人教A版 (2019)选择性必修 第二册4.3 等比数列精品第2课时当堂达标检测题

这是一份人教A版 (2019)选择性必修 第二册4.3 等比数列精品第2课时当堂达标检测题，共13页。试卷主要包含了08)＝1，9万元．等内容，欢迎下载使用。
第2课时　等比数列的应用及性质
学习目标　1.理解复利计算方法，能解决存款利息的有关计算方法.2.通过建立数列模型并应用数列模型解决生活中的实际问题. 3.理解等比数列的常用性质.4.掌握等比数列的判断及证明方法．

知识点一　实际应用题常见的数列模型
1．储蓄的复利公式：本金为a元，每期利率为r，存期为n期，则本利和y ＝a(1＋r)n.
2．总产值模型：基数为N，平均增长率为p，期数为n， 则总产值y ＝ N (1 ＋ p)n.
知识点二　等比数列的常用性质
设数列{an}为等比数列，则：
(1)若k＋l＝m＋n(k，l，m，n∈N*)，则ak·al＝am·an.
(2)若m，p，n成等差数列，则am，ap，an成等比数列．
(3)在等比数列{an}中，连续取相邻k项的和(或积)构成公比为qk(或)的等比数列．
(4)若{an}是等比数列，公比为q，则数列{λan}(λ≠0)，，{a}都是等比数列，且公比分别是q，，q2.
(5)若{an}，{bn}是项数相同的等比数列，公比分别是p和q，那么{anbn}与也都是等比数列，公比分别为pq和.

1．某细菌培养过程中，每15分钟分裂1次，经过2小时，这种细菌由1个繁殖成(　　)
A．64 B．128 C．256 D．255
答案　C
解析　某细菌培养过程中，每15分钟分裂1次，经过2小时，共分裂8次，所以经过2小时，这种细菌由1个繁殖成28＝256.
2．已知{an}，{bn}都是等比数列，那么(　　)
A．{an＋bn}，{anbn}都一定是等比数列
B．{an＋bn}一定是等比数列，但{anbn}不一定是等比数列
C．{an＋bn}不一定是等比数列，但{anbn}一定是等比数列
D．{an＋bn}，{anbn}都不一定是等比数列
答案　C
解析　当两个数列都是等比数列时，这两个数列的和不一定是等比数列，比如取两个数列是互为相反数的数列，两者的和就不是等比数列．两个等比数列的积一定是等比数列．
3．某储蓄所计划从2018年底起，力争做到每年的吸蓄量比前一年增加8%，则到2021年底该储蓄所的吸蓄量比2018年的吸蓄量增加(　　)
A．24% B．32%
C．1.083－1 D．1.084－1
答案　C
解析　设2018年储蓄量为a ，根据等比数列通项公式得
2019年储蓄量为a(1＋0.08)＝1.08a，
2020年储蓄量为a(1＋0.08)(1＋0.08)＝1.082a，
2021年储蓄量为a(1＋0.08)(1＋0.08)(1＋0.08)＝1.083a，
所以2021年底该储蓄所的吸蓄量比2018年的吸蓄量增加了 ＝1.083－1.
4．已知等比数列{an}共有10项，其中奇数项之积为2，偶数项之积为64，则其公比是(　　)
A. B. C．2 D．2
答案　C
解析　奇数项之积为2，偶数项之积为64，得a1a3a5a7a9＝2，a2a4a6a8a10＝64，则＝q5＝32，则q＝2.

一、数列的实际应用
例1　某人买了一辆价值13.5万元的新车，专家预测这种车每年按10%的速度贬值．
(1)用一个式子表示n(n∈N*)年后这辆车的价值；
(2)如果他打算用满4年时卖掉这辆车，他大概能得到多少钱？
解　(1)从第一年起，每年车的价值(万元)依次设为：a1，a2，a3，…，an，
由题意，得a1＝13.5，a2＝13.5(1－10%)，
a3＝13.5(1－10%)2，….
由等比数列的定义，知数列{an}是等比数列，
首项a1＝13.5，公比q＝1－10%＝0.9，
∴an＝a1·qn－1＝13.5×0.9n－1.
∴n年后车的价值为an＋1＝(13.5×0.9n)万元．
(2)由(1)得a5＝a1·q4＝13.5×0.94≈8.9(万元)，
∴用满4年时卖掉这辆车，大概能得到8.9万元．
反思感悟　等比数列实际应用问题的关键是：建立数学模型即将实际问题转化成等比数列的问题，解数学模型即解等比数列问题．
跟踪训练1　有纯酒精a(a>1)升，从中取出1升，再用水加满，然后再取出1升，再用水加满，如此反复进行，则第九次和第十次共取出纯酒精________升．
答案　8
解析　由题意可知，取出的纯酒精数量是一个以1为首项，1－为公比的等比数列，
即：第一次取出的纯酒精为1升，第二次取出的为1－(升)，第三次取出的为2升，…，
第n次取出的纯酒精为n－1升，
则第九次和第十次共取出纯酒精数量为
a9＋a10＝8＋9
＝8(升)．
二、等比数列的性质及其应用
例2　已知{an}为等比数列．
(1)等比数列{an}满足a2a4＝，求a1aa5；
(2)若an>0，a5a7＋2a6a8＋a6a10＝49，求a6＋a8；
(3)若an>0，a5a6＝9，求log3a1＋log3a2＋…＋log3a10的值．
解　(1)在等比数列{an}中，
∵a2a4＝，
∴a＝a1a5＝a2a4＝，
∴a1aa5＝.
(2)由等比中项，化简条件得
a＋2a6a8＋a＝49，
即(a6＋a8)2＝49，
∵an>0，
∴a6＋a8＝7.
(3)由等比数列的性质知a5a6＝a1a10＝a2a9＝a3a8＝a4a7＝9，
∴log3a1＋log3a2＋…＋log3a10＝log3(a1a2·…·a10)
＝log3[(a1a10)(a2a9)(a3a8)(a4a7)(a5a6)]
＝log395＝10.
反思感悟　利用等比数列的性质解题
(1)基本思路：充分发挥项的“下标”的指导作用，分析等比数列项与项之间的关系，选择恰当的性质解题．
(2)优缺点：简便快捷，但是适用面窄，有一定的思维含量．
跟踪训练2　(1)公比为的等比数列{an}的各项都是正数，且a3a11＝16，则log2a16等于(　　)
A．4 B．5 C．6 D．7
答案　B
解析　因为a3a11＝16，
所以a＝16.
又因为an>0，
所以a7＝4，
所以a16＝a7q9＝32，
即log2a16＝5.
(2)已知在各项均为正数的等比数列{an}中，a1a2a3＝5，a7a8a9＝10，则a4a5a6＝________.
答案　5
解析　方法一　因为{an}是等比数列，
所以a1a7＝a，a2a8＝a，a3a9＝a.
所以a·a·a＝(a1a7)·(a2a8)·(a3a9)
＝(a1a2a3)·(a7a8a9)＝5×10＝50.
因为an>0，
所以a4a5a6＝5.
方法二　因为a1a2a3＝(a1a3)a2＝a·a2＝a＝5，
所以a2＝
因为a7a8a9＝(a7a9)a8＝a＝10，
所以a8＝
同理a4a5a6＝a＝
三、等比数列的判定与证明
例3　已知Sn是数列{an}的前n项和，且Sn＝2an＋n－4.
(1)求a1的值；
(2)若bn＝an－1，试证明数列{bn}为等比数列．
(1)解　因为Sn＝2an＋n－4，
所以当n＝1时，S1＝2a1＋1－4，
解得a1＝3.
(2)证明　因为Sn＝2an＋n－4，
所以当n≥2时，Sn－1＝2an－1＋n－1－4，
Sn－Sn－1＝(2an＋n－4)－(2an－1＋n－5)，
即an＝2an－1－1，
所以an－1＝2(an－1－1)，
又bn＝an－1，
所以bn＝2bn－1，
且b1＝a1－1＝2≠0，
所以数列{bn}是以2为首项，2为公比的等比数列．
反思感悟　判断一个数列是等比数列的常用方法
(1)定义法：若数列{an}满足＝q(n∈N*，q为常数且不为零)或＝q(n≥2，且n∈N*，q为常数且不为零)，则数列{an}是等比数列．
(2)通项公式法：若数列{an}的通项公式为an＝a1qn－1(a1≠0，q≠0)，则数列{an}是等比数列．
(3)等比中项法：若a＝anan＋2(n∈N*且an≠0)，则数列{an}为等比数列．
(4)构造法：在条件中出现an＋1＝kan＋b关系时，往往构造数列，方法是把an＋1＋x＝k(an＋x)与an＋1＝kan＋b对照，求出x即可．
跟踪训练3　(1)已知各项均不为0的数列{an}中，a1，a2，a3成等差数列，a2，a3，a4成等比数列，a3，a4，a5的倒数成等差数列，证明：a1，a3，a5成等比数列．
证明　由已知，有2a2＝a1＋a3，①
a＝a2·a4，②
＝＋.③
由③得＝，
∴a4＝.④
由①得a2＝.⑤
将④⑤代入②，得a＝·.
∴a3＝，
即a3(a3＋a5)＝a5(a1＋a3)．
化简，得a＝a1·a5.
又a1，a3，a5均不为0，
∴a1，a3，a5成等比数列．
(2)已知数列{an}是首项为2，公差为－1的等差数列，令bn＝求证数列{bn}是等比数列，并求其通项公式．
解　依题意an＝2＋(n－1)×(－1)＝3－n，
于是bn＝3－n.
而＝＝－1＝2.
∴数列{bn}是首项为，公比为2的等比数列，通项公式为bn＝·2n－1＝2n－3.

1．在等比数列{an}中，若a10，且a2a4＋2a3a5＋a4a6＝36，求a3＋a5的值；
(2)若数列{an}的前三项和为168，a2－a5＝42，求a5，a7的等比中项．
解　(1)∵a2a4＋2a3a5＋a4a6＝36，
∴a＋2a3a5＋a＝36，
即(a3＋a5)2＝36，
又∵an>0，∴a3＋a5＝6.
(2)设等比数列{an}的公比为q，
∵a2－a5＝42，∴q≠1.由已知，得
∴解得
若G是a5，a7的等比中项，则有G2＝a5·a7＝a1q4·a1q6＝aq10＝962×10＝9，
∴a5，a7的等比中项为±3.

11．设{an}是首项为a1，公差为－1的等差数列，Sn为其前n项和．若S1，S2，S4成等比数列，则a1等于(　　)
A．2 B．－2
C. D．－
答案　D
解析　因为{an}是首项为a1，公差为－1的等差数列，
所以Sn＝na1＋n·(n－1)·(－1)，
由S1，S2，S4成等比数列可知S＝S1·S4，
代入可得(2a1－1)2＝a1·(4a1－6)，
解得a1＝－.
12．等比数列{an}是递减数列，前n项的积为Tn，若T13＝4T9，则a8a15等于(　　)
A．±2 B．±4 C．2 D．4
答案　C
解析　∵T13＝4T9，
∴a1a2…a9a10a11a12a13＝4a1a2…a9，
∴a10a11a12a13＝4.
又∵a10·a13＝a11·a12＝a8·a15，
∴(a8·a15)2＝4，
∴a8a15＝±2.
又∵{an}为递减数列，
∴q>0，∴a8a15＝2.
13．在等比数列{an}中，若a7＝－2，则此数列的前13项之积等于________．
答案　－213
解析　由于{an}是等比数列，
∴a1a13＝a2a12＝a3a11＝a4a10＝a5a9＝a6a8＝a，
∴a1a2a3…a13＝(a)6·a7＝a，
而a7＝－2.
∴a1a2a3…a13＝(－2)13＝－213.
14．已知等比数列{an}满足a2a5＝2a3，且a4，，2a7成等差数列，则a1a2a3·…·an的最大值为________．
答案　1 024
解析　因为等比数列{an}满足a2a5＝2a3，且a4，，2a7成等差数列，
所以
解得a1＝16，q＝，
所以an＝16×n－1＝25－n，
所以a1a2a3·…·an＝24＋3＋2＋…＋(5－n)＝
所以当n＝4或n＝5时，a1a2a3·…·an取最大值，且最大值为210＝1 024.

15．在等比数列{an}中，若a7a11＝6，a4＋a14＝5，则＝________.
答案　或
解析　∵{an}是等比数列，
∴a7·a11＝a4·a14＝6，
又a4＋a14＝5，
∴或
∵＝q10，∴q10＝或q10＝.
而＝q10，∴＝或.
16．设关于x的二次方程anx2－an＋1x＋1＝0(n＝1,2,3，…)有两根α和β，且满足6α－2αβ＋6β＝3.
(1)试用an表示an＋1；
(2)求证：是等比数列；
(3)当a1＝时，求数列{an}的通项公式．
(1)解　根据根与系数的关系，得
代入题设条件6(α＋β)－2αβ＝3，
得－＝3.
所以an＋1＝an＋.
(2)证明　因为an＋1＝an＋，
所以an＋1－＝.
若an＝，则方程anx2－an＋1x＋1＝0，
可化为x2－x＋1＝0，
即2x2－2x＋3＝0.
此时Δ＝(－2)2－4×2×3