福建省三明市2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）

这是一份福建省三明市2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2022-2023学年福建省三明市八年级（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共14小题，共28.0分）
1. 压强单位是以下列哪位物理学家的名字命名(    )
A. 帕斯卡 B. 阿基米德 C. 牛顿 D. 托里拆利
2. 原子核由哪些粒子组成(    )
A. 质子和电子 B. 中子和电子 C. 质子和中子 D. 质子、中子和电子
3. 下列实例利用连通器原理工作的是(    )
A. 密度计 B. 茶壶 C. 拦河大坝 D. 量筒
4. 如图所示，浸没在液体中的物体上、下表面受到液体的压力分别为F1、F2，则物体受到的浮力大小等于(    )
A. F1
B. F2
C. F1-F2
D. F2-F1
5. 下列实例中，不是利用大气压强工作的是(    )
A. 用注射器给病人注射药液 B. 吸管吸饮料
C. 吸盘挂钩 D. 钢笔吸墨水
6. 下列所描述的力，有对物体做功的是(    )
A. 用力举着杠铃不动 B. 用力拉绳匀速提升重物
C. 用力搬石头没搬动 D. 用力提着滑板沿水平方向移动
7. 下列工具中，使用时属于费力杠杆的是(    )
A. 启瓶器 B. 天平
C. 镊子 D. 裁纸刀
8. 小明用100N的力竖直向上提起重80N的水桶，则水桶受到的合力大小为(    )
A. 180 N B. 20 N C. 100 N D. 0
9. 2022年6月5日，神舟14号飞船将陈冬、刘洋、蔡旭哲3名航天员送入中国空间站进行科学研究。航天员们生活的空间站内气压最接近的是(    )
A. 0 B. 104 Pa C. 105 Pa D. 106 Pa
10. 如图，工人借用动滑轮匀速提升重物，这样做(    )
A. 省力，不改变用力的方向
B. 省力，同时也可以省距离
C. 不省力，改变用力的方向
D. 不省力，也不改变用力的方向


11. 如图，在托里拆利实验中，下列操作能使管内外水银液面高度差h发生改变的是(    )
A. 将玻璃管稍微倾斜一点
B. 把玻璃管稍微向上提(管口未离开水银面)
C. 往水银槽内加少量水银
D. 将该装置从山脚移至山顶上做实验



12. 大熊猫“丫丫”于2023年4月27日回到祖国的怀抱。当它在水平地面坐下休息时，下列说法正确的是(    )
A. 它受到的重力和它对地面的压力是一对相互作用力
B. 它受到的重力和它对地面的压力是一对平衡力
C. 它受到的重力和它受到的支持力是一对相互作用力
D. 它受到的重力和地面对它的支持力是一对平衡力
13. 甲、乙、丙三个实心小球的质量m和体积V如下表所示。将它们浸没在水中释放，在其稳定后，三个小球所受的浮力分别为F甲、F乙和F丙。下列判断正确的是(    )
小球
甲
乙
丙
m/g
15
16
18
V/cm3
30
20
10

A. F甲>F乙>F丙 B. F甲>F丙>F乙 C. F乙>F甲>F丙 D. F丙>F乙>F甲
14. 如图甲所示，一质地均匀的长方体放在水平地面上。现将长方体切去一部分，剩余部分如图乙所示，此时长方体对地面的压强为1800Pa；将图乙中的长方体倒置后如图丙所示，此时长方体对地面的压强为2700Pa。则图甲中长方体对水平地面的压强为(    )


A. 2250Pa B. 2200Pa C. 2560Pa D. 2160Pa
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共6小题，共12.0分）
15. 走近火遍全国的“淄博烧烤”，空气中处处弥漫着“肉香”味，这是分子______ 的结果。如图，串肉的铁签一头要做得尖锐，是为了______ 压强。


16. 三明市2023年体育中考项目之一对墙壁垫排球。小明在垫排球过程中发现，排球离开手之后，球在空中继续向上运动，这是因为排球具有______ ；排球在上升的过程中重力势能______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)。
17. 我们经常看到“珍爱生命，切勿私自下河游泳”的警示，原因之一是河中常有漩涡，如图所示，漩涡中心的水流速度______ 于周围的流速，因此如果有人在漩涡附近游泳会额外受到一个指向漩涡______ (选填“中心”或“外侧”)的力，可能引发溺水事故。


18. 我国最先进的055型导弹驱逐舰，可谓“国之重器”，满载时排水量达12300t，则满载航行时受到的浮力为______ N。它由长江开到大海，所受浮力______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
19. 如图所示，实心长方体A和B放在水平地面上，高度之比hA：hB=2：1，底面积之比SA：SB=1：3，它们对地面的压强pA：pB=3：2，则它们对地面的压力之比FA：FB= ______ ；它们的密度之比ρA：ρB= ______ 。


20. 如图是自助餐厅里的餐盘机，当顾客取走上面一只餐盘时，余下的餐盘会自动上升一段距离，保持最上面的餐盘高度不变，以方便下一位顾客取用餐盘。现餐盘机里有一叠10只相同的餐盘，每个餐盘的质量为m，每两个餐盘之间的间距为h，则顾客取走第1只餐盘，餐盘机对余下的餐盘做功为______ 。若经过时间t，餐盘被逐一取走剩下6只餐盘，则这个过程中餐盘机对餐盘做功的功率为______ 。

三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
21. 如图所示，小球在水中悬浮，请画出小球所受的重力G和浮力F浮。


22. 在图中，分别画出动力臂l1和阻力臂l2的示意图。


四、实验探究题（本大题共5小题，共30.0分）
23. 小明同学思考“运动物体如果不受其他物体的作用，会一直运动下去吗”设计如图探究实验：依次将毛巾、棉布分别铺在水平木板上，让小车分别从斜面顶端由静止滑下，观察小车在水平面上滑行的距离。

(1)小明调试实验装置时，让小车从斜面顶端由静止滑下，发现小车会滑出水平木板右端而掉落下去。为解决此问题，可以适当______ (选填“增大”或“减小”)斜面的倾角。
(2)实验时让小车从斜面的同一高度由静止滑下，其目的是让小车到达水平面时获得相同的______ 。
(3)比较三次实验，发现水平面越光滑，物体受到的______ 越小，物体运动的距离______ ；假如水平面足够光滑，则小车将______ 。
24. 为了探究“液体压强与哪些因素有关”，小明采用U形管液体压强计装置进行实验。

(1)压强计通过U形管两侧液面的______ 来反映橡皮膜所受压强的大小。实验前，按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化______ (选填“明显”或“不明显”)，说明这套实验装置不漏气。
(2)进行实验，比较图甲、乙可知，液体内部压强与______ 有关。
(3)在图乙中保持探头的位置不变，改变探头的方向，U形管两液面的高度差不变，表明在相同条件下，液体内部向各个方向的压强______ 。
(4)为了检验“液体内部的压强与液体密度有关”这一结论，他用图丙的装置，在容器的左右两侧分别装入深度相同的不同液体，看到橡皮膜向左侧凸起，则______ (选填“左”或“右”)侧液体的密度较大。

25. 某实验小组利用弹簧测力计、小石块、溢水杯等器材，按照如图所示步骤，探究浮力的大小与排开的液体所受重力的关系。

(1)如图A所示，弹簧测力计的示数为______ N。
(2)该实验步骤较合理的顺序为______ (填字母代号)。
(3)如图B，将石块浸没在水中，此时石块受到的浮力大小F浮为______ N，石块排开的水所受的重力G排可由______ (填字母代号)两个步骤测出。
(4)分析数据可知：F浮 ______ G排。
(5)另一实验小组在步骤B的操作中，只将石块的一部分浸在水中，其他步骤操作正确，则______ (选填“能”或“不能”)得到与(4)相同的结论。
26. 实验小组为了探究“动能的大小与哪些因素有关”，设计了如图所示的实验。

实验次数
钢球质量m/g
悬线与竖直方向之间的夹角θ/°
木块滑行的距离s/cm
1
20
30
8
2
40
30
16
3
40
40
32
(1)实验中钢球摆动到竖直位置时，与静止在水平面上的木块碰撞，木块会在水平面上滑行一段距离后停止，本实验中通过比较______ 反映______ (选填“钢球”或“木块”)动能的大小。
(2)对比实验1、2过程，他观察到第2次实验中木块被撞得更远。可得出结论：当其他因素相同时，钢球的______ 越大，动能越大。
(3)对比实验2、3过程，让钢球从不同的角度下摆，这是为了探究动能与______ 的关系。这个实验可以反映出交通运输中______ 的危害(选填“超载”或“超速”)。

27. 小明学习了杠杆的相关知识，与兴趣小组同学做了以下实验探究：

(1)如图1所示，探究“杠杆的平衡条件”，每个钩码质量都相等。
①为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，目的是为了便于测量______ 。
②如图乙所示，若在A位置挂两个钩码，现有三个钩码，需挂在杠杆O点右侧第______ 格的位置，使杠杆再次在水平位置平衡。
③实验时，多次换用不同数量的钩码，并改变钩码在杠杆上的位置，重复实验。这样做的目的是______ 。
④如图丙所示，用弹簧测力计在B位置向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计由图中a位置移至b位置时，其示数______ 。
(2)如图2所示，自制杠杆液体密度秤
小明和兴趣小组利用杠杆、容积为V的小桶、质量为m的重物等身边物体，将此装置改装成了一个杠杆液体密度秤，该装置可测量小桶内液体的密度，如图所示。
①调节平衡：将空小桶挂在M点，调节平衡螺母使杠杆水平平衡。
②标注刻度：已知OM=OA=L0，则杠杆密度秤的“0刻度”线应在______ (选填“O”或“A”)点。将待测液体装满小桶，调节右端重物的位置至N点时，杠杆在水平位置平衡，将ON的长度记为L，则待测液体密度ρ与L的关系式是______ (用题中所给字母表示)，此密度秤的刻度是______ (选填“均匀”或“不均匀”)的。
③使用测量：若OM的距离为5cm，小桶体积为20mL，重物质量为10g，将待测液体倒满小桶，调节重物的位置，使杠杆在水平位置平衡，测得L=15cm，则待测液体的密度为______ g/cm3。
五、简答题（本大题共1小题，共4.0分）
28. “五一节”三明市某学校举行了“劳动真快乐”的主题活动，很多同学在“下厨房”的过程中体会到劳动的乐趣。小明在煮饺子的时候发现，当饺子刚放入锅中时饺子会沉入水底，但煮一段时间后，饺子会漂浮在水面上，请你帮他解释此现象。
六、计算题（本大题共3小题，共22.0分）
29. 2023年5月28日，国产大型客机C919圆满完成首次商业飞行，如图所示，C919的总质量为70t，飞机轮与地面的总接触面积为4m2。若飞机在空中匀速水平飞行时的速度为720km/h，所受阻力是飞机总重的0.1倍，求：
(1)飞机静止停放在水平跑道上对地面的压强大小；
(2)飞机在空中匀速水平飞行时的功率。

30. 质量为60kg的装卸工人用如图所示的滑轮组匀速提升重为200N的货物，货物在2s内被提升6m，在此过程中，该滑轮组的机械效率为80%。不计绳重及摩擦，求：
(1)有用功；
(2)绳子自由端的拉力；
(3)动滑轮重多少牛。


31. 如图甲所示，圆柱形容器内放入一个体积为200cm3的长方体A，已知ρA<ρ水。现不断往容器内注水，并记录水的总体积V和水所对应的深度h，V和h的对应关系如图乙所示(ρ水=1.0×103kg/m3)。求：
(1)当h=21cm时，水对杯底的压强；
(2)当h=21cm时，水对杯底的压力；
(3)此过程中，长方体受到的最大浮力。
答案和解析

1.【答案】A 
【解析】解：在国际单位制中，压强单位是帕斯卡；力的单位是牛顿；
故选：A。
在国际单位制中，为了纪念科学家在物理学研究中的杰出贡献，好多单位以他们的名字来命名的，例如：电压-伏特、电流-安培、电阻-欧姆、功和能量-焦耳、功率-瓦特、力-牛顿、压强-帕斯卡等，据此判断选择。
通过本题激励学生学好物理、打好基础，为将来能在物理学研究中作出一定的贡献而努力。

2.【答案】C 
【解析】解：A、电子与原子核组成了原子，原子核由质子和中子组成不含电子；故A错误。
B、电子与原子核组成了原子，原子核由质子和中子组成，不含电子；故B错误。
C、原子核由质子和中子组成；故C正确。
D、质子、中子和电子共同组成了原子，而不是原子核；故D错误。
故选C。
该题考查了微观粒子的结构，比较简单。

3.【答案】B 
【解析】解：A、密度计是利用浮沉条件工作的，与连通器无关，故A不符合题意；
B、茶壶的壶嘴和壶身上端开口，底部连通，是利用连通器的原理来工作的，故B符合题意；
C、拦河大坝上窄下宽，是因为液体的压强随深度的增加而增大，与连通器无关，故C不符合题意；
D、量筒不符合连通器的特点，不属于连通器，故D不符合题意。
故选：B。
几个底部互相连通、上端开口的容器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理。结合选项中物品的结构与使用特点可做出判断。
本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口，底部相连的，液面静止时保持相平。

4.【答案】D 
【解析】解：浮力的实质是物体在液体中上、下表面受到的压力差，所以浸没在水中的正方体，上、下表面受到的水的压力分别为F1、F2，则物体受到的水的浮力大小为F浮=F2-F1，方向竖直向上，故D正确、ABC错误。
故选：D。
浸在液体或气体里的物体受到液体或气体向上托的力叫做浮力，浮力的产生原因是因为物体下表面受到向上的压力大于物体上表面受到的向下的压力。
本题考查了浮力产生的原因，属于基础题目，难度较小。

5.【答案】A 
【解析】解：A、用注射器注射药液时，是在外力的作用下将药液注入的，与大气压无关，故A符合题意；
B、用吸管吸饮料时，吸出吸管中的部分空气，使吸管内的气压减小，瓶中饮料在大气压的作用下，上升通过吸管进入口中，故B不合题意；
C、首先用力将挂衣钩的吸盘紧压在墙壁上，将塑料吸盘中的空气排出，通过手的挤压排出了吸盘内的气体，使内部气压小于外界大气压，这样外界大气压将挂衣钩压在墙壁上，故C不合题意；
D、钢笔吸墨水时，拧出管中的部分空气，使吸管内的气压减小，墨水在大气压的作用下进入钢笔中，故D不合题意。
故选：A。
大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。
生活中利用大气压强的例子很多，例如呼吸、吸管喝饮料、注射器吸入药液、钢笔吸墨水、抽水机等等，事例不同，但是理论相同．

6.【答案】B 
【解析】解：
A、用力举着杠铃不动运，人对杠铃的力向上，杠铃没有向上移动距离，力对杠铃没有做功，故A不合题意；
B、用力拉绳匀速提升重物，人给重物的力向上，重物向上移动了距离，力对重物做功，故B符合题意；
C、用力搬石头没搬动，人对石头的力向上，石头向上没有移动距离，力对石头没有做功，故C不合题意；
D、用力提着滑板沿水平方向移动，人给滑板的力向上，滑板向上没有移动距离，力对滑板没有做功，故D不合题意。
故选：B。
本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
本题考查了力是否做功的判断方法，有力有距离，力对物体不一定做功，物体必须在力的方向上通过了距离，力对物体才做功。

7.【答案】C 
【解析】解：A、启瓶器在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不合题意；
B、天平在使用时，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故B符合题意；
C、镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C不合题意；
D、裁纸刀在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不合题意。
故选：C。
结合图片和生活经验分析动力臂和阻力臂的大小关系，当动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆；当动力臂等于阻力臂时，是等臂杠杆。
本题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

8.【答案】B 
【解析】解：水桶受到竖直向下的重力G=80N，竖直向上的拉力F=100N，两者在同一直线上，则水桶受到的合力F合=F-G=100N-80N=20N，方向与拉力F的方向相同，即竖直向上。故B正确，ACD错误。
故选：B。
对水桶受力分析，然后根据同一直线上二力的合成方法求出物体受到的合力。
本题考查了受力分析、力的合成，是一道基础题；解题的关键是知道同一直线上二力的合成方法。

9.【答案】C 
【解析】解：一个标准大气压的值约为105 Pa，航天员生活的空间站的气压与标准大气压相近，故C正确。
故选：C。
航天员生活的空间站的气压与标准大气压相近。
本题考查标准气压的值，是对基础知识的考查。

10.【答案】A 
【解析】解：图中的滑轮是动滑轮，使用时可以省力，不能改变力的方向，费距离，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
使用动滑轮不能改变力的方向，费距离，可以省力。
本题考查的是动滑轮的特点，属于基础性题目。

11.【答案】D 
【解析】解：在托里拆利实验中，玻璃管内水银柱的高度代表了外界大气压强的大小，因此，只要外界大气压不变，它的垂直高度，即玻璃中内外液面高度差是不会改变的．
A、将玻璃管稍微倾斜，外界大气压不变，只会改变水银柱的长度，玻璃中内外液面高度差不发生改变，故A不合题意；
B、将玻璃管稍微向上提一点(管口未离开液面)，外界大气压不变，玻璃中内外液面高度差不发生改变，故B不合题意；
C、往水银槽内加少量水银，外界大气压不变，玻璃中内外液面高度差不发生改变，故C不合题意；
D、将该装置从山脚移至山顶上做实验，外界大气压变小，玻璃中内外液面高度差变小，故D符合题意。
故选：D。
在托里拆利实验中，玻璃管内水银柱的高度代表了外界大气压强的大小，因此，只要外界大气压不变，它的垂直高度是不会改变的．玻璃管倾斜只会改变水银柱的长度，而高度不会发生变化．管内水银柱的高度差与外界气压、是否进入空气有关，与玻璃管的粗细、是否倾斜、插入水银槽的深度无关。
学习托里拆利实验时，需要注意水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度；并对各种变化的情况是否会影响实验的结果，必须有一个明确的认识，这也是我们掌握这一实验的基本要求。

12.【答案】D 
【解析】解：A、它受到的重力和它对地面的压力方向相同，不是一对相互作用力，故A错误；
B、它受到的重力和它对地面的压力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C、它受到的重力和它受到的支持力作用同一物体上，不是一对相互作用力，故C错误；
D、它受到的重力和地面对它的支持力，作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
二力平衡的特点：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
相互作用力的特点：作用在两个不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
本题考查了平衡力和相互作用力的区分，把握这两种力的特点是解题的关键，是中考力学常见问题的考查。

13.【答案】C 
【解析】解：根据表格中的数据，利用公式ρ=mV可知，三个小球的密度分别为：
ρ甲=m甲V甲=15g30cm3=0.5g/cm3、ρ乙=m乙V乙=16g20cm3=0.8g/cm3、ρ丙=m丙V丙=18g10cm3=1.8g/cm3；
甲、乙的密度小于水的密度，所以甲、乙都漂浮在水中，根据物体的浮沉条件可知：F甲=G甲=m甲g=15×10-3kg×10N/kg=0.15N，F乙=G乙=m乙g=16×10-3kg×10N/kg=0.16N；
丙的密度大于水的密度，丙在水中下沉，根据阿基米德原理可知，丙受到的浮力为：F丙=ρ水gV排=ρ水gV丙=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×10-6m3=0.1N；
由此可知，F乙>F甲>F丙。
故选：C。
根据小球的质量和小球的体积分析小球密度大小；根据小球的密度与水的密度的关系分析小球在水中的状态，根据物体的浮沉条件分析和阿基米德原理浮力的大小。
本题考查了密度的计算、物体浮沉条件的应用、阿基米德原理的应用，难度不大。

14.【答案】A 
【解析】解：设图乙中长方体重力为G1，底面积为S1，图丙中长方体底面积为S2，
由F=pS可知，图乙中长方体对地面压力F1=p1S1=1800Pa×S1
图丙中长方体对地面压力F2=p2S2=3000Pa×S2
又因为图乙、丙中为同一长方体且均水平自然放置，F1=F2=G1，
即：1800Pa×S1=3000Pa×S2
解得：S2=35S1，
将乙、丙两图组装为一组合长方体，则F总=2G1，S总=S1+S2=85S1，
组合长方体体压强：p=F总S总=2G185S1=1.25×1800Pa=2250Pa
柱形均匀固体：p=ρgh，由于图甲和组合长方体的密度和高度均相同，所以图甲中长方体对地面的压强p=2250Pa。
故选：A。
由F=pS算出乙、丙两图中压力，利用压力相等，求出面积比，再将乙、丙组合成柱状固体，利用p=FS算出组合体的压强，根据柱状固体压强p=ρgh判断出图甲中长方体对水平地面的压强。
本题考查压强的计算、p=ρgh的特殊用法，需要对图形旋转组合，难度颇大。

15.【答案】在不停地做无规则运动  增大 
【解析】解：走近火遍全国的“淄博烧烤”，空气中处处弥漫着“肉香”味，这是分子在不停地做无规则运动的结果。如图，串肉的铁签一头要做得尖锐，是为了减小受力面积，增大压强。
故答案为：在不停地做无规则运动；增大。
(1)一切物体的分子都在不停地做无规则的运动。
(2)在压力一定时，减小受力面积，可以增大压强。
知道分子运动论的基本内容；知道增大和减小压强的方法。

16.【答案】惯性  增大 
【解析】解：小明在垫排球过程中发现，排球离开手之后，球在空中继续向上运动，这是因为排球具有惯性；排球在上升的过程中质量不变，高度增加，重力势能增大。
故答案为：惯性；增大。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。
(2)重力势能与质量和高度有关。
本题主要考查了惯性和重力势能；知道影响重力势能大小的因素。

17.【答案】大  中心 
【解析】解：漩涡中心的水流速度比旁边水流速度大，压强较小，而旁边水的流速较小，压强较大，形成一个向旋涡中心的压强差、压力差，从而导致周边的物体很容易被吸入漩涡。
故答案为：大；中心。
流体压强与流速的关系：流体流速大的地方、压强小，流体流速小的地方、压强大，据此分析回答。
此题考查流体压强和流速的关系，联系实际生活，明确不同位置水流的速度不同是突破此题的关键。

18.【答案】1.23×108  不变 
【解析】解：(1)导弹驱逐舰满载时受到海水的浮力为：
F浮=G排=m排g=12300×103kg×10N/kg=1.23×108N；
(2)驱逐舰从长江驶入大海，自身重力不变，由于驱逐舰始终处于漂浮，则F浮=G，所以驱逐舰受到长江水和海水的浮力相等，都等于驱逐舰受到的重力G。
故答案为：1.23×108；不变。
(1)根据阿基米德原理可知，船满载时受到的浮力等于其排开水的重力。
(2)驱逐舰从长江口驶入大海始终处于漂浮，受到的浮力都等于驱逐舰受到的重力(自身重不变)；据此可知浮力的大小关系。
本题考查了阿基米德原理的应用和浮沉条件的应用，难度不大。

19.【答案】1：2  3：4 
【解析】解：由p=FS知：FAFB=pApB⋅SASB=32⋅13=12；
对于质量分布均匀的柱状物体的压强p=FS=GS=ρShgS=ρgh，则pApB=ρAghAρBghB=ρAρB×21=32，则ρAρB=34。
故答案为：1：2；3：4。
利用压强公式和对于质量分布均匀的柱状物体的压强推导式进行分析即可。
本题考查对压强公式和质量分布均匀的柱状物体的压强推导式的应用，属于典型的难题，平时要多练习。

20.【答案】9mgh 30mght 
【解析】解：每个餐盘的重力为G=mg，顾客取走第1只餐盘，余下餐盘上升的高度均为h，餐盘机对余下的餐盘做功W1=(10-1)×Gh=(10-1)×mgh=9mgh；
顾客取走第2只餐盘，餐盘机对余下的餐盘做功W2=(10-2)×Gh=(10-2)×mgh=8mgh，
顾客取走第3只餐盘，餐盘机对余下的餐盘做功W3=(10-3)×Gh=(10-3)×mgh=7mgh，
顾客取走第4只餐盘，餐盘机对余下的餐盘做功W4=(10-4)×Gh=(10-4)×mgh=6mgh，
若餐盘被逐一取走，当剩下7只餐盘时，餐盘机对餐盘共做功W=W1+W2+W3+W4=9mgh+8mgh+7mgh+6mgh=30mgh，
功率P=Wt=30mght。
故答案为：9mgh；30mght。
(1)根据G=mg计算餐盘的质量，根据W=Fs=Gh计算顾客取走第1只餐盘，餐盘机对余下的餐盘做功；
(2)分别计算顾客取走第2、3、4只餐盘后，餐盘机对余下的餐盘做功，4次做功数据相加，即为当剩下6只餐盘时，餐盘机对餐盘共做功，利用P=Wt求得功率。
本题考查功的计算问题，属于对基础知识的考查，是一道较为简单的计算题。

21.【答案】解：小球悬浮在水中，浮力等于重力，从小球重心开始，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条带箭头的线段，并分别在线段末尾标上字母G和F浮；注意两条线段长度要相等，如下图所示：
 
【解析】物体悬浮时，浮力等于重力，根据重力的方向总是竖直向下和浮力的方向总是竖直向上，从小球重心表示出重力和浮力的大小和方向。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。需要注意平衡力的长度要相等。

22.【答案】解：已知支点为O，从支点O向力F1的作用线作垂线段l1，反向延长力F2的作用线，从支点O向力F2的作用线作垂线段l2，那么l1、l2即为所求作的力臂，如图所示：
 
【解析】力臂是支点到力的作用线的距离，因此要先确定支点，然后判断力的方向，再过支点做出力的作用线的垂线，支点到力的作用线的距离，即为所求作的力臂。
本题考查了力臂的画法。关键是要作出支点到力的作用线的垂线段。

23.【答案】减小  速度  阻力  越长  做匀速直线运动 
【解析】解：(1)小明调试实验装置时，让小车从斜面顶端由静止滑下，发现小车会滑出水平木板右端而掉落下去，说明小车下滑到水平面的速度过大，为解决此问题，可以适当减小斜面的倾角。
(2)实验时让小车从斜面的同一高度由静止滑下，其目的是让小车到达水平面时获得相同的速度。
(3)木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，小车在木板表面上通过的距离最长，速度减小得最慢，比较三次实验，发现水平面越光滑，物体受到的阻力越小，物体运动的距离越长；假如水平面足够光滑，则小车速度不会变小，将做匀速直线运动。
故答案为：(1)减小；(2)速度；(3)阻力；越长；做匀速直线运动。
(1)(2)由控制变量法，实验时让小车从斜面的同一高度由静止滑下，其目的是让小车到达水平面时获得相同的速度；
小车会滑出水平木板右端而掉落下去，说明小车下滑到水平面的速度过大，据此分析；
(3)木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，根据实验现象分析；据此推理回答。
本题探究阻力对物体运动的影响，考查控制变量法和推理法的运用。

24.【答案】高度差  明显  液体深度  相等  右 
【解析】解：(1)根据转换法，压强计通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大小，用手指按压橡皮膜发现U形管中的液面升降灵活，变化明显，说明该装置不漏气；
(2)进行实验，比较图甲、乙可知，液体密度相同，探头在液体中的深度不同，产生的压强不同，根据转换法和控制变量法可知，液体内部压强与深度有关；
(3)在图乙中保持探头的位置不变，改变探头的方向，U形管两液面的高度差不变，表明在相同条件下，液体内部向各个方向的压强相等；
(4)在容器的左右两侧分别装入深度相同的不同液体，看到橡皮膜向左侧凸起，则右侧液体压强大，根据p=ρgh，深度相同，则右侧液体的密度较大。
故答案为：(1)高度差；明显；(2)液体深度；(3)相等；(4)右。
(1)根据转换法，通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大小，高度差越大说明此时的液体压强越大；采用手指按压橡皮膜发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置不漏气，否则说明该装置漏气；
(2)(3)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(4)根据转换法分析。
本题探究影响液体压强大小的因素，涉及到转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。

25.【答案】3.8  DABC  1.4  C、D  =  能 
【解析】解：(1)A中测力计分度值为0.2N，读数为3.8N，即石块重力G=3.8N；
(2)为了使小桶在接水之后可直接计算水的重力，应先测量空桶的重，然后再测出石块的重力，并直接浸入水中观察测力计的示数，最后测排出的水和小桶的总重，求排出的水的重力．因此，最合理的顺序应为：DABC；
(3)B中弹簧测力计示数FB=2.4N，
石块浸没在水中受到的浮力大小为：F浮=G-FB=3.8N-2.4N=1.4N；
由C、D可得石块排开的水所受的重力：G排=FC-FD=2.6N-1.2N=1.4N；
(4)由(3)中数据可得：浸在水中的物体所受浮力的大小等于它排开液体的重力，即F浮=G排；
(5)另一实验小组在步骤B的操作中，只将石块的一部分浸在水中，其他步骤操作正确，排开水的体积变小，受到浮力也变小，但排开水的重力等于物体受到的浮力，则能得到与(3)相同的结论。
故答案为：(1)3.8；(2)DABC；(3)1.4；C、D；(4)=；(5)能。
(1)结合弹簧测力计的分度值读数；
(2)对于实验的合理顺序，我们应把握住两点：一是小桶是用来接排出的水的，在接水之前必须先测出空桶的重；二是物块要先测重力，再直接浸入水中；
(3)(4)由甲、乙根据称重法测浮力得出石块浸没在水中受到的浮力大小；石块排开的水所受的重力等于F丙-F丁；据此回答；
(5)没有完全浸没在液体中，浮力大小仍等于排开液体所受重力大小。
本题探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系，考查实验操作顺序、称重法测浮力、数据分析、阿基米德原理的运用。

26.【答案】木块被撞击后移动的距离  钢球  质量  速度  超速 
【解析】解：(1)实验中钢球摆动到竖直位置时，与静止在水平面上的木块碰撞，木块会在水平面上滑行一段距离后停止，本实验就是通过木块被撞击后移动的距离反映钢球撞击木块前的动能大小，这种研究方法叫转换法；
(2)对比实验1、2过程，速度相同，质量不同，m1 (3)对比实验2、3过程，让钢球从不同的角度下摆，钢球的质量相同，到达竖直位置时的速度不同，可以用来研究动能与速度的关系；这个实验可以反映出交通运输中超速的危害。
故答案为：(1)木块被撞击后移动的距离；钢球；(2)质量；(3)速度；超速。
(1)分析实验现象可根据小木块被撞击后移动的距离比较出动能的大小，从而根据转换法得出结论；
(2)(3)动能的大小与小球的质量、速度有关，根据控制变量法分析可知，采用转换法将小球动能大小转化为观察木块被撞击后移动距离的远近，分析实验现象得出结论；要探究动能大小与物体速度的关系，需保持物体的质量相同；则需使钢球从同一斜面的不同高度由静止开始运动；要探究动能大小与物体质量的关系，需保持物体的速度相同；则需使钢球从同一斜面的同一高度由静止开始运动。
本题考查了探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验，实验应用了转换法和控制变量法，掌握转换法与控制变量法的应用、分析表格数据即可正确解题。

27.【答案】右  力臂  2  找普遍规律，避免偶然性  变大  O G物×lONgV×lOM  均匀  1.5 
【解析】解：(1)①实验前杠杆右侧高，左侧低，根据杠杆的平衡条件可知，应向右调节平衡螺母；使杠杆在水平位置平衡这样做的目的是为了便于测量力臂；
②设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件得，FALA=FBLB，即2G×3L=3G×LB，解得LB=2L，所以三个钩码，需挂在杠杆O点右侧第2格的位置，使杠杆再次在水平位置平衡；
③实验时，多次换用不同数量的钩码，并改变钩码在杠杆上的位置，重复实验，这样做的目的是：找普遍规律，避免偶然性；
④保持B点不变，当弹簧测力计从a位置转到b位置时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力将变大；
(2)①小桶内没有液体时，根据杠杆平衡条件可知，当右侧挂上重物时杠杆不可能在水平位置平衡，只有重物在O点是杠杆才能在水平位置平衡，故密度计的“0刻度”在O点；
②小桶内装入液体时，根据杠杆平衡条件可知，当杠杆处于水平平衡状态时，G液×lOM=G物×lON，
小桶内所装液体的重力为G液=ρ液gV，整理可得ρ液=G物×lONgV×lOM；
由于G物、gV和lOM都是定值，故ρ液与lON成正比，故改装后杠杆右端的密度刻度线是均匀分布的；
③ρ液=G物×lONgV×lOM，代入数据可得：ρ液=1.5g/cm3；
故答案为：(1)①右；力臂；②2；③找普遍规律，避免偶然性；④变大；(2)②O；G物×lONgV×lOM；均匀；③1.5。
(1)①杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母(或一端的螺母)要向杠杆上翘的一端调节；为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡；
②杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，据此分析；
③初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性；
④保持B点不变，当弹簧测力计从a位置转到b位置时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件判断力的变化情况；
(2)通过调节平衡螺母的位置来消除小桶重力造成的影响，杠杆再次达到在水平位置平衡，然后根据杠杆平衡条件和密度公式解题。
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用、对力臂的理解及从图中获取信息的能力。

28.【答案】答：刚放入水中时，由于饺子的密度大于水的密度，所受的浮力小于自身的重力，所以会沉入水底；煮一段时间后，饺子里的空气和水蒸气受热膨胀，使饺子体积变大，所受浮力增大，大于重力，于是就浮了起来。 
【解析】物体在水中有沉有浮，判断物体沉浮有一定的标准。物体在水中的沉浮与构成他们的材料和液体的性质有关。改变物体排开的水量，物体在水中的沉浮可能发生改变。当物体在水中受到的浮力大于重力时就上浮，当物体在水中受到的浮力小于重力时就下沉。
本题考查了学生对物体的浮沉条件和阿基米德原理的掌握和运用，贴近生活实际。

29.【答案】解：(1)C919的重力：
G=mg=70×103kg×10N/kg=7×105N；
C919静止停放在水平跑道上时对地面的压力：
F=G=7×105N，
C919对地面的压强：
p=FS=7×105N4m2=1.75×105Pa；
(2)飞机在空中匀速水平飞行时的速度为720km/h=200m/s，
因C919做匀速直线运动的过程中处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，C919匀速直线运动的过程中的牵引力：
F牵=f=0.1G=0.1×7×105N=7×104N；
飞机在空中匀速水平飞行时的功率为：
P=Wt=7×104N×200m=1.4×107W。
答：(1)飞机静止停放在水平跑道上对地面的压强大小为1.75×105Pa；
(2)飞机在空中匀速水平飞行时的功率为1.4×107W。 
【解析】(1)知道C919的总质量，根据G=mg求出其重力；C919静止停放在水平跑道上时对地面的压力和自身的重力相等，根据p=FS求出对地面的压强；
(3)C919匀速直线运动的过程中处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据F=f=0.1G求出牵引力，根据P=Wt求出飞机在空中匀速水平飞行时的功率。
本题考查了重力和压强以及二力平衡条件的应用、功率的计算，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。

30.【答案】解：(1)有用功W有用=Gh=200N×6m=1200J；
(2)拉力做的总功W总=W有用η=1200J80%=1500J，
图中连接动滑轮的绳子股数n=2，拉力移动的距离s=2h=2×6m=12m，
绳子自由端的拉力F=W总s=1500J12m=125N；
(3)拉力做的额外功W额=W总-W有用=1500J-1200J=300J，
不计绳重及摩擦，额外功是克服动滑轮的重力做的功，则动滑轮重G动=W额h=300J6m=50N。
答：(1)有用功为1200J；
(2)绳子自由端的拉力为125N；
(3)动滑轮重为50N。 
【解析】(1)根据W=Gh计算有用功；
(2)根据W总=W有用η计算总功，图中连接动滑轮的绳子股数n=2，拉力移动的距离s等于物体上升高度的2倍，根据F=W总s计算拉力的大小；
(3)额外功等于总功减去有用功，不计绳重及摩擦，额外功是克服动滑轮的重力做的功，根据G动=W额h计算动滑轮重力。
本题考查了有用功、总功、额外功的相关计算，属于基础题，要求掌握。

31.【答案】解：(1)当h=21cm时，水对杯底的压强为：
p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.21m=2100Pa；
(2)由图可知当h=15cm时，图象出现拐点，即A恰好处于漂浮状态，h从18-21cm，
水的体积变化：ΔV'=S容(h5-h4)=60cm3，
即：S容×(21cm-18cm)=60cm3，
解得：S容=20cm2，
当h=21cm时，水对杯底的压力为：
F=pS容=1.2×103Pa×2×10-3m2=2.4N；
(3)由表中数据可知，h从5-10cm，水的体积变化：
ΔV=(S容-SA)(h2-h1)=(20cm2-SA)×((10cm-5cm)=60cm3,
解得：SA=8cm2，
由图可知当h=15cm时，图象出现拐点，即A恰好处于漂浮状态，则此时浮力达到最大，
此时A排开水的体积为：V排=SAh3=8cm2×15cm=120cm3，
此时受到的浮力最大：
F浮=ρ水V排g=1×103kg/m3×120×10-6m3×10N/kg=1.2N。
答：(1)水对杯底的压强为2100Pa；
(2)水对杯底的压力为2.4N；
(3)此过程中，长方体受到的最大浮力为1.2N。 
【解析】(1)根据液体压强公式可求出水对杯底的压强；
(2)由图可知当h=15cm时，图象出现拐点，即A恰好处于漂浮状态，h从18-21cm，水的体积变化ΔV'=S容(h5-h4)=60cm3，据此求出S容；根据F=pS可求出水对杯底的压力；
(3)根据图象中数据可知，h从5-10cm，水的体积变化ΔV=(S容-SA)Δh=60cm3，据此求出SA；由图可知当h=15cm时，图象出现拐点，即A恰好处于漂浮状态，则此时浮力达到最大，根据阿基米德原理可求出浮力。
本题是一道复杂的力学计算题，考查了学生对压强定义式、液体压强公式、阿基米德原理的掌握和运用，根据表中数据确定最后长方体的浮沉状态是本题的关键。