湖南省株洲市芦淞区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）

这是一份湖南省株洲市芦淞区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共18页。试卷主要包含了 下列做法为了减小压强的是，2NB等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年湖南省株洲市芦淞区八年级（下）期末物理试卷
1. 甲和乙两台机械，甲的功率为162kW，乙的功率为128kW，下列正确的是(    )
A. 甲一定比乙做功多 B. 乙一定比甲做功多
C. 甲一定比乙做功快 D. 甲做功时间一定比乙更短
2. 下列做法为了减小压强的是(    )
A. 书包的背带做得宽些 B. 缝衣针做得很细
C. 注射器的针尖很尖 D. 菜刀的刀口很薄
3. 下列实例中，物体(加“⋅”)的运动状态发生改变的是(    )
A. 匀速下落的雨滴 B. 来回摆动的秋千
C. 挂在墙上的年画 D. 匀速直线行驶的汽车
4. 自行车的结构及使用涉及到不少有关摩擦的知识，其中为了减小摩擦的是(    )
A. 车把套上制作了花纹 B. 给车轴加润滑油
C. 刹车时用力捏闸柄 D. 轮胎的表面做得凹凸不平
5. 如图所示的现象中，没有利用大气压的是(    )
A. “吸盘”挂钩
B. 注射器注射药液
C. 吸管“吸“饮料
D. 硬纸片托住杯中水
6. 如图，让小铁球斜面上滚下，在它运动路径的侧旁放一个磁体，观察到铁球的运动路径发生变化。下列关于力的说法正确的是(    )
A. 磁体与铁球未相互接触，不发生力的作用
B. 以铁球为研究对象，铁球是施力物体
C. 以铁球为研究对象，磁体是施力物体
D. 磁体施加力的效果是改变铁球的形状
7. 图5所示的实例中，主要说明力改变物体运动状态的是(    )
A. 篮球落到地面，被弹回
B. 用力压气球，气球变瘪了
C. 撑竿被跳高运动员压弯
D. 用力拉弹簧，弹簧变长
8. 如图是小车座椅靠背上方的头枕，是为了防止下列哪种情况下对车内的人员造成伤害(    )


A. 突然减速时 B. 突然刹车时 C. 追尾前车时 D. 被后车追尾时
9. 如图是实验室常用的弹簧测力计，下列关于此弹簧测力计的说法中错误的是(    )


A. 该弹簧测力计的分度值是0.2N B. 使用前必须检查指针是否指在零刻度线上
C. 使用该弹簧测力计时，必须使其水平放置 D. 所测力的大小不能超过5N
10. 如图是气泡从鱼嘴里吐出并上升时的情况，对气泡上升过程中受到的浮力和气泡内气体压强分析正确的是(    )
A. 压强变小
B. 压强不变
C. 浮力不变
D. 浮力变小
11. 如图所示，一个容器被隔板分成甲、乙两个部分，隔板下部有一圆孔用橡皮膜密封，在两部分内装入深度相同的两种液体，橡皮膜向乙液体中凸出。若甲、乙两部分液体的密度分别为ρ甲、ρ乙，则二者的大小关系是(    )


A. ρ甲>ρ乙 B. ρ甲=ρ乙 C. ρ甲ρb B. 两物体受的浮力：Fa浮pb D. 水对容器底部的压强：p甲s1，表明：______ 相同的物体，______ 越大，其动能越大。
(3)若用上述实验器材探究阻力对物体运动的影响，必须增加的器材是______ 。(填字母)
A.质量不同的木块
B.倾斜程度不同的斜面
C.粗糙程度不同的水平面
24. 如图是“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验。

(1)在实验中应用弹簧测力计拉着木块做______ 运动。
(2)在图a、b、c三图中，拉力分别是F1=2N，F2=3N，F3=2.5N。分析______ 两图可得：压力一定时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大。下列现象中应用了此结论的是______ 。(选填字母)
A.打羽毛球时用力握紧球拍
B.足球守门员戴有防滑手套
C.骑自行车刹车时用力捏车闸
(3)将物块切去一半后重复a实验，如图d所示，发现此时弹簧测力计的示数减小。小明由此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。其他同学认为他的结论是错误的，原因是______ 。
25. 小明用测力计悬挂着一物体(图甲)，再在方形容器中装入适量水(图乙)，将物体浸没在水中并保持静止，测力计的示数如图(图丙)。若容器底面积S=1×10-2m2，ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg。则：
(1)物体的重力G=______ N，物体在水中受的浮力F浮=______ N。
(2)物体排开水的体积V=______ m3。
(3)图丙中水对容器底部的压强较图乙中增大了多少？

26. 俯卧撑运动可以改善中枢神经系统，有利于骨的坚实，关节的灵活，韧带的牢固，肌肉的粗壮及弹性，同时能加速血液循环，增大肺活量。如图是小明做俯卧撑时的情景(A点为重心)，他每次将身体撑起到如图位置时，A点要上升0.24m。则：
(1)此时他可以被看成是一个______ 杠杆(选填“省力、省距离、等臂”)；此时，该杠杆的支点是______ (选填“O”、“A”或“B”)点。
(2)若他的体重500N，则如图中他双手的支持力至少是______ N。
(3)若他在1min内做了30个俯卧撑，则他克服重力做功的功率有多大？


答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：功率表示做功的快慢。已知甲的功率大于乙的功率，说明甲做功比乙快，功率大小与两台机械做功的多少、工作时间长短无关，故C正确。
故选：C。
功率表示做功的快慢。
本题考查对功率概念的理解，难度不大。

2.【答案】A 
【解析】解：A、书包的背带做得宽些，是在压力一定时，增大受力面积减小书包对肩膀的压强，使肩膀感觉比较舒服。符合题意。
B、缝衣针做的很细，是在压力一定时，减小受力面积增大针对布的压强，容易插入。不符合题意。
C、注射器的针尖很尖，是在压力一定时，减小受力面积增大注射器针尖对肌肉的压强，容易插入。不符合题意。
D、菜刀的刀口很薄，是在压力一定时，减小受力面积增大刀对菜的压强，容易把菜切开。不符合题意。
故选：A。
压强跟压力大小和受力面积大小有关，减小压强的方法有两种：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积。具体情况具体分析，然后再判断出正确的选项即可。
此题主要考查的是增大、减小压强的方法，在平时的学习过程中，要擅于运用物理知识来解释一些日常现象，从而为解答此类题积累经验。

3.【答案】B 
【解析】解：A、匀速下落的雨滴速度大小和方向不变，运动状态不变，故选项错误。
B、来回摆动的秋千，速度和方向都变化，所以秋千运动状态发生改变，故选项正确。
C、挂在墙上的年画处于静止状态，故选项错误。
D、匀速直线运动的汽车，汽车的速度大小和方向不变，运动状态不变，故选项错误。
故选：B。
物体运动速度大小的变化或方向的变化都属于运动状态的改变。
抓住物体运动状态不变的条件：速度大小和方向都不变。

4.【答案】B 
【解析】解：A、车把套上制作了花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故A不合题意；
B、给车轴加润滑油，在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；故B符合题意；
C、刹车时用力捏闸柄，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；故C不合题意；
D、轮胎的表面做得凹凸不平，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故D不合题意。
故选：B。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。

5.【答案】B 
【解析】解：A、用吸盘挂钩挂衣服，是先把吸盘内的空气压出，在外界大气压的作用下，将吸盘紧紧压在墙面上，故A不合题意。
B、注射器注射药液是利用了外力增大了针管内的压强，故B符合题意；
C、用力吸气，吸管内的气压小于外界大气压，饮料在外界大气压的作用下，被压入口腔内，利用了大气压，故C不合题意；
D、杯口的纸片不下落，是典型的“覆杯实验”，内部液体压强小于下方的大气压，是大气压作用的结果，故D不合题意。
故选：B。
由于大气有重力且具有流动性，故大气会对地球表面的物体产生压强；大气压在生活中有很广泛的应用，如：拔火罐、吸饮料、钢笔吸墨水、吸盘式挂钩等。
物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释，考查了物理知识在生活中的应用。

6.【答案】C 
【解析】解：A、磁体间力的作用通过磁场发生，不用相互接触就可以发生力的作用，所以A错误；
BC、以铁球为研究对象，铁球受到的磁体的吸引力，故磁体是施力物体，铁球是受力物体，故B错误，C正确；
D、磁体施加力的效果是改变铁球的运动方向，即改变铁球的运动状态，故D错误。
故选：C。
(1)力是物体对物体的作用，一个物体受到力的作用，一定有另一个物体对它施加这种作用，前者是施力物体，后者是受力物体，相互接触的物体间可能有力的作用，不相互接触的物体间也可能有力的作用；
(2)力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态，物体运动状态的改变包括：速度大小的改变和运动方向的改变。
此题综合性很强，既考查了学生对力的概念的理解和掌握，也考查了对力的作用效果的理解和掌握，同学们应联系实际，认真分析和领会。

7.【答案】A 
【解析】解：
A、篮球落地后被弹起，篮球的运动方向发生变化，主要说明了力改变物体的运动状态。故A符合题意；
B、气球在人的压力下变瘪了，主要说明了力改变物体的形状。故B不符合题意；
C、在运动员力的作用下，撑杆的形状发生改变，主要说明了力改变物体的形状。故C不符合题意；
D、用力拉弹簧，弹簧长度变大，形状发生改变，主要说明了力改变物体的形状。故D不符合题意。
故选：A。
力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。
解决本题的关键是掌握力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态。

8.【答案】D 
【解析】解：AB.小车突然减速或刹车时，车速度变小，人由于惯性要保持原来的运动状态，人的头部向前倾，“头枕”对人起不到保护作用，故A不符合题意；
C.小车追尾前车时，车速度变小，人于惯性要保持原来的运动状态，人的头部向前倾，“头枕”对人起不到保护作用，故C不符合题意；
D.小车被后车追尾时，车速度变快，人于惯性要保持原来的运动状态，人的头部向后倾，“头枕”可以对人起到保护作用，故D符合题意。
故选：D。
物体由于惯性要保持原来的运动状态继续运动，分析各选项所示情景，分析物体原来的运动状态和受力后运动状态如何改变，然后做出判断。
本题主要是考查对惯性定律的掌握，以及用定律解释惯性现象的能力，在今后的学习中要多观察，多思考，学会用所学的知识解释生活中的物理现象。

9.【答案】C 
【解析】解：
使用弹簧测力计前，必须明确量程和分度值，必须校零从图中可知分度值是0.2N，量程为0到5N，故ABD是正确的；
测力时，要使测力计内的弹簧轴线方向和所测力的方向在同一直线上就可以了，故C错误。
故选：C。
弹簧测力计是根据弹簧的特性制成的，只要弹簧受到一定的拉力，待指针稳定后就可以把力的大小显示出来。要牢记弹簧测力计的使用方法。
本题考查学生对弹簧测力计的理解和运用。

10.【答案】A 
【解析】解：由图知，气泡上升过程中，气泡的体积变大；又因为一定质量的气体，体积变大时，气体压强变小，所以，气泡内的气体压强变小，故A正确，B错误；
气泡上升过程中，气泡的体积变大，其排开水的体积变大，所以，由F浮=ρ水V排g可知气泡受到水的浮力变大，故CD错误。
故选：A。
(1)一定质量的气体，体积变大时，气体压强变小，据此结合图示分析气泡内气体压强的变化；
(2)气泡的体积变大，其排开水的体积变大，由阿基米德原理分析气泡受到浮力的大小变化。
本题考查了气体压强与体积的关系、阿基米德原理的应用，根据图示得出气泡的体积变化是本题的关键。

11.【答案】A 
【解析】解：橡皮膜向乙液体中凸出要说明甲液体产生的压强大于乙液体产生的压强，由于橡皮膜处甲、乙液体的深度相同，由p=ρgh知甲液体密度大于乙液体的密度，即ρ甲>ρ乙，故A正确。
故选：A。
橡皮膜向乙液体中凸出要说明甲液体产生的压强大于乙液体产生的压强，由p=ρgh判断出甲、乙液体密度的关系。
本题考查了液体压强公式的应用，掌握橡皮膜的形变程度表示压强的大小是解题的关键。

12.【答案】B 
【解析】解：小山对物体的提力是竖直向上的，在水平路面匀速前进时，提力方向跟物体通过的距离方向互相垂直，因此该段路程对物体不做功，故A错误，B正确；
走上斜坡的过程中，物体在竖直方向上升的距离等于斜坡的高度，则把物体从水平面提上斜坡做的功为：
W=Fs=Gh=200N×5m=1000J，故C、D错误。
故选：B。
做功的两个必要条件是：作用在物体上的力；在力的方向上通过的距离；
不做功的三种情况：
(1)物体受力，但物体没有在力的方向上通过距离，此情况叫“劳而无功”；
(2)物体移动了一段距离，但在此运动方向上没有受到力的作用(如物体因惯性而运动)，此情况叫“不劳无功”；
(3)物体既受到力，又通过一段距离，但两者方向互相垂直(如起重机吊起货物在空中沿水平方向移动)，此情况叫“垂直无功”。
小山对物体的提力是竖直向上的，在水平路面匀速前进时，提力方向跟物体通过的距离方向互相垂直，因此该段路程对物体不做功；
走上斜坡的过程中，物体在竖直方向上升的距离等于斜坡的高度，根据W=Fs=Gh计算把物体从水平面提上斜坡做的功。
本题考查了力是否做功的判断和功的计算，理解不做功的三种情况是解题的关键。

13.【答案】CD 
【解析】解：人坐在小船上用力推开另一艘小船时，自己坐的船也受到一个向后的力，因为力的作用是相互的，力也能改变物体的运动状态。
故选：CD。
力的作用是相互的。
本题考查了力的作用的相互性，属于基础题。

14.【答案】BC 
【解析】解：A、小鸟静止在花枝上，小鸟的重力等于花枝对它的支持力用，故A错误；
B、小鸟站在树枝上静止不动，树枝被压弯，是小鸟对树枝的压力改变了树枝的形状。故B正确；
C、树枝对小鸟的支持力和小鸟对树枝的压力是一对相互作用力，所以大小相等。故C正确；
D、小鸟对树枝的压力和树枝对小鸟的支持力大小相等、方向相反，在同一条直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力。故D错误。
故选：BC。
(1)当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体是平衡状态，受平衡力的作用；
(2)力的作用效果是：力可以改变物体的运动状态；力可以改变物体的形状；
(3)发生弹性形变的物体具有弹性形变；
(4)相互作用力大小相等、方向相反、作用在一条直线上，作用在两个物体上。
此题主要考查学生对于力的作用效果、力的作用相互性、弹性势能的认识和二力平衡条件的理解和应用，属于基础题。

15.【答案】AC 
【解析】解：
A、由图知，a物体悬浮在水中，则ρa=ρ水；b物体漂浮在水面上，则ρbρb，故A正确；
B、a物体悬浮，则Fa=Ga；b物体漂浮，则Fb=Gb；因为a、b质量相同，所以它们的重力相同，所受浮力也相同，故B错误；
CD、a物体的下表面所处的深度较深，根据p=ρ水gh可知水对两物体下表面的压强：pa>pb，故C正确；
两容器水面相平，水的深度相同，根据p=ρ水gh可知水对容器底部的压强相等，故D错误。
故选：AC。
A、由图知，a物体悬浮在水中，则ρa=ρ水；b物体漂浮在水面上，则ρb12G，故A错误；
B、拉力做的总功W总=Fs，故B正确；
C、该装置做的有用功W有用=Gh，故C错误；
D、题中使用的是动滑轮，n=2，拉力端移动距离s=2h，该装置的机械效率：
η=W有用W总=GhFs=GhF×2h=G2F×100%，故D正确。
故选：BD。
(1)不计动滑轮重力、不计绳重和摩擦，拉力F=12G，实际中存在动滑轮重力、绳重和摩擦，由此可知F与12G的有关系；
(2)利用W=Fs求拉力做的总功；
(3)利用W=Gh求该装置做的有用功；
(4)题中使用的是动滑轮，n=2，拉力端移动距离s=2h，该装置的机械效率η=W有用W总=GhFs=GhF×2h=G2F×100%。
本题考查了使用动滑轮时拉力、有用功、总功、机械效率的计算，明确有用功、总功的含义是关键。

17.【答案】解：不考虑空气阻力，足球在空中只受竖直向下的重力作用，从足球的重心开始竖直向下作一条有向线段，用G表示，即为足球在空中所受力的示意图，如图所示：
 
【解析】先对足球受力分析，足球在空中只受竖直向下的重力，然后再作重力的示意图。
重力的方向总是竖直向下的；规则物体的重心在物体的几何中心；会用力的示意图表示重力的作用点和方向。

18.【答案】解：过L2的末端作垂直于阻力臂L2的阻力F2，为使杠杆平衡，则阻力F2的方向应斜向下，如图所示：
 
【解析】根据力与力臂的关系进行画图，过力臂的末端作垂直于力臂的作用力。
明确力臂的概念，从支点向力的作用线画垂线，即可找出力臂的位置，阻力是阻碍杠杆转动的力，明确了这些基本概念便不难解决。

19.【答案】靠拢  小 
【解析】解：在流体中，流速大的位置压强小，因此对着两张纸中间用力向下吹气，中间空气流速大压强小，两侧空气把纸向中间压，因此两张纸会靠拢。
故答案为：靠拢；小。
流体压强与流速的关系是：流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
此题主要考查学生对流体压强与流速关系这一知识点的理解和掌握，解决本题的关键是要明确哪里的空气流速大，压强小。

20.【答案】动  3 静止 
【解析】解：(1)小球从A点到1点的过程中，小球的质量不变，速度变大，动能变大，高度变小，重力势能变小，是重力势能转化为动能；
不考虑空气阻力，根据机械能守恒，小球能到达的最高点是动能为零的位置，而初始时动能也为零，所以能到达的最高点必然是与A相同的高度，即3点；
(2)当小球在3点时，瞬间静止，若此时球所受的一切力全部消失，由牛顿第一定律可知，球会处于静止状态。
故答案为：动；3；静止。
(1)动能的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与质量、高度有关；
根据机械能守恒，小球从某一高度静止释放后它所能达到的高度不会超过原来的高度，或者说它所具有的机械能的大小不会超过原来所具有的机械能的大小，若不考虑空气阻力，小球的机械能守恒，小球回到同等高度。
(2)牛顿第一定律：物体没有受到外力作用时，总保持静止或匀速直线运动状态。
本题考查了机械能守恒的条件、机械能的变化情况、牛顿第一定律，属于典型题。

21.【答案】100200.2 
【解析】解：物体的重力G=mg=10kg×10N/kg=100N，
静止在水平地面上的物体，对地面的压力大小等于自身的重力，即压力大小为100N；
若受到80N竖直向上的拉力后，物体对地面的压力F=F支=G-F拉=100N-80N=20N，
如果物体此时对地面的压强是100Pa，那么物体与地面的接触面积S=Fp=20N100Pa=0.2m2。
故答案为：100；20；0.2。
根据G=mg可求得物体的重力，静止在水平地面上的物体，对地面的压力大小等于自身的重力；
若受到80N竖直向上的拉力后，根据F=F支=G-F拉得出物体对地面的压力；
如果物体此时对地面的压强是100Pa，根据S=Fp得出物体与地面的接触面积。
本题考查了重力、压力和压强的有关计算，是一道综合题。

22.【答案】控制变量  乙  受力面积  不能  乙、丙 
【解析】解：(1)根据转换法，小强通过观察海绵的形变程度来比较压力的作用效果。其中，图甲和图乙中受力面积相同，图乙和图丙的实验压力相同，用到的研究方法是控制变量法。
(2)探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，比较甲图和乙图可知：受力面积一定时，压力越大，它的作用效果越明显。
(3)因硬木板受压形变不明显，故此实验不能用硬木板代替海绵。
(4)比较乙、丙两图实验可知，在压力相同时，受力面积越大，压力作用效果越不明显，丁表示体重大致相同的滑雪者和步行者在雪地里行走的情景，为了探究他们对雪地压力的作用效果，应选择左图中乙、丙两图来进行研究。
故答案为：(1)控制变量；(2)乙；受力面积；(3)不能；(4)乙、丙。
(1)(2)(4)压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法；
(3)根据被压物质的形变来反映压力的作用效果，受压面的材料相同且形变要明显。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用和对器材的要求，体现了对过程和方法的考查。

23.【答案】木块移动的距离  转换  速度  质量  C 
【解析】解：(1)小球会撞击木块，小球的动能大小是通过小木块移动的距离大小来反映的，这属于转换法；(2)甲、丙两个实验中，小球下滑的高度相同，则到达水平面时的速度是相同，小球的质量不同，推动木块移动的距离不同，所以根据甲丙图可知，在速度相同时，质量越大，动能越大；
(3)探究阻力对物体运动的影响，需要比较小车在不同表面上运动的距离，据此可知必须增加的器材是粗糙程度不同的水平面，故C正确。
故答案为：(1)木块移动的距离；转换法；(2)速度；质量；(3)C。
(1)观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(2)影响物体动能大小的因素有质量和速度，找出相同的量和变化的量，分析得出动能大小与变化量的关系；
(3)探究阻力对物体运动的影响，实验中通过改变接触面的粗糙程度来改变阻力的大小，据此进行分析。
本题考查了动能的影响因素的探究实验，要注意动能大小与物体的速度和质量有关，在探究过程中要用到控制变量法，实验中通过物块被推动的距离来反映小球动能的大小，用到了转换法。

24.【答案】匀速直线  a、c B 没有控制压力相同 
【解析】解：(1)在实验中应用弹簧测力计拉着木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小；
(2)探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，要控制压力大小相同，分析a、c两图，因2N小于2.5N，可得：压力一定时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大；
A.打羽毛球时用力握紧球拍，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力增大摩擦力，不符合题意；
B.足球守门员戴有防滑手套，是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度增大摩擦力，符合题意；
C.骑自行车刹车时用力捏车闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力增大摩擦力，不符合题意；
故选：B；
(3)研究滑动摩擦力大小与接触面积的大小的关系时，要控制压力相同，将物块切去一半后压力变小了，小明由此得出结论是错误的，原因是没有控制压力相同。
故答案为：(1)匀速直线；(2)a、c；B；(3)没有控制压力相同。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)根据控制变量法分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。

25.【答案】544×10-4 
【解析】解：(1)图甲中，弹簧测力计分度值为0.2N，示数为5N，测出物体重力G=5N；由称重法得：F浮=G-F示=5N-1N=4N；
(2)知道物体所受的浮力为4N，由F浮=ρ液gV排可得，V排=F浮ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10-4m3；
(3)水面上升的高度h=VS=4×10-4m31×10-2m2=4×10-2m，p增=ρ水gh×10N/kg×4×10-2m=400Pa。
故答案为：(1)5；4；(2)4×10-4；(3)图丙中水对容器底部的压强较图乙中增大了400Pa。
(1)根据弹簧测力计分度值得出测力计示数；由称重法测浮力得出此时圆柱体受到的浮力；
(2)根据F浮=ρ液gV排求得排开液体的体积；
(3)先根据h=VS求出液面的高度变化，再根据公式p=ρgh求得压强的变化。
本题考查浮力以及液体压强的有关知识，难度不大。

26.【答案】省力  O 300 
【解析】解：(1)做俯卧撑运动时，可以将小明看成是一个杠杆，支点为O，地面对手的支持力为动力，小明的重力为阻力，由图可知，动力臂L1=0.9m+0.6m=1.5m，阻力臂L2=0.9m，则动力臂大于阻力臂，所以此时小明相当于一个省力杠杆；
(2)由杠杆平衡条件可知：
F1L1=F2L2，
F1×1.5m=500N×0.9m，
解得地面对手的支持力：F1=300N；
(3)小明在 1min内做了30个俯卧撑，每次A点要上升0.24m，则在此过程中他做的功为：
W=nGh=30×500N×0.24m=3600J。
小明做功的功率P=Wt=3600J60s=60W。
答：(1)O；省力；
(2)300；
(3)小明克服重力做功的功率是60W。
(1)支点指杠杆上绕着转动的固定点；做俯卧撑运动时，地面对手的支持力为动力，小明的重力为阻力，根据图示可知动力臂和阻力臂的大小关系，从而确定是省力杠杆还是费力杠杆；
(2)利用杠杆平衡的条件可以求出地面对手的支持力；
(3)根据W=Fs求出1min做的功，利用P=Wt得到小明做功的功率。
本题考查了杠杆的平衡条件、功和功率的计算，这是一道结合学生实际的题目，要学会分析题目所给的图形，从图形上找到解题的信息。