2023年山东省菏泽市成武县育青中学中考物理二模试卷

这是一份2023年山东省菏泽市成武县育青中学中考物理二模试卷，共26页。
2023年山东省菏泽市成武县育青中学中考物理二模试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列有关中学生的估测符合实际的是(    )
A. 眨眼一次的时间约为3s B. 正常步行的速度约为1.4km/h
C. 游泳时受到的浮力约为500N D. 完成一次引体向上做的功约为2000J
2. 在此幅丰子恺书画作品中，描绘了“借问酒家何处有，牧童遥指杏花村”的生活画面，彰显出人与自然和谐共生的美好意境。骑在牛背上的孩童不回头就能大致判断出问话的人是一位老者，他判断的依据是利用了声音的(    )
A. 音色
B. 音调
C. 响度
D. 信息
3. 下列有关分子热运动的说法，正确的是(    )
A. 海绵容易被压缩表明分子间有间隔
B. 两块表面平滑的铅块紧压后会结合起来，表明分子间存在引力而没有斥力
C. 尘土飞扬，说明分子在永不停息地做无规则运动
D. 红墨水滴入水中，水渐渐变红，这是扩散现象
4. 扎西同学观察到以下生活现象，其中可以用光的反射解释的是(    )
A. 手影 B. 铅笔“错位”
C. 猫照镜子 D. 三棱镜分解白光
5. 如图为某晶体的物态变化过程，甲、乙、丙对应固、液、气三种物态。下列分析正确的是(    )

A. 甲→乙的过程需要放热 B. 露水对应的物态变化过程是乙→丙
C. BC段对应的状态是固液共存态 D. DE段对应的温度为该晶体的熔点
6. 如图所示，质量一定的木块放在由同种材料制成的粗糙程度均匀的水平桌面上。木块在水平拉力F作用下从A点由静止开始运动，运动得越来越快；当木块到达B点时，撤去拉力F，木块继续移动，运动得越来越慢，最后停在C点。下列说法中正确的是(    )

A. 木块在AB所受的摩擦力等于在BC段所受的摩擦力
B. 木块在BC段运动得越来越慢，是由于木块受到的摩擦力越来越大
C. 木块在AB段运动得越来越快，木块的机械能越来越大，机械能没有转化为内能
D. 木块在BC段运动得越来越慢，是由于木块的机械能转化为内能，机械能逐渐减小
7. 某学校有两栋教学楼，每栋教学楼各有一个开关，一个电铃。要求：闭合任何一个开关，两个电铃都响，且其中一个电铃坏时，另一个能正常工作。下列符合要求的电路是(    )
A. B.
C. D.
8. 关于信息与能源，下列说法中，错误的是(    )
A. 手机既能接收电磁波，也能发射电磁波
B. 水能是可再生能源，可循环利用，因此不需要节约水资源
C. 北斗卫星是通过电磁波传递信息，从而提供导航和通信服务
D. 核电站一旦发生泄露，将产生严重的危害，所以必须制定严格的安全标准和规范
9. 如图所示，一个重为G的物体在水平地面上处于静止状态，当用竖直向上的拉力F提它时(Fv乙

12. 如图所示，轻质杠杆OB可绕O点转动，OA=AB。在A点悬挂物体，在B点竖直向上拉动杠杆使其始终保持水平平衡，拉力为F。下列说法正确的是(    )


A. F的大小为物重的2倍
B. 物重增加5N，F的大小也增加5N
C. 物体悬挂点右移，拉力F会增大
D. 将F改为沿图中虚线方向，拉力F会减小
13. 月月参加了一次长跑，身体消耗的能量约为8.4×106J，这些能量相当于完全燃烧______m3的天然气，若天然气完全燃烧放出的热量有50%被水吸收，这些热量可将1标准大气压下______kg、温度为20℃的水烧开。(q天然气=4×107J/m3)
14. 定值电阻R1和R2之上分别标有“10Ω，1A”和“20Ω，0.6A”的字样，现将它们串联起来接到某电源两端，为了不损坏电阻，该电源的电压不能超过        V；若将它们并联起来，接到电压可调的电源上，在不损坏电阻的情况下，电路的最大总功率为        W。
15. 小羽入住新居，换了一台崭新的大屏幕电视，屏幕上色彩绚丽的画面是由红、______、蓝三种色光组成的；冬天，沐浴时常打开浴霸来加热浴室，这是利用了______具有热作用强的特点。
16. 如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两平底容器，分别装有深度相同、质量相等的不同液体，这时液体对容器底部的压强p甲 ______ p乙，容器对桌面的压力F甲 ______ F乙。


17. 2022年11月29日，我国神舟十五号载人飞船发射升空，并于30日与我国空间站组合体，在合体后，神舟十五号与空间站保持相对______ (选填“运动”或“静止”)；空间站绕行地球时，其运动状态______ (选填“改变”或“不改变”)。
18. 体育课上同学正在进行投掷铅球训练，如图是出手的铅球在空中向前运动的情景，不计空气阻力。请你画出铅球所受力的示意图。


19. 如图所示，请按小磁针的指向在括号中用“S”或“N”标出通电螺线管的南北极，用“+”或“−”标出电源的正负极。


20. 小聪要探究“影响浮力大小的因素”，图1是他的实验过程。

(1)图B中，物体受到的浮力为______ N；由A、B、C三图可知，浮力大小与______ 有关。
(2)由A、D、E三图可知，盐水的密度为______ g/cm3。
(3)如图2所示，小聪受上面实验的启发，制作了一个测质量的装置，如图甲。刻度标在底面积为100cm2透明薄壁柱形容器外壁，先加水至“0g”刻线处，再将被测物体放入水中漂浮时，水位处对应的刻度值即为被测物体的质量。则“0g”刻线上方1cm处对应的刻度值为______ g。
(4)利用该装置还可测量物体密度：将物体A放入水中，如图乙所示，静止时示数为m1；然后将物体B放在A上方，如图丙所示，静止时示数为m2；最后将物体B放入水中，如图丁所示，静止时示数为m3，则物体B的密度ρB= ______ (用m1、m2、m3、ρ水表示)。
(5)小南发现该装置测量质量误差较大，为提高准确度，请你提出一条可行的改进方案：______ 。
21. 小清同学利用如图所示装置探究凸透镜成像的规律。

(1)小清利用图甲所示的方法，使平行于主光轴的光线通过凸透镜A会聚在光屏上，得到一个最小、最亮的光斑，从而确定所使用的凸透镜A的焦距fA= ______ cm。
(2)如图乙所示，小清将凸透镜A固定在光具座上40cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上10cm刻度线处，移动光屏直至光屏上呈现出烛焰清晰倒立、______ (填“放大”、“缩小”或“等大”)的实像，这一原理应用在______ (填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”)上。
(3)接下来保持蜡烛和光屏的位置不变，小清用焦距为fB(fBv乙，故D正确。
故选：D。
根据图像可知，乙的s−t图像是一条斜直线，则乙做匀速直线运动，0～5s甲做匀速直线运动，然后静止不动，读出任意一组路程和时间对应的值，根据v=st求出速度，逐项分析。
根据图像或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目，图像可以使我们建立更多的感性认识，从表象中去探究本质规律，体验知识的形成过程。此题关键是读懂图像，并能从图像中获取相关信息。

12.【答案】C 
【解析】解：
A、由图可知，OA=AB，阻力的力臂为动力力臂的一半，根据杠杆的平衡条件F×OB=G×OA可知，拉力F的大小为物重的二分之一，故A错误；
B、若物重增加5N，根据杠杆的平衡条件可知，F的变化量为5N×12=2.5N，故B错误；
C、当悬挂点右移时，动力臂、阻力不变，阻力臂变大，则动力F将变大，故C正确；
D、保持杠杆在水平位置平衡，将拉力F转至虚线位置时，拉力的力臂变小，因为阻力与阻力臂不变，由杠杆的平衡条件可知，拉力变大，故D错误。
故选：C。
(1)根据杠杆的平衡条件求出拉力的大小；
(2)根据杠杆的平衡条件分析；
(3)根据力臂的变化，利用杠杆的平衡条件分析动力的变化；
(4)力臂是指从支点到力的作用线的距离。将F改为沿图中虚线方向，拉力的力臂变小。
本题主要考查对杠杆平衡条件以及力臂概念的记忆，是一道基础题目，不难解决。

13.【答案】0.21  12.5 
【解析】解：(1)由题可知，天然气完全燃烧放出的热量等于身体消耗的能量，则Q放=E=8.4×106J，
由Q放=Vq得，需要天然气的体积：
V=Q放q天然气=8.4×106J4×107J/m3=0.21m3；
(2)水吸收的热量：
Q吸=50%×Q放=50%×8.4×106J=4.2×106J，
在1个标准大气压下，水的沸点是100℃，即水的末温为100℃，
由Q吸=cm(t−t0)可得水的质量：
m=Q吸c水(t−t0)=4.2×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×(100℃−20℃)=12.5kg。
故答案为：0.21；12.5。
(1)天然气完全燃烧放出的热量等于身体消耗的能量，利用Q放=Vq求相当于完全燃烧天然气的体积；
(2)由题知，Q吸=50%×Q放，知道水的比热容、初温和末温(在1标准大气压下水的沸点为100℃，即水的末温为100℃)，利用Q吸=cm(t−t0)求出水的质量。
本题考查了燃料燃烧放热公式、吸热公式的应用，注意在一标准大气压下水的沸点为100℃。

14.【答案】18  15 
【解析】解：(1)两电阻串联时，因电路中各处的电流相等，
所以，为使两电阻都不烧坏，电路中的最大电流为0.6A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，根据I=UR可得，电源电压最大：
U=I串(R1+R2)=0.6A×(10Ω+20Ω)=18V；
(2)根据欧姆定律可得，两电阻两端允许加的最大电压：
U1=I1R1=1A×10Ω=10V，U2=I2R2=0.6A×20Ω=12V，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，为使两电阻都不烧坏，电路两端允许加的最大电压是10V；
此时通过R1电阻的电流1A不变，
通过R2电阻的电流：
I2′=U1R2=10V20Ω=0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路的最大电流：
I=I1+I2′=1A+0.5A=1.5A。
电流的最大总功率P=UI=10V×1.5A=15W。
故答案为：18；15。
(1)已知两电阻的阻值和允许通过的最大电流，两个电阻串联时各处的电流相等，为保证电路安全，流过电路的电流应取较小的最大允许通过的电流，然后根据电阻的串联特点和欧姆定律求出两端所加的最大电压；
(2)根据欧姆定律求出两电阻两端允许所加的最大电压，根据并联电路的电压特点可知，两电阻并联时，允许加的最大电压是两者较小的一个，再根据欧姆定律求出各支路的电流，利用并联电路的电流特点求出干路的最大电流，根据P=UI计算电路的最大总功率。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，以及电功率的计算，关键是知道两电阻并联时两端允许加的最大电压是两者最大允许所加电压的最小值，两电阻串联时电路中的最大电流为两者最大允许通过电流的较小值。

15.【答案】绿  红外线 
【解析】解：(1)电视机上绚丽多彩的画面都是由红、绿、蓝三种色光组成的；
(2)沐浴时常打开浴霸来加热浴室，这是利用了红外线的热效应强的特点。
故答案为：绿；红外线。
红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色；红外线具有热效应。
此题考查了色光的三原色和红外线的应用，是一道基础题。

16.【答案】>  = 
【解析】解：
(1)两容器的底面积相同，液体深度相同，由图可知甲液体的体积小于乙液体的体积，且两液体的质量相同，则根据ρ=mV知ρ甲>ρ乙；
已知两容器中液体的深度相同，根据p=ρgh知，液体对容器底部的压强p甲>p乙；
(2)容器对水平面的压力等于容器和液体的总重力，甲、乙两容器的质量相同且两种液体质量相等，由G=mg知容器和液体的总重力相等，则两容器对桌面的压力相等，即F甲=F乙。
故答案为：>；=。
(1)两液体的质量相同，根据图示判断两液体的体积关系，根据密度公式判断两液体的密度关系，根据p=ρgh判断两液体对容器底部的压强关系；
(2)容器对水平桌面的压力等于容器的重力与液体的重力之和，据此判断两容器对桌面的压力关系。
本题主要考查了液体压强公式、密度公式的应用，知道容器对水平面的压力等于容器和液体的总重力是解题的关键之一。

17.【答案】静止  改变 
【解析】解：在合体后，神舟十五号与空间站之间的位置没有变化，所以神舟十五号与空间站保持相对静止；
空间站绕行地球时，其运动方向不断变化，所以其运动状态改变。
故答案为：静止；改变。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，若物体的位置相对于参照物发生变化，则运动；若不发生变化，则静止；
(2)物体的运动状态的改变包括速度大小和运动方向的变化。
此题主要考查了物体运动状态变化的判断、运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。

18.【答案】解：铅球在空中飞行，由于忽略空气阻力，铅球只受重力的作用，作用点在其重心O上，方向是竖直向下的，表示符号为G，如图所示。
 
【解析】用一条带箭头的线段表示力的大小和方向即是力的示意图，重力的方向是竖直向下的，作用点在其重心上，重力的表示符号为G。
知道重力的方向总是竖直向下的，会用力的示意图表示力的三要素。

19.【答案】解：根据磁极间的相互作用可以判断出螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极(左端)，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的，所以电源的右端为正极，左端为负极，如图所示：
。 
【解析】根据磁极间的相互作用判断螺线管的磁极。最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。
本题主要考查对磁极间的相互作用以及安培定则的掌握情况。
安培定则：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极。

20.【答案】1.4  排开液体的体积  1.1  100 m2−m1m3−m1ρ水  减小容器的底面积 
【解析】解：(1)由图A可知，物体的重力是4N，由图B知道，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.6N，根据称量法知道，此时物体在水中时受到的浮力：
F浮=G−FC=4N−2.6N=1.4N；
由B、C两图知道，液体的密度相同，排开水的体积不同，弹簧测力计的示数不同，浮力也不同，故由A、B、C三图知道，浮力大小与排开液体的体积有关；
要探究浮力大小与浸没深度的关系，需要控制液体的密度相同、排开液体的体积相同，改变深度，故图A、C、D符合题意；
(2)由D图知道，物体受到水的浮力：
F浮水=G−FD=4N−2N=2N=ρ水V排g，
由E图知道，物体受到盐水的浮力：
F浮盐水=G−FE=4N−1.8N=2.2N=ρ盐水V排g，
由以上两式解得：
ρ盐水=1.1ρ水=1.1g/cm3；
(3)物体放入水中漂浮时，S=100cm2=10−2m2，则物体受到的浮力：
F浮=G=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/ kg×1×10−2m×10−2m2=1N，
由G=mg 知道，此时“0g”刻线上方1cm处对应的刻度值：
m=Gg=1N10N/ kg=0.1kg=100g；
(4)由图乙可知，物体A的质量为m1，由图丙可知，物体A和B总质量为m2，则物体B的质量为m2−m1，由图丙可知，物体B的体积为增加的水的体积，即
VB=V水=m水ρ水=m3−m1ρ水，
则物体B的密度为：
ρB=mBVB=m2−m1m3−m1ρ水=m2−m1m3−m1ρ水；
(5)为了使测量结果更准确，可以减小容器的底面积，测量时液面变化更明显，测量更准确。
故答案为：(1)1.4；排开液体的体积；C、D；(2)1.1；(3)100；(4)m2−m1m3−m1ρ水；(5)减小容器的底面积。
(1)由图A可知，物体的重力是4N，由图B知道，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.6N，根据称量法知道，可知此时物体在水中时受到的浮力；由B、C两图知道，液体的密度相同，排开水的体积不同，弹簧测力计的示数不同，浮力也不同，故由A、B、C三图知道，浮力大小与排开液体的体积有关；要探究浮力大小与浸没深度的关系，需要控制液体的密度相同、排开液体的体积相同，改变深度，故图A、C、D符合题意；
(2)由D、E两图知道，排开液体的体积相同，液体的密度不相同，弹簧测力计的示数不同，浮力也不同，故由A、D、E三图知道，浮力大小与液体的密度有关。
由D图知道，物体受到水的浮力，由E图知道，物体受到盐水的浮力，可以求得盐水的密度；
(3)由图可知物体放入水中漂浮时，受到的浮力，由G=mg 知道，此时“0g”刻线上方1cm处对应的刻度值；
(4)由图乙可知，物体A的质量为m1，由图丙可知，物体A和B总质量为m2，则物体B的质量为m2−m1，由图丙可知，物体B的体积为增加的水的体积，可以求得物体B的密度；
(5)为了使测量结果更准确，可以减小容器的底面积，测量时液面变化更明显，测量更准确。
本题探究影响浮力大小的因素，密度的计算，根据阿基米德原理求密度的方法，难度不大。

21.【答案】10.0  缩小  照相机  靠近  近视 
【解析】解：(1)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：fA=30.0cm−20.0cm=10.0cm；
(2)如图乙所示，小清将凸透镜A固定在光具座上40cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上10cm刻度线处，此时物距u=40cm−10cm=30cm>2f，根据u>2f时，在光屏上成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)物体位置不变，改用焦距小的透镜，相当于增大物距，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，物体变远像要靠近光屏，则需要将光屏靠近凸透镜；如不改变光屏的位置，则需要延缓光线的会聚，可以在透镜和蜡烛之间放一个近视眼镜，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光有发散作用，能延迟光的会聚。
故答案为：(1)10.0；(2)缩小；照相机；(3)靠近；近视。
(1)平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
(2)根据u>2f时，在光屏上成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)物体位置不变，改用焦距小的透镜，相当于增大物距，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小分析；凸透镜的焦距越短，对光的会聚越靠近透镜，凹透镜对光有发散作用，能延迟光的会聚。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。

22.【答案】断路  0.28  1  正比  左  2  4 
【解析】解：(1)从图甲可以看到，这是一个串联电路，两电阻串联，电流表测电路的电流，题中要求，滑片向右移动时，电流表示数变大，则电路的总电阻变小，滑动变阻器接入电路的阻值变小，再观察图乙，可知，变阻器的右上端接入电路，根据变阻器的“一上一下”规则，接下来要把下端接入电路，假设把左下端接入电路，则变阻器的阻值变大，不合适，假设把右下端接入电路，变阻器的阻值变小，符合题意，其他电路连接完整，如下图所示：

(2)闭合开关后，发现电流表无示数，这是一个串联电路，说明电路没有电流，电路有断路情况，假设是定值电阻断路，电流表无示数，电压表测的是电源电压，电压表有示数，符合题意，则电路存在的故障可能是定值电阻断路。
(3)从图丙可以看到，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，它的读数为0.28A。
小红分析了数据后，指出有一组数据不符合实际，则分析这六组数据，实验序号1，电压表示数为1V，即定值电阻的电压为1V，电源电压恒为4V，则滑动变阻器的电压为3V，电流表示数为0.1A，串联电路的电流处处相等，则流过变阻器的电流也为0.1A，根据欧姆定律的变换式可得，变阻器的阻值为R 滑=U滑I滑=3V0.1A=30Ω，
变阻器的阻值为30Ω，但是滑动变阻器的规格为“25Ω 1A”，最大阻值为25Ω，不可能达到30Ω，故这组数据不符合实际；同理，其他五组数据都符合实际，综上所述，这组不符合实际的数据，为实验序号1。
分析表格中的数据，除了第一组数据，其他五组数据，可知电压与电流的比值为一个固定值10，可得结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
(4)实验中控制电阻两端的电压为2V不变。她用10Ω的电阻完成实验后，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关，换上15Ω电阻，这时定值电阻的阻值变大了，根据串联电路的分压特点，变阻器接入电路的阻值大小不变，则定值电阻的电压变大，为了使电阻两端的电压恢复到2V，变阻器接入电路的阻值也应该变大，观察实物图可知，此时应将滑片适当向左调。
设该可调电压电源，电压最小值为Umin，最大值为Umax，要保证预设电压表示数为2V不变，可知假设该电源电压最小为2V，滑动变阻器接入电路的阻值为0，则定值电阻两端的电压就等于电源电压，符合题意，实验可以正常进行，电压不能再小了，小于2V，就不能保证预设电压表示数为2V，综上所述，该电源电压最小为2V；
该电源电压最大为Umax，预设电压表示数为2V不变，则滑动变阻器的电压为Umax≥2V，当用5Ω的电阻接入电路时，电路的电流为I=U定R定=2V5Ω=0.4A，
而变阻器接入电路的阻值应该不大于25Ω，可得关系式Umax−2V0.4A≤25Ω，
解得Umax≤12V；同理可得，当用10Ω、15Ω、20Ω、25Ω这些电阻接入时，分别得到电源电压的最大值得Umax≤7V、Umax≤5.3V、Umax≤4.5V、Umax≤4V；
综上所述，电源电压的最大值为4V，最小值为2V，即该电源电压应该控制在2V到4V的范围之间。
故答案为：(1)见解析；(2)断路；(3)0.28；1；正比；(4)左；2；4。
(1)电流表、滑动变阻器与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，滑片向右移动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器连入电路的电阻变小，从而确定滑动变阻器接入的接线柱；
(2)电流表有示数，说明电路不是断路，电压表有示数，可能是与电压表并联的电路断路，据此分析；
(3)根据图丙电流表所选量程确定分度值读数；分析表中电流与电压的关系得出结论；
(4)①根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
②滑动变阻器接入最大电阻25Ω时，滑动变阻器分得的电压最大，定值电阻分得的电压最小，且定值电阻越小，定值电阻分得的电压越小，而要保证用四个电阻都能顺利完成实验，则控制定值电阻两端的最小电压应以最大定值电阻25Ω分得的最小电压为准，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电阻两端所控制电压的最小值。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、电流表的读数、控制变量法、实验操作、器材的选择、欧姆定律的应用和分析数据归纳结论的能力。

23.【答案】解：(1)只闭合开关S1，电路只有电阻R1工作，电流表测量电路的电流，
电源电压为：
U=I1R1=0.2A×30Ω=6V；
(2)再闭合开关S2，两电阻并联，电流表测量干路的电流，电流表的示数为0.6A，
则通过定值电阻R2的电流为I2=I−I1=0.6A−0.2A=0.4A，
定值电阻R2的阻值为：
R2=UI2=6V0.4A=15Ω；
(3)当开关S、S2均闭合时，通电10min定值电阻R2产生的热量为：
Q=W=UI2t=6V×0.4A×10×60s=1440J。
答：(1)电源电压为6V；
(2)定值电阻R2的阻值为15Ω；
(3)当开关S、S2均闭合时，通电10min定值电阻R2产生的热量为1440J。 
【解析】(1)只闭合开关S1，电路只有电阻R1工作，电流表测量电路的电流，根据U=I1R1算出电源电压；
(2)再闭合开关S2，两电阻并联，电流表测量干路的电流，利用并联电路的电流关系求得通过定值电阻R2的电流，根据欧姆定律算出定值电阻R2的阻值；
(3)当开关S1、S2均闭合时，根据Q=W=UI2t算出通电10min定值电阻R2产生的热量。
本题考查了欧姆定律公式和电功公式的应用，是一道电学综合题，难度不大。

24.【答案】解：(1)水下机器人在100m深的湖底取样时受到水的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×100m=1×106Pa；
(2)由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
由图丙可知，当容器内水的深度在0～h1时，电压表的示数U1=2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R0两端的电压：U0=U−U1=6V−2V=4V，
电路中的电流：I1=U0R0=4VR0，
由图丙可知，当容器内水的深度大于h2时，电压表的示数U2=4V，
R0两端的电压：U0′=U−U2=6V−4V=2V，
电路中的电流：I2=U0′R0=2VR0，
因电流表示数变化值为0.2A，
所以，I1−I2=4VR0−2VR0=0.2A，
解得：R0=10Ω；
(3)当容器内水的深度在0～h1时，电路中的电流：
I1=U0R0=4V10Ω=0.4A，
滑动变阻器接入电路中的电阻：
R1=U1I1=2V0.4A=5Ω，
由图乙可知，此时拉力F1=22.5N，
当容器内水的深度大于h2时，电路中的电流：
I2=U0′R0=2V10Ω=0.2A，
滑动变阻器接入电路中的电阻：
R2=U2I2=4V0.2A=20Ω，
由图乙可知，此时拉力F2=15N，
由于是往容器中缓慢注水，结合图丙可知：
①当容器内水的深度在0～h1时，矿石没有浸在水中，不受浮力，此时弹簧的拉力与重力平衡，拉力最大；②当容器内水的深度在h1～h2时，矿石浸在水中受浮力的作用，水的深度增加，浮力增大，拉力减小；③当容器内水的深度大于h2时，矿石浸没在水中，浮力最大且不变，此时拉力最小。
由于F1=22.5N>F2=15N，
结合上述分析可知：矿石的重G=F1=22.5N，矿石浸没在水中时拉力为F2=15N；
根据称量法测浮力可知，矿石浸没在水中时受到的浮力：
F浮=G−F2=22.5N−15N=7.5N；
根据F浮=ρ水gV排可得矿石的体积：
V=V排=F浮ρ水g=7.5N1×103kg/m3×10N/kg=7.5×10−4m3；
矿石M的密度：ρ=mV=GgV=GgV=22.5N10N/kg×7.5×10−4m3=3×103kg/m3。
答：(1)水下机器人在100m深的湖底取样时受到水的压强为1×106Pa；
(2)定值电阻R0的阻值是10Ω；
(3)当水深达到h2时受到的浮力为7.5N，矿石M的密度是3×103kg/m3。 
【解析】(1)根据p=ρgh求出水下机器人在100m深的湖底取样时受到水的压强；
(2)由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R0两端的电压，根据欧姆定律表示出电路中的电流，利用电流表示数的变化量得出等式求出R0的阻值；
(3)①由图丙结合已知条件计算深度为0～h1、大于h2时变阻器接入电路的阻值，根据图乙得到拉力(把电学量转化为力学量)；
②结合图丙分析得出具体的物理过程，深度为0～h1时，矿石不受浮力，此时拉力等于重力；深度大于h2时，矿石浸没在水中，拉力最小；
③根据称量法测浮力公式可得矿石浸没在水中时所受的浮力，利用F浮=ρ水gV排可得矿石的体积，最后利用密度公式可求出矿石的密度。
本题是一道力学和电学的综合题，主要考查了液体压强、欧姆定律、串联电路的特点、阿基米德原理和密度等知识。比较难的是第3小题，解答该小题的关键：计算深度为0～h1、大于h2时变阻器接入电路的阻值，根据图乙得到拉力(把电学量转化为力学量)；结合图丙分析得出具体的物理过程，明确两个拉力的含义即可解题。