江西省上饶市鄱阳县鄱南六校2022-2023学年九年级下学期期中物理试卷及参考答案

这是一份江西省上饶市鄱阳县鄱南六校2022-2023学年九年级下学期期中物理试卷及参考答案，共26页。试卷主要包含了填空题，选择题，计算题，实验与探究题等内容，欢迎下载使用。
江西省上饶市鄱阳县鄱南六校2022-2023学年九年级下学期期中物理试卷
一、填空题（共16分，每空1分）
1．（2分）首次通过实验精确地得出了电热与电流、电阻和通电时间之间关系的物理学家是 　 　，四个物理量关系的表达式是Q＝　 　。
2．（2分）在以“理想照亮未来”为主题的《开学第一课》上，航天员聂海胜在我国空间站“天和”核心舱为我们展示了中国传统乐器﹣﹣笛子。吹笛子时，笛声是由 　 　（选填“笛子”、“笛膜”或“空气柱”）振动产生的，手指按压不同的笛孔来改变笛声的 　 　。
3．（2分）《题老人饮驴图》中有两句诗“岸上蹄踏蹄，水中嘴对嘴”。如图所示，“蹄踏蹄”的情景是由光 　 　形成的，“嘴对嘴”的情景是由光的 　 　形成的。

4．（2分）如图所示，图甲是我国古代发明的取火器的模型图，把木制推杆迅速推入牛角套筒时，杆前端的艾绒燃烧起来，这是通过做功的方式，使筒内 　 　（选填“艾绒”或“空气”）的内能增加，温度升高，达到艾绒的着火点。这一过程与图乙所示内燃机的工作冲程原理 　 　（选填“相同”或“不同”）。

5．（2分）如图所示，在打羽毛球的过程中，用力握紧球拍，这是为了增大 　 　，防止球拍脱手。击打出去的羽毛球能在空中飞行，是因为羽毛球具有 　 　。

6．（2分）2022年北京冬奥会部分赛场的冰面采用了二氧化碳跨临界直冷制冰技术。通过加压使气态二氧化碳 　 　（选填“汽化”或“液化”），然后减压使它从周围的介质（水）中 　 　（选填“吸收”或“放出”）热量，以达到制冷的效果。
7．（2分）如图所示为轱辘取水的装置，该装置能够省 　 　（选填“距离”、“力”或“功”），使用更轻的桶可以 　 　（选填“提高”或“降低”）机械效率。

8．（2分）如图所示，小华运用电磁感应技术对智能手机进行无线充电，其主要工作原理如下：电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈时产生变化的 　 　，带有金属线圈的智能手机靠近这种物质就能产生 　 　。

二、选择题（共14分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上。第9~12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为多项选择，每小题有两个或两个以上正确选项，每小题2分，全部选择正确得3分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）
9．（2分）下列物理量的估测中，最接近实际的是 （　　）
A．人步行的速度可达100m/s
B．洗澡时的适宜水温约为60℃
C．学生用签字笔的质量约为10g
D．大多数中学生的体重约为50N
10．（2分）近期不少景区都推出了新型玻璃栈道漂流，只需在玻璃栈道内加入少量水，就可以让橡皮艇在玻璃栈道内快速滑下（如图）。下列相关说法正确的是 （　　）

A．以下滑的橡皮艇为参照物，旁边的滑道是运动的
B．橡皮艇加速下滑时，速度越来越大，其惯性增大
C．玻璃栈道内加水是为了减小下滑时橡皮艇对玻璃栈道的压力
D．若橡皮艇在滑行过程中所受到的力突然消失，橡皮艇将立即停下来
11．（2分）小明做实验时，组装了如图所示的实物图。闭合开关前，电流表M、N的示数分别为IM、IN；闭合开关后，电流表M、N的示数分别为IM'、IN'。下列判断正确的是（　　）

A．IM＞IN′ B．IM＝IM' C．IM＞IN D．IN＝IN′
12．（2分）下列关于运动项目中所涉及的物理知识，分析正确的是 （　　）
A．初中生在游泳时受到的浮力约为50N
B．跳绳时，一分钟内，男生跳160次，女生跳150次，男生功率一定比女生大
C．投篮时，当篮球上升到最高点，速度为零，受力平衡
D．做俯卧撑时，整个身体可以简化为一个省力杠杆
（多选）13．（3分）如图所示的电路，电源电压保持不变，滑动变阻器的滑片P置于中点位置。闭合开关后，电压表V示数为U，电流表A1、A2示数分别为I1、I2，且灯丝电阻不变，下列分析正确的是（　　）

A．滑片P向右移动过程中，灯L亮度逐渐变暗
B．滑片P向右移动过程中，电压表V示数仍为U
C．滑片P向右移动过程中，的比值变大
D．当滑片P移到最右端时，电路的总电阻最小
（多选）14．（3分）如图所示，这是小明所画的几种情景下的示意图，其中正确的是 （　　）

A．甲图，从岸上看水中鱼的光路图
B．乙图，通电螺线管的磁场分布
C．丙图，家庭电路的连线情况
D．丁图，地铁站台边，人必须站在安全黄线以外
三、计算题（共22分，第15、16小题各7分，第17小题8分）
15．（7分）如图所示，图为我国某主战坦克，该坦克具有潜渡能力（浸没在水中沿河床从水下通过），全重为50t，高3m，体积为20m3。（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）
（1）若该坦克在深为5m的河流中潜渡，坦克顶部受到水的压强为多少Pa？
（2）该坦克在深为5m的河流中潜渡时，坦克对河床的压力为多少N？
（3）小明认为履带上内表面凹凸不平的轮齿起增大压强的作用，你认为他的看法对吗？请说出你的理由。

16．（7分）某型号暖手宝正常工作时，袋内装有的0.3kg的水由15℃加热到75℃耗时3min，若暖手宝的热效率为70%，水的比热容为4.2×103J/（ kg•℃），
求：（1）加热过程中水吸收的热量；
（2）加热过程中消耗的电能；
（3）暖手宝的工作电路如图所示，不考虑指示灯的电功率，则发热体的额定功率是多少？

17．（8分）如图所示的电路，电源电压恒定，滑动变阻器R的规格为“48Ω 2A”，电流表的量程为“0～3A”，小灯泡L上标有“12V 6W”字样，忽略温度对灯丝电阻的影响。当只闭合开关S且R连入的电阻为12Ω时，小灯泡正常发光。在电路安全的情况下，求：
（1）电源电压。
（2）当只闭合开关S时，小灯泡的最小功率。
（3）开关S和S1都闭合时，滑动变阻器连入电路的最小值。

四、实验与探究题（共28分，每小题7分）
18．（7分）亲爱的同学，你会使用下列仪器吗？
（1）如图1所示的电压表，若接的是“﹣”、“3”两接线柱，则示数为 　 　V。
（2）使用弹簧测力计前要观察量程和最小刻度值，指针要指在 　 　。用弹簧测力计测铁块重力的实验中，测力计应按 　 　方向进行调零，如图2所示，测力计的示数为 　 　N。
（3）如图3甲所示，正确使用天平时，将天平放在水平台面上，先取下 　 　，接下来的操作是 　 　，调节平衡螺母直到天平横梁水平平衡。测量物体质量时，天平平衡后，右盘中砝码的质量和游码的位置如图3乙所示，则该物体的质量是 　 　g。

19．（7分）【实验名称】测量小灯泡的电阻
【实验电路】如图甲所示电路，电源电压为 4.5V，小红同学想利用该电路测量当小灯泡两端电压为2.5V时的电阻。
【实验过程】
（1）测量小灯泡电阻的原理是 　 　（用公式表示）。
（2）开关S闭合前，滑动变阻器滑片P应置于 　 　（选填“A”或“B”）端。
（3）请指出电路连接中的不当之处：　 　。
（4）更正错误后，闭合开关并移动滑片，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流表示数为 0.2A，则此时小灯泡的电阻为 　 　Ω。
【实验拓展】
（5）同组的小丽还想测量当小灯泡两端电压为3.8V时的电阻，但发现电压表“0～15V”量 程损坏，在不改变原有器材的情况下，请写出你的做法：　 　。
（6）小红还测量了小灯泡在不同电压下的电流，并根据所测得数据绘制了小灯泡的电 流与电压的关系图像，如图乙所示。在这个图像中，横轴应该表示的是 　 　（选填“电压”或“电流”）；根据图像分析，在不增加任何器材的情况下，仅利用本实验的器材 　 　（选填“能”或“不能”）探究电流与电压的关系。

20．（7分）物理创新实验小组的同学在做“探究凸透镜成像的规律”实验。
（1）如图甲所示，一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的 　 　（选填“点”或“环”）。由图甲可知，该凸透镜的焦距是 　 　cm。
（2）如图乙，用图甲中的凸透镜进行实验，保持凸透镜位置不变将蜡烛安装在光具座上0cm处，向 　 　（选填“左”或“右”）移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，则该像是 　 　（选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像。
（3）某同学用不同的凸透镜进行实验，记录的实验数据如表。
次数
物距u/cm
焦距f/cm
像距v/cm
1
50
5
5
2
80
11
3
100
30.0
①分析表中数据可知：在物距一定时，凸透镜的焦距越大，像距 　 　。
②实验中，凸透镜三次成像都是 　 　（选填“实”或“虚”）像，第 　 　次实验所成的像最大。
21．（7分）小明的妈妈每天骑电动车上班，夏天每两天充一次电，而入冬后每天就需充一次电。走的路程都一样，为什么区别会这么大呢？小明通过查阅网上资料，发现电池容量是指电池在25℃时存储电量的大小。于是他提出下列两个猜想：
猜想一，电池容量与使用时间有关。
猜想二，电池容量与温度有关。
（1）电动车电池的放电量不好统计，而且想通过冰箱进行降温也不好操作，突然他看到手机能显示电池的剩余电量的百分比，很快有了灵感，设计实验如下：将家里新、旧两部不同品牌的手机，在相同的环境温度下充满电，同时开始播放同一部电影，1.5h后新手机剩余电量85%，旧手机剩余电量41%。于是他得出“猜想一是正确的”结论，你认为他得出这一结论合理吗？　 　（选填“合理”或“不合理”），说明理由：　 　。
（2）①为帮助小明进行实验，爸爸拿来了家里强光手电筒上的充电电池，小明发现上面标有“3.7V 4200mA•h”字样，他很快计算出充电电池充满电所存储的电能为 　 　J。
②根据电池容量的定义，小明认为充放电需在同一温度下进行，他将充电电池分别放 在 25℃、5℃、﹣5℃、﹣15℃下充电并利用手电筒放电，并得出如下实验数据：
温度t/℃
充满电所需时间t1/h
满电放电时间t2/h
25
6.66
1.55
5
5.67
1.29′
﹣5
5.07
1.16
﹣15
4.48
1.03
给充电电池充电时，电能转化为 　 　能；小明通过 　 　反映电池容量大小，分析表中数据可以得出的结论是探究发现，猜想 　 　是正确的。
（3） 通过探究，小明想到要帮助妈妈解决冬天电动车充电问题，可以将电动车放在比较温暖的地方充电。联想到国家近年大力推广的电动汽车，在冬季为了提高电池容量，从而提高电动汽车的续航能力，请你根据猜想二提出一个改进意见：　 　。





答案解析
一、填空题（共16分，每空1分）
1．（2分）首次通过实验精确地得出了电热与电流、电阻和通电时间之间关系的物理学家是 　焦耳　，四个物理量关系的表达式是Q＝　I2Rt　。
【分析】在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系，即发现了焦耳定律。
【解答】解：英国物理学家焦耳做了大量的实验，于1840年精确地得出了电热与电流、电阻和通电时间之间的关系，即电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成正比。表达式为：Q＝I2Rt。
故答案为：焦耳；I2Rt。
【点评】本题考查了学生对物理学史的掌握和运用，平时多了解物理学史，了解科学家的贡献，有利于解答此类题。
2．（2分）在以“理想照亮未来”为主题的《开学第一课》上，航天员聂海胜在我国空间站“天和”核心舱为我们展示了中国传统乐器﹣﹣笛子。吹笛子时，笛声是由 　空气柱；　（选填“笛子”、“笛膜”或“空气柱”）振动产生的，手指按压不同的笛孔来改变笛声的 　音调　。
【分析】（1）固体、液体和气体都可以振动发声。
（2）质量大、体积大的物体难振动，频率低，音调低。
【解答】解：（1）固体、液体和气体都可以振动发声，吹奏笛子所发出的声音是由笛子内空气柱振动产生的；
（2）吹奏笛子时手按压不同的笛孔，笛子内空气柱的长度不同，空气柱的质量和体积不同，空气柱的振动频率不同，音调不同。
故答案为：空气柱；音调。
【点评】本题考查了声音的产生、音调等，体现了物理知识在乐器中的应用。
3．（2分）《题老人饮驴图》中有两句诗“岸上蹄踏蹄，水中嘴对嘴”。如图所示，“蹄踏蹄”的情景是由光 　沿直线传播　形成的，“嘴对嘴”的情景是由光的 　反射　形成的。

【分析】光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等。
【解答】解：光射到不透明的物体上，在物体的背光面会形成暗区，这就是“影子”，诗中“蹄踏蹄”的情境就是因为光沿直线传播形成的影子；驴在岸边饮水，水面上就会出现驴子的像，这是光的反射形成的虚像，与平面镜成像原理是相同的。
故答案为：沿直线传播；反射。
【点评】本题考查了光的反射现象、光的直线传播现象，属于常见的光学现象，比较简单。
4．（2分）如图所示，图甲是我国古代发明的取火器的模型图，把木制推杆迅速推入牛角套筒时，杆前端的艾绒燃烧起来，这是通过做功的方式，使筒内 　空气　（选填“艾绒”或“空气”）的内能增加，温度升高，达到艾绒的着火点。这一过程与图乙所示内燃机的工作冲程原理 　不同　（选填“相同”或“不同”）。

【分析】猛推推杆时间较短，气体来不及吸、放热，主要是外力对气体做功，气体内能增加，温度升高。
【解答】解：把木制推杆迅速推入牛角套筒时，杆前端的艾绒燃烧起来，这是通过做功的方式，使筒内空气的内能增加，则温度升高，达到艾绒的着火点，使艾绒燃烧；
由于图乙气门关闭，活塞向下运动，为做功冲程，将内能转化为机械能，把木制推杆迅速推入牛角套筒的这一过程与图乙所示的内燃机工作冲程原理不同。
故答案为：空气；不同。
【点评】本题是物理知识在生活中的应用，考查做功改变物体的内能，是基础题，难度不大。
5．（2分）如图所示，在打羽毛球的过程中，用力握紧球拍，这是为了增大 　摩擦力　，防止球拍脱手。击打出去的羽毛球能在空中飞行，是因为羽毛球具有 　惯性　。

【分析】（1）增大摩擦力的方法：增大压力和增大接触面的粗糙程度；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性。
【解答】解：在打羽毛球的过程中，用力握紧球拍，是通过增大压力来增大摩擦力，防治球拍脱手；
击打出去的羽毛球能在空中飞行，是因为羽毛球具有惯性。
故答案为：摩擦力；惯性。
【点评】本题考查增大摩擦的方法和惯性的应用，难度不大。
6．（2分）2022年北京冬奥会部分赛场的冰面采用了二氧化碳跨临界直冷制冰技术。通过加压使气态二氧化碳 　液化　（选填“汽化”或“液化”），然后减压使它从周围的介质（水）中 　吸收　（选填“吸收”或“放出”）热量，以达到制冷的效果。
【分析】物质由气态变为液态的过程叫液化，液化过程放出热量；物质由液态转变为气态的过程叫汽化，汽化时要吸收热量。
【解答】解：将二氧化碳通过加压的形式让它变成液态，属于液化现象；然后减压使它从周围的介质（水）中吸收热量，以达到制冷的效果。
故答案为：液化；吸收。
【点评】本题主要考查了液化及液化的放热特点、汽化及汽化吸热的特点，属于基础性题目。
7．（2分）如图所示为轱辘取水的装置，该装置能够省 　力　（选填“距离”、“力”或“功”），使用更轻的桶可以 　提高　（选填“提高”或“降低”）机械效率。

【分析】（1）辘轳取水的装置在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
（2）在有用功一定时，减少额外功可以提高机械效率。
【解答】解：辘轳取水的装置在使用时可以省力；使用更轻的桶可以减小额外功，提高机械效率。
故答案为：力；提高。
【点评】本题是生活常识题，属于基础题。
8．（2分）如图所示，小华运用电磁感应技术对智能手机进行无线充电，其主要工作原理如下：电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈时产生变化的 　磁场　，带有金属线圈的智能手机靠近这种物质就能产生 　感应电流　。

【分析】通电导体的周围存在磁场；无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备，原理类似于变压器。在发送和接收端各有一个线圈，发送端线圈连接有线电源产生电磁信号，接收端线圈感应发送端的电磁信号从而产生电流给电池充电，据此分析。
【解答】解：根据通电导体周围存在磁场可知，当电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈时产生变化的磁场。
闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时可以产生感应电流，故带有金属线圈的智能手机靠近这种物质就能产生感应电流。
故答案为：磁场；感应电流。
【点评】本题考查了电流的磁效应和电磁感应现象，属于基础题。
二、选择题（共14分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上。第9~12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为多项选择，每小题有两个或两个以上正确选项，每小题2分，全部选择正确得3分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）
9．（2分）下列物理量的估测中，最接近实际的是 （　　）
A．人步行的速度可达100m/s
B．洗澡时的适宜水温约为60℃
C．学生用签字笔的质量约为10g
D．大多数中学生的体重约为50N
【分析】根据生活常识对各选项进行判断。
【解答】解：A、人步行的速度约1m/s，故A错误；
B、洗澡时的适宜水温约为40℃，故B错误；
C、学生用签字笔的质量约为10g，故C正确；
D、大多数中学生的质量为50kg，体重约为500N，故D错误；
故选：C。
【点评】本题是生活常识题，属于基础题。
10．（2分）近期不少景区都推出了新型玻璃栈道漂流，只需在玻璃栈道内加入少量水，就可以让橡皮艇在玻璃栈道内快速滑下（如图）。下列相关说法正确的是 （　　）

A．以下滑的橡皮艇为参照物，旁边的滑道是运动的
B．橡皮艇加速下滑时，速度越来越大，其惯性增大
C．玻璃栈道内加水是为了减小下滑时橡皮艇对玻璃栈道的压力
D．若橡皮艇在滑行过程中所受到的力突然消失，橡皮艇将立即停下来
【分析】（1）被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的；
（2）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大；
（3）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
（4）根据牛顿第一定律分析。
【解答】解：
A、以下滑时的橡皮艇为参照物，旁边的滑道和橡皮艇之间发生了位置的变化，滑道是运动的，故A正确；
B、橡皮艇加速下滑时，质量不变，所以其惯性大小不变，故B错误；
C、在玻璃栈道内加水，这是通过使接触面分离来减小下滑时橡皮艇受到的摩擦力，故C错误；
D、若橡皮艇在滑行过程中所受到的力突然消失，根据牛顿第一定律可知，橡皮艇将做匀速直线运动，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了运动和静止的相对性、减小摩擦力的方法、牛顿第一定律的应用、惯性大小的影响因素，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
11．（2分）小明做实验时，组装了如图所示的实物图。闭合开关前，电流表M、N的示数分别为IM、IN；闭合开关后，电流表M、N的示数分别为IM'、IN'。下列判断正确的是（　　）

A．IM＞IN′ B．IM＝IM' C．IM＞IN D．IN＝IN′
【分析】分析实物图判断两灯泡的连接方式，电流表测量的是哪部分的电流，根据电路中电流的特点，判断电流的大小关系。
【解答】解：由实物图可知，闭合开关前，电流表M、N都测量灯泡L2的电流，其示数相等，即IM＝IN；
闭合开关后，两灯泡并联，电流表M测量干路电流，电流表N测的是L2的电流，则IN＝IN′，
根据并联电路的特点可知，IM＜IM'，IM'＞IN'，IM＝IN′，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题考查的是并联电路电流的规律和电路的三种状态，要求学生能够根据实物图判断电路的连接方式，知道并联电路电流的特点。
12．（2分）下列关于运动项目中所涉及的物理知识，分析正确的是 （　　）
A．初中生在游泳时受到的浮力约为50N
B．跳绳时，一分钟内，男生跳160次，女生跳150次，男生功率一定比女生大
C．投篮时，当篮球上升到最高点，速度为零，受力平衡
D．做俯卧撑时，整个身体可以简化为一个省力杠杆
【分析】（1）根据物体的浮沉状态进行解答；
（2）根据P＝分析解答；
（3）分析篮球受到的力，得出结论；
（4）动力臂大于阻力臂的杠杆属于省力杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆属于费力杠杆。
【解答】解：A、漂浮的物体受到的浮力等于其重力；中学生的体重约500N，游泳时接近漂浮状态，所以受到的浮力在500N左右，故A错误；
B、根据P＝可知，时间一定，不知重力和跳起的高度，因而不知功的多少，无法比较功率的大小；故B错误；
C、篮球上升到最高点时，速度为零，此时篮球只受重力作用，受力不平衡，故C错误；
D、做俯卧撑时，整个身体可以简化为一个杠杆，且动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查的知识点较多，难度不大，属力学的基本原理的应用，理解相关的知识点便可解答。
（多选）13．（3分）如图所示的电路，电源电压保持不变，滑动变阻器的滑片P置于中点位置。闭合开关后，电压表V示数为U，电流表A1、A2示数分别为I1、I2，且灯丝电阻不变，下列分析正确的是（　　）

A．滑片P向右移动过程中，灯L亮度逐渐变暗
B．滑片P向右移动过程中，电压表V示数仍为U
C．滑片P向右移动过程中，的比值变大
D．当滑片P移到最右端时，电路的总电阻最小
【分析】由电路图可知，闭合开关后，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A1测L支路的电流，电流表A2测干路电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡L的电流和其实际功率的变化，从而得出灯泡的亮暗变化，根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，从而得出的比值变化；根据以上解答可知当滑片P移到最右端时干路电流最小，根据欧姆定律可知电路的总电阻最大。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关后，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A1测L支路的电流，电流表A2测干路电流。
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，即滑片P向右移动过程中，电压表V示数仍为U，故B正确；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过灯泡L的电流和其实际功率均不变，则滑片P向右移动过程中，灯泡的亮暗不变，故A错误；
滑片P向右移动过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I＝可知，通过滑动变阻器的电流变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A2的示数I2变小，
由电压表V的示数U不变、电流表A2的示数I2变小可知，的比值变大，故C正确；
当滑片P移到最右端时，干路电流最小，由R＝可知，电路的总电阻最大，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
（多选）14．（3分）如图所示，这是小明所画的几种情景下的示意图，其中正确的是 （　　）

A．甲图，从岸上看水中鱼的光路图
B．乙图，通电螺线管的磁场分布
C．丙图，家庭电路的连线情况
D．丁图，地铁站台边，人必须站在安全黄线以外
【分析】（1）水中鱼反射的光斜射入空气中时，发生折射，折射角大于入射角，折射光线偏离法线进入人的眼睛，光的传播方向是从水中到空气中。
（2）利用安培定则分析。
（3）灯泡连接：火线首先过开关，然后接灯泡顶端的金属点，零线直接连接灯泡的螺丝口。
三孔插座的连接：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线。
（4）流体压强跟流速有关，流速大的地方压强小。
【解答】解：A、鱼反射的光线斜射入空气中时，发生折射，折射角大于入射角，折射光线偏离法线，射入人的眼睛，故A正确。
B、由安培定则可知，通电螺线管的左端应该是N极，右端应该是S极，小磁针N极应指向左侧，磁感线应从通电螺线管的左端出发，回到右端，故B错误。
C、图中开关连接在了灯泡和火线之间，灯泡的螺口接零线，三孔插座上孔接地线，右孔接火线，左孔接零线，故C正确。
D、当列车驶来，人和地铁之间空气流速大压强小，人的外侧空气流速小压强大，人容易被压向地铁，容易发生交通事故，故人必须站在安全黄线以外，故D正确。
故选：ACD。
【点评】此题考查了光的折射、安培定则、磁极间的相互作用规律、磁感线的特点、家庭电路的组成与连接、流体压强与流速的关系，涉及知识点较多，但难度不大。
三、计算题（共22分，第15、16小题各7分，第17小题8分）
15．（7分）如图所示，图为我国某主战坦克，该坦克具有潜渡能力（浸没在水中沿河床从水下通过），全重为50t，高3m，体积为20m3。（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）
（1）若该坦克在深为5m的河流中潜渡，坦克顶部受到水的压强为多少Pa？
（2）该坦克在深为5m的河流中潜渡时，坦克对河床的压力为多少N？
（3）小明认为履带上内表面凹凸不平的轮齿起增大压强的作用，你认为他的看法对吗？请说出你的理由。

【分析】（1）根据坦克的高度和河底的深度，可以得出坦克顶部所处的深度，利用液体压强公式p＝ρgh得到坦克顶部受到水的压强；
（2）根据坦克的体积利用阿基米德原理求出坦克受到的浮力，坦克对河床的压力等于重力减去浮力；
（3）增大摩擦的方法：在压力一定时，增大接触面粗糙程度；在粗糙程度一定时，增大压力。
【解答】解：
（1）坦克顶部所在水中的深度：h＝5m﹣3m＝2m，坦克顶部受到水的压强：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2m＝2×104Pa；
（2）潜渡时坦克排开水的体积V＝20m3，受到的浮力F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×20m3＝2×105N；
坦克对河床的压力F＝G﹣F浮＝mg﹣F浮＝50×103kg×10N/kg﹣2×105N＝3×105N；
（3）他的看法不正确，因为履带上凹凸不平的轮齿是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，从而增大了摩擦。
答：（1）若该坦克在深为5m的河流中潜渡，坦克顶部受到水的压强为2×104Pa；
（2）该坦克在深为5m的河流中潜渡时，坦克对河床的压力为3×105N；
（3）他的看法不正确，因为履带上凹凸不平的轮齿是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，从而增大了摩擦。
【点评】本题考查了重力公式、液体压强公式、压强定义式的运用，知识点多、综合性强，属于中等难度习题。
16．（7分）某型号暖手宝正常工作时，袋内装有的0.3kg的水由15℃加热到75℃耗时3min，若暖手宝的热效率为70%，水的比热容为4.2×103J/（ kg•℃），
求：（1）加热过程中水吸收的热量；
（2）加热过程中消耗的电能；
（3）暖手宝的工作电路如图所示，不考虑指示灯的电功率，则发热体的额定功率是多少？

【分析】（1）已知水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（2）根据η＝×100%求出加热过程中消耗的电能；
（3）暖手宝正常工作时的功率和额定功率相等，根据P＝求出发热体的额定功率。
【解答】解：（1）加热过程中水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.3kg×（75℃﹣15℃）＝7.56×104J；
（2）由η＝×100%可得，消耗的电能：
W＝＝＝1.08×105J；
（3）因用电器正常工作时的功率和额定功率相等，
所以，暖手宝的额定功率：
P＝＝＝600W。
答：（1）加热过程中水吸收的热量为7.56×104J；
（2）加热过程中消耗的电能为1.08×105J；
（3）发热体的额定功率是600W。
【点评】本题是一道电学与热学的综合应用题，涉及到吸热公式、效率公式、电功率公式的应，便于激发学生探究物理现象的兴趣，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。
17．（8分）如图所示的电路，电源电压恒定，滑动变阻器R的规格为“48Ω 2A”，电流表的量程为“0～3A”，小灯泡L上标有“12V 6W”字样，忽略温度对灯丝电阻的影响。当只闭合开关S且R连入的电阻为12Ω时，小灯泡正常发光。在电路安全的情况下，求：
（1）电源电压。
（2）当只闭合开关S时，小灯泡的最小功率。
（3）开关S和S1都闭合时，滑动变阻器连入电路的最小值。

【分析】（1）由图可知，当只闭合开关S时，滑动变阻器R与灯泡L串联；根据P＝UI求出小灯泡正常发光时通过灯泡L的电流；根据P＝求出灯泡的电阻，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电源电压；
（2）当滑动变阻器接入电路中的阻值最大时，通过电路中的电流最小，根据欧姆定律求出通过电路的电流，根据P＝I2R求出小灯泡的最小功率；
（3）当开关S和S1都闭合时，只有滑动变阻器接入电路，根据滑动变阻器的规则可知电路中的最大电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小值。
【解答】解：（1）由图可知，当只闭合开关S时，滑动变阻器R与灯泡L串联；
由P＝UI可知，小灯泡正常发光时通过灯泡L的电流：IL＝＝＝0.5A，
由P＝可知，灯泡的电阻：RL＝＝＝24Ω，
当R连入的电阻为12Ω时，电路中的总电阻：R总＝R+RL＝12Ω+24Ω＝36Ω，
根据串联电路的电流特点可知，电路中的电流I＝IL＝0.5A，
由I＝可知，电源电压：U＝IR总＝0.5A×36Ω＝18V；
（2）当滑动变阻器接入电路中的阻值最大时，通过电路中的电流最小，
此时通过电路中的最小电流：I小＝＝＝0.25A，
小灯泡的最小功率：P小＝I小2RL＝（0.25A）2×24Ω＝1.5W；
（3）当开关S和S1都闭合时，只有滑动变阻器接入电路，
根据滑动变阻器的规则可知，电路中的最大电流：I大＝2A，
由I＝可知，滑动变阻器连入电路的最小值：R小＝＝＝9Ω。
答：（1）电源电压为18V；
（2）当只闭合开关S时，小灯泡的最小功率为1.5W；
（3）开关S和S1都闭合时，滑动变阻器连入电路的最小值为9Ω。
【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律以及电功率公式的灵活运用，题目有一定的难度。
四、实验与探究题（共28分，每小题7分）
18．（7分）亲爱的同学，你会使用下列仪器吗？
（1）如图1所示的电压表，若接的是“﹣”、“3”两接线柱，则示数为 　2.3　V。
（2）使用弹簧测力计前要观察量程和最小刻度值，指针要指在 　零刻度线　。用弹簧测力计测铁块重力的实验中，测力计应按 　竖直　方向进行调零，如图2所示，测力计的示数为 　1.2　N。
（3）如图3甲所示，正确使用天平时，将天平放在水平台面上，先取下 　垫圈　，接下来的操作是 　将游码归零　，调节平衡螺母直到天平横梁水平平衡。测量物体质量时，天平平衡后，右盘中砝码的质量和游码的位置如图3乙所示，则该物体的质量是 　178　g。

【分析】（1）电压表读数时要分清楚所选量程和对应的分度值再读数；
（2）弹簧测力计的使用方法：
①使用前要先观察测力计的指针是否在零点上，不在零点要调零；
②用手拉几下看看测力计的外壳与弹簧是否发生摩擦；
③注意测力计拉力的方向要与弹簧的伸长在一条直线上；
④弹簧测力计不能超出测量范围，否则会损坏测力计；
⑤读数时，让视线垂直于刻度板面；
（3）将天平放在水平台面上，在天平使用前，要保证横梁平衡；物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度值的和。
【解答】解：（1）由图1知，若电压表接的是“﹣”、“3”两接线柱，则可知对应的分度值为0.1V，其读数为2.3V；
（2）使用弹簧测力计应注意的是：使用前要观察量程和最小刻度值，指针要指在零刻度线；用弹簧测力计测铁块重力的实验中，测力计应按竖直方向进行调零；
由图2知：弹簧测力计的最大刻度是5N，所以量程为0～5N；弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为1N+1×0.2N＝1.2N；
（3）将天平放在水平台面上，在天平使用前，先取下垫圈，再把游码归零，调节平衡螺母直到指针在分度盘中央或两侧摆动的幅度相同；
由图3可知，天平标尺的分度值是0.2g，游码所对的刻度值为3g，物体质量m＝100g+50g+20g+5g+3g＝178g。
故答案为：（1）2.3；（2）零刻度线；竖直；1.2；（3）垫圈；将游码归零；178。
【点评】本题考查了电压表的读数、弹簧测力计的使用和读数、天平的使用和读数，属于基础知识的综合，难度不大。
19．（7分）【实验名称】测量小灯泡的电阻
【实验电路】如图甲所示电路，电源电压为 4.5V，小红同学想利用该电路测量当小灯泡两端电压为2.5V时的电阻。
【实验过程】
（1）测量小灯泡电阻的原理是 　R＝　（用公式表示）。
（2）开关S闭合前，滑动变阻器滑片P应置于 　A　（选填“A”或“B”）端。
（3）请指出电路连接中的不当之处：　电压表正负接线柱接反了　。
（4）更正错误后，闭合开关并移动滑片，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流表示数为 0.2A，则此时小灯泡的电阻为 　12.5　Ω。
【实验拓展】
（5）同组的小丽还想测量当小灯泡两端电压为3.8V时的电阻，但发现电压表“0～15V”量 程损坏，在不改变原有器材的情况下，请写出你的做法：　将电压表0～3V量程并联在滑动变阻器的两端　。
（6）小红还测量了小灯泡在不同电压下的电流，并根据所测得数据绘制了小灯泡的电 流与电压的关系图像，如图乙所示。在这个图像中，横轴应该表示的是 　电能　（选填“电压”或“电流”）；根据图像分析，在不增加任何器材的情况下，仅利用本实验的器材 　不能　（选填“能”或“不能”）探究电流与电压的关系。

【分析】（1）测量小灯泡电阻的原理是R＝；
（2）为了保护电路，开关闭合前滑动变阻器滑片应置于阻值最大处；
（3）电流应从电表正接线柱流入，从负接线柱流出；
（4）根据R＝求出小灯泡的电阻；
（5）电源电压为4.5V，根据串联电路电压规律，当灯泡两端的电压为3.8V时，滑动变阻器两端的电压为0.7V＜3V，可以利用0～3V量程测量滑动变阻器的电压；
（6）灯丝的电阻随温度升高而增大，不是一个定值；灯丝的电阻随温度升高而增大，故电压增大量大于电流的增大量；探究电流与电压关系，应控制电阻不变。
【解答】解：（1）用“伏安法”测小灯泡的电阻实验中，用电压表测灯泡两端的电压，用电流表测通过灯泡的电流，根据R＝求出灯泡的电阻，故测量小灯泡电阻的原理是R＝；
（2）为了保护电路，开关闭合前滑动变阻器滑片应置于阻值最大处，即A端；
（3）由图可知，电流从电压表负接线柱流入，正接线柱流出，故电路连接中的不当之处：电压表正负接线柱接反了；
（4）闭合开关移动滑片，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流表示为0.2A，则此时小灯泡的电阻为：
R＝＝12.5Ω；
（5）电源电压为4.5V，由串联电路电压的规律，当滑动变阻器两端的电压为：4.5V﹣3.8V＝0.7V时，灯正常发光，若电压表的大量程“0～15V”量程已经损坏，在不改变原有器材的情况下还想完成实验，可将电压表0～3V量程并联在滑动变阻器的两端；
（6）根据图象可知电流与电压并不成正比，原因是灯丝的电阻随温度升高而增大，不是一个定值；灯丝的电阻随温度升高而增大，故电压增大量大于电流的增大量，如上右所示，故在这个图象中，横轴应该表示的是电流；探究电流与电压关系，应控制电阻不变，灯丝的电阻随温度升高而增大，不是一个定值，因此，仅利用本实验的器材不能探究电流与电压关系。
故答案为：（1）R＝；（2）A；（3）电压表正负接线柱接反了；（4）12.5；（5）将电压表0～3V量程并联在滑动变阻器的两端；（6）电流；不能。
【点评】本题测量小灯泡电阻的实验，考查了实验原理、注意事项、电路分析、电阻的计算和实验方案的设计。
20．（7分）物理创新实验小组的同学在做“探究凸透镜成像的规律”实验。
（1）如图甲所示，一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的 　点　（选填“点”或“环”）。由图甲可知，该凸透镜的焦距是 　10.0　cm。
（2）如图乙，用图甲中的凸透镜进行实验，保持凸透镜位置不变将蜡烛安装在光具座上0cm处，向 　左　（选填“左”或“右”）移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，则该像是 　缩小　（选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像。
（3）某同学用不同的凸透镜进行实验，记录的实验数据如表。
次数
物距u/cm
焦距f/cm
像距v/cm
1
50
5
5
2
80
11
3
100
30.0
①分析表中数据可知：在物距一定时，凸透镜的焦距越大，像距 　越大　。
②实验中，凸透镜三次成像都是 　实　（选填“实”或“虚”）像，第 　3　次实验所成的像最大。
【分析】（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这个点是凸透镜的焦点，光心到焦点的距离叫凸透镜的焦距；
（2）物距大于二倍焦距，像距在一倍焦距和二倍焦距之间，凸透镜成倒立、缩小的实像；
（3）①根据表格中的数据得出结论；②凸透镜成实像时，物距越小，像距越大，成的像也越大。
【解答】解：（1）如图平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，光屏上的最小最亮的光点是凸透镜的焦点，光心到焦点的距离叫凸透镜的焦距，焦距是10.0cm；
（2）用图甲中的凸透镜进行实验，保持凸透镜位置不变将蜡烛安装在光具座上0cm处，此时物距大于二倍焦距，像距在一倍焦距和二倍焦距之间，应向左移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，此时成的是倒立、缩小的实像；
（3）①分析表中的数据可以看出，物距一定时，凸透镜的焦距越大，像距越大；
②根据凸透镜成像的规律，在换用焦距更大的凸透镜时，其实是减小了物距，所以像距增大，成的像也会更大。物距始终大于焦距，所以成的像都是实像，而且第3次的像最大。
故答案为：（1）点；10.0；（2）左；缩小；（3）①越大；②实；3。
【点评】此题是探究凸透镜成像的规律实验，同时考查了学生根据实验数据得出结论的能力，要认真分析各物理量的变化情况，找出其中的联系。
21．（7分）小明的妈妈每天骑电动车上班，夏天每两天充一次电，而入冬后每天就需充一次电。走的路程都一样，为什么区别会这么大呢？小明通过查阅网上资料，发现电池容量是指电池在25℃时存储电量的大小。于是他提出下列两个猜想：
猜想一，电池容量与使用时间有关。
猜想二，电池容量与温度有关。
（1）电动车电池的放电量不好统计，而且想通过冰箱进行降温也不好操作，突然他看到手机能显示电池的剩余电量的百分比，很快有了灵感，设计实验如下：将家里新、旧两部不同品牌的手机，在相同的环境温度下充满电，同时开始播放同一部电影，1.5h后新手机剩余电量85%，旧手机剩余电量41%。于是他得出“猜想一是正确的”结论，你认为他得出这一结论合理吗？　不合理　（选填“合理”或“不合理”），说明理由：　没有控制电池的容量相同　。
（2）①为帮助小明进行实验，爸爸拿来了家里强光手电筒上的充电电池，小明发现上面标有“3.7V 4200mA•h”字样，他很快计算出充电电池充满电所存储的电能为 　55944　J。
②根据电池容量的定义，小明认为充放电需在同一温度下进行，他将充电电池分别放 在 25℃、5℃、﹣5℃、﹣15℃下充电并利用手电筒放电，并得出如下实验数据：
温度t/℃
充满电所需时间t1/h
满电放电时间t2/h
25
6.66
1.55
5
5.67
1.29′
﹣5
5.07
1.16
﹣15
4.48
1.03
给充电电池充电时，电能转化为 　化学　能；小明通过 　放电时间　反映电池容量大小，分析表中数据可以得出的结论是探究发现，猜想 　二　是正确的。
（3）通过探究，小明想到要帮助妈妈解决冬天电动车充电问题，可以将电动车放在比较温暖的地方充电。联想到国家近年大力推广的电动汽车，在冬季为了提高电池容量，从而提高电动汽车的续航能力，请你根据猜想二提出一个改进意见：　在电池周围加电热装置　。
【分析】（1）根据控制变量法，要控制两手机的电池容量相同；
（2）①充电电池充电时，将电能转化为化学能，根据W＝UIt求解一节这种电池充满电所存储的电能；
根据题意可知利用手电筒灯泡放电，直到灯泡熄灭，通过放电时间反映电池容量大小；纵向分析表中数据可知，温度越低，灯泡放电时间越短，据此得出结论；
（3）根据温度越高电池容量越大分析回答。
【解答】解：（1）根据控制变量法，要控制两手机的电池容量相同，才能得出在温度相同时，电池使用时间越长，电池容量越小，故他这一结论不对；
（2）理想情况下，一节这种电池充满电所存储的电能为：W＝UIt＝3.7V×4200×10﹣3A×3600s＝55944J；
根据题意可知利用手电筒灯泡放电，直到灯泡熄灭，故通过放电时间反映电池容量大小；纵向分析表中数据可知，温度越低，灯泡放电时间越短，故得出的结论是温度越低电池容量越小，猜想二是正确的；
（3）因温度越高电池容量越大，故为了提高电池容量，从而提高电动汽车的续航能力，可在电池周围加电热装置。
故答案为：（1）不合理；没有控制电池的容量相同；（2）55944；化学；放电时间；正确；（3）在电池周围加电热装置。
【点评】本题研究电池的电量与使用时间和温度的关系，考查控制变量法、能量转化、电功的计算数据分析及运用结论解决实际问题的能力。