2024届苏教版高考生物一轮复习分离定律重点题型突破学案

这是一份2024届苏教版高考生物一轮复习分离定律重点题型突破学案，共14页。
第2课时　分离定律重点题型突破课标要求　阐明有性生殖中基因的分离使得子代的基因型和表型有多种可能，并可由此预测子代的遗传性状。题型一　显、隐性性状的判断应用导学　水稻的有芒和无芒是一对相对性状，依据下列四组杂交实验中②③，能判断显性性状是有芒。①有芒×有芒→有芒　②有芒×有芒→有芒215＋无芒70　③有芒×无芒→有芒　④有芒×无芒→有芒101＋无芒97总结提升1．根据子代性状判断2．根据遗传系谱图进行判断3．合理设计杂交实验进行判断题型突破1．玉米的甜和非甜是一对相对性状，随机取非甜玉米和甜玉米进行间行种植，其中一定能够判断甜和非甜的显隐性关系的是(　　)答案　C解析　A中当非甜和甜玉米都是纯合子时，不能判断显隐性关系，A错误；B中当其中有一个植株是杂合子时，不能判断显隐性关系，B错误；C中非甜与甜玉米杂交，若后代只出现一种性状，则该性状为显性性状；若出现两种性状，则说明非甜和甜玉米中有一个是杂合子，有一个是隐性纯合子，此时非甜玉米自交，若出现性状分离，说明非甜是显性性状，若没有出现性状分离，则说明非甜玉米是隐性纯合子，C正确；D中若后代有两种性状，则不能判断显隐性关系，D错误。2．图甲和图乙分别表示两个家系中不同遗传病的表现情况，请据图回答下列问题：(1)由图甲可知，该遗传病的致病基因为______性基因，判断依据是_____________________。(2)由图乙可知，该遗传病的致病基因为______性基因，判断依据是______________________。答案　(1)显　5号个体和6号个体均为患者，而其子代9号个体表现正常　(2)隐　7号个体和8号个体均表现正常，而其子代11号个体患病(其他答案合理也可)解析　(1)图甲中5号个体和6号个体均为患者，而其子代9号个体表现正常，则该遗传病的致病基因为显性基因。(2)图乙中7号个体和8号个体均表现正常，而其子代11号个体患病，则该遗传病的致病基因为隐性基因。题型二　纯合子与杂合子的判断应用导学家兔的黑毛对褐毛是显性，现有多只黑毛兔、褐毛兔，每种毛色雌雄均有，要判断一只黑毛雄兔是否为纯合子，能否让黑毛的雌雄兔子两两相互交配，若两只兔子所产生的子代均为黑毛，则这两只兔子就是纯合的黑毛兔？不能(填“能”或“不能”)，原因是亲本只要有一只为黑毛纯合兔，即可得到题述结果。因此，选用与它交配的兔最好是褐毛雌兔。总结提升提醒　鉴定某生物个体是纯合子还是杂合子，当被测个体是动物时，常采用测交法；当被测个体是植物时，上述四种方法均可，其中最简便的方法为自交法。题型突破3．(2019·全国Ⅱ，5)某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株(植株甲)进行了下列四个实验。①让植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离②用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶③用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1④用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3∶1其中能够判定植株甲为杂合子的实验是(　　)A．①或②   B．①或④C．②或③   D．③或④答案　B解析　实验①中植株甲自交，子代出现了性状分离，说明作为亲本的植株甲为杂合子；实验④中植株甲与另一具有相同性状的个体杂交，后代出现3∶1的性状分离比，说明亲本均为杂合子；在相对性状的显隐性不确定的情况下，无法依据实验②、③判定植株甲是否为杂合子，故选B。4．(2023·江苏南通高三模拟)已知玉米的红粒和黄粒是由一对核等位基因控制的相对性状。某同学用一粒红粒玉米和一粒黄粒玉米种子发育成的植株通过同株授粉和异株授粉实验(如图)探究显性是否为杂合子。则下列哪项结果是显性杂合子的实验结果(　　)①甲、乙植株上红、黄两种玉米种子都存在②甲、乙植株均只结红玉米种子③甲植株只结红玉米种子，乙植株结红、黄两种玉米种子④甲植株只结红玉米种子，乙植株只结黄玉米种子A．①或③   B．②或④C．①或④   D．②或③答案　A解析　图中甲植株为自交，乙植株为杂交。逆向假设四种情况，推断实验结果，假设红粒植株为显性纯合子，AA×AA→AA，aa×AA→Aa，均结红粒种子；假设黄粒植株为显性纯合子，aa×aa→aa，AA×aa→Aa，甲植株只结红玉米种子，乙植株只结黄玉米种子；假设红粒植株为显性杂合子，Aa×Aa→A_、aa，aa×Aa→Aa、aa，均结红粒和黄粒种子；假设黄粒植株为显性杂合子，aa×aa→aa，Aa×aa→Aa、aa，甲植株只结红玉米种子，乙植株结红、黄两种玉米种子。综上所述，①或③符合题意，A正确。题型三　一对相对性状遗传中亲子代基因型和表型的推断1．亲代推子代类亲本子代基因型子代表型AA×AAAA全为显性AA×AaAA∶Aa＝1∶1全为显性AA×aaAa全为显性Aa×AaAA∶Aa∶aa＝1∶2∶1显性∶隐性＝3∶1Aa×aaAa∶aa＝1∶1显性∶隐性＝1∶1aa×aaaa全为隐性 2.子代推亲代类后代显隐性关系亲代基因型组合亲代表型显性∶隐性＝3∶1Aa×Aa→3A－∶1aa都是杂合子显性∶隐性＝1∶1Aa×aa→1Aa∶1aa一方为杂合子，一方为隐性纯合子只有显性性状AA×AA或AA×Aa或AA×aa至少一方为显性纯合子只有隐性性状aa×aa→aa一定都是隐性纯合子 3.亲子互推类题型突破5．安达卢西亚鸡的毛色有蓝色、黑色和白点三种，且由一对等位基因(B、b)控制。下表为相关遗传实验研究结果，下列分析错误的是(　　)组别PF11黑色×蓝色黑色∶蓝色＝1∶12白点×蓝色蓝色∶白点＝1∶13黑色×白点全为蓝色 A.蓝色安达卢西亚鸡的基因型为Bb，黑色鸡和白点鸡都是纯合子B．蓝色的安达卢西亚鸡群随机交配，产生的后代有三种表型C．黑色安达卢西亚鸡群随机交配，产生的后代中约有为白点鸡D．一只蓝色安达卢西亚母鸡，如不考虑交叉互换和基因突变，则该鸡的一个次级卵母细胞的毛色基因组成为BB或bb答案　C解析　根据第3组黑色鸡与白点鸡杂交后代都是蓝色鸡可知，蓝色安达卢西亚鸡的基因型为Bb，则黑色鸡和白点鸡都是纯合子，A项正确；蓝色的安达卢西亚鸡群随机交配产生的后代有三种基因型，分别为BB、Bb、bb，表型有黑色、蓝色和白点三种，B项正确；黑色安达卢西亚鸡都是纯合子，让其随机交配，产生的后代中只有黑色安达卢西亚鸡，C项错误；一只蓝色安达卢西亚母鸡的基因型为Bb，若不考虑交叉互换和基因突变，则该鸡的一个次级卵母细胞的毛色基因组成为BB或bb，D项正确。6．(多选)南瓜果实的黄色和白色是由一对遗传因子(用字母A和a表示)控制的，用一株黄色果实南瓜和一株白色果实南瓜杂交，子代(F1)既有黄色果实南瓜也有白色果实南瓜，让F1自交产生的F2性状表现如图所示。下列说法正确的是(　　)A．由①②可知黄果是隐性性状B．由③可以判定白果是显性性状C．F2中，黄果与白果的理论比例是3∶1D．P中白果的基因型是aa答案　AB解析　由题图可知，①过程亲本黄果与白果杂交，F1既有黄果，又有白果，说明亲本之一为杂合子，另一个是隐性纯合子，F1也是一个杂合子和一个隐性纯合子，又因为②过程F1黄果自交后代均为黄果，说明黄果是隐性性状，A正确；③过程F1白果自交后代发生了性状分离，说明白果是显性性状，B正确；F1中黄果(aa)占1/2，白果(Aa)也占1/2，F1黄果自交得到的F2全部是黄果，F1白果自交得到F2中，黄果∶白果＝1∶3，所以F2中黄果与白果的理论比例是(1/2＋1/2×1/4)∶(1/2×3/4)＝5∶3，C错误；由分析可知，P中白果的基因型是Aa，D错误。题型四　分离定律的概率计算(含自交与自由交配)1．用经典公式或分离比计算某表型或基因型所占比例(1)概率＝×100%。(2)根据分离比计算AA、aa出现的概率各是，Aa出现的概率是，显性性状出现的概率是，隐性性状出现的概率是，显性性状中杂合子的概率是。2．根据配子概率计算(1)先计算亲本产生每种配子的概率。(2)根据题目要求用相关的两种(♀、♂)配子的概率相乘，即可得出某一基因型的个体的概率。(3)计算表型概率时，将相同表型的个体的概率相加即可。3．自交的概率计算(1)杂合子Dd连续自交n代过程(如图1)：由图1可推测：杂合子比例为()n，纯合子比例为1－()n，显性纯合子比例＝隐性纯合子比例＝[1－()n]×。纯合子、杂合子所占比例的坐标曲线如图2所示：(2)杂合子Aa连续自交，且逐代淘汰隐性个体，自交n代后，显性个体中，纯合子比例为，杂合子比例为。如图所示：4．自由交配的概率计算(1)若杂合子Aa连续自由交配n代，杂合子比例为，显性纯合子比例为，隐性纯合子比例为；若杂合子Aa连续自由交配n代，且逐代淘汰隐性个体后，显性个体中，纯合子比例为，杂合子比例为。(①自由交配若符合遗传平衡条件，则无论交配多少代，子代基因频率不发生改变；②自由交配过程中若有淘汰，需要每一代淘汰后，重新换算基因型比例，再进行计算。)(2)自由交配问题的两种分析方法：如某种生物基因型AA占，Aa占，个体间可以自由交配，求后代中AA的比例。解法一：列举法            ♂后代♀AAAaAAAAAA、AaAaAA、AaAA、Aa、aa子代基因型及概率为AA、Aa、aa子代表型及概率为(＋)A_、aa 解法二：配子法——最直接的方法AA个体产生一种配子A；Aa个体产生两种数量相等的配子A和a，所占比例均为，则A配子所占比例为，a配子所占比例为。　　　　♀(配子)♂(配子)AaAAAAaaAaaa 由表可知：F1基因型的比例为AA∶Aa∶aa＝∶∶＝4∶4∶1；F1表型的比例为A_∶aa＝∶＝8∶1。由表可知：F1基因型的比例为AA∶Aa∶aa＝∶∶＝4∶4∶1；F1表型的比例为A_∶aa＝∶＝8∶1。题型突破7．(2023·江苏南京高三期中)豌豆的紫花(A)对白花(a)完全显性，紫花豌豆(Aa)自交产生F1，取F1中紫花豌豆自交产生F2，则F2中白花豌豆的比例是(　　)A．1/4  B．1/6  C．1/8  D．1/9答案　B解析　紫花豌豆(Aa)自交产生F1，其基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1。其中紫花豌豆的比例为AA∶Aa＝1∶2，紫花豌豆自交产生F2,1/3AA自交后代全是紫花，2/3Aa自交后代发生性状分离，2/3×(1/4AA＋1/2Aa＋1/4aa)＝1/6AA＋1/3Aa＋1/6aa，F2中紫花∶白花＝5∶1，故白花豌豆所占比例为1/6，B正确。8．(多选)假设某果蝇种群中雌雄个体数目相等，且对于A和a这对等位基因来说只有Aa一种基因型。则以下叙述正确的是(　　)A．若基因A纯合致死，个体随机交配，F2中不同基因型个体Aa∶aa＝2∶1B．若不考虑基因突变和染色体变异，则该果蝇种群中基因频率A∶a＝1∶1C．若该果蝇种群随机交配的第一代中只出现了Aa和aa两种基因型，则比例为2∶1D．理论上该果蝇种群随机交配产生的第一代中AA、Aa和aa的数量比为1∶2∶1答案　BCD解析　若基因A纯合致死，个体随机交配，F1中Aa∶aa＝2∶1，F1产生的配子种类及比例为1/3A∶2/3a，F2中Aa∶aa＝4/9∶4/9＝1∶1，A项错误；对于A和a这对等位基因来说，该果蝇种群只有Aa一种基因型，基因频率A∶a＝1∶1，B项正确。1．(2020·江苏，7)有一观赏鱼品系体色为桔红带黑斑，野生型为橄榄绿带黄斑，该性状由一对等位基因控制。某养殖者在繁殖桔红带黑斑品系时发现，后代中2/3为桔红带黑斑，1/3为野生型性状，下列叙述错误的是(　　)A．桔红带黑斑品系的后代中出现性状分离，说明该品系为杂合子B．突变形成的桔红带黑斑基因具有纯合致死效应C．自然繁育条件下，桔红带黑斑性状容易被淘汰D．通过多次回交，可获得性状不再分离的桔红带黑斑品系答案　D解析　杂合子自交后代会出现性状分离，A项正确；由于后代桔红带黑斑∶野生型＝2∶1，不符合分离定律中3∶1的性状分离比，说明桔红带黑斑基因具有纯合致死效应，B项正确；由于桔红带黑斑基因具有纯合致死效应，自然繁育条件下，该显性基因的频率会逐渐下降，则桔红带黑斑性状容易被淘汰，C项正确；由以上分析可知，桔红带黑斑为显性性状，桔红带黑斑个体的基因型显性纯合时致死，因此通过多次回交，得不到性状不再分离的纯合子，D项错误。2．(2020·全国Ⅰ，5)已知果蝇的长翅和截翅由一对等位基因控制。多只长翅果蝇进行单对交配(每个瓶中有1只雌果蝇和1只雄果蝇)，子代果蝇中长翅∶截翅＝3∶1。据此无法判断的是(　　)A．长翅是显性性状还是隐性性状B．亲代雌蝇是杂合子还是纯合子C．该等位基因位于常染色体还是X染色体上D．该等位基因在雌蝇体细胞中是否成对存在答案　C解析　具有相同性状的两亲本杂交，子代中新出现的性状为隐性性状，多只长翅果蝇进行单对交配，子代果蝇中长翅∶截翅＝3∶1，说明子代中新出现的截翅为隐性性状，所以可判断长翅是显性性状，截翅是隐性性状，A项可以判断。假设长翅受A基因控制，截翅受a基因控制，若该对等位基因位于常染色体上，则亲代雌、雄果蝇的基因型均为Aa时，子代果蝇可以出现长翅∶截翅＝3∶1；若该对等位基因位于X染色体上，则亲代雌果蝇的基因型为XAXa、雄果蝇的基因型为XAY时，子代果蝇也可以出现长翅∶截翅＝3∶1，所以无法判断该对等位基因位于常染色体还是X染色体上，C项无法判断。不论该对等位基因位于常染色体上还是位于X染色体上，亲代雌蝇都是杂合子，该等位基因在雌蝇体细胞中都成对存在，B、D项可以判断。3．(2022·浙江6月选考，9)番茄的紫茎对绿茎为完全显性。欲判断一株紫茎番茄是否为纯合子，下列方法不可行的是(　　)A．让该紫茎番茄自交B．与绿茎番茄杂交C．与纯合紫茎番茄杂交D．与杂合紫茎番茄杂交答案　C解析　设相关基因为A、a，紫茎为显性，令其自交，若为纯合子，则子代全为紫茎，若为杂合子，子代发生性状分离，会出现绿茎，A不符合题意；可通过与绿茎纯合子(aa)杂交来鉴定，如果后代都是紫茎，则是纯合子；如果后代有紫茎也有绿茎，则是杂合子，B不符合题意；与紫茎纯合子(AA)杂交后代都是紫茎，故不能通过与紫茎纯合子杂交来鉴定，C符合题意；通过与紫茎杂合子(Aa)杂交，如果后代都是紫茎，则是纯合子；如果后代有紫茎也有绿茎，则是杂合子，D不符合题意。4．(经典高考题)用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa基因型频率绘制曲线如图，下列分析错误的是(　　)A．曲线Ⅱ的F3中Aa基因型频率为0.4B．曲线Ⅲ的F2中Aa基因型频率为0.4C．曲线Ⅳ的Fn中纯合子的比例比上一代增加(1/2)n＋1D．曲线Ⅰ和Ⅳ的各子代间A和a的基因频率始终相等答案　C解析　曲线Ⅱ是随机交配并淘汰aa的曲线，F2(1/2AA＋1/2Aa)随机交配以后，得到F3为9/16AA＋6/16Aa＋1/16aa，淘汰掉aa以后，比例是3/5AA＋2/5Aa，A正确；曲线Ⅲ是自交并淘汰aa的曲线，Aa自交得1/4AA＋1/2Aa＋1/4aa，淘汰掉aa后，则基因型比例是1/3AA＋2/3Aa，如果自交则其后代是1/3AA＋2/3(1/4AA＋1/2Aa＋1/4aa)，淘汰掉aa以后，得到的后代是3/5AA＋2/5Aa，Aa所占的比例是0.4，B正确；曲线 Ⅳ 是自交的结果，在Fn中纯合子的比例是1－(1/2)n，则比上一代Fn－1增加的数值是1－(1/2)n－[1－(1/2)n－1]＝(1/2)n，C错误；连续自交和随机交配F1中Aa的基因型频率都是1/2，所以Ⅰ和Ⅳ符合，但连续自交的结果是纯合子所占的比例越来越大，杂合子所占的比例越来越小，而随机交配后代杂合子的基因型频率不再改变，所以Ⅰ是随机交配的结果，Ⅳ是自交的结果。连续自交和随机交配这两者都不存在选择，所以不会发生A和a的基因频率改变，D正确。5．(2022·全国甲，32节选)已知玉米籽粒的糯和非糯是由1对等位基因控制的相对性状。为了确定这对相对性状的显隐性，某研究人员将糯玉米纯合体与非糯玉米纯合体(两种玉米均为雌雄同株)间行种植进行实验，果穗成熟后依据果穗上籽粒的性状，可判断糯与非糯的显隐性。若糯是显性，则实验结果是_________________________________________________；若非糯是显性，则实验结果是______________________________________________。答案　糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒　非糯植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒