还剩33页未读，
继续阅读
2023年辽宁省铁岭市中考物理三模试卷
展开
这是一份2023年辽宁省铁岭市中考物理三模试卷，共36页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省铁岭市中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共8小题，共16.0分）
1. 临近中考的小明对身边一些物理量的估测中最接近实际的是( )
A. 铁岭地区五月最高气温可达50℃ B. 教室内课桌的高度约为50cm
C. 台灯正常工作的电流约为0.1A D. 早餐一个鸡蛋的质量约为60mg
2. 下列属于光的折射现象的是( )
A. 激光准直 B. 窗户反光
C. 镜湖倒影 D. 池水变浅
3. 下列对自然现象分析正确的是( )
A. 霜的形成是凝华现象，需要放热
B. 雾凇的形成是凝固现象，需要放热
C. 露在日出后逐渐消失是升华现象，需要吸热
D. 雾的形成是汽化现象，需要吸热
4. 压敏电阻随所受压力的增大而减小。想设计一个通过电表示数反映压敏电阻所受压力大小的电路，要求压力增大时电表示数增大。下列电路中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
5. 下列有关厨房中涉及到的物理知识，说法正确的是( )
A. 高压锅煮食物熟得快是因为气压高液体沸点低
B. 洗菜盆下的U形“反水弯”利用了连通器原理
C. 使用筷子夹食物时，筷子是省力杠杆
D. 抽油烟机能吸走油烟是因为空气流速越大压强越大
6. 在“武汉军运会”上，中国军人潘玉程在军事五项障碍跑赛项目上打破世界纪录，获得冠军。如图是他跨越障碍时的情景，下列说法中正确的是( )
A. 他穿的运动鞋底有花纹，可以减小摩擦
B. 他跨越前加速奔跑是为了增大自身惯性
C. 他腾空到最高点时的动能为零
D. 他下落过程中重力做了功
7. 小伟把一个强磁体靠近家庭电路中正在发光的白炽灯，发现灯丝不停地晃动。如图实验与这一现象原理相同的是( )
A. B.
C. D.
8. 下列关于家庭电路和安全用电的说法中正确的是( )
A. 更换灯泡前不必断开电源开关也是安全的
B. 发生触电事故时，漏电保护器一定会自动切断电路
C. 三脚插头上标有“E”的导线和用电器的金属外壳相连
D. 电路中的空气开关跳闸，一定是发生了短路
二、多选题（本大题共4小题，共12.0分）
9. 2021年6月，搭载神舟十二号载人飞船的长征二号F遥十二运载火箭，在酒泉卫星发射中心点火发射。顺利将三名航天员送入太空，发射取得圆满成功。下列说法正确的是( )
A. 火箭上升时，以神舟十二飞船为参照物，运载火箭是静止的
B. 火箭加速上升过程中，神舟十二飞船的运动状态不变
C. 火箭喷气发动机工作时将内能转化为机械能
D. 火箭升空利用了物体间力的作用是相互的
10. 如图是小明家的电能表，当把一个标有“220V 1500W”字样的微波炉单独接入电路中正常工作2min。下列说法正确的是( )
A. 电能表应接在空气开关和用电器之间
B. 他家同时使用的用电器总功率不能超过4400W
C. 这2min内电能表的转盘转了30转
D. 如果转盘转动加快，说明电路的总功率增大
11. 在水平桌面上放有甲、乙两个完全相同的容器，容器中装有质量相等的不同液体。现把质量相等的A、B两球放入甲容器中后，A球漂浮，B球沉底；用细线把A、B两球系在一起放入乙容器中(线的质量与体积忽略不计)，静止后的状态如图所示，两容器中液面恰好相平。下列说法中正确的是( )
A. 甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度
B. A球在甲容器中所受的浮力等于它在乙容器中所受浮力
C. 甲容器底所受液体压强小于乙容器底所受液体压强
D. 将乙容器中绳子剪断后，容器对桌面的压强不变
12. 如图所示电路中，电源电压不变，R1=10Ω，小灯泡标有6V字样(灯丝电阻不变)。闭合开关S1、S2，滑动变阻器R2的滑片在最左端，灯泡正常发光，电流表示数为1.1A，当闭合开关S1、断开S2，滑动变阻器R2的滑片在最右端时，电流表示数为0.2A，下列说法正确的是( )
A. 电源电压6V
B. 灯泡额定功率3W
C. 滑动变阻器最大阻值30Ω
D. S1闭合S2断开，若要使灯泡的实际功率是0.75W，滑动变阻器R2连入电路阻值为12Ω
三、填空题（本大题共9小题，共26.0分）
13. 如图是一款“翻页时钟”，用一节干电池供电。时钟工作时，将电能转化为______能；时钟的机芯采用静音设计，这是在______减弱了噪声；若这幅图片为时钟在竖直平面镜中的像，则实际的时间为______。
14. 某公司设计生产了一种带有蓝牙音箱的LED台灯，手机和音箱无线连接后能播放音乐，它们之间是通过______ 波传递信息的；LED灯是由______ 材料制成的；台灯和音箱可以独立工作，它们之间是______ (选填“串联”或“并联”)的。
15. 如图是为武汉运送抗疫物资的大货车，人接触货车时有时会被“电”一下，这是因为货车行驶时与空气摩擦发生了______现象；大货车经过时，路边的人会闻到一股柴油味儿，这是______现象，大货车的发动机在吸气冲程吸入的是______。
16. 如图是一种热熔胶枪，通电一段时间后，胶棒熔化，就可用来粘东西。通电胶枪发热是电流的______效应，胶棒的内能是通过______的方式改变的，热熔胶凝固后粘东西更牢固是因为固体的______更大。
17. 太阳是离地球最近的一颗恒星，每时每刻都在向地球辐射光和热。太阳能来源于太阳内部发生的核______ (选填“聚变”或“裂变”)；太阳能属于______ (选填“一次”或“二次”)能源。
18. 如图所示，重24N的物体在拉力F的作用下10s内匀速上升了1m，每个滑轮的重力都是6N，不计绳重和摩擦，则滑轮组的机械效率为______ ；拉力F的功率为______ W；悬挂滑轮组的绳子A受到的拉力是______ N。
19. 2019年12月17日，我国第一艘国产航空母舰山东舰(如图)在海南三亚某军港交付海军。山东舰的排水量为6.7×104t，其满载时受到的浮力为______N；当航母的舰载机从甲板上起飞后，航母受到的浮力______，排开海水的体积______。(后两空选填“变大”、“变小”或“不变”)(取g=10N/kg)
20. 如图所示，将a、b与电源接通，可探究电流产生的热量与______ (选填“电流”或“电阻”)的关系，通电一段时间后可看到______ (选填“左”或“右”)侧U形管中液面的高度差更大。若a、b两端的电压为3V，则1min内电流通过R1产生的热量为______ J。
21. 如图甲所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器标有“20Ω 1A”，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V。先闭合开关S和S1，断开S2，在保证电路安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a点，小灯泡正常发光；再断开S1，闭合S2，将滑动变阻器的滑片从a点向某一方向移动，直到电压表示数与小灯泡的额定电压相同。图乙是两次调节过程中电流表与电压表示数变化的关系图象。小灯泡的额定功率为______ W；再断开S1，闭合S2时，滑片是从a点向______ (选填“左”或“右”)移动的；该电路的最小功率为______ W。
四、作图题（本大题共3小题，共9.0分）
22. 如图所示凸透镜和凹透镜焦距相同，凹透镜正好放置在凸透镜右侧焦点的位置，请完成图中从凸透镜二倍焦距点P射出的光线经凸透镜及凹透镜折射后的光线。
23. 如图所示A是一个电磁铁，左侧为条形磁体，当开关S闭合后，小磁针逆时针转动。请标出：
(1)电源左侧的括号内填入“+”或“−”；
(2)条形磁铁左侧括号内填入“N”或“S”；
(3)图中磁感线的方向。
24. 如图甲是一种握力器，把它下面的一支看成一个杠杆，O为支点，乙为其简化示意图。请在乙图中画出作用在B点的最小动力F1的方向及其力臂L1；在A点画出阻力F2的大致方向。
五、实验探究题（本大题共5小题，共36.0分）
25. 小远利用如图所示装置，探究物质熔化、凝固时的规律。将装有一定量冰的大试管放入初温为90℃的液态海波中，温度计A和B分别测量冰和液态海波的温度。图乙是实验进行12min后，根据数据绘制出的A、B两温度计示数随时间的变化图象。
(1)第4min时，海波的温度为图甲中B温度计的示数，其读数为______ ℃。观察B图象，第6min时海波处于______ (选填“固”、“液”或“固液共存”)态。
(2)由图象可知晶体熔化和晶体凝固过程中，其温度变化的共同特点是______ 。
(3)A图象中，第10min时试管中物质的内能______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)第9min时的内能。
(4)分析A图象可以发现，冰熔化前比熔化后的图线倾斜程度更大，原因是______ 。
26. 如图甲所示，在“探究平面镜成像特点”的实验时：
(1)小明发现平面镜不透光，无法确定像的位置，于是用______ 代替了平面镜。
(2)他将平面玻璃竖直放置在桌面上，用两个等大的蜡烛A和B进行实验，发现B与A的像完全重合，这说明______ 。当把光屏放在B的位置上，光屏上______ (选填“能”或“不能”)承接到像。
(3)探究完“探究平面镜成像特点”，小明又用刚才的蜡烛A、焦距为10cm的凸透镜和光屏来研究“凸透镜的成像规律”。他将各元件放到如图乙所示的位置，光屏上得到了清晰的像，它是______ (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)的成像原理。
(4)保持蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜移到______ cm刻度线处，光屏上会再次成一个清晰的______ (选填“放大”或“缩小”)的像。保持透镜和光屏不动，将蜡烛向左移动，若想在光屏上再次成一个清晰的像，将一个度数合适的______ (选填“近视镜”或“远视镜”)放在蜡烛与凸透镜之间合适位置即可。
27. 如图甲所示，是一种常见的杆秤。左侧挂钩用来勾住被称物体，用手提住提纽，向右调节秤砣的位置，直到秤杆水平，读出秤砣在秤杆上的对应刻度，即为所测物体的质量。
(1)小华在使用杆秤时发现，当秤杆水平平衡时：
现象一：在秤钩上增加物体后，秤钩一侧下沉，这说明改变作用在杠杆上的______ 可以改变杠杆的平衡；
现象二：接着调节秤砣在秤杆上的位置，秤杆再次水平平衡，这说明改变______ 也可以改变杠杆的平衡。
(2)于是小华利用如图乙所示的器材“探究杠杆的平衡条件”，实验前，杠杆静止在如图乙所示的位置，则应将左端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，直到杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是便于______ 。
(3)小华三次实验后，将数据记录表中。
次数
动力F1/N
动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂l2/m
1
0.2
0.04
0.4
0.02
2
0.2
0.04
0.1
0.08
3
0.3
0.05
0.3
0.05
分析数据，得出杠杆的平衡条件是______ 。
(4)秤杆上通常有两个提纽(如图甲)，使用______ (选填“A”或“B”)提纽时杆秤的量程大。
28. 小路想测量玻璃杯所用玻璃的密度，设计并进行了如下实验：
(1)把天平放在水平面上，使游码归零，发现天平指针指在分度盘中线的左侧，为了使天平平衡，应该向______ (选填“左”或“右”)端调节平衡螺母。
(2)天平平衡后，在测量玻璃杯质量时，小路向天平右盘中加减砝码，当他加上质量最小的砝码时，发现指针偏向了分度盘中线右侧，接下来他应该进行的正确操作是______ ，直到天平平衡。天平再次平衡后，右盘中砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示，则玻璃杯的质量m1为______ g。
(3)由于玻璃杯无法放入量筒，小路用如下方法测量玻璃杯的体积。
①在大烧杯中倒入适量的水；
②将玻璃杯浸没水中，用记号笔记下水面在大烧杯上对应位置a，如图乙；
③取出玻璃杯，用量筒量取50mL水，将量筒中的水倒入大烧杯，直到水面达到a处，并读出量筒中剩余水的体积，如图丙；
④根据以上数据计算出玻璃杯的密度为______ kg/m3，这种测量方法所测得的密度值比真实值______ (选填“偏大”或“偏小”)。
(4)小路把玻璃杯擦拭干净后，用玻璃杯、天平、水来测量盐水的密度，过程如下：
①向大烧杯中重新倒入适量的水，使质量为m1的玻璃杯漂浮在水面上，用记号笔记下水面在玻璃杯和大烧杯上对应的位置b和c，如图丁；
②倒出大烧杯中的水并擦干净，向大烧杯中倒入适量盐水，使玻璃杯漂浮在盐水中，如图戊。向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与标志______ (选填“b”或“c”)相平。取出玻璃杯并擦干外面的盐水，用天平测出其总质量为m2；
③盐水密度的表达式为ρ盐水= ______ 。(用字母表示，已知水的密度为ρ水)
29. 小昊利用三节新的干电池、四个定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω、40Ω)、一个“40Ω 1A”的滑动变阻器、电流表、电压表、开关、导线等器材“探究电流与电阻的关系”。
(1)如图甲所示，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片调到最______ (选填“左”或“右”)端；当闭合开关后，小昊发现______ (选填“电流表”或“电压表”)几乎不偏转，经仔细检查后发现有一条导线连接有误，请在连接错误的导线上打“×”，并添加一根导线使电路连接正确。
(2)小昊首先把5Ω的电阻接入电路，适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表达到预设值后，电流表的示数如图乙所示。
(3)小昊将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，他应向______ (选填“左”或“右”)端调节变阻器滑片，使电压表示数为______ V，再次记录实验数据。
(4)当小昊将40Ω的电阻接入电路时，发现无论怎么调节滑动变阻器的滑片，电压表的示数总是______ (选填“大于”或“小于”)定值电阻两端电压的预设值，无法完成实验。若能够将四个电阻分别接入电路，完成四次实验，定值电阻两端的电压的预设值不得小于______ V。
(5)完成上面的实验，小昊又想测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，他又找来两个滑动变阻器R1和R2(其中R2的最大阻值已知为20Ω)，设计了如图丙所示的电路(电源电压未知)，请你将他的实验过程补充完整：
①闭合S1、S2接触a，移动滑动变阻器______ (选填“R1”或“R2”)的滑片，使之连入阻值为0，读出此时电压表的示数为5V；
②闭合S1，S2接触b，调节滑动变阻器R1的滑片，使电压表示数为______ V，小灯泡正常发光；
③闭合S1，S2接触a，滑动变阻器R1的滑片不动，调节R2的滑片至最下端，读出此时电压表示数为4V；
④小灯泡的额定功率为______ W。
六、简答题（本大题共1小题，共3.0分）
30. 如图是一款烟花的内部结构，燃烧者点燃引线后立即跑开，当燃烧的引线点燃发射火药时，产生高温高压的气体，将礼花弹推出，延期引线在空中点燃礼花弹，绽放出炫丽的烟花。回答下面的问题：
(1)发射火药燃烧过程中，其热值如何变化？
(2)高温高压气体将礼花弹推出后内能是增大还是减小？
(3)气体将礼花弹推出过程的能量转化与汽油机哪个冲程相同？
七、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
31. 如图所示是一款雪地摩托车，其净质量为150kg，静止时与地面接触的总面积为500cm2，当其以最大功率72kW在水平雪地上匀速直线行驶时，最高速度可达108km/h。(g取10N/kg，汽油热值为4.6×107J/kg)。求：
(1)雪地摩托车载着质量为50kg的人静止时，对水平地面的压强是多大？
(2)雪地摩托车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶时，所受到的阻力为多大？
(3)若该车发动机为汽油机，效率为24%，则该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶23min，需要汽油的质量是多少？
32. 如图甲所示为一款功率可调的煮蛋器，其简化电路图如图乙所示。图乙中，R1和R2为两个长度相同但电阻不同的电热丝，两电热丝的滑片用一个绝缘硬棒连接，且通过移动绝缘棒可使两个滑片同时移动到两个电热丝的最左端和最右端。求：
(1)当两滑片同时在两电热丝最左端时，煮蛋器的加热功率为484W，则R1的电阻为多少？
(2)当两滑片在两电热丝中点时，煮蛋器的功率为193.6W，则两滑片在两电热丝的最右端时的功率为多少？
(3)调节滑片使煮蛋器功率为400W，20min把鸡蛋和水的混合物从20℃加热到70℃，不计热损失，则混合物的质量为多少？[鸡蛋和水的混合物的比热容为4×103J/(kg⋅℃)]
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、铁岭地区五月最高气温可达38℃，故A不接近实际；
B、教室内课桌的高度约80cm，故B不接近实际；
C、台灯正常工作的电流约为0.1A，故C接近实际；
D、早餐的一个鸡蛋质量约为50g，故D不接近实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】D
【解析】解：A、激光准直是光沿直线传播现象，故A不符合题意；
B、窗户反光是光的反射现象，故B不符合题意；
C、水中的倒影是平面镜成像，平面镜成像是利用光的反射原理，故C不符合题意；
D、池水变浅是光的折射现象，故D符合题意。
故选：D。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，考查了学生理论联系实际的能力，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
3.【答案】A
【解析】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，需要放热，故A正确；
B、雾凇的形成是凝华现象，需要放热，故B错误；
C、露的形成是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，需要放热，故C错误；
D、雾的形成是液化现象，需要放热，故D错误。
故选：A。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。熔化、汽化、升华是吸热过程，凝固、液化和凝华是放热过程。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】C
【解析】解：由图知：
A、压敏电阻与定值电阻并联，电压表测量电源电压，由于电源电压不变，所以电压表示数不变，故A错误；
B、压敏电阻与定值电阻并联，电流表与定值电阻串联，由于并联电路中各支路互不影响，所以压敏电阻阻值变化时，电流表示数不变，故B错误；
C、压敏电阻与定值电阻串联，电压表测量定值电阻两端电压，当压力增大时，压敏电阻阻值减小，根据分压原理，压敏电阻的电压减小，由串联电路电压的规律，定值电阻两端电压增大，即电压表示数增大，故C正确；
D、压敏电阻与定值电阻串联，电压表测量压敏电阻两端的电压，当压力增大时，压敏电阻阻值减小，根据分压原理知，压敏电阻两端电压减小，即电压表示数减小，故D错误。
故选：C。
搞清电路的连接，以及电压表测量的电压、电流表测量的电流，根据欧姆定律，结合串、并联电路的规律对每个电路逐一分析，确定答案。
本题考查串、并联电路的规律和欧姆定律的应用，综合性较强。
5.【答案】B
【解析】解：
A、因为水的沸点与压强有关，压强增大，沸点升高，煮饭菜时高压锅的气压比普通锅内的气压高，所以水沸腾时高压锅内的温度高于普通锅内的温度，温度越高，饭菜熟的越快，故A错误；
B、洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理，故B正确；
C、用筷子夹食物时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故C错误；
D、流体压强与流速的关系：流体在流速越大的位置压强越小；所以，抽油烟机在工作时，转动的扇叶处的空气流速增大，压强减小，故D错误。
故选：B。
(1)液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低里；
(2)连通器的结构特征是上端开口、底部连通。
(3)结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
(4)利用流体压强与流速的关系：在气体和液体中，流速越大的位置压强越小。
本题综合性较强，考查了大气压的应用、压强的特点，熟练掌握相关知识是解题的关键。
6.【答案】D
【解析】解：A、潘玉程穿的运动鞋底上凹凸不平的花纹使接触面变得粗糙，是在压力一定时，增大鞋与地面的粗糙程度，从而增大摩擦，故A错误；
B、惯性大小只跟物体的质量有关，他在助跑过程中质量不变，惯性不变，在跳远时助跑是为了获得较大的初速度，得到更大的动能，故B错误；
C、他经过最高点时，竖直方向速度为零，但物体有水平方向的速度，所以动能不为零，故C错误。
D、他下落过程中，受重力作用且向下移动了距离，所受重力对他做了功，故D正确。
故选：D。
(1)增大滑动摩擦力的方法：在压力一定情况下，增大接触面粗糙程度；在接触面粗糙程度一定时，增大压力。
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性大小只跟物体的质量有关。
(3)动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能也就越大。
(4)做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。
本题考查的知识点较为全面，但难度普遍不大，关键是明确每一个说法与知识的对应，运用相应知识去做出判断。
7.【答案】B
【解析】解：有电流通过的灯丝置于磁场中晃动，体现了通电导体在磁场中受到力的作用；
A、该装置中没有电源，通过导体棒运动切割磁感线产生电流，实验原理是电磁感应现象，故A错误；
B、该装置中有电源，通电线圈在磁场中受到力的作用而转动，故B正确；
C、验电器的原理是同种电荷相互排斥，故C错误；
D、该装置是奥斯特实验，是电流的磁效应，故D错误；
故选：B。
发光的灯丝说明灯丝中有电流通过；灯丝颤动说明受到了力的作用。根据通电导体在磁场中受力的相关知识即可解决此题。
通过灯丝的晃动，联系到受力，进而与通电导体在磁场中受力而运动联系起来是解决此题的思路。
8.【答案】C
【解析】解：A、在更换灯泡前，应断开电源，否则易发生触电事故，故A错误；
B、漏电保护器在电路发生漏电现象时会自动跳闸，所以由于漏电而发生触电事故时，漏电保护器会自动切断电路，若触电不一定是因为漏电发生的，如双线触电，则漏电保护器可能不会断开电路，故B错误；
C、三脚插头上标有“E”的导线和用电器的金属外壳相连，使金属外壳与大地相连通，若金属外壳的用电器外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，故C正确；
D、家庭电路中的空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故D错误。
故选：C。
(1)在维修用电器或更换灯泡时，应切断电源；
(2)漏电保护器：漏电保护器俗称漏电开关，是用于在电路或电器绝缘受损发生对地短路或漏电时防人身触电和电气火灾的保护装置；
(3)三孔插座中，上面的接地线，左面的接零线，右面的接火线，简称“上地、左零、右火”；
(4)家庭电路中电流过大的原因：一是用电器的总功率过大，二是发生了短路。
本题主要考查了安全用电的基础知识，涉及的知识点较多，但都是我们应掌握的内容。
9.【答案】ACD
【解析】解：A、火箭上升时，以神舟十二飞船为参照物，运载火箭与飞船之间有位置不发生变化，所以运载火箭是静止的，故A正确；
B、火箭在加速上升的过程中速度不断增大，运动状态改变，故B错误；
C、火箭升空时燃料燃烧，高温高压燃气的内能转化为机械能，故C正确；
D、火箭升空时向后喷出高温气体，同时高温气体给火箭一个向上的推力，所以火箭升空利用了物体间力的作用是相互的，故D正确。
故选：ACD。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(2)速度大小变化或运动方向变化都是运动状态变化；
(3)火箭升空时燃料燃烧放出的热量一部分转化为机械能，一部分转化为其他形式的能量；
(4)物体间力的作用是相互的。
此题借助于运载火箭发射升空这一场景来考查力学和热学的相关知识，这是中考的一种热点题型，所以学习物理也需要对生活热点中蕴含的物理知识多加关注。
10.【答案】BCD
【解析】解：A、电能表是用来测量电路中用电器消耗电能的仪表，应接在空气开关之前，故A说法错误；
B、由图中所给参数可知，电能表正常工作时的电压为220V，允许通过的最大电流为20A，
则他家同时使用用电器的最大总功率：Pmax=UImax=220V×20A=4400W，故B说法正确；
C、微波炉正常工作电功率P=P额=1500W=1.5kW，t=2min=130h，
消耗的电能：
W=Pt=1.5kW⋅130h=0.05kW⋅h；
电能表转盘转过的圈数：
n=0.05kW⋅h×600revs/kW⋅h=30r，故C说法正确；
D、电能表转盘转动变快，说明相同时间内消耗的电能变多，根据P=Wt可知，功率变大，故D说法正确。
故选：BCD。
(1)电能表是用来测量电路中用电器消耗电能的仪表，为了防止偷电，电能表接在空气开关之前
(2)由参数可知，电能表正常工作时的电压和允许通过的最大电流，根据P=UI求出他家同时使用用电器的最大总功率；
(3)利用W=Pt求消耗的电能，乘以600revs/kW⋅h求出电能表转盘转过的数目；
(4)电能表转盘转动的快，说明相同时间内消耗的电能多，电流做功快、功率大；
本题考查了电能表允许用电器同时工作最大功率以及用电器电功率的计算，明确电能表参数的含义是关键，要注意单位的换算。
11.【答案】ACD
【解析】解：A、由图可知，AB两球排开液体的总体积：V排甲
已知容器中的液体质量相等，根据ρ=mV可知ρ甲<ρ乙，故A正确；
B、由图可知，A在甲液体中漂浮，根据漂浮条件可知：FA浮甲=GA-------①，
A和B在乙液体中一起悬浮，A球受到向上的浮力、向下的重力、向下的拉力，则FA浮乙=GA+F-------②，
由①②可知，FA浮甲
故选：ACD。
(1)已知两容器中液面恰好相平，根据A、B两球在甲、乙两容器中排开液体的体积判断得出甲、乙液体的体积大小，由于容器中装有质量相等的不同液体，则根据ρ=mV即可判断液体的密度大小关系；
(2)根据A球在甲、乙容器液体中的受力情况即可判断；
(3)已知两容器中液面恰好相平，根据p=ρgh即可判断容器底所受液体压强的大小；
(4)容器对水平面的压力等于容器的总重力，即F压=G液+G容+GA+GB，将乙容器中绳子剪断后，乙容器的总重力不变，根据p=FS可知乙容器对水平面的压强变化。
此题通过分析小球在液体中的浮沉情况，考查了对阿基米德原理、浮沉条件的应用，同时考查了密度知识的应用，综合性强，难度较大。
12.【答案】ABD
【解析】解：(1)闭合开关S1、S2，滑动变阻器R2的滑片在最左端时，灯泡与电阻R1并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光，
所以，电源的电压U=UL=6V，故A正确；
通过R1的电流：
I1=UR1=6V10Ω=0.6A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过灯泡的电流：
IL=I−I1=1.1A−0.6A=0.5A，
灯泡的额定功率：
PL=ULIL=6V×0.5A=3W，故B正确；
灯泡的电阻：
RL=ULIL=6V0.5A=12Ω；
(2)当闭合开关S1、断开S2，滑动变阻器R2的滑片在最右端时，灯泡与R2的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，
此时电路中的总电阻：
R=UI′=6V0.2A=30Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器的最大阻值：
R2=R−RL=30Ω−12Ω=18Ω，故C错误；
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=I2R可得，灯泡的实际功率为0.75W时电路中的电流：
I″= PL′RL= 0.75W12Ω=0.25A，
电路中的总电阻：
，
变阻器接入电路中的电阻：
R2′=R′−RL=24Ω−12Ω=12Ω，故D正确。
故选：ABD。
(1)闭合开关S1、S2，滑动变阻器R2的滑片在最左端时，灯泡与电阻R1并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和灯泡正常发光时的电压等于额定电压可知电源的电压，根据欧姆定律求出通过R1的电流，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，利用P=UI求出灯泡的电功率即为灯泡的额定功率，根据欧姆定律求出灯泡的电阻；
(2)当闭合开关S1、断开S2，滑动变阻器R2的滑片在最右端时，灯泡与R2的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器最大阻值；根据P=I2R求出灯泡的实际功率为0.75W时电路中的电流，利用欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的电阻。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
13.【答案】机械 声源处 1：01
【解析】解：(1)时钟工作时，将电能转化为机械能；
(2)时钟的机芯采用静音设计属于在声源处减弱噪声；
(3)在平面镜中的像与现实中的事物恰好左右顺序颠倒，且关于镜面对称。由图分析可得题中所给的10：10与01：01成轴对称，所以它的实际时间应是1：01。
故答案为：机械；声源处；1：01。
(1)判断能量转化，要看清该过程中的初始能量和最终形成的能量，进而判断出能量的转化过程；
(2)减弱噪声有三个措施：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；
(3)因像和物体关于平面镜对称，所以从像的后面观察即为物体真实的情况。
本题考查能量的转化、噪声的防治以及平面镜成像的特点，难度不大。
14.【答案】电磁 半导体 并联
【解析】解：某公司设计生产了一种带有蓝牙音箱的LED台灯，手机和音箱无线连接后能播放音乐，它们之间是通过电磁波传递信息的；LED灯是由半导体材料制成的；台灯和音箱可以独立工作，它们之间是并联的。
故答案为：电磁；半导体；并联。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)LED灯是由半导体材料制成的。
(3)串联电路的各个用电器相互影响，并联电路的各个用电器互不影响。
本题主要考查了电磁波的特点及应用；知道半导体材料的特点及应用；知道并联电路和串联电路的特点。
15.【答案】摩擦起电 扩散 空气
【解析】解：(1)人接触货车有时会被“电”下，这是因为货车打驶时与空气摩擦发生了摩擦起电现象；
(2)大货车经过时，路边的人会闻到一股柴油味儿，是分子无规则运动的结果，是扩散现象；
(3)大货车的发动机是柴油机，柴油机吸入的是空气。
故答案为：摩擦起电；扩散；空气。
(1)两种不同物质组成的物体相互摩擦后，物体能吸引轻小物体的现象是摩擦起电；
(2)互相接触的两种物质彼此进入对方的现象是扩散现象；
(3)汽油机吸入汽缸的是汽油和空气的混合物，柴油机吸入的是空气。
本题考查分子动理论和摩擦起电，是综合性题，难度不大。
16.【答案】热 热传递 分子引力
【解析】解：热熔胶枪通电后会产生热量，利用了电流的热效应，再利用热传递的方式，使固体胶棒吸收热量，内能增大，温度升高；
热熔胶凝固后粘东西更牢固，表明固体比液体分子间的引力更大。
故答案为：热；热传递；分子引力。
(1)当电流通过导体时，导体产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；
(2)做功和热传递都能改变物体的内能。分子间存在引力。
本题考查了电流的热效应，改变内能的方式、分子间的作用力，属于基础知识。
17.【答案】聚变 一次
【解析】在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能；
太阳能是能直接从自然界获得不需要加工转换的能源，是一次能源。
故答案为：聚变；一次。
(1)太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能；
(2)直接从自然界获得不需要加工转换的能源是一次能源，不能直接从自然界获得而是通过消耗其它能源经过加工转换而获得的能源是二次能源。
本题考查了太阳能量来源、能源的分类。
18.【答案】80% 3 51
【解析】解：克服物体重力做的有用功：W有=Gh=24N×1m=24J，
不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力做的额外功： 额=G动h=6N×1m=6J，
拉力做的总功：W总=W有+W额=24J+6J=30J，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=24J30J=80%；
拉力F的功率：P=W总t=30J10s=3W；
由图知，承担重物绳子的段数n=2，
由W总=Fs=Fnh可得，绳端拉力：F=W总nh=30J2×1m=15N，
定滑轮受到绳子A向上的拉力、竖直向下的重力和三段绳子竖直向下的拉力，由平衡力的知识可知，悬挂滑轮组的绳子A受到的拉力：FA=3F+G定=3×15N+6N=51N。
故答案为：80%；3；51。
根据W有=Gh计算有用功，不计绳重和摩擦，根据W额=G动h计算额外功，根据W总=W有+W额和η=W有W总计算滑轮组的机械效率；根据P=Wt计算拉力F的功率；
根据W总=Fs=Fnh计算拉力F的大小，对定滑轮进行受力分析，根据平衡力知识求悬挂滑轮组的绳子A受到的拉力。
本题考查了功率和滑轮组计算以及平衡力知识的应用，难度适中。
19.【答案】6.7×108 变小 变小
【解析】解：(1)由题意知：山东舰满载时，处于漂浮状态，
则F浮=G排=m排g=67000×103kg×10N/kg=6.7×108N；
(2)当舰载机起飞前后，航母都处于漂浮状态，浮力始终等于重力，当舰载机起飞后，航母总重减小，所以浮力相应减小。
根据F浮=ρ液gV排可知，海水密度不变，航母排开水的体积减小。
故答案为：6.7×108；变小；变小。
(1)根据阿基米德原理，船满载时受到的浮力等于其排开水的重力。
(2)航母处于漂浮状态，浮力变化决定于重力的变化，然后根据F浮=ρ液gV排判断航母排开体积的变化，可知航母上浮还是下沉。
本题考查了浮力的大小计算、阿基米德原理，知道舰载机飞离航母前后浮力变化量等于舰载机的重力是解答此题的关键。
20.【答案】电流 左 108
【解析】解：
图中两个5Ω的电阻R2、R3串联后再与5Ω的电阻R1并联，
根据串联电路的电阻特点可知，R2、R3串联的总电阻大于R1的电阻，
由并联电路的电压特点知，两支路的电压相等，由I=UR可知，通过R1和R2的电流I1>I2，两电阻的通电时间相等，所以此实验可探究电流产生热量与电流关系；
由Q=I2Rt可知，Q1>Q2，即相同时间内电流通过电阻丝R1产生的热量比R2多，所以左侧U形管液面高度差更大；
若a、b两端的电压为3V，则1min内电流通过R1产生的热量：
Q1=U2R1t=(3V)25Ω×60s=108J。
故答案为：电流；左；108。
电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，由图分析电路的连接情况，由控制变量法分析该实验的探究目的；由焦耳定律分析产生热量较多的电阻丝，从而判断U形管液面高度差的大小关系；由Q=W=U2Rt计算热量。
本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。
21.【答案】1.5 右 1.2
【解析】解：
闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a点，由于灯泡电阻随温度变化，故可知此过程中电流表与电压表示数变化关系为图乙中的曲线，则另一次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路中总电阻最大，由欧姆定律知道，电路中电流最小，从图中可知是0.25A，灯泡两端电压为1V，变阻器两端电压为UR′=IR′=0.25A×20Ω=5V，
根据串联电路的电压特点知道，电源电压U=UL实+UR′=1V+5V=6V；
再断开开关S1闭合开关S2，电阻R和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压，由图乙知道，两条图像中电压相等时(等于灯泡额定电压)电路中的电流为I′=0.3A，
变阻器滑片在a点时，电路中的电流为0.375A，电阻R两端的电压为3.75V，此时变阻器接入电路中的电阻；
R的阻值；
可知电路中的电流从0.375A变为0.3A，根据欧姆定律知道，电路中的总电阻变大，变阻器接入电路的电阻值变大，故滑片是从a点向右移动的。
当电路中的电流为0.3A时，灯泡的额定电压等于R两端的电压，即U额=I′R=0.3A×10Ω=3V，
在闭合开关S和S1，断开开关S2，且滑片在a点时，灯泡的额定电流I额=IRa=URaRa=6V−3V6Ω=0.5A，
灯泡的额定功率P额=U额I额=3V×0.5A=1.5W；
闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，此时电路的最小功率为P最小=UI最小=6V×0.25A=1.5W，
当闭合开关S和S2，断开开关S1，且变阻器接入电路中阻值最大时，此时电路的最小功率为P最小′=U2R总=(6V)210Ω+20Ω=1.2W，
所以，电路的最小功率为1.2W。
故答案为：1.5；右；1.2。
闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a点，由于灯泡电阻随温度变化，故可知此过程中电流表与电压表示数变化关系为图乙中的曲线，则另一次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路中总电阻最大，由欧姆定律知道，电路中电流最小，从图中可知是0.25A，灯泡两端电压为1V，根据欧姆定律得出变阻器两端电压，根据串联电路的电压特点得出电源电压；
再断开开关S1闭合开关S2，电阻R和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压，由图乙知道，两条图像中电压相等时(等于灯泡额定电压)电路中的电流为I′=0.3A，
变阻器滑片在a点时，电路中的电流为0.375A，电阻R两端的电压为3.75V，根据欧姆定律得出此时变阻器接入电路中的电阻和R的阻值；
可知电路中的电流从0.375A变为0.3A，根据欧姆定律知道，电路中的总电阻变大，变阻器接入电路的电阻值变大，故滑片是从a点向右移动的。
当电路中的电流为0.3A时，灯泡的额定电压等于R两端的电压，根据欧姆定律得出灯泡的额定电压；
在闭合开关S和S1，断开开关S2，且滑片在a点时，各级欧姆定律得出灯泡的额定电流，根据P=UI得出灯泡的额定功率；
闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，根据P=UI得出此时电路的最小功率；
当闭合开关S和S2，断开开关S1，且变阻器接入电路中阻值最大时，根据P最小′=U2R总得出此时电路的最小功率，进而判断得出电路的最小功率。
本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是从图中得出有用信息。
22.【答案】解：因凸透镜和凹透镜的焦距相同，凹透镜正好放置在凸透镜右侧焦点的位置，所以右侧P处是凸透镜的二倍焦距处；
结合凸透镜成像规律可知，过二倍焦距处的入射光线，其折射光线通过凸透镜另一侧的二倍焦距处；延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，据此完成光路图，如图所示：
【解析】(1)根据凸透镜成像时，物体在二倍焦距处，所成的像是等大倒立的实像，像在二倍焦距处，所以过二倍焦距处的入射光线经凸透镜折射后一定过另一侧二倍焦距处，据此画出折射光线；
(2)凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
此题考查透镜光路图的画法，掌握凸透镜和凹透镜的三条特殊光线，根据凸透镜成像的特点(物体在2倍焦距处时，像在另一侧的二倍焦距处)画出折射光线是本题的关键。
23.【答案】解：(1)当开关S闭合后，小磁针逆时针转动，S极指向左侧，因为异名磁极互相吸引，因此通电螺线管的右侧为N极，左侧为S极，根据安培定则可知，电流从通电螺线管的左侧流入，右侧流出，因此电源左侧为正极；
(2)因为条形磁铁的右端与通电螺线管的左端相互排斥，因此条形磁铁的左端为N极，右端为S极；
(3)在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极。如图所示：
【解析】当开关S闭合后，小磁针逆时针转动，根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极，根据安培定则判断出通电螺线管线圈中的电流方向，进而判断出电源的正、负极；
根据磁极间的相互作用规律判断出条形磁铁的N、S极；
在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，据此判断图中磁感线的方向。
此题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则、磁感线及其特点，难度不大，属基础题目。
24.【答案】解：(1)A点受到的弹簧的拉力为阻力F2，其方向大致过A点斜右向上；
(2)由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，动力作用在B点，因此OB作为动力臂L1时最长；过A点作垂直于OB向上的力，即为最小动力F1的示意图，如图所示：
【解析】(1)力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；动力和阻力使杠杆转动的方向相反，且力与力臂垂直，据此可作出最小动力F1的示意图。
解答本题的关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
25.【答案】48 固液共存 温度不变 等于 冰的比热容小于水的比热容
【解析】解：(1)由图甲可知此时温度计的分度值是1℃，示数为48℃；
由图象可知，4～8min中海波处于凝固过程中，所以在第6min时，海波处于固液共存状态；
(2)分析图象可以发现，晶体熔化和晶体凝固过程中，其温度变化的共同特点是温度不变；
(3)9～10min，水和海波的温度相等，不再发生热传递，温度保持不变，所以内能不变，即第9min内能等于第10min的内能；
(4)冰熔化前比熔化后的图线倾斜程度更大，原因是冰的比热容小于水的比热容，吸收相同的热量冰升高的温度大。
故答案为：(1)48；固液共存；(2)温度不变；(3)等于；(4)冰的比热容小于水的比热容。
(1)由图甲可知此时温度计的分度值是1℃，根据液柱上表面所对齐示数可得；晶体在凝固的过程中，处于固液共存状态；凝固前处于液态，凝固后处于固态；当两种物质的温度相同时，它们之间不能发生热传递；
(2)晶体在熔化、或凝固时吸热或放热但保持温度不变，处于固液共存状态；
(3)根据影响内能大小因素分析；
(4)冰和水的比热容不同，同种情况下，温度变化不同。
此题通过图象分析，考查了学生的识图能力，在分析时特别注意温度随时间的变化情况，同时考查了学生对晶体在熔化和凝固过程中的区别。
26.【答案】平板玻璃 像与物大小相等 不能 照相机 35 放大 近视镜
【解析】解：(1)用透明的平板玻璃代替平面镜时，即可以成像，同时能看到平板玻璃后和像对比的蜡烛，即便于确定像的位置并能比较像物大小关系；
(2)他将平板玻璃竖直放置在桌面上，用两个等大的蜡烛A和B进行实验，发现B与A的像完全重合，这说明像与物大小相等；
当把光屏放在B的位置上，光屏上不能承接到像，这说明平面镜里成的是虚像；
(3)他将各元件放到如图乙所示的位置，光屏上得到了清晰的像，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(4)保持蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜移到35cm刻度线处，此时物距等于原来的像距，像距等于原来的物距，且物距小于像距，根据在光的折射中，光路是可逆的，光屏上会再次成一个清晰的放大的像；
保持透镜和光屏不动，将蜡烛向左移动，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，像成在光屏的左侧；若想在光屏上再次成一个清晰的像，将一个度数合适的近视镜放在蜡烛与凸透镜之间合适位置，近视镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像。
故答案为：(1)平板玻璃；(2)像与物大小相等；不能；(3)照相机；(4)35；放大；近视镜。
(1)实验中用平面镜无法看到平面镜后面的蜡烛的，无法确定像的位置和大小，用透明的平板玻璃代替平面镜时可解决此问题；
(2)物体在平面镜里成的是正立的虚像，像与物大小相等、其连线与镜面垂直、像到镜的距离和物到镜的距离相等、像与物左右相反；
(3)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(4)在光的折射中，光路是可逆的；近视镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。
本题考查了探究平面镜成像的特点和探究凸透镜成像的规律的实验，属于实验基本能力的考查，难度不大。
27.【答案】力 力臂 左 测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响 F1l1=F2l2 A
【解析】解：(1)现象一：在左侧挂钩上增加物体，改变了杠杆所受的力，改变了杠杆的平衡；
现象二：移动秤砣改变秤砣对杆力的力臂，使其恢复水平位置平衡，说明通过改变力臂的长短也可以改变杠杆的平衡；
(2)图乙可知，杠杆的左端上翘，应将杠杆的平衡螺母向左调节，使杠杆处于水平位置平衡，这样做便于测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响；
(3)根据以上数据得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂 (或F1l1=F2l2)；
(4)由图示可知，使用提纽A时，秤砣的力臂变大，物体的力臂变小，由m秤砣gL秤砣=m物gL物 可知，杆秤的最大称量量较大。
故答案为：(1)力；力臂；(2)左；测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响；(3)F1l1=F2l2；(4)A。
(1)根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，改变杠杆所受的力及其力臂，都可以改变力和力臂的乘积；
(2)实验中为了便于测量力臂，消除杠杆自身重力对实验的影响，应调节杠杆在水平位置平衡，调节时，需将平衡螺母向上翘的一端调节；
(3)杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂；
(4)根据杆秤自重重心位置及杠杆平衡条件判断，杆秤零刻度线的位置。
此题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了杠杆的调平，及实验中应注意的问题，在实验中为得到普遍性的规律，应多测几组数据进行分析以及学生对杆秤作用的了解。
28.【答案】右 取出最小砝码并向右移动游码 54 2.7×103 偏小 b m2m1⋅ρ水
【解析】解：(1)将天平放在水平台上，将游码归零，发现指针指在分度盘中线的左侧。要使横梁平衡，应该向右调节平衡螺母。
(2)当把砝码盒中最小的砝码放入右盘后，发现指针偏向分度盘的右侧，说明右边的砝码偏重，应该取出最小的砝码，通过移动游码(移动游码相当于向右盘中加上更小的砝码)，直到天平平衡；
由图可知，砝码的总质量为：20g+20g+10g=50g，游码对应的刻度值4g，
所以小石块质量为：m=50g+4g=54g；
(3)将量筒中的水倒入一部分到烧杯中，直至烧杯中的水到达标记处，此时图丙量筒中剩余水的体积为30cm3，
玻璃杯的体积等于倒出水的体积，即V水=V玻璃=50cm3−30cm3=20cm3；
玻璃的密度ρ=mV=54g20cm3=2.7g/cm3，
玻璃杯从水中取出时，会带走一部分水，量筒倒入烧杯中的水的体积大于玻璃杯的体积，物体质量是一定的，测量的体积变大，密度会变小。
(4)向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与b相平，使玻璃杯在水与盐水中排开液体的体积相同，玻璃杯在水中漂浮，F浮=G物=m1g，则ρ水gV水=m1g，
V水=m1ρ水-----①，
玻璃杯在盐水中漂浮，F浮′=G物′=m2g，
则ρ盐水gV盐水=m2g，ρ盐水=m2V盐水----②，
将①代入②可得，ρ盐水=m2m1⋅ρ水。
故答案为：(1)右；(2)取出最小砝码并向右移动游码；54；(3)④2.7×103；偏小；(4)②b；m2m1⋅ρ水。
(1)天平在使用前要调节平衡：将天平放在水平台上，将游码归零，平衡螺母向指针指偏转的反方向调节，使横梁平衡；
(2)加入最小的砝码，指针偏向分度盘的右侧说明右边的砝码重，应该取出最小的砝码，通过移动游码(移动游码相当于向右盘中加上更小的砝码)，直到天平平衡；
天平测量物体质量，读数时是砝码质量加上游码的示数；
(3)玻璃杯的体积等于所加水的体积，再根据密度公式求出玻璃杯的密度。
玻璃杯从水中取出时，会带走一部分水，量筒倒入烧杯中的水会偏多，物体体积的测量值会偏大。物体质量是一定的，测量的体积变大，密度会变小。
(4)向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与b相平，利用玻璃杯在水中和盐水中排开的体积相等，结合漂浮时浮力等于其重力，列等式解答。
此实验考查了量筒、天平的读数，以及密度的计算，这是学习该实验最基本的技能要求，也是我们应掌握的重点。在分析实验误差时，要从实验操作步骤对质量、体积测量结果影响的角度进行分析，利用公式判断其最终的影响。
29.【答案】右 电流表 右 2 大于 2.25 R1 2.5 1.25
【解析】解：(1)为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片调到阻值最大处，即最右端；
原电路图中，电流表和滑动变阻器串联后与定值电阻并联，电压表串联在电路中，电压表内阻很大，在电路中相当于断路，故闭合开关后，电流表几乎不偏转；
在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示：
；
(2)小昊首先把5Ω的电阻接入电路，适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表达到预设值后，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A，则定值电阻两端电压为：UV=I1R1=0.4A×5Ω=2V；
(3)实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动，使电压表示数为2V，再次记录实验数据；
(4)实验中使用的定值电阻阻值最大为40Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U−UV=4.5V−2V=2.5V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的2.5V2V=1.25倍，根据分压原理，当接入40Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=1.25×40Ω=50Ω>40Ω，说明本实验提供的滑动变阻器最大阻值太小，不能分得更多的电压，故电压表的示数总是大于定值电阻两端电压的预设值，无法完成实验；
研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV′，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：
U滑=U总−UV′=4.5V−UV′，
根据分压原理有：
U滑UV′=R滑R定，即4.5V−UV′UV′=R滑R定------①，
因电压表示数UV′为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：
4.5V−UV′UV′=40Ω40Ω，
解得电压表的示数：UV′=2.25V，即为完成实验，电压表的最小电压为2.25V；
(5)实验步骤：
①闭合S1、S2接触a，移动滑动变阻器R1的滑片，使之连入阻值为0，读出此时电压表的示数为5V；
②闭合S1，S2接触b，调节滑动变阻器R1的滑片，使电压表示数为2.5V，小灯泡正常发光；
③闭合S1，S2接触a，滑动变阻器R1的滑片不动，调节R2的滑片至最下端，读出此时电压表示数为4V；
④在步骤①中，电路为只有R2的简单电路，电压表测电源电压，即5V；
在步骤②中，灯泡与滑动变阻器R1串联，电压表测灯泡两端电压，调节滑动变阻器R1的滑片，使电压表示数为2.5V，小灯泡正常发光；
在步骤③中，滑动变阻器R1与滑动变阻器R2最大阻值串联，电压表测滑动变阻器R2两端电压；根据串联电路电压规律，滑动变阻器R1两端电压为U1=U−U2=5V−4V=1V；
根据分压原理可知，
U1U2=R1R2，即1V4V=R120Ω，
解得：R1=5Ω；
因滑动变阻器R1接入电路的阻值不变，在步骤②中，当小灯泡正常发光时，滑动变阻器R1两端电压为U1′=U−UL=5V−2.5V=2.5V，
则小灯泡正常发光时额定电流为IL=I1=U1′R1=2.5V5Ω=0.5A，
故小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.5A=1.25W。
故答案为：(1)右；电流表；见解答图；(3)右；2；(4)大于；2.25；(5)①R1；②2.5；④1.25。
(1)为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片调到阻值最大处；
原电路图中，电流表和滑动变阻器串联后与定值电阻并联，电压表串联在电路中，电压表内阻很大，在电路中相当于断路，据此分析电流表示数；
在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端；
(2)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用U=IR求出定值电阻两端的电压；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入40Ω电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻，根据串联分压原理确定电压表示数大小；
当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中滑动变阻器的最大电阻为40Ω，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻40Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压；
(5)已知灯的额定电压，根据P=UI知要求得灯泡额定功率，求出灯正常发光时的电流即可；
①闭合S1、S2接触a，移动滑动变阻器R1的滑片，使之连入阻值为0，测量出电源电压；
②闭合S1，S2接触b，调节滑动变阻器R1的滑片，使电压表示数为2.5V，小灯泡正常发光；
③闭合S1，S2接触a，滑动变阻器R1的滑片不动，调节R2的滑片至最下端；根据串联电路电压规律和分压原理求出滑动变阻器R1接入电路的阻值；
因滑动变阻器R1接入电路的阻值不变，根据步骤②利用串联电路电压规律结合欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流，然后根据P=UI求出灯泡额定功率。
本题探究电流与电阻的关系实验，考查了注意事项、电路连接、控制变量法和欧姆定律的应用及设计实验方案测功率的能力。
30.【答案】答：(1)热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，所以，燃料在燃烧过程中，质量减小，热值不变；
(2)高温高压的气体将礼花弹推出过程中，对礼花弹做功，将内能转化为机械能，所以内能减小；
(3)汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，与气体将礼花弹推出过程的能量转化形式相同。
【解析】(1)热值是燃料的一种特性，与燃料的种类和状态有关，与燃料的多少无关。
(2)物体对外做功，其内能减小，温度降低。
(3)汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能。
本题综合考查了热值、做功改变物体的内能、汽油机的工作原理等知识的理解，综合题，难度不大。
31.【答案】解：(1)雪地摩托车静止在水平地面上时，对地面的压力：
F=G=m总g=(150+50)kg×10N/kg=2000N；
雪地摩托车对水平地面的压强：
p=FS=2000N500×10−4m2=4×104Pa；
(2)因为v=108km/h=30m/s，故汽车受到的拉力：
F牵=Pv=72000W30m/s=2400N；
因为汽车做匀速直线运动，汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，故：
f=F牵=2400N；
(3)汽车做的有用功：
W有=Pt=72000W×23×60s=9.936×107J；
汽油完全燃烧放出的热量：
Q放=W有η=9.936×107J24%=4.14×108J；
汽油的质量：
m=Q放q=4.14×108J4.6×107J=9kg。
答：(1)雪地摩托车对水平地面的压强是4×104Pa；
(2)该车以最大功率在水平雪地上以最高速度匀速直线行驶时，所受阻力为2400N；
(3)需要汽油的质量是9kg。
【解析】(1)摩托车对水平地面的压力等于摩托车和人的总重力，根据F=G=mg算出压力的大小，再根据p=FS计算出对水平地面的压强。
(2)根据F=Pv计算出牵引力，根据二力平衡条件算出阻力。
(3)先根据W有=Pt计算出汽车做的有用功，再根据Q放=W有η计算出汽油完全燃烧放出的热量，再根据m=Q放q计算出汽油的质量。
本题考查了学生对功率和压强的计算及热机效率的计算，同学们要熟记公式。
32.【答案】解：(1)由电路图可知，当两滑片同时在两电热丝最左端时，电路为R1的简单电路；
由P=U2R可得，R1的电阻：R1=U2P1=(220V)2484W=100Ω；
(2)由电路图可知，当两滑片在两电热丝中点时，R1与R2的一半阻值串联在电路中，此时电路的总电阻：R总=U2P=(220V)2193.6W=250Ω，
因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，所以R2的阻值：R2=2(R总−12R1)=2×(250Ω−12×100Ω)=400Ω；
当两滑片都在两电热丝的最右端时，电路为R2的简单电路，此时电路的功率：P2=U2R2=(220V)2400Ω=121W；
(3)煮蛋器消耗的电能：W=P′t=400W×20×60s=4.8×105J，
因为Q吸=W，所以由Q吸=cmΔt可得，混合物的质量：m=Q吸cΔt=WcΔt=4.8×105J4×103J/(kg⋅℃)×(70℃−20℃)=2.4kg。
答：(1)R1的电阻为100Ω；
(2)两滑片在两电热丝的最右端时的功率为121W；
(3)混合物的质量为2.4kg。
【解析】(1)由电路图可知，当两滑片同时在两电热丝最左端时，电路为R1的简单电路，根据P=U2R可求出R1的电阻；
(2)由电路图可知，当两滑片在两电热丝中点时，R1与R2的一半阻值串联在电路中，根据P=U2R求出电路的总电阻，再根据串联电路电阻特点求出R2的阻值；
当两滑片都在两电热丝的最右端时，电路为R2的简单电路，根据P=U2R可求出此时电路的功率；
(3)先根据W=Pt求出煮蛋器消耗的电能，然后根据Q吸=cmΔt求出混合物的质量。
本题为电功率和热量的综合计算，考查了热量计算公式、电功率计算公式的应用，关键明确滑片在不同位置时电路的连接方式。
2023年辽宁省铁岭市中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共8小题，共16.0分）
1. 临近中考的小明对身边一些物理量的估测中最接近实际的是( )
A. 铁岭地区五月最高气温可达50℃ B. 教室内课桌的高度约为50cm
C. 台灯正常工作的电流约为0.1A D. 早餐一个鸡蛋的质量约为60mg
2. 下列属于光的折射现象的是( )
A. 激光准直 B. 窗户反光
C. 镜湖倒影 D. 池水变浅
3. 下列对自然现象分析正确的是( )
A. 霜的形成是凝华现象，需要放热
B. 雾凇的形成是凝固现象，需要放热
C. 露在日出后逐渐消失是升华现象，需要吸热
D. 雾的形成是汽化现象，需要吸热
4. 压敏电阻随所受压力的增大而减小。想设计一个通过电表示数反映压敏电阻所受压力大小的电路，要求压力增大时电表示数增大。下列电路中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
5. 下列有关厨房中涉及到的物理知识，说法正确的是( )
A. 高压锅煮食物熟得快是因为气压高液体沸点低
B. 洗菜盆下的U形“反水弯”利用了连通器原理
C. 使用筷子夹食物时，筷子是省力杠杆
D. 抽油烟机能吸走油烟是因为空气流速越大压强越大
6. 在“武汉军运会”上，中国军人潘玉程在军事五项障碍跑赛项目上打破世界纪录，获得冠军。如图是他跨越障碍时的情景，下列说法中正确的是( )
A. 他穿的运动鞋底有花纹，可以减小摩擦
B. 他跨越前加速奔跑是为了增大自身惯性
C. 他腾空到最高点时的动能为零
D. 他下落过程中重力做了功
7. 小伟把一个强磁体靠近家庭电路中正在发光的白炽灯，发现灯丝不停地晃动。如图实验与这一现象原理相同的是( )
A. B.
C. D.
8. 下列关于家庭电路和安全用电的说法中正确的是( )
A. 更换灯泡前不必断开电源开关也是安全的
B. 发生触电事故时，漏电保护器一定会自动切断电路
C. 三脚插头上标有“E”的导线和用电器的金属外壳相连
D. 电路中的空气开关跳闸，一定是发生了短路
二、多选题（本大题共4小题，共12.0分）
9. 2021年6月，搭载神舟十二号载人飞船的长征二号F遥十二运载火箭，在酒泉卫星发射中心点火发射。顺利将三名航天员送入太空，发射取得圆满成功。下列说法正确的是( )
A. 火箭上升时，以神舟十二飞船为参照物，运载火箭是静止的
B. 火箭加速上升过程中，神舟十二飞船的运动状态不变
C. 火箭喷气发动机工作时将内能转化为机械能
D. 火箭升空利用了物体间力的作用是相互的
10. 如图是小明家的电能表，当把一个标有“220V 1500W”字样的微波炉单独接入电路中正常工作2min。下列说法正确的是( )
A. 电能表应接在空气开关和用电器之间
B. 他家同时使用的用电器总功率不能超过4400W
C. 这2min内电能表的转盘转了30转
D. 如果转盘转动加快，说明电路的总功率增大
11. 在水平桌面上放有甲、乙两个完全相同的容器，容器中装有质量相等的不同液体。现把质量相等的A、B两球放入甲容器中后，A球漂浮，B球沉底；用细线把A、B两球系在一起放入乙容器中(线的质量与体积忽略不计)，静止后的状态如图所示，两容器中液面恰好相平。下列说法中正确的是( )
A. 甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度
B. A球在甲容器中所受的浮力等于它在乙容器中所受浮力
C. 甲容器底所受液体压强小于乙容器底所受液体压强
D. 将乙容器中绳子剪断后，容器对桌面的压强不变
12. 如图所示电路中，电源电压不变，R1=10Ω，小灯泡标有6V字样(灯丝电阻不变)。闭合开关S1、S2，滑动变阻器R2的滑片在最左端，灯泡正常发光，电流表示数为1.1A，当闭合开关S1、断开S2，滑动变阻器R2的滑片在最右端时，电流表示数为0.2A，下列说法正确的是( )
A. 电源电压6V
B. 灯泡额定功率3W
C. 滑动变阻器最大阻值30Ω
D. S1闭合S2断开，若要使灯泡的实际功率是0.75W，滑动变阻器R2连入电路阻值为12Ω
三、填空题（本大题共9小题，共26.0分）
13. 如图是一款“翻页时钟”，用一节干电池供电。时钟工作时，将电能转化为______能；时钟的机芯采用静音设计，这是在______减弱了噪声；若这幅图片为时钟在竖直平面镜中的像，则实际的时间为______。
14. 某公司设计生产了一种带有蓝牙音箱的LED台灯，手机和音箱无线连接后能播放音乐，它们之间是通过______ 波传递信息的；LED灯是由______ 材料制成的；台灯和音箱可以独立工作，它们之间是______ (选填“串联”或“并联”)的。
15. 如图是为武汉运送抗疫物资的大货车，人接触货车时有时会被“电”一下，这是因为货车行驶时与空气摩擦发生了______现象；大货车经过时，路边的人会闻到一股柴油味儿，这是______现象，大货车的发动机在吸气冲程吸入的是______。
16. 如图是一种热熔胶枪，通电一段时间后，胶棒熔化，就可用来粘东西。通电胶枪发热是电流的______效应，胶棒的内能是通过______的方式改变的，热熔胶凝固后粘东西更牢固是因为固体的______更大。
17. 太阳是离地球最近的一颗恒星，每时每刻都在向地球辐射光和热。太阳能来源于太阳内部发生的核______ (选填“聚变”或“裂变”)；太阳能属于______ (选填“一次”或“二次”)能源。
18. 如图所示，重24N的物体在拉力F的作用下10s内匀速上升了1m，每个滑轮的重力都是6N，不计绳重和摩擦，则滑轮组的机械效率为______ ；拉力F的功率为______ W；悬挂滑轮组的绳子A受到的拉力是______ N。
19. 2019年12月17日，我国第一艘国产航空母舰山东舰(如图)在海南三亚某军港交付海军。山东舰的排水量为6.7×104t，其满载时受到的浮力为______N；当航母的舰载机从甲板上起飞后，航母受到的浮力______，排开海水的体积______。(后两空选填“变大”、“变小”或“不变”)(取g=10N/kg)
20. 如图所示，将a、b与电源接通，可探究电流产生的热量与______ (选填“电流”或“电阻”)的关系，通电一段时间后可看到______ (选填“左”或“右”)侧U形管中液面的高度差更大。若a、b两端的电压为3V，则1min内电流通过R1产生的热量为______ J。
21. 如图甲所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器标有“20Ω 1A”，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V。先闭合开关S和S1，断开S2，在保证电路安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a点，小灯泡正常发光；再断开S1，闭合S2，将滑动变阻器的滑片从a点向某一方向移动，直到电压表示数与小灯泡的额定电压相同。图乙是两次调节过程中电流表与电压表示数变化的关系图象。小灯泡的额定功率为______ W；再断开S1，闭合S2时，滑片是从a点向______ (选填“左”或“右”)移动的；该电路的最小功率为______ W。
四、作图题（本大题共3小题，共9.0分）
22. 如图所示凸透镜和凹透镜焦距相同，凹透镜正好放置在凸透镜右侧焦点的位置，请完成图中从凸透镜二倍焦距点P射出的光线经凸透镜及凹透镜折射后的光线。
23. 如图所示A是一个电磁铁，左侧为条形磁体，当开关S闭合后，小磁针逆时针转动。请标出：
(1)电源左侧的括号内填入“+”或“−”；
(2)条形磁铁左侧括号内填入“N”或“S”；
(3)图中磁感线的方向。
24. 如图甲是一种握力器，把它下面的一支看成一个杠杆，O为支点，乙为其简化示意图。请在乙图中画出作用在B点的最小动力F1的方向及其力臂L1；在A点画出阻力F2的大致方向。
五、实验探究题（本大题共5小题，共36.0分）
25. 小远利用如图所示装置，探究物质熔化、凝固时的规律。将装有一定量冰的大试管放入初温为90℃的液态海波中，温度计A和B分别测量冰和液态海波的温度。图乙是实验进行12min后，根据数据绘制出的A、B两温度计示数随时间的变化图象。
(1)第4min时，海波的温度为图甲中B温度计的示数，其读数为______ ℃。观察B图象，第6min时海波处于______ (选填“固”、“液”或“固液共存”)态。
(2)由图象可知晶体熔化和晶体凝固过程中，其温度变化的共同特点是______ 。
(3)A图象中，第10min时试管中物质的内能______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)第9min时的内能。
(4)分析A图象可以发现，冰熔化前比熔化后的图线倾斜程度更大，原因是______ 。
26. 如图甲所示，在“探究平面镜成像特点”的实验时：
(1)小明发现平面镜不透光，无法确定像的位置，于是用______ 代替了平面镜。
(2)他将平面玻璃竖直放置在桌面上，用两个等大的蜡烛A和B进行实验，发现B与A的像完全重合，这说明______ 。当把光屏放在B的位置上，光屏上______ (选填“能”或“不能”)承接到像。
(3)探究完“探究平面镜成像特点”，小明又用刚才的蜡烛A、焦距为10cm的凸透镜和光屏来研究“凸透镜的成像规律”。他将各元件放到如图乙所示的位置，光屏上得到了清晰的像，它是______ (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)的成像原理。
(4)保持蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜移到______ cm刻度线处，光屏上会再次成一个清晰的______ (选填“放大”或“缩小”)的像。保持透镜和光屏不动，将蜡烛向左移动，若想在光屏上再次成一个清晰的像，将一个度数合适的______ (选填“近视镜”或“远视镜”)放在蜡烛与凸透镜之间合适位置即可。
27. 如图甲所示，是一种常见的杆秤。左侧挂钩用来勾住被称物体，用手提住提纽，向右调节秤砣的位置，直到秤杆水平，读出秤砣在秤杆上的对应刻度，即为所测物体的质量。
(1)小华在使用杆秤时发现，当秤杆水平平衡时：
现象一：在秤钩上增加物体后，秤钩一侧下沉，这说明改变作用在杠杆上的______ 可以改变杠杆的平衡；
现象二：接着调节秤砣在秤杆上的位置，秤杆再次水平平衡，这说明改变______ 也可以改变杠杆的平衡。
(2)于是小华利用如图乙所示的器材“探究杠杆的平衡条件”，实验前，杠杆静止在如图乙所示的位置，则应将左端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，直到杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是便于______ 。
(3)小华三次实验后，将数据记录表中。
次数
动力F1/N
动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂l2/m
1
0.2
0.04
0.4
0.02
2
0.2
0.04
0.1
0.08
3
0.3
0.05
0.3
0.05
分析数据，得出杠杆的平衡条件是______ 。
(4)秤杆上通常有两个提纽(如图甲)，使用______ (选填“A”或“B”)提纽时杆秤的量程大。
28. 小路想测量玻璃杯所用玻璃的密度，设计并进行了如下实验：
(1)把天平放在水平面上，使游码归零，发现天平指针指在分度盘中线的左侧，为了使天平平衡，应该向______ (选填“左”或“右”)端调节平衡螺母。
(2)天平平衡后，在测量玻璃杯质量时，小路向天平右盘中加减砝码，当他加上质量最小的砝码时，发现指针偏向了分度盘中线右侧，接下来他应该进行的正确操作是______ ，直到天平平衡。天平再次平衡后，右盘中砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示，则玻璃杯的质量m1为______ g。
(3)由于玻璃杯无法放入量筒，小路用如下方法测量玻璃杯的体积。
①在大烧杯中倒入适量的水；
②将玻璃杯浸没水中，用记号笔记下水面在大烧杯上对应位置a，如图乙；
③取出玻璃杯，用量筒量取50mL水，将量筒中的水倒入大烧杯，直到水面达到a处，并读出量筒中剩余水的体积，如图丙；
④根据以上数据计算出玻璃杯的密度为______ kg/m3，这种测量方法所测得的密度值比真实值______ (选填“偏大”或“偏小”)。
(4)小路把玻璃杯擦拭干净后，用玻璃杯、天平、水来测量盐水的密度，过程如下：
①向大烧杯中重新倒入适量的水，使质量为m1的玻璃杯漂浮在水面上，用记号笔记下水面在玻璃杯和大烧杯上对应的位置b和c，如图丁；
②倒出大烧杯中的水并擦干净，向大烧杯中倒入适量盐水，使玻璃杯漂浮在盐水中，如图戊。向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与标志______ (选填“b”或“c”)相平。取出玻璃杯并擦干外面的盐水，用天平测出其总质量为m2；
③盐水密度的表达式为ρ盐水= ______ 。(用字母表示，已知水的密度为ρ水)
29. 小昊利用三节新的干电池、四个定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω、40Ω)、一个“40Ω 1A”的滑动变阻器、电流表、电压表、开关、导线等器材“探究电流与电阻的关系”。
(1)如图甲所示，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片调到最______ (选填“左”或“右”)端；当闭合开关后，小昊发现______ (选填“电流表”或“电压表”)几乎不偏转，经仔细检查后发现有一条导线连接有误，请在连接错误的导线上打“×”，并添加一根导线使电路连接正确。
(2)小昊首先把5Ω的电阻接入电路，适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表达到预设值后，电流表的示数如图乙所示。
(3)小昊将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，他应向______ (选填“左”或“右”)端调节变阻器滑片，使电压表示数为______ V，再次记录实验数据。
(4)当小昊将40Ω的电阻接入电路时，发现无论怎么调节滑动变阻器的滑片，电压表的示数总是______ (选填“大于”或“小于”)定值电阻两端电压的预设值，无法完成实验。若能够将四个电阻分别接入电路，完成四次实验，定值电阻两端的电压的预设值不得小于______ V。
(5)完成上面的实验，小昊又想测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，他又找来两个滑动变阻器R1和R2(其中R2的最大阻值已知为20Ω)，设计了如图丙所示的电路(电源电压未知)，请你将他的实验过程补充完整：
①闭合S1、S2接触a，移动滑动变阻器______ (选填“R1”或“R2”)的滑片，使之连入阻值为0，读出此时电压表的示数为5V；
②闭合S1，S2接触b，调节滑动变阻器R1的滑片，使电压表示数为______ V，小灯泡正常发光；
③闭合S1，S2接触a，滑动变阻器R1的滑片不动，调节R2的滑片至最下端，读出此时电压表示数为4V；
④小灯泡的额定功率为______ W。
六、简答题（本大题共1小题，共3.0分）
30. 如图是一款烟花的内部结构，燃烧者点燃引线后立即跑开，当燃烧的引线点燃发射火药时，产生高温高压的气体，将礼花弹推出，延期引线在空中点燃礼花弹，绽放出炫丽的烟花。回答下面的问题：
(1)发射火药燃烧过程中，其热值如何变化？
(2)高温高压气体将礼花弹推出后内能是增大还是减小？
(3)气体将礼花弹推出过程的能量转化与汽油机哪个冲程相同？
七、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
31. 如图所示是一款雪地摩托车，其净质量为150kg，静止时与地面接触的总面积为500cm2，当其以最大功率72kW在水平雪地上匀速直线行驶时，最高速度可达108km/h。(g取10N/kg，汽油热值为4.6×107J/kg)。求：
(1)雪地摩托车载着质量为50kg的人静止时，对水平地面的压强是多大？
(2)雪地摩托车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶时，所受到的阻力为多大？
(3)若该车发动机为汽油机，效率为24%，则该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶23min，需要汽油的质量是多少？
32. 如图甲所示为一款功率可调的煮蛋器，其简化电路图如图乙所示。图乙中，R1和R2为两个长度相同但电阻不同的电热丝，两电热丝的滑片用一个绝缘硬棒连接，且通过移动绝缘棒可使两个滑片同时移动到两个电热丝的最左端和最右端。求：
(1)当两滑片同时在两电热丝最左端时，煮蛋器的加热功率为484W，则R1的电阻为多少？
(2)当两滑片在两电热丝中点时，煮蛋器的功率为193.6W，则两滑片在两电热丝的最右端时的功率为多少？
(3)调节滑片使煮蛋器功率为400W，20min把鸡蛋和水的混合物从20℃加热到70℃，不计热损失，则混合物的质量为多少？[鸡蛋和水的混合物的比热容为4×103J/(kg⋅℃)]
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、铁岭地区五月最高气温可达38℃，故A不接近实际；
B、教室内课桌的高度约80cm，故B不接近实际；
C、台灯正常工作的电流约为0.1A，故C接近实际；
D、早餐的一个鸡蛋质量约为50g，故D不接近实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】D
【解析】解：A、激光准直是光沿直线传播现象，故A不符合题意；
B、窗户反光是光的反射现象，故B不符合题意；
C、水中的倒影是平面镜成像，平面镜成像是利用光的反射原理，故C不符合题意；
D、池水变浅是光的折射现象，故D符合题意。
故选：D。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，考查了学生理论联系实际的能力，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
3.【答案】A
【解析】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，需要放热，故A正确；
B、雾凇的形成是凝华现象，需要放热，故B错误；
C、露的形成是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，需要放热，故C错误；
D、雾的形成是液化现象，需要放热，故D错误。
故选：A。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。熔化、汽化、升华是吸热过程，凝固、液化和凝华是放热过程。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】C
【解析】解：由图知：
A、压敏电阻与定值电阻并联，电压表测量电源电压，由于电源电压不变，所以电压表示数不变，故A错误；
B、压敏电阻与定值电阻并联，电流表与定值电阻串联，由于并联电路中各支路互不影响，所以压敏电阻阻值变化时，电流表示数不变，故B错误；
C、压敏电阻与定值电阻串联，电压表测量定值电阻两端电压，当压力增大时，压敏电阻阻值减小，根据分压原理，压敏电阻的电压减小，由串联电路电压的规律，定值电阻两端电压增大，即电压表示数增大，故C正确；
D、压敏电阻与定值电阻串联，电压表测量压敏电阻两端的电压，当压力增大时，压敏电阻阻值减小，根据分压原理知，压敏电阻两端电压减小，即电压表示数减小，故D错误。
故选：C。
搞清电路的连接，以及电压表测量的电压、电流表测量的电流，根据欧姆定律，结合串、并联电路的规律对每个电路逐一分析，确定答案。
本题考查串、并联电路的规律和欧姆定律的应用，综合性较强。
5.【答案】B
【解析】解：
A、因为水的沸点与压强有关，压强增大，沸点升高，煮饭菜时高压锅的气压比普通锅内的气压高，所以水沸腾时高压锅内的温度高于普通锅内的温度，温度越高，饭菜熟的越快，故A错误；
B、洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理，故B正确；
C、用筷子夹食物时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故C错误；
D、流体压强与流速的关系：流体在流速越大的位置压强越小；所以，抽油烟机在工作时，转动的扇叶处的空气流速增大，压强减小，故D错误。
故选：B。
(1)液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低里；
(2)连通器的结构特征是上端开口、底部连通。
(3)结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
(4)利用流体压强与流速的关系：在气体和液体中，流速越大的位置压强越小。
本题综合性较强，考查了大气压的应用、压强的特点，熟练掌握相关知识是解题的关键。
6.【答案】D
【解析】解：A、潘玉程穿的运动鞋底上凹凸不平的花纹使接触面变得粗糙，是在压力一定时，增大鞋与地面的粗糙程度，从而增大摩擦，故A错误；
B、惯性大小只跟物体的质量有关，他在助跑过程中质量不变，惯性不变，在跳远时助跑是为了获得较大的初速度，得到更大的动能，故B错误；
C、他经过最高点时，竖直方向速度为零，但物体有水平方向的速度，所以动能不为零，故C错误。
D、他下落过程中，受重力作用且向下移动了距离，所受重力对他做了功，故D正确。
故选：D。
(1)增大滑动摩擦力的方法：在压力一定情况下，增大接触面粗糙程度；在接触面粗糙程度一定时，增大压力。
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性大小只跟物体的质量有关。
(3)动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能也就越大。
(4)做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。
本题考查的知识点较为全面，但难度普遍不大，关键是明确每一个说法与知识的对应，运用相应知识去做出判断。
7.【答案】B
【解析】解：有电流通过的灯丝置于磁场中晃动，体现了通电导体在磁场中受到力的作用；
A、该装置中没有电源，通过导体棒运动切割磁感线产生电流，实验原理是电磁感应现象，故A错误；
B、该装置中有电源，通电线圈在磁场中受到力的作用而转动，故B正确；
C、验电器的原理是同种电荷相互排斥，故C错误；
D、该装置是奥斯特实验，是电流的磁效应，故D错误；
故选：B。
发光的灯丝说明灯丝中有电流通过；灯丝颤动说明受到了力的作用。根据通电导体在磁场中受力的相关知识即可解决此题。
通过灯丝的晃动，联系到受力，进而与通电导体在磁场中受力而运动联系起来是解决此题的思路。
8.【答案】C
【解析】解：A、在更换灯泡前，应断开电源，否则易发生触电事故，故A错误；
B、漏电保护器在电路发生漏电现象时会自动跳闸，所以由于漏电而发生触电事故时，漏电保护器会自动切断电路，若触电不一定是因为漏电发生的，如双线触电，则漏电保护器可能不会断开电路，故B错误；
C、三脚插头上标有“E”的导线和用电器的金属外壳相连，使金属外壳与大地相连通，若金属外壳的用电器外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，故C正确；
D、家庭电路中的空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故D错误。
故选：C。
(1)在维修用电器或更换灯泡时，应切断电源；
(2)漏电保护器：漏电保护器俗称漏电开关，是用于在电路或电器绝缘受损发生对地短路或漏电时防人身触电和电气火灾的保护装置；
(3)三孔插座中，上面的接地线，左面的接零线，右面的接火线，简称“上地、左零、右火”；
(4)家庭电路中电流过大的原因：一是用电器的总功率过大，二是发生了短路。
本题主要考查了安全用电的基础知识，涉及的知识点较多，但都是我们应掌握的内容。
9.【答案】ACD
【解析】解：A、火箭上升时，以神舟十二飞船为参照物，运载火箭与飞船之间有位置不发生变化，所以运载火箭是静止的，故A正确；
B、火箭在加速上升的过程中速度不断增大，运动状态改变，故B错误；
C、火箭升空时燃料燃烧，高温高压燃气的内能转化为机械能，故C正确；
D、火箭升空时向后喷出高温气体，同时高温气体给火箭一个向上的推力，所以火箭升空利用了物体间力的作用是相互的，故D正确。
故选：ACD。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(2)速度大小变化或运动方向变化都是运动状态变化；
(3)火箭升空时燃料燃烧放出的热量一部分转化为机械能，一部分转化为其他形式的能量；
(4)物体间力的作用是相互的。
此题借助于运载火箭发射升空这一场景来考查力学和热学的相关知识，这是中考的一种热点题型，所以学习物理也需要对生活热点中蕴含的物理知识多加关注。
10.【答案】BCD
【解析】解：A、电能表是用来测量电路中用电器消耗电能的仪表，应接在空气开关之前，故A说法错误；
B、由图中所给参数可知，电能表正常工作时的电压为220V，允许通过的最大电流为20A，
则他家同时使用用电器的最大总功率：Pmax=UImax=220V×20A=4400W，故B说法正确；
C、微波炉正常工作电功率P=P额=1500W=1.5kW，t=2min=130h，
消耗的电能：
W=Pt=1.5kW⋅130h=0.05kW⋅h；
电能表转盘转过的圈数：
n=0.05kW⋅h×600revs/kW⋅h=30r，故C说法正确；
D、电能表转盘转动变快，说明相同时间内消耗的电能变多，根据P=Wt可知，功率变大，故D说法正确。
故选：BCD。
(1)电能表是用来测量电路中用电器消耗电能的仪表，为了防止偷电，电能表接在空气开关之前
(2)由参数可知，电能表正常工作时的电压和允许通过的最大电流，根据P=UI求出他家同时使用用电器的最大总功率；
(3)利用W=Pt求消耗的电能，乘以600revs/kW⋅h求出电能表转盘转过的数目；
(4)电能表转盘转动的快，说明相同时间内消耗的电能多，电流做功快、功率大；
本题考查了电能表允许用电器同时工作最大功率以及用电器电功率的计算，明确电能表参数的含义是关键，要注意单位的换算。
11.【答案】ACD
【解析】解：A、由图可知，AB两球排开液体的总体积：V排甲
已知容器中的液体质量相等，根据ρ=mV可知ρ甲<ρ乙，故A正确；
B、由图可知，A在甲液体中漂浮，根据漂浮条件可知：FA浮甲=GA-------①，
A和B在乙液体中一起悬浮，A球受到向上的浮力、向下的重力、向下的拉力，则FA浮乙=GA+F-------②，
由①②可知，FA浮甲
故选：ACD。
(1)已知两容器中液面恰好相平，根据A、B两球在甲、乙两容器中排开液体的体积判断得出甲、乙液体的体积大小，由于容器中装有质量相等的不同液体，则根据ρ=mV即可判断液体的密度大小关系；
(2)根据A球在甲、乙容器液体中的受力情况即可判断；
(3)已知两容器中液面恰好相平，根据p=ρgh即可判断容器底所受液体压强的大小；
(4)容器对水平面的压力等于容器的总重力，即F压=G液+G容+GA+GB，将乙容器中绳子剪断后，乙容器的总重力不变，根据p=FS可知乙容器对水平面的压强变化。
此题通过分析小球在液体中的浮沉情况，考查了对阿基米德原理、浮沉条件的应用，同时考查了密度知识的应用，综合性强，难度较大。
12.【答案】ABD
【解析】解：(1)闭合开关S1、S2，滑动变阻器R2的滑片在最左端时，灯泡与电阻R1并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光，
所以，电源的电压U=UL=6V，故A正确；
通过R1的电流：
I1=UR1=6V10Ω=0.6A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过灯泡的电流：
IL=I−I1=1.1A−0.6A=0.5A，
灯泡的额定功率：
PL=ULIL=6V×0.5A=3W，故B正确；
灯泡的电阻：
RL=ULIL=6V0.5A=12Ω；
(2)当闭合开关S1、断开S2，滑动变阻器R2的滑片在最右端时，灯泡与R2的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，
此时电路中的总电阻：
R=UI′=6V0.2A=30Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器的最大阻值：
R2=R−RL=30Ω−12Ω=18Ω，故C错误；
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=I2R可得，灯泡的实际功率为0.75W时电路中的电流：
I″= PL′RL= 0.75W12Ω=0.25A，
电路中的总电阻：
，
变阻器接入电路中的电阻：
R2′=R′−RL=24Ω−12Ω=12Ω，故D正确。
故选：ABD。
(1)闭合开关S1、S2，滑动变阻器R2的滑片在最左端时，灯泡与电阻R1并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和灯泡正常发光时的电压等于额定电压可知电源的电压，根据欧姆定律求出通过R1的电流，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，利用P=UI求出灯泡的电功率即为灯泡的额定功率，根据欧姆定律求出灯泡的电阻；
(2)当闭合开关S1、断开S2，滑动变阻器R2的滑片在最右端时，灯泡与R2的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器最大阻值；根据P=I2R求出灯泡的实际功率为0.75W时电路中的电流，利用欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的电阻。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
13.【答案】机械 声源处 1：01
【解析】解：(1)时钟工作时，将电能转化为机械能；
(2)时钟的机芯采用静音设计属于在声源处减弱噪声；
(3)在平面镜中的像与现实中的事物恰好左右顺序颠倒，且关于镜面对称。由图分析可得题中所给的10：10与01：01成轴对称，所以它的实际时间应是1：01。
故答案为：机械；声源处；1：01。
(1)判断能量转化，要看清该过程中的初始能量和最终形成的能量，进而判断出能量的转化过程；
(2)减弱噪声有三个措施：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；
(3)因像和物体关于平面镜对称，所以从像的后面观察即为物体真实的情况。
本题考查能量的转化、噪声的防治以及平面镜成像的特点，难度不大。
14.【答案】电磁 半导体 并联
【解析】解：某公司设计生产了一种带有蓝牙音箱的LED台灯，手机和音箱无线连接后能播放音乐，它们之间是通过电磁波传递信息的；LED灯是由半导体材料制成的；台灯和音箱可以独立工作，它们之间是并联的。
故答案为：电磁；半导体；并联。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)LED灯是由半导体材料制成的。
(3)串联电路的各个用电器相互影响，并联电路的各个用电器互不影响。
本题主要考查了电磁波的特点及应用；知道半导体材料的特点及应用；知道并联电路和串联电路的特点。
15.【答案】摩擦起电 扩散 空气
【解析】解：(1)人接触货车有时会被“电”下，这是因为货车打驶时与空气摩擦发生了摩擦起电现象；
(2)大货车经过时，路边的人会闻到一股柴油味儿，是分子无规则运动的结果，是扩散现象；
(3)大货车的发动机是柴油机，柴油机吸入的是空气。
故答案为：摩擦起电；扩散；空气。
(1)两种不同物质组成的物体相互摩擦后，物体能吸引轻小物体的现象是摩擦起电；
(2)互相接触的两种物质彼此进入对方的现象是扩散现象；
(3)汽油机吸入汽缸的是汽油和空气的混合物，柴油机吸入的是空气。
本题考查分子动理论和摩擦起电，是综合性题，难度不大。
16.【答案】热 热传递 分子引力
【解析】解：热熔胶枪通电后会产生热量，利用了电流的热效应，再利用热传递的方式，使固体胶棒吸收热量，内能增大，温度升高；
热熔胶凝固后粘东西更牢固，表明固体比液体分子间的引力更大。
故答案为：热；热传递；分子引力。
(1)当电流通过导体时，导体产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；
(2)做功和热传递都能改变物体的内能。分子间存在引力。
本题考查了电流的热效应，改变内能的方式、分子间的作用力，属于基础知识。
17.【答案】聚变 一次
【解析】在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能；
太阳能是能直接从自然界获得不需要加工转换的能源，是一次能源。
故答案为：聚变；一次。
(1)太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能；
(2)直接从自然界获得不需要加工转换的能源是一次能源，不能直接从自然界获得而是通过消耗其它能源经过加工转换而获得的能源是二次能源。
本题考查了太阳能量来源、能源的分类。
18.【答案】80% 3 51
【解析】解：克服物体重力做的有用功：W有=Gh=24N×1m=24J，
不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力做的额外功： 额=G动h=6N×1m=6J，
拉力做的总功：W总=W有+W额=24J+6J=30J，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=24J30J=80%；
拉力F的功率：P=W总t=30J10s=3W；
由图知，承担重物绳子的段数n=2，
由W总=Fs=Fnh可得，绳端拉力：F=W总nh=30J2×1m=15N，
定滑轮受到绳子A向上的拉力、竖直向下的重力和三段绳子竖直向下的拉力，由平衡力的知识可知，悬挂滑轮组的绳子A受到的拉力：FA=3F+G定=3×15N+6N=51N。
故答案为：80%；3；51。
根据W有=Gh计算有用功，不计绳重和摩擦，根据W额=G动h计算额外功，根据W总=W有+W额和η=W有W总计算滑轮组的机械效率；根据P=Wt计算拉力F的功率；
根据W总=Fs=Fnh计算拉力F的大小，对定滑轮进行受力分析，根据平衡力知识求悬挂滑轮组的绳子A受到的拉力。
本题考查了功率和滑轮组计算以及平衡力知识的应用，难度适中。
19.【答案】6.7×108 变小 变小
【解析】解：(1)由题意知：山东舰满载时，处于漂浮状态，
则F浮=G排=m排g=67000×103kg×10N/kg=6.7×108N；
(2)当舰载机起飞前后，航母都处于漂浮状态，浮力始终等于重力，当舰载机起飞后，航母总重减小，所以浮力相应减小。
根据F浮=ρ液gV排可知，海水密度不变，航母排开水的体积减小。
故答案为：6.7×108；变小；变小。
(1)根据阿基米德原理，船满载时受到的浮力等于其排开水的重力。
(2)航母处于漂浮状态，浮力变化决定于重力的变化，然后根据F浮=ρ液gV排判断航母排开体积的变化，可知航母上浮还是下沉。
本题考查了浮力的大小计算、阿基米德原理，知道舰载机飞离航母前后浮力变化量等于舰载机的重力是解答此题的关键。
20.【答案】电流 左 108
【解析】解：
图中两个5Ω的电阻R2、R3串联后再与5Ω的电阻R1并联，
根据串联电路的电阻特点可知，R2、R3串联的总电阻大于R1的电阻，
由并联电路的电压特点知，两支路的电压相等，由I=UR可知，通过R1和R2的电流I1>I2，两电阻的通电时间相等，所以此实验可探究电流产生热量与电流关系；
由Q=I2Rt可知，Q1>Q2，即相同时间内电流通过电阻丝R1产生的热量比R2多，所以左侧U形管液面高度差更大；
若a、b两端的电压为3V，则1min内电流通过R1产生的热量：
Q1=U2R1t=(3V)25Ω×60s=108J。
故答案为：电流；左；108。
电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，由图分析电路的连接情况，由控制变量法分析该实验的探究目的；由焦耳定律分析产生热量较多的电阻丝，从而判断U形管液面高度差的大小关系；由Q=W=U2Rt计算热量。
本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。
21.【答案】1.5 右 1.2
【解析】解：
闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a点，由于灯泡电阻随温度变化，故可知此过程中电流表与电压表示数变化关系为图乙中的曲线，则另一次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路中总电阻最大，由欧姆定律知道，电路中电流最小，从图中可知是0.25A，灯泡两端电压为1V，变阻器两端电压为UR′=IR′=0.25A×20Ω=5V，
根据串联电路的电压特点知道，电源电压U=UL实+UR′=1V+5V=6V；
再断开开关S1闭合开关S2，电阻R和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压，由图乙知道，两条图像中电压相等时(等于灯泡额定电压)电路中的电流为I′=0.3A，
变阻器滑片在a点时，电路中的电流为0.375A，电阻R两端的电压为3.75V，此时变阻器接入电路中的电阻；
R的阻值；
可知电路中的电流从0.375A变为0.3A，根据欧姆定律知道，电路中的总电阻变大，变阻器接入电路的电阻值变大，故滑片是从a点向右移动的。
当电路中的电流为0.3A时，灯泡的额定电压等于R两端的电压，即U额=I′R=0.3A×10Ω=3V，
在闭合开关S和S1，断开开关S2，且滑片在a点时，灯泡的额定电流I额=IRa=URaRa=6V−3V6Ω=0.5A，
灯泡的额定功率P额=U额I额=3V×0.5A=1.5W；
闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，此时电路的最小功率为P最小=UI最小=6V×0.25A=1.5W，
当闭合开关S和S2，断开开关S1，且变阻器接入电路中阻值最大时，此时电路的最小功率为P最小′=U2R总=(6V)210Ω+20Ω=1.2W，
所以，电路的最小功率为1.2W。
故答案为：1.5；右；1.2。
闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a点，由于灯泡电阻随温度变化，故可知此过程中电流表与电压表示数变化关系为图乙中的曲线，则另一次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路中总电阻最大，由欧姆定律知道，电路中电流最小，从图中可知是0.25A，灯泡两端电压为1V，根据欧姆定律得出变阻器两端电压，根据串联电路的电压特点得出电源电压；
再断开开关S1闭合开关S2，电阻R和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压，由图乙知道，两条图像中电压相等时(等于灯泡额定电压)电路中的电流为I′=0.3A，
变阻器滑片在a点时，电路中的电流为0.375A，电阻R两端的电压为3.75V，根据欧姆定律得出此时变阻器接入电路中的电阻和R的阻值；
可知电路中的电流从0.375A变为0.3A，根据欧姆定律知道，电路中的总电阻变大，变阻器接入电路的电阻值变大，故滑片是从a点向右移动的。
当电路中的电流为0.3A时，灯泡的额定电压等于R两端的电压，根据欧姆定律得出灯泡的额定电压；
在闭合开关S和S1，断开开关S2，且滑片在a点时，各级欧姆定律得出灯泡的额定电流，根据P=UI得出灯泡的额定功率；
闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，根据P=UI得出此时电路的最小功率；
当闭合开关S和S2，断开开关S1，且变阻器接入电路中阻值最大时，根据P最小′=U2R总得出此时电路的最小功率，进而判断得出电路的最小功率。
本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是从图中得出有用信息。
22.【答案】解：因凸透镜和凹透镜的焦距相同，凹透镜正好放置在凸透镜右侧焦点的位置，所以右侧P处是凸透镜的二倍焦距处；
结合凸透镜成像规律可知，过二倍焦距处的入射光线，其折射光线通过凸透镜另一侧的二倍焦距处；延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，据此完成光路图，如图所示：
【解析】(1)根据凸透镜成像时，物体在二倍焦距处，所成的像是等大倒立的实像，像在二倍焦距处，所以过二倍焦距处的入射光线经凸透镜折射后一定过另一侧二倍焦距处，据此画出折射光线；
(2)凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
此题考查透镜光路图的画法，掌握凸透镜和凹透镜的三条特殊光线，根据凸透镜成像的特点(物体在2倍焦距处时，像在另一侧的二倍焦距处)画出折射光线是本题的关键。
23.【答案】解：(1)当开关S闭合后，小磁针逆时针转动，S极指向左侧，因为异名磁极互相吸引，因此通电螺线管的右侧为N极，左侧为S极，根据安培定则可知，电流从通电螺线管的左侧流入，右侧流出，因此电源左侧为正极；
(2)因为条形磁铁的右端与通电螺线管的左端相互排斥，因此条形磁铁的左端为N极，右端为S极；
(3)在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极。如图所示：
【解析】当开关S闭合后，小磁针逆时针转动，根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极，根据安培定则判断出通电螺线管线圈中的电流方向，进而判断出电源的正、负极；
根据磁极间的相互作用规律判断出条形磁铁的N、S极；
在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，据此判断图中磁感线的方向。
此题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则、磁感线及其特点，难度不大，属基础题目。
24.【答案】解：(1)A点受到的弹簧的拉力为阻力F2，其方向大致过A点斜右向上；
(2)由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，动力作用在B点，因此OB作为动力臂L1时最长；过A点作垂直于OB向上的力，即为最小动力F1的示意图，如图所示：
【解析】(1)力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；动力和阻力使杠杆转动的方向相反，且力与力臂垂直，据此可作出最小动力F1的示意图。
解答本题的关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
25.【答案】48 固液共存 温度不变 等于 冰的比热容小于水的比热容
【解析】解：(1)由图甲可知此时温度计的分度值是1℃，示数为48℃；
由图象可知，4～8min中海波处于凝固过程中，所以在第6min时，海波处于固液共存状态；
(2)分析图象可以发现，晶体熔化和晶体凝固过程中，其温度变化的共同特点是温度不变；
(3)9～10min，水和海波的温度相等，不再发生热传递，温度保持不变，所以内能不变，即第9min内能等于第10min的内能；
(4)冰熔化前比熔化后的图线倾斜程度更大，原因是冰的比热容小于水的比热容，吸收相同的热量冰升高的温度大。
故答案为：(1)48；固液共存；(2)温度不变；(3)等于；(4)冰的比热容小于水的比热容。
(1)由图甲可知此时温度计的分度值是1℃，根据液柱上表面所对齐示数可得；晶体在凝固的过程中，处于固液共存状态；凝固前处于液态，凝固后处于固态；当两种物质的温度相同时，它们之间不能发生热传递；
(2)晶体在熔化、或凝固时吸热或放热但保持温度不变，处于固液共存状态；
(3)根据影响内能大小因素分析；
(4)冰和水的比热容不同，同种情况下，温度变化不同。
此题通过图象分析，考查了学生的识图能力，在分析时特别注意温度随时间的变化情况，同时考查了学生对晶体在熔化和凝固过程中的区别。
26.【答案】平板玻璃 像与物大小相等 不能 照相机 35 放大 近视镜
【解析】解：(1)用透明的平板玻璃代替平面镜时，即可以成像，同时能看到平板玻璃后和像对比的蜡烛，即便于确定像的位置并能比较像物大小关系；
(2)他将平板玻璃竖直放置在桌面上，用两个等大的蜡烛A和B进行实验，发现B与A的像完全重合，这说明像与物大小相等；
当把光屏放在B的位置上，光屏上不能承接到像，这说明平面镜里成的是虚像；
(3)他将各元件放到如图乙所示的位置，光屏上得到了清晰的像，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(4)保持蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜移到35cm刻度线处，此时物距等于原来的像距，像距等于原来的物距，且物距小于像距，根据在光的折射中，光路是可逆的，光屏上会再次成一个清晰的放大的像；
保持透镜和光屏不动，将蜡烛向左移动，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，像成在光屏的左侧；若想在光屏上再次成一个清晰的像，将一个度数合适的近视镜放在蜡烛与凸透镜之间合适位置，近视镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像。
故答案为：(1)平板玻璃；(2)像与物大小相等；不能；(3)照相机；(4)35；放大；近视镜。
(1)实验中用平面镜无法看到平面镜后面的蜡烛的，无法确定像的位置和大小，用透明的平板玻璃代替平面镜时可解决此问题；
(2)物体在平面镜里成的是正立的虚像，像与物大小相等、其连线与镜面垂直、像到镜的距离和物到镜的距离相等、像与物左右相反；
(3)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(4)在光的折射中，光路是可逆的；近视镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。
本题考查了探究平面镜成像的特点和探究凸透镜成像的规律的实验，属于实验基本能力的考查，难度不大。
27.【答案】力 力臂 左 测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响 F1l1=F2l2 A
【解析】解：(1)现象一：在左侧挂钩上增加物体，改变了杠杆所受的力，改变了杠杆的平衡；
现象二：移动秤砣改变秤砣对杆力的力臂，使其恢复水平位置平衡，说明通过改变力臂的长短也可以改变杠杆的平衡；
(2)图乙可知，杠杆的左端上翘，应将杠杆的平衡螺母向左调节，使杠杆处于水平位置平衡，这样做便于测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响；
(3)根据以上数据得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂 (或F1l1=F2l2)；
(4)由图示可知，使用提纽A时，秤砣的力臂变大，物体的力臂变小，由m秤砣gL秤砣=m物gL物 可知，杆秤的最大称量量较大。
故答案为：(1)力；力臂；(2)左；测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响；(3)F1l1=F2l2；(4)A。
(1)根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，改变杠杆所受的力及其力臂，都可以改变力和力臂的乘积；
(2)实验中为了便于测量力臂，消除杠杆自身重力对实验的影响，应调节杠杆在水平位置平衡，调节时，需将平衡螺母向上翘的一端调节；
(3)杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂；
(4)根据杆秤自重重心位置及杠杆平衡条件判断，杆秤零刻度线的位置。
此题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了杠杆的调平，及实验中应注意的问题，在实验中为得到普遍性的规律，应多测几组数据进行分析以及学生对杆秤作用的了解。
28.【答案】右 取出最小砝码并向右移动游码 54 2.7×103 偏小 b m2m1⋅ρ水
【解析】解：(1)将天平放在水平台上，将游码归零，发现指针指在分度盘中线的左侧。要使横梁平衡，应该向右调节平衡螺母。
(2)当把砝码盒中最小的砝码放入右盘后，发现指针偏向分度盘的右侧，说明右边的砝码偏重，应该取出最小的砝码，通过移动游码(移动游码相当于向右盘中加上更小的砝码)，直到天平平衡；
由图可知，砝码的总质量为：20g+20g+10g=50g，游码对应的刻度值4g，
所以小石块质量为：m=50g+4g=54g；
(3)将量筒中的水倒入一部分到烧杯中，直至烧杯中的水到达标记处，此时图丙量筒中剩余水的体积为30cm3，
玻璃杯的体积等于倒出水的体积，即V水=V玻璃=50cm3−30cm3=20cm3；
玻璃的密度ρ=mV=54g20cm3=2.7g/cm3，
玻璃杯从水中取出时，会带走一部分水，量筒倒入烧杯中的水的体积大于玻璃杯的体积，物体质量是一定的，测量的体积变大，密度会变小。
(4)向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与b相平，使玻璃杯在水与盐水中排开液体的体积相同，玻璃杯在水中漂浮，F浮=G物=m1g，则ρ水gV水=m1g，
V水=m1ρ水-----①，
玻璃杯在盐水中漂浮，F浮′=G物′=m2g，
则ρ盐水gV盐水=m2g，ρ盐水=m2V盐水----②，
将①代入②可得，ρ盐水=m2m1⋅ρ水。
故答案为：(1)右；(2)取出最小砝码并向右移动游码；54；(3)④2.7×103；偏小；(4)②b；m2m1⋅ρ水。
(1)天平在使用前要调节平衡：将天平放在水平台上，将游码归零，平衡螺母向指针指偏转的反方向调节，使横梁平衡；
(2)加入最小的砝码，指针偏向分度盘的右侧说明右边的砝码重，应该取出最小的砝码，通过移动游码(移动游码相当于向右盘中加上更小的砝码)，直到天平平衡；
天平测量物体质量，读数时是砝码质量加上游码的示数；
(3)玻璃杯的体积等于所加水的体积，再根据密度公式求出玻璃杯的密度。
玻璃杯从水中取出时，会带走一部分水，量筒倒入烧杯中的水会偏多，物体体积的测量值会偏大。物体质量是一定的，测量的体积变大，密度会变小。
(4)向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与b相平，利用玻璃杯在水中和盐水中排开的体积相等，结合漂浮时浮力等于其重力，列等式解答。
此实验考查了量筒、天平的读数，以及密度的计算，这是学习该实验最基本的技能要求，也是我们应掌握的重点。在分析实验误差时，要从实验操作步骤对质量、体积测量结果影响的角度进行分析，利用公式判断其最终的影响。
29.【答案】右 电流表 右 2 大于 2.25 R1 2.5 1.25
【解析】解：(1)为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片调到阻值最大处，即最右端；
原电路图中，电流表和滑动变阻器串联后与定值电阻并联，电压表串联在电路中，电压表内阻很大，在电路中相当于断路，故闭合开关后，电流表几乎不偏转；
在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示：
；
(2)小昊首先把5Ω的电阻接入电路，适当调节滑动变阻器的滑片，使电压表达到预设值后，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A，则定值电阻两端电压为：UV=I1R1=0.4A×5Ω=2V；
(3)实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动，使电压表示数为2V，再次记录实验数据；
(4)实验中使用的定值电阻阻值最大为40Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U−UV=4.5V−2V=2.5V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的2.5V2V=1.25倍，根据分压原理，当接入40Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=1.25×40Ω=50Ω>40Ω，说明本实验提供的滑动变阻器最大阻值太小，不能分得更多的电压，故电压表的示数总是大于定值电阻两端电压的预设值，无法完成实验；
研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV′，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：
U滑=U总−UV′=4.5V−UV′，
根据分压原理有：
U滑UV′=R滑R定，即4.5V−UV′UV′=R滑R定------①，
因电压表示数UV′为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：
4.5V−UV′UV′=40Ω40Ω，
解得电压表的示数：UV′=2.25V，即为完成实验，电压表的最小电压为2.25V；
(5)实验步骤：
①闭合S1、S2接触a，移动滑动变阻器R1的滑片，使之连入阻值为0，读出此时电压表的示数为5V；
②闭合S1，S2接触b，调节滑动变阻器R1的滑片，使电压表示数为2.5V，小灯泡正常发光；
③闭合S1，S2接触a，滑动变阻器R1的滑片不动，调节R2的滑片至最下端，读出此时电压表示数为4V；
④在步骤①中，电路为只有R2的简单电路，电压表测电源电压，即5V；
在步骤②中，灯泡与滑动变阻器R1串联，电压表测灯泡两端电压，调节滑动变阻器R1的滑片，使电压表示数为2.5V，小灯泡正常发光；
在步骤③中，滑动变阻器R1与滑动变阻器R2最大阻值串联，电压表测滑动变阻器R2两端电压；根据串联电路电压规律，滑动变阻器R1两端电压为U1=U−U2=5V−4V=1V；
根据分压原理可知，
U1U2=R1R2，即1V4V=R120Ω，
解得：R1=5Ω；
因滑动变阻器R1接入电路的阻值不变，在步骤②中，当小灯泡正常发光时，滑动变阻器R1两端电压为U1′=U−UL=5V−2.5V=2.5V，
则小灯泡正常发光时额定电流为IL=I1=U1′R1=2.5V5Ω=0.5A，
故小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.5A=1.25W。
故答案为：(1)右；电流表；见解答图；(3)右；2；(4)大于；2.25；(5)①R1；②2.5；④1.25。
(1)为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片调到阻值最大处；
原电路图中，电流表和滑动变阻器串联后与定值电阻并联，电压表串联在电路中，电压表内阻很大，在电路中相当于断路，据此分析电流表示数；
在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端；
(2)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用U=IR求出定值电阻两端的电压；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入40Ω电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻，根据串联分压原理确定电压表示数大小；
当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中滑动变阻器的最大电阻为40Ω，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻40Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压；
(5)已知灯的额定电压，根据P=UI知要求得灯泡额定功率，求出灯正常发光时的电流即可；
①闭合S1、S2接触a，移动滑动变阻器R1的滑片，使之连入阻值为0，测量出电源电压；
②闭合S1，S2接触b，调节滑动变阻器R1的滑片，使电压表示数为2.5V，小灯泡正常发光；
③闭合S1，S2接触a，滑动变阻器R1的滑片不动，调节R2的滑片至最下端；根据串联电路电压规律和分压原理求出滑动变阻器R1接入电路的阻值；
因滑动变阻器R1接入电路的阻值不变，根据步骤②利用串联电路电压规律结合欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流，然后根据P=UI求出灯泡额定功率。
本题探究电流与电阻的关系实验，考查了注意事项、电路连接、控制变量法和欧姆定律的应用及设计实验方案测功率的能力。
30.【答案】答：(1)热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，所以，燃料在燃烧过程中，质量减小，热值不变；
(2)高温高压的气体将礼花弹推出过程中，对礼花弹做功，将内能转化为机械能，所以内能减小；
(3)汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，与气体将礼花弹推出过程的能量转化形式相同。
【解析】(1)热值是燃料的一种特性，与燃料的种类和状态有关，与燃料的多少无关。
(2)物体对外做功，其内能减小，温度降低。
(3)汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能。
本题综合考查了热值、做功改变物体的内能、汽油机的工作原理等知识的理解，综合题，难度不大。
31.【答案】解：(1)雪地摩托车静止在水平地面上时，对地面的压力：
F=G=m总g=(150+50)kg×10N/kg=2000N；
雪地摩托车对水平地面的压强：
p=FS=2000N500×10−4m2=4×104Pa；
(2)因为v=108km/h=30m/s，故汽车受到的拉力：
F牵=Pv=72000W30m/s=2400N；
因为汽车做匀速直线运动，汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，故：
f=F牵=2400N；
(3)汽车做的有用功：
W有=Pt=72000W×23×60s=9.936×107J；
汽油完全燃烧放出的热量：
Q放=W有η=9.936×107J24%=4.14×108J；
汽油的质量：
m=Q放q=4.14×108J4.6×107J=9kg。
答：(1)雪地摩托车对水平地面的压强是4×104Pa；
(2)该车以最大功率在水平雪地上以最高速度匀速直线行驶时，所受阻力为2400N；
(3)需要汽油的质量是9kg。
【解析】(1)摩托车对水平地面的压力等于摩托车和人的总重力，根据F=G=mg算出压力的大小，再根据p=FS计算出对水平地面的压强。
(2)根据F=Pv计算出牵引力，根据二力平衡条件算出阻力。
(3)先根据W有=Pt计算出汽车做的有用功，再根据Q放=W有η计算出汽油完全燃烧放出的热量，再根据m=Q放q计算出汽油的质量。
本题考查了学生对功率和压强的计算及热机效率的计算，同学们要熟记公式。
32.【答案】解：(1)由电路图可知，当两滑片同时在两电热丝最左端时，电路为R1的简单电路；
由P=U2R可得，R1的电阻：R1=U2P1=(220V)2484W=100Ω；
(2)由电路图可知，当两滑片在两电热丝中点时，R1与R2的一半阻值串联在电路中，此时电路的总电阻：R总=U2P=(220V)2193.6W=250Ω，
因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，所以R2的阻值：R2=2(R总−12R1)=2×(250Ω−12×100Ω)=400Ω；
当两滑片都在两电热丝的最右端时，电路为R2的简单电路，此时电路的功率：P2=U2R2=(220V)2400Ω=121W；
(3)煮蛋器消耗的电能：W=P′t=400W×20×60s=4.8×105J，
因为Q吸=W，所以由Q吸=cmΔt可得，混合物的质量：m=Q吸cΔt=WcΔt=4.8×105J4×103J/(kg⋅℃)×(70℃−20℃)=2.4kg。
答：(1)R1的电阻为100Ω；
(2)两滑片在两电热丝的最右端时的功率为121W；
(3)混合物的质量为2.4kg。
【解析】(1)由电路图可知，当两滑片同时在两电热丝最左端时，电路为R1的简单电路，根据P=U2R可求出R1的电阻；
(2)由电路图可知，当两滑片在两电热丝中点时，R1与R2的一半阻值串联在电路中，根据P=U2R求出电路的总电阻，再根据串联电路电阻特点求出R2的阻值；
当两滑片都在两电热丝的最右端时，电路为R2的简单电路，根据P=U2R可求出此时电路的功率；
(3)先根据W=Pt求出煮蛋器消耗的电能，然后根据Q吸=cmΔt求出混合物的质量。
本题为电功率和热量的综合计算，考查了热量计算公式、电功率计算公式的应用，关键明确滑片在不同位置时电路的连接方式。
相关试卷
2023年辽宁省铁岭市中考物理三模试卷： 这是一份2023年辽宁省铁岭市中考物理三模试卷，共32页。试卷主要包含了1AD， 下列属于光的折射现象的是， 下列对自然现象分析正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省铁岭市部分学校中考物理三模试卷： 这是一份2023年辽宁省铁岭市部分学校中考物理三模试卷，共32页。试卷主要包含了 以下所给数据最接近实际的是等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省铁岭市中考物理三模试卷（含答案）： 这是一份2023年辽宁省铁岭市中考物理三模试卷（含答案），共32页。试卷主要包含了1AD， 下列属于光的折射现象的是， 下列对自然现象分析正确的是等内容，欢迎下载使用。
