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山东省淄博市临淄区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）
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这是一份山东省淄博市临淄区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共23页。
2022-2023学年山东省淄博市临淄区八年级（下）期末物理试卷
1. 踢毽子起源于我国汉代，高承《事物纪原》记：“今时小儿以铅锡为钱，装以鸡羽，呼为毽子，三四成群走踢……”，如图所示。下列关于踢毽子的相关说法中错误的是( )
A. 踢毽子时脚会疼，说明力的作用是相互的
B. 脚将毽子踢出去，说明力可以改变物体的运动状态
C. 在飞行过程中，毽子受到重力和脚对它的踢力
D. 若毽子上升到最高点时所受外力突然消失，毽子将保持静止
2. 世界上最著名的苹果树生长在哪里？答案是在伟大的英国科学家牛顿家花园里。牛顿被一个从树上掉落的苹果砸中脑袋，受到启发发现了万有引力定律。如图所示，熟透的苹果从树上自由下落过程中( )
A. 苹果受到惯性作用而下落 B. 苹果的运动状态不断改变
C. 苹果的动能转化为重力势能 D. 重力对苹果没有做功
3. 父子两人并肩在沙滩上行走，他们在沙地上留下的脚印大小不同(鞋底面积S父>S子)，但深浅相同。则他们对沙地的压力F大小及压强p大小关系为( )
A. F父F子，p父>p子
C. F父=F子，p父=p子 D. F父>F子，p父=p子
4. 如图为一款神奇壶，壶把上开有两个孔，可同时装两种液体，如图为该壶的结构示意图。使用时，下列说法错误的是( )
A. 该壶的设计中涉及了连通器原理
B. 同时捂住甲、乙两孔，则倒不出任何液体
C. 捂住甲孔，倒出的是甲液体，液体是在重力作用下倒出的
D. 捂住甲孔，倒出的是乙液体，液体的倒出是由于大气压的作用
5. “奋斗者”号是我国自主设计和制造的深海载人潜水器。下列说法正确的是( )
A. 潜水器通过改变所受浮力的大小来实现上浮和下沉
B. 漂浮在水面的潜水器受的浮力与自身重力是一对平衡力
C. 浸没在水中的潜水器下潜时，深度越深，受到水的压强不变
D. 浸没在水中的潜水器下潜时，深度越深，受的浮力越大
6. 小明在厨房洗草莓时，把3个草莓先用盐水浸泡，然后放入清水中清洗，草莓在盐水和清水中的浮沉情况分别如图甲、乙所示(草莓质量、体积的变化均忽略不计)。则( )
A. 草莓a在盐水中受的浮力大于它自身的重力
B. 草莓b在盐水中受的浮力比在清水中受的浮力小
C. 草莓c在盐水和清水中所受的浮力相等
D. 草莓a的密度小于草莓b的密度
7. 如图是我区很多小区使用的一种垃圾投放装置的示意图，人向下拉吊把就能打开垃圾桶桶盖，非常方便、卫生。下列说法正确的是( )
A. 装置中的滑轮是动滑轮
B. 使用装置中的滑轮能省一半的力
C. 绳子拉起桶盖时，桶盖可视为费力杠杆
D. 绳子拉起桶盖时，桶盖最右侧的一点可视为杠杆支点
8. 如图所示，为我国古人运送巨木的劳动情境示意图。他们通过横杆、支架、石块等，将巨木的一端抬起，垫上圆木，将其移到其他地方。以下支架说法正确的是横杆( )
A. 在巨木下垫上圆木，能减小巨木行进中受的摩擦力
B. 人在横杆上靠近支架施加力时，更容易抬起巨木
C. 增大横杆上悬绳与支架之间的距离，更容易抬起巨木
D. 支架下端垫有底面积较大的石块，是为了减小支架对地面的压力
9. 如图所示的四种情景中，人对物体做功的是( )
A. 把箱子搬起来
B. 司机推车未动
C. 背着书包在水平路面匀速行走
D. 足球离开脚，在草地上滚动的过程中
10. 用50N的水平拉力拉着100N的小车在10s内沿水平方向前进了5m，则( )
A. 拉力做功为500J B. 重力做功为250J
C. 拉力做功的功率为25W D. 重力做功的功率为50W
11. 关于功、功率和机械效率的说法正确的是( )
A. 做功多的机械，功率一定大 B. 机械效率高的机械，功率一定大
C. 做功快的机械，功率一定大 D. 机械效率高的机械，做功一定多
12. 一辆在水平路面上匀速行驶的洒水车在洒水的过程中( )
A. 动能不变 B. 重力势能不变 C. 机械能不变 D. 动能变小
13. 体育课上，三级跳远运动的几个阶段如图所示，则运动员( )
A. 在助跑阶段，动能保持不变
B. 在起跳时，机械能最小
C. 在最高点时，动能最大
D. 从起跳到最高点的过程，动能转化为重力势能
14. 沿光滑斜面把一个物体由地面匀速拉到h高处，沿斜面向上的拉力是F1，所做的功是W1.利用定滑轮(不计摩擦)将同一物体由地面匀速提升到h高处，所用的拉力是F2，所做的功是W2，下述关于力和功的关系中，正确的是( )
A. F1F2 W1=W2
C. F1F2 W1>W2
15. 某人将一箱书用两种方式搬上楼，第一种方式是把所有的书一起搬上楼，第二种方式是先搬一部分书上楼，再搬剩下的部分，假设他上楼的速度相同，用这两种方式搬书的功率分别为P1和P2，机械效率分别为η1和η2，下列关系式正确的是( )
A. P1>P2，η1>η2 B. P1>P2，η1<η2
C. P1η2 D. P1
17. 如图所示是我国大国重器——盾构机(隧道掘进机械)的侧面图，盾构机前端安装了锋利的刀盘，是为了______ 压强。刀盘旋转击碎后的石料由传送带运输，当石料与传送带一起匀速水平前进时，石料______ (选填“受”或“不受”)摩擦力。
18. 如图是生产生活中常用的三种不同类型剪刀的示意图。现在要选一把剪刀来理发，你优先会选择______ (选填“A”“B”或“C”)剪刀，它能省______ ，此剪刀是______ (选填“省力”“等臂”或“费力”)杠杆。
19. 学校升旗仪式上，升旗手缓缓向下拉绳子，旗子就会徐徐上升，是由于旗杆顶部有一个______ 轮，它能改变______ 。如图所示，物体重200N，滑轮重、绳重和摩擦均忽略不计，要拉起这个物体，甲图中需______ N拉力，乙图中需______ N拉力。
20. 用如图所示滑轮组将150N的重物匀速提升2m，做的额外功为50J。不计绳重和摩擦，绳自由端移动的距离为______ m，动滑轮的重力为______ N，绳自由端的拉力为______ N。
21. 一辆汽车发动机功率为3×104W，200s时间内在一条平直公路上匀速行驶了2000m。汽车发动机在这段时间内做的功为______ J，汽车受到的阻力为______ N。
22. 如图是小明在“探究影响浮力大小因素”时的部分实验操作，由图中数据可得出，物体所受重力为______ N，物体在水中受的浮力为______ N，物体体积为______ m3，物体密度为______ kg/m3，盐水的密度为______ kg/m3。(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)
23. 图甲为用传送带把货物送到高处的情景，图乙为其示意图，请在图乙中画出货物A所受重力和摩擦力的示意图。
24. 在图中，画出动力F的力臂L。
25. 装卸工人用图所示装置将重为800N的货物提至高处，人对绳的拉力F为500N(绳重及摩擦不计)，请在图中画出绳子绕法。
26. 在“探究杠杆平衡的条件”实验中。同学们对杠杆平衡的条件提出了两种猜想：猜想一：动力×动力臂=阻力×阻力臂；猜想二：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离。为验证哪个猜想更准确，同学们开始探究。
(1)实验前，杠杆静止在图甲所示位置，此时杠杆处于______ 状态(选填“平衡”或“非平衡”)。应将杠杆右端的螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使杠杆在水平位置平衡，这样调节的目的是______ 。
(2)实验时，小明在图乙情景基础上，改变杠杆两端所挂钩码的个数并多次调节钩码的位置，使杠杆水平平衡，记录的数据如下表前三组所示。
实验次数
动力F1/N
OB间距离/cm
阻力F2/N
OA间距离/cm
小明
1
1.0
5
0.5
10
2
1.5
10
1.0
15
3
1.0
10
2.0
5
小红和小明
4
0.8
15
1.0
10
5
1.4
15
1.0
10
根据小明的数据可验证猜想______ (选填“一”“二”或“一和二”)是正确的。而小红则认为小明每组数据中的力臂恰好都等于支点到力的作用点的距离，具有一定的特殊性，还应改变动力或阻力的______ 进行实验。
于是，小红协助小明按图丙方式进行实验，获得表中后两组数据。综合分析表中数据可验证猜想______ 是错误的。若要验证另一种猜想是否正确，必须添加的测量工具是______ 。
(3)通过以上探究，小明真正理解了力臂是支点到______ 的距离。
27. 在“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让小车A从斜面上由静止滑下，将水平面上的木块B推出一段距离，如图所示。
(1)小车从斜面上滑下时对木块做的功越多，表示小车的______ 越大。因此实验时是通过观察______ 来显示无法直接测量的动能大小。同时也说明______ 是能量的量度。
(2)实验时让质量不同的小车从斜面的同一高度滑下，去观察推动木块的情况，这是在探究动能大小跟______ 的关系；若让同一辆小车从斜面的______ 滑下，去观察推动木块的情况，这是在探究动能大小跟速度的关系。这种研究问题的方法称为______ 法。
(3)结合实验探究的结论，解释在同样的道路上要对不同车型的汽车限制不同车速的道理(图乙所示)：______ 。
(4)完成实验后，给水平面铺上粗糙程度不同的物体，让小车自同一斜面同一高度由静止滑下，继续探究“阻力对物体运动的影响”，实验时的装置如图丙所示。
实验时发现，小车在毛巾表面运动距离最近，在平板玻璃表面运动最远。由此得出结论：表面越光滑，小车受的阻力越小，小车速度减小的越______ 。联想到在雨雪天，驾驶汽车应适当______ (选填“增大”或“减小”)汽车之间的距离。
28. 在“测量滑轮组的机械效率”实验中，实验装置如图甲、乙、丙所示，实验时沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，测量并记录的数据如下表所示。
实验次数
钩码重G/N
钩码上升高度h/m
绳端拉力F/N
绳端移动距离s/m
机械效率η
1
4
0.1
1.8
0.3
74%
2
8
0.1
3.1
0.3
86%
3
8
0.1
2.5
0.4
(1)分析表格数据可知：实验2是用图______ 做的实验；实验3中的机械效率η=______ 。
(2)通过比较______ (填实验序号)两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组机械效率______ ；通过比较2、3两次实验数据得出结论：用不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮______ ，滑轮组机械效率越高。
(3)小明同学认为实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应静止时读数。你认为他的想法______ (选填“正确”或“不正确”)，因为他没有考虑到______ 对滑轮组机械效率的影响。
29. 图甲是《墨经》中记载的我国古代提升重物的工具——“车梯”，图乙是其等效图。若利用此“车梯”使100kg的重物在10s内沿直线匀速竖直上升2m，所用的拉力为400N，g取10N/kg。求：
(1)使用“车梯”时做的有用功；
(2)使用“车梯”时人做功的功率；
(3)使用“车梯”时做的额外功；
(4)“车梯”的机械效率。
30. 中国第三艘国产航空母舰“福建舰”满载时排水量为8×104t，吃水深度10.5m，最大航行速度54km/h。(海水密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg)求：
(1)航母满载时受到的浮力；
(2)航母航行至某海域，底部受到海水压强为9.2×104Pa时，航母底部所处的深度；
(3)航母以最大航速匀速前进，其所受阻力为1.2×108N时，航母发动机的功率。
31. 牛顿曾研究过这样一个问题：他发现人掷出去的石头总会偏离掷出方向落回地面，于是牛顿提出了一个“大炮”的设想，如图所示是他画的“大炮”草图：在地球的一座高山上架起一只水平大炮，以不同的速度将炮弹水平射出，射出的速高山上的大炮度越大，炮弹落地点就离山脚越远。他推想：当炮弹射出的速度地足够大时，炮弹将会如何运动呢？牛顿通过科学的推理得出了一终个重要的结论。这就是著名的“牛顿大炮”的故事。
请根据上述内容回答下列问题：
(1)研究中牛顿基于的可靠事实是______ 。
(2)根据以上资料和牛顿的“大炮”草图，推测牛顿当年的重要结论是______ 。
(3)如今，牛顿当年的推测已变成了现实，人们根据他的推论，利用现代科技制成了______ 。
(4)牛顿在研究“大炮”问题时与研究牛顿第一定律时的相似之处是______ 。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.踢毽子时脚会疼，因为人对毽子施加力的同时，由于力的作用是相互的，毽子对脚施加了力，故A正确；
B.脚将毽子踢出去，毽子由静止变为运动，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；
C.在飞行过程中，脚与毽子不再发生相互作用，毽子只受到重力，没有脚对它的踢力，故C错误；
D.若毽子上升到最高点时毽子速度为0，所受外力突然消失，毽子将保持静止，故D正确。
故选：C。
(1)力的作用是相互的；
(2)力的作用效果：可以改变物体的运动状态，也可以改变物体的形状；
(3)脚将毽子踢出后，对毽子进行受力分析，可得出毽子飞行过程中受力的情况；
(4)一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查力的作用是相互的、力的作用效果、受力分析和牛顿第一定律，属于中档题。
2.【答案】B
【解析】解：A、苹果是由于受到重力作用而下落的，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故A错误；
B、熟透的苹果从树上自由下落的过程中速度越来越大，所以苹果的运动状态不断改变，故B正确；
C、熟透的苹果从树上自由下落的过程中，质量不变，速度变大，动能变大；同时质量不变，高度减小，其重力势能变小，所以苹果的重力势能转化为动能，故C错误；
D、熟透的苹果从树上自由下落的过程中，受到了重力，且沿重力的方向移动了一段距离，所以该过程中重力做了功，故D错误。
故选：B。
(1)力是改变物体运动状态的原因；
(2)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化；
(3)质量越大高度越高重力势能越大，质量越大速度越快动能越大；
(4)做功的两个必要条件是：作用在物体上有力，且沿力的方向有一段距离。
该题考查了动能和势能的转化、力是否做功的判断、惯性、物体运动状态变化的判断，是一道综合题，难度中等。
3.【答案】D
【解析】解：留下的脚印深浅相同，说明他们对沙滩的压力效果相同，也就是压强相等，即p父=p子；
由p=FS得F=pS，
因为S父>S子，p父=p子；
所以，他们对沙地的压力F父>F子。
故选：D。
物理学中用压强来描述压力作用的效果，根据脚印深浅相同，可知二人压力作用效果相同，也就是压强相等，即p父=p子.然后利用p=FS的变形公式F=pS进行分析得出压力的大小关系。
此题考查的是压强物理意义和压强计算公式的定性分析，运用了控制变量的方法。
4.【答案】C
【解析】解：A、该壶的壶嘴和壶身上端开口、下端相连，所以该壶的设计遵循了连通器原理，故A正确；
BCD、使用时，神奇壶倾斜，两种液体都向下运动，同时捂住甲、乙两孔，则两侧壶内气体压强随体积的增大而减小，两侧壶内气体压强小于外界大气压，所以两种液体在大气压的作用下不能倒出；若捂住甲孔，则左侧壶内气体压强随体积的增大而减小，左侧壶内气体压强小于外界大气压，所以甲液体在大气压的作用下不能倒出，而乙孔使得右侧壶内与外界空气相通，则右侧壶内外的气体压强相同，乙液体在重力作用下就可流出来，故BD正确，C错误。
故选：C。
(1)上端开口、底部相连通的容器叫连通器；
(2)若捂住小孔，气体体积增大时，气体压强会减小，当壶内气体压强小于外界大气压的时候，壶中的液体将倒不出来。
本题考查了大气压的应用以及连通器的原理，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A、潜水艇是通过改变自身的重力大小来实现上浮和下沉的，故A错误；
B、漂浮在水面的潜水器处于平衡状态，受的浮力与自身重力是一对平衡力，故B正确；
C、潜水器下潜的过程中，海水密度ρ海水不变，所处深度h增大，根据公式p=ρ海水gh知，它所受到的压强增大，故C错误；
D、浸没在水中的潜水器下潜时，深度越深，排开液体的体积不变，根据F浮=ρ水gV排可知潜水艇受到的浮力不变，故D错误。
故选：B。
潜水艇是通过改变自身的重力大小来实现上浮和下沉的；
漂浮时物体受到的浮力和重力是平衡力；
根据p=ρgh可知，液体压强随着深度的增加而增大；
浸没在水中的潜水器下潜时，深度越深，排开液体的体积不变，根据F浮=ρ水gV排可知潜水艇受到的浮力。
此题主要考查的是学生对液体压强、浮力、浮沉条件的理解和掌握，综合性较强，难度不大。
6.【答案】D
【解析】解：A、由图可知，草莓a在盐水中漂浮，根据物体的浮沉条件，漂浮时浮力等于其重力，
则草莓a在盐水中受的浮力等于它自身的重力，故A错误；
B、由图可知，草莓b在盐水悬浮，此时受到的浮力等于草莓b的重力，在清水中沉底，此时受到的浮力小于草莓b的重力，则草莓b在盐水中受的浮力比在清水中受的浮力大，故B错误；
C、由图可知，草莓c在盐水和清水中都是沉底，V排相同，盐水的密度大于清水的密度，由F浮=ρ液gV排可知，草莓c在盐水比清水中所受的浮力大，故C错误；
D、由甲图可知，草莓a漂浮，草莓a的密度要小于液体的密度，草莓b悬浮，草莓b的密度要等于液体的密度，因此草莓a的密度小于草莓b的密度，故D正确。
故选：D。
(1)根据物体的浮沉条件漂浮时浮力等于其重力；
(2)根据物体的浮沉条件悬浮时浮力等于其重力，沉底时，浮力小于重力分析草莓b在盐水中受的浮力和在清水中受的浮力关系；
(3)根据F浮=ρ液gV排分析草莓c在盐水和清水中所受的浮力关系；
(4)根据物体的浮沉条件分析a和b密度的大小。
此题考查阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用，是一道综合性很强的题目，对学生要求较高，只有对相关知识点熟练掌握，并能灵活运用，才能正确作答。
7.【答案】D
【解析】解：A、装置中的滑轮是定滑轮，故A错误；
B、装置中的滑轮改变了力的方向，故B错误；
C、绳子拉起桶盖时，桶盖可视为省力杠杆，故C错误；
D、人向下拉吊把，垃圾桶桶盖绕最右端端点转动，故D正确。
故选：D。
A、轴的位置固定不动的滑轮称为定滑轮；轴的位置随被拉物体一起运动的滑轮称为动滑轮；
B、使用定滑轮可以改变力的方向；
C、绳子拉起桶盖时，桶盖可视为杠杆，动力作用点在绳子与桶盖连接处，阻力作用点在桶盖正中心，支点在垃圾桶桶盖最右端端点，故动力臂大于阻力臂；
D、人向下拉吊把时，桶盖可视为省力杠杆，支点在垃圾桶桶盖最右端端点。
此题考查了滑轮及其工作特点、杠杆的分类等知识点，属基础题目。
8.【答案】A
【解析】解：A.在巨木下垫上一些圆木，是变滑动为滚动，为了减小擦擦，更容易前移，故A正确；
B、人在横杆上靠近支架施加力时，使得动力臂减小，而阻力、阻力臂不变，动力臂越小，需要的动力越大，更难抬起巨木，故B错误；
C.增大横杆上悬绳与支架之间的距离，则阻力臂变大，而阻力和动力臂不变，则动力变大，更难抬起巨木，故C错误；
D、支架下垫一面积较大的石块，是为了增大受力面积，减小对地面的压强，故D错误。
故选：A。
(1)减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动为滚动、使得接触面分离等；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，根据力和力臂的变化分析；
(3)减小压强的方法：在压力一定的条件下，S越大，压强越小。
此题考查杠杆的应用，减小压强、减小摩擦的方法，要求学生熟练掌握杠杆平衡条件，会用杠杆平衡条件分析生活中的相关问题。
9.【答案】A
【解析】解：A、人给箱子一个力，箱子被搬起，通过了一段距离。故A情景中做了功；
B、人给汽车一个力，但是汽车没动，即没有沿力的方向通过距离，故B情景没有做功；
C、背着书包，人给书包一个竖直力，而书包没有在力的方向上通过的距离，所以没有做功。故C情景没有做功。
D、足球在离开脚向前滚动的过程中，虽然有距离，但没有力，所以没有做功。故D情景没有做功。
故选：A。
做功必须具备两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过距离。判定有没有做功，就从是否具备这两个必要因素入手。
注意不做功的三种情况：
(1)有力但没有距离：如推而不动，搬而未起。
(2)先有力后有距离：离开脚的足球、抛出的物体。
(3)力和距离相垂直：背书包水平行走。
10.【答案】C
【解析】解：A、拉力做功：W=Fs=50N×5m=250J，故A错误；
BD、小车沿水平方向前进，在重力方向(竖直向下)上，没有移动距离，重力做功为0，由P=Wt得到重力做功的功率为0，故BD错误；
C、拉力做功的功率为P=Wt=250J10s=25W，故C正确。
故选：C。
功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上通过的距离；知道拉力大小和在拉力方向上移动的距离，求拉力做功，又知道做功时间，利用功率公式求拉力做功功率。
本题考查了功的计算方法，提升重物W=Gh，水平运动W=Fs，计算时注意力和距离方向的一致性。
11.【答案】C
【解析】解：A、功率是单位时间内做的功的多少，不确定做功时间，做功多的机械，功率不一定大，故A错误；
BD、由于机械效率是有用功与总功的比值，机械效率高，功率不一定大，做功不一定多，故BD错误；
C、功率就是描述物体做功快慢的物理量，做功快，功率一定大，故C正确；
故选：C。
根据功、功率、机械效率的关系分析；功率是单位时间内做的功的多少，机械效率是有用功与总功的比值。
本题考查了功、功率、机械效率的关系。功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定。
12.【答案】D
【解析】解：洒水车在不断的洒水工程中，质量减小，因匀速行驶，所以速度不变，则动能减小。质量减小、高度不变，所以重力势能减小。又在水平街道上，所以洒水车的机械能减小。
所以，洒水车的重力势能、动能、机械能均变小。
故选：D。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
(2)动能和势能统称为机械能。
掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，根据影响因素能判断动能、重力势能和弹性势能的大小变化。
13.【答案】D
【解析】解：A、助跑阶段运动员的质量不变，速度增大，动能增大，故A错误；
B、起跳时，运动员的速度达到最大值，动能达到最大值，重力势能不变，机械能达到最大值，故B错误；
C、在最高点时，竖直方向速度为零，物体的速度不是最大，所以动能不是最大，故C错误；
D、从起跳到最高点的过程，速度变小，动能变小，高度变大，重力势能变大，动能转化为重力势能，故D正确。
故选：D。
(1)(3)(4)动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越大，物体的重力势能越大；
(2)机械能等于动能和势能的和。
影响动能大小的因素有质量和速度，分析动能的变化就是分析质量和速度的变化；影响重力势能的因素是质量和高度，分析重力势能的变化就是分析质量和高度的变化。解题时注意抓住表示物体运动状态变化的关键字词，从中找出表示“质量、速度、高度、弹性形变”变化的字眼，从而分析机械能的变化情况。
14.【答案】A
【解析】解：由于都是在理想情况下，不考虑摩擦，所以两个机械做的功相等，但使用斜面能省力，使用定滑轮不省力，所以F1
使用斜面省力，不省功，使用定滑轮不省力，也不省功。
本题考查了斜面和定滑轮的特点。使用斜面能省力，使用定滑轮不省力，但能改变用力的方向。
15.【答案】A
【解析】解：当把所有的书一起搬上楼时，书受到人的支持力等于书的总重力；先搬一部分书上楼，再搬剩下的部分时，书受到人的支持力等于书总重力的一半，而上楼的速度相同，由P=Wt=Fst=Fv可知，把所有的书一起搬上楼的功率大，即P1>P2；
两种搬法的有用功相同，第一次的额外功等于克服人重力做的功；第二次的额外功等于克服人两次重力做的功，因此第一次的总功小于第二次的总功，由η=W有W总可知，第一次的效率高，即η1>η2。
故选：A。
先确定书受到人作用力的大小，然后利用功率的变形公式P=Wt=Fst=Fv判断功率的大小；
比较有用功和总功的关系，利用η=W有W总可知机械效率的大小。
本题考查功率大小和机械效率大小的比较，关键点有二：一是对功率计算公式灵活变形；二是比较两次有用功和总功大小关系。
16.【答案】空气 上 流体的流速越大的位置，压强越小
【解析】解：沿水平方向快速抛出一飞盘，飞盘离开手以后越升越高，说明受到一个向上的作用力，这个力的施力物体是空气，空气对物体产生向上的升力作用；
只有飞盘的上表面凸起，下面平直，飞盘升空时，流过飞盘上方的空气流速大、压强小，流过飞盘下方的空气流速小、压强大，在这个压强差造成的压力差的作用下，快速前进的飞盘才会越升越高。
故答案为：空气；上；流体的流速越大的位置，压强越小。
流体的流速越大的位置，流体压强越小，空气对物体产生向上的升力作用，物体受到向上的压强大于向下的压强。
此题主要考查力与运动的关系、流体压强与流速的关系，明确经过飞盘上下表面流动的空气速度的不同是解决此题的关键。
17.【答案】增大 不受
【解析】解：盾构机前段安装了锋利的刀盘，是在压力一定时，减小受力面积，增大压强；
当石料与传松带一起匀速水平前进时，石料与传送带相对静止，没有相对运动的趋势，所以石料不受摩擦力作用。
故答案为：增大；不受。
(1)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
(2)滑动摩擦力产生的条件：两个互相接触的物体之间存在压力，它们做相对运动，接触面不能光滑。
掌握压强大小的影响因素，摩擦力产生的条件是解题的关键，要会利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
18.【答案】A 省距离 费力
【解析】解：由于剪发需要的力较小，为了省距离，需要选择费力杠杆，由图片可知，A剪刀的手柄更短，且动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，可用来剪发。
故答案为：A；省距离；费力。
生活中的各类剪刀可以看作不同种类的杠杆，各类杠杆的特点也不相同：省力杠杆费距离；费力杠杆省距离。
解题时应先根据生活经验了解各种活动的目的，然后再根据各种杠杆的特点选择相应的剪刀。
19.【答案】定滑 用力的方向 200 100
【解析】解：升旗手缓缓向下拉绳子，旗子就会徐徐上升，是由于旗杆顶部有一个定滑轮，它能改变用力的方向。如图所示，物体重200N，滑轮重、绳重和摩擦均忽略不计，要拉起这个物体，甲图是定滑轮，定滑轮不省力，滑轮重、绳重和摩擦均忽略不计，F甲=G=200N；
乙图使用的是动滑轮，滑轮重、绳重和摩擦均忽略不计，F乙=12G=12×200N=100N。
故答案为：定滑；用力的分析；200；100。
轴固定不动的滑轮叫定滑轮，使用定滑轮不能省力，但可以改变用力方向；
轴随物体一起运动的滑轮叫动滑轮，滑轮重、绳重和摩擦均忽略不计，使用动滑轮不能改变用力方向，但可以省一半的力；据此分析回答。
本题考查了定滑轮和动滑轮的特点，确认图中使用的滑轮的种类是本题的关键。
20.【答案】42587.5
【解析】解：(1)由图知，绕过动滑轮且对其施加拉力的绳子股数n=2，绳自由端移动的距离s=nh=2×2m=4m，
(2)不计绳重和摩擦，只克服动滑轮的重力做额外功，根据公式W=Fs=Gh知；
动滑轮的重力G动=W额h=50J2m=25N；
(3)由F=1nG+G动)可知，F=12×(150N+25N)=87.5N。
故答案为：4；25；87.5。
(1)由图知，n=2，绳自由端移动的距离s=nh；
(2)不计绳重和摩擦，只克服动滑轮的重力做额外功，根据公式W=Fs=Gh计算出动滑轮的重力；
(3)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)求出绳自由端的拉力。
本题考查额外功、滑轮组的计算，属于中档题。
21.【答案】6×106 3000
【解析】解：汽车发动机在这段时间内做的功为W=Pt=3×104W×200s=6×106J；
汽车受到的牵引力F=Ws=6×106J2000m=3000N，
汽车匀速直线运动，受到牵引力和阻力是平衡力，由二力平衡条件得到阻力f=F=3000N。
故答案为：6×106；3000。
根据W=Pt得到汽车发动机在这段时间内做的功，根据W=Fs得到牵引力，汽车匀速直线运动，受到牵引力和阻力是平衡力，由二力平衡条件得到阻力。
本题考查了功、功率和牵引力大小的计算，需要知道功和功率的公式。
22.【答案】4.822×10-4 2.4×103 1.2×103
【解析】解：(1)由甲图知，物体所受重力G=4.8N；
(2)根据甲与乙两图，由称重法测浮力得，物体浸没在水中时所受的浮力为：F浮=G-F=4.8N-2.8N=2N；
根据阿基米德原理的得，V物=V排=F浮ρ液g=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10-4m3；
根据G=mg得，物体质量：m=Gg=4.8N10N/kg=0.48kg，
物体的密度为：ρ物=mv物=0.48kg2×10-4m3=2.4×103kg/m3；
物体浸没在盐水中时所受的浮力为：F浮盐水=G-F盐水=4.8N-2.4N=2.4N，
根据阿基米德原理的，盐水的密度为：
ρ盐水=F浮盐水V排g=2.4N2×10-4m3×10N/kg=1.2×103kg/m3。
故答案为：4.8；2；2×10-4；2.4×103；1.2×103。
(1)由甲图可以得出物体所受重力；
(2)根据甲与乙两图所标的实验数据，由称重法测浮力可知物体浸没在水中时所受的浮力；
(3)根据阿基米德原理得出排开水的体积即物体的体积；
(4)根据G=mg求出物体的质量，再根据密度公式可求出物体的密度；
(5)由称重法得出物体浸没在盐水中时所受的浮力，根据阿基米德原理求出盐水的密度。
本题探究影响浮力大小的因素，考查称重法测浮力、阿基米德原理、控制变量法及数据分析等知识。
23.【答案】解：根据重力的方向竖直向下，物体随传送带一起匀速向上运动，所以受传送带对物体的摩擦力向上，方向沿传送带方向画出，如图所示：
【解析】首先能够根据物体的运动情况，判断物体所受摩擦力的方向。根据题设要求画出重力和摩擦力的示意图，力的示意图就是粗略作出力的三要素的过程。
作图时一定要注意重力的方向是竖直向下，不是垂直向下；滑动摩擦力平行于斜面向上。
24.【答案】解：杠杆能绕O点转动，即O为支点，过O点向动力F作用线作垂线段，即为其力臂L，如图所示：
【解析】已知支点O和动力F，先画出动力的作用线，然后过支点向动力作用线作垂线段就得到动力臂L。
本题考查了力臂的画法，注意力臂为支点到力的作用线的距离，为一垂线段，不是直线。
25.【答案】解：人站在地面上，要求施力方向向下，从绳子末端开始，依次绕过定滑轮、动滑轮，这样反复完成，绕法如图所示：
【解析】滑轮组绳子的绕法：要求施力方向向下，也就是说最后绳子必须从定滑轮绕出来，从而再往回画，绕过上面定滑轮，再绕过下面的动滑轮，这样反复完成。
此题主要考查滑轮组的设计与组装，滑轮组的绕线方法不同，拉力的方向不同，达到省力程度也不同。
26.【答案】平衡 左 便于在杠杆上直接测量力臂，消除杠杆自重对实验的影响 一和二 方向 二 刻度尺 力的作用线
【解析】解：(1)杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆处于平衡状态。要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端螺母向左调节；
让杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是：便于在杠杆上直接测量力臂，消除杠杆自重对实验的影响。
(2)小明所做的三次实验均是在杠杆在水平位置平衡时完成的，这就导致动力臂、阻力臂均在杠杆上，所以我们无法区分动力臂(阻力臂)与支点到动力(阻力)的距离，所以根据小明的数据，猜想一、二都可以得到验证。为了改变这种情况，我们就需要改变动力或阻力的方向，使动力臂(阻力臂)与杠杆有一定的角度，而不是重合在一起；
分析实验4、5中的数据我们发现，动力×支点到动力作用点的距离≠阻力×支点到阻力作用点的距离，所以我们可以得出结论：猜想二是错误的。
若要验证猜想一，我们就需要测出倾斜后的动力(或阻力)的力臂，为此，我们需要使用刻度尺进行测量，注意测量时需使刻度尺与力的作用线垂直；
(3)若通过他们二人共同实验得出的数据可以验证猜想一，则说明动力臂(阻力臂)为支点到动力(阻力)作用线的距离。
故答案为：(1)平衡；左；便于在杠杆上直接测量力臂，消除杠杆自重对实验的影响；(2)一和二；方向；二；刻度尺；(3)力的作用线。
(1)当杠杆在动力和阻力作用下静止时，说明杠杆处于平衡状态。在调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母应向着杠杆高的一端移动；
使杠杆在平衡位置平衡的目的是便于测量力臂，消除杠杆自重对实验的影响。
(2)若支点在杠杆的中心处，将杠杆调节到水平位置平衡可以消除杠杆自重对实验的影响；
(3)力臂是指支点到力的作用线的距离，不是支点到力的作用点的距离，即它是点到线的距离而不是点到点的距离；力臂可能不在杠杆上。
在探究杠杆平衡的实验探究题中，大部分杠杆的支点都在杠杆的中心处，这样我们在调节杠杆水平平衡后，就可以消除杠杆自重对实验的影响。但是在一些实验中，会将支点设计在杠杆的左侧或右侧，这时杠杆的自重将无法忽略。
27.【答案】动能 木块移动的距离 功 质量 不同高度 控制变量 动能与质量和速度有关，对于质量较大的车，允许的速度就比质量较小的车的速度低 慢 增大
【解析】解：(1)让小车A从斜面上的某一高度由静止开始滑下，碰到水平面上的木块B，木块B将被推出一段距离，在同样的水平面上，木块B被推得越远，说明小车A对木块B做的功越多，则小车到达水平面时的动能就越大；同时也说明功是能量的量度；
(2)实验时让质量不同的小车从斜面的同一高度滑下，保证小车到达水平面的速度相同，这是在探究动能大小跟质量的关系；
若让同一辆小车从斜面的不同高度滑下，控制小车的质量相同，速度不同，去观察推动木块的情况，这是在探究动能大小跟速度的关系；
这种研究方法称为控制变量法；
(3)由于动能与质量和速度有关，对于质量较大的车，允许的速度就比质量较小的车的速度低；
(4)小车在不同的表面上受到的阻力不同，其最终滑行的距离会不同，表面越光滑，摩擦阻力越小，滑行距离越远，速度减小得越慢，小车受到的阻力越小，运动得越远，由此联想到在雨雪天驾驶汽车应适当增大汽车之间的距离。
故答案为：(1)动能；木块移动的距离；功；(2)质量；不同高度；控制变量；(3)动能与质量和速度有关，对于质量较大的车，允许的速度就比质量较小的车的速度低；(4)慢；增大。
(1)该实验中，通过木块移动的距离反映小车到达水平面时的动能大小，采用了转换法；功是能量转化的量度；
(2)实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与质量的关系时，要让小车沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一小车，这样可以保证小车的质量相同；
(3)对机动车的行驶速度进行限制，可用影响动能的因素分析，由于动能与质量和速度有关，对于质量较大的车，允许的速度就比质量较小的车的速度低；
(4)水平面越光滑，阻力越小，小车运动的距离越远，速度减小得越慢，据此进行推断。
本题是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验，主要考查了控制变量法和转换法在实验中的应用。
28.【答案】乙 80%1、2 高 越轻 不正确 摩擦力
【解析】解：(1)实验2中：n=sh=0.3m0.1m=3，由于实验2中物体的重力是实验1物体重力的2倍，所以实验2是用图乙做的实验；
③实验序号3中的机械效率：
η=W有用W总=GhFs=8N×0.1m2.5N×0.4m×100%=80%；
(2)【结论】
根据n=sh可知，实验1、3中绳子的有效段数分别为3、4，故实验是分别用甲、丙装置做的实验：
①通过比较1、2 两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高。
②通过比较2、3两次实验数据知，提升物体的重力相同，所用的滑轮组不同，可得出结论：不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越轻，滑轮组的机械效率高；
(3)【问题讨论】
若静止时读数，他的想法不正确，因为他没有考虑到摩擦力对滑轮组机械效率的影响，导致测量值偏小。
故答案为：(1)乙；80%；(2)1、2；高；越轻；(3)不正确；摩擦力。
(1)根据表中数据，由n=sh得出绳子的有效段数分析；
根据η=W有用W总算出实验序号3中的机械效率；
(2)【结论】
根据n=sh可知实验1、3中绳子的有效段数，确定1、3实验是分别用甲丙装置做的实验：
①根据控制变量法分析，研究机械效率与物重的关系，要控制使用同样的滑轮组；
②根据控制变量法分析得出结论；
(3)【问题讨论】
实验时沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，受到拉力等于测力计示数，若静止时读数则他没有考虑到摩擦力对滑轮组机械效率的影响。
本题测量某滑轮组机械效率的实验，考查注意事项、n=sh的运用、机械效率的计算、控制变量法和数据分析。
29.【答案】解：
(1)使用“车梯”时做的有用功：W有=Gh=100kg×10N/kg×2m=2000J；
(2)由图乙知，n=4，绳子自由端移动的距离：s=nh=4×2m=8m，
使用“车梯”时人做功(拉力做的总功)：W总=Fs=400N×8m=3200J，
做功功率：P=W总t=3200J10s=320W；
(3)使用“车梯”时做的额外功：
W额=W总-W有=3200J-2000J=1200J；
(4)“车梯”的机械效率：
η=W有W总=2000J3200J×100%=62.5%。
答：(1)使用“车梯”时做的有用功为2000J；
(2)使用“车梯”时人做功的功率为320W；
(3)使用“车梯”时做的额外功为1200J；
(4)“车梯”的机械效率为62.5%。
【解析】(1)知道重物的质量、提升的高度，利用W有=Gh=mgh求拉力做的有用功；
(2)由图乙知，n=4，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功，再利用P=Wt求拉力做功功率；
(3)拉力做的额外功等于总功减去有用功；
(4)“车梯”的机械效率等于有用功与总功的比值。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
30.【答案】解：(1)航母满载时受到的浮力F浮=G排=m排g=8×104×103kg×10N/kg=8×108N；
(2)航母底部所处的深度h=pρg=9.2×104Pa1×103kg/m3×10N/kg=9.2m；
(3)航母匀速航行时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，航母航行过程中动力F=f=1.2×108N，
航母发动机的功率：P=Wt=Fst=Fv=1.2×108N×543.6m/s=1.8×109W。
答：(1)航母满载时受到的浮力是8×108N；
(2)航母航行至某海域，底部受到海水压强为9.2×104Pa时，航母底部所处的深度是9.2m；
(3)航母以最大航速匀速前进，其所受阻力为1.2×108N时，航母发动机的功率是1.8×109W。
【解析】(1)根据阿基米德原理和G=mg求出航母满载时受到的浮力；
(2)利用p=ρgh求出航母底部所处的深度；
(3)航母匀速航行时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据P=Wt=Fst=Fv得到航母发动机的功率。
本题考查了液体压强公式、阿基米德原理、速度公式、功和功率公式以及二力平衡条件的应用。
31.【答案】人掷出去的石头总会偏离掷出方向落回地面 抛出物体的速度足够大时，物体将离开地球，绕地球旋转，做圆周运动 人造地球卫星 利用了科学推理法
【解析】解：(1)研究中牛顿基于的可靠事实是：人掷出去的石头总会偏离掷出方向落回地面；
(2)由实验现象知，这是重力作用的效果，是石头的重力去改变石头运动方向，他从石头落回地面的距离不同，分析预测用相同的力去改变同一物体运动方向时，运动速度越大，物体的运动方向越不易改变，即物体的运动方向改变较小，会落回离掷出点更远的地方。所以牛顿设想：在地球的一座高山上架起一只水平大炮，以不同的速度将炮弹平射出去，射出速度越大，炮弹落地点就离山脚越远。于是牛顿通过科学的推理得出了一个重要的结论：抛出物体的速度足够大时，物体将离开地球，绕地球旋转，做圆周运动；
(3)现在随着现代科技的发展，人们应用他的推论，制成了人造地球卫星；
(4)牛顿在研究“大炮”问题时，即有事实，又有科学的推理，所以是以可靠的事实、实验为基础，经过合理分析、推理得到结论，故相似之处是利用了科学推理法。
故答案为：(1)人掷出去的石头总会偏离掷出方向落回地面；(2)抛出物体的速度足够大时，物体将离开地球，绕地球旋转，做圆周运动；(3)人造地球卫星；(4)利用了科学推理法。
力的作用效果是改变物体的形状或改变物体的运动状态。运动方向的改变表明物体的运动状态改变。但是对相同的力去改变同一物体运动方向时，运动速度越大，物体的运动方向越不易改变，即物体的运动方向改变较小。结合题目中所用的研究方法分析判断即可解决。
本题要求我们观察自然现象时，注意物体的物理变化规律，并会合理的设想和大胆的预测。
2022-2023学年山东省淄博市临淄区八年级（下）期末物理试卷
1. 踢毽子起源于我国汉代，高承《事物纪原》记：“今时小儿以铅锡为钱，装以鸡羽，呼为毽子，三四成群走踢……”，如图所示。下列关于踢毽子的相关说法中错误的是( )
A. 踢毽子时脚会疼，说明力的作用是相互的
B. 脚将毽子踢出去，说明力可以改变物体的运动状态
C. 在飞行过程中，毽子受到重力和脚对它的踢力
D. 若毽子上升到最高点时所受外力突然消失，毽子将保持静止
2. 世界上最著名的苹果树生长在哪里？答案是在伟大的英国科学家牛顿家花园里。牛顿被一个从树上掉落的苹果砸中脑袋，受到启发发现了万有引力定律。如图所示，熟透的苹果从树上自由下落过程中( )
A. 苹果受到惯性作用而下落 B. 苹果的运动状态不断改变
C. 苹果的动能转化为重力势能 D. 重力对苹果没有做功
3. 父子两人并肩在沙滩上行走，他们在沙地上留下的脚印大小不同(鞋底面积S父>S子)，但深浅相同。则他们对沙地的压力F大小及压强p大小关系为( )
A. F父
C. F父=F子，p父=p子 D. F父>F子，p父=p子
4. 如图为一款神奇壶，壶把上开有两个孔，可同时装两种液体，如图为该壶的结构示意图。使用时，下列说法错误的是( )
A. 该壶的设计中涉及了连通器原理
B. 同时捂住甲、乙两孔，则倒不出任何液体
C. 捂住甲孔，倒出的是甲液体，液体是在重力作用下倒出的
D. 捂住甲孔，倒出的是乙液体，液体的倒出是由于大气压的作用
5. “奋斗者”号是我国自主设计和制造的深海载人潜水器。下列说法正确的是( )
A. 潜水器通过改变所受浮力的大小来实现上浮和下沉
B. 漂浮在水面的潜水器受的浮力与自身重力是一对平衡力
C. 浸没在水中的潜水器下潜时，深度越深，受到水的压强不变
D. 浸没在水中的潜水器下潜时，深度越深，受的浮力越大
6. 小明在厨房洗草莓时，把3个草莓先用盐水浸泡，然后放入清水中清洗，草莓在盐水和清水中的浮沉情况分别如图甲、乙所示(草莓质量、体积的变化均忽略不计)。则( )
A. 草莓a在盐水中受的浮力大于它自身的重力
B. 草莓b在盐水中受的浮力比在清水中受的浮力小
C. 草莓c在盐水和清水中所受的浮力相等
D. 草莓a的密度小于草莓b的密度
7. 如图是我区很多小区使用的一种垃圾投放装置的示意图，人向下拉吊把就能打开垃圾桶桶盖，非常方便、卫生。下列说法正确的是( )
A. 装置中的滑轮是动滑轮
B. 使用装置中的滑轮能省一半的力
C. 绳子拉起桶盖时，桶盖可视为费力杠杆
D. 绳子拉起桶盖时，桶盖最右侧的一点可视为杠杆支点
8. 如图所示，为我国古人运送巨木的劳动情境示意图。他们通过横杆、支架、石块等，将巨木的一端抬起，垫上圆木，将其移到其他地方。以下支架说法正确的是横杆( )
A. 在巨木下垫上圆木，能减小巨木行进中受的摩擦力
B. 人在横杆上靠近支架施加力时，更容易抬起巨木
C. 增大横杆上悬绳与支架之间的距离，更容易抬起巨木
D. 支架下端垫有底面积较大的石块，是为了减小支架对地面的压力
9. 如图所示的四种情景中，人对物体做功的是( )
A. 把箱子搬起来
B. 司机推车未动
C. 背着书包在水平路面匀速行走
D. 足球离开脚，在草地上滚动的过程中
10. 用50N的水平拉力拉着100N的小车在10s内沿水平方向前进了5m，则( )
A. 拉力做功为500J B. 重力做功为250J
C. 拉力做功的功率为25W D. 重力做功的功率为50W
11. 关于功、功率和机械效率的说法正确的是( )
A. 做功多的机械，功率一定大 B. 机械效率高的机械，功率一定大
C. 做功快的机械，功率一定大 D. 机械效率高的机械，做功一定多
12. 一辆在水平路面上匀速行驶的洒水车在洒水的过程中( )
A. 动能不变 B. 重力势能不变 C. 机械能不变 D. 动能变小
13. 体育课上，三级跳远运动的几个阶段如图所示，则运动员( )
A. 在助跑阶段，动能保持不变
B. 在起跳时，机械能最小
C. 在最高点时，动能最大
D. 从起跳到最高点的过程，动能转化为重力势能
14. 沿光滑斜面把一个物体由地面匀速拉到h高处，沿斜面向上的拉力是F1，所做的功是W1.利用定滑轮(不计摩擦)将同一物体由地面匀速提升到h高处，所用的拉力是F2，所做的功是W2，下述关于力和功的关系中，正确的是( )
A. F1
C. F1
15. 某人将一箱书用两种方式搬上楼，第一种方式是把所有的书一起搬上楼，第二种方式是先搬一部分书上楼，再搬剩下的部分，假设他上楼的速度相同，用这两种方式搬书的功率分别为P1和P2，机械效率分别为η1和η2，下列关系式正确的是( )
A. P1>P2，η1>η2 B. P1>P2，η1<η2
C. P1
17. 如图所示是我国大国重器——盾构机(隧道掘进机械)的侧面图，盾构机前端安装了锋利的刀盘，是为了______ 压强。刀盘旋转击碎后的石料由传送带运输，当石料与传送带一起匀速水平前进时，石料______ (选填“受”或“不受”)摩擦力。
18. 如图是生产生活中常用的三种不同类型剪刀的示意图。现在要选一把剪刀来理发，你优先会选择______ (选填“A”“B”或“C”)剪刀，它能省______ ，此剪刀是______ (选填“省力”“等臂”或“费力”)杠杆。
19. 学校升旗仪式上，升旗手缓缓向下拉绳子，旗子就会徐徐上升，是由于旗杆顶部有一个______ 轮，它能改变______ 。如图所示，物体重200N，滑轮重、绳重和摩擦均忽略不计，要拉起这个物体，甲图中需______ N拉力，乙图中需______ N拉力。
20. 用如图所示滑轮组将150N的重物匀速提升2m，做的额外功为50J。不计绳重和摩擦，绳自由端移动的距离为______ m，动滑轮的重力为______ N，绳自由端的拉力为______ N。
21. 一辆汽车发动机功率为3×104W，200s时间内在一条平直公路上匀速行驶了2000m。汽车发动机在这段时间内做的功为______ J，汽车受到的阻力为______ N。
22. 如图是小明在“探究影响浮力大小因素”时的部分实验操作，由图中数据可得出，物体所受重力为______ N，物体在水中受的浮力为______ N，物体体积为______ m3，物体密度为______ kg/m3，盐水的密度为______ kg/m3。(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)
23. 图甲为用传送带把货物送到高处的情景，图乙为其示意图，请在图乙中画出货物A所受重力和摩擦力的示意图。
24. 在图中，画出动力F的力臂L。
25. 装卸工人用图所示装置将重为800N的货物提至高处，人对绳的拉力F为500N(绳重及摩擦不计)，请在图中画出绳子绕法。
26. 在“探究杠杆平衡的条件”实验中。同学们对杠杆平衡的条件提出了两种猜想：猜想一：动力×动力臂=阻力×阻力臂；猜想二：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离。为验证哪个猜想更准确，同学们开始探究。
(1)实验前，杠杆静止在图甲所示位置，此时杠杆处于______ 状态(选填“平衡”或“非平衡”)。应将杠杆右端的螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使杠杆在水平位置平衡，这样调节的目的是______ 。
(2)实验时，小明在图乙情景基础上，改变杠杆两端所挂钩码的个数并多次调节钩码的位置，使杠杆水平平衡，记录的数据如下表前三组所示。
实验次数
动力F1/N
OB间距离/cm
阻力F2/N
OA间距离/cm
小明
1
1.0
5
0.5
10
2
1.5
10
1.0
15
3
1.0
10
2.0
5
小红和小明
4
0.8
15
1.0
10
5
1.4
15
1.0
10
根据小明的数据可验证猜想______ (选填“一”“二”或“一和二”)是正确的。而小红则认为小明每组数据中的力臂恰好都等于支点到力的作用点的距离，具有一定的特殊性，还应改变动力或阻力的______ 进行实验。
于是，小红协助小明按图丙方式进行实验，获得表中后两组数据。综合分析表中数据可验证猜想______ 是错误的。若要验证另一种猜想是否正确，必须添加的测量工具是______ 。
(3)通过以上探究，小明真正理解了力臂是支点到______ 的距离。
27. 在“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让小车A从斜面上由静止滑下，将水平面上的木块B推出一段距离，如图所示。
(1)小车从斜面上滑下时对木块做的功越多，表示小车的______ 越大。因此实验时是通过观察______ 来显示无法直接测量的动能大小。同时也说明______ 是能量的量度。
(2)实验时让质量不同的小车从斜面的同一高度滑下，去观察推动木块的情况，这是在探究动能大小跟______ 的关系；若让同一辆小车从斜面的______ 滑下，去观察推动木块的情况，这是在探究动能大小跟速度的关系。这种研究问题的方法称为______ 法。
(3)结合实验探究的结论，解释在同样的道路上要对不同车型的汽车限制不同车速的道理(图乙所示)：______ 。
(4)完成实验后，给水平面铺上粗糙程度不同的物体，让小车自同一斜面同一高度由静止滑下，继续探究“阻力对物体运动的影响”，实验时的装置如图丙所示。
实验时发现，小车在毛巾表面运动距离最近，在平板玻璃表面运动最远。由此得出结论：表面越光滑，小车受的阻力越小，小车速度减小的越______ 。联想到在雨雪天，驾驶汽车应适当______ (选填“增大”或“减小”)汽车之间的距离。
28. 在“测量滑轮组的机械效率”实验中，实验装置如图甲、乙、丙所示，实验时沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，测量并记录的数据如下表所示。
实验次数
钩码重G/N
钩码上升高度h/m
绳端拉力F/N
绳端移动距离s/m
机械效率η
1
4
0.1
1.8
0.3
74%
2
8
0.1
3.1
0.3
86%
3
8
0.1
2.5
0.4
(1)分析表格数据可知：实验2是用图______ 做的实验；实验3中的机械效率η=______ 。
(2)通过比较______ (填实验序号)两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组机械效率______ ；通过比较2、3两次实验数据得出结论：用不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮______ ，滑轮组机械效率越高。
(3)小明同学认为实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应静止时读数。你认为他的想法______ (选填“正确”或“不正确”)，因为他没有考虑到______ 对滑轮组机械效率的影响。
29. 图甲是《墨经》中记载的我国古代提升重物的工具——“车梯”，图乙是其等效图。若利用此“车梯”使100kg的重物在10s内沿直线匀速竖直上升2m，所用的拉力为400N，g取10N/kg。求：
(1)使用“车梯”时做的有用功；
(2)使用“车梯”时人做功的功率；
(3)使用“车梯”时做的额外功；
(4)“车梯”的机械效率。
30. 中国第三艘国产航空母舰“福建舰”满载时排水量为8×104t，吃水深度10.5m，最大航行速度54km/h。(海水密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg)求：
(1)航母满载时受到的浮力；
(2)航母航行至某海域，底部受到海水压强为9.2×104Pa时，航母底部所处的深度；
(3)航母以最大航速匀速前进，其所受阻力为1.2×108N时，航母发动机的功率。
31. 牛顿曾研究过这样一个问题：他发现人掷出去的石头总会偏离掷出方向落回地面，于是牛顿提出了一个“大炮”的设想，如图所示是他画的“大炮”草图：在地球的一座高山上架起一只水平大炮，以不同的速度将炮弹水平射出，射出的速高山上的大炮度越大，炮弹落地点就离山脚越远。他推想：当炮弹射出的速度地足够大时，炮弹将会如何运动呢？牛顿通过科学的推理得出了一终个重要的结论。这就是著名的“牛顿大炮”的故事。
请根据上述内容回答下列问题：
(1)研究中牛顿基于的可靠事实是______ 。
(2)根据以上资料和牛顿的“大炮”草图，推测牛顿当年的重要结论是______ 。
(3)如今，牛顿当年的推测已变成了现实，人们根据他的推论，利用现代科技制成了______ 。
(4)牛顿在研究“大炮”问题时与研究牛顿第一定律时的相似之处是______ 。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.踢毽子时脚会疼，因为人对毽子施加力的同时，由于力的作用是相互的，毽子对脚施加了力，故A正确；
B.脚将毽子踢出去，毽子由静止变为运动，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；
C.在飞行过程中，脚与毽子不再发生相互作用，毽子只受到重力，没有脚对它的踢力，故C错误；
D.若毽子上升到最高点时毽子速度为0，所受外力突然消失，毽子将保持静止，故D正确。
故选：C。
(1)力的作用是相互的；
(2)力的作用效果：可以改变物体的运动状态，也可以改变物体的形状；
(3)脚将毽子踢出后，对毽子进行受力分析，可得出毽子飞行过程中受力的情况；
(4)一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查力的作用是相互的、力的作用效果、受力分析和牛顿第一定律，属于中档题。
2.【答案】B
【解析】解：A、苹果是由于受到重力作用而下落的，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故A错误；
B、熟透的苹果从树上自由下落的过程中速度越来越大，所以苹果的运动状态不断改变，故B正确；
C、熟透的苹果从树上自由下落的过程中，质量不变，速度变大，动能变大；同时质量不变，高度减小，其重力势能变小，所以苹果的重力势能转化为动能，故C错误；
D、熟透的苹果从树上自由下落的过程中，受到了重力，且沿重力的方向移动了一段距离，所以该过程中重力做了功，故D错误。
故选：B。
(1)力是改变物体运动状态的原因；
(2)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化；
(3)质量越大高度越高重力势能越大，质量越大速度越快动能越大；
(4)做功的两个必要条件是：作用在物体上有力，且沿力的方向有一段距离。
该题考查了动能和势能的转化、力是否做功的判断、惯性、物体运动状态变化的判断，是一道综合题，难度中等。
3.【答案】D
【解析】解：留下的脚印深浅相同，说明他们对沙滩的压力效果相同，也就是压强相等，即p父=p子；
由p=FS得F=pS，
因为S父>S子，p父=p子；
所以，他们对沙地的压力F父>F子。
故选：D。
物理学中用压强来描述压力作用的效果，根据脚印深浅相同，可知二人压力作用效果相同，也就是压强相等，即p父=p子.然后利用p=FS的变形公式F=pS进行分析得出压力的大小关系。
此题考查的是压强物理意义和压强计算公式的定性分析，运用了控制变量的方法。
4.【答案】C
【解析】解：A、该壶的壶嘴和壶身上端开口、下端相连，所以该壶的设计遵循了连通器原理，故A正确；
BCD、使用时，神奇壶倾斜，两种液体都向下运动，同时捂住甲、乙两孔，则两侧壶内气体压强随体积的增大而减小，两侧壶内气体压强小于外界大气压，所以两种液体在大气压的作用下不能倒出；若捂住甲孔，则左侧壶内气体压强随体积的增大而减小，左侧壶内气体压强小于外界大气压，所以甲液体在大气压的作用下不能倒出，而乙孔使得右侧壶内与外界空气相通，则右侧壶内外的气体压强相同，乙液体在重力作用下就可流出来，故BD正确，C错误。
故选：C。
(1)上端开口、底部相连通的容器叫连通器；
(2)若捂住小孔，气体体积增大时，气体压强会减小，当壶内气体压强小于外界大气压的时候，壶中的液体将倒不出来。
本题考查了大气压的应用以及连通器的原理，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A、潜水艇是通过改变自身的重力大小来实现上浮和下沉的，故A错误；
B、漂浮在水面的潜水器处于平衡状态，受的浮力与自身重力是一对平衡力，故B正确；
C、潜水器下潜的过程中，海水密度ρ海水不变，所处深度h增大，根据公式p=ρ海水gh知，它所受到的压强增大，故C错误；
D、浸没在水中的潜水器下潜时，深度越深，排开液体的体积不变，根据F浮=ρ水gV排可知潜水艇受到的浮力不变，故D错误。
故选：B。
潜水艇是通过改变自身的重力大小来实现上浮和下沉的；
漂浮时物体受到的浮力和重力是平衡力；
根据p=ρgh可知，液体压强随着深度的增加而增大；
浸没在水中的潜水器下潜时，深度越深，排开液体的体积不变，根据F浮=ρ水gV排可知潜水艇受到的浮力。
此题主要考查的是学生对液体压强、浮力、浮沉条件的理解和掌握，综合性较强，难度不大。
6.【答案】D
【解析】解：A、由图可知，草莓a在盐水中漂浮，根据物体的浮沉条件，漂浮时浮力等于其重力，
则草莓a在盐水中受的浮力等于它自身的重力，故A错误；
B、由图可知，草莓b在盐水悬浮，此时受到的浮力等于草莓b的重力，在清水中沉底，此时受到的浮力小于草莓b的重力，则草莓b在盐水中受的浮力比在清水中受的浮力大，故B错误；
C、由图可知，草莓c在盐水和清水中都是沉底，V排相同，盐水的密度大于清水的密度，由F浮=ρ液gV排可知，草莓c在盐水比清水中所受的浮力大，故C错误；
D、由甲图可知，草莓a漂浮，草莓a的密度要小于液体的密度，草莓b悬浮，草莓b的密度要等于液体的密度，因此草莓a的密度小于草莓b的密度，故D正确。
故选：D。
(1)根据物体的浮沉条件漂浮时浮力等于其重力；
(2)根据物体的浮沉条件悬浮时浮力等于其重力，沉底时，浮力小于重力分析草莓b在盐水中受的浮力和在清水中受的浮力关系；
(3)根据F浮=ρ液gV排分析草莓c在盐水和清水中所受的浮力关系；
(4)根据物体的浮沉条件分析a和b密度的大小。
此题考查阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用，是一道综合性很强的题目，对学生要求较高，只有对相关知识点熟练掌握，并能灵活运用，才能正确作答。
7.【答案】D
【解析】解：A、装置中的滑轮是定滑轮，故A错误；
B、装置中的滑轮改变了力的方向，故B错误；
C、绳子拉起桶盖时，桶盖可视为省力杠杆，故C错误；
D、人向下拉吊把，垃圾桶桶盖绕最右端端点转动，故D正确。
故选：D。
A、轴的位置固定不动的滑轮称为定滑轮；轴的位置随被拉物体一起运动的滑轮称为动滑轮；
B、使用定滑轮可以改变力的方向；
C、绳子拉起桶盖时，桶盖可视为杠杆，动力作用点在绳子与桶盖连接处，阻力作用点在桶盖正中心，支点在垃圾桶桶盖最右端端点，故动力臂大于阻力臂；
D、人向下拉吊把时，桶盖可视为省力杠杆，支点在垃圾桶桶盖最右端端点。
此题考查了滑轮及其工作特点、杠杆的分类等知识点，属基础题目。
8.【答案】A
【解析】解：A.在巨木下垫上一些圆木，是变滑动为滚动，为了减小擦擦，更容易前移，故A正确；
B、人在横杆上靠近支架施加力时，使得动力臂减小，而阻力、阻力臂不变，动力臂越小，需要的动力越大，更难抬起巨木，故B错误；
C.增大横杆上悬绳与支架之间的距离，则阻力臂变大，而阻力和动力臂不变，则动力变大，更难抬起巨木，故C错误；
D、支架下垫一面积较大的石块，是为了增大受力面积，减小对地面的压强，故D错误。
故选：A。
(1)减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动为滚动、使得接触面分离等；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，根据力和力臂的变化分析；
(3)减小压强的方法：在压力一定的条件下，S越大，压强越小。
此题考查杠杆的应用，减小压强、减小摩擦的方法，要求学生熟练掌握杠杆平衡条件，会用杠杆平衡条件分析生活中的相关问题。
9.【答案】A
【解析】解：A、人给箱子一个力，箱子被搬起，通过了一段距离。故A情景中做了功；
B、人给汽车一个力，但是汽车没动，即没有沿力的方向通过距离，故B情景没有做功；
C、背着书包，人给书包一个竖直力，而书包没有在力的方向上通过的距离，所以没有做功。故C情景没有做功。
D、足球在离开脚向前滚动的过程中，虽然有距离，但没有力，所以没有做功。故D情景没有做功。
故选：A。
做功必须具备两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过距离。判定有没有做功，就从是否具备这两个必要因素入手。
注意不做功的三种情况：
(1)有力但没有距离：如推而不动，搬而未起。
(2)先有力后有距离：离开脚的足球、抛出的物体。
(3)力和距离相垂直：背书包水平行走。
10.【答案】C
【解析】解：A、拉力做功：W=Fs=50N×5m=250J，故A错误；
BD、小车沿水平方向前进，在重力方向(竖直向下)上，没有移动距离，重力做功为0，由P=Wt得到重力做功的功率为0，故BD错误；
C、拉力做功的功率为P=Wt=250J10s=25W，故C正确。
故选：C。
功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上通过的距离；知道拉力大小和在拉力方向上移动的距离，求拉力做功，又知道做功时间，利用功率公式求拉力做功功率。
本题考查了功的计算方法，提升重物W=Gh，水平运动W=Fs，计算时注意力和距离方向的一致性。
11.【答案】C
【解析】解：A、功率是单位时间内做的功的多少，不确定做功时间，做功多的机械，功率不一定大，故A错误；
BD、由于机械效率是有用功与总功的比值，机械效率高，功率不一定大，做功不一定多，故BD错误；
C、功率就是描述物体做功快慢的物理量，做功快，功率一定大，故C正确；
故选：C。
根据功、功率、机械效率的关系分析；功率是单位时间内做的功的多少，机械效率是有用功与总功的比值。
本题考查了功、功率、机械效率的关系。功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定。
12.【答案】D
【解析】解：洒水车在不断的洒水工程中，质量减小，因匀速行驶，所以速度不变，则动能减小。质量减小、高度不变，所以重力势能减小。又在水平街道上，所以洒水车的机械能减小。
所以，洒水车的重力势能、动能、机械能均变小。
故选：D。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
(2)动能和势能统称为机械能。
掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，根据影响因素能判断动能、重力势能和弹性势能的大小变化。
13.【答案】D
【解析】解：A、助跑阶段运动员的质量不变，速度增大，动能增大，故A错误；
B、起跳时，运动员的速度达到最大值，动能达到最大值，重力势能不变，机械能达到最大值，故B错误；
C、在最高点时，竖直方向速度为零，物体的速度不是最大，所以动能不是最大，故C错误；
D、从起跳到最高点的过程，速度变小，动能变小，高度变大，重力势能变大，动能转化为重力势能，故D正确。
故选：D。
(1)(3)(4)动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越大，物体的重力势能越大；
(2)机械能等于动能和势能的和。
影响动能大小的因素有质量和速度，分析动能的变化就是分析质量和速度的变化；影响重力势能的因素是质量和高度，分析重力势能的变化就是分析质量和高度的变化。解题时注意抓住表示物体运动状态变化的关键字词，从中找出表示“质量、速度、高度、弹性形变”变化的字眼，从而分析机械能的变化情况。
14.【答案】A
【解析】解：由于都是在理想情况下，不考虑摩擦，所以两个机械做的功相等，但使用斜面能省力，使用定滑轮不省力，所以F1
使用斜面省力，不省功，使用定滑轮不省力，也不省功。
本题考查了斜面和定滑轮的特点。使用斜面能省力，使用定滑轮不省力，但能改变用力的方向。
15.【答案】A
【解析】解：当把所有的书一起搬上楼时，书受到人的支持力等于书的总重力；先搬一部分书上楼，再搬剩下的部分时，书受到人的支持力等于书总重力的一半，而上楼的速度相同，由P=Wt=Fst=Fv可知，把所有的书一起搬上楼的功率大，即P1>P2；
两种搬法的有用功相同，第一次的额外功等于克服人重力做的功；第二次的额外功等于克服人两次重力做的功，因此第一次的总功小于第二次的总功，由η=W有W总可知，第一次的效率高，即η1>η2。
故选：A。
先确定书受到人作用力的大小，然后利用功率的变形公式P=Wt=Fst=Fv判断功率的大小；
比较有用功和总功的关系，利用η=W有W总可知机械效率的大小。
本题考查功率大小和机械效率大小的比较，关键点有二：一是对功率计算公式灵活变形；二是比较两次有用功和总功大小关系。
16.【答案】空气 上 流体的流速越大的位置，压强越小
【解析】解：沿水平方向快速抛出一飞盘，飞盘离开手以后越升越高，说明受到一个向上的作用力，这个力的施力物体是空气，空气对物体产生向上的升力作用；
只有飞盘的上表面凸起，下面平直，飞盘升空时，流过飞盘上方的空气流速大、压强小，流过飞盘下方的空气流速小、压强大，在这个压强差造成的压力差的作用下，快速前进的飞盘才会越升越高。
故答案为：空气；上；流体的流速越大的位置，压强越小。
流体的流速越大的位置，流体压强越小，空气对物体产生向上的升力作用，物体受到向上的压强大于向下的压强。
此题主要考查力与运动的关系、流体压强与流速的关系，明确经过飞盘上下表面流动的空气速度的不同是解决此题的关键。
17.【答案】增大 不受
【解析】解：盾构机前段安装了锋利的刀盘，是在压力一定时，减小受力面积，增大压强；
当石料与传松带一起匀速水平前进时，石料与传送带相对静止，没有相对运动的趋势，所以石料不受摩擦力作用。
故答案为：增大；不受。
(1)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
(2)滑动摩擦力产生的条件：两个互相接触的物体之间存在压力，它们做相对运动，接触面不能光滑。
掌握压强大小的影响因素，摩擦力产生的条件是解题的关键，要会利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
18.【答案】A 省距离 费力
【解析】解：由于剪发需要的力较小，为了省距离，需要选择费力杠杆，由图片可知，A剪刀的手柄更短，且动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，可用来剪发。
故答案为：A；省距离；费力。
生活中的各类剪刀可以看作不同种类的杠杆，各类杠杆的特点也不相同：省力杠杆费距离；费力杠杆省距离。
解题时应先根据生活经验了解各种活动的目的，然后再根据各种杠杆的特点选择相应的剪刀。
19.【答案】定滑 用力的方向 200 100
【解析】解：升旗手缓缓向下拉绳子，旗子就会徐徐上升，是由于旗杆顶部有一个定滑轮，它能改变用力的方向。如图所示，物体重200N，滑轮重、绳重和摩擦均忽略不计，要拉起这个物体，甲图是定滑轮，定滑轮不省力，滑轮重、绳重和摩擦均忽略不计，F甲=G=200N；
乙图使用的是动滑轮，滑轮重、绳重和摩擦均忽略不计，F乙=12G=12×200N=100N。
故答案为：定滑；用力的分析；200；100。
轴固定不动的滑轮叫定滑轮，使用定滑轮不能省力，但可以改变用力方向；
轴随物体一起运动的滑轮叫动滑轮，滑轮重、绳重和摩擦均忽略不计，使用动滑轮不能改变用力方向，但可以省一半的力；据此分析回答。
本题考查了定滑轮和动滑轮的特点，确认图中使用的滑轮的种类是本题的关键。
20.【答案】42587.5
【解析】解：(1)由图知，绕过动滑轮且对其施加拉力的绳子股数n=2，绳自由端移动的距离s=nh=2×2m=4m，
(2)不计绳重和摩擦，只克服动滑轮的重力做额外功，根据公式W=Fs=Gh知；
动滑轮的重力G动=W额h=50J2m=25N；
(3)由F=1nG+G动)可知，F=12×(150N+25N)=87.5N。
故答案为：4；25；87.5。
(1)由图知，n=2，绳自由端移动的距离s=nh；
(2)不计绳重和摩擦，只克服动滑轮的重力做额外功，根据公式W=Fs=Gh计算出动滑轮的重力；
(3)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)求出绳自由端的拉力。
本题考查额外功、滑轮组的计算，属于中档题。
21.【答案】6×106 3000
【解析】解：汽车发动机在这段时间内做的功为W=Pt=3×104W×200s=6×106J；
汽车受到的牵引力F=Ws=6×106J2000m=3000N，
汽车匀速直线运动，受到牵引力和阻力是平衡力，由二力平衡条件得到阻力f=F=3000N。
故答案为：6×106；3000。
根据W=Pt得到汽车发动机在这段时间内做的功，根据W=Fs得到牵引力，汽车匀速直线运动，受到牵引力和阻力是平衡力，由二力平衡条件得到阻力。
本题考查了功、功率和牵引力大小的计算，需要知道功和功率的公式。
22.【答案】4.822×10-4 2.4×103 1.2×103
【解析】解：(1)由甲图知，物体所受重力G=4.8N；
(2)根据甲与乙两图，由称重法测浮力得，物体浸没在水中时所受的浮力为：F浮=G-F=4.8N-2.8N=2N；
根据阿基米德原理的得，V物=V排=F浮ρ液g=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10-4m3；
根据G=mg得，物体质量：m=Gg=4.8N10N/kg=0.48kg，
物体的密度为：ρ物=mv物=0.48kg2×10-4m3=2.4×103kg/m3；
物体浸没在盐水中时所受的浮力为：F浮盐水=G-F盐水=4.8N-2.4N=2.4N，
根据阿基米德原理的，盐水的密度为：
ρ盐水=F浮盐水V排g=2.4N2×10-4m3×10N/kg=1.2×103kg/m3。
故答案为：4.8；2；2×10-4；2.4×103；1.2×103。
(1)由甲图可以得出物体所受重力；
(2)根据甲与乙两图所标的实验数据，由称重法测浮力可知物体浸没在水中时所受的浮力；
(3)根据阿基米德原理得出排开水的体积即物体的体积；
(4)根据G=mg求出物体的质量，再根据密度公式可求出物体的密度；
(5)由称重法得出物体浸没在盐水中时所受的浮力，根据阿基米德原理求出盐水的密度。
本题探究影响浮力大小的因素，考查称重法测浮力、阿基米德原理、控制变量法及数据分析等知识。
23.【答案】解：根据重力的方向竖直向下，物体随传送带一起匀速向上运动，所以受传送带对物体的摩擦力向上，方向沿传送带方向画出，如图所示：
【解析】首先能够根据物体的运动情况，判断物体所受摩擦力的方向。根据题设要求画出重力和摩擦力的示意图，力的示意图就是粗略作出力的三要素的过程。
作图时一定要注意重力的方向是竖直向下，不是垂直向下；滑动摩擦力平行于斜面向上。
24.【答案】解：杠杆能绕O点转动，即O为支点，过O点向动力F作用线作垂线段，即为其力臂L，如图所示：
【解析】已知支点O和动力F，先画出动力的作用线，然后过支点向动力作用线作垂线段就得到动力臂L。
本题考查了力臂的画法，注意力臂为支点到力的作用线的距离，为一垂线段，不是直线。
25.【答案】解：人站在地面上，要求施力方向向下，从绳子末端开始，依次绕过定滑轮、动滑轮，这样反复完成，绕法如图所示：
【解析】滑轮组绳子的绕法：要求施力方向向下，也就是说最后绳子必须从定滑轮绕出来，从而再往回画，绕过上面定滑轮，再绕过下面的动滑轮，这样反复完成。
此题主要考查滑轮组的设计与组装，滑轮组的绕线方法不同，拉力的方向不同，达到省力程度也不同。
26.【答案】平衡 左 便于在杠杆上直接测量力臂，消除杠杆自重对实验的影响 一和二 方向 二 刻度尺 力的作用线
【解析】解：(1)杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆处于平衡状态。要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端螺母向左调节；
让杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是：便于在杠杆上直接测量力臂，消除杠杆自重对实验的影响。
(2)小明所做的三次实验均是在杠杆在水平位置平衡时完成的，这就导致动力臂、阻力臂均在杠杆上，所以我们无法区分动力臂(阻力臂)与支点到动力(阻力)的距离，所以根据小明的数据，猜想一、二都可以得到验证。为了改变这种情况，我们就需要改变动力或阻力的方向，使动力臂(阻力臂)与杠杆有一定的角度，而不是重合在一起；
分析实验4、5中的数据我们发现，动力×支点到动力作用点的距离≠阻力×支点到阻力作用点的距离，所以我们可以得出结论：猜想二是错误的。
若要验证猜想一，我们就需要测出倾斜后的动力(或阻力)的力臂，为此，我们需要使用刻度尺进行测量，注意测量时需使刻度尺与力的作用线垂直；
(3)若通过他们二人共同实验得出的数据可以验证猜想一，则说明动力臂(阻力臂)为支点到动力(阻力)作用线的距离。
故答案为：(1)平衡；左；便于在杠杆上直接测量力臂，消除杠杆自重对实验的影响；(2)一和二；方向；二；刻度尺；(3)力的作用线。
(1)当杠杆在动力和阻力作用下静止时，说明杠杆处于平衡状态。在调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母应向着杠杆高的一端移动；
使杠杆在平衡位置平衡的目的是便于测量力臂，消除杠杆自重对实验的影响。
(2)若支点在杠杆的中心处，将杠杆调节到水平位置平衡可以消除杠杆自重对实验的影响；
(3)力臂是指支点到力的作用线的距离，不是支点到力的作用点的距离，即它是点到线的距离而不是点到点的距离；力臂可能不在杠杆上。
在探究杠杆平衡的实验探究题中，大部分杠杆的支点都在杠杆的中心处，这样我们在调节杠杆水平平衡后，就可以消除杠杆自重对实验的影响。但是在一些实验中，会将支点设计在杠杆的左侧或右侧，这时杠杆的自重将无法忽略。
27.【答案】动能 木块移动的距离 功 质量 不同高度 控制变量 动能与质量和速度有关，对于质量较大的车，允许的速度就比质量较小的车的速度低 慢 增大
【解析】解：(1)让小车A从斜面上的某一高度由静止开始滑下，碰到水平面上的木块B，木块B将被推出一段距离，在同样的水平面上，木块B被推得越远，说明小车A对木块B做的功越多，则小车到达水平面时的动能就越大；同时也说明功是能量的量度；
(2)实验时让质量不同的小车从斜面的同一高度滑下，保证小车到达水平面的速度相同，这是在探究动能大小跟质量的关系；
若让同一辆小车从斜面的不同高度滑下，控制小车的质量相同，速度不同，去观察推动木块的情况，这是在探究动能大小跟速度的关系；
这种研究方法称为控制变量法；
(3)由于动能与质量和速度有关，对于质量较大的车，允许的速度就比质量较小的车的速度低；
(4)小车在不同的表面上受到的阻力不同，其最终滑行的距离会不同，表面越光滑，摩擦阻力越小，滑行距离越远，速度减小得越慢，小车受到的阻力越小，运动得越远，由此联想到在雨雪天驾驶汽车应适当增大汽车之间的距离。
故答案为：(1)动能；木块移动的距离；功；(2)质量；不同高度；控制变量；(3)动能与质量和速度有关，对于质量较大的车，允许的速度就比质量较小的车的速度低；(4)慢；增大。
(1)该实验中，通过木块移动的距离反映小车到达水平面时的动能大小，采用了转换法；功是能量转化的量度；
(2)实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与质量的关系时，要让小车沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一小车，这样可以保证小车的质量相同；
(3)对机动车的行驶速度进行限制，可用影响动能的因素分析，由于动能与质量和速度有关，对于质量较大的车，允许的速度就比质量较小的车的速度低；
(4)水平面越光滑，阻力越小，小车运动的距离越远，速度减小得越慢，据此进行推断。
本题是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验，主要考查了控制变量法和转换法在实验中的应用。
28.【答案】乙 80%1、2 高 越轻 不正确 摩擦力
【解析】解：(1)实验2中：n=sh=0.3m0.1m=3，由于实验2中物体的重力是实验1物体重力的2倍，所以实验2是用图乙做的实验；
③实验序号3中的机械效率：
η=W有用W总=GhFs=8N×0.1m2.5N×0.4m×100%=80%；
(2)【结论】
根据n=sh可知，实验1、3中绳子的有效段数分别为3、4，故实验是分别用甲、丙装置做的实验：
①通过比较1、2 两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高。
②通过比较2、3两次实验数据知，提升物体的重力相同，所用的滑轮组不同，可得出结论：不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越轻，滑轮组的机械效率高；
(3)【问题讨论】
若静止时读数，他的想法不正确，因为他没有考虑到摩擦力对滑轮组机械效率的影响，导致测量值偏小。
故答案为：(1)乙；80%；(2)1、2；高；越轻；(3)不正确；摩擦力。
(1)根据表中数据，由n=sh得出绳子的有效段数分析；
根据η=W有用W总算出实验序号3中的机械效率；
(2)【结论】
根据n=sh可知实验1、3中绳子的有效段数，确定1、3实验是分别用甲丙装置做的实验：
①根据控制变量法分析，研究机械效率与物重的关系，要控制使用同样的滑轮组；
②根据控制变量法分析得出结论；
(3)【问题讨论】
实验时沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，受到拉力等于测力计示数，若静止时读数则他没有考虑到摩擦力对滑轮组机械效率的影响。
本题测量某滑轮组机械效率的实验，考查注意事项、n=sh的运用、机械效率的计算、控制变量法和数据分析。
29.【答案】解：
(1)使用“车梯”时做的有用功：W有=Gh=100kg×10N/kg×2m=2000J；
(2)由图乙知，n=4，绳子自由端移动的距离：s=nh=4×2m=8m，
使用“车梯”时人做功(拉力做的总功)：W总=Fs=400N×8m=3200J，
做功功率：P=W总t=3200J10s=320W；
(3)使用“车梯”时做的额外功：
W额=W总-W有=3200J-2000J=1200J；
(4)“车梯”的机械效率：
η=W有W总=2000J3200J×100%=62.5%。
答：(1)使用“车梯”时做的有用功为2000J；
(2)使用“车梯”时人做功的功率为320W；
(3)使用“车梯”时做的额外功为1200J；
(4)“车梯”的机械效率为62.5%。
【解析】(1)知道重物的质量、提升的高度，利用W有=Gh=mgh求拉力做的有用功；
(2)由图乙知，n=4，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功，再利用P=Wt求拉力做功功率；
(3)拉力做的额外功等于总功减去有用功；
(4)“车梯”的机械效率等于有用功与总功的比值。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
30.【答案】解：(1)航母满载时受到的浮力F浮=G排=m排g=8×104×103kg×10N/kg=8×108N；
(2)航母底部所处的深度h=pρg=9.2×104Pa1×103kg/m3×10N/kg=9.2m；
(3)航母匀速航行时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，航母航行过程中动力F=f=1.2×108N，
航母发动机的功率：P=Wt=Fst=Fv=1.2×108N×543.6m/s=1.8×109W。
答：(1)航母满载时受到的浮力是8×108N；
(2)航母航行至某海域，底部受到海水压强为9.2×104Pa时，航母底部所处的深度是9.2m；
(3)航母以最大航速匀速前进，其所受阻力为1.2×108N时，航母发动机的功率是1.8×109W。
【解析】(1)根据阿基米德原理和G=mg求出航母满载时受到的浮力；
(2)利用p=ρgh求出航母底部所处的深度；
(3)航母匀速航行时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据P=Wt=Fst=Fv得到航母发动机的功率。
本题考查了液体压强公式、阿基米德原理、速度公式、功和功率公式以及二力平衡条件的应用。
31.【答案】人掷出去的石头总会偏离掷出方向落回地面 抛出物体的速度足够大时，物体将离开地球，绕地球旋转，做圆周运动 人造地球卫星 利用了科学推理法
【解析】解：(1)研究中牛顿基于的可靠事实是：人掷出去的石头总会偏离掷出方向落回地面；
(2)由实验现象知，这是重力作用的效果，是石头的重力去改变石头运动方向，他从石头落回地面的距离不同，分析预测用相同的力去改变同一物体运动方向时，运动速度越大，物体的运动方向越不易改变，即物体的运动方向改变较小，会落回离掷出点更远的地方。所以牛顿设想：在地球的一座高山上架起一只水平大炮，以不同的速度将炮弹平射出去，射出速度越大，炮弹落地点就离山脚越远。于是牛顿通过科学的推理得出了一个重要的结论：抛出物体的速度足够大时，物体将离开地球，绕地球旋转，做圆周运动；
(3)现在随着现代科技的发展，人们应用他的推论，制成了人造地球卫星；
(4)牛顿在研究“大炮”问题时，即有事实，又有科学的推理，所以是以可靠的事实、实验为基础，经过合理分析、推理得到结论，故相似之处是利用了科学推理法。
故答案为：(1)人掷出去的石头总会偏离掷出方向落回地面；(2)抛出物体的速度足够大时，物体将离开地球，绕地球旋转，做圆周运动；(3)人造地球卫星；(4)利用了科学推理法。
力的作用效果是改变物体的形状或改变物体的运动状态。运动方向的改变表明物体的运动状态改变。但是对相同的力去改变同一物体运动方向时，运动速度越大，物体的运动方向越不易改变，即物体的运动方向改变较小。结合题目中所用的研究方法分析判断即可解决。
本题要求我们观察自然现象时，注意物体的物理变化规律，并会合理的设想和大胆的预测。
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