2023年吉林省长春市朝阳区中考物理二模试卷

这是一份2023年吉林省长春市朝阳区中考物理二模试卷，共18页。试卷主要包含了 下列选项中尺度最大的是， 下列数据中符合实际情况的是等内容，欢迎下载使用。
2023年吉林省长春市朝阳区中考物理二模试卷
1. 下列选项中尺度最大的是(    )
A. 原子 B. 地球 C. 原子核 D. 银河系
2. 世界上首先测出大气压值的科学家是(    )
A. 牛顿 B. 伽利略 C. 托里拆利 D. 阿基米德
3. “露从今夜白，月是故乡明”，露的形成属于下列哪种物态变化(    )
A. 凝固 B. 汽化 C. 液化 D. 凝华
4. 我们能分辨出不同歌手的声音，主要是依据声音的(    )
A. 频率 B. 音色 C. 音调 D. 响度
5. 汽车油箱的汽油用掉一半后，剩下汽油与原来相比，大小发生变化的物理量是(    )
A. 质量 B. 热值 C. 密度 D. 比热容
6. 下列数据中符合实际情况的是(    )
A. 人体的安全电压是36V B. 九年物理课本的宽度约为2.6dm
C. 两枚鸡蛋的质量约为100g D. 正常人脉搏跳动1次所用的时间约为10s
7. 能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱。下列说法错误的是(    )
A. 太阳能是可再生能源 B. 超导材料不可用作输电导线
C. 能量的转化和转移具有方向性 D. “北斗卫星”利用电磁波传递信息
8. 如图所示，用同种材料制成的两段长度相等、横截面积不同的圆柱形导体，将它们串联在电路中并通电，则甲导体(    )
A. 功率大 B. 电阻小 C. 通过的电流大 D. 两端电压高
9. 如图所示，恰好在光屏上得到烛焰清晰的像。下列说法正确的是(    )


A. 利用这一成像原理可制成投影仪 B. 此时在光屏上成倒立、缩小的实像
C. 蜡烛向左移动，所成的像变大 D. 蜡烛越烧越短，光屏上烛焰的像向下移动
10. 我国是目前为数不多的可以生产无针注射器的国家。如图所示是一种无针注射器，工作时永磁体的磁场与通电线圈相互作用，产生强大的助推力，使药液以接近声音的速度注入皮肤。关于该注射器下列说法正确的是(    )
A. 工作原理与电动机相同
B. 药液的速度大，所以惯性大
C. 工作原理与发电机相同
D. 工作时将机械能转化为电能


11. 长春地铁的开通方便了广大市民的出行。
(1)地铁严禁携带有“异味”的物品乘车，是因为“异味”会充满整个车厢，影响其他乘客。“异味”充满整个车厢，这是______ 现象。
(2)若地铁以80km/h的速度运行1.25h，则通过的路程约为______ km。
(3)地铁进站减速时，以地铁为参照物，站在站台上候车的乘客是______ 的；地铁的动能______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)。
12. 在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，a、b两组同学在相同的环境中，用如图甲所示的装置分别进行实验。
(1)实验中某一时刻温度计的示数如图乙所示，此时的水温为______ ℃。
(2)图丙是两组同学根据实验数据绘制的水温随时间变化的图像。
①由图像可知，水在沸腾过程中不断吸热，温度______ ，当地的大气压______ 标准大气压。
②a、b两组同学选用的实验装置相同，水的初温不同，水从开始加热到沸腾所用的时间相同，则他们所用水的质量的大小关系为ma______ mb(选填“>”、“4.2×103J 
【解析】解：(1)温度计的分度值是1℃，此时是零上，读作92℃；
(2)①水在沸腾过程中不断吸热，温度不变；由丙图可知，水的温度升高到98℃后，吸热温度不再升高，沸点为98℃，低于100℃，此时周围环境的大气压低于一标准大气压；
②水从开始加热到沸腾所用的时间相同，水吸收相同的热量，温度变化不同，根据公式Q=cmΔt可以判断所用水的质量不同，a初温高，所以a的质量大；
(3)已知水的质量m=200g=0.2kg，则水吸收的热量Q=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(95℃-90℃)=4.2×103J。
故答案为：(1)92；(2)①不变；低于；②>；(3)4.2×103J。
(1)温度计读数时，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数；
(2)根据水沸腾的特点解答；液体的沸点与气压有关，液体表面的气压越大、沸点越高；根据公式Q=cmΔt判断；
(3)根据公式Q=cmΔt计算。
本题考查了“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验，难度不大，属于基础性题目。

13.【答案】像的位置  反射  ①  不变 
【解析】解：(1)玻璃板有透光性，既能成像又能确定像的位置，小致选择玻璃板代替平面镜进行实验，目的是便于确定像的位置。
(2)平面镜成的像属于光的反射，小致在玻璃板前看到物体a的像，是由于光射到玻璃表面发生反射形成的。
(3)平面镜成的像与物关于镜面对称，所以b的方向要与a一致，将b按图乙中①置于玻璃板后，不断移动，直至与物体a的像重合。
(4)平面镜成的像与物大小相等，当物体a逐渐远离玻璃板时，它的像的大小将不变。
故答案为：(1)像的位置；(2)反射；(3)①；(4)不变。
(1)玻璃板有透光性，既能成像又能确定像的位置；
(2)平面镜成的像属于光的反射；
(3)平面镜成的像与物关于镜面对称；
(4)平面镜成的像与物大小相等。
本题探究平面镜成像特点的实验，考查对器材的要求、操作过程及成成像规律的运用。

14.【答案】等于  匀速直线  2.2接触面粗糙程度  小于 
【解析】解：(1)实验开始，小致用较小的力沿水平方向拉木块，木块没动，处于静止状态，此时木块在水平方向上受到的拉力与摩擦力为一对平衡力，大小相等，所受拉力等于摩擦力；
(2)实验中，为了测出滑动摩擦力的大小，必须保证弹簧测力计水平拉着木块做匀速直线运动，甲图中木块所受的滑动摩擦力大小为2.2N。
(3)乙、丙两次实验中压力相同，接触面粗糙程度不同，是为了探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系。重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心，木块所受重力的示意图如下所示：

(4)甲、乙两次实验中，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，滑动摩擦力也大，故弹簧测力计示数的大小关系为F甲小于F乙。
故答案为：(1)等于；(2)匀速直线；2.2；(3)接触面粗糙程度；；
(4)小于。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)根据二力平衡的条件分析；根据测力计分度值读数；
(3)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心，据此画出重力的示意图；
(4)接触面粗糙程度相同，压力越大，滑动摩擦力越大。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和力的示意图的画法，体现了对过程和方法的考查。

15.【答案】省力  12080%变大 
【解析】解：(1)A为动滑轮，使用A滑轮的好处是省力；
由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，则绳子自由端移动的距离：
s=nh=3×2m=6m；
拉力做的总功：
W总=Fs=100N×6m=600J，
拉力做功的功率为；
P=W总t=600J5s=120W
(2)有用功：
W有=Gh=240N×2m=480J，
此滑轮组的机械效率为：
η=W有W总=480J600J×100%=80%；
忽略绳重和摩擦，动滑轮的重不变，根据η'=W有'W总'=G'hG'h+G动h=G'G'+G动=11+G动G'可知，
若增加木箱的重，滑轮组的机械效率会变大。
故答案为：(1)省力；120；(2)80%；变大。
(1)使用动滑轮的可省力；
由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh得出绳子自由端移动的距离，由W=Fs得出拉力做的总功，根据功率公式得出拉力做功的功率；
(2)根据W有=Gh得出有用功，根据η=W有W总×100%得出此滑轮组的机械效率；
根据η'=W有'W总'=G'hG'h+G动h=G'G'+G动=11+G动G'分析若增加木箱的重滑轮组的机械效率的变化。
本题考查动滑的特点、功、功率、机械效率公式的运用。

16.【答案】S 负 
【解析】解：(1)“其柢指南”意思是握柄指向南，由此可知，握柄是磁体的S极；
(2)根据磁极间的相互作用知，电磁铁的左端为N极，右端为S极，根据安培定则判断出电源的左端为电源负极。
故答案为：(1)S；(2)负。
(1)磁极间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
(2)根据电磁铁的磁极，用安培定则判断电源正负极。
此题考查了安培定则、磁极间的相互作用等，属于基础知识。

17.【答案】漏气  甲、乙  液体的密度  变大 
【解析】解：(1)实验前，小致用手指轻轻按压金属盒的橡皮膜，观察到U形管内液面无明显变化，说明该装置漏气。
(2)比较甲、乙实验可知，液体密度相同，乙中液体深度大，根据转换法，产生的压强也大；拦河大坝要做成图丁所示的形状，是因为同种液体，液体产生的压强随深度的增大而变大，比较甲、乙两次实验可知，拦河大坝要做成图丁所示的形状；
(3)比较乙、丙两次实验可知：液体的深度相同，丙中盐水密度大，产生的压强也大，故得出液体内部的压强与液体的密度有关。
(4)图丙中实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后(液体不溢出)，容器底部受到液体压力增大，压强增大；容器底压强可以分成金属盒以上和金属盒以下两部分，金属盒以下部分深度不变，加清水后液体密度变小，由p=ρgh知，金属盒以下部分液体压强变小，而容器底压强变大，所以金属盒(橡皮膜)以上的压强变大。
故答案为：(1)漏气；(2)甲、乙；(3)液体的密度；(4)变大。
(1)用手指轻轻按压探头的橡皮膜，发现U形管两边的液面高度差变化都很小，这说明该压强计的气密性很差；若液面灵活升降，则装置不漏气，压强计的气密性好；
(2)(3)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(4)容器中加入适量清水与其均匀混合后，水不溢出，容器底压强变大，容器底压强等于金属盒以上和以下液体压强的和，而加清水后液体密度减小，由此分析判断橡皮膜受到的液体压强的变化；
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。

18.【答案】加热  4：1 
【解析】解：(1)根据串联电路的的阻特点可知，当开关S接触点2时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电饭煲处于保温状态；
当开关S接触点1时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电饭煲处于加热状态；
(1)电源电压相同，在相同时间内，电饭锅在加热和保温状态下产生的热量之比：Q加：Q保=W加：W保=U2R加t：U2R保t=R保：R加=(R1+R2)：R1=4R1：R1=4：1。
故答案为：(1)加热；(2)4：1。
(1)由图可知，当开关S接触点1时，只有R1工作，当开关S接触点2时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知电饭煲加热状态和保温状态的电路连接；
(2)电源电压相同，根据Q=W=U2Rt求出相同时间内，电饭锅在加热和保温状态下产生的热量之比。
本题考查串联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。

19.【答案】右  断路  正比  0.212.50.5 
【解析】解：(1)电源电压为3V，故电压表选用小量程并联在定值电阻两端，如下图所示：
；
为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于阻值最大处，即最右端；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路故障可能是定值电阻断路；
(3)由图乙可知，图线为一条过原点的斜线，故可得出结论：导体电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比；
(4)小灯泡正常发光时电流表指针所指的位置如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.2A，则小灯泡正常发光时的电阻为：
R=UI=2.5V0.2A=12.5Ω，
小灯泡的额定功率为：
P=UI=2.5V×0.2A=0.5W。
故答案为：(1)见解答图；右；(2)断路；(3)正比；(4)0.2；12.5；0.5。
(1)根据电源电压确定电压表量程，将电压表并联在定值电阻两端；为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于阻值最大处；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(3)根据图乙分析得出结论；
(4)根据电流表选用量程确定分度值读数；利用R=UI与P=UI分别求出小灯泡正常发光时的电阻和额定功率。
本题探究电流和电压的关系实验，考查了电路连接、电路故障、数据分析、电流表读数、电阻的计算和功率的计算等知识。

20.【答案】2 遵从  形状  0.25×103  600 
【解析】解：(1)木块漂浮时木块的重力等于木块漂浮时受到的浮力，由图乙可知，此时木块的重力为2N，故浮力为2N；
(2)由甲、丁图知排开液体的重力为：G排=F丁-F丙=2.5N-0.5N=2N；由于浮力等于2N，排开水的重力等于2N，则遵从阿基米德原理；
(3)①弹簧受到力的作用，长度发生改变，说明力可以改变物体的形态；
②A刚好有一半浸入水中，此时弹簧长为12cm，由题意可知，此时弹簧被拉伸，对A产生的弹力为对A竖直向下拉力，
由题意可知，当弹簧长为12cm时，弹簧的拉力：F1=(12cm-10cm)×1N/cm=2N；
此时A受到竖直向下的重力、拉力和竖直向上的浮力，由力的平衡条件可知，A的一半浸入水中时受到的浮力：F浮=G+F1=2N+2N=4N；
由F浮=ρ液gV排可知，A刚好有一半浸入水中时排开水的体积：V排=F浮ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10-4m3，
则A的体积：V=2V排=2×4×10-4m3=8×10-4m3；
由m=Gg=2N10N/kg=0.2kg，
因此A的密度：ρ=mV=0.2kg8×10-4m3=0.25×103kg/m3；
③向溢水杯加水，当水面到达溢水口时，继续加水，弹簧不再发生变化，假设此时弹簧的伸长量为△Lcm，弹簧每伸长1cm，弹簧受到的弹力为1N，则此时弹簧对A的拉力F2=ΔLN，
根据题意可知，A下面的深度为h'=20cm-10cm-△Lcm=(10-ΔL)cm，
A此时受到的浮力：F浮 ' '=ρ水gV排 ' '=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×(10-ΔL)×10-6m3=(10-ΔL)N，
A受到浮力、弹簧的拉力和自身重力作用，并在三个力的作用下保持平衡，则F浮 ' '=F2+G，即(10-ΔL)N=ΔLN+2N，
解得：ΔL=4；
则A下面的深度为h'=(10-4)cm=6cm=0.06m，
水对长方体A的底部压强：p'=ρ水gh'=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa。
故答案为：(1)2；(2)遵从；(3)①形状；②0.25×103；③600。
(1)物块漂浮，浮力等于重力可得；
(2)由甲、丁算出排开水的重力，比较浮力与排开水的重力得出结论；
(3)①力使物体发生形变，改变物体的运动状态；
②根据“A刚好有一半浸入水中，此时弹簧长为12cm”求出弹簧对A的拉力，然后对A进行受力分析，根据力的平衡条件求出A的一半浸入水中时受到的浮力；
根由阿基米德原理原理可知，当A浸没后A受到的浮力不再发生变化，根据阿基米德原理求出A浸没时受到的浮力，根据力的平衡条件求出弹簧对A的拉力，根据弹簧每受1N的作用力其长度变化1cm求出弹簧的长度，进而求出水面的高度，与溢水口离其底部距离比较可知，A不可能浸没，所以溢水杯中水最深20cm，根据p=ρgh可以求得此时水对溢水杯底压强，据阿基米德原理求出A刚好有一半浸入水中时排开水的体积，进而求出A的体积，根据G=mg求出A的质量，根据密度公式求出A的密度；
③向溢水杯加水，当水面到达溢水口时，继续加水，弹簧不再发生变化；假设此时弹簧的伸长量为△Lcm，根据图乙可知弹簧对A的拉力F'；此时A下面的深度为h'=20cm-10cm-△Lcm=(10-ΔL)cm，根据F浮=ρ液gV排表示出A此时受到的浮力；对物体A受力分析可列出关系式，据此求出弹簧的伸长量x，然后求出A下面的深度为h'，根据p=ρgh求出水对长方体A的底部压强。
本题考查力的平衡条件、重力公式、密度公式、阿基米德原理和压强定义式的应用，本题综合性强，难度较大。

21.【答案】20 变大  300 
【解析】解：(1)经济舱乘客的免费托运行李限重200N，
则经济舱乘客行李的最大质量为：m=Gg=200N10N/kg=20kg；
(2)闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测通过电路的电流，由表格数据可知力敏电阻的阻值随压力的增大而减小，当检测装置所放物体的质量增大时，力敏电阻的阻值减小，电路的总电阻变小，由欧姆定律可知电路中电流变大；
(3)由题知，两种情况下检测装置都恰好报警，即电压表示数U0都等于3V，则两种情况下Rx的阻值相同，其受到的压力相同，则杠杆P端受到的支持力FP相同；
行李对水平托盘的压力等于行李的重力大小，由杠杆平衡条件可得：FPLP=G行L行，在FP、LP一定时，G行越大，L行就要越小；由装置图示可知，A托盘离支点远，应为经济舱乘客的行李托盘，B托盘离支点近，为商务舱乘客的行李托盘；
将200N重的经济舱的模拟行李放在A托盘上时，由杠杆平衡条件可得FP⋅OP=GA⋅OA=GA⋅(OP-AP)，
即FP×0.5m=200N×(0.5m-0.2m)，
解得：FP=120N；
当他将商务舱的模拟行李放在B托盘时，由杠杆平衡条件可得FP⋅OP=GB⋅OB，
即120N×0.5m=GB×0.2m，
解得：GB=300N；
(4)由表中数据可知，Rx与F满足数学关系Rx=-110F+30；
当FP=120N时，Rx=18Ω，
因检测装置恰好报警，即电压表的示数U0=3V，由串联电路电压规律和分压原理可知，
U-U0U0=RXR0，即12V-3V3V=18ΩR0，
解得：R0=6Ω；
将经济舱免费托运行李的限重增大为250N，承重点A位置不变，由杠杆平衡条件可得FP'⋅OP=GA'⋅(OP-AP)，
即FP'×0.5m=250N×(0.5m-0.2m)，
解得：FP'=150N，
由表中数据可知，Rx=15Ω；
因检测装置恰好报警，即电压表的示数U0=3V，由串联电路电压规律和分压原理可知，
U-U0U0=Rx'R0'，即12V-3V3V=15ΩR0'，
解得：R0'=5Ω；
故与调整前相比，定值电阻R0的阻值变化量为ΔR=R0-R0'=6Ω-5Ω=1Ω。
故答案为：(1)20；(2)变大；(3)300；(4)定值电阻R0的阻值变化量为1Ω。
(1)经济舱乘客的免费托运行李限重200N，根据公式G=mg可求得行李的最大质量；
(2)闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测通过电路的电流，由表格数据可知力敏电阻的阻值随压力的增大而减小，根据串联电路电阻规律可知电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知通过电路的电流变化；
(3)根据报警时Rx的阻值可知杠杆P端对Rx的压力，由力作用的相互性可知P端受到的支持力大小，再根据杠杆平衡条件分析两种行李的托盘位置及商务舱乘客行李的最大质量；
(4)根据表中数据得出Rx与F数学关系，求出当FP=120N时Rx的阻值，根据串联电路电压规律和分压原理求出R0的阻值；经济舱免费托运行李的限重增大为250N时由杠杆平衡条件可得杠杆P端受到的支持力FP'，由表中数据确定Rx的阻值大小，根据串联电路电压规律和分压原理求出此时R0的阻值，然后得到R0的阻值变化。
本题考查了杠杆平衡条件、串联电路的特点和欧姆定律的综合应用，其中4小题的难度较大。