω=275Ω，
此时电路消耗的功率：
P低=U2R总=(220V)2275Ω=176W；
(3)由电路图知，只闭开关S1时，只有电阻R1接入电路，处于中温挡。
此时电路消耗的功率：
P中=U2R1=(220V)255Ω=880 W，
结合丙图，电饭煲煮一次饭消耗的总电能：
W=W1+W2+W3=P高t1+P中t2+P低t3=1100W×10×60s+880W×15×60s+176W×5×60s=1.5048×106J。
答：(1)处于高温挡时电饭锅正常工作时电路中的总电流是5A；
(2)此时电路的总功率为176W；
(3)本次煮饭过程中电饭锅消耗的电能是1.5048×106J。
【解析】(1)已知高温挡的功率和电源电压，根据公式I=PU可得电路的总电流；
(2)当S1闭合，S2连接触点A时，R1和R2并联，为高温挡，已知R1的阻值，根据公式I=UR可得通过R1的电流，再根据并联电路的电流规律，求出通过R2的电流，利用公式R=UI可得其阻值；
当S1断开，S2连接触点B时，处于低温挡，电阻R1和R2串联，根据串联电路的电阻规律可得电路的总电阻，利用公式P=U2R可得低温挡的功率；
(3)只闭开关S1时，只有电阻R1接入电路，处于中温挡。利用公式P=U2R求出中温挡的功率，结合丙图通过公式W=Pt可得三个挡位分别消耗的电能，而煮饭过程中电饭锅消耗的电能就是三个挡位消耗的电能之和。
本题是一道有关电加热器的题，需综合应用欧姆定律、串并联电路的特点、功率公式以及电能的公式，关键是要分析清楚电路。
2023年江西省抚州市八校中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共4小题，共8.0分）
1. 物理源于生活，又服务于生活，下列数据符合实际的是( )
A. 用体温枪测得小明同学体温为36.8℃ B. 家庭节能灯中的电流约为10A
C. 比赛用篮球的质量约为6g D. 一枚1元硬币的直径大约10cm
2. 如图，关于“观察水蒸气液化”的实验，下列说法中错误的是( )
A. 烧瓶内水不断减少主要是因为水的沸腾
B. 烧瓶上方出现的“白气”是周围空气中的水蒸气液化形成的
C. 如果在烧瓶上方的金属盒上放冰块可以使液化现象更明显
D. 金属盒底部滴下的水滴主要是烧瓶里面产生的水蒸气液化形成的
3. 小王、小李、小乐和小艾对图中的核动力航空母舰和直升飞机各提出了一条与物理知识有关的说法，其中错误的是( )
A. 小王：直升飞机悬停在空中时，也需要消耗能量
B. 小李：航空母舰利用的核能是在核反应堆中氢核聚变释放的能量，它属于一种新能源
C. 小乐：当甲板上的飞机都升空执行任务后，航空母舰在大海中的吃水深度将减小
D. 小艾：航空母舰上的雷达是利用了电磁波来发现敌方的军事目标的
4. 电梯为居民上、下楼梯带来很大的便利，出于安全考虑，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示，电梯厢底控制电路中装有压敏电阻R1(压力增大时其电阻减小)，保护电阻R2。在工作电路中，K为动触点A、B为静触点，当出现超载情况时，电铃将发出报警声，电梯停止运行。下列说法错误的是( )
A. 电梯工作时电磁铁的上端为N极
B. 电磁铁磁性的强弱与线圈中电流的大小有关
C. 电梯超载时电磁铁的磁性增强
D. 电梯未超载时动触点K与静触点A接触
二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）
5. 妈妈做饭时，小军在旁边仔细观察并联想到许多物理知识，其中正确的是( )
A. 饺子上捏出了漂亮的花边，是力改变了物体的形状
B. 把鸡蛋向碗沿一碰，鸡蛋就破了，是因为鸡蛋受到的力大
C. 泼水时，水总是落向地面，是因为水受到了垂直向下的重力
D. 妈妈很难用手抓出水盆里的鱼，因为鱼的表面太光滑，摩擦力太小
6. 如图所示的电路中，电源电压恒定，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法不正确的是( )
A. 电压表V读数与A1读数的比值变大
B. 电流表A1读数变大，电压表V读数不变
C. 电流表A2读数变小，电压表V读数变大
D. 电压表V读数与A2读数的比值变小
三、填空题（本大题共8小题，共16.0分）
7. 在2021年中秋晚会上，见到一位老泰斗级人物陈彼得，与聊城歌手赵照一同演出，依然穿着一件西装，抱着一把吉他，唱了一首《乡愁》，这位老级别人物都78岁高龄竟然还依然拥有干净清脆的声音。这里“清脆”是指他的声音______(选填声音基本特征)高，其高低和______有关。
8. 如图是我们日常生活中常见的汤勺，其勺柄印有凹凸的花纹，在美观的同时还能起到 摩擦的作用；用汤勺舀汤时，汤勺可以看作是一个 杠杆。
9. 如图所示是嫦娥4号的中继卫星“鹊桥”由长征4号丙运载火箭发射时的情景。火箭中的燃料燃烧时，燃气推动火箭和卫星上升，卫星的机械能会 (选填“增大”、“不变”或“减小”)。“鹊桥”最终在距地球约45万千米的轨道上运行，由此可知，从地球上发射的电磁波信号经过 秒后就会被“鹊桥”接收到。
10. 近几年，东乡区夜市悄然兴起，如图为该区体育场夜市的热闹场景之一，此起彼伏的广场舞曲声和各色美味是其最大特色，舞曲声音是通过______ 传入人耳，各种香味能被人闻到是因为发生了______ 现象。
11. 利用图所示的装置研究“磁场对电流的作用”时，应在a、b之间接入______ (选填“灵敏电流计”、“电源”或“灯泡”)；若在a、b之间接入______ (选填“灵敏电流计”、“电源”或“灯泡”)可研究“电磁感应现象”。
12. 做文明人，创文明城。近年来，万州市民齐动员，养习惯、讲文明、育新风，争创全国文明城区。私拉乱接电线是城市常见的不文明行为，劣质老化的电线常常会有绝缘层破损的情况，容易使过往行人直接或间接接触到______(选填“零线”、“火线”)造成触电事故；裸露的电线相互缠绕也容易发生______从而造成火灾，有极高的安全隐患。
13. 如图是某取暖器的简化工作电路图。图中元件M是装有扇叶的电动机，元件R通电时会产生热。若只闭合开关S1，取暖器______(选填“只送风”、“送热风”或“不送风”)。为了安全起见，取暖器一般都要安装一个跌倒开关S，当取暖器倾倒时整个电路断开，则跌倒开关S应安装在图中的______处(选填“a”“b”或“c”)。
14. 如图所示，电源电压恒为3V，R1=10Ω，R2=20Ω。当闭合开关后，两电表都有示数且保持稳定，则甲电表的示数为 ，乙电表的示数为 。
四、实验探究题（本大题共4小题，共28.0分）
15. 小玲在学习了声与光的知识后，利用课余时间做了以下两个实验：
(1)如图甲所示，在桌面上放一块平面镜，用激光笔向平面镜上射出一束光，墙壁上出现了一个静止不动的光点。当她用手敲击桌面，听到敲击声的同时看到墙上的光点晃动起来，这是因为桌面发声时在______ ；若她用更大的力敲击桌面，她听到敲击声的响度______ ，同时她会看到墙上光点晃动的范围______ (后两空均选填“变大”“变小”或“不变”)。
(2)如图乙所示，用激光笔向水面O点射出的一束光，光线与水面的夹角为30°，她测得水中折射光线与水面的夹角为50°，此时折射角的度数为______ °；若将入射光线绕O点顺时针旋转20°，则折射角______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)。
(3)如图丙所示，木块A的长度为______ cm；图丁所示温度计的示数为______ ℃。
16. 某同学在“探究通过导体的电流与电压的关系”时，他用图1所示的电路进行实验，已知电源电压为3V。
(1)请你用笔画线代替导线把图1中实物连接完整(滑动变阻器滑片向右移动，电流表示数变大)。
(2)闭合开关，发现电流表、电压表均无示数，调节滑动变阻器滑片，两表均无变化，其原因可能是______ 。
(3)排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为1V时，电流表的示数如图2所示，为______ A。
(4)继续实验，记录实验数据如下表，请你根据表中数据在图3中描点作出图像，分析图像可以得到的结论是______ 。
电压
U/V
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3
电流
I/A
0.1
0.3
0.38
0.5
0.6
(5)完成上述实验后，某小组设计了如图4所示的电路，继续使用上述实验中的电源和电压表测量额定电压为UU的小灯泡的额定功率(定值电阻R₀的阻值已知)。方案如下：
①把定值电阻R0接入电路，调节滑动变阻器使电压表示数为______ ；
②保持滑片位置不变，将电压表改接在R0两端，读出电压表示数为U0；
③写出小灯泡额定功率的表达式为：P额= ______ 。(用U额、U0、R0表示)
17. 小华设计了如图的甲、乙两种装置来探究“冰的物态变化规律”。
(1)该实验应选用______选填(“大冰块”或“碎冰块”)来进行实验，效果更好些；
(2)为了使试管中的冰受热均匀。且便于记录各时刻的温度值，小华应选用______(选填“甲”或“乙”)装置来进行实验。
(3)用酒精灯对烧杯加热，当试管中的冰完全熔化后，继续加热一段时间，如图丙是整个实验过程中温度随时间的变化图象，由图象可知：冰熔化的过程是______段(用字母表示)，在第4分钟时处于______状态。
(4)当观察到温度计的示数不变且气泡上升时______(选填“越来越小”“大小不变”或“越来越大”)，说明水已______。
(5)图象丙中，在实验过程中BC段和DE段，温度保持不变，此过程中______
A.都不吸热
B.BC段吸热，DE段不吸热
C.都吸热
D.BC段不吸热，DE段吸热
18. 如图所示是小芳同学探究“阿基米德原理”的实验，其中桶A为圆柱形
(1)小沿同学用弹簧测力计分别测出了空桶A、B的重力，如图甲、乙所示，则桶A重______N，桶B重______N
(2)将空桶A轻放入盛满水的溢水杯中，用桶B接住溢出的水，如图丙所示。则空桶A受到的浮力为______N
(3)测出桶B和溢出水的总重力，如图丁所示，则桶A排开水的重力为______N
(4)接着小芳同学往桶A中加入沙子进行实验，得到4组数据，表格如下，其中有明显错误的是第______次，实验中，随着加入沙子越多，桶A浸入水中就越______(选填“深”或“浅”)
次数
1
2
3
4
桶A与沙子的总重量/N
2.4
2.8
3.2
3.4
桶B与水的总重量/N
4.0
4.4
4.6
5.0
(5)分析以上探究过程可以得到的结论是：浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力大小等于该物体______
(6)小芳同学进一步探究，她将装有适量沙子的桶A分别放入水中和另一未知液体中，桶A浸入水中的深度为h1，浸入另一液体中的深度为h2，设水的密度为ρ水，则另一液体的密度表达式为______(用题中所给和所测物理量的字母表示)
五、计算题（本大题共3小题，共22.0分）
19. 氢能源具有清洁、高效、可持续以及资源丰富的特点。如图为某氢能科技有限公司的氢能源环卫车。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，q氢=1.4×108J/kg。求：
(1)质量为0.9kg的氢燃料完全燃烧放出的热量；
(2)若这些热量的80%被水吸收，水温从10℃升高到90℃，水的质量为多少？
(3)氢能源环卫车以42kW的恒定功率匀速行驶，燃烧0.9kg的氢燃料能让该车匀速行驶25min，该车发动机的热机效率为多少？
20. 测量压力大小的压力传感器的工作原理如图甲所示，其中M、N均为绝缘材料，M、N间有可收缩的导线(电阻大小不计)；弹簧上端和滑动变阻器R2的滑片P固定在一起，已知压力F的大小与R2的阻值大小关系如图乙所示。闭合开关S，压力F=0时，滑片P在最上端。定值电阻R1的大小为9Ω。
(1)当压力F=1N时，电压表示数为3V，求电源电压；
(2)当电流表示数为0.5A时，压力F大小为多少？
21. 如图甲为新型电饭锅，它能智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感。小明了解到电饭锅的简化电路如图乙所示，R1和R2均为电热丝，S1和S2为温控开关，其中S2有A、B两个触点，可实现“高温”、“中温”和“低温”三挡的转换。当S1闭合，S2连接触点A时，处于“高温”挡，高温功率1100W。已知R1=55Ω，求：
(1)处于“高温”挡时，电饭锅正常工作时电路中的总电流是多大；
(2)当S1断开，S2连接触点B时，处于“低温”挡，此时电路的总功率；
(3)如图丙是在一次煮饭过程中电饭锅功率与时间的关系图像，求本次煮饭过程中电饭锅消耗的电能。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、人的正常体温约为37℃，用体温枪测得小明同学体温为36.8℃，故A正确；
B、家庭节能灯中的电流约为0.1A，故B错误；
C、比赛用篮球的质量约为600g，故C错误；
D、一枚1元硬币的直径大约2cm，故D错误。
故选：A。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对温度、电流、质量、长度的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】B
【解析】解：A、用酒精灯加热，烧瓶内的水会吸收热量，发生沸腾现象，汽化为水蒸气，烧瓶内水的减少主要是因为水的沸腾，故A正确；
B、烧瓶口上方的白气是瓶内的水汽化成的水蒸气遇冷液化成的小水滴，故B错误；
C、水蒸气液化时要放出热量，为了使实验现象更明显，应使盘的温度低一些，可以在盘中加些冰块，故C正确；
D、金属盒底部滴下的水滴主要是烧瓶里面产生的水蒸气液化形成的，故D正确。
故选：B。
(1)物质由液态变为气态的过程叫做汽化，蒸发和沸腾是汽化的两种形式；
(2)使气体液化的方法有两个：降低温度和压缩体积；
(3)物质由气态变为液态的过程叫做液化，液化时要放出热量。
本题考查液化和汽化现象等，重点是液化的条件和特点，难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：A、直升机悬浮在空中，螺旋桨依然在转动，需要发动机提供动力，需要消耗燃料，故A正确；
B、航母利用的核能是可控制的核能，是重核裂变产生的能量，核能是一种新能源，故B错误；
C、航母上在海面上处于漂浮状态，受到的浮力等于航母的自身重力，飞走部分飞机时，航母重力减小，浮力减小，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，海水密度一定时，浮力减小，排开海水的体积减小，航母就会浮起一些，吃水深度将减小，故C正确；
D、雷达是靠发射和接收电磁波来发现敌方军事目标的，故D正确。
故选：B。
(1)直升机的螺旋桨只要转动，就要消耗燃料；
(2)目前我们利用的可控制的核能是重核裂变时产生的核能；
(3)航母在大海中始终处于漂浮状态，根据沉浮条件判断出浮力的变化，然后根据阿基米德原理判断出排开海水体积的变化，进而得出吃水深度的变化；
(4)雷达是靠发射、接收电磁波来工作的。
新型的航母用到的物理知识非常多，我们要能够根据我们所学的物理知识来改变我们的生活，这也是我们学习物理知识的最终目的。
4.【答案】A
【解析】解：A、工作时，电流从电磁铁的下面导线流入，利用安培定则判断出电磁铁的下端为N极，上端为S极，故A错误；
B、电磁铁磁性的强弱与电流的大小有关，故B正确；
C、电梯超载时报警，说明电铃的电路接通，此时衔铁被吸下，这说明通过电磁铁的电流变大，电磁铁磁性增强，故C正确；
D、正常情况下(未超载时)，衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触，故D正确。
故选：A。
A、知道电流的方向，根据安培定则判断出电磁铁的N、S极；
B、电磁铁是根据电流的磁效应制成的；电磁铁的磁性强弱和电流大小、线圈匝数多少有关；
C、R1为压敏电阻，根据电路的工作状态分析电路中电流的变化。
D、正常情况下(未超载时)，衔铁被弹簧拉起，K与静触点A接触。
此题主要考查的是学生对电磁铁和电磁继电器的原理、磁性强弱的影响因素、安培定则的理解和掌握，知识点较多，但都是基础性题目。
5.【答案】AD
【解析】解：A、饺子上捏出了漂亮的花边，是由于力改变了物体的形状，故A正确；
B、鸡蛋向碗沿一撞碰，鸡蛋破了碗没破，说明碗的硬度大于鸡蛋的硬度，由于物体间力的作用是相互的，所以碗给鸡蛋的力等于鸡蛋给碗的力，故B错误；
C、泼水时，水总是落向地面，是因为水受到了竖直向下的重力，故C错误；
D、妈妈很难用手抓出水盆里的鱼，因为鱼的表面太光滑，导致摩擦力较小，故D正确。
故选：AD。
(1)力的作用效果有两个：改变物体的形状和改变物体的运动状态；
(2)物体间力的作用是相互的；
(3)重力的方向是竖直向下的；
(4)影响摩擦力大小的因素是压力大小和接触面的粗糙程度。
在厨房等实际的生活中，蕴含着丰富的物理知识，平时要细心留意，从生活中学习和体验学习物理的乐趣。
6.【答案】BCD
【解析】解：闭合开关S后，R1与滑动变阻器并联；电流表A1测量干路电流；电流表A2测量滑动变阻器所在支路的电流；电压表测量电源电压；
因为电压表始终测量电源电压，因此电压表的示数不变；
当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，其两端电压不变，由欧姆定律可知，通过R2的电流变小，电流表A2的示数变小；
由于并联电路中各支路互不影响，因此通过R1的电流不变，而并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A1的示数变小；
电压表V读数不变，电流表A1读数变小，其比值变大；
电压表V读数不变，电流表A2读数变小，其比值变大；
综上所述，A正确、BCD错误。
故选：BCD。
闭合开关S后，R1与滑动变阻器并联；电流表A1测量干路电流；电流表A2测量滑动变阻器所在支路的电流；电压表测量电源电压；根据滑片的移动方向判定滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据欧姆定律判定通过滑动变阻器电流的变化，根据并联电路的特点和电流关系分析电路中电流的变化，从而确定电压表示数与电流表示数的比值变化。
本题考查了电路的动态分析，难点是分析电路中各个用电器的连接情况及各电表的作用。
7.【答案】音调 频率
【解析】解：78岁高龄竟然还依然拥有干净清脆的声音。这里“清脆”是指他的声音音调高，音调的高低和频率有关。
故答案为：音调；频率。
音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高，物体振动越慢，音调就越低。
本题考查声音的特性，难度不大。
8.【答案】增大 费力
【解析】解：(1)勺柄印有凹凸的花纹，可以在压力不变的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦；
(2)用汤勺舀汤时，人的力看做动力，动力臂短，阻力臂长，汤勺可以看作是一个费力杠杆。
故答案为：增大；费力。
(1)摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，增大摩擦的方法有两种：一是增大压力，二是增大接触面的粗糙程度。
(2)根据动力臂和阻力臂的长度关系分析。
本题考查的是增大摩擦力的方法和杠杆的分类，属于基础题。
9.【答案】增大 1.5
【解析】解：火箭中的燃料燃烧时，燃气推动火箭和卫星上升，卫星的质量不变，速度变大，高度增加，所以卫星的动能、重力势能都增大，其机械能会增大；
电磁波在太空中的传播速度为3×108m/s=3×105km/s，
由v=st可得，电磁波传播时间：t=sv=450000km3×105km/s=1.5s。
故答案为：增大；1.5。
内能可以用来做功，转化成机械能；
电磁波的传播速度是3×108m/s，已知电磁波信号传播距离和速度，利用公式t=sv得到信号传播时间。
此题考查了能量的转化和速度变形公式的应用，是一道联系实际的应用题，难度不大。
10.【答案】空气 扩散
【解析】解：(1)舞曲声音是通过空气传入人耳的；
(2)由于食物分子在永不停息地做无规则运动，因此各种香味能被人闻到，这是扩散现象。
故答案为：空气；扩散。
(1)声音的传播需要介质；
(2)物质是由原子或分子组成的，分子不停地做无规则运动。
本题考查了声音的传播和扩散现象，难度不大。
11.【答案】电源 灵敏电流计
【解析】解：因为通电导体在磁场中受力会运动，观察图可知缺少一个电源，因此利用如图所示的装置研究“磁场对电流的作用”时，应在“a”、“b”之间接入电源；
电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时产生感应电流的现象，将机械能转化为电能，不需要电源，为了实验现象明显，利用灵敏电流计显示是否有电流产生，所以若在a、b之间接入灵敏电流计可研究“电磁感应现象”。
故答案为：电源；灵敏电流计。
电动机和发电机的工作原理图非常相似，电动机的原理图中有电源，是利用磁场对电流的作用工作的；发电机的原理图中没有电源，是利用电磁感应原理工作的，这是两个原理图最重要的区别；
本题主要考查了电动机的原理图以及电磁感应现象的装置图等知识，难度不大。
12.【答案】火线 短路
【解析】解：劣质老化的电线常常会有绝缘层破损的情况，容易使过往行人直接或间接接触到火线，通过人体有电流，会造成触电事故；
裸露的电线相互缠绕，也容易发生短路，使得电路中的电流过大，从而造成火灾，有极高的安全隐患。
故答案为：火线；短路。
生活中的触电事故都是人体在接触火线的同时又接触零线或大地引起的。
家庭电路电流过大的原因：短路和用电器的总功率过大。
本题考查了触电事故的原因、家庭电路电流过大的原因，属于基础题。
13.【答案】只送风 a
【解析】解：(1)若只闭合开关Sl，电路为电动机的简单电路，电流只经过电动机，所以电吹风只送风。
若将开关Sl、S2都闭合，电动机和电热丝并联，电流分两路分别经过电动机和电热丝，则电吹风吹出的是热风。
(2)为了防止短路现象，在取暖器倾倒时，切断电路，故跌倒开关应位于干路上，即图中a处。
故答案为：只送风；a。
(1)根据串并联电路的特点，依据题意结合电路图分析是哪部分连入电路，有电流经过的部分，才能正常工作。
(2)跌倒开关就是防止取暖器倾倒时火线和零线直接接触会出现短路，电流过大，产生热量会增多，会引起火灾，为了防止短路现象，在电热器倾倒时，切断电路即应位于干路。
本题考查并联电路的分析和开关的使用。关键是明白跌倒开关的作用和不同位置时开关的作用是解题的关键。
14.【答案】0.3A 3V
【解析】解：电流表与用电器串联接入电路，电压表与用电器并联接入电路，闭合开关，两电表有示数且保持稳定，由图可知甲为电流表，测通过R1的电流，乙为电压表，测电源电压，乙电表的示数为3V；
两电阻并联接入电路，并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律可得电流表的示数：I=UR1=3V10Ω=0.3A。
故答案为：0.3A；3V。
电流表与用电器串联接入电路，电压表与用电器并联接入电路，据此分析电路可知甲为电流表，乙为电压表，两电阻并联接入电路，根据并联电路电压特点可知电压表示数，根据欧姆定律计算电流表的示数，
本题考查电流表、电压表的使用、并联电路特点和欧姆定律的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。
15.【答案】振动 变大 变大 40 减小 3.30 16
【解析】解：(1)桌面发声时，桌面振动带动镜子也振动，所以小光斑的位置会上下晃动，这说明声音是由于物体的振动产生的；
若她用更大的力敲击桌面，则声源的振幅变大，她听到敲击声的响度变大，可以观察到墙上的光斑晃动的幅度变大；
(2)测得水中折射光线与水面的夹角为50°，此时折射角的度数为90°−50°=40°，
已知入射光线与水面的夹角为30°，则入射角为90°−30°=60°，若将入射光线绕O点顺时针旋转20°，则入射角减小20°，为60°−20°=40°，折射角随入射角的改变而改变，故折射角随之减小。
(3)图丙中，刻度尺的分度值为1mm；木块左侧与0.00cm对齐，右侧与3.30cm对齐，故木块的长度为3.30cm；
图丁所示温度计分度值为1℃，示数为16℃。
故答案为：(1)振动；变大；变大；(2)40；变小；(3)3.30；16。
(1)桌子的振动是看不见的，所以我们可以应用转换法来证明桌子是振动的；
声音的响度与发声体振幅有关，振幅越大，响度越大；
(2)折射光线与法线间的夹角为折射角；折射角随入射角的改变而改变。
(3)使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0刻度线开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
温度计的工作原理是液体的热胀冷缩；温度计的读数：首先确定零上还是零下，确定每一个大格和每一个小格各代表的示数，从小数字读向大数字。
(1)解决此类问题要结合声音的产生条件和物理学方法进行分析解答。
(2)此题主要考查了对光的规律的应用，掌握入射角、折射角的概念，搞清折射角和入射角的大小关系。
16.【答案】开关断路(或滑动变阻器断路或电流表断路) 0.2 电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 U额 U额U0R0
【解析】解：(1)滑动变阻器滑片向右移动，电流表示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，根据串联电路电阻规律可知滑动变阻器接入电路的电阻变小，所以滑动变阻器选择右下接线柱串联接入电路，如图：
；
(2)闭合开关，发现电流表、电压表均无示数，调节滑动变阻器滑片，两表均无变化，说明其原因可能是开关断路，或滑动变阻器断路，或电流表断路；
(3)由图可知电流表接入电路的是小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A；
(4)根据表中数据描点、连线作图：
；
分析图像可以得到的结论是电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(5)①定值电阻、灯泡、滑动变阻器串联接入电路，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光；
②保持滑片位置不变，将电压表改接在R0两端，电压表测定值电阻两端的电压，读出电压表示数为U0；
③根据欧姆定律可得通过定值电阻的电流：I=U0R0，串联电路各处电流相等，则I额=I；
③则小灯泡额定功率的表达式为：P额=U额I额=U额×U0R0=U额U0R0。
故答案为：(1)见上图；(2)开关断路(或滑动变阻器断路或电流表断路)；(3)0.2；(4)见上图；电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(5)U额；U额U0R0。
(1)滑动变阻器滑片向右移动，电流表示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，根据串联电路电阻规律可知滑动变阻器接入电路的电阻变小，所以滑动变阻器选择右下接线柱串联接入电路；
(2)闭合开关，发现电流表、电压表均无示数，调节滑动变阻器滑片，两表均无变化，其原因可能是电路断路；
(3)由图可知电流表接入电路的是小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A；
(4)根据表中数据描点、连线作图，分析图像可以得到的结论是电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(5)①定值电阻、灯泡、滑动变阻器串联接入电路，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光；
②保持滑片位置不变，将电压表改接在R0两端，电压表测定值电阻两端的电压，读出电压表示数为U0；
③根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算灯泡正常发光时的电流；
③根据P=UI可得小灯泡额定功率的表达式。
“探究通过导体的电流与电压的关系”的实验考查电路连接、故障分析、电表读数、数据和图像的分析、串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
17.【答案】碎冰块 乙 BC 固液共存 越来越大 沸腾 C
【解析】解：(1)实验中宜选用等质量的碎冰块，均匀受热，可以减小误差，为了能够均匀受热，还应用玻璃棒不停地搅拌碎冰块。
(2)利用水浴法加热，不但能使试管受热均匀，而且物质的温度上升速度较慢，便于及时记录各个时刻的温度，故应选择乙装置。
(3)冰是晶体，在熔化过程中吸热，温度保持不变，由图象知，冰从第2min开始熔化，到第8min完全熔化完，所以熔化过程经历了8min−2min=6min；
第4min时，冰在熔化过程中，所以为固液混合态；
(4)液体沸腾时特点吸热温度不变，沸腾时气泡上升，液体温度相同，气泡越向上水的压强变小，气泡会越来越大；
(5)BC段是冰的熔化需要不断吸热，DE段是水的沸腾同样需要不断吸热；
故答案为：(1)碎冰块；(2)乙；(3)BC；固液共存；(4)越来越大；沸腾；(5)C。
(1)知道怎样才能使试管中的晶体均匀受热是解决此题的关键。
(2)利用水浴法加热，可以使固态物质受热均匀，且可以防止温度上升较快，便于测量温度；
(3)冰从开始熔化到完全熔化完所用的时间为熔化时间；晶体熔化过程中温度保持不变，处于固液混合状态；
(4)沸腾前气泡上升越来越小，沸腾时气泡上升越来越大；
(5)晶体熔化过程吸热温度不变，液体沸腾时特点吸热温度不变；
本题考查冰的熔化和水的沸腾实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
18.【答案】(1)2；1.6；(2)2；(3)2；(4)3；深；(5)排开的液体受到的重力；(6)ρ液=ρ水h1h2。
【解析】解：(1)由图知，弹簧测力计的分度值为0.2N，甲图中弹簧测力计的示数为2N，即桶A重为2N，乙图中弹簧测力计的示数为1.6N，即桶B重为1.6N，
(2)如图丙，小桶A处于漂浮状态，由物体漂浮的条件可知，小桶A受到的浮力与小桶的重力相同，即F浮=GA=2N；
(3)由图丁可知，小桶B和排开的水的总重力为G总=3.6N，
所以，小桶A排开的水重：G排=G总−G桶=3.6N−1.6N=2N；
(4)由表格数据可知，桶A与沙子的总重量从2.4N增加到2.8N，增加量△G沙=2.8N−2.4N=0.4N；
桶A与水的总重量从4N增加到4.4N，增加量△G水=4.4N−4N=0.4N；即△G沙=△水，
而第3次实验中桶A与沙子的总重量从2.8N增加到3.2N，增加量△G沙=3.2N−2.8N=0.4N；
桶A与水的总重量从4.4N增加到4.6N，增加量△G水=4.6N−4.4N=0.2N；即△G沙≠△水，故错误的是第3次，
随着加入沙子越多，桶A与沙子的总重力增大，因为漂浮，所以浮力增大，由F浮=ρ水gV排可知，排开水的体积增大，则桶A浸入水中就越深，
比较木块排开水的重力和木块受到的浮力大小可知：漂浮在液面上的物体，其所受浮力等于它排开液体的重力。
(5)由图丙可知，空桶A受到的浮力为2N，该物体排开的液体受到的重力G排=G总−G桶=3.6N−1.6N=2N；
分析以上探究过程可以得到的结论是：浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力大小等于该物体排开的液体受到的重力、
(6)装有适量沙子的桶A始终处于漂浮状态，所受浮力等于本身的重力，则F浮水=F浮液=G，
由于V排水=SH，V排液=Sh，根据F浮=ρ液gV排得：
ρ水gSh1=ρ液gSh2，
所以ρ液=ρ水h1h2。
故答案为：(1)2；1.6；(2)2；(3)2；(4)3；深；(5)排开的液体受到的重力；(6)ρ液=ρ水h1h2。
(1)弹簧测力计的分度值为0.2N，根据指针位置读出弹簧测力计的示数，可得物体重力大小；
(2)根据物体漂浮的条件可求木块A受的浮力；
(3)比较木块受的浮力与木块排开水的重力可知：
(4)根据每次增加的沙子的重力与增加的水的重力比较即可得出结论；由F浮=ρ水gV排分析V排，然后分析桶A浸入水中的深度变化；
(5)浸在液体中的物体受到的浮力等于它排开液体的重力。
(6)装有适量沙子的桶A始终处于漂浮状态，即浮力大小等于重力大小，浮力不变。根据F浮=ρ液gV排即可求出该液体的密度。
本题来源于课本，重点是阿基米德原理的探究过程，应熟练掌握，知道漂浮时同样适用于物体的漂浮状态。
19.【答案】解：(1)质量为0.9kg的氢燃料完全燃烧放出的热量：Q放=m氢q氢=0.9kg×1.4×108J/kg=1.26×108J；
(2)根据题意可知，水吸收的热量：Q吸=80Q放=80%×1.26×108J=1.008×108J，
由Q吸=cmΔt可知，水的质量：m=Q吸c水Δt=1.008×108J4.2×103J/(kg⋅℃)×(90℃−10℃)=300kg；
(3)由P=Wt可知，氢能源环卫车所做的有用功：W=Pt=42×1000W×25×60s=6.3×107J，
该车发动机的热效率：η=WQ放=6.3×107J1.26×108J×100%=50%。
答：(1)质量为0.9kg的氢燃料完全燃烧放出的热量为1.26×108J；
(2)若这些热量的80%被水吸收，水温从10℃升高到90℃，水的质量为300kg；
(3)该车发动机的热效率为50%。
【解析】(1)知道氢燃料的质量和热值，利用Q放=mq求出质量为0.9kg的氢燃料完全燃烧放出的热量；
(2)根据题意Q吸=80%Q放求出水吸收的热量，利用Q吸=cmΔt求出水的质量；
(3)知道氢能源环卫车的功率和行驶时间，利用P=Wt求出氢能源环卫车所做的有用功，利用效率公式求出该车发动机的热效率。
本题是一道力热综合题，主要考查燃料完全燃烧放热公式、效率公式、吸热公式以及功的计算公式的应用，难度不大。
20.【答案】解：由电路图可知，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端电压；
(1)由图乙可知，当F=1N时，R2=3Ω，
因串联电路处处电流相等，所以电路电流：I=I2=U2R2=3V3Ω=1A，
由I=UR可得，R1两端电压：U1=IR1=1A×9Ω=9V，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压：U=U1+U2=9V+3V=12V；
(2)当电流表示数为0.5A时，电路的总电阻：R=UI′=12V0.5A=24Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以此时R2接入电路的阻值：R2′=R−R1=24Ω−9Ω=15Ω，
由图乙可知，当R2′=15Ω时，压力F′=5N。
答：(1)电源电压为12V；
(2)当电流表示数为0.5A时，压力F大小为5N。
【解析】根据电路图可知，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端电压；
(1)当压力F=1N时，根据图乙读出R2接入电路的阻值，然后根据串联电路电流规律和欧姆定律求出电路电流，再根据欧姆定律求出R1两端电压，最后根据串联电路电压规律求出电源电压；
(2)当电流表示数为0.5A时，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据串联电路电阻规律求出R2接入电路的阻值，结合图乙可知此时压力F的大小。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键会根据图像读出有用信息。
21.【答案】解：(1)高温挡时电饭锅正常工作时电路中的总电流：
I=P高U=1100W220V=5A；
(2)由电路图知，当S1闭合，S2连接触点A时，处于高温挡，电阻R1、R2并联，
通过R1的电流：
I1=UR1=220V55Ω=4A，
通过R2的电流：
I2=I−I1=5A−4A=1A，
R2的阻值：
R2=UI2=220V1A=220Ω；
由电路图知，当S1断开，S2连接触点B时，处于低温挡，电阻阻R1和R2串联，
电路的总电阻：
R总=R1+R2=55Ω+220Ω=275Ω，
此时电路消耗的功率：
P低=U2R总=(220V)2275Ω=176W；
(3)由电路图知，只闭开关S1时，只有电阻R1接入电路，处于中温挡。
此时电路消耗的功率：
P中=U2R1=(220V)255Ω=880 W，
结合丙图，电饭煲煮一次饭消耗的总电能：
W=W1+W2+W3=P高t1+P中t2+P低t3=1100W×10×60s+880W×15×60s+176W×5×60s=1.5048×106J。
答：(1)处于高温挡时电饭锅正常工作时电路中的总电流是5A；
(2)此时电路的总功率为176W；
(3)本次煮饭过程中电饭锅消耗的电能是1.5048×106J。
【解析】(1)已知高温挡的功率和电源电压，根据公式I=PU可得电路的总电流；
(2)当S1闭合，S2连接触点A时，R1和R2并联，为高温挡，已知R1的阻值，根据公式I=UR可得通过R1的电流，再根据并联电路的电流规律，求出通过R2的电流，利用公式R=UI可得其阻值；
当S1断开，S2连接触点B时，处于低温挡，电阻R1和R2串联，根据串联电路的电阻规律可得电路的总电阻，利用公式P=U2R可得低温挡的功率；
(3)只闭开关S1时，只有电阻R1接入电路，处于中温挡。利用公式P=U2R求出中温挡的功率，结合丙图通过公式W=Pt可得三个挡位分别消耗的电能，而煮饭过程中电饭锅消耗的电能就是三个挡位消耗的电能之和。
本题是一道有关电加热器的题，需综合应用欧姆定律、串并联电路的特点、功率公式以及电能的公式，关键是要分析清楚电路。
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