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2023年内蒙古赤峰重点中学中考物理三模试卷
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这是一份2023年内蒙古赤峰重点中学中考物理三模试卷，共22页。
A. 帕斯卡B. 瓦特C. 牛顿D. 焦耳
2. 现在的智能机器人已能与人们进行语音交流。下列关于交流过程的相关说法正确的是( )
A. 机器人是高科技产品，它发出的声音不需要声源振动产生
B. 机器人能唱旋律不同的歌曲是因为它能发出不同音色的声音
C. 人听到的机器人的声音是通过电磁波传播到人耳中的
D. 机器人发出的声音不可以在真空中传播
3. 战国时期，《墨经》中记载了影子的形成、平面镜的反射等光学问题。如图中的光学现象与影子的形成原理相同的是( )
A. 日食现象B. 筷子弯折
C. 湖中倒影D. 雨后彩虹
4. 如图所示，自然界中的雾、露、霜、雪等现象，都是水这种物质发生物态变化形成的。下列说法正确的是( )
A. 雾的形成是升华现象B. 露的形成是熔化现象
C. 霜的形成是凝华现象D. 雪的形成是液化现象
5. 2022年12月20日，白鹤滩水电站(如图)实现全部机组投产发电，它的建成对促进西部大开发、实现“西电东送”、促进经济发展等具有重要的意义。打开水坝的闸门时，液体压强使坝底的水奔流而出。决定坝底水的压强大小的主要因素是( )
A. 水的深度B. 水的体积C. 坝的密度D. 坝的高度
6. 在国际田径运动会上，我国选手苏炳添带领小组成员奋力拼搏，最终获得4×100米接力赛冠军。如图是运动员比赛时的一幕，下列说法正确的是( )
A. 运动员在奔跑的全过程中，运动状态一直保持不变
B. 运动员参加接力赛时，应该穿鞋底较平滑的运动鞋
C. 运动员站在起跑点时，他对地面的压力和地面对他的支持力是一对平衡力
D. 运动员起跑时用脚向后蹬地，说明物体间力的作用是相互的
7. 如图是一种白玉兰造型的新型5G智慧路灯。新型白玉兰路灯将5G设施、显示屏、交通指示牌、监控设备等全部集成在一起，可实现智能照明、5G基站、交通管理、信息交互、智能充电、城市综合服务等多种功能，将来可服务于城市物联网、无人驾驶等应用。下列有关说法正确的是( )
A. 白玉兰路灯在工作过程中会有部分电能转化为内能
B. 白玉兰路灯利用电能来工作，电能属于一次能源
C. 在真空中，5G信号的传播速度比4G信号的传播速度快
D. 5G通信技术主要是利用超声波传递信息的
8. 如图所示，甲、乙为两个相同的装置。闭合开关，向右移动导体棒ab，导体棒cd随之运动。下列判断正确的是( )
A. 该过程中甲装置相当于电动机
B. 该过程中乙装置的工作原理为电磁感应
C. 若竖直向上移动ab，cd一定会运动
D. 若同时对调两磁体的磁极，闭合开关后向右移动ab，cd运动方向不变
9. 如图所示，灯L1、L2完全相同，闭合开关S，发现只有一盏灯亮，且一个电表示数正常，另一个电表几乎没有示数。若电路中只有一处故障，可能是下列说法中的( )
A. 灯L1断路
B. 灯L1短路
C. 灯L2断路
D. 灯L2短路
10. 小郭同学想要比较固体甲与水的吸热本领，于是选用了两套完全相同的酒精灯给质量同为200g的固体甲和水加热，共加热20min，它们的温度随时间的变化关系如图所示。已知酒精的热值q=3.0×107J/kg，加热时，酒精灯平均每分钟消耗0.28g酒精，水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)。则下列说法正确的是( )
A. 甲从第10min开始温度不变，内能不变
B. 整个加热过程，甲吸收的热量为5.04×104J
C. 酒精灯的加热效率为28%
D. 固体甲与水的比热容之比为2：1
11. (1)盛夏，在赤蜂红山公园，小明和妈妈撑着遮阳伞在赏荷桥上欣赏荷花，闻到阵阵花香。遮阳伞可有效阻挡______ 外线对皮肤的伤害，闻到花香是荷花分子的______ 现象。
(2)2022年10月12日进行的“天宫课堂”太空授课中，陈冬老师将T字扳手在空中旋转后，扳手时而头朝下，时而头朝上翻转不停(如图)，这个现象中“会翻身的扳手”______ (选填“遵守”或“不遵守”)能量守恒定律。用扳手拧螺丝时，扳手属于______ (选填“省力”“等臂”或“费力”)杠杆。
12. (1)为了防止触电事故发生，应该把用电器的开关安装在______ (选填“火线”或“零线”)上。三脚插头插入三孔插座，通过电源线将电热水壶跟电源连接，并且能同时确保电热水壶的______ 接地线。
(2)2021年5月15日，天问一号火星探测器所携带的祝融号火星车(如图所示)成功着陆火星，实现了中国航天史重大突破。据介绍，如果祝融号的某个轮子损坏了，它可以将该轮子提起来，从而用剩下五个轮子行驶，此时火星车对火星地面的压强将______ (选填“变大”“不变”或“变小”)。
13. 如图是一款人脸识别门禁一体机，它通过摄像镜头来捕捉人脸信息。该摄像镜头相当于凸透镜，若想使拍摄的图像变大，人脸应该______ (选填“远离”或“靠近”)镜头。若镜头的焦距为10cm，为了能成缩小的清晰像，人脸到镜头的距离应______ (填范围)。
14. 用电能表测量家庭电路中某用电器的电功率，是生活中实用的方法。当电路中只有电冰箱接入电路时，电冰箱正常工作1min的过程中，发现如图所示电能表的转盘转过了10转，则这个电冰箱的实际功率是______ W。
15. 如图所示，一束光线从空气射到水面，画出入射光线对应的大致的折射光线。
16. 如图所示，重5N的小球挂在竖直墙壁上，请在图中画出小球所受重力G的示意图和墙壁受到小球压力F的示意图(点O是小球的重心)。
17. 如图所示是未完成电路连接的实物电路图。请用笔画线替代导线完成电路连接。要求：
①开关控制整个电路；
②L1、L2并联；
③电流表测量L2的电流。
18. (1)如图甲，两根带电的玻璃棒靠近后相互吸引，说明它们带______ 种电荷。
(2)如图乙，将活塞迅试压下去，筒内的棉花燃烧起来，这是通过______ 的方式增大筒内气体的内能。
(3)如图丙所示，在“测量物体运动的平均速度”实验中，小木块从斜面上的A位置滑下，经过1s滑行到B位置，再经过1s滑行到C位置，则小木块在AC段运动的平均速度为______ m/s。
19. 两千多年前，亚里士多德认为：力是维持物体运动的原因。我们可以通过实验和推理来判断这个观点是否正确，如图所示。
(1)让小车在同一斜面顶端由静止自由滑下，是为了使小车到达水平面时的______ 相同。
(2)对比三次实验现象，发现小车沿______ 表面滑行距离最长，所受阻力最小。
(3)通过对实验现象的分析，推理可知：若小车运动时不受阻力，小车将做______ 运动。由此可知物体的运动不需要力来维持。
20. 如图所示是小致同学“探究阿基米德原理”的实验，其中桶A为圆柱形。
(1)小致按图甲、乙、丙、丁进行实验操作。
(2)将空桶A轻放入盛满水的溢水杯中，用桶B接住溢出的水，如图丙所示，此时空桶A受到的浮力为______ N。
(3)测出桶B和流出水的总重力，如图丁所示，可知桶A排开水的重力______ (选填“大于”“等于”或“小于”)桶A受到的浮力。
(4)接着小致同学往桶A中加入沙子重复进行实验，得到4组数据，表格如下，其中有明显错误的是第______ 次。
21. 小明做“测量小灯泡电功率”的实验。实验室有如下器材：电源、小灯泡(额定电压为2.5V)、电流表、电压表、开关、滑动变阻器各一个，导线若干。
(1)小明连接的电路如图甲所示。
(2)小明连接好电路，将滑片P移到A端，闭合开关后，发现灯泡不亮，检查电路发现电压表、电流表均有示数，则接下来的操作应是______ 。
(3)实验过程中，闭合开关，移动滑片P到某位置时，电压表的示数为2.2V，若想测量小灯泡的额定功率，应将滑片P适当向______ (选填“A”或“B”)端移动，测量小灯泡的额定电流，从而得出额定电功率。
(4)小丽也想利用上述实验器材测量额定电压为U额的小灯泡的额定电功率，但她发现电流表损坏了。善于动脑的小丽认真思考后，利用定值电阻R(阻值已知)，设计如图丙所示电路，并按如下实验步骤进行测量：
①连接电路后只闭合开关S、S1，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；
②断开开关S1，闭合开关S、S2，保持滑片位置不变，读出此时电压表示数为U；
③小灯泡的额定功率P= ______ (用所测物理量和已知物理量符号表示)。
22. 阅读短文，回答问题。
风洞风洞即风洞实验室，是以人工的方式产生并且控制气流，用来模拟飞行器或实体周围气体的流动情况，并可量度气流对实体的作用效果以及观察物理现象的一种管道状实验设备。
风洞种类繁多，如图甲所示为闭口直流式风洞结构示意图，其主要组成部分为收缩段、试验段、扩散段和动力装置，动力装置包括直流电机和风扇。风扇转动后，将空气吸入风洞中，通过调节电机转速以获得不同的实验段速度；收缩段前装有整流栅，整流栅做成方格状，用来消除气流中的旋涡；气流通过收缩段后，流速增大，这样可使进入试验段的气流较为均匀；试验段截面是方形的，模型放在其中进行试验；扩散段的功能是使试验段后面的气流减速后再排入大气。
因为风洞的控制性佳，可重复性高，现今风洞广泛用于空气动力学工程的测试，譬如结构物的风力荷载和振动，风力发电、防风设施的功效等，一些研究也指出风洞实验的结果与实际风场的观测结果相近。
(1)实验时，以气流为参照物，模型是______ (选填“运动”或“静止”)的。
(2)将图乙所示的机翼模型固定在台式测力计上并放置于风洞中，测量风机工作与不工作时测力计的示数变化，则有风时测力计的示数比无风时的______ 。
(3)在其他条件不变时，试验段的横截面面积越小，试验段的风速越______ 。
23. 水平面上放置一重为50N的正方体物块，其边长为20cm。用水平放置的滑轮组拉物块，如图所示，滑轮组绳子自由端的水平拉力F=10N，物块做匀速直线运动。不计滑轮与绳子的质量及滑轮组的摩擦，求：
(1)正方体物块静止时对水平面的压强；
(2)正方体物块匀速运动时受到水平面的摩擦力大小；
(3)若物块在5s内运动了60cm，拉力F做功的功率大小。
24. 在如图所示的电路中，电源电压为24V保持不变，电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2上标有“50Ω 1.5A”字样，电压表有0～3V和0～15V两个量程。闭合开关S后，电流表的示数为1A。
(1)求此时电阻R1两端的电压U1。
(2)求此时变阻器R2接入电路的阻值。
(3)保持电路连接不变，在电路安全工作的情况下，移动变阻器R2的滑片，请计算电路消耗的最大功率是最小功率的多少倍(结果保留两位小数)？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：万有引力是牛顿发现的，力的单位是牛顿。
故选：C。
根据我们对万有引力和经典力学理论体系的了解来作答。
物理学中，很多物理量的单位都是用科学家的名字来命名的，这是为了纪念科学家们对科学做出的贡献，我们应该认识并分清他们。
2.【答案】D
【解析】解：A.声音是由于物体的振动产生的，机器人发出的声音也是由振动产生的，A错误；
B.机器人能唱旋律不同的歌曲是因为它能发出不同音调的声音，故B错误；
C.人听到的机器人的声音是通过空气传播到人耳中的，故C错误；
D.机器人发出的声音不可以在真空中传播，故D正确。
故选：D。
声音是由物体的振动产生的；音色的影响因素是发声体的材料和结构；
声音的传播需要介质，真空不能传播声音，声音的传播速度与介质的种类和温度有关。
此题考查了声音的产生、声音的特性、声音的传播，属基础题目。
3.【答案】A
【解析】解：影子的形成是光的直线传播；
A、日食的形成，是光的直线传播现象，故A符合题意；
B、筷子弯折属于光的折射现象，故B不符合题意；
C、湖中倒影是平面镜成像，属于光的反射现象，故C不符合题意；
D、雨后天空出现彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散，属于光的折射，故D不符合题意。
故选：A。
明确影子是由光的直线传播形成的现象，然后分析各个选项形成原理，选出符合题意的选项。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
4.【答案】C
【解析】解：A、“雾”是由空气中的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，附着在空中小尘埃上形成的，是液化现象，液化放热，故A错误；
B、“露”是由空气中的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，附着在草叶上形成的，是液化现象，液化放热，故B错误；
C、“霜”是由空气中的水蒸气遇冷直接变成固态的小冰晶，是凝华现象，凝华放热，故C正确；
D、“雪”是由空气中的水蒸气遇冷直接变成固态的小冰晶，是凝华现象，凝华放热，故D错误。
故选：C。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。其中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量。
判断物态变化主要看物体由什么状态变为什么状态，然后根据各种物态变化的概念得出结论；物态变化知识是中考必考的知识点，需要掌握。
5.【答案】A
【解析】解：由于液体受到重力作用，且具有流动性，所以液体对容器底和容器侧壁有压强，并且液体的压强随深度增加而增大，因此决定坝底水的压强大小的是水的深度，故BCD错误，A正确。
故选：A。
液体压强使坝底的水喷射而出，根据液体压强的特点就能找出决定坝底水的压强大小的因素。
本题的解题关键是熟记液体压强的特点，会灵活运用它来解决实际问题。
6.【答案】D
【解析】解：A.在奔跑的全过程中，速度大小在变化，因此运动状态会改变，故A错误；
B.运动员参加接力赛时，应该穿鞋底较粗糙的运动鞋，以增大摩擦力，故B错误；
C.他对地面的压力和地面对他的支持力没有作用在同一物体上，不是平衡力，故C错误；
D.起跑时用脚向后蹬地，地面向前推他，说明物体间力的作用是相互的，故D正确。
故选：D。
(1)物体处于静止或匀速直线运动时，运动状态保持不变；
(2)两个互相接触的物体，当它们做相对运动时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫做摩擦力；影响摩擦力大小的因素：压力大小和接触面的粗糙程度；
(3)二力平衡的条件为：作用在同一物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上)；
(4)物体间力的作用是相互的。
本题是一道力学综合题，考查了平衡力的辨别、物体间力的作用是相互的、惯性等。
7.【答案】A
【解析】解：A.白玉兰路灯有电阻，根据焦耳定律，使用过程中也会发热，工作过程中部分电能转化为内能，故A正确；
B.电能由其他能源转化而来，属于二次能源，不是可再生能源，故B错误；
C.在真空中，5G信号的传播速度与4G信号的传播速度相同，故C错误；
D.5G通信技术是利用电磁波进行信息传输的，故D错误。
故选：A。
(1)根据焦耳定律分析发热问题；
(2)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源叫二次能源；
(3)在真空中，不同的电磁波传播速度是相同的；
(4)移动通讯是利用电磁波来传递信息。
本题考查了电流的热效应、能源的分类、电磁波的传播和应用等问题，涉及的知识较多，但难度不大，是一道基础题。
8.【答案】D
【解析】解：A、该过程中导体ab先运动，然后产生感应电流，甲装置相当于发电机，故A错误；
B、该过程中导体cd在磁场中受力转动，故乙装置的工作原理为通电导体在磁场中受力运动。
C、甲装置的磁极是竖直方向，如果竖直向上移动ab，ab不切割磁感线，不会产生感应电流，故cd不会运动，故C错误；
D、若同时对调两磁体的磁极，闭合开关后向右移动ab，产生的电流方向改变，而cd中电流方向改变，磁场方向又改变，故cd运动方向不变，故D正确。
故选：D。
(1)电动机的工作原理：通电导体在磁场中受力转动。
(2)电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
(3)感应电流的方向与导体运动和磁极的方向有关，磁场对电流作用力的方向与电流方向有关。
本题考查了电和磁，属于基础题。
9.【答案】C
【解析】解：根据电路图可知，两灯泡并联，电流表A测量L2电流，电压表测量L1或L2两端电压；
闭合开关S，发现只有一盏灯亮，这说明一条支路出现了断路故障；
由于电压表始终测量的是电源电压，电源电压不变，所以电压表示数不变，则电流表的示数变为0，所以故障是灯L2断路。
故选：C。
根据电路图可知，两灯泡并联，电流表A测量L2电流，电压表测量L1或L2两端电压或电源电压；根据并联电路的特点、电表示数的变化分析。
要学会使用电流表、电压表来判断电路中的故障，学会从现象中分析原因。
10.【答案】B
【解析】解：A、甲从第10min开始，虽然温度不变，但是吸收热量、内能增加，故A错误；
B、由图象可知，前20min水的温度从0℃上升到60℃，
水在20min内吸收的热量：
Q水吸=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(60℃−0℃)=5.04×104J，
因为完全相同的酒精灯在相同时间内放出的热量相同，
所以在整个过程中，甲和水吸收的热量相同，都为5.04×104J，故B正确；
C、因为酒精灯平均每分钟消耗0.28g酒精，
所以10min消耗的酒精质量m酒精=10×0.28g=2.8g=2.8×10−3kg，
完全燃烧时放出的热量为：
Q放=mq=2.8×10−3kg×3.0×107J/kg=8.4×104J，
酒精灯的加热效率：
η=Q水吸Q放×100%=2.52×104J8.4×104J×100%=30%，故C错误；
D、由图象可知，甲前10min内升高的温度为60℃，
水在20min内升高的温度为60℃，即升高相同的温度，
水的加热时间为甲加热时间的2倍，所以水吸收的热量为甲吸收热量的2倍，
即Q水′=2Q甲，
所以c水mΔt=2c甲mΔt，则c甲c乙=12，故D错误。
故选：B。
(1)晶体熔化时吸收热量、内能增加，温度不变；
(1)知道水的比热容、水的质量、初温和末温，根据Q吸=c水m水(t−t0)求出水20min内吸收的热量，根据完全相同的酒精灯在相同时间内放出的热量相同，算出整个过程甲吸收的热量；
(2)已知酒精灯平均每分钟消耗2.8g酒精，便可以计算出给水加热10min时间消耗酒精的质量，
根据Q=mq求出酒精完全燃烧放出的热量，根据η=Q吸Q放×100%求出酒精灯的加热效率：
(3)根据图象得出甲和水温度都升高60℃时的加热时间，判断出吸收热量的关系，根据Q=cmΔt算出甲与水的比热容之比。
本题通过比较“甲和水的吸热本领”，考查了控制变量法，用公式计算热量和比热容，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键。
11.【答案】紫 扩散 遵循 省力
【解析】解：(1)太阳中有大量的紫外线，遮阳伞可有效阻挡紫外线对皮肤的伤害；闻到花香是荷花分子的扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
(2)“会翻身的扳手”在运动的过程中，遵循能量守恒定律；用扳手拧螺丝时，动力臂大于阻力臂，所以扳手属于省力杠杆。
故答案为：(1)紫；扩散；(2)遵循；省力。
(1)过量的紫外线照射容易使皮肤受伤；分子都在不停地做无规则运动；
(2)所有能量的转化和转移都遵循能量守恒定律；根据动力臂和阻力臂的大小分析杠杆的类型。
本题考查了紫外线、扩散现象、能量守恒定律、杠杆的分类，属于综合题。
12.【答案】火线 金属外壳 变大
【解析】解：(1)把用电器的开关安装在火线上，这样，当开关断开时，用电器就与火线断开了，可以防止触电事故的发生，确保安全；电热水壶属于金属外壳用电器，因此与电热水壶外壳相连接的是地线，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生；
(2)当一个轮子损坏提起，只用剩下五个轮子在火星上行驶时，其压力不变，受力面积变小，则对火星地面的压强将变大。
故答案为：(1)火线；金属外壳；(2)变大。
(1)把用电器的开关安装在火线上时，当开关断开时，用电器就与火线断开了；三孔插座的接法是左零右火上接地，三脚插头的接法是中上的要与用电器外壳相连；
(2)压强的影响因素是压力大小和受力面积，在压力一定时，改变受力面积可改变压强；在受力面积一定时，改变压力大小也可改变压强。
(1)本题考查了电路连接方式、安全用电知识，是一道与生活密切联系的应用类习题；
(2)本题以祝融号火星车为内容，考查了影响压强大小的因素及其应用，难度不大。
13.【答案】靠近 大于20cm
【解析】解：该摄像镜头相当于一个凸透镜，是利用当物距大于2倍焦距时凸透镜成倒立、缩小的实像的原理工作的。
若想使拍摄的图像变大，由凸透镜成实像的规律可知，应增大像距，减小物距，所以人脸应该靠近镜头。
若镜头的焦距为10cm，为了能成缩小清晰的像，则人脸和摄像头的距离应大于二倍焦距，即大于20cm。
故答案为：靠近；大于20cm。
摄像机是利用凸透镜成倒立、缩小的实像的原理工作的，当u>2f时，凸透镜才成倒立、缩小的实像；凸透镜成实像时，物距变小，像距变大，像变大。
本题考查了凸透镜成像规律的应用；在学习过程中要善于总结、寻找规律，试着将所学知识与生活实际联系起来。
14.【答案】240
【解析】解：2500r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500r，
电能表转盘转动10r时，电冰箱消耗的电能：
W=102500kW⋅h=0.004kW⋅h，
电冰箱工作时间：t=1min=160h，
电冰箱的实际功率：
P=Wt=0.004kW⋅h160h=0.24kW=240W。
故答案为：240。
2500r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500r，据此求出转盘转10r时，电冰箱消耗的电能，再利用P=Wt求电冰箱的实际功率。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，理解“2500r/kW⋅h”的含义是本题的关键。
15.【答案】解：根据折射光线与入射光线分居法线两侧，在水中法线的另一侧作出折射光线，注意折射角小于入射角，如图所示：
【解析】根据光由空气斜射进入水中折射光线向法线偏折，折射角小于入射角作出折射光线。
在两种透明介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射光线与入射光线在同种介质中，折射光线和入射光线在不同种介质中。
16.【答案】解：
物体的重心一般在物体的几何重心，重力的方向是竖直向下的。过小球重心沿竖直方向画一条线段，末端带上箭头。
压力的作用点是球与墙壁的接触点，然后过作用点作垂直于墙壁，并指向墙里面的压力，如图所示：
【解析】重力的示意图的画法，即从重心起，沿重力的方向画条带箭头的线段。
压力的方向总是垂直于接触面，并且指向接触面；根据压力的作用点在接触面上，确定出压力的作用点，然后过作用点表示压力的方向。
作力的示意图，要先确定力的三要素，把三要素清清楚楚画出来，并标上字母符号和大小。
17.【答案】解：L1、L2并联，开关控制整个电路，开关接在干路上，电流表测量L2的电流，电流表与L2串联，如下所示：
【解析】根据题意分析电路的连接方式、开关的作用；电流表应串联接入电路中。
本题考查根据要求连接实物图，关键是开关和电流表的连接。
18.【答案】异 做功 0.15
【解析】解：(1)两根带电的玻璃棒靠近后相互吸引，根据电荷间相互作用的规律可知，它们带异种电荷。
(2)将活塞迅试压下去，筒内的棉花燃烧起来，这是通过做功的方式改变内能。
(3)从图示可知：AC=30.0cm；从A到C所用时间是2s，故AC段的平均速度为：
v=st=30cm2s=15cm/s=0.15m/s。
故答案为：(1)异；(2)做功；(3)0.15。
(1)电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥。异种电荷相互吸引。
(2)改变内能的两种方式：做功和热传递。
(3)刻度尺要估读到分度值的下一位，先读出距离，再根据v=st计算平均速度。
本题考查了电荷间相互作用的规律、改变内能的方式和平均速度的计算，属于基础题。
19.【答案】速度 木板 匀速直线
【解析】解：(1)由控制变量法，让小车在同一斜面顶端由静止自由滑下，是为了使小车到达水平面时的速度相同。
(2)木板表面最光滑，对比三次实验现象，发现小车沿木板表面所受阻力最小，小车滑行距离最长。
(3)根据(2)推理，若小车运动时不受阻力，小车通过的距离无限长，即小车将做匀速直线运动，由此可知物体的运动不需要力来维持。
故答案为：(1)速度；(2)木板； (3)匀速直线。
(1)由控制变量法，要控制小车到达水平面时的速度相同。
(2)木板表面最光滑，根据实验现象回答。
(3)根据(2)推理回答。
本题研究运动和力的关系，主要考查控制变量法和推理法的运用。
20.【答案】2 等于 3
【解析】解：(2)由图乙知，空桶A的重力为GA=2N，图丙中空桶A在溢水杯中处于漂浮状态，则空桶A受到的浮力F浮=GA=2N；
(3)由图甲知，空桶B的重力为1.6N，图丁中桶B和溢出水的总重力为3.6N，桶A排开水的重力G排=G总−G桶B=3.6N−1.6N=2N，所以比较可知F浮=G排，即桶A排开水的重力等于桶A受到的浮力；
(4)往桶A中加入沙子进行实验时，装有沙子的桶A在水中仍然处于漂浮状态，则排开水的重力等于桶A受到的浮力，也等于桶A和沙子受到的总重力，第3组数据中G排=G总B−G桶B=4.6N−1.6N=3N，不等于桶A与沙子的总重力3.2N，则该组数据是错误的；
故答案为：(2)2；(3)等于；(4)3。
(2)由图乙知，空桶A的重力为2N，图丙中空桶A在溢水杯中处于漂浮状态，根据F浮=GA得出空桶A受到的浮力；
(3)由图甲知，空桶B的重力为1.6N，图丁中桶B和溢出水的总重力为3.6N，根据G排=G总−G桶B得出桶A排开水的重力，所以比较可知桶A排开水的重力与桶A受到的浮力的大小关系；
(4)往桶A中加入沙子进行实验时，装有沙子的桶A在水中仍然处于漂浮状态，则排开水的重力等于桶A受到的浮力，也等于桶A和沙子受到的总重力，据此分析；
本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道综合题。
21.【答案】移动滑片，观察灯泡是否发光 B U额⋅U−U额R
【解析】解：(2)连接好电路闭合开关后，检查电路发现电压表、电流表均有示数，说明电路是通路，灯泡不亮，说明电路中电流太小，灯泡实际功率太小，故接下来的操作应是：移动滑片，观察灯泡是否发光；
(3)当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡正常发光；闭合开关，移动滑片P到某位置时，电压表的示数为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，若想测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片P向B端移动，使电压表的示数为2.5V；
(4)实验步骤：
①连接电路后闭合开关S、S1，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；
②断开开关S1，闭合开关S、S2，保持滑片位置不变，读出此时电压表示数为U；
③在步骤①中，灯泡、定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光；
在步骤②中，灯泡、定值电阻和滑动变阻器仍串联，电压表测灯泡和定值电阻两端电压；因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据串联电路电压规律，此时定值电阻R两端的电压：U0=U−U额，
根据串联电路电流特点，通过灯泡的电流：I额=I0=U0R=U−U额R，
则小灯泡额定功率：P=U额I额=U额⋅U−U额R。
故答案为：(2)移动滑片，观察灯泡是否发光；(3)B；(4)U额⋅U−U额R。
(2)连接好电路闭合开关后，检查电路发现电压表、电流表均有示数，说明电路是通路，灯泡不亮，说明电路中电流太小，灯泡实际功率太小，据此分析；
(3)当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡正常发光；比较电压表示数与灯泡额定电压的大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
(4)由丙图可知，没有电流表的情况下，利用定值电阻和电压表代替电流表与灯泡串联，首先使灯泡两端的电压等于2.5V，然后测出此时定值电阻两端的电压，便可求出电路中的电流，根据P=UI计算出灯泡的额定电功率。
本题测量小灯泡电功率的实验，考查了电路连接、故障分析、实验操作、功率的计算、影响电阻大小因素及设计实验方案测功率的能力。
22.【答案】运动 小 大
【解析】解：(1)实验时，模型和气流有位置的变化，故以气流为参照物，模型是运动的；
(2)有风时，在相同时间内，空气经过模型上表面路程长，气体速度大，压强小，下表面路程短，气体速度小，压强大，产生向上的升力，测力计示数小；
(3)在其它条件不变时，试验段的横截面面积越小，单位时间内通过的空气量相同，试验段的风速越大。
故答案为：(1)运动；(2)小；(3)大。
(1)研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化，如果变化，物体是运动的，如果没变化，则是静止的；
(2)流体压强与流速的关系：流速越大的地方压强越小；根据”风扇转动后，将空气吸入风洞中”判断分析风向；
(5)横截面面积越小，风速越大。
本题主要考查了流体压强与流速的关系，并用此理论分析解答风洞的有关知识，体现了学生理论联系实际的能力。
23.【答案】解：(1)正方体物块静止时对水平面的压力：F压=G=50N，
正方体物块静止时对水平面的压强：p=F压S=50N0.2m×0.2m=1250Pa；
(2)由图知，通过动滑轮绳子的段数n=3，物块匀速运动的过程中水平方向受到地面的摩擦力和滑轮组对物块的拉力是一对平衡力，所以f=F′，不计滑轮与绳子的质量及滑轮组的摩擦，由滑轮组的特点可知物块受到地面的摩擦力为：f=F′=nF=3×10N=30N；
(3)物块运动的距离为60cm=0.6m，
由s=ns物和W=Fs可得，绳端拉力做的功：W=Fns物=10N×3×0.6m=18J，
绳端拉力的功率：P=Wt=18J5s=3.6W。
答：(1)正方体物块静止时对水平面的压强是1250Pa；
(2)正方体物块匀速运动时受到水平面的摩擦力大小是30N；
(3)若物块在5s内运动了60cm，拉力F做功的功率大小是3.6W。
【解析】(1)正方体物块静止时对水平面的压力等于重力，根据p=FS得到对水平面的压强；
(2)由图知，通过动滑轮绳子的段数n=3，不计滑轮与绳子的质量及滑轮组的摩擦，根据二力平衡知识和f=nF得到正方体物块匀速运动的过程中受到地面的摩擦力大小；
(3)根据s=ns物和W=Fs计算绳端拉力做的功，根据P=Wt计算绳子自由端的拉力做功的功率大小。
本题考查了压强、滑轮组的特点、绳端拉力和功率计算公式的应用，注意滑轮组水平拉动物体时克服的是物体与地面间的摩擦力。
24.【答案】解：由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测量滑动变阻器R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)由欧姆定律可知，此时电阻R1两端的电压：U1=IR1=1A×10Ω=10V；
(2)由串联电路的电压特点可知，变阻器R2两端的电压：U2=U−U1=24V−10V=14V，
由欧姆定律可知，变阻器R2接入电路的电阻：R2=U2I =14V1A=14Ω；
(3)由题意可知，变阻器允许通过的最大电流为1.5A，
因为变阻器R2两端的电压U2=14V>3V，所以电压表选用0～15V的量程，
由P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路消耗的电功率最大；电路中的电流最小时，电路消耗的电功率最小；
由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中的电流最大，为I最大0=U R1=24V10Ω=2.4A>1.5A，因此电路中的最大电流只能为1.5A，
当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，由串联电路的分压原理可知，此时滑动变阻器两端的电压最大，因为电压表的量程为0～15V，所以滑动变阻器两端的最大电压为15V，
由串联电路的电压特点可知，R1两端的电压：U1小=U−U大=24V−15V=9V，
由欧姆定律可知，电路中的最小电流：I最小=U1小R1=9V10Ω=0.9A，
由P=UI可知，电路消耗的最大功率与最小功率之比：P最大P最小=UI最大UI最小=I最大I最小=≈1.67，
因此电路消耗的最大功率是最小功率的1.67倍。
答：(1)此时电阻R1两端的电压为10V；
(2)此时变阻器R2接入电路的阻值为14Ω；
(3)电路消耗的最大功率是最小功率的1.67倍。
【解析】由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测量滑动变阻器R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)根据欧姆定律求出此时电阻R1两端的电压；
(2)根据串联电路的电压特点求出变阻器R2两端的电压，根据欧姆定律求出变阻器R2接入电路的电阻；
(3)由题意可知，变阻器允许通过的最大电流，根据变阻器R2两端的电压确定电压表选的量程；由P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路消耗的电功率最大；电路中的电流最小时，电路消耗的电功率最小，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中的电流最大，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，与滑动变阻器允许通过的最大电流进行比较，进而确定电路中的最大电流，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，由串联电路的分压原理可知，此时滑动变阻器两端的电压最大，根据电压表的量程确定滑动变阻器两端的最大电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P=UI求出电路消耗的最大功率与最小功率之比，进而求出电路消耗的最大功率是最小功率的倍数。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，确定通过电路的最大电流和最小电流是解题的关键。
次数
1
2
3
4
桶A与沙子的总重力/N
2.4
2.8
3.2
3.4
桶B与水的总重力/N
4.0
4.4
4.6
5.0
A. 帕斯卡B. 瓦特C. 牛顿D. 焦耳
2. 现在的智能机器人已能与人们进行语音交流。下列关于交流过程的相关说法正确的是( )
A. 机器人是高科技产品，它发出的声音不需要声源振动产生
B. 机器人能唱旋律不同的歌曲是因为它能发出不同音色的声音
C. 人听到的机器人的声音是通过电磁波传播到人耳中的
D. 机器人发出的声音不可以在真空中传播
3. 战国时期，《墨经》中记载了影子的形成、平面镜的反射等光学问题。如图中的光学现象与影子的形成原理相同的是( )
A. 日食现象B. 筷子弯折
C. 湖中倒影D. 雨后彩虹
4. 如图所示，自然界中的雾、露、霜、雪等现象，都是水这种物质发生物态变化形成的。下列说法正确的是( )
A. 雾的形成是升华现象B. 露的形成是熔化现象
C. 霜的形成是凝华现象D. 雪的形成是液化现象
5. 2022年12月20日，白鹤滩水电站(如图)实现全部机组投产发电，它的建成对促进西部大开发、实现“西电东送”、促进经济发展等具有重要的意义。打开水坝的闸门时，液体压强使坝底的水奔流而出。决定坝底水的压强大小的主要因素是( )
A. 水的深度B. 水的体积C. 坝的密度D. 坝的高度
6. 在国际田径运动会上，我国选手苏炳添带领小组成员奋力拼搏，最终获得4×100米接力赛冠军。如图是运动员比赛时的一幕，下列说法正确的是( )
A. 运动员在奔跑的全过程中，运动状态一直保持不变
B. 运动员参加接力赛时，应该穿鞋底较平滑的运动鞋
C. 运动员站在起跑点时，他对地面的压力和地面对他的支持力是一对平衡力
D. 运动员起跑时用脚向后蹬地，说明物体间力的作用是相互的
7. 如图是一种白玉兰造型的新型5G智慧路灯。新型白玉兰路灯将5G设施、显示屏、交通指示牌、监控设备等全部集成在一起，可实现智能照明、5G基站、交通管理、信息交互、智能充电、城市综合服务等多种功能，将来可服务于城市物联网、无人驾驶等应用。下列有关说法正确的是( )
A. 白玉兰路灯在工作过程中会有部分电能转化为内能
B. 白玉兰路灯利用电能来工作，电能属于一次能源
C. 在真空中，5G信号的传播速度比4G信号的传播速度快
D. 5G通信技术主要是利用超声波传递信息的
8. 如图所示，甲、乙为两个相同的装置。闭合开关，向右移动导体棒ab，导体棒cd随之运动。下列判断正确的是( )
A. 该过程中甲装置相当于电动机
B. 该过程中乙装置的工作原理为电磁感应
C. 若竖直向上移动ab，cd一定会运动
D. 若同时对调两磁体的磁极，闭合开关后向右移动ab，cd运动方向不变
9. 如图所示，灯L1、L2完全相同，闭合开关S，发现只有一盏灯亮，且一个电表示数正常，另一个电表几乎没有示数。若电路中只有一处故障，可能是下列说法中的( )
A. 灯L1断路
B. 灯L1短路
C. 灯L2断路
D. 灯L2短路
10. 小郭同学想要比较固体甲与水的吸热本领，于是选用了两套完全相同的酒精灯给质量同为200g的固体甲和水加热，共加热20min，它们的温度随时间的变化关系如图所示。已知酒精的热值q=3.0×107J/kg，加热时，酒精灯平均每分钟消耗0.28g酒精，水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)。则下列说法正确的是( )
A. 甲从第10min开始温度不变，内能不变
B. 整个加热过程，甲吸收的热量为5.04×104J
C. 酒精灯的加热效率为28%
D. 固体甲与水的比热容之比为2：1
11. (1)盛夏，在赤蜂红山公园，小明和妈妈撑着遮阳伞在赏荷桥上欣赏荷花，闻到阵阵花香。遮阳伞可有效阻挡______ 外线对皮肤的伤害，闻到花香是荷花分子的______ 现象。
(2)2022年10月12日进行的“天宫课堂”太空授课中，陈冬老师将T字扳手在空中旋转后，扳手时而头朝下，时而头朝上翻转不停(如图)，这个现象中“会翻身的扳手”______ (选填“遵守”或“不遵守”)能量守恒定律。用扳手拧螺丝时，扳手属于______ (选填“省力”“等臂”或“费力”)杠杆。
12. (1)为了防止触电事故发生，应该把用电器的开关安装在______ (选填“火线”或“零线”)上。三脚插头插入三孔插座，通过电源线将电热水壶跟电源连接，并且能同时确保电热水壶的______ 接地线。
(2)2021年5月15日，天问一号火星探测器所携带的祝融号火星车(如图所示)成功着陆火星，实现了中国航天史重大突破。据介绍，如果祝融号的某个轮子损坏了，它可以将该轮子提起来，从而用剩下五个轮子行驶，此时火星车对火星地面的压强将______ (选填“变大”“不变”或“变小”)。
13. 如图是一款人脸识别门禁一体机，它通过摄像镜头来捕捉人脸信息。该摄像镜头相当于凸透镜，若想使拍摄的图像变大，人脸应该______ (选填“远离”或“靠近”)镜头。若镜头的焦距为10cm，为了能成缩小的清晰像，人脸到镜头的距离应______ (填范围)。
14. 用电能表测量家庭电路中某用电器的电功率，是生活中实用的方法。当电路中只有电冰箱接入电路时，电冰箱正常工作1min的过程中，发现如图所示电能表的转盘转过了10转，则这个电冰箱的实际功率是______ W。
15. 如图所示，一束光线从空气射到水面，画出入射光线对应的大致的折射光线。
16. 如图所示，重5N的小球挂在竖直墙壁上，请在图中画出小球所受重力G的示意图和墙壁受到小球压力F的示意图(点O是小球的重心)。
17. 如图所示是未完成电路连接的实物电路图。请用笔画线替代导线完成电路连接。要求：
①开关控制整个电路；
②L1、L2并联；
③电流表测量L2的电流。
18. (1)如图甲，两根带电的玻璃棒靠近后相互吸引，说明它们带______ 种电荷。
(2)如图乙，将活塞迅试压下去，筒内的棉花燃烧起来，这是通过______ 的方式增大筒内气体的内能。
(3)如图丙所示，在“测量物体运动的平均速度”实验中，小木块从斜面上的A位置滑下，经过1s滑行到B位置，再经过1s滑行到C位置，则小木块在AC段运动的平均速度为______ m/s。
19. 两千多年前，亚里士多德认为：力是维持物体运动的原因。我们可以通过实验和推理来判断这个观点是否正确，如图所示。
(1)让小车在同一斜面顶端由静止自由滑下，是为了使小车到达水平面时的______ 相同。
(2)对比三次实验现象，发现小车沿______ 表面滑行距离最长，所受阻力最小。
(3)通过对实验现象的分析，推理可知：若小车运动时不受阻力，小车将做______ 运动。由此可知物体的运动不需要力来维持。
20. 如图所示是小致同学“探究阿基米德原理”的实验，其中桶A为圆柱形。
(1)小致按图甲、乙、丙、丁进行实验操作。
(2)将空桶A轻放入盛满水的溢水杯中，用桶B接住溢出的水，如图丙所示，此时空桶A受到的浮力为______ N。
(3)测出桶B和流出水的总重力，如图丁所示，可知桶A排开水的重力______ (选填“大于”“等于”或“小于”)桶A受到的浮力。
(4)接着小致同学往桶A中加入沙子重复进行实验，得到4组数据，表格如下，其中有明显错误的是第______ 次。
21. 小明做“测量小灯泡电功率”的实验。实验室有如下器材：电源、小灯泡(额定电压为2.5V)、电流表、电压表、开关、滑动变阻器各一个，导线若干。
(1)小明连接的电路如图甲所示。
(2)小明连接好电路，将滑片P移到A端，闭合开关后，发现灯泡不亮，检查电路发现电压表、电流表均有示数，则接下来的操作应是______ 。
(3)实验过程中，闭合开关，移动滑片P到某位置时，电压表的示数为2.2V，若想测量小灯泡的额定功率，应将滑片P适当向______ (选填“A”或“B”)端移动，测量小灯泡的额定电流，从而得出额定电功率。
(4)小丽也想利用上述实验器材测量额定电压为U额的小灯泡的额定电功率，但她发现电流表损坏了。善于动脑的小丽认真思考后，利用定值电阻R(阻值已知)，设计如图丙所示电路，并按如下实验步骤进行测量：
①连接电路后只闭合开关S、S1，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；
②断开开关S1，闭合开关S、S2，保持滑片位置不变，读出此时电压表示数为U；
③小灯泡的额定功率P= ______ (用所测物理量和已知物理量符号表示)。
22. 阅读短文，回答问题。
风洞风洞即风洞实验室，是以人工的方式产生并且控制气流，用来模拟飞行器或实体周围气体的流动情况，并可量度气流对实体的作用效果以及观察物理现象的一种管道状实验设备。
风洞种类繁多，如图甲所示为闭口直流式风洞结构示意图，其主要组成部分为收缩段、试验段、扩散段和动力装置，动力装置包括直流电机和风扇。风扇转动后，将空气吸入风洞中，通过调节电机转速以获得不同的实验段速度；收缩段前装有整流栅，整流栅做成方格状，用来消除气流中的旋涡；气流通过收缩段后，流速增大，这样可使进入试验段的气流较为均匀；试验段截面是方形的，模型放在其中进行试验；扩散段的功能是使试验段后面的气流减速后再排入大气。
因为风洞的控制性佳，可重复性高，现今风洞广泛用于空气动力学工程的测试，譬如结构物的风力荷载和振动，风力发电、防风设施的功效等，一些研究也指出风洞实验的结果与实际风场的观测结果相近。
(1)实验时，以气流为参照物，模型是______ (选填“运动”或“静止”)的。
(2)将图乙所示的机翼模型固定在台式测力计上并放置于风洞中，测量风机工作与不工作时测力计的示数变化，则有风时测力计的示数比无风时的______ 。
(3)在其他条件不变时，试验段的横截面面积越小，试验段的风速越______ 。
23. 水平面上放置一重为50N的正方体物块，其边长为20cm。用水平放置的滑轮组拉物块，如图所示，滑轮组绳子自由端的水平拉力F=10N，物块做匀速直线运动。不计滑轮与绳子的质量及滑轮组的摩擦，求：
(1)正方体物块静止时对水平面的压强；
(2)正方体物块匀速运动时受到水平面的摩擦力大小；
(3)若物块在5s内运动了60cm，拉力F做功的功率大小。
24. 在如图所示的电路中，电源电压为24V保持不变，电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2上标有“50Ω 1.5A”字样，电压表有0～3V和0～15V两个量程。闭合开关S后，电流表的示数为1A。
(1)求此时电阻R1两端的电压U1。
(2)求此时变阻器R2接入电路的阻值。
(3)保持电路连接不变，在电路安全工作的情况下，移动变阻器R2的滑片，请计算电路消耗的最大功率是最小功率的多少倍(结果保留两位小数)？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：万有引力是牛顿发现的，力的单位是牛顿。
故选：C。
根据我们对万有引力和经典力学理论体系的了解来作答。
物理学中，很多物理量的单位都是用科学家的名字来命名的，这是为了纪念科学家们对科学做出的贡献，我们应该认识并分清他们。
2.【答案】D
【解析】解：A.声音是由于物体的振动产生的，机器人发出的声音也是由振动产生的，A错误；
B.机器人能唱旋律不同的歌曲是因为它能发出不同音调的声音，故B错误；
C.人听到的机器人的声音是通过空气传播到人耳中的，故C错误；
D.机器人发出的声音不可以在真空中传播，故D正确。
故选：D。
声音是由物体的振动产生的；音色的影响因素是发声体的材料和结构；
声音的传播需要介质，真空不能传播声音，声音的传播速度与介质的种类和温度有关。
此题考查了声音的产生、声音的特性、声音的传播，属基础题目。
3.【答案】A
【解析】解：影子的形成是光的直线传播；
A、日食的形成，是光的直线传播现象，故A符合题意；
B、筷子弯折属于光的折射现象，故B不符合题意；
C、湖中倒影是平面镜成像，属于光的反射现象，故C不符合题意；
D、雨后天空出现彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散，属于光的折射，故D不符合题意。
故选：A。
明确影子是由光的直线传播形成的现象，然后分析各个选项形成原理，选出符合题意的选项。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
4.【答案】C
【解析】解：A、“雾”是由空气中的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，附着在空中小尘埃上形成的，是液化现象，液化放热，故A错误；
B、“露”是由空气中的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，附着在草叶上形成的，是液化现象，液化放热，故B错误；
C、“霜”是由空气中的水蒸气遇冷直接变成固态的小冰晶，是凝华现象，凝华放热，故C正确；
D、“雪”是由空气中的水蒸气遇冷直接变成固态的小冰晶，是凝华现象，凝华放热，故D错误。
故选：C。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。其中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量。
判断物态变化主要看物体由什么状态变为什么状态，然后根据各种物态变化的概念得出结论；物态变化知识是中考必考的知识点，需要掌握。
5.【答案】A
【解析】解：由于液体受到重力作用，且具有流动性，所以液体对容器底和容器侧壁有压强，并且液体的压强随深度增加而增大，因此决定坝底水的压强大小的是水的深度，故BCD错误，A正确。
故选：A。
液体压强使坝底的水喷射而出，根据液体压强的特点就能找出决定坝底水的压强大小的因素。
本题的解题关键是熟记液体压强的特点，会灵活运用它来解决实际问题。
6.【答案】D
【解析】解：A.在奔跑的全过程中，速度大小在变化，因此运动状态会改变，故A错误；
B.运动员参加接力赛时，应该穿鞋底较粗糙的运动鞋，以增大摩擦力，故B错误；
C.他对地面的压力和地面对他的支持力没有作用在同一物体上，不是平衡力，故C错误；
D.起跑时用脚向后蹬地，地面向前推他，说明物体间力的作用是相互的，故D正确。
故选：D。
(1)物体处于静止或匀速直线运动时，运动状态保持不变；
(2)两个互相接触的物体，当它们做相对运动时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫做摩擦力；影响摩擦力大小的因素：压力大小和接触面的粗糙程度；
(3)二力平衡的条件为：作用在同一物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上)；
(4)物体间力的作用是相互的。
本题是一道力学综合题，考查了平衡力的辨别、物体间力的作用是相互的、惯性等。
7.【答案】A
【解析】解：A.白玉兰路灯有电阻，根据焦耳定律，使用过程中也会发热，工作过程中部分电能转化为内能，故A正确；
B.电能由其他能源转化而来，属于二次能源，不是可再生能源，故B错误；
C.在真空中，5G信号的传播速度与4G信号的传播速度相同，故C错误；
D.5G通信技术是利用电磁波进行信息传输的，故D错误。
故选：A。
(1)根据焦耳定律分析发热问题；
(2)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源叫二次能源；
(3)在真空中，不同的电磁波传播速度是相同的；
(4)移动通讯是利用电磁波来传递信息。
本题考查了电流的热效应、能源的分类、电磁波的传播和应用等问题，涉及的知识较多，但难度不大，是一道基础题。
8.【答案】D
【解析】解：A、该过程中导体ab先运动，然后产生感应电流，甲装置相当于发电机，故A错误；
B、该过程中导体cd在磁场中受力转动，故乙装置的工作原理为通电导体在磁场中受力运动。
C、甲装置的磁极是竖直方向，如果竖直向上移动ab，ab不切割磁感线，不会产生感应电流，故cd不会运动，故C错误；
D、若同时对调两磁体的磁极，闭合开关后向右移动ab，产生的电流方向改变，而cd中电流方向改变，磁场方向又改变，故cd运动方向不变，故D正确。
故选：D。
(1)电动机的工作原理：通电导体在磁场中受力转动。
(2)电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
(3)感应电流的方向与导体运动和磁极的方向有关，磁场对电流作用力的方向与电流方向有关。
本题考查了电和磁，属于基础题。
9.【答案】C
【解析】解：根据电路图可知，两灯泡并联，电流表A测量L2电流，电压表测量L1或L2两端电压；
闭合开关S，发现只有一盏灯亮，这说明一条支路出现了断路故障；
由于电压表始终测量的是电源电压，电源电压不变，所以电压表示数不变，则电流表的示数变为0，所以故障是灯L2断路。
故选：C。
根据电路图可知，两灯泡并联，电流表A测量L2电流，电压表测量L1或L2两端电压或电源电压；根据并联电路的特点、电表示数的变化分析。
要学会使用电流表、电压表来判断电路中的故障，学会从现象中分析原因。
10.【答案】B
【解析】解：A、甲从第10min开始，虽然温度不变，但是吸收热量、内能增加，故A错误；
B、由图象可知，前20min水的温度从0℃上升到60℃，
水在20min内吸收的热量：
Q水吸=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(60℃−0℃)=5.04×104J，
因为完全相同的酒精灯在相同时间内放出的热量相同，
所以在整个过程中，甲和水吸收的热量相同，都为5.04×104J，故B正确；
C、因为酒精灯平均每分钟消耗0.28g酒精，
所以10min消耗的酒精质量m酒精=10×0.28g=2.8g=2.8×10−3kg，
完全燃烧时放出的热量为：
Q放=mq=2.8×10−3kg×3.0×107J/kg=8.4×104J，
酒精灯的加热效率：
η=Q水吸Q放×100%=2.52×104J8.4×104J×100%=30%，故C错误；
D、由图象可知，甲前10min内升高的温度为60℃，
水在20min内升高的温度为60℃，即升高相同的温度，
水的加热时间为甲加热时间的2倍，所以水吸收的热量为甲吸收热量的2倍，
即Q水′=2Q甲，
所以c水mΔt=2c甲mΔt，则c甲c乙=12，故D错误。
故选：B。
(1)晶体熔化时吸收热量、内能增加，温度不变；
(1)知道水的比热容、水的质量、初温和末温，根据Q吸=c水m水(t−t0)求出水20min内吸收的热量，根据完全相同的酒精灯在相同时间内放出的热量相同，算出整个过程甲吸收的热量；
(2)已知酒精灯平均每分钟消耗2.8g酒精，便可以计算出给水加热10min时间消耗酒精的质量，
根据Q=mq求出酒精完全燃烧放出的热量，根据η=Q吸Q放×100%求出酒精灯的加热效率：
(3)根据图象得出甲和水温度都升高60℃时的加热时间，判断出吸收热量的关系，根据Q=cmΔt算出甲与水的比热容之比。
本题通过比较“甲和水的吸热本领”，考查了控制变量法，用公式计算热量和比热容，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键。
11.【答案】紫 扩散 遵循 省力
【解析】解：(1)太阳中有大量的紫外线，遮阳伞可有效阻挡紫外线对皮肤的伤害；闻到花香是荷花分子的扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
(2)“会翻身的扳手”在运动的过程中，遵循能量守恒定律；用扳手拧螺丝时，动力臂大于阻力臂，所以扳手属于省力杠杆。
故答案为：(1)紫；扩散；(2)遵循；省力。
(1)过量的紫外线照射容易使皮肤受伤；分子都在不停地做无规则运动；
(2)所有能量的转化和转移都遵循能量守恒定律；根据动力臂和阻力臂的大小分析杠杆的类型。
本题考查了紫外线、扩散现象、能量守恒定律、杠杆的分类，属于综合题。
12.【答案】火线 金属外壳 变大
【解析】解：(1)把用电器的开关安装在火线上，这样，当开关断开时，用电器就与火线断开了，可以防止触电事故的发生，确保安全；电热水壶属于金属外壳用电器，因此与电热水壶外壳相连接的是地线，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生；
(2)当一个轮子损坏提起，只用剩下五个轮子在火星上行驶时，其压力不变，受力面积变小，则对火星地面的压强将变大。
故答案为：(1)火线；金属外壳；(2)变大。
(1)把用电器的开关安装在火线上时，当开关断开时，用电器就与火线断开了；三孔插座的接法是左零右火上接地，三脚插头的接法是中上的要与用电器外壳相连；
(2)压强的影响因素是压力大小和受力面积，在压力一定时，改变受力面积可改变压强；在受力面积一定时，改变压力大小也可改变压强。
(1)本题考查了电路连接方式、安全用电知识，是一道与生活密切联系的应用类习题；
(2)本题以祝融号火星车为内容，考查了影响压强大小的因素及其应用，难度不大。
13.【答案】靠近 大于20cm
【解析】解：该摄像镜头相当于一个凸透镜，是利用当物距大于2倍焦距时凸透镜成倒立、缩小的实像的原理工作的。
若想使拍摄的图像变大，由凸透镜成实像的规律可知，应增大像距，减小物距，所以人脸应该靠近镜头。
若镜头的焦距为10cm，为了能成缩小清晰的像，则人脸和摄像头的距离应大于二倍焦距，即大于20cm。
故答案为：靠近；大于20cm。
摄像机是利用凸透镜成倒立、缩小的实像的原理工作的，当u>2f时，凸透镜才成倒立、缩小的实像；凸透镜成实像时，物距变小，像距变大，像变大。
本题考查了凸透镜成像规律的应用；在学习过程中要善于总结、寻找规律，试着将所学知识与生活实际联系起来。
14.【答案】240
【解析】解：2500r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500r，
电能表转盘转动10r时，电冰箱消耗的电能：
W=102500kW⋅h=0.004kW⋅h，
电冰箱工作时间：t=1min=160h，
电冰箱的实际功率：
P=Wt=0.004kW⋅h160h=0.24kW=240W。
故答案为：240。
2500r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500r，据此求出转盘转10r时，电冰箱消耗的电能，再利用P=Wt求电冰箱的实际功率。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，理解“2500r/kW⋅h”的含义是本题的关键。
15.【答案】解：根据折射光线与入射光线分居法线两侧，在水中法线的另一侧作出折射光线，注意折射角小于入射角，如图所示：
【解析】根据光由空气斜射进入水中折射光线向法线偏折，折射角小于入射角作出折射光线。
在两种透明介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射光线与入射光线在同种介质中，折射光线和入射光线在不同种介质中。
16.【答案】解：
物体的重心一般在物体的几何重心，重力的方向是竖直向下的。过小球重心沿竖直方向画一条线段，末端带上箭头。
压力的作用点是球与墙壁的接触点，然后过作用点作垂直于墙壁，并指向墙里面的压力，如图所示：
【解析】重力的示意图的画法，即从重心起，沿重力的方向画条带箭头的线段。
压力的方向总是垂直于接触面，并且指向接触面；根据压力的作用点在接触面上，确定出压力的作用点，然后过作用点表示压力的方向。
作力的示意图，要先确定力的三要素，把三要素清清楚楚画出来，并标上字母符号和大小。
17.【答案】解：L1、L2并联，开关控制整个电路，开关接在干路上，电流表测量L2的电流，电流表与L2串联，如下所示：
【解析】根据题意分析电路的连接方式、开关的作用；电流表应串联接入电路中。
本题考查根据要求连接实物图，关键是开关和电流表的连接。
18.【答案】异 做功 0.15
【解析】解：(1)两根带电的玻璃棒靠近后相互吸引，根据电荷间相互作用的规律可知，它们带异种电荷。
(2)将活塞迅试压下去，筒内的棉花燃烧起来，这是通过做功的方式改变内能。
(3)从图示可知：AC=30.0cm；从A到C所用时间是2s，故AC段的平均速度为：
v=st=30cm2s=15cm/s=0.15m/s。
故答案为：(1)异；(2)做功；(3)0.15。
(1)电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥。异种电荷相互吸引。
(2)改变内能的两种方式：做功和热传递。
(3)刻度尺要估读到分度值的下一位，先读出距离，再根据v=st计算平均速度。
本题考查了电荷间相互作用的规律、改变内能的方式和平均速度的计算，属于基础题。
19.【答案】速度 木板 匀速直线
【解析】解：(1)由控制变量法，让小车在同一斜面顶端由静止自由滑下，是为了使小车到达水平面时的速度相同。
(2)木板表面最光滑，对比三次实验现象，发现小车沿木板表面所受阻力最小，小车滑行距离最长。
(3)根据(2)推理，若小车运动时不受阻力，小车通过的距离无限长，即小车将做匀速直线运动，由此可知物体的运动不需要力来维持。
故答案为：(1)速度；(2)木板； (3)匀速直线。
(1)由控制变量法，要控制小车到达水平面时的速度相同。
(2)木板表面最光滑，根据实验现象回答。
(3)根据(2)推理回答。
本题研究运动和力的关系，主要考查控制变量法和推理法的运用。
20.【答案】2 等于 3
【解析】解：(2)由图乙知，空桶A的重力为GA=2N，图丙中空桶A在溢水杯中处于漂浮状态，则空桶A受到的浮力F浮=GA=2N；
(3)由图甲知，空桶B的重力为1.6N，图丁中桶B和溢出水的总重力为3.6N，桶A排开水的重力G排=G总−G桶B=3.6N−1.6N=2N，所以比较可知F浮=G排，即桶A排开水的重力等于桶A受到的浮力；
(4)往桶A中加入沙子进行实验时，装有沙子的桶A在水中仍然处于漂浮状态，则排开水的重力等于桶A受到的浮力，也等于桶A和沙子受到的总重力，第3组数据中G排=G总B−G桶B=4.6N−1.6N=3N，不等于桶A与沙子的总重力3.2N，则该组数据是错误的；
故答案为：(2)2；(3)等于；(4)3。
(2)由图乙知，空桶A的重力为2N，图丙中空桶A在溢水杯中处于漂浮状态，根据F浮=GA得出空桶A受到的浮力；
(3)由图甲知，空桶B的重力为1.6N，图丁中桶B和溢出水的总重力为3.6N，根据G排=G总−G桶B得出桶A排开水的重力，所以比较可知桶A排开水的重力与桶A受到的浮力的大小关系；
(4)往桶A中加入沙子进行实验时，装有沙子的桶A在水中仍然处于漂浮状态，则排开水的重力等于桶A受到的浮力，也等于桶A和沙子受到的总重力，据此分析；
本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道综合题。
21.【答案】移动滑片，观察灯泡是否发光 B U额⋅U−U额R
【解析】解：(2)连接好电路闭合开关后，检查电路发现电压表、电流表均有示数，说明电路是通路，灯泡不亮，说明电路中电流太小，灯泡实际功率太小，故接下来的操作应是：移动滑片，观察灯泡是否发光；
(3)当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡正常发光；闭合开关，移动滑片P到某位置时，电压表的示数为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，若想测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片P向B端移动，使电压表的示数为2.5V；
(4)实验步骤：
①连接电路后闭合开关S、S1，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；
②断开开关S1，闭合开关S、S2，保持滑片位置不变，读出此时电压表示数为U；
③在步骤①中，灯泡、定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光；
在步骤②中，灯泡、定值电阻和滑动变阻器仍串联，电压表测灯泡和定值电阻两端电压；因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据串联电路电压规律，此时定值电阻R两端的电压：U0=U−U额，
根据串联电路电流特点，通过灯泡的电流：I额=I0=U0R=U−U额R，
则小灯泡额定功率：P=U额I额=U额⋅U−U额R。
故答案为：(2)移动滑片，观察灯泡是否发光；(3)B；(4)U额⋅U−U额R。
(2)连接好电路闭合开关后，检查电路发现电压表、电流表均有示数，说明电路是通路，灯泡不亮，说明电路中电流太小，灯泡实际功率太小，据此分析；
(3)当灯泡两端电压为额定电压时，灯泡正常发光；比较电压表示数与灯泡额定电压的大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
(4)由丙图可知，没有电流表的情况下，利用定值电阻和电压表代替电流表与灯泡串联，首先使灯泡两端的电压等于2.5V，然后测出此时定值电阻两端的电压，便可求出电路中的电流，根据P=UI计算出灯泡的额定电功率。
本题测量小灯泡电功率的实验，考查了电路连接、故障分析、实验操作、功率的计算、影响电阻大小因素及设计实验方案测功率的能力。
22.【答案】运动 小 大
【解析】解：(1)实验时，模型和气流有位置的变化，故以气流为参照物，模型是运动的；
(2)有风时，在相同时间内，空气经过模型上表面路程长，气体速度大，压强小，下表面路程短，气体速度小，压强大，产生向上的升力，测力计示数小；
(3)在其它条件不变时，试验段的横截面面积越小，单位时间内通过的空气量相同，试验段的风速越大。
故答案为：(1)运动；(2)小；(3)大。
(1)研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化，如果变化，物体是运动的，如果没变化，则是静止的；
(2)流体压强与流速的关系：流速越大的地方压强越小；根据”风扇转动后，将空气吸入风洞中”判断分析风向；
(5)横截面面积越小，风速越大。
本题主要考查了流体压强与流速的关系，并用此理论分析解答风洞的有关知识，体现了学生理论联系实际的能力。
23.【答案】解：(1)正方体物块静止时对水平面的压力：F压=G=50N，
正方体物块静止时对水平面的压强：p=F压S=50N0.2m×0.2m=1250Pa；
(2)由图知，通过动滑轮绳子的段数n=3，物块匀速运动的过程中水平方向受到地面的摩擦力和滑轮组对物块的拉力是一对平衡力，所以f=F′，不计滑轮与绳子的质量及滑轮组的摩擦，由滑轮组的特点可知物块受到地面的摩擦力为：f=F′=nF=3×10N=30N；
(3)物块运动的距离为60cm=0.6m，
由s=ns物和W=Fs可得，绳端拉力做的功：W=Fns物=10N×3×0.6m=18J，
绳端拉力的功率：P=Wt=18J5s=3.6W。
答：(1)正方体物块静止时对水平面的压强是1250Pa；
(2)正方体物块匀速运动时受到水平面的摩擦力大小是30N；
(3)若物块在5s内运动了60cm，拉力F做功的功率大小是3.6W。
【解析】(1)正方体物块静止时对水平面的压力等于重力，根据p=FS得到对水平面的压强；
(2)由图知，通过动滑轮绳子的段数n=3，不计滑轮与绳子的质量及滑轮组的摩擦，根据二力平衡知识和f=nF得到正方体物块匀速运动的过程中受到地面的摩擦力大小；
(3)根据s=ns物和W=Fs计算绳端拉力做的功，根据P=Wt计算绳子自由端的拉力做功的功率大小。
本题考查了压强、滑轮组的特点、绳端拉力和功率计算公式的应用，注意滑轮组水平拉动物体时克服的是物体与地面间的摩擦力。
24.【答案】解：由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测量滑动变阻器R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)由欧姆定律可知，此时电阻R1两端的电压：U1=IR1=1A×10Ω=10V；
(2)由串联电路的电压特点可知，变阻器R2两端的电压：U2=U−U1=24V−10V=14V，
由欧姆定律可知，变阻器R2接入电路的电阻：R2=U2I =14V1A=14Ω；
(3)由题意可知，变阻器允许通过的最大电流为1.5A，
因为变阻器R2两端的电压U2=14V>3V，所以电压表选用0～15V的量程，
由P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路消耗的电功率最大；电路中的电流最小时，电路消耗的电功率最小；
由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中的电流最大，为I最大0=U R1=24V10Ω=2.4A>1.5A，因此电路中的最大电流只能为1.5A，
当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，由串联电路的分压原理可知，此时滑动变阻器两端的电压最大，因为电压表的量程为0～15V，所以滑动变阻器两端的最大电压为15V，
由串联电路的电压特点可知，R1两端的电压：U1小=U−U大=24V−15V=9V，
由欧姆定律可知，电路中的最小电流：I最小=U1小R1=9V10Ω=0.9A，
由P=UI可知，电路消耗的最大功率与最小功率之比：P最大P最小=UI最大UI最小=I最大I最小=≈1.67，
因此电路消耗的最大功率是最小功率的1.67倍。
答：(1)此时电阻R1两端的电压为10V；
(2)此时变阻器R2接入电路的阻值为14Ω；
(3)电路消耗的最大功率是最小功率的1.67倍。
【解析】由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测量滑动变阻器R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)根据欧姆定律求出此时电阻R1两端的电压；
(2)根据串联电路的电压特点求出变阻器R2两端的电压，根据欧姆定律求出变阻器R2接入电路的电阻；
(3)由题意可知，变阻器允许通过的最大电流，根据变阻器R2两端的电压确定电压表选的量程；由P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路消耗的电功率最大；电路中的电流最小时，电路消耗的电功率最小，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中的电流最大，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，与滑动变阻器允许通过的最大电流进行比较，进而确定电路中的最大电流，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，由串联电路的分压原理可知，此时滑动变阻器两端的电压最大，根据电压表的量程确定滑动变阻器两端的最大电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P=UI求出电路消耗的最大功率与最小功率之比，进而求出电路消耗的最大功率是最小功率的倍数。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，确定通过电路的最大电流和最小电流是解题的关键。
次数
1
2
3
4
桶A与沙子的总重力/N
2.4
2.8
3.2
3.4
桶B与水的总重力/N
4.0
4.4
4.6
5.0
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