2023辽宁师大附中高三下学期5月精品卷考试物理含答案

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辽宁师大附中2023届精品卷（物理）参考答案1．B【详解】A．的中子数为233-91=142A错误；B．根据核反应规律和能量守恒知得粒子的质量为B正确；C．根据比结合能曲线可知，的比结合能比的大，C错误；D．在磁场中匀速圆周运动得衰变过程满足动量守恒，即和粒子动量等大反向，则在磁场中做匀速圆周运动的半径之比为与电量成反比，为1:91，D错误。故选B。2．B【详解】根据题意，设人刚刚离地时速度为，根据公式整理可得则图形围成的面积为，人离地后又有结合图像，联立解得3．D【详解】A．系统处于静止状态时，弹簧被压缩，设压缩量为x1，由平衡条件得kx1＝m1gsin θ，解得物块B刚要离开挡板C时，弹簧被拉伸，弹簧弹力等于物块B的重力沿斜面方向的分力，设拉伸量为x2，由kx2＝m2gsin θ，解得物块A在力F作用下沿斜面向上运动直到物块B刚要离开挡板C时，物块A运动的距离为选项A错误；B．在物块B刚要离开挡板C时，拉力最大。隔离物块A，分析受力，由牛顿第二定律，F－m1gsin θ－kx2＝m1a，解得拉力F＝(m1＋m2)gsin θ＋m1a，选项B错误；C．在拉力拉物块沿斜面向上运动过程中，由于拉力逐渐增大，物块A沿斜面做匀加速运动，速度逐渐增大，根据功率公式P＝Fv可知，拉力做功的功率一直增大，选项C错；D．由于弹簧原来处于压缩状态，具有弹性势能，在拉力拉物块沿斜面向上运动过程中，弹簧先恢复原长，后被拉伸，又具有弹性势能，即弹簧弹性势能先减小后增大，选项D正确。故选D。4．A【详解】根据图像的斜率表示电场强度可知，的电场强度为零，由点电荷场强公式和电场叠加原理，设A处电荷的电荷量为，则有解得且为正电荷，带电物块运动过程中受电场力和摩擦力，从到过程中，由动能定理有解得故选A。5．C【详解】A．根据同侧法可知该波沿x轴正方向传播，故A错误；B．质点P（）在0.9s时恰好第三次到达波峰，则有解得T=0.4s由图知波长为8m，则故B错误；C．据Q点波峰坐标为则波峰传到Q点的时间为当时，解得n=8故C正确；D．若质点Q振动时，其通过的路程为但在0～0.9s内，即Q点只振动了，所以Q运动的路程小于20m。故D错误。故选C。6．D【详解】A．甲图为奥斯特发现电流的磁效应实验装置，当导线电流如图向右时，根据安培定则可知，小磁针极会向内偏转，故A错误；B．乙图为“研究影响平行板电容器电容的因素”实验，将板左移，由可得可知静电计偏角变大，故B错误；C．丙图将两个线圈绕在一个铁环上，在闭合开关的瞬间，通过线圈的磁通量不变，没有的感应电流产生，故C错误；D．丁图中当变阻器的滑动头向端滑动时，电路的总电阻减小，则通过电源的电流增大，则电源的内电压增大，外电压即A灯的电压减小，所以A灯变暗，由可知通过R的电流增大，则R两端的电压增大，所以B灯的电压减小，所以B灯变暗，故D正确。故选D。7．D【详解】A．因位于拉格朗日点的卫星与月球具有相同的角速度，由，解得地球的密度故A错误；BC．因为于拉格日点的卫星与月球具有相同的角速度，由，知位于拉格朗日点的卫星的线速度和向心加速度均比月球的大，故BC错误；D．位于拉格朗日点的卫星的向心力由地球和月球共同提供，故有解得故D正确。故选D。8．CD【详解】A．光在不同介质中传播时，频率不会发生改变，所以出射光线的频率不变，故A错误；B．激光束从C点进入玻璃球时，无论怎样改变入射角，折射角都小于临界角，根据几何知识可知光线在玻璃球内表面的入射角不可能大于临界角，所以都不可能发生全反射，故B错误；C．此激光束在玻璃中的波速为CD间的距离为则光束在玻璃球中从到传播的时间为故C正确；D．由几何知识得到激光束在在点折射角，由可得入射角，故D正确。故选CD。9．CD【详解】由法拉第电磁感应定律，导电环产生的瞬时电动势故原线圈的电压A．由可得副线圈电压即电阻两端的电压为，A错误；B．通过的电流故通过的瞬时电流为通过的电量等于图像的面积，由数学知识B错误；C．由知，产生热量C正确；D．（为常数）时，原线圈的电压是是常量，则线圈内部磁通量不变，故在副线圈中变化产生感应电动势，即电阻两端的电压为，D正确。故选CD。10．AB【详解】A．设线圈bc刚进入磁场时速度为v1，电动势为E1，电流为I1，则解得故A正确；B．线圈bc穿过磁场过程中，有解得故B正确；C．线圈bc边离开磁场区域后，有解得故C错误；D．从开始下滑到线圈全部通过磁场区域过程中，有所以故D错误。故选AB。  B  3.80  1.90  见解析【详解】（1）小球下落的高度h是初末位置球心之间的高度差。故选B。（2）游标卡尺读数为 0.3cm+16×0.05mm=3.80mm速度为 （3）不同意。如果是空气阻力造成的，应该是ΔEp>ΔE12.  23.0     7.5     23.9     5.53     【详解】（1）由图可知，50V量程的分度值为1V，故读数为23.0V。（2）②要使15V量程电压表的量程变为30V，则需使量程扩大为原来的2倍，根据实验步骤，设此时电压表示数为，则有U+U=15V解得（3）根据闭合电路欧姆定律代入数据得联立解得E=23.9V13．（1）；（2）【详解】（1）放上A物体待其稳定后气体体积根据等温变化有得对气缸根据受力平衡有解得（2）根据等压变化可得解得14.（1）；（2）；（3）【详解】（1）带电粒子在MN间加速，由动能定理可得可得粒子从N射出时的速度（2）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，磁感应强度越大，粒子做圆周运动的半径越小，当磁感应强度最小时，恰不从ac边界射出，粒子到达ac边界时，速度方向沿ac方向，此时粒子不从ac边界射出做圆周运动的最大半径为rm，由洛伦兹力提供圆周运动向心力有由几何关系可得，粒子圆周运动的最大半径代入解得即粒子不从ac边界射出时满足（3）带电粒子在电场中做类平抛运动，电场强度最小为E0时，粒子运动到ac界面的速度方向沿ac方向，设ab和bc方向的位移大小分别为y和x，到达界面时沿ab方向分速度大小为vy，则x=v0t又有vy=v0tan60°根据几何关系解得粒子到达ac边界时的速度大小为v则根据动能定理有解得  15.（1）30N ；（2）1.62m ；（3）h≤0.8m或h≥2.32m【详解】（1）小球甲从A点到B点由机械能守恒定律可得：两小球碰撞时由动量守恒定律可得：由机械能守恒定律可得：小球乙从BC轨道滑至E  点过程，由机械能守恒定律得： 小球乙在E点，根据牛顿第二定律及向心力公式，根据牛顿第三定律小球乙对轨道的压力N＇=N，由以上各式并代入数据得：，=30N（2）D、G离地面的高度设小球乙上滑的最大高度为，则小球乙在GH段滑行的距离小球乙从水平轨道位置滑至最高点的过程，根据动能定理：其中，，由以上各式并代入数据得（3）只有小球甲时，小球甲要沿原路径返回，若未能完成圆周运动，则 若能完成圆周运动，则小球甲返回时必须能经过圆轨道最高点E．设小球沿GH上升的竖直高度为，上升过程克服摩擦力做功为，则：小球甲从释放位置滑至最高点的过程，根据动能定理：设小球甲返回至G点时的速度为，根据动能定理：从G点返回至E点的过程，根据机械能守恒：在E点，由以上各式得h=2.32m故小球甲沿原路径返回的条件为或