安徽省安庆市望江县2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）

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2022-2023学年安徽省安庆市望江县八年级（下）期末物理试卷
1. 如图所示的玻璃装置内放入适量的水，在阀门E、F关闭的情况下，此装置相当于一个连通器，将此装置的阀门E打开，接到水流速度稳定的自来水管上，同时打开阀门F，水在流动的过程中，两竖直管中的高度关系是______ (选填“C的高”、“D的高”或“一样高”)。

2. 小华用如图所示的滑轮匀速提起一水桶，所用的滑轮是动滑轮，它的作用是______ 。


3. 如图所示是投篮过程中篮球运动的轨迹示意图(空气阻力不能忽略)，其中 A、B两点距离地面等高，则篮球在A点时的动能E1和B点时的动能E2的大小关系是E1______ E2(选填“>”“=”或“BC，把同一物体从斜面底端分别沿AC、BC匀速推至C点。若推力分别为F1、F2，所做的功分别为W1、W2，则W1______ W2，若将物体先后从两个光滑斜面顶端由静止释放，则物体到达斜面底端的速度vA______ vB。(均填“>”“”、“ 
【解析】解：篮球运动过程中，由于受到空气阻力的作用，一部分机械能增转化为内能，使得篮球的机械能逐渐减小，所以A点的机械能大于B点的机械能；由于A、B等高，篮球的质量不变，所以A、B点篮球的重力势能相同，则A点的动能大于B点的动能，即E1>E2。
故答案为：>。
动能的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与质量、高度有关；机械能为动能、势能的和。
本题考查了动能大小的比较，知道篮球运动过程中机械能逐渐变小是解题的关键。

4.【答案】2 2 
【解析】解：由图丙知，物体在0∼2s处于静止状态，处于平衡状态，摩擦力等于推力，由图乙知，此时推力为2N，因此当t=1s时，物体受到的摩擦力是2N；
由图丙知，物体在2∼4s加速运动，由图乙知，此时受到的推力为6N；由图丙知，物体在4∼6s做匀速直线运动状态，受力平衡，摩擦力等于推力，由图乙知，此时推力为4N，因此物体受到的滑动摩擦力是4N；滑动摩擦力与压力大小和接触面粗糙程度有关，在2∼6s内，压力大小和接触面粗糙程度不变，因此滑动摩擦力为4N，且与拉力方向相反；因此当t=3s时，物体受到的合力大小是：F合=6N-4N=2N。
故答案为：2；2。
对物体进行受力分析；由乙图像求出各时刻物体所受到的拉力F；由丙图像判断物体的运动状态，根据物体的运动状态，由平衡条件求出物体所受的摩擦力的大小，进而进行解答。
本题考查了学生的图像分析能力、物体的受力分析；解题时，v-t图像、F-t图像相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在。

5.【答案】上浮  0.8 
【解析】解：当物体完全浸没时V排=V物，
当物体全部浸没在水中时受到的浮力：
F浮=ρ水gV物=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=1N>0.8N，即：F浮>G，所以，把它浸没在水中后放手，物体上浮，最终处于漂浮状态；
当物体静止后，漂浮在水面上，则F浮'=G=0.8N。
故答案为：上浮；0.8。
(1)先根据阿基米德原理计算出物体完全浸没时的浮力大小，与重力比较，重力大于浮力则下沉；重力等于浮力则悬浮；重力小于浮力则上浮；
(2)根据物体的浮沉情况判断出物体受到的浮力；然后根据F浮=ρ液gV排计算排开水的体积。
此题考查阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用，判断把物块浸没在水中放手后的状态是关键。

6.【答案】180 
【解析】解：由图知，滑轮组绳子的有效股数n=2，
不计滑轮和绳重、轮与轴间摩擦，绳端的拉力F=1nf，
物体与地面间的摩擦力大小：
f=nF=2×90N=180N。
故答案为：180。
由图知，水平使用滑轮组时绳子的有效股数n=2，不计滑轮和绳重、轮与轴间摩擦，拉力F=1nf，据此求物体与地面间的摩擦力大小。
本题考查了水平使用滑轮组时物体与地面间的摩擦力的计算，属于基础题目。

7.【答案】1：2 
【解析】解：因物体对水平面的压力和自身的重力相等，
所以，正方体对水平桌面的压强：p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρL3gL2=ρgL，
则A、B两个正方体对桌面的压强之比：pApB=ρgLAρgLB=LALB=12。
故答案为：1：2。
正方体对水平桌面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg和ρ=mV、p=FS表示出正方体对桌面的压强，然后代入数据得出答案。
本题考查了压强公式的灵活运用，利用好规则、均匀物体(如圆柱体、正方体、长方体等)对水平面的压强p=ρgh是关键。

8.【答案】后车追尾 
【解析】解：当汽车突然刹车时，人由于惯性要保持原来的运动状态，身体会向前倾，这时安全带可以起到保护作用；当后车追尾时，坐在座椅上的人由于惯性要保持原来的运动状态，头会突然后仰，这时较软的头枕会保护头颈不被撞伤。
故答案为：后车追尾。
物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，据此结合不同运动状态下人身体运动情况的改变分析即可解答。
此题主要考查学生对惯性现象的理解，惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题。

9.【答案】9 
【解析】解：两个滑轮为定滑轮，定滑轮不省力，能够改变力的方向，则甲物体受到乙物体向上的拉力为4N；
物体甲受到竖直向下的重力、竖直向上的弹簧的拉力和地面的支持力作用处于平衡状态，
由甲受到的合力为零可得：G甲=F+FN，
则FN=G甲-F=13-4N=9N。
故答案为：9。
对甲进行受力分析，根据力的平衡条件求出甲受到的支持力。
本题考查了定滑轮、力的合成的应用，属于基础知识。

10.【答案】== 
【解析】解：用光滑的斜面没有额外功，推力在两斜面上做功等于克服物体重力所做的功，根据W=Gh可知，W1=W2；
若将物体先后从两个光滑斜面顶端由静止释放，物体的重力势能相同，斜面光滑，则物体到达底端时，重力势能全部转化为动能，动能相同，质量不变，所以vA=vB。
故答案为：=；=。
斜面光滑，使用光滑的斜面没有额外功，根据W=Gh比较做功的大小；若将物体先后从两个光滑斜面顶端由静止释放，物体的重力势能不变，斜面光滑，则物体到达底端的动能相同，据此分析速度的大小关系。
本题考查了功的大小比较、功的计算公式的应用、重力势能和动能的转化等知识，难度不大。

11.【答案】C 
【解析】解：A、力是物体对物体的作用，故A正确；
B、力是物体对物体的作用，一个物体不能产生力的作用，故B正确；
C、发生力的作用时，两物体不一定接触，如磁铁吸引铁钉时，它们之间不接触，也有力的作用，故C错误；
D、力是物体间的相互作用，施力物体在施加力的作用的同时，一定受到力的作用，一个物体是施力物体的同时也是受力物体，故D正确。
故选：C。
(1)力是物体对物体的作用，发生力的作用时，至少要有两个物体；其中受到力的作用的物体叫受力物体；对别的物体施加了力的物体叫施力物体；
(2)物体间力的作用是相互的。
深入理解力的概念是解答此题的关键。

12.【答案】C 
【解析】解：
A、小球运动至O点时，在最高点时只受重力的作用，不是处于静止状态，故A错误；
B、小球被释放后会加速向上运动，则被释放瞬间，小球所受重力小于弹簧的弹力，故B错误；
C、不计空气阻力，小球在从A点向上运动到O点的过程中，受到竖直向下的重力和竖直向上的弹力；开始向上运动时，弹力大于重力，小球所受合力方向向上，速度不断增大；当弹力小于重力时，其所受合力方向向下，速度不断变小；当离开O点后，小球只受重力作用，重力的方向与小球运动方向相反，速度继续减小；由此可知，整个向上运动的过程中，小球的速度先增大后减小，则小球的动能先增大后减小，故C正确；
D、小球在OA间运动，弹簧的弹性势能转化为小球的机械能，所以小球的机械能是改变的，故D错误。
故选：C。
(1)物体受力平衡时会处于静止状态或匀速直线运动状态；
(2)根据小球被释放后的运动状态判断重力和弹力的大小关系；
(3)小球从A点向上运动过程中，分为小球到达O点前和离开O点后两个阶段分析讨论，分析其受力情况，若合力的方向与运动方向相同，则小球做加速运动；若合力的方向与运动方向相反，则小球做减速运动；
(4)根据弹性势能和小球的机械能的转化分析。
此题考查了学生对动能和势能的转化与守恒、平衡状态的判断、力与运动的关系等，综合性较强，有一定难度。

13.【答案】D 
【解析】解：A、排球上升到最高点时，只受重力作用，因此受力不平衡，此时瞬间静止，若所有外力消失，排球将静止，故A错误；
B、手击打排球的力和排球对手的作用力属于相互作用力，二者大小相等，故C错误；
C、击打排球的过程中，排球运动状态改变，且手击打排球的力与排球的重力方向不相反，大小不相等，不是作用在同一直线上，所以不是一对平衡力，故C错误；
D、排球离开手后，竖直向上运动，受到重力、空气阻力的方向都竖直向下，所受的合力方向竖直向下，故D正确。
故选：D。
(1)根据牛顿第一定律进行分析，即当物体受到的力突然消失，物体还会保持原来的运动状态；
(2)相互作用力是发生在两个相互作用的两个物体之间，两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，分别作用在相互作用的两个物体上；
(3)根据二力平衡的条件分析物体所受的力是否是平衡力；
(4)对排球进行受力分析得出合力的方向。
明确选项的描述中所涉及的物理知识，结合实例与知识进行分析，逐一做出判断即可解答此题，有一定综合性。

14.【答案】A 
【解析】解：A、把药液注入肌肉，是靠活塞推进产生的压强，不是利用大气压强。故A符合题意；
B、自来水钢笔在吸墨水时，是先把钢笔内的空气排出，然后在外界大气压的作用下，墨水进入钢笔内，故B不符合题意；
C、茶壶盖上的小孔使壶内的气压与外界大气压强相等，倒水时使得壶内和壶外的气压相互抵消，使得水由于重力的原因能流出壶外，故该选项也是利用大气压。故C不合题意；
D、活塞式抽水机在抽水时，抽起活塞使筒内形成暂时的真空，在大气压的作用下，水进入筒内，是利用了大气压强，故D不合题意；
故选：A。
大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。
此生活中有很多现象能说明大气压的存在，但具体工作过程中是否利用了大气压却要具体问题，具体分析，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例。

15.【答案】C 
【解析】解：A、由图可知，甲装置绳子的有效段数n甲=3，乙装置绳子的有效段数n乙=2，在不计绳重和摩擦时，甲的拉力F甲=13(G物+G动)，乙的拉力F乙=12(G物+G动)，F乙大于F甲，故A错误；
B、若不计绳重与摩擦，机械总功W总=W有用+W额，W有用=G物h，W额=G动h，甲、乙两个滑轮组中滑轮重相同，分别将同一物体匀速提升相同的高度，有用功和额外功都应相等，总功也相等，故B错误；
C、若不计绳重和摩擦，机械效率η=W有用W总，对于甲、乙装置，B项已经分析得出有用功、额外功、总功都是相等的，机械效率也相等，故C正确；
D、甲装置绳子自由端移动的距离s甲=3h，乙装置绳子自由端移动的距离s乙=2h，s甲>s乙，故D错误；
故选：C。
(1)由图可知两个滑轮组绳子的有效段数分别为3段和2段，根据F拉=1n(G物+G动)判断；
(2)机械总功W总=W有用+W额，W有用=G物h，W额=G动h进行比较；
(3)机械效率η=W有用W总；
(4)绳子自由端移动的距离s=nh。
本题是滑轮组的综合题，主要考查滑轮组的工作特点、滑轮组中拉力、移动距离、总功和机械效率的计算。

16.【答案】B 
【解析】解：A、在用托盘天平测量物体的质量前，应首先把天平放在水平台上，使游码调到标尺的零刻度线处，最后再调节平衡螺母使天平平衡，故A错误；
B、在探究“阻力对物体运动的影响”时，为了让每次实验时物体到达水平面的速度相同，应让小车从同一斜面相同高度由静止滑下，故B正确；
C、在观察水的沸腾时，为了温度读数准确，不能把温度计从水中取出来读数，故C错误；
D、在托里拆利实验中，装满水银的玻璃管无论竖放还是斜放，最终管内外水银高度差保持不变，故D错误。
故选：B。
(1)在用托盘天平测量物体的质量前，应首先把天平放在水平台上，使游码调到标尺的零刻度线处，最后调节平衡螺母使天平平衡；
(2)在探究“阻力对物体运动的影响”实验时，应让小车从同一斜面相同高度由静止滑下；
(3)温度计读数时不能离开被测液体；
(4)在托里拆利实验中，装满水银的玻璃管无论竖放还是斜放，最终管内外水银高度差保持不变。
本题考查了托盘天平的使用、探究阻力对物体运动的影响实验、观察水沸腾实验和托里拆利实验，要掌握每个实验的目的、步骤和注意事项。

17.【答案】C 
【解析】解：A、从图示可知，AB都做匀速直线运动，故A正确。
B、从图示可知，A的物体是3m/s，B的速度是：v=4m2s=2m/s，故B正确。
C、B做匀速直线运动，故B物体第3秒和第2秒运动速度一样，故C错误。
D、物体不受力时，物体做匀速直线运动或静止，故D正确。
故选：C。
如果物体沿直线运动，并且速度大小保持不变，那么我们称这种运动为匀速直线运动。
本题考查了物体匀速直线运动的特点，属于基础题。

18.【答案】A 
【解析】解：不计滑轮重、绳重及一切摩擦，
如图，此滑轮组由一个定滑轮和一个动滑轮组成，物体G2由两段绳子承担，所以F=12G2，拉力F绕过一个定滑轮，定滑轮不省力，故F=G1，
所以，G1=12G2，
所以，G1：G2=1：2。
故选：A。
定滑轮改变力的方向，不能省力；动滑轮可以省力，但是费距离。
本题考查了定滑轮和动滑轮的特点，是比较基础的习题，掌握基础知识很重要。

19.【答案】D 
【解析】解：由图可知，水对a物体上下表面产生了的压力差，故a物体一定受浮力的作用；
b物体上表面没有受到水的压力，但下表面受到水的压力，因此水对b物体上下表面产生了的压力差，故b物体也受浮力的作用；
c物体上表面受到水的压力，但下表面没有受到水的压力，因此水对c物体上下表面没有产生压力差，故c物体不受浮力的作用；
水对d物体上下表面产生了的压力差，故d物体受浮力的作用。
综上分析可知，只有物体a、b和d部分受到浮力作用。
故选：D。
根据浮力产生的原因是液体(或气体)对物体上下表面的压力差；对a、b、c、d逐一分析即可。
此题考查了浮力产生的原因，明确物体上下表面是否产生了压力差是解答此题的关键。

20.【答案】D 
【解析】解：(1)对A分析，A在水平方向上受水平向左的拉力F1和B对A向右的静摩擦力，这两个力是一对平衡力，所以A受到水平向右的摩擦力为3N；因为力的作用是相互的，所以B也受到A水平向左的摩擦力，大小也为3N，因此A、B错误；
(2)把AB看成一个整体，处于静止状态，受到平衡力的作用，在水平方向上受向左的拉力F1和向右的拉力F2，由于两力拉力大小不相等，所以整体在水平方向上只受两个拉力，地面对B的摩擦力，f=F2-F1=5N-3N=2N，摩擦力的方向水平向左，所以C错误、D正确。
故选：D。
对整体受力分析，通过共点力平衡，求出地面对B的摩擦力，隔离对A分析，得出B对A的摩擦力大小。
解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡求解，注意整体法和隔离法的运用。对整体受力分析，通过共点力平衡，求出地面对B的摩擦力，隔离对A分析，得出B对A的摩擦力大小。

21.【答案】增大  不变  物体排开液体体积  ④⑤  4×103 
【解析】解：(1)当物体逐渐浸入水中，物体底面在水中的深度逐渐增大，根据p=ρgh知，物体底面所受压强将逐渐增大；
(2)观察③④发现，物体浸没在水中并增大所处深度时，弹簧测力计的拉力大小不变，所以物体受到的浮力将不变；
(3)观察②③两图发现，在同种液体中，物体浸入液体中的体积逐渐增大时，弹簧测力计的拉力大小逐渐变小，即浮力大小逐渐增大，所以物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大；
(4)探究物体所受浮力大小与液体密度关系时，应运用控制变量法，控制物体排开液体体积不变，改变液体的密度，故④⑤两图符合题意。
(5)由①③可知，物体浸没在水中受到浮力：F浮=G-F拉=4N-3N=1N，
则物体的体积：V物=V排=F浮ρ水g=1N1×103kg/m3×10N/kg=1×10-4m3，
根据G=mg得，物体质量m=Gg=4N10N/kg=0.4kg，
物体的密度为：ρ=mV=0.4kg1×10-4m3=4×103kg/m3。
故答案为：(1)增大；(2)不变；(3)物体排开液体体积；(4)④⑤；(5)4×103。
(1)根据p=ρgh判断物体底部所受压强的变化；
(2)在液体密度一定时，物体浸没后排开液体的体积等于物体的体积，即排开液体的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知受到的浮力的变化情况；
(3)分析②③两图，得出浮力大小与物体排开液体体积的关系；
(4)要得出物体所受浮力的大小与液体密度有关，需使物体排开液体的体积相同，液体的密度不同；
(5)根据称重法算出③图中物体受到的浮力，由阿基米德原理公式F浮=ρ水gV排的变形式求出物体排开液体的体积，根据G=mg求出物体的质量，再根据密度公式可求出物体的密度。
本题考查了探究浮力大小因素、阿基米德原理以用控制变量法的应用，要灵活运用公式计算解答。

22.【答案】海绵的凹陷程度  控制变量法  压力一定时，受力面积越小  = 
【解析】解：(1)根据转换法，本实验是通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用效果的；实验中用到的研究方法有控制变量法和转换法；
(2)探究压力的作用效果与受力面积时，应控制压力的大小不变，而受力面积不同，故应该比较图乙、丙，且可以得出结论：压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
(3)将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，与图丙相比，因压力大小和受力面积都相同，则根据p=FS可知，图丙中海绵受到的压强p和图丁中木板受到的压强p'的大小关系为p=p'；
故答案为：(1)海绵的凹陷程度；控制变量法；(2)压力一定时，受力面积越小；(3)=。
(1)(2)本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；
压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，探究压力的作用效果与受力面积的关系时应控制压力的大小不变，据此分析回答；
(3因图丙中和图丁中受压材料不同，故不能根据受压材料的凹陷程度来反映压力的作用效果，应据据p=FS分析。
本题探究“影响压力作用效果的因素”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用及p=FS的运用，体现了对过程和方法的考查。

23.【答案】3 先变小后变大 mL1L2 
【解析】解：
(1)设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，即2G×3L=nG×2L，解得n=3，需挂3个钩码；
(3)由图可知，OC为最长力臂，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，动力臂先变长后变短，而杠杆在水平位置始终保持平衡，根据杠杆平衡条件可知，测力计示数将先变小后变大．
(4)已知钩码的质量m，用刻度尺测出此时钩码悬挂位置E到B的距离，即L1，欲求杠杆的质量m杆，则应量出O到B的距离，即L2，然后根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，mL1=m杆L2，则m杆=mL1L2.
故答案为：(1)3；(2)先变小后变大；(3)mL1L2.
(1)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件进行判断；
(2)阻力和阻力臂不变时，动力臂减小，动力变大；动力臂变大，动力变小．
(3)根据杠杆的平衡条件，可以计算出杠杆的质量m杆.
杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计倾斜拉动杠杆还在水平位置平衡，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大这是常见的一种题型．

24.【答案】解：(1)从支点向阻力F2的作用线作垂线段，做出的垂线段就是力臂L2，如图

(2)根据杠杆平衡条件，要使 F1最小，则动力臂L1应最大，因此应垂直于OA施加压力，此时动力臂L1=OA=30cm，
F1至少需F1=F2L2L1=150N×8cm30cm=40N。
答：(1)见解析；
(2)要将手柄压下，F1至少需要40N。 
【解析】(1)力臂是支点到力的作用线的垂直距离；
(2)利用杠杆的平衡条件分析计算。
本题考查杠杆的平衡条件，关键是力臂的确定，要掌握。

25.【答案】解：(1)汽车上坡时克服重力做的功：W有=Gh=1.5×104N×10m=1.5×105J；
(2)汽车发动机牵引力做的功为：W总=Pt=9×104W×20s=1.8×106J，
(3)汽车克服阻力做的额外功为：W额=W总-W有=1.8×106J-1.5×105J=1.65×106J，
汽车爬坡时克服阻力做的功为额外功，由W额=fs可得，
汽车爬坡时所受阻力为：f=W额s=1.65×106J200m=8250N。
答：(1)汽车爬坡时克服重力所做的功为1.5×105J；
(2)汽车发动机牵引力做的功1.8×106J；
(3)汽车爬坡时所受阻力为8250N。 
【解析】(1)根据W=Gh求出汽车爬坡时克服重力所做的功；
(2)根据W=Pt计算牵引力做的功(汽车爬坡时的总功)；
(3)汽车爬坡时克服阻力做的功为额外功，根据W额=W总-W有求出汽车克服阻力做的额外功，再根据f=W额s求出汽车爬坡时所受阻力。
本题考查了功和功率的有关计算，解答本题的关键是要知道汽车克服阻力做的功为额外功，是一道综合题。

26.【答案】解：(1)物体浸没在水中时物体的体积：
V=V排=F浮ρ水g=10N1×103kg/m3×10N/kg=1×10-3m3；
(2)物体受到重力、拉力和浮力，物体的重力：
G=F浮-F=10N-4N=6N
物体的质量：
m=Gg=6N10N/kg=0.6kg，
物体的密度：
ρ=mV=0.6kg1×10-3m3=0.6×103kg/m3；
(3)物体的密度小于水的密度，将细线剪断后，静止时，漂浮，此时物体受到的浮力：
F浮=G=6N。
漂浮时排开水的体积：
V排'=F浮'ρ水g=6N1×103kg/m3×10N/kg=6×10-4m3，
液面下降的深度为：
Δh=V-V排S=1×10-3m3-6×10-4m350×10-4m2=0.08m，
容器底部所受液体压强减小了：
Δp=ρ水gΔh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa。
答：(1)物体的体积是1×10-3m3；
(2)若细绳对物体的拉力为4N，求物体的密度是0.6×103kg/m3；
(3)若剪断细绳，容器底部受到水的压强变化了800Pa。 
【解析】(1)物体浸没在水中，根据阿基米德原理得到物体排开水的体积，物体的体积等于物体排开水的体积；
(2)物体的重力和绳子的拉力之和等于物体受到的浮力，根据G=mg得到物体的质量，根据ρ=mV得到物体的密度；
(3)比较物体的密度和液体的密度大小关系，判断物体的浮沉情况，根据漂浮时浮力与重力的关系得出物体受到的浮力；根据F浮=ρ液gV排得出此时物体排开水的体积，根据V排的变化得出水深度的变化，根据液体压强公式p=ρgh可得压强的变化。
本题考查了浮力计算公式和密度公式、重力公式、液体压强公式的应用，会根据物体漂浮时物体受到的浮力和自身的重力相等分析剪断细线前后物体浸入液体体积的变化是关键。