2023年辽宁省本溪十二中中考物理押题试卷

这是一份2023年辽宁省本溪十二中中考物理押题试卷，共49页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，计算题，实验等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省本溪十二中中考物理押题试卷
一、选择题（本题共12小题，共28分。1―8题为单选题，每小题2分，9―12题为多选题，每小题2分，漏选得2分，错选得0分）
1．（2分）下列对生活中常见物理量的估测正确的是（　　）
A．考场内的温度约为50℃
B．学生书桌高度约为80cm
C．家用电脑功率约为1000W
D．中学生跑百米约用时6s
2．（2分）关于光现象，下列说法正确的是（　　）
A．图甲：天鹅在水中的倒影是由于光的反射形成的实像
B．图乙：狗的影子是由于光的直线传播形成的虚像
C．图丙：海市蜃楼是光的折射形成的实像
D．图丁：晴天打伞主要是防止阳光中的紫外线对皮肤的伤害
3．（2分）如图是物质在自然界中常见的三种状态及其物态变化过程对应的条件，下列说法中正确的是（　　）

A．物质从甲状态到乙状态必须达到沸点
B．物质从乙状态到丙状态是液化
C．物质从丙状态到甲状态的过程温度保持不变
D．用压缩体积的方法可使物质从乙状态到甲状态
4．（2分）关于下列四幅图的描述错误的是（　　）
A．图甲：司南指南方的一端是南磁极
B．图乙：电磁继电器是利用电磁感应现象工作的
C．图丙：扬声器是利用磁场对电流的作用来工作的
D．图丁：动圈式话筒与发电机的工作原理相同
5．（2分）为增强学生体质，学校组织了乒乓球比赛，下列说法正确的是（　　）
A．撞击桌面的乒乓球被弹起是因为力改变了运动状态
B．乒乓球拍手柄做的十分宽大是为了减小压力，使球员能更舒适的握拍
C．向前运动的乒乓球，如果一切外力都消失，乒乓球将静止
D．球拍击打乒乓球时，球拍发生了塑性形变
6．（2分）关于安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．空气开关是利用电流的热效应来控制电路通断的
B．不要用湿抹布擦正在工作的用电器
C．电饭锅的电热丝可以用超导材料制作
D．空气开关断开一定是电路中某处发生了短路
7．（2分）如图为家用的一款电能表，关于家庭电路下列说法正确的是（　　）

A．为了保证电路安全，同时工作的用电器的总功率不能超过2200W
B．将一个50W的灯泡单独接入电路中，1min内电能表的表盘转过2500转
C．电能表转盘转了1200转，电能表的示数将变为1123.8kW•h
D．电能表应安装在总开关之后
8．（2分）建筑工地的工人用如图的滑轮组搬运沙袋，已知一袋沙袋重200N，工人一次性用该滑轮组搬运4袋沙袋，滑轮组自由端移动的速度为0.2m/s，机械效率为80%，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）

A．10s内工人做功1600J
B．拉力的功率为400W
C．动滑轮重为200N
D．10s内沙袋机械能增加1000J
（多选）9．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，下列说法中正确的是（　　）

A．只闭合开关S1，滑动变阻器滑片从中点向左滑动的过程中，电压表示数变小
B．同时闭合三个开关，滑动变阻器滑片从中点向右端滑动过程中，电流表A1示数变小
C．只闭合开关S1、S2，滑动变阻器滑片处于最左端，然后断开S2，电流表A2示数不变
D．只闭合开关S1、S3，滑动变阻器滑片处于最左端，电流表A1测R1电流
（多选）10．（3分）为了防止在炎热的夏季高速运行的汽车爆胎，一些车辆上都有胎压报警装置，其主要部件是胎压检测探头，这样可以大大降低爆胎带来的危害。下列描述正确的是（　　）

A．轮胎爆胎过程与热机做功冲程的能量转化相同
B．胎压报警装置中的检测探头是由超导材料制成的
C．高速运行的汽车通过做功方式改变轮胎的内能，使胎压升高
D．汽车轮胎上的花纹是为了增大摩擦
（多选）11．（3分）水平桌面放有甲、乙两个相同的烧杯，烧杯内装有密度不同的两种液体，将质量相同的A、B、C和体积相同的B、C、D四个球球放入两只烧杯中后，球在液体中静止时的状态如图所示，B、D对器底均有压力，两烧杯中液面高度相同，下列说法正确的是（　　）

A．图中A、D两球所受浮力FA＝FD
B．图中B、D两球的密度ρB＞ρD
C．甲、乙两烧杯底受到液体的压强p甲＜p乙
D．甲、乙两烧杯对桌面的压力F甲＜F乙
（多选）12．（3分）如图电路电源电压不变，滑动变阻器为“20Ω 5A”、小灯泡的额定电压为6V，电流表的量程为“0～0.6A”，只闭合开关S2时，小灯泡正常发光，将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处，再闭合开关S1，电流表的示数为0.5A，闭合开关S1、S2，在电路安全情况下，下列说法正确的是（　　）

A．小灯泡的额定功率为3W
B．电路功率最小时工作10s所消耗的电能为30J
C．电路的最大功率为3.6W
D．滑动变阻器连入的阻值范围是15～20Ω
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分）
13．（3分）如图所示，当球员扣篮时，现场观众发出震耳欲聋的喝彩声，喝彩声是由声带的 　 　产生的，“震耳欲聋”是形容声音的 　 　（填“音调高”或“响度大”）。喝彩声通过 　 　传到球员耳中，使球员们士气大振。

14．（3分）2021年12月9日，“太空教师”王亚平第二次进行太空授课，她在水膜表面贴上朵花后，水膜完好（如图甲），这表明分子之间存在 　 　；她在水球内注入少量蓝色颜料，水球很快变成了一个蓝色水球（如图乙），这属于 　 　现象。通过电视看到多彩画面是由红、绿、　 　三种色光混合而成。

15．（3分）如图是验钞、点钞一体机。验钞机利用 　 　（填“红外线”或“紫外线”）使荧光物质发光；机器上的LED指示灯是由 　 　材料制成的；使用过程中机器温度升高，这是电流的 　 　效应。

16．（3分）我们关教室门时会发现，用手推门的A、B、C位置，关门难易程度会不同，这说明力的作用效果与力的 　 　有关，关门时常会听到“吱吱呀呀”的刺耳噪声，这是因为门轴处 　 　较大而产生的，将门看做一个杠杆，在A点用力推门，这扇门相当于 　 　（选填“等臂”、“省力”或“费力”）杠杆。

17．（3分）我国自主研制了一种攻击型核潜艇，在水面下排开水的质量为3000t，它此时受浮力为 　 　N：在水面200m处下执行任务时，受到的压强为 　 　Pa；核潜艇所用的核能是 　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源。（ρ水＝1.0×103kg/m3）
18．（3分）晴朗的冬日，空气比较干燥，当用塑料梳子梳干燥的头发时，头发会越梳越蓬松，这是发生了 　 　现象，头发丝之间由于带 　 　（填“同种”或“异种”）电荷互相排斥而显得蓬松；头发丝带电的实质是 　 　在物体间发生了转移。
19．（2分）2022年1月1日，“华龙一号”核电6号机组首次并网成功，该核电站通过可控 　 　（选填“核裂变”或“核聚变”）反应释放核能，核电站中的汽轮机带动发电机组发电，将汽轮机的机械能转化为 　 　能。
20．（3分）如图所示，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，两个容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，一段时间后，　 　（填“甲”或“乙”）容器连接的U形管液面高度差较大，实验表明电流通过导体产生的热量跟 　 　（填“电流”或“电阻”） 有关；若通过乙容器电阻电流是0.5A，则甲容器中电阻1min内产生热量 　 　J。

21．（3分）如图甲所示电路中，电源电压恒定，闭合开关S，调节滑动变阻器R的滑片从最右端滑至灯正常发光的位置，电流表与电压表V1示数变化关系的图象乙所示，电流表与滑动变阻器R连入电阻关系的图象如图丙所示。，该电路的电源电压为 　 　V，小灯泡的额定功率为 　 　W，此过程中灯泡的最小功率为 　 　W。
三、作图题（本题共3小题，每小题3分，共9分）
22．（3分）《墨经》最早记述了杆秤的杠杆原理，如图1所示。把物品挂在挂A处，将秤砣拨到合适位置，手提秤纽01或02为支点，待秤杆平衡后，根据秤砣绳所对应的刻度就可得出物品的质量。
（1）若在A处挂有很重的物体，应该手提秤纽01或02，请在图2中对应的括号中打（√）；
（2）若将图2中提纽02挂起，请做出使秤杆平衡的最小力F和它的力臂L。
23．（3分）如图，S′是空气中点光源S经水面形成的像，光线为点光源S射向水面后的一条反射光线，水面与凸透镜的主光轴重合。请画出：
（1）根据平面镜成像特点，做出点光源S，并画出入射光线；
（2）水中的折射光线的大致位置；
（3）经过凸透镜的折射光线。

24．（3分）坤坤中考后想去北极旅行，他计划先乘坐穿越俄罗斯北极地区的旅游列车，再乘船由北冰洋东北航道进入北极圈，于是他设计一款北行小船（小船的船头一直指向北方），如图所示是坤坤的模拟实验，他将小船放入水盆中漂浮，小船在条形磁体的作用下顺时针转动，请标出：
（1）条形磁体左侧的极性；
（2）电源上端的极性；
（3）a点磁感线的方向。

四、简答题（3分）
25．（3分）如图所示，我国嫦娥四号月球探测器不负众望，成功的在月球背面软着陆，这是人类有史
以来第一次成功登陆月球背面，登陆后，月球车在经历短暂“休息”后，开展多种科学探测任务。问：
（1）月球车上的太阳能电池板工作时发生了什么能量转换？
（2）为什么月球车的车轮不仅很宽，而且外表面有凸起的棱？

五、计算题（本题共2小题，26题9分，27题9分，共18分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值、单位和答）
26．（9分）如图是明明家新买的轿车，该车质量1.8t，最大输出功率是92kW，汽油机效率是30%，轮胎与地面接触的总面积为0.12m2（g＝10N/kg，q汽油＝4.6×107J/kg），求：
（1）该车静止在水平地面上时，对地面的压强多大？
（2）在某段水平路面上，该车以72km/h的速度匀速直线行驶时，所受的阻力为4000N，则此时发动机的输出功率多大？
（3）若该车以最大输出功率行驶10min，需要消耗多少千克汽油？

27．（9分）如图甲所示是一款多功能电煮锅，可以通过控制开关实现高、中、低三挡加热，其简化电路如图乙所示。R1、R2、R3均为电热丝，已知R1＝180Ω，电煮锅的部分参数如下表，ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃），求：
额定电压
220V
高温挡功率
1210W
中温挡功率
440W
低温挡功率

容量
1L
（1）R2的阻值是多少？
（2）电煮锅的低温挡功率是多少？
（3）若不计热量损失，电煮锅使用高温挡加热，使1L水从12℃升高到100℃，需要多长时间（结果保留到整数）？

六、实验、探究题（本题共5小题，共36分）
28．（6分）小敏在探究“冰熔化时温度变化的规律”的实验中，分别在烧杯和试管中放入适量的碎冰（烧杯内冰的质量大于试管内冰的质量），并各放了一支温度计组成如图甲所示的实验装置，完成下面探究实验。

（1）小敏点燃酒精灯给烧杯加热，一段时间后温度计A的示数如图甲所示，此时温度计示数为 　 　℃。
（2）实验过程中A、B两个温度计的示数随时间变化的图象如图乙所示，第8min时烧杯内的碎冰处于 　 　态，此时试管内的碎冰 　 　（填“正在”或“没有”）熔化。
（3）小敏发现0～4min时间内，烧杯内的碎冰比试管内碎冰升温快，你认为发生这种现象的原因是烧杯内的碎冰和试管内碎冰的 　 　（填“比热容”、“质量”或“吸收热量”）不同。
（4）通过实验可以得出晶体熔化的条件是：温度 　 　，继续吸热。
（5）烧杯内的物质在0﹣2min时间内吸收的热量 　 　8～10min时间内吸收的热量。（填“大于”、“等于”或“小于”）。
29．（6分）小明用如图所示的器材“探究凸透镜成像规律”实验，进行如下操作：

（1）点燃蜡烛，将蜡烛、凸透镜（f＝10cm）、光屏“肩并肩”靠在一起，这样做的目的是 　 　（填“使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度”或“观察光屏上像的性质”）。
（2）表格是小明记录的实验数据，分析推理可知：当u＝70cm时的成像原理可制成 　 　（填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（3）第5次实验的像距v＝　 　cm，判断的依据是 　 　。
（4）在如图所示的实验装置中，要想看到第6次实验所成的像，可以 　 　（填字母）。
A.眼睛在A点向左看
B.眼睛在B点向下看
C.眼睛在C点向右看
（5）将所有器材恢复到第1次实验成像的位置，将近视眼镜置于凸透镜前，将光屏向 　 　（填“左”或“右”）移动才能呈现清晰的像。
实验次数
1
2
3
4
5
6
物距u/cm
60
30
20
15
12
6
像距v/cm
12
15
20
30

＞6
像的大/小
缩小
缩小
等大
放大
放大
放大
像的倒/正
倒立
倒立
倒立
倒立
倒立
正立
实/虚
实像
实像
实像
实像
实像
虚像
30．（6分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小明设计了如图甲所示的实验装置。

（1）实验过程中，弹簧测力计水平向右拉着物块A做匀速直线运动，此时，滑动摩擦力的大小 　 　（大于/等于/小于）测力计的示数，方向水平向 　 　；
（2）小明在同一木板上，测量了不同压力下滑动摩擦力的大小，并根据测量数据作出了如图乙所示图像中的图线①，实验过程中需要控制的变量是 　 　；
（3）在同一次实验中，如果小明用更大的速度匀速拉物块A，则根据测量数据作出的图线会是 　 　（①/②/③）；在长木板上铺上毛巾再次实验；则根据测量数据作出的图线会是 　 　（①/②/③）；
（4）对该实验进行改进，如图丙所示，用测力计C水平拉动木板；当物块A相对地面静止且木板刚好做匀速直线运动，物块A受到的滑动摩擦力大小等于 　 　测力计（“B”“C”）的示数。
31．（6分）小明在测量浓盐水的密度实验中，进行如下操作：

（1）把天平放在水平桌面上，使游码归零，发现天平指针指在分度盘中线的左侧，为了使天平平衡，应该向 　 　（填“左”或“右”）调节平衡螺母。
（2）将浓盐水倒入烧杯中，用天平测其总质量，天平砝码和游码的位置如图甲所示，则烧杯和浓盐水的总质量为 　 　g。
（3）将浓盐水倒入量筒，液面到达的位置如图乙所示，浓盐水的体积为 　 　cm3。
（4）用天平测出空烧杯的质量为30g。浓盐水的密度为 　 　g/cm3。
（5）小明用水（密度为ρ0）、刻度尺、薄壁轻质塑料瓶测桃的密度，设计了如图丙所示方案，请帮他将实验步骤补充完整。
①在薄壁轻质塑料瓶中装适量的水，用刻度尺测出瓶中水的深度为h1；
②用双面胶把桃粘在瓶底，将瓶子放水中，瓶子恰好在竖直方向漂浮，用刻度尺测出瓶子浸入水中的深度为h2；
③将瓶子上下对调，测出 　 　高度为h3，桃的密度表达式为ρ＝　 　。
32．（12分）在“伏安法测电阻”的实验中，实验器材有干电池3节（电源电压4.5V）、电流表和电压表各一个、规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器一个、待测电阻一个、开关和导线若干。

（1）小亮连接了如图甲所示电路，若闭合开关，电压表的指针将 　 　（选填“正向偏转”、“反向偏转”或“不动”）。检查电路时发现有一根导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，画出正确连线；
（2）排除故障后，闭合开关，小亮多次调节滑动变阻器滑片，记录实验数据如表：
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.6
2.0
2.4
3.0
电流I/A
0.10

0.18
0.26
0.30
图乙为第2次实验电流表的示数，读数为 　 　A；
（3）老师看完数据后，发现有一次数据不是实际测量得到的，请你分析它是第 　 　次的数据，判断的依据是 　 　；
（4）利用剩余四次实验数据，算出待测电阻的阻值为 　 　Ω（结果保留整数）；本实验多次测量的目的是 　 　。
（5）小亮利用原有的实验器材，又增添了定值电阻（10Ω、20Ω、25Ω、30Ω）“探究电流与电阻的关系”。小明将10Ω和25Ω电阻分别接入电路，并将电压表示数调到所控制的电压3V时，两次实验滑动变阻器消耗的电功率之比为 　 　。通过实验探究，小明得出的结论是：　 　。
（6）上述实验结束后，小亮和同学们想测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，发现电流表已经损坏，于是利用原有的部分器材，又找来一个阻值为30Ω的定值电阻R0和一个电压表，设计了如图丙所示的电路。实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表V1的示数为 　 　V，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，滑动变阻器滑片 　 　（选填“向左移动”、“向右移动”或“保持不动”），读出电压表V2的示数为3V；
③小灯泡的额定功率为 　 　W。

2023年辽宁省本溪十二中中考物理押题试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，共28分。1―8题为单选题，每小题2分，9―12题为多选题，每小题2分，漏选得2分，错选得0分）
1．（2分）下列对生活中常见物理量的估测正确的是（　　）
A．考场内的温度约为50℃
B．学生书桌高度约为80cm
C．家用电脑功率约为1000W
D．中学生跑百米约用时6s
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、夏季考场温度约为30℃，冬季约为15℃；故A不符合实际；
B、教室里课桌的高度约为中学生身高的一半，约80cm，故B符合实际；
C、笔记本电脑的功率约为70W，台式机约为230W，故C不符合实际；
D、中学生跑百米用时16s，故D不符合实际。
故选：B。
【点评】估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。
2．（2分）关于光现象，下列说法正确的是（　　）
A．图甲：天鹅在水中的倒影是由于光的反射形成的实像
B．图乙：狗的影子是由于光的直线传播形成的虚像
C．图丙：海市蜃楼是光的折射形成的实像
D．图丁：晴天打伞主要是防止阳光中的紫外线对皮肤的伤害
【分析】（1）水中倒影是平面镜所成的虚像。
（2）光在同种均匀介质中是沿直线传播的。
（3）海市蜃楼是由于光的折射所成的虚像。
（4）过量的紫外线照射对人体有害，要加以防护。
【解答】解：A、图甲：天鹅在水中的倒影是由于光反射形成的虚像，故A错误；
B、图乙：狗的影子是由于光的直线传播形成的，不是实像也不是虚像，故B错误；
C、图丙：海市蜃楼是光的折射形成的虚像，故C错误；
D、图丁：晴天打伞主要是防止阳光中的紫外线对皮肤的伤害，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查了光的直线传播、光的反射、光的折射和紫外线；关键是会分辨实像和虚像。
3．（2分）如图是物质在自然界中常见的三种状态及其物态变化过程对应的条件，下列说法中正确的是（　　）

A．物质从甲状态到乙状态必须达到沸点
B．物质从乙状态到丙状态是液化
C．物质从丙状态到甲状态的过程温度保持不变
D．用压缩体积的方法可使物质从乙状态到甲状态
【分析】通过图示我们分析可以看出，丙到乙或到甲不断吸热，故丙是固态，乙是气态；甲是液态，由此逐个选项进行分析即可得出结论。
【解答】解：通过图示我们分析可以看出，丙到乙或到甲不断吸热，故丙是固态，乙是气态；甲是液态，
A．物质从甲状态到乙状态是汽化过程，但汽化有蒸发和沸腾两种方式，而汽化不需要必须达到沸点，故A错误；
B．物质从乙状态到丙状态是从气态直接变为固态，是凝华过程，故B错误；
C．物质从丙状态到甲状态的过程是熔化过程，如果是晶体，则温度保持不变，非晶体则温度改变，故C错误；
D．从乙状态到甲状态是液化过程，液化的方式有降低温度和压缩体积，则用压缩体积的方法可使物质从乙状态到甲状态，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了物态变化的推断，确定甲、乙、丙的状态是解答此题的关键。
4．（2分）关于下列四幅图的描述错误的是（　　）
A．图甲：司南指南方的一端是南磁极
B．图乙：电磁继电器是利用电磁感应现象工作的
C．图丙：扬声器是利用磁场对电流的作用来工作的
D．图丁：动圈式话筒与发电机的工作原理相同
【分析】（1）司南指南的一端是它的南极。
（2）电磁继电器是利用电流的磁效应来工作的。
（3）扬声器是利用磁场对电流的作用来工作的。
（4）动圈式话筒是利用电磁感应来工作的。
【解答】解：A、图甲中司南指向南方的一端是南磁极，故A正确；
B、图乙中电磁继电器是利用电流的磁效应工作的，故B错误；
C、图丙中扬声器是利用磁场对电流的作用来工作的，故C正确；
D、图丁中动圈式话筒是利用电磁感应来工作的，与发电机的工作原理相同，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查的是电磁感应、电流的磁效应和通电导体在磁场中受到力的作用；知道发电机、扬声器和动圈式话筒的基本原理。
5．（2分）为增强学生体质，学校组织了乒乓球比赛，下列说法正确的是（　　）
A．撞击桌面的乒乓球被弹起是因为力改变了运动状态
B．乒乓球拍手柄做的十分宽大是为了减小压力，使球员能更舒适的握拍
C．向前运动的乒乓球，如果一切外力都消失，乒乓球将静止
D．球拍击打乒乓球时，球拍发生了塑性形变
【分析】（1）力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；
（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
（3）一切物体在没有受到任何外力时，其总是保持静止状态或匀速直线运动状态；
（4）物体发生形变后能自动恢复原状，这种变化叫作弹性形变；物体发生形变后不能自动恢复原状，这种变化叫作塑性形变。
【解答】解：A、撞击桌面的乒乓球被弹起是因为力改变了运动状态，故A正确。
B、乒乓球拍手柄做的十分宽大是是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，使球员能更舒适的握拍，故B错误。
C、向前运动的乒乓球，如果一切外力都消失，根据牛顿第一定律可知，乒乓球将做匀速直线运动，故C错误。
D、球拍击打乒乓球时，球拍发生了形变，外力撤销后球拍可以自动恢复原状，所以球拍发生了弹性形变，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查力的作用效果、减小压强的方法、力与运动的关系等，力与运动的关系是力学中的一个重点和难点，正确理解力与运动的关系是学好力学的关键。
6．（2分）关于安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．空气开关是利用电流的热效应来控制电路通断的
B．不要用湿抹布擦正在工作的用电器
C．电饭锅的电热丝可以用超导材料制作
D．空气开关断开一定是电路中某处发生了短路
【分析】（1）空气开关通常利用电流的磁效应来控制电路的通断；
（2）生活用水是导体，容易导电；
（3）超导材料在有电流通过时不会发热，据此判断；
（4）当电路中发生短路或用电器总功率过大时，空气开关会自动断开。
【解答】解：A、空气开关是利用电流的磁效应来控制电路通断的，故A错误；
B、生活用水是导体，因此，不要用湿抹布擦正在工作的用电器，故B正确；
C、电饭锅的电热丝利用了电流的热效应，而超导材料电阻为零，不会发热，因此，超导材料不能用来制作电热丝，故C错误；
D、空气开关断开可能是电路中某处发生了短路，也可能是用电器总功率过大，故D错误。
故选：B。
【点评】本题主要考查了对空气开关的原理与应用、安全用电常识、超导材料的特点等的理解与掌握，属基础题。
7．（2分）如图为家用的一款电能表，关于家庭电路下列说法正确的是（　　）

A．为了保证电路安全，同时工作的用电器的总功率不能超过2200W
B．将一个50W的灯泡单独接入电路中，1min内电能表的表盘转过2500转
C．电能表转盘转了1200转，电能表的示数将变为1123.8kW•h
D．电能表应安装在总开关之后
【分析】（1）由表盘可得电能表的工作电压、平时工作允许通过的最大电流，利用P＝UI求家中同时使用的用电器总功率最大值；
（2）“3000r/（kW•h）”表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r；
利用W＝Pt求功率为50W的灯泡单独接入电路工作1min，消耗的电能，进而求出消耗这些电能时，电能表转盘的转数；
（3）根据“3000r/（kW•h）”求电能表转盘转了1200转时，用电器消耗电能，加上原来电能表的示数，可得现在电能表的示数；
（4）在家庭电路中，电能表要接在总开关前面。
【解答】解：A、电能表的工作电压为220V，允许通过的最大电流为20A，家中同时使用的用电器总功率最大值P＝UI＝220V×20A＝4400W，故A错误；
B、“3000r/（kW•h）”表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r；
功率为50W的灯泡单独接入电路工作1min，消耗的电能W＝Pt＝0.05kW×h＝kW•h，
电能表转盘的转数：n＝3000r/（kW•h）×kW•h＝2.5r，故B错误；
C、电能表转盘转了1200转，用电器消耗电能W′＝kW•h＝0.4kW•h，电能表的示数变为1123.4kW•h+0.4kW•h＝1123.8kW•h，故C正确；
D、电能表要接在总开关前面，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了消耗电能、电功率的计算以及电能表的连接位置，明确电能表相关参数的意义是关键。
8．（2分）建筑工地的工人用如图的滑轮组搬运沙袋，已知一袋沙袋重200N，工人一次性用该滑轮组搬运4袋沙袋，滑轮组自由端移动的速度为0.2m/s，机械效率为80%，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）

A．10s内工人做功1600J
B．拉力的功率为400W
C．动滑轮重为200N
D．10s内沙袋机械能增加1000J
【分析】（1）已知滑轮组自由端移动的速度和时间，根据速度公式求出自由端移动的距离；由图可知，n＝2，利用s＝nh求出沙袋上升的高度，根据W有＝Gh求出有用功，然后利用η＝求出10s内工人做的功；
（2）根据P＝求出拉力的功率；
（3）不计绳重和摩擦，η＝＝＝＝求出动滑轮重；
（4）10s内沙袋机械能增加量等于滑轮组克服沙袋重力做的功。
【解答】解：A、滑轮组自由端移动的速度为0.2m/s，10s内自由端移动的距离s＝vt＝0.2m/s×10s＝2m；
由图可知，n＝2，则沙袋上升的高度为：h＝＝＝1m，
滑轮组做的有用功为：W有＝Gh＝4×200N×1m＝800J，
根据η＝可知，10s内工人做的功为：W总＝＝＝1000J，故A错误；
B、根据P＝可知，拉力的功率为：P＝＝＝100W，故B错误；
C、根据η＝＝＝＝可知，动滑轮重为：
G动＝﹣G＝﹣4×200N＝200N，故C正确；
D、10s内沙袋机械能增加量等于滑轮组克服沙袋重力做的功，即ΔE＝W有＝800J，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了滑轮组的特点、功、功率公式以及机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数和有用功、总功是关键。
（多选）9．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，下列说法中正确的是（　　）

A．只闭合开关S1，滑动变阻器滑片从中点向左滑动的过程中，电压表示数变小
B．同时闭合三个开关，滑动变阻器滑片从中点向右端滑动过程中，电流表A1示数变小
C．只闭合开关S1、S2，滑动变阻器滑片处于最左端，然后断开S2，电流表A2示数不变
D．只闭合开关S1、S3，滑动变阻器滑片处于最左端，电流表A1测R1电流
【分析】（1）只闭合开关S1时，R2与R3串联，电压表测电源两端的电压，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化；
（2）同时闭合开关S1、S2、S3时，R1与R3并联，电流表A1测干路电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据电阻的并联可知电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；
（3）只闭合开关S1、S2，滑动变阻器滑片处于最左端时，R1与R2并联，电流表A2测R2支路的电流；当断开S2后，电路为R2的简单电路，电流表A2测通过R2的电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响判断通过R2的电流变化；
（4）只闭合开关S1、S3，滑动变阻器滑片处于最左端，电路为R2的简单电路，据此分析。
【解答】解：A．只闭合开关S1时，R2与R3串联，电压表测电源两端的电压，
由电源电压保持不变可知，滑片从中点向右滑动的过程中电压表的示数不变，故A错误；
B．同时闭合开关S1、S2、S3时，R1与R3并联，电流表A1测干路电流，
滑片从中点向最右端滑动的过程中，R3接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I＝可知，电路的总电流变小，即电流表A1示数变小，故B正确；
C．只闭合开关S1、S2，滑动变阻器滑片处于最左端时（变阻器R3接入电路的阻值为0），R1与R2并联，电流表A2测R2支路的电流，
当断开S2后，电路为R2的简单电路，电流表A2测通过R2的电流，
由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，通过R2的电流不变，即电流表A2的示数不变，故C正确；
D．只闭合开关S1、S3，滑动变阻器滑片处于最左端，电路为R2的简单电路，R1被短路，电流表A1测R2电流，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了电路的动态分析，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键，要注意串联电路或并联电路中只要一个电阻增大，总电阻也增大，反之减小。
（多选）10．（3分）为了防止在炎热的夏季高速运行的汽车爆胎，一些车辆上都有胎压报警装置，其主要部件是胎压检测探头，这样可以大大降低爆胎带来的危害。下列描述正确的是（　　）

A．轮胎爆胎过程与热机做功冲程的能量转化相同
B．胎压报警装置中的检测探头是由超导材料制成的
C．高速运行的汽车通过做功方式改变轮胎的内能，使胎压升高
D．汽车轮胎上的花纹是为了增大摩擦
【分析】（1）轮胎爆胎过程将内能转化为机械能，与热机做功冲程的能量转化相同。
（2）检测探头是由半导体材料制成的。
（3）汽车通过做功方式改变轮胎的内能，使胎压升高。
（4）在压力一定时，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦。
【解答】解：A、轮胎爆胎过程与热机做功冲程的能量转化相同，故A正确；
B、胎压报警装置中的检测探头是由半导体材料制成的压敏元件，故B错误；
C、高速运行的汽车通过做功方式改变轮胎的内能，使胎压升高，故C正确；
D、汽车轮胎上的花纹是为了增大摩擦，故D正确。
故选：ACD。
【点评】本题考查了半导体材料的特点及应用；知道改变物体内能的方式；知道内燃机的原理和增大或减小摩擦的方法。
（多选）11．（3分）水平桌面放有甲、乙两个相同的烧杯，烧杯内装有密度不同的两种液体，将质量相同的A、B、C和体积相同的B、C、D四个球球放入两只烧杯中后，球在液体中静止时的状态如图所示，B、D对器底均有压力，两烧杯中液面高度相同，下列说法正确的是（　　）

A．图中A、D两球所受浮力FA＝FD
B．图中B、D两球的密度ρB＞ρD
C．甲、乙两烧杯底受到液体的压强p甲＜p乙
D．甲、乙两烧杯对桌面的压力F甲＜F乙
【分析】A、AC的质量相同，根据G＝mg可知二者的重力相同，A处于漂浮状态，C处于悬浮状态，所受的浮力均等于自身的重力，故AC所受的浮力相同；
C、D体积相同，且均浸没在同种液体中，根据F浮＝ρ液gV排可知CD所受的浮力的大小关系；
据此得出图中A、D两球所受浮力的大小关系；
BC、BC的质量和体积均相同，根据ρ＝可知二者的密度的大小关系；
B沉底，密度大于甲液体的密度；
C悬浮，密度等于乙液体的密度；
D沉底，密度大于乙液体的密度；
据此得出两液体的密度的大小关系和B、D两球的密度的大小关系；
液体的深度相同，根据p＝ρ液gh可知甲、乙两烧杯底受到液体的压强的大小关系；
D、AB的质量相同，根据G＝mg可知二者的重力相同；
A漂浮，所受的浮力等于自身的重力，B沉底，所受的浮力小于自身的重力，故A所受的浮力大于B所受的浮力，根据F浮＝ρ液gV排可知可知A排开液体的体积大于B排开液体的体积；且BCD均浸没在液体中，故甲液体的体积小于乙液体的体积；根据G＝mg＝ρ液gV可知两甲液体的重力的大小关系；
C悬浮，所受的浮力等于自身的重力；
D下沉，所受的浮力小于自身的重力；
C、D体积相同，且均浸没在同种液体中，根据F浮＝ρ液gV排可知CD所受的浮力的大小关系；
据此得出CD的重力的大小关系；
根据F压＝G总＝G容+G液+G球可知甲、乙两烧杯对桌面的压力的大小关系。
【解答】解：A、AC的质量相同，根据G＝mg可知二者的重力相同，A处于漂浮状态，C处于悬浮状态，所受的浮力均等于自身的重力，故AC所受的浮力相同；
C、D体积相同，且均浸没在同种液体中，根据F浮＝ρ液gV排可知CD所受的浮力相同；
故图中A、D两球所受浮力FA＝FD，故A正确；
BC、BC的质量和体积均相同，根据ρ＝可知二者的密度相同；
B沉底，密度大于甲液体的密度；
C悬浮，密度等于乙液体的密度；
D沉底，密度大于乙液体的密度；
故甲液体的密度小于乙液体的密度，且B、D两球的密度ρB＜ρD，故B错误；
液体的深度相同，且甲液体的密度小于乙液体的密度，根据p＝ρ液gh可知甲、乙两烧杯底受到液体的压强p甲＜p乙，故C正确；
D、AB的质量相同，根据G＝mg可知二者的重力相同；
A漂浮，所受的浮力等于自身的重力，B沉底，所受的浮力小于自身的重力，故A所受的浮力大于B所受的浮力，根据F浮＝ρ液gV排可知可知A排开液体的体积大于B排开液体的体积；且BCD均浸没在液体中，故甲液体的体积小于乙液体的体积；根据G＝mg＝ρ液gV可知甲液体的重力小于乙液体的重力；
C悬浮，所受的浮力等于自身的重力；
D下沉，所受的浮力小于自身的重力；
C、D体积相同，且均浸没在同种液体中，根据F浮＝ρ液gV排可知CD所受的浮力相同；
故D的重力大于C的重力；
故AB的重力之和小于CD的重力之和；
根据F压＝G总＝G容+G液+G球可知甲、乙两烧杯对桌面的压力F甲＜F乙，故D正确。
故选ACD。
【点评】本题考查浮力和压强的有关知识，是一道综合题。
（多选）12．（3分）如图电路电源电压不变，滑动变阻器为“20Ω 5A”、小灯泡的额定电压为6V，电流表的量程为“0～0.6A”，只闭合开关S2时，小灯泡正常发光，将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处，再闭合开关S1，电流表的示数为0.5A，闭合开关S1、S2，在电路安全情况下，下列说法正确的是（　　）

A．小灯泡的额定功率为3W
B．电路功率最小时工作10s所消耗的电能为30J
C．电路的最大功率为3.6W
D．滑动变阻器连入的阻值范围是15～20Ω
【分析】由图可知，只闭合S2时，只有小灯泡工作，根据小灯泡的规格可知电源电压；再闭合S1，灯泡和滑动变阻器并联，电流表测量干路的总电流，根据并联电路的特点和欧姆定律求出通过滑动变阻器的电流，根据并联电路的电流特点求出通过小灯泡的电流；
（1）根据P＝UI求出小灯泡的额定功率；
（2）根据并联电路特点和P＝可知电路功率最小时只有小灯泡工作，根据W＝Pt求出电路功率最小时工作10s所消耗的电能；
（3）根据电流表量程、滑动变阻器的规格可知干路的最大电流，根据P＝UI求出电路的最大功率；
（4）根据并联电路的特点可知通过滑动变阻器的最大电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大阻值；根据欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的阻值越大，电路中的电流越小，电路越安全，根据滑动变阻器的规格可知滑动变阻器接入电路的最大阻值，据此求出滑动变阻器连入的阻值范围。
【解答】解：A、由图可知，只闭合S2时，只有小灯泡工作，此时小灯泡正常发光，则电源电压：U＝UL＝6V，
再闭合S1，灯泡和滑动变阻器并联，电流表测量干路的总电流，
根据并联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压：U滑＝U＝6V，
将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处，通过滑动变阻器的电流：I滑＝＝＝0.3A，
根据并联电路的电流特点可知，通过小灯泡的额定电流：IL＝I﹣I滑＝0.5A﹣0.3A＝0.2A，
小灯泡的额定功率：PL＝ULIL＝6V×0.2A＝1.2W，故A错误；
B、根据并联电路的电阻特点可知，当只有小灯泡工作时，电路中的总电阻最大，由P＝可知，电路中的总功率最小，
电路功率最小时工作10s所消耗的电能：W＝PLt＝1.2W×10s＝12J，故B错误；
C、根据电流表量程、滑动变阻器的规格可知，干路的最大电流I大＝0.6A，
电路的最大功率：P大＝UI大＝6V×0.6A＝3.6W，故C正确；
D、根据并联电路的特点可知，通过滑动变阻器的最大电流：I滑大＝I大﹣IL＝0.6A﹣0.2A＝0.4A，
由I＝可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R滑小＝＝＝15Ω，
根据欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的阻值越大，电路中的电流越小，电路越安全，所以滑动变阻器接入电路的最大阻值为20Ω，
则滑动变阻器连入的阻值范围是15～20Ω，故D正确。
故选：CD。
【点评】本题考查并联电路的特点、欧姆定律、电功公式以及电功率公式的应用，是一道电学综合题，有一定的难度。
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分）
13．（3分）如图所示，当球员扣篮时，现场观众发出震耳欲聋的喝彩声，喝彩声是由声带的 　振动　产生的，“震耳欲聋”是形容声音的 　响度大　（填“音调高”或“响度大”）。喝彩声通过 　空气　传到球员耳中，使球员们士气大振。

【分析】（1）声音是由物体的振动产生的。
（2）声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关。
（3）声音的传播需要介质。
【解答】解：现场观众发出震耳欲聋的喝彩声，喝彩声是由声带的振动产生的，“震耳欲聋”是形容声音的响度大。喝彩声通过空气传到球员耳中，使球员们士气大振。
故答案为：振动；响度大；空气
【点评】本题考查的是声音产生和传播的条件；知道响度。
14．（3分）2021年12月9日，“太空教师”王亚平第二次进行太空授课，她在水膜表面贴上朵花后，水膜完好（如图甲），这表明分子之间存在 　引力　；她在水球内注入少量蓝色颜料，水球很快变成了一个蓝色水球（如图乙），这属于 　扩散　现象。通过电视看到多彩画面是由红、绿、　蓝　三种色光混合而成。

【分析】很多物质是由分子构成的，分子永不停息地做无规则运动，分之间同时存在相互作用的引力和斥力；
光的三原色是红、绿、蓝。
【解答】解：因为分子间存在引力，所以水膜依然完好；
由于分子永不停息的做无规则热运动，所以水球很快变成了一个蓝色水球，属于扩散现象；
通过电视看到多彩画面是由红、绿、蓝三种色光混合而成。
故答案为：引力；扩散；蓝。
【点评】本题分子动理论和光现象，属于基础题目。
15．（3分）如图是验钞、点钞一体机。验钞机利用 　紫外线　（填“红外线”或“紫外线”）使荧光物质发光；机器上的LED指示灯是由 　半导体　材料制成的；使用过程中机器温度升高，这是电流的 　热　效应。

【分析】（1）紫外线的作用和用途：根据紫外线有杀菌作用制成消毒灯；根据紫外线能使荧光物质发光制成验钞机；
（2）导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，常见半导体有锗、硅、砷化镓等；
（3）当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应。
【解答】解：验钞机利用紫外线使荧光物质发光；机器上的LED指示灯是由半导体材料制成的；使用过程中机器温度升高，这是电流的热效应。
故答案为：紫外线；半导体；热。
【点评】本题考查了紫外线的作用、半导体材料、电流的热效应等，是一道基础题。
16．（3分）我们关教室门时会发现，用手推门的A、B、C位置，关门难易程度会不同，这说明力的作用效果与力的 　作用点　有关，关门时常会听到“吱吱呀呀”的刺耳噪声，这是因为门轴处 　摩擦　较大而产生的，将门看做一个杠杆，在A点用力推门，这扇门相当于 　省力　（选填“等臂”、“省力”或“费力”）杠杆。

【分析】（1）力的三要素影响力的作用效果，用手推门的A、B、C位置，力的作用点不同；
（2）门和门轴处有摩擦；
（3）在A点用力时，根据动力臂和阻力臂的关系分析解答。
【解答】解：力的三要素同时影响力的作用效果，用手推门的地方不同，关门的难易程度会不同，改变推门的地方，改变的是力的作用点，说明力的作用效果与力的作用点有关；
门轴处接触面太粗糙，摩擦太大，关门时常会听到“吱吱呀呀”的刺耳噪声；
在A点用力推门过程中，支点在门轴附近，动力臂大于阻力臂，所以这扇门相当于省力杠杆。
故答案为：作用点；摩擦力；省力。
【点评】本题主要考查力的作用效果的影响因素、杠杆的类别的判断，要知道力的作用效果的影响因素，能根据动力臂和阻力臂的关系判断杠杆的类别。
17．（3分）我国自主研制了一种攻击型核潜艇，在水面下排开水的质量为3000t，它此时受浮力为 　3×107　N：在水面200m处下执行任务时，受到的压强为 　2×106　Pa；核潜艇所用的核能是 　不可再生　（选填“可再生”或“不可再生”）能源。（ρ水＝1.0×103kg/m3）
【分析】①利用阿基米德原理求得浮力；
②利用公式p＝ρ水gh求潜艇在水下200m处受到水的压强；
③从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源，化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源。
【解答】解：浮力F浮＝G排＝m排g＝3000×103kg×10N/kg＝3×107N；
受到的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×200m＝2×106Pa。
核能使用后在短期内不能得到补充，属于不可再生能源。
故答案为：3×107；2×106；不可再生。
【点评】此题考查了液体压强的计算公式、阿基米德原理及能源分类方法的应用，包含的知识点较多，难度不大，是一道基础题。
18．（3分）晴朗的冬日，空气比较干燥，当用塑料梳子梳干燥的头发时，头发会越梳越蓬松，这是发生了 　摩擦起电　现象，头发丝之间由于带 　同种　（填“同种”或“异种”）电荷互相排斥而显得蓬松；头发丝带电的实质是 　电子　在物体间发生了转移。
【分析】（1）不同物质组成的物体相互摩擦时，原子核束缚电子的本领不同，原子核束缚电子本领强的夺得电子带负电，原子核束缚电子本领弱的失去电子带正电；
（2）电荷间的相互作用是：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。
【解答】解：当用塑料梳子梳干燥的头发时，头发和梳子摩擦，使梳子和头发带电的现象叫摩擦起电，头发会越梳越蓬松，主要原因是头发间带同种电荷互相排斥而显得蓬松，这种用塑料梳子梳头发带电的实质是在物体间发生了转移。
故答案为：摩擦起电；同种；电子。
【点评】掌握摩擦起电的实质、现象，并能运用摩擦起电现象解释生活中的问题。
19．（2分）2022年1月1日，“华龙一号”核电6号机组首次并网成功，该核电站通过可控 　核裂变　（选填“核裂变”或“核聚变”）反应释放核能，核电站中的汽轮机带动发电机组发电，将汽轮机的机械能转化为 　电　能。
【分析】（1）核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的；
（2）核能发电时，在核反应堆中，铀核的裂变将核能转化为内能；在汽轮机中，内能再转化为机械能；在发电机中，机械能转化为电能。
【解答】解：核电站是利用可控的核裂变释放能量来发电的；核电站中的汽轮机带动发电机组发电，将机械能转化为电能。
故答案为：核裂变；电。
【点评】本题主要考查学生对核电站原理以及能量转化的理解，是一道基础题。
20．（3分）如图所示，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，两个容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，一段时间后，　甲　（填“甲”或“乙”）容器连接的U形管液面高度差较大，实验表明电流通过导体产生的热量跟 　电阻　（填“电流”或“电阻”） 有关；若通过乙容器电阻电流是0.5A，则甲容器中电阻1min内产生热量 　150　J。

【分析】（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想；
（2）根据串联电路中的电流特点和焦耳定律求出甲容器中电阻1min内产生的热量；
【解答】解：（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，由图可知，甲、乙中的电阻串联在电路中，电流和通电时间相同，根据焦耳定律可知电阻越大，产生的热量越多，所以甲中产生的热量多，U形管液面高度较大，即电流通过导体产生的热量跟电阻有关。
（2）若通过乙容器电阻电流是0.5A，由甲、乙串联可知，I甲＝I乙＝0.5A，
甲容器中电阻1min内产生的热量：
Q＝＝（0.5A）2×10Ω×1×60s＝150J
故答案为：甲；电阻；150。
【点评】本题考查了焦耳定律的实验以及焦耳定律公式的应用，体现了转换法和控制变量法的应用。
21．（3分）如图甲所示电路中，电源电压恒定，闭合开关S，调节滑动变阻器R的滑片从最右端滑至灯正常发光的位置，电流表与电压表V1示数变化关系的图象乙所示，电流表与滑动变阻器R连入电阻关系的图象如图丙所示。，该电路的电源电压为 　9　V，小灯泡的额定功率为 　3.5　W，此过程中灯泡的最小功率为 　0.2　W。
【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测灯泡L两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
由图乙可知，当灯泡的电压为1V时，电路中的电流最小，根据丙图知，电路中的电流为0.2A时，变阻器接入电路中的电阻R＝40Ω，
由欧姆定律和串联电路中总电压等于各分电压之和计算电源的电压；
由图乙可知，当电路中的电流为0.5A时，灯泡两端的电压为额定电压，由图丙可知，变阻器接入电路中的电阻R＝4Ω，
由欧姆定律可和联电路中总电压等于各分电压之和，
计算灯泡的电压，得出额定功率；
根据灯泡的最小电压为1V，最小电流为0.2A，用P＝UI计算最小电功率。
【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测灯泡L两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
由图乙可知，当灯泡的电压为1V时，电路中的电流最小，根据丙图知，电路中的电流为0.2A时，变阻器接入电路中的电阻R＝40Ω，
由欧姆定律可得，滑动变阻器两端的电压为：
U滑＝IR＝0.2A×40Ω＝8V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以电源的电压为：
U＝UL+U滑＝1V+8V＝9V，
由图乙可知，当电路中的电流为0.5A时，灯泡两端的电压为额定电压，由图丙可知，变阻器接入电路中的电阻R＝4Ω，
由欧姆定律可得，滑动变阻器两端的电压为：
U'滑＝I'R'＝0.5A×4Ω＝2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
此时灯泡的电压为：
U'L＝U﹣U滑＝9V﹣2V＝7V，
灯泡的额定功率是P'＝U'LI'＝7V×0.5A＝3.5W；
此过程中灯泡的最小电压为1V，最小电流为0.2A，
最小功率为P＝ULI＝1V×0.2A＝0.2W；
故答案为：9；3.5；0.2。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，从图象中获取有用的信息是关键。
三、作图题（本题共3小题，每小题3分，共9分）
22．（3分）《墨经》最早记述了杆秤的杠杆原理，如图1所示。把物品挂在挂A处，将秤砣拨到合适位置，手提秤纽01或02为支点，待秤杆平衡后，根据秤砣绳所对应的刻度就可得出物品的质量。
（1）若在A处挂有很重的物体，应该手提秤纽01或02，请在图2中对应的括号中打（√）；
（2）若将图2中提纽02挂起，请做出使秤杆平衡的最小力F和它的力臂L。
【分析】（1）根据杠杆的平衡条件分析；
（2）在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，要使动力最小，则动力臂必须最长，先确定最长的力臂﹣﹣即离支点最远的点，然后过动力作用点做垂直于杠杆的作用力即可。
【解答】解：（1）若在A处挂有很重的物体，则阻力变大，动力大小不变，根据杠杆的平衡条件可知，应该减小阻力臂、增大动力臂，所以应该手提秤纽01；
（2）若将图2中提纽02挂起，此时支点在02位置，连接02与D，该线段为动力臂时，动力臂是最大的，在阻力、阻力臂不变的情况下，动力最小，如图所示：

【点评】本题主要考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，根据阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时最省力找出动力臂是本题的关键。
23．（3分）如图，S′是空气中点光源S经水面形成的像，光线为点光源S射向水面后的一条反射光线，水面与凸透镜的主光轴重合。请画出：
（1）根据平面镜成像特点，做出点光源S，并画出入射光线；
（2）水中的折射光线的大致位置；
（3）经过凸透镜的折射光线。

【分析】（1）由平面镜成像的特点知，像与物关于平面镜对称，由此做出点光源S，并画出入射光线；
（2）根据折射定律：折射光线、入射光线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射角小于入射角，作出折射光线；
（3）凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。
【解答】解：
（1）水面相当于平面镜，根据像与物关于平面镜对称，先由S′点向水面作垂线，并延长至S，且S和S'到水面距离相等，S即为点光源，连接SF为入射光线，如图所示：
（2）根据光从空气中斜射入水中时，折射角小于入射角，在法线右侧的水中画出折射光线，如图所示：
（3）根据通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴作出经过凸透镜的折射光线，如图所示：

【点评】本题综合考查了根据平面镜成像特点作图，光的折射以及凸透镜对特殊光线的作图，要注意作图的规范性，是一道好题。
24．（3分）坤坤中考后想去北极旅行，他计划先乘坐穿越俄罗斯北极地区的旅游列车，再乘船由北冰洋东北航道进入北极圈，于是他设计一款北行小船（小船的船头一直指向北方），如图所示是坤坤的模拟实验，他将小船放入水盆中漂浮，小船在条形磁体的作用下顺时针转动，请标出：
（1）条形磁体左侧的极性；
（2）电源上端的极性；
（3）a点磁感线的方向。

【分析】（1）由小船的船头一直指向北方判断出小船的船头的磁极，根据磁极间的相互作用规律判断条形磁体左侧的极性；
（2）根据安培定则判断出电磁铁线圈的电流方向，进而判断出电源上端的极性；
（3）在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极。
【解答】解：小船的船头一直指向北方，说明小船的船头为N极，将小船放入水盆中漂浮，小船在条形磁体的作用下顺时针转动，因为异名磁极互相吸引，因此条形磁体左侧为S极；根据安培定则可知，电流从电磁铁的上端流入，下端流出，因此电源的上端为正极，下端为负极；在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极。如图所示：

【点评】此题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则、磁感线及其特点，比较简单，属基础题。
四、简答题（3分）
25．（3分）如图所示，我国嫦娥四号月球探测器不负众望，成功的在月球背面软着陆，这是人类有史
以来第一次成功登陆月球背面，登陆后，月球车在经历短暂“休息”后，开展多种科学探测任务。问：
（1）月球车上的太阳能电池板工作时发生了什么能量转换？
（2）为什么月球车的车轮不仅很宽，而且外表面有凸起的棱？

【分析】（1）能量转化的题目必定有一种能量减少，另一种能量增加。分析能量转化时，就看什么能量减少了，什么能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量；
（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强；增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力、增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度、增大摩擦力。
【解答】解：
（1）在太阳光照射下，太阳能电池将太阳能转化为电能；
（2）车轮宽大是在压力一定时，通过增大受力面积减小月球车对月球表面的压强；车轮表面有棱是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力。
答：（1）太阳能转化为电能；（2）车轮做得很宽，是为了在压力不变时，通过增大受力面积，减小压强；车轮凸起的棱，是为了在压力不变时，通过增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力。
【点评】本题考查本题考查了太阳能的利用和改变压强大小的方法、增大和减小摩擦的方法，此类问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
五、计算题（本题共2小题，26题9分，27题9分，共18分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值、单位和答）
26．（9分）如图是明明家新买的轿车，该车质量1.8t，最大输出功率是92kW，汽油机效率是30%，轮胎与地面接触的总面积为0.12m2（g＝10N/kg，q汽油＝4.6×107J/kg），求：
（1）该车静止在水平地面上时，对地面的压强多大？
（2）在某段水平路面上，该车以72km/h的速度匀速直线行驶时，所受的阻力为4000N，则此时发动机的输出功率多大？
（3）若该车以最大输出功率行驶10min，需要消耗多少千克汽油？

【分析】（1）知道轿车质量，利用G＝mg求其重力，静止时，对水平地面的压力等于其重力，知道受力面积（车轮与地面的总接触面积），利用压强定义式求对水平地面的压强；
（2）轿车在水平路面上匀速行驶，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，大小相等，据此求轿车受到的牵引力，利用P＝Fv求轿车发动机的输出功率；
（3）利用W＝Pt求该车以最大输出功率行驶10min做的功，利用效率公式求出汽油完全燃烧放出的热量，再利用Q放＝mq求需要完全燃烧汽油的质量。
【解答】解：
（1）轿车质量m＝1.8t＝1800kg，
其重力G＝mg＝1800kg×10N/kg＝1.8×104N，
轿车静止时，对水平地面的压力：F压＝G＝1.8×104N，
受力面积，即车轮与地面的总接触面积S＝0.12m2，
对水平地面的压强：p＝＝＝1.5×105Pa；
（2）因为轿车在水平路面上匀速直线行驶，轿车受到的阻力和牵引力是一对平衡力，
根据二力平衡条件可知，轿车受到的牵引力：F＝f＝4000N，
轿车速度v＝72km/h＝20m/s，
该车行驶时发动机的输出功率：P＝＝＝Fv＝4000N×20m/s＝80000W＝80kW；
（3）该车以最大输出功率行驶10min做的功：
W＝P最大t＝92×103W×10×60s＝5.52×107J，
由η＝可知，汽油完全燃烧放出的热量：Q放＝＝＝1.84×108J，
由Q放＝mq可知，需要完全燃烧汽油的质量：m汽油＝＝＝4kg。
答：（1）该车静止在水平地面上时，对地面的压强为1.5×105Pa；
（2）发动机的输出功率为80kW；
（3）若该车以最大输出功率行驶10min，需要消耗4kg汽油。
【点评】本题为力学和热学综合题，考查了重力公式、压强公式、功率公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式以及二力平衡条件的应用，知识点多，综合性强，有一定的难度。
27．（9分）如图甲所示是一款多功能电煮锅，可以通过控制开关实现高、中、低三挡加热，其简化电路如图乙所示。R1、R2、R3均为电热丝，已知R1＝180Ω，电煮锅的部分参数如下表，ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃），求：
额定电压
220V
高温挡功率
1210W
中温挡功率
440W
低温挡功率

容量
1L
（1）R2的阻值是多少？
（2）电煮锅的低温挡功率是多少？
（3）若不计热量损失，电煮锅使用高温挡加热，使1L水从12℃升高到100℃，需要多长时间（结果保留到整数）？

【分析】（1）当S接高温挡触点时，电路为R3的简单电路，利用P＝求R3的阻值；
当S接中温挡触点时，R2、R3串联，根据P＝求出串联总电阻，由串联电路电阻的规律算出R2的阻值；
（2）当S接低温挡触点时，R1、R3串联，求出串联总电阻，利用P＝求出电煮锅的低温挡功率；
（3）知道水的体积，利用ρ＝可求水的质量，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求水吸收的热量；不计热量损失时，消耗的电能等于水吸收的热量，知道高温挡功率，利用P＝求需要的加热时间。
【解答】解：（1）当S接高温挡触点时，电路为R3的简单电路，由P＝可得R3的阻值：
R3＝＝＝40Ω，
当S接中温挡触点时，R2、R3串联，根据P＝得串联总电阻为：
R总＝＝＝110Ω，
由串联电路电阻的规律得R2的阻值为：
R2＝R总﹣R3＝110Ω﹣40Ω＝70Ω；
（2）当S接低温挡触点时，R1、R3串联，则电煮锅的低温挡功率，
P低＝＝＝220W；
（3）水的体积：V＝1L＝1dm3＝1×10﹣3m3，
由ρ＝可得水的质量：
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3＝1kg，
水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣12℃）＝3.696×105J，
不计热量损失时，消耗的电能：W′＝Q吸＝3.696×105J，
由P＝可得需要的加热时间：
t'＝＝≈306s。
答：（1）R2的阻值是70Ω；
（2）电煮锅的低温挡功率是220W；
（3）若不计热量损失，电煮锅使用高温挡加热，使1L水从12℃升高到100℃，需要306s。
【点评】本题考查了电功率公式和电阻串联、密度公式、吸热公式、电功公式的综合应用，判断出加热杯处于不同状态时电路的连接方式是关键。
六、实验、探究题（本题共5小题，共36分）
28．（6分）小敏在探究“冰熔化时温度变化的规律”的实验中，分别在烧杯和试管中放入适量的碎冰（烧杯内冰的质量大于试管内冰的质量），并各放了一支温度计组成如图甲所示的实验装置，完成下面探究实验。

（1）小敏点燃酒精灯给烧杯加热，一段时间后温度计A的示数如图甲所示，此时温度计示数为 　﹣2　℃。
（2）实验过程中A、B两个温度计的示数随时间变化的图象如图乙所示，第8min时烧杯内的碎冰处于 　固液共存　态，此时试管内的碎冰 　没有　（填“正在”或“没有”）熔化。
（3）小敏发现0～4min时间内，烧杯内的碎冰比试管内碎冰升温快，你认为发生这种现象的原因是烧杯内的碎冰和试管内碎冰的 　吸收热量　（填“比热容”、“质量”或“吸收热量”）不同。
（4）通过实验可以得出晶体熔化的条件是：温度 　达到熔点　，继续吸热。
（5）烧杯内的物质在0﹣2min时间内吸收的热量 　等于　8～10min时间内吸收的热量。（填“大于”、“等于”或“小于”）。
【分析】（1）由图甲可知温度计的分度值是1℃，且在0℃以下，根据液柱上表面所对应数值可得；
（2）4～10min是冰的熔化过程，在第8min，冰处于熔化过程中。晶体熔化的条件是：温度达到熔点，持续吸收热量；
（3）0～4min时间内，烧杯内的碎冰先吸热，而试管内碎冰还没有吸热，据此解答；
（4）晶体熔化的条件是达到熔点、继续吸热；
（5）热源不变，相同时间放出的热量相同，故烧杯内的物质在0﹣2min时间内吸收的热量等于8～10min时间内吸收的热量。
【解答】解：（1）由图甲可知温度计的分度值是1℃，且在0℃以下，根据液柱上表面所对应数值可知温度值﹣2℃；
（2）4～10min是冰的熔化过程，在第8min，冰处于熔化过程中，所以处于固液共存态。晶体熔化的条件是：温度达到熔点，持续吸收热量。因为烧杯中的冰处于熔化过程中，温度不变，试管中的冰无法吸收热量，所以不能熔化；
（3）0～4min时间内，烧杯内的碎冰先吸热，而试管内碎冰要等到烧杯内冰块温度比试管内温度高才可以吸热，所以烧杯内的碎冰比试管内碎冰升温快，原因是烧杯内的碎冰和试管内碎冰的吸收热量不同；
（4）晶体熔化条件是：温度达到熔点且继续吸热；
（5）热源不变，相同时间放出的热量相同，故烧杯内的物质在0﹣2min时间内吸收的热量等于8～10min时间内吸收的热量。
故答案为：（1）﹣2；（2）固液共存；没有；（3）吸收热量；（4）达到熔点；（5）等于。
【点评】此题考查晶体熔化时的相关知识，难度不大。
29．（6分）小明用如图所示的器材“探究凸透镜成像规律”实验，进行如下操作：

（1）点燃蜡烛，将蜡烛、凸透镜（f＝10cm）、光屏“肩并肩”靠在一起，这样做的目的是 　使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度　（填“使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度”或“观察光屏上像的性质”）。
（2）表格是小明记录的实验数据，分析推理可知：当u＝70cm时的成像原理可制成 　照相机　（填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（3）第5次实验的像距v＝　60　cm，判断的依据是 　在光的折射现象中，光路是可逆的　。
（4）在如图所示的实验装置中，要想看到第6次实验所成的像，可以 　A　（填字母）。
A.眼睛在A点向左看
B.眼睛在B点向下看
C.眼睛在C点向右看
（5）将所有器材恢复到第1次实验成像的位置，将近视眼镜置于凸透镜前，将光屏向 　右　（填“左”或“右”）移动才能呈现清晰的像。
实验次数
1
2
3
4
5
6
物距u/cm
60
30
20
15
12
6
像距v/cm
12
15
20
30

＞6
像的大/小
缩小
缩小
等大
放大
放大
放大
像的倒/正
倒立
倒立
倒立
倒立
倒立
正立
实/虚
实像
实像
实像
实像
实像
虚像
【分析】（1）为使像能成在光屏的中央，应使凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度处；
（2）当物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，应用照相机；
（3）根据光路的可逆性，由1的数据可知5的数据；
（4）凸透镜成像实验中，当物距小于一倍焦距时，会在同侧成一个放大正立的虚像；
（5）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。
【解答】解：（1）实验过程中，调整凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜和光屏三者中心大致在同一高度，目的是使烛焰的像成在光屏的中央；
（2）当u＝70cm时，大于二倍焦距，成倒立缩小的实像，应用为照相机；
（3）由第一组数据知，物距为60cm时，像距为12cm，因为折射时光路是可逆的，所以当物距为12cm时，像距为60cm；
（4）第6次实验，物距U＝6cm，U＜f，此时对应的是放大镜的成像规律，物像在同侧，放大正立虚像，故选A；
（5）将所有器材恢复到第1次实验成像的位置，此时物距U＝60cm，像距V＝12cm，将近视眼镜放在凸透镜前，由于近视眼镜是凹透镜，有发散作用，会使清晰的像成在离凸透镜更远的位置，所以必须要向右移动，才能承接到清晰的像。
故答案为：（1）使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度；
（2）照相机；
（3）60；在光的折射现象中，光路是可逆的；
（4）A；
（5）右。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
30．（6分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小明设计了如图甲所示的实验装置。

（1）实验过程中，弹簧测力计水平向右拉着物块A做匀速直线运动，此时，滑动摩擦力的大小 　等于　（大于/等于/小于）测力计的示数，方向水平向 　左　；
（2）小明在同一木板上，测量了不同压力下滑动摩擦力的大小，并根据测量数据作出了如图乙所示图像中的图线①，实验过程中需要控制的变量是 　接触面的粗糙程度　；
（3）在同一次实验中，如果小明用更大的速度匀速拉物块A，则根据测量数据作出的图线会是 　①　（①/②/③）；在长木板上铺上毛巾再次实验；则根据测量数据作出的图线会是 　③　（①/②/③）；
（4）对该实验进行改进，如图丙所示，用测力计C水平拉动木板；当物块A相对地面静止且木板刚好做匀速直线运动，物块A受到的滑动摩擦力大小等于 　B　测力计（“B”“C”）的示数。
【分析】（1）用弹簧测力计水平向右匀速拉动物块，物块做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可知，滑动摩擦力等于测力计的示数，摩擦力的方向与物体运动方向和运动趋势方向相反；
（2）究滑动摩擦力与压力的关系，需要控制接触面的粗糙程度相同；
（3）据影响滑动摩擦力大小的两个因素：接触面的粗糙程度和压力大小；
（4）木块相对于地面处于静止状态，根据二力平衡和力相互性分析。
【解答】解：（1）实验过程中，弹簧测力计水平向右拉着物块A做匀速直线运动，此时，物体A受力平衡，拉力等于摩擦力，即滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数，方向水平向左；
（2）小明在同一木板上，测量了不同压力下滑动摩擦力的大小，即探究滑动摩擦力与压力的关系，需要控制接触面的粗糙程度相同；
（3）在同一次实验中，如果小明用更大的速度匀速拉物块A，滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，与速度大小无关，故①正确；
在长木板上铺上毛巾再次实验，接触面粗糙程度变大，摩擦力变大，图像应在①的上方，所以作出的图线会是③；
（4）当物块A相对地面静止且木板刚好做匀速直线运动，物块A受力平衡，摩擦力等于拉力，等于弹簧测力计B的示数。
故答案为：（1）等于；左；（2）接触面的粗糙程度；（3）①；③；（4）B。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对实验方案的改进，体现了对过程和方法的考查。
31．（6分）小明在测量浓盐水的密度实验中，进行如下操作：

（1）把天平放在水平桌面上，使游码归零，发现天平指针指在分度盘中线的左侧，为了使天平平衡，应该向 　右　（填“左”或“右”）调节平衡螺母。
（2）将浓盐水倒入烧杯中，用天平测其总质量，天平砝码和游码的位置如图甲所示，则烧杯和浓盐水的总质量为 　74　g。
（3）将浓盐水倒入量筒，液面到达的位置如图乙所示，浓盐水的体积为 　40　cm3。
（4）用天平测出空烧杯的质量为30g。浓盐水的密度为 　1.1　g/cm3。
（5）小明用水（密度为ρ0）、刻度尺、薄壁轻质塑料瓶测桃的密度，设计了如图丙所示方案，请帮他将实验步骤补充完整。
①在薄壁轻质塑料瓶中装适量的水，用刻度尺测出瓶中水的深度为h1；
②用双面胶把桃粘在瓶底，将瓶子放水中，瓶子恰好在竖直方向漂浮，用刻度尺测出瓶子浸入水中的深度为h2；
③将瓶子上下对调，测出 　瓶内水面到瓶外水面　高度为h3，桃的密度表达式为ρ＝　　。
【分析】（1）天平在使用前要调节平衡：将天平放在水平台上，将游码归零，平衡螺母向指针偏向的反方向调节，使横梁平衡；
（2）天平测量物体质量，读数时是砝码质量加上游码的示数；
（3）进行量筒的读数时，注意量筒的分度值；
（4）求出浓盐水的质量，利用密度公式ρ＝求出浓盐水的密度；
（5）利用漂浮时重力等于浮力，计算质量，利用浸没时排开液体体积等于物体体积计算体积。
【解答】解：（1）把天平放在水平桌面上，使游码归零，发现天平指针指在分度盘中线的左侧，为了使天平平衡，应该向右调节平衡螺母；
（2）由图甲可知，游码分度值为0.2g，砝码的总质量为：50g+20g＝70g，游码对应的刻度值4g，则烧杯和浓盐水的总质量为：m＝70g+4g＝74g；
（3）由图乙知，量筒的分度值为1mL，将杯中部分盐水倒入量筒中，如图乙所示量筒中盐水体积V盐＝40mL＝40cm3；
（4）浓盐水的质量m盐＝m﹣m0＝74g﹣30g＝44g，
由ρ＝得，浓盐水的密度：ρ盐＝＝1.1g/cm3；
（5）③将瓶子上下对调，测出瓶内水面到瓶外水面高度为h3，设瓶底的横截面积为S，
根据阿基米德原理，由丙图中的第二图知，桃和瓶漂浮，根据阿基米德原理，F浮＝G总，即（h2S+V桃）ρ0g＝h1Sρ0g+m桃g......①
由丙图中的第三图知，桃和瓶漂浮，根据阿基米德原理，m桃g＝h3Sρ0g，即m桃＝h3Sρ0......②
联立①②式，解得，V桃＝（h1+h3﹣h2）S，
桃的密度表达式为ρ＝＝。
故答案为：（1）右；（2）74；（3）40；（4）1.1；（5）瓶内水面到瓶外水面；。
【点评】本题主要考查液体密度的测量，最近几年这种类型的题目，是越来越多，学生是否能根据课本知识点再扩充，能否举一反三，这是关键也是难点。
32．（12分）在“伏安法测电阻”的实验中，实验器材有干电池3节（电源电压4.5V）、电流表和电压表各一个、规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器一个、待测电阻一个、开关和导线若干。

（1）小亮连接了如图甲所示电路，若闭合开关，电压表的指针将 　不动　（选填“正向偏转”、“反向偏转”或“不动”）。检查电路时发现有一根导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，画出正确连线；
（2）排除故障后，闭合开关，小亮多次调节滑动变阻器滑片，记录实验数据如表：
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.6
2.0
2.4
3.0
电流I/A
0.10

0.18
0.26
0.30
图乙为第2次实验电流表的示数，读数为 　0.16　A；
（3）老师看完数据后，发现有一次数据不是实际测量得到的，请你分析它是第 　1　次的数据，判断的依据是 　电阻约为10Ω，实验中其最小电压约为2V　；
（4）利用剩余四次实验数据，算出待测电阻的阻值为 　10　Ω（结果保留整数）；本实验多次测量的目的是 　用来求平均值来减小误差　。
（5）小亮利用原有的实验器材，又增添了定值电阻（10Ω、20Ω、25Ω、30Ω）“探究电流与电阻的关系”。小明将10Ω和25Ω电阻分别接入电路，并将电压表示数调到所控制的电压3V时，两次实验滑动变阻器消耗的电功率之比为 　5：2　。通过实验探究，小明得出的结论是：　当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比　。
（6）上述实验结束后，小亮和同学们想测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，发现电流表已经损坏，于是利用原有的部分器材，又找来一个阻值为30Ω的定值电阻R0和一个电压表，设计了如图丙所示的电路。实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表V1的示数为 　2　V，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，滑动变阻器滑片 　保持不动　（选填“向左移动”、“向右移动”或“保持不动”），读出电压表V2的示数为3V；
③小灯泡的额定功率为 　1　W。
【分析】（1）电压表与电流表并联了，电压表被短路；电流应从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出；
（2）根据电流表选用的量程确定分度值读数；
（3）求出定值电阻的大约值，根据分压原理，得出电压表的最小读数；
（4）根据欧姆定律求出对应的电阻，最后求平均值得出测量结果；多次测量的目的：一是用来求平均值来减小误差，二是为了从不同情况中找到普遍规律；
（5）因定值电阻两端的电压保持不变，根据串联电路电压规律结合欧姆定律和P＝UI分析回答；
（6）要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，通过移动滑片的位置，电压表V1的示数为U′＝U﹣U额；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表V2测定值电阻的电压，根据串联分压可求出此时变阻器连入电路的电阻，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P＝UI可求出灯的额定功率。
【解答】解：（1）电压表与电流表并联了，电压表被短路，故电压表指针不动；电流应从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出，电压表应并联接在定值电阻的两端，如图所示：

（2）由乙图可知，电流表量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，示数为0.16A，
（3）由表中数据，根据欧姆定律，定值电阻R＝＝＝10Ω，根据分压原理，当滑动变阻器的最大电阻连入电路中时，电压表示数最小，定值电阻两端的最小电压U最小＝×U＝＝1.5V＞1V，所以第1组数据不是本实验中测得的；
（4）由表格可知，电阻两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律可得：
R2＝＝＝10Ω，R3＝＝＝11.1Ω，R4＝＝＝9.2Ω，R5＝＝＝10Ω，
所测量的电阻阻值应是R＝＝≈10Ω；
本实验多次测量的目的是用来求平均值来减小误差；
（5）小明将10Ω和25Ω电阻分别接入电路，因定值电阻两端的电压保持不变，根据欧姆定律可知，在电压不变时，电流与电阻成反比，故电路中电流之比为：
I1：I2＝25Ω：10Ω＝5：2；
因电源电压和定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压不变，
由P＝UI可知，在电压不变时，电功率与电流成正比，故两次实验滑动变阻器消耗的电功率之比为5：2；
（6）①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表V1的示数为U′＝U﹣U额＝4.5V﹣2.5V＝2V，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，滑动变阻器滑片保持不动，读出电压表V2的示数为3V；
此时滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U﹣U2＝4.5V﹣3V＝1.5V，
由串联分压可知，＝，即：＝
解得：R滑右＝15Ω，
所以滑动变阻器左边部分的电阻为：R滑左＝R滑﹣R滑右＝20Ω﹣15Ω＝5Ω，
所以当闭合开关S、S1，断开开关S2时，电路中的电流为：
I＝＝＝0.4A，
所以小灯泡的额定功率为：P额＝U额I＝2.5V×0.4A＝1W。
故答案为（1）不动；见解答过程：
（2）0.16；
（3）1；电阻约为10Ω，实验中其最小电压约为1.5V（或者：当电路中的电流为0.1A时，滑动变阻器的阻值应为35Ω，大于所给滑动变阻器的最大值20Ω）；
（4）10；用来求平均值来减小误差；
（5）5：2；当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（6）2；保持不动；1。
【点评】本题为伏安法测电阻实验，主要考查了电路故障分析、电路连接、电流表读数、欧姆定律的计算、多次测量的目的、实验数据的分析以及特殊方法测量电功率等，知识点多，可以说每道小题学生都容易出错，难度较大。