新高考数学二轮复习 第2部分 思想方法 第4讲 转化与化归思想（含解析）

这是一份新高考数学二轮复习 第2部分 思想方法 第4讲 转化与化归思想（含解析），共4页。试卷主要包含了718……)等内容，欢迎下载使用。
第4讲　转化与化归思想思想概述　转化与化归思想方法适用于在研究、解决数学问题时，思维受阻或试图寻求简单方法或从一种情形转化到另一种情形，也就是转化到另一种情形使问题得到解决，这种转化是解决问题的有效策略，同时也是获取成功的思维方式．方法一　特殊与一般的转化一般问题特殊化，使问题处理变得直接、简单，也可以通过一般问题的特殊情形找到一般思路；特殊问题一般化，可以使我们从宏观整体的高度把握问题的一般规律，从而达到成批处理问题的效果；对于某些选择题、填空题，可以把题中变化的量用特殊值代替，得到问题答案．例1　(1)(2020·青岛模拟)“蒙日圆”涉及几何学中的一个著名定理，该定理的内容为：椭圆上两条互相垂直的切线的交点必在一个与椭圆同心的圆上，该圆称为原椭圆的蒙日圆，若椭圆C：＋＝1(a>0)的离心率为，则椭圆C的蒙日圆的方程为(　　)A．x2＋y2＝9   B．x2＋y2＝7C．x2＋y2＝5   D．x2＋y2＝4答案　B解析　因为椭圆C：＋＝1(a>0)的离心率为，所以＝，解得a＝3，所以椭圆C的方程为＋＝1，所以椭圆的上顶点A(0，)，右顶点B(2,0)，所以经过A，B两点的切线方程分别为y＝，x＝2，所以两条切线的交点坐标为(2，)，又过A，B的切线互相垂直，由题意知交点必在一个与椭圆C同心的圆上，可得圆的半径r＝＝，所以椭圆C的蒙日圆方程为x2＋y2＝7.(2)在△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，若a，b，c成等差数列，则等于(　　)A.  B.  C.  D.思路分析　求→考虑正三角形ABC的情况答案　A解析　令a＝b＝c，则△ABC为等边三角形，且cos A＝cos C＝，代入所求式子，得＝＝.一般问题特殊化，使问题处理变得直接、简单，特殊问题一般化，可以使我们从宏观整体的高度把握问题的一般规律，从而达到成批处理问题的效果.方法二　命题的等价转化将题目已知条件或结论进行转化，使深奥的问题浅显化、繁杂的问题简单化，让题目得以解决．一般包括数与形的转化、正与反的转化、常量与变量的转化、图形形体及位置的转化．例2　(1)由命题“存在x0∈R，使－m≤0”是假命题，得m的取值范围是(－∞，a)，则实数a的值是(　　)A．(－∞，1)   B．(－∞，2)C．1   D．2思路分析　命题：存在x0∈R，使－m≤0是假命题→任意x∈R，e|x－1|－m>0是真命题→m<e|x－1|恒成立→求m的范围→求a答案　C解析　由命题“存在x0∈R，使－m≤0”是假命题，可知它的否定形式“任意x∈R，e|x－1|－m>0”是真命题，可得m的取值范围是(－∞，1)，而(－∞，a)与(－∞，1)为同一区间，故a＝1.(2)若对于任意t∈[1,2]，函数g(x)＝x3＋x2－2x在区间(t,3)上总不为单调函数，则实数m的取值范围是________．思路分析　gx在t，3上总不为单调函数→先看gx在t，3上单调的条件→补集法求m的取值范围答案　解析　g′(x)＝3x2＋(m＋4)x－2，若g(x)在区间(t,3)上为单调函数，则①g′(x)≥0在(t,3)上恒成立，或②g′(x)≤0在(t,3)上恒成立．由①得3x2＋(m＋4)x－2≥0，即m＋4≥－3x在x∈(t,3)上恒成立，所以m＋4≥－3t恒成立，则m＋4≥－1，即m≥－5；由②得m＋4≤－3x在x∈(t,3)上恒成立，则m＋4≤－9，即m≤－.所以使函数g(x)在区间(t,3)上总不为单调函数的m的取值范围为－<m<－5.根据命题的等价性对题目条件进行明晰化是解题常见思路；对复杂问题可采用正难则反策略，也称为“补集法”；含两个变量的问题可以变换主元.方法三　函数、方程、不等式之间的转化函数与方程、不等式紧密联系，通过研究函数y＝f(x)的图象性质可以确定方程f(x)＝0，不等式f(x)>0和f(x)<0的解集．例3　(2020·全国Ⅱ)若2x－2y<3－x－3－y，则(　　)A．ln(y－x＋1)>0   B．ln(y－x＋1)<0C．ln|x－y|>0   D．ln|x－y|<0答案　A解析　∵2x－2y<3－x－3－y，∴2x－3－x<2y－3－y.∵y＝2x－3－x＝2x－x在R上单调递增，∴x<y，∴y－x＋1>1，∴ln(y－x＋1)>ln 1＝0.例4　已知函数f(x)＝eln x，g(x)＝f(x)－(x＋1)．(e＝2.718……)(1)求函数g(x)的极大值；(2)求证：1＋＋＋…＋>ln(n＋1)(n∈N*)．思路分析　gx的极值→ln x<x－1→赋值叠加证明结论(1)解　∵g(x)＝f(x)－(x＋1)＝ln x－(x＋1)，∴g′(x)＝－1(x>0)．令g′(x)>0，解得0<x<1；令g′(x)<0，解得x>1.∴函数g(x)在(0,1)上单调递增，在(1，＋∞)上单调递减，∴g(x)极大值＝g(1)＝－2.(2)证明　由(1)知x＝1是函数g(x)的极大值点，也是最大值点，∴g(x)≤g(1)＝－2，即ln x－(x＋1)≤－2⇒ln x≤x－1(当且仅当x＝1时等号成立)，令t＝x－1，得t≥ln(t＋1)(t>－1)．取t＝(n∈N*)时，则>ln＝ln，∴1>ln 2，>ln ，>ln ，…，>ln，∴叠加得1＋＋＋…＋>ln＝ln(n＋1)．即1＋＋＋…＋>ln(n＋1)(n∈N*)．借助函数、方程、不等式进行转化与化归可以将问题化繁为简，一般可将不等关系转化为最值值域问题，从而求出参变量的范围.