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2023年江苏省射阳县实验初级中学中考物理二模试卷（含答案）
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这是一份2023年江苏省射阳县实验初级中学中考物理二模试卷（含答案），共22页。
2023年江苏省盐城市射阳实验中学中考物理二模试卷
1. 下列能源中，属于可再生能源的是( )
A. 石油 B. 太阳能 C. 煤炭 D. 天然气
2. 汽车后挡风玻璃内部有电热丝，通电后可防止水蒸气在玻璃表面( )
A. 液化 B. 汽化 C. 熔化 D. 凝华
3. 如图所示，用电火花发生器点燃塑料盒内的酒精气体，能将盒盖喷出很远。此过程中的能量转化方式与汽油机的哪一个冲程相似( )
A. 压缩冲程 B. 吸气冲程 C. 排气冲程 D. 做功冲程
4. 用测电笔辨别家庭电路中火线和零线时，下列说法正确的是( )
A. 辨别时手不能接触笔尾金属电极 B. 辨别时手可以接触笔尖金属电极
C. 测电笔中的高电阻可以用铜丝代替 D. 若氖管发光，说明接触的是火线
5. 将一束塑料细丝上端扎紧，用手从上向下捋几下，发现它们会张开，这是因为( )
A. 同种电荷相互排斥 B. 异种电荷相互排斥 C. 分子之间存在斥力 D. 分子之间存在空隙
6. 下列惯性现象中，要避免惯性带来危害的是( )
A. 敲击锤柄套紧锤头
B. 棋子打飞上面棋子未倒
C. 离手的包继续飞行
D. 突然刹车人会前倾
7. 甲、乙两台抽水机的功率分别为500W和800W，下列说法正确的是( )
A. 甲做功少 B. 乙做功少 C. 甲做功快 D. 乙做功快
8. 2023年2月，科学家发现冰的一种全新形式，它的分子是全新排列的，是一种无定形冰。这种无定形冰是在零下200℃下，用不锈钢球以一定的频率研磨普通冰形成的，它的密度和水的密度相等，是一种非晶体。关于无定形冰的下列说法正确的是( )
A. 质量一定的无定形冰没有固定的体积
B. 质量一定的无定形冰有固定的形状
C. 相同体积的无定形冰与相同体积的水质量相等
D. 无定形冰和固态冰一样具有熔点
9. 如图所示的吸盘式挂钩，可以紧紧的吸在墙上，其掉不下来的直接原因是( )
A. 由于吸盘受到大气压力作用 B. 由于墙壁对吸盘有弹力作用
C. 由于吸盘受到了重力的作用 D. 由于吸盘受到了摩擦力作用
10. 如图所示，在水平桌面上分别铺上玻璃、木板、棉布，让小车从斜面的同一位置由静止滑下，下列说法正确的是( )
A. 小车在整个运动过程中动能不断增大 B. 小车在玻璃上滑行，不受摩擦力作用
C. 小车受到的阻力越小，运动路程越长 D. 小车在棉布表面速度大小变化得最慢
11. 如图甲，一只篮球由静止竖直下落到水平地面并第一次弹起，下列描述篮球顶点a到水平地面的距离随时间大致变化关系图像合理的是( )
A.
B.
C.
D.
12. 在综合实践活动中，小明购买了如图所示的中学电学暗箱，暗箱中连有电源(3V)，电阻、导线等，电学暗箱外的两个接线柱A、B与内部电路相连。为了判断电学暗箱外的开关闭合时导线BC中是否有电流通过且电流方向如何，小明准备了以下四组实验器材：①电压表、导线；②电能表、导线；③铁钉、小磁针；④小灯泡、滑动变阻器。以上器材能完成任务的共有几组。( )
A. 共有1组 B. 共有2组 C. 共有3组 D. 共有4组
13. 2023年5月，我国山东舰航母编队赴台岛以东海空域开展远海战备训练。以山东舰为参照物，战斗机起飞时是______ (运动/静止)的。战斗机在山东舰甲板上降落，它和航母摩擦转化的内能无法再自动转化为机械能，这说明能量的转化具有______ ，在甲板上指挥员戴耳罩阻隔飞机轰鸣声，这是在______ 处减弱噪声。
14. 小明用天平和量筒测量矿石的密度。先把天平放在______桌面上，调节好天平后，测出矿石的质量如图所示，矿石的质量为______g，接着他测出矿石的体积为20cm3，则矿石的密度为______kg/m3。
15. 2022年12月，我国太阳探测专用卫星“夸父一号”发回若干张对太阳的科学观测图像。地面科技人员对“夸父一号”的控制依靠______ 来传递信息的，“夸父一号”绕太阳运动，它的运动状态______ (变化/不变)，绕日运行的“夸父一号”受到的是______ (平衡力/非平衡力)。
16. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小杨同学让蜡烛到凸透镜的距离大于2倍焦距，移动光屏至适当位置，光屏上将会导现一个倒立、______ 的实像，如图所示，此时的像距为______ cm。生活中的______ (照相机/投影仪/放大镜)就是应用了这样的成像规律。
17. 家庭电路中的熔断器内装有熔丝。熔断器的陶瓷外壳属于______(导体/绝缘体)，当家庭电路中电流过大时，熔丝会自动熔断，这是利用了电流的______效应；相同长度和材料做成的熔丝，______(粗/细)的更容易熔断。
18. 如图所示，水平地面上AB段和BC段粗糙程度不同，物体重5N，弹簧测力计在AB段水平向右拉着物体做匀速直线运动，此时弹簧测力计示数为2N，则物体在AB段受到的摩擦力为______ N，方向为______ ，若保持拉力不变，拉着物体继续在BC段运动，发现物体在相同时间内通过的路程变大，则可得出______ (AB段/BC段)更粗糙。
19. 某太阳能热水器装有100kg温度为20℃的水，阳光照射一天后，水温升高到80℃.热水器内的水吸收了______J热量，水是通过______的方式改变内能。若上述这些热量由天然气燃烧提供，则需要完全燃烧______m3的天然气，不考虑能量损失，天然气的热值为4×107J/m3，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)。
20. 如图所示，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，将匀质杠杆拉至图中虚线位置，使挂在杠杆下面的钩码缓缓上升，转动摩擦不计。钩码总重为1.0N，钩码上升高度为0.1m，测力计上升高度为0.4m，则杠杆的机械效率为______ ；若只将弹簧测力计改为垂直于杠杆匀速拉动，杠杆的机械效率将______ (变小/不变/变大)。若用一个与杠杆等重的动滑轮来提升1.0N的钩码，不计绳重和摩擦，与钩码挂在杠杆A点时相比，机械效率______ (变小/不变/变大)。
21. 在图中画出经透镜折射后的出射光线。
22. 如图所示，在图中画出足球对地面压力的示意图。(按题目要求作图)
23. 在图中，请标出开关S闭合通电螺线管的N、S极；
24. 大丰港海洋世界向市民展示了海洋的无穷魅力。如图为一只企鹅，该企鹅的重力为20N，两只脚掌触地总面积为8×10-3m2，(g=10N/kg)。试求：
(1)企鹅的质量。
(2)企鹅双脚站在水平地面上时，对地面的压强。
(3)当企鹅漂浮在水面上静止时，身体浸入水中的体积。
25. 如图下表所示为某电烤箱的铭牌，图中虚线内是电烤箱内部的简化电路图。R1和R2均为电热丝，求：
XX牌电烤箱
额定电压
220V
额定功率
高温挡
1100W
低温挡
440W
(1)在低温挡正常工作时，电路中的电流；
(2)在高温挡正常工作10min，电路消耗的电能；
(3)若只将高温挡功率提高到1210w，请通过计算，说明如何改变电阻。
26. 在“探究光的反射规律”时，小明进行如图所示的实验。
(1)如图甲，小明先将平面镜平放在水平桌面上，再把表面______ (光滑/粗糙)些的白色硬纸板______ 放在平面镜上。
(2)小明让一束光贴着纸板E射到平面镜上，在纸板F上会看到反射光线，然后将纸板F绕ON向后折，如图乙，在纸板F上______ (看到/看不到)反射光线，此时，反射光______ (存在/不存在)。
(3)为了进一步确定反射光线的位置，小明将纸板F沿PQ剪开，把上半部分向后折，如图丙，发现在纸板F ______ (上/下)半部分会看到反射光线.说明反射光线，入射光线和法线______ (在/不在)同一平面。
27. 在“探究影响浮力大小的因素”的实验中，小明将一圆柱体挂在弹簧测力计的秤钩上，进行了如图所示的探究过程。
(1)圆柱体所受重力为______N，所受浮力的方向______向上。
(2)分析A、B两图可知：浮力的大小与______有关。
(3)分析______两图可知：当圆柱体浸没水中后，所受浮力的大小与它浸入水的深度无关，因为此时圆柱体浸入水的______不再变化。
(4)通过比较图C和图D，可以探究浮力大小跟______是否有关。D图中，若将悬挂圆柱体的细线剪断，圆柱体将______(选填“上浮”“下沉”或“悬浮”)。
28. 在“测定小灯泡电功率”实验中，电源由三节蓄电池组成，电压6V(每节蓄电池电压2V)，小灯泡额定电压为3.8V，滑动变阻器标有“20Ω1A”字样。
(1)闭合开关前，图中滑动变阻器的滑片应位于______ (左/右)端。
(2)小明连接好电路闭合开关，发现小灯泡不亮，接下来最合理的步骤是______ 。
A.更换电源
B.重新连接电路
C.更换小灯泡
D.观察电流表与电压表是否有示数
(3)小明闭合开关，移动滑片到某一点时，电压表示数如图乙所示，其读数为______ V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图中滑片向______ (左/右)端移动。当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数为0.3A，则小灯泡的额定功率为______ W。
(4)若电压表0∼15V量程损坏，只能用0∼3V量程，小明将电压表并联在滑动变阻器两端，其它连接不变。移动滑片使滑动变阻器接入电路电阻最大，闭合开关，这样的操作造成的后果是______ ，为顺利完成实验，改进的办法是______ 。
29. 阅读短文，回答问题：
“深地一号”——向地下9472米挺进5月1日，位于塔里木盆地的“深地一号”跃进3-3井钻机开钻，向设计深度9472米挺进，这一深度将刷新亚洲最深井纪录，为我国从万米深地开采油气资源提供核心技术和装备储备。
如甲图所示，从泵机排出的高压钻井液沿箭头方向经过管道、空心钻杆等到达钻头，从钻头喷嘴喷出以清洗井底并携带岩屑，如泥浆般的钻井液再沿钻柱与井壁(或套管)形成的环形空间向上流动，在到达地面后流入钻井液池A、B处理后再进入钻井泵循环再用。钻井液流经的各种管件、设备构成了一整套钻井液循环系统。
技术人员用破岩比功反映钻头破岩性能。破岩比功指破碎单位体积岩石所消耗的机械能，其值越小越优良。如图乙描述了相同条件下，钻头分别选用平面齿和斧形齿的破岩比功随岩石硬度变化的大致图像。图丙是钻头图片，M处是一排钻齿(钻齿的另一面是光滑面)，N是钻井液喷嘴，O处是与钻杆相连的转动轴。
(1)岩屑到达地面后，主要将沉淀在______ (A/B)钻井液池中。
(2)某钻头破岩工作时，破岩2m3消耗的机械能6×107J，则破岩比功为______ J/m3。
(3)相同条件下使用平面齿钻头破岩消耗的能量______ (大于/小于/等于)斧形齿钻头。
(4)如图丁所示，与电动机相连的空心钻杆是套在下面一根空心钻杆中间的，为增加驱动力，带动下面钻杆转动且减小钻杆与外围摩擦，下面一根空心钻杆横截面设计合理的是______ 。
(5)如图丙，为了让钻头更好地工作，下列说法正确的是______ 。
A.M处使用金刚石，钻头顺时针转动
B.M处使用金刚石，钻头逆时针转动
C.N处使用金刚石，钻头顺时针转动
D.N处使用金刚石，钻头逆时针转动
答案和解析
1.【答案】B
【解析】ACD、石油、煤炭、天然气等能源，使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源，是不可再生能源，故ACD不符合题意；
B、太阳能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源，故B符合题意。
2.【答案】A
【解析】解：玻璃上结雾，指的是玻璃上出现的小水珠，它是由空气中的水蒸气遇到冷的玻璃液化形成的小水珠；为了避免水蒸气的液化，汽车的后挡风玻璃内部有电热丝，通电后，可以提高玻璃的温度，空气中的水蒸气遇到温度较高的玻璃，不能放热液化，所以能避免发生结雾现象。
故选：A。
物质由气态变成液态的过程叫液化，液化是放热的；液化的方法有两种：降低温度和压缩体积。
此题考查了生活中的物态变化现象，以及使用物态变化知识解决生活中的实际问题。
3.【答案】D
【解析】解：
用电火花发生器点燃塑料盒内的酒精气体，能将盒盖喷出很远，这是因为酒精燃烧产生的燃气对盒盖做功，消耗了燃气的内能，转化为盒盖的机械能，故是将内能转化为机械能的过程；汽油机的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能，故D符合题意。
故选：D。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移；汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，压缩冲程中将机械能转化为内能，做功冲程中将内能转化为机械能。
此题考查了对改变内能的方式、内燃机四冲程的理解，是一道基础题。
4.【答案】D
【解析】解：
AB、用测电笔辨别时，手不能接触笔尖金属体(否则可能会触电)，但必须接触笔尾金属体，使电源和大地之间形成通路，这样才能正确辨别火线和零线，故AB错误；
C、在使用测电笔时，测电笔的高值电阻和人串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是220V，此时测电笔的高值电阻分担的电压很大，人体分担的电压很小，通过人体的电流很小，氖管发光，不会发生触电事故，而铜丝的电阻很小，不能起到保护人体安全的作用，所以不能用铜丝代替测电笔中的高电阻，故C错误；
D、用测电笔辨别火线和零线时，若氖管发光，说明接触的是火线，故D正确；
故选：D。
(1)使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的；手不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成触电事故；
(2)使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光；
(3)测电笔的内部有一个阻值很大的电阻，当人接触测电笔的笔尾金属体，人和测电笔是串联在电路中，如果两者串联在零线和大地之间，加在两者之间的电压是0V，氖管不发光；如果两者串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是220V，此时测电笔的阻值很大分担的电压很大，人体分担的电压很小，不会超过人体的安全电压，氖管发光，但是不会对人造成伤害。
本题考查了测电笔的使用方法，注意手指一定要接触笔尾的金属体，是不会触电的！
5.【答案】A
【解析】解：将一束塑料细丝上端扎紧，用手从上向下捋几下，发现它们会张开，是因为塑料细丝在与手摩擦的过程中带了电，塑料细丝带的是同种电荷，同种电荷相互排斥。
故选：A。
电荷间的相互作用：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题主要考查了电荷间相互作用规律，是一道基础题。
6.【答案】D
【解析】解：A、锤头松了，将锤柄向下撞击地面时，锤柄静止，锤头由于惯性还要保持原来的运动状态，结果就可以使锤头套紧在锤柄上，这是利用惯性，故A不合题意；
B、下面的棋子被打飞，上面的棋子由于惯性还要保持原来的静止状态，由于重力的作用就会落下来不倒，这是利用惯性，故B不合题意；
C、离手的包继续飞行，这是由于书包具有惯性还要保持原来的运动状态继续向前运动，这是利用惯性，故C不合题意；
D、汽车急刹车时，人由于惯性仍然保持原来的运动状态，因此人会向前倾，需要防止惯性带来危害，故D符合题意。
故选：D。
物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性，人们在实际生活中利用惯性为我们服务，也能更好的防止它带来的危害。
本题重在考查学生对惯性在实际生活中的应用与防止，让学生们知道惯性与生产、生活密切相关。
7.【答案】D
【解析】解：甲机械的功率为500W，乙机械的功率为800W，甲的功率小于乙的功率，说明乙做功比甲快，故C错误，D正确；
不知道做功时间，无法比较功的大小，故AB错误。
故选：D。
根据功、功率的关系分析。功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量，二者是不同的物理量。
本题考查了学生对功率概念的了解与掌握，明确功率是表示做功快慢的物理量，不但和时间有关，还与做功的多少有关，这是解题的关键。
8.【答案】C
【解析】解：AC、无定形冰的密度和水的密度相等，因此质量一定的无定形冰没有固定的体积，相同体积的无定形冰与相同体积的水质量相等，故A错误，C正确；
B、这种冰的分子是全新排列的，是一种无定形冰，质量一定的无定形冰没有固定的形状，故B错误；
D、晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，无定形冰是一种非晶体，没有熔点，故D错误。
故选：C。
(1)(3)无定形冰的密度和水的密度相等；
(2)冰的一种全新形式，它的分子是全新排列的，是一种无定形冰。
(4)晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
本题是一道热学综合题，主要考查了晶体熔化时的特点、密度的理解，难度不大。
9.【答案】D
【解析】解：用力将挂衣钩的吸盘紧压在墙壁上，将塑料吸盘中的空气排出，松手后，由于吸盘内的空气减少，内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在墙壁上。这样，吸盘与墙壁之间产生了一个很大的摩擦力。这个摩擦力与衣服的重力大小相等，方向相反，同一直线，都作用在吸盘上，是一对平衡力，故吸盘不会掉下是因为有摩擦力，故D正确，ABC错误。
故选：D。
将塑料挂衣钩的挂衣服的过程与该过程中涉及的有关的物理知识：大气压、摩擦力联系起来分析即可得到答案。
利用大气压的关键是要保证物体的内部气压小于外界大气压。此题中，通过手的挤压排出了吸盘内的气体，使内部气压小于外界大气压。
10.【答案】C
【解析】解：A、小车运动过程应包括下滑和水平运动两个过程，小车在下滑过程中的速度逐渐增大，动能不断增大，小车在水平面上运动的过程中速度逐渐减小，动能不断减小，故A错误；
B、小车在玻璃上滑行，仍受摩擦力作用会慢慢停下来，故B错误；
CD、在水平面上，小车初速度相等，实验中我们会观察到：在不同材料的表面上，小车滑行的距离是不同的，在表面光滑的玻璃上滑行的距离最长，速度减小的越慢，在最粗糙的棉布上滑行的距离最短，速度减小的最快，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)影响动能的因素：质量和速度；
(2)小车在玻璃上滑行，仍受摩擦力作用；
(3)小车从斜面的同一高度滚下，到达水平面时速度相等，当物体速度相等时，在光滑程度不同的水平面上运动的距离不同，表面越光滑，物体运动的距离越远，速度减小的越慢。
本实验采用了对比实验的方法。研究小车运动距离与受力大小的关系，让小车在三个粗糙程度不同的表面上运动的目的就是形成对比，比较运动距离与受力大小的关系。
11.【答案】A
【解析】解：一只篮球由静止竖直下落到水平地面上时，下落的速度越来越快，到最低点时的高度为0；弹起时，速度逐渐变小；由于撞击过程中有能量的散失，使得篮球不能达到原来的高度，故A正确。
故选：A。
根据篮球下落过程中速度的变化分析高度和时间的变化；根据机械能的变化分析弹起高度的变化。
本题考查了高度与时间的关系图像，属于基础题。
12.【答案】B
【解析】解：为了判断电学暗箱外的开关闭合时导线BC中是否有电流通过且电流方向如何，可以采用①电压表、导线，因为电压表接入电路时，电流从正极线柱流入、从负接线柱流出，电压表指针正向偏转，据此可以判定电流的方向；
采用③铁钉、小磁针，把导线绕在铁钉上，通电后铁钉具有磁性，根据小磁针的指向、磁极间的相互作用规律可知铁钉的磁性，根据安培定则可以判定导线中电流的方向；
采用②电能表、导线和④小灯泡、滑动变阻器，都无法判定导线中电流的方向。
故选：B。
根据电压表的连接方式分析。
本题考查了电压表的使用、安培定则的应用，难度不大。
13.【答案】运动 方向性 人耳
【解析】解：
(1)以航母为参照物，飞机起飞时，飞机的位置相对于航母不断发生变化的，所以飞离航母的战斗机是运动的；
(2)飞机和航母摩擦转化的内能无法再自动转化为机械能，这说明能量的转化是有方向性的；
(3)甲板上的指挥员戴耳罩的目的是为了在人耳处减弱噪声。
故答案为：运动；方向性；人耳。
(1)判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化。若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的；
(2)能量转化和转移是有方向性的；
(3)噪声的减弱办法有三个：在声源处减弱；在人耳处减弱；在传播过程中减弱。
本题考查运动和静止的相对性、能量的转化以及噪声的防治，难度不大。
14.【答案】水平 522.6×103
【解析】解：
天平使用时，应先杷天平放在水平桌面上；
由图知，天平标尺的分度值0.2g，矿石的质量：m=50g+2g=52g；
由题知，矿石的体积为20cm3，矿石的密度：ρ=mV=52g20cm3=2.6g/cm3=2.6×103kg/m3。
故答案为：水平；52；2.6×103。
天平使用时，先杷天平放在水平桌面上；读数时，被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和；知道矿石的质量和体积，利用ρ=mV求出矿石的密度。
本题是测固体密度的实验，考查了天平的使用和读数以及密度的计算，属于一道基础题。
15.【答案】电磁波 变化 非平衡力
【解析】解：地面科技人员对“夸父一号”的控制依靠电磁波来传递信息的，“夸父一号”绕太阳运动，做曲线运动，它的运动状态变化，绕日运行的“夸父一号”受到的是非平衡力。
故答案为：电磁波；变化；非平衡力。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)太阳探测专用卫星“夸父一号”绕太阳运动时做曲线运动，运动状态变化。
(3)“夸父一号”受到的力是非平衡力。
知道电磁波的特性及应用；知道物体做曲线运动时，运动状态改变，受非平衡力的作用。
16.【答案】缩小 17.0照相机
【解析】解：小杨同学让蜡烛到凸透镜的距离大于2倍焦距，移动光屏至适当位置，光屏上将会呈现一个倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
由图可知，光具座的分度值为1cm；此时的像距为：57.0cm-40.0cm=17.0cm。
故答案为：缩小；17.0；照相机。
物距大于二倍焦距时，成的是倒立缩小的实像，其应用是照相机；根据光具座的分度值读出像距的大小。
本题考查了凸透镜的成像规律及其应用、长度的读数，是一道基础题。
17.【答案】绝缘体 热 细
【解析】解：(1)熔断器的陶瓷外壳不容易导电，因此属于绝缘体；
(2)当家庭电路中电流过大时，熔丝会自动熔断，这是利用了电流的热效应；
因为电阻大小与材料、长度以及横截面积有关，当材料与长度一定时，电阻与横截面积成反比，所以相同长度和材料做成的熔丝，越细电阻越大，由Q=I2Rt可知相同时间内电阻越大，产生的热量越多，越容易熔断，即较细更容易熔断。
故答案为：绝缘体；热；细。
(1)容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体
(2)电流通过导体发热的现象叫电流的热效应；电阻大小与材料、长度以及横截面积有关，当材料与长度一定时，电阻与横截面积成反比，根据Q=I2Rt可知相同时间内电阻越大，产生的热量越多，越容易熔断。
本题考查保险丝的选择以及电流的热效应，注重了物理和生活的联系，难度不大，属于基础知识的考查。
18.【答案】2 水平向左 AB段
【解析】解：(1)弹簧测力计在AB段水平向右拉着物体做匀速直线运动，处于平衡状态，受拉力和摩擦力一对平衡力的作用，平衡力大小相等，此时弹簧测力计示数为2N，即拉力为2N，则物体在AB段受到的摩擦力为2N，摩擦力的方向与拉力的方向相反，水平向左；
(2)若保持拉力不变，拉着物体继续在BC段运动，发现物体在相同时间内通过的路程变大，这表明物体做加速运动，拉力大于滑动摩擦力，由于压力相同，则在AB和BC面上压力相同，AB段的摩擦力大，则接触面粗糙。则可得出AB段更粗糙。
故答案为：2；水平向左；AB段。
(1)相互平衡的两个力的大小相等、方向相反、作用在同一条直线上。
(2)滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关。
此题主要考查了二力平衡的条件及应用，要结合二力平衡条件进行分析解答。
19.【答案】2.52×107 热传递 0.63
【解析】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(80℃-20℃)=2.52×107J；
(2)水从太阳光中吸收热量，内能增加、温度升高，这是通过热传递的方式改变内能的；
(3)不考虑能量损失，Q放=Q吸=2.52×107J，
由Q放=qV可得，需要完全燃烧天然气的体积：
V=Q放q=2.52×107J4×107J/m3=0.63m3。
故答案为：2.52×107；热传递；0.63。
(1)知道水的质量、水的初温和末温、水的比热容，利用吸热公式Q吸=cm△t求热水器内的水吸收的热量；
(2)改变物体内能的方法有二：一是做功，二是热传递(热从高温物体或物体的高温部分传给低温物体或物体的低温部分)；
(3)由Q=qV的变形公式可以求出天然气的体积。
本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全放热公式Q放=Vq以及效率公式的掌握和运用，计算时注意气体燃料热值的单位是J/m3。
20.【答案】41.7%不变 变大
【解析】解：由图可知，弹簧测力计的分度值是0.1N，其示数是0.6N，
在实验过程中，有用功：W有用=Gh=1N×0.1m=0.1J，
总功：W总=Fs=0.6N×0.4m=0.24J，
杠杆的机械效率：η=W有用W总×100%=0.1J0.24J×100%≈41.7%；
用同一杠杆，只是将拉力改为垂直于杠杆，重物和提升高度不变，有用功不变；克服杠杆自重所做的功即为额外功不变，总功不变，根据机械效率公式可得机械效率不变；
不计转动摩擦，克服杠杆自重做功为额外功，则杠杆的机械效率：η=W有用W总×100%=W有W有+W额×100%=11+W额W有×100%=11+G杆h'Gh×100%；
若用一个与杠杆等重的动滑轮来提升1.0N的钩码，不计绳重和摩擦，滑轮的机械效率η=W有用W总×100%=W有W有+W额×100%=11+W额W有×100%=11+G动hGh×100%；
由图可知克服杠杆自重移动的距离h'>h，则G杆h'>G动h，则G杆h'Gh>G动hGh，11+G杆h'Gh<11+G动hGh；故机械效率会变大。
故答案为：41.7%；不变；变大。
(1)首先根据弹簧测力计的分度值读出拉力大小；由W=Fs计算拉力做的功即总功，由W=Gh计算克服钩码重力做的功即有用功，杠杆的机械效率可以根据公式η=W有用W总×100%来计算；
(2)用同一杠杆，只是将拉力改为垂直于杠杆，重物和提升高度不变，有用功不变；克服杠杆自重所做的功即为额外功不变，总功不变，根据机械效率公式判断机械效率的变化；
(3)不计转动摩擦，克服杠杆自重做功为额外功，则杠杆的机械效率：η=W有用W总×100%=W有W有+W额×100%=11+W额W有×100%=11+G杆h'Gh×100%，克服杠杆自重移动的距离h'>h；
若用一个与杠杆等重的动滑轮来提升1.0N的钩码，不计绳重和摩擦，滑轮的机械效率η=W有用W总×100%=W有W有+W额×100%=11+W额W有×100%=11+G动hGh×100%，据此分析。
本题考查测力计读数、功和机械效率的计算及分析影响其机械效率的因素，难度较大。
21.【答案】解：
平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，如图所示：
【解析】先确定所给的入射光线的特点，然后根据凹透镜的三条特殊光线作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
22.【答案】解：压力的作用点在接触面的中央，受力物体为地面，方向垂直地面向下，如图所示：
【解析】根据压力的作用点在接触面上确定压力的作用点，然后根据压力的方向与接触面垂直，再过作用点表示出压力的方向。
本题考查压力的示意图，知道压力与接触面垂直，会用力的示意图表示力的作用点和方向。
23.【答案】解：电流由左侧流入，右手握住导线，四指指向电流方向，大拇指指向右方，即通电螺线管的右端为N极，左侧为S极；
答案如图：
【解析】由电流方向和右手螺旋定则即可判出通电螺线管的磁极。
本题考查右手螺旋定则的简单应用，正确应用右手螺旋定则即可求解。
24.【答案】解：
(1)由G=mg可得企鹅的质量：
m=Gg=20N10N/kg=2kg；
(2)企鹅双脚站在水平地面上时，对地面的压力：F=G=20N，
则脚掌对水平地面的压强：p=FS=20N8×10-3m2=2500Pa；
(3)当它漂浮在水面上时，受到的浮力F浮=G=20N，
则由F浮=ρgV排可得，其排开水的体积(身体浸入水中的体积)：
V排=F浮ρ水g=20N1×103kg/m3×10N/kg=2×10-3m3。
答：(1)企鹅的质量为2kg；
(2)企鹅双脚站在水平地面上时，对地面的压强为2500Pa；
(3)当它漂浮在水面上时，身体浸入水中的体积为2×10-3m3。
【解析】(1)利用公式G=mg变形可求出企鹅的质量；
(2)企鹅站在水平地面上时，脚掌对水平地面的压力等于其自身重力，利用压强公式计算压强；
(3)当它漂浮在水面上时，浮力等于重力，利用阿基米德原理计算身体浸入水中的体积。
此题考查了质量、压强的计算，物体浮沉条件和阿基米德原理的应用，属于力学综合题，但难度不大，关键是知道企鹅站在水平地面上时，脚掌对水平地面的压力等于其自身重力。
25.【答案】解：(1)在低温挡正常工作时，由P=UI可得，电路中的电流为：I=p低温U=440W220V=2A；
(2)在高温挡正常工作10min，由P=Wt可得，电路消耗的电能为：W=P高温t=1100W×10×60s=6.6×105J；
(3)只将高温挡功率提高到1210W时，低温挡的功率不变，
由P=UI=U2R可知，低温挡时电路中的总电阻：R=U2P低温=(220V2)440W=110Ω，
改造后高温挡时电路的电阻：R1'=U2P高温'=(220V)21210W=40Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，改造后R2的阻值：R2'=R-R1'=110Ω-40Ω=70Ω，
所以，若只将高温挡功率提高到1210W，R1更换为40Ω，同时R2更换为70Ω。
答：(1)在低温挡正常工作时，电路中的电流为2A；
(2)在高温挡正常工作10min，电路消耗的电能为6.6×105J；
(3)若只将高温挡功率提高到1210W，R1更换为40Ω，同时R2更换为70Ω。
【解析】(1)在低温挡正常工作时，根据P=UI求出电路中的电流；
(2)在高温挡正常工作10min，根据W=Pt求出电路消耗的电能；
(3)只将高温挡功率提高到1210W时，低温挡的功率不变，根据P=UI=U2R求出低温挡时电路中的总电阻和改造后高温挡时电路的电阻，利用电阻的串联求出改造后R2的阻值，据此得出答案。
本题考查了串联电路的特点和电功率公式、电功公式的应用，根据题意得出最后一问中保温功率不变是关键。
26.【答案】粗糙 竖直 看不到 存在 下 在
【解析】解：(1)如果纸板没有与平面镜垂直放置，由于法线与镜面垂直，且反射光线、入射光线、法线在同一平面内，因此，当光贴着纸板沿EO入射时，不能在纸板上看到反射光；所以硬纸板放在平面镜上时，要保持与镜面垂直；
为了看清楚纸板上的光路，白色的纸板材质应较粗糙些，光线射在上面发生了漫反射，反射光线射向各个方向，无论从哪个角度看，都能看得清楚；
(2)光在反射时，反射光线、入射光线、法线在同一平面内，将纸板绕ON向后折，如图乙所示，此时在NOF面上看不到反射光线，此时反射光线存在；
(3)小李将纸板沿PQ剪开，将纸板的上半部分向后折，如图丙所示，发现在纸板右侧的下部会看到反射光线，而上部不会看到反射光线，此实验现象说明反射光线、入射光线和法线在同一平面。
故答案为：(1)粗糙；竖直；(2)看不到；存在；(3)下；在。
(1)只有硬纸板和平面镜垂直，才能保证法线和平面镜垂直；我们能从不同角度观察到光线，是因此光在光屏上发生了漫反射；
(2)(3)光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角；根据光的反射定律，可判断纸反向后折和纸板不垂直时是否能观察到反射光线。
本题考查光的反射定律实验的有关内容，主要考查学生对实验过程中出现问题的应对能力，就是为了锻炼学生的动手、动脑的能力。
27.【答案】2.8竖直 排开液体的体积 BC 测力计示数 排开液体的密度 下沉
【解析】解：(1)测力计分度值为0.2N，圆柱体所受重力为2.8N，所受浮力的方向竖直向上；
(2)分析A、B两图可知，排开液体的密度相同，排开液体的体积不同，测力计示数不同，根据称重法，受到的浮力不同，故浮力的大小与排开液体的体积有关；
(3)研究浮力与浸入水的深度的关系，要控制排开液体的体积和密度相同，故分析BC两图可知，当圆柱体浸没水中后，此时圆柱体浸入水的测力计示数不再变化，由称重法，所受浮力的大小与它浸入水中的深度无关；
(4)通过比较图C和图D可知，排开液体的体积相同，而液体的密度不同，故可以探究浮力大小跟排开液体的密度是否有关；
D图中，石块受到的浮力：F浮=G-F=2.8N-1.3N=1.5N
(1)根据测力计分度值得出物体的重力，浮力的方向竖直向上；
(2)物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变；
(3)研究浮力与浸入水的深度的关系，要控制排开液体的体积和密度相同，结合称重法分析；
(4)根据控制变量法分析；
由称重法得出D图中石块受到的浮力，根据物体的浮沉条件分析。
本题探究影响浮力大小的因素，考查了测力计读数、控制变量法、称重法测浮力、实验现象分析、物体的浮沉条件等知识。
28.【答案】左 D2.5右 1.14电压表示数超过量程，可能损坏电压表 改接两节蓄电池，闭合开关前滑片移到接入电阻最大处(或：先将电压表并联在灯泡两端，滑片移至最右端，闭合开关，向左调节滑片，直至电压表示数为3V，断开开关，再将电压表并联在滑动变阻器两端，闭合开关，再向左调节滑片，直至电压表的示数为2.2V)
【解析】解：(1)闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处的左端；
(2)小明连接好电路闭合开关，发现小灯泡不亮，可能是因为滑动变阻器接入电路的电阻过大，使得电路中的电流较小，灯泡的实际功率过小，达不到发光的亮度，故接下来观察电流表、电压表是否有示数，若有示数则说明电路为通路，电路各元件正常，故选D；
(3)灯在额定电压下正常发光，图中电压选用大量程，分度值为0.5V，示数为2.5V，小于灯的额定电压3.8V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动；
当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数为0.3A，则小灯泡的额定功率为：
P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；
(4)灯的电阻约10Ω，滑动变阻器的最大电阻为20Ω，电源电压为6V，由分压原理，变阻器的电压为灯的电压的2倍，由串联电路电压的规律UL：U滑=RL：R滑=10Ω：20Ω=1：2，
变阻器的电压为：U滑=21+2×6V=4V>3.8V，
故电压表示数超过量程，可能损坏电压表；
故改接两节蓄电池(4V)，闭合开关前滑片移到接入电阻最大处(或：先将电压表并联在灯泡两端，滑片移至最右端，闭合开关，向左调节滑片，直至电压表示数为3V，断开开关，再将电压表并联在滑动变阻器两端，闭合开关，再向左调节滑片，直至电压表的示数为2.2V)
故答案为：(1)左；(2)D；(3)2.5；右；1.14；(4)电压表示数超过量程，可能损坏电压表；改接两节蓄电池，闭合开关前滑片移到接入电阻最大处(或：先将电压表并联在灯泡两端，滑片移至最右端，闭合开关，向左调节滑片，直至电压表示数为3V，断开开关，再将电压表并联在滑动变阻器两端，闭合开关，再向左调节滑片，直至电压表的示数为2.2V)。
(1)闭合开关前，为保护电路，图甲中滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处；
(2)根据闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处分析；
(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表大量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据功率公式求出灯泡的额定功率；
(4)灯的电阻约10Ω，滑动变阻器的最大电阻为20Ω，电源电压为6V，由分压原理和串联电路电压的规律可知变阻器的电压，并与电压表小量程比较大小，据此分析；(或不改变电源电压的条件下，可先将电压表并联在灯泡两端，滑片移至最右端(电压表示数为2V)，闭合开关，向左调节滑片，直至电压表示数为3V，断开开关，再将电压表并联在滑动变阻器两端，根据串联电路电压的规律，可知灯正常发光时电压表示数变化情况。
本题测定小灯泡电功率实验，考查操作过程、注意事项、串联电路的规律、功率计算及对实验方案的评估。
29.【答案】A3×107 大于 A A
【解析】解：(1)因从钻头喷嘴喷出以清洗井底并携带岩屑，如泥浆般的钻井液再沿钻柱与井壁(或套管)形成的环形空间向上流动，在到达地面后流入钻井液池A、B处理后再进入钻井泵循环再用，所以岩屑到达地面后，主要将沉淀在A钻井液池中；
(2)破岩比功指破碎单位体积岩石所消耗的机械能，即破岩比功等于消耗的机械能与破碎岩石的体积的比，
故某钻头破岩工作时，破岩2m3消耗的机械能6×107J，则破岩比功为：
破岩比功=E机械能V破岩=6×107J2m3=3×107J/m3；
(3)由图乙可知，平面齿的破岩比功大于斧形齿的破岩比功，而破岩比功指破碎单位体积岩石所消耗的机械能，其值越小越优良，故相同条件下使用平面齿钻头破岩消耗的能量大于斧形齿钻头；
(4)为增加驱动力，带动下面钻杆转动且减小钻杆与外围摩擦，应将滑动变为滚动，故钻杆的外形应该是圆形；由于钻井液沿钻柱与井壁(或套管)形成的环形空间向上流动，所以其内部也应该是圆形，因此下面一根空心钻杆横截面设计合理的是A；
(5)由丙图可知，M处是一排钻齿，所以M处使用金刚石；N是钻井液喷嘴；在使用过程中，先用钻齿将岩石破碎，然后通过液喷嘴将碎岩喷出，所以钻头应该顺时针转动，故A正确。
故答案为：(1)A；(2)3×107；(3)大于；(4)A；(5)A。
(1)根据阅读材料分析回答；
(2)根据破岩比功的定义进行计算；
(3)根据图乙分析回答；
(4)为了减小摩擦，应将滑动变为滚动；
(5)根据丙图分析回答。
本题为超纲知识，仔细阅读短文结合所学知识和生活经验进行分析回答。
2023年江苏省盐城市射阳实验中学中考物理二模试卷
1. 下列能源中，属于可再生能源的是( )
A. 石油 B. 太阳能 C. 煤炭 D. 天然气
2. 汽车后挡风玻璃内部有电热丝，通电后可防止水蒸气在玻璃表面( )
A. 液化 B. 汽化 C. 熔化 D. 凝华
3. 如图所示，用电火花发生器点燃塑料盒内的酒精气体，能将盒盖喷出很远。此过程中的能量转化方式与汽油机的哪一个冲程相似( )
A. 压缩冲程 B. 吸气冲程 C. 排气冲程 D. 做功冲程
4. 用测电笔辨别家庭电路中火线和零线时，下列说法正确的是( )
A. 辨别时手不能接触笔尾金属电极 B. 辨别时手可以接触笔尖金属电极
C. 测电笔中的高电阻可以用铜丝代替 D. 若氖管发光，说明接触的是火线
5. 将一束塑料细丝上端扎紧，用手从上向下捋几下，发现它们会张开，这是因为( )
A. 同种电荷相互排斥 B. 异种电荷相互排斥 C. 分子之间存在斥力 D. 分子之间存在空隙
6. 下列惯性现象中，要避免惯性带来危害的是( )
A. 敲击锤柄套紧锤头
B. 棋子打飞上面棋子未倒
C. 离手的包继续飞行
D. 突然刹车人会前倾
7. 甲、乙两台抽水机的功率分别为500W和800W，下列说法正确的是( )
A. 甲做功少 B. 乙做功少 C. 甲做功快 D. 乙做功快
8. 2023年2月，科学家发现冰的一种全新形式，它的分子是全新排列的，是一种无定形冰。这种无定形冰是在零下200℃下，用不锈钢球以一定的频率研磨普通冰形成的，它的密度和水的密度相等，是一种非晶体。关于无定形冰的下列说法正确的是( )
A. 质量一定的无定形冰没有固定的体积
B. 质量一定的无定形冰有固定的形状
C. 相同体积的无定形冰与相同体积的水质量相等
D. 无定形冰和固态冰一样具有熔点
9. 如图所示的吸盘式挂钩，可以紧紧的吸在墙上，其掉不下来的直接原因是( )
A. 由于吸盘受到大气压力作用 B. 由于墙壁对吸盘有弹力作用
C. 由于吸盘受到了重力的作用 D. 由于吸盘受到了摩擦力作用
10. 如图所示，在水平桌面上分别铺上玻璃、木板、棉布，让小车从斜面的同一位置由静止滑下，下列说法正确的是( )
A. 小车在整个运动过程中动能不断增大 B. 小车在玻璃上滑行，不受摩擦力作用
C. 小车受到的阻力越小，运动路程越长 D. 小车在棉布表面速度大小变化得最慢
11. 如图甲，一只篮球由静止竖直下落到水平地面并第一次弹起，下列描述篮球顶点a到水平地面的距离随时间大致变化关系图像合理的是( )
A.
B.
C.
D.
12. 在综合实践活动中，小明购买了如图所示的中学电学暗箱，暗箱中连有电源(3V)，电阻、导线等，电学暗箱外的两个接线柱A、B与内部电路相连。为了判断电学暗箱外的开关闭合时导线BC中是否有电流通过且电流方向如何，小明准备了以下四组实验器材：①电压表、导线；②电能表、导线；③铁钉、小磁针；④小灯泡、滑动变阻器。以上器材能完成任务的共有几组。( )
A. 共有1组 B. 共有2组 C. 共有3组 D. 共有4组
13. 2023年5月，我国山东舰航母编队赴台岛以东海空域开展远海战备训练。以山东舰为参照物，战斗机起飞时是______ (运动/静止)的。战斗机在山东舰甲板上降落，它和航母摩擦转化的内能无法再自动转化为机械能，这说明能量的转化具有______ ，在甲板上指挥员戴耳罩阻隔飞机轰鸣声，这是在______ 处减弱噪声。
14. 小明用天平和量筒测量矿石的密度。先把天平放在______桌面上，调节好天平后，测出矿石的质量如图所示，矿石的质量为______g，接着他测出矿石的体积为20cm3，则矿石的密度为______kg/m3。
15. 2022年12月，我国太阳探测专用卫星“夸父一号”发回若干张对太阳的科学观测图像。地面科技人员对“夸父一号”的控制依靠______ 来传递信息的，“夸父一号”绕太阳运动，它的运动状态______ (变化/不变)，绕日运行的“夸父一号”受到的是______ (平衡力/非平衡力)。
16. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小杨同学让蜡烛到凸透镜的距离大于2倍焦距，移动光屏至适当位置，光屏上将会导现一个倒立、______ 的实像，如图所示，此时的像距为______ cm。生活中的______ (照相机/投影仪/放大镜)就是应用了这样的成像规律。
17. 家庭电路中的熔断器内装有熔丝。熔断器的陶瓷外壳属于______(导体/绝缘体)，当家庭电路中电流过大时，熔丝会自动熔断，这是利用了电流的______效应；相同长度和材料做成的熔丝，______(粗/细)的更容易熔断。
18. 如图所示，水平地面上AB段和BC段粗糙程度不同，物体重5N，弹簧测力计在AB段水平向右拉着物体做匀速直线运动，此时弹簧测力计示数为2N，则物体在AB段受到的摩擦力为______ N，方向为______ ，若保持拉力不变，拉着物体继续在BC段运动，发现物体在相同时间内通过的路程变大，则可得出______ (AB段/BC段)更粗糙。
19. 某太阳能热水器装有100kg温度为20℃的水，阳光照射一天后，水温升高到80℃.热水器内的水吸收了______J热量，水是通过______的方式改变内能。若上述这些热量由天然气燃烧提供，则需要完全燃烧______m3的天然气，不考虑能量损失，天然气的热值为4×107J/m3，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)。
20. 如图所示，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，将匀质杠杆拉至图中虚线位置，使挂在杠杆下面的钩码缓缓上升，转动摩擦不计。钩码总重为1.0N，钩码上升高度为0.1m，测力计上升高度为0.4m，则杠杆的机械效率为______ ；若只将弹簧测力计改为垂直于杠杆匀速拉动，杠杆的机械效率将______ (变小/不变/变大)。若用一个与杠杆等重的动滑轮来提升1.0N的钩码，不计绳重和摩擦，与钩码挂在杠杆A点时相比，机械效率______ (变小/不变/变大)。
21. 在图中画出经透镜折射后的出射光线。
22. 如图所示，在图中画出足球对地面压力的示意图。(按题目要求作图)
23. 在图中，请标出开关S闭合通电螺线管的N、S极；
24. 大丰港海洋世界向市民展示了海洋的无穷魅力。如图为一只企鹅，该企鹅的重力为20N，两只脚掌触地总面积为8×10-3m2，(g=10N/kg)。试求：
(1)企鹅的质量。
(2)企鹅双脚站在水平地面上时，对地面的压强。
(3)当企鹅漂浮在水面上静止时，身体浸入水中的体积。
25. 如图下表所示为某电烤箱的铭牌，图中虚线内是电烤箱内部的简化电路图。R1和R2均为电热丝，求：
XX牌电烤箱
额定电压
220V
额定功率
高温挡
1100W
低温挡
440W
(1)在低温挡正常工作时，电路中的电流；
(2)在高温挡正常工作10min，电路消耗的电能；
(3)若只将高温挡功率提高到1210w，请通过计算，说明如何改变电阻。
26. 在“探究光的反射规律”时，小明进行如图所示的实验。
(1)如图甲，小明先将平面镜平放在水平桌面上，再把表面______ (光滑/粗糙)些的白色硬纸板______ 放在平面镜上。
(2)小明让一束光贴着纸板E射到平面镜上，在纸板F上会看到反射光线，然后将纸板F绕ON向后折，如图乙，在纸板F上______ (看到/看不到)反射光线，此时，反射光______ (存在/不存在)。
(3)为了进一步确定反射光线的位置，小明将纸板F沿PQ剪开，把上半部分向后折，如图丙，发现在纸板F ______ (上/下)半部分会看到反射光线.说明反射光线，入射光线和法线______ (在/不在)同一平面。
27. 在“探究影响浮力大小的因素”的实验中，小明将一圆柱体挂在弹簧测力计的秤钩上，进行了如图所示的探究过程。
(1)圆柱体所受重力为______N，所受浮力的方向______向上。
(2)分析A、B两图可知：浮力的大小与______有关。
(3)分析______两图可知：当圆柱体浸没水中后，所受浮力的大小与它浸入水的深度无关，因为此时圆柱体浸入水的______不再变化。
(4)通过比较图C和图D，可以探究浮力大小跟______是否有关。D图中，若将悬挂圆柱体的细线剪断，圆柱体将______(选填“上浮”“下沉”或“悬浮”)。
28. 在“测定小灯泡电功率”实验中，电源由三节蓄电池组成，电压6V(每节蓄电池电压2V)，小灯泡额定电压为3.8V，滑动变阻器标有“20Ω1A”字样。
(1)闭合开关前，图中滑动变阻器的滑片应位于______ (左/右)端。
(2)小明连接好电路闭合开关，发现小灯泡不亮，接下来最合理的步骤是______ 。
A.更换电源
B.重新连接电路
C.更换小灯泡
D.观察电流表与电压表是否有示数
(3)小明闭合开关，移动滑片到某一点时，电压表示数如图乙所示，其读数为______ V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图中滑片向______ (左/右)端移动。当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数为0.3A，则小灯泡的额定功率为______ W。
(4)若电压表0∼15V量程损坏，只能用0∼3V量程，小明将电压表并联在滑动变阻器两端，其它连接不变。移动滑片使滑动变阻器接入电路电阻最大，闭合开关，这样的操作造成的后果是______ ，为顺利完成实验，改进的办法是______ 。
29. 阅读短文，回答问题：
“深地一号”——向地下9472米挺进5月1日，位于塔里木盆地的“深地一号”跃进3-3井钻机开钻，向设计深度9472米挺进，这一深度将刷新亚洲最深井纪录，为我国从万米深地开采油气资源提供核心技术和装备储备。
如甲图所示，从泵机排出的高压钻井液沿箭头方向经过管道、空心钻杆等到达钻头，从钻头喷嘴喷出以清洗井底并携带岩屑，如泥浆般的钻井液再沿钻柱与井壁(或套管)形成的环形空间向上流动，在到达地面后流入钻井液池A、B处理后再进入钻井泵循环再用。钻井液流经的各种管件、设备构成了一整套钻井液循环系统。
技术人员用破岩比功反映钻头破岩性能。破岩比功指破碎单位体积岩石所消耗的机械能，其值越小越优良。如图乙描述了相同条件下，钻头分别选用平面齿和斧形齿的破岩比功随岩石硬度变化的大致图像。图丙是钻头图片，M处是一排钻齿(钻齿的另一面是光滑面)，N是钻井液喷嘴，O处是与钻杆相连的转动轴。
(1)岩屑到达地面后，主要将沉淀在______ (A/B)钻井液池中。
(2)某钻头破岩工作时，破岩2m3消耗的机械能6×107J，则破岩比功为______ J/m3。
(3)相同条件下使用平面齿钻头破岩消耗的能量______ (大于/小于/等于)斧形齿钻头。
(4)如图丁所示，与电动机相连的空心钻杆是套在下面一根空心钻杆中间的，为增加驱动力，带动下面钻杆转动且减小钻杆与外围摩擦，下面一根空心钻杆横截面设计合理的是______ 。
(5)如图丙，为了让钻头更好地工作，下列说法正确的是______ 。
A.M处使用金刚石，钻头顺时针转动
B.M处使用金刚石，钻头逆时针转动
C.N处使用金刚石，钻头顺时针转动
D.N处使用金刚石，钻头逆时针转动
答案和解析
1.【答案】B
【解析】ACD、石油、煤炭、天然气等能源，使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源，是不可再生能源，故ACD不符合题意；
B、太阳能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源，故B符合题意。
2.【答案】A
【解析】解：玻璃上结雾，指的是玻璃上出现的小水珠，它是由空气中的水蒸气遇到冷的玻璃液化形成的小水珠；为了避免水蒸气的液化，汽车的后挡风玻璃内部有电热丝，通电后，可以提高玻璃的温度，空气中的水蒸气遇到温度较高的玻璃，不能放热液化，所以能避免发生结雾现象。
故选：A。
物质由气态变成液态的过程叫液化，液化是放热的；液化的方法有两种：降低温度和压缩体积。
此题考查了生活中的物态变化现象，以及使用物态变化知识解决生活中的实际问题。
3.【答案】D
【解析】解：
用电火花发生器点燃塑料盒内的酒精气体，能将盒盖喷出很远，这是因为酒精燃烧产生的燃气对盒盖做功，消耗了燃气的内能，转化为盒盖的机械能，故是将内能转化为机械能的过程；汽油机的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能，故D符合题意。
故选：D。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移；汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，压缩冲程中将机械能转化为内能，做功冲程中将内能转化为机械能。
此题考查了对改变内能的方式、内燃机四冲程的理解，是一道基础题。
4.【答案】D
【解析】解：
AB、用测电笔辨别时，手不能接触笔尖金属体(否则可能会触电)，但必须接触笔尾金属体，使电源和大地之间形成通路，这样才能正确辨别火线和零线，故AB错误；
C、在使用测电笔时，测电笔的高值电阻和人串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是220V，此时测电笔的高值电阻分担的电压很大，人体分担的电压很小，通过人体的电流很小，氖管发光，不会发生触电事故，而铜丝的电阻很小，不能起到保护人体安全的作用，所以不能用铜丝代替测电笔中的高电阻，故C错误；
D、用测电笔辨别火线和零线时，若氖管发光，说明接触的是火线，故D正确；
故选：D。
(1)使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的；手不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成触电事故；
(2)使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光；
(3)测电笔的内部有一个阻值很大的电阻，当人接触测电笔的笔尾金属体，人和测电笔是串联在电路中，如果两者串联在零线和大地之间，加在两者之间的电压是0V，氖管不发光；如果两者串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是220V，此时测电笔的阻值很大分担的电压很大，人体分担的电压很小，不会超过人体的安全电压，氖管发光，但是不会对人造成伤害。
本题考查了测电笔的使用方法，注意手指一定要接触笔尾的金属体，是不会触电的！
5.【答案】A
【解析】解：将一束塑料细丝上端扎紧，用手从上向下捋几下，发现它们会张开，是因为塑料细丝在与手摩擦的过程中带了电，塑料细丝带的是同种电荷，同种电荷相互排斥。
故选：A。
电荷间的相互作用：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题主要考查了电荷间相互作用规律，是一道基础题。
6.【答案】D
【解析】解：A、锤头松了，将锤柄向下撞击地面时，锤柄静止，锤头由于惯性还要保持原来的运动状态，结果就可以使锤头套紧在锤柄上，这是利用惯性，故A不合题意；
B、下面的棋子被打飞，上面的棋子由于惯性还要保持原来的静止状态，由于重力的作用就会落下来不倒，这是利用惯性，故B不合题意；
C、离手的包继续飞行，这是由于书包具有惯性还要保持原来的运动状态继续向前运动，这是利用惯性，故C不合题意；
D、汽车急刹车时，人由于惯性仍然保持原来的运动状态，因此人会向前倾，需要防止惯性带来危害，故D符合题意。
故选：D。
物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性，人们在实际生活中利用惯性为我们服务，也能更好的防止它带来的危害。
本题重在考查学生对惯性在实际生活中的应用与防止，让学生们知道惯性与生产、生活密切相关。
7.【答案】D
【解析】解：甲机械的功率为500W，乙机械的功率为800W，甲的功率小于乙的功率，说明乙做功比甲快，故C错误，D正确；
不知道做功时间，无法比较功的大小，故AB错误。
故选：D。
根据功、功率的关系分析。功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量，二者是不同的物理量。
本题考查了学生对功率概念的了解与掌握，明确功率是表示做功快慢的物理量，不但和时间有关，还与做功的多少有关，这是解题的关键。
8.【答案】C
【解析】解：AC、无定形冰的密度和水的密度相等，因此质量一定的无定形冰没有固定的体积，相同体积的无定形冰与相同体积的水质量相等，故A错误，C正确；
B、这种冰的分子是全新排列的，是一种无定形冰，质量一定的无定形冰没有固定的形状，故B错误；
D、晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，无定形冰是一种非晶体，没有熔点，故D错误。
故选：C。
(1)(3)无定形冰的密度和水的密度相等；
(2)冰的一种全新形式，它的分子是全新排列的，是一种无定形冰。
(4)晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
本题是一道热学综合题，主要考查了晶体熔化时的特点、密度的理解，难度不大。
9.【答案】D
【解析】解：用力将挂衣钩的吸盘紧压在墙壁上，将塑料吸盘中的空气排出，松手后，由于吸盘内的空气减少，内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在墙壁上。这样，吸盘与墙壁之间产生了一个很大的摩擦力。这个摩擦力与衣服的重力大小相等，方向相反，同一直线，都作用在吸盘上，是一对平衡力，故吸盘不会掉下是因为有摩擦力，故D正确，ABC错误。
故选：D。
将塑料挂衣钩的挂衣服的过程与该过程中涉及的有关的物理知识：大气压、摩擦力联系起来分析即可得到答案。
利用大气压的关键是要保证物体的内部气压小于外界大气压。此题中，通过手的挤压排出了吸盘内的气体，使内部气压小于外界大气压。
10.【答案】C
【解析】解：A、小车运动过程应包括下滑和水平运动两个过程，小车在下滑过程中的速度逐渐增大，动能不断增大，小车在水平面上运动的过程中速度逐渐减小，动能不断减小，故A错误；
B、小车在玻璃上滑行，仍受摩擦力作用会慢慢停下来，故B错误；
CD、在水平面上，小车初速度相等，实验中我们会观察到：在不同材料的表面上，小车滑行的距离是不同的，在表面光滑的玻璃上滑行的距离最长，速度减小的越慢，在最粗糙的棉布上滑行的距离最短，速度减小的最快，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)影响动能的因素：质量和速度；
(2)小车在玻璃上滑行，仍受摩擦力作用；
(3)小车从斜面的同一高度滚下，到达水平面时速度相等，当物体速度相等时，在光滑程度不同的水平面上运动的距离不同，表面越光滑，物体运动的距离越远，速度减小的越慢。
本实验采用了对比实验的方法。研究小车运动距离与受力大小的关系，让小车在三个粗糙程度不同的表面上运动的目的就是形成对比，比较运动距离与受力大小的关系。
11.【答案】A
【解析】解：一只篮球由静止竖直下落到水平地面上时，下落的速度越来越快，到最低点时的高度为0；弹起时，速度逐渐变小；由于撞击过程中有能量的散失，使得篮球不能达到原来的高度，故A正确。
故选：A。
根据篮球下落过程中速度的变化分析高度和时间的变化；根据机械能的变化分析弹起高度的变化。
本题考查了高度与时间的关系图像，属于基础题。
12.【答案】B
【解析】解：为了判断电学暗箱外的开关闭合时导线BC中是否有电流通过且电流方向如何，可以采用①电压表、导线，因为电压表接入电路时，电流从正极线柱流入、从负接线柱流出，电压表指针正向偏转，据此可以判定电流的方向；
采用③铁钉、小磁针，把导线绕在铁钉上，通电后铁钉具有磁性，根据小磁针的指向、磁极间的相互作用规律可知铁钉的磁性，根据安培定则可以判定导线中电流的方向；
采用②电能表、导线和④小灯泡、滑动变阻器，都无法判定导线中电流的方向。
故选：B。
根据电压表的连接方式分析。
本题考查了电压表的使用、安培定则的应用，难度不大。
13.【答案】运动 方向性 人耳
【解析】解：
(1)以航母为参照物，飞机起飞时，飞机的位置相对于航母不断发生变化的，所以飞离航母的战斗机是运动的；
(2)飞机和航母摩擦转化的内能无法再自动转化为机械能，这说明能量的转化是有方向性的；
(3)甲板上的指挥员戴耳罩的目的是为了在人耳处减弱噪声。
故答案为：运动；方向性；人耳。
(1)判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化。若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的；
(2)能量转化和转移是有方向性的；
(3)噪声的减弱办法有三个：在声源处减弱；在人耳处减弱；在传播过程中减弱。
本题考查运动和静止的相对性、能量的转化以及噪声的防治，难度不大。
14.【答案】水平 522.6×103
【解析】解：
天平使用时，应先杷天平放在水平桌面上；
由图知，天平标尺的分度值0.2g，矿石的质量：m=50g+2g=52g；
由题知，矿石的体积为20cm3，矿石的密度：ρ=mV=52g20cm3=2.6g/cm3=2.6×103kg/m3。
故答案为：水平；52；2.6×103。
天平使用时，先杷天平放在水平桌面上；读数时，被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和；知道矿石的质量和体积，利用ρ=mV求出矿石的密度。
本题是测固体密度的实验，考查了天平的使用和读数以及密度的计算，属于一道基础题。
15.【答案】电磁波 变化 非平衡力
【解析】解：地面科技人员对“夸父一号”的控制依靠电磁波来传递信息的，“夸父一号”绕太阳运动，做曲线运动，它的运动状态变化，绕日运行的“夸父一号”受到的是非平衡力。
故答案为：电磁波；变化；非平衡力。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)太阳探测专用卫星“夸父一号”绕太阳运动时做曲线运动，运动状态变化。
(3)“夸父一号”受到的力是非平衡力。
知道电磁波的特性及应用；知道物体做曲线运动时，运动状态改变，受非平衡力的作用。
16.【答案】缩小 17.0照相机
【解析】解：小杨同学让蜡烛到凸透镜的距离大于2倍焦距，移动光屏至适当位置，光屏上将会呈现一个倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
由图可知，光具座的分度值为1cm；此时的像距为：57.0cm-40.0cm=17.0cm。
故答案为：缩小；17.0；照相机。
物距大于二倍焦距时，成的是倒立缩小的实像，其应用是照相机；根据光具座的分度值读出像距的大小。
本题考查了凸透镜的成像规律及其应用、长度的读数，是一道基础题。
17.【答案】绝缘体 热 细
【解析】解：(1)熔断器的陶瓷外壳不容易导电，因此属于绝缘体；
(2)当家庭电路中电流过大时，熔丝会自动熔断，这是利用了电流的热效应；
因为电阻大小与材料、长度以及横截面积有关，当材料与长度一定时，电阻与横截面积成反比，所以相同长度和材料做成的熔丝，越细电阻越大，由Q=I2Rt可知相同时间内电阻越大，产生的热量越多，越容易熔断，即较细更容易熔断。
故答案为：绝缘体；热；细。
(1)容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体
(2)电流通过导体发热的现象叫电流的热效应；电阻大小与材料、长度以及横截面积有关，当材料与长度一定时，电阻与横截面积成反比，根据Q=I2Rt可知相同时间内电阻越大，产生的热量越多，越容易熔断。
本题考查保险丝的选择以及电流的热效应，注重了物理和生活的联系，难度不大，属于基础知识的考查。
18.【答案】2 水平向左 AB段
【解析】解：(1)弹簧测力计在AB段水平向右拉着物体做匀速直线运动，处于平衡状态，受拉力和摩擦力一对平衡力的作用，平衡力大小相等，此时弹簧测力计示数为2N，即拉力为2N，则物体在AB段受到的摩擦力为2N，摩擦力的方向与拉力的方向相反，水平向左；
(2)若保持拉力不变，拉着物体继续在BC段运动，发现物体在相同时间内通过的路程变大，这表明物体做加速运动，拉力大于滑动摩擦力，由于压力相同，则在AB和BC面上压力相同，AB段的摩擦力大，则接触面粗糙。则可得出AB段更粗糙。
故答案为：2；水平向左；AB段。
(1)相互平衡的两个力的大小相等、方向相反、作用在同一条直线上。
(2)滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关。
此题主要考查了二力平衡的条件及应用，要结合二力平衡条件进行分析解答。
19.【答案】2.52×107 热传递 0.63
【解析】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(80℃-20℃)=2.52×107J；
(2)水从太阳光中吸收热量，内能增加、温度升高，这是通过热传递的方式改变内能的；
(3)不考虑能量损失，Q放=Q吸=2.52×107J，
由Q放=qV可得，需要完全燃烧天然气的体积：
V=Q放q=2.52×107J4×107J/m3=0.63m3。
故答案为：2.52×107；热传递；0.63。
(1)知道水的质量、水的初温和末温、水的比热容，利用吸热公式Q吸=cm△t求热水器内的水吸收的热量；
(2)改变物体内能的方法有二：一是做功，二是热传递(热从高温物体或物体的高温部分传给低温物体或物体的低温部分)；
(3)由Q=qV的变形公式可以求出天然气的体积。
本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全放热公式Q放=Vq以及效率公式的掌握和运用，计算时注意气体燃料热值的单位是J/m3。
20.【答案】41.7%不变 变大
【解析】解：由图可知，弹簧测力计的分度值是0.1N，其示数是0.6N，
在实验过程中，有用功：W有用=Gh=1N×0.1m=0.1J，
总功：W总=Fs=0.6N×0.4m=0.24J，
杠杆的机械效率：η=W有用W总×100%=0.1J0.24J×100%≈41.7%；
用同一杠杆，只是将拉力改为垂直于杠杆，重物和提升高度不变，有用功不变；克服杠杆自重所做的功即为额外功不变，总功不变，根据机械效率公式可得机械效率不变；
不计转动摩擦，克服杠杆自重做功为额外功，则杠杆的机械效率：η=W有用W总×100%=W有W有+W额×100%=11+W额W有×100%=11+G杆h'Gh×100%；
若用一个与杠杆等重的动滑轮来提升1.0N的钩码，不计绳重和摩擦，滑轮的机械效率η=W有用W总×100%=W有W有+W额×100%=11+W额W有×100%=11+G动hGh×100%；
由图可知克服杠杆自重移动的距离h'>h，则G杆h'>G动h，则G杆h'Gh>G动hGh，11+G杆h'Gh<11+G动hGh；故机械效率会变大。
故答案为：41.7%；不变；变大。
(1)首先根据弹簧测力计的分度值读出拉力大小；由W=Fs计算拉力做的功即总功，由W=Gh计算克服钩码重力做的功即有用功，杠杆的机械效率可以根据公式η=W有用W总×100%来计算；
(2)用同一杠杆，只是将拉力改为垂直于杠杆，重物和提升高度不变，有用功不变；克服杠杆自重所做的功即为额外功不变，总功不变，根据机械效率公式判断机械效率的变化；
(3)不计转动摩擦，克服杠杆自重做功为额外功，则杠杆的机械效率：η=W有用W总×100%=W有W有+W额×100%=11+W额W有×100%=11+G杆h'Gh×100%，克服杠杆自重移动的距离h'>h；
若用一个与杠杆等重的动滑轮来提升1.0N的钩码，不计绳重和摩擦，滑轮的机械效率η=W有用W总×100%=W有W有+W额×100%=11+W额W有×100%=11+G动hGh×100%，据此分析。
本题考查测力计读数、功和机械效率的计算及分析影响其机械效率的因素，难度较大。
21.【答案】解：
平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，如图所示：
【解析】先确定所给的入射光线的特点，然后根据凹透镜的三条特殊光线作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
22.【答案】解：压力的作用点在接触面的中央，受力物体为地面，方向垂直地面向下，如图所示：
【解析】根据压力的作用点在接触面上确定压力的作用点，然后根据压力的方向与接触面垂直，再过作用点表示出压力的方向。
本题考查压力的示意图，知道压力与接触面垂直，会用力的示意图表示力的作用点和方向。
23.【答案】解：电流由左侧流入，右手握住导线，四指指向电流方向，大拇指指向右方，即通电螺线管的右端为N极，左侧为S极；
答案如图：
【解析】由电流方向和右手螺旋定则即可判出通电螺线管的磁极。
本题考查右手螺旋定则的简单应用，正确应用右手螺旋定则即可求解。
24.【答案】解：
(1)由G=mg可得企鹅的质量：
m=Gg=20N10N/kg=2kg；
(2)企鹅双脚站在水平地面上时，对地面的压力：F=G=20N，
则脚掌对水平地面的压强：p=FS=20N8×10-3m2=2500Pa；
(3)当它漂浮在水面上时，受到的浮力F浮=G=20N，
则由F浮=ρgV排可得，其排开水的体积(身体浸入水中的体积)：
V排=F浮ρ水g=20N1×103kg/m3×10N/kg=2×10-3m3。
答：(1)企鹅的质量为2kg；
(2)企鹅双脚站在水平地面上时，对地面的压强为2500Pa；
(3)当它漂浮在水面上时，身体浸入水中的体积为2×10-3m3。
【解析】(1)利用公式G=mg变形可求出企鹅的质量；
(2)企鹅站在水平地面上时，脚掌对水平地面的压力等于其自身重力，利用压强公式计算压强；
(3)当它漂浮在水面上时，浮力等于重力，利用阿基米德原理计算身体浸入水中的体积。
此题考查了质量、压强的计算，物体浮沉条件和阿基米德原理的应用，属于力学综合题，但难度不大，关键是知道企鹅站在水平地面上时，脚掌对水平地面的压力等于其自身重力。
25.【答案】解：(1)在低温挡正常工作时，由P=UI可得，电路中的电流为：I=p低温U=440W220V=2A；
(2)在高温挡正常工作10min，由P=Wt可得，电路消耗的电能为：W=P高温t=1100W×10×60s=6.6×105J；
(3)只将高温挡功率提高到1210W时，低温挡的功率不变，
由P=UI=U2R可知，低温挡时电路中的总电阻：R=U2P低温=(220V2)440W=110Ω，
改造后高温挡时电路的电阻：R1'=U2P高温'=(220V)21210W=40Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，改造后R2的阻值：R2'=R-R1'=110Ω-40Ω=70Ω，
所以，若只将高温挡功率提高到1210W，R1更换为40Ω，同时R2更换为70Ω。
答：(1)在低温挡正常工作时，电路中的电流为2A；
(2)在高温挡正常工作10min，电路消耗的电能为6.6×105J；
(3)若只将高温挡功率提高到1210W，R1更换为40Ω，同时R2更换为70Ω。
【解析】(1)在低温挡正常工作时，根据P=UI求出电路中的电流；
(2)在高温挡正常工作10min，根据W=Pt求出电路消耗的电能；
(3)只将高温挡功率提高到1210W时，低温挡的功率不变，根据P=UI=U2R求出低温挡时电路中的总电阻和改造后高温挡时电路的电阻，利用电阻的串联求出改造后R2的阻值，据此得出答案。
本题考查了串联电路的特点和电功率公式、电功公式的应用，根据题意得出最后一问中保温功率不变是关键。
26.【答案】粗糙 竖直 看不到 存在 下 在
【解析】解：(1)如果纸板没有与平面镜垂直放置，由于法线与镜面垂直，且反射光线、入射光线、法线在同一平面内，因此，当光贴着纸板沿EO入射时，不能在纸板上看到反射光；所以硬纸板放在平面镜上时，要保持与镜面垂直；
为了看清楚纸板上的光路，白色的纸板材质应较粗糙些，光线射在上面发生了漫反射，反射光线射向各个方向，无论从哪个角度看，都能看得清楚；
(2)光在反射时，反射光线、入射光线、法线在同一平面内，将纸板绕ON向后折，如图乙所示，此时在NOF面上看不到反射光线，此时反射光线存在；
(3)小李将纸板沿PQ剪开，将纸板的上半部分向后折，如图丙所示，发现在纸板右侧的下部会看到反射光线，而上部不会看到反射光线，此实验现象说明反射光线、入射光线和法线在同一平面。
故答案为：(1)粗糙；竖直；(2)看不到；存在；(3)下；在。
(1)只有硬纸板和平面镜垂直，才能保证法线和平面镜垂直；我们能从不同角度观察到光线，是因此光在光屏上发生了漫反射；
(2)(3)光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角；根据光的反射定律，可判断纸反向后折和纸板不垂直时是否能观察到反射光线。
本题考查光的反射定律实验的有关内容，主要考查学生对实验过程中出现问题的应对能力，就是为了锻炼学生的动手、动脑的能力。
27.【答案】2.8竖直 排开液体的体积 BC 测力计示数 排开液体的密度 下沉
【解析】解：(1)测力计分度值为0.2N，圆柱体所受重力为2.8N，所受浮力的方向竖直向上；
(2)分析A、B两图可知，排开液体的密度相同，排开液体的体积不同，测力计示数不同，根据称重法，受到的浮力不同，故浮力的大小与排开液体的体积有关；
(3)研究浮力与浸入水的深度的关系，要控制排开液体的体积和密度相同，故分析BC两图可知，当圆柱体浸没水中后，此时圆柱体浸入水的测力计示数不再变化，由称重法，所受浮力的大小与它浸入水中的深度无关；
(4)通过比较图C和图D可知，排开液体的体积相同，而液体的密度不同，故可以探究浮力大小跟排开液体的密度是否有关；
D图中，石块受到的浮力：F浮=G-F=2.8N-1.3N=1.5N
(1)根据测力计分度值得出物体的重力，浮力的方向竖直向上；
(2)物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变；
(3)研究浮力与浸入水的深度的关系，要控制排开液体的体积和密度相同，结合称重法分析；
(4)根据控制变量法分析；
由称重法得出D图中石块受到的浮力，根据物体的浮沉条件分析。
本题探究影响浮力大小的因素，考查了测力计读数、控制变量法、称重法测浮力、实验现象分析、物体的浮沉条件等知识。
28.【答案】左 D2.5右 1.14电压表示数超过量程，可能损坏电压表 改接两节蓄电池，闭合开关前滑片移到接入电阻最大处(或：先将电压表并联在灯泡两端，滑片移至最右端，闭合开关，向左调节滑片，直至电压表示数为3V，断开开关，再将电压表并联在滑动变阻器两端，闭合开关，再向左调节滑片，直至电压表的示数为2.2V)
【解析】解：(1)闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处的左端；
(2)小明连接好电路闭合开关，发现小灯泡不亮，可能是因为滑动变阻器接入电路的电阻过大，使得电路中的电流较小，灯泡的实际功率过小，达不到发光的亮度，故接下来观察电流表、电压表是否有示数，若有示数则说明电路为通路，电路各元件正常，故选D；
(3)灯在额定电压下正常发光，图中电压选用大量程，分度值为0.5V，示数为2.5V，小于灯的额定电压3.8V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动；
当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数为0.3A，则小灯泡的额定功率为：
P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；
(4)灯的电阻约10Ω，滑动变阻器的最大电阻为20Ω，电源电压为6V，由分压原理，变阻器的电压为灯的电压的2倍，由串联电路电压的规律UL：U滑=RL：R滑=10Ω：20Ω=1：2，
变阻器的电压为：U滑=21+2×6V=4V>3.8V，
故电压表示数超过量程，可能损坏电压表；
故改接两节蓄电池(4V)，闭合开关前滑片移到接入电阻最大处(或：先将电压表并联在灯泡两端，滑片移至最右端，闭合开关，向左调节滑片，直至电压表示数为3V，断开开关，再将电压表并联在滑动变阻器两端，闭合开关，再向左调节滑片，直至电压表的示数为2.2V)
故答案为：(1)左；(2)D；(3)2.5；右；1.14；(4)电压表示数超过量程，可能损坏电压表；改接两节蓄电池，闭合开关前滑片移到接入电阻最大处(或：先将电压表并联在灯泡两端，滑片移至最右端，闭合开关，向左调节滑片，直至电压表示数为3V，断开开关，再将电压表并联在滑动变阻器两端，闭合开关，再向左调节滑片，直至电压表的示数为2.2V)。
(1)闭合开关前，为保护电路，图甲中滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处；
(2)根据闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处分析；
(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表大量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据功率公式求出灯泡的额定功率；
(4)灯的电阻约10Ω，滑动变阻器的最大电阻为20Ω，电源电压为6V，由分压原理和串联电路电压的规律可知变阻器的电压，并与电压表小量程比较大小，据此分析；(或不改变电源电压的条件下，可先将电压表并联在灯泡两端，滑片移至最右端(电压表示数为2V)，闭合开关，向左调节滑片，直至电压表示数为3V，断开开关，再将电压表并联在滑动变阻器两端，根据串联电路电压的规律，可知灯正常发光时电压表示数变化情况。
本题测定小灯泡电功率实验，考查操作过程、注意事项、串联电路的规律、功率计算及对实验方案的评估。
29.【答案】A3×107 大于 A A
【解析】解：(1)因从钻头喷嘴喷出以清洗井底并携带岩屑，如泥浆般的钻井液再沿钻柱与井壁(或套管)形成的环形空间向上流动，在到达地面后流入钻井液池A、B处理后再进入钻井泵循环再用，所以岩屑到达地面后，主要将沉淀在A钻井液池中；
(2)破岩比功指破碎单位体积岩石所消耗的机械能，即破岩比功等于消耗的机械能与破碎岩石的体积的比，
故某钻头破岩工作时，破岩2m3消耗的机械能6×107J，则破岩比功为：
破岩比功=E机械能V破岩=6×107J2m3=3×107J/m3；
(3)由图乙可知，平面齿的破岩比功大于斧形齿的破岩比功，而破岩比功指破碎单位体积岩石所消耗的机械能，其值越小越优良，故相同条件下使用平面齿钻头破岩消耗的能量大于斧形齿钻头；
(4)为增加驱动力，带动下面钻杆转动且减小钻杆与外围摩擦，应将滑动变为滚动，故钻杆的外形应该是圆形；由于钻井液沿钻柱与井壁(或套管)形成的环形空间向上流动，所以其内部也应该是圆形，因此下面一根空心钻杆横截面设计合理的是A；
(5)由丙图可知，M处是一排钻齿，所以M处使用金刚石；N是钻井液喷嘴；在使用过程中，先用钻齿将岩石破碎，然后通过液喷嘴将碎岩喷出，所以钻头应该顺时针转动，故A正确。
故答案为：(1)A；(2)3×107；(3)大于；(4)A；(5)A。
(1)根据阅读材料分析回答；
(2)根据破岩比功的定义进行计算；
(3)根据图乙分析回答；
(4)为了减小摩擦，应将滑动变为滚动；
(5)根据丙图分析回答。
本题为超纲知识，仔细阅读短文结合所学知识和生活经验进行分析回答。
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