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江苏省盐城市2019年中考物理试题及答案(word版)
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这是一份江苏省盐城市2019年中考物理试题及答案(word版)，共24页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2019年江苏省盐城市中考物理试卷
一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确
1．（2分）下列利用不可再生能源发电的是（ ）
A．水力发电 B．风力发电 C．光伏发电 D．核能发电
2．（2分）夏天，从冰箱冷藏室中取出的饮料在空气中会“，冒汗”，形成“汗”的物态变化是（ ）
A．液化 B．汽化 C．凝华 D．升华
3．（2分）小刚连接好如图所示的电路后，下列操作能使电流表指针偏转的是（ ）
A．导体AB向右运动
B．导体AB沿磁场方向运动
C．闭合开关，导体AB向左运动
D．闭合开关，导体AB沿磁场方向运动
4．（2分）小明在使用台灯时，下列做法符合安全用电要求的是（ ）
A．用湿布擦拭发光的灯泡
B．更换灯泡前先断开电源
C．使用导线老化开裂的台灯
D．换用超过台灯规定功率的灯泡
5．（2分）做“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，读取弹簧测力计示数应在木块（ ）
A．未被拉动时 B．刚被拉动时
C．匀速直线运动时 D．刚刚停止运动
6．（2分）小明利用太阳光测量凸透镜的焦距。下列操作最合理的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2分）下列由光的直线传播形成的现象是（ ）
A．铅笔在水面处“折断” B．人在阳光下形成影子
C．放大镜把字放大 D．拱桥在水中形成倒影
8．（2分）如图所示，工人用动滑轮匀速提升重物，这样做（ ）
A．省力，不改变施力的方向
B．不省力，改变施力的方向
C．既省力，也改变施力的方向
D．既不省力，也不改变施力的方向
9．（2分）将红墨水滴入水中，一会儿整杯水变红了，这一现象中（ ）
A．只有水分子运动，进入墨水分子间隙
B．只有墨水分子运动，进入水分子间隙
C．水分子和墨水分子都在运动，彼此进入对方的分子间隙
D．水分子和墨水分子都在运动，只是墨水分子进入水分子间隙
10．（2分）如图所示为长江某水坝的示意图，水坝左侧水面高，B和C两点处于同一高度，A和C两点到各自液面的距离相等。水在A、B和C三点产生的压强分别为pA、pB和pC，则（ ）
A．pA＜pB＝pC B．pA＝pC＞pB C．pA＞pB＝pC D．pA＝pC＜pB
11．（2分）现代建筑多采用中空双层玻璃窗隔热，实验表明，中空双层玻璃窗的隔热性能与两层玻璃间空气压强有关，实验测得中空双层玻璃内外温差与中间空气压强关系如图所示，则中空双层玻璃中间空气压强（ ）
A．等于大气压强时，没有隔热效果
B．小于10﹣1Pa时，隔热效果变差
C．在10﹣1～102Pa时，隔热效果最好
D．等于10﹣3Pa时的隔热效果比104Pa时好
12．（2分）雷雨天，小王观察到某次闪电经历的时间为t1，听到这次闪电发出的雷声持续时间为t2（不计云层间回声时间），刚开始看到闪电到刚开始听到需声的时间为t3，声音和光传播速度分别为v和c，则（ ）
A．t1＝t2，闪电发生位置到小王距离约为vt3
B．t1＜t2，闪电发生位置到小王距离约为vt3
C．t1＝t2，闪电发生位置到小王距离约为vt3+ct1
D．t1＜t2，闪电发生位置到小王距离约为vt3+ct1
二、填空题：本题共8小题，每空1分，共24分
13．（3分）4月28日，马龙夺得2019年布达佩斯世乒赛男子单打冠军，成为54年来获得三连冠的第一人，决赛中，马龙将迎面飞来的球扣回，这一现象表明球受到的作用力改变了球的 ，该力的施力物体是 ，球离开球拍后，由于 仍向前运动。
14．（3分）如图所示，用手拨动钢尺，发出声音，声音是由钢尺 产生的。增加钢尺伸出桌面的长度，声音的 产生改变，钢尺的振幅越大，声音的 越大。
15．（3分）2月22日，一架ARJ21飞机从上海起飞，在内蒙古顺利降落，标志着国产喷气客机开启商业运营新征程，在空中飞行时，机翼上方空气流速比下方大，所以机翼上方空气压强比下方 ，飞机外壳与空气摩擦，温度升高。这是通过 的方式增加内能，降落时，在逐渐靠近地面过程中飞机的重力势能 。
16．（3分）1月3日，“嫦娥四号”探测器在月球背面成功着陆，并通过中继星传回世界首张月球背面图片，着陆前，探测器在距离月面15km处启动反向推进器，速度逐步从1.7km/s降为0，在距月面100m处悬停，这里的1.7km/s是以
为参照物，悬停时，反向推进器对探测器作用力 （大于/等于/小于）月球对探测器的引力。中继星利用 波向地面传递信息。
17．（3分）小芳用铅笔芯制作如图所示的“模拟调光灯”。闭合开关后，左右移动回形针，小灯泡始终不亮，为检查电路故障，小芳将电压表接到A、B两点，测得电压为3.0V，则A、B间 （短路/断路），这种故障可能的情况是 、 。
18．（3分）用天然气灶将一壶质量为2kg、初温为30℃的水加热到80℃，消耗了16g天然气。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为4.2×107J/kg，则天然气完全燃烧放出的热量为 J，水吸收的热量为 J，天然气灶烧水的效率为 %。
19．（3分）在探究凸透镜成像规律时，实验进行一段时间后，蜡烛变短，像会出现在光屏的 方，为使像回到光屏中央，合理的操作是 或 。
20．（3分）小明用饮料吸管制作了一只简易密度计，将其放入水中时，密度计不能直立，应 （增加/减少）吸管中铁丝质量，改进后，分别用它测量水和盐水的密度时，吸管浸入液体的深度分别为h1和h2，则h1 h2．用它测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，测得的密度偏 。
三、解答题：本题7小题，共52分，解答24、25题时应有解题过程
21．（2分）在图中画出力F的力臂。
22．（2分）在图中画出过A点的磁感线。
23．（2分）在图碗中加满水后恰好看到硬币右边缘，画出恰好看到右边缘的一条光路。
24．（6分）小明提着质量为3kg的书包，从1楼走到3楼用了15s的时间，书包带与手的接触面积为10cm2，g取10N/kg。
（1）求书包的重力。
（2）求书包带对手的压强。
（3）估算小明上楼过程中对书包做功的功率。
25．（9分）新型电饭锅在煮饭时采用“高温”和“低温”两种方式交替加热，其内部电路
如图所示，R1和R2均为电热丝，S1是温度自动控制开关，高、低温挡的额定功率见下表。煮饭时，闭合开关S，电饭锅正常工作30min消耗的电能为0.44kW•h，求：
（1）煮饭时通过R1的电流。
（2）电热丝R2的电阻。
（3）30min内R2消耗的电能。
额定电压
220V
额定
功率
低温挡
440W
高温档
1100W
26．（6分）小刚做“测量蜡块密度”的实验。
（1）将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺的 处，若此时指针的位置如图甲所示，应将平衡螺母向 移动，使天平平衡。
（2）将蜡块放在天平 盘中，另一盘所加砝码和游码位置如图乙所示时，天平瓶衡，蜡块的质量为 g。
（3）将蜡块放入盛有50mL水的量筒中，用铁丝将其压入水中，读得量筒的示数为60.0mL，则该蜡块的体
积为 cm3。
（4）计算得出蜡块的密度为 kg/m3。
27．（7分）小明做“探究平面镜成像特点”的实验时，将玻璃板竖直立在水平桌面上，在白纸上画出表示玻璃板前后两表面的位置MM′和NN′。
（1）如图所示，用刻度尺测量玻璃板的厚度，其读数为 cm。
（2）在玻璃板前放棋子A，观察到棋子在玻璃板中有两个像，一个较亮、另一个较暗，较亮的像是光线经 （MM′/NN′）面反射形成的。
（3）为验证“像是虚像”的猜想，小明将一张白卡片放在 的位置， （直接/透过玻璃板）观察卡片上有无棋子A的像。
（4）将棋子B（图中未画出）放到玻璃板后，使它与较亮的像重合，并测量棋子A的右端到MM′的距离lA和棋子B的左端到NN′的距离lB，实验数据记录在下表中。
次数
1
2
3
4
lA/cm
5.40
7.15
9.80
12.50
lB/cm
5.20
6.96
9.61
12.32
分析数据可得：像到反射面的距离 （小于/大于）物到反射面的距离。
（5）实验中，像与物到反射面的距离存在差值。小明对此很感兴趣，他想探究影响这一差值大小的因素。请帮小明提出一条有价值且可探究的问题： 。
28．（8分）小华做“测量小灯泡的功率”的实验，并探究小灯泡亮度与功率的关系，电源电压为4V，保持不变，小灯泡额定电压为2.5V，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样。
（1）图甲所示是小华正准备接入最后一根导线（图中虚线所示）时的实验电路。请指出图中在器材操作上存在的不妥之处： 。
（2）下表是记录与处理实验数据的表格（部分），表中A和B处内容是 和 。
小灯泡的规格
电压表的示数U/V
电流表的示数I/A
A
B
U额＝2.5V
1.0
0.1
/
/
（3）实验中测出在U＝2.0V时的功率后，要测量其额定功率，滑动变阻器的滑片应向 移动：当电压表的示数达到额定电压时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W。
（4）小明认为（2）中表格内数据不是真实的。你 （同意/不同意）小明的观点，写出你判的依据。答： 。
29．（10分）阅读短文，回答问题：
白光LED灯
目前，常用的白光LED以蓝光LED为芯片，其上涂有黄色荧光粉，通电后，LED芯片发出蓝光，其中一部分照射到荧光粉上，荧光粉发出波长比蓝光长的黄光，该黄光与另一部分蓝光混合射出，人眼便感觉到白光，生活中常用的白光LED灯是将多个白光LED连接而成的。
实验表明，白光LED的发光强度与其通过电流的占空比成正比。通常通过LED的电流随时间变化的规律如图1所示，电流的占空比D＝，在电流周期T小于人眼视觉暂留时间（约0.1s）的情形下，人眼便感觉不到灯的闪烁。
人眼对亮度的感觉（即“视觉亮度”）与LED发光强度变化并不一致，当光强度均匀增大时，视觉亮度并非均匀增加。弱光时，光强增大一倍，视觉亮度的增加多于一倍；强光时，光强增大一倍，视觉亮度的增加不足一倍。
生活中，白光LED调光台灯的电流设置了恰当的占空比变化规律，使视觉亮度均匀变化。
（1）文中所述人眼感觉到的白光是由 混合而成的。
（2）文中所述白光LED发出的两种色光 。
A．均由荧光粉产生
B．均由LED芯片产生
C．波长短的由LED芯片产生，波长长的由荧光粉产生
D．波长短的由荧光粉产生，波长长的由LED芯片产生
（3）白光LED灯通入图中所示电流时，在0﹣2T时间内，不发光的时间段为 和 。
（4）下列是四种电流的t0和T值，它们的I0均相同。分别用它们对同一白光LED灯供电，其中人眼感觉不到闪烁，且发光强度最大的是 。
A．t0＝1.8s，T＝2s
B．t0＝0.8s，T＝1.0s
C．t0＝0.05s，T＝0.1s
D．t0＝0.02s，T＝0.03s
（5）某白光LED调光台灯共有5级亮度，要使人眼对1～5级的“视觉亮度”均匀增大，下列图象中电流的占空比设置符合要求的是 。
2019年江苏省盐城市中考物理试卷答案与解析
一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确
1．【分析】能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，根据可再生能源和不可再生能源的特点来作答。
【解答】解：核能会越用越少，不可能在短时间内补充，是不可再生能源；水能、风能、太阳能可以源源不断的得到，是可再生能源。所以利用不可再生能源发电的是核能发电，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【点评】本题主要考查学生对可再生和不可再生能源的特点的理解和掌握、难度不大。
2．【分析】物质由气态变为液态的现象叫液化。
【解答】解：夏天气温很高，刚从冰箱冷藏室中取出的饮料温度很低，空气中的水蒸气遇到饮料瓶子，在瓶子外壁发生液化，形成小水滴，就是我们看到的“汗水”。
故选：A。
【点评】物态变化知识是中考必考的一个知识点，判断物态变化现象首先要知道物态变化的定义，然后看物体由什么状态变为了什么状态，从而得出结论。
3．【分析】电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动，导体中有感应电流产生。产生感应电流同时具备三个条件：闭合电路、一部分导体、做切割磁感线运动，三个条件缺一不可。
【解答】解：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，才能产生感应电流；
所以，在如图所示的电路中，首先应闭合开关；
若导体AB沿磁场方向运动，没有切割磁感线，不会产生感应电流；若导体AB向左运动，则AB做切割磁感线运动，所以电路中有感应电流，电流表指针会发生偏转；故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】抓住产生感应电流的三个必要条件即可很容易的进行判断。
4．【分析】（1）不用湿手触摸开关，不用湿布擦拭正在使用的用电器；
（2）更换灯泡、搬动电器时不要带电操作，要切断电源；
（3）导线的绝缘皮要保持完好无损，否则易引起触电事故；
（4）换用超过台灯规定功率的灯泡，会造成通过台灯电路的电流较大，可能会烧坏电路。
【解答】解：
A、生活用水是导体，用湿抹布擦带电的用电器时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故A不符合安全用电要求；
B、更换灯泡、搬动电器时容易碰到金属部分，先断开电源可以保证金属部分不带电，故B符合安全用电要求；
C、使用导线老化开裂的台灯，易引发触电事故，故C不符合安全用电要求；
D、换用超过台灯规定功率的灯泡，会造成通过台灯电路的电流较大，可能会烧坏电路，故D不符合安全用电要求。
故选：B。
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了。
5．【分析】物体在发生相对运动时受到的摩擦力才是滑动摩擦力，再结合二力平衡条件可知：物体在匀速直线运动时，滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力平衡。
【解答】解：在做“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，物体做匀速直线运动时，物体受到的摩擦力是滑动摩擦力，且此时滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力平衡，读出弹簧测力计的示数，即可得到滑动摩擦力的大小。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对滑动摩擦力产生的条件和二力平衡的理解，属于基础题。
6．【分析】平行于主光轴的光线，经凸透镜折射后会聚于凸透镜的焦点。据此可以利用会聚太阳光法测凸透镜的焦距：
太阳光可以近似看为平行光源，将凸透镜正对着太阳光，太阳光经凸透镜后将会聚在焦点。所以把光屏置于另一侧，改变光屏与凸透镜间的距离，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，这个光斑便为焦点，测出光斑到凸透镜的距离，便是焦距。
【解答】解：
利用会聚太阳光法测焦距时，要将凸透镜正对着太阳光，太阳光经凸透镜后将会聚在焦点。所以把白纸（光屏）置于另一侧，改变白纸与凸透镜间的距离，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，这个光斑便为焦点，测出光斑到凸透镜的距离，可得凸透镜的焦距。可见ABD错、C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了会聚太阳光法测凸透镜焦距的方法，注意：凸透镜要正对太阳光。
7．【分析】①光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的；
②光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；
③光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子折断了等。
【解答】解：
A、铅笔在水面处“折断”，是由于光从水中射向空气再进入人的眼睛时，光线的传播方向发生改变而形成的虚像，是由光的折射形成的。故A错误；
B、人在阳光下形成影子，是由光的直线传播形成的。故B正确。
C、放大镜把字放大，是凸透镜成像及其应用，是由光的折射形成的。故C错误；
D、平静的水面相当于平面镜，拱桥在水中的倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的。故D错误；
故选：B。
【点评】此题主要考查了光的反射、光的折射、光的直线传播现象，平时要注意各个现象的形成原因。
8．【分析】动滑轮是指轴随物体一起运动的滑轮，其实质是动力臂是阻力臂2倍的杠杆；使用动滑轮能省一半力，但不能改变用力的方向。
【解答】解：
动滑轮的实质是动力臂为阻力臂2倍的杠杆，使用动滑轮时能省力，但不能改变施力的方向，故A正确、BCD错误。
故选：A。
【点评】本题考查了动滑轮的特点，属于基础题目。
9．【分析】不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停的做无规则运动。
【解答】解：将一滴红墨水滴入一杯水中，过一会儿会发现整杯水都变红了，这是墨水分子在水中彼此进入对方的现象，是扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动，故水分子和墨水分子都在运动，彼此进入对方的分子间隙。
故选：C。
【点评】此题主要考查的是学生对扩散现象的理解，是中考中的常见题型。
10．【分析】液体中某一点到自由液面的距离叫深度，水对容器底压强的大小关系，利用公式p＝ρgh比较。
【解答】解：由图知：A、B、C三点处的深度为hB＞hA＝hC，由于水的密度确定，由公式p＝ρgh知：此三点的压强关系为：pB＞pA＝pC。
故选：D。
【点评】此题考查的是液体压强的比较，正确判断液体深度是解答液体压强问题的关键。
11．【分析】由图象读出隔热效果和两层玻璃间空气压强之间的关系，来做出解答。
【解答】解：A、由图象可知，两层玻璃间空气压强等于大气压强1×105Pa时，玻璃内外温度差为20℃，并不是没有隔热效果，故A错误；
B、由图象可知，两层玻璃间空气压强小于10﹣1Pa时，玻璃内外温度差变大，说明隔热效果变好，故B错误；
C、由图象可知，两层玻璃间空气压强在10﹣1～102Pa时，玻璃内外温度差逐渐变小，说明隔热效果逐渐变差，故C错误；
D、由图象可知，两层玻璃间空气压强等于10﹣3Pa时玻璃内外温度差比104Pa时玻璃内外温度差大，说明隔热效果要好，故D正确。
故选：D。
【点评】此题主要考查的是学生对图象的理解能力，弄明白隔热效果和两层玻璃间空气压强之间的关系是解决此题的关键。
12．【分析】闪电与雷声同时产生、同时消失，据此判断其持续的时间。光传到人的时间可以忽略不计，声音传到人的时间可以利用速度公式的变形求出。
【解答】解：因为闪电与雷声同时产生、同时消失，所以它们持续的时间应该是相同的，故t1＝t2；
因此，刚开始看到闪电到刚开始听到需声的时间为t3，声音的速度为v，又因此光的传播时间可忽略不计，故闪电发生位置到小王距离约为vt3。
综上所述，只有A符合题意。
故选：A。
【点评】本题主要考查了对光速和声速的了解，尤其对传播时间、速度、路程的认识，应细心分析作答。
二、填空题：本题共8小题，每空1分，共24分
13．【分析】（1）力可以改变物体的运动状态；
（2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（3）一切物体都具有保持原来的匀速直线运动或静止状态的性质，这种性质叫惯性。
【解答】解：
马龙将迎面飞来的球扣回，是因为球拍对球的作用力改变了球的运动状态；
球拍把球扣回时，球拍对球施加力的作用，所以该力的施力物体是球拍；
球离开球拍后，球由于具有惯性仍向前运动。
故答案为：运动状态；球拍；惯性。
【点评】本题考查了惯性、力的作用效果、力的作用的相互性，属于基本内容。
14．【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）音调和发声体振动的频率有关，频率越大，音调越高；
（3）响度和发声体振动的振幅有关，振幅越大，响度越大。
【解答】解：（1）用手拨动钢尺，钢尺会发出声音，说明声音是由物体的振动产生的；
（2）改变钢尺伸出桌边的长度，会使声音的频率发生变化，也就是音调发生变化；
（3）若增大钢尺振动的幅度，则声音的响度增大。
故答案为：振动；音调；响度。
【点评】本题考查了声音产生的条件，响度与振幅的关系、音调和频率的关系，是一道声学综合题。
15．【分析】（1）根据流体流速越大压强越小判断机翼上下的压强；
（2）改变物体内能的方法有两个：做功和热传递；
（3）重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：
（1）机翼的形状是上凸下平的，则机翼上方的空气流速比下方的空气流速大，根据流体流速越大、压强越小，所以机翼上方所受空气的压强小于下方所受的空气压强，飞机会受到空气向上的升力作用；
（2）飞机外壳与空气摩擦，温度升高，这是通过做功的方式改变内能的。
（3）飞机降落时，质量不变，高度越来越小，重力势能越来越小。
故答案为：小；做功；减小。
【点评】此题考查流体压强与流速的关系、做功改变物体的内能、重力势能的影响因素等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
16．【分析】（1）在判断物体的运动情况时，要先选取一个标准作为参照物，参照物不同，研究对象的运动情况一般也不同。
（2）悬停时，“嫦娥四号”探测器处于平衡状态；
（3）利用电磁波传递信息的。
【解答】解：着陆前，探测器在距离月面15km处启动反向推进器，速度逐步从1.7km/s降为0，探测器与月球之间有位置变化，故这里的1.7km/s是以月球为参照物；
悬停时，“嫦娥四号”探测器处于平衡状态，反向推进器对探测器作用力等于月球对探测器的引力。
真空不能传声，而电磁波能在真空中传播，所以中继星利用电磁波向地面传递信息。
故答案为：月球；等于；电磁。
【点评】本题主要考查参照物、平衡力、电磁波等概念，是一道综合题。
17．【分析】用电压表检测电路时，将电压表分别与各部分电路并联，若电压表的示数约等于电源电压，则该处发生了断路。
【解答】解：闭合开关后，左右移动回形针，小灯泡始终不亮，为检查电路故障，小芳将电压表接到A、B两点，测得电压为3.0V，电压表有示数则说明有微弱电流从电源正极经过滑动变阻器再经过电压表回到电源负极，说明变阻器是通的是好的，则A、B间断路；这种故障可能的情况是小灯泡灯丝断了或者AB间接触不良。
故答案为：断路；小灯泡灯丝断了；AB间接触不良。
【点评】此题主要考查了用电压表判断电路故障的一种方法，在已判断是开路的情况下，当电压表有示数时说明电压表之间的部分可能发生了断路。
18．【分析】（1）应用热值公式Q＝mq可以求出天然气完全燃烧释放的热量；
（2）根据吸热公式Q＝cm△t就可算出水吸收的热量；
（3）由效率公式可以求出天然气灶烧水的效率。
【解答】解：
（1）16g天然气完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝0.016kg×4.2×107J/kg＝6.72×105J；
（2）水吸收的热量：
Q吸＝cm′△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（80℃﹣30℃）＝4.2×105J；
（3）天然气灶烧水的效率：
η＝＝×100%＝62.5%。
故答案为：6.72×105；4.2×105；62.5。
【点评】本题考查了吸热公式、热值公式及效率公式的计算，属于常见的基础考题。
19．【分析】实验一段时间后，蜡烛变短了，根据过光心不改变方向，判断正确操作。
【解答】解：蜡烛变短了，光屏上的像会向上移动，要使像成在光屏的中央，根据过光心不改变方向，凸透镜向下移动，或光屏向上移动，蜡烛向上移动，或更换一只烛焰稍高一点的蜡烛都可以使像呈在光屏的中央。
故答案为：上；将凸透镜向下移动；光屏向上移动。
【点评】本题考查了凸透镜的成像的特点，能知道通过光心的光线的传播方向不变是解题的关键。
20．【分析】（1）密度计不能直立漂浮可能是重心较高或底端较轻造成的；
（2）根据密度计漂浮时浮力等于重力列出关系式即可求出液体的密度；
（3）由于密度计漂浮时浮力不变，根据阿基米德原理判断出排开液体的体积不变，由于吸管上“沾”上许多小气泡，则密度计浸没的体积排开液体的体积会变大，
【解答】解：
（1）小明将自制的密度计放入水中，密度计不能直立漂浮，应降低其重心，故需要增加吸管中铁丝质量；
（2）因为密度计不管是在水中还是在盐水中，都是漂浮状态，
所以F浮水＝F浮盐水＝G，
设密度计的底面积为S，则根据G＝F浮液＝ρ液gV浸得：
ρ水gSh1＝ρ盐水gSh2，
已知：ρ水＜ρ盐水，所以h1＞h2，
（3）由于密度计漂浮时浮力等于重力，重力不变，则浮力不变；
根据F浮＝ρ液gV排可知排开液体的体积不变，
当测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，此时V排＝V气泡+V浸，
所以，密度计浸入可乐中的体积变小，
由于密度计的刻度是越往下对应的密度越大，所以，所测的液体密度偏大。
故答案为：增加；＞；大。
【点评】密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有关问题：放入不同的液体，液体密度越大，排开体积越小。
三、解答题：本题7小题，共52分，解答24、25题时应有解题过程
21．【分析】先找到支点，再由支点向力的作用线做垂线段即为力臂。
【解答】解：
由图知，扳手拧螺丝时以O点为支点，由O点作F作用线的垂线段即为其力臂L，如图所示：
【点评】做力臂时一定要找准支点与力的作用线，力的作用线必要时可进行延长，在画出由支点到力的作用线的距离时，也注意要垂直才行。
22．【分析】利用安培定则判断出通电螺线管的NS极，在磁体的外部磁感线从N极出来，回到S极。
【解答】解：电源左侧为正极，则电流由左侧流入，根据安培定则：用右手握住螺线管，使四指所指的方向为电流的方向，则大拇指所指的右侧为N极，左侧为S极，外部磁感线由N指向S．如图所示：
【点评】安培定则的运用是此题解决的重要方法，找准判断的突破口，也就是电源的正负极是本题的关键。
23．【分析】当我们用眼睛看水中物体时，是物体所反射的光进入到了我们的眼睛，才看清物体；
光的折射规律是当光从空气斜射入水中或其他介质中时，折射光线向法线方向偏折；光从水或者其他介质斜射入空气中时，折射光线向远离法线的方向偏折。
【解答】解：由图知，碗里无水时，人眼通过碗的边缘刚好能看到空碗底部硬币的左边缘；
由题知，当碗中加满水后恰好看到硬币右边缘，说明由右边缘点射向水面的光线折射后进入了人的眼睛；
所以，作图方法为：先画出水面，与图中虚线相交点为入射点O，过O点作法线，连接硬币右边缘与O（该连线为入射光线），则O到人眼的连线为折射光线，如图所示：
【点评】本题来源于生活中的折射现象，要求能够判断出折射现象，并且会根据折射定律判断光路是否正确，重点考查学生知识应用与实践的能力。
24．【分析】（1）已知书包的质量，利用G＝mg可求得其重力；
（2）书包带对手的压力等于其重力，已知书包带与手的接触面积，利用p＝可求得书包带对手的压强。
（3）一层楼高大约3m，利用W＝Gh可求得小明上楼过程中对书包做功，再利用P＝可求得对书包做功的功率。
【解答】解：（1）书包的重力：G＝mg＝3kg×10N/kg＝30N，
（2）书包带对手的压力：F＝G＝30N，
书包带与手的接触面积：S＝10cm2＝1×10﹣3m2，
书包带对手的压强：p＝＝＝3×104Pa；
（3）一层楼高大约3m，从1楼走到3楼，上升的高度h＝2×3m＝6m，
小明上楼过程中对书包做功：W＝Gh＝30N×6m＝180J，
对书包做功的功率：P＝＝＝12W。
答：（1）书包的重力为30N。
（2）书包带对手的压强为3×104Pa。
（3）小明上楼过程中对书包做功的功率约为12W。
【点评】本题考查了重力公式、功的公式、压强公式的应用，计算时注意单位统一，属于基础题目。
25．【分析】（1）由电路图可知，闭合开关S、断开S1时，电路为R1的简单电路，根据P＝可知电饭锅功率较小，处于低温档，根据P＝UI通过R1的电流；
（2）由电路图可知，闭合开关S、S1时，R1与R2并联，电饭锅功率较大，处于高温档，高温档和低温档的差值即为R2的电功率，根据P＝求出电热丝R2的电阻；
（3）电饭锅处于低温档和高温档R1均工作，根据W＝Pt求出R1消耗的电能，消耗的总电能减去R1消耗的电能即为R2消耗的电能（注意：30min内R2不是一直工作）。
【解答】解：
（1）由电路图可知，闭合开关S、断开S1时，电路为R1的简单电路，此时电阻较大（大于并联时的总电阻），由P＝可知电饭锅的功率较小，处于低温档，
由P＝UI可知，通过R1的电流：
I1＝＝＝2A；
（2）由电路图可知，闭合开关S、S1时，R1与R2并联，此时电阻较小，电饭锅的功率较大，处于高温档，
因电路中总功率等于各用电器功率之和，
所以，R2的电功率：
P2＝P高温﹣P低温＝1100W﹣440W＝660W，
由P＝可得，电热丝R2的电阻：
R2＝＝≈73.3Ω；
（3）由题知，该电饭锅在煮饭时采用“高温”和“低温”两种方式交替加热，
电饭锅处于低温档和高温档R1均工作，
由P＝可得，R1消耗的电能：
W1＝P低温t＝440×10﹣3kW×h＝0.22kW•h，
则该过程中R2消耗的电能：
W2＝W﹣W1＝0.44kW﹣0.22kW•h＝0.22kW•h。
答：（1）通过R1的电流为2A；
（2）电热丝R2的电阻为73.3Ω；
（3）30min内R2耗耗的电能是0.22kW•h。
【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的应用，关键是分电饭锅处于不同档位时电路的连接方式，特别注意30min内R2不是一直工作。
26．【分析】（1）天平放在水平桌面上，先移动游码至标尺的零刻线处，再调平天平遵循左偏右调、右偏左调的原则；
（2）左物右码，读取天平的示数时应将砝码质量与游码示数相加；
（3）通过量筒两次的示数之差可以求出金属块的体积；
（4）金属块的密度可利用密度的公式计算得出。
【解答】解：（1）将天平放在水平台上，并将游码拨到标尺左端零刻度线处，指针向右偏，平衡螺母应该向左调节；
（2）将蜡块放在天平左盘中，乙图中蜡块的质量m＝5g+3.4g＝8.4g；
（3）蜡块的体积V＝60.0ml﹣50.0ml＝10.0ml＝10.0cm3；
（4）蜡块的密度ρ蜡块＝＝＝0.84g/cm3＝0.84×103kg/m3。
故答案为：（1）零刻线；左；（2）左；8.4；（3）10.0；（4）0.84×103。
【点评】测固体、液体的密度是初中物理《密度》部分要求掌握的实验，各有一种基本的测量方法，用到的原理是ρ＝，两种测量方法应达到理解的程度。
27．【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值﹣﹣刻度尺的分度值（或叫最小刻度值）为相邻的刻度线表示的长度；注意长度是否从0刻度线量起，起始端从0开始的，读出末端刻度值即为物体长度，同时注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
（2）从玻璃的两面都能反射光，利用光的反射现象可知能成两个像，从这个角度去分析此题。
（3）平面镜所成的像是虚像，虚像不是实际光线的会聚点，所以不会出现在光屏上。
（4）物距应该是蜡烛A到镜面的距离，像距应该是像B到镜面的距离。
（5）像与物到反射面的距离是否相等。
【解答】解：
（1）由图知：1cm之间有10个小格，所以1个小格代表的是0.1cm＝1mm，即此剩尺的分度值为1mm；
玻璃板左端与0.00cm刻度线对齐，右端与0..30cm对齐，所以玻璃板的厚度为L＝0.30cm﹣0.00cm＝0.30cm。
（2）由于像是由光的反射形成的，而玻璃的两面都能反射光，能成两个像，前面的玻璃MM′表面反射的光较多成的像较亮，后面的玻璃NN′表面由于光的反射后，物体反射的光减弱，故成的像较暗。
（3）为验证“像是虚像”的猜想，小明将一张白卡片放在棋子A像的位置，可以直接观察光屏上是否有蜡烛的像，如果有，则为实像，否则，为虚像。
（4）玻璃板的厚度为0.3cm，根据上述实验数据可知lB＞lA，即像到反射面的距离大于物到反射面的距离；
（5）实验中，像与物到反射面的距离存在差值，原因是玻璃板有一定的厚度，则提出有价值且可探究的问题为：像与物到反射面的距离存在差值与玻璃板的厚度有什么关系？
故答案为：（1）0.30；（2）MM′；（3）像；直接；（4）大于；（5）像与物到反射面的距离存在差值与玻璃板的厚度有什么关系？
【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题。只要熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易。
28．【分析】（1）连接电路时开关要断路开；
（2）根据实验目的分析；
（3）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI得出小灯泡的额定功率；
（4）由表中数据，根据串联电路的规律和欧姆定律求出变阻器连入电路的电阻与现有变阻器的电阻比较。
【解答】解：（1）图甲所示是小华正准备接入最后一根导线（图中虚线所示）时的实验电路，在器材操作上存在的不妥之处：开关是闭合的；
（2）探究小灯泡亮度与功率的关系，故表中A和B处内容是灯的功率和灯的亮度；
（3）灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，示数为2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，当电压表的示数达到额定电压时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.32A，则小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.32A＝0.8W；
（4）由表中数据，根据串联电路的规律和欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：
R滑大＝＝＝30Ω＞20Ω，即大于变阻器的最大电阻，所以（2）中表格内数据不是真实的，同意小明的观点。
故答案为：（1）开关是闭合的；（2）灯的功率；灯的亮度；（3）右；0.8；（4）同意；变阻器连入电路的电阻30Ω大于变阻器的最大电阻。
【点评】本题测量小灯泡的功率，考查注意事项、表格设计、操作过程及串联电路的规律和欧姆定律的运用。
29．【分析】（1）根据材料内容进行分析：常用的白光LED以蓝光LED为芯片，其上涂有黄色荧光粉，通电后，LED芯片发出蓝光，其中一部分照射到荧光粉上，荧光粉发出波长比蓝光长的黄光，该黄光与另一部分蓝光混合射出，人眼便感觉到白光。
（2）根据材料内容进行分析：荧光粉发出波长比蓝光长的黄光。
（3）观察图象找出在0﹣2T时间内，电流为零的时间段是不发光的时间段。
（4）在电流周期T小于人眼视觉暂留时间（约0.1s）的情形下，人眼便感觉不到灯的闪烁，根据选项求出T，然后根据电流的占空比D＝，比较电流占空比。
（5）根据材料解析：白光LED的发光强度与其通过电流的占空比成正比。人眼对亮度的感觉（即“视觉亮度”）与LED发光强度变化并不一致，当光强度均匀增大时，视觉亮度并非均匀增加。弱光时，光强增大一倍，视觉亮度的增加多于一倍；强光时，光强增大一倍，视觉亮度的增加不足一倍。
【解答】解：（1）常用的白光LED以蓝光LED为芯片，其上涂有黄色荧光粉，通电后，LED芯片发出蓝光，其中一部分照射到荧光粉上，荧光粉发出波长比蓝光长的黄光，该黄光与另一部分蓝光混合射出，人眼便感觉到白光，所以白光是黄光和蓝光混合而成的。
（2）通电后，LED芯片发出蓝光，其中一部分照射到荧光粉上，荧光粉发出波长比蓝光长的黄光，蓝光由LED芯片发出，荧光粉发出波长比蓝光长的黄光，故选项AB都错误；荧光粉发出波长比蓝光长的黄光，蓝光波长短，黄光波长长，故选项C正确，选项D错误。
故选：C。
（3）由图象知，t0～T 和 t0+T～2T 时间段，电流为零，灯泡不发光。
（4）在电流周期T小于人眼视觉暂留时间（约0.1s）的情形下，人眼便感觉不到灯的闪烁。
A． T＝2s＞0.1s，人眼会感到灯闪烁，选项错误。
B．T＝1.0s＞0.1s，人眼会感到灯闪烁，选项错误。
CD．TC＝0.1s＝0.1s，人眼不会感到灯闪烁，TD＝0.03s＜0.1s，人眼不会感到灯闪烁，
TC＝0.1s时，电流占空比：DC＝＝
TD＝0.03s时，电流占空比：DD＝
因为电流相等，DC＜DD，
因为白光LED的发光强度与其通过电流的占空比成正比，
所以当TD＝0.03s，灯的发光强度最强，
故选项C错误，选项D正确。
（5）A、白光LED的发光强度与其通过电流的占空比成正比，但是发光强度和视觉亮度不成正比，所以电流占空比和视觉亮度不成正比，如图是正比函数，故选项A错误。
BC、根据D＝，在电流周期一定时，电流越大电流占空比越大，发光越强，所以可以认为M点和N点下方都是弱光，M点和N点上方方都是强光，
如图B，M点以下是弱光，电流占空比增大，光强增大，光强增大一倍，视觉亮度的增加小于一倍；M点以上是强光，强光时，光强增大一倍，视觉亮度的增加超过一倍，图象符合和题意不符，故选项B错误。
如图，N点以下是弱光，光强增大一倍，视觉亮度的增加多于一倍；M点以上是强光，强光时，光强增大一倍，视觉亮度的增加不足一倍，图象符合要求，故选项C正确。
D、因为白光LED调光台灯共有5级亮度，当1级亮度时，电流不能为零，电流占空比不能为零，故选项D错误。
故选：C。
故答案为：（1）黄光与蓝光；（2）C；（3）t0～T；t0+T～2T；（4）D；（5）C。
【点评】这个题目是阅读材料题，没有用到物理课本的内容解题，而是利用材料中给定的结论解题，一定要仔细阅读材料。
2019年江苏省盐城市中考物理试卷
一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确
1．（2分）下列利用不可再生能源发电的是（ ）
A．水力发电 B．风力发电 C．光伏发电 D．核能发电
2．（2分）夏天，从冰箱冷藏室中取出的饮料在空气中会“，冒汗”，形成“汗”的物态变化是（ ）
A．液化 B．汽化 C．凝华 D．升华
3．（2分）小刚连接好如图所示的电路后，下列操作能使电流表指针偏转的是（ ）
A．导体AB向右运动
B．导体AB沿磁场方向运动
C．闭合开关，导体AB向左运动
D．闭合开关，导体AB沿磁场方向运动
4．（2分）小明在使用台灯时，下列做法符合安全用电要求的是（ ）
A．用湿布擦拭发光的灯泡
B．更换灯泡前先断开电源
C．使用导线老化开裂的台灯
D．换用超过台灯规定功率的灯泡
5．（2分）做“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，读取弹簧测力计示数应在木块（ ）
A．未被拉动时 B．刚被拉动时
C．匀速直线运动时 D．刚刚停止运动
6．（2分）小明利用太阳光测量凸透镜的焦距。下列操作最合理的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2分）下列由光的直线传播形成的现象是（ ）
A．铅笔在水面处“折断” B．人在阳光下形成影子
C．放大镜把字放大 D．拱桥在水中形成倒影
8．（2分）如图所示，工人用动滑轮匀速提升重物，这样做（ ）
A．省力，不改变施力的方向
B．不省力，改变施力的方向
C．既省力，也改变施力的方向
D．既不省力，也不改变施力的方向
9．（2分）将红墨水滴入水中，一会儿整杯水变红了，这一现象中（ ）
A．只有水分子运动，进入墨水分子间隙
B．只有墨水分子运动，进入水分子间隙
C．水分子和墨水分子都在运动，彼此进入对方的分子间隙
D．水分子和墨水分子都在运动，只是墨水分子进入水分子间隙
10．（2分）如图所示为长江某水坝的示意图，水坝左侧水面高，B和C两点处于同一高度，A和C两点到各自液面的距离相等。水在A、B和C三点产生的压强分别为pA、pB和pC，则（ ）
A．pA＜pB＝pC B．pA＝pC＞pB C．pA＞pB＝pC D．pA＝pC＜pB
11．（2分）现代建筑多采用中空双层玻璃窗隔热，实验表明，中空双层玻璃窗的隔热性能与两层玻璃间空气压强有关，实验测得中空双层玻璃内外温差与中间空气压强关系如图所示，则中空双层玻璃中间空气压强（ ）
A．等于大气压强时，没有隔热效果
B．小于10﹣1Pa时，隔热效果变差
C．在10﹣1～102Pa时，隔热效果最好
D．等于10﹣3Pa时的隔热效果比104Pa时好
12．（2分）雷雨天，小王观察到某次闪电经历的时间为t1，听到这次闪电发出的雷声持续时间为t2（不计云层间回声时间），刚开始看到闪电到刚开始听到需声的时间为t3，声音和光传播速度分别为v和c，则（ ）
A．t1＝t2，闪电发生位置到小王距离约为vt3
B．t1＜t2，闪电发生位置到小王距离约为vt3
C．t1＝t2，闪电发生位置到小王距离约为vt3+ct1
D．t1＜t2，闪电发生位置到小王距离约为vt3+ct1
二、填空题：本题共8小题，每空1分，共24分
13．（3分）4月28日，马龙夺得2019年布达佩斯世乒赛男子单打冠军，成为54年来获得三连冠的第一人，决赛中，马龙将迎面飞来的球扣回，这一现象表明球受到的作用力改变了球的 ，该力的施力物体是 ，球离开球拍后，由于 仍向前运动。
14．（3分）如图所示，用手拨动钢尺，发出声音，声音是由钢尺 产生的。增加钢尺伸出桌面的长度，声音的 产生改变，钢尺的振幅越大，声音的 越大。
15．（3分）2月22日，一架ARJ21飞机从上海起飞，在内蒙古顺利降落，标志着国产喷气客机开启商业运营新征程，在空中飞行时，机翼上方空气流速比下方大，所以机翼上方空气压强比下方 ，飞机外壳与空气摩擦，温度升高。这是通过 的方式增加内能，降落时，在逐渐靠近地面过程中飞机的重力势能 。
16．（3分）1月3日，“嫦娥四号”探测器在月球背面成功着陆，并通过中继星传回世界首张月球背面图片，着陆前，探测器在距离月面15km处启动反向推进器，速度逐步从1.7km/s降为0，在距月面100m处悬停，这里的1.7km/s是以
为参照物，悬停时，反向推进器对探测器作用力 （大于/等于/小于）月球对探测器的引力。中继星利用 波向地面传递信息。
17．（3分）小芳用铅笔芯制作如图所示的“模拟调光灯”。闭合开关后，左右移动回形针，小灯泡始终不亮，为检查电路故障，小芳将电压表接到A、B两点，测得电压为3.0V，则A、B间 （短路/断路），这种故障可能的情况是 、 。
18．（3分）用天然气灶将一壶质量为2kg、初温为30℃的水加热到80℃，消耗了16g天然气。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为4.2×107J/kg，则天然气完全燃烧放出的热量为 J，水吸收的热量为 J，天然气灶烧水的效率为 %。
19．（3分）在探究凸透镜成像规律时，实验进行一段时间后，蜡烛变短，像会出现在光屏的 方，为使像回到光屏中央，合理的操作是 或 。
20．（3分）小明用饮料吸管制作了一只简易密度计，将其放入水中时，密度计不能直立，应 （增加/减少）吸管中铁丝质量，改进后，分别用它测量水和盐水的密度时，吸管浸入液体的深度分别为h1和h2，则h1 h2．用它测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，测得的密度偏 。
三、解答题：本题7小题，共52分，解答24、25题时应有解题过程
21．（2分）在图中画出力F的力臂。
22．（2分）在图中画出过A点的磁感线。
23．（2分）在图碗中加满水后恰好看到硬币右边缘，画出恰好看到右边缘的一条光路。
24．（6分）小明提着质量为3kg的书包，从1楼走到3楼用了15s的时间，书包带与手的接触面积为10cm2，g取10N/kg。
（1）求书包的重力。
（2）求书包带对手的压强。
（3）估算小明上楼过程中对书包做功的功率。
25．（9分）新型电饭锅在煮饭时采用“高温”和“低温”两种方式交替加热，其内部电路
如图所示，R1和R2均为电热丝，S1是温度自动控制开关，高、低温挡的额定功率见下表。煮饭时，闭合开关S，电饭锅正常工作30min消耗的电能为0.44kW•h，求：
（1）煮饭时通过R1的电流。
（2）电热丝R2的电阻。
（3）30min内R2消耗的电能。
额定电压
220V
额定
功率
低温挡
440W
高温档
1100W
26．（6分）小刚做“测量蜡块密度”的实验。
（1）将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺的 处，若此时指针的位置如图甲所示，应将平衡螺母向 移动，使天平平衡。
（2）将蜡块放在天平 盘中，另一盘所加砝码和游码位置如图乙所示时，天平瓶衡，蜡块的质量为 g。
（3）将蜡块放入盛有50mL水的量筒中，用铁丝将其压入水中，读得量筒的示数为60.0mL，则该蜡块的体
积为 cm3。
（4）计算得出蜡块的密度为 kg/m3。
27．（7分）小明做“探究平面镜成像特点”的实验时，将玻璃板竖直立在水平桌面上，在白纸上画出表示玻璃板前后两表面的位置MM′和NN′。
（1）如图所示，用刻度尺测量玻璃板的厚度，其读数为 cm。
（2）在玻璃板前放棋子A，观察到棋子在玻璃板中有两个像，一个较亮、另一个较暗，较亮的像是光线经 （MM′/NN′）面反射形成的。
（3）为验证“像是虚像”的猜想，小明将一张白卡片放在 的位置， （直接/透过玻璃板）观察卡片上有无棋子A的像。
（4）将棋子B（图中未画出）放到玻璃板后，使它与较亮的像重合，并测量棋子A的右端到MM′的距离lA和棋子B的左端到NN′的距离lB，实验数据记录在下表中。
次数
1
2
3
4
lA/cm
5.40
7.15
9.80
12.50
lB/cm
5.20
6.96
9.61
12.32
分析数据可得：像到反射面的距离 （小于/大于）物到反射面的距离。
（5）实验中，像与物到反射面的距离存在差值。小明对此很感兴趣，他想探究影响这一差值大小的因素。请帮小明提出一条有价值且可探究的问题： 。
28．（8分）小华做“测量小灯泡的功率”的实验，并探究小灯泡亮度与功率的关系，电源电压为4V，保持不变，小灯泡额定电压为2.5V，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样。
（1）图甲所示是小华正准备接入最后一根导线（图中虚线所示）时的实验电路。请指出图中在器材操作上存在的不妥之处： 。
（2）下表是记录与处理实验数据的表格（部分），表中A和B处内容是 和 。
小灯泡的规格
电压表的示数U/V
电流表的示数I/A
A
B
U额＝2.5V
1.0
0.1
/
/
（3）实验中测出在U＝2.0V时的功率后，要测量其额定功率，滑动变阻器的滑片应向 移动：当电压表的示数达到额定电压时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W。
（4）小明认为（2）中表格内数据不是真实的。你 （同意/不同意）小明的观点，写出你判的依据。答： 。
29．（10分）阅读短文，回答问题：
白光LED灯
目前，常用的白光LED以蓝光LED为芯片，其上涂有黄色荧光粉，通电后，LED芯片发出蓝光，其中一部分照射到荧光粉上，荧光粉发出波长比蓝光长的黄光，该黄光与另一部分蓝光混合射出，人眼便感觉到白光，生活中常用的白光LED灯是将多个白光LED连接而成的。
实验表明，白光LED的发光强度与其通过电流的占空比成正比。通常通过LED的电流随时间变化的规律如图1所示，电流的占空比D＝，在电流周期T小于人眼视觉暂留时间（约0.1s）的情形下，人眼便感觉不到灯的闪烁。
人眼对亮度的感觉（即“视觉亮度”）与LED发光强度变化并不一致，当光强度均匀增大时，视觉亮度并非均匀增加。弱光时，光强增大一倍，视觉亮度的增加多于一倍；强光时，光强增大一倍，视觉亮度的增加不足一倍。
生活中，白光LED调光台灯的电流设置了恰当的占空比变化规律，使视觉亮度均匀变化。
（1）文中所述人眼感觉到的白光是由 混合而成的。
（2）文中所述白光LED发出的两种色光 。
A．均由荧光粉产生
B．均由LED芯片产生
C．波长短的由LED芯片产生，波长长的由荧光粉产生
D．波长短的由荧光粉产生，波长长的由LED芯片产生
（3）白光LED灯通入图中所示电流时，在0﹣2T时间内，不发光的时间段为 和 。
（4）下列是四种电流的t0和T值，它们的I0均相同。分别用它们对同一白光LED灯供电，其中人眼感觉不到闪烁，且发光强度最大的是 。
A．t0＝1.8s，T＝2s
B．t0＝0.8s，T＝1.0s
C．t0＝0.05s，T＝0.1s
D．t0＝0.02s，T＝0.03s
（5）某白光LED调光台灯共有5级亮度，要使人眼对1～5级的“视觉亮度”均匀增大，下列图象中电流的占空比设置符合要求的是 。
2019年江苏省盐城市中考物理试卷答案与解析
一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确
1．【分析】能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，根据可再生能源和不可再生能源的特点来作答。
【解答】解：核能会越用越少，不可能在短时间内补充，是不可再生能源；水能、风能、太阳能可以源源不断的得到，是可再生能源。所以利用不可再生能源发电的是核能发电，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【点评】本题主要考查学生对可再生和不可再生能源的特点的理解和掌握、难度不大。
2．【分析】物质由气态变为液态的现象叫液化。
【解答】解：夏天气温很高，刚从冰箱冷藏室中取出的饮料温度很低，空气中的水蒸气遇到饮料瓶子，在瓶子外壁发生液化，形成小水滴，就是我们看到的“汗水”。
故选：A。
【点评】物态变化知识是中考必考的一个知识点，判断物态变化现象首先要知道物态变化的定义，然后看物体由什么状态变为了什么状态，从而得出结论。
3．【分析】电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动，导体中有感应电流产生。产生感应电流同时具备三个条件：闭合电路、一部分导体、做切割磁感线运动，三个条件缺一不可。
【解答】解：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，才能产生感应电流；
所以，在如图所示的电路中，首先应闭合开关；
若导体AB沿磁场方向运动，没有切割磁感线，不会产生感应电流；若导体AB向左运动，则AB做切割磁感线运动，所以电路中有感应电流，电流表指针会发生偏转；故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】抓住产生感应电流的三个必要条件即可很容易的进行判断。
4．【分析】（1）不用湿手触摸开关，不用湿布擦拭正在使用的用电器；
（2）更换灯泡、搬动电器时不要带电操作，要切断电源；
（3）导线的绝缘皮要保持完好无损，否则易引起触电事故；
（4）换用超过台灯规定功率的灯泡，会造成通过台灯电路的电流较大，可能会烧坏电路。
【解答】解：
A、生活用水是导体，用湿抹布擦带电的用电器时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故A不符合安全用电要求；
B、更换灯泡、搬动电器时容易碰到金属部分，先断开电源可以保证金属部分不带电，故B符合安全用电要求；
C、使用导线老化开裂的台灯，易引发触电事故，故C不符合安全用电要求；
D、换用超过台灯规定功率的灯泡，会造成通过台灯电路的电流较大，可能会烧坏电路，故D不符合安全用电要求。
故选：B。
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了。
5．【分析】物体在发生相对运动时受到的摩擦力才是滑动摩擦力，再结合二力平衡条件可知：物体在匀速直线运动时，滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力平衡。
【解答】解：在做“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，物体做匀速直线运动时，物体受到的摩擦力是滑动摩擦力，且此时滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力平衡，读出弹簧测力计的示数，即可得到滑动摩擦力的大小。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对滑动摩擦力产生的条件和二力平衡的理解，属于基础题。
6．【分析】平行于主光轴的光线，经凸透镜折射后会聚于凸透镜的焦点。据此可以利用会聚太阳光法测凸透镜的焦距：
太阳光可以近似看为平行光源，将凸透镜正对着太阳光，太阳光经凸透镜后将会聚在焦点。所以把光屏置于另一侧，改变光屏与凸透镜间的距离，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，这个光斑便为焦点，测出光斑到凸透镜的距离，便是焦距。
【解答】解：
利用会聚太阳光法测焦距时，要将凸透镜正对着太阳光，太阳光经凸透镜后将会聚在焦点。所以把白纸（光屏）置于另一侧，改变白纸与凸透镜间的距离，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，这个光斑便为焦点，测出光斑到凸透镜的距离，可得凸透镜的焦距。可见ABD错、C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了会聚太阳光法测凸透镜焦距的方法，注意：凸透镜要正对太阳光。
7．【分析】①光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的；
②光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；
③光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子折断了等。
【解答】解：
A、铅笔在水面处“折断”，是由于光从水中射向空气再进入人的眼睛时，光线的传播方向发生改变而形成的虚像，是由光的折射形成的。故A错误；
B、人在阳光下形成影子，是由光的直线传播形成的。故B正确。
C、放大镜把字放大，是凸透镜成像及其应用，是由光的折射形成的。故C错误；
D、平静的水面相当于平面镜，拱桥在水中的倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的。故D错误；
故选：B。
【点评】此题主要考查了光的反射、光的折射、光的直线传播现象，平时要注意各个现象的形成原因。
8．【分析】动滑轮是指轴随物体一起运动的滑轮，其实质是动力臂是阻力臂2倍的杠杆；使用动滑轮能省一半力，但不能改变用力的方向。
【解答】解：
动滑轮的实质是动力臂为阻力臂2倍的杠杆，使用动滑轮时能省力，但不能改变施力的方向，故A正确、BCD错误。
故选：A。
【点评】本题考查了动滑轮的特点，属于基础题目。
9．【分析】不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停的做无规则运动。
【解答】解：将一滴红墨水滴入一杯水中，过一会儿会发现整杯水都变红了，这是墨水分子在水中彼此进入对方的现象，是扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动，故水分子和墨水分子都在运动，彼此进入对方的分子间隙。
故选：C。
【点评】此题主要考查的是学生对扩散现象的理解，是中考中的常见题型。
10．【分析】液体中某一点到自由液面的距离叫深度，水对容器底压强的大小关系，利用公式p＝ρgh比较。
【解答】解：由图知：A、B、C三点处的深度为hB＞hA＝hC，由于水的密度确定，由公式p＝ρgh知：此三点的压强关系为：pB＞pA＝pC。
故选：D。
【点评】此题考查的是液体压强的比较，正确判断液体深度是解答液体压强问题的关键。
11．【分析】由图象读出隔热效果和两层玻璃间空气压强之间的关系，来做出解答。
【解答】解：A、由图象可知，两层玻璃间空气压强等于大气压强1×105Pa时，玻璃内外温度差为20℃，并不是没有隔热效果，故A错误；
B、由图象可知，两层玻璃间空气压强小于10﹣1Pa时，玻璃内外温度差变大，说明隔热效果变好，故B错误；
C、由图象可知，两层玻璃间空气压强在10﹣1～102Pa时，玻璃内外温度差逐渐变小，说明隔热效果逐渐变差，故C错误；
D、由图象可知，两层玻璃间空气压强等于10﹣3Pa时玻璃内外温度差比104Pa时玻璃内外温度差大，说明隔热效果要好，故D正确。
故选：D。
【点评】此题主要考查的是学生对图象的理解能力，弄明白隔热效果和两层玻璃间空气压强之间的关系是解决此题的关键。
12．【分析】闪电与雷声同时产生、同时消失，据此判断其持续的时间。光传到人的时间可以忽略不计，声音传到人的时间可以利用速度公式的变形求出。
【解答】解：因为闪电与雷声同时产生、同时消失，所以它们持续的时间应该是相同的，故t1＝t2；
因此，刚开始看到闪电到刚开始听到需声的时间为t3，声音的速度为v，又因此光的传播时间可忽略不计，故闪电发生位置到小王距离约为vt3。
综上所述，只有A符合题意。
故选：A。
【点评】本题主要考查了对光速和声速的了解，尤其对传播时间、速度、路程的认识，应细心分析作答。
二、填空题：本题共8小题，每空1分，共24分
13．【分析】（1）力可以改变物体的运动状态；
（2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（3）一切物体都具有保持原来的匀速直线运动或静止状态的性质，这种性质叫惯性。
【解答】解：
马龙将迎面飞来的球扣回，是因为球拍对球的作用力改变了球的运动状态；
球拍把球扣回时，球拍对球施加力的作用，所以该力的施力物体是球拍；
球离开球拍后，球由于具有惯性仍向前运动。
故答案为：运动状态；球拍；惯性。
【点评】本题考查了惯性、力的作用效果、力的作用的相互性，属于基本内容。
14．【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）音调和发声体振动的频率有关，频率越大，音调越高；
（3）响度和发声体振动的振幅有关，振幅越大，响度越大。
【解答】解：（1）用手拨动钢尺，钢尺会发出声音，说明声音是由物体的振动产生的；
（2）改变钢尺伸出桌边的长度，会使声音的频率发生变化，也就是音调发生变化；
（3）若增大钢尺振动的幅度，则声音的响度增大。
故答案为：振动；音调；响度。
【点评】本题考查了声音产生的条件，响度与振幅的关系、音调和频率的关系，是一道声学综合题。
15．【分析】（1）根据流体流速越大压强越小判断机翼上下的压强；
（2）改变物体内能的方法有两个：做功和热传递；
（3）重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：
（1）机翼的形状是上凸下平的，则机翼上方的空气流速比下方的空气流速大，根据流体流速越大、压强越小，所以机翼上方所受空气的压强小于下方所受的空气压强，飞机会受到空气向上的升力作用；
（2）飞机外壳与空气摩擦，温度升高，这是通过做功的方式改变内能的。
（3）飞机降落时，质量不变，高度越来越小，重力势能越来越小。
故答案为：小；做功；减小。
【点评】此题考查流体压强与流速的关系、做功改变物体的内能、重力势能的影响因素等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
16．【分析】（1）在判断物体的运动情况时，要先选取一个标准作为参照物，参照物不同，研究对象的运动情况一般也不同。
（2）悬停时，“嫦娥四号”探测器处于平衡状态；
（3）利用电磁波传递信息的。
【解答】解：着陆前，探测器在距离月面15km处启动反向推进器，速度逐步从1.7km/s降为0，探测器与月球之间有位置变化，故这里的1.7km/s是以月球为参照物；
悬停时，“嫦娥四号”探测器处于平衡状态，反向推进器对探测器作用力等于月球对探测器的引力。
真空不能传声，而电磁波能在真空中传播，所以中继星利用电磁波向地面传递信息。
故答案为：月球；等于；电磁。
【点评】本题主要考查参照物、平衡力、电磁波等概念，是一道综合题。
17．【分析】用电压表检测电路时，将电压表分别与各部分电路并联，若电压表的示数约等于电源电压，则该处发生了断路。
【解答】解：闭合开关后，左右移动回形针，小灯泡始终不亮，为检查电路故障，小芳将电压表接到A、B两点，测得电压为3.0V，电压表有示数则说明有微弱电流从电源正极经过滑动变阻器再经过电压表回到电源负极，说明变阻器是通的是好的，则A、B间断路；这种故障可能的情况是小灯泡灯丝断了或者AB间接触不良。
故答案为：断路；小灯泡灯丝断了；AB间接触不良。
【点评】此题主要考查了用电压表判断电路故障的一种方法，在已判断是开路的情况下，当电压表有示数时说明电压表之间的部分可能发生了断路。
18．【分析】（1）应用热值公式Q＝mq可以求出天然气完全燃烧释放的热量；
（2）根据吸热公式Q＝cm△t就可算出水吸收的热量；
（3）由效率公式可以求出天然气灶烧水的效率。
【解答】解：
（1）16g天然气完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝0.016kg×4.2×107J/kg＝6.72×105J；
（2）水吸收的热量：
Q吸＝cm′△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（80℃﹣30℃）＝4.2×105J；
（3）天然气灶烧水的效率：
η＝＝×100%＝62.5%。
故答案为：6.72×105；4.2×105；62.5。
【点评】本题考查了吸热公式、热值公式及效率公式的计算，属于常见的基础考题。
19．【分析】实验一段时间后，蜡烛变短了，根据过光心不改变方向，判断正确操作。
【解答】解：蜡烛变短了，光屏上的像会向上移动，要使像成在光屏的中央，根据过光心不改变方向，凸透镜向下移动，或光屏向上移动，蜡烛向上移动，或更换一只烛焰稍高一点的蜡烛都可以使像呈在光屏的中央。
故答案为：上；将凸透镜向下移动；光屏向上移动。
【点评】本题考查了凸透镜的成像的特点，能知道通过光心的光线的传播方向不变是解题的关键。
20．【分析】（1）密度计不能直立漂浮可能是重心较高或底端较轻造成的；
（2）根据密度计漂浮时浮力等于重力列出关系式即可求出液体的密度；
（3）由于密度计漂浮时浮力不变，根据阿基米德原理判断出排开液体的体积不变，由于吸管上“沾”上许多小气泡，则密度计浸没的体积排开液体的体积会变大，
【解答】解：
（1）小明将自制的密度计放入水中，密度计不能直立漂浮，应降低其重心，故需要增加吸管中铁丝质量；
（2）因为密度计不管是在水中还是在盐水中，都是漂浮状态，
所以F浮水＝F浮盐水＝G，
设密度计的底面积为S，则根据G＝F浮液＝ρ液gV浸得：
ρ水gSh1＝ρ盐水gSh2，
已知：ρ水＜ρ盐水，所以h1＞h2，
（3）由于密度计漂浮时浮力等于重力，重力不变，则浮力不变；
根据F浮＝ρ液gV排可知排开液体的体积不变，
当测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，此时V排＝V气泡+V浸，
所以，密度计浸入可乐中的体积变小，
由于密度计的刻度是越往下对应的密度越大，所以，所测的液体密度偏大。
故答案为：增加；＞；大。
【点评】密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有关问题：放入不同的液体，液体密度越大，排开体积越小。
三、解答题：本题7小题，共52分，解答24、25题时应有解题过程
21．【分析】先找到支点，再由支点向力的作用线做垂线段即为力臂。
【解答】解：
由图知，扳手拧螺丝时以O点为支点，由O点作F作用线的垂线段即为其力臂L，如图所示：
【点评】做力臂时一定要找准支点与力的作用线，力的作用线必要时可进行延长，在画出由支点到力的作用线的距离时，也注意要垂直才行。
22．【分析】利用安培定则判断出通电螺线管的NS极，在磁体的外部磁感线从N极出来，回到S极。
【解答】解：电源左侧为正极，则电流由左侧流入，根据安培定则：用右手握住螺线管，使四指所指的方向为电流的方向，则大拇指所指的右侧为N极，左侧为S极，外部磁感线由N指向S．如图所示：
【点评】安培定则的运用是此题解决的重要方法，找准判断的突破口，也就是电源的正负极是本题的关键。
23．【分析】当我们用眼睛看水中物体时，是物体所反射的光进入到了我们的眼睛，才看清物体；
光的折射规律是当光从空气斜射入水中或其他介质中时，折射光线向法线方向偏折；光从水或者其他介质斜射入空气中时，折射光线向远离法线的方向偏折。
【解答】解：由图知，碗里无水时，人眼通过碗的边缘刚好能看到空碗底部硬币的左边缘；
由题知，当碗中加满水后恰好看到硬币右边缘，说明由右边缘点射向水面的光线折射后进入了人的眼睛；
所以，作图方法为：先画出水面，与图中虚线相交点为入射点O，过O点作法线，连接硬币右边缘与O（该连线为入射光线），则O到人眼的连线为折射光线，如图所示：
【点评】本题来源于生活中的折射现象，要求能够判断出折射现象，并且会根据折射定律判断光路是否正确，重点考查学生知识应用与实践的能力。
24．【分析】（1）已知书包的质量，利用G＝mg可求得其重力；
（2）书包带对手的压力等于其重力，已知书包带与手的接触面积，利用p＝可求得书包带对手的压强。
（3）一层楼高大约3m，利用W＝Gh可求得小明上楼过程中对书包做功，再利用P＝可求得对书包做功的功率。
【解答】解：（1）书包的重力：G＝mg＝3kg×10N/kg＝30N，
（2）书包带对手的压力：F＝G＝30N，
书包带与手的接触面积：S＝10cm2＝1×10﹣3m2，
书包带对手的压强：p＝＝＝3×104Pa；
（3）一层楼高大约3m，从1楼走到3楼，上升的高度h＝2×3m＝6m，
小明上楼过程中对书包做功：W＝Gh＝30N×6m＝180J，
对书包做功的功率：P＝＝＝12W。
答：（1）书包的重力为30N。
（2）书包带对手的压强为3×104Pa。
（3）小明上楼过程中对书包做功的功率约为12W。
【点评】本题考查了重力公式、功的公式、压强公式的应用，计算时注意单位统一，属于基础题目。
25．【分析】（1）由电路图可知，闭合开关S、断开S1时，电路为R1的简单电路，根据P＝可知电饭锅功率较小，处于低温档，根据P＝UI通过R1的电流；
（2）由电路图可知，闭合开关S、S1时，R1与R2并联，电饭锅功率较大，处于高温档，高温档和低温档的差值即为R2的电功率，根据P＝求出电热丝R2的电阻；
（3）电饭锅处于低温档和高温档R1均工作，根据W＝Pt求出R1消耗的电能，消耗的总电能减去R1消耗的电能即为R2消耗的电能（注意：30min内R2不是一直工作）。
【解答】解：
（1）由电路图可知，闭合开关S、断开S1时，电路为R1的简单电路，此时电阻较大（大于并联时的总电阻），由P＝可知电饭锅的功率较小，处于低温档，
由P＝UI可知，通过R1的电流：
I1＝＝＝2A；
（2）由电路图可知，闭合开关S、S1时，R1与R2并联，此时电阻较小，电饭锅的功率较大，处于高温档，
因电路中总功率等于各用电器功率之和，
所以，R2的电功率：
P2＝P高温﹣P低温＝1100W﹣440W＝660W，
由P＝可得，电热丝R2的电阻：
R2＝＝≈73.3Ω；
（3）由题知，该电饭锅在煮饭时采用“高温”和“低温”两种方式交替加热，
电饭锅处于低温档和高温档R1均工作，
由P＝可得，R1消耗的电能：
W1＝P低温t＝440×10﹣3kW×h＝0.22kW•h，
则该过程中R2消耗的电能：
W2＝W﹣W1＝0.44kW﹣0.22kW•h＝0.22kW•h。
答：（1）通过R1的电流为2A；
（2）电热丝R2的电阻为73.3Ω；
（3）30min内R2耗耗的电能是0.22kW•h。
【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的应用，关键是分电饭锅处于不同档位时电路的连接方式，特别注意30min内R2不是一直工作。
26．【分析】（1）天平放在水平桌面上，先移动游码至标尺的零刻线处，再调平天平遵循左偏右调、右偏左调的原则；
（2）左物右码，读取天平的示数时应将砝码质量与游码示数相加；
（3）通过量筒两次的示数之差可以求出金属块的体积；
（4）金属块的密度可利用密度的公式计算得出。
【解答】解：（1）将天平放在水平台上，并将游码拨到标尺左端零刻度线处，指针向右偏，平衡螺母应该向左调节；
（2）将蜡块放在天平左盘中，乙图中蜡块的质量m＝5g+3.4g＝8.4g；
（3）蜡块的体积V＝60.0ml﹣50.0ml＝10.0ml＝10.0cm3；
（4）蜡块的密度ρ蜡块＝＝＝0.84g/cm3＝0.84×103kg/m3。
故答案为：（1）零刻线；左；（2）左；8.4；（3）10.0；（4）0.84×103。
【点评】测固体、液体的密度是初中物理《密度》部分要求掌握的实验，各有一种基本的测量方法，用到的原理是ρ＝，两种测量方法应达到理解的程度。
27．【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值﹣﹣刻度尺的分度值（或叫最小刻度值）为相邻的刻度线表示的长度；注意长度是否从0刻度线量起，起始端从0开始的，读出末端刻度值即为物体长度，同时注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
（2）从玻璃的两面都能反射光，利用光的反射现象可知能成两个像，从这个角度去分析此题。
（3）平面镜所成的像是虚像，虚像不是实际光线的会聚点，所以不会出现在光屏上。
（4）物距应该是蜡烛A到镜面的距离，像距应该是像B到镜面的距离。
（5）像与物到反射面的距离是否相等。
【解答】解：
（1）由图知：1cm之间有10个小格，所以1个小格代表的是0.1cm＝1mm，即此剩尺的分度值为1mm；
玻璃板左端与0.00cm刻度线对齐，右端与0..30cm对齐，所以玻璃板的厚度为L＝0.30cm﹣0.00cm＝0.30cm。
（2）由于像是由光的反射形成的，而玻璃的两面都能反射光，能成两个像，前面的玻璃MM′表面反射的光较多成的像较亮，后面的玻璃NN′表面由于光的反射后，物体反射的光减弱，故成的像较暗。
（3）为验证“像是虚像”的猜想，小明将一张白卡片放在棋子A像的位置，可以直接观察光屏上是否有蜡烛的像，如果有，则为实像，否则，为虚像。
（4）玻璃板的厚度为0.3cm，根据上述实验数据可知lB＞lA，即像到反射面的距离大于物到反射面的距离；
（5）实验中，像与物到反射面的距离存在差值，原因是玻璃板有一定的厚度，则提出有价值且可探究的问题为：像与物到反射面的距离存在差值与玻璃板的厚度有什么关系？
故答案为：（1）0.30；（2）MM′；（3）像；直接；（4）大于；（5）像与物到反射面的距离存在差值与玻璃板的厚度有什么关系？
【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题。只要熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易。
28．【分析】（1）连接电路时开关要断路开；
（2）根据实验目的分析；
（3）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI得出小灯泡的额定功率；
（4）由表中数据，根据串联电路的规律和欧姆定律求出变阻器连入电路的电阻与现有变阻器的电阻比较。
【解答】解：（1）图甲所示是小华正准备接入最后一根导线（图中虚线所示）时的实验电路，在器材操作上存在的不妥之处：开关是闭合的；
（2）探究小灯泡亮度与功率的关系，故表中A和B处内容是灯的功率和灯的亮度；
（3）灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，示数为2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，当电压表的示数达到额定电压时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.32A，则小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.32A＝0.8W；
（4）由表中数据，根据串联电路的规律和欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：
R滑大＝＝＝30Ω＞20Ω，即大于变阻器的最大电阻，所以（2）中表格内数据不是真实的，同意小明的观点。
故答案为：（1）开关是闭合的；（2）灯的功率；灯的亮度；（3）右；0.8；（4）同意；变阻器连入电路的电阻30Ω大于变阻器的最大电阻。
【点评】本题测量小灯泡的功率，考查注意事项、表格设计、操作过程及串联电路的规律和欧姆定律的运用。
29．【分析】（1）根据材料内容进行分析：常用的白光LED以蓝光LED为芯片，其上涂有黄色荧光粉，通电后，LED芯片发出蓝光，其中一部分照射到荧光粉上，荧光粉发出波长比蓝光长的黄光，该黄光与另一部分蓝光混合射出，人眼便感觉到白光。
（2）根据材料内容进行分析：荧光粉发出波长比蓝光长的黄光。
（3）观察图象找出在0﹣2T时间内，电流为零的时间段是不发光的时间段。
（4）在电流周期T小于人眼视觉暂留时间（约0.1s）的情形下，人眼便感觉不到灯的闪烁，根据选项求出T，然后根据电流的占空比D＝，比较电流占空比。
（5）根据材料解析：白光LED的发光强度与其通过电流的占空比成正比。人眼对亮度的感觉（即“视觉亮度”）与LED发光强度变化并不一致，当光强度均匀增大时，视觉亮度并非均匀增加。弱光时，光强增大一倍，视觉亮度的增加多于一倍；强光时，光强增大一倍，视觉亮度的增加不足一倍。
【解答】解：（1）常用的白光LED以蓝光LED为芯片，其上涂有黄色荧光粉，通电后，LED芯片发出蓝光，其中一部分照射到荧光粉上，荧光粉发出波长比蓝光长的黄光，该黄光与另一部分蓝光混合射出，人眼便感觉到白光，所以白光是黄光和蓝光混合而成的。
（2）通电后，LED芯片发出蓝光，其中一部分照射到荧光粉上，荧光粉发出波长比蓝光长的黄光，蓝光由LED芯片发出，荧光粉发出波长比蓝光长的黄光，故选项AB都错误；荧光粉发出波长比蓝光长的黄光，蓝光波长短，黄光波长长，故选项C正确，选项D错误。
故选：C。
（3）由图象知，t0～T 和 t0+T～2T 时间段，电流为零，灯泡不发光。
（4）在电流周期T小于人眼视觉暂留时间（约0.1s）的情形下，人眼便感觉不到灯的闪烁。
A． T＝2s＞0.1s，人眼会感到灯闪烁，选项错误。
B．T＝1.0s＞0.1s，人眼会感到灯闪烁，选项错误。
CD．TC＝0.1s＝0.1s，人眼不会感到灯闪烁，TD＝0.03s＜0.1s，人眼不会感到灯闪烁，
TC＝0.1s时，电流占空比：DC＝＝
TD＝0.03s时，电流占空比：DD＝
因为电流相等，DC＜DD，
因为白光LED的发光强度与其通过电流的占空比成正比，
所以当TD＝0.03s，灯的发光强度最强，
故选项C错误，选项D正确。
（5）A、白光LED的发光强度与其通过电流的占空比成正比，但是发光强度和视觉亮度不成正比，所以电流占空比和视觉亮度不成正比，如图是正比函数，故选项A错误。
BC、根据D＝，在电流周期一定时，电流越大电流占空比越大，发光越强，所以可以认为M点和N点下方都是弱光，M点和N点上方方都是强光，
如图B，M点以下是弱光，电流占空比增大，光强增大，光强增大一倍，视觉亮度的增加小于一倍；M点以上是强光，强光时，光强增大一倍，视觉亮度的增加超过一倍，图象符合和题意不符，故选项B错误。
如图，N点以下是弱光，光强增大一倍，视觉亮度的增加多于一倍；M点以上是强光，强光时，光强增大一倍，视觉亮度的增加不足一倍，图象符合要求，故选项C正确。
D、因为白光LED调光台灯共有5级亮度，当1级亮度时，电流不能为零，电流占空比不能为零，故选项D错误。
故选：C。
故答案为：（1）黄光与蓝光；（2）C；（3）t0～T；t0+T～2T；（4）D；（5）C。
【点评】这个题目是阅读材料题，没有用到物理课本的内容解题，而是利用材料中给定的结论解题，一定要仔细阅读材料。
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