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江西省萍乡市2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）
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这是一份江西省萍乡市2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共17页。
2022-2023学年江西省萍乡市八年级（下）期末物理试卷
1. 今年“淄博烧烤”火出圈，武功山的烧烤也刷屏。如图是武功山烧烤时的情景，穿肉的签子顶端磨得很尖，是为了减小______ ，从而增大______ ，使签子更快插入肉中。
2. 如图是小明用一根木棒撬动水平地面上石头的情景，为了更省力，小明应沿______ (选填“F1”或“F2”)方向向下压木棒。若想省更多的力，小明可以将作为支点的石块O向______ (选填“左”或“右”)适当移动。
3. 中国选手白雨露在2023年5月女子斯诺克英国公开赛中勇夺冠军。如图所示是白雨露比赛时的情景，球在力的作用下进洞，说明力可以改变物体的______ 。球离开球杆仍能向前运动是由于______ 的缘故。
4. 学校科技节上，小华设计了一个“不用绳子扎口的气球”。如图所示，先将气球放入玻璃瓶中，再将球口紧套在玻璃瓶口，从抽气口抽气，观察到气球体积______ ；此时气球内的气压______ (均选填“增大”“不变”或“减小”)。
5. “摘星星”的妈妈王亚平回来了，把来自太空的“星星”送给女儿。如图所示，“星星”从太空带回地球后，质量______ (选填“增大”“不变”或“减小”)，星星所受重力的方向为______ 。
6. 2022年北京冬奥会单板滑雪男子大跳台决赛，17岁中国小将苏翊鸣摘得金牌，成为冬奥历史上该项目最年轻的金牌获得者。比赛场地简化如图所示，AC为助滑道，B为AC的最低点。运动员某次从A点由静止开始下滑到达B点的过程中(不考虑一切阻力)，重力势能转化______能，机械能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
7. 用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，把相同的重物匀速提升相同的高度。若不计绳重及摩擦，则所用拉力的大小F1______ F2，其中甲滑轮组的机械效率η______ 1(均选填“>”、“<”或“=”)。
8. 如图所示，排水管的U形“反水弯”是一个______。使用后，“反水弯”处会存有一定量的水，两侧水面是______的，可以有效的阻挡排水管中异味进入室内。
9. 北京是世界上首个具有“双奥之城”称号的城市。如图所示是北京冬奥会冰墩墩纪念邮票。相关的物理量估测合理的是( )
A. 该邮票质量约50g
B. 该邮票面积约12cm2
C. 该邮票从课桌上掉落到地面重力做功约40J
D. 该邮票受到的大气压力约1200N
10. 指尖陀螺是目前很流行的一种玩具，该玩具中间是轴承，轴承内有滚珠，边上有三个用密度较大的金属制作的飞叶，拨动飞叶后，飞叶可以绕轴在指尖上长时间转动(如图所示)。下列分析正确的是( )
A. 飞叶转速变慢，因为受到惯性力作用
B. 轴承内有滚珠，目的是增大摩擦
C. 陀螺对指尖的压力和指尖对陀螺的支持力是一对相互作用力
D. 陀螺所受的重力和陀螺对指尖的压力是一对平衡力
11. “奋斗者”号深潜器，创造了中国载人深潜新记录10909米。如图所示是小华制作的一个深潜器模型，已知该模型重力为G，将它浸没于水中静止，弹簧测力计示数为F。则下列说法正确的是( )
A. 拉力F与重力G是一对平衡力
B. 模型所受浮力大小F浮=G-F
C. 模型从图示位置下移，浮力变大
D. 将模型逐渐提离水面，拉力不变
12. 某防溺水宣传报道中指出：“如果不慎溺水，一定不要大喊大叫，手脚乱蹬，这样会使身体下沉更快。正确的做法应该是屏住呼吸，尽可能保持头向后仰，面部向上的仰泳体位，吸气要深，呼气要浅，这样可以使身体浮出水面，为救援争取更多时间。”从浮力的角度分析，以下说法不正确的是( )
A. 溺水时大喊大叫，会喝入更多的水，使身体所受重力增大
B. 溺水时手脚乱蹬，会减小排开水的体积，使身体所受浮力减小
C. 当身体漂浮在水面上时，身体所受到的浮力大于重力
D. 面部向上的仰泳体位，可以增大排开水的体积，使身体所受浮力增大
13. 如图所示，为初中物理表示物理量之间关系的图像。如果在该图像纵横坐标加上适当的物理量及单位，描述正确的是( )
A. 浸没在水中的石块，下沉过程中所受浮力F浮与深度h的关系
B. 匀速直线运动中路程s与时间t的关系
C. 弹簧的长度L与弹簧所受拉力F的关系
D. 在同一地点，物体所受重力G与质量m的关系
14. 如图所示是物理课上做过的实验，下列说法正确的是( )
A. 甲图实验，手提水桶时出现压痕，是由于水桶所受重力作用在手上造成的
B. 乙图实验，将托里拆利实验设备从一楼拿到五楼，玻璃管中的液面高度会上升
C. 丙图实验，将空的易拉罐放在火上加热，用橡皮泥封住开口处，冷却一会儿，易拉罐会变瘪
D. 丁图实验，向外拉活塞，试管内停止沸腾的水再次沸腾
15. 研学旅行前要对旅游大巴进行安全检测，该大巴在一段平直公路上匀速行驶18km，用时15min，行驶过程中受到的摩擦阻力为6×104N。已知汽车及驾驶员的总质量是3×103kg，车轮与地面的总接触面积为0.2m2。求：
(1)汽车匀速行驶时的速度是多少？
(2)汽车匀速行驶时的功率是多少？
(3)汽车静止时对地面的压强是多少？
16. 一个边长为10cm、重为8N的正方体木块轻放入水中，处于漂浮状态时有15露出水面甲乙(如图甲)，已知ρ水=1×103kg/m3。求：
(1)木块所受的浮力；
(2)木块底部受到的液体压强；
(3)若在木块上放一砝码使得木块刚好完全浸没水中(如图乙)，则砝码的重为多少牛？
17. 如图所示，工人师傅用滑轮组将重为500N的物体在30s内匀速提升到6m高的楼上，已知动滑轮重为100N，不计绳重及摩擦。求：
(1)拉力F；
(2)拉力的功率；
(3)滑轮组的机械效率。(计算结果保留一位小数)
18. 亲爱的同学，请你根据所学的知识。完成下列问题：
(1)如图1所示，力F作用在杠杆的A端，请画出它的力臂。此杠杆为______ 杠杆。
(2)如图2所示，用圆筒测力计测得图甲空桶重G=2.5N，则测力计每一大格为______ N。在桶中装入一定量的水后，测力计示数如图乙所示，则G1为______ N，桶中水重G2水为______ N。
(3)如图丙是中央空调管道系统的一个显示仪表，该仪表所测的物理量是______ ，仪表的示数为______ 。
19. 小华利用如图1所示，探究“阻力对物体运动的影响”。
(1)实验中需要小车每次从同一斜面的同一高度由静止自由滑下，目的是使小车到达斜面底端时的______ 相同；
(2)小华多次实验分析论证得出：小车受到的阻力越小，速度减小得越______ ，运动得越远。并进一步推测：若水平面完全光滑且足够长，小车将一直做______ ，表明物体的运动______ (选填“需要”或“不需要”)力来维持；
(3)从机械能转化的角度看，小车在水平面上克服阻力所做的功______ (选填“在毛巾上更多”、“在棉布上更多”“在木板上更多”或“三次一样多”)；
(4)小华思考了一个问题：当自己荡秋千运动到右侧最高点时，假设受到的力全部消失，自己将处于怎样的运动状态呢？你认为下列选项中正确的是______ (图2中的黑点表示小芊)；
(5)伽利略通过理想实验和科学推理得出结论。
______ 定律：一切物体在没有受力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
20. 科学探究是物理学科核心素养的重要内容，探究的形式可以是多种多样的。
(一)探究影响滑动摩擦力大小的因素：
(1)为了使弹簧测力计的示数等于物块所受的摩擦力，在进行甲、乙、丙三次实验时必须沿水平方向拉动测力计并使物块做______ 运动。
(2)由______ 两图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大；由甲、乙两图可知：当______ 一定时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大。
(3)实验后小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动。于是小丽设计了如图1丁所示的实验装置，该装置在操作上的优点是______ 。
(二)探究影响液体内部压强大小的因素。
(1)如图2甲所示，该装置名称为______ 。
(2)如图2甲所示，用手指轻压和重压橡皮膜，发现U形管两边液柱的高度差变化不明显，出现这种现象的原因可能是：______ 。
(3)如图2乙所示，控制探头在不同液体中的深度一定，换用不同的液体来探究液体压强与液体密度的关系，观察到U形管内两侧液面的高度不同，则液面高度差最大的是______ (填字母代号)。
A.酒精(ρ酒精=0.8×103kg/m3)
B.油(ρ油=0.9×103kg/m3)
C.盐水(ρ盐水=1.1×103kg/m3)
21. 某实验小组对杠杆开展相关实验探究(不计支点处摩擦)。
【进行实验搜集证据】
(1)实验小组安装好杠杆后，发现杠杆右端翘起，则应将平衡螺母向______ 调节，直到杠杆在______ 位置平衡，其目的是：______ 。
(2)如图甲所示，在A点挂3个重力均为0.5N的钩码，在B点用力F竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，力F的大小为______ N。
【拓展1】(3)换用可变形杠杆(AOB可绕O点转动)进一步研究杠杆平衡条件。
①当杠杆处于图乙所示水平位置平衡时，测得OA=0.4m，物块M的重力G1=4N，物块N的重力G2=8N；OB=______ m。
②保持物块M的位置不变，OB向下折至如图丙所示的位置。要使杠杆在图丙所示位置保持平衡，则应将物块N的悬挂点移动到______ 。
A.①点处
B.②点处
C.①和②之间
【拓展2】(4)实验小组提出新的问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小明利用如图丁所示装置进行探究，在杠杆A点处挂上2个钩码，用弹簧测力计在B点处竖直向上拉，使杠杆在水平位置处于平衡状态，以弹簧测力计的拉力为动力F1，钩码拉力为阻力F2，多次调整力和力臂的大小进行测量，发现：F1l1总是>F2l2，其原因主要是______ 。
答案和解析
1.【答案】受力面积 压强
【解析】解：穿肉的签子顶端磨得很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，使签子更快插入肉中。
故答案为：受力面积；压强。
压强大小跟压力大小和受力面积大小有关，据此利用控制变量法分析解答。
掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
2.【答案】F2 右
【解析】解：(1)要使施加在撬棒的动力最小，应使动力臂L1最大；当以O为支点，为了更省力，小明应沿垂直木棒方向(即F2)方向)向下压木棒，此时动力臂等于O点到动力作用点的长度，动力臂最大，此时动力较小；
(2)若想省更多的力，杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力一定时，可以减小阻力臂，增大动力臂，所以小明可以将作为支点的石块O向右适当移动。
故答案为：F2；右。
(1)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2的变形公式F1=F2L2L1可得，在阻力和阻力臂一定时，动力臂L1越大，动力F1越小。
(2)根据杠杆平衡条件分析杠杆在使用过程中省力的方法，判断支点的移动方向。
本题考查的是杠杆的应用，在确定杠杆最小动力时，首先找到动力作用点和支点，这两点的连线就是最大的动力臂，然后过动力作用点作连线的垂线，垂线方向应根据实际情况来确定，就可以找到最小的动力了。
3.【答案】运动状态 球具有惯性
【解析】解：(1)球在力的作用下进洞，说明力可以改变物体的运动状态；
(2)击球后，球离开球杆仍能向前运动，这是球离开球杆由于惯性还要保持原来的运动状态，继续向前运动
故答案为：运动状态；球具有惯性。
(1)物体的运动状态变化，一定受到力的作用；
(2)物体由于惯性要保持原来的静止状态或匀速直线运动状态。
该题以打台球为背景，考查了惯性以及力可以改变物体的运动状态等知识点，属于基础知识。
4.【答案】变大 不变
【解析】解：抽气前气球内气体与外界大气相通，所以气球内的气压与大气压相等；抽气后，气球与外界大气仍然相通，气球内气压仍等于大气压，气球内的气压不变，但抽气使得玻璃瓶内气压减小，在内部大气压的作用下，气球膨胀，体积变大。
故答案为：变大；不变。
可根据图中气球体积的变化来判断气球内气压、玻璃瓶内气压与外界大气压的大小关系。
本题考查大气压的应用，属于基础题，
5.【答案】不变 竖直向下
【解析】解：物体的质量不随它的形状、物态和位置、温度而改变，因此“星星”从太空带回地球后，质量不变；星星所受重力的方向为竖直向下。
故答案为：不变；竖直向下。
物体的质量不随它的形状、物态和位置、温度而改变；重力的方向总是竖直向下。
此题考查了质量及其特性、重力的方向，比较简单，属基础题。
6.【答案】动 不变
【解析】解：运动员某次从A点由静止开始下滑到达B点的过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小，重力势能转化动能；
因为不考虑一切阻力，所以运动员从A点由静止开始下滑到达B点的过程中没有能量的损耗，在能量转化过程中能量是守恒的，因此该过程中运动员的机械能不变。
故答案为：动；不变。
动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；动能和势能可以相互转化；
因为不考虑一切阻力，所以运动员从A点由静止开始下滑到达B点的过程中没有能量的损耗，在能量转化过程中能量是守恒的。
本题考查了动能和重力势能的转化与守恒，属于基础题。
7.【答案】>=
【解析】解：(1)根据图示可知，绳子股数n1=2和n2=3；
由于动滑轮重相同，重物相同，则F1=12(G物+G动)，F2=13(G物+G动)，
所以，F1大于F2；
(2)由W有=Gh可知，W1有=W2有；由W额=G动h可知，额外功W1额=W2额；
根据W总=W有+W额可知：总功W1=W2；
由η=W有W总可知：η1=η2。
故答案为：>；=。
由滑轮组的结构，承担物重的绳子股数n1=2和n2=3；
(1)不计绳重与机械间摩擦，用同样的滑轮组，提升相同的物重，根据F=1n(G物+G动)分析拉力的大小关系；
(2)根据W有=Gh可知有用功的关系；根据W额=G动h可知额外功的关系；即可根据W总=W有+W额判断总功的关系；根据效率公式η=W有W总分析。
这类题的关键是绳子段数的判断以及滑轮组所做有用功、额外功是否相等，知道不计绳重及摩擦时拉力F=1n(G物+G动)是关键。
8.【答案】连通器 相平
【解析】解：
如图所示，洗手盆下方排水管的U形“反水弯”利用了连通器的原理，使管中存有一定量的水，两侧水面是相平的，将上下隔开，可以防止下水道的“异味”通过排水管进入室内。
故答案为：连通器；相平。
U形“反水管”等都是利用了连通器的原理，用里面的存水将上下隔开，防止异味上行，据此来进行解答。
本题考查连通器的原理，要求学生运用所学知识分析解决实际问题。
9.【答案】B
【解析】解：A、一枚邮票质量约50mg，故A错误；
B、一枚邮票面积约12cm2，故B正确；
C、邮票的重力G=mg=50×10-6kg×10N/kg=5×10-4N，
课桌的高度约80cm，即0.8m，
则邮票从课桌上掉落到地面重力做功W=Gh=5×10-4N×0.8m=4×10-4J，故C错误；
D、邮票受到的大气压力F=pS=1×105Pa×12×10-4m2=120N，故D错误。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。
10.【答案】C
【解析】解：
A、飞叶在转动过程中由于受到阻力作用，所以飞叶的转速变慢；惯性大小只与物体的质量有关，所以飞叶的惯性不变，故A错误；
B、轴承内有滚珠，是滚动摩擦代替滑动摩擦，属于减小摩擦，故B错误；
C、陀螺对指尖的压力和指尖对陀螺的支持力作用在不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，符合相互作用力的条件，故C正确；
D、陀螺所受的重力和陀螺对指尖的压力，大小相同，方向相同，不符合二力平衡条件，故D错误。
故选：C。
(1)惯性大小只与物体的质量有关，与转动速度无关；
(2)减小摩擦的方法：在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；在接触面的粗糙程度一定时，减小压力；使接触面脱离；滚动摩擦代替滑动摩擦；
(3)一对相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
(4)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。
本题以学生们熟悉的手指陀螺为内容，考查了力学知识在其中的应用，体现了物理与实际的联系，提高了学生们的学习兴趣。
11.【答案】B
【解析】解：A、图中深潜器模型受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力、竖直向上的拉力，模型在这三个力的作用下处于静止和状态，拉力F与重力G大小不相等，所以不是一对平衡力，故A错误；
B、由称重法知模型所受浮力大小为F浮=G-F，故B正确；
C、模型从图示位置下移，由于排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知浮力不变，故C错误；
D、将模型逐渐提离水面时，排开水的体积逐渐减小，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知浮力变小，由称重法知拉力F逐渐增大，故D错误。
故选：B。
(1)平衡力大小相等、方向相反、作用在同一直线上且作用在同一物体上；
(2)由称重法知模型所受浮力大小；
(3)模型从图示位置下移，排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排判断出浮力的变化；
(4)将模型逐渐提离水面时，排开水的体积逐渐减小，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排判断出浮力的变化，由称重法判断出拉力F的变化。
本题考查了平衡力的判断、称重法的利用以及阿基米德原理的应用，是一道综合题，但难度不大。
12.【答案】C
【解析】解：A、溺水时大喊大叫，会喝入更多的水，使身体所受重力增大，根据物体在液体中的浮沉条件，人容易下沉，故A正确；
B、溺水时手脚乱蹬，头和四肢裸露在水外，会减小排开水的体积，根据阿基米德定律知，使身体所受浮力减小，人更容易下沉，故B正确；
C、根据物体在液体中的浮沉条件知，当身体漂浮在水面上时，身体所受到的浮力等于重力，故C错误；
D、面部向上的仰泳体位，可以增大排开水的体积，根据阿基米德定律知，使身体所受浮力增大，人不容易下沉，故D正确。
故选：C。
(1)物体在液体中的浮沉条件：上浮：F浮>G；悬浮：F浮=G；漂浮：F浮=G；下沉：F浮
本题考查了物体的浮沉条件和阿基米德原理的应用，属于基础性题目。
13.【答案】BD
【解析】解：由图像可知，横坐标表示的物理量和纵坐标表示的物理量是成正比的关系；
A、根据F浮=ρ液gV排可知，物体浸没在液体中所受浮力只与液体的密度和排开液体的体积关，与浸入液体的深度无关，故A不符合题意；
B、匀速直线运动的物体，速度是一定值，路程和时间成正比，可以用该图象描述，故B正确；
C、在弹性限度内，弹簧的伸长量与弹簧所受拉力成正比，超出弹性限度，则不成正比，不能用该图像描述，故C错误；
D、物体的重力和质量成正比，可以用该图象描述，故D正确；
故选：BD。
从图像上可以看出，该图像反应的物理量之间成正比关系，然后根据各选项之间的关系选择即可。
本题考查不同量之间的关系，理解图象中物理量之间的比例关系是解题的关键。
14.【答案】CD
【解析】解：A、手提水桶时出现压痕，是由于手受到水桶作用在手上的拉力，故A错误；
B、将托里拆利实验从一楼拿到五楼，由于高度增加，大气压降低，玻璃管内的液面高度会下降，故B错误；
C、将空的易拉罐放在火上加热，用橡皮泥封住开口处，冷却一会儿，易拉罐内气压变低，小于外界气压，故易拉罐会变瘪，故C正确；
D、向外拉活塞，瓶内水面上方的气压降低，导致水的沸点降低，当沸点比水的温度低时，试管内停止沸腾的水再次沸腾，故D正确。
故选：CD。
(1)物体由于地球的吸引而受到的力叫重力。
(2)大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低；
(3)用橡皮泥封住开口处，冷却一会儿，瓶内气压会变小；
(4)液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
本题考查了大气压的有关知识，难度较小，属于基础题。
15.【答案】解：(1)汽车匀速行驶时的速度v=st=18000m15×60s=20m/s；
(2)该大巴在一段平直公路上匀速行驶，牵引力和阻力是平衡力，由二力平衡条件得到牵引力F=f=6×104N，
汽车匀速行驶时的功率P=Wt=Fst=Fv=6×104N×20m/s=1.2×106W；
(3)汽车静止时对地面的压力F压=G=mg=3×103kg×10N/kg=3×104N，
汽车静止时对地面的压强p=F压S=3×104N0.2m2=1.5×105Pa。
答：(1)汽车匀速行驶时的速度是20m/s；
(2)汽车匀速行驶时的功率是1.2×106W；
(3)汽车静止时对地面的压强是1.5×105Pa。
【解析】(1)根据v=st得到汽车匀速行驶时的速度；
(2)该大巴在一段平直公路上匀速行驶，牵引力和阻力是平衡力，由二力平衡条件得到牵引力，根据P=Wt=Fst=Fv得到汽车匀速行驶时的功率；
(3)根据G=mg得到总重力，大巴车静止时对地面的压力等于大巴车及驾驶员的总重力，根据p=FS得到汽车静止时对地面的压强。
本题考查速度、功率和压强的计算，解题时要注意各知识点的综合应用。
16.【答案】解：(1)在甲中，木块处于漂浮状态，所受浮力等于木块的重力，即：F浮=G木=8N；
(2)木块底部所处水的深度：h=0.1m×(1-15)=0.08m；
木块底部受到的水的压强：p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa；
(3)当完全浸没时，木块排开液体体积和木块体积相等，此时木块受到的浮力：
F浮'=ρ水gV=1×103kg/m3×10N/kg×(0.1m)3=10N；
由力的平衡条件可知：F浮'=G木+G砝，
则砝码的重为G砝=F浮'-G木=10N-8N=2N；
答：(1)木块所受的浮力是8N；
(2)木块底部受到的液体压强是800Pa；
(3)若在木块上放一砝码使得木块刚好完全浸没水中(如图乙)，则砝码的重为2牛。
【解析】(1)在甲中，已知木块的重力，根据物体的漂浮条件可得木块漂浮时受到的浮力；
(2)由p=ρ水gh可得木块底部受到的液体压强；
(3)当完全浸没时，木块排开液体体积和木块体积相等，由F浮1=ρ水gV可得完全浸没的浮力；
由力的平衡条件可知：F浮1=G木+G砝，由此可得砝码重力。
本题考查了漂浮的特点、液体压强的计算和阿基米德原理。属于中档题。
17.【答案】解：(1)由图可知，n=2；不计绳重和摩擦，则拉力F=12(G物+G动)=12(500N+100N)=300N；
(2)拉力端移动的距离：s=2h=2×6m=12m，
拉力做功：W总=Fs=300N×12m=3600J，
拉力做功的功率：
P=W总t=3600J30s=120W；
(3)滑轮组对重物做的功：
W有=Gh=500N×6m=3000J；
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总×100%=3000J3600J×100%≈83.3%，
答：(1)拉力的大小为300N；
(2)拉力的功率为120W；
(3)滑轮组的机械效率为83.3%。
【解析】图中使用的滑轮组承担物重的绳子股数n=2，则s=2h。
(1)利用s=2h求出拉力移动的距离，不计绳重和摩擦，利用F=12(G物+G动)求拉力大小，
(2)再利用W=Fs求拉力做功；又知道运动时间，利用功率公式求拉力的功率；
(3)利用W有=Gh求滑轮组对重物做的功(有用功)，利用机械效率的公式求滑轮组的机械效率。
本题考查了学生对有用功、总功、功率公式、机械效率公式、滑轮组s=nh的理解和运用，本题关键是利用好不计绳重和摩擦时拉力F=12(G物+G动)。
18.【答案】省力 0.530.5压强 0.2MPa
【解析】解：(1)O为支点，先画出力的作用下，过支点O作力F的作用线的垂线段，标出力臂符号L.如图所示：
根据图中动力臂大于阻力知，此杠杆为省力杠杆；
(2)由图知桶重G=2.5N，弹簧测力计伸长5个格，一个格为2.5N5=0.5N，水和桶总重为6个格，为6×0.5N=3N；
桶中水的重力：3N-2.5N=0.5N；
(3)读图乙可知，表盘上的单位是“MPa”，这是压强的单位，因此，这是测量压强的仪表，其示数为0.2MPa。
故答案为：(1)见解答；省力；(2)0.5；3；0.5；(3)压强；0.2MPa。
(1)支点为点O，动力臂为支点O到F1的作用线的距离。根据动力臂和阻力臂大小比较得出杠杆类型；
(2)弹簧测力计使用前要使指针对准零刻线，观察弹簧测力计的量程和分度值，根据已知数据确定分度值，然后读数并计算水的重力；
(3)根据表盘上的单位可判断这是一个什么仪表，并读出其示数。
本题考查力臂、杠杆类型、弹簧测力计的读数、压强计等，属于综合题。
19.【答案】速度 慢 匀速直线运动 不需要 三次一样多 D 牛顿第一
【解析】解：(1)根据控制变量法，实验中需要小车每次从同一斜面的同一高度由静止自由滑下，目的是使小车到达斜面底端时的速度相同；
(2)木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，小车在木板表面上通过的距离最长，速度减小得最慢，小华多次实验分析论证得出：小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，运动得越远。并进一步推测：若水平面完全光滑且足够长，小车的速度不会变小，将一直做匀速直线运动，表明物体的运动不需要力来维持；
(3)小车到达斜面底端时的速度相同，最终的速度为0，动能变化量相同，从机械能转化的角度看，小车在水平面上克服阻力所做的功三次一样多；
(4)当自己荡秋千运动到右侧最高点时，速度为0，假设受到的力全部消失，根据牛顿第一定律，自己将处于静止状态，故选：D。
(5)牛顿第一定律：一切物体在没有受力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
故答案为：(1)速度；(2)慢；匀速直线；不需要；(3)三次一样多；(4)D；(5)牛顿第一。
(1)根据控制变量法，要使小车到达斜面底端时的速度相同；
(2)木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，小车在木板表面上通过的距离最长，速度减小得最慢，据此回答；
(3)小车到达斜面底端时的速度相同，最终的速度为0，动能变化量相同；
(4)(5)牛顿第一定律定律：一切物体在没有受力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
当自己荡秋千运动到右侧最高点时，速度为0，假设受到的力全部消失，根据牛顿第一定律回答；
本题探究阻力对物体运动的影响，考查控制变量法和推理法及牛顿第一定律的运用。
20.【答案】匀速直线 甲、丙 压力 不需要长木板做匀速直线运动 U形管压强计 装置漏气 C
【解析】解：(一)(1)实验过程中，由二力平衡条件知道，必须使用弹簧测力计沿水平方向拉着物块做匀速直线运动，这样滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
(2)由甲、丙两图知道，当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大；
(3)图1丁所示的实验装置，由于A相对于地面静止，受到摩擦力和测力计的拉力为一对平衡力，故该装置的优点是不需要长木板做匀速直线运动。
(二)(1)探究液体内部压强的装置是U形管压强计；
(2)用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，U形管两边液注的高度差变化明显，则说明装置不漏气，气密性好，反之发现U形管两边液柱的高度差变化不明显，出现这种现象的原因可能是装置漏气；
(3)探头在下列液体中的深度相同，根据p=ρgh可知，深度相同，液体的密度越大，压强越大，因为盐水的密度最大，所以在盐水中的压强最大，U形管左右两侧液面的高度差最大，故选C。
故答案为：(一)(1)匀速直线；(2)甲、丙；压力；(3)不需要长木板做匀速直线运动。
(二)(1)U形管压强计；(2)装置漏气；(3)C。
(一)(1)用弹簧测力计水平匀速拉动物块，物块做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可知，滑动摩擦力等于测力计的示数；
(2)分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象可以得出实验结论；
(3)如图1中丁图所示的实验装置，A相对于地面静止，根据力的平衡分析。
(二)(1)探究液体内部压强的装置是U形管压强计；
(2)若按压橡皮膜，U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
(3)根据p=ρgh来分析压强和液体密度的关系。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关和影响液体内部压强大小的因素，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
21.【答案】右 水平 便于测量力臂 10.2B杠杆的自重对杠杆平衡有影响
【解析】解：(1)平衡螺母向上翘的一端移动，将平衡螺母向右调节，杠杆在水平位置平衡；要使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂；
(2)设杠杆一格长为L，在A点挂3个重力均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，由杠杆平衡条件得到：
3×0.5N×2L=F×3L，
F=1N；
(3)①根据杠杆的平衡条件可得：
G1×OA=G2×OB，
4N×0.4m=8N×OB，
OB=0.2m；
②松开螺母保持OA水平不动，使OB向下折，保持物块M的位置不变，则G1×OA保持不变，若要使杠杆仍保持平衡，则应保持：
G2×OB'=G2×OB
因G2保持不变，则应保持力臂不变，
即：OB'=OB，
力臂是指从支点到力的作用线的距离，而力始终是竖直向下的，则应将N移到②点处，以确保力的作用线相同，故选B；
(4)用如图丁所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响，所以F1l1总是大于F2l2。
故答案为：(1)右；水平；便于测量力臂(2)1；(3)①0.2；②B；(4)杠杆的自重对杠杆平衡有影响。
(1)在调节杠杆平衡时，杠杆向哪端转动，哪端沉，平衡螺母要向另一端移动；
(2)根据杠杆平衡条件求出弹簧测力计的示数；
(3)①已知两物块的重力和OA的长度，根据杠杆平衡条件求出OB的长度；
②图丙中使杠杆由水平位置缓慢转动到图中位置，两物块的重力大小不变，OA长度不变，根据杠杆平衡条件可判断出物块N对杠杆拉力的力臂的大小，再结合力臂的概念即可解答；
(4)支点没在杠杆中心处，杠杆自身重力会对杠杆平衡有影响，据此分析解答。
本题主要考查的是有关杠杆平衡条件的探究的问题，要知道杠杆的平衡条件及杠杆的调节方法。
2022-2023学年江西省萍乡市八年级（下）期末物理试卷
1. 今年“淄博烧烤”火出圈，武功山的烧烤也刷屏。如图是武功山烧烤时的情景，穿肉的签子顶端磨得很尖，是为了减小______ ，从而增大______ ，使签子更快插入肉中。
2. 如图是小明用一根木棒撬动水平地面上石头的情景，为了更省力，小明应沿______ (选填“F1”或“F2”)方向向下压木棒。若想省更多的力，小明可以将作为支点的石块O向______ (选填“左”或“右”)适当移动。
3. 中国选手白雨露在2023年5月女子斯诺克英国公开赛中勇夺冠军。如图所示是白雨露比赛时的情景，球在力的作用下进洞，说明力可以改变物体的______ 。球离开球杆仍能向前运动是由于______ 的缘故。
4. 学校科技节上，小华设计了一个“不用绳子扎口的气球”。如图所示，先将气球放入玻璃瓶中，再将球口紧套在玻璃瓶口，从抽气口抽气，观察到气球体积______ ；此时气球内的气压______ (均选填“增大”“不变”或“减小”)。
5. “摘星星”的妈妈王亚平回来了，把来自太空的“星星”送给女儿。如图所示，“星星”从太空带回地球后，质量______ (选填“增大”“不变”或“减小”)，星星所受重力的方向为______ 。
6. 2022年北京冬奥会单板滑雪男子大跳台决赛，17岁中国小将苏翊鸣摘得金牌，成为冬奥历史上该项目最年轻的金牌获得者。比赛场地简化如图所示，AC为助滑道，B为AC的最低点。运动员某次从A点由静止开始下滑到达B点的过程中(不考虑一切阻力)，重力势能转化______能，机械能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
7. 用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，把相同的重物匀速提升相同的高度。若不计绳重及摩擦，则所用拉力的大小F1______ F2，其中甲滑轮组的机械效率η______ 1(均选填“>”、“<”或“=”)。
8. 如图所示，排水管的U形“反水弯”是一个______。使用后，“反水弯”处会存有一定量的水，两侧水面是______的，可以有效的阻挡排水管中异味进入室内。
9. 北京是世界上首个具有“双奥之城”称号的城市。如图所示是北京冬奥会冰墩墩纪念邮票。相关的物理量估测合理的是( )
A. 该邮票质量约50g
B. 该邮票面积约12cm2
C. 该邮票从课桌上掉落到地面重力做功约40J
D. 该邮票受到的大气压力约1200N
10. 指尖陀螺是目前很流行的一种玩具，该玩具中间是轴承，轴承内有滚珠，边上有三个用密度较大的金属制作的飞叶，拨动飞叶后，飞叶可以绕轴在指尖上长时间转动(如图所示)。下列分析正确的是( )
A. 飞叶转速变慢，因为受到惯性力作用
B. 轴承内有滚珠，目的是增大摩擦
C. 陀螺对指尖的压力和指尖对陀螺的支持力是一对相互作用力
D. 陀螺所受的重力和陀螺对指尖的压力是一对平衡力
11. “奋斗者”号深潜器，创造了中国载人深潜新记录10909米。如图所示是小华制作的一个深潜器模型，已知该模型重力为G，将它浸没于水中静止，弹簧测力计示数为F。则下列说法正确的是( )
A. 拉力F与重力G是一对平衡力
B. 模型所受浮力大小F浮=G-F
C. 模型从图示位置下移，浮力变大
D. 将模型逐渐提离水面，拉力不变
12. 某防溺水宣传报道中指出：“如果不慎溺水，一定不要大喊大叫，手脚乱蹬，这样会使身体下沉更快。正确的做法应该是屏住呼吸，尽可能保持头向后仰，面部向上的仰泳体位，吸气要深，呼气要浅，这样可以使身体浮出水面，为救援争取更多时间。”从浮力的角度分析，以下说法不正确的是( )
A. 溺水时大喊大叫，会喝入更多的水，使身体所受重力增大
B. 溺水时手脚乱蹬，会减小排开水的体积，使身体所受浮力减小
C. 当身体漂浮在水面上时，身体所受到的浮力大于重力
D. 面部向上的仰泳体位，可以增大排开水的体积，使身体所受浮力增大
13. 如图所示，为初中物理表示物理量之间关系的图像。如果在该图像纵横坐标加上适当的物理量及单位，描述正确的是( )
A. 浸没在水中的石块，下沉过程中所受浮力F浮与深度h的关系
B. 匀速直线运动中路程s与时间t的关系
C. 弹簧的长度L与弹簧所受拉力F的关系
D. 在同一地点，物体所受重力G与质量m的关系
14. 如图所示是物理课上做过的实验，下列说法正确的是( )
A. 甲图实验，手提水桶时出现压痕，是由于水桶所受重力作用在手上造成的
B. 乙图实验，将托里拆利实验设备从一楼拿到五楼，玻璃管中的液面高度会上升
C. 丙图实验，将空的易拉罐放在火上加热，用橡皮泥封住开口处，冷却一会儿，易拉罐会变瘪
D. 丁图实验，向外拉活塞，试管内停止沸腾的水再次沸腾
15. 研学旅行前要对旅游大巴进行安全检测，该大巴在一段平直公路上匀速行驶18km，用时15min，行驶过程中受到的摩擦阻力为6×104N。已知汽车及驾驶员的总质量是3×103kg，车轮与地面的总接触面积为0.2m2。求：
(1)汽车匀速行驶时的速度是多少？
(2)汽车匀速行驶时的功率是多少？
(3)汽车静止时对地面的压强是多少？
16. 一个边长为10cm、重为8N的正方体木块轻放入水中，处于漂浮状态时有15露出水面甲乙(如图甲)，已知ρ水=1×103kg/m3。求：
(1)木块所受的浮力；
(2)木块底部受到的液体压强；
(3)若在木块上放一砝码使得木块刚好完全浸没水中(如图乙)，则砝码的重为多少牛？
17. 如图所示，工人师傅用滑轮组将重为500N的物体在30s内匀速提升到6m高的楼上，已知动滑轮重为100N，不计绳重及摩擦。求：
(1)拉力F；
(2)拉力的功率；
(3)滑轮组的机械效率。(计算结果保留一位小数)
18. 亲爱的同学，请你根据所学的知识。完成下列问题：
(1)如图1所示，力F作用在杠杆的A端，请画出它的力臂。此杠杆为______ 杠杆。
(2)如图2所示，用圆筒测力计测得图甲空桶重G=2.5N，则测力计每一大格为______ N。在桶中装入一定量的水后，测力计示数如图乙所示，则G1为______ N，桶中水重G2水为______ N。
(3)如图丙是中央空调管道系统的一个显示仪表，该仪表所测的物理量是______ ，仪表的示数为______ 。
19. 小华利用如图1所示，探究“阻力对物体运动的影响”。
(1)实验中需要小车每次从同一斜面的同一高度由静止自由滑下，目的是使小车到达斜面底端时的______ 相同；
(2)小华多次实验分析论证得出：小车受到的阻力越小，速度减小得越______ ，运动得越远。并进一步推测：若水平面完全光滑且足够长，小车将一直做______ ，表明物体的运动______ (选填“需要”或“不需要”)力来维持；
(3)从机械能转化的角度看，小车在水平面上克服阻力所做的功______ (选填“在毛巾上更多”、“在棉布上更多”“在木板上更多”或“三次一样多”)；
(4)小华思考了一个问题：当自己荡秋千运动到右侧最高点时，假设受到的力全部消失，自己将处于怎样的运动状态呢？你认为下列选项中正确的是______ (图2中的黑点表示小芊)；
(5)伽利略通过理想实验和科学推理得出结论。
______ 定律：一切物体在没有受力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
20. 科学探究是物理学科核心素养的重要内容，探究的形式可以是多种多样的。
(一)探究影响滑动摩擦力大小的因素：
(1)为了使弹簧测力计的示数等于物块所受的摩擦力，在进行甲、乙、丙三次实验时必须沿水平方向拉动测力计并使物块做______ 运动。
(2)由______ 两图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大；由甲、乙两图可知：当______ 一定时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大。
(3)实验后小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动。于是小丽设计了如图1丁所示的实验装置，该装置在操作上的优点是______ 。
(二)探究影响液体内部压强大小的因素。
(1)如图2甲所示，该装置名称为______ 。
(2)如图2甲所示，用手指轻压和重压橡皮膜，发现U形管两边液柱的高度差变化不明显，出现这种现象的原因可能是：______ 。
(3)如图2乙所示，控制探头在不同液体中的深度一定，换用不同的液体来探究液体压强与液体密度的关系，观察到U形管内两侧液面的高度不同，则液面高度差最大的是______ (填字母代号)。
A.酒精(ρ酒精=0.8×103kg/m3)
B.油(ρ油=0.9×103kg/m3)
C.盐水(ρ盐水=1.1×103kg/m3)
21. 某实验小组对杠杆开展相关实验探究(不计支点处摩擦)。
【进行实验搜集证据】
(1)实验小组安装好杠杆后，发现杠杆右端翘起，则应将平衡螺母向______ 调节，直到杠杆在______ 位置平衡，其目的是：______ 。
(2)如图甲所示，在A点挂3个重力均为0.5N的钩码，在B点用力F竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，力F的大小为______ N。
【拓展1】(3)换用可变形杠杆(AOB可绕O点转动)进一步研究杠杆平衡条件。
①当杠杆处于图乙所示水平位置平衡时，测得OA=0.4m，物块M的重力G1=4N，物块N的重力G2=8N；OB=______ m。
②保持物块M的位置不变，OB向下折至如图丙所示的位置。要使杠杆在图丙所示位置保持平衡，则应将物块N的悬挂点移动到______ 。
A.①点处
B.②点处
C.①和②之间
【拓展2】(4)实验小组提出新的问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小明利用如图丁所示装置进行探究，在杠杆A点处挂上2个钩码，用弹簧测力计在B点处竖直向上拉，使杠杆在水平位置处于平衡状态，以弹簧测力计的拉力为动力F1，钩码拉力为阻力F2，多次调整力和力臂的大小进行测量，发现：F1l1总是>F2l2，其原因主要是______ 。
答案和解析
1.【答案】受力面积 压强
【解析】解：穿肉的签子顶端磨得很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，使签子更快插入肉中。
故答案为：受力面积；压强。
压强大小跟压力大小和受力面积大小有关，据此利用控制变量法分析解答。
掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
2.【答案】F2 右
【解析】解：(1)要使施加在撬棒的动力最小，应使动力臂L1最大；当以O为支点，为了更省力，小明应沿垂直木棒方向(即F2)方向)向下压木棒，此时动力臂等于O点到动力作用点的长度，动力臂最大，此时动力较小；
(2)若想省更多的力，杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力一定时，可以减小阻力臂，增大动力臂，所以小明可以将作为支点的石块O向右适当移动。
故答案为：F2；右。
(1)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2的变形公式F1=F2L2L1可得，在阻力和阻力臂一定时，动力臂L1越大，动力F1越小。
(2)根据杠杆平衡条件分析杠杆在使用过程中省力的方法，判断支点的移动方向。
本题考查的是杠杆的应用，在确定杠杆最小动力时，首先找到动力作用点和支点，这两点的连线就是最大的动力臂，然后过动力作用点作连线的垂线，垂线方向应根据实际情况来确定，就可以找到最小的动力了。
3.【答案】运动状态 球具有惯性
【解析】解：(1)球在力的作用下进洞，说明力可以改变物体的运动状态；
(2)击球后，球离开球杆仍能向前运动，这是球离开球杆由于惯性还要保持原来的运动状态，继续向前运动
故答案为：运动状态；球具有惯性。
(1)物体的运动状态变化，一定受到力的作用；
(2)物体由于惯性要保持原来的静止状态或匀速直线运动状态。
该题以打台球为背景，考查了惯性以及力可以改变物体的运动状态等知识点，属于基础知识。
4.【答案】变大 不变
【解析】解：抽气前气球内气体与外界大气相通，所以气球内的气压与大气压相等；抽气后，气球与外界大气仍然相通，气球内气压仍等于大气压，气球内的气压不变，但抽气使得玻璃瓶内气压减小，在内部大气压的作用下，气球膨胀，体积变大。
故答案为：变大；不变。
可根据图中气球体积的变化来判断气球内气压、玻璃瓶内气压与外界大气压的大小关系。
本题考查大气压的应用，属于基础题，
5.【答案】不变 竖直向下
【解析】解：物体的质量不随它的形状、物态和位置、温度而改变，因此“星星”从太空带回地球后，质量不变；星星所受重力的方向为竖直向下。
故答案为：不变；竖直向下。
物体的质量不随它的形状、物态和位置、温度而改变；重力的方向总是竖直向下。
此题考查了质量及其特性、重力的方向，比较简单，属基础题。
6.【答案】动 不变
【解析】解：运动员某次从A点由静止开始下滑到达B点的过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小，重力势能转化动能；
因为不考虑一切阻力，所以运动员从A点由静止开始下滑到达B点的过程中没有能量的损耗，在能量转化过程中能量是守恒的，因此该过程中运动员的机械能不变。
故答案为：动；不变。
动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；动能和势能可以相互转化；
因为不考虑一切阻力，所以运动员从A点由静止开始下滑到达B点的过程中没有能量的损耗，在能量转化过程中能量是守恒的。
本题考查了动能和重力势能的转化与守恒，属于基础题。
7.【答案】>=
【解析】解：(1)根据图示可知，绳子股数n1=2和n2=3；
由于动滑轮重相同，重物相同，则F1=12(G物+G动)，F2=13(G物+G动)，
所以，F1大于F2；
(2)由W有=Gh可知，W1有=W2有；由W额=G动h可知，额外功W1额=W2额；
根据W总=W有+W额可知：总功W1=W2；
由η=W有W总可知：η1=η2。
故答案为：>；=。
由滑轮组的结构，承担物重的绳子股数n1=2和n2=3；
(1)不计绳重与机械间摩擦，用同样的滑轮组，提升相同的物重，根据F=1n(G物+G动)分析拉力的大小关系；
(2)根据W有=Gh可知有用功的关系；根据W额=G动h可知额外功的关系；即可根据W总=W有+W额判断总功的关系；根据效率公式η=W有W总分析。
这类题的关键是绳子段数的判断以及滑轮组所做有用功、额外功是否相等，知道不计绳重及摩擦时拉力F=1n(G物+G动)是关键。
8.【答案】连通器 相平
【解析】解：
如图所示，洗手盆下方排水管的U形“反水弯”利用了连通器的原理，使管中存有一定量的水，两侧水面是相平的，将上下隔开，可以防止下水道的“异味”通过排水管进入室内。
故答案为：连通器；相平。
U形“反水管”等都是利用了连通器的原理，用里面的存水将上下隔开，防止异味上行，据此来进行解答。
本题考查连通器的原理，要求学生运用所学知识分析解决实际问题。
9.【答案】B
【解析】解：A、一枚邮票质量约50mg，故A错误；
B、一枚邮票面积约12cm2，故B正确；
C、邮票的重力G=mg=50×10-6kg×10N/kg=5×10-4N，
课桌的高度约80cm，即0.8m，
则邮票从课桌上掉落到地面重力做功W=Gh=5×10-4N×0.8m=4×10-4J，故C错误；
D、邮票受到的大气压力F=pS=1×105Pa×12×10-4m2=120N，故D错误。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。
10.【答案】C
【解析】解：
A、飞叶在转动过程中由于受到阻力作用，所以飞叶的转速变慢；惯性大小只与物体的质量有关，所以飞叶的惯性不变，故A错误；
B、轴承内有滚珠，是滚动摩擦代替滑动摩擦，属于减小摩擦，故B错误；
C、陀螺对指尖的压力和指尖对陀螺的支持力作用在不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，符合相互作用力的条件，故C正确；
D、陀螺所受的重力和陀螺对指尖的压力，大小相同，方向相同，不符合二力平衡条件，故D错误。
故选：C。
(1)惯性大小只与物体的质量有关，与转动速度无关；
(2)减小摩擦的方法：在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；在接触面的粗糙程度一定时，减小压力；使接触面脱离；滚动摩擦代替滑动摩擦；
(3)一对相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
(4)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。
本题以学生们熟悉的手指陀螺为内容，考查了力学知识在其中的应用，体现了物理与实际的联系，提高了学生们的学习兴趣。
11.【答案】B
【解析】解：A、图中深潜器模型受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力、竖直向上的拉力，模型在这三个力的作用下处于静止和状态，拉力F与重力G大小不相等，所以不是一对平衡力，故A错误；
B、由称重法知模型所受浮力大小为F浮=G-F，故B正确；
C、模型从图示位置下移，由于排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知浮力不变，故C错误；
D、将模型逐渐提离水面时，排开水的体积逐渐减小，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知浮力变小，由称重法知拉力F逐渐增大，故D错误。
故选：B。
(1)平衡力大小相等、方向相反、作用在同一直线上且作用在同一物体上；
(2)由称重法知模型所受浮力大小；
(3)模型从图示位置下移，排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排判断出浮力的变化；
(4)将模型逐渐提离水面时，排开水的体积逐渐减小，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排判断出浮力的变化，由称重法判断出拉力F的变化。
本题考查了平衡力的判断、称重法的利用以及阿基米德原理的应用，是一道综合题，但难度不大。
12.【答案】C
【解析】解：A、溺水时大喊大叫，会喝入更多的水，使身体所受重力增大，根据物体在液体中的浮沉条件，人容易下沉，故A正确；
B、溺水时手脚乱蹬，头和四肢裸露在水外，会减小排开水的体积，根据阿基米德定律知，使身体所受浮力减小，人更容易下沉，故B正确；
C、根据物体在液体中的浮沉条件知，当身体漂浮在水面上时，身体所受到的浮力等于重力，故C错误；
D、面部向上的仰泳体位，可以增大排开水的体积，根据阿基米德定律知，使身体所受浮力增大，人不容易下沉，故D正确。
故选：C。
(1)物体在液体中的浮沉条件：上浮：F浮>G；悬浮：F浮=G；漂浮：F浮=G；下沉：F浮
本题考查了物体的浮沉条件和阿基米德原理的应用，属于基础性题目。
13.【答案】BD
【解析】解：由图像可知，横坐标表示的物理量和纵坐标表示的物理量是成正比的关系；
A、根据F浮=ρ液gV排可知，物体浸没在液体中所受浮力只与液体的密度和排开液体的体积关，与浸入液体的深度无关，故A不符合题意；
B、匀速直线运动的物体，速度是一定值，路程和时间成正比，可以用该图象描述，故B正确；
C、在弹性限度内，弹簧的伸长量与弹簧所受拉力成正比，超出弹性限度，则不成正比，不能用该图像描述，故C错误；
D、物体的重力和质量成正比，可以用该图象描述，故D正确；
故选：BD。
从图像上可以看出，该图像反应的物理量之间成正比关系，然后根据各选项之间的关系选择即可。
本题考查不同量之间的关系，理解图象中物理量之间的比例关系是解题的关键。
14.【答案】CD
【解析】解：A、手提水桶时出现压痕，是由于手受到水桶作用在手上的拉力，故A错误；
B、将托里拆利实验从一楼拿到五楼，由于高度增加，大气压降低，玻璃管内的液面高度会下降，故B错误；
C、将空的易拉罐放在火上加热，用橡皮泥封住开口处，冷却一会儿，易拉罐内气压变低，小于外界气压，故易拉罐会变瘪，故C正确；
D、向外拉活塞，瓶内水面上方的气压降低，导致水的沸点降低，当沸点比水的温度低时，试管内停止沸腾的水再次沸腾，故D正确。
故选：CD。
(1)物体由于地球的吸引而受到的力叫重力。
(2)大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低；
(3)用橡皮泥封住开口处，冷却一会儿，瓶内气压会变小；
(4)液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
本题考查了大气压的有关知识，难度较小，属于基础题。
15.【答案】解：(1)汽车匀速行驶时的速度v=st=18000m15×60s=20m/s；
(2)该大巴在一段平直公路上匀速行驶，牵引力和阻力是平衡力，由二力平衡条件得到牵引力F=f=6×104N，
汽车匀速行驶时的功率P=Wt=Fst=Fv=6×104N×20m/s=1.2×106W；
(3)汽车静止时对地面的压力F压=G=mg=3×103kg×10N/kg=3×104N，
汽车静止时对地面的压强p=F压S=3×104N0.2m2=1.5×105Pa。
答：(1)汽车匀速行驶时的速度是20m/s；
(2)汽车匀速行驶时的功率是1.2×106W；
(3)汽车静止时对地面的压强是1.5×105Pa。
【解析】(1)根据v=st得到汽车匀速行驶时的速度；
(2)该大巴在一段平直公路上匀速行驶，牵引力和阻力是平衡力，由二力平衡条件得到牵引力，根据P=Wt=Fst=Fv得到汽车匀速行驶时的功率；
(3)根据G=mg得到总重力，大巴车静止时对地面的压力等于大巴车及驾驶员的总重力，根据p=FS得到汽车静止时对地面的压强。
本题考查速度、功率和压强的计算，解题时要注意各知识点的综合应用。
16.【答案】解：(1)在甲中，木块处于漂浮状态，所受浮力等于木块的重力，即：F浮=G木=8N；
(2)木块底部所处水的深度：h=0.1m×(1-15)=0.08m；
木块底部受到的水的压强：p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa；
(3)当完全浸没时，木块排开液体体积和木块体积相等，此时木块受到的浮力：
F浮'=ρ水gV=1×103kg/m3×10N/kg×(0.1m)3=10N；
由力的平衡条件可知：F浮'=G木+G砝，
则砝码的重为G砝=F浮'-G木=10N-8N=2N；
答：(1)木块所受的浮力是8N；
(2)木块底部受到的液体压强是800Pa；
(3)若在木块上放一砝码使得木块刚好完全浸没水中(如图乙)，则砝码的重为2牛。
【解析】(1)在甲中，已知木块的重力，根据物体的漂浮条件可得木块漂浮时受到的浮力；
(2)由p=ρ水gh可得木块底部受到的液体压强；
(3)当完全浸没时，木块排开液体体积和木块体积相等，由F浮1=ρ水gV可得完全浸没的浮力；
由力的平衡条件可知：F浮1=G木+G砝，由此可得砝码重力。
本题考查了漂浮的特点、液体压强的计算和阿基米德原理。属于中档题。
17.【答案】解：(1)由图可知，n=2；不计绳重和摩擦，则拉力F=12(G物+G动)=12(500N+100N)=300N；
(2)拉力端移动的距离：s=2h=2×6m=12m，
拉力做功：W总=Fs=300N×12m=3600J，
拉力做功的功率：
P=W总t=3600J30s=120W；
(3)滑轮组对重物做的功：
W有=Gh=500N×6m=3000J；
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总×100%=3000J3600J×100%≈83.3%，
答：(1)拉力的大小为300N；
(2)拉力的功率为120W；
(3)滑轮组的机械效率为83.3%。
【解析】图中使用的滑轮组承担物重的绳子股数n=2，则s=2h。
(1)利用s=2h求出拉力移动的距离，不计绳重和摩擦，利用F=12(G物+G动)求拉力大小，
(2)再利用W=Fs求拉力做功；又知道运动时间，利用功率公式求拉力的功率；
(3)利用W有=Gh求滑轮组对重物做的功(有用功)，利用机械效率的公式求滑轮组的机械效率。
本题考查了学生对有用功、总功、功率公式、机械效率公式、滑轮组s=nh的理解和运用，本题关键是利用好不计绳重和摩擦时拉力F=12(G物+G动)。
18.【答案】省力 0.530.5压强 0.2MPa
【解析】解：(1)O为支点，先画出力的作用下，过支点O作力F的作用线的垂线段，标出力臂符号L.如图所示：
根据图中动力臂大于阻力知，此杠杆为省力杠杆；
(2)由图知桶重G=2.5N，弹簧测力计伸长5个格，一个格为2.5N5=0.5N，水和桶总重为6个格，为6×0.5N=3N；
桶中水的重力：3N-2.5N=0.5N；
(3)读图乙可知，表盘上的单位是“MPa”，这是压强的单位，因此，这是测量压强的仪表，其示数为0.2MPa。
故答案为：(1)见解答；省力；(2)0.5；3；0.5；(3)压强；0.2MPa。
(1)支点为点O，动力臂为支点O到F1的作用线的距离。根据动力臂和阻力臂大小比较得出杠杆类型；
(2)弹簧测力计使用前要使指针对准零刻线，观察弹簧测力计的量程和分度值，根据已知数据确定分度值，然后读数并计算水的重力；
(3)根据表盘上的单位可判断这是一个什么仪表，并读出其示数。
本题考查力臂、杠杆类型、弹簧测力计的读数、压强计等，属于综合题。
19.【答案】速度 慢 匀速直线运动 不需要 三次一样多 D 牛顿第一
【解析】解：(1)根据控制变量法，实验中需要小车每次从同一斜面的同一高度由静止自由滑下，目的是使小车到达斜面底端时的速度相同；
(2)木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，小车在木板表面上通过的距离最长，速度减小得最慢，小华多次实验分析论证得出：小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，运动得越远。并进一步推测：若水平面完全光滑且足够长，小车的速度不会变小，将一直做匀速直线运动，表明物体的运动不需要力来维持；
(3)小车到达斜面底端时的速度相同，最终的速度为0，动能变化量相同，从机械能转化的角度看，小车在水平面上克服阻力所做的功三次一样多；
(4)当自己荡秋千运动到右侧最高点时，速度为0，假设受到的力全部消失，根据牛顿第一定律，自己将处于静止状态，故选：D。
(5)牛顿第一定律：一切物体在没有受力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
故答案为：(1)速度；(2)慢；匀速直线；不需要；(3)三次一样多；(4)D；(5)牛顿第一。
(1)根据控制变量法，要使小车到达斜面底端时的速度相同；
(2)木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，小车在木板表面上通过的距离最长，速度减小得最慢，据此回答；
(3)小车到达斜面底端时的速度相同，最终的速度为0，动能变化量相同；
(4)(5)牛顿第一定律定律：一切物体在没有受力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
当自己荡秋千运动到右侧最高点时，速度为0，假设受到的力全部消失，根据牛顿第一定律回答；
本题探究阻力对物体运动的影响，考查控制变量法和推理法及牛顿第一定律的运用。
20.【答案】匀速直线 甲、丙 压力 不需要长木板做匀速直线运动 U形管压强计 装置漏气 C
【解析】解：(一)(1)实验过程中，由二力平衡条件知道，必须使用弹簧测力计沿水平方向拉着物块做匀速直线运动，这样滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
(2)由甲、丙两图知道，当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大；
(3)图1丁所示的实验装置，由于A相对于地面静止，受到摩擦力和测力计的拉力为一对平衡力，故该装置的优点是不需要长木板做匀速直线运动。
(二)(1)探究液体内部压强的装置是U形管压强计；
(2)用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，U形管两边液注的高度差变化明显，则说明装置不漏气，气密性好，反之发现U形管两边液柱的高度差变化不明显，出现这种现象的原因可能是装置漏气；
(3)探头在下列液体中的深度相同，根据p=ρgh可知，深度相同，液体的密度越大，压强越大，因为盐水的密度最大，所以在盐水中的压强最大，U形管左右两侧液面的高度差最大，故选C。
故答案为：(一)(1)匀速直线；(2)甲、丙；压力；(3)不需要长木板做匀速直线运动。
(二)(1)U形管压强计；(2)装置漏气；(3)C。
(一)(1)用弹簧测力计水平匀速拉动物块，物块做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可知，滑动摩擦力等于测力计的示数；
(2)分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象可以得出实验结论；
(3)如图1中丁图所示的实验装置，A相对于地面静止，根据力的平衡分析。
(二)(1)探究液体内部压强的装置是U形管压强计；
(2)若按压橡皮膜，U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
(3)根据p=ρgh来分析压强和液体密度的关系。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关和影响液体内部压强大小的因素，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
21.【答案】右 水平 便于测量力臂 10.2B杠杆的自重对杠杆平衡有影响
【解析】解：(1)平衡螺母向上翘的一端移动，将平衡螺母向右调节，杠杆在水平位置平衡；要使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂；
(2)设杠杆一格长为L，在A点挂3个重力均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，由杠杆平衡条件得到：
3×0.5N×2L=F×3L，
F=1N；
(3)①根据杠杆的平衡条件可得：
G1×OA=G2×OB，
4N×0.4m=8N×OB，
OB=0.2m；
②松开螺母保持OA水平不动，使OB向下折，保持物块M的位置不变，则G1×OA保持不变，若要使杠杆仍保持平衡，则应保持：
G2×OB'=G2×OB
因G2保持不变，则应保持力臂不变，
即：OB'=OB，
力臂是指从支点到力的作用线的距离，而力始终是竖直向下的，则应将N移到②点处，以确保力的作用线相同，故选B；
(4)用如图丁所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响，所以F1l1总是大于F2l2。
故答案为：(1)右；水平；便于测量力臂(2)1；(3)①0.2；②B；(4)杠杆的自重对杠杆平衡有影响。
(1)在调节杠杆平衡时，杠杆向哪端转动，哪端沉，平衡螺母要向另一端移动；
(2)根据杠杆平衡条件求出弹簧测力计的示数；
(3)①已知两物块的重力和OA的长度，根据杠杆平衡条件求出OB的长度；
②图丙中使杠杆由水平位置缓慢转动到图中位置，两物块的重力大小不变，OA长度不变，根据杠杆平衡条件可判断出物块N对杠杆拉力的力臂的大小，再结合力臂的概念即可解答；
(4)支点没在杠杆中心处，杠杆自身重力会对杠杆平衡有影响，据此分析解答。
本题主要考查的是有关杠杆平衡条件的探究的问题，要知道杠杆的平衡条件及杠杆的调节方法。
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