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2023年广西北海市中考物理二模试卷
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这是一份2023年广西北海市中考物理二模试卷，共24页。试卷主要包含了 “营养早餐”一般都配有鸡蛋等内容，欢迎下载使用。
2023年广西北海市中考物理二模试卷
1. “营养早餐”一般都配有鸡蛋。一个鸡蛋的质量约为50( )
A. N B. g C. J D. kg
2. 在“中国梦想秀”的舞台上，一位模仿秀演员可以惟妙惟肖地模仿十多位明星的声音，观众要判断他所模仿的是哪位明星，主要依据的是( )
A. 响度 B. 音色 C. 音调 D. 波长
3. 2022年中央电视台对非标电线因质量问题和存在的安全隐患进行曝光，即同种材料的非标电线比国家标准电线都要细一些。若用非标电线替代相同长度的国标电线，则导线的电阻( )
A. 变大 B. 变小 C. 不变 D. 无法判断
4. 如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是( )
A. 水球成像
B. 日晷影子
C. 水中“倒影”
D. 白光色散
5. 下列做法中符合安全用电要求的是( )
A. 在高压线附近放风筝 B. 在未断开电源的情况下更换灯泡
C. 在家庭电路中安装空气开关或保险丝 D. 用电器电线绝缘皮破损了仍继续使用
6. 水无常形，于千变万化中孕育自然奇观。如图所示的各种水的物态变化中，属于液化的是( )
A. 雪融成溪 B. 滴水成冰
C. 气凝成霜 D. 气结成露
7. 2022年6月5日，搭载神舟十四号载人飞船的长征二号F遥十四运载火箭在我国酒泉卫星发射中心发射成功。神舟十四号载人飞船加速升空的过程中( )
A. 重力势能不变 B. 动能不断增大 C. 机械能不变 D. 受到平衡力作用
8. 中国某品牌电动汽车厂落户南宁。电动汽车动力来自于车内的电动机，图中选项符合电动机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
9. 如图所示是一位视力缺陷者的眼球成像示意图，他的视力缺陷类型及矫正视力应该配戴的透镜种类是( )
A. 远视眼，凸透镜 B. 远视眼，凹透镜 C. 近视眼，凹透镜 D. 近视眼，凸透镜
10. 如图所示，将一束扯成线状的塑料捆扎绳用清洁干燥的手自上而下地捋几下，塑料绳就会向四周散开，而且捋的次数越多，下端散开得就越越大，产生这种现象的原因是( )
A. 同种电荷相互排斥
B. 异种电荷相互排斥
C. 分子间有斥力
D. 分子间有引力
11. 力学知识的应用在我们的生活中随处可见，图中涉及到的物理知识解释正确的是( )
A. 甲图：使用定滑轮可以省力
B. 乙图：下水道的“反水弯”是一个连通器
C. 丙图：乘坐扶梯上楼时，以扶梯为参照物人是运动的
D. 丁图：“硬币跳高”实验说明流速大的地方压强大
12. 如图所示，小伙伴们在玩滑板车，脚蹬地后，人和车一起沿水平路面向前运动。下列说法正确的是( )
A. 蹬地时，地面对脚的支持力是由于地面形变产生的
B. 人对车的压力和车对人的支持力是一对平衡力
C. 停止蹬地后，车最终会停下来，说明运动需要力来维持
D. 车在滑行过程中所受的力突然全部消失，车将立即停下来
13. 恒压电源电压大于灯泡额定电压的2倍，为了让这样两个相同的灯泡均正常发光，小明同学设计了如下四个电路图，既可以使两个灯泡正常发光又最省电的电路是( )
A. B.
C. D.
14. 下列说法中正确的是( )
A. 汽车驶过尘土飞扬，说明分子在永不停息地做无规则运动
B. 我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多
C. 用锯条锯木板，锯条的温度升高，是利用做功的方式改变了锯条的内能
D. 把-10℃的冰块放在 0℃的冰箱中，一段时间后，冰块的内能会增大
15. 自行车是人们常用的一种交通工具，其利用了很多有关摩擦的知识。下列有关说法中正确的是( )
A. 给自行车加润滑油是为了减小摩擦
B. 刹车时用力捏车闸是增大压力从而增大摩擦
C. 自行车外胎有凹凸不平的花纹是为了减小摩擦
D. 在自行车脚蹬转动处安装钢珠是为了增大摩擦
16. 将灯L1、L2按图中甲、乙方式分别接在电压恒为U的电路中、已知灯L1的电阻大于灯L2的电阻，设灯丝的阻值不变。下列说法中正确的是( )
A. 甲电路中通过L1的电流小于通过L2的电流
B. 乙电路中L1两端的电压等于L2两端的电压
C. 甲电路消耗的总功率大于乙电路消耗的总功率
D. 乙电路中L1的电功率大于甲电路中L1的电功率
17. 如图所示为试验中的太阳能汽车，太阳能来自太阳内部的氢原子核发生______ (选填“裂变”或“聚变”)而释放的核能；汽车顶部的太阳能电池将太阳能转化为电能，电能是______ (选填“一次”或“二次”)能源。
18. 周末，小明一家在湖中划船，划船的船桨是一种______ (选填“省力”或“费力”)杠杆；小明用船桨向后划水，船就向前进，说明物体间力的作用是______ 的。
19. 如图所示，一只小鸟在平静的湖面上飞翔，已知湖水深为3m。当小鸟距离湖面2m时，小鸟在湖中的影子距小鸟______ m；在小鸟向下俯冲的过程甲，其在水中影子的大小将______ (选填“变大”“不变”或“变小”)。
20. 如图所示，冬天用热水浸泡牛奶瓶加热，是利用______ 的方式使牛奶内能增大；2kg、90℃的热水温度降低到40℃放出的热量为______ J。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
21. 如图所示的电路中，电源电压为12V且保持不变，电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2上标有“1A”字样，闭合开关S，电压表示数为5V，此时通过电阻R1的电流为______ A；为确保电路元件安全，滑动变阻器在移动过程中，至少接入的电阻值为______ Ω。
22. 如图所示，在水平地面上有两个由同种材料制成的均匀正方体金属块甲和乙，其密度为3×103kg/m3，它们的边长之比为1：3，甲的边长为0.09m，若乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方，此时甲、乙对地面的压强相等，则此时甲对地面的压强p甲=______Pa，乙正方体切去的厚度Δd=______cm。(g取10N/kg)
23. 如图所示，请画出水平地面上物块所受的重力和支持力的示意图。
24. 如图所示，用笔画线代替导线将图中部分家庭电路正确连接完整。
25. 小明用如图甲所示的装置进行“探究水的沸腾时温度变化特点”实验。
(1)安装好实验装置，对水加热一段时间后，发现温度计示数如图乙所示，此时水的温度为______ ℃；实验中，小明观察到水在沸腾前和沸腾时水中气泡的上升情况不同，如图丙______ (选填“a”或“b”)能表示沸腾时气泡上升情况。
(2)根据正确的实验数据，小明描绘了水的温度随时间变化的图像如图丁所示。分析图像可得出结论：水在沸腾过程中不断______ 热量，温度______ 。
(3)图甲中，若烧杯中水的质量一定，烧杯口上已加盖子，为减少实验的加热时间，你还可以采取的方法是______ 。
26. (1)在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，如图甲把物体从开始浸入到完全浸入液体的4次实验中，第2次和第1次相比，弹簧测力计的示数______ ；第4次和第3次相比，弹簧测力计的示数______ 。(均选填“变小”“变大”或“不变”)
(2)图乙是“探究凸透镜成像规律的实验”装置，平行于主光轴的光线经过凸透镜在光屏上形成一个最小、最亮的光斑，此凸透镜的焦距为______ cm；将点燃的蜡烛、凸透镜放在图丙所示的位置，在光屏上得到了一个清晰的倒立、______ (选填“放大”“等大”或“缩小”)的实像。
(3)在“探究杠杆的平衡条件”的实验中，实验前杠杆左低右高，此时应将杠杆的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使杠杆水平位置平衡；如图丁所示杠杆已平衡，此时在左右两端的钩码下端各增加一个钩码，此时杠杆左端会向______ 运动。
27. 小红在科技馆里做如图所示的实验：把一个钢球从光滑斜槽上的A点自由滚下，经抛出点C后离开斜槽，最后落在地面上的P点。她用刻度尺分别测出抛出点C离A点的高度为h1、抛出点C离地高度为h2、落地点P离抛出点C的水平距离为s。小红猜想s可能与下列三个因素有关系：
猜想一：钢球的质量；
猜想二：钢球离地高度h2；
猜想三：钢球水平运动的速度。
为了验证猜想，小红认真做了四次实验实验并把实验数据记录到如下表格里：
序号
钢球质量m/g
抛出点离最高点的高
度h1/m
抛出点离地的高度
h2/m
落地点与抛出点的水平距离
s/m
1
10
0.05
2
0.64
2
20
0.05
2
0.64
3
10
0.2
2
1.28
4
10
0.2
4
1.82
(1)不计空气阻力，离开抛出点C后的钢球受______ 力的作用；离开抛出点C后，钢球沿如图所示的路径运动，说明钢球的运动状态是______ (选填“改变”或“不变”)的。
(2)为了研究猜想一是否正确，应选用实验序号为______ 两组实验进行对比，分析可得钢球水平运动的距离与钢球的质量______ (选填“有关”或“无关”)。
(3)对比实验序号为3、4两组实验，第4次钢球离开抛出点C的速度______ (选填“大于”“等于”或“小于”)第3次钢球离开抛出点C的速度；对比这两组实验数据，可证明猜想二是______ (选填“正确”或“错误”)的。
(4)通过上述实验，初步得出结论：落地点P离抛出点C的水平距离s与______ 有关。
28. 如图所示，小明在做“测小灯泡额定电功率实验”过程中，小灯泡L1额定电压为2.5V。
(1)请你用笔画线代替导线将图甲中未连接部分连接好，要求：滑片向左移时，灯泡亮度变暗。
(2)正确连接电路后，若图甲中导线a内部断路，其余均完好，闭合开关，电压表______(选填“有”或“无”)示数。
(3)故障排除后，闭合开关，移动滑片至某位置时，电压表示数为1.5V。若使小灯泡L1正常发光，应将移动滑片向______(选填“左”成“右”)端移动。当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示。则小灯泡L1的额定功率为______ W。
(4)为测量额定电流为I0的小灯泡L2的额定功率，小明又设计了如图丙所示的电路，电源电压U不变，实验步骤如下：
①只闭合开关______，移动滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为I0；
②再闭合另一个开关，______(选填“保持”成“改变”)滑动变阻器滑片的位置，读出电流表的示数I1；
③小灯泡L2额定功率的表达式为P额=______(用U、I0、I表示)。
29. 如图所示是一台火灾现场侦察、灭火的消防机器人，其质量为600kg，以3m/s的速度在水平地面沿直线匀速前进了1min，行驶时所受阻力为自重的0.02倍。求：
(1)消防机器人所受的重力。
(2)消防机器人行走的路程。
(3)消防机器人牵引力做的功。
30. 近几年城市部分老小区进行改造，不少多层楼房安装了电梯。出于安全考虑，电梯都设置超载自动报警系统，其工作原理如图甲所示，其电路由工作电路和控制电路组成。在工作电路中，当电梯没有超载时，触点K与触点A接触，闭合开关S，电动机正常工作；当电梯超载时，触点K与触点B接触，电铃发出报警铃声，闭合开关S，电动机不工作。在控制电路中，已知电源电压U=6V，保护电阻R1=100Ω，电梯底架自重为2000N；电磁铁线圈电流达到15mA时，衔铁刚好被吸住，电铃发出警报声；电阻式压力传感器(压敏电阻)R2的阻值随压力F的大小变化情况如图乙所示，电磁铁线圈的阻值忽略不计。求：
(1)电铃发出警报声时，R2的阻值大小。
(2)请你计算该电梯最多能乘坐的人数(以每人50kg计算)。
(3)综合考虑安全和居民乘坐情况，现需提高电梯的限载为16人，小明提出的改进方案是降低电源电压U；小红提出的改进方案是减小R1的阻值。请你通过计算，具体说明以上两种方案是否可行。
31. 在水平桌面上放有一个足够高的薄壁柱形容器，如图甲所示，其底面积为100cm2，一个重为2.5N，底面积为40cm2，高为10cm的柱形玻璃杯A漂浮于水面上，容器底有一个密度为2×103kg/m3的实心金属块B(与容器底部不密合)，用一根细线将B与玻璃杯A的下表面相连，细线未拉直，缓慢向容器中注水，细线所受拉力随时间变化的图像如图乙所示，最后A、B两物体在水中静止(细线不可伸长且质量与体积忽略不计)，求：
(1)注水前，玻璃杯A所受浮力；
(2)当细线所受拉力为0.5N时，玻璃杯A浸入水中的深度；
(3)金属块B的重力；
(4)从t1时刻到t2时刻，水对容器底的压强变化量。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、“N”是力的单位，不是质量的单位，故A错误；
B、由生活经验知，一个鸡蛋的质量约为50g，故B正确；
C、“J”是热量和功、能量的单位，不是质量的单位，故C错误；
D、一个鸡蛋的质量约为50g=0.05kg，故D错误。
故选：B。
首先要对质量的单位有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题主要考查了对质量的估测，要了解质量的单位，并能与其它单位进行区分。
2.【答案】B
【解析】解：不同的人发出声音主要是音色不同，所以模仿秀演员模仿的是明星的音色，观众是根据音色的不同来判断他所模仿的明星。
故选：B。
音色反映了声音的品质与特色，由于不同人的声带结构的不同，它们发出声音的音色也不一样，也是我们辨别不同声音的依据。
本题考查了学生对乐音特征的了解与掌握，要会用所学的物理知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
3.【答案】A
【解析】解：非标电线比国家标准要求的合格电线都要细一些，用同种材料的非标电线替代相同长度的合格电线时，长度、材料都相同，非标电线的横截面积更小，则导线的电阻变大。
故选：A。
影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积、温度；在其它条件相同时，导体的横截面积越小，其电阻越大。
本题考查了影响电阻大小的因素，属于基础题。
4.【答案】C
【解析】解：A、宇航员透过水球成像属于凸透镜成像，利用的是光的折射，故A不符合题意；
B、日晷影子是由于光的直线传播形成的，故B不符合题意。
C、景物在水中形成“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C符合题意；
D、白光通过三棱镜色散属于光的折射现象，故D不符合题意。
故选：C。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
5.【答案】C
【解析】解：A、高压输电线的电压很高，若在高压线附近放风筝，可能会发生高压触电事故，故A错误；
B、在未断开电源开关的情况下更换灯泡容易发生触电事故，故B错误；
C、为防止因为干路电流过大引起火灾，家庭电路中必须安装保险丝或空气开关，故C正确；
D、电线的绝缘皮破损时应及时更换，否则容易发生触电事故，故D错误。
故选：C。
(1)在高压输电线旁，易发生高压电弧触电和跨步电压触电；
(2)维修电器时，应先断开开关，否则会触电；
(3)为防止因为干路电流过大引起火灾，家庭电路中必须安装保险丝或空气开关；
(4)电线的绝缘皮破损时容易造成触电事故；
本题主要考查生活中的一些安全用电常识，应注意积累并严格遵守，牢记安全用电常识，并在生活中加以运用。
6.【答案】D
【解析】解：A、雪融成溪，雪由固态变成液态，是熔化过程，故A不符合题意；
B、滴水成冰，冰的形成，水由液态变成固态，是凝固过程，故B不符合题意；
C、气凝成霜，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故C不符合题意；
D、气结成露，露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的水滴，故D符合题意。
故选：D。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
本题考查物态变化中的吸放热，分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。
7.【答案】B
【解析】解：ABC、运载火箭加速升空的过程中，火箭的质量不变(忽略燃料短时损耗)，速度增大，则火箭的动能增大；同时火箭所处的高度增大，其重力势能增大；因机械能等于动能与势能的总和，且火箭的动能和重力势能均增大，所以运载火箭的机械能增大，故AC错误，B正确；
D、火箭的运动状态发生了改变，受到非平衡力的作用，故D错误。
故选：B。
影响动能大小的因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、高度；质量越大，高度越大，重力势能就越大；机械能等于动能与势能的总和；
物体受到平衡力作用时，会保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查了动能、重力势能和机械能的大小变化，属于基础题。
8.【答案】B
【解析】解：电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动；
A、图中给螺线管通电后，螺线管能吸引铁钉，其工作原理是电流的磁效应，故A不符合题意；
B、图中，闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，将电能转化为机械能，与电动机的工作原理相同，故B符合题意；
C、图中是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，故C不符合题意；
D、图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，这是电磁感应现象，故D不符合题意；
故选：B。
解答本题需要掌握：电动机工作原理是什么，以及图中几个实验反映的物理规律。
发电机以及电动机的工作原理是常考并且易混淆的知识点，一定要注意仔细区分。
9.【答案】A
【解析】解：据图能看出，此时像成在了视网膜的后方，所以此时是远视眼的示意图，为了使得像成在视网膜上，所以应该使原来的光线提前会聚，故应用对光线有会聚作用的凸透镜进行矫正。
故选：A。
据图中物体所成像的位置可以判断出像成在视网膜的前方还是后方，而后据凸透镜对光线的会聚作用、凹透镜对光线的发散作用进行判断即可。
解答此类题目的关键是理解近视眼远视眼的成像特点和矫正措施。
10.【答案】A
【解析】解：因为用清洁干燥的手自上而下地捋，因摩擦而使塑料绳带上同种电荷，同种电荷互相排斥，故塑料绳向四周散开；捋的次数越多，塑料绳带的电荷量越多，排斥力越大，故散开得越大。
故选：A。
同种电荷相互排斥。
知道塑料绳散开是由于电荷间的相互作用而造成的是解此题的关键。
11.【答案】B
【解析】解：A、定滑轮实质是等臂杠杆，使用定滑轮可以改变力的方向，但不能省力，故A错误；
B、下水道的“反水弯”是一个连通器，故B正确；
C、乘坐扶梯上楼时，人相对扶梯的位置没有发生变化，以扶梯为参照物人是静止的，故C错误；
D、“硬币跳高”实验说明流速大的地方压强小，故D错误。
故选：B。
(1)定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向；
(2)上端开口底部相连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的同种液体不流动时，各个容器中液面总是相平的；
(3)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(4)流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。
此题考查了定滑轮及其工作特点、连通器原理、运动和静止的相对性、流体压强与流速的关系，涉及知识点较多，但难度不大。
12.【答案】A
【解析】解：
A、蹬地时，人的脚对地施加了一个力，地发生了形变，对人的脚产生了一个支持力，故A正确；
B、人对车的压力和车对人的支持力没有作用在同一个物体上，所以不是一对平衡力，故B错误；
C、停止蹬地后，车最终会停下来的原因是受到阻力的作用，说明力可以改变物体的运动状态，物体的运动不需要力来维持，故C错误；
D、在滑行过程中所受到的力突然消失，根据牛顿第一定律可知，人和车将保持匀速直线运动，不会立即停下来，故D错误。
故选：A。
(1)弹力是由于物体发生弹性形变而产生的力，压力、支持力都属于弹力；
(2)一对平衡力等大、反向、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
(3)力是改变物体运动状态的原因；
(4)一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题综合了力与运动的关系、平衡力的辨别等多方面的知识，解决这类题目的关键是对这几方面知识的详细理解和熟练掌握。
13.【答案】C
【解析】解：
灯泡两端电压等于额定电压时，正常发光，若灯泡正常发光的电流为I。
A、由图知，两灯并联，由并联电路的电压特点知，U=U1=U2>U额，灯泡不能正常能光；
B、由图知，两灯串联，两灯相同，由串联电路电压特点知，U1=U2，且U=U1+U2，由于电源电压大于灯泡额定电压的2倍，所以U1=U2=12U>U额，所以灯泡不能正常发光；
C、由图知，两灯以及变阻器串联，U=U1+U2+U滑，调节变阻器可使两灯电压U1=U2=U额，则两灯正常发光，且电路中电流为I，电路消耗功率P=UI；
D、由图知，两灯并联再与变阻器串联，调节变阻器使两都正常发光时，电路中电流为2I，电路消耗功率P=2UI；
综上所述，要使两个灯泡正常发光又最省电(电功率最小)的电路为C。
故选：C。
两灯相同，且电源电压大于灯泡额定电压的2倍，由各图连接情况，结合电路特点判断灯泡是否能正常发光，由P=UI分析耗电情况，从而得到答案。
本题考查电路的设计，要知道灯泡正常发光时电压等于额定电压，省电的电路消耗电功率较小。
14.【答案】CD
【解析】解：
A、汽车驶过尘土飞扬，能看到尘土飞扬，是物体的机械运动，不属于分子的运动，故A错误。
B、我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为热汤的温度高，故B错误。
C、用锯条锯木板，克服摩擦做功，机械能转化为内能，锯条的温度升高，是通过做功的方式使锯条内能增加，故C正确。
D、将-10℃的冰放入0℃的冰箱中，二者之间有温度差，会发生热传递，因此冰会吸热，其内能会增加，故D正确。
故选：CD。
(1)由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现；
(2)热量是过程量，不是状态量，不能用“含有”来表述；
(3)做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；
(4)从热传递发生的特点角度可判断内能的变化。
本题主要考查了分子运动和机械运动的判断、热量的含义、改变内能的方式等，属热学综合题，难度不大。
15.【答案】AB
【解析】解：A、给自行车加润滑油是为了减小摩擦，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力，故A正确。
B、刹车时用力捏车闸是增大压力从而增大摩擦，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故B正确。
C、自行车外胎有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误。
D、在自行车脚蹬转动处安装钢珠是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力，是故D错误。
故选：AB。
(1)摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度。
(2)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
(3)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
本题在考查影响滑动摩擦力大小的两个因素的同时，也考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力，要求学生在生活中多注意观察，并学会应用，增大有益摩擦，减小有害摩擦，使其更好地为人类服务。
16.【答案】BD
【解析】解：A、由图甲可知，L1、L2串联，根据串联电路的电流特点可知，甲电路中通过L1、L2的电流相等，故A错误；
B、由图乙可知，L1、L2并联，根据并联电路的电压特点可知，乙电路中L1、L2两端的电压相等，故B正确；
C、根据串并联电路的电阻特点可知，串联电路的总电阻大于任一分电阻，并联电路的总电阻小于任一分电阻，所以甲电路中的总电阻大于乙电路中的总电阻，而电源电压相等，根据P=U2R可知，甲电路消耗的总功率小于乙电路中消耗的总功率，故C错误；
D、根据串并联电路的电压特点可知，乙电路中L1两端的电压等于电源电压，甲电路中L1两端的电压小于电源电压，所以乙电路中L1的电压大于甲电路中L1两端的电压，灯丝的电阻不变，根据P=U2R可知，乙电路中L1的电功率大于甲电路中L1的电功率，故D正确。
故选：BD。
(1)由图甲可知，L1、L2串联，根据串联电路的电流特点可知通过L1、L2的电流关系；
(2)由图乙可知，L1、L2并联，根据并联电路的电压特点可知L1、L2两端的电压关系；
(3)根据串并联电路的电阻特点和P=U2R可知甲、乙电路消耗的总功率的关系；
(4)根据串并联电路的电压特点和P=U2R可知甲、乙电路中L1的电功率关系。
本题考查串并联电路的特点以及电功率公式的应用，能正确分析电路是解题的关键。
17.【答案】聚变 二次
【解析】解：在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能；
汽车顶部的太阳能电池将太阳能转化为电能，电能是二次能源。
故答案为：聚变；二次。
(1)太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能；
(2)从自然界直接获得不需要加工处理的能源是一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源。
本题考查了太阳能的利用和进行的核反应的类型以及能源的分类，属于对基础知识的考查。
18.【答案】费力 相互
【解析】解：(1)因为船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，但省距离；
(2)物体间力的作用是相互的，用桨向后划水，同时水给桨一个向前的力，推动船向前行驶。
故答案为：费力；相互。
(1)先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
(2)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。
此题考查了力的作用相互性及杠杆的分类，是一道联系实际的应用题，难度不大。
19.【答案】4 不变
【解析】解：已知小鸟距水面2m，小鸟的像到水面的距离也是2m，则该“倒影”距小鸟的距离为2m+2m=4m；由于平面镜所成的像为虚像，所以小鸟在湖面的“倒影”是虚像；因为像和物体的大小相等，所以不管小鸟向下俯冲，像始终和小鸟等大，因此若小鸟向下俯冲的过程中，该“倒影”的大小不会改变。
故答案为：4；不变。
根据平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下(或左右)相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等来解答此题。
此题主要考查学生对平面镜成像特点的理和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答。
20.【答案】热传递 4.2×105
【解析】解：(1)给牛奶加热的过程中，牛奶吸收热量、内能增加，是通过热传递的方法改变牛奶的内能；
(2)水放出的热量：
Q放=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(90℃-40℃)=4.2×105J。
故答案为：热传递；4.2×105。
(1)改变内能的方法：一是做功，二是热传递；
(2)知道水的质量、水的比热容、水降低的温度值，利用放热公式Q放=cmΔt求水放出的热量。
本题考查了学生对改变内能的方式、吸热公式Q吸=cmΔt的掌握和运用，属于基础题目。
21.【答案】0.52
【解析】解：由图可知，R1与R2串联，电压表测量电阻R1两端电压；
(1)当电压表示数为5V时，通过R1的电流：I=U1R1=5V10Ω=0.5A；
(2)由于滑动变阻器允许的最大电流为1A，所以电路中的最大电流：Imax=1A，
由I=UR可得，电路的总电阻：R总=UImax=12V1A=12Ω，
所以，滑动变阻器连入电路的最小阻值：R最小=R总-R1=12Ω-10Ω=2Ω。
故答案为：0.5；2。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测量电阻R1两端电压；
(1)利用欧姆定律求出通过电阻R1的电流；
(2)根据滑动变阻器允许的最大电流确定电路最大电流，再根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，最后根据电阻的串联求出滑动变阻器接入电路的最小阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，判断出滑动变阻器允许通过的最大电流是关键。
22.【答案】8.1×103 2
【解析】解：(1)正方体对地面的压强：p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρSghS=ρgh；
假设甲的边长为h，则乙的边长为3h；
乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方，此时甲对地面的压强：p甲=p乙=ρgh乙=3×103kg/m3×10N/kg×3×0.09m=8.1×103Pa。
(2)乙沿竖直方向切割一部分，此时乙对地面的压强：p乙=ρgh乙=3ρgh①；
乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方，甲、乙对地面的压强相等：p甲=G甲+ΔG乙S甲=G甲S甲+ΔG乙S甲=ρgh+ρΔV乙gS甲=ρgh+ρΔd(3h)2gh2=ρgh+9ρΔdg②；
由以上①②两式联立可得：Δd=29h=29×0.09m=0.02m=2cm；
故答案为：(1)8.1×103；(2)2。
(1)水平地面上的物体，物体对地面的压力等于物体自身的重力，则立方体平放在地面上时，对地面的压强可以用p=ρgh进行计算；
乙沿竖直方向切割一部分后，对地面的压强不变，根据p=ρgh可以求出乙对地面的压强即为甲此时的压强：
(2)因乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方，此时甲、乙对地面的压强相等，根据p=FS表示处此时甲对地面的压强，根据p=ρgh表示出此时乙对地面的压强，然后联立可得出即可算出答案。
本题考查是固体压强的计算，但这里需要我们理解，正方体固体平放在地面上时，对地面的压强可以用液体压强公式p=ρgh进行计算，题目有一定的难度。
23.【答案】解：
物块在水平地面上静止，受竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F；
重力从重心竖直向下画，标出符号G，支持力从重心竖直向上画，标出符号F，注意两个力大小相等，所画线段的长度要相等。如图所示：
【解析】物体静止在水平地面上，则受平衡力，这两个力是竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心。
作力的示意图时，先要确定受力物体，再确定力的作用点，最后在力的作用点沿力的方向画出带箭头的线段，并标出这个力的大小即可。
24.【答案】解：灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全，如下图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
本题考查了开关、灯泡的接法。开关接在火线与电灯之间，可以使开关断开时，电灯灯座上没有电，这样在换灯泡时不会发生触电。
25.【答案】98 b 吸收 不变 调大酒精灯的火焰
【解析】解：(1)图中温度计的分度值为1℃，故其读数为98℃；
丙图a气泡在上升过程中，体积逐渐减小，所以a是沸腾前的情况；丙图b气泡在上升过程中气泡体积增大，所以b是沸腾时的情况；
(2)水在沸腾过程中，不断吸收热量，温度保持不变；
(3)减少加热时间可以采取：减少水的质量、提高水的初温、加盖、调大酒精灯的火焰等方法；若烧杯中水的质量一定，烧杯口上已加盖子，为减少实验的加热时间，可以采取的方法是调大酒精灯的火焰。
故答案为：(1)98；b；(2)吸收；不变；(3)调大酒精灯的火焰。
(1)温度计的读数首先要观察其量程和分度值，然后再根据液面的位置读数；
掌握沸腾时和沸腾前的现象：沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐减小，到水面消失。沸腾时，有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂；
(2)掌握沸腾的特点：吸收热量但温度保持不变；
(3)要解决此题，首先要知道加热时间与水的多少、是否给烧杯加盖、酒精灯的火焰大小、水的初温有关。水的量越少、水的初温越高，达到沸点所吸收的热量越少，所以加热时间越少。同时给烧杯加盖，可以减少热量的损失，缩短加热时间。
在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图像。
26.【答案】变小 不变 10.0放大 右 上
【解析】解：(1)液体密度一定时，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大，所以这三步是探究浮力大小与物体排开液体的体积的关系，所以第2次和第1次相比，弹簧测力计的示数变小；
保持液体密度和物体排开液体体积相同时，其浮力相同，所以第4次和第3次相比，弹簧测力计的示数不变；
(2)乙图是探究“凸透镜成像规律”的实验装置，平行于主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成一个最小、最充的光斑，测得凸透镜的焦距是30.0cm-20.0cm=10.0cm；
将点燃的蜡烛、凸透镜放在丙图所示的位置，此时u
将图丁中的杠杆两端同时增加一个钩码，
杠杆的左端：4G×2L=8GL，
杠杆的右端：3G×3L=9GL，
所以杠杆的右端下沉，即杠杆端会向上运动。
故答案为：(1)变小；不变；(2)10.0；放大；(3)右；上。
(1)物体浸入水的体积不同，弹簧测力计示数不同，据此得到探究问题和实验结论，根据称量法算出铜块全部浸没在水中时所受到的浮力大小；
要探究浮力大小与物体浸入深度的关系，需要保持液体密度和物体排开液体体积相同，比较弹簧测力计示数是否相同；
(2)平行于主光轴的光经凸透镜折射后会聚于一点，此点是凸透镜焦点，焦点到透镜光心的距离是焦距；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，凸透镜成倒立放大的实像；
(3)杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母(或一端的螺母)要向杠杆上翘的一端调节；
根据杠杆平衡条件做出解答。
本题考查了探究影响浮力大小的因素、凸透镜成像规律和探究杠杆平衡条件的实验调平和操作，关键是将实验操作要求及结论记忆清楚，认真审题分析。
27.【答案】重 改变 1、2 无关 等于 正确 钢球水平运动的速度、抛出点离地的高度
【解析】解：
(1)离开抛出点后，钢球处于空中，不计空气阻力，钢球只受重力；钢球沿如图所示的路径运动，钢球的运动方向在不断变化，所以运动状态在改变。
(2)为了研究猜想一：与钢球质量是否有关，需要控制其它变量不变，只改变钢球质量，由表格数据可知，实验序号1和2，抛出点离最高点的高度和抛出点离地的高度相同，钢球质量不同，落地点与抛出点的水平距离相同，由此可得出钢球水平运动的距离与钢球质量无关。
(3)由表格数据可知，实验序号为3、4两组实验，抛出点离最高点的高度相同，到达C点时的速度是相同的；两次实验中，钢球质量和抛出点离最高点的高度相同，抛出点离地的高度不同，落地点与抛出点的水平距离不同，由此可得出钢球水平运动的距离与钢球离地高度有关，故猜想二是正确的；
(4)根据实验序号为1、3两组实验数据可知，钢球的质量、抛出点离地的高度相同，抛出点离最高点的高度不同，落地点与抛出点的水平距离不同，所以s与抛出点离最高点的高度有关；综上所述，落地点P离抛出点C的水平距离s与钢球水平运动的速度、抛出点离地的高度有关。
故答案为：(1)重；改变；(2)1、2；无关；(3)等于；正确；(4)钢球水平运动的速度、抛出点离地的高度。
(1)在空中运动的物体，如果不计空气阻力，物体只受重力的作用；物体运动状态的改变包括速度大小的变化和运动方向的变化；
(2)要研究物体离开跳台后沿水平方向运动距离与物体质量的关系，应该控制其它量不变，只改变质量，据此分析；
(3)表格数据可知，实验序号为3、4两组实验，钢球质量和抛出点离最高点的高度相同，抛出点离地的高度不同，落地点与抛出点的水平距离不同，由此可得猜想B是否正确；
(4)根据表格中的数据，利用控制变量法得出结论。
本题通过探究性实验考查控制变量法的使用，对学生的要求较高，有一定的难度。
28.【答案】有 右 0.65S1 保持 (U-UI0I)I0
【解析】解：(1)根据滑动变阻器的滑片向左移时，灯泡发光变暗，所以变阻器右下接线柱连入电路中与灯串联，由图乙知，电流表选用小量程与灯串联，如下图所示：
(2)正确连接电路后，若甲图中导线a内部断路，其余均完好，闭合开关，电压表串联在电路中，显示的是电源电压；
(3)灯在额定电压下正常发光，示数为1.5V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压；当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.26A，则小灯泡L1的额定功率为：P=UI=2.5V×0.26A=0.65W；
(4)①闭合开关S1，移动滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为I0；
②再闭合另一个开关，不改变滑动变阻器滑片的位置，读出电流表的示数I；
③图丙中，只闭合开关S1，移动滑片P，使电流表的示数为额定电流为I0，此时灯泡正常发光；
再闭合开关S2，灯短路，电路为变阻器的简单电路，不移动滑片P位置，记下电流表示数为I，由欧姆定律，则此时滑动变阻器的阻值R滑=UI；
在第一次操作中，根据欧姆定律，则灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压：U滑=I0R滑=UI0I，根据串联电路电压的规律，灯泡的额定电压：
U额=U-U滑=U-UI0I；，则灯泡的额定功率：P额=U额I0=(U-UI0I)I0。
故答案为：(1)见解答；(2)有；(3)右；0.65；(4)①S1；②保持=(U-UI0I)I0。
(1)根据滑动变阻器的滑片向左移时，灯泡发光变暗，从而确定变阻器右下接线柱连入电路中与灯串联，由图乙知，电流表选用小量程与灯串联；
(2)电压表串联在电路中时测量电源电压；电路断路时，电流表示数为0，电压表有示数且等于电源电压；
(3)灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求小灯泡L1的额定功率；
(4)灯泡与滑动变阻器串联，测灯的额定功率，首先用变阻器调节使灯泡正常发光，然后将变阻器单独接入电路，保持其阻值不变，根据电源电压和电流表的示数计算出变阻器的阻值，从而可计算出灯泡正常发光时的电压，由P=UI得出灯泡的额定功率表达式。
本题测小灯泡电功率实验，考查了电路连接、操作过程、及实验步骤的设计等问题，(4)问设计实验电路、实验步骤难度较大，是本题的难点。
29.【答案】解：(1)消防机器人所受的重力：
G=mg=600kg×10N/kg=6×103N；
(2)由v=st得，消防机器人在1min内通过的路程：
s=vt=3m/s×60s=180m；
(3)因为消防机器人做匀速直线运动，
所以消防机器人的牵引力：F=f=0.02G=0.02×6×103N=120N，
消防机器人牵引力做的功：
W=Fs=120N×180m=21600J。
答：(1)消防机器人在1min内通过的路程为180m。
(2)消防机器人所受的重力为6×103N；
(3)消防机器人牵引力做的功为21600J。
【解析】(1)利用G=mg计算消防机器人所受的重力；
(2)根据v=st算出消防机器人在1min内通过的路程；
(3)汽车在水平地面沿直线匀速前进，牵引力与所受阻力为一对平衡力，大小相等，根据F=f=0.02G求出，然后根据W=Fs求得消防机器人牵引力做的功。
本题考查了路程、重力和功的计算，关键是根据二力平衡条件得出消防机器人受到的牵引力大小。
30.【答案】解：(1)电铃发出警报声时，电路中的电流为：I=15mA=0.015A；
此时控制电路的总电阻为：R=UI=6V0.015A=400Ω；
根据串联电路的电阻关系可知，R2的阻值大小为：R2=R-R1=400Ω-100Ω=300Ω；
(2)根据图乙可知，当压敏电阻的阻值为300Ω时，对应的压力F=8×103N；电梯底架自重为2000N，则电梯承载的人的压力为：F'=F-G电=8×103N-2000N=6000N；
每个人的重力为G=mg=50kg×10N/kg=500N；
可以乘坐的人数为：n=F'G=6000N500N=12人；
(3)保持起始报警电流不变，若要增大核载人数，压力变大，则R2的阻值变小；由于吸合电路不变，根据U=IR可知，可以减小电源电压；
吸合电流不变，在电源电压一定时，电路的总电阻不变，所以需要增大R1的阻值，故小明的方案正确，小红的方案错误。
答：(1)电铃发出警报声时，R2的阻值大小为300Ω。
(2)电梯最多能乘坐的人数为12人。
(3)保持起始报警电流不变，若要增大核载人数，压力变大，则R2的阻值变小；由于吸合电路不变，根据U=IR可知，可以减小电源电压；
吸合电流不变，在电源电压一定时，电路的总电阻不变，所以需要增大R1的阻值，故小明的方案正确，小红的方案错误。
【解析】(1)根据电磁铁的吸合电流和电源电压求出电路的总电阻，根据串联电路的电阻关系求出R2的阻值的大小；
(2)根据压敏电阻的阻值来计算该电梯承载的人数；
(3)结合欧姆定律分析增大起始压力，然后得出可行的做法。
本题考查了欧姆定律的应用、实验方案的设计，明确电磁继电器的工作原理是解题的关键。
31.【答案】解：(1)玻璃杯漂浮，受到浮力等于重力，则有：F浮A=GA=2.5N；
(2)当细线所受拉力为0.5N时，物体A受三个力，浮力、重力、拉力，而浮力等于物体上、下表面所受压力的差，此时所受浮力为：
F浮'=F向上-F向下=F向上-0=ρ水ghSA=GA+F拉，
玻璃杯A浸入水中的深度为：
h=GA+F拉ρ水gSA=2.5N+0.5N1×103kg/m3×10N/kg×40×10-4m2=0.075m；
(3)物体B处于静止状态，受重力、浮力、拉力，由图可知，拉力最大为1N，由此可以列式：
GB=F浮B+F拉大，
由于物体B完全浸没在水中，排开液体的体积等于自身体积，将上式展开：
ρBgVB=ρ水gVB+F拉大，
物体B的体积为：
VB=F拉大ρBg-ρ水g=1N2×103kg/m3×10N/kg-1×103kg/m3×10N/kg=1×10-4m3，
物体B所受重力为：
GB=ρBgVB=2×103kg/m3×10N/kg×1×10-4m3=2N；
(4)当细线所受拉力为1N时，物体B受到重力、浮力和拉力，由(3)可知，GB=F浮B+F拉大，此时物体B恰好对容器底部的压力为0，因此玻璃杯A和物体B刚好漂浮在水中，
由图乙可知t1时刻到t2时刻，拉力的增加量就是玻璃杯A增加的浮力，则玻璃杯A增加的浮力：
ΔF浮=ΔF拉=1N-0.5N=0.5N，
由F浮=ρ液gV排得玻璃杯A增加的浸没水中的体积为：
ΔV浸=ΔV排=ΔF浮ρ水g=0.5N1.0×103kg/m3×10N/kg=0.5×10-5m3，
水升高的高度为：
Δh水=ΔV浸S=5×10-5m340×10-4m2=0.0125m，
则增加的压强为：
Δp=ρ水gΔh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.0125m=125Pa。
答：(1)注水前，玻璃杯A所受浮力2.5N；
(2)当细线所受拉力为0.5N时，玻璃杯A浸入水中的深度0.075m；
(3)金属块B的重力2N；
(4)从t1时刻到t2时刻，水对容器底的压强变化量125Pa。
【解析】(1)根据漂浮时浮力与重力相等即可求出玻璃杯A所受浮力；
(2)对物体A受力分析，结合浮力产生的原因列等式算出玻璃杯A浸入水中的深度；
(3)对物体B受力分析，列等式算出物体B的体积，根据GB=ρBgVB算出B的重力；
(4)由图乙可知浮力的变化，根据阿基米德原理即可求出玻璃杯A浸入水中增加的体积，由于玻璃杯A的位置不动，则根据玻璃杯A的底面积求出水升高的高度，利用p=ρgh即可求出增加的压强。
本题考查有浮力的计算、压强的计算、阿基米德原理和物体的浮沉条件的应用等，涉及到的知识点，综合性强，属于典型的力学综合题，需要学生熟练掌握相关物理知识和原理，难度较大。
2023年广西北海市中考物理二模试卷
1. “营养早餐”一般都配有鸡蛋。一个鸡蛋的质量约为50( )
A. N B. g C. J D. kg
2. 在“中国梦想秀”的舞台上，一位模仿秀演员可以惟妙惟肖地模仿十多位明星的声音，观众要判断他所模仿的是哪位明星，主要依据的是( )
A. 响度 B. 音色 C. 音调 D. 波长
3. 2022年中央电视台对非标电线因质量问题和存在的安全隐患进行曝光，即同种材料的非标电线比国家标准电线都要细一些。若用非标电线替代相同长度的国标电线，则导线的电阻( )
A. 变大 B. 变小 C. 不变 D. 无法判断
4. 如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是( )
A. 水球成像
B. 日晷影子
C. 水中“倒影”
D. 白光色散
5. 下列做法中符合安全用电要求的是( )
A. 在高压线附近放风筝 B. 在未断开电源的情况下更换灯泡
C. 在家庭电路中安装空气开关或保险丝 D. 用电器电线绝缘皮破损了仍继续使用
6. 水无常形，于千变万化中孕育自然奇观。如图所示的各种水的物态变化中，属于液化的是( )
A. 雪融成溪 B. 滴水成冰
C. 气凝成霜 D. 气结成露
7. 2022年6月5日，搭载神舟十四号载人飞船的长征二号F遥十四运载火箭在我国酒泉卫星发射中心发射成功。神舟十四号载人飞船加速升空的过程中( )
A. 重力势能不变 B. 动能不断增大 C. 机械能不变 D. 受到平衡力作用
8. 中国某品牌电动汽车厂落户南宁。电动汽车动力来自于车内的电动机，图中选项符合电动机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
9. 如图所示是一位视力缺陷者的眼球成像示意图，他的视力缺陷类型及矫正视力应该配戴的透镜种类是( )
A. 远视眼，凸透镜 B. 远视眼，凹透镜 C. 近视眼，凹透镜 D. 近视眼，凸透镜
10. 如图所示，将一束扯成线状的塑料捆扎绳用清洁干燥的手自上而下地捋几下，塑料绳就会向四周散开，而且捋的次数越多，下端散开得就越越大，产生这种现象的原因是( )
A. 同种电荷相互排斥
B. 异种电荷相互排斥
C. 分子间有斥力
D. 分子间有引力
11. 力学知识的应用在我们的生活中随处可见，图中涉及到的物理知识解释正确的是( )
A. 甲图：使用定滑轮可以省力
B. 乙图：下水道的“反水弯”是一个连通器
C. 丙图：乘坐扶梯上楼时，以扶梯为参照物人是运动的
D. 丁图：“硬币跳高”实验说明流速大的地方压强大
12. 如图所示，小伙伴们在玩滑板车，脚蹬地后，人和车一起沿水平路面向前运动。下列说法正确的是( )
A. 蹬地时，地面对脚的支持力是由于地面形变产生的
B. 人对车的压力和车对人的支持力是一对平衡力
C. 停止蹬地后，车最终会停下来，说明运动需要力来维持
D. 车在滑行过程中所受的力突然全部消失，车将立即停下来
13. 恒压电源电压大于灯泡额定电压的2倍，为了让这样两个相同的灯泡均正常发光，小明同学设计了如下四个电路图，既可以使两个灯泡正常发光又最省电的电路是( )
A. B.
C. D.
14. 下列说法中正确的是( )
A. 汽车驶过尘土飞扬，说明分子在永不停息地做无规则运动
B. 我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多
C. 用锯条锯木板，锯条的温度升高，是利用做功的方式改变了锯条的内能
D. 把-10℃的冰块放在 0℃的冰箱中，一段时间后，冰块的内能会增大
15. 自行车是人们常用的一种交通工具，其利用了很多有关摩擦的知识。下列有关说法中正确的是( )
A. 给自行车加润滑油是为了减小摩擦
B. 刹车时用力捏车闸是增大压力从而增大摩擦
C. 自行车外胎有凹凸不平的花纹是为了减小摩擦
D. 在自行车脚蹬转动处安装钢珠是为了增大摩擦
16. 将灯L1、L2按图中甲、乙方式分别接在电压恒为U的电路中、已知灯L1的电阻大于灯L2的电阻，设灯丝的阻值不变。下列说法中正确的是( )
A. 甲电路中通过L1的电流小于通过L2的电流
B. 乙电路中L1两端的电压等于L2两端的电压
C. 甲电路消耗的总功率大于乙电路消耗的总功率
D. 乙电路中L1的电功率大于甲电路中L1的电功率
17. 如图所示为试验中的太阳能汽车，太阳能来自太阳内部的氢原子核发生______ (选填“裂变”或“聚变”)而释放的核能；汽车顶部的太阳能电池将太阳能转化为电能，电能是______ (选填“一次”或“二次”)能源。
18. 周末，小明一家在湖中划船，划船的船桨是一种______ (选填“省力”或“费力”)杠杆；小明用船桨向后划水，船就向前进，说明物体间力的作用是______ 的。
19. 如图所示，一只小鸟在平静的湖面上飞翔，已知湖水深为3m。当小鸟距离湖面2m时，小鸟在湖中的影子距小鸟______ m；在小鸟向下俯冲的过程甲，其在水中影子的大小将______ (选填“变大”“不变”或“变小”)。
20. 如图所示，冬天用热水浸泡牛奶瓶加热，是利用______ 的方式使牛奶内能增大；2kg、90℃的热水温度降低到40℃放出的热量为______ J。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
21. 如图所示的电路中，电源电压为12V且保持不变，电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2上标有“1A”字样，闭合开关S，电压表示数为5V，此时通过电阻R1的电流为______ A；为确保电路元件安全，滑动变阻器在移动过程中，至少接入的电阻值为______ Ω。
22. 如图所示，在水平地面上有两个由同种材料制成的均匀正方体金属块甲和乙，其密度为3×103kg/m3，它们的边长之比为1：3，甲的边长为0.09m，若乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方，此时甲、乙对地面的压强相等，则此时甲对地面的压强p甲=______Pa，乙正方体切去的厚度Δd=______cm。(g取10N/kg)
23. 如图所示，请画出水平地面上物块所受的重力和支持力的示意图。
24. 如图所示，用笔画线代替导线将图中部分家庭电路正确连接完整。
25. 小明用如图甲所示的装置进行“探究水的沸腾时温度变化特点”实验。
(1)安装好实验装置，对水加热一段时间后，发现温度计示数如图乙所示，此时水的温度为______ ℃；实验中，小明观察到水在沸腾前和沸腾时水中气泡的上升情况不同，如图丙______ (选填“a”或“b”)能表示沸腾时气泡上升情况。
(2)根据正确的实验数据，小明描绘了水的温度随时间变化的图像如图丁所示。分析图像可得出结论：水在沸腾过程中不断______ 热量，温度______ 。
(3)图甲中，若烧杯中水的质量一定，烧杯口上已加盖子，为减少实验的加热时间，你还可以采取的方法是______ 。
26. (1)在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，如图甲把物体从开始浸入到完全浸入液体的4次实验中，第2次和第1次相比，弹簧测力计的示数______ ；第4次和第3次相比，弹簧测力计的示数______ 。(均选填“变小”“变大”或“不变”)
(2)图乙是“探究凸透镜成像规律的实验”装置，平行于主光轴的光线经过凸透镜在光屏上形成一个最小、最亮的光斑，此凸透镜的焦距为______ cm；将点燃的蜡烛、凸透镜放在图丙所示的位置，在光屏上得到了一个清晰的倒立、______ (选填“放大”“等大”或“缩小”)的实像。
(3)在“探究杠杆的平衡条件”的实验中，实验前杠杆左低右高，此时应将杠杆的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使杠杆水平位置平衡；如图丁所示杠杆已平衡，此时在左右两端的钩码下端各增加一个钩码，此时杠杆左端会向______ 运动。
27. 小红在科技馆里做如图所示的实验：把一个钢球从光滑斜槽上的A点自由滚下，经抛出点C后离开斜槽，最后落在地面上的P点。她用刻度尺分别测出抛出点C离A点的高度为h1、抛出点C离地高度为h2、落地点P离抛出点C的水平距离为s。小红猜想s可能与下列三个因素有关系：
猜想一：钢球的质量；
猜想二：钢球离地高度h2；
猜想三：钢球水平运动的速度。
为了验证猜想，小红认真做了四次实验实验并把实验数据记录到如下表格里：
序号
钢球质量m/g
抛出点离最高点的高
度h1/m
抛出点离地的高度
h2/m
落地点与抛出点的水平距离
s/m
1
10
0.05
2
0.64
2
20
0.05
2
0.64
3
10
0.2
2
1.28
4
10
0.2
4
1.82
(1)不计空气阻力，离开抛出点C后的钢球受______ 力的作用；离开抛出点C后，钢球沿如图所示的路径运动，说明钢球的运动状态是______ (选填“改变”或“不变”)的。
(2)为了研究猜想一是否正确，应选用实验序号为______ 两组实验进行对比，分析可得钢球水平运动的距离与钢球的质量______ (选填“有关”或“无关”)。
(3)对比实验序号为3、4两组实验，第4次钢球离开抛出点C的速度______ (选填“大于”“等于”或“小于”)第3次钢球离开抛出点C的速度；对比这两组实验数据，可证明猜想二是______ (选填“正确”或“错误”)的。
(4)通过上述实验，初步得出结论：落地点P离抛出点C的水平距离s与______ 有关。
28. 如图所示，小明在做“测小灯泡额定电功率实验”过程中，小灯泡L1额定电压为2.5V。
(1)请你用笔画线代替导线将图甲中未连接部分连接好，要求：滑片向左移时，灯泡亮度变暗。
(2)正确连接电路后，若图甲中导线a内部断路，其余均完好，闭合开关，电压表______(选填“有”或“无”)示数。
(3)故障排除后，闭合开关，移动滑片至某位置时，电压表示数为1.5V。若使小灯泡L1正常发光，应将移动滑片向______(选填“左”成“右”)端移动。当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示。则小灯泡L1的额定功率为______ W。
(4)为测量额定电流为I0的小灯泡L2的额定功率，小明又设计了如图丙所示的电路，电源电压U不变，实验步骤如下：
①只闭合开关______，移动滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为I0；
②再闭合另一个开关，______(选填“保持”成“改变”)滑动变阻器滑片的位置，读出电流表的示数I1；
③小灯泡L2额定功率的表达式为P额=______(用U、I0、I表示)。
29. 如图所示是一台火灾现场侦察、灭火的消防机器人，其质量为600kg，以3m/s的速度在水平地面沿直线匀速前进了1min，行驶时所受阻力为自重的0.02倍。求：
(1)消防机器人所受的重力。
(2)消防机器人行走的路程。
(3)消防机器人牵引力做的功。
30. 近几年城市部分老小区进行改造，不少多层楼房安装了电梯。出于安全考虑，电梯都设置超载自动报警系统，其工作原理如图甲所示，其电路由工作电路和控制电路组成。在工作电路中，当电梯没有超载时，触点K与触点A接触，闭合开关S，电动机正常工作；当电梯超载时，触点K与触点B接触，电铃发出报警铃声，闭合开关S，电动机不工作。在控制电路中，已知电源电压U=6V，保护电阻R1=100Ω，电梯底架自重为2000N；电磁铁线圈电流达到15mA时，衔铁刚好被吸住，电铃发出警报声；电阻式压力传感器(压敏电阻)R2的阻值随压力F的大小变化情况如图乙所示，电磁铁线圈的阻值忽略不计。求：
(1)电铃发出警报声时，R2的阻值大小。
(2)请你计算该电梯最多能乘坐的人数(以每人50kg计算)。
(3)综合考虑安全和居民乘坐情况，现需提高电梯的限载为16人，小明提出的改进方案是降低电源电压U；小红提出的改进方案是减小R1的阻值。请你通过计算，具体说明以上两种方案是否可行。
31. 在水平桌面上放有一个足够高的薄壁柱形容器，如图甲所示，其底面积为100cm2，一个重为2.5N，底面积为40cm2，高为10cm的柱形玻璃杯A漂浮于水面上，容器底有一个密度为2×103kg/m3的实心金属块B(与容器底部不密合)，用一根细线将B与玻璃杯A的下表面相连，细线未拉直，缓慢向容器中注水，细线所受拉力随时间变化的图像如图乙所示，最后A、B两物体在水中静止(细线不可伸长且质量与体积忽略不计)，求：
(1)注水前，玻璃杯A所受浮力；
(2)当细线所受拉力为0.5N时，玻璃杯A浸入水中的深度；
(3)金属块B的重力；
(4)从t1时刻到t2时刻，水对容器底的压强变化量。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、“N”是力的单位，不是质量的单位，故A错误；
B、由生活经验知，一个鸡蛋的质量约为50g，故B正确；
C、“J”是热量和功、能量的单位，不是质量的单位，故C错误；
D、一个鸡蛋的质量约为50g=0.05kg，故D错误。
故选：B。
首先要对质量的单位有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题主要考查了对质量的估测，要了解质量的单位，并能与其它单位进行区分。
2.【答案】B
【解析】解：不同的人发出声音主要是音色不同，所以模仿秀演员模仿的是明星的音色，观众是根据音色的不同来判断他所模仿的明星。
故选：B。
音色反映了声音的品质与特色，由于不同人的声带结构的不同，它们发出声音的音色也不一样，也是我们辨别不同声音的依据。
本题考查了学生对乐音特征的了解与掌握，要会用所学的物理知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
3.【答案】A
【解析】解：非标电线比国家标准要求的合格电线都要细一些，用同种材料的非标电线替代相同长度的合格电线时，长度、材料都相同，非标电线的横截面积更小，则导线的电阻变大。
故选：A。
影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积、温度；在其它条件相同时，导体的横截面积越小，其电阻越大。
本题考查了影响电阻大小的因素，属于基础题。
4.【答案】C
【解析】解：A、宇航员透过水球成像属于凸透镜成像，利用的是光的折射，故A不符合题意；
B、日晷影子是由于光的直线传播形成的，故B不符合题意。
C、景物在水中形成“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C符合题意；
D、白光通过三棱镜色散属于光的折射现象，故D不符合题意。
故选：C。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
5.【答案】C
【解析】解：A、高压输电线的电压很高，若在高压线附近放风筝，可能会发生高压触电事故，故A错误；
B、在未断开电源开关的情况下更换灯泡容易发生触电事故，故B错误；
C、为防止因为干路电流过大引起火灾，家庭电路中必须安装保险丝或空气开关，故C正确；
D、电线的绝缘皮破损时应及时更换，否则容易发生触电事故，故D错误。
故选：C。
(1)在高压输电线旁，易发生高压电弧触电和跨步电压触电；
(2)维修电器时，应先断开开关，否则会触电；
(3)为防止因为干路电流过大引起火灾，家庭电路中必须安装保险丝或空气开关；
(4)电线的绝缘皮破损时容易造成触电事故；
本题主要考查生活中的一些安全用电常识，应注意积累并严格遵守，牢记安全用电常识，并在生活中加以运用。
6.【答案】D
【解析】解：A、雪融成溪，雪由固态变成液态，是熔化过程，故A不符合题意；
B、滴水成冰，冰的形成，水由液态变成固态，是凝固过程，故B不符合题意；
C、气凝成霜，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故C不符合题意；
D、气结成露，露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的水滴，故D符合题意。
故选：D。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
本题考查物态变化中的吸放热，分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。
7.【答案】B
【解析】解：ABC、运载火箭加速升空的过程中，火箭的质量不变(忽略燃料短时损耗)，速度增大，则火箭的动能增大；同时火箭所处的高度增大，其重力势能增大；因机械能等于动能与势能的总和，且火箭的动能和重力势能均增大，所以运载火箭的机械能增大，故AC错误，B正确；
D、火箭的运动状态发生了改变，受到非平衡力的作用，故D错误。
故选：B。
影响动能大小的因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、高度；质量越大，高度越大，重力势能就越大；机械能等于动能与势能的总和；
物体受到平衡力作用时，会保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查了动能、重力势能和机械能的大小变化，属于基础题。
8.【答案】B
【解析】解：电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动；
A、图中给螺线管通电后，螺线管能吸引铁钉，其工作原理是电流的磁效应，故A不符合题意；
B、图中，闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，将电能转化为机械能，与电动机的工作原理相同，故B符合题意；
C、图中是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，故C不符合题意；
D、图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，这是电磁感应现象，故D不符合题意；
故选：B。
解答本题需要掌握：电动机工作原理是什么，以及图中几个实验反映的物理规律。
发电机以及电动机的工作原理是常考并且易混淆的知识点，一定要注意仔细区分。
9.【答案】A
【解析】解：据图能看出，此时像成在了视网膜的后方，所以此时是远视眼的示意图，为了使得像成在视网膜上，所以应该使原来的光线提前会聚，故应用对光线有会聚作用的凸透镜进行矫正。
故选：A。
据图中物体所成像的位置可以判断出像成在视网膜的前方还是后方，而后据凸透镜对光线的会聚作用、凹透镜对光线的发散作用进行判断即可。
解答此类题目的关键是理解近视眼远视眼的成像特点和矫正措施。
10.【答案】A
【解析】解：因为用清洁干燥的手自上而下地捋，因摩擦而使塑料绳带上同种电荷，同种电荷互相排斥，故塑料绳向四周散开；捋的次数越多，塑料绳带的电荷量越多，排斥力越大，故散开得越大。
故选：A。
同种电荷相互排斥。
知道塑料绳散开是由于电荷间的相互作用而造成的是解此题的关键。
11.【答案】B
【解析】解：A、定滑轮实质是等臂杠杆，使用定滑轮可以改变力的方向，但不能省力，故A错误；
B、下水道的“反水弯”是一个连通器，故B正确；
C、乘坐扶梯上楼时，人相对扶梯的位置没有发生变化，以扶梯为参照物人是静止的，故C错误；
D、“硬币跳高”实验说明流速大的地方压强小，故D错误。
故选：B。
(1)定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向；
(2)上端开口底部相连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的同种液体不流动时，各个容器中液面总是相平的；
(3)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(4)流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。
此题考查了定滑轮及其工作特点、连通器原理、运动和静止的相对性、流体压强与流速的关系，涉及知识点较多，但难度不大。
12.【答案】A
【解析】解：
A、蹬地时，人的脚对地施加了一个力，地发生了形变，对人的脚产生了一个支持力，故A正确；
B、人对车的压力和车对人的支持力没有作用在同一个物体上，所以不是一对平衡力，故B错误；
C、停止蹬地后，车最终会停下来的原因是受到阻力的作用，说明力可以改变物体的运动状态，物体的运动不需要力来维持，故C错误；
D、在滑行过程中所受到的力突然消失，根据牛顿第一定律可知，人和车将保持匀速直线运动，不会立即停下来，故D错误。
故选：A。
(1)弹力是由于物体发生弹性形变而产生的力，压力、支持力都属于弹力；
(2)一对平衡力等大、反向、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
(3)力是改变物体运动状态的原因；
(4)一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题综合了力与运动的关系、平衡力的辨别等多方面的知识，解决这类题目的关键是对这几方面知识的详细理解和熟练掌握。
13.【答案】C
【解析】解：
灯泡两端电压等于额定电压时，正常发光，若灯泡正常发光的电流为I。
A、由图知，两灯并联，由并联电路的电压特点知，U=U1=U2>U额，灯泡不能正常能光；
B、由图知，两灯串联，两灯相同，由串联电路电压特点知，U1=U2，且U=U1+U2，由于电源电压大于灯泡额定电压的2倍，所以U1=U2=12U>U额，所以灯泡不能正常发光；
C、由图知，两灯以及变阻器串联，U=U1+U2+U滑，调节变阻器可使两灯电压U1=U2=U额，则两灯正常发光，且电路中电流为I，电路消耗功率P=UI；
D、由图知，两灯并联再与变阻器串联，调节变阻器使两都正常发光时，电路中电流为2I，电路消耗功率P=2UI；
综上所述，要使两个灯泡正常发光又最省电(电功率最小)的电路为C。
故选：C。
两灯相同，且电源电压大于灯泡额定电压的2倍，由各图连接情况，结合电路特点判断灯泡是否能正常发光，由P=UI分析耗电情况，从而得到答案。
本题考查电路的设计，要知道灯泡正常发光时电压等于额定电压，省电的电路消耗电功率较小。
14.【答案】CD
【解析】解：
A、汽车驶过尘土飞扬，能看到尘土飞扬，是物体的机械运动，不属于分子的运动，故A错误。
B、我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为热汤的温度高，故B错误。
C、用锯条锯木板，克服摩擦做功，机械能转化为内能，锯条的温度升高，是通过做功的方式使锯条内能增加，故C正确。
D、将-10℃的冰放入0℃的冰箱中，二者之间有温度差，会发生热传递，因此冰会吸热，其内能会增加，故D正确。
故选：CD。
(1)由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现；
(2)热量是过程量，不是状态量，不能用“含有”来表述；
(3)做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；
(4)从热传递发生的特点角度可判断内能的变化。
本题主要考查了分子运动和机械运动的判断、热量的含义、改变内能的方式等，属热学综合题，难度不大。
15.【答案】AB
【解析】解：A、给自行车加润滑油是为了减小摩擦，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力，故A正确。
B、刹车时用力捏车闸是增大压力从而增大摩擦，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故B正确。
C、自行车外胎有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误。
D、在自行车脚蹬转动处安装钢珠是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力，是故D错误。
故选：AB。
(1)摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度。
(2)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
(3)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
本题在考查影响滑动摩擦力大小的两个因素的同时，也考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力，要求学生在生活中多注意观察，并学会应用，增大有益摩擦，减小有害摩擦，使其更好地为人类服务。
16.【答案】BD
【解析】解：A、由图甲可知，L1、L2串联，根据串联电路的电流特点可知，甲电路中通过L1、L2的电流相等，故A错误；
B、由图乙可知，L1、L2并联，根据并联电路的电压特点可知，乙电路中L1、L2两端的电压相等，故B正确；
C、根据串并联电路的电阻特点可知，串联电路的总电阻大于任一分电阻，并联电路的总电阻小于任一分电阻，所以甲电路中的总电阻大于乙电路中的总电阻，而电源电压相等，根据P=U2R可知，甲电路消耗的总功率小于乙电路中消耗的总功率，故C错误；
D、根据串并联电路的电压特点可知，乙电路中L1两端的电压等于电源电压，甲电路中L1两端的电压小于电源电压，所以乙电路中L1的电压大于甲电路中L1两端的电压，灯丝的电阻不变，根据P=U2R可知，乙电路中L1的电功率大于甲电路中L1的电功率，故D正确。
故选：BD。
(1)由图甲可知，L1、L2串联，根据串联电路的电流特点可知通过L1、L2的电流关系；
(2)由图乙可知，L1、L2并联，根据并联电路的电压特点可知L1、L2两端的电压关系；
(3)根据串并联电路的电阻特点和P=U2R可知甲、乙电路消耗的总功率的关系；
(4)根据串并联电路的电压特点和P=U2R可知甲、乙电路中L1的电功率关系。
本题考查串并联电路的特点以及电功率公式的应用，能正确分析电路是解题的关键。
17.【答案】聚变 二次
【解析】解：在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能；
汽车顶部的太阳能电池将太阳能转化为电能，电能是二次能源。
故答案为：聚变；二次。
(1)太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能；
(2)从自然界直接获得不需要加工处理的能源是一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源。
本题考查了太阳能的利用和进行的核反应的类型以及能源的分类，属于对基础知识的考查。
18.【答案】费力 相互
【解析】解：(1)因为船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，但省距离；
(2)物体间力的作用是相互的，用桨向后划水，同时水给桨一个向前的力，推动船向前行驶。
故答案为：费力；相互。
(1)先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
(2)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。
此题考查了力的作用相互性及杠杆的分类，是一道联系实际的应用题，难度不大。
19.【答案】4 不变
【解析】解：已知小鸟距水面2m，小鸟的像到水面的距离也是2m，则该“倒影”距小鸟的距离为2m+2m=4m；由于平面镜所成的像为虚像，所以小鸟在湖面的“倒影”是虚像；因为像和物体的大小相等，所以不管小鸟向下俯冲，像始终和小鸟等大，因此若小鸟向下俯冲的过程中，该“倒影”的大小不会改变。
故答案为：4；不变。
根据平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下(或左右)相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等来解答此题。
此题主要考查学生对平面镜成像特点的理和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答。
20.【答案】热传递 4.2×105
【解析】解：(1)给牛奶加热的过程中，牛奶吸收热量、内能增加，是通过热传递的方法改变牛奶的内能；
(2)水放出的热量：
Q放=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(90℃-40℃)=4.2×105J。
故答案为：热传递；4.2×105。
(1)改变内能的方法：一是做功，二是热传递；
(2)知道水的质量、水的比热容、水降低的温度值，利用放热公式Q放=cmΔt求水放出的热量。
本题考查了学生对改变内能的方式、吸热公式Q吸=cmΔt的掌握和运用，属于基础题目。
21.【答案】0.52
【解析】解：由图可知，R1与R2串联，电压表测量电阻R1两端电压；
(1)当电压表示数为5V时，通过R1的电流：I=U1R1=5V10Ω=0.5A；
(2)由于滑动变阻器允许的最大电流为1A，所以电路中的最大电流：Imax=1A，
由I=UR可得，电路的总电阻：R总=UImax=12V1A=12Ω，
所以，滑动变阻器连入电路的最小阻值：R最小=R总-R1=12Ω-10Ω=2Ω。
故答案为：0.5；2。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测量电阻R1两端电压；
(1)利用欧姆定律求出通过电阻R1的电流；
(2)根据滑动变阻器允许的最大电流确定电路最大电流，再根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，最后根据电阻的串联求出滑动变阻器接入电路的最小阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，判断出滑动变阻器允许通过的最大电流是关键。
22.【答案】8.1×103 2
【解析】解：(1)正方体对地面的压强：p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρSghS=ρgh；
假设甲的边长为h，则乙的边长为3h；
乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方，此时甲对地面的压强：p甲=p乙=ρgh乙=3×103kg/m3×10N/kg×3×0.09m=8.1×103Pa。
(2)乙沿竖直方向切割一部分，此时乙对地面的压强：p乙=ρgh乙=3ρgh①；
乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方，甲、乙对地面的压强相等：p甲=G甲+ΔG乙S甲=G甲S甲+ΔG乙S甲=ρgh+ρΔV乙gS甲=ρgh+ρΔd(3h)2gh2=ρgh+9ρΔdg②；
由以上①②两式联立可得：Δd=29h=29×0.09m=0.02m=2cm；
故答案为：(1)8.1×103；(2)2。
(1)水平地面上的物体，物体对地面的压力等于物体自身的重力，则立方体平放在地面上时，对地面的压强可以用p=ρgh进行计算；
乙沿竖直方向切割一部分后，对地面的压强不变，根据p=ρgh可以求出乙对地面的压强即为甲此时的压强：
(2)因乙沿竖直方向切割一部分叠放在甲的正上方，此时甲、乙对地面的压强相等，根据p=FS表示处此时甲对地面的压强，根据p=ρgh表示出此时乙对地面的压强，然后联立可得出即可算出答案。
本题考查是固体压强的计算，但这里需要我们理解，正方体固体平放在地面上时，对地面的压强可以用液体压强公式p=ρgh进行计算，题目有一定的难度。
23.【答案】解：
物块在水平地面上静止，受竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F；
重力从重心竖直向下画，标出符号G，支持力从重心竖直向上画，标出符号F，注意两个力大小相等，所画线段的长度要相等。如图所示：
【解析】物体静止在水平地面上，则受平衡力，这两个力是竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心。
作力的示意图时，先要确定受力物体，再确定力的作用点，最后在力的作用点沿力的方向画出带箭头的线段，并标出这个力的大小即可。
24.【答案】解：灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全，如下图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
本题考查了开关、灯泡的接法。开关接在火线与电灯之间，可以使开关断开时，电灯灯座上没有电，这样在换灯泡时不会发生触电。
25.【答案】98 b 吸收 不变 调大酒精灯的火焰
【解析】解：(1)图中温度计的分度值为1℃，故其读数为98℃；
丙图a气泡在上升过程中，体积逐渐减小，所以a是沸腾前的情况；丙图b气泡在上升过程中气泡体积增大，所以b是沸腾时的情况；
(2)水在沸腾过程中，不断吸收热量，温度保持不变；
(3)减少加热时间可以采取：减少水的质量、提高水的初温、加盖、调大酒精灯的火焰等方法；若烧杯中水的质量一定，烧杯口上已加盖子，为减少实验的加热时间，可以采取的方法是调大酒精灯的火焰。
故答案为：(1)98；b；(2)吸收；不变；(3)调大酒精灯的火焰。
(1)温度计的读数首先要观察其量程和分度值，然后再根据液面的位置读数；
掌握沸腾时和沸腾前的现象：沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐减小，到水面消失。沸腾时，有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂；
(2)掌握沸腾的特点：吸收热量但温度保持不变；
(3)要解决此题，首先要知道加热时间与水的多少、是否给烧杯加盖、酒精灯的火焰大小、水的初温有关。水的量越少、水的初温越高，达到沸点所吸收的热量越少，所以加热时间越少。同时给烧杯加盖，可以减少热量的损失，缩短加热时间。
在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图像。
26.【答案】变小 不变 10.0放大 右 上
【解析】解：(1)液体密度一定时，物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大，所以这三步是探究浮力大小与物体排开液体的体积的关系，所以第2次和第1次相比，弹簧测力计的示数变小；
保持液体密度和物体排开液体体积相同时，其浮力相同，所以第4次和第3次相比，弹簧测力计的示数不变；
(2)乙图是探究“凸透镜成像规律”的实验装置，平行于主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成一个最小、最充的光斑，测得凸透镜的焦距是30.0cm-20.0cm=10.0cm；
将点燃的蜡烛、凸透镜放在丙图所示的位置，此时u
将图丁中的杠杆两端同时增加一个钩码，
杠杆的左端：4G×2L=8GL，
杠杆的右端：3G×3L=9GL，
所以杠杆的右端下沉，即杠杆端会向上运动。
故答案为：(1)变小；不变；(2)10.0；放大；(3)右；上。
(1)物体浸入水的体积不同，弹簧测力计示数不同，据此得到探究问题和实验结论，根据称量法算出铜块全部浸没在水中时所受到的浮力大小；
要探究浮力大小与物体浸入深度的关系，需要保持液体密度和物体排开液体体积相同，比较弹簧测力计示数是否相同；
(2)平行于主光轴的光经凸透镜折射后会聚于一点，此点是凸透镜焦点，焦点到透镜光心的距离是焦距；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，凸透镜成倒立放大的实像；
(3)杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母(或一端的螺母)要向杠杆上翘的一端调节；
根据杠杆平衡条件做出解答。
本题考查了探究影响浮力大小的因素、凸透镜成像规律和探究杠杆平衡条件的实验调平和操作，关键是将实验操作要求及结论记忆清楚，认真审题分析。
27.【答案】重 改变 1、2 无关 等于 正确 钢球水平运动的速度、抛出点离地的高度
【解析】解：
(1)离开抛出点后，钢球处于空中，不计空气阻力，钢球只受重力；钢球沿如图所示的路径运动，钢球的运动方向在不断变化，所以运动状态在改变。
(2)为了研究猜想一：与钢球质量是否有关，需要控制其它变量不变，只改变钢球质量，由表格数据可知，实验序号1和2，抛出点离最高点的高度和抛出点离地的高度相同，钢球质量不同，落地点与抛出点的水平距离相同，由此可得出钢球水平运动的距离与钢球质量无关。
(3)由表格数据可知，实验序号为3、4两组实验，抛出点离最高点的高度相同，到达C点时的速度是相同的；两次实验中，钢球质量和抛出点离最高点的高度相同，抛出点离地的高度不同，落地点与抛出点的水平距离不同，由此可得出钢球水平运动的距离与钢球离地高度有关，故猜想二是正确的；
(4)根据实验序号为1、3两组实验数据可知，钢球的质量、抛出点离地的高度相同，抛出点离最高点的高度不同，落地点与抛出点的水平距离不同，所以s与抛出点离最高点的高度有关；综上所述，落地点P离抛出点C的水平距离s与钢球水平运动的速度、抛出点离地的高度有关。
故答案为：(1)重；改变；(2)1、2；无关；(3)等于；正确；(4)钢球水平运动的速度、抛出点离地的高度。
(1)在空中运动的物体，如果不计空气阻力，物体只受重力的作用；物体运动状态的改变包括速度大小的变化和运动方向的变化；
(2)要研究物体离开跳台后沿水平方向运动距离与物体质量的关系，应该控制其它量不变，只改变质量，据此分析；
(3)表格数据可知，实验序号为3、4两组实验，钢球质量和抛出点离最高点的高度相同，抛出点离地的高度不同，落地点与抛出点的水平距离不同，由此可得猜想B是否正确；
(4)根据表格中的数据，利用控制变量法得出结论。
本题通过探究性实验考查控制变量法的使用，对学生的要求较高，有一定的难度。
28.【答案】有 右 0.65S1 保持 (U-UI0I)I0
【解析】解：(1)根据滑动变阻器的滑片向左移时，灯泡发光变暗，所以变阻器右下接线柱连入电路中与灯串联，由图乙知，电流表选用小量程与灯串联，如下图所示：
(2)正确连接电路后，若甲图中导线a内部断路，其余均完好，闭合开关，电压表串联在电路中，显示的是电源电压；
(3)灯在额定电压下正常发光，示数为1.5V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压；当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.26A，则小灯泡L1的额定功率为：P=UI=2.5V×0.26A=0.65W；
(4)①闭合开关S1，移动滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为I0；
②再闭合另一个开关，不改变滑动变阻器滑片的位置，读出电流表的示数I；
③图丙中，只闭合开关S1，移动滑片P，使电流表的示数为额定电流为I0，此时灯泡正常发光；
再闭合开关S2，灯短路，电路为变阻器的简单电路，不移动滑片P位置，记下电流表示数为I，由欧姆定律，则此时滑动变阻器的阻值R滑=UI；
在第一次操作中，根据欧姆定律，则灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压：U滑=I0R滑=UI0I，根据串联电路电压的规律，灯泡的额定电压：
U额=U-U滑=U-UI0I；，则灯泡的额定功率：P额=U额I0=(U-UI0I)I0。
故答案为：(1)见解答；(2)有；(3)右；0.65；(4)①S1；②保持=(U-UI0I)I0。
(1)根据滑动变阻器的滑片向左移时，灯泡发光变暗，从而确定变阻器右下接线柱连入电路中与灯串联，由图乙知，电流表选用小量程与灯串联；
(2)电压表串联在电路中时测量电源电压；电路断路时，电流表示数为0，电压表有示数且等于电源电压；
(3)灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求小灯泡L1的额定功率；
(4)灯泡与滑动变阻器串联，测灯的额定功率，首先用变阻器调节使灯泡正常发光，然后将变阻器单独接入电路，保持其阻值不变，根据电源电压和电流表的示数计算出变阻器的阻值，从而可计算出灯泡正常发光时的电压，由P=UI得出灯泡的额定功率表达式。
本题测小灯泡电功率实验，考查了电路连接、操作过程、及实验步骤的设计等问题，(4)问设计实验电路、实验步骤难度较大，是本题的难点。
29.【答案】解：(1)消防机器人所受的重力：
G=mg=600kg×10N/kg=6×103N；
(2)由v=st得，消防机器人在1min内通过的路程：
s=vt=3m/s×60s=180m；
(3)因为消防机器人做匀速直线运动，
所以消防机器人的牵引力：F=f=0.02G=0.02×6×103N=120N，
消防机器人牵引力做的功：
W=Fs=120N×180m=21600J。
答：(1)消防机器人在1min内通过的路程为180m。
(2)消防机器人所受的重力为6×103N；
(3)消防机器人牵引力做的功为21600J。
【解析】(1)利用G=mg计算消防机器人所受的重力；
(2)根据v=st算出消防机器人在1min内通过的路程；
(3)汽车在水平地面沿直线匀速前进，牵引力与所受阻力为一对平衡力，大小相等，根据F=f=0.02G求出，然后根据W=Fs求得消防机器人牵引力做的功。
本题考查了路程、重力和功的计算，关键是根据二力平衡条件得出消防机器人受到的牵引力大小。
30.【答案】解：(1)电铃发出警报声时，电路中的电流为：I=15mA=0.015A；
此时控制电路的总电阻为：R=UI=6V0.015A=400Ω；
根据串联电路的电阻关系可知，R2的阻值大小为：R2=R-R1=400Ω-100Ω=300Ω；
(2)根据图乙可知，当压敏电阻的阻值为300Ω时，对应的压力F=8×103N；电梯底架自重为2000N，则电梯承载的人的压力为：F'=F-G电=8×103N-2000N=6000N；
每个人的重力为G=mg=50kg×10N/kg=500N；
可以乘坐的人数为：n=F'G=6000N500N=12人；
(3)保持起始报警电流不变，若要增大核载人数，压力变大，则R2的阻值变小；由于吸合电路不变，根据U=IR可知，可以减小电源电压；
吸合电流不变，在电源电压一定时，电路的总电阻不变，所以需要增大R1的阻值，故小明的方案正确，小红的方案错误。
答：(1)电铃发出警报声时，R2的阻值大小为300Ω。
(2)电梯最多能乘坐的人数为12人。
(3)保持起始报警电流不变，若要增大核载人数，压力变大，则R2的阻值变小；由于吸合电路不变，根据U=IR可知，可以减小电源电压；
吸合电流不变，在电源电压一定时，电路的总电阻不变，所以需要增大R1的阻值，故小明的方案正确，小红的方案错误。
【解析】(1)根据电磁铁的吸合电流和电源电压求出电路的总电阻，根据串联电路的电阻关系求出R2的阻值的大小；
(2)根据压敏电阻的阻值来计算该电梯承载的人数；
(3)结合欧姆定律分析增大起始压力，然后得出可行的做法。
本题考查了欧姆定律的应用、实验方案的设计，明确电磁继电器的工作原理是解题的关键。
31.【答案】解：(1)玻璃杯漂浮，受到浮力等于重力，则有：F浮A=GA=2.5N；
(2)当细线所受拉力为0.5N时，物体A受三个力，浮力、重力、拉力，而浮力等于物体上、下表面所受压力的差，此时所受浮力为：
F浮'=F向上-F向下=F向上-0=ρ水ghSA=GA+F拉，
玻璃杯A浸入水中的深度为：
h=GA+F拉ρ水gSA=2.5N+0.5N1×103kg/m3×10N/kg×40×10-4m2=0.075m；
(3)物体B处于静止状态，受重力、浮力、拉力，由图可知，拉力最大为1N，由此可以列式：
GB=F浮B+F拉大，
由于物体B完全浸没在水中，排开液体的体积等于自身体积，将上式展开：
ρBgVB=ρ水gVB+F拉大，
物体B的体积为：
VB=F拉大ρBg-ρ水g=1N2×103kg/m3×10N/kg-1×103kg/m3×10N/kg=1×10-4m3，
物体B所受重力为：
GB=ρBgVB=2×103kg/m3×10N/kg×1×10-4m3=2N；
(4)当细线所受拉力为1N时，物体B受到重力、浮力和拉力，由(3)可知，GB=F浮B+F拉大，此时物体B恰好对容器底部的压力为0，因此玻璃杯A和物体B刚好漂浮在水中，
由图乙可知t1时刻到t2时刻，拉力的增加量就是玻璃杯A增加的浮力，则玻璃杯A增加的浮力：
ΔF浮=ΔF拉=1N-0.5N=0.5N，
由F浮=ρ液gV排得玻璃杯A增加的浸没水中的体积为：
ΔV浸=ΔV排=ΔF浮ρ水g=0.5N1.0×103kg/m3×10N/kg=0.5×10-5m3，
水升高的高度为：
Δh水=ΔV浸S=5×10-5m340×10-4m2=0.0125m，
则增加的压强为：
Δp=ρ水gΔh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.0125m=125Pa。
答：(1)注水前，玻璃杯A所受浮力2.5N；
(2)当细线所受拉力为0.5N时，玻璃杯A浸入水中的深度0.075m；
(3)金属块B的重力2N；
(4)从t1时刻到t2时刻，水对容器底的压强变化量125Pa。
【解析】(1)根据漂浮时浮力与重力相等即可求出玻璃杯A所受浮力；
(2)对物体A受力分析，结合浮力产生的原因列等式算出玻璃杯A浸入水中的深度；
(3)对物体B受力分析，列等式算出物体B的体积，根据GB=ρBgVB算出B的重力；
(4)由图乙可知浮力的变化，根据阿基米德原理即可求出玻璃杯A浸入水中增加的体积，由于玻璃杯A的位置不动，则根据玻璃杯A的底面积求出水升高的高度，利用p=ρgh即可求出增加的压强。
本题考查有浮力的计算、压强的计算、阿基米德原理和物体的浮沉条件的应用等，涉及到的知识点，综合性强，属于典型的力学综合题，需要学生熟练掌握相关物理知识和原理，难度较大。
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