2023年内蒙古赤峰重点中学中考物理三模试卷（含解析）

这是一份2023年内蒙古赤峰重点中学中考物理三模试卷（含解析），共24页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2023年内蒙古赤峰重点中学中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1. 为了纪念物理学家对物理学的贡献，一些物理量的单位以物理学家的名字命名，例如功和功率约单位分别是(    )
A. 牛顿   焦耳 B. 帕斯卡    瓦特 C. 阿基米德   伽利略 D. 焦耳   瓦特
2. 如图所示，关于声现象，下列说法正确的是(    )


A. 甲图：在靠近居民区的路段设置的声音屏障，目的是在声源处减弱噪声
B. 乙图：利用超声可以探测海底深度，说明超声波在海水中的传播速度大于其他声波
C. 丙图：城市中的噪声测试仪，数字95.8后的单位应该是Hz
D. 丁图：从上、下两个音叉振动的波形图中，可看出上面的音叉音调高
3. 下列四幅光路图能正确解释生活中现象的是(    )

A. 图甲：岸上的人看见水中的物体 B. 图乙：物体通过小孔形成实像
C. 图丙：光从室外透过窗户玻璃进入室内 D. 图丁：人观察对岸的树木在水中倒影
4. 下列现象中与升华有关的是(    )
A. 冬天室外口中呼出的“白气” B. 冬天玻璃窗上的冰花
C. 用久了的白炽灯钨丝变细 D. 游泳上岸的人感到冷
5. 中国空间站机械臂，是对人类手臂的最真实的还原，可随时实现对空间站舱体表面的巡检。下列杠杆，与空间站机械臂同类的是(    )
A. 动滑轮 B. 钓鱼竿 C. 酒起子 D. 羊角锤
6. 下列关于实验的叙述正确的是(    )


A. 图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明温度越高，分子运动越剧烈
B. 图乙中，水沸腾后软木塞被推出，软木塞的内能转化为它的机械能
C. 图丙中，把玻璃板拉出水面时弹簧测力计示数会变大，是大气压力的作用
D. 图丁中，在瓶塞跳出时，瓶内气体内能减少
7. 下列是发生在我们身边常见的物理现象，其中解释正确的是(    )
A. 推课桌时课桌会运动，而不用力推就会停下来，说明力是维持物体运动的原因
B. 跳远运动员助跑可以提高成绩，是因为起跳的速度越大，惯性越大
C. 抛出的篮球在空气中沿曲线飞行，是因为它受到重力和抛力的共同作用
D. 自行车车轴装有滚珠轴承是为了减小摩擦
8. 如图是有关“电与磁”的四幅图，对电与磁的关系描述正确的是(    )

A. 如图甲，奥斯特实验证实了磁能产生电
B. 如图乙，由小磁针静止时N极的指向可以判断螺线管的a端与电源正极连接
C. 如图丙，扬声器与发电机工作原理相同
D. 如图丁，话筒与电动机工作原理相同
9. 科学健身，健康生活！如图甲所示，某健身俱乐部通过压力传感器获取运动者的运动数据，其工作原理如图乙所示。电源电压不变，R1为定值电阻，压力传感器R的阻值随压力减小而增加。在人与蹦床接触至下落到最低点过程中，下列说法中正确的是(    )

A. 电流表A的示数逐渐变小 B. 压力传感器R两端电压逐渐变大
C. 电压表V与电流表A示数的比值不变 D. 电路消耗的总功率逐渐变小
10. 如图所示，质量为24kg的物体在滑轮组的作用下，以0.2m/s的速度水平移动了1m。已知物体在水平面上受到的滑动摩擦力为重力的0.2倍，滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和滑轮间的摩擦。下列物理量计算正确的是(    )
A. 拉力F的大小为10N
B. 动滑轮重为6N
C. 拉力F做功的功率为12W
D. 该滑轮组对动滑轮所做的功为36J
二、填空题（本大题共4小题，共10.0分）
11. 同学从家乘公交车上学，公交车以54km/h的速度匀速行驶，以公交车为参照物，座位上的小明是        的(选填“静止”或“运动”)。经过了10min，到达了目的地，汽车行驶了        m。
12. 徐梦桃获得了2022年北京冬奥会金牌。如图所示，她在雪道上加速下滑的过程中，动能变______ (填“大”或“小”)；由于受到摩擦力，她的机械能变______ (填“大”或“小”)。离开跳台后，她在空中继续飞行是因为她具有______ 。


13. 图示为车发动机的______ 冲程，若飞轮的转速为2400r/min，在1s内，汽油机做功______ 次；若车的总质量为1.5t，匀速直线行驶9km，所受阻力为车重的0.1倍，完全燃烧汽油1L，该发动机的工作效率是______ %。(ρ汽油=0.8×103kg/m3,q汽油=4.5×107J/kg,g取10N/kg)


14. 我国已掌握第四代先进核电技术，其首个示范工程——全球首座球床模块式高温气冷堆核电站已经并网发电，其核反应堆中进行的是可控______ (选填“核裂变”或“核聚变”)，核能属于______ 能源。(选填“可再生”或“不可再生”)
三、作图题（本大题共3小题，共6.0分）
15. 如图，请在图中画出力F1的力臂L及杠杆所受阻力F2的示意图。


16. 如图所示，一条光线通过半圆形玻璃砖的圆心，请画出其折射光线。


17. 某学校大门安装了“人脸识别测温门禁一体机”，要求人脸数据识别成功(S1闭合)，且体温不高于37.3℃(S2闭合)才能把门锁(由电动机M控制)打开，请把这种一体机的电路图(如图所示)连接完整。


四、实验探究题（本大题共4小题，共24.0分）
18. 探究光的反射规律的实验装置如图甲所示，平面镜放在水平桌面上，标有刻度(图中未画出)的白色纸板ABCD能绕ON轴旋转，纸板上安装一支可在纸板平面内自由移动的激光笔。

(1)使用纸板时，应使纸板______ 放置在平面镜上，纸板的作用是______ 。
(2)图甲中，在纸板前从不同方向都可以看到纸板上入射光线AO的径迹，这是因为光在纸板上发生了反射；实验中让光线沿B0方向入射，反射光线沿______ 方向射出。这表明，在反射现象中，______ 。
(3)在图中以法线ON为轴线，把纸板NBOD向后缓慢旋转，在NBOD上______ (选填“能”或“不能”)看到反射光线OB，这样做的目的是为了研究反射光线、入射光线、法线是否在______ 。
19. 如图甲、乙所示是“探究水和食用油吸热能力”的实验装置。

(1)实验中应质量______ (填“相同”或“不相同”)的水和食用油，分别倒入两个相同的烧杯中。使用两个规格相同的电加热器分别加热水和食用油。实验中通过______ 来比较水和食用油吸收热量的多少。
(2)图丙是根据实验数据画的水与食用油的温度随时间变化的图像，则图像______ 反应的是水的吸热升温情况(填“A”或“B”)。
(3)物质的这种特性用物理量比热容来描述，分析图丙可知，水和食用油的比热容之比为______ 。
20. 实验小组在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，实验操作如图所示。
(1)实验中，应用弹簧测力计水平拉动木块做______ 运动，根据______ 的原理可知，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。
(2)分析比较图______ 两次实验可知，滑动摩擦力的大小与压力大小有关；分析比较图2、3两次实验可得出的结论是______ 。
(3)实验后小组学生对实验进行评估，一致认为在实验中要保持木块做匀速直线运动很困难，通过讨论交流设计了如图4所示的实验装置，用力将木板向左拉出的过程中，弹簧测力计______ (选填“A”或“B“)的示数等于木块与木板间的滑动摩擦力大小。
(4)学生们还利用如图4所示的装置，将木块沿竖直方向切成大小两部分重复实验，根据实验现象得出滑动摩擦力的大小与物体间接触面积的大小有关；这种做法是______ (选填“正确”或“错误”)的，理由是______ 。
21. 小明和同学们在探究“电流和电压关系”的实验中，电源电压保持3V不变。

(1)小明和同学们经过讨论，依次完成了“探究电流与电压的关系“三次实验电路的设计，如图1甲、乙、丙所示。
①探究电流与电压关系时，应保持______不变，图1甲中，因为______所以不能用于该实验探究。
②由图1乙改进为图1丙是因为用滑动变阻器既能保护电路，又能通过调节滑动变阻器的滑片使电阻两端的电压______(选填“改变”或“保持不变”)。
(2)请用笔画线代替导线，帮助小明按图1丙将图2甲中实物电路连接完整，要求滑片P向B端滑动时，电流表的示数变大。
(3)实验中测得五组数据，并绘制出定值电阻R的I−U图像如图2乙所示。由图像可得：
①实验中所用定值电阻R的阻值为______Ω。
②实验结论：______。
③结合所测数据分析，本实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于______Ω。
五、计算题（本大题共2小题，共14.0分）
22. 如图所示，放在水平桌面上的薄壁圆柱形容器，底面积100cm2，弹簧测力计的挂钩上挂着重为10N的物块，现将物块浸没水中，容器内水面由16cm上升到20cm(g=10N/kg)，求：
(1)物块未放入水中时，容器底受到的水的压强；
(2)物块的密度；
(3)物块受到的浮力。


23. 如图甲所示电源电压恒定为12V，图乙是额定电压为6V的小灯泡电流随电压变化的图象。R1为定值电阻，R2标有“30Ω 1A”字样，电流表的量程为0～3A。当闭合开关S3，断开开关S1、S2时，灯L正常发光。求：

(1)灯泡正常发光时的电阻和R1电阻值；
(2)当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，调节变阻器的滑片，使电流表示数为0.4A。1min内变阻器R2消耗的电能；
(3)当开关S1、S2、S3均闭合时，电路允许消耗的最大功率。

六、综合题（本大题共1小题，共6.0分）
24. 阅读下列短文，回答问题：
太阳能路灯太阳能路灯已经成为许多城市的一道靓丽的风景线。如图甲所示的太阳能路灯，灯杆顶端是太阳能电池板，白天光线强时，太阳能电池板为蓄电池充电，夜晚光线弱时，蓄电池为电灯供电照明。其自动控制电路如图乙所示，R0为保护电阻，R为光敏电阻。太阳能电池板的材料最主要的是晶体硅材料，它的基本原理是光电效应，光电效应分为外光电效应和内光电效应，外光电效应是指被光激发产生的电子逸出物质表面的现象；内光电效应是指被光激发所产生的电荷仍在物质内部运动，但使物质的导电能力发生变化或在物体两端产生电压的现象。表为该太阳能路灯的部分技术参数。为了保证控制电路能正常供电，放电余留20%时即停止向LED灯供电。(不考虑蓄电池充电和供电时的电能损耗)则：

太阳能电池板
蓄电池组
LED灯
电池板的总面积
0.4m2
电池电压
12V
额定电压
12V
光电转化效率
15%
电池容量
30Ah
额定总功率
20W
(1)太阳能电池板的材料最主要的是晶体硅材料，它属于______ 。
A.导体
B.半导体
C.绝缘体
D.超导体
(2)太阳能电池板是利用______ (选填“内”或“外”)光电效应工作的。乙图中，电磁铁的上端是______ 极。根据电磁继电器的工作原理，光敏电阻的阻值随光强的增大而______ 。
(3)设太阳每秒钟辐射到每平方米电池板上的能量为1000J，电池板对蓄电池充电的功率为______ W。蓄电池组充满电时能对LED灯供电______ h。
答案和解析

1.【答案】D 
【解析】解：在物理学中，功和能量的国际单位是焦耳，功率的国际单位是瓦特，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
根据对常见物理量及其单位的掌握作答。
此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答。

2.【答案】D 
【解析】解：A、在靠近居民区的路段设置的声音屏障，目的是使声在传播过程中减弱噪声，故A错误；
B、超声波在海水中的传播速度与其他声波在海水中的传播速度相同，故B错误；
C、监测噪声的设备是用来测定噪声的等级的，而声音的强弱用分贝来表示，所以监测噪声设备上数字95.8后的单位应该是dB(分贝)，故C错误；
D、两个音叉振动的波形图中，相同时间内，上面物体振动的频率大于下面的频率，上面的音调比下面的音调高，故D正确。
故选：D。
(1)减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置——声源处、传播过程中、人耳处减弱噪声。
(2)在相同温度下，在相同介质中声音的传播速度相同。
(3)声音的强弱，即人耳感觉到的声音的大小用分贝来表示，声音越小，分贝数越小。
(4)比较相同时间内物体振动的次数可以比较频率大小。频率越大，音调越高。
此题涉及到防止噪声的途径、频率与音调的关系、声波的传播速度、响度的单位等多个知识点，考查比较全面，难度不大。

3.【答案】A 
【解析】解：A、图甲：光从水吕斜射入空气时(光的传播方向是从水中到空气中)，折射角大于入射角，故A正确；
B、图乙：物体通过小孔形成倒立的实像，故B错误；
C、光线通过玻璃砖再进入空气发生两次折射：第一次是从空气斜射进入玻璃，折射光线应该靠近法线偏折，折射角小于入射角；第二次是从玻璃斜射进入空气，折射光线应该远离法线偏折，折射角大于入射角，故C错误；
D、人观察对岸的树木在水中倒影，应该是由树木射向湖面的光线被反射进入人眼，是光的反射现象，故D错误。
故选：A。
(1)光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线的两侧，且当光从空气斜射入水中时(光的传播方向是从空气中到水中)，折射角小于入射角。由此分析判断；
(2)光的直线传播形成的现象包括：小孔成像、影子的形成、日月食的形成等；
(3)光线通过玻璃砖再进入空气发生两次折射：第一次是从空气斜射进入玻璃，折射光线应该靠近法线偏折，折射角小于入射角；第二次是从玻璃斜射进入空气，折射光线应该远离法线偏折，折射角大于入射角；
(4)水中倒影与平面镜成像的原理相同，其原理是光的反射。
本题考查了光的直线传播、光的反射、光的折射的光路图；要注意这几种现象的本质，要学会用所学知识解释有关现象。

4.【答案】C 
【解析】解：A、寒冷的冬天，室外的人口中呼出的“白气”是呼出的温度较高的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，此过程为液化，故A错误；
B、冬天玻璃窗上的冰花，是水蒸气凝华形成的小冰晶，故B错误；
C、用久了的白炽灯钨丝变细，是升华现象，故C正确；
D、游泳上岸的人感到冷，是汽化吸热现象，故D错误。
故选：C。
(1)物质由气态变成液态的过程叫液化，液化是放热过程；
(2)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华；
(3)物质由固态直接变为气态的过程叫升华；
(4)物质由液态变为气态的过程叫汽化。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

5.【答案】B 
【解析】解：机械臂在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
A、动滑轮在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A不符合题意；
B、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B符合题意；
C、酒起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C不符合题意；
D、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故D不符合题意。
故选：B。
结合图片和生活经验，判断图中的杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆即可解答。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：
①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

6.【答案】D 
【解析】解：
A.图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子在不停地运动，但无法说明温度越高，分子运动越剧烈，故A错误；
B.图乙中，水沸腾后软木塞被弹出，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，故B错误；
C.图丙中，把玻璃板拉出水面时示数会变大，是因为玻璃分子和水分子间存在引力，故C错误；
D.图丁中，将瓶塞跳出时，瓶内气体内能转化为活塞的动能，故瓶内气体内能减少，故D正确。
故选D。
(1)图甲中，抽出玻璃板后观察到的现象能说明分子在不停地运动，但不能说明温度越高，分子运动越剧烈；
(2)图乙中，水沸腾后软木塞被推出，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能；
(3)图丙中，把玻璃板拉出水面时示数会变大，是因为分子间存在引力；
(4)图丁中，将瓶塞跳出时，瓶内气体内能转化为活塞的动能，瓶内气体内能减少。
本题考查了分子热运动、内能及能量转化相关知识点，是一道综合题。

7.【答案】D 
【解析】解：A.因为受到阻力的作用，不用力推课桌就会停下来，说明了力是改变物体运动状态的原因，故A错误；
B.惯性与质量有关，与速度无关，所以速度增大，惯性不变，故B错误；
C.抛出的篮球由于惯性要保持原来的运动状态继续前行，但是受到重力作用，篮球做曲线运动，篮球离开手后，不再和手发生力的作用，不再受到抛力的作用，故C错误；
D.自行车车轴装有滚珠轴承，变滑动为滚动，减小了摩擦，使自行车骑起来更省力，故D正确。
故选：D。
维持物体运动的是物体的惯性，力是改变物体运动状态的原因。惯性大小与质量有关，与速度无关。
变滑动为滚动，减小了摩擦力。
本题还涉及到两个易错点：抛出的篮球继续前行是由于足球的惯性，而不是受到力。推物体没有推动，有些学生认为推力小于摩擦力，其实不然，此时的物体静止，物体受到平衡力作用。

8.【答案】B 
【解析】解：A、图甲，奥斯特实验证实了电能生磁，即通电导体的周围存在磁场，故A错误；
B、图乙，根据小磁针静止时N极的指向可知：通电螺线管的右端是N极，左端是S极，根据安培定则，电流方向从a到b，可以判断螺线管的a端与电源正极连接，故B正确；
C、图丙，扬声器与电动机工作原理相同，都是利用通电导体在磁场中要受到力的作用，故C错误；
D、图丁，话筒与发电机工作原理相同，都是利用电磁感应现象来工作的，故D错误。
故选：B。
(1)奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。
(2)根据安培定则判断通电螺线管的磁极。
(3)通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机和扬声器就是利用该原理制成的。
(4)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的。
知道电流的磁效应、磁场对电流的作用、电磁感应现象以及它们对应的应用。

9.【答案】C 
【解析】解：由电路图知，R与R1串联，电流表测电路中电流，电压表测R1两端电压，在人与蹦床接触至下落到最低点过程中，压力传感器R受到的压力增加，阻值减小。
A、由串联电路的电阻特点知，电路的总电阻减小，电源电压一定，由I=UR可知，电路中电流逐渐变大，故A错误；
B、压力传感器R的阻值减小，由串联电路的分压原理知，压力传感器R两端电压逐渐变小，故B错误；
C、电压表V与电流表A示数的比值大小等于定值电阻R1的阻值，所以两表的比值不变，故C正确；
D、电源电压不变，电路中电流变大，由P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故D错误。
故选：C。
由电路图知，R与R1串联，电流表测电路中电流，电压表测R1两端电压，人与蹦床接触至下落到最低点过程中，压力传感器R受到的压力增加，阻值减小，根据串联电路特点和欧姆定律以及P=UI分析判断。
本题考查动态电路的分析，正确分析电路，灵活应用电路特点以及欧姆定律和电功率的公式是关键。

10.【答案】C 
【解析】解：
A、物体受到的摩擦力：
f=0.2G=0.2mg=0.2×24kg×10N/kg=48N，
由图知，滑轮组由3段绳子拉着动滑轮，即n=3，
因该滑轮组的机械效率η=W有用W总=fsF⋅ns=fnF，
所以绳端的拉力F=fnη=48N3×80%=20N，故A错误；
B、不计绳子和滑轮间的摩擦，由F=13(G动+f)得动滑轮重力：
G动=3F−f=3×20N−48N=12N，故B错误；
C、绳子自由端移动的速度v′=3v=3×0.2m/s=0.6m/s，
拉力做功的功率为：P=Wt=Fst=Fv′=20N×0.6m/s=12W，故C正确；
D、该滑轮组对动滑轮所做的功：W额=G动h=12N×1m=12J，故D错误。
故选：C。
(1)根据G=mg先求出物体的重力，再根据题意求出物体受到的摩擦力；利用公式η=W有用W总=fsF⋅ns=fnF求出绳子自由端的拉力；
(2)不计绳子和滑轮间的摩擦，根据F=1n(G动+f)计算出动滑轮的重力；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv计算拉力做功的功率；
(4)由W=G动h可求得该滑轮组对动滑轮所做的功。
本题是有关滑轮组机械效率的综合计算，涉及到滑轮组绳子拉力的计算、功和功率的计算等多个知识点，综合性强。

11.【答案】静止  9×103 
【解析】解：以公交车为参照物，公交车和小明的位置没有发生改变，所以以公交车为参照物，座位上的小明是静止的；
由1km/h=13.6m/s可得，汽车的速度：
v=54km/h=54×13.6m/s=15m/s，
由v=st可得，10min汽车行驶的距离：
s=vt=15m/s×10×60s=9×103m。
故答案为：静止；9×103。
(1)判断时首先要确立题中的参照物，然后看被研究物体与参照物之间的距离是否发生变化，变化则物体运动，没有变化则物体静止；
(2)知道汽车匀速行驶的速度，根据1km/h=13.6m/s进行单位的换算，知道汽车行驶的时间，根据s=vt求出汽车行驶的距离。
本题考查了速度单位的换算、参照物及其选择、速度公式的应用，是一道基础题目。

12.【答案】大  小  惯性 
【解析】解：(1)徐梦桃在雪道上加速下滑的过程中，质量不变，速度变大，动能变大；
(2)由于受到摩擦力，物体运动时会有一部分机械能转化为内能，所以她的机械能变小；
(3)离开跳台后，由于惯性，继续保持原来的运动状态，故她在空中继续飞行。
故答案为：大；小；惯性。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。
(2)由于受到摩擦力，物体运动时会有一部分机械能转化为内能。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；
本题考查了机械能的转化和惯性，属于基础题。

13.【答案】压缩  20  37.5 
【解析】解：(1)从图示可知，进气门和排气门关闭，活塞向上，故它是压缩冲程。
(2)飞轮的转速为2400r/min，在1s内，飞轮转40r，因为飞轮转2圈，做功1次，故该汽油机1s内做功20次；
(3)完全燃烧汽油1L汽油放出的热量：
Q放=mq=ρVq=4.5×107J/kg×1×10−3m3×0.8×103kg/m3=3.6×107J；
汽车所受的拉力：
F=f=0.1G=0.1mg=0.1×1.5×103kg×10N/kg=1.5×103N；
汽车做的有用功：
W有=Fs=1.5×103N×9000m=1.35×107J；
该发动机的工作效率是：
η=W有Q放=1.35×107J3.6×107J=37.5%。
故答案为：压缩；20；37.5。
(1)从图示判断它属于哪个冲程。
(2)先算出每秒钟飞轮的转数，再根据飞轮转2圈，做功1次进行推算。
(3)先计算完全燃烧汽油1L汽油放出的热量，再计算出它做的有用功，然后用效率公式进行计算。
本题考查了热机效率，属于基础题。

14.【答案】核裂变  不可再生 
【解析】解：核反应堆中发生的是可控的核裂变，核能所利用的核燃料在地球上的储量是一定的，核能属不可再生能源。
故答案为：核裂变；不可再生。
核电站的核心是核反应堆，它以铀为燃料，在裂变过程中释放出核能，再通过热交换器变为高温高压的蒸汽，然后利用蒸汽去驱动蒸汽轮机，蒸汽轮机的旋转带动发电机发电。短期内不能得到补充的能源是不可再生能源。
核电站发电是将核能最终转化为电能，发电机工作时将机械能转化为电能。

15.【答案】解：物体对杠杆的拉力即为杠杆所受阻力F2，作用点在杠杆上，方向竖直向下；
由图可知支点是O点，从O点向动力F的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂L.如图所示：
 
【解析】物体对杠杆的拉力即为杠杆所受阻力F2。
力臂的方法：首先确定支点；然后找到动力和阻力，并用虚线延长动力和阻力的作用线；画出支点到动力作用线和阻力作用线的垂线。
要掌握杠杆的五个要素：支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂。力臂为支点到力的作用线的距离，为一垂线段，不是直线。

16.【答案】解：光线从空气斜射入玻璃砖时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，据此作出第一条折射光线；
折射光线从玻璃砖射入空气中时，由于此光线是由圆心O射出，当经过第二个折射面时，正好与该入射点处的切线垂直，因此第二次折射光线的传播方向不变，如图所示：
 
【解析】由光的折射规律可知，折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线的两侧，且当光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角，当光从玻璃斜射入空气中时，折射光线将向远离法线的方向偏折，即入射角小于折射角；当光垂直从玻璃射入空气中时，方向不变。
此题主要考查光的折射定律，关于光斜射入两种不同介质的分界面处时，分清折射角和入射角的大小，是解答此题的关键所在，还要注意当光线垂直射向两种介质的界面上时，传播方向不改变。

17.【答案】解：根据题意，要求人脸数据识别成功，且体温不高于37.3℃才能把门锁打开，即两个条件必须同时满足才能打开门锁，表示这两个条件的开关存在串联关系，即两开关串联接入电路，如图所示：
 
【解析】电路中元件的连接方式辨别：根据题意，若达到目时两元件同时要满足，则两元件存在串联关系，若达到目的时两元件是或者关系，则两元件存在并联关系，按照该思路解题。
此题主要考查元件的连接方式，解决该题关键是根据题意弄清楚两元件串并联的关系，属于中档题。

18.【答案】垂直  呈现反射光线和验证反射光线与入射光线及法线在同一平面内  OA  光路是可逆的  不能  同一平面 
【解析】解：(1)要使入射光线和其反射光线的径迹同时在纸板上出现，则法线必须与平面镜垂直，并且反射光线、入射光线和法线必须在同一平面内，因此纸板与平面镜的位置关系必垂直；
可绕ON转动的纸板的主要作用是：①呈现反射光线，②探究反射光线与入射光线及法线是否在同一平面内。
(2)在不同方向都可以看到纸板上入射光AO的径迹，这是因为光在纸板上发生了漫反射的缘故；
如果让光沿BO方向入射，反射光将沿OA方向射出，可知将反射光线改为入射光线，光路图照样成立，这表明：在光的反射现象中，光路是可逆的。
(3)当两块硬纸板在一个平面内时，看以看到入射光线和反射光线，将硬纸板向后折转一个角度后，看不到反射光线，由此说明反射光线、入射光线和法线在同一个平面内。
故答案为：(1)垂直；呈现反射光线和验证反射光线与入射光线及法线在同一平面内；(2)OA；光路是可逆的；(3)不能；同一平面。
(1)从实验需要观察光的传播路径和探究入射光线、反射光线和法线的关系进行分析。
光的反射规律：三线共面(入射光线、反射光线、法线在同一平面上)，两线分居(入射光线、反射光线分居法线两侧)，两角相等(入射角、反射角)。
(2)在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在光屏上发生了漫反射而进入我们的眼里；
根据入射光线和反射光线的位置互换进行实验，观察反射光线与原来入射光线的关系得出结论；
(3)探究光的反射定律时，只有两个纸板在同一平面上才能同时看到入射光线和反射光线，此时说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
本实验考查了光的反射的探究过程，如何探究反射光线、入射光线和法线在同一平面内，一组实验数据得到的实验结论是否合理等等，实验时我们要掌握实验结论，更要关注实验过程。

19.【答案】相同  加热时间  A  2：1 
【解析】解：(1)根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同(不同物质密度不同，根据m=ρV，体积相同的不同物质质量不同)，故实验中应取质量相同的水和食用油，分别倒入两个相同的烧杯中。使用两个规格相同的电加热器分别加热水和食用油，根据转换法，实验中通过加热时间来比较水和食用油吸收热量的多少。
(2)根据画的水与食用油的温度随时间变化的图像知，加热5分钟(吸热相同)，A升高的温度为：
30℃−10℃=20℃；
B升高的温度为：
50℃−10℃=40℃；
根据比较吸热能力的方法，A的吸热能力强，故图像A反映的是水的吸热升温情况；
根据Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，水和食用油的比热容之比为：
40℃：20℃=2：1。
故答案为：(1)相同；加热时间；(2)A；(3)2：1。
(1)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(2)根据画的水与食用油的温度随时间变化的图像得出加热5分钟(吸热相同)，A和B升高的温度；根据比较吸热能力的方法，确定A的吸热能力强，结合水的比热容大分析；根据Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，据此得出水和食用油的比热容之比。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。

20.【答案】匀速直线  二力平衡  1、2  压力大小相同，接触面的粗糙程度越大，物体受到的滑动摩擦力越大  B  错误  没有控制压力不变 
【解析】解：(1)实验中，应用弹簧测力计水平拉动木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡知识，弹簧测力计的示数就等于木块受到的滑动摩擦力的大小；
(2)分析比较图2、3两次实验，压力大小相同，图3中接触面的粗糙程度大，弹簧测力计示数大，说明物体受到的滑动摩擦力大，由此可得出的结论是：压力大小相同，接触面的粗糙程度越大，物体受到的滑动摩擦力越大；
(3)如图4所示的实验装置，用力将木板向左拉出的过程中，木块相对地面静止，木块在水平方向上受到的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡知识，弹簧测力计的示数就等于木块受到的滑动摩擦力的大小；弹簧测力计B的示数等于木块与木板间的滑动摩擦力大小；
(4)学生们还利用如图4所示的装置，将木块沿竖直方向切成大小两部分重复实验，物体间接触面积的大小与压力大小都发生变化，因此，这种做法是错误的，理由是没有控制压力不变。
故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)1、2；压力大小相同，接触面的粗糙程度越大，物体受到的滑动摩擦力越大；(3)B；(4)错误；没有控制压力不变。
(1)(3)根据二力平衡的条件分析；
(2)(4)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，根据控制变量法进行分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。

21.【答案】电阻  灯丝的电阻随温度的升高而增大  改变  5  在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比  25 
【解析】解：(1)①探究电流与电压关系时，应保持电阻不变，图1甲中，因为灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以不能用于该实验探究。②由图1乙改进为图1丙是因为用滑动变阻器既能保护电路，又能通过调节滑动变阻器的滑片使电阻两端的电压改变。
(2)滑片P向B端滑动时，要求电流表的示数变大，说明变阻器接入电路的电阻减小，变阻器的D端接入电路，据此连接电路，完整电路如下图所示：
。
(3)①由图2乙知当U=1V时，I=0.2A，则定值电阻R=UI=1V0.2A=5Ω。
②定值电阻R的I−U图像是一条过原点的斜直线，符合正比例的特点，据此得出结论：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
③图2乙由定值电阻两端电压最小为0.5V，即U′=0.5V时，I′=0.1A，根据串联电路电压规律知，滑动变阻器两端的电压最大，滑动变阻器两端电压UP=U总−U′=3V−0.5V=2.5V，由串联分压规律知此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，此时滑动变阻器的电阻RP=UPI′=2.5V0.1A=25Ω，故本实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于25Ω。
故答案为：(1)①电阻；灯丝的电阻随温度的升高而增大；②改变(2)见解答图；(3)①5；②在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；③25。
(1)灯丝的电阻随温度的升高而增大；滑动变阻器在本实验中的作用是：1保护电路，2改变电阻两端的电压。
(2)滑片P向B端滑动时，电流表的示数变大，说明变阻器接入电路的电阻减小，变阻器的D端接入电路，据此连接电路。
(3)①任意选取一组电压、电流值，由欧姆定律可得到定值电阻的阻值。
②定值电阻R的I−U图像是一条过原点的斜直线，符合正比例的特点，据此得出结论。
③当定值电阻两端电压最小时，根据串联电路电压规律知，滑动变阻器两端的电压最大，由串联分压规律知滑动变阻器接入电路的电阻最大，由欧姆定律可得到本实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于多少。
本题考查电流与电压的关系，要掌握实验电路的设计与改进、滑动变阻器的作用、电路的连接、欧姆定律的计算、串联电路电压的规律、实验数据的归纳等内容，有一定难度。

22.【答案】解：(1)物块未放入水中时容器底受到的水的压强：
p=ρ水gh1=1.0×103kg/m3×10N/kg×16×10−2 m=1.6×103Pa，
(2)物块的体积：V=V2−V1=S(h2−h1)=100×10−4 m2×(20−16)×10−2m=4×10−4 m3，
物块的质量：m=Gg=10N10N/kg=1kg，
物块的密度：ρ=mV=1kg4×10−4m3=2.5×103kg/m3，
(3)物块浸没在水中，排开水的体积等于物块的体积，所以物块受到浮力：
F浮=G排=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10−4m3=4N，
答：(1)物块未放入水中时，容器底受到的水的压强为1.6×103Pa；
(2)物块的密度为2.5×103kg/m3；
(3)物块受到的浮力4N。 
【解析】(1)已知水的深度和密度，利用公式p=ρgh计算容器底部受到水的压强；
(2)已知物块放入水中前后的深度，可以得到物块排开水的深度；已知容器的底面积和物块排开水的深度，可以得到物块排开水的体积，也就是物块的体积；已知物块的体积和重力，利用重力、密度公式得到物块的密度；
(3)物块浸没在水中，排开水的体积等于物块的体积，根据阿基米德原理得到物块受到的浮力。
此题考查的是压强、液体压强计算公式的应用、阿基米德原理的应用和力的平衡关系的应用，属于力学综合题。解决压强问题时，首先明确研究对象是液体还是固体，以选择相应的压力、压强公式，切忌张冠李戴。

23.【答案】解：(1)灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为灯泡的额定电压：U额=6V，
由图乙可得灯泡的额定电流：I额=0.5A，
根据欧姆定律可得，灯泡正常发光时的电阻：RL=U额I额=6V0.5A=12Ω；
当闭合开关S3，断开开关S1、S2时，灯泡L与定值电阻R1串联，灯L正常发光，灯泡两端的电压：UL=U额=6V，
由串联电路的规律可得，R1两端的电压：U1=U−UL=12V−6V=6V，
根据欧姆定律可得，定值电阻R1的阻值：R=U1I1=U1I额=6V0.5A=12Ω；
(2)当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，变阻器与灯泡L串联，调节变阻器的滑片，使电流表示数为0.4A，由图乙可知灯泡两端的电压：U′L=3V，
由串联电路的电压规律可得R2两端的电压：U2=U−U′L=12V−3V=9V，
根据W=UIt可得1min内变阻器R2消耗的电能：W2=U2I2t=9V×0.4A×60s=216J；
(3)当开关S1、S2、S3均闭合时，灯泡L被短接，定值电阻R1与变阻器R2并联，
根据欧姆定律可得通过R1的电流：I′1=UR1=12V12Ω=1A，
变阻器允许通过的最大电流：I2大=1A，
由并联电路的电流规律可得，干路中的电流：I=I′1+I2大=1A+1A=2A，
电流表的量程为0～3A，I