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2023年四川省广元市中考物理试卷（含答案解析）
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这是一份2023年四川省广元市中考物理试卷（含答案解析），共22页。试卷主要包含了 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年四川省广元市中考物理试卷
1. 下列说法正确的是( )
A. 太阳能属于二次能源
B. 我国北斗卫星导航系统是通过电磁波传递信息的
C. 光在真空中的传播速度是340m/s
D. 英国物理学家法拉第发现了电流的磁效应
2. 在学校艺术节中，小明演唱了歌曲《我和我的祖国》，关于他在歌唱中的声现象，下列说法中不正确的是
( )
A. 歌声是由小明的声带振动产生的
B. 小明的歌声通过空气传播到同学们的耳朵
C. 小明的朋友根据音色可以判断是小明在唱歌
D. 小明唱歌时使用话筒扩音，是为了改变声音的音调
3. 某物理兴趣小组在“探究凸透镜成像规律”时，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜两侧，实验前调整好实验器材。如图所示，将蜡烛移至25cm刻度线处，移动光屏，呈现在光屏上清晰的像的特点是
( )
A. 倒立、缩小的实像 B. 正立、放大的虚像
C. 倒立、放大的实像 D. 与投影仪的成像特点相同
4. 下列关于吃火锅时发生的物理现象，说法正确的是( )
A. 火锅汤汁中的水沸腾后，持续加热，汤汁中水的温度会继续升高
B. 远处就能闻到浓浓的火锅香味，这是分子运动表现出来的扩散现象
C. 火锅汤汁上方不断冒出的“白气”是水蒸气汽化形成的
D. 增大火锅汤汁内能的方式与内燃机压缩冲程中增大燃气内能的方式相同
5. 2023年5月，在中国苏州举行的世界羽毛球苏迪曼杯决赛中，中国羽毛球队再次夺冠。下列说法中正确的是
( )
A. 羽毛球在空中运动时不受重力作用
B. 羽毛球能在空中运动是由于受到惯性力的作用
C. 运动员挥拍将羽毛球击出，说明力可以改变物体的运动状态
D. 运动员的鞋底有花纹是为了减小运动中地面对鞋底的摩擦
6. 下列关于压强知识的运用，说法不正确的是( )
A. 甲图中，火车轨道铺在枕木上，通过增大受力面积减小铁轨对地面的压强
B. 乙图中，做托里拆利实验时，玻璃管内顶端混入少量空气会使大气压的测量值变大
C. 丙图中，排水管的U 形“反水弯”是一个连通器，起到隔绝下水道异味的作用
D. 丁图中，飞机水平飞行时，机翼上方附近空气的流速大于机翼下方附近空气的流速
7. 同学们在进行研学活动时，观察到某交通路口指挥车辆通行的信号灯由红灯和绿灯组成，绿灯行，红灯停，以下是他们画出的红绿灯工作时的电路简图，你认为其中正确的是( )
A. B.
C. D.
8. 我国第三艘航空母舰“福建舰”满载时的排水量为8万吨。若满载时，“福建舰”匀速直线航行受到的阻力是自身总重力的0.01倍；如果一架舰载机飞离后，“福建舰”排开的海水体积减少4m3。则下列描述中正确的是(海水的密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg)( )
A. “福建舰”静止在海面时，水面下15m处海水的压强为4×105Pa
B. “福建舰”满载时，受到的浮力大小为8万吨
C. 飞离“福建舰”的这架舰载机的质量是4×103kg
D. 满载时，“福建舰”匀速直线航行受到的牵引力大小是8×103N
9. 电流表是电学实验中的重要仪器，如图所示是电流表的内部结构简图，将线圈置于两磁极之间，线圈上固定有一指针，有电流通过线圈时，线圈会带动指针一起偏转，线圈中电流越大，指针偏转角度越大。则电流表的工作原理与下列说法相符的是( )
A. 通电线圈在磁场中受到了力的作用 B. 同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引
C. 与发电机工作原理相同 D. 电流表工作过程中，机械能转化为电能
10. 如图所示，杠杆OBA可绕O点在竖直平面内转动，OB=2BA，在B点悬挂一个10N的重物G，在A点施加竖直向上的动力F，使杠杆OBA水平平衡(杠杆重力及摩擦均忽略不计)，下列说法正确的是( )
A. 在A点施加竖直向上的力F1时，该杠杆是费力杠杆
B. 作用在A点的力F1的大小为5N
C. 如果重物的悬挂点B向O点移动，要使杠杆水平平衡，F1应变小
D. 若将作用于A点的力F1变为图中F2，要使杠杆水平平衡，F2应小于F1
11. 图甲是一个食品自动加热台的简化电路图，此加热台单独与图乙所示的电能表相连接。闭合图甲中的开关S，加热台开始正常工作，当台内食品温度降到30℃时，温度控制开关S0自动转接，使电路处于加热状态；当台内食品温度升高到60℃时，S0自动转接到保温状态。已知定值电阻R1=24.2Ω，保温功率为484W。下列说法中不正确的是( )
A. 图甲中的S0自动转接到“2”时，电路处于保温状态
B. 图甲中定值电阻R2的阻值为75.8Ω
C. 加热台在加热状态下工作5min消耗的电能使图乙中的电能表转盘转过150转
D. 加热台自动加热时，电路中的电流小于图乙中电能表的标定电流
12. 如图甲所示的电路，电源电压不变，R1是定值电阻，通过R2的电流与R2两端的电压关系如图乙所示。当M、N都是电流表，且S1闭合、S2断开时，M的示数为0.4A，电路的总电阻为R′；当M、N都是电压表，且S1、S2都闭合时，N的示数为2V，电路的总电阻为R′′。下列说法正确的是( )
A. 电阻R1的阻值为15Ω
B. R′：R′′=6：25
C. 当M、N都是电压表，S1、S2都闭合时、R1与R2的功率之比为1：3
D. 当M、N都是电流表，只闭合S1时、M、N两表示数之比为3：5
13. 阳光照射下，嘉陵江畔树影婆娑、游鱼戏水。其中地面上树影间的光斑是由光的______ 形成的，游人看到的水中的鱼是光的折射形成的______ 像(选填“虚”或“实”)。
14. “北国风光，千里冰封，万里雪飘”是伟大领袖毛泽东在《沁园春⋅雪》中的优美词句。词句中的冰的形成过程需要______ 热，雪是水蒸气______ 形成的(填写物态变化名称)。
15. 甲、乙、丙三个带电小球，已知甲带负电，甲和乙相互吸引，乙和丙相互排斥，则丙带______ 电；通常情况下，金属、石墨、橡胶三种材料中，______ 属于绝缘体。
16. 某研学活动小组在实践活动期间，粗略测量了一农家柴火灶的热效率。同学们在柴火灶的铁锅里倒入5kg水，盖上锅盖，完全燃烧了1kg干木柴使水温从20℃升高到80℃，水吸收的热量为______ ，该柴火灶的热效率为______ 。[水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)，这种干木柴的热值是1.0×107J/kg]
17. 气凝胶是一种在航天领域广泛使用的新材料，如图所示是某种气凝胶质量与体积的关系图像，则其密度为______ kg/m3；假设建造一座宇宙空间站需使用气凝胶400m3，则这些气凝胶的质量是______ kg。
18. 如图所示是运动员在冬奥会跳台滑雪空中下落的情景，在下落过程中，运动员的重力势能逐渐______ (选填“减小”“不变”或“增大”)；若某运动员质量为60kg，在空中经1.5s下落的竖直高度为10m，则这段时间内该运动员的重力的功率是______ W。(g取10N/kg)
19. 如图所示是课外活动时，同学们设计的电子身高测量仪的电路简图，绝缘板A与滑动变阻器R2的滑片P固定在一起，且同步上下移动。已知电源电压恒为20V，定值电阻R1=30Ω，滑动变阻器的规格为“100Ω1A”，电压表的量程为0−15V，电流表的量程为0−3A。下表为R2接入电路的阻值与被测者身高的对应关系。
身高(cm)
140
145
150
155
160
165
170
175
180
185
190
R2(Ω)
0
10
20
30
40
50
60
70
80
90
100
某同学测得自己的身高为165cm，测量时通过电流表的电流为______ A；为保证电路安全工作，此测量仪测量的身高最多不能超过______ cm。
20. 如图所示，物体A静止于粗糙斜面B上，请你作出物体A对斜面B的压力F的示意图。
21. 如图所示，从S点向平面镜发出一条光线，经平面镜反射后，反射光线到达光屏上的P点，请你作出此过程的光路图(保留作图痕迹)。
22. 某实验小组用如图所示的实验装置比较a、b两种液体的吸热情况，甲、乙两装置使用规格相同的电加热器、玻璃杯、温度计，两玻璃杯内的液体质量和初温都相同。实验中记录的数据如表。
记录次数
1
2
3
4
升高的温度(℃)
5
7.5
10
12.5
加热a的时间(min)
2
3
4
5
加热b的时间(min)
1
1.5
2
2.5
(1)分析表中数据可得：质量相等的液体a和液体b，升高相同的温度，a吸收的热量______ b吸收的热量(选填“>”“=”或“<”)。
(2)本实验运用的物理学研究方法主要有______ 和转换法。
23. 某物理兴趣小组用如图所示的实验装置“测量小车运动的平均速度”。实验中，他们将小车从带刻度(分度值为1cm)的斜面顶端A点静止释放，并同时按下电子停表开始计时，图中圆圈内显示了小车位于A、B、C三点的时刻(数字分别表示“时：分：秒”)。
(1)由图中的实验数据可知，小车下滑过程中做______ 运动(选填“减速”“匀速”或“加速”)。
(2)根据图中信息，小车在下滑过程中BC段的平均速度大小是______ cm/s。
(3)如果在A点时，先释放小车，后按下停表开始计时，B、C两点都准确计时，则会使所测AB段的平均速度______ (选填“偏大”“不变”或“偏小”)。
24. 同学们“探究电流与电阻的关系”时，实验室提供的器材有：电压恒为6V的电源一个，定值电阻5个(阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω)，规格为“40Ω1A”的滑动变阻器一个，电流表、电压表、开关各一个，导线若干。
(1)同学们设计并连接了如图甲所示的实验电路，想用电压表的3V量程测量定值电阻R两端的电压，请你用笔画线代替导线，帮助他们把电压表正确连接在电路中(导线不能交叉)。
(2)他们先将R=5Ω的电阻接在图甲中a、b间，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为U0；保持滑片不动，用10Ω的电阻替换a、b间的电阻后，需将滑动变阻器的滑片P向______ (选填“左”或“右”)端移动，才能保持a、b间的电压U0不变；再依次更换a、b间电阻为15Ω、20Ω继续实验。他们根据测量数据作出了电流表示数I与a、b间电阻R阻值的关系图像，如图乙所示。由乙图可知：a、b间电压U0的值为______ V；a、b间电压一定时，通过a、b间导体的电流与导体的电阻成______ 比。
(3)当他们用25Ω的电阻替换20Ω的电阻后，发现电压表示数始终不能调为U，为继续完成此次探究，同学们一起设计了如下方案，下列方案不正确的一项是______ 。
A.将滑动变阻器更换为“50Ω1A”的滑动变阻器，其余不变
B.将电压为6V的电源更换为电压为5.2V的电源，其余不变
C.只调节滑动变阻器，使U0为2.3V
25. 如图所示，某工人利用滑轮组将一个工件沿水平地面匀速拉动到加工点。拉动过程中，工人对绳的拉力始终沿竖直方向，工人双脚始终与水平地面接触且接触面积为300cm2，工人对地面的压强为2.0×104Pa；此工人的质量为70kg，两个动滑轮的质量共为10kg，绳重、绳与滑轮之间的摩擦均忽略不计，g取10N/kg。求：
(1)工人的手对绳的拉力大小；
(2)工件移动过程中，地面对工件摩擦力的大小；
(3)滑轮组在此次工作中的机械效率。
26. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V4.2W”字样。当S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片滑到最左端时，小灯泡L正常发光，电流表示数为2.2A。求：
(1)小灯泡正常工作时的电流；
(2)R0的阻值；
(3)只闭合S1、滑动变阻器滑片滑到某一点时，电压表示数为U1，电路消耗的电功率为P1；保持滑片位置不动，只闭合S2，小灯泡L的电阻发生变化，此时电压表示数为U2，电路消耗的电功率为P2；已知U1：U2=3：4，P1：P2=3：2，求只闭合S2时小灯泡的实际功率。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.太阳能可以直接从自然界获得，都属于一次能源，故A错误；
B.我国北斗卫星导航系统是通过电磁波传递信息的，电磁波可以在真空中传播，故B正确；
C.光在真空中的传播速度是3×108m/s，故C错误；
D.奥斯特发现通电导体周围存在着磁场，英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，故D错误。
故选：B。
(1)像化石能源这样可以直接从自然界获得的能源，称为一次能源；必须通过消耗一次能源才能得到的能源叫二次能源，如电能；
(2)电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；
(3)光在真空中的传播速度是3×108m/s；
(4)奥斯特发现通电导体周围存在着磁场。
本题考查了能源的分类、电磁波的应用、光速和电磁学常识，综合性强，难度不大。
2.【答案】D
【解析】解：A、声是由小明的声带振动产生的，故A正确；
B、小明的歌声通过空气传播到同学们的耳朵，故B正确；
C、小明的朋友根据音色可以判断是小明在唱歌，故C正确；
D、小明唱歌时使用话筒扩音，是为了改变声音的响度，故D错误。
故选：D。
(1)声音是由物体的振动产生的。
(2)声音的传播需要介质。
(3)不同的人唱歌的音色不同，音色与发声体的材料和结构有关。
(4)声音的大小叫响度，响度与发声体的振幅和距离声源的远近有关。
本题主要考查了声音的产生和传播的条件；会分辨声音的音色和响度。
3.【答案】A
【解析】解：ABC、凸透镜成像规律实验，此时物距为50cm−25cm=25cm，u>2f，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，则该像是倒立、缩小的实像，故A正确，BC错误；
D、当f
凸透镜成像规律实验，u>2f，成倒立、缩小的实像；f
4.【答案】B
【解析】解：A、火锅汤汁中的水沸腾后，持续加热，汤汁中水的温度会保持不变；
B、远处就能闻到浓浓的火锅香味，这是分子运动表现出来的扩散现象，故B正确；
C、火锅汤汁上方不断冒出的“白气”是水蒸气液化形成的，故C错误；
D、增大火锅汤汁内能的方式是热传递；在内燃机的压缩冲程中，通过做功的方式将机械能转化为内能，使气缸内气体的内能增大，故D错误。
故选：B。
(1)液体在沸腾的过程中不断吸热，温度不变；
(2)一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动；
(3)物质由气态变为液态的过程叫液化；
(4)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。在内燃机的压缩冲程中，是将机械能转化为内能，使气缸内气体的内能增大。
本题主要考查学生对物态变化、分子的热运动以及改变物体内能方式的了解，是一道基础题。
5.【答案】C
【解析】解：
A、地面附近的一切物体都受到重力的作用，在空中运动的羽毛球也受重力作用，故A错误；
B、羽毛球能在空中运动是由于羽毛球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故B错误；
C、动员挥拍将羽毛球击出，说明力可以改变物体的运动状态，故C正确；
D、运动员的鞋底有花纹是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度以增大摩擦，故D错误。
故选：C。
(1)地面附近的一切物体都受到重力的作用；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(3)力的作用效果包括：力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态；
(4)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查了重力的作用、力的作用效果、增大摩擦力方法、惯性的应用等，都是生活中常见的力学现象，属基础题。
6.【答案】B
【解析】解：A、列车的钢轨要铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A正确；
B、实验中玻璃管内水银面的上方是真空，若水银面的上方有少量空气，会对水银柱产生向下的压强，使得测量结果偏小，故B错误；
C、排水管的 U 型反水弯是连通器，连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平，可以防止异味，是利用了连通器的原理，故C正确；
D、等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，所以机翼上方的流速就大于机翼前方的流速，故D正确。
故选：B。
(1)当压力一定时，受力面积越小，压强越大；受力面积越大，压强越小；
(2)玻璃管内顶端混入少量空气，会使得测量值变小；
(3)连通器的原理：连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平；
(4)流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。
本题是事例都是生活中的常用的现象，利用生活现象考查物理知识，体现物理和生活的密切关系，体现了学以致用的目的。
7.【答案】D
【解析】解：由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，绿灯行、红灯停，这说明红灯、绿灯工作时互不影响，是并联的，且每盏灯都有各自的控制开关，故D正确。
故选：D。
根据红灯、绿灯的工作方式分析电路的连接方式，然后得出答案。
本题考查了电路图的设计，知道串并联电路的特点是解题的关键。
8.【答案】C
【解析】解：A、“福建舰”静止在海面时，水面下15m处海水的压强为：p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×15m=1.5×105Pa，故A错误；
B、满载时，福建舰漂浮，受到的浮力大小等于其排开水的重力，则浮力为：F浮=G=8×104×103kg×10N/kg=8×108N，故B错误；
C、根据阿基米德原理，一架舰载机飞离“福建舰”后，则F浮′=G′，舰载机的重力G机=G−G′，则ΔF浮=F浮−F浮′=G−G′=G机，
根据F浮=ρ海gV排和G=mg可得，舰载机的质量：m机=G机g=ΔF浮g=ρ海水gΔV排g=ρ海水ΔV排=1.0×103kg/m3×4m3=4×103kg，故C正确；
D、福建舰匀速直线航行时，水平方向受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等；竖直方向受到的重力、浮力是一对平衡力，大小相等；
牵引力为：F牵=f=0.01G=0.01×8×108N=8×106N，故D错误。
故选：C。
(1)利用p=ρgh求船体受到的海水的压强；
(2)“福建舰”满载时漂浮，受到的浮力大小等于其排开水的重力；
(3)根据阿基米德原理，求出在“福建舰”上的一架舰载机的重力，再根据G=mg求出其质量；
(4)福建舰匀速直线航行时，水平方向受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等；竖直方向受到的重力、浮力是一对平衡力，大小相等，福建舰受到的浮力等于自身的重力，牵引力F=f=0.01G。
本题考查了液体压强公式、阿基米德原理、重力公式、二力平衡条件的应用等，明确排水量的含义(排开水的质量)是解答本题的关键。
9.【答案】A
【解析】解：通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，电流表工作过程中，电能转化为机械能，与发电机工作原理不相同，发电机的工作原理是电磁感应。
故选：A。
首先利用图示的装置分析出其制成原理，即通电线圈在磁场中受力转动，线圈的转动可以带动指针的偏转。
在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理；对不同测量工具的制成原理，是一个热点题型，需要重点掌握。
10.【答案】C
【解析】解：A.在A点施加竖直向上的力F1时，动力臂是OA，阻力臂是OB，动力臂大于阻力臂，该杠杆是省力杠杆，故A错误；
B.由杠杆的平衡条件可知，F1×OA=G×OB，且OA=OB+BA=3BA，即F1×3BA=G×2BA，F1=23G=23×10N≈6.7N，故B错误；
C.如果重物的悬挂点B向O点移动，则OB变小，由F1×OA=G×OB可知，OA与G大小不变，要使杠杆水平平衡，F1应变小，故C正确；
D.将作用于A点的力F1变为图中F2，动力臂会变小，由杠杆的平衡条件可知，在OB与G不变情况下，F2应大于F1，故D错误。
故选：C。
(1)动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆，动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆；
(2)根据杠杆的平衡条件计算；
(3)根据杠杆的平衡条件F1×OA=G×OB分析；
(4)将作用于A点的力F1变为图中F2，动力臂会变小，据此分析。
本题考查了杠杆的分类和杠杆平衡条件的应用，难度不大。
11.【答案】C
【解析】解：A、图甲中的S0自动转接到“2”时，两个电阻串联，根据P=U2R可知：此时电路中的电阻最大，电功率最小，电路处于保温状态，故A正确；
B、加热台保温时，两个电阻串联，总电阻为：R=U2P温=(220V)2484W=100Ω；
图甲中定值电阻R2的阻值为：R2=R−R1=100Ω−24.2Ω=75.8Ω，故B正确；
C、当开关转到“1”时，只有电阻R1接入电路，此时加热功率为：P加热=U2R1=(220V)224.2Ω=2000W；
工作5min消耗的电能为：W=P加热t=2000W×5×60s=6×105J；
图乙中的电能表转过的转数为：n=600r3.6×106J×6×105J=100r，故C错误；
D、加热台加热时的电流为：I=P加热U=2000W220V≈9.09A；小于图乙中电能表的标定电流10A，故D正确。
故选：C。
(1)根据电路连接和P=U2R进行分析。
(2)根据电路的组成和公式P=U2R进行计算。
(3)根据电功的计算公式W=Pt和电能表的参数进行计算。
(4)根据P=UI进行计算和比较。
本题主要考查了电功率的计算和电能表上各个参数的含义；会根据电功率的公式进行简单的计算。
12.【答案】D
【解析】解：A、当M、N都是电流表，且S1闭合、S2断开时，两电阻并联，电流表M测通过R2的电流，电流表N测干路电流，
由图乙可知，M的示数为0.4A，即通过R2的电流为0.4A，R2两端的电压为8V，由并联电路的电压特点可知，电源电压：U=U2并=8V，
当M、N都是电压表，且S1、S2都闭合时，两电阻串联，电压表M测电源电压，电压表N测R2两端的电压，
由图乙可知，N的示数为2V，即R2两端的电压为2V，通过R2的电流为0.2A，由串联电路的电流特点可知，此时电路中的电流：I串=I2串=0.2A，
由串联的电压特点可知，R1两端的电压：U1串=U−U2串=8V−2V=6V，
由欧姆定律可知，R1的阻值：R1=U1串I串=6V0.2A=30Ω，故A错误；
BD、两电阻并联时，通过R1的电流：I1并=UR1=8V30Ω=415A，
由并联电路的电流特点可知，干路电流：I并=I1并+I2并=0.4A+415A=23A，
则当M、N都是电流表，只闭合S1时、M、N两表示数之比：I2并I并=0.4A23A=35，故D正确；
由欧姆定律可知，两电阻并联时，电路的总电阻：R′=UI并=8V23A=12Ω，
两电阻串联时的电路的总电阻：R ′ ′=UI串=8V0.2A=40Ω，
则R′R″=12Ω40Ω=310，故B错误；
C、由串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2=R′′−R1=40Ω−30Ω=10Ω，
由P=UI=I2R可知，R1与R2的功率之比：P1P2=I串2R1I串2R2=R1R2=30Ω10Ω=31，故C错误。
故选：D。
(1)当M、N都是电流表，且S1闭合、S2断开时，两电阻并联，电流表M测通过R2的电流，电流表N测干路电流，根据M的示数利用图乙可知R2两端的电压，根据并联电路的电压特点可知电源电压；
当M、N都是电压表，且S1、S2都闭合时，两电阻串联，电压表M测电源电压，电压表N测R2两端的电压，根据N的示数利用图乙可知此时电路中的电流，根据串联的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值；
(2)根据欧姆定律求出两电阻并联时通过R1的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，进而求出M、N两表示数之比，根据欧姆定律求出两电阻并联时电路的总电阻为R′，根据欧姆定律求出两电阻串联时的电路的总电阻为R′′，进而求出R′：R′′；
(3)根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值，根据P=UI=I2R求出R1与R2的功率之比。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
13.【答案】直线传播 虚
【解析】解：地面上树影间的光斑是小孔成像，是由于光的直线传播形成的；游人看到的水中的鱼是光的折射形成的虚像。
故答案为：直线传播；虚。
地面上树影间的光斑是小孔成像，是由于光的直线传播形成的；
当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折，这种现象叫做光的折射。
本题考查光的直线传播、光的折射现象。
14.【答案】放 凝华
【解析】解：在《沁园春⋅雪》中的优美词句中的冰是由水放热凝固形成的；雪是由水蒸气放热凝华形成的。
故答案为：放；凝华。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
六种物态变化过程中，放热的有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
15.【答案】正 橡胶
【解析】解：因为甲、乙、丙三个小球都带电，甲带负电，乙与甲相互吸引，则乙带正电；丙与乙相互排斥，则丙带正电；
通常情况下，金属、石墨、橡胶三种材料中，橡胶不容易导电，属于绝缘体
故答案为：正；橡胶。
电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。
要知道自然界中只有哪两种电荷，以及它们之间的作用规律；电荷规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
16.【答案】1.26×106J12.6%
【解析】解：(1)1kg的干木柴完全燃烧放出的热量：Q放=m干木柴q干木柴=1kg×1.0×107 J/kg=1×107J；
(2)水吸收的热量是：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×5kg×(80℃−20℃)=1.26×106J；
(3)该柴火灶的效率：η=Q吸Q放×100%=1.26×106J1×107J×100%=12.6%。
故答案为：1.26×106J；12.6%。
利用Q放=mq求1kg的干木柴完全燃烧放出的热量；根据Q吸=c水m(t−t0)求水吸收的热量；根据η=Q吸Q放×100%求该柴火灶的效率。
该题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式和效率公式的应用，是一道基础题。
17.【答案】4 1600
【解析】解：由图象可知，当m=20kg时，V=5m3，该物质的密度：ρ=mV=20kg5m3=4kg/m3；
根据密度公式得，气凝胶的质量为：m=ρV=4kg/m3×400m3=1600kg。
故答案为：4；1600。
(1)在图象中读出该物质任意一点的质量和对应的体积，根据密度公式求出这种物质的密度；
(2)知道体积和密度，根据密度公式的变形式m=ρV可计算出气凝胶的质量。
本题考查了密度的计算与公式的应用，关键是根据图象读出质量和对应的体积，是一道基础题。
18.【答案】减小 4000
【解析】解：(1)在下落过程中，运动员的质量不变，高度减小，由重力势能大小的影响因素可知，运动员的重力势能逐渐减小；
(2)运动员的重力：G=mg=60kg×10N/kg=600N，
运动员的重力做的功：W=Gh=600N×10m=6000J，
运动员的重力的功率：P=Wt=6000J1.5s=4000W。
故答案为：减小；4000。
(1)影响重力势能大小的因素：物体的质量和物体所处的高度．物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大；
(2)根据G=mg求运动员的重力，利用W=Gh求运动员的重力做的功；利用P=Wt求运动员的重力的功率。
本题考查重力势能的影响因素、重力公式、功和功率公式的应用，难度不大。
19.【答案】0.25185
【解析】解：闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
由表格可知身高为165cm时，滑动变阻器接入电路的阻值为50Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I=UR1+R2=20V30Ω+50Ω=025A；
电压表的量程为0−15V，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压最大为15V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，被测身高最高，
串联电路总电压等于各部分电压之和，此时定值电阻两端的电压U1=U−U2=20V−15V=5V，
串联电路各处电流相等，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I′=U0R0=5V30Ω=16A，
此时滑动变阻器接入电路的最大阻值：R2′=U2I′=15V16A=90Ω，
由表格可知此时测量的身高为185cm。
故答案为：0.25；185。
闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
由表格可知身高为165cm时滑动变阻器接入电路的阻值，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流；
电压表的量程为0−15V，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压最大为15V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，被测身高最高，
根据串联电路电压规律计算此时定值电阻两端的电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算此时通过电路的电流，根据欧姆定律计算此时滑动变阻器接入电路的最大阻值，由表格可知此时测量的身高。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，属于基础题。
20.【答案】解：在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画一条垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F；如图所示：
【解析】压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。
本题的关键是确定压力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。
21.【答案】解：作出发光点S关于平面镜的对称点，即为像点S′，连接S′P交平面镜于点O，则O为入射点，沿OP画出反射光线，连接SO画出入射光线，如图所示：
。
【解析】利用平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，作出发光点S的像S′，根据反射光线反向延长通过像点，可以由像点S′和P点确定反射光线所在的直线，从而画出反射光线，并确定入射点，最后由发光点S和入射点画出入射光线，从而完成光路图。
本题考查了根据平面镜成像规律画光的反射光路图，平面镜成像时，物和像是关于平面镜对称的，反射光线好像是从虚像上发出的。
22.【答案】>控制变量法
【解析】解：(1)从题中和表中信息可知，两玻璃杯内的液体质量和初温都相同，a、b升高相同的温度时，a加热的时间要长一些，故a吸收的热量大于b吸收的热量；
(2)本实验用了控制变量法和转换法。
故答案为：(1)>；(2)控制变量法。
根据表中数据判断它们升高相同温度时吸收的热量。
本题考查了不同物质的吸热能力的实验，属于基础题。
23.【答案】加速 50.0偏大
【解析】解：(1)(2)根据实验原理v=st计算平均速度；
由图可知AB段的路程为sAB=4.00dm=40.0cm，AB段的时间为tAB=2s，
AB段的平均速度为：vAB=sABtAB=40.0cm2s=20.0cm/s；
BC段的路程为sBC=6.00dm−1.00dm=5.00dm=50.0cm，BC段的时间为tBC=1s，
则BC段的平均速度为：vBC=sBCtBC=50.0cm1s=50.0cm/s，
由图中的实验数据可知，小车下滑过程中做加速运动；
(3)如果在A点时，先释放小车，后按下停表开始计时，则计时晚了，时间变短，会使所测AB段的平均速度vAB偏大。
故答案为：(1)加速；(2)50.0；(3)偏大。
解：(1)(2)根据实验原理v=st计算平均速度；
(3)如果在A点时，先释放小车，后按下停表开始计时，则计时晚了，时间变短，根据v=st分析.
本题考查了测量小车在斜面的平均速度的实验，从图中读取相关信息是解题的关键。
24.【答案】右 2 反 C
【解析】解：(1)电压表与定值电阻并联接入电路，注意接线柱正进负出，由图乙可知控制电压为2V，正接线柱选择“3“接线柱，如下图所示：
(2)实验中，用10Ω的电阻替换5Ω，根据分压原理，电阻两端的电压变大，即电压表示数变大；研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大变阻器两端的电压，由分压原理，要增大变阻器电阻阻值，故应向右移动滑片才能达到实验要求；
根据图乙所示的图象可知，a、b两端的电压为：U=IR=0.4A×5Ω=---=0.1A×20Ω=2V，为一定值，
故可得出：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(3)A、由图可知，电源电压为6V，定值电阻两端电压为2V，滑动变阻器两端电压为4V，根据串联分压原理得R定：R变=UV：U变=2V：4V=1：2，滑动变阻器的阻值是定值电阻的2倍，当他们用25Ω的电阻替换20Ω的电阻后，则解得R变=50Ω，如果只更换滑动变阻器，则更换的滑动变阻器最大阻值至少为50Ω，因此该方法可行，故A不符合题意；
B、如果重新开始实验，只更换电源，将电压为6V的电源更换为电压为5.2V的电源，定值电阻两端电压保持不变为2V，滑动变阻器两端电压为3.2V，根据串联分压原理得R定：R变=UV：U变=2V：3.2V=1：1.6，滑动变阻器的阻值是定值电阻的1.6倍，当他们用25Ω的电阻替换20Ω的电阻后，则解得R变=40Ω，因此该方法可行，故B不符合题意；
C、如果重新开始实验，只改变控制电压U0，使U0为2.3V，电源电压为6V，定值电阻两端电压为2.3V，滑动变阻器两端电压为3.7V，根据串联分压原理得R定：R变=UV：U变=2.3V：3.7V=23：37，滑动变阻器的阻值是定值电阻的3723倍，当他们用25Ω的电阻替换20Ω的电阻后，则解得R变=25Ω×3723≈40.2Ω，因此该方法不可行，故C不正确，符合题意。
故答案为：(1)如上图所示；(2)右；2；反；(3)C。
(1)电压表与定值电阻并联接入电路，注意接线柱正进负出；
(2)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定变阻器滑片移动的方向；根据图乙求出电流与电阻之积，据此分析；
(3)逐项分析设计的方案。
本题探究电流与电阻的关系，考查了电路连接、实验操作，同时考查了研究电流与电阻关系中控制变量法的应用，特别是最后一问难度较大。
25.【答案】解：(1)工人的重力：G=mg=70kg×10N/kg=700N，
由p=FS可知，工人对地面的压力：F压=pS=2.0×104Pa×300×10−4m2=600N，
由力的作用是相互的可知，工人受到的支持力：F支=F压=600N，
由力的平衡条件可知，工人的手对绳的拉力：F=G−F支=700N−600N=100N；
(2)两个动滑轮的重力：G动=m动g=10kg×10N/kg=100N，
由图可知n=4，因为不计绳重和摩擦时F=1n(f+G动)，所以地面对工件摩擦力：f=nF−G动=4×100N−100N=300N；
(3)滑轮组的机械效率：η=W有W总=fs物Fs=fs物Fns物=fnF=300N4×100N×100%=75%。
答：(1)工人的手对绳的拉力大小为100N；
(2)工件移动过程中，地面对工件摩擦力为300N；
(3)滑轮组在此次工作中的机械效率为75%。
【解析】(1)根据G=mg求工人的重力，根据p=FS求工人对地面的压力，根据力的作用是相互的求出工人受到的支持力，根据力的平衡条件求出工人的手对绳的拉力大小；
(2)根据G=mg求两个动滑轮的重力，由图可知n=4，利用不计绳重和摩擦时F=1n(f+G动)求地面对工件摩擦力；
(3)利用η=W有W总=fs物Fs=fs物Fns物=fnF求滑轮组的机械效率。
本题考查力的平衡条件、重力公式、压强定义式、使用滑轮组时绳子自由端的拉力公式和机械效率公式的应用，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
26.【答案】解：(1)小灯泡L标有“6V4.2W”字样，小灯泡正常工作时的电流：IL=PLUL=4.2W6V=0.7A；
(2)当S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片滑到最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，灯泡和定值电阻并联接入电路，电压表测电压电压，电流表测干路电流，并联电路各支路两端电压相等，小灯泡L正常发光，所以电源电压为6V，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，电流表示数为2.2A，则通过定值电阻的电流：I0=I−IL=2.2A−0.7A=1.5A，
根据欧姆定律可得定值电阻的阻值：R0=UI0=6V1.5A=4Ω；
(3)只闭合S1、定值电阻和滑动变阻器串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，
滑动变阻器滑片滑到某一点时，电压表示数为U1，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流电路消耗的电功率为P1；
只闭合S2，小灯泡L的电阻发生变化，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测灯泡两端电压，
保持滑片位置不动，此时电压表示数为U2，电路消耗的电功率为P2；
已知P1：P2=3：2，根据P=UI可知I1：I2=3：2，设I1=3I′，I2=2I′，
已知U1：U2=3：4，设U1=3U′，U2=4U′，
根据欧姆定律可得此时定值电阻和灯泡的电阻之比：R0RL=U1I1U2I2=3U′3I′4U′2I′=12，
则RL=2R0=2×4Ω=8Ω，
滑动变阻器接入电路的阻值不变，设滑动变阻器接入电路的阻值为R，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得UR0+RURL+R=32，即6V4Ω+R6V8Ω+R=32，解方程可得R=4Ω，
则I2=URL+R=6V8Ω+4Ω=0.5A，
则只闭合S2时小灯泡的实际功率：P=I22RL=(0.5A)2×8Ω=2W。
答：(1)小灯泡正常工作时的电流为0.7A；
(2)R0的阻值为4Ω；
(3)只闭合S2时小灯泡的实际功率为2W。
【解析】(1)小灯泡L标有“6V4.2W”字样，根据P=UI计算小灯泡正常工作时的电流；
(2)当S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片滑到最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，灯泡和定值电阻并联接入电路，电压表测电压电压，电流表测干路电流，根据并联电路电压特点可知小灯泡L正常发光时的电压即电源电压，
根据并联电路电流干路计算通过定值电阻的电流，根据欧姆定律计算定值电阻的阻值；
(3)只闭合S1、定值电阻和滑动变阻器串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，
滑动变阻器滑片滑到某一点时，电压表示数为U1，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流电路消耗的电功率为P1；
只闭合S2，小灯泡L的电阻发生变化，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测灯泡两端电压，
保持滑片位置不动，此时电压表示数为U2，电路消耗的电功率为P2；
已知U1：U2=3：4，P1：P2=3：2，根据P=UI计算I1：I2，
根据欧姆定律计算此时定值电阻和灯泡的电阻之比，进一步计算此时灯泡的电阻，
滑动变阻器接入电路的阻值不变，设滑动变阻器接入电路的阻值为R，根据串联电路电阻干路结合欧姆定律列方程可得R，进一步计算I2，根据P=I2R计算只闭合S2时小灯泡的实际功率。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，有一定难度。
2023年四川省广元市中考物理试卷
1. 下列说法正确的是( )
A. 太阳能属于二次能源
B. 我国北斗卫星导航系统是通过电磁波传递信息的
C. 光在真空中的传播速度是340m/s
D. 英国物理学家法拉第发现了电流的磁效应
2. 在学校艺术节中，小明演唱了歌曲《我和我的祖国》，关于他在歌唱中的声现象，下列说法中不正确的是
( )
A. 歌声是由小明的声带振动产生的
B. 小明的歌声通过空气传播到同学们的耳朵
C. 小明的朋友根据音色可以判断是小明在唱歌
D. 小明唱歌时使用话筒扩音，是为了改变声音的音调
3. 某物理兴趣小组在“探究凸透镜成像规律”时，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜两侧，实验前调整好实验器材。如图所示，将蜡烛移至25cm刻度线处，移动光屏，呈现在光屏上清晰的像的特点是
( )
A. 倒立、缩小的实像 B. 正立、放大的虚像
C. 倒立、放大的实像 D. 与投影仪的成像特点相同
4. 下列关于吃火锅时发生的物理现象，说法正确的是( )
A. 火锅汤汁中的水沸腾后，持续加热，汤汁中水的温度会继续升高
B. 远处就能闻到浓浓的火锅香味，这是分子运动表现出来的扩散现象
C. 火锅汤汁上方不断冒出的“白气”是水蒸气汽化形成的
D. 增大火锅汤汁内能的方式与内燃机压缩冲程中增大燃气内能的方式相同
5. 2023年5月，在中国苏州举行的世界羽毛球苏迪曼杯决赛中，中国羽毛球队再次夺冠。下列说法中正确的是
( )
A. 羽毛球在空中运动时不受重力作用
B. 羽毛球能在空中运动是由于受到惯性力的作用
C. 运动员挥拍将羽毛球击出，说明力可以改变物体的运动状态
D. 运动员的鞋底有花纹是为了减小运动中地面对鞋底的摩擦
6. 下列关于压强知识的运用，说法不正确的是( )
A. 甲图中，火车轨道铺在枕木上，通过增大受力面积减小铁轨对地面的压强
B. 乙图中，做托里拆利实验时，玻璃管内顶端混入少量空气会使大气压的测量值变大
C. 丙图中，排水管的U 形“反水弯”是一个连通器，起到隔绝下水道异味的作用
D. 丁图中，飞机水平飞行时，机翼上方附近空气的流速大于机翼下方附近空气的流速
7. 同学们在进行研学活动时，观察到某交通路口指挥车辆通行的信号灯由红灯和绿灯组成，绿灯行，红灯停，以下是他们画出的红绿灯工作时的电路简图，你认为其中正确的是( )
A. B.
C. D.
8. 我国第三艘航空母舰“福建舰”满载时的排水量为8万吨。若满载时，“福建舰”匀速直线航行受到的阻力是自身总重力的0.01倍；如果一架舰载机飞离后，“福建舰”排开的海水体积减少4m3。则下列描述中正确的是(海水的密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg)( )
A. “福建舰”静止在海面时，水面下15m处海水的压强为4×105Pa
B. “福建舰”满载时，受到的浮力大小为8万吨
C. 飞离“福建舰”的这架舰载机的质量是4×103kg
D. 满载时，“福建舰”匀速直线航行受到的牵引力大小是8×103N
9. 电流表是电学实验中的重要仪器，如图所示是电流表的内部结构简图，将线圈置于两磁极之间，线圈上固定有一指针，有电流通过线圈时，线圈会带动指针一起偏转，线圈中电流越大，指针偏转角度越大。则电流表的工作原理与下列说法相符的是( )
A. 通电线圈在磁场中受到了力的作用 B. 同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引
C. 与发电机工作原理相同 D. 电流表工作过程中，机械能转化为电能
10. 如图所示，杠杆OBA可绕O点在竖直平面内转动，OB=2BA，在B点悬挂一个10N的重物G，在A点施加竖直向上的动力F，使杠杆OBA水平平衡(杠杆重力及摩擦均忽略不计)，下列说法正确的是( )
A. 在A点施加竖直向上的力F1时，该杠杆是费力杠杆
B. 作用在A点的力F1的大小为5N
C. 如果重物的悬挂点B向O点移动，要使杠杆水平平衡，F1应变小
D. 若将作用于A点的力F1变为图中F2，要使杠杆水平平衡，F2应小于F1
11. 图甲是一个食品自动加热台的简化电路图，此加热台单独与图乙所示的电能表相连接。闭合图甲中的开关S，加热台开始正常工作，当台内食品温度降到30℃时，温度控制开关S0自动转接，使电路处于加热状态；当台内食品温度升高到60℃时，S0自动转接到保温状态。已知定值电阻R1=24.2Ω，保温功率为484W。下列说法中不正确的是( )
A. 图甲中的S0自动转接到“2”时，电路处于保温状态
B. 图甲中定值电阻R2的阻值为75.8Ω
C. 加热台在加热状态下工作5min消耗的电能使图乙中的电能表转盘转过150转
D. 加热台自动加热时，电路中的电流小于图乙中电能表的标定电流
12. 如图甲所示的电路，电源电压不变，R1是定值电阻，通过R2的电流与R2两端的电压关系如图乙所示。当M、N都是电流表，且S1闭合、S2断开时，M的示数为0.4A，电路的总电阻为R′；当M、N都是电压表，且S1、S2都闭合时，N的示数为2V，电路的总电阻为R′′。下列说法正确的是( )
A. 电阻R1的阻值为15Ω
B. R′：R′′=6：25
C. 当M、N都是电压表，S1、S2都闭合时、R1与R2的功率之比为1：3
D. 当M、N都是电流表，只闭合S1时、M、N两表示数之比为3：5
13. 阳光照射下，嘉陵江畔树影婆娑、游鱼戏水。其中地面上树影间的光斑是由光的______ 形成的，游人看到的水中的鱼是光的折射形成的______ 像(选填“虚”或“实”)。
14. “北国风光，千里冰封，万里雪飘”是伟大领袖毛泽东在《沁园春⋅雪》中的优美词句。词句中的冰的形成过程需要______ 热，雪是水蒸气______ 形成的(填写物态变化名称)。
15. 甲、乙、丙三个带电小球，已知甲带负电，甲和乙相互吸引，乙和丙相互排斥，则丙带______ 电；通常情况下，金属、石墨、橡胶三种材料中，______ 属于绝缘体。
16. 某研学活动小组在实践活动期间，粗略测量了一农家柴火灶的热效率。同学们在柴火灶的铁锅里倒入5kg水，盖上锅盖，完全燃烧了1kg干木柴使水温从20℃升高到80℃，水吸收的热量为______ ，该柴火灶的热效率为______ 。[水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)，这种干木柴的热值是1.0×107J/kg]
17. 气凝胶是一种在航天领域广泛使用的新材料，如图所示是某种气凝胶质量与体积的关系图像，则其密度为______ kg/m3；假设建造一座宇宙空间站需使用气凝胶400m3，则这些气凝胶的质量是______ kg。
18. 如图所示是运动员在冬奥会跳台滑雪空中下落的情景，在下落过程中，运动员的重力势能逐渐______ (选填“减小”“不变”或“增大”)；若某运动员质量为60kg，在空中经1.5s下落的竖直高度为10m，则这段时间内该运动员的重力的功率是______ W。(g取10N/kg)
19. 如图所示是课外活动时，同学们设计的电子身高测量仪的电路简图，绝缘板A与滑动变阻器R2的滑片P固定在一起，且同步上下移动。已知电源电压恒为20V，定值电阻R1=30Ω，滑动变阻器的规格为“100Ω1A”，电压表的量程为0−15V，电流表的量程为0−3A。下表为R2接入电路的阻值与被测者身高的对应关系。
身高(cm)
140
145
150
155
160
165
170
175
180
185
190
R2(Ω)
0
10
20
30
40
50
60
70
80
90
100
某同学测得自己的身高为165cm，测量时通过电流表的电流为______ A；为保证电路安全工作，此测量仪测量的身高最多不能超过______ cm。
20. 如图所示，物体A静止于粗糙斜面B上，请你作出物体A对斜面B的压力F的示意图。
21. 如图所示，从S点向平面镜发出一条光线，经平面镜反射后，反射光线到达光屏上的P点，请你作出此过程的光路图(保留作图痕迹)。
22. 某实验小组用如图所示的实验装置比较a、b两种液体的吸热情况，甲、乙两装置使用规格相同的电加热器、玻璃杯、温度计，两玻璃杯内的液体质量和初温都相同。实验中记录的数据如表。
记录次数
1
2
3
4
升高的温度(℃)
5
7.5
10
12.5
加热a的时间(min)
2
3
4
5
加热b的时间(min)
1
1.5
2
2.5
(1)分析表中数据可得：质量相等的液体a和液体b，升高相同的温度，a吸收的热量______ b吸收的热量(选填“>”“=”或“<”)。
(2)本实验运用的物理学研究方法主要有______ 和转换法。
23. 某物理兴趣小组用如图所示的实验装置“测量小车运动的平均速度”。实验中，他们将小车从带刻度(分度值为1cm)的斜面顶端A点静止释放，并同时按下电子停表开始计时，图中圆圈内显示了小车位于A、B、C三点的时刻(数字分别表示“时：分：秒”)。
(1)由图中的实验数据可知，小车下滑过程中做______ 运动(选填“减速”“匀速”或“加速”)。
(2)根据图中信息，小车在下滑过程中BC段的平均速度大小是______ cm/s。
(3)如果在A点时，先释放小车，后按下停表开始计时，B、C两点都准确计时，则会使所测AB段的平均速度______ (选填“偏大”“不变”或“偏小”)。
24. 同学们“探究电流与电阻的关系”时，实验室提供的器材有：电压恒为6V的电源一个，定值电阻5个(阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω)，规格为“40Ω1A”的滑动变阻器一个，电流表、电压表、开关各一个，导线若干。
(1)同学们设计并连接了如图甲所示的实验电路，想用电压表的3V量程测量定值电阻R两端的电压，请你用笔画线代替导线，帮助他们把电压表正确连接在电路中(导线不能交叉)。
(2)他们先将R=5Ω的电阻接在图甲中a、b间，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为U0；保持滑片不动，用10Ω的电阻替换a、b间的电阻后，需将滑动变阻器的滑片P向______ (选填“左”或“右”)端移动，才能保持a、b间的电压U0不变；再依次更换a、b间电阻为15Ω、20Ω继续实验。他们根据测量数据作出了电流表示数I与a、b间电阻R阻值的关系图像，如图乙所示。由乙图可知：a、b间电压U0的值为______ V；a、b间电压一定时，通过a、b间导体的电流与导体的电阻成______ 比。
(3)当他们用25Ω的电阻替换20Ω的电阻后，发现电压表示数始终不能调为U，为继续完成此次探究，同学们一起设计了如下方案，下列方案不正确的一项是______ 。
A.将滑动变阻器更换为“50Ω1A”的滑动变阻器，其余不变
B.将电压为6V的电源更换为电压为5.2V的电源，其余不变
C.只调节滑动变阻器，使U0为2.3V
25. 如图所示，某工人利用滑轮组将一个工件沿水平地面匀速拉动到加工点。拉动过程中，工人对绳的拉力始终沿竖直方向，工人双脚始终与水平地面接触且接触面积为300cm2，工人对地面的压强为2.0×104Pa；此工人的质量为70kg，两个动滑轮的质量共为10kg，绳重、绳与滑轮之间的摩擦均忽略不计，g取10N/kg。求：
(1)工人的手对绳的拉力大小；
(2)工件移动过程中，地面对工件摩擦力的大小；
(3)滑轮组在此次工作中的机械效率。
26. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V4.2W”字样。当S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片滑到最左端时，小灯泡L正常发光，电流表示数为2.2A。求：
(1)小灯泡正常工作时的电流；
(2)R0的阻值；
(3)只闭合S1、滑动变阻器滑片滑到某一点时，电压表示数为U1，电路消耗的电功率为P1；保持滑片位置不动，只闭合S2，小灯泡L的电阻发生变化，此时电压表示数为U2，电路消耗的电功率为P2；已知U1：U2=3：4，P1：P2=3：2，求只闭合S2时小灯泡的实际功率。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.太阳能可以直接从自然界获得，都属于一次能源，故A错误；
B.我国北斗卫星导航系统是通过电磁波传递信息的，电磁波可以在真空中传播，故B正确；
C.光在真空中的传播速度是3×108m/s，故C错误；
D.奥斯特发现通电导体周围存在着磁场，英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，故D错误。
故选：B。
(1)像化石能源这样可以直接从自然界获得的能源，称为一次能源；必须通过消耗一次能源才能得到的能源叫二次能源，如电能；
(2)电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；
(3)光在真空中的传播速度是3×108m/s；
(4)奥斯特发现通电导体周围存在着磁场。
本题考查了能源的分类、电磁波的应用、光速和电磁学常识，综合性强，难度不大。
2.【答案】D
【解析】解：A、声是由小明的声带振动产生的，故A正确；
B、小明的歌声通过空气传播到同学们的耳朵，故B正确；
C、小明的朋友根据音色可以判断是小明在唱歌，故C正确；
D、小明唱歌时使用话筒扩音，是为了改变声音的响度，故D错误。
故选：D。
(1)声音是由物体的振动产生的。
(2)声音的传播需要介质。
(3)不同的人唱歌的音色不同，音色与发声体的材料和结构有关。
(4)声音的大小叫响度，响度与发声体的振幅和距离声源的远近有关。
本题主要考查了声音的产生和传播的条件；会分辨声音的音色和响度。
3.【答案】A
【解析】解：ABC、凸透镜成像规律实验，此时物距为50cm−25cm=25cm，u>2f，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，则该像是倒立、缩小的实像，故A正确，BC错误；
D、当f
凸透镜成像规律实验，u>2f，成倒立、缩小的实像；f
4.【答案】B
【解析】解：A、火锅汤汁中的水沸腾后，持续加热，汤汁中水的温度会保持不变；
B、远处就能闻到浓浓的火锅香味，这是分子运动表现出来的扩散现象，故B正确；
C、火锅汤汁上方不断冒出的“白气”是水蒸气液化形成的，故C错误；
D、增大火锅汤汁内能的方式是热传递；在内燃机的压缩冲程中，通过做功的方式将机械能转化为内能，使气缸内气体的内能增大，故D错误。
故选：B。
(1)液体在沸腾的过程中不断吸热，温度不变；
(2)一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动；
(3)物质由气态变为液态的过程叫液化；
(4)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。在内燃机的压缩冲程中，是将机械能转化为内能，使气缸内气体的内能增大。
本题主要考查学生对物态变化、分子的热运动以及改变物体内能方式的了解，是一道基础题。
5.【答案】C
【解析】解：
A、地面附近的一切物体都受到重力的作用，在空中运动的羽毛球也受重力作用，故A错误；
B、羽毛球能在空中运动是由于羽毛球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故B错误；
C、动员挥拍将羽毛球击出，说明力可以改变物体的运动状态，故C正确；
D、运动员的鞋底有花纹是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度以增大摩擦，故D错误。
故选：C。
(1)地面附近的一切物体都受到重力的作用；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(3)力的作用效果包括：力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态；
(4)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查了重力的作用、力的作用效果、增大摩擦力方法、惯性的应用等，都是生活中常见的力学现象，属基础题。
6.【答案】B
【解析】解：A、列车的钢轨要铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A正确；
B、实验中玻璃管内水银面的上方是真空，若水银面的上方有少量空气，会对水银柱产生向下的压强，使得测量结果偏小，故B错误；
C、排水管的 U 型反水弯是连通器，连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平，可以防止异味，是利用了连通器的原理，故C正确；
D、等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，所以机翼上方的流速就大于机翼前方的流速，故D正确。
故选：B。
(1)当压力一定时，受力面积越小，压强越大；受力面积越大，压强越小；
(2)玻璃管内顶端混入少量空气，会使得测量值变小；
(3)连通器的原理：连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平；
(4)流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。
本题是事例都是生活中的常用的现象，利用生活现象考查物理知识，体现物理和生活的密切关系，体现了学以致用的目的。
7.【答案】D
【解析】解：由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，绿灯行、红灯停，这说明红灯、绿灯工作时互不影响，是并联的，且每盏灯都有各自的控制开关，故D正确。
故选：D。
根据红灯、绿灯的工作方式分析电路的连接方式，然后得出答案。
本题考查了电路图的设计，知道串并联电路的特点是解题的关键。
8.【答案】C
【解析】解：A、“福建舰”静止在海面时，水面下15m处海水的压强为：p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×15m=1.5×105Pa，故A错误；
B、满载时，福建舰漂浮，受到的浮力大小等于其排开水的重力，则浮力为：F浮=G=8×104×103kg×10N/kg=8×108N，故B错误；
C、根据阿基米德原理，一架舰载机飞离“福建舰”后，则F浮′=G′，舰载机的重力G机=G−G′，则ΔF浮=F浮−F浮′=G−G′=G机，
根据F浮=ρ海gV排和G=mg可得，舰载机的质量：m机=G机g=ΔF浮g=ρ海水gΔV排g=ρ海水ΔV排=1.0×103kg/m3×4m3=4×103kg，故C正确；
D、福建舰匀速直线航行时，水平方向受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等；竖直方向受到的重力、浮力是一对平衡力，大小相等；
牵引力为：F牵=f=0.01G=0.01×8×108N=8×106N，故D错误。
故选：C。
(1)利用p=ρgh求船体受到的海水的压强；
(2)“福建舰”满载时漂浮，受到的浮力大小等于其排开水的重力；
(3)根据阿基米德原理，求出在“福建舰”上的一架舰载机的重力，再根据G=mg求出其质量；
(4)福建舰匀速直线航行时，水平方向受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等；竖直方向受到的重力、浮力是一对平衡力，大小相等，福建舰受到的浮力等于自身的重力，牵引力F=f=0.01G。
本题考查了液体压强公式、阿基米德原理、重力公式、二力平衡条件的应用等，明确排水量的含义(排开水的质量)是解答本题的关键。
9.【答案】A
【解析】解：通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，电流表工作过程中，电能转化为机械能，与发电机工作原理不相同，发电机的工作原理是电磁感应。
故选：A。
首先利用图示的装置分析出其制成原理，即通电线圈在磁场中受力转动，线圈的转动可以带动指针的偏转。
在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理；对不同测量工具的制成原理，是一个热点题型，需要重点掌握。
10.【答案】C
【解析】解：A.在A点施加竖直向上的力F1时，动力臂是OA，阻力臂是OB，动力臂大于阻力臂，该杠杆是省力杠杆，故A错误；
B.由杠杆的平衡条件可知，F1×OA=G×OB，且OA=OB+BA=3BA，即F1×3BA=G×2BA，F1=23G=23×10N≈6.7N，故B错误；
C.如果重物的悬挂点B向O点移动，则OB变小，由F1×OA=G×OB可知，OA与G大小不变，要使杠杆水平平衡，F1应变小，故C正确；
D.将作用于A点的力F1变为图中F2，动力臂会变小，由杠杆的平衡条件可知，在OB与G不变情况下，F2应大于F1，故D错误。
故选：C。
(1)动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆，动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆；
(2)根据杠杆的平衡条件计算；
(3)根据杠杆的平衡条件F1×OA=G×OB分析；
(4)将作用于A点的力F1变为图中F2，动力臂会变小，据此分析。
本题考查了杠杆的分类和杠杆平衡条件的应用，难度不大。
11.【答案】C
【解析】解：A、图甲中的S0自动转接到“2”时，两个电阻串联，根据P=U2R可知：此时电路中的电阻最大，电功率最小，电路处于保温状态，故A正确；
B、加热台保温时，两个电阻串联，总电阻为：R=U2P温=(220V)2484W=100Ω；
图甲中定值电阻R2的阻值为：R2=R−R1=100Ω−24.2Ω=75.8Ω，故B正确；
C、当开关转到“1”时，只有电阻R1接入电路，此时加热功率为：P加热=U2R1=(220V)224.2Ω=2000W；
工作5min消耗的电能为：W=P加热t=2000W×5×60s=6×105J；
图乙中的电能表转过的转数为：n=600r3.6×106J×6×105J=100r，故C错误；
D、加热台加热时的电流为：I=P加热U=2000W220V≈9.09A；小于图乙中电能表的标定电流10A，故D正确。
故选：C。
(1)根据电路连接和P=U2R进行分析。
(2)根据电路的组成和公式P=U2R进行计算。
(3)根据电功的计算公式W=Pt和电能表的参数进行计算。
(4)根据P=UI进行计算和比较。
本题主要考查了电功率的计算和电能表上各个参数的含义；会根据电功率的公式进行简单的计算。
12.【答案】D
【解析】解：A、当M、N都是电流表，且S1闭合、S2断开时，两电阻并联，电流表M测通过R2的电流，电流表N测干路电流，
由图乙可知，M的示数为0.4A，即通过R2的电流为0.4A，R2两端的电压为8V，由并联电路的电压特点可知，电源电压：U=U2并=8V，
当M、N都是电压表，且S1、S2都闭合时，两电阻串联，电压表M测电源电压，电压表N测R2两端的电压，
由图乙可知，N的示数为2V，即R2两端的电压为2V，通过R2的电流为0.2A，由串联电路的电流特点可知，此时电路中的电流：I串=I2串=0.2A，
由串联的电压特点可知，R1两端的电压：U1串=U−U2串=8V−2V=6V，
由欧姆定律可知，R1的阻值：R1=U1串I串=6V0.2A=30Ω，故A错误；
BD、两电阻并联时，通过R1的电流：I1并=UR1=8V30Ω=415A，
由并联电路的电流特点可知，干路电流：I并=I1并+I2并=0.4A+415A=23A，
则当M、N都是电流表，只闭合S1时、M、N两表示数之比：I2并I并=0.4A23A=35，故D正确；
由欧姆定律可知，两电阻并联时，电路的总电阻：R′=UI并=8V23A=12Ω，
两电阻串联时的电路的总电阻：R ′ ′=UI串=8V0.2A=40Ω，
则R′R″=12Ω40Ω=310，故B错误；
C、由串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2=R′′−R1=40Ω−30Ω=10Ω，
由P=UI=I2R可知，R1与R2的功率之比：P1P2=I串2R1I串2R2=R1R2=30Ω10Ω=31，故C错误。
故选：D。
(1)当M、N都是电流表，且S1闭合、S2断开时，两电阻并联，电流表M测通过R2的电流，电流表N测干路电流，根据M的示数利用图乙可知R2两端的电压，根据并联电路的电压特点可知电源电压；
当M、N都是电压表，且S1、S2都闭合时，两电阻串联，电压表M测电源电压，电压表N测R2两端的电压，根据N的示数利用图乙可知此时电路中的电流，根据串联的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值；
(2)根据欧姆定律求出两电阻并联时通过R1的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，进而求出M、N两表示数之比，根据欧姆定律求出两电阻并联时电路的总电阻为R′，根据欧姆定律求出两电阻串联时的电路的总电阻为R′′，进而求出R′：R′′；
(3)根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值，根据P=UI=I2R求出R1与R2的功率之比。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
13.【答案】直线传播 虚
【解析】解：地面上树影间的光斑是小孔成像，是由于光的直线传播形成的；游人看到的水中的鱼是光的折射形成的虚像。
故答案为：直线传播；虚。
地面上树影间的光斑是小孔成像，是由于光的直线传播形成的；
当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折，这种现象叫做光的折射。
本题考查光的直线传播、光的折射现象。
14.【答案】放 凝华
【解析】解：在《沁园春⋅雪》中的优美词句中的冰是由水放热凝固形成的；雪是由水蒸气放热凝华形成的。
故答案为：放；凝华。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
六种物态变化过程中，放热的有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
15.【答案】正 橡胶
【解析】解：因为甲、乙、丙三个小球都带电，甲带负电，乙与甲相互吸引，则乙带正电；丙与乙相互排斥，则丙带正电；
通常情况下，金属、石墨、橡胶三种材料中，橡胶不容易导电，属于绝缘体
故答案为：正；橡胶。
电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。
要知道自然界中只有哪两种电荷，以及它们之间的作用规律；电荷规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
16.【答案】1.26×106J12.6%
【解析】解：(1)1kg的干木柴完全燃烧放出的热量：Q放=m干木柴q干木柴=1kg×1.0×107 J/kg=1×107J；
(2)水吸收的热量是：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×5kg×(80℃−20℃)=1.26×106J；
(3)该柴火灶的效率：η=Q吸Q放×100%=1.26×106J1×107J×100%=12.6%。
故答案为：1.26×106J；12.6%。
利用Q放=mq求1kg的干木柴完全燃烧放出的热量；根据Q吸=c水m(t−t0)求水吸收的热量；根据η=Q吸Q放×100%求该柴火灶的效率。
该题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式和效率公式的应用，是一道基础题。
17.【答案】4 1600
【解析】解：由图象可知，当m=20kg时，V=5m3，该物质的密度：ρ=mV=20kg5m3=4kg/m3；
根据密度公式得，气凝胶的质量为：m=ρV=4kg/m3×400m3=1600kg。
故答案为：4；1600。
(1)在图象中读出该物质任意一点的质量和对应的体积，根据密度公式求出这种物质的密度；
(2)知道体积和密度，根据密度公式的变形式m=ρV可计算出气凝胶的质量。
本题考查了密度的计算与公式的应用，关键是根据图象读出质量和对应的体积，是一道基础题。
18.【答案】减小 4000
【解析】解：(1)在下落过程中，运动员的质量不变，高度减小，由重力势能大小的影响因素可知，运动员的重力势能逐渐减小；
(2)运动员的重力：G=mg=60kg×10N/kg=600N，
运动员的重力做的功：W=Gh=600N×10m=6000J，
运动员的重力的功率：P=Wt=6000J1.5s=4000W。
故答案为：减小；4000。
(1)影响重力势能大小的因素：物体的质量和物体所处的高度．物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大；
(2)根据G=mg求运动员的重力，利用W=Gh求运动员的重力做的功；利用P=Wt求运动员的重力的功率。
本题考查重力势能的影响因素、重力公式、功和功率公式的应用，难度不大。
19.【答案】0.25185
【解析】解：闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
由表格可知身高为165cm时，滑动变阻器接入电路的阻值为50Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I=UR1+R2=20V30Ω+50Ω=025A；
电压表的量程为0−15V，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压最大为15V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，被测身高最高，
串联电路总电压等于各部分电压之和，此时定值电阻两端的电压U1=U−U2=20V−15V=5V，
串联电路各处电流相等，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I′=U0R0=5V30Ω=16A，
此时滑动变阻器接入电路的最大阻值：R2′=U2I′=15V16A=90Ω，
由表格可知此时测量的身高为185cm。
故答案为：0.25；185。
闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，
由表格可知身高为165cm时滑动变阻器接入电路的阻值，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流；
电压表的量程为0−15V，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压最大为15V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，被测身高最高，
根据串联电路电压规律计算此时定值电阻两端的电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算此时通过电路的电流，根据欧姆定律计算此时滑动变阻器接入电路的最大阻值，由表格可知此时测量的身高。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，属于基础题。
20.【答案】解：在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画一条垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F；如图所示：
【解析】压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。
本题的关键是确定压力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。
21.【答案】解：作出发光点S关于平面镜的对称点，即为像点S′，连接S′P交平面镜于点O，则O为入射点，沿OP画出反射光线，连接SO画出入射光线，如图所示：
。
【解析】利用平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，作出发光点S的像S′，根据反射光线反向延长通过像点，可以由像点S′和P点确定反射光线所在的直线，从而画出反射光线，并确定入射点，最后由发光点S和入射点画出入射光线，从而完成光路图。
本题考查了根据平面镜成像规律画光的反射光路图，平面镜成像时，物和像是关于平面镜对称的，反射光线好像是从虚像上发出的。
22.【答案】>控制变量法
【解析】解：(1)从题中和表中信息可知，两玻璃杯内的液体质量和初温都相同，a、b升高相同的温度时，a加热的时间要长一些，故a吸收的热量大于b吸收的热量；
(2)本实验用了控制变量法和转换法。
故答案为：(1)>；(2)控制变量法。
根据表中数据判断它们升高相同温度时吸收的热量。
本题考查了不同物质的吸热能力的实验，属于基础题。
23.【答案】加速 50.0偏大
【解析】解：(1)(2)根据实验原理v=st计算平均速度；
由图可知AB段的路程为sAB=4.00dm=40.0cm，AB段的时间为tAB=2s，
AB段的平均速度为：vAB=sABtAB=40.0cm2s=20.0cm/s；
BC段的路程为sBC=6.00dm−1.00dm=5.00dm=50.0cm，BC段的时间为tBC=1s，
则BC段的平均速度为：vBC=sBCtBC=50.0cm1s=50.0cm/s，
由图中的实验数据可知，小车下滑过程中做加速运动；
(3)如果在A点时，先释放小车，后按下停表开始计时，则计时晚了，时间变短，会使所测AB段的平均速度vAB偏大。
故答案为：(1)加速；(2)50.0；(3)偏大。
解：(1)(2)根据实验原理v=st计算平均速度；
(3)如果在A点时，先释放小车，后按下停表开始计时，则计时晚了，时间变短，根据v=st分析.
本题考查了测量小车在斜面的平均速度的实验，从图中读取相关信息是解题的关键。
24.【答案】右 2 反 C
【解析】解：(1)电压表与定值电阻并联接入电路，注意接线柱正进负出，由图乙可知控制电压为2V，正接线柱选择“3“接线柱，如下图所示：
(2)实验中，用10Ω的电阻替换5Ω，根据分压原理，电阻两端的电压变大，即电压表示数变大；研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大变阻器两端的电压，由分压原理，要增大变阻器电阻阻值，故应向右移动滑片才能达到实验要求；
根据图乙所示的图象可知，a、b两端的电压为：U=IR=0.4A×5Ω=---=0.1A×20Ω=2V，为一定值，
故可得出：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(3)A、由图可知，电源电压为6V，定值电阻两端电压为2V，滑动变阻器两端电压为4V，根据串联分压原理得R定：R变=UV：U变=2V：4V=1：2，滑动变阻器的阻值是定值电阻的2倍，当他们用25Ω的电阻替换20Ω的电阻后，则解得R变=50Ω，如果只更换滑动变阻器，则更换的滑动变阻器最大阻值至少为50Ω，因此该方法可行，故A不符合题意；
B、如果重新开始实验，只更换电源，将电压为6V的电源更换为电压为5.2V的电源，定值电阻两端电压保持不变为2V，滑动变阻器两端电压为3.2V，根据串联分压原理得R定：R变=UV：U变=2V：3.2V=1：1.6，滑动变阻器的阻值是定值电阻的1.6倍，当他们用25Ω的电阻替换20Ω的电阻后，则解得R变=40Ω，因此该方法可行，故B不符合题意；
C、如果重新开始实验，只改变控制电压U0，使U0为2.3V，电源电压为6V，定值电阻两端电压为2.3V，滑动变阻器两端电压为3.7V，根据串联分压原理得R定：R变=UV：U变=2.3V：3.7V=23：37，滑动变阻器的阻值是定值电阻的3723倍，当他们用25Ω的电阻替换20Ω的电阻后，则解得R变=25Ω×3723≈40.2Ω，因此该方法不可行，故C不正确，符合题意。
故答案为：(1)如上图所示；(2)右；2；反；(3)C。
(1)电压表与定值电阻并联接入电路，注意接线柱正进负出；
(2)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定变阻器滑片移动的方向；根据图乙求出电流与电阻之积，据此分析；
(3)逐项分析设计的方案。
本题探究电流与电阻的关系，考查了电路连接、实验操作，同时考查了研究电流与电阻关系中控制变量法的应用，特别是最后一问难度较大。
25.【答案】解：(1)工人的重力：G=mg=70kg×10N/kg=700N，
由p=FS可知，工人对地面的压力：F压=pS=2.0×104Pa×300×10−4m2=600N，
由力的作用是相互的可知，工人受到的支持力：F支=F压=600N，
由力的平衡条件可知，工人的手对绳的拉力：F=G−F支=700N−600N=100N；
(2)两个动滑轮的重力：G动=m动g=10kg×10N/kg=100N，
由图可知n=4，因为不计绳重和摩擦时F=1n(f+G动)，所以地面对工件摩擦力：f=nF−G动=4×100N−100N=300N；
(3)滑轮组的机械效率：η=W有W总=fs物Fs=fs物Fns物=fnF=300N4×100N×100%=75%。
答：(1)工人的手对绳的拉力大小为100N；
(2)工件移动过程中，地面对工件摩擦力为300N；
(3)滑轮组在此次工作中的机械效率为75%。
【解析】(1)根据G=mg求工人的重力，根据p=FS求工人对地面的压力，根据力的作用是相互的求出工人受到的支持力，根据力的平衡条件求出工人的手对绳的拉力大小；
(2)根据G=mg求两个动滑轮的重力，由图可知n=4，利用不计绳重和摩擦时F=1n(f+G动)求地面对工件摩擦力；
(3)利用η=W有W总=fs物Fs=fs物Fns物=fnF求滑轮组的机械效率。
本题考查力的平衡条件、重力公式、压强定义式、使用滑轮组时绳子自由端的拉力公式和机械效率公式的应用，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
26.【答案】解：(1)小灯泡L标有“6V4.2W”字样，小灯泡正常工作时的电流：IL=PLUL=4.2W6V=0.7A；
(2)当S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片滑到最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，灯泡和定值电阻并联接入电路，电压表测电压电压，电流表测干路电流，并联电路各支路两端电压相等，小灯泡L正常发光，所以电源电压为6V，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，电流表示数为2.2A，则通过定值电阻的电流：I0=I−IL=2.2A−0.7A=1.5A，
根据欧姆定律可得定值电阻的阻值：R0=UI0=6V1.5A=4Ω；
(3)只闭合S1、定值电阻和滑动变阻器串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，
滑动变阻器滑片滑到某一点时，电压表示数为U1，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流电路消耗的电功率为P1；
只闭合S2，小灯泡L的电阻发生变化，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测灯泡两端电压，
保持滑片位置不动，此时电压表示数为U2，电路消耗的电功率为P2；
已知P1：P2=3：2，根据P=UI可知I1：I2=3：2，设I1=3I′，I2=2I′，
已知U1：U2=3：4，设U1=3U′，U2=4U′，
根据欧姆定律可得此时定值电阻和灯泡的电阻之比：R0RL=U1I1U2I2=3U′3I′4U′2I′=12，
则RL=2R0=2×4Ω=8Ω，
滑动变阻器接入电路的阻值不变，设滑动变阻器接入电路的阻值为R，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得UR0+RURL+R=32，即6V4Ω+R6V8Ω+R=32，解方程可得R=4Ω，
则I2=URL+R=6V8Ω+4Ω=0.5A，
则只闭合S2时小灯泡的实际功率：P=I22RL=(0.5A)2×8Ω=2W。
答：(1)小灯泡正常工作时的电流为0.7A；
(2)R0的阻值为4Ω；
(3)只闭合S2时小灯泡的实际功率为2W。
【解析】(1)小灯泡L标有“6V4.2W”字样，根据P=UI计算小灯泡正常工作时的电流；
(2)当S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片滑到最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，灯泡和定值电阻并联接入电路，电压表测电压电压，电流表测干路电流，根据并联电路电压特点可知小灯泡L正常发光时的电压即电源电压，
根据并联电路电流干路计算通过定值电阻的电流，根据欧姆定律计算定值电阻的阻值；
(3)只闭合S1、定值电阻和滑动变阻器串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，
滑动变阻器滑片滑到某一点时，电压表示数为U1，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流电路消耗的电功率为P1；
只闭合S2，小灯泡L的电阻发生变化，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测灯泡两端电压，
保持滑片位置不动，此时电压表示数为U2，电路消耗的电功率为P2；
已知U1：U2=3：4，P1：P2=3：2，根据P=UI计算I1：I2，
根据欧姆定律计算此时定值电阻和灯泡的电阻之比，进一步计算此时灯泡的电阻，
滑动变阻器接入电路的阻值不变，设滑动变阻器接入电路的阻值为R，根据串联电路电阻干路结合欧姆定律列方程可得R，进一步计算I2，根据P=I2R计算只闭合S2时小灯泡的实际功率。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，有一定难度。
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