2023年内蒙古呼伦贝尔市扎兰屯市中考物理三模试卷（含解析）

这是一份2023年内蒙古呼伦贝尔市扎兰屯市中考物理三模试卷（含解析），共25页。

2023年内蒙古呼伦贝尔市扎兰屯市中考物理三模试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列关于声现象和光现象的描述，正确的是(    )
A. 我们听到的雷声是电磁波
B. 捂上耳朵听到雷声变小，这是在传播过程中减弱噪声
C. 我们能分辨雷声和雨声，主要是依据它们的响度不同
D. 次声波预报仪可以预报台风和地震活动等说明次声波可以传递信息
2. “水是前世的云，云是来生的水”，歌词描绘了大自然水的美丽轮回，下列说法正确的是(    )
A. 太阳光照射使海水温度升高，海水液化成为水蒸气上升到空中
B. 云中的小水滴是水蒸气上升到高空遇冷汽化形成的
C. 小水滴如果在高空遇到更加寒冷的气流，会凝固成小冰珠，可能形成冰雹
D. 水蒸气在寒冷的高空急剧降温，凝固成小冰晶，小冰晶形成雪花飘落大地
3. 小菲做“研究远视眼的矫正”实验中，她把凸透镜看作眼睛的晶状体，光屏看作眼睛的视网膜，烛焰看作是眼睛观察的物体。小菲拿一个远视眼镜放在凸透镜前，光屏上出现烛焰清晰的像，如图，而拿走远视眼镜则烛焰的像变得模糊，下列操作能使光屏上重新得到清晰像的是(    )
A. 将光屏适当靠近凸透镜 B. 将蜡烛适当靠近凸透镜
C. 同时将光屏和蜡烛适当靠近凸透镜 D. 将光屏适当远离凸透镜
4. “二十里中香不断，青羊宫到浣花溪”，这是南宋大诗人陆游对成都的赞誉。漫步在成都的这段“寻香道”，观花赏水，令人心旷神怡。下列分析正确的是(    )
A. 闻到花香是分子做无规则运动的结果 B. 溪水的温度高低取决于水流的速度
C. 阳光下湖水内能增加是通过做功的方式 D. 阳光下的石板温度升高，其比热容增大
5. 如图是可用蒲公英顶起的最轻金属结构——微晶格材料，它是目前最轻的金属结构组合，并且可以从超过50%的压缩量中恢复，由此可知该微晶格材料具有的特点是(    )
A. 密度小、硬度小
B. 密度小、弹性好
C. 密度小、硬度大
D. 强度大、弹性好
6. 如图1的物体在同一水平地面先后做直线运动。当物体运动的路程和时间图像如图2时，受到的水平推力为F1；当物体运动的速度和时间图像如图3时，受到的水平推力为F2，两次推力的功率分别为P1、P2。则下列关系正确的是(    )

A. F1F2 D. P1>P2
7. 下列光现象的利用体现了我国劳动人民的智慧，其中属于光的折射现象的是(    )
A. 阳燧(太阳灶)取火
B. 日晷计时
C. 冰透镜取火
D. 潜望技术 
8. 央视“大风车”栏目常介绍科普知识，其中介绍了“天气预报瓶”的创意新品(如图所示)，A为玻璃管与大气相通，B为密闭的玻璃球，A与B下部连通，瓶内装有红墨水.小馨仿制了一个，发现当A管液面明显上升时，往往转为阴雨天气.下列说法不正确的是(    )


A. A管液面上升时，显示大气压增大
B. A管和B球液面相平时，瓶内气压等于外界大气压
C. “天气预报瓶”利用天气与大气压的关系进行预报
D. B球内装有红墨水，是为了更方便观察液面的变化
9. 1月9日，长征七号A运载火箭在文昌航天发射场点火发射(如图所示)，将实践二十三号卫星送入预定轨道，中国航天实现2023年“开门红”。下列有关说法正确的是(    )


A. 火箭发射时出现的大量“白气”是汽化现象
B. 火箭使用液氢做燃料，是因为液氢的热值大
C. 加速升空时，以火箭为参照物，卫星是运动的
D. 卫星在大气层外沿椭圆轨道绕地球运行是匀速运动
10. 如图所示，篮球被运动员从a位置投出，经过b位置运动到c位置。在这个过程中，空气阻力不能忽略，下列说法中正确的是(    )
A. 从a位置到b位置的过程中，篮球的势能转化为动能
B. 篮球在最高点b位置时动能为零
C. 从b位置到c位置的过程中，篮球的重力势能全部转化为动能
D. 篮球在a位置时的机械能一定大于其在c位置时的机械能

11. 电子车票，也称“无纸化”车票，乘客网上购票后，直接“刷身份证”或“扫手机”即可顺利进站。如图甲所示，乘客将身份证靠近检验口，机器电路中就会产生感应电流，从而识别乘客身份，图乙中与这一原理相同的是(    )


A. B.
C. D.
12. 电控调光玻璃能根据光照强度自动调节玻璃的透明度，其原理是：光照增强，光敏电阻Rx阻值变小，施加于玻璃两端的电压降低，玻璃透明度下降，反之则玻璃透明度上升，若电源电压不变，R0是定值电阻，如图所示电路图中符合要求的是(    )
A. B.
C. D.
13. 新能源的开发和利用在中国发展势头强劲，是东方巨龙腾飞的助推器，如图是我国生产的某品牌氢动力汽车。关于新能源，下列说法错误的是(    )

A. 水能、氢燃料和天然气都属于新能源 B. 核电站利用核裂变释放的能量来发电
C. 氢燃料发动机将化学能转化为机械能 D. 新能源的开发可以有效缓解能源危机
14. 如图所示为一种握力计和它的工作原理示意图。电源电压恒定不变。握力显示表是由电流表改装而成，定值电阻R2起保护电路作用，其电阻值为5Ω，不施加力时弹簧一端的滑片P在电阻R1的最上端，移动到最下端时施加的力最大(弹簧的电阻不计)。电路中电流变化的范围为0.1～0.6A.则下列说法正确的是(    )

A. 施加的力最大时电路中电流为0.6A
B. R1 连入电路阻值变化范围是0～30Ω
C. 电路消耗的总功率变化范围是0.3W～1.8W
D. R2消耗的最小功率为0.5W
15. 佩戴智能手环运动时，以佩戴者手腕为参照物，手环是______ 的，手环是通过______ 以无线的方式向手机发送数据。
16. 神舟航天员在空间站先后进行了两次“太空授课”，激发了青少年学习科学的热情。
(1)如图甲，航天员往一个水球中注入适量的蓝色颜料，观察到整个水球很快就变蓝了，这属于______ 现象。
(2)如图乙，在“液桥”实验中，将两块透明板上的水球接触后合成一个，说明分子间存在______ 。

17. 如图所示，条形磁铁置于水平桌面上，电磁铁与条形磁铁处于同一水平线放置，且左端固定。若开关S闭合，则电磁铁右端为______ 极(选填“N”或“S”)；当滑片P逐渐向下移动时，条形磁铁(始终静止)受到的摩擦力会逐渐______ (选填“增大”、“不变”或“减小”)。

18. 图甲是一种落地式海报架，图乙是海报架的侧视结构示意图。若视海报架为杠杆，水平向右的风将其吹倒的瞬间，支点是        (选填“A”、“B”或“C”)，若要使海报架抵抗更大的风力，可以采取的措施是        (写出一条即可)。

19. 艾灸是中华医学的瑰宝，利用艾条燃烧产生的热量刺激人体穴位，能够达到防病治病的目的。如图，艾灸过程中是通过        的方式改变人体内能，若一根质量为0.05kg的艾条完全燃烧能放出1.4×106J的热量，则该艾条的热值为        J/kg。


20. 许多同学的家长喜欢在家中养花，为了使客厅里花盆中的花能茁壮成长，需要让室外太阳光照射到盆中花上(选取一点B)，请画出平面镜应该放置的位置。


21. 为了探究动能大小的影响因素，利用斜面、钢球、木块等器材在同一水平面上开展了如图所示的探究活动。

(1)该实验中所探究物体的动能是指______ 的动能；(选填“钢球”或“木块”)
(2)由甲、乙两图可知，当物体质量相同时，速度越大，动能越大；
(3)如甲、丙两图所示，让不同质量的钢球从同一斜面的______ 由静止滚下，目的是______ ；
(4)若斜面下方水平面光滑，本实验______ 达到实验目的。(选填“能”或“不能”)
22. 如图是用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。

(1)压强计上的U型管______(选填“属于”或“不属于”)连通器。
(2)在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲，其调节的方法是______(选填“A”或“B”)，使U形管左右两侧的水面相平。
A.将右侧支管中高出的水倒出   B.取下软管重新安装
(3)比较图乙和图丙，可以得到；液体的压强与______有关。
(4)比较______两图，可以得液体的压强与液体密度有关。
(5)已知图丁中U型管左右两侧水面的高度差h=10cm，则橡皮管内气体的压强与大气压强之差为______Pa.(ρ水=1.0×103kg/m3,ρ盐水=1.1×103kg/m3,g=10N/kg)。
23. 某学习小组在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，小明连接了如图甲所示的电路(电源电压保持4.5V不变)。

(1)用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整(要求：滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大，导线不得交叉)；
(2)连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为定值电阻R ______ (填电路故障名称)；
(3)图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图象，由图象可知R两端的电压为______ V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压不变，滑动变阻器的滑片应向______ (填“左”或“右”)端滑动；
(4)若实验中R的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω，则滑动变阻器接入电路的阻值至少是______ Ω。
24. 中国的火星探测器天问一号及其火星车即将登陆火星，已知此火星车的质量为270kg，从公布的图片中我们可以看到此火星车有六个轮子，每个轮子与地面的接触面积为200cm2。另外通过前期的研究我们还知道：火星上的物体重力与质量的比值g′只有地球上g的五分之二(已知地球上的g=10N/kg)。求：
(1)此火星车在火星上的重力；
(2)此火星车在火星上行驶时，对火星水平表面的压强。
25. 我国从远古时代就开始利用浮力了，据考古工作者发现，在距今7500年前的新石器时期，我国古代劳动人民就制造出了独木舟，如图所示。该独木舟外形可看成一长方体，它长2m、宽50cm、高15cm，质量为50kg，g取10N/kg，ρ水=1×103kg/m3。求：
(1)独木舟空载时受到的浮力；
(2)独木舟能承载的最大货物的质量。
26. 图甲是成都市体育中考“坐位体前屈”测试仪，图乙是其简化电路图，电源电压为U=6V保持不变。向前推动挡板相当于将电路中的滑片P向左移动，测试者的成绩越好，滑片P向左移动的距离越大，电路中电压表的示数越大。滑动变阻器铭牌标有“50Ω 3A”字样，电阻丝标有“10Ω 0.5A”字样，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A。测试时，闭合开关S且保证电路中各元件安全。

(1)当滑片P移到电阻丝最左端时，电压表满偏，求此时电路的总功率。
(2)求测试中滑动变阻器接入电路的阻值的变化范围。
答案和解析

1.【答案】D 
【解析】解：A、雷声是声音不是电磁波，故A错误。
B、堵上耳朵听到雷声变小，这是在接收处减弱噪声，故B错误；
B、我们能分辨雷声和雨声，主要是依据它们的音色不同，故C错误；
D、地震、海啸等自然灾害等发出的是次声波，次声波可以传递信息，所以利用次声波可以预报地震、海啸等自然灾害，故D正确。
故选：D。
(1)雷声是声音不是电磁波；
(2)减弱噪声主要从三种途径入手，一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱；
(3)音色是辨别不同声音的主要依据；
(4)地震、海啸、台风等自然灾害往往伴有次声波，次声波属于声波，声波可以传递信息和能量。
此题考查了防治噪声的途径、声音特征的影响因素、声音的利用等多个知识点，虽是基础性知识，但也是很容易出错的地方，平时在学习中应多加注意。

2.【答案】C 
【解析】解：A、海水吸热汽化(蒸发)成为水蒸气上升到空中，故A错误；
B、气态的水蒸气变成液态的小水滴是液化现象，故B错误；
C、小水滴变成小冰珠是凝固现象，小冰珠在降落到地面前，如果没有来得及熔化就有可能形成冰雹落到地上，故C正确；
D、水蒸气变成小冰晶是凝华现象，小冰晶形成雪花飘落大地，故D错误。
故选：C。
(1)物质由液态变成气态是汽化现象，汽化有两种方式：蒸发和沸腾；
(2)物质由气态变成液态是液化现象；
(3)物质由液态变成固态是凝固现象；
(4)物质由气态直接变成固态是凝华现象。
本题考查的是水循环中的物态变化的判断，难度不大，属于常规考查。

3.【答案】D 
【解析】解：远视眼镜是凸透镜，首要的问题是知道凸透镜对光线有会聚作用，拿一个远视镜给“眼睛”戴上，光屏上出现烛焰清晰的像，而蜡烛烛焰的像实际上在光屏后；
拿走远视镜则烛焰的像变得模糊，原因是烛焰清晰的像在光屏的后面，可以用增大光屏与凸透镜的距离或增大蜡烛与凸透镜的距离使得光屏上呈现一个清晰的像的目的。
故选：D。
首先明确远视眼镜片是凸透镜，利用凸透镜的光学性质即可确定它是怎样来矫正视力的。
远视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太弱或眼球的前后方向太短造成的，因此要让光线在进入眼睛以前提前会聚一下，所以要带凸透镜来矫正。

4.【答案】A 
【解析】解：A、闻到花香，芳香分子不停地做无规则运动，扩散到空气中，故A正确；
B、溪水的温度高低取决于水分子的热运动，与水流的速度无关，故B错误；
C、阳光下湖水内能增加是通过热传递的方式改变水的内能的，故C错误；
D、阳光下的石板温度升高，但物质的种类和状态没有发生变化，因此石板的比热容不变，故D错误。
故选：A。
(1)组成物质的分子不停地做无规则的运动，扩散现象证明了分子的无规则运动；
(2)物体温度的高低与分子的热运动有关与物体宏观上的运动速度无关；
(3)物体吸收热量，物体内能增加，这是通过热传递来改变物体的内能；
(4)比热容是物质本身的一种特性，反映了物体的吸热或放热能力，大小只与物质的种类和状态有关，与其它因素没有关系。
本题考查了分子的热运动、改变物体内能的方式和比热容的概念等知识，是一道综合题。

5.【答案】B 
【解析】解：微晶格材料是目前最轻的金属结构组合，说明微晶格材料的密度非常小；微晶格材料可以从超过50%的压缩量中恢复，说明具有良好的弹性，因此A、C、D错误，B正确。
故选：B。
由最轻的金属结构推测其密度，由压缩量推测其弹性，据此分析判断。
本题考查密度的特性及其应用的知识，属于基础题。

6.【答案】B 
【解析】解：由图像甲可知，物体做匀速直线运动，速度大小为v甲=s甲t甲=4m2s=2m/s；
由图像乙可知，物体的速度保持不变，即物体做匀速直线运动，速度大小为v乙=4m/s；
因为两次都是匀速直线运动，根据二力平衡条件可知，推力都等于摩擦力，物体对地面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，则物体受到的摩擦力不变，故受到的水平推力为：F1=F2；
已知v甲 故选：B。
(1)根据图像确定物体两次的运动状态，然后根据其运动状态得出推力和摩擦力的关系，再根据摩擦力大小的影响因素得出两次受到的摩擦力大小，进而得出两次推力的大小关系；
(2)利用由P=Wt=Fst=Fv比较其功率关系。
此题考查了学生对图像问题的分析能力，能从图像中得出相关的信息，然后结合二力平衡条件和功率的计算公式进行计算求解，是中考的热点考题。

7.【答案】C 
【解析】解：A.阳燧(太阳灶)与凹面镜的结构一样，因此对太阳光有会聚作用，利用光的反射现象，故A不正确；
B.日晷计时利用光的直线传播现象，故B不正确；
C.将冰磨成一种冰透镜，该透镜中间厚、边缘薄，属于凸透镜，凸透镜使太阳光发生折射并会聚起来，从而能点燃艾草取火，故C正确；
D.古代潜望术与现代潜望镜原理是一样的，都是利用光的反射原理，故D不正确。
故选：C。
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
本题考查了光的直线传播、以及光的折射现象，是基础题。

8.【答案】A 
【解析】解：A、A管液面上升时，说明内部气体压强大于外界大气压，即外界大气压减小。故A错误；
B、A管和B球液面相平时，两平面受到气体的压强相等，说明瓶内气压等于外界大气压。故B正确；
C、天气不同，气压不同，一般来说，阴天下雨的天气大气压比正常低，A管液面明显上升时。因此“天气预报瓶”利用天气与大气压的关系进行预报。故C正确；
D、B球内装有红墨水，更方便观察液面的变化。故D正确。
故选：A。
根据装置的结构和特点，结合大气压的大小受天气的变化影响的关系来判断，一般来说，阴天下雨的天气大气压比正常低。
本题考查天气与气压的关系，“天气预报瓶”就是根据这一原理制成的测量天气的，理解其原理是判断的关键。

9.【答案】B 
【解析】解：A、火箭发射时出现的大量“白气”是由高温的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故A错误；
B、火箭使用液氢做燃料，是因为液氢的热值大，完全燃烧相同质量的液氢和其它燃料，液氢能放出更多的热量，故B正确；
C、加速升空时，以火箭为参照物，卫星的位置没有发生变化，所以卫星相对于火箭是静止的，故C错误；
D、卫星从近地点经远地点再回到近地点的过程中，卫星的质量不变，卫星的速度先变小后变大，卫星的动能先减小后增大，不是匀速运动，故D错误。
故选：B。
(1)白气是由水蒸气遇冷液化形成的小水珠；
(2)液氢的热值较大，完全燃烧相同质量的液氢和其它燃料，液氢能放出更多的热量；
(3)物体相对于参照物的位置发生了变化，则物体是运动的；物体相对于参照物的位置没有发生变化，则物体是静止的；
(4)卫星在大气层外沿椭圆轨道绕地球运行时，不受空气阻力的作用，机械能守恒。
本题考查液化现象、物体运动与静止的相对性、对热值概念的理解以及机械能守恒的条件，是一道综合题，难度不大。

10.【答案】D 
【解析】解：
A.从a位置到b位置的过程中，篮球的质量不变，速度变小，高度变大，则动能减少，重力势能增大，势能没有转化为动能，故A错误；
B.篮球在最高点b位置时，具有一定的质量，在水平方向上速度不为零，所以动能不为零，故B错误；
C.从b位置到c位置的过程中，篮球需要克服空气阻力做功，会有一部分机械能转化为内能，所以篮球的重力势能没有全部转化为动能，故C错误；
D.篮球从a位置到c位置的过程中，克服空气阻力做功，会有一部分机械能转化为内能，篮球的机械能不断变小，所以篮球在a位置时的机械能一定大于其在c位置时的机械能，故D正确。
故选：D。
(1)动能的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与质量、高度有关；机械能为动能和势能的和；物体克服摩擦做功，机械能会转化为内能。
(2)判断是哪种能量转化成了另一种能量的方法是：减少的能量转化为增大的能量。
本题考查了动能和重力势能的大小变化、机械能的转化，难度不大。

11.【答案】C 
【解析】解：由题意可知，刷身份证时会产生感应电流(即由磁产生电)，所以其工作原理为电磁感应现象；
A、图示为奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，故A不符合题意；
B、图中有电源，说明通电导体在磁场中受力而运动，是电动机的工作原理，故B不符合题意；
C、图中没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，有感应电流产生，这是电磁感应现象，与题中装置的工作原理相同，故C符合题意；
D、图中实验演示了磁体间的相互作用，故D不符合题意。
故选：C。
分析可知刷身份证进站是利用电磁感应原理，分析下面四幅图，找出符合题意的选项即可。
本题考查了电与磁的联系，解答本题的关键要能从题意中分析出该装置利用了电磁感应的原理。

12.【答案】C 
【解析】解：
A、C的电路图，光敏电阻Rx与定值电阻R0串联连接，根据串联电路的分压原理可知：阻值变小，分得的电压也变小，而光敏电阻Rx的阻值随光照的增强会变小，所以在光照增强时，电路中的光敏电阻Rx两端的电压变小，定值电阻R0两端的电压变大；
而光照增强时，应使玻璃透明度下降；玻璃透明度在玻璃两端的电压降低时会下降；所以玻璃应与两端电压变小的电阻并联，即玻璃应与光敏电阻Rx并联；
所以A选项不符合要求；C选项符合要求。
B、D选项中，玻璃与电源并联，它两端的电压不变，不符合题干的要求。
故选：C。
具有根据光照强度自动调节玻璃透明度的功能。并且光照增强，通过电路中的电流降低玻璃两端的电压，从而降低玻璃透明度；所以玻璃应与一电阻并联，这一电阻应是在光照增强时，它两端的电压减小，对四个选项逐一进行分析和判断。
对于这类题目的电路图的分析要结合串并联电路的特点，按照题意进行分析找出玻璃两端的电压随光照增强而降低的电路图。

13.【答案】A 
【解析】解：A、核燃料、氢燃料属于新能源，天然气属于化石能源，是不可再生能源，不是新能源，故A错误；
B、核电站利用核裂变释放的能量来发电，将核能最终转化为电能，故B正确；
C、氢燃料发动机将氢燃料的化学能最终转化为机械能，故C正确；
D、新能源的开发有效缓解了能源危机，故D正确。
故选：A。
人类已经长期利用的传统能源，如化石能源、水能、风能等，称为常规能源；
那些近年来大力开发和利用的，且往往具有环保、无污染、可循环利用等特点的能源，被称为新能源；根据能量形式的变化可判断能量的转化情况。
本题考查了对新能源与传统能源的了解，对能量转化的判断等，属基础题。

14.【答案】C 
【解析】解：由电路图可知，两电阻串联接入电路，电流表测电路电流；
A、由电路图可知，握力最大时，滑动变阻器阻值全部接入电路，电路总电阻最大，由欧姆定律可知，电路中电流最小，由题意可知，此时电路中电流为0.1A，故A错误；
B、由电路图可知，滑动变阻器接入电路的阻值最小为零时，只有R2接入电路，电路中电阻最小，电流最大为0.6A，
由I=UR可知，电源电压：U=U2=I最大R2=0.6A×5Ω=3V，
滑动变阻器阻值全部接入电路时，电路中电流最小为0.1A，
由I=UR可知，R总=UI最小=3V0.1A=30Ω，
滑动变阻器最大阻值：R1=R总−R2=30Ω−5Ω=25Ω，
所以R1连入电路的阻值变化范围0～25Ω，故B错误；
C、电路消耗的总功率最大为：P大=UI大=3V×0.6A=1.8W，
电路消耗的总功率最小为：P小=UI小=3V×0.1A=0.3W，
所以电路消耗的总功率变化范围是0.3W～1.8W，故C正确；
D、R2消耗的最小功率：P2小=I最小2R2=(0.1A)2×5Ω=0.05W，故D错误。
故选：C。
分析清楚电路结构，应用串联电路特点与欧姆定律求出电源电压，滑动变阻器的最大阻值，应用电功率公式求出电阻消耗的功率，然后答题。
本题时一道电学综合题，分析清楚电路结构是正确解题的关键，应用串联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可解题。

15.【答案】静止  电磁波 
【解析】解：以手腕为参照物，运动手环相对于手腕没有发生位置的变化，所以手环是静止的。
运动手环是通过电磁波以无线的方式向手机发送运动数据，传递信息的。
故答案为：静止；电磁波。
(1)研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物；研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
(2)手机是利用电磁波传递信息的。
此题以佩戴智能运动手环为载体，考查运动与静止的相对性、电磁波的应用，属于基础知识。

16.【答案】扩散  引力 
【解析】解：(1)将蓝颜料滴入水中，由于分子都在不停地做无规则运动，所以过一会儿水会变蓝了，这是由于分子在不停做无规则运动，属于扩散现象。
(2)分子之间存在相互作用的引力和斥力，两块透明板上的水球接触后变成一个，说明分子之间存在相互作用的引力。
故答案为：(1)扩散；(2)引力。
(1)一切物质都是由分子组成的或由原子组成的，分子是在永不停息地做无规则运动；
(2)分子间存在相互作用的引力和斥力。
本题考查了分子动理论的内容，难度不大。

17.【答案】N  减小 
【解析】解：(1)闭合开关，电流从电磁铁的右端进入，从左端流出，根据安培定则可以判断电磁铁的右端是N极，左端是S极。
(2)电磁铁的右端是N极，电磁铁对条形磁铁有吸引作用，当滑片P逐渐向下移动时，电路中电阻变大，电流变小，电磁铁对条形磁铁的吸引变小，条形磁铁处于静止状态受到水平向左的拉力和水平向右的摩擦力作用，这两个力是平衡力，故条形磁铁受到的摩擦力减小。
故答案为：N；减小。
(1)知道电磁铁的电流方向，根据安培定则判断电磁铁的磁极。
(2)当滑片P逐渐向下移动时，电磁铁的磁性变小，对条形磁铁的吸引变小。
条形磁铁处于静止状态，根据平衡力判断摩擦力大小的变化。
本题考查了由电流判断电磁铁的磁极，还考查了平衡力，此题注意条形磁铁是静止的，不是运动的，如果条形磁铁受到磁力运动时，答案就不同了。

18.【答案】C  增大∠BAC角度 
【解析】解：(1)根据图片可知，水平向右的风将其吹倒的瞬间，只有C点不动，故支点为C点；
(2)从支点到动力作用线的距离叫动力臂，重力G的力臂L2，如图所示：

根据图片可知，∠BAC角度越大，重力G的力臂L2越长，重力G大小不变，根据杠杆平衡原理F1L1=F2L2可知，此时可承受更大的阻力，故若要使海报架抵抗更大的风力，应增大∠BAC角度。
故答案为：C；增大∠BAC角度。
(1)可绕固定点(轴)转动的硬棒是杠杆，杠杆绕着转动的固定点叫支点；
(2)根据杠杆平衡原理分析使海报架抵抗更大的风力要求时∠BAC角度的变化。
本题考查了杠杆五要素中支点概念、杠杆平衡条件的应用，有一定的难度。

19.【答案】热传递  2.8×107 
【解析】解：(1)进行艾灸时，艾条燃烧产生的热量传给人体，是通过热传递的方式改变了人体的内能；
(2)艾条的热值为：q=Qm=1.4×106J0.05kg=2.8×107J/kg。
故答案为：热传递；2.8×107。
(1)做功和热传递都可以改变物体的内能，这两种方式是等效的，做功改变物体内能的实质是内能和机械能之间的转化，热传递改变物体内能的实质是内能在高温物体和低温物体之间的转移；
(2)已知艾条的质量和放出的热量，利用热量的变形公式q=Qm计算该艾条的热值。
本题考查了改变物体内能的方式以及热值公式的应用，属于基础性题目。

20.【答案】解：连接AB，此线即为反射光线，然后作出入射光线和反射光线夹角的角平分线，即为法线；再作一条线段与法线垂直，该线段的位置即为镜子的位置。
如下图：
 
【解析】光的反射定律的内容：入射光线、反射光线、法线在同一平面上，反射光线和入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角。
首先根据已知条件确定反射光线，根据反射角等于入射角确定法线，作法线的垂线即镜面的位置。
光的反射定律不仅要记熟内容，还要会灵活应用，会由入射光线画出反射光线或由反射光线画出入射光线或由反射光线和入射光线画出平面镜的位置。

21.【答案】钢球  同一高度  使钢球运动到水平面时速度相同  不能 
【解析】解：(1)该实验研究的主体是钢球，研究的是钢球动能的大小与速度和质量的关系；
(3)换用质量不同的钢球从斜面的同一高度由静止开始滚下，由于高度相同，则到达水平面的速度是相同的，由于质量是不同的，所以探究的是钢球的动能大小与物体质量的关系；
(4)从斜面上滚下，若水平面绝对光滑，钢球不受摩擦力作用，钢球所受合力为0，所以钢球将做匀速直线运动，无法通过移动的距离显示动能的大小，不能达到实验目的。
故答案为：(1)钢球；(3)同一高度；使钢球运动到水平面时速度相同；(4)不能。
(1)运动的物体具有动能，小球从高处滑下时具有动能；
(2)(3)影响动能大小的因素有物体的质量与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论；
(4)根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，运动后将保持匀速直线运动。
该题考查了转换法、控制变量法等研究方法在探究实验中的应用，在平时做实验时要多观察，多思考。

22.【答案】(1)不属于；(2)B；(3)液体的深度；(4)丙、丁；(5)1000。 
【解析】解：
(1)这是测量液体压强的压强计；它的左端是密闭的，所以不是连通器。
(2)若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，则B正确；故选B；
(3)比较乙图、丙图，在相同液体中的不同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同，故可以得到：在不同深度，液体内部压强与液体的深度有关，液体深度越深，压强越大；
(4)在丁图中，若将烧杯中的水换成同深度的盐水，其他条件不变，控制了深度不变，把水换成盐水，液体密度变大，液体压强变大，则可以观察到U形管两边液面的高度差将变大，故比较丙、丁两图。
(5)图乙中U形管左右两侧水面的高度差h=10cm，
则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa。
故答案为：(1)不属于；(2)B；(3)液体的深度；(4)丙、丁；(5)1000。
(1)测量液体压强的仪器叫压强计；上端开口，下端连通的容器叫连通器。
(2)U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(3)在相同液体的不同一深度，液体的压强不相等；
(4)在丙丁图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，是控制深度相同，改变液体的密度，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和液体的密度有关；
(5)根据p=ρgh求出液体产生的压强即为橡皮管内气体的压强与大气压之差
此题考查的是我们对于液体压强计的了解以及液体内部压强的影响因素。注意物理实验中研究方法--等效替代法和控制变量法的运用。液体压强是中考必考的一个知识点，需要掌握。

23.【答案】断路  3  右  7.5 
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大，即电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：

(2)若定值电阻短路，电压表示数为0，电流表有示数，不符合题意；
若定值电阻R断路，电流表示数为0，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，符合题意，故闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为定值电阻R断路；
(3)图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图象，由图象可知R两端的电压为：
U=IR=0.6A×5Ω=---=0.2A×15Ω=3V；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应右端移动，使电压表的示数为3V。
(4)电压表控制的电压为3V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑=4.5V−3V=1.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的0.5倍，根据分压原理，当接入15Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=0.5×15Ω=7.5Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少7.5Ω的滑动变阻器。
故答案为：(1)见解析；(2)断路；(3)3；右；(4)7.5。
(1)根据滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大确定变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)由图乙求出电流与电阻之积；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入15Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
本题探究通电导体中电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、控制变量法，数据分析、操作过程和对器材的要求。

24.【答案】解：(1)此火星车在火星上的重力G=mg′=270kg×25×10N/kg=1080N；
(2)此火星车在火星上行驶时，对火星水平表面的压力F=G=1080N，
对火星水平表面的压强p=FS=1080N6×200×10−4m2=9×103Pa。
答：(1)此火星车在火星上的重力为1080N；
(2)此火星车在火星上行驶时，对火星水平表面的压强为9×103Pa。 
【解析】(1)火星上的物体重力与质量的比值g′只有地球上g的五分之二，根据G=mg′得出此火星车在火星上的重力；
(2)此火星车在火星上行驶时，对火星水平表面的压力F=G，根据p=FS得出对火星水平表面的压强。
本题考查重力和压强的有关计算问题，关键是得出此火星车在火星上的重力大小。

25.【答案】解：(1)独木舟空载漂浮时受到的浮力等于独木舟的自重，即：
F浮=G舟=m舟g=50kg×10N/kg=500N；
(2)独木舟的体积为：V=abc=2m×50×10−2m×15×10−2m=0.15m3，
当独木舟刚好浸没时，受到的浮力最大，此时独木舟排开水的体积等于独木舟的体积，
则独木舟受到的最大浮力为：F浮大=ρ液gV排=1×103kg/m3×10N/kg×0.15m3=1500N，
独木舟的最大总重力等于最大浮力，即：G总=F浮大=1500N，
独木舟能承载的最大货物的重力为：G货=G总−G舟=1500N−500N=1000N，
独木舟能承载的最大货物的质量m=G货g=1000N10N/ kg=100kg。
答：(1)独木舟空载时受到的浮力为500N；
(2)独木舟能承载的最大货物的质量为100kg。 
【解析】(1)已知独木舟自身的质量，独木舟空载漂浮时受到的浮力等于独木舟的自重，根据F浮=G=mg求得独木舟空载时受到的浮力；
(2)已知独木舟的长、宽、高，根据V=abc求得独木舟的体积，当独木舟刚好浸没时，受到的浮力最大，根据F浮=ρ液gV排求得独木舟受到的最大浮力，独木舟的最大总重力等于最大浮力，货物的最大重量等于最大总重力与独木舟自重之差。根据G=mg得出独木舟能承载的最大货物的质量。
本题考查重力、浮力的计算，知道物体漂浮时受到的浮力等于物体的重力是关键。

26.【答案】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测量滑片右边的电阻丝两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)当滑片P移到电阻丝最左端时，电压表满偏，则电阻丝两端的电压为3V，
所以，电路中的电流为：I=U电阻丝R电阻丝=3V10Ω=0.3A，
则电路的总功率P=UI=6V×0.3A=1.8W；
(2)根据串联电路电阻的分压特点可知电阻丝两端的电压最大为3V，电路中的电流最大，即为0.3A，因定值电阻允许的最大电流为0.5A，电流表的量程为0.6A，
所以，电路中的最大电流为I最大=0.3A，
此时电路中的总电阻：
R总=UI最大=6V0.3A=20Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小值：
Rmin=R总−R1=20Ω−10Ω=10Ω，
当滑动变阻器接入电路的电阻最大时电压表和电流表示数都最小，不会超过电表的量程，所以，滑动变阻器接入电路的最大阻值为50Ω，
则滑动变阻器接入电路的电阻范围为10Ω～50Ω。
故答案为：(1)此时电路的总功率为1.8W。
(2)测试中滑动变阻器接入电路的阻值的变化范围为10Ω～50Ω。 
【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测量滑片右边的电阻丝两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)当滑片P移到电阻丝最左端时，电压表满偏，根据电压表的最大示数和电阻丝的电阻求出此时电路中的电流，利用P=UI求出电路的总功率；
(2)根据串联电路电阻的分压特点可知电阻丝两端的电压最大为3V，电路中的电流最大，根据电流表的最大示数和定值电阻允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，利用欧姆定律求出电路的最小电阻，利用串联电路的电阻特点求出滑动变阻器接入电路的最小值；
当滑动变阻器接入电路的电阻最大时电压表和电流表示数都最小，即可得出滑动变阻器接入电路的阻值范围。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律、功率的计算公式的应用，关键是确定电路中的最大电流和最小电流，容易出错的地方是电路中最大电流的确定。