2017年江苏省南通市中考物理试题及答案

这是一份2017年江苏省南通市中考物理试题及答案，共33页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

2017年江苏省南通市中考物理试卷
一、选择题（共10小题，每小题2分，满分20分）
1．把两张用丝绸摩擦过的塑料片相互靠近时，它们会张开，这是因为（　　）
A．同种电荷相互排斥 B．异种电荷相互排斥
C．分子之间存在斥力 D．分子之间存在空隙
2．下列事例中，需要防止惯性带来危害的是（　　）
A．
人蹬冰面后可继续滑行
B．
突然刹车人会前倾
C．
离弦的箭继续飞行
D．
敲击锤柄套紧锤头
3．许多成语对声现象有着生动描述．下列成语中描写声音响度的是（　　）
A．声如洪钟 B．曲高和寡 C．悦耳动听 D．余音绕梁
4．用易拉罐、水、橡皮泥、酒精灯按图片位置体验大气压的存在，下列说法中不正确的是（　　）

A．易拉罐被压瘪说明大气压的存在
B．易拉罐被压瘪也可说明力能使物体发生形变
C．用酒精代替水注入罐中也能完成实验
D．罐口不用橡皮泥堵住也能观察到罐被压瘪
5．2017年4月，我国成功发射天舟一号飞船，如图，天舟一号关闭发动机后，从椭圆轨道上离地球较近的P点向离地球较远的Q点运动．该过程中天舟一号（　　）

A．相对地球静止 B．受到平衡力
C．动能转化为势能 D．不受力作用
6．野外生存能力是户外运动者的必备技能．下列生存技能与物理知识相对应的是（　　）
A．影长辨向﹣光的折射现象 B．削竹为刀﹣减面积增压力
C．融冰取水﹣固体升华现象 D．钻木取火﹣做功改变内能
7．将一凸透镜正对太阳，可在距透镜20cm处得到一个最小、最亮的光斑，若将一个物体放在此透镜前30cm处，则可在透镜另一侧得到（　　）
A．倒立、缩小的实像 B．正立、缩小的实像
C．倒立、放大的实像 D．正立、放大的虚像
8．如图，O为拉杆式旅行箱的轮轴，OA为拉杆．现在拉杆端点A处施加力F，使箱体从图中位置绕O点缓慢逆时针转至竖直位置．若力F的大小保持不变，则力F的方向应（　　）

A．垂直于OA B．竖直向上 C．沿OA向上 D．水平向左
9．用高速摄影机拍摄于子弹穿鸡蛋前后的两帧画面，如图所示，已知拍摄两帧画面的时间间隔为6.0×10﹣4s，则子弹的速度约为（　　）

A．80m/s B．180m/s C．280m/s D．380m/s
10．如图，D为电子元件，能起稳压作用，即在一定条件下可保持其两端的电压UD不变，R为定值电阻，E为电压可调的电源，当D起稳压作用时，下列描述电路中的电流I、R消耗的电功率P随电源电压U总变化关系的图线中，可能正确的是（　　）

A． B． C． D．
　
二、非选择题（共13小题，满分70分）
11．汽车大多用汽油作燃料，汽油是　 　能源．自2017年起，北京的车用汽油按季节分品种供应，原因是温度相同时，不同品种汽油的蒸气压不一样，所谓蒸气压是汽油　 　（填物态变化的名称）成气体所产生的压强．蒸气压过高，对环境污染大，反之汽车不易启动．因此，夏季应选用蒸气压相对　 　（选填“较高”或“较低”）的汽油．
12．如图所示，用漆包线绕成矩形线圈，将线圈两端的漆全部刮去后放入磁场．
（1）闭合开关，由于磁场对　 　有力的作用，线圈会转动；线圈在磁场中　 　（选填“能”或“不能”）持续转动．
（2）将电源和开关换成小量程电流表，缓慢转动线圈，发现电流表的指针左右摆动，说明线圈在磁场中转动时产生了　 　（选填“直流”或“交流”）电，根据此原理可制成　 　机．

13．“海翼”号深海滑翔机，刷新了下潜深度的世界纪录．“海翼”号通过改变自身油囊体体积实现浮沉，如图，下沉时，油囊体积变小，滑翔机所受浮力　 　，海水对它的压强将　 　；当机翼对水施加向后的推力时，由于力的作用是　 　，滑翔机会获得向前的动力；深海中的滑翔机利用声呐装置与海面联系，声呐是利用　 　波传递信息的．

14．某自动豆浆机工作时，电热管加热与电动机打浆过程交替进行，其部分参数如下表．
（1）空豆浆机放在水平桌面上，接触面积为4cm2，对水平面的压强为　 　Pa．
（2）不计热量损失，加强管正常工作80s，可使1kg豆浆的温度升高　 　°C[取C豆浆=4×103J/（kg•°C）]；豆浆飘出阵阵香味说明分子在　 　．
（3）电热管通电一段时间后变得很烫，而与豆浆机连接的导线却不怎么热，主要是因为导线　 　，产生的热量少；若豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为0.17kW•h，加热与打浆的时间之比为3：1，则打好一次豆浆需　 　h．
额定电压
220V
电机功率
100W
加热功率
1100W
净 重
20N
15．小华利用浮力知识测量橡皮泥的密度．
A．测出空烧杯的质量m0．
B．将橡皮泥捏成碗状，轻放入盛满水的溢水杯中，橡皮泥漂浮，用烧杯接住溢出的水．
C．测出烧杯和水的总质量m1，如图．
D．将该橡皮泥取出捏成团，放入盛满水的溢水杯中，橡皮泥沉底，用另一相同的空烧杯接住溢出的水．
E．测出烧杯和水的总质量m2．
（1）调节天平平衡时，发现指针静止时指在分度盘中央刻度线右侧，则应将平衡螺母向　 　调节，由图可知m1=　 　g．
（2）橡皮泥密度的表达式为ρ=　 　．（用m0、m1、m2等物理量的符号表示）
（3）操作B、D中橡皮泥所受浮力分别为FB、FD，则FB、FD的大小关系是：FB　 　FD，请写出你的推理过程：　 　．

16．如图，鸡蛋悬浮在液体中，请画出鸡蛋受力的示意图．

17．如图，作出物体AB在平面镜中所成的像．

18．请在图中用笔画出代替导线将三线插座、电灯和开关分别接入电路．

19．工人用图示装置在10s内将质量为45kg的货物匀速提升2m，此过程中拉力的功率为120W．（g取10N/kg）求：
（1）有用功；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）若工人用此装置匀速提升其他货物，测得拉力大小为300N，额外功占总功的20%，工人提升货物的重．

20．如图，电源电压恒定，小灯泡L标有“6V 3W”字样，定值电阻R2的阻值为10Ω，R1为滑动变阻器，开关S1、S2都闭合时，L恰好正常发光，电流表示数为1.1A．求：
（1）小灯泡正常发光时的电阻；
（2）S1、S2都闭合时，R1在10min内消耗的电能；
（3）S1、S2都断开，调节滑片使R2的电功率为R1电功率的2倍时，R2的电功率．

21．在“测量小灯泡功率”的实验中，提供的器材有：铭牌上仅能看清标有“0.3A”字样的小灯泡、电池组、电压表、电流表、滑动变阻器、开关、导线若干．
（1）请用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整．

（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于　 　（选填“左”或“右”）端．闭合开关，小灯泡不亮，两电表均无示数，现将电压表接在变阻器两端时有示数，接在开关两端时无示数，则电路故障是　 　．
（3）排除故障后，移动变阻器的滑片，使电流表示数为0.3A，此时电压表示数如图乙所示，其值为　 　V，小灯泡的额定功率为　 　W．
（4）在实验过程中，电压表发生故障，现增加电阻箱和单刀双掷开关，设计了如图丙、丁两种方案，则能测出灯泡额定功率的方案是　 　．
22．冰壶比赛中，为减小冰壶与冰面间的摩擦，运动员需在冰壶运动路线上的某些区域刷冰，如图甲．
（1）为探究刷冰长度的影响因素，小明和同学用图乙装置寻找模拟刷冰区域的材料，他们将木块分别放在长木板、绸布、棉布上，用弹簧测力计水平拉木块做　 　运动，发现测力计示数关系是F棉＞F木＞F绸．若用木板模拟未刷冰区域，则应选　 　模拟刷冰区域．
（2）他们用图丙装置，将长为l的所选材料M平铺在木板上，让木板从斜面上滑下，经过M后停在木板上的固定位置P．木板运动到位置P，所需M的长度l与哪些因素有关？大家提出以下猜想：
猜想1：与木块由静止滑下时的高度h有关；
猜想2：与M左端到斜面底端的距离x有关．
①验证猜想1时，保持x不变，将木块从高度将静止滑下，改变l，使木块最终都停在位置P，数据记录如下：
序号
1
2
3
4
5
6
释放的高度h/m
0.10
0.14
0.18
0.20
0.22
0.26
M的长度l/m
2.00
1.60
1.20
0.86
0.80
0.40
在图丁中描点作出l与h的关系图线；l与h的定量关系是l=　 　．
②验证猜想2时，小明改变x，将木块从不同高度由静止滑下，记录数据，得出结论．
分析实验中存在的问题是　 　；
正确操作，发现每次只将M前后移动时，木块都会经过M停在P位置．该现象可否定猜想2的依据是　 　；
若在上述正确操作中同时改变x和l，则木块最终可能停在　 　（选填“P点左侧“”P点右侧“或”P点左侧或右侧“）．

23．阅读短文，回答问题． 客机C919
如图甲，我国研制的大客机C919于5月5日首飞成功．
C919机舱内覆有一层高孔率”超细航空级玻璃棉“，能很好地保温与吸收噪音，其单丝纤维直径只有3～5μm，1m3的质量为5kg．
机舱内先进的”呼吸系统“，使飞机在气压只有2.5×104Pa左右的万米高空时，能将机外﹣50°C以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50°C以上，同时系统依靠传感器的自动控制，使舱内气压和温度达到舒适值．
该机有较大的翼载，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值；机上搭载的新一代涡扇发动机的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与其获得的机械能之比，下表是飞机的部分技术参数．
最大起飞质量
72.5t
客舱内气压
8.0×104Pa
巡航速度
920km/h
发动机巡航推力
3.6×104N
（1）阳光下，飞机尾翼呈现绿色，是因为尾翼　 　绿光；若飞机的翼载是500kg/m2，则机翼面积为　 　m2．
（2）下列关于”超细航空级玻璃棉“性质的描述中，不正确的是　 　．
A．单丝纤维比头发细 B．密度与玻璃差不多
C．隔音性能相对较好 D．导热能力相对较弱
（3）在万米高空，机体1m2面积上承受内外气压的压力差约为　 　N；为确保机舱内的温度维持体感舒适值，机上空调需要不断　 　（选填”加热“或”制冷“）

2017年江苏省南通市中考物理试卷
参考答案与试题解析
　
一、选择题（共10小题，每小题2分，满分20分）
1．把两张用丝绸摩擦过的塑料片相互靠近时，它们会张开，这是因为（　　）
A．同种电荷相互排斥 B．异种电荷相互排斥
C．分子之间存在斥力 D．分子之间存在空隙
【考点】H8：电荷间的相互作用规律．
【分析】用摩擦的方法使物体带电，叫做摩擦起电．摩擦起电的实质是电子的转移，失去电子的物体因为少了电子而带正电，得到电子的物体因为有了多余的电子而带负电，电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引
【解答】解：把两张用丝绸摩擦过的塑料片相互靠近时，它们会张开，它们带有同种电荷互相排斥，故A正确，B错误；
带电塑的料片相互靠近张开是电荷之间的作用，不是分子间的作用，故CD错误．
故选A．
　
2．下列事例中，需要防止惯性带来危害的是（　　）
A．
人蹬冰面后可继续滑行
B．
突然刹车人会前倾
C．
离弦的箭继续飞行
D．
敲击锤柄套紧锤头
【考点】6L：惯性．
【分析】惯性是任何物体都有保持原来运动状态的性质，有时对我们有用、有时有害，特别要防止惯性带来危害，据此对各选项逐一进行分析．
【解答】解：
A、人蹬冰面后可继续滑行，属于利用惯性，故A不合题意；
B、突然刹车人会前倾，需要防止惯性带来危害．故B符合题意．
C、拍离弦的箭继续飞行，是利用惯性；故C不合题意．
D、敲击锤柄套紧锤头，是利用惯性；故D不合题意．
故选B．
　
3．许多成语对声现象有着生动描述．下列成语中描写声音响度的是（　　）
A．声如洪钟 B．曲高和寡 C．悦耳动听 D．余音绕梁
【考点】9I：音调、响度与音色的区分．
【分析】声音的特性包括音调、响度和音色．音调指声音的高低，响度是指声音的大小，音色指声音的品质与特色．从成语的含义分析哪个成语表示声音大小即可．
【解答】解：
A、声如洪钟，说明声音比较大，描述的是声音的响度，符合题意；
B、曲高和寡，是指声音的音调太高，一般人唱不了，不合题意；
C、悦耳动听指声音的音色好听，不合题意；
D、余音绕梁是声音发生多次反射时形成的回声，不合题意．
故选A．
　
4．用易拉罐、水、橡皮泥、酒精灯按图片位置体验大气压的存在，下列说法中不正确的是（　　）

A．易拉罐被压瘪说明大气压的存在
B．易拉罐被压瘪也可说明力能使物体发生形变
C．用酒精代替水注入罐中也能完成实验
D．罐口不用橡皮泥堵住也能观察到罐被压瘪
【考点】8E：大气压强的存在；6F：力的作用效果．
【分析】（1）用酒精灯加热罐内的水，罐内的水就会迅速的汽化为水蒸气，水蒸气遇冷液化，罐内的水蒸气减少，罐内的气体压强减小，小于外界的大气压，在大气压的作用下就会将易拉罐压瘪；
（2）力可以改变物体的形状；
（3）酒精容易蒸发变为酒精蒸气，酒精蒸气遇冷液化为液体；
（4）罐口不用橡皮泥堵住，易拉罐内部的气体压强和外界的大气压是相同的．
【解答】解：A、用橡皮泥堵住罐口，把酒精灯撤去，让易拉罐自然冷却，发现易拉罐被压瘪，这是由于大气压的作用，故A正确；
B、易拉罐被压瘪说明力可以使物体发生形变，故B正确；
C、用酒精代替水注入罐中，酒精容易蒸发变为酒精蒸气，撤去酒精灯，酒精蒸气遇冷液化为液体，罐内气压减小，大气压也能将易拉罐压瘪，故C正确；
D、罐口不用橡皮泥堵住，把酒精灯撤去，罐内的气体压强和外界的大气压相等，易拉罐不会被压瘪，故D错误．
故选D．
　
5．2017年4月，我国成功发射天舟一号飞船，如图，天舟一号关闭发动机后，从椭圆轨道上离地球较近的P点向离地球较远的Q点运动．该过程中天舟一号（　　）

A．相对地球静止 B．受到平衡力
C．动能转化为势能 D．不受力作用
【考点】53：运动和静止的相对性；FU：动能和势能的转化与守恒．
【分析】天舟一号飞船，如图，天舟一号关闭发动机后，速度方向发生改变，受非平衡力的作用；
在研究物体的运动情况时，如果物体和参照物之间的位置发生变化，则物体是运动的；如果物体和参照物之间的位置没有发生变化，则物体就是静止的．物体由于运动而具有的能叫动能，物体由于被举高而具有的能叫重力势能．
【解答】解：天舟一号关闭发动机后，从椭圆轨道的近地点向远地点运动时，速度越来越小，受到非平衡力的作用，距离地球越来越远，相对于地球的位置发生改变，故相对地球它是运动的，从椭圆轨道上离地球较近的P点向离地球较远的Q点运动，动能转化为重力势能，故ABD错误，C正确．
故选C．
　
6．野外生存能力是户外运动者的必备技能．下列生存技能与物理知识相对应的是（　　）
A．影长辨向﹣光的折射现象 B．削竹为刀﹣减面积增压力
C．融冰取水﹣固体升华现象 D．钻木取火﹣做功改变内能
【考点】A2：光在均匀介质中直线传播；19：熔化与熔化吸热特点；84：增大压强的方法及其应用；G9：做功改变物体内能．
【分析】每一现象中都包含了不同的物理知识，依次分析，找出知识点与描述现象之间的关系，然后加以分析判断即可．
【解答】解：A、影长是光的直线传播形成的，故A错误；
B、削竹为刀是减小了刀的受力面积，从而增大压强，故B错误；
C、融冰取水是固态的冰变成液态的水，是熔化现象，故C错误；
D、钻木取火是通过做功改变内能，故D正确．
故选D．
　
7．将一凸透镜正对太阳，可在距透镜20cm处得到一个最小、最亮的光斑，若将一个物体放在此透镜前30cm处，则可在透镜另一侧得到（　　）
A．倒立、缩小的实像 B．正立、缩小的实像
C．倒立、放大的实像 D．正立、放大的虚像
【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．
【分析】根据阳光聚焦方法得到焦距：太阳光射到地球上是平行光，平行于主光轴的光线经凸透镜会聚后得到凸透镜的焦点．
凸透镜成像时，2f＞U＞f，成倒立、放大的实像．
【解答】解：把一个凸透镜对准太阳光，可在距凸透镜20cm处得到一个最小、最亮的光斑，所以，f=20cm．
若将一个物体放在此透镜前30cm处，u=30cm，2f＞U＞f，成倒立、放大的实像．
故选C．
　
8．如图，O为拉杆式旅行箱的轮轴，OA为拉杆．现在拉杆端点A处施加力F，使箱体从图中位置绕O点缓慢逆时针转至竖直位置．若力F的大小保持不变，则力F的方向应（　　）

A．垂直于OA B．竖直向上 C．沿OA向上 D．水平向左
【考点】7T：杠杆的应用．
【分析】根据杠杆的平衡条件判断分析F的方向．
【解答】解：使箱体从图中位置绕O点缓慢逆时针转至竖直位置时，箱子的重力不变，即阻力不变，阻力臂逐渐减小．
根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2知，要使力F的大小保持不变，需要使阻力臂和动力臂同减小；
A、当F垂直于OA时，动力臂大小不变，故A不符合题意；
B、若F竖直向上时，动力臂减小，故B符合题意；
C、若F沿OA向上时，动力F的力臂为零不能将箱体从图中位置绕O点缓慢逆时针转至竖直位置，故C不符合题意；
D、若F水平向左时，动力臂增大，故D不符合题意．
故选B．
　
9．用高速摄影机拍摄于子弹穿鸡蛋前后的两帧画面，如图所示，已知拍摄两帧画面的时间间隔为6.0×10﹣4s，则子弹的速度约为（　　）

A．80m/s B．180m/s C．280m/s D．380m/s
【考点】69：速度公式及其应用．
【分析】首先估测出一个鸡蛋的长度，然后据此得到子弹运动的距离，再利用速度公式计算子弹的速度．
【解答】解：一个鸡蛋的长度大约是5cm，子弹运动的路程大约是两个鸡蛋的长度，
则子弹运动的距离：s=2×5cm=10cm，
子弹的速度：v==≈167m/s．
与B选项最为接近．
故选B．
　
10．如图，D为电子元件，能起稳压作用，即在一定条件下可保持其两端的电压UD不变，R为定值电阻，E为电压可调的电源，当D起稳压作用时，下列描述电路中的电流I、R消耗的电功率P随电源电压U总变化关系的图线中，可能正确的是（　　）

A． B． C． D．
【考点】IZ：电路的动态分析．
【分析】（1）根据串联电路电压的规律，写出R的电压，根据欧姆定律，得出通过R的电流，根据数学知识分析对应 的函数图象；
（2）根据R消耗的电功率：P=URI==U总2﹣U总+，根据二次函数知识确定正确答案．
【解答】解：（1）根据串联电路电压的规律，R的电压为：
UR=U总﹣UD，根据欧姆定律，通过R的电流，即电路中的电流：
I==﹣=×U总﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
因R和UD为定值，①式为I随U总的变化关系式，可知，I与U总的变化关系为一次函数关系，A错误；
且I随U总的变大而变大，故B错误；
（2）R消耗的电功率：
P=URI==U总2﹣U总+
此式为R消耗的电功率P随电源总电压U总变化的二次函数关系，由数学知识知，图象为抛物线，故C错误，D正确．
故选D．
　
二、非选择题（共13小题，满分70分）
11．汽车大多用汽油作燃料，汽油是　不可再生　能源．自2017年起，北京的车用汽油按季节分品种供应，原因是温度相同时，不同品种汽油的蒸气压不一样，所谓蒸气压是汽油　汽化　（填物态变化的名称）成气体所产生的压强．蒸气压过高，对环境污染大，反之汽车不易启动．因此，夏季应选用蒸气压相对　较低　（选填“较高”或“较低”）的汽油．
【考点】K2：能源的分类；1H：汽化及汽化吸热的特点．
【分析】（1）可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源，短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；
（2）物质由液态变成气态叫做汽化；物质由气态变为液体叫液化；使气体液化的方法有两种：降低温度，压缩体积．
【解答】解：
汽油是化石能源是不可再生能源；
汽油由液态变成气态叫做汽化；蒸气压过高，对环境污染大，反之汽车不易启动，因此，夏季应选用蒸气压相对较低的汽油．
故答案为：不可再生；汽化；较低．
　
12．如图所示，用漆包线绕成矩形线圈，将线圈两端的漆全部刮去后放入磁场．
（1）闭合开关，由于磁场对　电流　有力的作用，线圈会转动；线圈在磁场中　不能　（选填“能”或“不能”）持续转动．
（2）将电源和开关换成小量程电流表，缓慢转动线圈，发现电流表的指针左右摆动，说明线圈在磁场中转动时产生了　交流　（选填“直流”或“交流”）电，根据此原理可制成　发电　机．

【考点】CN：直流电动机的构造和工作过程．
【分析】电动机的原理是通电线圈在磁场中受到力的作用，通电线圈要想持续转动，就需要用到换向器．
发电机是根据电磁感应原理制成的，电磁感应现象是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时会产生感应电流．
【解答】解：（1）闭合开关，通电线圈在磁场中能够转动，说明磁场对电流有力的作用，线圈会转动；线圈两端的漆全部刮去，转到平衡位置时，由于电流的方向不能改变，所以不能持续转动．
（2）将电源和开关换成小量程电流表，组成闭合电路，缓慢转动线圈，线圈在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针左右摆动，说明线圈在磁场中转动时产生了感应电流，而且电流方向随时间发生变化，属于交流电，根据此原理可制成发电机．
故答案为：（1）电流；不能；（2）交流；发电．
　
13．“海翼”号深海滑翔机，刷新了下潜深度的世界纪录．“海翼”号通过改变自身油囊体体积实现浮沉，如图，下沉时，油囊体积变小，滑翔机所受浮力　变小　，海水对它的压强将　变大　；当机翼对水施加向后的推力时，由于力的作用是　相互的　，滑翔机会获得向前的动力；深海中的滑翔机利用声呐装置与海面联系，声呐是利用　超声　波传递信息的．

【考点】8O：阿基米德原理；6I：力作用的相互性；88：液体的压强的特点；97：回声测距离的应用．
【分析】（1）“海翼”号深海滑翔机下沉时，油囊体积变小，排开液体的体积变小，根据阿基米德原理可知它受到的浮力F浮变小；
（2）根据液体压强的特点，液体压强随深度的增加而增大，可知在潜艇下潜过程中，海水对它的压强将如何变化；
（3）根据力的作用是相互的可知：当产生力时，相互作用的两个物体，互为施力物体、互为受力物体；
（4）声呐是利用超声波来工作的．
【解答】解：
（1）“海翼”号深海滑翔机下沉时，由于浸没在海水中，油囊体积变小，排开液体的体积变小，根据F浮=G排=ρ水gV排可知受到的浮力F浮变小；
（2）因为液体压强随深度的增加而增大，所以滑翔机下沉时所处的深度增加，则海水对它的压强将变大；
（3）当机翼对水施加向后的推力时，由于物体间力的作用是相互的，机翼对水施加向后的推力，水对机翼有一个向前的反作用力，滑翔机会获得向前的动力；
（4）深海中的滑翔机利用声呐装置与海面联系，声呐是利用超声波来工作的．
故答案为：变小；变大；相互的；超声．
　
14．某自动豆浆机工作时，电热管加热与电动机打浆过程交替进行，其部分参数如下表．
（1）空豆浆机放在水平桌面上，接触面积为4cm2，对水平面的压强为　5×104　Pa．
（2）不计热量损失，加强管正常工作80s，可使1kg豆浆的温度升高　22　°C[取C豆浆=4×103J/（kg•°C）]；豆浆飘出阵阵香味说明分子在　不停地做无规则运动　．
（3）电热管通电一段时间后变得很烫，而与豆浆机连接的导线却不怎么热，主要是因为导线　电阻远小于电热管的电阻　，产生的热量少；若豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为0.17kW•h，加热与打浆的时间之比为3：1，则打好一次豆浆需　0.2　h．
额定电压
220V
电机功率
100W
加热功率
1100W
净 重
20N
【考点】86：压强的大小及其计算；GV：分子的运动；J8：电功率与电能、时间的关系；JK：电功与热量的综合计算．
【分析】（1）空豆浆机放在水平桌面上，对桌面的压力等于豆浆机的净重；知道受力面积，利用p=求对水平桌面的压强；
（2）利用W=Pt求加热管正常工作80s消耗的电能，不计热量损失，Q吸=W，再利用Q吸=cm△t求豆浆升高的温度；一切物体的分子都在不停地做无规则运动；
（3）电热管和导线串联，通过的电流相等，通电时间相同，利用焦耳定律Q=I2Rt分析；
由题知，加热与打浆的时间之比为3：1，设加热时间为3t，则打浆时间为t，总的加热时间4t；由题知，豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为0.17kW•h=P加热t加热+P打浆t打浆，据此求出t，进而求出打好一次豆浆需要时间．
【解答】解：
（1）空豆浆机放在水平桌面上，对桌面的压力：F=G=20N，
受力面积S=4cm2=4×10﹣4m2，
对水平桌面的压强：
p===5×104Pa；
（2）加热管正常工作80s，消耗的电能：
W=Pt=1100W×80s=8.8×104J，
不计热量损失，Q吸=W=8.8×104J，
由Q吸=cm△t可得豆浆升高的温度：
△t===22℃；
豆浆飘出阵阵香味说明分子在不停地做无规则运动；
（3）电热管与导线串联，通过它们的电流I和通电时间t相等，因为导线的电阻远小于电热管的电阻，由焦耳定律Q=I2Rt可知导线上产生的热量少；
由题知，加热与打浆的时间之比为3：1，
设打浆时间为t打浆=t，则加热时间为t加热=3t，总的工作时间为t总=4t，
由题知，豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为0.17kW•h，
由P=可得：
0.17kW•h=P加热t加热+P打浆t打浆=1.1kW×3t+0.1kW×t，
解得：t=0.05h，
则打好一次豆浆需要的时间：t总=4t=4×0.05h=0.2h．
故答案为：
（1）5×104；（2）22；不停地做无规则运动；（3）电阻远小于电热管的电阻；0.2．
　
15．小华利用浮力知识测量橡皮泥的密度．
A．测出空烧杯的质量m0．
B．将橡皮泥捏成碗状，轻放入盛满水的溢水杯中，橡皮泥漂浮，用烧杯接住溢出的水．
C．测出烧杯和水的总质量m1，如图．
D．将该橡皮泥取出捏成团，放入盛满水的溢水杯中，橡皮泥沉底，用另一相同的空烧杯接住溢出的水．
E．测出烧杯和水的总质量m2．
（1）调节天平平衡时，发现指针静止时指在分度盘中央刻度线右侧，则应将平衡螺母向　左　调节，由图可知m1=　32　g．
（2）橡皮泥密度的表达式为ρ=　•ρ水　．（用m0、m1、m2等物理量的符号表示）
（3）操作B、D中橡皮泥所受浮力分别为FB、FD，则FB、FD的大小关系是：FB　大于　FD，请写出你的推理过程：　操作B中物体漂浮在水面上，浮力FB等于物体的重力，操作D中物体沉底在水里，浮力FD小于物体的重力，橡皮泥在这两个过程中形状发生了变化，而重力不变，所以FB大于FD　．

【考点】2M：固体的密度测量实验．
【分析】（1）要掌握天平的调平，根据两边盘的高低情况，平衡螺母要向较高的一端移动．在读取天平的示数时，应将砝码的质量与游码的示数相加，从而得出被测物体的质量．
（2）将橡皮泥捏成碗状，轻放入盛满水的溢水杯中，橡皮泥漂浮，首先根据物体的浮沉条件求得橡皮泥的重力，然后可知其质量，然后将该橡皮泥取出捏成团，放入盛满水的溢水杯中，求得橡皮泥的体积，再利用密度公式求解．
（3）实心球橡皮泥沉到容器底部，受到的浮力F球＜G；碗状橡皮泥漂浮在水面，受到的浮力F碗=G；而碗状和实心球状的橡皮泥受到的重力相同，据此判断它们所受浮力的大小关系．
【解答】解：（1）指针静止时指在分度盘中央刻度线的右侧，所以左盘高，平衡螺母应向左移动．
读图可知，天平标尺的分度值为0.2g，标尺示数为2.2g，
则物体的质量为：20g+10g+2.2g=32.2g．
（2）将橡皮泥捏成碗状，轻放入盛满水的溢水杯中，橡皮泥漂浮，此时排开水的重力就是橡皮泥受到的浮力，即G=F浮=G排水=（m1﹣m0）g，所以物体的质量m橡皮泥=m1﹣m0，
将该橡皮泥取出捏成团，放入盛满水的溢水杯中，橡皮泥沉底，溢出水的质量为m2﹣m0，
溢出水的体积V排==，
因为橡皮泥沉底，所以V排=V橡皮泥=，
橡皮泥的密度ρ===•ρ水；
（3）操作B中物体漂浮在水面上，浮力FB等于物体的重力，操作D中物体沉底在水里，浮力FD小于物体的重力，橡皮泥在这两个过程中形状发生了变化，而重力不变，所以FB大于FD，
故答案为：（1）左；32；（2）•ρ水；（3）大于；操作B中物体漂浮在水面上，浮力FB等于物体的重力，操作D中物体沉底在水里，浮力FD小于物体的重力，橡皮泥在这两个过程中形状发生了变化，而重力不变，所以FB大于FD．
　
16．如图，鸡蛋悬浮在液体中，请画出鸡蛋受力的示意图．

【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用．
【分析】根据鸡蛋悬浮在液体中，则可判断鸡蛋受到的浮力与重力是一对平衡力，浮力方向竖直向上，大小等于重力，作用点在鸡蛋重心上作图即可．
【解答】解：鸡蛋所受浮力的方向是竖直向上的，从重心开始竖直向上画一条带箭头的线段表示出浮力，并标出F浮；
物体的重力与浮力大小相等，方向相反，作用点都在重心，同理做出重力的示意图，因为浮力与重力是一对平衡力，所以两条线段长度要相等，如下图所示：

　
17．如图，作出物体AB在平面镜中所成的像．

【考点】AH：平面镜成像的相关作图．
【分析】平面镜成像的特点是：像与物大小相等，连线与镜面垂直，到平面镜的距离相等，左右相反；先作出端点A、B的像点，连接连接两个像点即为物体AB的像．
【解答】解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′，即为物AB在平面镜中所成的像，如图所示：

　
18．请在图中用笔画出代替导线将三线插座、电灯和开关分别接入电路．

【考点】IO：家庭电路的连接．
【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套．
（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．
【解答】解：
首先辨别图中三根线地线、火线、零线．
（1）灯泡的接法：火线先进入开关，经灯泡连到零线上，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故；既能控制灯泡，又能更安全．
（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．
如图所示：
．
　
19．工人用图示装置在10s内将质量为45kg的货物匀速提升2m，此过程中拉力的功率为120W．（g取10N/kg）求：
（1）有用功；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）若工人用此装置匀速提升其他货物，测得拉力大小为300N，额外功占总功的20%，工人提升货物的重．

【考点】EH：有用功和额外功；F4：滑轮（组）的机械效率．
【分析】（1）知道物体的质量，根据G=mg计算出重力，再根据W有用=Gh计算出有用功；
（2）利用W总=Pt求出总功，根据η=计算机械效率；
（3）根据机械效率（80%），拉力F和η′====，解得工人提升货物的重．
【解答】解：
（1）货物的重力：G=mg=45kg×10N/kg=450N；
有用功：W有用=Gh=450N×2m=900J；
（2）拉力做的总功：W总=Pt=120W×10s=1200J；
滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%=75%；
（3）由图可知n=3，
已知额外功占总功的20%，则此时的机械效率η′=1﹣20%=80%；
此时的机械效率：η′====，
所以提升物体的重力：G=η′nF=80%×3×300N=720N．
答：（1）有用功为900J；
（2）滑轮组的机械效率为75%；
（3）工人提升货物的重为720N．
　
20．如图，电源电压恒定，小灯泡L标有“6V 3W”字样，定值电阻R2的阻值为10Ω，R1为滑动变阻器，开关S1、S2都闭合时，L恰好正常发光，电流表示数为1.1A．求：
（1）小灯泡正常发光时的电阻；
（2）S1、S2都闭合时，R1在10min内消耗的电能；
（3）S1、S2都断开，调节滑片使R2的电功率为R1电功率的2倍时，R2的电功率．

【考点】JA：电功率的计算；J8：电功率与电能、时间的关系．
【分析】（1）小灯泡L标有“6V 3W”字样，根据P=UI=求灯的电阻；
（2）分析电路的连接，根据灯正常发光确定电源电压，根据并联电路电流的规律得出变阻器的电流，根据
W=UIt求在10min内消耗的电能：
（3）分析电路的连接，根据串联电路电流的规律，结合P=UI=I2R，电功率与对应的电阻成正比，求出R1，根据电阻的串联和欧姆定律，求电路的电流，根据P=UI=I2R求R2的功率．
【解答】解：（1）小灯泡L标有“6V 3W”字样，表示灯的额定电压为6V，额定功率为3W，根据P=UI=，故灯的电阻：
RL===12Ω；
（2））S1、S2都闭合时，R2短路，灯与变阻器并联，电流表测电路的总电流，因L恰好正常发光，故电源电压为U=6V，灯正常发光时的电流：
IL==0.5A
电流表示数即为干路的总电流，I=1.1A，
根据并联电路电流的规律，通过变阻器的电流：
I1=I﹣IL；=1.1A﹣0.5A=0.6A，
R1在10min内消耗的电能：
W=UI1t=6V×0.6A×10×60s=2160J；
（3）S1、S2都断开，R1与R2串联，调节滑片使R2的电功率为R1电功率的2倍，根据串联电路电流的规律，结合P=UI=I2R，电功率与对应的电阻成正比，故=，
故R1=×R2=×10Ω=5Ω，根据电阻的串联和欧姆定律，电路的电流：
I′===0.4A，
R2的电功率：P2=U2I′=I′2R2=（0.4A2×10Ω=1.6W．
答：（1）小灯泡正常发光时的电阻为12Ω；
（2）S1、S2都闭合时，R1在10min内消耗的电能为2160J；
（3）S1、S2都断开，调节滑片使R2的电功率为R1电功率的2倍时，R2的电功率为1.6W．
　
21．在“测量小灯泡功率”的实验中，提供的器材有：铭牌上仅能看清标有“0.3A”字样的小灯泡、电池组、电压表、电流表、滑动变阻器、开关、导线若干．
（1）请用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整．

（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于　左　（选填“左”或“右”）端．闭合开关，小灯泡不亮，两电表均无示数，现将电压表接在变阻器两端时有示数，接在开关两端时无示数，则电路故障是　变阻器断路　．
（3）排除故障后，移动变阻器的滑片，使电流表示数为0.3A，此时电压表示数如图乙所示，其值为　2.5　V，小灯泡的额定功率为　0.75　W．
（4）在实验过程中，电压表发生故障，现增加电阻箱和单刀双掷开关，设计了如图丙、丁两种方案，则能测出灯泡额定功率的方案是　将S2置于b，移动滑片，使电流表示数为0.3A，则灯正常发光；保持滑片的位置不动，将S2置于a，调节电阻箱的旋钮，记下电阻箱连入电路中的电阻大小R箱，使电流表的示数仍为0.3A，则灯正常发光时的电阻等于R箱，则灯的额定功率P=I额2 R箱=（0.3A）2×R箱．　．
【考点】JF：电功率的测量．
【分析】（1）根据灯上标有“0.3A”字样确定电流表选用的量程与灯串联，电压表与灯并联；
（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；
电流表在干路上，无示数，说明电路故障为断路；如果电压有示数，说明与电压表串联的元件是完好的；如果无示数，说明与电压表串联的元件有断路，或与电压表并联的元件短路或电路中无电源，据此判断故障所在；
（3）根据图中电压表小量程读数，根据P=UI求灯的额定功率；
（4）在没有电压表的情况下，测灯的额定功率，应先使灯正常发光，故将开关置于b，通过移动滑片，使电流表示数为0.3A；
保持滑片位置不动，再将开关置于a，调节电阻箱的阻值使电流表示数不变，根据等效替代法，则电阻箱的阻值等于灯正常发光时的电阻大小，根据率P=I额2 R箱即可求出灯的额定功率．
【解答】解：（1）灯上标有“0.3A”字样，表示灯的额定电流为0.3A，测量小灯泡功率的实验中，电流表选用小量程与灯串联，电压表与灯并联，如下所示：

（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置阻值最大处，即左端；
闭合开关，发现灯泡不亮，两电表均无示数，则此电路有断路故障；
在开关闭合状态下，将电压表接在开关两端，电压表无示数，说明开关之外有断路故障；
电压表接在变阻器两端时有示数，说明电压表两接线柱与电源的两极是连通的，
则肯定出现的故障是变阻器断路了；
（3）排除故障后，移动变阻器的滑片，使电流表示数为0.3A，此时电压表示数如图乙所示，图中电压表选用小量程，分度值为0.1V，其值为2.5V，小灯泡的额定功率为：
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
（4）将S2置于b，移动滑片，使电流表示数为0.3A，则灯正常发光；
保持滑片的位置不动，将S2置于a，调节电阻箱的旋钮，记下电阻箱连入电路中的电阻大小R箱，使电流表的示数仍为0.3A，则灯正常发光时的电阻等于R箱，则灯的额定功率：
P=I额2 R箱=（0.3A）2×R箱．
故答案为：（4）将S2置于b，移动滑片，使电流表示数为0.3A，则灯正常发光；
保持滑片的位置不动，将S2置于a，调节电阻箱的旋钮，记下电阻箱连入电路中的电阻大小R箱，使电流表的示数仍为0.3A，则灯正常发光时的电阻等于R箱，则灯的额定功率P=I额2 R箱=（0.3A）2×R箱．
故答案为：（1）如上所示；（2）左；变阻器断路；（3）2.5；0.75；
（4）将S2置于b，移动滑片，使电流表示数为0.3A，则灯正常发光；保持滑片的位置不动，将S2置于a，调节电阻箱的旋钮，记下电阻箱连入电路中的电阻大小R箱，使电流表的示数仍为0.3A，则灯正常发光时的电阻等于R箱，则灯的额定功率P=I额2 R箱=（0.3A）2×R箱．
　
22．冰壶比赛中，为减小冰壶与冰面间的摩擦，运动员需在冰壶运动路线上的某些区域刷冰，如图甲．
（1）为探究刷冰长度的影响因素，小明和同学用图乙装置寻找模拟刷冰区域的材料，他们将木块分别放在长木板、绸布、棉布上，用弹簧测力计水平拉木块做　匀速直线　运动，发现测力计示数关系是F棉＞F木＞F绸．若用木板模拟未刷冰区域，则应选　绸布　模拟刷冰区域．
（2）他们用图丙装置，将长为l的所选材料M平铺在木板上，让木板从斜面上滑下，经过M后停在木板上的固定位置P．木板运动到位置P，所需M的长度l与哪些因素有关？大家提出以下猜想：
猜想1：与木块由静止滑下时的高度h有关；
猜想2：与M左端到斜面底端的距离x有关．
①验证猜想1时，保持x不变，将木块从高度将静止滑下，改变l，使木块最终都停在位置P，数据记录如下：
序号
1
2
3
4
5
6
释放的高度h/m
0.10
0.14
0.18
0.20
0.22
0.26
M的长度l/m
2.00
1.60
1.20
0.86
0.80
0.40
在图丁中描点作出l与h的关系图线；l与h的定量关系是l=　3﹣10h　．
②验证猜想2时，小明改变x，将木块从不同高度由静止滑下，记录数据，得出结论．
分析实验中存在的问题是　没有控制木块从斜面上同一位置滑下　；
正确操作，发现每次只将M前后移动时，木块都会经过M停在P位置．该现象可否定猜想2的依据是　水平木板表面和M的总长度不变，而所选材料M的长度不变，则滑块在木板上滑动的距离也是不变的　；
若在上述正确操作中同时改变x和l，则木块最终可能停在　P点左侧或右侧　（选填“P点左侧“”P点右侧“或”P点左侧或右侧“）．

【考点】2P：控制变量法与探究性实验方案．
【分析】（1）木块在不同表面上做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力；根据接触面的粗糙程度，选择；
（2）①描点法可得；
②根据控制变量法分析解答．
【解答】解：（1）在探究刷冰长度的影响因素的实验过程中，拉动木块在不同表面上做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力，根据弹簧测力计示数的关系，若用木板模拟未未刷冰区域，则选择摩擦力小的材料模拟刷冰区，故选绸布；
（2）①根据表中数据描出的是一条直线，如图所示：

根据直线方程y=kx+b，将表中数据代入公式，
2.0=k×0.1+b，1.6=k×0.14+b，计算得，
k=﹣10，b=3；
故l与h的定量关系：l=3﹣10h；
②在研究猜想2时，没有控制物块从斜面同一位置滑下；正确操作后，每次只前后移动M，水平木板表面和M的总长度，而所选材料M的长度不变，则滑块在木板上滑动的距离也是一定的，所以可以否定猜想2，如果同时改变x和l的长度，当x减小，l增大时，则木块停止在P点的右侧；当x增大，l减小时，木块停止P点的左侧．
故答案为：（1）匀速直线；绸布；（2）①如上图；3﹣10h；②没有控制木块从斜面上同一位置滑下；水平木板表面和M的总长度不变，而所选材料M的长度不变，则滑块在木板上滑动的距离也是不变的；P点左侧或右侧．
　
23．阅读短文，回答问题．
客机C919
如图甲，我国研制的大客机C919于5月5日首飞成功．
C919机舱内覆有一层高孔率”超细航空级玻璃棉“，能很好地保温与吸收噪音，其单丝纤维直径只有3～5μm，1m3的质量为5kg．
机舱内先进的”呼吸系统“，使飞机在气压只有2.5×104Pa左右的万米高空时，能将机外﹣50°C以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50°C以上，同时系统依靠传感器的自动控制，使舱内气压和温度达到舒适值．
该机有较大的翼载，翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值；机上搭载的新一代涡扇发动机的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与其获得的机械能之比，下表是飞机的部分技术参数．
最大起飞质量
72.5t
客舱内气压
8.0×104Pa
巡航速度
920km/h
发动机巡航推力
3.6×104N
（1）阳光下，飞机尾翼呈现绿色，是因为尾翼　反射　绿光；若飞机的翼载是500kg/m2，则机翼面积为　145　m2．
（2）下列关于”超细航空级玻璃棉“性质的描述中，不正确的是　B　．
A．单丝纤维比头发细 B．密度与玻璃差不多
C．隔音性能相对较好 D．导热能力相对较弱
（3）在万米高空，机体1m2面积上承受内外气压的压力差约为　5.5×104　N；为确保机舱内的温度维持体感舒适值，机上空调需要不断　加热　（选填”加热“或”制冷“）．
【考点】AR：物体的颜色；21：物质的基本属性；8E：大气压强的存在．
【分析】（1）物体的颜色由物体反射的色光决定，根据翼栽的定义翼栽=，得机翼面积（s）=；
（2）用”超细航空级玻璃棉“性质分析；
（3）使飞机在气压只有2.5×104Pa左右的万米高空时，用F=Ps算处压力差，能将机外﹣50°C以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50°C以上，使舱内气压和温度达到舒适值，机上空调要不断加热．
【解答】解：（1）在阳光下飞机尾翼呈现绿色是因为飞机的尾翼反射绿色光，根据公式
机翼面积（s）=；得机翼面积（s）==145m2；
（2）”超细航空级玻璃棉“性质有：直径只有3～5μm，密度ρ===5kg/m2，密度比玻璃的密度小很多，还具有很好的隔音和保温效果；故B不正确；
（3）在万米高空，机舱外的大气压为2.5×104Pa，机舱内的气压为8×104Pa，在机体每平方米上产生的压力差△F=
F向外﹣F向内=P内S﹣P外S=5.5×104N；机舱外的温度约为﹣50℃，机舱内的温度约为50℃，所以机体上的空调要不断加热．
故答案为：（1）反射；145；（2）B；（3）5.5×104；加热．
　

2017年7月28日