2023人教版高中生物必修2 遗传与进化 第1章 遗传因子的发现 试卷

这是一份2023人教版高中生物必修2 遗传与进化 第1章 遗传因子的发现，共14页。
第1章　遗传因子的发现
(满分:100分;时间:75分钟)
一、选择题(本题共15小题,每小题2分,共30分。每小题只有一个选项符合题目要求)
1.对于孟德尔成功揭示两大遗传定律的原因,下列叙述错误的是　(　　)
A.选择豌豆为实验材料,在自然状态下豌豆可有效避免外来花粉的干扰
B.分析生物性状时,由简单到复杂,先后对豌豆的7对相对性状进行研究
C.实验过程中对结果采用统计学的方法进行分析,增加准确度、可信度
D.创造性地运用“假说—演绎法”等科学方法,假说的核心内容是“性状是由基因控制的”
2.完成下列各项任务,依次采用的最合适的方法是(　　)
①鉴别一只白兔是否是纯合子
②鉴别一株小麦是否为纯合子
③不断提高水稻品种的纯合度
④鉴别一对相对性状的显隐性关系
A.杂交、测交、自交、测交
B.测交、自交、自交、杂交
C.杂交、测交、自交、杂交
D.测交、测交、杂交、自交
3.已知基因D/d、T/t分别控制一对相对性状,且D对d为完全显性,T对t为完全显性。现有基因型为DdTt与DDTt的个体杂交,这两对性状遗传时遵循自由组合定律,则子代的表型和基因型各有(　　)
A.2种、4种　　　　B.2种、6种
C.3种、4种　　　　D.3种、6种
4.水稻中非糯性(W)对糯性(w)为显性,非糯性品系花粉所含淀粉遇碘呈蓝黑色,糯性品系花粉所含淀粉遇碘呈橙红色。下列是对纯种的非糯性与糯性水稻的杂交后代进行观察的结果,其中能直接证明孟德尔的基因分离定律的一项是(　　)
A.杂交后亲本植株上结出的种子(F1)遇碘全部呈蓝黑色
B.F1自交后结出的种子(F2)遇碘后,3/4呈蓝黑色,1/4呈橙红色
C.F1产生的花粉遇碘后,一半呈蓝黑色,一半呈橙红色
D.F1测交所结出的种子遇碘后,一半呈蓝黑色,一半呈橙红色
5.如果用纯种红牡丹与纯种白牡丹杂交,F1是粉红色的。有人认为这说明基因是可以相互融合的,也有人认为基因是颗粒的,粉色是由于F1红色基因只有一个,合成的红色物质少。为探究上述问题,下列做法不正确的是(　　)
A.用纯种红牡丹与纯种白牡丹再杂交一次,观察后代的花色
B.让F1进行自交,观察后代的花色
C.让F1与纯种白牡丹杂交,观察测交后代的花色
D.让F1与纯种红牡丹杂交,观察后代的花色
6.玉米的紫粒和黄粒是一对相对性状;某一品系X为黄粒玉米,若自花传粉,后代全为黄粒;若接受另一品系Y紫粒玉米的花粉,后代既有黄粒,也有紫粒。下列有关分析正确的是　(　　)
A.紫粒是显性性状　　　　
B.黄粒是显性性状
C.品系X是杂种　　　　
D.品系Y是纯种
7.如图表示对孟德尔一对相对性状的遗传实验的模拟实验过程,对该实验过程的叙述不正确的是(　　)

A.甲(乙)桶内两种小球大小、轻重必须一致
B.甲、乙两桶内小球总数不一定要相等,但每个小桶内两种小球的数目一定要相等
C.该实验应重复多次,以保证实验结果真实可信
D.抓完一次记录好组合情况后,小球不用放回,但应将两桶内剩余小球摇匀后继续实验
8.豌豆是自花传粉植物。豌豆的红花与白花是一对相对性状(分别由遗传因子A、a控制),现有一批遗传因子组成为AA与Aa的红花豌豆,两者数量之比是1∶3。自然状态下,子代中遗传因子组成为AA、Aa、aa的数量之比为(　　)
A.25∶30∶9　　　　B.7∶6∶3
C.5∶2∶1　　　　D.1∶2∶1
9.某种山羊的有角和无角是一对相对性状,由一对等位基因(A和a)控制,其中雄羊的显性纯合子和杂合子表型一致,雌羊的隐性纯合子和杂合子表型一致。多对纯合的有角雄羊和无角雌羊杂交,F1雄羊全为有角,雌羊全为无角,F1的雌雄羊自由交配,F2不可能出现的是(　　)
A.有角∶无角=3∶1
B.雄羊中有角∶无角=3∶1,雌羊中有角∶无角=1∶3
C.基因型及比例为AA∶Aa∶aa=1∶2∶1
D.无角雌羊中的基因型及比例是Aa∶aa=2∶1
10.某种兔的毛色黑色(W)和白色(w)是一对相对性状。如图所示两种交配中,亲代兔E、F、P、Q均为纯合子,子代兔在不同环境下成长,其毛色如图所示。下列相关叙述错误的是　(　　)

A.兔G和兔H的基因型相同
B.兔G与兔R交配得到子代,若子代在30 ℃环境下成长,其毛色最可能是全为黑色
C.兔G与兔R交配得到子代,若子代在-15 ℃环境下成长,最可能的表型及比例是黑色∶白色=1∶1
D.由图可知,表型是基因和环境因素共同作用的结果
11.自然界中雌雄同株植物大多可自交产生后代。烟草是雌雄同株植物,却无法自交产生后代,这是由S基因控制的遗传机制所决定的,其规律如图所示。下列叙述不正确的是(　　)

A.基因S1、S2、S3、S4互为等位基因
B.不同基因型的植株进行正反交,子代基因型一定不相同
C.可推测具有该遗传现象的植株没有纯合子
D.该遗传现象利于异花传粉
12.萝卜的花色(红色、紫色和白色)由一对等位基因(A/a)控制,现选用紫花植株分别与红花、白花、紫花植株杂交,结果分别如图①②③所示。下列相关叙述错误的是(　　)
①　　②
③
A.紫花个体的基因型是Aa,白花个体的基因型是aa,红花个体的基因型是AA
B.红花个体和白花个体杂交,后代全部是紫花个体
C.A/a基因的遗传遵循分离定律
D.一紫花个体连续自交3代,得到的子代中红花个体所占的比例是7/16
13.现用山核桃的甲(AABB)、乙(aabb)两品种作为亲本杂交得F1,F1测交结果如表,下列有关选项正确的是(　　)
测交类型
测交后代基因型及比例
父本
母本
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
F1
乙
1
2
2
2
乙
F1
1
1
1
1
A.正反交结果不同,说明该两对基因的遗传不遵循自由组合定律
B.F1自交得F2,F2的表型比例是9∶3∶3∶1
C.F1花粉离体培养,将得不到四种基因型的植株
D.F1产生的AB花粉50%不能完成受精
14.若某哺乳动物毛色由两对等位基因决定,A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素,D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达。现进行杂交实验,杂交结果如表所示。下列叙述正确的是(　　)
组别
亲代
F1表型
F1自由交配所得F2表型及比例
一
黄色×褐色
全为黄色
黄色∶褐色=13∶3
二
黄色×褐色
全为褐色
黄色∶褐色=1∶3
A.第二组中F2出现性状分离是基因自由组合的结果
B.第一组黄色亲本的基因型为aaDD,第二组黄色亲本的基因型为aaDd
C.第一组F1的基因型为AaDd,两对等位基因的遗传遵循自由组合定律
D.第一组F2中,黄色的基因型有7种,黄色中纯合子所占的比例为1/13
15.已知牵牛花的花色受三对独立遗传的等位基因(A和a、B和b、C和c)控制,基因与不同颜色物质的对应关系如下图所示,其中蓝色和红色混合后显紫色,蓝色和黄色混合后显绿色。现有某紫花植株自交,子代中出现了白花、黄花。下列相关叙述错误的是(　　)

A.自交子代中白花植株的比例为1/64
B.自然种群中紫色植株的基因型有8种
C.用于自交的紫花植株的基因型为AaBbCc
D.该紫花植株自交后代共有6种花色,纯合子的基因型有8种
二、选择题(本题共5小题,每小题3分,共15分。每小题有一个或多个选项符合题目要求,全部选对的得3分,选对但不全的得1分,有选错的得0分)
16.如图为某植株自交产生子代过程示意图,相关叙述错误的是　(　　)

A.M、N、P分别为16、9、3
B.a与B、b的自由组合发生在②过程
C.自交子代中表现型占12份的个体中纯合子占1/12
D.该植株测交后代表现型比例为1∶1∶1∶1
17.某雌雄异株的植物茎上的刺有长刺、短刺两种类型,已知刺的长短由基因E+/E/e控制。E+(控制长刺的形成)、E(控制短刺的形成)、e(控制长刺的形成)的显隐性关系为E+>E>e(前者对后者为完全显性),且存在基因型为E的花粉致死现象。下列叙述错误的是(　　)
A.该种植物长刺的基因型有4种,短刺的基因型有2种
B.短刺植株自交,后代出现长刺的概率为1/2
C.长刺植株自交,后代若出现短刺,则其概率为1/4
D.短刺植株与长刺植株杂交,后代若出现短刺,则其概率为1/4
18.某种植物的花色由独立遗传的三对等位基因(A/a、B/b、D/d)控制,三对基因中至少各含有一个显性基因时植物开蓝花,其他情况下植物开白花。下列相关叙述错误的是(　　)
A.该植物种群中纯合蓝花植株和纯合白花植株的基因型分别有1种和7种
B.基因型为AaBbDd的植株相互传粉,子代中白花植株占27/64
C.基因型为AaBbDd的植株测交,子代白花植株中纯合子占1/7
D.两株白花植株相互传粉,子代中蓝花植株占1/8,则亲本的基因型组合有2种可能
19.花椒的茎干上通常有皮刺,已知皮刺的大小受一对等位基因S、s控制,基因型为SS的植株表现为长皮刺,Ss的为短皮刺,ss的为无皮刺。皮刺颜色受另一对等位基因T、t控制,T控制深绿色,t控制黄绿色,基因型为TT和Tt的皮刺为深绿色,tt的为黄绿色,两对基因独立遗传。若基因型为SsTt的亲本自交,则下列有关判断错误的是(　　)
A.子代能够稳定遗传的基因型有4种
B.子代短皮刺深绿色植株的基因型有2种
C.子代的基因型有9种,表型有6种
D.子代有皮刺花椒中,SsTt所占的比例为1/3
20.某自花传粉植物的花瓣有深红色、大红色、粉红色、浅红色、白色5种颜色,由独立遗传的两对等位基因控制,且显性基因的个数越多,颜色越深。下列说法错误的是(　　)
A.5种花色的植株中,基因型种类最多的是深红花植株
B.大红花植株与浅红花植株杂交,子代中浅红花植株占1/2
C.自交子代有5种花色的植株,基因型只有1种
D.自交子代花色与亲本相同的植株,基因型有4种
三、非选择题(本题共5小题,共55分)
21.(11分)Ⅰ.在一些性状遗传中,某种基因型的合子不能完成胚胎发育,导致后代中不存在该基因型的个体,从而使表型比例发生变化,小鼠毛色的遗传就是一个例子,一个研究小组经大量重复实验,在小鼠毛色遗传的研究中发现:
A.黑色鼠与黑色鼠杂交,后代全部为黑色鼠
B.黄色鼠与黄色鼠杂交,后代黄色鼠与黑色鼠的比例为2∶1
C.黄色鼠与黑色鼠杂交,后代黄色鼠与黑色鼠的比例为1∶1
根据上述实验结果,回答下列问题(控制毛色的基因用A、a表示):
(1)黄色鼠的基因型是　　　　,黑色鼠的基因型是　　　　。 
(2)推测不能完成胚胎发育的合子的基因型是　　　　。 
Ⅱ.研究发现,豚鼠毛色由以下基因决定:Ca黑色、Cb乳白色、Cc银色、Cd白化。为确定这组基因间的关系,科研人员进行了4组杂交实验,结果如表所示。请分析回答下列问题。
交配组合
亲代表型
子代表型
黑色
银色
乳白
白化
1
黑色×黑色
22
0
0
7
2
黑色×白化
10
9
0
0
3
乳白×乳白
0
0
30
11
4
银色×乳白
0
23
11
12
(1)从交配组合1可知,　　　　为显性性状,亲本的基因型分别为　　　　　　　。 
(2)两只白化的豚鼠杂交,后代的性状是　　　　　　。 
(3)4种基因之间的显隐性关系是　　　　　　　　　　　　(用“>”连接)。 
(4)该豚鼠毛色基因型共有　　　　种。 
22.(11分)根据孟德尔的两对相对性状的杂交实验,回答下列问题:
(1)在孟德尔两对相对性状的杂交实验中,F1全为黄色圆粒,F1自交后代F2出现9∶3∶3∶1的性状分离比,据此实验孟德尔提出了对基因自由组合现象的假说,其主要内容是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　,并通过　　　实验验证其假说,从而总结出了自由组合定律。 
(2)有人提出孟德尔运用自交的方法也可进行验证,下列是相应的实验方案。
方案一:将F1进行自交,如果F2出现9∶3∶3∶1的性状分离比,即可证明假说。
方案二:将F1自交得F2,让F2植株分别自交,单株收获种子,并单独种植在一起成为一个株系。观察并统计F3的性状。
①你认为方案一可行吗?　　　　(填“可行”或“不可行”),理由:　 
　　　　　　。 
②方案二实验结果分析:若F2出现9∶3∶3∶1的性状分离比,且F2的双显性植株中,自交后代性状比为3∶1的占　　　,自交后代性状比为9∶3∶3∶1的占　　　;F2单显性植株中,自交后代出现性状分离的占　　　;F2中双隐性植株自交后代全部表现一致,则孟德尔的假说成立,若未出现上述情况则不成立。 
③已知上述假设成立,实验发现F2自交得到F3的过程中有1/4的个体不发生性状分离;还有　　　(比例)的后代出现3∶1的性状分离比,与该比例相对应的F2中共有　　种基因型。 
23.(12分)植物的性状有的由1对基因控制,有的由多对基因控制。一种甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶,果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点,某小组用基因型不同的甲、乙、丙、丁4种甜瓜种子进行实验,其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。杂交实验及结果见表(实验②中F1自交得F2)。
实验
亲本
F1
F2
①
甲×乙
1/4缺刻叶齿皮,
1/4缺刻叶网皮,
1/4全缘叶齿皮,
1/4全缘叶网皮
—
②
丙×丁
缺刻叶齿皮
9/16缺刻叶齿皮,
3/16缺刻叶网皮,
3/16全缘叶齿皮,
1/16全缘叶网皮
回答下列问题:
(1)根据实验①可判断这2对相对性状的遗传均遵循分离定律,判断的依据是 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 
根据实验②,可判断这2对相对性状中的显性性状是　　　　　　　　　。 
(2)甲、乙、丙、丁中属于杂合体的是　　　　　。 
(3)实验②的F2中纯合体所占的比例为　　　　。 
(4)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮不是9∶3∶3∶1,而是45∶15∶3∶1,则叶形和果皮这两个性状中由1对等位基因控制的是　　　　,判断的依据是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 
24.(11分)鲜食玉米营养丰富,美味可口。甜玉米和糯玉米是籽粒中含有高可溶性糖或高支链淀粉的两种鲜食玉米,其中控制甜性状的基因用A、a表示,控制糯性状的基因用B、b表示。用两种纯合鲜食玉米杂交得F1,F1自交得F2,F2籽粒的表型及比例为非甜非糯∶非甜糯∶甜非糯=9∶3∶4。请回答下列问题:
(1)杂交所得F1的表型为　　　　　　,F2的表型比例为9∶3∶4,说明A、a和B、b的遗传　　　　(填“遵循”或“不遵循”)自由组合定律,产生这种比例的原因可能是　　　　　　　　　　　　。 
(2)F2中非甜糯鲜食玉米的基因型是　　　　　　　。如果用F2中的一株非甜糯鲜食玉米与基因型为aabb的甜非糯鲜食玉米杂交,子代的表型可能有　　　　　种。 
(3)纯种的甜玉米与纯种的非甜玉米实行间行种植,收获时发现,在甜玉米的果穗上结有非甜玉米的籽粒,但在非甜玉米的果穗上找不到甜玉米的籽粒,产生这种现象的原因是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 
25.(10分)人类有多种血型系统。ABO血型是由复等位基因IA、IB和i决定的;Rh血型是由等位基因R与r决定的,R对r完全显性,表型有Rh阳性(显性性状)和Rh阴性(隐性性状)。上述两种血型系统独立遗传。ABO血型及抗原抗体系统如表。(注:红细胞表面抗原可与血清中对应的抗体发生凝集反应,如A抗原可与抗A抗体发生凝集反应。)

ABO血型的基因型及抗原抗体系统
血型
基因型
红细胞表面抗原
血清中抗体
A
IAIA、IAi
A抗原
抗B抗体
B
IBIB、IBi
B抗原
抗A抗体
AB
IAIB
A抗原和B抗原
无
O
ii
无
抗A抗体和
抗B抗体
请回答:
(1)表中基因型杂合的有　　　　　　,复等位基因IA、IB和i的显隐性的表现形式为　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 
(2)仅考虑ABO血型系统,血型各不相同的三口之家中,妻子是A型血,她的红细胞能被丈夫和儿子的血清凝集,则丈夫的基因型为　　　　,儿子的基因型为　　　　。 
(3)Rh阴性血型的女性生育过Rh阳性血型孩子后,体内会产生抗Rh阳性的抗体,再怀Rh阳性胎儿时会使胎儿发生溶血。若只考虑Rh血型系统,(2)所述家庭中的妻子是Rh阴性血型,丈夫是Rh阳性血型,已知丈夫的母亲为Rh阴性血型,则丈夫的基因型为　　　　。理论上他们将来生育的第二胎发生溶血的概率是　　　　。 
(4)若同时考虑两种血型系统,上述家庭所生子女的可能血型有　　　　种。用遗传图解说明该夫妻再生育一个O型Rh阴性的血型的孩子(不需要写出子代其他血型及基因型)。 




















答案与解析
1.D　孟德尔提出的假说的核心内容是“生物形成配子时,成对的遗传因子彼此分离,分别进入不同的配子中”,D错误。
2.B　鉴别动物是否为纯合子最合适的方法是测交,鉴别植物是否为纯合子最合适的方法是自交,不断提高水稻品种的纯合度最合适的方法是自交,鉴别一对相对性状的显隐性关系可用杂交的方法,B正确。
3.B　Dd×DD子代的基因型有2种,表型有1种;Tt×Tt子代的基因型有3种,表型有2种。基因型为DdTt的个体与基因型为DDTt的个体杂交,子代的基因型有2×3=6(种),表型有1×2=2(种),B正确。
4.C　孟德尔分离定律的实质是形成配子的过程中,每对遗传因子彼此分离,分别进入不同的配子,C选项的描述是F1产生的花粉遇碘后一半呈蓝黑色,一半呈橙红色,花粉的比例即为配子的比例,因此能直接证明孟德尔的基因分离定律;其他选项描述的都是种子,不是配子,因此不能直接证明孟德尔的基因分离定律。
5.A　分析如表:
杂交组合
融合式遗传的子代表型
颗粒式遗传的子代表型
纯红×纯白
粉红
粉红
F1自交
粉红
1红∶2粉∶1白
F1×纯白
介于纯白、粉红之间
1粉∶1白
F1×纯红
介于纯红、粉红之间
1红∶1粉
由表格分析可知,只有A选项无法区分这两种遗传。
6.A　品系X自花传粉后代全为黄粒,说明品系X是纯种;纯种品系X接受品系Y紫粒玉米花粉,后代有黄粒和紫粒,说明紫粒为显性性状,黄粒为隐性性状,品系Y是杂种。
7.D　甲(乙)桶内两种小球大小、轻重必须一致,保证抓取两种小球的概率相等,排除无关变量的干扰,A正确;由于雌雄配子的数量一般不等,所以甲、乙两桶内小球总数不一定要相等,但每个小桶内两种小球的数目一定要相等,即D∶d=1∶1,B正确;抓取完一次,记录好组合情况后,应将小球放回相应的小桶,保证每次抓取小球时,每个桶内两种小球的数目相等,即保证每次抓取D、d小球的概率均为1/2,D错误。
8.B　豌豆自然状态下是自花传粉,只能自交,故1/4AA1/4AA,3/4Aa3/4×1/4AA、3/4×1/2Aa、3/4×1/4aa,则子代中遗传因子组成为AA、Aa、aa的数量之比为(1/4+3/4×1/4)∶(3/4×1/2)∶(3/4×1/4)=7∶6∶3,B正确。
9.A　据题分析可知,有角雄羊的基因型为AA或Aa,而有角雌羊的基因型为AA,让多对纯合的有角雄羊(AA)和无角雌羊(aa)杂交,F1的基因型都为Aa,F2中AA∶Aa∶aa=1∶2∶1,雄羊中有角∶无角=3∶1,雌羊中有角∶无角=1∶3,因此在F2中有角∶无角=1∶1,无角雌羊中的基因型及比例是Aa∶aa=2∶1,故选A。
10.B　由题图可知,兔E和兔F的基因型分别为WW、ww,则兔G和兔H的基因型均为Ww,兔G在-15 ℃环境中成长为黑色,兔H在30 ℃环境中成长为白色;兔P和兔Q的基因型均为ww,则兔R和兔S的基因型均为ww,兔R和兔S在-15 ℃和30 ℃环境中均成长为白色。根据以上分析可知,兔G和兔H的基因型都是Ww,A正确。兔G(Ww)与兔R(ww)交配,子代基因型为Ww∶ww=1∶1,若子代在30 ℃环境下成长,其毛色最可能是全为白色;若子代在-15 ℃环境下成长,最可能的表型及比例是黑色∶白色=1∶1,B错误,C正确。
11.B　S1、S2、S3、S4都是控制烟草育性的基因,是等位基因,A正确。不同基因型的植株进行正反交,子代基因型可能相同,例如S1S2♂×S2S3♀,S2花粉管不能伸长,花粉只有S1一种类型,子代基因型有S1S2和S1S3;如果反交,S1S2♀×S2S3♂,S2花粉管不能伸长,花粉只有S3一种类型,子代基因型有S1S3和S2S3,B错误。从图中看出,当精子中的S基因与卵细胞的S基因种类相同时,花粉管不能伸长,受精作用不能完成,因此可以推测该植株没有纯合子,该遗传现象利于异花传粉,C、D正确。
12.A　萝卜的花色(红色、紫色和白色)由一对等位基因(A/a)控制,图③中紫花植株和紫花植株杂交,后代紫花、白花、红花植株的比例为2∶1∶1,可知紫花植株是杂合子(Aa),白花植株和红花植株是纯合子,但由图①②③不能判断红花和白花的显隐性,A错误;由于红花植株和白花植株是具有相对性状的纯合子,所以二者杂交产生的子代都是杂合子(Aa),都是紫花植株,B正确;紫花植株(Aa)连续自交3代,得到的子代中杂合子的比例是(1/2)3=1/8,显性纯合子和隐性纯合子各占1/2×(1-1/8)=7/16,D正确。
13.D　由题可知,F1基因型为AaBb,F1进行测交,正反交子代均有四种基因型,说明该两对基因的遗传遵循自由组合定律,A错误;正常情况下,双杂合子测交后代四种基因型的比例应该是1∶1∶1∶1,而作为父本的F1测交结果为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶2∶2∶2,说明父本F1产生的AB花粉有50%不能完成受精,则F1自交得F2,F2的表型比例不是9∶3∶3∶1,B错误,D正确;根据前面分析可知,F1仍能产生4种花粉,所以F1花粉离体培养,仍能得到四种基因型的植株,C错误。
14.C　根据题干可知,褐色的基因型为A_dd,其他基因型均表现为黄色。第二组中黄色和褐色杂交后代全是褐色,且F1自由交配所得的F2中黄色∶褐色=1∶3,则F1的基因型是Aadd,亲本的基因型是aadd(黄色)×AAdd(褐色),则F2出现性状分离是基因分离的结果,A错误;第一组中F1自由交配所得F2表型及比例为黄色∶褐色=13∶3,是9∶3∶3∶1的变式,则两对等位基因的遗传遵循自由组合定律,且F1的基因型是AaDd,亲本是aaDD×AAdd,即第一组中黄色亲本的基因型是aaDD,由上述分析已知第二组中黄色亲本的基因型为aadd,B错误,C正确;第一组F2中,黄色的基因型有AADD∶AaDD∶AADd∶AaDd∶aaDD∶aaDd∶aadd=1∶2∶2∶4∶1∶2∶1,共7种,纯合子所占的比例为3/13,D错误。
15.A　由图可知,紫花植株的基因型为A_B_C_,蓝花植株的基因型为aa_ _C_,黄花植株的基因型为A_bbcc,红花植株的基因型为A_B_cc,绿花植株的基因型为A_bbC_,白花植株的基因型为aa_ _cc。现有某紫花植株自交,子代出现白花、黄花,所以该紫花植株肯定含有a、b、c基因,则该紫花植株的基因型为AaBbCc,C正确;由于该紫花植株的基因型为AaBbCc,而白花植株的基因型为aa_ _cc,因此该紫花植株自交子代中白花植株占1/4×1×1/4=1/16,A错误;紫花植株的基因型为A_B_C_,因此,自然种群中紫色植株的基因型有2×2×2=8(种),B正确;该紫花植株的基因型为AaBbCc,该紫花植株自交后代中基因型有27种,且6种花色均可出现,纯合子的基因型有2×2×2=8(种),D正确。
16.BCD　由图可知,该植株配子的结合方式有4×4=16(种),自交子代的基因型有3×3=9(种),表现型有3种,即M、N、P分别为16、9、3,A正确;在形成配子过程中,控制相同性状的遗传因子分离,控制不同性状的遗传因子自由组合,a与B、b的自由组合发生在①过程,B错误;自交子代中表现型占12份的个体中纯合子为AABB、AAbb(或aaBB),占1/6,C错误;由于自交子代出现12∶3∶1的性状分离比,推测A_B_与A_bb(或aaB_)表现相同性状,则该植株测交后代表现型比例为2∶1∶1,D错误。
17.ACD　根据题干信息,E+控制长刺的形成,E控制短刺的形成,e控制长刺的形成,且显隐性关系为E+>E>e,则该种植物长刺的基因型有4种,分别是E+E+、E+E、E+e、ee;由于基因型为E的花粉致死,所以不存在基因型为EE的个体,则短刺的基因型只有Ee 1种,A错误。短刺植株(Ee)自交,亲本产生的雄配子基因型为e,产生的雌配子基因型及比例为E∶e=1∶1,故后代出现长刺(ee)的概率为1/2,B正确。长刺的基因型为E+E+、E+E、E+e、ee,长刺植株自交,后代不会出现短刺(Ee),C错误。短刺植株与长刺植株杂交,后代能出现短刺(Ee)的组合有♀E+E×♂Ee、♀Ee×♂E+e、♀Ee×♂ee,后代出现短刺植株的概率分别为1/2、1/4、1/2,D错误。
18.BD　某种植物的花色由独立遗传的三对等位基因(A/a、B/b、D/d)控制,蓝花植株的基因型为A_B_D_,其他基因型均为白花。该植物种群中,纯合植株的基因型有2×2×2=8(种),其中纯合蓝花植株的基因型只有1种,即AABBDD,故纯合白花植株的基因型有8-1=7(种),A正确;让基因型为AaBbDd的植株相互传粉,子代中蓝花植株占3/4×3/4×3/4=27/64,故子代中白花植株占1-27/64=37/64,B错误;让基因型为AaBbDd的植株测交,子代中白花植株∶蓝花植株=7∶1,白花植株中只有基因型为aabbdd的植株为纯合子,因此子代白花植株中纯合子占1/7,C正确;两株白花植株相互传粉,子代中蓝花植株占1/8=1/2×1/2×1/2,即三对基因均相当于测交,故亲本的基因型组合有3种可能:Aabbcc×aaBbCc、aaBbcc×AabbCc、aabbCc×AaBbcc,D错误。
19.C　Ss×Ss子代能稳定遗传的基因型是SS、ss两种,Tt×Tt子代能稳定遗传的基因型是TT、tt两种,故基因型为SsTt的亲本自交,子代能稳定遗传的基因型有2×2=4(种),A正确;子代短皮刺深绿色植株的基因型是SsTT、SsTt,有2种,B正确;花椒有皮刺性状分为长皮刺和短皮刺2种,皮刺的颜色有深绿色和黄绿色两种,无皮刺性状只有1种,因此子代的表型有2×2+1=5(种),C错误;子代有皮刺花椒的基因型是SS、Ss,其中Ss占2/3,皮刺颜色遗传中Tt占1/2,因此子代有皮刺花椒中,SsTt所占比例为2/3×1/2=1/3,D正确。
20.AB　根据题干信息可知,该植物花瓣的颜色由两对独立遗传的基因控制,设相关基因为A/a、B/b,深红花植株含有4个显性基因(AABB),大红花植株含有3个显性基因(AABb、AaBB),粉红花植株含有2个显性基因(AaBb、AAbb、aaBB),浅红花植株含有1个显性基因(Aabb、aaBb),白花植株不含有显性基因(aabb)。分析可知,粉红花植株的基因型最多,有3种,A错误。大红花植株基因型为AABb、AaBB,产生的配子中含有两个显性基因的和含有一个显性基因的各占1/2,浅红花植株基因型为Aabb、aaBb,产生的配子中含有一个显性基因的和不含显性基因的各占1/2;大红花植株与浅红花植株杂交,由于浅红花植株只含一个显性基因,所以子代中浅红花植株占1/2×1/2=1/4,B错误。自交子代有5种花色的植株,基因型只有AaBb 1种,C正确。深红花植株基因型为AABB,自交后代只有深红花,与亲本相同;大红花植株基因型为AABb、AaBB,自交后代包括含4个显性基因的、3个显性基因的和2个显性基因的植株,与亲本不同;粉红花AaBb自交后代会出现5种表型,与亲本不同,AAbb、aaBB自交后代均只有1种表型,与亲本相同;浅红花植株基因型为Aabb、aaBb,自交后代包括含2个显性基因的、含1个显性基因的和不含显性基因的植株,与亲本不同;白花植株基因型为aabb,自交后代只有1种表型,与亲本相同,所以自交子代花色与亲本相同的植株,基因型有4种,D正确。
21.答案　(除标注外,每空1分)Ⅰ.(1)Aa　aa　(2)AA　Ⅱ.(1)黑色　CaCd、CaCd(2分)　(2)白化　(3)Ca>Cc>Cb>Cd(2分)　(4)10(2分)
解析　Ⅰ.(1)(2)根据实验B黄色鼠与黄色鼠杂交,后代出现黑色鼠可知,黄色相对于黑色是显性性状,且亲本黄色鼠基因型为Aa,而后代中黄色鼠与黑色鼠的比例为2∶1,说明基因型为AA的合子不能完成胚胎发育,则黄色鼠的基因型是Aa,黑色鼠的基因型是aa。Ⅱ.(1)从交配组合1黑色×黑色→黑色∶白化≈3∶1可知,黑色对白化为显性,即Ca>Cd,且两个黑色亲本为杂合体,基因型均为CaCd。(2)(3)从交配组合2黑色×白化→黑色∶银色≈1∶1可知,黑色亲本基因型为CaCc,白化亲本基因型为CdCd,黑色子代基因型为CaCd,银色子代基因型为CcCd,可推知黑色对银色为显性,银色对白化为显性,即Ca>Cc>Cd;从交配组合3乳白×乳白→乳白∶白化≈3∶1可知,亲本乳白基因型均为CbCd,乳白子代基因型为CbCb、CbCd,白化子代基因型为CdCd,可推知乳白对白化为显性,即Cb>Cd;从交配组合4银色×乳白→银色∶乳白∶白化≈2∶1∶1,可知,银色亲本基因型为CcCd,乳白亲本基因型为CbCd,银色子代基因型为CcCb、CcCd,乳白子代基因型为CbCd,白化子代基因型为CdCd,可推知银色对乳白为显性,即Cc>Cb。结合以上分析可知,这4种基因之间的显隐性关系是Ca>Cc>Cb>Cd。由于白化为隐性性状,所以两只白化豚鼠杂交,后代的性状都是白化。(4)由于豚鼠毛色由Ca黑色、Cb乳白色、Cc银色、Cd白化中的一对基因决定,所以基因型共有10种。
22.答案　(除标注外,每空1分)(1)F1在产生配子时,每对遗传因子彼此分离,不同对的遗传因子可以自由组合　测交　(2)①不可行　让F1进行自交只是对实验进行了重复,并不能证明假说(2分)　②4/9　4/9　2/3　③1/2　4(2分)
解析　(2)②孟德尔的两对相对性状的实验中,F2出现了9种基因型,分别为1YYRR、2YyRR、2YYRr、4YyRr、2yyRr、1yyRR、2Yyrr、1YYrr、1yyrr,F2的性状分离比为9∶3∶3∶1,用方案二进行验证,如果孟德尔的假说成立,则F2的双显性植株(9Y_R_)中,自交后代性状比为3∶1的植株(2YyRR和2YYRr)占4/9,自交后代性状比为9∶3∶3∶1的植株(4YrRr)占4/9;F2单显性植株(3yyR_、3Y_rr)中,自交后代出现性状分离的植株(2yyRr、2Yyrr)占2/3;F2中双隐性植株(1yyrr)自交后代全部表现一致。③根据②中的分析可知,实验发现F2自交得到F3的过程中有1/4的个体不发生性状分离,则这些个体均为纯合子;F2中有1/2(2YyRR、2YYRr、2yyRr、2Yyrr)的后代中出现3∶1的性状分离比。
23.答案　(每空2分)(1)基因型不同的两个亲本杂交,F1中缺刻叶∶全缘叶=1∶1,齿皮∶网皮=1∶1,每对相对性状结果都符合测交的结果　缺刻叶、齿皮　(2)甲和乙　(3)1/4　(4)果皮　F2中齿皮∶网皮=48∶16=3∶1
解析　(1)实验①中F1表现为1/4缺刻叶齿皮,1/4缺刻叶网皮,1/4全缘叶齿皮,1/4全缘叶网皮,分别统计两对相对性状,缺刻叶∶全缘叶=1∶1,齿皮∶网皮=1∶1,每对相对性状结果都符合测交的结果,说明这2对相对性状的遗传均遵循分离定律;根据实验②,F1全为缺刻叶齿皮,F2出现全缘叶和网皮,可以推测缺刻叶对全缘叶为显性,齿皮对网皮为显性。(2)设与叶形有关的基因用A/a表示,与果皮有关的基因用B/b表示,缺刻叶对全缘叶为显性,齿皮对网皮为显性,根据已知条件,甲、乙、丙、丁的基因型不同,其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮,基因型为A_bb,又由于实验①杂交的F1结果类似于测交结果,可推知甲的基因型为Aabb,乙的基因型为aaBb,则丙的基因型为AAbb;实验②的F2性状比为9∶3∶3∶1,则F1的基因型为AaBb,可推知丁的基因型为aaBB。甲、乙、丙、丁中属于杂合体的是甲和乙。(3)实验②的F2中纯合体基因型为1/16AABB、1/16AAbb、1/16aaBB、1/16aabb,所有纯合体占的比例为1/4。(4)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮=45∶15∶3∶1,分别统计两对相对性状,缺刻叶∶全缘叶=60∶4=15∶1,可推知叶形受两对等位基因控制;齿皮∶网皮=48∶16=3∶1,可推知果皮受一对等位基因控制。
24.答案　(除标注外,每空2分)(1)非甜非糯(1分)　遵循(1分)　当a基因纯合时,籽粒不表现糯性性状　(2)AAbb、Aabb　1或2　(3)控制玉米非甜性状的基因是显性基因,控制甜性状的基因是隐性基因;当甜玉米接受非甜玉米的花粉时,后代表现为显性性状,故甜玉米的果穗上结有非甜玉米的籽粒;当非甜玉米接受甜玉米的花粉时,后代仍表现为显性性状,故在非甜玉米果穗上找不到甜玉米的籽粒(3分)
解析　(1)F2籽粒的表型及比例为非甜非糯∶非甜糯∶甜非糯=9∶3∶4,为9∶3∶3∶1的变式,可推断F1的基因型为AaBb,表型为非甜非糯,且非甜对甜为显性,非糯对糯为显性,A、a和B、b的遗传遵循自由组合定律。甜非糯对应的基因型为aaB_、aabb,即当a基因纯合时,籽粒不表现糯性性状。(2)F2中非甜糯鲜食玉米的基因型为AAbb、Aabb。若非甜糯鲜食玉米(AAbb或Aabb)与aabb杂交,子代的基因型有1种(Aabb)或2种(Aabb、aabb),则表型有1种或2种。
25.答案　(除标注外,每空1分)(1)IAi、IBi、IAIB　IA与IB表现为共显性,IA、IB对i表现为完全显性(2分)　(2)IBi　ii　(3)Rr　1/4　(4)8
　(2分)
解析　(1)表中基因型杂合的有IAi、IBi、IAIB。根据表格中基因型和表型的关系可知,IA和IB表现为共显性,IA、IB对i表现为完全显性。(2)妻子是A型血,因此红细胞的表面含有A抗原,而题中提出“她的红细胞能被丈夫和儿子的血清凝集”,因此她的丈夫和儿子的血清中含抗A抗体,因此他们的血型可能是O型或B型。如果丈夫是O型血,则儿子的血型只能是O型或A型,此血型和双亲之一相同,不符合题意,因此父亲的血型只能是B型,儿子为O型(ii),由此可确定双亲的基因型分别为IBi(父亲)和IAi(母亲)。(3)题述家庭中的妻子是Rh阴性血型,基因型为rr,丈夫是Rh阳性血型,基因型为R_,已知丈夫的母亲为Rh阴性血型,基因型为rr,故丈夫的基因型为Rr,故其后代的基因型及比例为Rr∶rr=1∶1,理论上他们将来生育的第二胎发生溶血需符合第一胎为Rh阳性,第二胎也为Rh阳性,故概率为1/2×1/2=1/4。(4)根据分析可知题述家庭中母亲基因型为rrIAi,父亲基因型为RrIBi,单独考虑Rh血型,rr×Rr→Rr、rr,即后代有两种血型,单独考虑ABO血型,IAi×IBi→IAIB、IAi、IBi、ii,即有四种血型,综合考虑,后代可能的血型有2×4=8(种)。该夫妻再生育一个O型Rh阴性血型的孩子遗传图解见答案。