![第八章微专题42 用动力学和能量观点解决多过程问题试卷第1页](http://img-preview.51jiaoxi.com/3/6/14572456/0/0.jpg?x-oss-process=image/resize,w_794,m_lfit,g_center/sharpen,100)
![第八章微专题42 用动力学和能量观点解决多过程问题试卷第2页](http://img-preview.51jiaoxi.com/3/6/14572456/0/1.jpg?x-oss-process=image/resize,w_794,m_lfit,g_center/sharpen,100)
![第八章微专题42 用动力学和能量观点解决多过程问题试卷第3页](http://img-preview.51jiaoxi.com/3/6/14572456/0/2.jpg?x-oss-process=image/resize,w_794,m_lfit,g_center/sharpen,100)
第八章微专题42 用动力学和能量观点解决多过程问题试卷
展开
这是一份第八章微专题42 用动力学和能量观点解决多过程问题试卷,共6页。
微专题42 用动力学和能量观点解决多过程问题
1.将全过程进行分解,分析每个过程的规律,分析哪种能量增加了,哪种能量减少了;找到子过程间的联系.2.若运动过程只涉及力而不涉及能量,运用牛顿运动定律.3.若运动过程涉及能量转化问题,且具有功能关系的特点,则常用动能定理或能量守恒定律.4.不同过程连接点速度的关系有时是处理两个过程运动规律的突破点.
1.如图所示为某轮滑比赛的场地,由斜面AB、圆弧面BCD和平台组成,斜面AB和圆弧面在B点相切,C为圆弧面的最低点,刚好与地面相切,圆弧BC所对的圆心角α=37°,圆弧轨道半径为R,D点离地面的高度是平台离地面高度的一半,平台离圆弧轨道D点的水平距离和平台的高度相等,轮滑运动员从斜面上A点由静止滑下,从D点飞出后,刚好沿水平方向滑上平台,整个过程运动员视为质点,不计一切摩擦和阻力,重力加速度为g,求:(已知sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,)
(1)圆弧CD所对的圆心角θ;
(2)斜面AB的长度.
答案 (1)45° (2)
解析 (1)设平台离地面的高度为d,则D点到平台的水平距离为d,D点与平台的高度差为d,设运动员运动到D点时速度大小为v,运动员从D点飞出刚好水平滑上平台,可以看作平抛运动的逆运动,则水平方向有d=vcos θ·t,竖直方向有d=vsin θ·t,
联立解得θ=45°.
(2)由几何关系得d=R-Rcos θ,
解得d=(2-)R.
由(vsin θ)2=2g×d,
解得v=.
设AB长为L,运动员从A点到D点,根据机械能守恒定律有mg=mv2,
联立解得L=.
2.如图所示,倾角为37°的粗糙斜面AB底端与半径R=0.4 m的光滑半圆轨道BC平滑相连,O点为轨道圆心,BC为圆轨道直径且处于竖直方向,A、C两点等高.质量m=1 kg的滑块从A点由静止开始下滑,恰能滑到与O点等高的D点,g取10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8.
(1)求滑块与斜面间的动摩擦因数μ;
(2)若使滑块能到达C点,求滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值;
(3)若滑块离开C点的速度大小为4 m/s,求滑块从C点飞出至落到斜面上所经历的时间.
答案 (1)0.375 (2)2 m/s (3)0.2 s
解析 (1)滑块从A点到D点的过程中,根据动能定理有
mg(2R-R)-μmgcos 37°·=0
解得μ=0.375.
(2)若使滑块恰好能到达C点,在C点根据牛顿第二定律有
mg=
得vC=2 m/s
滑块从A点到C点的过程中,根据动能定理有
-μmgcos 37°·=mvC2-mv02
则v0=≥2 m/s,
故v0的最小值为2 m/s.
(3)滑块离开C点后做平抛运动,有x=vC′t,y=gt2
由几何知识得tan 37°=,整理得5t2+3t-0.8=0,解得t=0.2 s(t=-0.8 s舍去).
3.滑板运动是一种陆地上的“冲浪运动”,滑板运动员可在不同的滑坡上滑行,做出各种动作,给人以美的享受.如图所示是模拟的滑板滑行轨道,该轨道由足够长的斜直轨道、凹形圆弧轨道和半径R=1.6 m的凸形圆弧轨道组成,这三部分轨道处于同一竖直平面内且依次平滑连接,其中M点为凹形圆弧轨道的最低点,N点为凸形圆弧轨道的最高点,凸形圆弧轨道的圆心O点与M点处在同一水平面上.一质量为m=1 kg且可看成质点的滑板,从斜直轨道上的P点无初速度滑下,经过M点滑向N点,P点距M点所在水平面的高度h=1.8 m,不计一切阻力,g取10 m/s2.
(1)求滑板滑到M点时的速度大小;
(2)求滑板滑到N点时对轨道的压力大小;
(3)改变滑板无初速度下滑时距M点所在平面的高度h,用压力传感器测出滑板滑至N点时对轨道的压力大小为零,则P点与N点在竖直方向上的距离为多大?
答案 (1)6 m/s (2)7.5 N (3)0.8 m
解析 (1)以M点所在平面为零势能面,对滑板从P点运动到M点的过程,由机械能守恒定律得mgh=mvM2,
解得vM== m/s=6 m/s,即滑板滑到M点时的速度大小为6 m/s.
(2)滑板从P点运动到N点的过程,由机械能守恒定律得mg(h-R)=mvN2,滑板在N点时,由重力和支持力的合力提供向心力,有mg-FN=m,解得FN=7.5 N,根据牛顿第三定律可知,滑板滑到N点时对轨道的压力大小为7.5 N.
(3)滑板滑至N点时对轨道的压力大小为零,在N点,由重力提供向心力,由牛顿第二定律得mg=m,对滑板从P点运动到N点的过程由机械能守恒定律,可得mgΔh=mv2,解得Δh=0.8 m,P点与N点在竖直方向上的距离为0.8 m.
4.如图,在竖直平面内,半径R=0.5 m的光滑圆弧轨道ABC与粗糙的足够长斜面CD相切于C点,CD与水平面的夹角为θ= 37°,B是轨道最低点, 其最大承受力Fm=21 N,过A点的切线沿竖直方向.现有一质量为m=0.1 kg的物块,从A点正上方的P点由静止落下.已知物块与斜面之间的动摩擦因数μ=0.5.sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,取g=10 m/s2,不计空气阻力.
(1)为保证轨道不会被破坏,求P、A间的最大高 度差H及物块能沿斜面上滑的最大距离L;
(2)若P、A间的高度差H1=3.6 m,求系统最终因摩擦所产生的总热量Q.
答案 (1)4.5 m 4.9 m (2)4 J
解析 (1)设物块在B点的最大速度为vB,由牛顿第二定律得Fm-mg=
从P到B,由动能定理得mg(H+R) =mvB2-0
联立解得H=4.5 m
物块从B点运动到斜面最高处的过程中.根据动能定理得-mg[R(1-cos 37°) +Lsin 37°]-μmgcos 37° · L=0-mvB2
代入数据解得L=4.9 m.
(2)物块在斜面上,由于mgsin 37°>μmgcos 37°,物块不会停在斜面上,物块最后以B点为中心、C点为最高点沿圆弧轨道做往复运动.由功能关系得系统最终因摩擦所产生的总热量Q=mg(H1+Rcos 37°)
解得Q=4 J.
5.(2022·上海市青浦区模拟)在竖直平面内,某一游戏轨道由直轨道AB和弯曲的细管道BCD平滑连接组成,如图所示.小滑块以某一初速度从A点滑上倾角为θ=37°的直轨道AB,到达B点的速度大小为2 m/s,然后进入细管道BCD,从细管道出口D点水平飞出,落到水平面上的G点.已知B点的高度h1=1.2 m,D点的高度h2=0.8 m,小滑块落到G点时速度大小为5 m/s,空气阻力不计,滑块与轨道AB间的动摩擦因数μ=0.25,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,重力加速度g取10 m/s2.
(1)求小滑块在轨道AB上的加速度大小和在A点的初速度大小;
(2)求小滑块从D点飞出的速度大小;
(3)判断细管道BCD的内壁是否光滑.
答案 (1)8 m/s2 6 m/s (2)3 m/s (3)不光滑
解析 (1)设小滑块在轨道AB上的加速度大小为a,根据牛顿第二定律有
mgsin θ+μmgcos θ=ma
解得a=8 m/s2
对小滑块从A到B的运动过程,根据运动学规律有vB2-vA2=-2a·
解得vA=6 m/s
(2)小滑块从D到G过程中只有重力做功,以水平面为零势能面,根据机械能守恒定律有mvG2=mgh2+mvD2
解得vD=3 m/s
(3)以水平面为零势能面,滑块在B、D两处的机械能分别为
EB=mvB2+mgh1=14m(J)
ED=mvD2+mgh2=12.5m(J)
所以滑块从B到D存在机械能损失,而细管道对滑块的弹力始终与速度方向垂直,所以不做功,则这个过程中除了重力之外,还有摩擦力对滑块做功,因此细管道BCD不光滑.
6.(2023·湖北省联考)如图甲所示,弯曲部分AB和CD是两个半径均为R1=0.4 m的光滑圆弧轨道,中间的BC段是竖直的薄壁细圆管(细圆管内径略大于小球的直径),分别与上、下圆弧轨道相切连接,BC段的长度L为0.1 m.AB圆弧轨道与光滑水平地面轨道相切,其中D、A分别是上、下圆弧轨道的最高点与最低点,整个轨道固定在竖直平面内.质量m=0.3 kg的小球以一定初速度从A点水平进入轨道,重力加速度g取10 m/s2.
(1)若小球从D点水平飞出后落地点距D点的水平距离x=1.8 m,求小球从A进入时的初速度大小;
(2)若在D点右侧平滑连接一个半径R2=0.45 m的半圆形光滑轨道DEF,如图乙所示,要使小球能沿轨道运动至F点,则小球从A进入时的初速度至少为多大?(计算结果用根式表示)
答案 (1)6 m/s (2) m/s
解析 (1)设从D点飞出时的速度为大小v1,则有v1t=x
gt2=2R1+L
解得v1=3 m/s
小球从A运动至D点,由机械能守恒定律得mvA2=mg(2R1+L)+mv12
解得vA=6 m/s
(2)小球在D点的速度最小时,mg=m
解得vD= m/s
小球从A运动至D点,由机械能守恒定律得mv02=mg(2R1+L)+mvD2
解得初速度的最小值v0= m/s.