2023年云南省昭通市昭阳区中考物理二模试卷

这是一份2023年云南省昭通市昭阳区中考物理二模试卷，共27页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1. 下列关于声现象的说法，错误的是( )
A. 把耳朵贴在桌面上也能听到轻敲桌子的声音，说明固体可以传播声音
B. 8个相同玻璃瓶装不同高度的水，用相同大小的力敲击它们，声音的音调从左向右逐渐降低
C. 蝙蝠发出超声波是在利用声波传递信息
D. 发声的扬声器旁边烛焰是动说明声可以传递能量
2. 2022年春节期间，成都的夜景出圈了！一场场灯光秀不仅让本地人饱了眼福，也让外地游客流连忘返。在成都金融城双子塔(如图)，一场流光溢彩、璀璨夺目的视觉盛宴更是刷爆了朋友圈。结合所学知识分析下列说法中正确的是( )
A. 看到双子塔倒影，是因为光从水中射入空气，发生折射形成的虚像
B. 取下近视眼镜，看到双子塔变模糊了，是因为其像成在视网膜后面
C. 游客用照相机拍摄双子塔，为了使像更大，镜头可适当靠近双子塔
D. 看到灯光秀中五颜六色的光是由红、黄、蓝三种色光混合而成的
3. 白鹤滩水电站位于云南省巧家县和四川省宁南县境内，是中国第二大水电站，如图所示，它的建设对促进西部开发、实现“西电东送”、促进经济发展等具有重要的意义。下列说法错误的是( )
A. 水能属于可再生能源
B. 水电站将水的机械能转化为电能
C. 水坝建造成上窄下宽依据了流体压强与流速的关系
D. 水库可以降低周围昼夜温差，是因为水的比热容较大
4. 如图所示为初中物理课本中一些插图，关于这些插图的说法，错误的是( )
A. 图甲：纸片接触的齿轮齿数越多，振动越快，发出声音的音调就越高
B. 图乙：玻璃片离开水面的瞬间测力计示数变大，说明分子之间有引力
C. 图丙：将电阻丝接入电路后，通过电流表的示数变化反映电阻的大小
D. 图丁：移动滑动变阻器的滑片，是为探究电流产生热量与电阻的关系
5. 关于电磁波和现代通信，下列说法正确的是( )
A. 导体中电流的迅速变化会在空间激起电磁波
B. 我国建立的“北斗”卫星导航系统是利用超声波进行导航的
C. 固定电话、移动电话、广播和电视都是利用导线中的电流传递信息的
D. 电话听筒是把声信号转换成电信号
6. 水平桌面上有两个完全相同的容器甲、乙，分别装有深度相同的水，将两个体积相同、材料不同的小球A、B，分别放在甲、乙两容器中(水均未溢出)，小球静止在如图所示的位置时，两个小球所受浮力分别为FA、FB，下列判断正确的是( )
①FAρB
③甲容器底部受到水的压强大于乙容器底部受到水的压强
④甲容器底部对桌面的压强小于乙容器底部对桌面的压强
A. ①④B. ①③C. ②④D. ②③
7. 某物理兴趣小组为医院设计了一个输液自动报警器，它能在药液将要输完时，通过电铃发声报警。该报警器内部有一可变电阻R，其阻值随管内液体质量减少而减小，通过电铃的电流需要达到一定大小时才能发声。当输液管内液体质量减少，电表示数也变小(电源电压恒定)。下列几个电路图符合报警要求的是( )
A. B.
C. D.
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
8. 双减实施以来，高安二中开展了丰富多彩的课后延时活动，关于课后延时活动中涉及的物理知识描述正确的是( )
A. 泥塑——将泥巴捏成各种形状说明力可以改变物体形状
B. 羽毛球——大力击打羽毛球是为了增大球速来增大球的惯性
C. 气排球——将球垫起时手感觉到痛说明力的作用是相互的
D. 游泳——穿戴游泳圈练习游泳时人受到的重力与浮力相等
9. 关于早餐制作过程中所涉及的物理知识，下列说法正确的是( )
A. 刚做好的鲫鱼豆腐汤烫嘴是因为温度高
B. 做好的红烧鸡翅内部变了颜色是扩散现象
C. 什锦蔬菜炒制过程主要是通过热传递的方式增加内能
D. 花卷放凉后分子热运动速度不变
10. 在如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，闭合开关S后，向左端移动滑片R的过程中，下列判断不正确的是( )
A. 电流表A1示数变大
B. 电流表A2示数不变
C. 电压表V和电流表A2的示数之比保持不变
D. 电压表V示数变大
三、填空题（本大题共6小题，共14.0分）
11. “月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船。”诗中的诗人根据______ (填声音的特性)辨别乌啼和钟声；自然界中霜的形成需要______ 热量。(选填“吸收”或“放出”
)
12. 2022年11月21日，在内蒙古一地惊现“三个太阳”的奇观(如图甲)，图乙是其成像原理图。专家解释说，在天空高层的半透明簿云里有许多六角形柱状的冰晶体，有时候它们会整整齐齐地垂直排列在空中，当太阳光射在这些六角形冰柱上就会发生非常规律的______ 现象，周围看起来就像出现了多个太阳，体型较小的“太阳”实际上是太阳的______ 像(选填“实”或“虚”)。
13. 2018年4月25日上午，习近平总书记来到荆州港码头乘船，沿江察看荆江两岸生态环境和发展建设情况，强调长江经济带建设要“共抓大保护，不搞大开发”。合理分类和利用垃圾可以保护环境、变废为宝。在一定条件下，1t生活垃圾能“榨”出140kg燃料油。若燃料油的热值为4.0×107J/kg，某城镇每天产生50t生活垃圾，则这些垃圾“榨”出的燃料油完全燃烧释放出的热量为______J.在一个标准大气压下，这些热量的30%被500m330℃的水吸收，则水温能升高______
℃.[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),ρ水=1.0×103kg/m3]
14. 某校去华蓥山进行红色研学旅行，在乘车途中，小兰同学看到路旁的树木向后退，她是以______(选填“地面”或“车”)为参照物。当车辆行驶至某一路口时，看到如图所示的标志牌，则车辆到达华蓥山游客中心至少还需要______min。
15. 如图是有保温、加热挡的电蒸锅内部简化电路图，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为484Ω，加热挡功率为1200W。则保温挡的功率是 W，R2的阻值为 Ω，加热挡加热1min消耗电能为 J。
16. 如图甲所示，为了使磁性物体A紧贴在铁质墙壁上，并沿墙壁向上匀速直线运动(因磁力作用使墙壁与A间有摩擦)，需用竖直向上的拉力F1，F1的大小为300N，A受到的重力为240N。在F1的作用下，A向上移动的距离为s时，此过程中F1做功60J，则s= ______ m；改用滑轮组拉动A，使之沿同一墙壁向上匀速直线运动相同的距离s，如图乙所示，此过程中对滑轮组绳端的拉力F2的大小为250N。此滑轮组的有用功是______ J，总功是______ J。
四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
17. 请在图中画出小铁球在水中下沉时的受力示意图。
18. 如图是常用的插线板电路简化图，开关断开时指示灯不发光，插孔不提供工作电压；开关闭合时指示灯发光，插孔提供工作电压；若指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压，请在图中画出开关、指示灯、孔的连接方式。
五、实验探究题（本大题共4小题，共24.0分）
19. 在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。
(1)如图甲所示，闭合开关后，发现只有______有示数，经检查发现有根导线连接错误。请在错误导线上打“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确；
(2)改正错误后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示。要测量小灯泡的额定功率，应将滑片适当向______(选填“左”或“右”)滑动；
(3)图丙是小灯泡的电流随电压变化关系的图象，根据图象可知，小灯泡的额定功率为______W；
(4)测量小灯泡的电功率______(选填“需要”或“不需要”)多次测量求平均值，原因是______；
(5)在实际测量过程中，调节滑动变阻器使其接入电路中的电阻减小ΔR1，相应的小灯泡的阻值变化ΔR2，则ΔR1______ΔR2(选填“>”、“；(6)①6；②左；③0.9。
(1)观察图甲可知电压表串联在电路中，由于电压表相当于开路，据此可知闭合开关后可能出现的现象；然后根据电压表应并联使用，将电压表并联在灯泡两端；
(2)根据电压表选用小量程确定分度值得出示数，与灯泡的额定电压比较，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
(3)灯泡在额定电压下正常发光，由图丙中的图象得出额定电压下的电流，根据P=UI可求出灯泡的额定功率；
(4)灯泡在不同电压下的功率不同，据此分析；
(5)通过对滑动变阻器的电阻、灯泡的电阻和总电阻变化情况分析得出结论；
(6)由图丁可知：电路中只有电压表，没有电流表，则需要根据串并联电路的特点间接测出通过灯泡的电流；所以，
首先让灯正常发光，开关S、S1闭合，S2断开，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为6V，由串联电路电压的规律可知，这时小灯泡正常发光；
若求出此时变阻器连入电路的电阻，由欧姆定律即可得出灯的额定电流；
为得出此时变阻器连入电路的电阻，可保持滑动变阻器滑片的位置不变，闭合开关S、S2，断开开关S1，
根据电压表示数，由串联电路电压的规律和分压原理得出变阻器连入电路的电阻，
最后根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电流，即为灯泡的额定电流；
利用P=UI即可求出灯泡的额定功率P额。
本题主要考查了注意事项、欧姆定律的运用和串联电路的规律、控制变量法、数据分析、电功率公式的运用及设计方案测额定功率的能力，对于预设电压问题，难度较大，有一定的创新点，需要引起重视。
20.【答案】零刻度线处 60.6 2.24 小于
【解析】解：(1)在调节天平平衡时，应将游码移到标尺零刻度线处；
(2)从图中可以看出，烧杯和沙子的总质量为：50g+10g+0.6g=60.6g，
沙子的质量为：60.6g-27g=33.6g，
沙子的密度为ρ=mV=33.6g15cm3=2.24g/cm3；
(3)由于沙子间有空隙，导致测得的沙子的体积偏大，由ρ=mV可得，该同学测出的沙子的密度偏小。
故答案为：(1)零刻度线处；(2)①60.6；③2.24；(3)小于。
(1)天平使用前，要先将游码归零，再调节平衡螺母使天平在水平位置平衡；
(2)从图中可以看出，烧杯和沙子的总质量为砝码的质量加游码的示数；
沙子的质量为总质量减去空烧杯的质量；
根据密度公式得出沙子的密度；
(3)由于沙子间有空隙，导致测得的沙子的体积偏大，由ρ=mV可得，该同学测出的沙子的密度是偏大还是偏小。
本题考查固体密度的测量实验，重点考查天平的使用、密度的计算及实验步骤的设计，综合性较强。
21.【答案】左 消除杠杆自身重力对实验的影响，方便的读出力臂 逆时针方向转动 4 不合理 增大力臂 小于 Fa的力臂大于Fb的力臂，阻力和阻力臂不变
【解析】解：(1)如图甲，杠杆的左端上翘，要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的左端移动；
为了消除杠杆自身重力对实验的影响，并能方便的读出力臂，实验前应调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
(2)设杠杆的一个小格为L，一个钩码的重力为G，
分别加挂一个相同的钩码后：
左边=5G×3L，右边=7G×2L，
左边>右边，
所以，杠杆不能平衡，杠杆右端上升，左端下沉，即杠杆逆时针方向转动。
(3)每个钩码质量50g，其重力为：G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N
图中弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为3N；
设杠杆的一个小格为L，用弹簧测力计在杠杆C处竖直向上拉，故动力臂为2L，根据杠杆平衡条件可得：
n×0.5N×3L=3N×2L，
故n=4(个)；
(4)只根据一组数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的规律，要多次测量。该小组同学根据图乙实验结果，马上总结结论：杠杆平衡条件是：F1L1=F2L2，这样的探究方法不合理；
(5)根据杠杆平衡原理可知，阻力和阻力臂不变时，增大动力臂可以减小动力，在扳手手柄上加了一个长套筒，就是通过增大力臂来达到省力的效果。
分别作出Fa、Fb的力臂可知，Fa的力臂大于Fb的力臂，阻力和阻力臂不变，所以Fa小于Fb。
故答案为：(1)左；消除杠杆自身重力对实验的影响，方便的读出力臂；(2)逆时针方向转动；(3)4；(4)不合理；(5)增大力臂；小于；Fa的力臂大于Fb的力臂，阻力和阻力臂不变。
(1)调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
“研究杠杆的平衡条件”的实验时为了利于测量力臂且消除杠杆自身重力对实验的影响，应使杠杆在水平位置平衡；
(2)要判断此题，需掌握杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，在支点两侧的钩码下方分别再加挂一个相同的钩码，若力和力臂的乘积相等，杠杆平衡；若力和力臂的乘积不相等，则杠杆向乘积大的一端倾斜。
(3)根据重力公式得出每个钩码的重力，根据图中弹簧测力计的分度值得出弹簧测力计的示数，根据杠杆平衡条件求出钩码的个数；
(4)要得到普遍性的规律，在实验中应多测几组数据(具有普遍性)进行分析；
(5)根据杠杆平衡原理可知，阻力和阻力臂不变时，增大动力臂可以减小动力，据此分析解答。
此题考查了杠杆平衡条件的探究，在杠杆平衡问题中有广泛的应用，一定要熟练掌握。
22.【答案】质量相同 加热时间 升高的温度 乙
【解析】解：(1)物体吸热本领的强弱与物体的种类有关，在进行实验探究时要控制变量，所以应选取质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，使用相同规格的电加热器加热。
使用相同规格的电加热器加热，物体在相同时间内吸收的热量相同，实验过程中通过加热时间来表示液体吸收热量的多少。
质量相同的不同种物质，吸收相同热量，吸热本领强的温度升高得少，所以实验时通过比较物体升高的温度来判断吸热能力的强弱。
(2)由表中数据可知，加热相同时间，甲的温度升高Δt甲=46℃-30℃=16℃
乙的温度升高Δt乙=42℃-30℃=12℃
质量相同的甲和乙，吸收相同的热量，乙的温度升高得少，所以乙的吸热本领更强。
故答案为：(1)质量相同；加热时间；升高的温度；(2)乙。
我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，综合性较强。
23.【答案】解：(1)运输车空载时对地面的压力：
F=G车=m车g=1.75×103kg×10N/kg=1.75×104N，
对路面的压强：
p=FS=1.75×104N0.1m2=1.75×105 Pa；
(2)汽车行驶的定速巡航速度v=90km/h=25m/s，
由v=st得，下高速需要时间：
t=sv=378km90km/h=4.2h；
满载的汽车停在水平路面的压力：
F=G=mg=(1.75×103kg+250kg)×10N/kg=2×104N，
因汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，汽车受到的牵引力：
F'=f=0.08G=0.08×2×104N=1600N，
此过程中牵引力的功率：
P=F'v'=1600N×25m/s=4×104W。
(3)W电=50kW⋅h=50×3.6×106J=1.8×108J，
行驶距离s=100公里=100km=1×105m，
百公里牵引力做的功：W=F's'=1600N×1×105m=1.6×108J，
此过程中的效率：η=WW电×100%=1.6×108J1.8×108J×100%≈89%。
答：(1)小车空载时对水平路面的压强是1.75×105 Pa；
(2)4.2小时后可以下高速；此过程中牵引力的功率约为4×104W；
(3)此过程中的效率为89%。
【解析】(1)运输车空载时对地面的压力和自身的重力相等，利用G=mg求出，然后利用p=FS计算压强；
(2)知道汽车行驶的定速巡航速度，利用v=st求下高速需要时间；
因列车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，利用F=f=0.08G求牵引力，再利用P=Wt=Fst=Fv求此过程中牵引力的功率；
(3)根据W=Fs求出百公里牵引力做的功，再根据η=WW电×100%求出此过程中的效率。
本题考查了重力公式、压强公式、速度公式、功的公式、功率公式、燃料完全燃烧释放热量公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等，计算过程要注意单位的换算。
24.【答案】解：(1)由P=UI=U2R可得，流出水为温水时接入电阻的值：
R=U2P=(220V)22200W=22Ω；
(2)当流出水为温水时，由P=Wt可得，该水龙头1min消耗的电能：
W=Pt=2200W×60s=1.32×105J，
由题意可知，燃油燃烧释放的热量：
Q放=W=1.32×105J，
由Q放=mq可得，所需燃油的质量：
m=Q放q=1.32×105J4.4×107J/kg=0.003kg=3g；
(3)由η=Q吸W×100%可得，水吸收的热量：
Q吸=ηW=84%×1.32×105J=110880J，
由Q吸=cm△t可得，温水升高的温度：
△t=Q吸cm=110880J4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg=26.4℃．
答：(1)当流出水为温水时，接入电阻的值为22Ω；
(2)当流出水为温水时，该水龙头1min消耗的电能若由燃油燃烧提供，所需燃油的质量为3g；
(3)若该水龙头1min能放出约1kg的温水，效率为84%，则温水升高的温度为26.4℃．
【解析】(1)知道温水档的电功率，根据P=UI=U2R求出流出水为温水时接入电阻的值；
(2)当流出水为温水时，根据W=Pt求出该水龙头1min消耗的电能，也是燃油燃烧释放的热量，根据Q放=mq求出所需燃油的质量；
(3)根据η=Q吸W×100%求出水吸收的热量，利用Q吸=cm△t求出温水升高的温度．
本题考查了电功率公式、电功公式、燃料完全燃烧释放热量公式、效率公式、吸热公式的综合应用，涉及到的知识点较多，有一定的难度．
加热时间/min
0
1
2
3
4
温度/℃
甲液体
30
34
38
42
46
乙液体
30
33
36
39
42
汽车净重
1.75t
家人及装备质量
250kg
车轮与地面接触总面积
0.1m2
定速巡航速度
90km/h