还剩19页未读，
继续阅读
2023年云南省丽江市中考物理二模试卷
展开
这是一份2023年云南省丽江市中考物理二模试卷，共22页。试卷主要包含了 下列估测最接近实际的是，5mB， 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年云南省丽江市中考物理二模试卷
1. 下列估测最接近实际的是( )
A. 一层教学楼的高度约5.5m B. 人感觉舒适的室温约36.5℃
C. 一个鸡蛋的质量是500mg D. 成人正常步行速度约1.1m/s
2. 如图为我国纳西族东巴象形文字“晒干”，所描述的物态变化是( )
A. 液化
B. 熔化
C. 汽化
D. 凝固
3. 如图所示，是北京冬奥会上我国健儿比赛的精彩瞬间。下列说法正确的是( )
A. 运动员腾空后其惯性消失了
B. 运动员的鞋底有花纹是为了增大摩擦力
C. 运动员下落过程中受到的力是平衡的
D. 运动员用冰球杆击球时，冰球运动状态不变
4. 如图所示，下列关于光现象的描述，错误的是( )
A. 图中漫反射的反射光线虽然杂乱无章，但仍遵循光的反射定律
B. 如图是人们常说的“天狗吃月”，这一现象是由光的直线传播形成的
C. 如图是炎热夏天沙漠中出现的海市蜃楼景象，它是由光的反射形成的
D. 如图是光的色散现象，说明白光是由各种色光混合而成的
5. 对于如图四个实验的描述错误的是( )
A. 如图实验现象说明了发电机的工作原理
B. 如图实验探究的结论是：材料长度均相同的导体，粗导体的电阻大，细导体的电阻小
C. 如图实验证明通电导体周围存在磁场
D. 图中开关闭合导体ab向左运动，若同时改变电流方向和磁场方向，导体ab运动方向不改变
6. 如图甲所示，超超在平地上用水平向右的力推木箱，推力随时间变化的图像如图乙所示，木箱速度随时间变化的图像如图丙所示，以下说法正确的是( )
A. 0∼3s内推力小于摩擦力 B. 3s∼6s内木箱处于平衡状态
C. 6s∼9s内木箱所受摩擦力大小为3N D. 9s∼12s内推力做功为18J
7. 探究“凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，此时在光屏上得到烛焰清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 照相机应用了该次实验的成像规律
B. 投影仪应用了该次实验的成像规律
C. 要在光屏上得到更大的清晰像，需将蜡烛远离透镜，光屏远离透镜
D. 凸透镜不动，将蜡烛和光屏互换位置，光屏上不能得到清晰的像
8. 下列说法正确的是( )
A. 沿海地区通常比内陆地区昼夜温差小，原因之一是水的比热容比砂石的比热容大
B. 冬天双手互搓，手的温度升高，是通过热传递的方式改变手的内能
C. 长时间紧压在一起的铅片和金片互相渗入，是由于发生了扩散现象
D. 汽油机的做功冲程中，燃气对外做功，将内能转化为机械能
9. 如图所示，水平面上甲、乙两个相同的容器分别装密度为ρ甲、ρ乙的液体，将两个完全相同的小球放入两容器中，小球静止时，两容器液面相平，两个小球受到的浮力分别为F甲、F乙，甲、乙容器底部受到液体的压强p甲、p乙；下列判断正确的是( )
A. 甲液体的密度ρ甲等于乙液体的密度ρ乙
B. 甲烧杯中小球受到的浮力F甲小于乙烧杯中小球受到的浮力F乙
C. 甲容器底部受到液体的压强p甲大于乙容器底部受到液体的压强p乙
D. 甲烧杯中小球受到的浮力F甲等于乙烧杯中小球受到的浮力F乙
10. 如图所示电路，甲、乙两灯分别标有“6V，6W”和“6V，3W”字样，电源电压恒为6V。不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是( )
A. 只闭合S1时，甲、乙两灯的实际功率之比为2：1
B. 只闭合S2、S3时，甲、乙两灯的实际功率之比为2：1
C. 只闭合S1、S2时，电路的总功率为6W
D. 只闭合S1、S2时，电路的总功率为3W
11. 为了推进农业机械智能化，某科技团队研发了5G智能电动拖拉机，它可以通过______(选填“电磁波”或“超声波”)传递云端网络信息实现无人驾驶。拖拉机行驶时消耗的电能是______次能源。
12. 如图所示，高铁站的站台边沿标有黄色安全线，提示乘客在候车时要站在安全范围内。一个重要的原因是，当高速列车通过时，车体附近气体流速______，压强______(均选填“大“或“小“)，会使乘客受到一个“推”向列车的力。
13. 如图是颇具名气的云南建水紫砂陶茶壶，壶盖上有一个小孔，小孔的作用是使壶内液面上方的压强______大气压强(选填“大于”“小于”或“等于”)。若茶壶和水的总质量为0.5kg，壶底与桌面的接触面积为5cm2，壶对水平桌面的压强为______ Pa。
14. 如图所示。用一个动滑轮。将160N的物体匀速提高2m.拉力F为100N，此动滑轮的机械效率是______，若不计绳子重和摩擦，则滑轮重______N。
15. 如图是小海用此电路来探究电流通过导体时产生的热量跟______ 有关的装置；若通过电阻的电流为0.5A，通电10s，阻值为10Ω的电阻产生的热量是______ J。
16. 如图所示是2022年2月4日冬奥会开幕式，北京将一张亮丽的科技名片交给了世界。
(1)开幕式上，400名演员手持发光杆进行表演，发光杆中的光源是LED，它发出的白光其实是由红、绿、______ 三种光混合而成的；
(2)五星红旗经过全国各民族、各行业的176名代表的传递被郑重地交给国旗班……在传递国旗过程中，以国旗为参照物，站在地面不动的传旗手是______ 的；(选填“静止”或“运动”)
(3)在国旗传递时，小男孩用小号吹响嘹亮深情的《我和我的祖国》响彻全场，“响彻全场”主要是用来描述声音的______ 。
(4)五环拔地而起的过程中，五环的______ (选填“动能”或“重力势能”)一定增大。
17. 在图中，画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'。
18. 如图所示，请将下列元件连接成符合安全用电要求的家庭电路。
19. 在图中，用5Ω，10Ω，20Ω的三个定值电阻探究电流与电阻的关系，实验所用电源电压为6V。
(1)连接电路时，开关应处于______ 状态；请用笔画线代替导线将甲图所示电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变大；
(2)先将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关后，电流表有示数，电压表无示数，可能是定值电阻______ 路；
(3)排除故障后进行实验，移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数如乙图所示时，记录数据，则本实验中控制的定值电阻两端的电压为______ V；
(4)断开开关，将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向______ (选填“左”或“右”)端移动；移动滑片的过程中，眼睛应观察______ 表的示数；
(5)根据实验数据描绘出电流与电阻倒数的图像如丙图所示，由图像可知：电压一定时，电流与电阻成______ 比；
(6)分析实验数据可知，实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于______ Ω。
20. 小兰看到教学楼对面的玻璃幕墙把太阳光反射到教室里，她想光在反射时会遵循怎样的规律？于是她利用平面镜、可向后折的纸板、量角器和激光笔进行如图甲和乙的实验。
(1)由图甲可得出给论∠FON______∠EON(选填“<”、“=”或“>”)。
(2)如图乙将纸板NOF向后折，纸板上______(选填“能”或“不能”)看到反射光线，这说明反射光线、入射光线和法线在______。
(3)在图甲中当光沿FO的方向射入O点时，光线会沿着OE的方向射出，说明反射现象中光路是______。
21. 某同学在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
(1)实验前，发现杠杆如图甲所示，杠杆处于______ (填“平衡”或“不平衡”)；使杠杆在水平平衡应将杠杆平衡螺母向______ (填“左”或“右”)端适当调节，在水平位置平衡的目的______ ；
(2)该同学通过如图乙所示实验得到相关数据如表，由表中数据推测出杠杆的平衡条件是：______ (用F1、F2、L1、L2表示)；
序号
动力
F1/N
动力臂
l1/cm
阻力
F2/N
阻力臂
l2/cm
1
1.0
15.0
1.5
10.0
2
1.0
20.0
1.0
20.0
3
3.0
10.0
2.0
15.0
⋅⋅⋅
(3)若将乙图右侧钩码换成弹簧测力计，如图丙所示，保持杠杆水平平衡，弹簧测力计拉力方向由竖直方向a变为方向b后，弹簧测力计的示数将______ (填“增大”“减小”或“不变”)；
(4)该同学在科技创新实验中将此装置改装成了一个杠杆液体密度计，该装置可测量小桶内液体的密度。如图丁所示，将容积为20mL的小桶挂在M点，调节平衡螺母使杠杆水平平衡，已知OM=OA=5cm，则杠杆密度计的零刻线在______ (选填“O点”或“A点”)。将待测液体倒满小桶，在杠杆右端挂上重物并调节至N点位置时，杠杆刚好水平平衡。重物质量10g，ON=15cm，N点位置应标注的密度刻度值是______ g/cm3，改装后杠杆右端的密度刻度线______ (填“是”或“不是”)均匀分布的。(g=10N/kg)
22. 许多实验器材在物理实验中能重复利用，斜面就是其中之一。请完成下列利用斜面进行实验的有关内容。
(1)图甲所示实验中，为了便于测量小车在斜面上的运动时间，应使斜面保持______ (填“很大”或“很小”)的坡度。
(2)图乙所示实验中，对于同一个小球A，要改变A撞击木块前的动能大小，可进行的操作是______ 。
(3)在图丙中探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，让小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，进入粗糙程度不同水平面。由实验现象可知：水平面越光滑、小车受到的阻力越______ ，速度减小得越慢。
(4)用______ 方法(选填“控制变量”、“转换”或“推理”)得出：如果运动物体不受力，它将做匀速直线运动。
23. 为改善城市空气质量，很多城市用雾炮车洒水除尘。如图为一台正在水平路面上洒水的雾炮车，车内水箱底部出水口面积为50cm2。(g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3，柴油的热值取4.0×107J/kg)求：
(1)洒水前水箱中水深1m，出水口所受压力；
(2)洒水前雾炮车以10m/s的速度在水平路面上做匀速直线运动，发动机的功率为80kW，此时雾炮车受到的阻力；
(3)雾炮车以80kW的功率匀速行驶20min，若柴油机效率为40%，需要消耗柴油的质量。
24. 如图20是一款利用电磁继电器设定不同出水温度的电热饮水机原理示意图。工作电路中，电源电压恒为220V，R是加热电阻丝，阻值为48.4Ω。控制电路中，电源电压恒为3V，电磁铁线圈电阻R线为5Ω，R1是热敏电阻，其阻值与温度的关系式为R1=5+0.5t(其中R1的单位是Ω，t的单位是℃)，R0是用来设定不同出水温度的滑动变阻器。当电磁铁线圈中的电流小于或等于10mA时，衔铁片会弹起，触点分离，饮水器停止加热。[ρ水=1.0×103kg/m3,c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
(1)若将滑动变阻器R0的阻值调为250Ω时，饮水机能将水加热到的最高温度是多少？
(2)饮水机内装有1L，初温为20℃的水，将其加热到100℃，用时7min则水吸收的热量是多少？
(3)上述加热过程中，该饮水机工作电路的加热效率是多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、一层教学楼的高度约为3.5m，故A错误；
B、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在25℃左右，故B错误；
C、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右，故C错误；
D、人的步行速度在1.1m/s左右，故D正确。
故选：D。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、温度等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】C
【解析】解：由图可知，纳西族东巴象形文字“晒干”，表示物质由液态变为气态的过程，是汽化现象，故C正确。
故选：C。
物质由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化。
本题主要考查学生对液化及其现象的了解和掌握，是一道基础题。
3.【答案】B
【解析】解：A、一切物体都有惯性，运动员腾空后其惯性不会消失，故A错误；
B、运动员的鞋底有花纹是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，可增大摩擦力，故B正确；
C、运动员下落过程中速度增大，不是处于平衡状态，所以受到的力不是平衡的，故C错误；
D、运动员用冰球杆击球时，冰球的速度大小和方向均发生改变，所以运动状态改变，故D错误。
故选：B。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(2)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动代替滚动；
(3)物体处于平衡状态时受平衡力的作用；
(4)物体运动状态的改变包括速度大小和方向的改变。
本题主要考查了对惯性、摩擦力、平衡力、运动状态等的理解与应用，属力学综合题，难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：
A、只要是光的反射，都遵循光的反射定律，镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律，故A正确。
B、天狗吃月，即为月食现象，是光沿直线传播形成的，故B正确；
C、海市蜃楼景象是由于光在不均匀的空气中传播时发生折射造成的，不是由光的反射形成的，故C错误；
D、图中白光通过三棱镜后，被分解成七色光，这是光的色散现象，说明白光是由各种色光混合而成的，故D正确；
故选：C。
(1)不论是镜面反射还是漫反射，即使是看不见的光的反射，都遵循光的反射定律；
(2)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(3)海市蜃楼景象是由于光的折射造成的；
(4)白光分解成七色光叫光的色散，是光的折射现象。
本题考查光的直线传播、光的色散以及漫反射的理解与掌握，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A、图中闭合电路的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，发电机的工作原理就是电磁感应现象，故A正确；
B、图中，材料相同，长度相同，横截面积越大的导体的电阻越小，故B错误；
C、图中是奥斯特实验，该图中的实验现象说明通电导体周围存在着磁场，故C正确；
D、图中有电源，是演示磁场对电流作用的实验装置，导体受力的方向与电流方向和磁场方向有关，若同时改变电流方向和磁场方向，导体ab运动方向不改变，故D正确。
故选：B。
(1)电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流；
(2)导体的电阻与材料、长度、横截面积有关；
(3)奥斯特实验说明电流磁效应，即电流能产生磁场；
(4)研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁场中，即说明通电导线在磁场中受力的作用，电动机就是利用该原理制成的。
图中所示的四个实验，是电与磁中典型的四个实验，它们各自的特点不同，代表了不同的含义，学习中我们应该加以重点区分才行。
6.【答案】D
【解析】解：A、由图丙可知，0∼3s内木箱的速度为0，保持静止状态，由二力平衡条件可知，木箱受到的推力和摩擦力相等，故A错误；
B、由图丙可知，3s∼6s内木箱的速度变大，因此木箱处于非平衡状态，故B错误；
C、由图丙可知，9s∼12s内木箱做匀速直线运动，由图乙可知，此时推力大小为6N，由二力平衡条件可知，此时木箱受到推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，即摩擦力：f=F=6N，
由图丙可知，6s∼9s内木箱的速度变小，但木箱仍然在运动，因此木箱仍然受到地面对它的滑动摩擦力，由于此时木箱对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，由滑动摩擦力的影响因素可知，此时木箱受到的滑动摩擦力不变，因此6s∼9s内木箱所受摩擦力大小仍然为6N，故C错误；
D、由图丙可知，9s∼12s内木箱的速度为1m/s，推力做功的功率：P=Wt=Fst=Fv=6N×1m/s=6W，
9s∼12s内推力做功W=Pt=6W×3s=18J，故D正确。
故选：D。
(1)根据图丙可知0∼3s内木箱的运动情况，根据二力平衡条件判断推力和摩擦力的大小关系；
(2)根据图丙可知3s∼6s内木箱的运动情况，进而判断木箱所处的状态；
(3)根据图丙可知9s∼12s内木箱的运动情况，根据图乙可知此时推力的大小，根据二力平衡条件求出木箱受到的滑动摩擦力大小，根据图丙可知6s∼9s内木箱的运动情况分析木箱所受摩擦力情况，根据滑动摩擦力的影响因素分析6s∼9s内木箱所受摩擦力大小；
(4)根据图丙可知9s∼12s内木箱的运动速度大小，根据P=Wt=Fst=Fv求9s∼12s内推力做功的功率，利用W=Pt求得9s∼12s内推力做功。
本题考查二力平衡条件、平衡状态的判断、滑动摩擦力的影响因素和功率的计算，能从图像上得到有用的物理信息是解题的关键，是一道锻炼学生分析思考能力的好题。
7.【答案】A
【解析】解：蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，此时在光屏上得到烛焰清晰的像，由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成像的规律可知，此时成像的性质一定是倒立缩小的实像，属于照相机原理，故A正确，B错误；
根据凸透镜成像规律的记忆口诀，成实像时，物近像远像变大，若要在光屏上得到更大的清晰像，需将蜡烛靠近透镜，光屏远离透镜，故C错误，
利用光路的可逆性可知，凸透镜不动，将蜡烛和光屏互换位置，光屏上能得到清晰的像，故D错误。
故选：A。
由图可知，物距大于像距，此时在光屏上得到烛焰清晰的像，则成像的性质一定是倒立缩小的实像，属于照相机原理；
根据凸透镜成像规律的记忆口诀，成实像时，物近像远像变大，据此判断如何移动蜡烛和光屏。
本题考查了凸透镜成像的规律和对应的应用、以及运用凸透镜成像规律的记忆口诀解决凸透镜成像中的动态变化问题，牢记凸透镜成像规律和口诀是解题的关键。
8.【答案】ACD
【解析】解：A、沿海地区通常比内陆地区昼夜温差小，原因沿海地区多水，内陆地区多砂石，水的比热容比砂石的比热容大，同样受冷和受热时温度变化小，故A正确；
B、冬天双手互搓，手克服摩擦做功，机械能转化为内能，使手的温度升高，这是用做功的方式改变内能，故B错误；
C、铅片与金片紧压在一起，过几年铅片和金片互相渗入，是扩散现象形成的，故C正确；
D、汽油机在做功冲程里，高温、高压的燃气膨胀推动活塞做功，将燃气的内能转化为机械能，故D正确。
故选：ACD。
(1)水的比热容比砂石的较大，因此在同样受冷和受热时，水的温度变化较小，砂石的温度变化较大；
(2)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
(3)两种不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象是扩散；
(4)汽油机在做功冲程里，高温、高压的燃气膨胀推动活塞做功，将燃气的内能转化为机械能。
本题主要考查学生对比热容、改变内能的方式、扩散现象、汽油机做功冲程等的掌握，难度不大。
9.【答案】CD
【解析】解：
BD、因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以两个相同的小球在两杯中受到的浮力都等于小球的重力，则甲烧杯中小球受到的浮力F甲等于乙烧杯中小球受到的浮力F乙，故B错误、D正确；
AC、由图可知，小球在甲、乙两容器中分别处于漂浮和悬浮状态，根据浮沉条件可知，ρ甲>ρ球，ρ乙=ρ球.所以甲液体的密度ρ甲大于乙液体的密度ρ乙，故A错误；
两容器中液面相平，所以根据p=ρ液gh可知，容器底受到液体的压强：p甲>p乙，故C正确。
故选：CD。
(1)根据物体浮沉条件判断小球在两种液体中所受浮力与其重力的关系，进而得出小球在两种液体中所受浮力的大小关系；
(2)根据小球在甲、乙两容器中的状态判断两种液体与小球的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；
利用p=ρ液gh比较甲、乙两容器底受到液体的压强大小。
本题考查了物体浮沉条件和压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
10.【答案】BD
【解析】解：A.由P=UI=U2R可得，甲、乙两灯的电阻之比：R甲R乙=U甲2P甲U乙2P乙=P乙P甲=3W6W=12，
只闭合S1时，甲、乙两灯串联，因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=UI=I2R可得，甲、乙两灯的实际功率之比：P甲实P乙实=I2R甲I2R乙=R甲R乙=12，故A错误；
B.只闭合S2、S3时，甲、乙两灯并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，
则两灯两端的实际电压为：U甲=U乙=U=6V，所以两灯均正常发光，
此时甲、乙两灯的实际功率和额定功率相等，其比值为：P甲实'P乙实'=P甲P乙=6W3W=21，故B正确；
CD.只闭合S1、S2时，甲灯被短路，电路为乙灯的简单电路，
由U乙=U=6V可知，乙灯正常发光，电路的总功率：P=P乙=3W，故C错误、D正确。
故选：BD。
(1)知道甲、乙两灯的额定电压和额定功率，根据P=UI=U2R求出甲、乙两灯的电阻之比；只闭合S1时，甲、乙两灯串联，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出甲、乙两灯的实际功率之比；
(2)只闭合S2、S3时，甲、乙两灯并联，根据并联电路的电压特点结合电源的电压可知两灯泡的实际功率和额定功率相等，据此求出甲、乙两灯的实际功率之比；
(3)只闭合S1、S2时，甲灯被短路，电路为乙灯的简单电路，此时乙灯泡的电压和额定电压相等，电路的总功率等于乙灯泡的额定功率。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及电功率公式的应用，要注意灯泡两端的电压和额定电压相等时其实际功率等于额定功率。
11.【答案】电磁波 二
【解析】解：
5G智能电动拖拉机是通过电磁波传递指令实现远程遥控作业的，
拖拉机行驶时所消耗的电能不能直接从自然界获取，必须经过一次能源的消耗才能得到，属于二次能源。
故答案为：电磁波；二。
(1)5G智能电动拖拉机是利用电磁波传递信息的；
(2)可以从自然界直接获取的能源是一次能源，无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源属于二次能源。
本题以5G智能电动拖拉机为内容，考查了与之相关的多个知识点，是同学们较感兴趣的，体现了物理与实际生活的联系。
12.【答案】大 小
【解析】解：当高速列车通过时车体附近气体流速大，造成人和列车之间的空气流速大，压强小，人外侧的压强大，容易把人压向列车，容易出现交通事故，所以等候列车时站在安全性以内。
故答案为：大；小。
流体流速越大，流体压强越小。
流体流速越大，流体压强越小，掌握这个结论，我们一定要远离高速行驶的列车和汽车等。
13.【答案】等于 1×104
【解析】解：壶盖上的小孔是为了让壶内气体和外界大气相通，使得水面上方的压强等于大气压强，在大气压的作用下水可以更容易的倒出。
茶壶对水平桌面的压力大小等于茶壶和水总重，即茶壶对水平桌面的压力：F=G=0.5kg×10N/kg=5N；
茶壶对桌面的压强为：p=FS=5N5×10-4m2=1×104Pa。
故答案为：等于；1×104。
壶盖开一个小孔，可以使壶内气体和外界大气相通，从而利用大气压。茶壶对水平桌面的压力等于茶壶和水总重，受力面积等于壶底与水平桌面的接触面积，利用p=FS求出壶对水平桌面的压强；
本题考查了固体压强公式和大气压的应用，是一道较为简单的应用题。
14.【答案】80%40
【解析】解：W有用=Gh=160N×2m=320J。
W总=FS=100N×2×2m=400J。
η=W有用W总=320J400J=80%。
W额=W总-W有用=400J-320J=80J。
G动=W额h=80J2m=40N。
故答案为：80%；40。
根据W=Gh求出有用功，已知动滑轮绳子段数可求拉力移动距离，根据W=FS可求总功，机械效率η=W有用W总，额外功就是克服动滑轮重做的功，总功减有用功就是额外功，根据W=G动h可求动滑轮重。
本题考查滑轮组机械效率的计算以及额外功的计算，还有怎样求动滑轮重的问题。
15.【答案】电阻 25
【解析】解：
(1)由图知，两电阻丝串联，所以通过两电阻丝的电流和通电时间相同，两电阻丝电阻不同，所以用此电路来探究电流通过导体时产生的热量与电阻关系的实验装置；
(2)通过电阻的电流为0.5A，通电10s，阻值为10Ω的电阻产生的热量：Q=I2Rt=(0.5A)2×10Ω×10s=25J。
故答案为：电阻；25。
(1)通电导体产生热量与通过导体的电流、是导体电阻以及通电时间有关，由图示结合控制变量法分析探究目的；
(2)根据Q=I2Rt计算通电10s，阻值为10Ω的电阻产生热量。
本题考查串联电路的特点以及焦耳定律的应用，难度不大。
16.【答案】蓝 运动 响度 重力势能
【解析】解：(1)开幕式上，400名演员手持发光杆进行表演，发光杆中的光源是LED，它发出的白光其实是由红、绿、蓝三种光混合而成的；LED是半导体材料；
(2)国旗在传递过程中，以国旗为参照物，在地面不动的传旗手相对于国旗有位置的变化，因此以国旗为参照物，站在地面不动的传旗手是运动的；
(3)“响彻全场”主要是用来描述声音的响度；
(4)重力势能的影响因素是质量和高度，五环的高度越来越高，质量不变，故重力势能一定增大。
故答案为：(1)蓝；(2)运动；(3)响度；(4)重力势能。
(1)光的三原色是红、绿、蓝三种光；LED是半导体材料；
(2)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(3)声音的三特征是：音调、响度和音色，响度的大小是由声源振动的幅度和离声源的远近决定的，振幅越大，响度越大，离声源越近，响度越大；音调指高低，和振动的频率有关，频率越大，音调越高；音色是指声音的品质和特色，由发声体本身的材料和结构决定，不同的发声体音色不同；
(4)重力势能的影响因素是质量和高度，质量越大，位置越高，重力势能越大。
本题考查光的三原色、运动和静止的相对性、声音的特性、重力势能等知识，综合性强，难度不大。
17.【答案】解：先作出物体AB在平面镜中的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'为物体AB的像，如图所示：
【解析】首先知道平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，再画出两端点A、B在平面镜中所成的像，连接两个像点即为物体AB在平面镜中所成的像。
平面镜成像的特点：像与物大小相等，连线与镜面垂直，到平面镜的距离相等，左右相反。
18.【答案】解：
根据开关要接在灯和火线之间可知，最上面为火线，最下面为地线，则中间为零线；
两灯要并联接在家庭电路中，开关接在火线和灯之间，如图所示：
【解析】在家庭电路中，各家用电器工作时，互不影响，为并联连接；
灯泡的正确连接方法：火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入螺旋套。
本题考查了灯泡连接、开关的连接，属于基础题目。
19.【答案】断开 短 2 左 电压 反 40
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时，开关应断开；
由题知，滑动变阻器滑片向右移动时，电流表的示数增大，其连入电路阻值减小，所以滑动变阻器应接右下的接线柱，如图所示：
(2)闭合开关，小刚发现电流表有示数，电路为通路，电压表无示数，可能是定值电阻发生了短路；
(3)由图乙可知，电流表量程为0-0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，所以此时此定值电阻两端的电压U=IR=0.4A×5Ω=2V，则本实验中控制的定值电阻两端的电压为2V；
(4)探究电流与电阻的实验中应控制定值电阻两端的电压不变，实验中控制定值电阻两端的电压为2V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改换成10Ω的电阻，定值电阻增大，其分得的电压增大，要控制定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，故移动滑片的过程中，眼睛应观察电压表的示数；由分压原理知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数仍为2V；
(5)由图丙知，电流与电阻的乘积为U=IR=0.1A×10.05Ω=----0.4A×10.2Ω=2V，故由图像可以得出结论：电阻两端电压一定时，导体中的电流跟电阻成反比；
(6)变阻器分得的电压：U滑=6V-2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的4V2V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，故为了完成整个实验，所用的滑动变阻器的最大阻值应不小于40Ω。
故答案为：(1)断开；见解答；(2)短；(3)2；(4)左；电压；(5)反；(6)40。
(1)连接电路时，开关应断开；
实验中，滑动变阻器应串联入电路中，滑片向右移动时，电流表的示数增大，说明滑动变阻器连入电路的阻值减小，由此确定其接线柱；
(2)闭合开关，电流表有示数，电路为通路，根据电压表无示数分析；
(3)由图乙读出电流值，根据欧姆定律求出此时定值电阻两端的电压值；
(4)探究“电流与电阻关系”时要控制电阻两端的电压不变，即电压表的示数不变，据此分析；当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)由图丙，求出电流与电阻的乘积分析回答；
(6)根据分压原理求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，从而确定滑动变阻器的最大阻值应不小于多少。
本题探究导体中电流跟电阻的关系，考查电路连接、故障分析、数据分析、欧姆定律的应用及操作过程和对器材的要求，是一道综合题，难度较大。
20.【答案】=不能 同一平面内 可逆的
【解析】解：(1)由图甲可知反射角和入射角都为40度，所以可以得出结论：反射角等于入射角，即∠FON=∠EON；
(2)由于反射光线、入射光线和法线都在同一平面内，当纸板NOF向后折，两块纸板不在同一平面上，所以在纸板NOF上就无法呈现出反射光线了，因此这个现象说明了：反射光线、入射光线和法线都在同一平面内。
(3)由让光线逆着OF的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出可知，将反射光线改为入射光线，光路图照样成立，体现了光路是可逆的。
故答案为：(1)=；(2)不能；同一平面内；(3)可逆的。
(1)由图中反射角和入射角的度数关系可得出结论；
(2)根据入射光线、反射光线和法线的关系进行分析；
(3)根据题目中：让光线逆着OF的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出告诉的信息，可以得到此题的答案。
此题主要通过实验探究了光的反射定律。通过各个分实验分别探究了两角大小和三线之间的关系。实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，培养学生观察、分析、概括能力。
21.【答案】平衡 右 便于测量力臂和避免杠杆自重对实验的影响 F1l1=F2l2 增大 O1.5是
【解析】解：(1)杠杆虽然右端下沉，但是杠杆保持静止，杠杆在力的作用下静止或缓慢匀速转动的状态，都称为杠杆的平衡状态，所此时杠杆处于平衡状态；
应该向较高的一端调节平衡螺母，使杠杆在水平位置保持平衡，本题杠杆右端下沉，说明左侧较高，应该将平衡螺母向左侧调节；
调平杠杆时，应该使杠杆在水平位置保持平衡，这样做的目的是便于测量力臂和避免杠杆自重对实验的影响；(2)根据表格数据归纳可得：F1l1=F2l2；
(3)弹簧测力计的拉力方向改变后，拉力的力臂会随之变小，根据杠杆平衡条件可知，要想使杠杆仍在水平位置保持平衡，应使拉力增大；
(4)小桶内没有液体时：根据杠杆平衡条件可知，当右侧挂上重物时杠杆不可能在水平位置平衡，只有重物在O点是杠杆才能在水平位置平衡，故密度计的“0刻度”在O点；
小桶内装入液体时：根据杠杆平衡条件可知，当杠杆处于水平平衡状态时，G液×lOM=G物×lON，小桶内所装液体的重力为G液=ρ液gV，整理可得ρ液=G物×lONgV×lOM，代入数据可得：ρ液=1.5g/cm3。由于G物、gV和lOM都是定值，故ρ液与lON成正比，故改装后杠杆右端的密度刻度线是均匀分布的。
故答案为：(1)平衡；右；便于测量力臂和避免杠杆自重对实验的影响；(2)F1l1=F2l2；(3)增大；(4)O；1.5；是。
(1)杠杆的平衡：杠杆在力的作用下静止或缓慢匀速转动的状态，称为杠杆的平衡；在调节杠杆平衡时，应该向较高的一端调节平衡螺母，使杠杆在水平位置保持平衡，这样做的目的是便于直接在杠杆上读取力臂；(2)利用表格数据归纳结论；
(3)根据杠杆平衡条件及力臂的定义来判断；
(4)通过调节平衡螺母的位置来消除小桶重力造成的影响，杠杆再次达到在水平位置平衡，然后根据杠杆平衡条件和密度公式解题。
本题考查了学生对杠杆平衡条件的应用，以及对密度知识的掌握，难度较大。
22.【答案】很小 改变A在斜面上静止释放的高度 小 推理
【解析】解：(1)斜面倾角越小，小车运动时间越长，为便于测量小车的运动时间，实验中，斜面应保持很小坡度；
(2)小球的动能与小球的质量和小球的速度有关，对于同一个球A，质量一定，要改变A撞击木块前的动能大小，需要改变小球的速度，所以改变A在斜面上静止释放的高度，使小球到达斜面底端的速度不相同；
(3)实验中给出的三种材料分布为毛巾、棉布、木板，它们的粗糙程度是毛巾大于棉布，棉布大于木板；
以相同的初速度在这三种材料上面滑行时，小车滑行距离的大小关系为：s毛巾
故答案为：(1)很小；(2)改变A在斜面上静止释放的高度；(3)小；(4)推理。
(1)为便于测量小车的运动时间，斜面倾角应小一些；
(2)动能的决定因素有两个：质量和速度；要利用控制变量法去研究：研究与速度关系时要保证质量相同，速度不同；
(3)在初速度相同时，水平面越光滑，小车受到的阻力越小，小车运动的距离越远；
(4)用推理方法推理得出：如果运动物体不受力，它将做匀速直线运动。
本题综合考查了斜面实验、涉及时间的测量、速度的改变、控制变量法、转换法、推理法在实验中的运用。
23.【答案】解：(1)出水口面积为：S=50cm2=5×10-3m2；
出水口受到水的压强为：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×1m=1×104Pa；
由p=FS得，出水口所受压力为：F=pS=1×104Pa×5×10-3m2=50N。
(2)发动机的功率为：P=80kW=80000W；
由P=Wt=Fst=Fv得，牵引力为：F=Pv=80000W10m/s=8000N。
因为汽车做匀速直线运动，受到的牵引力和阻力为一对平衡力，所以f=F=8000N。
(3)汽车行驶时间为：t=20min=1200s；
有用机械能为：W=Pt=80000W×1200s=9.6×107J；
由η=WQ放得，柴油完全燃烧放出的热量为：Q放=Wη=9.6×107J40%=2.4×108J；
柴油的质量为m=Q放q=2.4×108J4×107J/kg=6kg。
答：(1)洒水前水箱中水深1m，出水口所受压力为50N；
(2)雾炮车受到的阻力为8000N；
(3)需要消耗柴油的质量为6kg。
【解析】(1)先根据液体的压强公式p=ρgh求出出水口受到水的压强，再根据公式p=FS的变形式求出出水口所受压力。
(2)先根据P=Wt=Fst=Fv的变形式计算出牵引力的大小，再根据二力平衡的特点得出阻力的大小。
(3)先根据W=Pt求出有用机械能的大小，再根据效率公式η=WQ放求出柴油完全燃烧放出的热量，最后根据m=Q放q求出柴油的质量。
本题考查压强公式、功率公式、效率公式和燃料完全燃烧放热公式的灵活应用。熟练应用这些公式及其变形式是解答本题的关键。
24.【答案】解：(1)由题意可知，控制电路的电源电压为U=3V，停止加热时控制电路的电流为I=10mA=0.01A，滑动变阻器的阻值为R0=250Ω，
由I=UR可得控制电路的总电阻为：
R总=UI=3V0.01A=300Ω，
则此时热敏电阻的阻值：Rt=R总-R0-R线=300Ω-250Ω-5Ω=45Ω，
已知Rt=5+0.5t，代入数据：45Ω=5+0.5t，
解得电热饮水机所能加热的最高温度：t=80℃；
(2)饮水机内水的体积V=1L=1dm3，
由ρ=mV可得水的质量为：
m=ρ水V=1.0g/cm3×1×1000cm3=1000g=1kg，
水吸收的热量为：
Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃-20℃)=3.36×105J；
(3)该饮水机正常工作t=7min=7×60s=420s消耗的电能为：
W=U家庭2Rt=(220V)248.4Ω×420s=4.2×105J，
该饮水机正常工作时加热效率为：
η=Q吸W×100%=3.36×105J4.2×105J×100%=80%。
答：(1)若将滑动变阻器R0的阻值调为250Ω时，饮水机能将水加热到的最高温度是80℃；
(2)饮水机内装有1L，初温为20℃的水，将其加热到100℃，用时7min，则水吸收的热量是3.36×105J；
(3)上述加热过程中，该饮水机工作电路的加热效率是80%。
【解析】(1)由题意可知，当电磁继电器线圈中的电流小于或等于10mA时，衔铁片会弹起，触点分离，热水器停止加热，根据欧姆定律求出此时控制电路的总电阻，根据Rt=R总-R0-R线求出此时热敏电阻的阻值，根据Rt=5+0.5t求出电热饮水机所能加热的最高温度；
(2)知道饮水机内水的体积，根据ρ=mV求出饮水机内水的质量，根据Q吸=cm(t-t0)求出水吸收的热量；
(3)利用W=U2Rt求出该饮水机正常工作7min消耗的电能，利用η=Q吸W×100%求出该饮水机工作电路的加热效率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、吸热公式、电功公式、效率公式的综合应用，从题干中获取有用的信息是关键。
2023年云南省丽江市中考物理二模试卷
1. 下列估测最接近实际的是( )
A. 一层教学楼的高度约5.5m B. 人感觉舒适的室温约36.5℃
C. 一个鸡蛋的质量是500mg D. 成人正常步行速度约1.1m/s
2. 如图为我国纳西族东巴象形文字“晒干”，所描述的物态变化是( )
A. 液化
B. 熔化
C. 汽化
D. 凝固
3. 如图所示，是北京冬奥会上我国健儿比赛的精彩瞬间。下列说法正确的是( )
A. 运动员腾空后其惯性消失了
B. 运动员的鞋底有花纹是为了增大摩擦力
C. 运动员下落过程中受到的力是平衡的
D. 运动员用冰球杆击球时，冰球运动状态不变
4. 如图所示，下列关于光现象的描述，错误的是( )
A. 图中漫反射的反射光线虽然杂乱无章，但仍遵循光的反射定律
B. 如图是人们常说的“天狗吃月”，这一现象是由光的直线传播形成的
C. 如图是炎热夏天沙漠中出现的海市蜃楼景象，它是由光的反射形成的
D. 如图是光的色散现象，说明白光是由各种色光混合而成的
5. 对于如图四个实验的描述错误的是( )
A. 如图实验现象说明了发电机的工作原理
B. 如图实验探究的结论是：材料长度均相同的导体，粗导体的电阻大，细导体的电阻小
C. 如图实验证明通电导体周围存在磁场
D. 图中开关闭合导体ab向左运动，若同时改变电流方向和磁场方向，导体ab运动方向不改变
6. 如图甲所示，超超在平地上用水平向右的力推木箱，推力随时间变化的图像如图乙所示，木箱速度随时间变化的图像如图丙所示，以下说法正确的是( )
A. 0∼3s内推力小于摩擦力 B. 3s∼6s内木箱处于平衡状态
C. 6s∼9s内木箱所受摩擦力大小为3N D. 9s∼12s内推力做功为18J
7. 探究“凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，此时在光屏上得到烛焰清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 照相机应用了该次实验的成像规律
B. 投影仪应用了该次实验的成像规律
C. 要在光屏上得到更大的清晰像，需将蜡烛远离透镜，光屏远离透镜
D. 凸透镜不动，将蜡烛和光屏互换位置，光屏上不能得到清晰的像
8. 下列说法正确的是( )
A. 沿海地区通常比内陆地区昼夜温差小，原因之一是水的比热容比砂石的比热容大
B. 冬天双手互搓，手的温度升高，是通过热传递的方式改变手的内能
C. 长时间紧压在一起的铅片和金片互相渗入，是由于发生了扩散现象
D. 汽油机的做功冲程中，燃气对外做功，将内能转化为机械能
9. 如图所示，水平面上甲、乙两个相同的容器分别装密度为ρ甲、ρ乙的液体，将两个完全相同的小球放入两容器中，小球静止时，两容器液面相平，两个小球受到的浮力分别为F甲、F乙，甲、乙容器底部受到液体的压强p甲、p乙；下列判断正确的是( )
A. 甲液体的密度ρ甲等于乙液体的密度ρ乙
B. 甲烧杯中小球受到的浮力F甲小于乙烧杯中小球受到的浮力F乙
C. 甲容器底部受到液体的压强p甲大于乙容器底部受到液体的压强p乙
D. 甲烧杯中小球受到的浮力F甲等于乙烧杯中小球受到的浮力F乙
10. 如图所示电路，甲、乙两灯分别标有“6V，6W”和“6V，3W”字样，电源电压恒为6V。不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是( )
A. 只闭合S1时，甲、乙两灯的实际功率之比为2：1
B. 只闭合S2、S3时，甲、乙两灯的实际功率之比为2：1
C. 只闭合S1、S2时，电路的总功率为6W
D. 只闭合S1、S2时，电路的总功率为3W
11. 为了推进农业机械智能化，某科技团队研发了5G智能电动拖拉机，它可以通过______(选填“电磁波”或“超声波”)传递云端网络信息实现无人驾驶。拖拉机行驶时消耗的电能是______次能源。
12. 如图所示，高铁站的站台边沿标有黄色安全线，提示乘客在候车时要站在安全范围内。一个重要的原因是，当高速列车通过时，车体附近气体流速______，压强______(均选填“大“或“小“)，会使乘客受到一个“推”向列车的力。
13. 如图是颇具名气的云南建水紫砂陶茶壶，壶盖上有一个小孔，小孔的作用是使壶内液面上方的压强______大气压强(选填“大于”“小于”或“等于”)。若茶壶和水的总质量为0.5kg，壶底与桌面的接触面积为5cm2，壶对水平桌面的压强为______ Pa。
14. 如图所示。用一个动滑轮。将160N的物体匀速提高2m.拉力F为100N，此动滑轮的机械效率是______，若不计绳子重和摩擦，则滑轮重______N。
15. 如图是小海用此电路来探究电流通过导体时产生的热量跟______ 有关的装置；若通过电阻的电流为0.5A，通电10s，阻值为10Ω的电阻产生的热量是______ J。
16. 如图所示是2022年2月4日冬奥会开幕式，北京将一张亮丽的科技名片交给了世界。
(1)开幕式上，400名演员手持发光杆进行表演，发光杆中的光源是LED，它发出的白光其实是由红、绿、______ 三种光混合而成的；
(2)五星红旗经过全国各民族、各行业的176名代表的传递被郑重地交给国旗班……在传递国旗过程中，以国旗为参照物，站在地面不动的传旗手是______ 的；(选填“静止”或“运动”)
(3)在国旗传递时，小男孩用小号吹响嘹亮深情的《我和我的祖国》响彻全场，“响彻全场”主要是用来描述声音的______ 。
(4)五环拔地而起的过程中，五环的______ (选填“动能”或“重力势能”)一定增大。
17. 在图中，画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'。
18. 如图所示，请将下列元件连接成符合安全用电要求的家庭电路。
19. 在图中，用5Ω，10Ω，20Ω的三个定值电阻探究电流与电阻的关系，实验所用电源电压为6V。
(1)连接电路时，开关应处于______ 状态；请用笔画线代替导线将甲图所示电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变大；
(2)先将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关后，电流表有示数，电压表无示数，可能是定值电阻______ 路；
(3)排除故障后进行实验，移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数如乙图所示时，记录数据，则本实验中控制的定值电阻两端的电压为______ V；
(4)断开开关，将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向______ (选填“左”或“右”)端移动；移动滑片的过程中，眼睛应观察______ 表的示数；
(5)根据实验数据描绘出电流与电阻倒数的图像如丙图所示，由图像可知：电压一定时，电流与电阻成______ 比；
(6)分析实验数据可知，实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于______ Ω。
20. 小兰看到教学楼对面的玻璃幕墙把太阳光反射到教室里，她想光在反射时会遵循怎样的规律？于是她利用平面镜、可向后折的纸板、量角器和激光笔进行如图甲和乙的实验。
(1)由图甲可得出给论∠FON______∠EON(选填“<”、“=”或“>”)。
(2)如图乙将纸板NOF向后折，纸板上______(选填“能”或“不能”)看到反射光线，这说明反射光线、入射光线和法线在______。
(3)在图甲中当光沿FO的方向射入O点时，光线会沿着OE的方向射出，说明反射现象中光路是______。
21. 某同学在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
(1)实验前，发现杠杆如图甲所示，杠杆处于______ (填“平衡”或“不平衡”)；使杠杆在水平平衡应将杠杆平衡螺母向______ (填“左”或“右”)端适当调节，在水平位置平衡的目的______ ；
(2)该同学通过如图乙所示实验得到相关数据如表，由表中数据推测出杠杆的平衡条件是：______ (用F1、F2、L1、L2表示)；
序号
动力
F1/N
动力臂
l1/cm
阻力
F2/N
阻力臂
l2/cm
1
1.0
15.0
1.5
10.0
2
1.0
20.0
1.0
20.0
3
3.0
10.0
2.0
15.0
⋅⋅⋅
(3)若将乙图右侧钩码换成弹簧测力计，如图丙所示，保持杠杆水平平衡，弹簧测力计拉力方向由竖直方向a变为方向b后，弹簧测力计的示数将______ (填“增大”“减小”或“不变”)；
(4)该同学在科技创新实验中将此装置改装成了一个杠杆液体密度计，该装置可测量小桶内液体的密度。如图丁所示，将容积为20mL的小桶挂在M点，调节平衡螺母使杠杆水平平衡，已知OM=OA=5cm，则杠杆密度计的零刻线在______ (选填“O点”或“A点”)。将待测液体倒满小桶，在杠杆右端挂上重物并调节至N点位置时，杠杆刚好水平平衡。重物质量10g，ON=15cm，N点位置应标注的密度刻度值是______ g/cm3，改装后杠杆右端的密度刻度线______ (填“是”或“不是”)均匀分布的。(g=10N/kg)
22. 许多实验器材在物理实验中能重复利用，斜面就是其中之一。请完成下列利用斜面进行实验的有关内容。
(1)图甲所示实验中，为了便于测量小车在斜面上的运动时间，应使斜面保持______ (填“很大”或“很小”)的坡度。
(2)图乙所示实验中，对于同一个小球A，要改变A撞击木块前的动能大小，可进行的操作是______ 。
(3)在图丙中探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，让小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，进入粗糙程度不同水平面。由实验现象可知：水平面越光滑、小车受到的阻力越______ ，速度减小得越慢。
(4)用______ 方法(选填“控制变量”、“转换”或“推理”)得出：如果运动物体不受力，它将做匀速直线运动。
23. 为改善城市空气质量，很多城市用雾炮车洒水除尘。如图为一台正在水平路面上洒水的雾炮车，车内水箱底部出水口面积为50cm2。(g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3，柴油的热值取4.0×107J/kg)求：
(1)洒水前水箱中水深1m，出水口所受压力；
(2)洒水前雾炮车以10m/s的速度在水平路面上做匀速直线运动，发动机的功率为80kW，此时雾炮车受到的阻力；
(3)雾炮车以80kW的功率匀速行驶20min，若柴油机效率为40%，需要消耗柴油的质量。
24. 如图20是一款利用电磁继电器设定不同出水温度的电热饮水机原理示意图。工作电路中，电源电压恒为220V，R是加热电阻丝，阻值为48.4Ω。控制电路中，电源电压恒为3V，电磁铁线圈电阻R线为5Ω，R1是热敏电阻，其阻值与温度的关系式为R1=5+0.5t(其中R1的单位是Ω，t的单位是℃)，R0是用来设定不同出水温度的滑动变阻器。当电磁铁线圈中的电流小于或等于10mA时，衔铁片会弹起，触点分离，饮水器停止加热。[ρ水=1.0×103kg/m3,c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
(1)若将滑动变阻器R0的阻值调为250Ω时，饮水机能将水加热到的最高温度是多少？
(2)饮水机内装有1L，初温为20℃的水，将其加热到100℃，用时7min则水吸收的热量是多少？
(3)上述加热过程中，该饮水机工作电路的加热效率是多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、一层教学楼的高度约为3.5m，故A错误；
B、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在25℃左右，故B错误；
C、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右，故C错误；
D、人的步行速度在1.1m/s左右，故D正确。
故选：D。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、温度等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】C
【解析】解：由图可知，纳西族东巴象形文字“晒干”，表示物质由液态变为气态的过程，是汽化现象，故C正确。
故选：C。
物质由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化。
本题主要考查学生对液化及其现象的了解和掌握，是一道基础题。
3.【答案】B
【解析】解：A、一切物体都有惯性，运动员腾空后其惯性不会消失，故A错误；
B、运动员的鞋底有花纹是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，可增大摩擦力，故B正确；
C、运动员下落过程中速度增大，不是处于平衡状态，所以受到的力不是平衡的，故C错误；
D、运动员用冰球杆击球时，冰球的速度大小和方向均发生改变，所以运动状态改变，故D错误。
故选：B。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(2)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动代替滚动；
(3)物体处于平衡状态时受平衡力的作用；
(4)物体运动状态的改变包括速度大小和方向的改变。
本题主要考查了对惯性、摩擦力、平衡力、运动状态等的理解与应用，属力学综合题，难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：
A、只要是光的反射，都遵循光的反射定律，镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律，故A正确。
B、天狗吃月，即为月食现象，是光沿直线传播形成的，故B正确；
C、海市蜃楼景象是由于光在不均匀的空气中传播时发生折射造成的，不是由光的反射形成的，故C错误；
D、图中白光通过三棱镜后，被分解成七色光，这是光的色散现象，说明白光是由各种色光混合而成的，故D正确；
故选：C。
(1)不论是镜面反射还是漫反射，即使是看不见的光的反射，都遵循光的反射定律；
(2)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(3)海市蜃楼景象是由于光的折射造成的；
(4)白光分解成七色光叫光的色散，是光的折射现象。
本题考查光的直线传播、光的色散以及漫反射的理解与掌握，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A、图中闭合电路的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，发电机的工作原理就是电磁感应现象，故A正确；
B、图中，材料相同，长度相同，横截面积越大的导体的电阻越小，故B错误；
C、图中是奥斯特实验，该图中的实验现象说明通电导体周围存在着磁场，故C正确；
D、图中有电源，是演示磁场对电流作用的实验装置，导体受力的方向与电流方向和磁场方向有关，若同时改变电流方向和磁场方向，导体ab运动方向不改变，故D正确。
故选：B。
(1)电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流；
(2)导体的电阻与材料、长度、横截面积有关；
(3)奥斯特实验说明电流磁效应，即电流能产生磁场；
(4)研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁场中，即说明通电导线在磁场中受力的作用，电动机就是利用该原理制成的。
图中所示的四个实验，是电与磁中典型的四个实验，它们各自的特点不同，代表了不同的含义，学习中我们应该加以重点区分才行。
6.【答案】D
【解析】解：A、由图丙可知，0∼3s内木箱的速度为0，保持静止状态，由二力平衡条件可知，木箱受到的推力和摩擦力相等，故A错误；
B、由图丙可知，3s∼6s内木箱的速度变大，因此木箱处于非平衡状态，故B错误；
C、由图丙可知，9s∼12s内木箱做匀速直线运动，由图乙可知，此时推力大小为6N，由二力平衡条件可知，此时木箱受到推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，即摩擦力：f=F=6N，
由图丙可知，6s∼9s内木箱的速度变小，但木箱仍然在运动，因此木箱仍然受到地面对它的滑动摩擦力，由于此时木箱对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，由滑动摩擦力的影响因素可知，此时木箱受到的滑动摩擦力不变，因此6s∼9s内木箱所受摩擦力大小仍然为6N，故C错误；
D、由图丙可知，9s∼12s内木箱的速度为1m/s，推力做功的功率：P=Wt=Fst=Fv=6N×1m/s=6W，
9s∼12s内推力做功W=Pt=6W×3s=18J，故D正确。
故选：D。
(1)根据图丙可知0∼3s内木箱的运动情况，根据二力平衡条件判断推力和摩擦力的大小关系；
(2)根据图丙可知3s∼6s内木箱的运动情况，进而判断木箱所处的状态；
(3)根据图丙可知9s∼12s内木箱的运动情况，根据图乙可知此时推力的大小，根据二力平衡条件求出木箱受到的滑动摩擦力大小，根据图丙可知6s∼9s内木箱的运动情况分析木箱所受摩擦力情况，根据滑动摩擦力的影响因素分析6s∼9s内木箱所受摩擦力大小；
(4)根据图丙可知9s∼12s内木箱的运动速度大小，根据P=Wt=Fst=Fv求9s∼12s内推力做功的功率，利用W=Pt求得9s∼12s内推力做功。
本题考查二力平衡条件、平衡状态的判断、滑动摩擦力的影响因素和功率的计算，能从图像上得到有用的物理信息是解题的关键，是一道锻炼学生分析思考能力的好题。
7.【答案】A
【解析】解：蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，此时在光屏上得到烛焰清晰的像，由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成像的规律可知，此时成像的性质一定是倒立缩小的实像，属于照相机原理，故A正确，B错误；
根据凸透镜成像规律的记忆口诀，成实像时，物近像远像变大，若要在光屏上得到更大的清晰像，需将蜡烛靠近透镜，光屏远离透镜，故C错误，
利用光路的可逆性可知，凸透镜不动，将蜡烛和光屏互换位置，光屏上能得到清晰的像，故D错误。
故选：A。
由图可知，物距大于像距，此时在光屏上得到烛焰清晰的像，则成像的性质一定是倒立缩小的实像，属于照相机原理；
根据凸透镜成像规律的记忆口诀，成实像时，物近像远像变大，据此判断如何移动蜡烛和光屏。
本题考查了凸透镜成像的规律和对应的应用、以及运用凸透镜成像规律的记忆口诀解决凸透镜成像中的动态变化问题，牢记凸透镜成像规律和口诀是解题的关键。
8.【答案】ACD
【解析】解：A、沿海地区通常比内陆地区昼夜温差小，原因沿海地区多水，内陆地区多砂石，水的比热容比砂石的比热容大，同样受冷和受热时温度变化小，故A正确；
B、冬天双手互搓，手克服摩擦做功，机械能转化为内能，使手的温度升高，这是用做功的方式改变内能，故B错误；
C、铅片与金片紧压在一起，过几年铅片和金片互相渗入，是扩散现象形成的，故C正确；
D、汽油机在做功冲程里，高温、高压的燃气膨胀推动活塞做功，将燃气的内能转化为机械能，故D正确。
故选：ACD。
(1)水的比热容比砂石的较大，因此在同样受冷和受热时，水的温度变化较小，砂石的温度变化较大；
(2)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
(3)两种不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象是扩散；
(4)汽油机在做功冲程里，高温、高压的燃气膨胀推动活塞做功，将燃气的内能转化为机械能。
本题主要考查学生对比热容、改变内能的方式、扩散现象、汽油机做功冲程等的掌握，难度不大。
9.【答案】CD
【解析】解：
BD、因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以两个相同的小球在两杯中受到的浮力都等于小球的重力，则甲烧杯中小球受到的浮力F甲等于乙烧杯中小球受到的浮力F乙，故B错误、D正确；
AC、由图可知，小球在甲、乙两容器中分别处于漂浮和悬浮状态，根据浮沉条件可知，ρ甲>ρ球，ρ乙=ρ球.所以甲液体的密度ρ甲大于乙液体的密度ρ乙，故A错误；
两容器中液面相平，所以根据p=ρ液gh可知，容器底受到液体的压强：p甲>p乙，故C正确。
故选：CD。
(1)根据物体浮沉条件判断小球在两种液体中所受浮力与其重力的关系，进而得出小球在两种液体中所受浮力的大小关系；
(2)根据小球在甲、乙两容器中的状态判断两种液体与小球的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；
利用p=ρ液gh比较甲、乙两容器底受到液体的压强大小。
本题考查了物体浮沉条件和压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
10.【答案】BD
【解析】解：A.由P=UI=U2R可得，甲、乙两灯的电阻之比：R甲R乙=U甲2P甲U乙2P乙=P乙P甲=3W6W=12，
只闭合S1时，甲、乙两灯串联，因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=UI=I2R可得，甲、乙两灯的实际功率之比：P甲实P乙实=I2R甲I2R乙=R甲R乙=12，故A错误；
B.只闭合S2、S3时，甲、乙两灯并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，
则两灯两端的实际电压为：U甲=U乙=U=6V，所以两灯均正常发光，
此时甲、乙两灯的实际功率和额定功率相等，其比值为：P甲实'P乙实'=P甲P乙=6W3W=21，故B正确；
CD.只闭合S1、S2时，甲灯被短路，电路为乙灯的简单电路，
由U乙=U=6V可知，乙灯正常发光，电路的总功率：P=P乙=3W，故C错误、D正确。
故选：BD。
(1)知道甲、乙两灯的额定电压和额定功率，根据P=UI=U2R求出甲、乙两灯的电阻之比；只闭合S1时，甲、乙两灯串联，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出甲、乙两灯的实际功率之比；
(2)只闭合S2、S3时，甲、乙两灯并联，根据并联电路的电压特点结合电源的电压可知两灯泡的实际功率和额定功率相等，据此求出甲、乙两灯的实际功率之比；
(3)只闭合S1、S2时，甲灯被短路，电路为乙灯的简单电路，此时乙灯泡的电压和额定电压相等，电路的总功率等于乙灯泡的额定功率。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及电功率公式的应用，要注意灯泡两端的电压和额定电压相等时其实际功率等于额定功率。
11.【答案】电磁波 二
【解析】解：
5G智能电动拖拉机是通过电磁波传递指令实现远程遥控作业的，
拖拉机行驶时所消耗的电能不能直接从自然界获取，必须经过一次能源的消耗才能得到，属于二次能源。
故答案为：电磁波；二。
(1)5G智能电动拖拉机是利用电磁波传递信息的；
(2)可以从自然界直接获取的能源是一次能源，无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源属于二次能源。
本题以5G智能电动拖拉机为内容，考查了与之相关的多个知识点，是同学们较感兴趣的，体现了物理与实际生活的联系。
12.【答案】大 小
【解析】解：当高速列车通过时车体附近气体流速大，造成人和列车之间的空气流速大，压强小，人外侧的压强大，容易把人压向列车，容易出现交通事故，所以等候列车时站在安全性以内。
故答案为：大；小。
流体流速越大，流体压强越小。
流体流速越大，流体压强越小，掌握这个结论，我们一定要远离高速行驶的列车和汽车等。
13.【答案】等于 1×104
【解析】解：壶盖上的小孔是为了让壶内气体和外界大气相通，使得水面上方的压强等于大气压强，在大气压的作用下水可以更容易的倒出。
茶壶对水平桌面的压力大小等于茶壶和水总重，即茶壶对水平桌面的压力：F=G=0.5kg×10N/kg=5N；
茶壶对桌面的压强为：p=FS=5N5×10-4m2=1×104Pa。
故答案为：等于；1×104。
壶盖开一个小孔，可以使壶内气体和外界大气相通，从而利用大气压。茶壶对水平桌面的压力等于茶壶和水总重，受力面积等于壶底与水平桌面的接触面积，利用p=FS求出壶对水平桌面的压强；
本题考查了固体压强公式和大气压的应用，是一道较为简单的应用题。
14.【答案】80%40
【解析】解：W有用=Gh=160N×2m=320J。
W总=FS=100N×2×2m=400J。
η=W有用W总=320J400J=80%。
W额=W总-W有用=400J-320J=80J。
G动=W额h=80J2m=40N。
故答案为：80%；40。
根据W=Gh求出有用功，已知动滑轮绳子段数可求拉力移动距离，根据W=FS可求总功，机械效率η=W有用W总，额外功就是克服动滑轮重做的功，总功减有用功就是额外功，根据W=G动h可求动滑轮重。
本题考查滑轮组机械效率的计算以及额外功的计算，还有怎样求动滑轮重的问题。
15.【答案】电阻 25
【解析】解：
(1)由图知，两电阻丝串联，所以通过两电阻丝的电流和通电时间相同，两电阻丝电阻不同，所以用此电路来探究电流通过导体时产生的热量与电阻关系的实验装置；
(2)通过电阻的电流为0.5A，通电10s，阻值为10Ω的电阻产生的热量：Q=I2Rt=(0.5A)2×10Ω×10s=25J。
故答案为：电阻；25。
(1)通电导体产生热量与通过导体的电流、是导体电阻以及通电时间有关，由图示结合控制变量法分析探究目的；
(2)根据Q=I2Rt计算通电10s，阻值为10Ω的电阻产生热量。
本题考查串联电路的特点以及焦耳定律的应用，难度不大。
16.【答案】蓝 运动 响度 重力势能
【解析】解：(1)开幕式上，400名演员手持发光杆进行表演，发光杆中的光源是LED，它发出的白光其实是由红、绿、蓝三种光混合而成的；LED是半导体材料；
(2)国旗在传递过程中，以国旗为参照物，在地面不动的传旗手相对于国旗有位置的变化，因此以国旗为参照物，站在地面不动的传旗手是运动的；
(3)“响彻全场”主要是用来描述声音的响度；
(4)重力势能的影响因素是质量和高度，五环的高度越来越高，质量不变，故重力势能一定增大。
故答案为：(1)蓝；(2)运动；(3)响度；(4)重力势能。
(1)光的三原色是红、绿、蓝三种光；LED是半导体材料；
(2)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(3)声音的三特征是：音调、响度和音色，响度的大小是由声源振动的幅度和离声源的远近决定的，振幅越大，响度越大，离声源越近，响度越大；音调指高低，和振动的频率有关，频率越大，音调越高；音色是指声音的品质和特色，由发声体本身的材料和结构决定，不同的发声体音色不同；
(4)重力势能的影响因素是质量和高度，质量越大，位置越高，重力势能越大。
本题考查光的三原色、运动和静止的相对性、声音的特性、重力势能等知识，综合性强，难度不大。
17.【答案】解：先作出物体AB在平面镜中的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'为物体AB的像，如图所示：
【解析】首先知道平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，再画出两端点A、B在平面镜中所成的像，连接两个像点即为物体AB在平面镜中所成的像。
平面镜成像的特点：像与物大小相等，连线与镜面垂直，到平面镜的距离相等，左右相反。
18.【答案】解：
根据开关要接在灯和火线之间可知，最上面为火线，最下面为地线，则中间为零线；
两灯要并联接在家庭电路中，开关接在火线和灯之间，如图所示：
【解析】在家庭电路中，各家用电器工作时，互不影响，为并联连接；
灯泡的正确连接方法：火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入螺旋套。
本题考查了灯泡连接、开关的连接，属于基础题目。
19.【答案】断开 短 2 左 电压 反 40
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时，开关应断开；
由题知，滑动变阻器滑片向右移动时，电流表的示数增大，其连入电路阻值减小，所以滑动变阻器应接右下的接线柱，如图所示：
(2)闭合开关，小刚发现电流表有示数，电路为通路，电压表无示数，可能是定值电阻发生了短路；
(3)由图乙可知，电流表量程为0-0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，所以此时此定值电阻两端的电压U=IR=0.4A×5Ω=2V，则本实验中控制的定值电阻两端的电压为2V；
(4)探究电流与电阻的实验中应控制定值电阻两端的电压不变，实验中控制定值电阻两端的电压为2V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改换成10Ω的电阻，定值电阻增大，其分得的电压增大，要控制定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，故移动滑片的过程中，眼睛应观察电压表的示数；由分压原理知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数仍为2V；
(5)由图丙知，电流与电阻的乘积为U=IR=0.1A×10.05Ω=----0.4A×10.2Ω=2V，故由图像可以得出结论：电阻两端电压一定时，导体中的电流跟电阻成反比；
(6)变阻器分得的电压：U滑=6V-2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的4V2V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，故为了完成整个实验，所用的滑动变阻器的最大阻值应不小于40Ω。
故答案为：(1)断开；见解答；(2)短；(3)2；(4)左；电压；(5)反；(6)40。
(1)连接电路时，开关应断开；
实验中，滑动变阻器应串联入电路中，滑片向右移动时，电流表的示数增大，说明滑动变阻器连入电路的阻值减小，由此确定其接线柱；
(2)闭合开关，电流表有示数，电路为通路，根据电压表无示数分析；
(3)由图乙读出电流值，根据欧姆定律求出此时定值电阻两端的电压值；
(4)探究“电流与电阻关系”时要控制电阻两端的电压不变，即电压表的示数不变，据此分析；当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)由图丙，求出电流与电阻的乘积分析回答；
(6)根据分压原理求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，从而确定滑动变阻器的最大阻值应不小于多少。
本题探究导体中电流跟电阻的关系，考查电路连接、故障分析、数据分析、欧姆定律的应用及操作过程和对器材的要求，是一道综合题，难度较大。
20.【答案】=不能 同一平面内 可逆的
【解析】解：(1)由图甲可知反射角和入射角都为40度，所以可以得出结论：反射角等于入射角，即∠FON=∠EON；
(2)由于反射光线、入射光线和法线都在同一平面内，当纸板NOF向后折，两块纸板不在同一平面上，所以在纸板NOF上就无法呈现出反射光线了，因此这个现象说明了：反射光线、入射光线和法线都在同一平面内。
(3)由让光线逆着OF的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出可知，将反射光线改为入射光线，光路图照样成立，体现了光路是可逆的。
故答案为：(1)=；(2)不能；同一平面内；(3)可逆的。
(1)由图中反射角和入射角的度数关系可得出结论；
(2)根据入射光线、反射光线和法线的关系进行分析；
(3)根据题目中：让光线逆着OF的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出告诉的信息，可以得到此题的答案。
此题主要通过实验探究了光的反射定律。通过各个分实验分别探究了两角大小和三线之间的关系。实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，培养学生观察、分析、概括能力。
21.【答案】平衡 右 便于测量力臂和避免杠杆自重对实验的影响 F1l1=F2l2 增大 O1.5是
【解析】解：(1)杠杆虽然右端下沉，但是杠杆保持静止，杠杆在力的作用下静止或缓慢匀速转动的状态，都称为杠杆的平衡状态，所此时杠杆处于平衡状态；
应该向较高的一端调节平衡螺母，使杠杆在水平位置保持平衡，本题杠杆右端下沉，说明左侧较高，应该将平衡螺母向左侧调节；
调平杠杆时，应该使杠杆在水平位置保持平衡，这样做的目的是便于测量力臂和避免杠杆自重对实验的影响；(2)根据表格数据归纳可得：F1l1=F2l2；
(3)弹簧测力计的拉力方向改变后，拉力的力臂会随之变小，根据杠杆平衡条件可知，要想使杠杆仍在水平位置保持平衡，应使拉力增大；
(4)小桶内没有液体时：根据杠杆平衡条件可知，当右侧挂上重物时杠杆不可能在水平位置平衡，只有重物在O点是杠杆才能在水平位置平衡，故密度计的“0刻度”在O点；
小桶内装入液体时：根据杠杆平衡条件可知，当杠杆处于水平平衡状态时，G液×lOM=G物×lON，小桶内所装液体的重力为G液=ρ液gV，整理可得ρ液=G物×lONgV×lOM，代入数据可得：ρ液=1.5g/cm3。由于G物、gV和lOM都是定值，故ρ液与lON成正比，故改装后杠杆右端的密度刻度线是均匀分布的。
故答案为：(1)平衡；右；便于测量力臂和避免杠杆自重对实验的影响；(2)F1l1=F2l2；(3)增大；(4)O；1.5；是。
(1)杠杆的平衡：杠杆在力的作用下静止或缓慢匀速转动的状态，称为杠杆的平衡；在调节杠杆平衡时，应该向较高的一端调节平衡螺母，使杠杆在水平位置保持平衡，这样做的目的是便于直接在杠杆上读取力臂；(2)利用表格数据归纳结论；
(3)根据杠杆平衡条件及力臂的定义来判断；
(4)通过调节平衡螺母的位置来消除小桶重力造成的影响，杠杆再次达到在水平位置平衡，然后根据杠杆平衡条件和密度公式解题。
本题考查了学生对杠杆平衡条件的应用，以及对密度知识的掌握，难度较大。
22.【答案】很小 改变A在斜面上静止释放的高度 小 推理
【解析】解：(1)斜面倾角越小，小车运动时间越长，为便于测量小车的运动时间，实验中，斜面应保持很小坡度；
(2)小球的动能与小球的质量和小球的速度有关，对于同一个球A，质量一定，要改变A撞击木块前的动能大小，需要改变小球的速度，所以改变A在斜面上静止释放的高度，使小球到达斜面底端的速度不相同；
(3)实验中给出的三种材料分布为毛巾、棉布、木板，它们的粗糙程度是毛巾大于棉布，棉布大于木板；
以相同的初速度在这三种材料上面滑行时，小车滑行距离的大小关系为：s毛巾
故答案为：(1)很小；(2)改变A在斜面上静止释放的高度；(3)小；(4)推理。
(1)为便于测量小车的运动时间，斜面倾角应小一些；
(2)动能的决定因素有两个：质量和速度；要利用控制变量法去研究：研究与速度关系时要保证质量相同，速度不同；
(3)在初速度相同时，水平面越光滑，小车受到的阻力越小，小车运动的距离越远；
(4)用推理方法推理得出：如果运动物体不受力，它将做匀速直线运动。
本题综合考查了斜面实验、涉及时间的测量、速度的改变、控制变量法、转换法、推理法在实验中的运用。
23.【答案】解：(1)出水口面积为：S=50cm2=5×10-3m2；
出水口受到水的压强为：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×1m=1×104Pa；
由p=FS得，出水口所受压力为：F=pS=1×104Pa×5×10-3m2=50N。
(2)发动机的功率为：P=80kW=80000W；
由P=Wt=Fst=Fv得，牵引力为：F=Pv=80000W10m/s=8000N。
因为汽车做匀速直线运动，受到的牵引力和阻力为一对平衡力，所以f=F=8000N。
(3)汽车行驶时间为：t=20min=1200s；
有用机械能为：W=Pt=80000W×1200s=9.6×107J；
由η=WQ放得，柴油完全燃烧放出的热量为：Q放=Wη=9.6×107J40%=2.4×108J；
柴油的质量为m=Q放q=2.4×108J4×107J/kg=6kg。
答：(1)洒水前水箱中水深1m，出水口所受压力为50N；
(2)雾炮车受到的阻力为8000N；
(3)需要消耗柴油的质量为6kg。
【解析】(1)先根据液体的压强公式p=ρgh求出出水口受到水的压强，再根据公式p=FS的变形式求出出水口所受压力。
(2)先根据P=Wt=Fst=Fv的变形式计算出牵引力的大小，再根据二力平衡的特点得出阻力的大小。
(3)先根据W=Pt求出有用机械能的大小，再根据效率公式η=WQ放求出柴油完全燃烧放出的热量，最后根据m=Q放q求出柴油的质量。
本题考查压强公式、功率公式、效率公式和燃料完全燃烧放热公式的灵活应用。熟练应用这些公式及其变形式是解答本题的关键。
24.【答案】解：(1)由题意可知，控制电路的电源电压为U=3V，停止加热时控制电路的电流为I=10mA=0.01A，滑动变阻器的阻值为R0=250Ω，
由I=UR可得控制电路的总电阻为：
R总=UI=3V0.01A=300Ω，
则此时热敏电阻的阻值：Rt=R总-R0-R线=300Ω-250Ω-5Ω=45Ω，
已知Rt=5+0.5t，代入数据：45Ω=5+0.5t，
解得电热饮水机所能加热的最高温度：t=80℃；
(2)饮水机内水的体积V=1L=1dm3，
由ρ=mV可得水的质量为：
m=ρ水V=1.0g/cm3×1×1000cm3=1000g=1kg，
水吸收的热量为：
Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃-20℃)=3.36×105J；
(3)该饮水机正常工作t=7min=7×60s=420s消耗的电能为：
W=U家庭2Rt=(220V)248.4Ω×420s=4.2×105J，
该饮水机正常工作时加热效率为：
η=Q吸W×100%=3.36×105J4.2×105J×100%=80%。
答：(1)若将滑动变阻器R0的阻值调为250Ω时，饮水机能将水加热到的最高温度是80℃；
(2)饮水机内装有1L，初温为20℃的水，将其加热到100℃，用时7min，则水吸收的热量是3.36×105J；
(3)上述加热过程中，该饮水机工作电路的加热效率是80%。
【解析】(1)由题意可知，当电磁继电器线圈中的电流小于或等于10mA时，衔铁片会弹起，触点分离，热水器停止加热，根据欧姆定律求出此时控制电路的总电阻，根据Rt=R总-R0-R线求出此时热敏电阻的阻值，根据Rt=5+0.5t求出电热饮水机所能加热的最高温度；
(2)知道饮水机内水的体积，根据ρ=mV求出饮水机内水的质量，根据Q吸=cm(t-t0)求出水吸收的热量；
(3)利用W=U2Rt求出该饮水机正常工作7min消耗的电能，利用η=Q吸W×100%求出该饮水机工作电路的加热效率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、吸热公式、电功公式、效率公式的综合应用，从题干中获取有用的信息是关键。
相关试卷
2021年云南省丽江市中考一模物理试题（含解析）： 这是一份2021年云南省丽江市中考一模物理试题（含解析），共20页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验题，作图题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年云南省楚雄州楚雄市中考物理二模试卷： 这是一份2023年云南省楚雄州楚雄市中考物理二模试卷，共28页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年云南省丽江市中考物理二模试卷： 这是一份2023年云南省丽江市中考物理二模试卷，共25页。试卷主要包含了5mB， 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
