2023年江苏省扬州市江都区邵樊片中考物理二模试卷（含答案）

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2023年江苏省扬州市江都区邵樊片中考物理二模试卷
1. 学习物理要注意联系生活实际，观察物理现象，以下说法符合实际的是(    )
A. 人体正常体温为39℃ B. 家用电冰箱正常工作时的电流约为5A
C. 一节新干电池电压为2V D. 对人体而言，安全电压一般不高于36V
2. 在与声有关的四幅图中，属于在声源处控制噪声的是(    )
A. 居民区街道禁鸣喇叭
B. 飞机旁的工作人员佩戴有耳罩的头盔
C. 街头设置的噪声监测仪
D. 高架路某些路段两侧设有透明板墙
3. 下列关于物态变化描述正确的是(    )
A. 冬天水面结冰是凝固现象 B. 冰冻的衣服也能晾干是熔化现象
C. 烧开水时冒出的“白气”是升华现象 D. 皮肤上涂一些酒精感到凉快是液化现象
4. 夏夜，月光皎洁，草丛里飞舞着亮莹莹的萤火虫，颇有“含明终不息，夜月空徘徊”的意境，此情景中(    )
A. 月亮不是光源，萤火虫不是光源
B. 月亮不是光源，萤火虫是光源
C. 月亮是光源，萤火虫是光源
D. 月亮是光源，萤火虫不是光源
5. 水壶中的水烧开后，壶盖会向上跳动。以下四个事例中能量转化与之相同的是(    )


A. 甲、丙 B. 甲、丁 C. 乙、丙 D. 乙、丁
6. 某同学将一质量为600g的金属块轻轻放入盛满盐水的容器中，溢出了100mL的盐水，则金属块受到的盐水的浮力可能是(g取10N/kg)(    )
A. 0.8N B. 0.9N C. 1.0N D. 1.1N
7. 小明根据如图提供的信息得出以下四个结论，其中正确的是(    )

A. 铁块和铝块升高相同温度，一定吸收相等的热量
B. 质量相等的水和沙子，吸收相同热量，水比沙子升温多
C. 冬天楼房中的“暖气”用水做介质，是因为水的比热容大
D. 质量相等的沙子和铁，降低相同温度，沙子放出的热量小于铁放出的热量
8. 如图，趣味运动会上小明同学先顺着杆匀速向上爬，再沿着粗糙的绳子匀速下滑，下面关于小明受力的说法中正确的是(    )
A. 爬杆和爬绳时，受到的摩擦力的方向不同
B. 爬杆和爬绳时，受到的摩擦力的大小不同
C. 沿杆匀速上爬时，受到杆的摩擦力和他的重力是相互作用力
D. 沿绳匀速下滑时，受到绳子的摩擦力和他的重力是一对平衡力

9. 如图所示，将一根导线架在静止小磁针(强磁铁制成)的上方，并使导线与小磁针平行。闭合开关，快速转动小磁针，看到发光二极管发光。对该装置和实验的描述正确的是(    )


A. 奥斯特实验装置，探究的是电生磁的现象
B. 电磁感应现象实验装置，探究的是电生磁的现象
C. 奥斯特实验装置，探究的是磁生电的现象
D. 电磁感应现象实验装置，探究的是磁生电的现象
10. 最先发现电流与电压、电阻之间关系的科学家是(    )
A. 欧姆 B. 焦耳 C. 法拉第 D. 奥斯特
11. 小明观察家中的电风扇、白炽灯和电烙铁几种电器，发现它们上面都标有“220V 40W”的字样，若它们都在额定电压下工作相同时间，产生热量最多的是(    )
A. 电风扇 B. 白炽灯 C. 电烙铁 D. 一样多
12. 某同学在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程为“0-3V”，滑动变阻器规格为“20Ω1A”灯泡L标有“2.5V1.25W”字样(忽略灯丝电阻变化)，在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是(    )

A. 该电路的最大功率是2.35W B. 滑动变阻器值变化的范围是4Ω-10Ω
C. 灯泡的最小功率是0.162W D. 电路中电流变化的范围是0.18A-0.5A
13. 星期天，小明在瘦西湖游玩时看见了一些现象。
(1)阳光下，小明看见自己在地面上留下了影子，可以用光的______ 知识来解释。看见公园中红色的花朵，是因为花朵______ (填“反射”或“吸收”)红色光的缘故。
(2)来到湖边看见湖水中的鱼在蓝天白云间游弋。看见的鱼是光的______ 形成的像。
(3)来到万花园，闻到了阵阵花的香味，说明了______ 。
(4)蜻蜓在平静的水面上空飞行，蜻蜓在水中的“倒影”是它的______ (选填“倒立”、“正立”)的______ (选填“实”、“虚”)像；若蜻蜓距水面1m，他们看到“倒影”紧贴河底，则河底实际深度______ (选填“大于”、“等于”或“小于”)1m；蜻蜓飞到地面上空却看不到倒影，因为光在水面发生了______ (选填“镜面”、“漫”)反射。
14. 小明将一只点燃的蜡烛放在凸透镜(f=10cm)前18cm处，光屏上得到了烛焰倒立、______ (放大/缩小)的清晰的______ (虚/实)像，然后他在蜡烛和凸透镜之间放置了一个远视眼镜片，光屏上烛焰的像变模糊了(如图所示)，若想在光屏上重新得到清晰的像，他可将光屏______ (远离/靠近)凸透镜。
15. 2022年10月9日，太阳探测卫星“夸父一号”在酒泉卫星发射中心使用长征二号运载火箭发射成功.该卫星接受地面指令是通过______ 波传播的，这种波在真空中的传播速度为______ m/s。
16. 如图所示，用刻度尺A和B分别测量同一物体的长度。其中A刻度尺的分度值是______，用其测量的物体长度为______厘米；用B刻度尺测物体时长度为______毫米。
17. 如图所示，分别用定滑轮、动滑轮把重力相同的甲、乙两物体在相同时间内匀速提升相同的高度(滑轮重小于物重)，则所用拉力F甲______(>/u>f，此时成倒立放大的实像；
(2)将远视眼镜片放在蜡烛和凸透镜之间，经过凸透镜的光线会比原来提前会聚成像，所以将光屏靠近凸透镜，才能在光屏上重新得到清晰的像。
故答案为：放大；实；靠近。
(1)2f>u>f，成倒立、放大的实像；
(2)远视镜片是凸透镜，对光线具有会聚作用，会使像提前形成。
此题是探究凸透镜成像的实验，要熟练掌握成像特点与物距、像距之间的关系及其应用。

15.【答案】电磁  3×108 
【解析】解：2022年10月9日，太阳探测卫星“夸父一号”在酒泉卫星发射中心使用长征二号丁运载火箭发射成功。该卫星接受地面指令是通过电磁波传播的，这种波在真空中的传播速度为3×108m/s。
故答案为：电磁；3×108。
电磁波可以传递信息。电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s。
此题考查了电磁波的特点及电磁波的传播速度，属于基础知识。

16.【答案】1cm2.323.4 
【解析】解：(1)刻度尺A的分度值即相邻两刻线间的距离时1cm，测量时是从4.0cm(最后的那个零是估计值)开始测起的，末端刻度值为6.3cm，物体的长度为6.3cm-4.0cm=2.3cm；
(2)刻度尺B的分度值是0.1cm，即1mm，测量是从4.00cm开始测起的，末端刻度值为6.34cm，物体的长度为6.34cm-4.00cm=2.34cm，转化为mm做单位就是23.4mm。
故答案为：1cm；2.3；23.4。
(1)刻度尺的最小刻度值为相邻的刻度线表示的长度；
(2)起始端没从0开始，把4cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去4cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
刻度尺是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值，使用时刻度要紧贴被测物体，读数时视线与刻度垂直，估读到分度值的下一位。

17.【答案】> 
【解析】解：由定滑轮的使用特点可知：F甲=G；F乙=12G，所以F甲>F乙。
如图所示，用定滑轮和动滑轮分别将质量相同的甲、乙两物体匀速提升相同的高度，不计绳重与摩擦，则所做的有用功一样大，
由于要克服动滑轮重力的作用，所以使用动滑轮做的总功多，即W甲；。
(1)动滑轮和定滑轮的使用特点：使用定滑轮不能省力，但能改变动力的方向；使用动滑轮不能改变动力的方向，但能省力。
(2)由P=Wt比较功率，由公式η=W有用W总比较滑轮组机械效率。
本题的解题关键是知道使用动滑轮要克服动滑轮重力做功，在有用功相同的情况下，使用动滑轮所做的总功多。

18.【答案】不可再生  9.66×1010  23 
【解析】解：多数汽车的燃油为汽油，汽油通常从石油中提炼而成，石油属于不可再生能源。
每辆汽车每年消耗汽油约2.1t，这些燃料完全燃烧可以产生热量为：Q放=mq=2.1×103kg×4.6×107J/kg=9.66×1010J；
若不计热量损失，可供1×106kg的水温度升高的度数为：t-t0=Q吸cm=Q放cm=9.66×1010J4.2×103J/(kg⋅℃)×1×106kg=23℃。
故答案为：不可再生；9.66×1010；23。
(1)短期内不能从自然界中得到补充的能源叫不可再生能源；短期内能够从自然界中得到补充的能源叫可再生能源。
(2)根据Q放=mq计算汽油完全燃烧放出的热量。
(3)根据Q吸=cm(t-t0)计算水升高的温度。
知道能源的分类；会根据热量的公式计算热量和升高的温度。

19.【答案】S1、S3  S2  短路 
【解析】解：要使灯泡L1和L2组成并联电路，两盏灯泡的两端分别连在一起，电流分别经过两盏灯泡后回到电源的负极，则应该闭合开关S1、S3，断开开关S2；
要使灯泡L1和L2组成串联电路，电流从电源正极出发后依次经过两盏灯泡，则应该闭合开关S2，断开开关S1、S3；
如果开关S1和S2都闭合，则导线直接将电源两端相连，形成电源短路。
故答案为：S1、S3；S2；短路。
(1)串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极；
(2)短路分为电源短路和用电器短路，电源短路是指用导线直接将电源两端相连；而用电电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来，使电器两端的电压为零。
本题考查了开关的不同状态对电灯的连接方式的影响。注意电源短路会烧坏电源。

20.【答案】 
【解析】
【分析】
根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
本题考查杠杆中最小力的问题以及力的示意图画法的掌握情况，知道支点与力的作用点的连线为最长的力臂。
【解答】
解：在阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，
由图示可知，OB是最大动力臂，当力F与OB垂直向上时，力F最小，如图所示。
  
21.【答案】解：过光心的光线折射光线与入射光线在一条直线上，而且方向相同；过焦点的光线折射光线平行于主光轴，
如图所示：
 
【解析】要作出折射光线，必须知道对于凸透镜：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴。
凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。

22.【答案】解：家庭电路的火线首先进入开关，然后接到灯泡顶端的金属点；零线直接接到灯泡的螺旋套。这样在更换灯泡时更安全。如图所示：
 
【解析】家庭电路中为保证安全，开关控制灯泡时和灯泡是串联的。火线过开关入灯座，零线直接入灯座。
掌握电灯、开关、两孔插座、三孔插座、保险丝的接法，这是家庭电路中最常见的连接。

23.【答案】解：(1)机器人空载时所受的重力为：
G=mg=120kg×10N/kg=1200N；
(2)空载时车轮与地面的总接触面积为S=75cm2=7.5×10-3m2，
机器人空载时对水平地面的压强为：
p=FS=GS=1200N7.5×10-3m2=1.6×105Pa；
(3)机器人满载时的总质量为：
m总=m+m物=120kg+40kg=160kg，
机器人满载时所受的重力为：
G总=m总g=160kg×10N/kg=1600N；
由题知，机器人匀速行驶时受到的摩擦力为：
f=0.2G总=0.2×1600N=320N，
根据二力平衡得，机器人满载匀速行驶时所需的牵引力为：
F牵=f=320N。
答：(1)空载时所受的重力为1200N；
(2)空载时对水平地面的压强为1.6×105Pa；
(3)满载匀速行驶时所需的牵引力为320N。 
【解析】(1)根据G=mg可计算出机器人空载时所受的重力；
(2)机器人空载时对地面的压力等于其空载时的重力，根据p=FS可计算出机器人空载时对水平地面的压强；
(3)先计算出机器人满载时的总质量，再根据G=mg可计算出机器人满载时所受的重力，由题知，根据f=0.2G计算出机器人匀速行驶时受到的摩擦力，根据二力平衡知，机器人匀速行驶时受到的牵引力等于其受到的摩擦力。
本题考查了重力、压强的计算，以及二力平衡的应用，题目综合性较强，难度不大。

24.【答案】解：(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R的最大阻值和R0串联，电流表测电路中的电流，电压表测量滑动变阻器R两端的电压；
由图乙可知，电路中的最小电流I小=0.4A，滑动变阻器的功率P1=3.2W，
由P=I2R可得，滑动变阻器的最大阻值：R大=P1I小2=3.2W(0.4A)2=20Ω；
(2)因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，电源的电压：U=I小(R大+R0)=0.4A×(20Ω+R0)，
由图乙可知，当电路中的电流I=0.6A时，滑动变阻器的功率P1'=3.6W，
则滑动变阻器接入电路中的电阻：R=P1'I2=3.6W(0.6A)2=10Ω，
电源的电压：U=I(R+R0)=0.6A×(10Ω+R0)，
因电源的电压不变，所以，0.4A×(20Ω+R0)=0.6A×(10Ω+R0)，
解得：R0=10Ω，
电源的电压：U=I小(R大+R0)=0.4A×(20Ω+10Ω)=12V；
(3)当滑片P置于中点时，滑动变阻器接入电路的中的阻值：R中=12R大=12×20Ω=10Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻：R总=R0+R中=10Ω+10Ω=20Ω，
此时电路中的电流：I'=UR总=12V20Ω=0.6A，
在5s内电阻R0上所产生的热量：Q=I'2R0t=(0.6A)2×10Ω×5s=18J。
答：(1)滑动变阻器R的最大阻值为20Ω；
(2)电源电压U为12V；R0的阻值为10Ω；
(3)当滑片P置于中点，在5s内电阻R0上所产生的热量为18J。 
【解析】(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R的最大阻值和R0串联，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电路中的最小电流和滑动变阻器的功率，根据P=I2R求出滑动变阻器的最大阻值；
(2)由图乙可知，当电路中的电流I'=0.6A时滑动变阻器的功率，根据P=I2R求出滑动变阻器的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值，进一步求出电源的电压；
(3)根据串联电路的电阻特点求出当滑片P置于中点时电路中的总电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据焦耳定律Q=I2Rt求出在5s内电阻R0上所产生的焦耳热。
本题考查欧姆定律、电功率公式以及焦耳定律的应用，能从中获取相关信息是解题的关键。

25.【答案】热  保持不变  97 不沸腾  Q1=Q2+Q3 
【解析】解：(1)为了缩短实验时间，小亮向烧杯中注入适量的热水；
(2)绘制出温度随时间的变化图像，如图乙所示．水沸腾时，水的温度变化特点是保持不变；
(3)小红猜想沸腾的水也能将图丙试管中的水加热至沸腾。实验时，用烧杯中沸水给试管中水加热，一段时间后，试管中的温度计示数上升到图丙所示的值后不再变化，其读数为97℃；因为试管内的水没有达到沸点，所以没有沸腾。
若相同时间内试管中的水，从沸水中吸收的热量为Q1，由于水蒸发带走的热量为Q2，散失到空气中的热量为Q3，水温不再变化的主要原因三个热量之间满足关系是：Q1=Q2+Q3。
故答案为：(1)热；(2)保持不变；(3)97；不沸腾；Q1=Q2+Q3。
(1)在观察水的沸腾实验中，为了缩短加热时间，要提高水的初温。
(2)水在沸腾时吸热，温度保持不变。
(3)温度计在读数前，要弄清它的零刻度、量程和分度值；水沸腾必须同时满足两个条件：一是温度达到沸点；二是继续吸热。根据能量守恒定律：Q1=Q2+Q3。
知道水的沸腾特点和水的沸腾条件；会正确读出温度计的示数。

26.【答案】改变物体的形状  大气压  小 
【解析】解：(1)用手指压圆珠笔芯，笔芯会弯曲，这个实验说明力可以改变物体的形状；
(2)当用手指堵住上端开口时，上端不再与大气相通，下端受到大气压的作用，所以水不会从下端流出，吸管中有一段水柱。
(3)从B管左侧向右吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升，这是因为流体的流速越大，压强越小。
故答案为：(1)改变物体的形状；(2)大气压；(3)小。
(1)力的作用效果有两个：一是改变物体的运动状态；二是改变物体的形状；
(2)两端开口的饮料管插入水中，管内外水面上方受到大气压的作用，所以内外液面将保持相平，用手堵住口的一端，管内水将在外界大气压的作用下不会掉下来；
(3)流体流速大的位置压强小。
本题考查了力的作用效果、大气压、流体压强与流速的关系，知识点多，综合性强。

27.【答案】BCD 偏小  取出石块上有水会导致体积偏大  法一：测出取出后矿石的质量，计算偏大的体积；法二：利用天平间接测石块的体积，先测水与烧杯的质量，后测加至标记后水与烧杯的质量  仍然准确 
【解析】解：(1)AB、指针偏向右侧，说明一开始右侧的质量就偏大，而这一部分质量是不能通过砝码和游码读取出来的，所以测量结果会偏小；指针偏向右侧时测量结果会偏大，故A错误，B正确；
C、磨损的砝码会使其质量变小，就必须多添加或多移动游码的位置，从而使最终的读数变大，故C正确；
D、调节天平平衡时，忘了把游码放在左端的零刻度线处，相当于提前在右盘添加了小砝码，在读数时，加上这部分质量，测量结果会偏大，故D正确。
故选：BCD。
(2)在测量矿石体积的过程中，矿石从烧杯中取出，必然出带出一定的水，从而使补充的水量增加，也就是测量的矿石体积会偏大，质量不变，体积偏大，最终的密度就会偏小；
(3)由(2)知，取出石块上有水会导致体积偏大，则可采取如下方法：一是测出取出后矿石的质量，计算偏大的体积；二是利用天平间接测石块的体积，先测水与烧杯的质量，后测加至标记后水与烧杯的质量；
(4)天平的右盘有一个缺角，调节平衡螺母后，左右两盘质量相等，测量物体质量时，左右两盘质量也相等，不影响测量结果；即小明所测的密度值仍然准确。
故答案为：(1)BCD； (2)偏小；取出石块上有水会导致体积偏大；
(3)法一：测出取出后矿石的质量，计算偏大的体积；法二：利用天平间接测石块的体积，先测水与烧杯的质量，后测加至标记后水与烧杯的质量；(4)仍然准确。
(1)调节天平平衡时，指针的偏向直接反映了哪一侧的质量会偏大，因此对最终的测量结果会造成影响；
磨损的砝码质量会变小，但读数时我们仍会按标注的质量读取，因此也会影响测量结果；
游码相当于加在天平右侧的小砝码，如果没测量之前，游码就已经有了示数，当然也会影响最终的结果。
(2)影响测量结果的因素主要在体积的测量上，因此分析出体积有可能偏大还是偏小才是关键；
(3)根据(2)中判断的结果进行解答；
(4)右盘有一个缺角，调节平衡螺母时，使天平两盘质量相等，不影响测量结果。
用天平和量筒测固体的密度时，读取测量结果是必须要学会的，但学会分析测量过程中误差的产生原因，并能想办法减小，才是我们更需要加强的能力。

28.【答案】速度相同  木板  速度 
【解析】解：(1)实验中每次均让同一小车从斜面的相同高度由静止自由下滑，目的是使小车在水平面上开始滑行时获得的速度大小相等；
(2)若水平面上铺的材料种类是毛巾、木板、棉布，则标记c距离最远，所以应该是相对光滑的表面，即应该是小车在木板表面上停下的位置；(3)动能与质量和速度有关，让同一小车从不同高度由静止滑下，到达水平面的速度不同，因此可探究小车的动能与速度的关系。
故答案为：(1)速度相同；(2)木板；(3)速度。
(1)根据控制变量法，小车从同一斜面的相同高度由静止下滑，小车到达水平面时的速度相等；
(2)接触面越光滑，小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，小车运动的距离越远；
(3)根据题干条件，分析动能的影响因素，可做出判断
本题研究阻力对物体运动的影响、探究物体动能的影响因素，考查控制变量法等知识，难度不大。

29.【答案】(1)匀速；二力平衡  ；左 
(2)2.4
(3)接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大 
(4)实验中不必再控制物体做匀速直线运动；弹簧测力计处于静止状态，比较容易读数 
【解析】解：
(1)实验时为了测出滑动摩擦力大小，应使弹簧测力计拉着木块在水平面上向右做匀速直线运动，此时摩擦力和拉力是一对平衡力，根据二力平衡，可知此时滑动摩擦力与拉力大小相等，摩擦力的方向与物体运动方向相反，所以摩擦力的方向向左；
(2)由甲图知，测力计的分度值为0.2N，其示数为2.4N；
(3)甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，乙的压力较大，而测力计的示数较大，说明受到的摩擦力较大，可得当接触面粗糙程度相同时，压力越大，摩擦力越大；
(4)木块与弹簧测力计固定不动，拉动木板运动，该实验设计的优点是：一方面，物体不必做匀速直线运动，便于实验操作，另一方面，弹簧测力计处于静止状态，便于读数。

本题是探究影响滑动摩擦力大小因素的实验，考查了控制变量法的应用及测量摩擦力的方法。

30.【答案】调零  R断路  U一定，I与R成反比  将滑动变阻器调至阻值最大处，闭合开关，移动滑动变阻器直至电压表示数为2.5V 
【解析】解：(1)检查器材时发现电流表指针在零刻线左端，接下来进行的操作是：调零。
(2)电压表并联在定值电阻两端，选择0-3V量程，滑动变阻器“一上一下”串联接入电路。如图所示：

(3)选择5Ω的定值电阻，连接好电路后、用开关“试触”时，观察到电流表无示数，电压表有示数，则故障可能是R断路。
(4)排除故障后，根据多次测量数据分析得出的实验结论是：在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。
(5)某次实验时，为保证定值电阻两端电压为2.5V，用5Ω的电阻做完实验，断开开关，把R换为10Ω的电阻接入电路，接下来的操作是：将滑动变阻器调至阻值最大处，闭合开关，移动滑动变阻器直至电压表示数为2.5V。
故答案为：(1)调零； (2)；(3)R断路；(4)U一定，I与R成反比；(5)将滑动变阻器调至阻值最大处，闭合开关，移动滑动变阻器直至电压表示数为2.5V。
(1)电流表使用前必须弄清楚它的零刻度、量程和分度值，指针没有指零的要调零。
(2)电压表要并联在电路两端，滑动变阻器要一上一下串联在电路中。
(3)根据电表示数判断电路故障。
(4)U一定，I与R成反比。
(5)更换电阻一定，每次都要移动滑片，保证定值电阻两端的电压不变。
本题主要考查了电流与电阻的关系；会根据实验原理连接实物图，能够分析得出实验结论。

31.【答案】大  先变大后不变  10050.4 
【解析】解：(1)通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，由P=UI可知，充电功率更大；
(2)由图乙知，D从30%增至70%的过程中，充电功率大致的变化规律是先变大，后不变；
当D达到70%时，充电功率为40kW=40000W，
由表中数据知，D达到70%时，充电电压为400V，
由P=UI可知，此时的充电电流：
I=PU=40000W400V=100A；
(3)由表中数据知，D达到70%时，即充入充满状态储能的40%时，充电度数为24.0kW⋅h，充电费用28.80元，
电费单价为：28.80元24.0kW⋅h=1.20元/kW⋅h，
则充满电还需充入30%，需消耗的电能为：W'=24.0kW⋅h40%×30%=18kW⋅h，
测试全过程的充电费用为(24+18)kW⋅h×1.20元/kW⋅h=50.4元。
故答案为：(1)大；(2)先变大后不变；100；(3)50.4。
(1)由P=UI可知，充电电压更高、电流更大，充电功率的大小情况；
(2)由图乙知，D从30%增至70%的过程中，充电功率大致的变化规律；
由表中数据知，D达到70%时的充电电压，由图乙知此时的充电功率，由P=UI计算此时的充电电流；
(3)由表中数据知，D达到70%时的充电度数和充电费用，可计算电费的单价；
充电前，D为30%，根据电池当前储能占充满状态储能的百分比为D，可计算充满时的充电度数，从而计算测试全过程的充电费用。
本题以直流充电桩为情景主要考查了电功率公式的灵活应用，理解题意并能从图像和表格中获取有用数据是关键，本题很好的体现物理知识在生活中的应用。