2022-2023学年河南省南阳市镇平县八年级（下）期末物理试卷（含解析）

这是一份2022-2023学年河南省南阳市镇平县八年级（下）期末物理试卷（含解析），共19页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年河南省南阳市镇平县八年级（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共6小题，共12.0分）
1. 如图汽车向前行驶在水平路上，某时车上的人突然向前倾，下列说法正确的是(    )
A. 此时汽车可能突然向前加速
B. 此时汽车可能突然刹车
C. 人向前倾是因为车具有惯性
D. 人向前倾是因为受惯力
2. 小明和妈妈到菜市场买菜，妈妈买了很多菜让小强提，小明感觉有点“吃不消”，下面能让小明明显舒服的操作是(    )
①把一部分装蔬菜的袋子移到另一只手上；
②把袋子的左右位置换一下；
③在某袋子中再装一些菜；
④用一块硬纸板垫在手提袋子的地方。
A. ①②
B. ②③
C. ①④
D. ③④
3. 把装满水的100ml量筒的口朝下浸没在水中，如图所示，抓住筒底向上提，在筒口离开水面之前，量筒露出水面部分(    )
A. 充满水
B. 没有水
C. 有水，但不满
D. 刚开始有水，后迅速流出
4. 一个很薄的塑料袋装满水，将袋口扎紧后挂在弹簧测力计上，稳定后，弹簧测力计的读数是9N。若使该装满水的塑料袋全部浸没在水中，弹簧测力计的读数将接近于(    )
A. 0N B. 3N C. 6N D. 9N
5. 如图所示，小华用滑轮组水平向左匀速拉动A物体，A物体5s内移动了100cm，且A物体与水平地面的摩擦力大小为12N，已知滑轮组的机械效率为80%，则下列说法错误的是(    )

A. 拉力F大小为4N
B. 绳子自由端移动的速度为0.6m/s
C. 拉力F做功的功率为3W
D. 拉力F在5s内对滑轮组做的额外功为3J
6. 下列说法正确的是(    )
A. 越省力的机械，做功一定越快 B. 做功越多的机械，功率一定越大
C. 功率越大的机械，效率一定越高 D. 做功越快的机械，功率一定越大
二、多选题（本大题共2小题，共4.0分）
7. 关于分子动理论及有关现象，下列说法中正确的是(    )
A. 红墨水在热水中扩散得比冷水中快，说明热水比冷水的分子运动剧烈
B. 水和酒精混合后总体积变小，说明分子之间存在相互作用的斥力
C. 铁块很难被压缩，说明分子之间存在相互作用的引力
D. 扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动
8. 下列说法正确的是(    )
A. 举重运动员举着杠铃不动，人举杠铃的力没有做功
B. 小球在粗糙的水平桌面上移动了一段距离，桌面对小球的支持力做了功
C. 人提着书包在水平路面上走了一段距离，提书包的力没有做功
D. 汽车沿着斜面滑下，重力没有对其做功
第II卷（非选择题）
三、填空题（本大题共6小题，共14.0分）
9. 如图所示，为厨房常用吸盘挂钩。吸盘能够吸在墙壁上，是因为吸盘内部的气压______外界大气压，吸盘受到的摩擦力______吸盘和重物受到的总重力(两空均选填“大于”、“小于”或“等于”)。


10. 如图所示，两个底面积相同且质量相等的容器甲和乙放置在水平桌面上，向容器中分别注入两种不同的液体，已知距容器底部等高的A、B两点所受液体的压强相等，则两容器底部所受液体压强p甲______p乙，所受液体的压力F甲______F乙(均选填“>”“=”或“  > 
【解析】解：B点的深度大于A点的深度，A、B两点所受液体的压强相等，根据公式p=ρgh可知，甲的密度大于乙的密度，A、B到底部的深度相等，所以A点下面液体产生的压强大于B点下面液体产生的压强；
因为距容器底部h处A、B两点所受液体的压强pA和pB相等，
所以容器底部甲产生的压强大于乙产生的压强，即p甲>p乙；
因为容器底面积相等，根据p=FS的变形公式F=pS可知，容器底部甲产生的压力大于乙产生的压力，即F甲>F乙。
故选：>；>。
已知A、B两点所受液体的压强pA和pB相等，B点的深度小于A点的深度，根据公式p=ρgh可知，液体的密度的大小关系，再利用公式p=ρgh判断出两容器底部所受液体压强的大小关系，根据p=FS的变形公式F=pS判断出两容器底部所受液体压力的大小关系。
本题考查压强和压力大小的判断，关键是公式的应用，难点是判断出液体的密度的大小关系。

11.【答案】大  摩擦 
【解析】解：“气流偏导器”的上表面平直，底部迎风的方向成弧形凸起，当跑车高速行驶时，空气通过偏导器上方路程小于下方，时间相同，故流过气流偏导器上方的空气速度较小，压强较大，下方的空气速度较大，压强较小，从而产生向下的压强差，增大了汽车对地面的压力，而摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，汽车对地面的压力变大，接触面的粗糙程度不变，故摩擦力变大。
故答案为：大；摩擦。
根据流体压强与流速的关系分析解答：流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关。
本题通过生活中一个具体实例，考查了流体压强与流速关系，要求学生对所学的知识熟练掌握并能学以致用。

12.【答案】1  100  不变 
【解析】解：(1)因为木块在水中静止后处于漂浮状态，
受到的浮力：
F浮=G=mg=0.1kg×10N/kg=1N，
木块排开水的体积：
V排=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−4m3=100cm3；
(2)木块放入水中后，排开的水溢出烧杯，杯内水的深度不变，根据p=ρgh可知，烧杯底部所受水的压强不变。
故答案为：1；100；不变。
(1)根据漂浮条件求出受到的浮力，再根据阿基米德原理求出木块排开水的体积；
(2)木块放入水中后，排开的水会溢出烧杯，杯内水的深度不变，根据液体压强公式可知烧杯底部所受压强变化。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理和液体压强公式运用，熟练运用公式是解题的关键。

13.【答案】100  110 
【解析】解：
由图示可知，承担物重的绳子股数n=3；
(1)如果绳重和摩擦不计、动滑轮重不计，拉力F=13G=13×300N=100N；
(2)如果不计绳重及摩擦、动滑轮的重力为30N，拉力F=13(G+G动)=13(300N+30N)=110N。
故答案为：100；110。
根据图示可知，承担物重的绳子股数n=3；
(1)当绳重和摩擦不计、动滑轮重不计时，拉力F=1nG；
(2)当不计绳重及摩擦时，拉力F=1n(G+G动)。
本题考查了滑轮组绳子拉力的计算，关键要注意：当绳重和摩擦不计、动滑轮重不计时，拉力F=1nG；当不计绳重和摩擦时，拉力F=1n(G+G动)。

14.【答案】变大  变大  变大 
【解析】解：火箭加速上升时，卫星的质量不变，高度变大，所以重力势能变大；在上升过程中，速度变大，质量不变，所以动能变大。
由于势能和动能统称为机械能，重力势能变大，同时动能变大，所以机械能变大。
故答案为：变大；变大；变大。
动能与质量和速度有关，重力势能与高度、质量有关，机械能为动能和势能的和。
本题考查了动能、重力势能和机械能的变化，属于基础题。

15.【答案】解：由题知，物体静止在水中时细线恰好水平，说明物体处于悬浮状态，浮力等于重力，细线对物体没有力的作用，过物体重心分别竖直向上和竖直向下作出浮力和重力，注意长度相等，如图所示：
 
【解析】首先分析出物体受到的两个力：重力和浮力，细线对物体没有力的作用，然后根据物体的浮沉条件判断出重力和浮力的大小关系，根据力的示意图的画法表示出两个力。
此题考查了重力和浮力示意图的画法，此题中有关浮力和重力的大小关系是容易被遗忘的地方，在考查的同时涉及到了物体的浮沉条件的应用。

16.【答案】 
【解析】
【分析】
此题是求杠杆最小力的问题，已知点A是动力作用点，那么只需找出最长动力臂即可，可根据这个思路进行求解。
此题主要考查了杠杆中最小力的问题。解决此类题目的关键是确定出最长的力臂，并根据力臂的画法做出最小的力。
【解答】
O为支点，所以动力作用在杠杆的最右端A点，并且力臂是OA时，力臂最长，此时的动力最小。确定出力臂然后做力臂的垂线即为力F，力的方向斜向左上方．如图所示：
。  
17.【答案】相等  粗糙程度  慢  零  相等  静止 
【解析】解：
(1)每次都从斜面上同一位置释放，使小车运动到斜面底端时的速度相等；
(2)在做“斜面小车实验”时，给水平桌面铺上粗糙程度不同的物体，目的是探究阻力对物体运动的影响，由毛巾表面到棉布再到木板，接触面的粗糙程度减小，小车受到的阻力也减小；
(3)表面越光滑，阻力就越小，小车运动的距离就越远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢；
(4)假如小车受到的阻力为零，即小车不受力，小车的运动状态将不会改变，做匀速直线运动；
(5)小车从同一光滑斜面的同一高度自由下滑，到达水平面时的速度相等，小车的质量相等，由此可知小车动能相等，机械能是指物体的动能和重力势能总和，所以小车达到水平面时的机械能相等，小车最终静止，小车通过克服摩擦力做功将其机械能完全转化为其它形式的能，即小车消耗的机械能相等；
(6)当摆球从A点由静止释放摆到右侧最高点C时，此时小球的动能全部转化为重力势能，速度为零，若不受任何外力，将保持静止状态不变。
故答案为：(1)相等；(2)粗糙程度；(3)慢；(4)零；(5)相等；(6)静止。
(1)该实验应使小车运动到斜面底端时的速度相等，比较小车运动的距离才有意义，所以要控制小车每次都从斜面上同一位置释放；
(2)改变接触面的粗糙程度，可以改变摩擦力阻力的大小；
(3)小车停下来的原因是小车受到了摩擦阻力，实验中通过改变接触面的粗糙程度来改变阻力的大小，阻力越小小车运动的距离越远；
(4)由第(3)问中所观察到的现象以及结论推理出阻力为零时的运动情况；
(5)机械能是指物体的动能和重力势能总和，动能大小与物体的质量和速度有关，重力势能大小与物体的质量和高度有关；
(6)根据牛顿第一定律，当物体不受任何外力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题是探究阻力对物体运动的影响实验，要掌握实验的现象及结论，知道在此基础上经过推理可得牛顿第一定律的内容，解此类问题一定要注意思考实验的意义，并能根据所学的其他物理知识分析解决本实验中相关的实验现象。

18.【答案】(1)大；(2)乙；(3)密度；(4)①相平；②0.4；20；0.2；③变小；C 
【解析】解：
(1)把液体内部压强的大小转换成橡皮膜形变程度的大小来判断，形变程度越大，表示液体内部的压强越大。
(2)要探究液体压强大小与深度的关系，应控制液体的密度相同、探头的方向相同，而深度不同，故选甲、乙两图即可；
(3)比较甲图和丙图可知，探头所处的深度相同，液体的种类不同，橡皮膜的形变程度不同，说明液体产生的压强不同，可初步得出液体内部压强与液体密度有关。
(4)①向溢水杯中注水，直到溢水口水流出时停止加水，最后溢水杯中的水面恰好与溢水口相平；
②由图知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数F′=0.4N；
溢出的水全部流入小量筒中，排开水的体积为20mL=20cm3，
此时探头所受的浮力：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×20×10−6m3=0.2N。
③由甲、乙两图可知，探头浸入水中的深度增加时，其体积会减小，排开水的体积减小，根据F浮=ρ水gV排知，其所受浮力变小；根据F浮=G排=m排g知，排开水的质量变小；
探头在刚与溢水杯底部接触但对溢水杯底部没有压力之前，探头的重力不变，所受浮力变小，根据F浮=G−F示知，弹簧测力计示数会变大；
当探头在与溢水杯底部接触且对溢水杯底部有压力之后，探头还受到杯底向上的支持力，根据力的合成可知，弹簧测力计示数会变小；
所以，整个过程中弹簧测力计的示数会先变大后变小，故选C。
故答案为：(1)大；(2)乙；(3)密度；(4)①相平；②0.4；20；0.2；③变小；C。
(1)本题采用了物理中常见的研究方法--转换法，即把液体内部压强的大小转换成橡皮膜形变程度的大小来判断，形变程度越大，表示水内部的压强越大。
(2)(3)液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，在实验中，应控制其中的一个量保持不变，才能观察压强与另一个量的关系，从控制变量法的角度可判断此题的实验过程。
(4)①根据生活常识解答即可；
②根据图示读出弹簧测力计的示数和排开水的体积；利用阿基米德原理计算此时探头所受的浮力。
③根据F浮=ρ水gV排判断浮力；对探头进行受力分析，利用力的合成判断弹簧测力计的示数变化。
此题为探究液体压强、浮力大小的影响因素综合探究实验题，实验题是物理学科的特点，也是一种必备的技能，更是中考的重点题型之一。要求学生熟练掌握，并掌握控制变量法、转换法等物理学方法在实验中的应用。

19.【答案】水平  左  4  1.0  0.20 
【解析】解：(1)实验时首先调节杠杆使其在水平位置平衡的好处是便于测量力臂；
由图甲知，左端较高，所以应将平衡螺母向左端调节；
(2)设一格为L，一个钩码重G，则有3G×4L=nG×3L，n=4，故应在B处挂4个钩码；
(3)根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得：
2.0N×0.05m=F2×0.10m，解得F2=1.0N；
2.0N×0.30m=3.0N×L2，解得L2=0.20m；
故：Δ=1.0，☆=0.20。
故答案为：(1)水平；左；(2)4；(3)1.0；0.20。
(1)实验中，为了便于测量力臂，应调节杠杆在水平位置平衡；
在调节杠杆平衡时，平衡螺母总向较高的一端调节；
(2)根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2可求出钩码的个数；
(3)通过实验得出杠杆的平衡条件，F1L1=F2L2可求表中空格处所缺的数据。
本题考查了杠杆平衡的调节、杠杆平衡条件的应用等问题，是实验的常考问题，一定要掌握。探究杠杆平衡条件时，要使力臂在杠杆上，有两个条件：杠杆在水平位置平衡；力竖直作用在杠杆上。

20.【答案】解：(1)金属块排开水的体积：V排=SΔh=0.02m2×(0.12m−0.1m)=4×10−4m3，
金属块浸没时受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10−4m3=4N；
(2)由于用细线将实心金属块浸没在水中处于静止状态，则根据受力平衡可得：
细线对金属块的拉力：F=G−F浮=10N−4N=6N；
(3)容器内水的重力：G水=m水g=ρ水Vg=ρ水Sh1g=1.0×103kg/m3×0.02m2×0.1m×10N/kg=20N，
容器对桌面的压力：F=G容+G水+F浮=4N+20N+4N=28N，
容器对桌面的压强：p=FS=28N0.02m2=1400Pa。
答：(1)金属块浸没时受到的浮力是4N；
(2)细线对金属块的拉力是6N；
(3)容器对桌面的压强为1400Pa。 
【解析】(1)根据水面上升的高度和容器的底面积得到金属块排开水的体积，根据阿基米德原理得到金属块浸没时受到的浮力；
(2)根据受力平衡即可求出细线对金属块的拉力。
(3)根据G=mg=ρVg得到容器内水的重力，将容器、水和金属块看成整体，容器对桌面的压力等于容器、液体和金属块的总重力和拉力之差，浮力等于重力和拉力之差，容器对桌面的压力等于容器、水和浮力之和，根据p=FS得到容器对桌面的压强。
本题考查了阿基米德原理、称重法和压强公式的应用，关键明确容器对水平桌面的压力都等于容器、液体和浮力之和。

21.【答案】解：(1)由图甲知，物体上升的高度h=1.1m，对物体做的有用功：
W有=Gh=2.5N×1.1m=2.75J；
(2)由题知，将物块从底部沿斜面匀速运动到如图甲所示的位置，用时6s，
则由图乙可知，6s内拉力做的总功为W总=3.6J；
(3)斜面的机械效率：
η=W有W总=2.75J3.6J×100%≈76.4%；
(4)拉力F所做功的功率：P=W总t=3.6J6s=0.6W，
由图丙知，物体做匀速直线运动，且v=0.3m/s，由P=Fv可得拉力：
F=Pv=0.6W0.3m/s=2N。
答：(1)图甲中，拉力F对物体所做的有用功是2.75J；
(2)拉力F做的总功是3.6J；
(3)斜面的机械效率约是76.4%；
(4)拉力F是2N。 
【解析】(1)由图甲知物体上升的高度h，利用W=Gh求对物体做的有用功；
(2)由图乙可知6s内拉力做的总功；
(3)斜面的机械效率等于有用功与总功之比；
(4)利用P=Wt求拉力F所做功的功率，由图丙知物体做匀速直线运动，且v=0.3m/s，再利用P=Wt=Fst=Fv求拉力F的大小。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、机械效率的计算以及功率公式的应用，分析题图、从中得出相关信息是关键。