2024届苏教版高考生物一轮复习素养加强课3分离定律在特殊情况下的重点题型课件

这是一份2024届苏教版高考生物一轮复习素养加强课3分离定律在特殊情况下的重点题型课件，共48页。

提升点1　分离定律的特殊现象
1．了解与分离定律有关的五类特殊现象(1)不完全显性：如基因A和a分别控制红花和白花，在完全显性时，Aa自交后代中红∶白＝3∶1，在不完全显性时，Aa自交后代中红(AA)∶粉红(Aa)∶白(aa)＝1∶2∶1。
(2)从性遗传从性遗传是指常染色体上的基因控制的性状，在表型上受个体性别影响的现象。如绵羊的有角和无角，其遗传规律如下表所示(A、a表示相关基因)。
(3)复等位基因在一个群体内，同源染色体的同一位置上的等位基因为两个以上，这些基因称为复等位基因。如人类ABO血型的三个复等位基因是IA、IB、i，其显隐性关系为IA和IB对i是显性，IA和IB是共显性，可表示为IA＝IB＞i。所以基因型与表型的关系如下：IAIA、IAi——A型血；IBIB、IBi——B型血；IAIB——AB型血；ii——O型血。
(4)表型模拟现象生物的表型＝基因型＋环境，受环境影响，表型与基因型不符合。如：果蝇长翅(V)和残翅(v)的遗传受温度的影响，其表型、基因型与环境的关系如下表：
35 ℃(高温)条件下基因型为VV和Vv的个体表现出残翅可称为表型模拟现象。
(5)母性效应母性效应是指子代的某一表型受到母本基因型的影响，而和母本的基因型所控制的表型一样，因此正反交所得结果不同，但不是细胞质遗传。这种遗传不是由细胞质基因所决定的，而是由核基因的表达并积累在卵细胞中的物质所决定的。
2．方法指导(1)透过现象理解本质：①不完全显性只是两个基因间的作用关系不同于完全显性，它们在形成配子时仍存在分离现象。②复等位基因尽管有多个，但遗传时仍符合分离定律，彼此之间有显隐性关系，表现特定的性状。③从性遗传的本质为表型＝基因型＋环境条件(性激素种类及含量差异等)。(2)掌握一个解题原则：此类问题遵循分离定律，解题的关键是准确区分基因型和表型的关系，明确特殊情境下的个体比例变化。
1．(2021·浙江1月选考)某种小鼠的毛色受AY(黄色)、A(鼠色)、a(黑色)3个基因控制，三者互为等位基因，AY对A、a为完全显性，A对a为完全显性，并且基因型AYAY胚胎致死(不计入个体数)。下列叙述错误的是(　　)A．若AYa个体与AYA个体杂交，则F1有3种基因型B．若AYa个体与Aa个体杂交，则F1有3种表型C．若1只黄色雄鼠与若干只黑色雌鼠杂交，则F1可同时出现鼠色个体与黑色个体D．若1只黄色雄鼠与若干只纯合鼠色雌鼠杂交，则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体
C　[若AYa个体与AYA个体杂交，由于基因型AYAY胚胎致死，则F1有AYA、AYa、Aa共3种基因型，A正确；若AYa个体与Aa个体杂交，产生的F1的基因型及表型有AYA(黄色)、AYa(黄色)、Aa(鼠色)、aa(黑色)，即有3种表型，B正确；若1只黄色雄鼠(AYA或AYa)与若干只黑色雌鼠(aa)杂交，产生的F1的基因型为AYa(黄色)、Aa(鼠色)或AYa(黄色)、aa(黑色)，不会同时出现鼠色个体与黑色个体，C错误；若1只黄色雄鼠(AYA或AYa)与若干只纯合鼠色雌鼠(AA)杂交，产生的F1的基因型为AYA(黄色)、AA(鼠色)或AYA(黄色)、Aa(鼠色)，则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体，D正确。故选C。]
2．我国科学家在对黑底型异色瓢虫的鞘翅色斑遗传方式进行研究时发现两种不同类型的遗传过程，请根据下列两组杂交实验过程，选出正确的实验推理(　　)
A．实验一、二的F2均表现出1∶2∶1的性状分离比B．以上决定异色瓢虫鞘翅色斑的SA、SC、SE互为等位基因C．实验二中的F1通过基因重组，在F2中再次出现亲本类型D．色斑形成过程中，基因的显隐性关系很可能表现为SC>SA>SE
B　[实验一：黑缘型×二窗型，F1(基因型为SCSA)为二窗型(表型与基因型SCSC相同，说明SC对SA为显性)，F1自交，F2的表型及其比例为二窗型∶黑缘型＝3∶1；实验二：黑缘型×均色型，F1(基因型为SESA)为新类型(表型与基因型为SESE不相同)，F1自交，F2的表型及其比例为黑缘型∶新类型∶均色型＝1∶2∶1，A错误。上述杂交现象说明控制瓢虫鞘翅色斑类型的SA、SE、SC为复等位基因，位于一
对同源染色体上的相同位置上，瓢虫的鞘翅色斑类型的遗传遵循孟德尔的分离定律，B正确。实验二中的F1(SESA)由于等位基因分离产生两种类型的配子(SE和SA)，雌雄配子结合导致F2中再次出现亲本类型，C错误；由实验一可知SC＞SA，但实验二中基因型为SESE颜色为均色型，基因型为SESA为新类型，基因型为SASA为黑缘型，无法判断SA和SE的显隐性关系，D错误。故选B。]
3．(2022·江苏南通高三阶段练习)从性遗传指常染色体上的基因所控制的性状在表型上受性别影响的遗传现象。绵羊角性状的遗传属于从性遗传，其有角和无角的基因型及表型如下表所示，下列叙述错误的是(　　)
A．无角雌绵羊和有角雄绵羊的基因型相同B．绵羊的角不存在交叉遗传的现象C．绵羊角的遗传性状可能与性激素的影响有关D．有角雌绵羊的后代可能出现无角绵羊
A　[无角雌绵羊(Hh或hh)和有角雄绵羊(HH或Hh)的基因型不一定相同，A错误；交叉遗传属于伴性遗传的特点，控制绵羊有角和无角性状的基因位于常染色体上，因此不存在交叉遗传的现象，B正确；基因型为Hh的表型受性别影响，说明绵羊角的遗传性状可能与性激素的影响有关，C正确；有角雌绵羊(HH)与无角雄绵羊(hh)的后代可能出现无角雌绵羊(Hh)，D正确。故选A。]
4．(2022·广东深圳模拟预测)人类斑秃属于常染色体显性遗传病，由一对等位基因PB、pb控制。男性带有一个或两个斑秃基因(PB)就会发生斑秃，而女性需要有两个斑秃基因才会显示出该性状。某特定人群中，PB基因的频率为30%。下列叙述正确的是(　　)A．斑秃女性和正常男性婚配，若子代为患者，则患者一定为男性B．女性携带者的卵原细胞在减数第二次分裂时，只有1条染色体含PB基因C．在该特定人群中，男性中斑秃的概率为51%，女性中斑秃的概率为49%D．一对夫妇均为斑秃，生育了一个正常孩子，原因是发生了基因突变
A　[斑秃女性(PBPB)和正常男性(pbpb)婚配，子代的基因型为PBpb，若表现为斑秃，则患者一定为男性，A正确；女性携带者的基因型为PBpb，则其卵原细胞在减数第二次分裂时，可能出现1条、2条或0条染色体含PB基因的情况，B错误；由分析可知，在该特定人群中，男性中斑秃的概率为42%＋9%＝51%，女性中斑秃的概率为9%，C错误；一对夫妇均为斑秃，斑秃女性的基因型为PBPB，斑秃男性的基因型为PBPB或PBpb，二者生育了一个正常孩子，则该正常孩子可以是基因型为PBpb的女孩，并非基因突变引起，D错误。故选A。]
5．(多选)(2022·江苏新沂第一中学高三阶段练习)兔的毛色由复等位基因C(灰色)、Cch(青灰色)、Ch(喜玛拉雅型)和c(白化)控制。为确定复等位基因间的关系进行实验，杂交方法和结果如下表。相关叙述正确的是(　　)
A．理论上兔种群中，与毛色相关的基因型共有16种B．复等位基因产生的根本原因是基因突变具有不定向性C．依据杂交结果可确定基因的显性等级关系是C＞Cch＞Ch＞cD．可用青灰色1与灰色1杂交，以确定C与Cch间的显性关系
BD　[4个复等位基因可组成4种纯合子、6种杂合子，共10种基因型个体，A错误。由于基因突变具有不定向性，因此可能形成多种等位基因，构成复等位基因，B正确。可依据组合1结果确定C＞c，依据组合2结果确定Ch＞c，依据组合3结果中CchCh个体表现出青灰色，确定Cch＞Ch，题中实验不能确定C与Cch之间的显隐性关系，C错误。若青灰色1与灰色1杂交后代出现灰色∶青灰色∶白化＝2∶1∶1，则可确定C＞Cch；若青灰色1与灰色1杂交后代出现灰色∶青灰色∶白化＝1∶2∶1，则可确定Cch＞C，D正确。故选BD。]
(教师用书独具)1．(2022·湖南衡阳八中高三开学考试)某种兔的毛色黑色(W)和白色(w)是一对相对性状。两只黑色兔交配得到的子代，放在－15 ℃环境中成长，表现为黑色；若放在30 ℃环境中成长，则表现为白色。这样的白色兔产生的子代再放在－15 ℃环境中，依然表现为黑色。这种现象在遗传学中称为“表型模拟”。下列相关叙述错误的是(　　)A．在“表型模拟”中，兔子毛色的相关基因并没有发生变异B．子代白色兔的出现，可能是在色素形成的过程中某些酶的活性受到影响C．在30 ℃环境中成长的白色兔都是纯合子D．基因决定生物性状，而性状形成的同时还受到环境的影响
C　[在“表型模拟”中，改变子代所处的环境会影响子代的性状，但恢复到原来环境时，子代的性状也发生了恢复，在此过程中，子代的相关基因没有发生变异，A正确；改变环境的温度，子代兔的毛色性状发生了改变，最可能的原因是温度影响了酶的活性，导致色素合成受阻，B正确；两只黑色兔交配得到的子代，放在－15 ℃环境中成长，表现为黑色，基因型可能为WW或Ww，在30 ℃环境中成长则为白色兔，故在30 ℃环境中成长的白色兔可能为杂合子Ww，C错误；“表型模拟”现象说明生物的性状是由基因(型)控制，但又受环境(温度)影响，D正确。故选C。]
2．椎实螺是雌雄同体的动物，一般进行异体受精，但分开饲养时，它们进行自体受精。已知椎实螺外壳的旋向是由一对核基因控制的，右旋(D)对左旋(d)是显性，旋向的遗传规律是子代旋向只由其母本核基因型决定而与其自身基因型无关。对以下杂交后结果的推测(设亲代个体杂交后所得个体全部分开单独饲养)正确的是(　　)A．♀DD×♂dd，F1全是右旋，F2出现性状分离B．♀DD×♂Dd，F2个体中表现为右旋的纯合体比例为9/16C．椎实螺外壳右旋的基因型可以是DD、Dd或ddD．♀dd×♂Dd，F2中基因型为dd的表现为左旋
C　[♀DD×♂dd，由于子代旋向只由其母本核基因型决定而与其自身基因型无关，F1 、F2全是右旋，A错误；♀DD×♂Dd，F1中个体的基因型为1/2DD、1/2Dd，F2个体全部表现为右旋，其中纯合体比例为1/2＋(1/2)×(1/2)＝3/4，B错误；椎实螺外壳右旋的基因型可以是DD、Dd或dd，C正确；♀dd×♂Dd，F1中个体的基因型为1/2Dd、1/2dd，F2中基因型为dd的表现为右旋或左旋，D错误。故选C。]
提升点2　分离定律中的致死问题
1．理解五种常见的致死现象(1)显性致死：显性基因具有致死作用。若为显性纯合致死，杂合子自交后代中显∶隐＝2∶1。(2)隐性致死：隐性基因同时存在于同一对同源染色体上时，对个体有致死作用。如植物中的白化基因(bb)使植物不能形成叶绿素，不能进行光合作用而死亡。
(3)配子致死：致死基因在配子时期发生作用，不能形成有生活力的配子的现象。(4)合子致死：致死基因在胚胎时期或成体阶段发生作用，不能形成活的幼体或个体早夭的现象。(5)染色体缺失也有可能造成致死现象。2．抓住一个解题关键无论哪一种致死情况，只要掌握分离定律的实质，及一对相对性状遗传的各种组合方式和分离比，结合题目中的信息，通过和正常杂交对比就可以判断出造成比例异常的可能原因，进而快速解题。
1．(2022·江苏阜宁县东沟中学模拟预测)栝楼是雌雄异株植物，叶形有近圆形叶(E)和心形叶(e)，花粉e有50%不育。现有雌雄基因型均为EE∶Ee＝1∶2的植株自由交配，子代中的近圆形叶与心形叶比值为(　　)A．14∶1　B．19∶1C．8∶1 D．24∶1
A　[雌雄基因型均为EE∶Ee＝1∶2的植株自由交配，雌雄配子均为2/3 E、1/3 e，花粉e有50%不育，因此雄配子为4/5 E、1/5 e，则子代心形叶(ee)的比例为1/15，近圆形叶为14/15，近圆形叶与心形叶比值为14∶1。故选A。]
2．(2022·江苏无锡高三阶段练习)已知等位基因D、d位于一对同源染色体上，让种群中基因型为Dd的个体相互交配，所获得的子代出现1∶1的性状分离比。下列解释合理的是(　　)A．基因D对基因d为不完全显性B．含显性基因的精子或卵细胞存在致死现象C．种群中存在显性杂合致死现象D．雌雄亲本均产生了2种生活力相同的配子
B　[若基因D对基因d为不完全显性，则子代中性状分离比为1∶2∶1，A错误；若含基因D的精子致死，则父本只提供基因d，与母本产生的两种卵细胞(D∶d＝1∶1)结合，产生的子代Dd∶dd＝1∶1，B正确；若种群中存在显性杂合致死现象，则不可能存在Dd的个体，C错误；雌雄亲本均产生了2种生活力相同的配子，则后代性状分离比为3∶1，D错误。故选B。]
3．(2022·江苏泗洪县洪翔中学高三开学考试)已知某种老鼠的体色由复等位基因A＋、A和a决定，A＋(纯合胚胎致死)决定黄色，A决定灰色，a决定黑色，且A＋对A是显性，A对a是显性。下列说法正确的是(　　)A．该种老鼠的成年个体中最多有6种基因型B．A＋、A和a遵循自由组合定律C．一只黄色雌鼠和一只黑色雄鼠杂交，后代一定出现3种表型D．基因型均为A＋a的一对老鼠交配产下的3只小鼠可能全表现为黄色
D　[由题干可知，老鼠的体色基因型有A＋A＋、A＋A、A＋a、AA、Aa、aa，由于A＋A＋的个体胚胎致死，因此该老鼠种群中最多有5种基因型，A错误；A＋、A和a为复等位基因，位于同源染色体上，不遵循自由组合定律，只遵循分离定律，B错误；一只黄色雌鼠(A＋A或A＋a)和一只黑色雄鼠(aa)杂交，亲本A＋A与aa杂交，子代的基因型为A＋a和Aa，其表型为黄色和灰色，亲本A＋a与aa杂交，子代的基因型为A＋a和aa，其表型为黄色和黑色，因此后代出现2种表型，C错误；基因型均为A＋a的一对老鼠交配，产生的3只小鼠的基因型都可能为A＋a，因此3只小鼠可能全表现为黄色，D正确。故选D。]
4．紫罗兰花瓣形态的单瓣和重瓣是由一对等位基因(B、b)控制的相对性状，自然界中紫罗兰大多为单瓣花，偶见更美丽的重瓣花。研究人员做了如下实验研究：(1)让单瓣紫罗兰自交得F1，再从F1中选择单瓣紫罗兰继续自交得F2，如此自交多代，发现每一代中总会出现约50%的单瓣紫罗兰和50%的重瓣紫罗兰，所有的重瓣紫罗兰都不育(雌、雄蕊发育不完善)。
根据上述实验结果推测：紫罗兰花瓣单瓣和重瓣遗传遵循________ ____定律，________________为显性性状。(2)取上面实验中F1的单瓣紫罗兰花粉进行离体培养，获得单倍体幼苗，继续用秋水仙素处理，获得植株只表现为重瓣，说明：亲代单瓣紫罗兰中含有________________基因的花粉不育，而含有______ __________基因的花粉可育。
(3)继续研究发现，引起某种配子不育是由于等位基因(B、b)所在的染色体发生部分缺失造成的(B基因和b基因不缺失)。综合上述实验推断：染色体缺失的________________可育，而染色体缺失的________________不育。如图是F2中单瓣紫罗兰花粉母细胞中发生联会的一对染色体，请在染色体上标出相应的基因。
若B、b表示基因位于正常染色体上，B－、b－表示该基因所在染色体发生部分缺失，F1单瓣紫罗兰产生的雌配子基因型及其比例是________________，产生的雄配子基因型及其比例是___________ _____。(4)现有基因型分别为BB、Bb、bb、B－b、bb－等5种紫罗兰，欲通过实验进一步验证(3)中的推断，需选择基因型为________________的亲本组合进行________________实验。
[解析]　根据题意和图示分析可知：单瓣紫罗兰自交后代中有50%的单瓣紫罗兰和50%的重瓣紫罗兰，即后代发生性状分离，由此推测单瓣为显性。(1)单瓣紫罗兰自交后代出现了重瓣紫罗兰，所以单瓣为显性性状，遵循孟德尔分离定律。(2)F1的单瓣紫罗兰花粉进行离体培养，获得单倍体幼苗，继续用秋水仙素处理，获得植株只表现为重瓣，重瓣为隐性性状，其基因型为bb，没有单瓣紫罗兰，这说明了含有B基因的花粉不育，而含有b基因的花粉可育。
(3)引起某种配子不育是由于等位基因(B、b)所在的染色体发生部分缺失造成的(B基因和b基因不缺失)，根据花药离体培养实验，B基因的花粉不育，又根据题干单瓣紫罗兰自交多代，发现每一代中总会出现约50%的单瓣紫罗兰和50%的重瓣紫罗兰，所以可以推断单瓣紫罗兰产生了可正常发育的B基因的雌配子和b基因的雌配子，且二者的比例为1∶1，综合上述实验推断，染色体缺失的雌配子可育，而染色体缺失的花粉不育；根据F1的单瓣紫罗兰花粉进行离体培养，获得单倍体幼苗，获得植株只表现为重瓣，可以判断b基因所在的染色体无缺失，B基因在缺失的染色体上，如图所示：
由于b基因所在的染色体无缺失，B基因在缺失的染色体上，染色体的缺失对产生的雌配子无影响，所以雌配子基因型及其比例是B－∶b＝1∶1，产生的雄配子只有b基因的雄配子。
(4)基因型分别为BB、Bb、bb、B－b、bb－等5种紫罗兰，要通过实验验证(3)中的推断，选用的亲本中要有染色体部分缺失的亲本，同时染色体缺失对雌雄配子的育性影响不同，这样正交和反交结果不同，从而验证(3)中的推断。
[答案]　(1)分离　单瓣　(2)B(显性)　b(隐性)(3)雌配子　雄配子
B－∶b＝1∶1　B－∶b＝0∶1(4)B－b 和Bb　正交和反交
(教师用书独具)1．外显率指某基因型个体显示预期表型的比例。黑腹果蝇中，显性的野生型基因I的外显率为100%；隐性的间断翅脉基因i的外显率为90%，即90%的ii基因型个体为间断翅脉，其余10%为野生型。将一对黑腹果蝇杂交后，F1中野生型∶间断翅脉＝11∶9，下列说法正确的是(　　)A．亲本果蝇的表型分别为野生型和间断翅脉B．子代野生型果蝇的基因型可能为Ii或iiC．F1中果蝇自由交配，得到F2中野生型∶间断翅脉＝7∶9D．F1的比例说明该性状的遗传不遵循分离定律
B　[据题意可知，亲本是一对黑腹果蝇，且子代出现间断翅脉，比例为11∶9，可推断亲本应为Ii、ii，子代Ii∶ii＝1∶1，但ii有10%为野生型，故出现野生型∶间断翅脉＝11∶9的比例，故亲本果蝇可能全为野生型或为野生型和间断翅脉，A错误，B正确；F1中果蝇1/2 Ii、1/2 ii自由交配，子代中II∶Ii∶ii＝1∶6∶9，由于ii有10%的外显率，故最终表现为野生型∶间断翅脉＝79∶81，C错误；F1的比例是测交结果1∶1的变式，仍遵循分离定律，D错误。故选B。]
2．(2022·湖南宁乡教育研究中心模拟预测)自交不亲和是指两性花植物在雌、雄配子正常时，不能通过自交产生后代的特性。在烟草中至少有15个自交不亲和基因S1、S2……S15构成一个复等位基因系列(位于一对常染色体上相同位置)。当花粉的Sx(x＝1、2……15)基因与母本有相同的Sx基因时，该花粉的活性受到抑制而不能完成受精作用。下列有关说法错误的是(　　)
A．具有自交不亲和特性的植物进行杂交实验时，母本无需去雄B．基因型为S1S2和S1S4的亲本，正交和反交的子代共有3种基因型C．若某小岛烟草的S基因只有S1、S2、S3、S4、S5，则该群体最多有15种基因型D．基因S1、S2、S3、S4……S15互为等位基因，这些基因的出现体现了基因突变的不定向性