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2023年辽宁省朝阳市中考物理模拟试卷
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这是一份2023年辽宁省朝阳市中考物理模拟试卷，共29页。
2023年辽宁省朝阳市中考物理模拟试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列估计值最接近实际的是( )
A. 对人体的安全电压大约是36V
B. 教室中的课桌高度大约为80mm
C. 江津中学一堂自习课的时间约为40h
D. 空调正常工作1h消耗的电能大约是1kW⋅h
2. 下列关于声音的描述中，正确的是( )
A. 运动会上，同学们的呐喊声越大，声音传得越快
B. 音乐会上，观众是依据音调辨别美妙的琴声的
C. 在月球上，宇航员同样可以通过声音直接相互对话
D. 考试期间，为减小噪声，禁止校园周边工地施工，这是在声源处减弱噪声
3. 在我市出现了“大炮”，如图所示，它是专门用来与雾霾打硬仗的雾炮车。其喷雾功能能有效降低空气中的PM2.5的含量。和雾炮车有关的现象，下列说法不正确的是( )
A. PM2.5在空气中的运动属于分子热运动
B. 洒在地上的水在蒸发时吸热，能在抑尘的同时起到调节气温的作用
C. 雾炮车在匀速前进过程中，动能逐渐减小
D. 汽车后的拖地铁链是为了将摩擦起的静电及时导走
4. 关于家庭电路和安全用电的说法正确的是( )
A. 检查和维修电路时，必须首先切断电源
B. 家庭电路中，电能表是用来测量电功率的仪表
C. 使用测电笔时，手不能接触笔上任何金属体
D. 只有大功率用电器才需使用三孔插座
5. 水星凌日是一种天文现象，平均每100年发生约13次，时间在5月或11月初。当水星运行到太阳和地球之间时，如果三者能连成直线，便会发生“水星凌日”现象，其道理和日食类似。如图所示，水星如一颗小黑痣从太阳“脸上”缓慢爬过。它的形成与下列光现象原理相同的是( )
A. 筷子“折断” B. 小孔成像
C. 雨后彩虹 D. 水中倒影
6. 下列有关热机效率、燃料热值、物体内能的说法中，正确的是( )
A. 热机所用燃料的热值越大，效率越高
B. 为了防止热机过热，通常用水来降温，是利用水的比热小的特性
C. 火箭采用液态氢做为燃料是因为它的热值大
D. 热量也可从内能少的物体向内能多的物体传递
7. 如图所示是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式(不计机械自重和摩擦)，其中所需动力最小的是( )
A. B.
C. D.
8. 关于如图所示的四个电磁实验，下列描述中正确的是( )
A. 甲图实验演示的是发电机原理
B. 乙图实验演示的是电流的磁效应
C. 丙图实验可探究螺线管的磁场周围的磁感线分布情况
D. 丁图实验演示的是电磁感应现象，发电机是依据此原理制成的
9. 如图所示，将体积相同、材料不同的甲、乙、丙三个实心小球，分别轻轻放入三个装满水的相同烧杯中，甲球下沉至杯底、乙球漂浮、丙球悬浮，下列说法正确的是( )
A. 三个小球的质量大小关系是m甲>m丙>m乙
B. 三个小球受到的浮力大小关系是F甲=F丙>F乙
C. 三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系是p甲=p乙=p丙
D. 三个烧杯底部对桌面的压强大小关系是p′甲>p′乙>p′丙
10. 如图甲所示，已知电流表量程0～0.6A，电压表量程0～15V，滑动变阻器R2规格为“20Ω 0.5A”。闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P，得到电流表与电压表的示数关系图象如图乙所示，在保证电路安全前提下，下列说法正确的是( )
A. 电源电压为9V B. 滑动变阻器的阻值取值范围是5Ω～20Ω
C. R1两端电压的变化范围是2V～6V D. 电路总功率的变化范围是1.2W～3W
11. 北京时间4月16日，在美国波士顿举行的马拉松比赛中，发生了两起爆炸，造成多人伤亡。巨大的声响甚至将远处建筑物的玻璃都震碎了。其中，巨大的声响是指声音的______ ；玻璃震碎了，说明声音能够传递______ 。
12. 红外线是一种______ 波。人体辐射的红外线波长约为10μm，频率约为______ Hz。
13. 为了有效阻断新型冠状病毒肺炎的传播，多地防疫站用洒水车在水平路面上喷洒消毒液，消毒车匀速前进喷洒过程中，消毒车的动能______(选填“变大”、“不变”或“变小”)，以路边的树木为参照物，消毒车是______的。
14. 新冠状病毒肆虐，ICU重症监护室内配有体积为0.5m3，充满氧气的钢瓶，供急救病人时使用，其密度为6kg/m3.若某次抢救病人用去瓶内氧气的13，则瓶内氧气的质量将______(选填“变大”“变小”或“不变”)，其密度为______kg/m3。
15. 经常玩手机的人都爱在手机背面粘一个指环扣。不仅拿着保险，还能当支架。手机指环扣能紧紧粘在手机上，说明分子间存在______ 力。手机是利用电能工作的，电能属于______ 次能源。
16. 如图所示，用1.2N的拉力沿竖直方向匀速拉起重为2N的物体，物体上升0.1m所用时间为4s，此过程中拉力的功率为______W，动滑轮的机械效率为______，若将物重增加到4N，则它的机械效率为______(绳重摩擦不计)。
17. 用天燃气烧水，水烧沸腾时，壶盖不断向上跳动，此过程中能量转化与四冲程汽油机的______冲程的能量转化相同；在标准大气压下用天燃气把3kg的水从20℃加热至刚沸腾时，水吸收了______J的热量。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
18. 在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是______ 冲程，如图所示，汽油机正在进行的是______ 冲程。若该汽油机的飞轮转速为1800r/min，则它1s完成______ 个冲程。
19. 图甲是通过灯泡L的电流跟其两端电压关系的图象，现将灯泡L与阻值为10Ω的电阻R连入图乙所示电路．闭合开关S，灯泡L的实际功率为1.8W.则电源电压是______ V，电路消耗的总功率是______ W．
20. 如图所示是小华家使用的电能表，若他把一个标有“220V 1200W”的电热器单独接入电路正常工作3min，电能表指示灯闪烁______ 次，消耗的电能为______ J。他家还能同时使用的用电器的总功率为______ W。
21. 如图所示，平行于主光轴的入射光线经透镜折射后，再经平面镜反射。请画出其光路图。
22. 如图所示是正在水中上浮的木块，请画出木块在水中所受重力G和浮力F浮的受力示意图．
23. 如图所示，一辆牵引车通过滑轮组将深井中的物体匀速拉至井口。已知井深12m，物体重6×103N，牵引车质量3t，牵引车对绳子的拉力2.5×103N，车受到的阻力为车重的0.05倍，车轮与地面接触的总面积为0.2m2.(g取10N/kg)。求：
(1)牵引车静止在水平地面时对地面的压强是多大？
(2)滑轮组的机械效率是多少？
(3)若牵引车柴油机的效率为30%，则将物体拉至井口过程中，牵引车消耗多少克柴油？(计算结果精确到0.1，q柴油=4.3×104J/g)
24. 小明妈妈为奶奶买了一个电热足浴盆(如图所示)，内部由加热系统和按摩系统两部分组成。加热系统的加热电阻额定电压220 V，额定功率605 W.问：
(1)小明帮奶奶泡脚时，向足浴盆中加入6 kg初温为20℃的水，加热系统的加热电阻正常工作15 min将水加热到40℃，此加热过程中水吸收的热量是多少？消耗的电能是多少？[c水=4.2×103J/(kg·℃)]
(2)当小明家的实际电压是200 V时，加热电阻工作的实际功率是多少？
(3)足浴盆按摩系统中的电动机工作电压是12 V(按摩系统将交流电压转换为12 V)，工作电流为4 A，其电阻为0.5 Ω，电动机工作中因发热损失的功率是多少？
25. 小明想把冰的熔化和水的沸腾合二为一进行实验，
(1)他根据冰熔化成水直到沸腾这过程记录的数据，绘制成如图所示的温度随时间变化的图象。分析图象发现，造成AB段和CD段升温快慢不同的原因是______ 。
(1)已知水比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)，对500g冰加热的前2min内冰吸热______ J。
(2)“加水就能跑的神车”一度成为舆论热点，该汽车实际是利用车内水解制氢技术获得氢气，通过氢燃料电池给车提供动力(该技术成本很高，目前仍处在试验阶段)，氢燃料电池是将氢气的______ 转化为______ 。
26. 在做“探究凸透镜成像的规律”实验中，平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在光屏上一点，如图甲所示。
(1)如图甲所示，让一束平行光正对着凸透镜，移动光屏，直到在光屏上得到一个最小、最亮的光斑，由此可得出该凸透镜的焦距为______ cm。
(2)如图乙所示，把蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛，将烛焰、凸透镜、光屏三者中心调到同一高度，当把蜡烛放在图乙所示位置时，移动光屏，在光屏上能成倒立、______ (填“缩小”“等大”或“放大”)的实像，生活中的______ 就是利用这个原理制成的。
(3)如果保持光屏的位置不变，把蜡烛向左移动一小段距离时，要想在光屏上得到清晰的像，应该在凸透镜和蜡烛之间放置一个焦距适当的______ (选填“凸透镜”或“凹透镜”)才能实现。
(4)实验中将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距u随时间t的变化图象如图丙所示，则像距v与t的大致变化关系为丁图中的______ 。
27. 食品安全是关系到全社会的大问题，地沟油中含有大量对人体有毒、有害的物质。一些不法商人对其进行简单的脱水、脱杂、脱臭处理后，冒充色拉油在市场上销售，欺骗、伤害市民。小华想用测密度的方法来鉴别色拉油和地沟油。首先，他通过网络查得优质色拉油的密度在0.91g/cm3−0.93g/cm3之间，地沟油的密度在0.94g/cm3−0.95g/cm3之间。然后，他设计了以下步骤进行实验鉴别：
A、将部分样品油倒入量筒中后，测出烧杯和剩余样品油的总质量m；
B、将天平放在水平台面上调平；
C、取适量样品油倒入烧杯，用天平测出烧杯和样品油的总质量M；
D、读出量筒中样品油的体积V；
E、根据测算出的密度，鉴别样品油的品质；
F、利用实验数据，计算出样品油的密度。
(1)请将上面实验步骤正确排序：______ 。(填字母序号)
(2)由图1可知，M=52克，样品油的体积V= ______ mL。
(3)若m=23.8克，则样品油的密度ρ= ______ g/cm3。
小强认为：比热容也是物质的一种性质，比较不同物质的比热容，同样可以鉴别它们。于是，他量取质量相等的色拉油和样品油，分别装入A、B两个烧瓶内，将两根阻值相同的电阻丝分别浸入两个烧瓶内，串联后接入电路，如图2所示。
(4)实验中，小强把两根阻值______ (填“相同”或“不相同”)的电阻丝串联接入电路，其目的是相同时间内，两电阻丝放出相等的热量；取质量相等的色拉油和样品油，通过观察______ ，就能比较出它们比热容的大小，并依此鉴别出样品油的品质。
28. 在“伏安法测电阻”的实验中：
(1)将图甲的实物电路用笔画线连接完整，要求滑动变阻器连入最大阻值。
(2)检查无误，闭合开关后，发现电流表示数为零，电压表示数约为3V，电路中的故障可能是______ 。
(3)排除故障后进行实验。移动滑片P，当电压表的示数为1.3V时，电流表的示数如图乙，待测电阻Rx= ______ Ω。若要将电压表的示数调到2.0V，需将滑片P向______ 移动。(选填“左”或“右”)
(4)某同学利用一个电压表和一个已知阻值的电阻R0，设计如图丙的电路，同样测出待测电阻Rx的阻值。
实验步骤如下：
①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；
② ______ ，用电压表测出电源的电压U；
③可得待测电阻Rx= ______ 。(用U、U1和R0表示)
29. 实验桌上备有电流表一只 (量程为0～0.6A和0～3A)，电压表一只 (量程为0～3V和0～15V)，电源(6V)，额定电压为3.8V灯炮一只，其灯丝电阻约20Ω，A：“10Ω1.5A“和B：“20Ω1A“的滑动变阻器各一只，若用以上器材测定小灯泡的额定功率，则：
(1)用电流表和电压表测功率的原理是______ ．
(2)实验操作过程中，移动滑动变阻器的滑片，同时应观察______ 的示数．根据实验要求，他应选择规格为______ (选填字母序号)的滑动变阻器．
(3)假如电压表0−15V量程已损坏，小刚仍想测出小灯泡的额定功率，请你将小刚设计的图1所示电路图画在右面的方框内．
(4)小明同学把实验中小灯泡换成一阻值约为2kΩ的定值电阻Rx，如图2，想用伏安法测量Rx的阻值，但在实验操作中该同学发现不论怎样调节滑动变阻器P的位置，电压表的示数几乎不发生改变，且查得电路各处连接无误，电路元件完好无损，产生这一现象的原因是______ ．
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
A.对人体安全的电压是不高于36V，故A错误；
B.中学生的身高在160cm=1.6m左右，课桌的高度大约是身高的一半，在0.8m=800mm左右，故B错误；
C.江津中学一堂自习课的时间约为40min，故C错误；
D.空调正常工作时的功率约为1kW，则1h消耗的电能W=Pt=1kW×1h=1kW⋅h，故D正确．
故选D．
(1)对人体安全的电压是不高于36V；
(2)根据生活经验及对生活常识的了解，作出合理的估计，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，然后逐一分析各选项并作出判断．
本题考查了学的对安全电压的记忆以及高度、时间、功率的估测以及电功的计算，是一道基础题目．
2.【答案】D
【解析】解：A、声音的传播速度与介质的种类和介质的温度有关，与声音的响度无关，故A错误；
B、不同乐器的材料和结构不同，发出声音的音色不同，音乐厅内，观众能够辨别美妙的钢琴声，是依据音色的不同，故B错误；
C、在月球上，由于真空不能传声，所以宇航员不能通过声音直接相互对话，故C错误；
D、停止校园周边工地的施工，是在声源处减弱噪声，故D正确。
故选：D。
(1)声速的大小与介质种类和温度有关。
(2)音调指声音的高低，响度指声音的大小，不同发声体的材料和结构不同，发出声音的音色不同；
(3)真空不能传声。
(4)减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。
本题考查了声音的产生、声音特性的辨别、防治噪声的途径、声速等知识点，属声学综合题，难度不大。
3.【答案】A
【解析】解：A.PM2.5不属于分子，不属于分子热运动，故A不正确。
B.洒在地上的水会蒸发吸收热量调节气温，属于汽化现象，同时可以抑尘，故B正确；
C.雾炮车在匀速前进过程，速度不变，但会因为洒水质量变小，故动能变小，故C正确；
D.汽车后的拖地铁链是导体，铁链能将摩擦起的静电及时导走，故D正确。
故选：A。
(1)PM2.5的运动是机械运动，不是分子的热运动；
(2)水在蒸发的过程中会吸热；
(3)动能的大小与速度和质量有关；
(4)导体容易导电。
本题考查了分子热运动、蒸发的特点、动能大小变化分析、导体的性质，属于基础知识。
4.【答案】A
【解析】解：
A、检查和维修电路时，首先切断电源，再维修，故A正确；
B、电能表是用来测量用电器消耗电能的仪表，故C错误；
C、使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体，故C错误；
D、带金属外壳的用电器应该使用三孔插座，可以防止因漏电而发生触电事故，故D错误。
故选：A。
(1)发现有人触电或检修电路时，首先切断电源，再实行救援措施或维修；
(2)电能表是用来测量用电器消耗电能(电功)的仪表；
(3)使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体；
(4)带金属外壳的用电器必须使用三孔插座。
安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；触电原因是直接或间接接触火线；电引起的火灾不要用水泼。
5.【答案】B
【解析】解：当水星转到太阳与地球中间且三者在一条直线上时，在地球上看到水星从太阳面上移过，这就是“金星凌日”现象，成因是光的直线传播；
A、筷子“折断”是光的折射现象，故A不符合题意；
B、小孔成像是光沿直线传播形成的，故B符合题意；
C、雨后彩虹是光的折射现象，故C不符合题意；
D、水中倒影是光的反射现象，故D不符合题意；
故选：B。
解答此题要明确发生“水星凌日”现象时，太阳、水星和地球三者在同一条直线上，并且，水星在太阳和地球之间。
一般来说：见到影子、日月食、小孔成像就联系到光的直线传播原理；见到镜子、倒影、潜望镜就联系到光的反射原理；见到水中的物体，隔着玻璃或透镜看物体就联系到光的折射原理。“水星凌日”的天文奇观，很少见，它的产生和日食的道理相同。
6.【答案】CD
【解析】解：A、用热值大的燃料，燃烧相同燃料可以放出更多的热量，但用来做有用功的能量不一定多，用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量的比值不一定大，热机效率不一定得到提高，所以A错误；
B、为了防止热机过热，通常用水来降温，是利用水的比热大的特性，所以B错误；
C、火箭采用液态氢做为燃料是因为它的热值大，所以C正确；
D、只要两个物体之间存在温度差，就会发生热传递，所以D正确。
故选：CD。
(1)热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，减少热的损失，可以提高效率；
(2)用水循环来降低热机的温度，主要是利用水比热容较大的特性，结合Q=cmΔt分析；
(3)燃料的热值是燃料的一种性质，只与燃料的种类和状态有关，热量的热值越大，同等质量的燃料完全燃烧放出的热量越多。
(4)热传递的条件是：物体之间存在着温度差；内能是物体分子无规则运动的动能和分子势能的总和。
本题考查了本题考查了热机的效率、比热容、热值、热传递，是一道基础题。
7.【答案】B
【解析】解：设物体重力为G，不计机械自重和摩擦：
A、图中为斜面，由功的原理可得，F1×4m=G×2m，解得F1=0.5G；
B、图中为滑轮组，与动滑轮相连的绳子段数是3，因此F2=13G；
C、图中为定滑轮，不省力，则F3=G；
D、由图可知，杠杆的动力臂为阻力臂的2倍，根据杠杆平衡条件可知，动力为阻力的二分之一，F4=0.5G；
因此动力最小的是B。
故选：B。
根据简单机械的原理：不省功和杠杆平衡条件，分别求出四个力，再确定最小的动力。
此题主要是考查各种简单机械省力情况及省力的原理，属于基础知识的考查。
8.【答案】B
【解析】解：A、甲图的实验研究的是通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的，故A错误；
B、乙实验演示的是电流的磁效应，即奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，故B正确；
C、丙图实验可探究螺线管的磁场方向与电流方向的关系等，但不能直接探究其周围的磁感线分布情况，故C错误；
D、丁图中有电源，是电动机的原理，即通电导体在磁场中受到力的作用，故D错误。
故选：B。
据所学电和磁的知识，对图中的各个实验结合选项中的描述逐个分析即可做出判断。
物理学是以观察和实验为主的实验学科，很多的物理知识都来源于实验，在学习中应重视实验的学习，要牢记一些重要实验装置图。
9.【答案】ABC
【解析】解：
A、甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，所以甲球的密度大于水的密度，乙球的密度小于水的密度，丙球的密度等于水的密度，因此三个小球的密度大小关系是：ρ甲>ρ丙>ρ乙，且三个实心小球体积相同，根据m=ρV可知，三个小球的质量大小关系是m甲>m丙>m乙，故A正确；
B、由于甲、乙、丙三个实心小球体积相同，由图可知排开水的体积关系：V甲排=V球，V乙排V乙排，根据F浮=ρ液V排g可知浮力大小关系是：F甲=F丙>F乙，故B正确；
C、因为三个相同烧杯中都装满水，放入球后烧杯中液面高度不变，根据p=ρgh可知烧杯底部受到水的压强相等，即：p甲=p乙=p丙；故C正确；
D、三个相同烧杯中都装满水，里面水的重力G水相等，由于烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力，则放入小球后，容器对桌面的压力为：F=G容器+G水+G球−G排，且G排=F浮，据此可得：
F′甲=G容器+G水+G甲−G排甲=G容器+G水+G甲−F甲；
F′乙=G容器+G水+G乙−G排乙=G容器+G水+G乙−F乙；
F′丙=G容器+G水+G丙−G排丙=G容器+G水+G丙−F丙；
由于甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，则G甲>F甲，G乙=F乙，G丙=F丙；
所以F′甲>F′乙=F′丙；
由于容器的底面积相同，根据p=FS可知，烧杯底部对桌面的压强的关系是p′甲>p′乙=p′丙；故D错误。
故选：ABC。
(1)甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，根据物体的浮沉条件分析判断三个小球密度的关系，由于甲、乙、丙三个实心小球体积相同，根据m=ρV即可判断三个小球的质量大小关系；
(2)由图可确定三个烧杯中的V排关系，然后根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排判断浮力大小关系；
(3)由于三个相同烧杯中都装满水，由图可确定判断液面升高的关系，从而根据p=ρgh判断烧杯底部受到水的压强的关系；
(4)由于烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力，则根据相同的烧杯装满水的，球的重力关系和排开水的重力关系，先判断出压力的关系，进一步即可判断压强关系。
本题考查了学生分析推理的能力，本题中解题的关键是由物体在水中所处的状态判断其密度和浮力大小的关系、知道烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力。
10.【答案】D
【解析】解：由甲图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测量电路的电流，
由串联电路特点和欧姆定律可得，电源电压：
U=4V+0.2A×R1------①
U=3V+0.3A×R1------②
由①②可解得：U=6V，R1=10Ω，故A错误；
由滑动变阻器R2的规格为“20Ω0.5A”可知，当电流表示数达到I大=0.5A时，变阻器接入电路的电阻最小，由欧姆定律得，电路总电阻：
R=UI大=6V0.5A=12Ω，
因串联电路总电阻等个分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路的最小阻值：
R滑小=R−R1=12Ω−10Ω=2Ω，
由P=UI可得，此时电路的最大功率：
P大=UI大=6V×0.5A=3W；
此时R1两端的最大电压为：
U1大=I大R1=0.5A×10Ω=5V；
根据串联电路的分压特点，变阻器接入电路的电阻越大，其两端电压越高，
由于电源电压小于最电压表的所用量程的最大值，故变阻器接入电路的最大值为其本身的最大值，即R滑大=20Ω，
此时电路的总电阻R串=R1+R滑大=10Ω+20Ω=30Ω，
此时电路的最小电流为：I小=UR串=6V30Ω=0.2A；
R1两端的最小电压为：U1小=I小R1=0.2A×10Ω=2V；
则电路最小功率：P小=UI小=6V×0.2A=1.2W。
由上可知，变阻器的阻值范围为：2Ω～30Ω，故B错误；
R1两端电压的变化范围是2V～5V，故C错误；
电路总功率的变化范围是1.2W～3W，故D正确，
故选：D。
根据图象，利用串联电路特点和欧姆定律列方程，求出电源电压和电阻R1的值，根据变阻器铭牌和电表的量程，当电流表示数达到I大=0.5A时，变阻器接入电路的电阻最小，由欧姆定律求出电路总电阻，
根据串联电路电阻特点求出滑动变阻器接入电路的最小阻值；根据由P=UI求出此时电路的最大功率；根据欧姆定律求出此时R1两端的最大电压；根据串联电路的分压特点，变阻器接入电路的电阻越大，
其两端电压越高，由于电源电压小于最电压表的所用量程的最大值，故变阻器接入电路的最大值为其本身的最大值，进而得出滑动变阻器的阻值取值范围；根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出此时电路的最小电流，进而得出R1两端的最小电压，根据P=UI求出电路最小功率；从而得出R1两端电压的变化范围和电路总功率的变化范围。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的运用以及电功率公式的应用，要会从图象中获取信息。
11.【答案】响度 能量
【解析】解：爆炸声很巨大，是指声音的响度大；巨大的爆炸声把玻璃震碎了，说明声音能够传递能量。
故答案为：响度；能量。
(1)声音的三种特性：音调、响度和音色，声音的高低叫音调，与物体的振动频率有关；人耳能感觉到的声音的强弱叫响度，与物体振动幅度有关，同时还和距离声源的距离有关；音色指声音的特色，与发声体的材料有关。
(2)声音既能够传递信息，又能够传递能量。
本题考查了声音的响度和声音能够传播能量，属于基础知识的考查，相对比较简单。
12.【答案】电磁 3×1013
【解析】解：红外线是一种电磁波；
光在真空或空气中的传播速度约为3×108m/s，则红外线在真空中的传播速度也为3×108m/s，
故据c=λf知，频率：
f=cλ=3×108m/s10×10−6m=3×1013Hz。
故答案为：电磁；3×1013。
(1)红外线和紫外线都是看不见的光，与可见光一样，也是一种电磁波。
(2)知道电磁波的波长、波速、频率之间的关系，即：c=λf(c是电磁波的波速，λ是电磁波的波长，f是电磁波的频率)。
熟记电磁波的波速c=3×108m/s、并熟悉波速、波长、频率关系式c=λf是解决该题的关键。
13.【答案】变小 运动
【解析】解：消毒车匀速前进喷洒过程中，速度不变，但质量变小，消毒车的动能变小。以路边的树木为参照物，消毒车的位置发生变化，消毒车是运动的。
故答案为：变小；运动。
动能与速度和质量有关；若物体相对于参照物的位置变化，则是运动的。
记住影响动能的因素，会根据参照物判断物体的运动状态，可解答此题。
14.【答案】变小 4
【解析】解：某次抢救病人用去瓶内氧气的13，则瓶内所含氧气减少，质量减少；
设氧气瓶中原来氧气的质量为m，某次抢救病人用去瓶内氧气的13，质量减少，还剩23m，
设氧气瓶的容积为V，剩余氧气的体积始终等于氧气瓶的容积V不变。
原来氧气的密度ρ=mV=6kg/m3，
则剩余氧气的密度：ρ′=m′V=23mV=23×mV=23ρ=23×6kg/m3=4kg/m3。
故答案为：变小；4。
某次抢救病人用去瓶内氧气的13，所含氧气减少，质量减少；由于是气体，无论质量用去多少，剩余氧气的体积始终等于氧气瓶的容积不变，根据ρ=mV可求出瓶内剩余的氧气的密度。
本题考查了密度公式的应用和密度的计算，明确氧气的体积始终不变是解决此题的关键。
15.【答案】引 二
【解析】解：经常玩手机的人都爱在手机背面粘一个指环扣。不仅拿着保险，还能当支架。手机指环扣能紧紧粘在手机上，说明分子间存在引力。
手机是利用电能工作的，电能属于二次能源。
故答案为：引；二。
(1)分子间存在相互作用的引力和斥力。
(2)不能够直接从自然界中获取，需要消耗一次能源才能得到的能源是二次能源。
本题考查了能源的分类和分子间的作用力，关键是在具体的实例中能够区分能源的种类，属于基础性题目。
16.【答案】0.06 83.3% 90.9%
【解析】解：由图可知：n=2，则s=2h=2×0.1m=0.2m，
W总=Fs=1.2N×0.2m=0.24J，
P=W总t=0.24J4s=0.06W；
η=W有用W总=GhFs=2N×0.1m1.2N×0.2m≈83.3%；
动滑轮的重G动=nF−G=2×1.2N−2N=0.4N，
物重为4N时的机械效率η1=W有用1W总1=G1h(G1+G动)h=G1G1+G动=4N4N+0.4N=90.9%。
故答案为：0.06；83.3%；90.9%。
图中使用的是动滑轮，承担物重的绳子股数n=2，则s=2h。
根据s=2h求出拉力移动的距离，知道拉力大小，利用W=Fs求拉力做功，又知道做功时间，利用功率公式求拉力做功功率；利用η=W有用W总=GhFs求动滑轮的机械效率；
根据G动=nF−G求出动滑轮的重，利用η=W有用W总=Gh(G+G动)h=G G+G动求动滑轮的机械效率。
本题考查了有用功、总功、功率、机械效率的计算，涉及到提升物体的重力变化，注意在绳重摩擦不计的条件下，可利用η=W有用W总=Gh(G+G动)h=G G+G动。
17.【答案】做功；1.008×106
【解析】
【分析】
本题考查了四冲程汽油机的能量转化、吸热公式的应用，属于基础题目。
【解答】
(1)水烧开以后，水蒸气膨胀对壶盖做功，把壶盖顶起来，将水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，这与汽油机的做功冲程的能量转化相同，在汽油机的做功冲程中，是将燃气的内能转化为活塞的机械能；
(2)在标准大气压下水的沸点为100℃，即水的末温为100℃，
水吸收的热量为：Q吸=c水m水△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×3kg×(100℃−20℃)=1.008×106J。
18.【答案】压缩 做功 60
【解析】解：在内燃机的工作过程中，压缩冲程是将机械能转化为内能的过程；
图中两气门都关闭、活塞向下运动，所以是做功冲程；
四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，则该汽油机的飞轮每秒钟转30圈。因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，所以飞轮转30圈共完成，60个冲程。
故答案为：压缩；做功；60。
(1)汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成；机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程；
(2)根据活塞和气门的情况判断出图中是哪一冲程；
(3)汽油机在一个工作循环中，经历4个冲程，曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次，据此结合飞轮转速求该汽油机1s完成的冲程数。
本题主要考查对热机飞轮转速的含义的理解以及对热机工作循环中各冲程情况的了解。
19.【答案】6；5.4
【解析】解：
由图乙可知：灯泡L与电阻R并联，
根据P=UI，由图象可知，当L的实际功率为1.8W时，对应的实际电压为6V，实际电流IL=0.3A，
由并联电路的电压特点可知电源电压：U=UR=U实=6V；
由欧姆定律可得，通过R的电流：IR=UR=6V10Ω=0.6A．
由并联电路电流特点可得电路的总电流：I=IL+IR=0.3A+0.6A=0.9A，
所以电路消耗的总功率：P=UI=6V×0.9A=5.4W．
故答案为：6；5.4．
由图象可知，当L的实际功率为1.8W时，对应的实际电压为6V，实际电流为0.3A，据此可知电源电压，利用欧姆定律可算出通过R的电流，然后利用P=UI可求得此时消耗的总功率．
本题考查并联电路的特点和实际功率与实际电压、电流的判断，难点是学会从图象中所给信息中找到有用的数据．
20.【答案】180 2.16×105 3200
【解析】解：
(1)因为电热器正常工作，所以电热器的电功率P=P额=1200W=1.2kW，
由P=Wt可得电热器3min消耗的电能：
W=Pt=1.2kW×360h=0.06kW⋅h=0.06×3.6×106J=2.16×105J，
电能表指示灯闪烁次数：
n=3000imp/kW⋅h×0.06kW⋅h=180imp；
(2)由图知，电能表的工作电压是220V，平时工作允许通过的最大电流为20A，所以他家同时使用的用电器最大总功率：P最大=UI最大=220V×20A=4400W，
还能接入用电器的电功率：
P′=P最大−P=4400W−1200W=3200W。
故答案为：180；2.16×105；3200。
(1)先利用W=Pt求电热器正常工作3min消耗的电能，结合电能表的参数“3200imp/kW⋅h”(表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次)求电能表指示灯闪烁次数；
(2)由图知，电能表的工作电压、平时工作允许通过的最大电流(20A)，利用P=UI求他家同时使用的用电器最大总功率，减去现在电热器的电功率可得还能接入用电器的电功率。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，明确电能表相关参数的含义是关键。
21.【答案】解：
平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，该光线入射到平面镜，根据反射角等于入射角画出反射光线，如图所示：
【解析】先根据入射光线的特点(平行于主光轴)画出折射光线，该光线入射到平面镜，再根据光的反射定律画出反射光线。
本题考查了凸透镜的三条特殊光线的应用和光的反射图的画法，属于基础题目。
22.【答案】解：因为物体在水中，所以受浮力和重力的关系，浮力方向竖直向上，重力方向竖直向下；又物体上浮，所以物体受到的浮力大于重力，作用点都画在重心处，如图所示：
故答案为：见上图．
【解析】首先分析出物体受到的两个力：重力和浮力，然后根据物体的浮沉条件判断出重力和浮力的大小关系，根据力的示意图的画法表示出两个力．注意线段的长度与力的大小关系相对应．
此题考查了重力和浮力示意图的画法，此题中有关浮力和重力的大小关系是容易被遗忘的地方，在考查的同时涉及到了物体的浮沉条件的应用．
23.【答案】解：
(1)汽车静止在水平地面上时对水平地面的压力：
F=G车=m车g=3×103kg×10N/kg=3×104N，
则汽车静止在水平地面上时对水平地面的压强：
p=FS=3×104N0.2m2=1.5×105Pa；
(2)由图知，n=3，
将物体从井底拉至井口的过程中，绳端移动的距离：s=3h=3×12m=36m，
汽车拉绳子的拉力对滑轮组做的功：
W总=Fs=2.5×103N×36m=9×104J；
W有用=Gh=6×103N×12m=7.2×104J；
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=7.2×104J9×104J×100%=80%；
(3)因为汽车匀速运动时，受向右的牵引力、向左的绳子拉力和向左的阻力，
根据力的平衡条件可得牵引力：
F牵=F+f=F+0.05G车=2.5×103N+0.05×3×104N=4×103N，
牵引力做的总功为：
W′=F牵s=4×103N×36m=1.44×105J，
若牵引车柴油机的效率为30%，
根据η=WQ放知，
柴油完全燃烧放出的热量：
Q放=Wη=1.44×105J30%=4.8×105J，
根据Q=mq知消耗柴油的质量：
m=Q放q=4.8×105J4.3×107J/kg≈0.0112kg=11.2g。
答：(1)汽车静止在水平地面上时对水平地面的压强1.5×105Pa
(2)滑轮组的机械效率为80%；
(3)将物体拉至井口过程中，牵引车消耗11.2克柴油。
【解析】由图可知，承担货物重的绳子股数n=3，设提升物体的高度为h，则绳子自由端移动的距离s=3h；
(1)汽车静止在水平地面上时对水平地面的压力等于汽车的重力，利用F=G=mg求出，再利用p=FS计算压强；
(2)知道拉力大小，利用W=Fs汽车拉绳子的拉力对滑轮组做的功；
知道物体重，利用W有=Gh求提升物体所做的有用功，再利用机械效率的公式求滑轮组的机械效率；
(3)根据二力平衡和力的合成求出牵引力的大小，然后利用W=Fs计算拉力做的功；
而汽车热机效率η=WQ放=30%，据此求完全燃烧汽油放出的热量，再利用Q放=mq求需要汽油的质量。
本题考查了学生对压强大小计算，有用功、总功、机械效率公式以及热量公式的理解和运用，理解并求出有用功和总功是本题的关键，根据二力平衡和力的合成求出牵引力的大小是此题的难点。
24.【答案】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×6kg×(40℃−20℃)=5.04×105J；
加热时间t′=15min=900s，
足浴盆加热时消耗的电能：
W=P额t′=605W×900s=5.445×105J。
(2)由P=U2R得，加热电阻的阻值：
R=U额2P额=(220V)2605W=80Ω，
当小明家的实际电压是200V时，加热电阻工作的实际功率：
P实=U实2R=(200V)280Ω=500W。
(3)电动机工作中因发热损失的功率：
P损=I2R′=(4A)2×0.5Ω=8W。
答：(1)此加热过程中水吸收的热量是5.04×105J；消耗的电能是5.445×105J；
(2)加热电阻工作的实际功率是500W；
(3)电动机工作中因发热损失的功率是8W。
【解析】(1)知道水的比热容、水的质量，初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm(t−t0)求水吸收的热量；根据W=Pt求出足浴盆消耗的电能；
(2)先根据P=U2R的变形公式求出加热电阻的阻值，然后再根据P=U2R求出加热电阻工作的实际功率；
(3)根据P损=I2R′求出电动机工作中因发热损失的功率。
本题考查了电功与热量的综合计算，涉及吸热公式、电功公式和电功率公式的应用，熟练应用相关公式即可正确解题，关键要注意电动机正常工作时的功率不等于发热功率。
25.【答案】水的比热容比冰的比热容大 4.2×104 化学能 电能
【解析】解：
(1)由图知：在AB段2min冰温度升高40℃，即每分钟温度升高20℃，CD段6min冰温度升高100℃，即每分钟温度升高约为17℃，因为相同时间内吸热相同，即吸收相同的热量，且冰化成水质量不变，根据Q=cmΔt可知，水的比热容比冰的比热容大，所以水的温度变化小；
500g冰加热的前2min内冰吸热：
Q=cmΔt=2.1×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×40℃=4.2×104J；
(2)氢燃料电池是将氢气的化学能最终转化为电能，再用来驱动汽车的。
故答案为：(1)水的比热容比冰的比热容大；4.2×104；(2)化学能；电能。
(1)根据Q=cmΔt进行分析判断；
知道冰的比热、质量、温度变化量，根据Q=cmΔt进行计算；
(2)燃料中的化学能可通过技术手段最终再转化为电能。
本题主要考查对比热容的理解和热量计算公式Q=cmΔt的应用，属于基础题。
26.【答案】10.0 缩小 照相机 凹透镜 C
【解析】解：(1)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=40.0cm−30.0cm=10.0cm；
(2)当把蜡烛放在图乙所示位置时，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)如果保持光屏的位置不变，把蜡烛向左移动一小段距离时，此时物距增大，要想在光屏上得到清晰的像，应该在凸透镜和蜡烛之间放置一个焦距适当的凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像；
(4)当物距大于焦距时凸透镜成的是实像；将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距变大，像距则变小，且无限接近一倍焦距，故图象为C图。
故答案为：(1)10.0；(2)缩小；照相机；(3)凹透镜；(4)C。
(1)平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
(2)根据凸透镜成实像时，物距大于像距成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)凹透镜对光线具有发散作用；
(4)根据凸透镜成实像的条件及物距和像距的关系分析。
此题主要考查了有关凸透镜成像的运用，凸透镜成像的几种情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
27.【答案】B、C、A、D、F、E 30 0.94 相同 两支温度计的示数变化大小
【解析】解：
(1)要测量样品油的密度，正确的测量步骤为：B、将天平放在水平台面上调平；C、取适量样品油倒入烧杯，用天平测出烧杯和样品油的总质量M；A、将部分样品油倒入量筒中后，测出烧杯和剩余样品油的总质量m；D、读出量筒中样品油的体积V；F、利用实验数据，计算出样品油的密度；E、根据测算出的密度，鉴别样品油的品质；则实验步骤正确排序：B、C、A、D、F、E；
(2)烧杯和样品油的总质量为M=50g+2g=52g；样品油的体积为V=30mL=30cm3；
(3)样品油的质量为m油=M−m=52g−23.8g=28.2g
样品油的密度为ρ=mV=28.2g30cm3=0.94g/cm3；
(4)把两根阻值相同的电阻丝串联接入电路，其目的是在相等的时间内，两根电阻丝放出的热量相等，由公式c=QmΔt可知，要比较不同物质的吸热能力，需要保持热量、质量都相同，比较温度的变化，温度变化越明显，说明吸热能力越差。所以小强把两根阻值相同的电阻丝串联接入电路，其目的是在相同时间产生的热量相同；取质量相等的色拉油和样品油，其目的是控制质量这个变量相同，通过观察温度的变化，就能比较出它们比热容的大小，并依此鉴别出样品油的品质。
故答案为：(1)B、C、A、D、F、E；
(2)30；
(3)0.94；
(4)相同；两支温度计的示数变化大小。
(1)测量液体密度的实验过程是：调节天平使横梁平衡；在烧杯内倒入适量的某种液体，用天平测出烧杯和该液体的总质量M；将烧杯中的部分液体倒入量筒中，读出量筒内液体的体积V；用天平测出烧杯和剩余液体的质量m；利用密度公式算出液体的密度。
(2)用天平测量物体质量时，被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和；读取量筒中液体的体积时，先要明确量筒的分度值，读数时以液面的最凹处为准。
(3)已知烧杯和样品油的总质量以及倒入量筒后烧杯和剩余样品油的质量，两者之差就是量筒中样品油的质量；已知样品油的质量和体积，利用ρ=mV得出样品油的密度；
(4)把两根阻值相同的电阻丝串联接入电路，其目的是在相等的时间内，两根电阻丝放出的热量相等，不同物质吸热能力的大小与其比热容有关，要比较比热容的大小，就要利用公式c=QmΔt，应用的方法是控制变量法和转换法。
控制变量法和转换法是研究物理问题最常用的两种方法，恰当的应用既有利于实验现象的观察，又能保证得到正确的结论。
28.【答案】待测电阻断路 5 右 再闭合S1 U1U−U1R0
【解析】解：(1)滑片P位于左端，要使滑动变阻器接入电路中的电阻值最大，导线应连接右下接线柱，如图所示：
(2)正确调节滑片P后闭合开关，发现电流表示数为零，电压表示数约为3V，电路中的故障可能是：待测电阻断路。
(3)当电压表的示数为1.3V时，电流表的示数如图乙，电流选用小量程，分度值为0.02A，其示数为0.26A，由欧姆定律可得，待测电阻的阻值：
Rx=UI=1.3V0.26A=5Ω；
若要将电压表的示数调到2.0V，即增大电阻两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由串联分压原理可知，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动；
(4)实验步骤如下：
①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx=两端的电压为U1：
②再闭合S1，用电压表测出电源的电压U；
③在①中，两电阻串联，测得电阻Rx两端的电压为U1；在②中，定值电阻R0短路，电路为电阻Rx的简单电路，电源电压为U，
根据串联电路电压规律，两电阻串联时，定值电阻R0的电压为：U0=U−U1，
由欧姆定律可得，电路中的电流为：
I=I0=U0R0=U−U1R0，
则待测电阻的表达式：
Rx=U1I=U1U−U1R0=U1U−U1R0。
故答案为：(1)见上图；
(2)待测电阻断路；
(3)5；右；
(4)再闭合S1；U1U−U1R0。
(1)根据滑动变阻器采取“一上一下”的连接方式连接；
(2)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(3)根据电流选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律求出待测电阻；
2.0V大于1.3V，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
(4)通过开关的转换分别使电压表测Rx两端的电压为和电源电压，根据串联电路的规律及欧姆定律得出待测电阻的表达式。
本题是“伏安法测量电阻”的实验，考查了有关电流表读数，同时考查了电路连接和欧姆定律的应用，还考查了实验过程的分析和计算，考查得比较全面。
29.【答案】P=UI；电压表；B；电阻器电阻Rx远大于滑动变阻器最大阻值R造成的
【解析】解：(1)用电流表和电压表测功率的原理是P=UI；
(2)“测定小灯泡额定功率”正确的操作步骤应该是移动滑片时，同时观察电压表的示数，直到等于小灯泡的额定电压，记下此时电流表的示数，然后根据P=UI计算出小灯泡的额定功率；
由图可知，小灯泡与变阻器串联，当小灯泡正常发光时，
小灯泡两端电压：U灯=U额=3.8V，
电路中的电流：I=I灯=U灯R灯=3.8V20Ω=0.19A，
变阻器电阻：R变=U变I变=U−U灯I=6V−3.8V0.19A≈11.6Ω>10Ω，
故应选择B变阻器；
(3)依据串联电路的电压规律，可以利用电压表测变阻器电压，当小灯泡正常发光时，变阻器两端电压U变=6V−3.8V=2.2V<3V，如图3；
(4)调节滑动变阻器P的位置，电压表的示数几乎不发生改变，这是由于电阻器电阻Rx远大于滑动变阻器最大阻值R造成的．
故答案为：(1)P=UI；(2)电压表；B；(3)如图3所示；(4)电阻器电阻Rx远大于滑动变阻器最大阻值R造成的．
(1)利用电压测灯泡两端电压，利用电流表流电流，再依据电功率公式P=UI进行计算；
(2)实验时移动滑片位置，同时观察电压表示数，使灯泡两端电压等于额定电压，小灯泡才能正常工作；根据灯泡正常工作时的电压，计算电流，结合串联电路的特点计算变阻器接入电路中的最小值，据此判断；
(3)利用串联电路的特点，总电压等于各串联部分电压之和，据此解析；
(3)当滑动变阻器采用限流接法，待测电阻远大于滑动变阻器阻值时，移动滑片位置，电压表示数几乎不变，此时滑动变阻器可以采用分压接法．
本题考查用电压表电流表测灯泡的电功率，要理解实验原理，掌握串联电路的特点．
2023年辽宁省朝阳市中考物理模拟试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列估计值最接近实际的是( )
A. 对人体的安全电压大约是36V
B. 教室中的课桌高度大约为80mm
C. 江津中学一堂自习课的时间约为40h
D. 空调正常工作1h消耗的电能大约是1kW⋅h
2. 下列关于声音的描述中，正确的是( )
A. 运动会上，同学们的呐喊声越大，声音传得越快
B. 音乐会上，观众是依据音调辨别美妙的琴声的
C. 在月球上，宇航员同样可以通过声音直接相互对话
D. 考试期间，为减小噪声，禁止校园周边工地施工，这是在声源处减弱噪声
3. 在我市出现了“大炮”，如图所示，它是专门用来与雾霾打硬仗的雾炮车。其喷雾功能能有效降低空气中的PM2.5的含量。和雾炮车有关的现象，下列说法不正确的是( )
A. PM2.5在空气中的运动属于分子热运动
B. 洒在地上的水在蒸发时吸热，能在抑尘的同时起到调节气温的作用
C. 雾炮车在匀速前进过程中，动能逐渐减小
D. 汽车后的拖地铁链是为了将摩擦起的静电及时导走
4. 关于家庭电路和安全用电的说法正确的是( )
A. 检查和维修电路时，必须首先切断电源
B. 家庭电路中，电能表是用来测量电功率的仪表
C. 使用测电笔时，手不能接触笔上任何金属体
D. 只有大功率用电器才需使用三孔插座
5. 水星凌日是一种天文现象，平均每100年发生约13次，时间在5月或11月初。当水星运行到太阳和地球之间时，如果三者能连成直线，便会发生“水星凌日”现象，其道理和日食类似。如图所示，水星如一颗小黑痣从太阳“脸上”缓慢爬过。它的形成与下列光现象原理相同的是( )
A. 筷子“折断” B. 小孔成像
C. 雨后彩虹 D. 水中倒影
6. 下列有关热机效率、燃料热值、物体内能的说法中，正确的是( )
A. 热机所用燃料的热值越大，效率越高
B. 为了防止热机过热，通常用水来降温，是利用水的比热小的特性
C. 火箭采用液态氢做为燃料是因为它的热值大
D. 热量也可从内能少的物体向内能多的物体传递
7. 如图所示是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式(不计机械自重和摩擦)，其中所需动力最小的是( )
A. B.
C. D.
8. 关于如图所示的四个电磁实验，下列描述中正确的是( )
A. 甲图实验演示的是发电机原理
B. 乙图实验演示的是电流的磁效应
C. 丙图实验可探究螺线管的磁场周围的磁感线分布情况
D. 丁图实验演示的是电磁感应现象，发电机是依据此原理制成的
9. 如图所示，将体积相同、材料不同的甲、乙、丙三个实心小球，分别轻轻放入三个装满水的相同烧杯中，甲球下沉至杯底、乙球漂浮、丙球悬浮，下列说法正确的是( )
A. 三个小球的质量大小关系是m甲>m丙>m乙
B. 三个小球受到的浮力大小关系是F甲=F丙>F乙
C. 三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系是p甲=p乙=p丙
D. 三个烧杯底部对桌面的压强大小关系是p′甲>p′乙>p′丙
10. 如图甲所示，已知电流表量程0～0.6A，电压表量程0～15V，滑动变阻器R2规格为“20Ω 0.5A”。闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P，得到电流表与电压表的示数关系图象如图乙所示，在保证电路安全前提下，下列说法正确的是( )
A. 电源电压为9V B. 滑动变阻器的阻值取值范围是5Ω～20Ω
C. R1两端电压的变化范围是2V～6V D. 电路总功率的变化范围是1.2W～3W
11. 北京时间4月16日，在美国波士顿举行的马拉松比赛中，发生了两起爆炸，造成多人伤亡。巨大的声响甚至将远处建筑物的玻璃都震碎了。其中，巨大的声响是指声音的______ ；玻璃震碎了，说明声音能够传递______ 。
12. 红外线是一种______ 波。人体辐射的红外线波长约为10μm，频率约为______ Hz。
13. 为了有效阻断新型冠状病毒肺炎的传播，多地防疫站用洒水车在水平路面上喷洒消毒液，消毒车匀速前进喷洒过程中，消毒车的动能______(选填“变大”、“不变”或“变小”)，以路边的树木为参照物，消毒车是______的。
14. 新冠状病毒肆虐，ICU重症监护室内配有体积为0.5m3，充满氧气的钢瓶，供急救病人时使用，其密度为6kg/m3.若某次抢救病人用去瓶内氧气的13，则瓶内氧气的质量将______(选填“变大”“变小”或“不变”)，其密度为______kg/m3。
15. 经常玩手机的人都爱在手机背面粘一个指环扣。不仅拿着保险，还能当支架。手机指环扣能紧紧粘在手机上，说明分子间存在______ 力。手机是利用电能工作的，电能属于______ 次能源。
16. 如图所示，用1.2N的拉力沿竖直方向匀速拉起重为2N的物体，物体上升0.1m所用时间为4s，此过程中拉力的功率为______W，动滑轮的机械效率为______，若将物重增加到4N，则它的机械效率为______(绳重摩擦不计)。
17. 用天燃气烧水，水烧沸腾时，壶盖不断向上跳动，此过程中能量转化与四冲程汽油机的______冲程的能量转化相同；在标准大气压下用天燃气把3kg的水从20℃加热至刚沸腾时，水吸收了______J的热量。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
18. 在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是______ 冲程，如图所示，汽油机正在进行的是______ 冲程。若该汽油机的飞轮转速为1800r/min，则它1s完成______ 个冲程。
19. 图甲是通过灯泡L的电流跟其两端电压关系的图象，现将灯泡L与阻值为10Ω的电阻R连入图乙所示电路．闭合开关S，灯泡L的实际功率为1.8W.则电源电压是______ V，电路消耗的总功率是______ W．
20. 如图所示是小华家使用的电能表，若他把一个标有“220V 1200W”的电热器单独接入电路正常工作3min，电能表指示灯闪烁______ 次，消耗的电能为______ J。他家还能同时使用的用电器的总功率为______ W。
21. 如图所示，平行于主光轴的入射光线经透镜折射后，再经平面镜反射。请画出其光路图。
22. 如图所示是正在水中上浮的木块，请画出木块在水中所受重力G和浮力F浮的受力示意图．
23. 如图所示，一辆牵引车通过滑轮组将深井中的物体匀速拉至井口。已知井深12m，物体重6×103N，牵引车质量3t，牵引车对绳子的拉力2.5×103N，车受到的阻力为车重的0.05倍，车轮与地面接触的总面积为0.2m2.(g取10N/kg)。求：
(1)牵引车静止在水平地面时对地面的压强是多大？
(2)滑轮组的机械效率是多少？
(3)若牵引车柴油机的效率为30%，则将物体拉至井口过程中，牵引车消耗多少克柴油？(计算结果精确到0.1，q柴油=4.3×104J/g)
24. 小明妈妈为奶奶买了一个电热足浴盆(如图所示)，内部由加热系统和按摩系统两部分组成。加热系统的加热电阻额定电压220 V，额定功率605 W.问：
(1)小明帮奶奶泡脚时，向足浴盆中加入6 kg初温为20℃的水，加热系统的加热电阻正常工作15 min将水加热到40℃，此加热过程中水吸收的热量是多少？消耗的电能是多少？[c水=4.2×103J/(kg·℃)]
(2)当小明家的实际电压是200 V时，加热电阻工作的实际功率是多少？
(3)足浴盆按摩系统中的电动机工作电压是12 V(按摩系统将交流电压转换为12 V)，工作电流为4 A，其电阻为0.5 Ω，电动机工作中因发热损失的功率是多少？
25. 小明想把冰的熔化和水的沸腾合二为一进行实验，
(1)他根据冰熔化成水直到沸腾这过程记录的数据，绘制成如图所示的温度随时间变化的图象。分析图象发现，造成AB段和CD段升温快慢不同的原因是______ 。
(1)已知水比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)，对500g冰加热的前2min内冰吸热______ J。
(2)“加水就能跑的神车”一度成为舆论热点，该汽车实际是利用车内水解制氢技术获得氢气，通过氢燃料电池给车提供动力(该技术成本很高，目前仍处在试验阶段)，氢燃料电池是将氢气的______ 转化为______ 。
26. 在做“探究凸透镜成像的规律”实验中，平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在光屏上一点，如图甲所示。
(1)如图甲所示，让一束平行光正对着凸透镜，移动光屏，直到在光屏上得到一个最小、最亮的光斑，由此可得出该凸透镜的焦距为______ cm。
(2)如图乙所示，把蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛，将烛焰、凸透镜、光屏三者中心调到同一高度，当把蜡烛放在图乙所示位置时，移动光屏，在光屏上能成倒立、______ (填“缩小”“等大”或“放大”)的实像，生活中的______ 就是利用这个原理制成的。
(3)如果保持光屏的位置不变，把蜡烛向左移动一小段距离时，要想在光屏上得到清晰的像，应该在凸透镜和蜡烛之间放置一个焦距适当的______ (选填“凸透镜”或“凹透镜”)才能实现。
(4)实验中将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距u随时间t的变化图象如图丙所示，则像距v与t的大致变化关系为丁图中的______ 。
27. 食品安全是关系到全社会的大问题，地沟油中含有大量对人体有毒、有害的物质。一些不法商人对其进行简单的脱水、脱杂、脱臭处理后，冒充色拉油在市场上销售，欺骗、伤害市民。小华想用测密度的方法来鉴别色拉油和地沟油。首先，他通过网络查得优质色拉油的密度在0.91g/cm3−0.93g/cm3之间，地沟油的密度在0.94g/cm3−0.95g/cm3之间。然后，他设计了以下步骤进行实验鉴别：
A、将部分样品油倒入量筒中后，测出烧杯和剩余样品油的总质量m；
B、将天平放在水平台面上调平；
C、取适量样品油倒入烧杯，用天平测出烧杯和样品油的总质量M；
D、读出量筒中样品油的体积V；
E、根据测算出的密度，鉴别样品油的品质；
F、利用实验数据，计算出样品油的密度。
(1)请将上面实验步骤正确排序：______ 。(填字母序号)
(2)由图1可知，M=52克，样品油的体积V= ______ mL。
(3)若m=23.8克，则样品油的密度ρ= ______ g/cm3。
小强认为：比热容也是物质的一种性质，比较不同物质的比热容，同样可以鉴别它们。于是，他量取质量相等的色拉油和样品油，分别装入A、B两个烧瓶内，将两根阻值相同的电阻丝分别浸入两个烧瓶内，串联后接入电路，如图2所示。
(4)实验中，小强把两根阻值______ (填“相同”或“不相同”)的电阻丝串联接入电路，其目的是相同时间内，两电阻丝放出相等的热量；取质量相等的色拉油和样品油，通过观察______ ，就能比较出它们比热容的大小，并依此鉴别出样品油的品质。
28. 在“伏安法测电阻”的实验中：
(1)将图甲的实物电路用笔画线连接完整，要求滑动变阻器连入最大阻值。
(2)检查无误，闭合开关后，发现电流表示数为零，电压表示数约为3V，电路中的故障可能是______ 。
(3)排除故障后进行实验。移动滑片P，当电压表的示数为1.3V时，电流表的示数如图乙，待测电阻Rx= ______ Ω。若要将电压表的示数调到2.0V，需将滑片P向______ 移动。(选填“左”或“右”)
(4)某同学利用一个电压表和一个已知阻值的电阻R0，设计如图丙的电路，同样测出待测电阻Rx的阻值。
实验步骤如下：
①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；
② ______ ，用电压表测出电源的电压U；
③可得待测电阻Rx= ______ 。(用U、U1和R0表示)
29. 实验桌上备有电流表一只 (量程为0～0.6A和0～3A)，电压表一只 (量程为0～3V和0～15V)，电源(6V)，额定电压为3.8V灯炮一只，其灯丝电阻约20Ω，A：“10Ω1.5A“和B：“20Ω1A“的滑动变阻器各一只，若用以上器材测定小灯泡的额定功率，则：
(1)用电流表和电压表测功率的原理是______ ．
(2)实验操作过程中，移动滑动变阻器的滑片，同时应观察______ 的示数．根据实验要求，他应选择规格为______ (选填字母序号)的滑动变阻器．
(3)假如电压表0−15V量程已损坏，小刚仍想测出小灯泡的额定功率，请你将小刚设计的图1所示电路图画在右面的方框内．
(4)小明同学把实验中小灯泡换成一阻值约为2kΩ的定值电阻Rx，如图2，想用伏安法测量Rx的阻值，但在实验操作中该同学发现不论怎样调节滑动变阻器P的位置，电压表的示数几乎不发生改变，且查得电路各处连接无误，电路元件完好无损，产生这一现象的原因是______ ．
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
A.对人体安全的电压是不高于36V，故A错误；
B.中学生的身高在160cm=1.6m左右，课桌的高度大约是身高的一半，在0.8m=800mm左右，故B错误；
C.江津中学一堂自习课的时间约为40min，故C错误；
D.空调正常工作时的功率约为1kW，则1h消耗的电能W=Pt=1kW×1h=1kW⋅h，故D正确．
故选D．
(1)对人体安全的电压是不高于36V；
(2)根据生活经验及对生活常识的了解，作出合理的估计，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，然后逐一分析各选项并作出判断．
本题考查了学的对安全电压的记忆以及高度、时间、功率的估测以及电功的计算，是一道基础题目．
2.【答案】D
【解析】解：A、声音的传播速度与介质的种类和介质的温度有关，与声音的响度无关，故A错误；
B、不同乐器的材料和结构不同，发出声音的音色不同，音乐厅内，观众能够辨别美妙的钢琴声，是依据音色的不同，故B错误；
C、在月球上，由于真空不能传声，所以宇航员不能通过声音直接相互对话，故C错误；
D、停止校园周边工地的施工，是在声源处减弱噪声，故D正确。
故选：D。
(1)声速的大小与介质种类和温度有关。
(2)音调指声音的高低，响度指声音的大小，不同发声体的材料和结构不同，发出声音的音色不同；
(3)真空不能传声。
(4)减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。
本题考查了声音的产生、声音特性的辨别、防治噪声的途径、声速等知识点，属声学综合题，难度不大。
3.【答案】A
【解析】解：A.PM2.5不属于分子，不属于分子热运动，故A不正确。
B.洒在地上的水会蒸发吸收热量调节气温，属于汽化现象，同时可以抑尘，故B正确；
C.雾炮车在匀速前进过程，速度不变，但会因为洒水质量变小，故动能变小，故C正确；
D.汽车后的拖地铁链是导体，铁链能将摩擦起的静电及时导走，故D正确。
故选：A。
(1)PM2.5的运动是机械运动，不是分子的热运动；
(2)水在蒸发的过程中会吸热；
(3)动能的大小与速度和质量有关；
(4)导体容易导电。
本题考查了分子热运动、蒸发的特点、动能大小变化分析、导体的性质，属于基础知识。
4.【答案】A
【解析】解：
A、检查和维修电路时，首先切断电源，再维修，故A正确；
B、电能表是用来测量用电器消耗电能的仪表，故C错误；
C、使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体，故C错误；
D、带金属外壳的用电器应该使用三孔插座，可以防止因漏电而发生触电事故，故D错误。
故选：A。
(1)发现有人触电或检修电路时，首先切断电源，再实行救援措施或维修；
(2)电能表是用来测量用电器消耗电能(电功)的仪表；
(3)使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体；
(4)带金属外壳的用电器必须使用三孔插座。
安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；触电原因是直接或间接接触火线；电引起的火灾不要用水泼。
5.【答案】B
【解析】解：当水星转到太阳与地球中间且三者在一条直线上时，在地球上看到水星从太阳面上移过，这就是“金星凌日”现象，成因是光的直线传播；
A、筷子“折断”是光的折射现象，故A不符合题意；
B、小孔成像是光沿直线传播形成的，故B符合题意；
C、雨后彩虹是光的折射现象，故C不符合题意；
D、水中倒影是光的反射现象，故D不符合题意；
故选：B。
解答此题要明确发生“水星凌日”现象时，太阳、水星和地球三者在同一条直线上，并且，水星在太阳和地球之间。
一般来说：见到影子、日月食、小孔成像就联系到光的直线传播原理；见到镜子、倒影、潜望镜就联系到光的反射原理；见到水中的物体，隔着玻璃或透镜看物体就联系到光的折射原理。“水星凌日”的天文奇观，很少见，它的产生和日食的道理相同。
6.【答案】CD
【解析】解：A、用热值大的燃料，燃烧相同燃料可以放出更多的热量，但用来做有用功的能量不一定多，用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量的比值不一定大，热机效率不一定得到提高，所以A错误；
B、为了防止热机过热，通常用水来降温，是利用水的比热大的特性，所以B错误；
C、火箭采用液态氢做为燃料是因为它的热值大，所以C正确；
D、只要两个物体之间存在温度差，就会发生热传递，所以D正确。
故选：CD。
(1)热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，减少热的损失，可以提高效率；
(2)用水循环来降低热机的温度，主要是利用水比热容较大的特性，结合Q=cmΔt分析；
(3)燃料的热值是燃料的一种性质，只与燃料的种类和状态有关，热量的热值越大，同等质量的燃料完全燃烧放出的热量越多。
(4)热传递的条件是：物体之间存在着温度差；内能是物体分子无规则运动的动能和分子势能的总和。
本题考查了本题考查了热机的效率、比热容、热值、热传递，是一道基础题。
7.【答案】B
【解析】解：设物体重力为G，不计机械自重和摩擦：
A、图中为斜面，由功的原理可得，F1×4m=G×2m，解得F1=0.5G；
B、图中为滑轮组，与动滑轮相连的绳子段数是3，因此F2=13G；
C、图中为定滑轮，不省力，则F3=G；
D、由图可知，杠杆的动力臂为阻力臂的2倍，根据杠杆平衡条件可知，动力为阻力的二分之一，F4=0.5G；
因此动力最小的是B。
故选：B。
根据简单机械的原理：不省功和杠杆平衡条件，分别求出四个力，再确定最小的动力。
此题主要是考查各种简单机械省力情况及省力的原理，属于基础知识的考查。
8.【答案】B
【解析】解：A、甲图的实验研究的是通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的，故A错误；
B、乙实验演示的是电流的磁效应，即奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，故B正确；
C、丙图实验可探究螺线管的磁场方向与电流方向的关系等，但不能直接探究其周围的磁感线分布情况，故C错误；
D、丁图中有电源，是电动机的原理，即通电导体在磁场中受到力的作用，故D错误。
故选：B。
据所学电和磁的知识，对图中的各个实验结合选项中的描述逐个分析即可做出判断。
物理学是以观察和实验为主的实验学科，很多的物理知识都来源于实验，在学习中应重视实验的学习，要牢记一些重要实验装置图。
9.【答案】ABC
【解析】解：
A、甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，所以甲球的密度大于水的密度，乙球的密度小于水的密度，丙球的密度等于水的密度，因此三个小球的密度大小关系是：ρ甲>ρ丙>ρ乙，且三个实心小球体积相同，根据m=ρV可知，三个小球的质量大小关系是m甲>m丙>m乙，故A正确；
B、由于甲、乙、丙三个实心小球体积相同，由图可知排开水的体积关系：V甲排=V球，V乙排
C、因为三个相同烧杯中都装满水，放入球后烧杯中液面高度不变，根据p=ρgh可知烧杯底部受到水的压强相等，即：p甲=p乙=p丙；故C正确；
D、三个相同烧杯中都装满水，里面水的重力G水相等，由于烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力，则放入小球后，容器对桌面的压力为：F=G容器+G水+G球−G排，且G排=F浮，据此可得：
F′甲=G容器+G水+G甲−G排甲=G容器+G水+G甲−F甲；
F′乙=G容器+G水+G乙−G排乙=G容器+G水+G乙−F乙；
F′丙=G容器+G水+G丙−G排丙=G容器+G水+G丙−F丙；
由于甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，则G甲>F甲，G乙=F乙，G丙=F丙；
所以F′甲>F′乙=F′丙；
由于容器的底面积相同，根据p=FS可知，烧杯底部对桌面的压强的关系是p′甲>p′乙=p′丙；故D错误。
故选：ABC。
(1)甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，根据物体的浮沉条件分析判断三个小球密度的关系，由于甲、乙、丙三个实心小球体积相同，根据m=ρV即可判断三个小球的质量大小关系；
(2)由图可确定三个烧杯中的V排关系，然后根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排判断浮力大小关系；
(3)由于三个相同烧杯中都装满水，由图可确定判断液面升高的关系，从而根据p=ρgh判断烧杯底部受到水的压强的关系；
(4)由于烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力，则根据相同的烧杯装满水的，球的重力关系和排开水的重力关系，先判断出压力的关系，进一步即可判断压强关系。
本题考查了学生分析推理的能力，本题中解题的关键是由物体在水中所处的状态判断其密度和浮力大小的关系、知道烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力。
10.【答案】D
【解析】解：由甲图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测量电路的电流，
由串联电路特点和欧姆定律可得，电源电压：
U=4V+0.2A×R1------①
U=3V+0.3A×R1------②
由①②可解得：U=6V，R1=10Ω，故A错误；
由滑动变阻器R2的规格为“20Ω0.5A”可知，当电流表示数达到I大=0.5A时，变阻器接入电路的电阻最小，由欧姆定律得，电路总电阻：
R=UI大=6V0.5A=12Ω，
因串联电路总电阻等个分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路的最小阻值：
R滑小=R−R1=12Ω−10Ω=2Ω，
由P=UI可得，此时电路的最大功率：
P大=UI大=6V×0.5A=3W；
此时R1两端的最大电压为：
U1大=I大R1=0.5A×10Ω=5V；
根据串联电路的分压特点，变阻器接入电路的电阻越大，其两端电压越高，
由于电源电压小于最电压表的所用量程的最大值，故变阻器接入电路的最大值为其本身的最大值，即R滑大=20Ω，
此时电路的总电阻R串=R1+R滑大=10Ω+20Ω=30Ω，
此时电路的最小电流为：I小=UR串=6V30Ω=0.2A；
R1两端的最小电压为：U1小=I小R1=0.2A×10Ω=2V；
则电路最小功率：P小=UI小=6V×0.2A=1.2W。
由上可知，变阻器的阻值范围为：2Ω～30Ω，故B错误；
R1两端电压的变化范围是2V～5V，故C错误；
电路总功率的变化范围是1.2W～3W，故D正确，
故选：D。
根据图象，利用串联电路特点和欧姆定律列方程，求出电源电压和电阻R1的值，根据变阻器铭牌和电表的量程，当电流表示数达到I大=0.5A时，变阻器接入电路的电阻最小，由欧姆定律求出电路总电阻，
根据串联电路电阻特点求出滑动变阻器接入电路的最小阻值；根据由P=UI求出此时电路的最大功率；根据欧姆定律求出此时R1两端的最大电压；根据串联电路的分压特点，变阻器接入电路的电阻越大，
其两端电压越高，由于电源电压小于最电压表的所用量程的最大值，故变阻器接入电路的最大值为其本身的最大值，进而得出滑动变阻器的阻值取值范围；根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出此时电路的最小电流，进而得出R1两端的最小电压，根据P=UI求出电路最小功率；从而得出R1两端电压的变化范围和电路总功率的变化范围。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的运用以及电功率公式的应用，要会从图象中获取信息。
11.【答案】响度 能量
【解析】解：爆炸声很巨大，是指声音的响度大；巨大的爆炸声把玻璃震碎了，说明声音能够传递能量。
故答案为：响度；能量。
(1)声音的三种特性：音调、响度和音色，声音的高低叫音调，与物体的振动频率有关；人耳能感觉到的声音的强弱叫响度，与物体振动幅度有关，同时还和距离声源的距离有关；音色指声音的特色，与发声体的材料有关。
(2)声音既能够传递信息，又能够传递能量。
本题考查了声音的响度和声音能够传播能量，属于基础知识的考查，相对比较简单。
12.【答案】电磁 3×1013
【解析】解：红外线是一种电磁波；
光在真空或空气中的传播速度约为3×108m/s，则红外线在真空中的传播速度也为3×108m/s，
故据c=λf知，频率：
f=cλ=3×108m/s10×10−6m=3×1013Hz。
故答案为：电磁；3×1013。
(1)红外线和紫外线都是看不见的光，与可见光一样，也是一种电磁波。
(2)知道电磁波的波长、波速、频率之间的关系，即：c=λf(c是电磁波的波速，λ是电磁波的波长，f是电磁波的频率)。
熟记电磁波的波速c=3×108m/s、并熟悉波速、波长、频率关系式c=λf是解决该题的关键。
13.【答案】变小 运动
【解析】解：消毒车匀速前进喷洒过程中，速度不变，但质量变小，消毒车的动能变小。以路边的树木为参照物，消毒车的位置发生变化，消毒车是运动的。
故答案为：变小；运动。
动能与速度和质量有关；若物体相对于参照物的位置变化，则是运动的。
记住影响动能的因素，会根据参照物判断物体的运动状态，可解答此题。
14.【答案】变小 4
【解析】解：某次抢救病人用去瓶内氧气的13，则瓶内所含氧气减少，质量减少；
设氧气瓶中原来氧气的质量为m，某次抢救病人用去瓶内氧气的13，质量减少，还剩23m，
设氧气瓶的容积为V，剩余氧气的体积始终等于氧气瓶的容积V不变。
原来氧气的密度ρ=mV=6kg/m3，
则剩余氧气的密度：ρ′=m′V=23mV=23×mV=23ρ=23×6kg/m3=4kg/m3。
故答案为：变小；4。
某次抢救病人用去瓶内氧气的13，所含氧气减少，质量减少；由于是气体，无论质量用去多少，剩余氧气的体积始终等于氧气瓶的容积不变，根据ρ=mV可求出瓶内剩余的氧气的密度。
本题考查了密度公式的应用和密度的计算，明确氧气的体积始终不变是解决此题的关键。
15.【答案】引 二
【解析】解：经常玩手机的人都爱在手机背面粘一个指环扣。不仅拿着保险，还能当支架。手机指环扣能紧紧粘在手机上，说明分子间存在引力。
手机是利用电能工作的，电能属于二次能源。
故答案为：引；二。
(1)分子间存在相互作用的引力和斥力。
(2)不能够直接从自然界中获取，需要消耗一次能源才能得到的能源是二次能源。
本题考查了能源的分类和分子间的作用力，关键是在具体的实例中能够区分能源的种类，属于基础性题目。
16.【答案】0.06 83.3% 90.9%
【解析】解：由图可知：n=2，则s=2h=2×0.1m=0.2m，
W总=Fs=1.2N×0.2m=0.24J，
P=W总t=0.24J4s=0.06W；
η=W有用W总=GhFs=2N×0.1m1.2N×0.2m≈83.3%；
动滑轮的重G动=nF−G=2×1.2N−2N=0.4N，
物重为4N时的机械效率η1=W有用1W总1=G1h(G1+G动)h=G1G1+G动=4N4N+0.4N=90.9%。
故答案为：0.06；83.3%；90.9%。
图中使用的是动滑轮，承担物重的绳子股数n=2，则s=2h。
根据s=2h求出拉力移动的距离，知道拉力大小，利用W=Fs求拉力做功，又知道做功时间，利用功率公式求拉力做功功率；利用η=W有用W总=GhFs求动滑轮的机械效率；
根据G动=nF−G求出动滑轮的重，利用η=W有用W总=Gh(G+G动)h=G G+G动求动滑轮的机械效率。
本题考查了有用功、总功、功率、机械效率的计算，涉及到提升物体的重力变化，注意在绳重摩擦不计的条件下，可利用η=W有用W总=Gh(G+G动)h=G G+G动。
17.【答案】做功；1.008×106
【解析】
【分析】
本题考查了四冲程汽油机的能量转化、吸热公式的应用，属于基础题目。
【解答】
(1)水烧开以后，水蒸气膨胀对壶盖做功，把壶盖顶起来，将水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，这与汽油机的做功冲程的能量转化相同，在汽油机的做功冲程中，是将燃气的内能转化为活塞的机械能；
(2)在标准大气压下水的沸点为100℃，即水的末温为100℃，
水吸收的热量为：Q吸=c水m水△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×3kg×(100℃−20℃)=1.008×106J。
18.【答案】压缩 做功 60
【解析】解：在内燃机的工作过程中，压缩冲程是将机械能转化为内能的过程；
图中两气门都关闭、活塞向下运动，所以是做功冲程；
四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，则该汽油机的飞轮每秒钟转30圈。因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，所以飞轮转30圈共完成，60个冲程。
故答案为：压缩；做功；60。
(1)汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成；机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程；
(2)根据活塞和气门的情况判断出图中是哪一冲程；
(3)汽油机在一个工作循环中，经历4个冲程，曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次，据此结合飞轮转速求该汽油机1s完成的冲程数。
本题主要考查对热机飞轮转速的含义的理解以及对热机工作循环中各冲程情况的了解。
19.【答案】6；5.4
【解析】解：
由图乙可知：灯泡L与电阻R并联，
根据P=UI，由图象可知，当L的实际功率为1.8W时，对应的实际电压为6V，实际电流IL=0.3A，
由并联电路的电压特点可知电源电压：U=UR=U实=6V；
由欧姆定律可得，通过R的电流：IR=UR=6V10Ω=0.6A．
由并联电路电流特点可得电路的总电流：I=IL+IR=0.3A+0.6A=0.9A，
所以电路消耗的总功率：P=UI=6V×0.9A=5.4W．
故答案为：6；5.4．
由图象可知，当L的实际功率为1.8W时，对应的实际电压为6V，实际电流为0.3A，据此可知电源电压，利用欧姆定律可算出通过R的电流，然后利用P=UI可求得此时消耗的总功率．
本题考查并联电路的特点和实际功率与实际电压、电流的判断，难点是学会从图象中所给信息中找到有用的数据．
20.【答案】180 2.16×105 3200
【解析】解：
(1)因为电热器正常工作，所以电热器的电功率P=P额=1200W=1.2kW，
由P=Wt可得电热器3min消耗的电能：
W=Pt=1.2kW×360h=0.06kW⋅h=0.06×3.6×106J=2.16×105J，
电能表指示灯闪烁次数：
n=3000imp/kW⋅h×0.06kW⋅h=180imp；
(2)由图知，电能表的工作电压是220V，平时工作允许通过的最大电流为20A，所以他家同时使用的用电器最大总功率：P最大=UI最大=220V×20A=4400W，
还能接入用电器的电功率：
P′=P最大−P=4400W−1200W=3200W。
故答案为：180；2.16×105；3200。
(1)先利用W=Pt求电热器正常工作3min消耗的电能，结合电能表的参数“3200imp/kW⋅h”(表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次)求电能表指示灯闪烁次数；
(2)由图知，电能表的工作电压、平时工作允许通过的最大电流(20A)，利用P=UI求他家同时使用的用电器最大总功率，减去现在电热器的电功率可得还能接入用电器的电功率。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，明确电能表相关参数的含义是关键。
21.【答案】解：
平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，该光线入射到平面镜，根据反射角等于入射角画出反射光线，如图所示：
【解析】先根据入射光线的特点(平行于主光轴)画出折射光线，该光线入射到平面镜，再根据光的反射定律画出反射光线。
本题考查了凸透镜的三条特殊光线的应用和光的反射图的画法，属于基础题目。
22.【答案】解：因为物体在水中，所以受浮力和重力的关系，浮力方向竖直向上，重力方向竖直向下；又物体上浮，所以物体受到的浮力大于重力，作用点都画在重心处，如图所示：
故答案为：见上图．
【解析】首先分析出物体受到的两个力：重力和浮力，然后根据物体的浮沉条件判断出重力和浮力的大小关系，根据力的示意图的画法表示出两个力．注意线段的长度与力的大小关系相对应．
此题考查了重力和浮力示意图的画法，此题中有关浮力和重力的大小关系是容易被遗忘的地方，在考查的同时涉及到了物体的浮沉条件的应用．
23.【答案】解：
(1)汽车静止在水平地面上时对水平地面的压力：
F=G车=m车g=3×103kg×10N/kg=3×104N，
则汽车静止在水平地面上时对水平地面的压强：
p=FS=3×104N0.2m2=1.5×105Pa；
(2)由图知，n=3，
将物体从井底拉至井口的过程中，绳端移动的距离：s=3h=3×12m=36m，
汽车拉绳子的拉力对滑轮组做的功：
W总=Fs=2.5×103N×36m=9×104J；
W有用=Gh=6×103N×12m=7.2×104J；
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=7.2×104J9×104J×100%=80%；
(3)因为汽车匀速运动时，受向右的牵引力、向左的绳子拉力和向左的阻力，
根据力的平衡条件可得牵引力：
F牵=F+f=F+0.05G车=2.5×103N+0.05×3×104N=4×103N，
牵引力做的总功为：
W′=F牵s=4×103N×36m=1.44×105J，
若牵引车柴油机的效率为30%，
根据η=WQ放知，
柴油完全燃烧放出的热量：
Q放=Wη=1.44×105J30%=4.8×105J，
根据Q=mq知消耗柴油的质量：
m=Q放q=4.8×105J4.3×107J/kg≈0.0112kg=11.2g。
答：(1)汽车静止在水平地面上时对水平地面的压强1.5×105Pa
(2)滑轮组的机械效率为80%；
(3)将物体拉至井口过程中，牵引车消耗11.2克柴油。
【解析】由图可知，承担货物重的绳子股数n=3，设提升物体的高度为h，则绳子自由端移动的距离s=3h；
(1)汽车静止在水平地面上时对水平地面的压力等于汽车的重力，利用F=G=mg求出，再利用p=FS计算压强；
(2)知道拉力大小，利用W=Fs汽车拉绳子的拉力对滑轮组做的功；
知道物体重，利用W有=Gh求提升物体所做的有用功，再利用机械效率的公式求滑轮组的机械效率；
(3)根据二力平衡和力的合成求出牵引力的大小，然后利用W=Fs计算拉力做的功；
而汽车热机效率η=WQ放=30%，据此求完全燃烧汽油放出的热量，再利用Q放=mq求需要汽油的质量。
本题考查了学生对压强大小计算，有用功、总功、机械效率公式以及热量公式的理解和运用，理解并求出有用功和总功是本题的关键，根据二力平衡和力的合成求出牵引力的大小是此题的难点。
24.【答案】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×6kg×(40℃−20℃)=5.04×105J；
加热时间t′=15min=900s，
足浴盆加热时消耗的电能：
W=P额t′=605W×900s=5.445×105J。
(2)由P=U2R得，加热电阻的阻值：
R=U额2P额=(220V)2605W=80Ω，
当小明家的实际电压是200V时，加热电阻工作的实际功率：
P实=U实2R=(200V)280Ω=500W。
(3)电动机工作中因发热损失的功率：
P损=I2R′=(4A)2×0.5Ω=8W。
答：(1)此加热过程中水吸收的热量是5.04×105J；消耗的电能是5.445×105J；
(2)加热电阻工作的实际功率是500W；
(3)电动机工作中因发热损失的功率是8W。
【解析】(1)知道水的比热容、水的质量，初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm(t−t0)求水吸收的热量；根据W=Pt求出足浴盆消耗的电能；
(2)先根据P=U2R的变形公式求出加热电阻的阻值，然后再根据P=U2R求出加热电阻工作的实际功率；
(3)根据P损=I2R′求出电动机工作中因发热损失的功率。
本题考查了电功与热量的综合计算，涉及吸热公式、电功公式和电功率公式的应用，熟练应用相关公式即可正确解题，关键要注意电动机正常工作时的功率不等于发热功率。
25.【答案】水的比热容比冰的比热容大 4.2×104 化学能 电能
【解析】解：
(1)由图知：在AB段2min冰温度升高40℃，即每分钟温度升高20℃，CD段6min冰温度升高100℃，即每分钟温度升高约为17℃，因为相同时间内吸热相同，即吸收相同的热量，且冰化成水质量不变，根据Q=cmΔt可知，水的比热容比冰的比热容大，所以水的温度变化小；
500g冰加热的前2min内冰吸热：
Q=cmΔt=2.1×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×40℃=4.2×104J；
(2)氢燃料电池是将氢气的化学能最终转化为电能，再用来驱动汽车的。
故答案为：(1)水的比热容比冰的比热容大；4.2×104；(2)化学能；电能。
(1)根据Q=cmΔt进行分析判断；
知道冰的比热、质量、温度变化量，根据Q=cmΔt进行计算；
(2)燃料中的化学能可通过技术手段最终再转化为电能。
本题主要考查对比热容的理解和热量计算公式Q=cmΔt的应用，属于基础题。
26.【答案】10.0 缩小 照相机 凹透镜 C
【解析】解：(1)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=40.0cm−30.0cm=10.0cm；
(2)当把蜡烛放在图乙所示位置时，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)如果保持光屏的位置不变，把蜡烛向左移动一小段距离时，此时物距增大，要想在光屏上得到清晰的像，应该在凸透镜和蜡烛之间放置一个焦距适当的凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像；
(4)当物距大于焦距时凸透镜成的是实像；将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距变大，像距则变小，且无限接近一倍焦距，故图象为C图。
故答案为：(1)10.0；(2)缩小；照相机；(3)凹透镜；(4)C。
(1)平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
(2)根据凸透镜成实像时，物距大于像距成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)凹透镜对光线具有发散作用；
(4)根据凸透镜成实像的条件及物距和像距的关系分析。
此题主要考查了有关凸透镜成像的运用，凸透镜成像的几种情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
27.【答案】B、C、A、D、F、E 30 0.94 相同 两支温度计的示数变化大小
【解析】解：
(1)要测量样品油的密度，正确的测量步骤为：B、将天平放在水平台面上调平；C、取适量样品油倒入烧杯，用天平测出烧杯和样品油的总质量M；A、将部分样品油倒入量筒中后，测出烧杯和剩余样品油的总质量m；D、读出量筒中样品油的体积V；F、利用实验数据，计算出样品油的密度；E、根据测算出的密度，鉴别样品油的品质；则实验步骤正确排序：B、C、A、D、F、E；
(2)烧杯和样品油的总质量为M=50g+2g=52g；样品油的体积为V=30mL=30cm3；
(3)样品油的质量为m油=M−m=52g−23.8g=28.2g
样品油的密度为ρ=mV=28.2g30cm3=0.94g/cm3；
(4)把两根阻值相同的电阻丝串联接入电路，其目的是在相等的时间内，两根电阻丝放出的热量相等，由公式c=QmΔt可知，要比较不同物质的吸热能力，需要保持热量、质量都相同，比较温度的变化，温度变化越明显，说明吸热能力越差。所以小强把两根阻值相同的电阻丝串联接入电路，其目的是在相同时间产生的热量相同；取质量相等的色拉油和样品油，其目的是控制质量这个变量相同，通过观察温度的变化，就能比较出它们比热容的大小，并依此鉴别出样品油的品质。
故答案为：(1)B、C、A、D、F、E；
(2)30；
(3)0.94；
(4)相同；两支温度计的示数变化大小。
(1)测量液体密度的实验过程是：调节天平使横梁平衡；在烧杯内倒入适量的某种液体，用天平测出烧杯和该液体的总质量M；将烧杯中的部分液体倒入量筒中，读出量筒内液体的体积V；用天平测出烧杯和剩余液体的质量m；利用密度公式算出液体的密度。
(2)用天平测量物体质量时，被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和；读取量筒中液体的体积时，先要明确量筒的分度值，读数时以液面的最凹处为准。
(3)已知烧杯和样品油的总质量以及倒入量筒后烧杯和剩余样品油的质量，两者之差就是量筒中样品油的质量；已知样品油的质量和体积，利用ρ=mV得出样品油的密度；
(4)把两根阻值相同的电阻丝串联接入电路，其目的是在相等的时间内，两根电阻丝放出的热量相等，不同物质吸热能力的大小与其比热容有关，要比较比热容的大小，就要利用公式c=QmΔt，应用的方法是控制变量法和转换法。
控制变量法和转换法是研究物理问题最常用的两种方法，恰当的应用既有利于实验现象的观察，又能保证得到正确的结论。
28.【答案】待测电阻断路 5 右 再闭合S1 U1U−U1R0
【解析】解：(1)滑片P位于左端，要使滑动变阻器接入电路中的电阻值最大，导线应连接右下接线柱，如图所示：
(2)正确调节滑片P后闭合开关，发现电流表示数为零，电压表示数约为3V，电路中的故障可能是：待测电阻断路。
(3)当电压表的示数为1.3V时，电流表的示数如图乙，电流选用小量程，分度值为0.02A，其示数为0.26A，由欧姆定律可得，待测电阻的阻值：
Rx=UI=1.3V0.26A=5Ω；
若要将电压表的示数调到2.0V，即增大电阻两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由串联分压原理可知，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动；
(4)实验步骤如下：
①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx=两端的电压为U1：
②再闭合S1，用电压表测出电源的电压U；
③在①中，两电阻串联，测得电阻Rx两端的电压为U1；在②中，定值电阻R0短路，电路为电阻Rx的简单电路，电源电压为U，
根据串联电路电压规律，两电阻串联时，定值电阻R0的电压为：U0=U−U1，
由欧姆定律可得，电路中的电流为：
I=I0=U0R0=U−U1R0，
则待测电阻的表达式：
Rx=U1I=U1U−U1R0=U1U−U1R0。
故答案为：(1)见上图；
(2)待测电阻断路；
(3)5；右；
(4)再闭合S1；U1U−U1R0。
(1)根据滑动变阻器采取“一上一下”的连接方式连接；
(2)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(3)根据电流选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律求出待测电阻；
2.0V大于1.3V，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
(4)通过开关的转换分别使电压表测Rx两端的电压为和电源电压，根据串联电路的规律及欧姆定律得出待测电阻的表达式。
本题是“伏安法测量电阻”的实验，考查了有关电流表读数，同时考查了电路连接和欧姆定律的应用，还考查了实验过程的分析和计算，考查得比较全面。
29.【答案】P=UI；电压表；B；电阻器电阻Rx远大于滑动变阻器最大阻值R造成的
【解析】解：(1)用电流表和电压表测功率的原理是P=UI；
(2)“测定小灯泡额定功率”正确的操作步骤应该是移动滑片时，同时观察电压表的示数，直到等于小灯泡的额定电压，记下此时电流表的示数，然后根据P=UI计算出小灯泡的额定功率；
由图可知，小灯泡与变阻器串联，当小灯泡正常发光时，
小灯泡两端电压：U灯=U额=3.8V，
电路中的电流：I=I灯=U灯R灯=3.8V20Ω=0.19A，
变阻器电阻：R变=U变I变=U−U灯I=6V−3.8V0.19A≈11.6Ω>10Ω，
故应选择B变阻器；
(3)依据串联电路的电压规律，可以利用电压表测变阻器电压，当小灯泡正常发光时，变阻器两端电压U变=6V−3.8V=2.2V<3V，如图3；
(4)调节滑动变阻器P的位置，电压表的示数几乎不发生改变，这是由于电阻器电阻Rx远大于滑动变阻器最大阻值R造成的．
故答案为：(1)P=UI；(2)电压表；B；(3)如图3所示；(4)电阻器电阻Rx远大于滑动变阻器最大阻值R造成的．
(1)利用电压测灯泡两端电压，利用电流表流电流，再依据电功率公式P=UI进行计算；
(2)实验时移动滑片位置，同时观察电压表示数，使灯泡两端电压等于额定电压，小灯泡才能正常工作；根据灯泡正常工作时的电压，计算电流，结合串联电路的特点计算变阻器接入电路中的最小值，据此判断；
(3)利用串联电路的特点，总电压等于各串联部分电压之和，据此解析；
(3)当滑动变阻器采用限流接法，待测电阻远大于滑动变阻器阻值时，移动滑片位置，电压表示数几乎不变，此时滑动变阻器可以采用分压接法．
本题考查用电压表电流表测灯泡的电功率，要理解实验原理，掌握串联电路的特点．
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